2023年海南省海口市中考物理二模试卷（含解析）

这是一份2023年海南省海口市中考物理二模试卷（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年海南省海口市中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列粒子中直径最小的是(    )
A. 分子 B. 原子 C. 质子 D. 电子
2. 安全气囊安装在轿车方向盘内，当受到一定的压力激发时就会“蹦”出来，以保护人体免受硬物撞击而受伤。如图所示。在下列哪种情况下，气囊最有可能“蹦”出来的是(    )
A. 轿车突然加速时
B. 轿车高速行驶时
C. 轿车前端被猛烈碰撞时
D. 轿车突然减速时
3. 科学家发现的一种新材料——黑磷烯，它具有密度小、硬度大、优良的导电性、导热性及抗拉伸等性能，依据黑磷烯的属性，下列物件不能用黑磷烯来制造的是(    )
A. 保温杯外壳 B. 新型热传导设备 C. 超轻型飞机 D. 新型防弹背心
4. 小雨触摸自己家的电冰箱门时，手被“麻”了一下。对于造成小雨手“麻”的原因有四种猜想，你认为合理的猜想是(    )
A. 线路中火线断路 B. 电冰箱金属外壳接触到绝缘层破损的火线
C. 线路中零线断路 D. 电冰箱的金属外壳接了地线
5. 如图所示是小朋友在小区荡秋千的情景。下列说法正确的是(    )
A. 秋千通过最低点时的动能为零
B. 秋千到达最高点时的重力势能最大
C. 秋千摆动的过程中机械能守恒
D. 秋千下降过程中的动能转化为重力势能
6. 北京冬奥会开幕式上的倒计时“二十四节气”向世人介绍了独一无二的中国时间，下列“节气”中的物态变化及吸放热情况正确的是(    )
A. “谷雨”节气，雨的形成是升华现象，放出热量
B. “白露”节气，露的形成是液化现象，吸收热量
C. “霜降”节气，霜的形成是凝华现象，吸收热量
D. “大雪”节气，雪的形成是凝华现象，放出热量
7. 下列如图所示工具中，在使用时属于费力杠杆的是(    )
A. 食品夹子 B. 开瓶器
C. 天平 D. 羊角锤
8. 下列关于电磁波、信息技术和能源的说法正确的是(    )
A. 电磁波不能在真空中传播 B. “北斗”导航系统利用电磁波传递信息
C. 太阳能属于不可再生能源 D. 核电站利用核聚变释放的能量发电
9. 互联网给农村经济带来了新的契机，如图是某村通过直播为当地特产带货的场景。下列说法正确的是(    )
A. 摄像头的镜头是凹透镜
B. 直播使用的手机摄像头成的是正立、缩小的实像
C. 为了使网友看到更大的商品画面，应将商品靠近摄像头
D. 手机屏幕的彩色画面是由红、黄、蓝三种色光组成的

10. 如图所示，小明同学设计了一种烟雾报警装置，R0的电阻为40Ω，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.3A时，烟雾报警器报警。开关S闭合后，当电流为0.5A时，光敏电阻R的电功率为4W。下列说法正确的是(    )


A. 当R处的烟雾浓度逐渐增大时，电流表的示数变大
B. 电源电压为24V
C. 当电压表的示数为16V时，烟雾报警器报警
D. 当电路中电流为0.4A时，R消耗的电功率为6W
二、填空题（本大题共7小题，共28.0分）
11. 由于受到地磁场的作用，指南针静止时______ (选填“N”或“S”)极指向南方；如图所示，磁悬浮地球仪应用了______ (选填“同”或“异”)名磁极相互排斥的规律。


12. 在学校合唱团里，学生们根据______ (选填“音调”、“响度”或“音色”)的不同分为高音和低音两个声部。观众根据歌声就能猜到歌名，说明声音可以传递______ 。
13. 如图是一款能发电的魔方充电器。转动魔方时，它能发电，其原理是______ (选填“电磁感应”或“磁场对电流的作用”)。魔方还能通过USB端口给移动设备充电，给移动设备充电时，魔方相当于电路中的______ (选填“电源”或“用电器”)。

14. 如图是紫砂陶茶壶。壶盖上有一个小孔，小孔的作用是使壶内液面上方的压强______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)大气压强，有利于把水倒出来。若茶壶和水的总质量为0.6kg，壶底与桌面的接触面积为5cm2，壶对水平桌面的压强为______ Pa。
15. 在学校运动会中，小亮参加200m短跑的竞赛成绩是25s，则他的平均速度是______ m/s；在接力比赛中，为使交接棒顺利进行，交接棒时两名运动员尽可能保持相对______ 。
16. 如图所示是火箭在卫星发射中心点火发射的场景。火箭使用的燃料是液氢，是因为液氢具有较大的______ ；火箭升空过程中箭体温度会升高，这是通过______ 的方式改变物体内能的。
17. 如图所示的电路中，保护电阻R为5Ω，M是电动机。当闭合开关S后，两电压表的示数分别为6V和2V，则电动机两端的电压是______ V，电路中的电流为______ A。


