还剩25页未读，
继续阅读
2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理六模试卷（含解析）
展开
这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理六模试卷（含解析），共28页。试卷主要包含了 下列数据符合实际的是等内容，欢迎下载使用。
2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理六模试卷
1. 某同学对以下四种现象中的物态变化做了以下描述，正确的是( )
A. 固态的碘受热后直接变成碘蒸气是汽化现象
B. 秋天的早晨草上有露珠出现是凝华现象
C. 北方冬天在菜窖里放几桶水，利用水凝固放热使菜不被冻坏
D. 秋天早晨的浓雾在太阳照射下很快消失是升华现象
2. 下列数据符合实际的是( )
A. 手托两个鸡蛋匀速竖直抬高1m做功约为10J
B. 一节新干电池的电压为2V
C. 家用电冰箱正常工作时的电流约为10A
D. 一名中学生双脚站在水平地面上时，对地面的压强约为1.2×104Pa
3. 妈妈新买的手机，其解锁“钥匙”是特定人的指纹(S1)、密码(S2)或人脸识别钥匙(S3)，三者都可以单独使手机(M)解锁并工作，如图中电路符合设计要求的是( )
A. B.
C. D.
4. 中国茶文化源远流长，如图所示是小明给爸爸泡的一杯绿茶。观察水中起伏的茶叶，结合所学的物理知识，下列解释正确的是( )
A. 茶叶漂浮在水面时受到的浮力大于重力
B. 杯中茶叶下落过程中主要受到惯性的作用
C. 握在手中静止的茶杯所受的摩擦力大于其重力
D. 杯子对桌面的压力与桌面对杯子的支持力是一对相互作用力
5. 2022年2月6日，中国女足再度夺得亚洲杯冠军，如图是足球落地后又弹起的示意图。下列关于足球的描述，正确的是( )
A. 在B点时受力平衡
B. 在A、D两点动能可能相等
C. 在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
D. 在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
6. 下列关于图中的四幅图的说法中错误的是( )
A. 甲图是发电机的工作原理
B. 乙图实验说明电流周围有磁场
C. 丙图中，使用测电笔时手一定不能触碰金属笔尖
D. 丁图中，有人触电，应该立即切断电源或用绝缘棒把导线挑开
7. 如图所示为某家庭卫生电路电灯和电热器都在正常工作。在三孔插座上刚插上洗衣机(开关未闭合)的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了，下列分析合理的是( )
A. 若将灯泡改接到零线的熔丝的位置，小灯泡能正常发光
B. .断开S1、S2，再用测电笔检测三孔插座的左右两孔，氖管都发光
C. .只断开S1，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光
D. .若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡均变暗
8. 如图所示电路，电源电压不变，开关闭合，向右调节滑动变阻器的滑片。下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变大
B. 电路的总功率变大
C. 电压表V2与电压表V1示数之差变小
D. 电压表V1与电流表A示数之比变小
9. 甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同密度的盐水。将同一个鸡蛋先后放入甲、乙两杯中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示。则下列说法错误的是( )
A. 鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大 B. 鸡蛋在甲杯中排开液体的质量较大
C. 乙杯中盐水的密度较大 D. 甲杯底部所受的液体压力较大
10. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，定值电阻R1的U−I关系图象如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为7.5V
B. R1的电阻值为10Ω
C. 电路消耗的最大功率为3.6W
D. 当电路中的电流为0.2A时，R2消耗的电功率为0.5W
11. 如图所示是一款我国自行研制的“防疫机器人”，它是防疫战役的“特殊战士”，可以实现24小时待命，能完成消毒清洁、送药送餐、测温巡查等工作。若该机器人某次接到送药送餐指令后开始行进，以地面为参照物它是______(填“静止”或“运动”)的。若该机器人以0.4m/s的速度在水平地面上匀速直线行驶50s，则它行驶的路程是______m。
12. 学校落实“双减”政策，促进学生全面发展以来，小明假期在家帮妈妈做简单的家务，并同时从生活中寻找物理知识。当他打开家中的冰箱门，看到冰箱内的照明灯亮着，而压缩机并没有工作，从而他判断出冰箱内的照明灯和压缩机是______(填“串联”或“并联”)的；小明家空调的工作状态可通过遥控器发出的______(填“紫外线”或“红外线”)指令控制。
13. 当马拉着载有500kg货物的雪橇在平直的公路上匀速行驶时，马对雪橇的水平拉力为500N，雪橇在水平方向上受到的阻力为______N；若雪橇上的货物卸下了200kg后，马拉雪仍匀速行驶，马对雪橇的水平拉力将会______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
14. 快速行驶的汽车，一旦发生碰撞，车身就停止运动，而乘客身体由于______ 会继续向前运动，在车内与车身撞击，严重时可能把挡风玻璃撞碎而飞出车外。多数轿车上还安装了如图所示的安全气囊，一旦车辆的______ (填“前端”或“后端”)发生严重撞击，气囊会自动充气弹出，使人不致撞到车身。
15. 如图所示，某同学在探究凸透镜成像规律实验中，他将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，蜡烛放置在20cm刻度线处时，移动光屏可得到一个清晰倒立的、______ 的实像(选填“放大”、“等大”、“缩小”)；该同学又在蜡烛与凸透镜之间靠近凸透镜处，放置一近视镜片，为了使光屏上再次呈现烛焰清晰的像，应将光屏沿着光具座向______ 移动(选填“左”或“右”)。
16. 某市交警部门加大对电动车拆除安装遮阳伞的检查力度。遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，遮阳伞下方空气流速小、压强______，伞面被向上吸；某品牌电动车电动机的输入电压恒为48V，通过的电流是5A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，2min内线圈产生的热量为______J。
17. 秸秆焚烧会对环境造成很大的污染，因此国家大力提倡秸秆回收再利用。秸秆可以回收加工制成秸秆煤，其热值为2.1×107J/kg。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出______J的热量；若这些热量被一标准大气压下50kg初温为60℃的水全部吸收，则可使水温升高______℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 如图所示，电源电压6V保持不变，R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，若只闭合S2，R1与R2两端电压之比为______ ；若同时闭合三个开关，R2与R3功率之比为______ 。
19. 电炉中的电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电炉的导线却不怎么热，主要是因为导线与电热丝______ (选填“电流”或“电阻”)不同。小彬用如图所示的实验装置探究“电流的热效应跟电阻大小的关系”，电源电压为3V，电阻丝R1=10Ω，R2=20Ω，两气球相同。闭合开关后，密闭烧瓶内等量的空气被加热，他观察到______ (选填“甲”或“乙”)气球先鼓起来。
20. 请在图中标出小磁针静止时的N极，并用箭头标出通电螺线管外部一条磁感线的方向。
21. 在B点画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的示意图。
22. 小华同学在做“探究平面镜成像特点”的实验中，在竖立的玻璃板左侧放置点燃的蜡烛，如图甲所示。
(1)选择玻璃板代替平面镜的目的是______。为了找到像的位置，小华拿着另一支完全相同但未点燃的蜡烛在玻璃板右侧移动时，人眼应当在______点(用图中字母表示)所示的位置来观察。
(2)如果实验中将点燃的蜡烛靠近玻璃板，它所成的像的大小将______(填“变大”“变小”或“不变”)。
(3)在实验测量时，为了便于得到完整的实验结论，老师允许小华在图乙中挑选一个适合的测量工具，小华应选择______(填“量角器”“三角尺”或“皮卷尺”)进行测量。
23. 如图是小铁和小岭同学“探究二力平衡条件”的实验情景。
(1)如图甲，小铁同学将系于小卡片(重力可忽略不计)两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，当小卡片平衡时，小铁将小卡片转过一个角度，松手后小卡片______ (选填“能”或“不能”)平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究______ 。
(2)若小铁在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度(如图乙所示)，你认为______ (选填“能”或“不能”)用小铁的装置进行实验。
(3)在探究同一问题时，小岭同学将木块放在水平桌面上，设计了如图丙所示实验，同学们认为小铁的实验优于小岭的实验，主要原因是因为小铁的实验______ 。
24. 在“探究影响液体内部压强的因素”实验中。
(1)如图甲所示，使用前用手指按金属盒上的橡皮膜，是为了检查实验装置的______ 。
(2)实验过程中通过观察U形管两侧液面的______ 来比较液体内部压强的大小。
(3)如图乙所示，金属盒在水中的深度为______ cm。
(4)比较乙、丙两图，小明认为液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小，为研究此问题，小华在丙图中保持金属盒的位置不变，往容器内加水，当水面到容器底的距离L满足条件：______ 时，和乙图对比，可说明小明的观点是错误的。
25. 在探究不同物质的吸热情况的实验中，实验装置如图甲所示。
(1)测量工具除了需要用到的温度计和天平外，还需要用到______ 。
(2)实验中在两个相同的烧杯内盛有______ 和初温相同的水和食用油。
(3)用规格相同的电加热器给物质加热，实验中用______ 来反映物质吸热的多少。
(4)乙图是根据实验中测得的数据绘制的两种物质的温度随时间变化的图象，其中表示水的温度随时间变化的图象是______ (填“A”或“B”)。
(5)实验结论：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量______ (填“相同”或“不同”)。
26. 如图所示为“探究电磁铁磁性强弱的因素”的实验电路图。
(1)图中甲和乙两个电磁铁，______ 的磁性较强。
(2)滑片P向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数变______ 。
(3)图中电磁铁吸引的大头针的下端是分散的，这是因为______ 。
27. 小风在测量小灯泡正常发光时的电阻的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡正常发光的电压为2.5V，如图甲所示是已经连接完整的实验电路。
(1)连接实验电路的过程中开关应______ ；
(2)闭合开关后移动滑动变阻器的滑片P同时观察______ (选填“电压表”或“电流表”)示数的变化，当电压表的示数如图乙所示时，其读数为______ V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向______ (选填“左”或“右”)移动；
(3)另一组的小念同学在连线时，不小心将线接错了，当开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数变大时，电压表示数却变小，请分析产生这个现象的原因是______ ；
(4)电路正常后改变滑片P的位置获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I−U图像。由图像可知小灯泡正常发光时的电阻约为______ ；(保留一位小数)
(5)接着小念换用另一未知电压的新电源和一些定值电阻(替换小灯泡)，利用与图甲同样的电路又做了几次实验，保持滑动变阻器滑片在某一位置不变，记录了数据，有了新的发现，可以将电压表改成直接读出电阻值的欧姆表，那么5.0V处应为______ Ω；
次数
1
2
3
4
5
电阻R(Ω)
5
10
15
20
电压U(V)
2.0
3.0
3.6
4.0
5.0
(6)完成上述实验后，小念同学还设计了如图所示的电路，测出了另一小灯泡正常发光时的电阻。已知滑动变阻器R1的最大阻值为R0，小灯泡正常发光时的电流为I0，请将以下实验步骤补充完整：
①只闭合S和S1，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表的示数为I0；
②只闭合S和S2，______ 使电流表的示数仍为I0；
③再将R1的滑片调至最左端，记下电流表的示数为I1；再将R1的滑片调至最右端，记下电流表的示数为I2；
④写出小灯泡正常发光时电阻的表达式：RL= ______ (用R0、I1、I2表示)。
28. 如图所示，工人们用滑轮组匀速提起水池中体积为0.1m3、密度为2.7×103kg/m3的实心金属块，在10s内竖直上升了0.5m(金属块始终浸没在水中)，水面到池底的深度为12m。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)求：
(1)水池底部受到水的压强；
(2)金属块受到的浮力大小；
(3)若不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，则作用于绳子末端拉力功率为多大？
(4)若实际所用拉力为1000N，则这个滑轮组的机械效率为多大？
29. 养生壶是一种以养生保健为目的，可以烹煮各种食材的小家电产品，类似于电热水壶。小文家的养生壶(如图所示)有保温和加热两个挡位，部分参数如表所示。
***养生壶
参数
额定电压
220V
保温功率
44W
加热功率
1210W
最大装水量
1kg
(1)请你计算该养生壶正常保温时的电流和电阻。
(2)小文将养生壶中加入质量为1kg、初温为20℃的水，关闭家中其他用电器的电源，只让养生壶在加热状态工作，开始加热至水烧开用时6min，如图所示的电能表的转盘刚好转过300转。[气压为1标准大气压，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]请计算该养生壶在此过程中：
①实际功率。
②加热水的效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、固态的碘受热后直接变成碘蒸气是升华现象，故A错误；
B、露珠是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、冬天在菜窖里放几桶水，当温度很低时，水凝固放热，可防止菜被冻坏，故C正确；
D、秋天早晨的浓雾在太阳照射下很快消失是汽化现象，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变成气态的过程叫升华，物质从气态直接变成固态的过程叫凝华。
(2)吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物态变化过程有：凝固、液化和凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
2.【答案】D
【解析】解：A、两个鸡蛋重约G=1N，手托两个鸡蛋匀速向上抬高1m做功约为W=Gh=1N×1m=1J，故A不符合实际；
B、一节新干电池的电压是1.5V，故B不符合实际；
C、电冰箱的功率在220W左右，其工作电流在I=PU=220W220V=1A左右，故C不符合实际；
D、中学生双脚面积(受力面积)S=0.04m2；中学生的质量大约为50kg，压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，压强p=FS=500N0.04m2=1.25×104Pa，故D符合实际。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】C
【解析】解：由题知，三个开关都可以单独控制手机M解锁工作，所以三个开关应并联再与M串联，故C符合要求。
故选：C。
三种解锁“钥匙”都可单独使手机M解锁工作，据此结合串联和并联的特点来分析解答。
本题考查了电路的设计，要知道串联电路中只要有一个开关断开，整个电路都断路，并联电路中各支路间互不影响。
4.【答案】D
【解析】解：A.茶叶漂浮在水面时，根据物体的浮沉条件可知，此时茶叶受到的浮力等于重力，故A错误；
B.杯中茶叶下落过程中因为重力大于浮力，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C.握在手中静止的茶杯处于平衡状态，所受的摩擦力和重力是一对平衡力，摩擦力大小等于重力的大小，故C错误；
D.杯子对桌面的压力与桌面对杯子的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在不同两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析；
(2)惯性是一种性质，不是一种作用；
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；一对相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在不同的物体上。
本题考查了物体浮沉条件的应用、二力平衡条件的应用、相互作用力的辨析、惯性，属于综合题。
5.【答案】B
【解析】解：A、足球在B点时受重力和空气阻力的作用，这两个力不在一条直线上，故足球受力不平衡，故A错误；
B、由题图可知，足球落地弹起后的高度越来越低，说明足球的机械能逐渐减小，故足球在A点的机械能大于其在D点的机械能，而A点的高度大于D点的高度，则足球在A点的重力势能大于其在D点的重力势能，且机械能等于动能与势能的总和，所以足球在A、D两点的动能可能相等，故B正确；
C、足球在C点时，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，运动状态保持不变，故C错误；
D、在运动过程中，足球的机械能不断减小，所以不仅存在动能和势能的相互转化，还存在机械能转化为内能，故D错误。
故选：B。
(1)机械能包括动能和势能；物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
(2)在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。
深入理解影响动能和重力势能的因素，理解动能和势能转化过程中，机械能的变化情况，是解答此题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、图中有电源，闭合开关后，金属棒ab受力运动，是电动机的工作原理；发电机的工作原理是电磁感应现象，故A错误；
B、该图是奥斯特实验，此实验证明了电流周围存在磁场，故B正确；
C、用测电笔辨别火线、零线时，手指一定要接触测电笔上端的金属帽，不能触碰金属笔尖，故C正确；
D、发现有人触电时，应该立即切断电源或用绝缘棒把导线挑开，使触电者脱离火线，故D正确。
故选：A。
(1)发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的作用的原理制成的；
(2)通电导体周围存在磁场；
(3)测电笔中的氖管发光与否是判断火线和零线的主要依据，发光则为火线，不发光则为零线。但手一定要接触笔尾金属体，这样才能和大地连成通路，使电流通过，氖管才有可能发光；
(4)有人触电时，首先要断开电源。
知道电磁铁、电动机和发电机的制作原理即原理图、测电笔的使用以及安全用电的知识是解决该题的关键。
7.【答案】ACD
【解析】【试题解析】
解：
A、用测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管都发光，说明零线上的熔丝断了，如果将灯泡改接到零线的熔丝的位置，则灯泡可以与火线和零线连接成通路，因此灯泡能正常发光，故A合理。
B、断开S1、S2时，三孔插座的左孔无法与火线相连，因此用测电笔检测三孔插座的左孔时，氖管不发光，故B不合理；
C、只断开S1，开关S1的两个接线柱下方接线柱可以通过灯泡电热器与火线相连，因此用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光，故C合理。
D、若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡串联，因此两灯泡均变暗，故D合理。
故选：ACD。
(1)保险丝熔断是因为电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；
(2)在插上洗衣机(开关未闭合)的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机(开关未闭合)的插头，所有用电器都停止工作，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
8.【答案】C
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源的电压，电流表测量电路中的电流；
A、开关闭合，向右调节滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A错误；
B、电源电压不变，电路中的电流变小，根据P=UI可知，电路的总功率变小，故B错误；
C、由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V2示数不变；电路中的电流变小，根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V1示数变大，所以电压表V2与电压表V1示数之差变小，故C正确；
D、根据R=UI可知，电压表V1与电流表A示数之比为滑动变阻器接入电路的电阻，电阻变大，比值变大，故D错误。
故选：C。
由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源的电压，电流表测量电路中的电流；根据电源的电压可知滑片移动时电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，从而得出电压表V2与电压表V1示数之差变化；根据R=UI分析电压表V1与电流表A示数之比的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.【答案】ABD
【解析】解：AB、物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以，同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力；因为浮力相同，F浮=G排=m排g，所以，鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等，故AB错误；
C、由图可知，同一只鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态，根据浮沉条件可得：ρ甲=ρ蛋，ρ乙>ρ蛋；所以，乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度，故C正确；
D、两杯中液面相平，乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度，根据p=ρgh可知，乙杯底所受的液体压强较大；两个杯子完全相同，则底面积相等，根据F=pS可知，乙杯底部所受的液体压力较大，故D错误。
故选：ABD。
(1)根据物体的浮沉条件，判断两者所受浮力关系；根据阿基米德原理F浮=G排判断排开液体的质量关系；
(2)根据物体的浮沉条件，分别比较鸡蛋与两种盐水的密度关系，得出两种液体的密度关系；
(3)根据p=ρgh判断两杯底部所受压强关系，然后利用p=FS判断两杯底部所受压力关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】BC
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)当滑动变阻器的滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，
由图乙图象可知，电路中的最大电流为0.6A，此时定值电阻R1两端的电压为6V，即电源电压为6V，故A错误；
由欧姆定律可知，R1的阻值：R1=U I大=6V0.6A=10Ω，故B正确；
电路消耗的最大功率：P大=UI大=6V×0.6A=3.6W，故C正确；
(2)由图乙图象可知，当电路中的电流为0.2A时，定值电阻R1两端的电压为2V，
由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器R2两端的电压为：U2=U−U1=6V−2V=4V，
则R2消耗的电功率：P2=U2I小=4V×0.2A=0.8W，故D错误。
故选：BC。
由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)当滑动变阻器的滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电阻中的电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的最大电流和定值电阻R1两端的电压即为电源的电压；根据欧姆定律求出R1的阻值；根据P=UI求出电路消耗的最大功率；
(2)根据图象读出电路中的电流为0.2A时，定值电阻R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，根据P=UI求出R2消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