三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 如图所示，请根据平面镜成像特点作出发光点S在平面镜MN中所成的像S′。


19. 如图所示，请画出正在水平向右运动的冰壶所受重力示意图(O点是冰壶的重心)。


四、实验探究题（本大题共2小题，共16.0分）
20. 酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。
(1)将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向______ 调节平衡螺母直至天平平衡。
(2)测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示，记录量筒内消毒液的体积；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示，则其质量为______ g；
④消毒液的密度为______ g/cm3。
(3)小强测量一个木块(ρ木<ρ水)的密度，由于木块体积较大无法放入量筒，于是利用电子秤、一根细钢针、烧杯和水设计如下实验，测出了木块的密度。
①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为m1；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为m2；
③用细钢针将木块全部浸没在水中，电子秤的示数为m3；
④木块密度ρ木= ______ (用m1、m2、m3和ρ水表示)。
21. 小丽按照图甲所示的电路图探究“电流跟电阻的关系”。已知电源电压为6V且保持不变。实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
(1)请你根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的器材连接成完整的电路。
(2)闭合开关，电压表、电流表均无示数，则故障原因可能是______ 。
A.滑动变阻器断路
B.定值电阻R断路
C.定值电阻R短路
(3)排除故障后，进行实验时，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______ (选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变。
(4)实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。要顺利完成该实验，选用的滑动变阻器的阻值应不小于______ Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共22.0分）
22. 海洋科学钻探船被称为海洋科学领域的“航空母舰”。如图所示为一艘满载时排水量为5×104t的海洋科学钻探船。甲板上装有很高的钻塔，可以安装并控制钻杆进行拉升作业，使钻头可在4000m深的海底钻取岩芯进行研究。(ρ海水=1.03×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)该钻探船满载时受到海水的浮力。
(2)满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，钻探船排开海水的体积将如何变化，请简要说明。
(3)钻头在4000m深的海底处受到海水的压强。
(4)该钻探船以36km/h的速度匀速航行时，动力推进系统的输出功率为4×107W，则船受到的牵引力。
23. 在如图甲所示的电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为16Ω，滑动变阻器的最大阻值是40Ω，小灯泡的额定电压为6V，通过小灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示。当开关S2闭合，S1、S3断开时，滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光。求：
(1)小灯泡的额定功率；
(2)电源电压；
(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，移动滑动变阻器的滑片P，当电路消耗的总功率为6W时，求滑动变阻器接入电路中的电阻值。


答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：分子由原子组成，原子包括电子和原子核，而原子核由质子和中子组成，这些微粒中体积最小的是电子。
故选：D。
分子由原子组成，原子由核外电子和原子核组成，原子核由质子和中子组成。
本题是物理常识题，属于基础题。

2.【答案】C 
【解析】解：气囊的目的是为了防止人冲向前窗而受到伤害，而人只有在车紧急刹车或前方受到猛烈碰撞时，脚受到阻力很快停下来，而上身由于惯性而向前冲。
故应是轿车前端与其他物体发生猛烈碰撞时气囊才会蹦出。
故选：C。
一切物体都有惯性，惯性有时对人也有危害，在生活中不但要注意应用还要注意防止惯性带来的伤害，据此分析。
惯性在生活中有好的方面，应加以利用，但同时也有坏的方面，应注意防止。

3.【答案】A 
【解析】解：AB、石墨具有优良的导热性，可以用来制作新型热传导材料，不可用于保温杯外壳，故A错误，B正确；
C、黑磷烯的密度较小，可以用来制作超轻型飞机材料，能够减轻飞机的质量，故C正确；
D、黑磷烯具有较高的硬度，可以作为防弹衣材料。故D正确。
故选：A。
黑磷烯是一种新发现的材料，它的物理性质是：密度小、硬度大、有优良的导电性、导热性及抗拉伸能力等，根据它的这些特性我们就能知道它的用途。
物质种类不同，具有的物理属性也不同，在实际生活中应该根据物质的不同属性加以选择利用。

4.【答案】B 
【解析】解：A、火线断路，手接触冰箱门是不会触电的，故A错误；
B、火线与电冰箱的金属外壳接触，金属外壳就相当于火线的延伸，手接触金属外壳就会触电，故B正确；
C、线路中零线断路，冰箱不能工作，但如果金属外壳不漏电，手接触电冰箱门也不会触电，故C错误。
D、电冰箱门的金属外壳接了地，金属外壳即使和火线接触，电流也会通过地线流入大地，人接触金属外壳是不会触电的，故D错误。
故选：B。
触摸电冰箱门时手感到了“麻”，就是一种触电。触电包括两种类型，一是单线触电，站在地面上的人单手接触火线；二是双线触电，一手接触火线，一手接触零线。
此题考查的是家庭电路中的触电现象分析，与我们的生活实际联系比较紧密，是一道好题。