11.【答案】运动 20
【解析】解：若该机器人某次接到送药送餐指令后开始行进，以地面为参照物，它相对于地面的位置发生变化，是运动的。
若该机器人以0.4m/s的速度在水平地面上匀速直线行驶50s，则它行驶的路程s=vt=0.4m/s×50s=20m。
故答案为：运动；20。
物体相对于参照物的位置发生变化，是运动的。
根据s=vt得出它行驶的路程。
本题考查速度公式的应用、运动和静止的相对性，综合性强，难度适中。
12.【答案】并联 红外线
【解析】解：(1)由题意可知，冰箱内的指示灯和压缩机可以独立工作，互不影响，因此，它们是并联的；
(2)空调器的工作状态可通过遥控器发出的红外线进行控制。
故答案为：并联；红外线。
(1)串联电路电流只有一条路径，各用电器不能独立工作，且相互影响；并联电路电流有多条路径，各用电器能独立工作，互不影响。
(2)遥控器是利用红外线控制用电器的。
本题主要考查了串并联电路的辨别以及红外线的应用，难度不大。
13.【答案】500 减小
【解析】解：当马拉着载雪橇在平直的公路上匀速行驶时，雪橇在水平方向受到的拉力和阻力是一对平衡力，所以这两个大小相等、方向相反，即阻力f=F=500N；
当雪橇上的货物卸下了200kg后，雪橇对地面的压力减小，雪橇受到的摩擦力减小，由于雪橇仍然匀速行驶，所以马对雪橇的水平拉力减小。
故答案为：500；减小。
(1)物体在力的作用下保持匀速直线运动状态，受到的力是平衡力；平衡力的大小相等、方向相反，作用在同一条直线上；
(2)摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大。
此题考查了二力平衡条件以及影响滑动摩擦力的因素，难度不大，理解和熟记相关知识点即可解答。
14.【答案】惯性 前端
【解析】解：快速行驶的汽车发生碰撞时，车身停止运动，而乘客身体由于惯性会继续向前运动，容易发生伤害事故；
多数轿车上还安装了安全气囊，一旦车辆的前端发生严重撞击，人由于惯性向前冲，此时气囊会自动充气弹出，使人不致撞到车身。
故答案为：惯性；前端。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，汽车的安全带和气囊都能够在关键时刻防止因惯性给人带来伤害。
本题主要考查了对惯性的理解和对惯性现象的认识，要学会分析汽车结构中与惯性相关的配置。
15.【答案】缩小 右
【解析】解：
(1)由图可知，此时u=50cm−20cm=30cm>2f，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像；
(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即向右移动。
故答案为：缩小；右。
(1)凸透镜成像时，若物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；
(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线错后会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。
此题是探究凸透镜成像的规律实验，考查了成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。
16.【答案】大 1500
【解析】解：(1)伞面“上凸下平”，当电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强小；伞下方空气流速小，压强大，伞就受到一个向上的压强、压力差，使伞面向上吸；
(2)电流通过线圈所产生的热量：
Q=I2Rt=(5A)2×0.5Ω×2×60s=1500J。
故答案为：大；1500。
(1)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大；
(2)由Q=I2Rt计算电流通过线圈产生的热量。
本题主要考查了流体压强和流速的关系在实际生活中的应用和电热的计算，注意电动机工作时是非纯电阻用电器，将电能转化为内能和机械能，注意正确选择合适的公式。
17.【答案】1.05×107 40
【解析】解：(1)完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出的热量：Q放=mq=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J；
(2)由题意可知，水吸收的热量Q吸=Q放=4.2×103J/(kg⋅℃)，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m′=1.05×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=50℃；
由Δt=t−t0可知，水的末温：t=Δt+t0=50℃+60℃=110℃；
一个标准大气压下，水沸腾的温度是100℃，所以水的末温是100℃；
则水实际升高的温度：Δt′=100℃−60℃=40℃。
故答案为：1.05×107；40。
(1)利用Q放=mq计算出完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出的热量；
(2)由题意可知，水吸收的热量Q吸=Q放，利用Q吸=cmΔt计算出水升高的温度，利用Δt=t−t0计算出水的末温，再根据1个标准大气压下，水的沸点是100℃，最后确定水实际升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的应用，本题的关键是知道1个标准大气压下，水的沸点是100℃，而且水沸腾过程中，温度不变。
18.【答案】1：2 3：2
【解析】解：(1)由图知，若只闭合S2，R1、R2串联，
因为串联电路电流处处相等，所以此时R1与R2两端的电压之比为：
U1U2=IR1IR2=R1R2=10Ω20Ω=12；
(2)若同时闭合三个开关，对R1短路，电阻R2、R3并联，
因为并联电路各支路电压相等，所以R2与R3电功率之比：
P2P3=U2R2U2R3=R3R2=30Ω20Ω=32。
故答案为：1：2；3：2。
(1)由图知，若只闭合S2，R1、R2串联，根据串联电路电流的特点和欧姆定律算出此时R1与R2两端的电压之比；
(2)若同时闭合三个开关，对R1短路，电阻R2、R3并联，两端电压相等，根据根据P=U2R即可求出算出通过R2与R3电功率之比。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，明确开关闭合前后电路的连接是解题的关键，难度不大。
19.【答案】电阻 乙
【解析】解：电炉中电热丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，已知Q电热丝>Q导线，根据Q=I2Rt可知R电热丝>R导线，所以电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电炉的导线却不怎么热，主要是因为电热丝比导线的电阻大；
由图可知，两电阻丝串联有电路中，这样可保证电流相同、加热时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以乙中产生的热量多，乙中的气球先鼓起来。
故答案为：电阻；乙。
(1)电炉中电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；
(2)实验中，根据气体的热胀冷缩性质，利用气球的膨胀来反映电流产生热量的多少，这是转换法的运用；电流产生的热量与电阻大小、通电时间的长短、电流大小有关。
本题考查了影响电热的因素，难度不大，要理解。
20.【答案】解：根据通电螺线管线圈中的电流方向，由安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极，因此可知通电螺线管外部磁感线的方向是从右端指向左端；同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针左端为S极，右端为N极。据此作图。
【解析】已知电源的正负极则可知电流方向，由安培定则可知螺线管磁极，由磁感线的特点可知磁感线的方向；由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极。
此题考查了安培定则、磁感线的特点、磁极间的相互作用，难度不大，属基础题目。
21.【答案】解：用力方向与0B垂直，这样动力臂最长(等于OB)，最省力，如图所示。
【解析】使用杠杆时，若阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此解答此题时，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：①确定支点和动力作用点；②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线；此题中，易出现的错误是以A为动力作用点，但实际上这样得到的动力臂不是最长的，因此解题时一定不要被惯性思维所误导。
22.【答案】方便确认物像的位置及大小 A 不变 三角尺
【解析】解：(1)在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是确认物像的位置及大小；平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A点蜡烛所在这一侧，直到B与A蜡烛的像完全重合为止，B与A的像能完全重合，说明像与物的大小相等；
(2)平面镜成像与成像物体大小相等，将蜡烛A移近玻璃板时，蜡烛A的大小不变，则像的大小不变；
(3)实验中应该用刻度尺测量物到平面镜的距离和像到平面镜的距离，而量角器不能测量物体的长度，皮尺用来测量比较长的物体的长度，故B三角尺符合题意。
故答案为：(1)确认物像的位置及大小；A；(2)不变；(3)三角尺。
(1)在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是确认物像的位置及大小。实验过程中，眼睛要在蜡烛A侧观察，眼睛既能看到蜡烛A，又能看到代替蜡烛A的蜡烛B.当蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，根据平面镜成像特点进行判断；
(2)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
(3)实验中应该用刻度尺测量物到平面镜的距离和像到平面镜的距离，据此分析。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
23.【答案】不能 不在同一条直线上的两个力能否平衡 能 可以减小摩擦力对实验的影响
【解析】解：(1)小卡片两端通过滑轮在线的两端挂上钩码，两侧的钩码由于重力的作用，通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；将小卡片转过一个角度，小卡片两端的拉力就不在同一条直线上，卡片就会转动，是验证不在同一直线上两个力是否能平衡；
(2)图乙中，两个定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验；
(3)小铁实验用的小卡片重力小，悬在空中时绳子与滑轮间的摩擦力较小；小岭实验用的木块放在水平桌面上，木块和桌面之间的摩擦力较大，摩擦力对实验结果的影响较大，所以小铁的实验优于小岭的实验。
故答案为：(1)不能；不在同一条直线上的两个力能否平衡；(2)能；(3)可以减小摩擦力对实验的影响。
(1)钩码由于重力的作用，会对小卡片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小卡片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；将小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；
(2)只要能到达平衡力的四个条件即两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，就可以研究；
(3)木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，实验要考虑摩擦力，使实验比较复杂。
在该实验中，为了探究两个力是否平衡，要用到控制变量法的思路。探究其中的一个条件时，要控制其他条件相同。这也是根据实验步骤确定实验目的主要依据。
24.【答案】气密性 高度差 8 L≥16cm
【解析】解：(1)为了能使实验顺利进行，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的气密性；
(2)根据转换法，如图甲所示压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；
(3)由图甲可知，水的深度为13cm，金属盒到底部的距离为5cm，则金属盒的深度为h=13cm−5cm=8cm；
(4)探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，采用的是控制变量法，需要控制该处到液面的距离相同，乙中金属盒到液面的距离为8cm，则丙中金属盒到水面的距离也应该为8cm，所以水面到容器底的距离L需要满足L≥8cm+8cm=16cm；当液面高度大于或等于16cm时，丙中U形管的液面的高度差等于或大于乙中型管液面的高度差，所以小明的观点是错误的。
故答案为：(1)气密性；(2)高度差；(3)8；(4)L≥16cm。
(1)在保证橡皮管与U形管导通良好的情况下，用手轻轻按压橡皮膜几下，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性良好；反之，说明装置漏气；
(2)U形管中液面的高度差反映了橡皮膜所受压强的大小；
(3)根据图示得出金属盒在水中的深度；
(4)探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，需要控制该处到液面的距离相同，液体的密度也相同。
本题考查液体压强的特点的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
25.【答案】秒表 质量 加热时间 B 不同
【解析】解：(1)根据转换法，用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，故要完成该探究实验，除了需要用到的温度计和天平外，还需要用到秒表；
(2)根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中在两个相同的烧杯内盛有质量和初温相同的水和食用油；
(3)用规格相同的电加热器给物质加热，相同时间内加热器放出的热量相同，液体吸收的热量也相同，所以实验中通过比较加热时间来反映物质吸热的多少；
(4)由于水的比热容大于食用油的比热容，因此加热相同时间，水升高的温度低，食用油升高的温度高，因此图像B表示水的温度随时间变化关系；
(5)根据图像可得出的结论：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同。
故答案为：(1)秒表；(2)质量；(3)加热时间；(4)B；(5)不同。
(1)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)(4)(5)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】乙 多 大头针被磁化后下端是同名磁极，同名磁极互相排斥
【解析】解：(1)实验中通过吸引大头针的多少显示磁性强弱，乙吸引的多，说明乙的磁性较强；
(2)滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流增大，所以甲、乙两个电磁铁的磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加。
(3)电磁铁吸引的大头针的下端是分散的，这是因为大头针被磁化后下端是同名磁极，而同名磁极互相排斥。
故答案为：(1)乙；(2)多；(3)大头针被磁化后下端是同名磁极，同名磁极互相排斥。
(1)在电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(2)在其它条件相同时，电流越大，电磁铁的磁性越强；
(3)同名磁极互相排斥，异名磁极相互吸引。
知道影响电磁铁磁性强弱的因素；知道控制变量法和转换法在本实验中的应用。
27.【答案】断开 电压表 2.1 左 电压表并联在变阻器两端了 8.3Ω 50 调节滑动变阻器R2的滑片 I2R0I1−I2
【解析】解：(1)在连接电路的过程中，为防止短路故障而烧坏元件，所以开关应该始终是断开的；
(2)灯在额定电压下正常发光，实验中要注意观察电压表的示数，由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.1V；
要测灯泡正常发光时的电阻，需使灯泡两端电压由2.1V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻减小，滑动变阻器连入电路的部分减小，滑片P应向左端移动；
(3)连线时，不小心将线接错了，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片P，电流表示数变大，电路中电流变大；根据欧姆定律可知，灯泡两端的电压变大；
根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压减小，故产生这一现象的原因是电压表与滑动变阻器并联了；
(4)由图像可知，当小灯泡L正常发光时的电压U=2.5V，对应的电流I=0.3A；
由I=UR得，小灯泡正常发光时的电阻：
R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(5)保持滑动变阻器滑片位置不变，即变阻器接入电路的阻值是一定的；
根据串联电路的电流、电压特点，由表格中1、2次数据知：
U1R1=U−U1R滑，即：2.0V5Ω=U−2VR滑-----①
U2R2=U−U2R滑，即：3V10Ω=U−3VR滑------②
联立①②解得：U=6V，R滑=10Ω。
当电压表示数U5=5.0V时，
此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U−U5=6.0V−5.0V=1.0V，
电路中的电流：
I=U滑R滑=1V10Ω=0.1A，
由I=UR得，第5次定值电阻的阻值：
R5=U5I=5V0.1A=50Ω；
(6)小念同学还设计了如下图所示的电路，测出了另一小灯泡正常发光时的电阻；
实验步骤：
①只闭合开关S和S1，此时变阻器R1与灯泡串联，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为I0，即小灯泡正常发光；
②断开S1，闭合开关S2，此时两个滑动变阻器串联，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，调节滑动变阻器R2的滑片，使电流表示数仍为I0；
③接着将R1的滑片P调至最左端(为R2的简单电路)，记下电流表的示数为I1，再将R1的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为I2。
④在步骤①中，灯与变阻器R1串联，电流表测电路的电流；
在步骤②中，R2与R1串联，电流表测电路的电流，因电流表示数相同，根据等效替代法，则此时R2的电阻等于灯泡正常发光的电阻；
在步骤③中，根据滑片在最左端(为R2的简单电路)和最右端(R2与R1的最大电阻串联)，因电源电压相等，由串联电阻的规律和欧姆定律得：
I1R2=I2(R0+R2)，
R2的电阻即灯正常发光时的电阻的表达式：
RL=R2=I2R0I1−I2。
故答案为：(1)断开；(2)电压表；2.1；左；(3)电压表并联在变阻器两端了；(4)8.3Ω；(5)50；(6)②调节滑动变阻器R2的滑片；④I2R0I1−I2。
(1)为了防止短路的发生，在连接和拆除电路时，开关应是断开的；
(2)要测量小灯泡正常发光时的电阻，需使小灯泡两端的电压等于额定电压；
确定电压表的量程后读出电压表的数值，根据串联电路分压的知识或欧姆定律判断滑动变阻器阻值的变化，得出滑片移动的方向；
(3)伏安法测电阻的实验中，电压表应与被测电阻并联，当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，电路电流变大，被测电阻两端电压变大，滑动变阻器两端电压减小，电流表与电压表示数变大，如果电压表与滑动变阻器并联则电流表示数增大时，电压表示数减小，据此分析答题；
(4)根据图像确定额定电压下的电流，利用欧姆定律的变形公式R=UI计算出电阻的阻值；
(5)根据滑动变阻器的阻值不变结合欧姆定律及串联电路的电流、电压特点得出5.0V时的电阻值；
(6)通过开关的转换，先使R1与灯和电流表串联在电路中，移动变阻器的滑片，使电流表示数为I0，灯正常发光，通过开关的转换使R2与灯和电流表串联在电路中，调节滑动变阻器R2，使电流表示数不变，根据等效替代法，则此时R2的电阻等于灯泡正常发光的电阻，为得出此时R2的电阻，先将R1的滑片调至最左端，记下电流表的示数为I1，再将R1的滑片调至最右端，记下电流表的示数为I2，由串联电阻的规律和欧姆定律，根据电源电压不变列方程，从而求出R2的电阻即灯正常发光时的电阻。
本题测量小灯泡正常发光时的电阻，考查了电路连接过程中的注意事项、滑动变阻器的使用、电压表的使用及读数、电路故障的判断、电阻的计算、控制变量法、数据分析等知识。
28.【答案】解：(1)水池底部受到水的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m=1.2×105Pa；
(2)因为金属块浸没在水中，
所以排开水的体积：
V排=V=0.1m3，
金属块受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m3=1000N；
(3)由ρ=mV得金属块的质量：
m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×0.1m3=270kg，
金属块的重力：
G=mg=270kg×10N/kg=2700N；
由图可知，n=2，不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，拉力：
F=12(G−F浮)=12×(2700N−1000N)=850N，
作用于绳子末端拉力功率P=Fv=850N×2×0.5m10s=85W；
(4)由图知，n=2，绳端移动距离s=2h′=2×0.5m=1m，
若实际所用拉力为1000N，则总功为：
W总=Fs=1000N×1m=1000J，
使用滑轮组所做的有用功：
W有用=(G−F浮)h=(2700N−1000N)×0.5m=850J，
此时该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=850J1000J×100%=85%。
答：(1)水池底部受到水的压强为1.2×105Pa；
(2)金属块受到的浮力大小为1000N；
(3)作用于绳子末端拉力功率为85W；
(4)若实际所用拉力为1000N，则这个滑轮组的机械效率为85%。
【解析】(1)知道水深，利用液体压强公式求容器底部受到水的压强；
(2)由于金属块浸没在水中，排开水的体积等于金属块的体积，再利用阿基米德原理求金属块受到的浮力；
(3)由图可知，n=2，不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，拉力F=12(G−F浮)，利用P=Fv求得作用于绳子末端拉力功率；
(4)由图知，n=2，绳端移动距离s=2h，若实际所用拉力为1000N，利用W=Fs求总功，使用滑轮组所做的有用功W有用=(G−F浮)h，利用效率公式求滑轮组的机械效率。
本题综合考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、阿基米德原理、功的公式和效率公式的应用。注意：金属块浸没水中时，使用滑轮组所做的有用功W有用=(G−F浮)h。
29.【答案】解：(1)由P=UI可知，养生壶正常保温时的电流：
I=P保温U=44W220V=0.2A；
由P=UI=U2R可知，养生壶正常保温时的电阻：
R=U2P保温=(220V)244W=1100Ω；
(2)①养生壶消耗的电能为：
W=3003000kW⋅h=0.1 kW⋅h=3.6×105J，
养生壶的实际功率：
P=Wt=3.6×105J6×60s=1000W；
②1标准大气压下水的沸点为100℃，
则水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J，
养生壶的加热水的效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J3.6×105J×100%≈93.3%。
答：(1)该养生壶正常保温时的电流为0.2A，电阻为1100Ω；
(2)①养生壶的实际功率为1000W；
②养生壶的加热水的效率为93.3%。
【解析】(1)根据P=UI求养生壶正常保温时的电流，根据P=UI=U2R求养生壶正常保温时的电阻；
(2)①3000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000圈，据此求出转300转消耗的电能；根据P=Wt求养生壶的实际功率；
②1标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=c水m(t−t0)求水吸收的热量，根据η=Q吸W×100%求养生壶的加热水的效率。
本题以养生壶为例考查了电能表参数的理解、电功率公式、吸热公式和效率公式的应用，要注意标准大气压下水的沸点是100℃。
2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理六模试卷
1. 某同学对以下四种现象中的物态变化做了以下描述，正确的是( )
A. 固态的碘受热后直接变成碘蒸气是汽化现象
B. 秋天的早晨草上有露珠出现是凝华现象
C. 北方冬天在菜窖里放几桶水，利用水凝固放热使菜不被冻坏
D. 秋天早晨的浓雾在太阳照射下很快消失是升华现象
2. 下列数据符合实际的是( )
A. 手托两个鸡蛋匀速竖直抬高1m做功约为10J
B. 一节新干电池的电压为2V
C. 家用电冰箱正常工作时的电流约为10A
D. 一名中学生双脚站在水平地面上时，对地面的压强约为1.2×104Pa
3. 妈妈新买的手机，其解锁“钥匙”是特定人的指纹(S1)、密码(S2)或人脸识别钥匙(S3)，三者都可以单独使手机(M)解锁并工作，如图中电路符合设计要求的是( )
A. B.
C. D.
4. 中国茶文化源远流长，如图所示是小明给爸爸泡的一杯绿茶。观察水中起伏的茶叶，结合所学的物理知识，下列解释正确的是( )
A. 茶叶漂浮在水面时受到的浮力大于重力
B. 杯中茶叶下落过程中主要受到惯性的作用
C. 握在手中静止的茶杯所受的摩擦力大于其重力
D. 杯子对桌面的压力与桌面对杯子的支持力是一对相互作用力
5. 2022年2月6日，中国女足再度夺得亚洲杯冠军，如图是足球落地后又弹起的示意图。下列关于足球的描述，正确的是( )
A. 在B点时受力平衡
B. 在A、D两点动能可能相等
C. 在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
D. 在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
6. 下列关于图中的四幅图的说法中错误的是( )
A. 甲图是发电机的工作原理
B. 乙图实验说明电流周围有磁场
C. 丙图中，使用测电笔时手一定不能触碰金属笔尖
D. 丁图中，有人触电，应该立即切断电源或用绝缘棒把导线挑开
7. 如图所示为某家庭卫生电路电灯和电热器都在正常工作。在三孔插座上刚插上洗衣机(开关未闭合)的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了，下列分析合理的是( )
A. 若将灯泡改接到零线的熔丝的位置，小灯泡能正常发光
B. .断开S1、S2，再用测电笔检测三孔插座的左右两孔，氖管都发光
C. .只断开S1，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光
D. .若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡均变暗
8. 如图所示电路，电源电压不变，开关闭合，向右调节滑动变阻器的滑片。下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变大
B. 电路的总功率变大
C. 电压表V2与电压表V1示数之差变小
D. 电压表V1与电流表A示数之比变小
9. 甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同密度的盐水。将同一个鸡蛋先后放入甲、乙两杯中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示。则下列说法错误的是( )
A. 鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大 B. 鸡蛋在甲杯中排开液体的质量较大
C. 乙杯中盐水的密度较大 D. 甲杯底部所受的液体压力较大
10. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，定值电阻R1的U−I关系图象如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为7.5V
B. R1的电阻值为10Ω
C. 电路消耗的最大功率为3.6W
D. 当电路中的电流为0.2A时，R2消耗的电功率为0.5W
11. 如图所示是一款我国自行研制的“防疫机器人”，它是防疫战役的“特殊战士”，可以实现24小时待命，能完成消毒清洁、送药送餐、测温巡查等工作。若该机器人某次接到送药送餐指令后开始行进，以地面为参照物它是______(填“静止”或“运动”)的。若该机器人以0.4m/s的速度在水平地面上匀速直线行驶50s，则它行驶的路程是______m。
12. 学校落实“双减”政策，促进学生全面发展以来，小明假期在家帮妈妈做简单的家务，并同时从生活中寻找物理知识。当他打开家中的冰箱门，看到冰箱内的照明灯亮着，而压缩机并没有工作，从而他判断出冰箱内的照明灯和压缩机是______(填“串联”或“并联”)的；小明家空调的工作状态可通过遥控器发出的______(填“紫外线”或“红外线”)指令控制。
13. 当马拉着载有500kg货物的雪橇在平直的公路上匀速行驶时，马对雪橇的水平拉力为500N，雪橇在水平方向上受到的阻力为______N；若雪橇上的货物卸下了200kg后，马拉雪仍匀速行驶，马对雪橇的水平拉力将会______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
14. 快速行驶的汽车，一旦发生碰撞，车身就停止运动，而乘客身体由于______ 会继续向前运动，在车内与车身撞击，严重时可能把挡风玻璃撞碎而飞出车外。多数轿车上还安装了如图所示的安全气囊，一旦车辆的______ (填“前端”或“后端”)发生严重撞击，气囊会自动充气弹出，使人不致撞到车身。
15. 如图所示，某同学在探究凸透镜成像规律实验中，他将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，蜡烛放置在20cm刻度线处时，移动光屏可得到一个清晰倒立的、______ 的实像(选填“放大”、“等大”、“缩小”)；该同学又在蜡烛与凸透镜之间靠近凸透镜处，放置一近视镜片，为了使光屏上再次呈现烛焰清晰的像，应将光屏沿着光具座向______ 移动(选填“左”或“右”)。
16. 某市交警部门加大对电动车拆除安装遮阳伞的检查力度。遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，遮阳伞下方空气流速小、压强______，伞面被向上吸；某品牌电动车电动机的输入电压恒为48V，通过的电流是5A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，2min内线圈产生的热量为______J。
17. 秸秆焚烧会对环境造成很大的污染，因此国家大力提倡秸秆回收再利用。秸秆可以回收加工制成秸秆煤，其热值为2.1×107J/kg。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出______J的热量；若这些热量被一标准大气压下50kg初温为60℃的水全部吸收，则可使水温升高______℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 如图所示，电源电压6V保持不变，R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，若只闭合S2，R1与R2两端电压之比为______ ；若同时闭合三个开关，R2与R3功率之比为______ 。
19. 电炉中的电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电炉的导线却不怎么热，主要是因为导线与电热丝______ (选填“电流”或“电阻”)不同。小彬用如图所示的实验装置探究“电流的热效应跟电阻大小的关系”，电源电压为3V，电阻丝R1=10Ω，R2=20Ω，两气球相同。闭合开关后，密闭烧瓶内等量的空气被加热，他观察到______ (选填“甲”或“乙”)气球先鼓起来。
20. 请在图中标出小磁针静止时的N极，并用箭头标出通电螺线管外部一条磁感线的方向。
21. 在B点画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的示意图。
22. 小华同学在做“探究平面镜成像特点”的实验中，在竖立的玻璃板左侧放置点燃的蜡烛，如图甲所示。
(1)选择玻璃板代替平面镜的目的是______。为了找到像的位置，小华拿着另一支完全相同但未点燃的蜡烛在玻璃板右侧移动时，人眼应当在______点(用图中字母表示)所示的位置来观察。
(2)如果实验中将点燃的蜡烛靠近玻璃板，它所成的像的大小将______(填“变大”“变小”或“不变”)。
(3)在实验测量时，为了便于得到完整的实验结论，老师允许小华在图乙中挑选一个适合的测量工具，小华应选择______(填“量角器”“三角尺”或“皮卷尺”)进行测量。
23. 如图是小铁和小岭同学“探究二力平衡条件”的实验情景。
(1)如图甲，小铁同学将系于小卡片(重力可忽略不计)两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，当小卡片平衡时，小铁将小卡片转过一个角度，松手后小卡片______ (选填“能”或“不能”)平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究______ 。
(2)若小铁在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度(如图乙所示)，你认为______ (选填“能”或“不能”)用小铁的装置进行实验。
(3)在探究同一问题时，小岭同学将木块放在水平桌面上，设计了如图丙所示实验，同学们认为小铁的实验优于小岭的实验，主要原因是因为小铁的实验______ 。
24. 在“探究影响液体内部压强的因素”实验中。
(1)如图甲所示，使用前用手指按金属盒上的橡皮膜，是为了检查实验装置的______ 。
(2)实验过程中通过观察U形管两侧液面的______ 来比较液体内部压强的大小。
(3)如图乙所示，金属盒在水中的深度为______ cm。
(4)比较乙、丙两图，小明认为液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小，为研究此问题，小华在丙图中保持金属盒的位置不变，往容器内加水，当水面到容器底的距离L满足条件：______ 时，和乙图对比，可说明小明的观点是错误的。
25. 在探究不同物质的吸热情况的实验中，实验装置如图甲所示。
(1)测量工具除了需要用到的温度计和天平外，还需要用到______ 。
(2)实验中在两个相同的烧杯内盛有______ 和初温相同的水和食用油。
(3)用规格相同的电加热器给物质加热，实验中用______ 来反映物质吸热的多少。
(4)乙图是根据实验中测得的数据绘制的两种物质的温度随时间变化的图象，其中表示水的温度随时间变化的图象是______ (填“A”或“B”)。
(5)实验结论：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量______ (填“相同”或“不同”)。
26. 如图所示为“探究电磁铁磁性强弱的因素”的实验电路图。
(1)图中甲和乙两个电磁铁，______ 的磁性较强。
(2)滑片P向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数变______ 。
(3)图中电磁铁吸引的大头针的下端是分散的，这是因为______ 。
27. 小风在测量小灯泡正常发光时的电阻的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡正常发光的电压为2.5V，如图甲所示是已经连接完整的实验电路。
(1)连接实验电路的过程中开关应______ ；
(2)闭合开关后移动滑动变阻器的滑片P同时观察______ (选填“电压表”或“电流表”)示数的变化，当电压表的示数如图乙所示时，其读数为______ V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向______ (选填“左”或“右”)移动；
(3)另一组的小念同学在连线时，不小心将线接错了，当开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数变大时，电压表示数却变小，请分析产生这个现象的原因是______ ；
(4)电路正常后改变滑片P的位置获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I−U图像。由图像可知小灯泡正常发光时的电阻约为______ ；(保留一位小数)
(5)接着小念换用另一未知电压的新电源和一些定值电阻(替换小灯泡)，利用与图甲同样的电路又做了几次实验，保持滑动变阻器滑片在某一位置不变，记录了数据，有了新的发现，可以将电压表改成直接读出电阻值的欧姆表，那么5.0V处应为______ Ω；
次数
1
2
3
4
5
电阻R(Ω)
5
10
15
20
电压U(V)
2.0
3.0
3.6
4.0
5.0
(6)完成上述实验后，小念同学还设计了如图所示的电路，测出了另一小灯泡正常发光时的电阻。已知滑动变阻器R1的最大阻值为R0，小灯泡正常发光时的电流为I0，请将以下实验步骤补充完整：
①只闭合S和S1，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表的示数为I0；
②只闭合S和S2，______ 使电流表的示数仍为I0；
③再将R1的滑片调至最左端，记下电流表的示数为I1；再将R1的滑片调至最右端，记下电流表的示数为I2；
④写出小灯泡正常发光时电阻的表达式：RL= ______ (用R0、I1、I2表示)。
28. 如图所示，工人们用滑轮组匀速提起水池中体积为0.1m3、密度为2.7×103kg/m3的实心金属块，在10s内竖直上升了0.5m(金属块始终浸没在水中)，水面到池底的深度为12m。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)求：
(1)水池底部受到水的压强；
(2)金属块受到的浮力大小；
(3)若不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，则作用于绳子末端拉力功率为多大？
(4)若实际所用拉力为1000N，则这个滑轮组的机械效率为多大？
29. 养生壶是一种以养生保健为目的，可以烹煮各种食材的小家电产品，类似于电热水壶。小文家的养生壶(如图所示)有保温和加热两个挡位，部分参数如表所示。
***养生壶
参数
额定电压
220V
保温功率
44W
加热功率
1210W
最大装水量
1kg
(1)请你计算该养生壶正常保温时的电流和电阻。
(2)小文将养生壶中加入质量为1kg、初温为20℃的水，关闭家中其他用电器的电源，只让养生壶在加热状态工作，开始加热至水烧开用时6min，如图所示的电能表的转盘刚好转过300转。[气压为1标准大气压，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]请计算该养生壶在此过程中：
①实际功率。
②加热水的效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、固态的碘受热后直接变成碘蒸气是升华现象，故A错误；
B、露珠是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、冬天在菜窖里放几桶水，当温度很低时，水凝固放热，可防止菜被冻坏，故C正确；
D、秋天早晨的浓雾在太阳照射下很快消失是汽化现象，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变成气态的过程叫升华，物质从气态直接变成固态的过程叫凝华。
(2)吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物态变化过程有：凝固、液化和凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
2.【答案】D
【解析】解：A、两个鸡蛋重约G=1N，手托两个鸡蛋匀速向上抬高1m做功约为W=Gh=1N×1m=1J，故A不符合实际；
B、一节新干电池的电压是1.5V，故B不符合实际；
C、电冰箱的功率在220W左右，其工作电流在I=PU=220W220V=1A左右，故C不符合实际；
D、中学生双脚面积(受力面积)S=0.04m2；中学生的质量大约为50kg，压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，压强p=FS=500N0.04m2=1.25×104Pa，故D符合实际。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】C
【解析】解：由题知，三个开关都可以单独控制手机M解锁工作，所以三个开关应并联再与M串联，故C符合要求。
故选：C。
三种解锁“钥匙”都可单独使手机M解锁工作，据此结合串联和并联的特点来分析解答。
本题考查了电路的设计，要知道串联电路中只要有一个开关断开，整个电路都断路，并联电路中各支路间互不影响。
4.【答案】D
【解析】解：A.茶叶漂浮在水面时，根据物体的浮沉条件可知，此时茶叶受到的浮力等于重力，故A错误；
B.杯中茶叶下落过程中因为重力大于浮力，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C.握在手中静止的茶杯处于平衡状态，所受的摩擦力和重力是一对平衡力，摩擦力大小等于重力的大小，故C错误；
D.杯子对桌面的压力与桌面对杯子的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在不同两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析；
(2)惯性是一种性质，不是一种作用；
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；一对相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在不同的物体上。
本题考查了物体浮沉条件的应用、二力平衡条件的应用、相互作用力的辨析、惯性，属于综合题。
5.【答案】B
【解析】解：A、足球在B点时受重力和空气阻力的作用，这两个力不在一条直线上，故足球受力不平衡，故A错误；
B、由题图可知，足球落地弹起后的高度越来越低，说明足球的机械能逐渐减小，故足球在A点的机械能大于其在D点的机械能，而A点的高度大于D点的高度，则足球在A点的重力势能大于其在D点的重力势能，且机械能等于动能与势能的总和，所以足球在A、D两点的动能可能相等，故B正确；
C、足球在C点时，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，运动状态保持不变，故C错误；
D、在运动过程中，足球的机械能不断减小，所以不仅存在动能和势能的相互转化，还存在机械能转化为内能，故D错误。
故选：B。
(1)机械能包括动能和势能；物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
(2)在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。
深入理解影响动能和重力势能的因素，理解动能和势能转化过程中，机械能的变化情况，是解答此题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、图中有电源，闭合开关后，金属棒ab受力运动，是电动机的工作原理；发电机的工作原理是电磁感应现象，故A错误；
B、该图是奥斯特实验，此实验证明了电流周围存在磁场，故B正确；
C、用测电笔辨别火线、零线时，手指一定要接触测电笔上端的金属帽，不能触碰金属笔尖，故C正确；
D、发现有人触电时，应该立即切断电源或用绝缘棒把导线挑开，使触电者脱离火线，故D正确。
故选：A。
(1)发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的作用的原理制成的；
(2)通电导体周围存在磁场；
(3)测电笔中的氖管发光与否是判断火线和零线的主要依据，发光则为火线，不发光则为零线。但手一定要接触笔尾金属体，这样才能和大地连成通路，使电流通过，氖管才有可能发光；
(4)有人触电时，首先要断开电源。
知道电磁铁、电动机和发电机的制作原理即原理图、测电笔的使用以及安全用电的知识是解决该题的关键。
7.【答案】ACD
【解析】【试题解析】
解：
A、用测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管都发光，说明零线上的熔丝断了，如果将灯泡改接到零线的熔丝的位置，则灯泡可以与火线和零线连接成通路，因此灯泡能正常发光，故A合理。
B、断开S1、S2时，三孔插座的左孔无法与火线相连，因此用测电笔检测三孔插座的左孔时，氖管不发光，故B不合理；
C、只断开S1，开关S1的两个接线柱下方接线柱可以通过灯泡电热器与火线相连，因此用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光，故C合理。
D、若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡串联，因此两灯泡均变暗，故D合理。
故选：ACD。
(1)保险丝熔断是因为电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；
(2)在插上洗衣机(开关未闭合)的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机(开关未闭合)的插头，所有用电器都停止工作，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
8.【答案】C
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源的电压，电流表测量电路中的电流；
A、开关闭合，向右调节滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A错误；
B、电源电压不变，电路中的电流变小，根据P=UI可知，电路的总功率变小，故B错误；
C、由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V2示数不变；电路中的电流变小，根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V1示数变大，所以电压表V2与电压表V1示数之差变小，故C正确；
D、根据R=UI可知，电压表V1与电流表A示数之比为滑动变阻器接入电路的电阻，电阻变大，比值变大，故D错误。
故选：C。
由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源的电压，电流表测量电路中的电流；根据电源的电压可知滑片移动时电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，从而得出电压表V2与电压表V1示数之差变化；根据R=UI分析电压表V1与电流表A示数之比的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.【答案】ABD
【解析】解：AB、物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以，同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力；因为浮力相同，F浮=G排=m排g，所以，鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等，故AB错误；
C、由图可知，同一只鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态，根据浮沉条件可得：ρ甲=ρ蛋，ρ乙>ρ蛋；所以，乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度，故C正确；
D、两杯中液面相平，乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度，根据p=ρgh可知，乙杯底所受的液体压强较大；两个杯子完全相同，则底面积相等，根据F=pS可知，乙杯底部所受的液体压力较大，故D错误。
故选：ABD。
(1)根据物体的浮沉条件，判断两者所受浮力关系；根据阿基米德原理F浮=G排判断排开液体的质量关系；
(2)根据物体的浮沉条件，分别比较鸡蛋与两种盐水的密度关系，得出两种液体的密度关系；
(3)根据p=ρgh判断两杯底部所受压强关系，然后利用p=FS判断两杯底部所受压力关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】BC
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)当滑动变阻器的滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，
由图乙图象可知，电路中的最大电流为0.6A，此时定值电阻R1两端的电压为6V，即电源电压为6V，故A错误；
由欧姆定律可知，R1的阻值：R1=U I大=6V0.6A=10Ω，故B正确；
电路消耗的最大功率：P大=UI大=6V×0.6A=3.6W，故C正确；
(2)由图乙图象可知，当电路中的电流为0.2A时，定值电阻R1两端的电压为2V，
由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器R2两端的电压为：U2=U−U1=6V−2V=4V，
则R2消耗的电功率：P2=U2I小=4V×0.2A=0.8W，故D错误。
故选：BC。
由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)当滑动变阻器的滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电阻中的电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的最大电流和定值电阻R1两端的电压即为电源的电压；根据欧姆定律求出R1的阻值；根据P=UI求出电路消耗的最大功率；
(2)根据图象读出电路中的电流为0.2A时，定值电阻R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，根据P=UI求出R2消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
11.【答案】运动 20
【解析】解：若该机器人某次接到送药送餐指令后开始行进，以地面为参照物，它相对于地面的位置发生变化，是运动的。
若该机器人以0.4m/s的速度在水平地面上匀速直线行驶50s，则它行驶的路程s=vt=0.4m/s×50s=20m。
故答案为：运动；20。
物体相对于参照物的位置发生变化，是运动的。
根据s=vt得出它行驶的路程。
本题考查速度公式的应用、运动和静止的相对性，综合性强，难度适中。
12.【答案】并联 红外线
【解析】解：(1)由题意可知，冰箱内的指示灯和压缩机可以独立工作，互不影响，因此，它们是并联的；
(2)空调器的工作状态可通过遥控器发出的红外线进行控制。
故答案为：并联；红外线。
(1)串联电路电流只有一条路径，各用电器不能独立工作，且相互影响；并联电路电流有多条路径，各用电器能独立工作，互不影响。
(2)遥控器是利用红外线控制用电器的。
本题主要考查了串并联电路的辨别以及红外线的应用，难度不大。
13.【答案】500 减小
【解析】解：当马拉着载雪橇在平直的公路上匀速行驶时，雪橇在水平方向受到的拉力和阻力是一对平衡力，所以这两个大小相等、方向相反，即阻力f=F=500N；
当雪橇上的货物卸下了200kg后，雪橇对地面的压力减小，雪橇受到的摩擦力减小，由于雪橇仍然匀速行驶，所以马对雪橇的水平拉力减小。
故答案为：500；减小。
(1)物体在力的作用下保持匀速直线运动状态，受到的力是平衡力；平衡力的大小相等、方向相反，作用在同一条直线上；
(2)摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大。
此题考查了二力平衡条件以及影响滑动摩擦力的因素，难度不大，理解和熟记相关知识点即可解答。
14.【答案】惯性 前端
【解析】解：快速行驶的汽车发生碰撞时，车身停止运动，而乘客身体由于惯性会继续向前运动，容易发生伤害事故；
多数轿车上还安装了安全气囊，一旦车辆的前端发生严重撞击，人由于惯性向前冲，此时气囊会自动充气弹出，使人不致撞到车身。
故答案为：惯性；前端。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，汽车的安全带和气囊都能够在关键时刻防止因惯性给人带来伤害。
本题主要考查了对惯性的理解和对惯性现象的认识，要学会分析汽车结构中与惯性相关的配置。
15.【答案】缩小 右
【解析】解：
(1)由图可知，此时u=50cm−20cm=30cm>2f，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像；
(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即向右移动。
故答案为：缩小；右。
(1)凸透镜成像时，若物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；
(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线错后会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。
此题是探究凸透镜成像的规律实验，考查了成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。
16.【答案】大 1500
【解析】解：(1)伞面“上凸下平”，当电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强小；伞下方空气流速小，压强大，伞就受到一个向上的压强、压力差，使伞面向上吸；
(2)电流通过线圈所产生的热量：
Q=I2Rt=(5A)2×0.5Ω×2×60s=1500J。
故答案为：大；1500。
(1)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大；
(2)由Q=I2Rt计算电流通过线圈产生的热量。
本题主要考查了流体压强和流速的关系在实际生活中的应用和电热的计算，注意电动机工作时是非纯电阻用电器，将电能转化为内能和机械能，注意正确选择合适的公式。
17.【答案】1.05×107 40
【解析】解：(1)完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出的热量：Q放=mq=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J；
(2)由题意可知，水吸收的热量Q吸=Q放=4.2×103J/(kg⋅℃)，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m′=1.05×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=50℃；
由Δt=t−t0可知，水的末温：t=Δt+t0=50℃+60℃=110℃；
一个标准大气压下，水沸腾的温度是100℃，所以水的末温是100℃；
则水实际升高的温度：Δt′=100℃−60℃=40℃。
故答案为：1.05×107；40。
(1)利用Q放=mq计算出完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出的热量；
(2)由题意可知，水吸收的热量Q吸=Q放，利用Q吸=cmΔt计算出水升高的温度，利用Δt=t−t0计算出水的末温，再根据1个标准大气压下，水的沸点是100℃，最后确定水实际升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的应用，本题的关键是知道1个标准大气压下，水的沸点是100℃，而且水沸腾过程中，温度不变。
18.【答案】1：2 3：2
【解析】解：(1)由图知，若只闭合S2，R1、R2串联，
因为串联电路电流处处相等，所以此时R1与R2两端的电压之比为：
U1U2=IR1IR2=R1R2=10Ω20Ω=12；
(2)若同时闭合三个开关，对R1短路，电阻R2、R3并联，
因为并联电路各支路电压相等，所以R2与R3电功率之比：
P2P3=U2R2U2R3=R3R2=30Ω20Ω=32。
故答案为：1：2；3：2。
(1)由图知，若只闭合S2，R1、R2串联，根据串联电路电流的特点和欧姆定律算出此时R1与R2两端的电压之比；
(2)若同时闭合三个开关，对R1短路，电阻R2、R3并联，两端电压相等，根据根据P=U2R即可求出算出通过R2与R3电功率之比。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，明确开关闭合前后电路的连接是解题的关键，难度不大。
19.【答案】电阻 乙
【解析】解：电炉中电热丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，已知Q电热丝>Q导线，根据Q=I2Rt可知R电热丝>R导线，所以电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电炉的导线却不怎么热，主要是因为电热丝比导线的电阻大；
由图可知，两电阻丝串联有电路中，这样可保证电流相同、加热时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以乙中产生的热量多，乙中的气球先鼓起来。
故答案为：电阻；乙。
(1)电炉中电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；
(2)实验中，根据气体的热胀冷缩性质，利用气球的膨胀来反映电流产生热量的多少，这是转换法的运用；电流产生的热量与电阻大小、通电时间的长短、电流大小有关。
本题考查了影响电热的因素，难度不大，要理解。
20.【答案】解：根据通电螺线管线圈中的电流方向，由安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极，因此可知通电螺线管外部磁感线的方向是从右端指向左端；同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针左端为S极，右端为N极。据此作图。
【解析】已知电源的正负极则可知电流方向，由安培定则可知螺线管磁极，由磁感线的特点可知磁感线的方向；由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极。
此题考查了安培定则、磁感线的特点、磁极间的相互作用，难度不大，属基础题目。
21.【答案】解：用力方向与0B垂直，这样动力臂最长(等于OB)，最省力，如图所示。
【解析】使用杠杆时，若阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此解答此题时，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：①确定支点和动力作用点；②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线；此题中，易出现的错误是以A为动力作用点，但实际上这样得到的动力臂不是最长的，因此解题时一定不要被惯性思维所误导。
22.【答案】方便确认物像的位置及大小 A 不变 三角尺
【解析】解：(1)在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是确认物像的位置及大小；平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A点蜡烛所在这一侧，直到B与A蜡烛的像完全重合为止，B与A的像能完全重合，说明像与物的大小相等；
(2)平面镜成像与成像物体大小相等，将蜡烛A移近玻璃板时，蜡烛A的大小不变，则像的大小不变；
(3)实验中应该用刻度尺测量物到平面镜的距离和像到平面镜的距离，而量角器不能测量物体的长度，皮尺用来测量比较长的物体的长度，故B三角尺符合题意。
故答案为：(1)确认物像的位置及大小；A；(2)不变；(3)三角尺。
(1)在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是确认物像的位置及大小。实验过程中，眼睛要在蜡烛A侧观察，眼睛既能看到蜡烛A，又能看到代替蜡烛A的蜡烛B.当蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，根据平面镜成像特点进行判断；
(2)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
(3)实验中应该用刻度尺测量物到平面镜的距离和像到平面镜的距离，据此分析。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
23.【答案】不能 不在同一条直线上的两个力能否平衡 能 可以减小摩擦力对实验的影响
【解析】解：(1)小卡片两端通过滑轮在线的两端挂上钩码，两侧的钩码由于重力的作用，通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；将小卡片转过一个角度，小卡片两端的拉力就不在同一条直线上，卡片就会转动，是验证不在同一直线上两个力是否能平衡；
(2)图乙中，两个定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验；
(3)小铁实验用的小卡片重力小，悬在空中时绳子与滑轮间的摩擦力较小；小岭实验用的木块放在水平桌面上，木块和桌面之间的摩擦力较大，摩擦力对实验结果的影响较大，所以小铁的实验优于小岭的实验。
故答案为：(1)不能；不在同一条直线上的两个力能否平衡；(2)能；(3)可以减小摩擦力对实验的影响。
(1)钩码由于重力的作用，会对小卡片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小卡片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；将小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；
(2)只要能到达平衡力的四个条件即两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，就可以研究；
(3)木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，实验要考虑摩擦力，使实验比较复杂。
在该实验中，为了探究两个力是否平衡，要用到控制变量法的思路。探究其中的一个条件时，要控制其他条件相同。这也是根据实验步骤确定实验目的主要依据。
24.【答案】气密性 高度差 8 L≥16cm
【解析】解：(1)为了能使实验顺利进行，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的气密性；
(2)根据转换法，如图甲所示压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；
(3)由图甲可知，水的深度为13cm，金属盒到底部的距离为5cm，则金属盒的深度为h=13cm−5cm=8cm；
(4)探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，采用的是控制变量法，需要控制该处到液面的距离相同，乙中金属盒到液面的距离为8cm，则丙中金属盒到水面的距离也应该为8cm，所以水面到容器底的距离L需要满足L≥8cm+8cm=16cm；当液面高度大于或等于16cm时，丙中U形管的液面的高度差等于或大于乙中型管液面的高度差，所以小明的观点是错误的。
故答案为：(1)气密性；(2)高度差；(3)8；(4)L≥16cm。
(1)在保证橡皮管与U形管导通良好的情况下，用手轻轻按压橡皮膜几下，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性良好；反之，说明装置漏气；
(2)U形管中液面的高度差反映了橡皮膜所受压强的大小；
(3)根据图示得出金属盒在水中的深度；
(4)探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，需要控制该处到液面的距离相同，液体的密度也相同。
本题考查液体压强的特点的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
25.【答案】秒表 质量 加热时间 B 不同
【解析】解：(1)根据转换法，用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，故要完成该探究实验，除了需要用到的温度计和天平外，还需要用到秒表；
(2)根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中在两个相同的烧杯内盛有质量和初温相同的水和食用油；
(3)用规格相同的电加热器给物质加热，相同时间内加热器放出的热量相同，液体吸收的热量也相同，所以实验中通过比较加热时间来反映物质吸热的多少；
(4)由于水的比热容大于食用油的比热容，因此加热相同时间，水升高的温度低，食用油升高的温度高，因此图像B表示水的温度随时间变化关系；
(5)根据图像可得出的结论：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同。
故答案为：(1)秒表；(2)质量；(3)加热时间；(4)B；(5)不同。
(1)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)(4)(5)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】乙 多 大头针被磁化后下端是同名磁极，同名磁极互相排斥
【解析】解：(1)实验中通过吸引大头针的多少显示磁性强弱，乙吸引的多，说明乙的磁性较强；
(2)滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流增大，所以甲、乙两个电磁铁的磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加。
(3)电磁铁吸引的大头针的下端是分散的，这是因为大头针被磁化后下端是同名磁极，而同名磁极互相排斥。
故答案为：(1)乙；(2)多；(3)大头针被磁化后下端是同名磁极，同名磁极互相排斥。
(1)在电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(2)在其它条件相同时，电流越大，电磁铁的磁性越强；
(3)同名磁极互相排斥，异名磁极相互吸引。
知道影响电磁铁磁性强弱的因素；知道控制变量法和转换法在本实验中的应用。
27.【答案】断开 电压表 2.1 左 电压表并联在变阻器两端了 8.3Ω 50 调节滑动变阻器R2的滑片 I2R0I1−I2
【解析】解：(1)在连接电路的过程中，为防止短路故障而烧坏元件，所以开关应该始终是断开的；
(2)灯在额定电压下正常发光，实验中要注意观察电压表的示数，由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.1V；
要测灯泡正常发光时的电阻，需使灯泡两端电压由2.1V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻减小，滑动变阻器连入电路的部分减小，滑片P应向左端移动；
(3)连线时，不小心将线接错了，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片P，电流表示数变大，电路中电流变大；根据欧姆定律可知，灯泡两端的电压变大；
根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压减小，故产生这一现象的原因是电压表与滑动变阻器并联了；
(4)由图像可知，当小灯泡L正常发光时的电压U=2.5V，对应的电流I=0.3A；
由I=UR得，小灯泡正常发光时的电阻：
R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(5)保持滑动变阻器滑片位置不变，即变阻器接入电路的阻值是一定的；
根据串联电路的电流、电压特点，由表格中1、2次数据知：
U1R1=U−U1R滑，即：2.0V5Ω=U−2VR滑-----①
U2R2=U−U2R滑，即：3V10Ω=U−3VR滑------②
联立①②解得：U=6V，R滑=10Ω。
当电压表示数U5=5.0V时，
此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U−U5=6.0V−5.0V=1.0V，
电路中的电流：
I=U滑R滑=1V10Ω=0.1A，
由I=UR得，第5次定值电阻的阻值：
R5=U5I=5V0.1A=50Ω；
(6)小念同学还设计了如下图所示的电路，测出了另一小灯泡正常发光时的电阻；
实验步骤：
①只闭合开关S和S1，此时变阻器R1与灯泡串联，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为I0，即小灯泡正常发光；
②断开S1，闭合开关S2，此时两个滑动变阻器串联，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，调节滑动变阻器R2的滑片，使电流表示数仍为I0；
③接着将R1的滑片P调至最左端(为R2的简单电路)，记下电流表的示数为I1，再将R1的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为I2。
④在步骤①中，灯与变阻器R1串联，电流表测电路的电流；
在步骤②中，R2与R1串联，电流表测电路的电流，因电流表示数相同，根据等效替代法，则此时R2的电阻等于灯泡正常发光的电阻；
在步骤③中，根据滑片在最左端(为R2的简单电路)和最右端(R2与R1的最大电阻串联)，因电源电压相等，由串联电阻的规律和欧姆定律得：
I1R2=I2(R0+R2)，
R2的电阻即灯正常发光时的电阻的表达式：
RL=R2=I2R0I1−I2。
故答案为：(1)断开；(2)电压表；2.1；左；(3)电压表并联在变阻器两端了；(4)8.3Ω；(5)50；(6)②调节滑动变阻器R2的滑片；④I2R0I1−I2。
(1)为了防止短路的发生，在连接和拆除电路时，开关应是断开的；
(2)要测量小灯泡正常发光时的电阻，需使小灯泡两端的电压等于额定电压；
确定电压表的量程后读出电压表的数值，根据串联电路分压的知识或欧姆定律判断滑动变阻器阻值的变化，得出滑片移动的方向；
(3)伏安法测电阻的实验中，电压表应与被测电阻并联，当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，电路电流变大，被测电阻两端电压变大，滑动变阻器两端电压减小，电流表与电压表示数变大，如果电压表与滑动变阻器并联则电流表示数增大时，电压表示数减小，据此分析答题；
(4)根据图像确定额定电压下的电流，利用欧姆定律的变形公式R=UI计算出电阻的阻值；
(5)根据滑动变阻器的阻值不变结合欧姆定律及串联电路的电流、电压特点得出5.0V时的电阻值；
(6)通过开关的转换，先使R1与灯和电流表串联在电路中，移动变阻器的滑片，使电流表示数为I0，灯正常发光，通过开关的转换使R2与灯和电流表串联在电路中，调节滑动变阻器R2，使电流表示数不变，根据等效替代法，则此时R2的电阻等于灯泡正常发光的电阻，为得出此时R2的电阻，先将R1的滑片调至最左端，记下电流表的示数为I1，再将R1的滑片调至最右端，记下电流表的示数为I2，由串联电阻的规律和欧姆定律，根据电源电压不变列方程，从而求出R2的电阻即灯正常发光时的电阻。
本题测量小灯泡正常发光时的电阻，考查了电路连接过程中的注意事项、滑动变阻器的使用、电压表的使用及读数、电路故障的判断、电阻的计算、控制变量法、数据分析等知识。
28.【答案】解：(1)水池底部受到水的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m=1.2×105Pa；
(2)因为金属块浸没在水中，
所以排开水的体积：
V排=V=0.1m3，
金属块受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m3=1000N；
(3)由ρ=mV得金属块的质量：
m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×0.1m3=270kg，
金属块的重力：
G=mg=270kg×10N/kg=2700N；
由图可知，n=2，不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，拉力：
F=12(G−F浮)=12×(2700N−1000N)=850N，
作用于绳子末端拉力功率P=Fv=850N×2×0.5m10s=85W；
(4)由图知，n=2，绳端移动距离s=2h′=2×0.5m=1m，
若实际所用拉力为1000N，则总功为：
W总=Fs=1000N×1m=1000J，
使用滑轮组所做的有用功：
W有用=(G−F浮)h=(2700N−1000N)×0.5m=850J，
此时该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=850J1000J×100%=85%。
答：(1)水池底部受到水的压强为1.2×105Pa；
(2)金属块受到的浮力大小为1000N；
(3)作用于绳子末端拉力功率为85W；
(4)若实际所用拉力为1000N，则这个滑轮组的机械效率为85%。
【解析】(1)知道水深，利用液体压强公式求容器底部受到水的压强；
(2)由于金属块浸没在水中，排开水的体积等于金属块的体积，再利用阿基米德原理求金属块受到的浮力；
(3)由图可知，n=2，不计摩擦、绳子和动滑轮的重力，拉力F=12(G−F浮)，利用P=Fv求得作用于绳子末端拉力功率；
(4)由图知，n=2，绳端移动距离s=2h，若实际所用拉力为1000N，利用W=Fs求总功，使用滑轮组所做的有用功W有用=(G−F浮)h，利用效率公式求滑轮组的机械效率。
本题综合考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、阿基米德原理、功的公式和效率公式的应用。注意：金属块浸没水中时，使用滑轮组所做的有用功W有用=(G−F浮)h。
29.【答案】解：(1)由P=UI可知，养生壶正常保温时的电流：
I=P保温U=44W220V=0.2A；
由P=UI=U2R可知，养生壶正常保温时的电阻：
R=U2P保温=(220V)244W=1100Ω；
(2)①养生壶消耗的电能为：
W=3003000kW⋅h=0.1 kW⋅h=3.6×105J，
养生壶的实际功率：
P=Wt=3.6×105J6×60s=1000W；
②1标准大气压下水的沸点为100℃，
则水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J，
养生壶的加热水的效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J3.6×105J×100%≈93.3%。
答：(1)该养生壶正常保温时的电流为0.2A，电阻为1100Ω；
(2)①养生壶的实际功率为1000W；
②养生壶的加热水的效率为93.3%。
【解析】(1)根据P=UI求养生壶正常保温时的电流，根据P=UI=U2R求养生壶正常保温时的电阻；
(2)①3000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000圈，据此求出转300转消耗的电能；根据P=Wt求养生壶的实际功率；
②1标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=c水m(t−t0)求水吸收的热量，根据η=Q吸W×100%求养生壶的加热水的效率。
本题以养生壶为例考查了电能表参数的理解、电功率公式、吸热公式和效率公式的应用，要注意标准大气压下水的沸点是100℃。
相关试卷
2023年黑龙江省绥化市肇东十一中中考四模物理试题（含解析）： 这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东十一中中考四模物理试题（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年黑龙江省绥化市肇东市第七中学校中考六模物理试题： 这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东市第七中学校中考六模物理试题，共9页。
2023年黑龙江省绥化市肇东重点中学中考物理三模试卷（含解析）： 这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东重点中学中考物理三模试卷（含解析），共28页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