5.【答案】B 
【解析】解：
A、人的质量一定，通过最低点时速度最大，动能最大，故A错误；
B、到达最高点时，质量不变，高度最大，重力势能最大，故B正确；
C、秋千摆动的过程中，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能逐渐变小，不守恒，故C错误；
D、下降过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能，故D错误。
故选：B。
(1)影响动能的因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
影响重力势能的因素是质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大；
(2)机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒。
本题考查了动能和重力势能的相互转化，难度不大。

6.【答案】D 
【解析】解：A、雨主要是云层中的水蒸气液化形成的，液化放热，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华放热，故C错误；
D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华放热，故D正确。
故选：D。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

7.【答案】A 
【解析】解：A.食品夹子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B.开瓶器在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C.天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故C不符合题意；
D.羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，支点的位置、动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

8.【答案】B 
【解析】解：A、电磁波可以在真空传播，故A错误；
B、电磁波能传递信息，“北斗”导航系统利用电磁波传递信息，故B正确；
C、太阳能属于可再生能源，故C错误；
D、核电站利用核裂变释放的能量发电，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波能传递信息，电磁波的传播不需要介质，可以在真空传播；
(2)从是否可再生角度划分：①可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；②不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能。
(3)核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的。
本题考查了电磁波的传播与应用、能源的分类、核裂变，属于基础题型。

9.【答案】C 
【解析】解：
AB、手机摄像头是一个凸透镜，其成像原理与照相机的成像原理相同，成的是倒立、缩小的实像，故AB错误；
C、为了使网友看清商品细节，像应变大，像距变大，物距变小，应将商品靠近摄像头，故C正确；
D、光的三原色是红、绿、蓝，手机屏幕上的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D错误。
故选：C。
(1)手机摄像头是一个凸透镜，成倒立、缩小的实像；
(2)色光的三原色是红、绿、蓝；
(3)凸透镜成实像时，物近像远像变大。
本题考查了凸透镜成像规律的应用、光的三原色，属于基础题。

10.【答案】C 
【解析】解：
由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测光敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当R处的烟雾浓度逐渐增大时，光照强度逐渐减弱，光敏电阻的阻值逐渐增大，根据欧姆定律可知，电路中的电流逐渐减小，电流表的示数减小，故A错误；
B.因串联电路中各处的电流相等，且I=0.5A时，PR=4W，
所以，由P=I2R可得，光敏电阻的阻值为：R=PRI2=4W(0.5A)2=16Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I(R+R0)=0.5A×(16Ω+40Ω)=28V，故B错误；
C.当电压表的示数为16V时，R0两端的电压：U0=U−UR=28V−16V=12V，
此时电路中的电流：I=U0R0=12V40Ω=0.3A，因电路中电流小于或等于0.3A时，烟雾报警器报警，所以，此时烟雾报警器报警，故C正确；
D.当电路中电流为0.4A时，定值电阻R0两端电压：U0′=I′R0=0.4A×40Ω=16V，
此时R两端的电压：UR′=U−U0′=28V−16V=12V，
R消耗的电功率：PR′=I′UR′=0.4A×12V=4.8W，故D错误。
故选：C。
本题考查了敏感电阻、串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，利用好题干中所给的条件是关键。

11.【答案】S  同 
【解析】解：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，受到地磁场的作用，指南针静止时S极指向南方；如图所示，磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互排斥的规律。
故答案为：S；同。
(1)地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；
(2)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
此题考查了地磁场、磁极间的相互作用规律，属基础题目。

12.【答案】音调  信息 
【解析】解：我们平时所说的“女高音”、“男低音”，这里说的“高”和“低”指的是声音的高低即音调；
歌声响起时观众就猜到了歌名，说明声音可以传递信息。
故答案为：音调；信息。
声音的三要素：音调、响度和音色；音调指声音的高低；响度指声音大的大小；音色用来区别不同的发声体；
声音可以传递信息、声音可以传递能量。
本题考查了声音的特性和声音的利用，是一道基础题。

13.【答案】电磁感应  电源 
【解析】解：转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用的是电磁感应现象；在发电的过程中，机械能转化为电能；
魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源。
故答案为：电磁感应；电源。
利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能；在对外供电的过程中，电源会提供电能。
发电机的原理是利用电磁感应现象，而电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，它们的能量转化分别是：机械能转化电能，电能转化为机械能。

14.【答案】等于  1.2×104 
【解析】解：壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相通，使得水面上方的压强等于大气压强，在大气压的作用下水可以更容易的倒出。
茶壶对水平桌面的压力大小等于茶壶和水总重，即茶壶对水平桌面的压力：F=G=0.6kg×10N/kg=6N；
茶壶对桌面的压强为：p=FS=6N5×10−4m2=1.2×104Pa。
故答案为：等于；1.2×104。
壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压。茶壶对水平桌面的压力等于茶壶和水总重，受力面积等于壶底与水平桌面的接触面积，利用p=FS求出壶对水平桌面的压强；
本题考查了固体压强公式和大气压的应用，是一道较为简单的应用题。

15.【答案】8  静止 
【解析】解：小明全程的平均速度：
v=st=200m25s=8m/s。
接力比赛中，两个运动员向前运动的速度相同或相近，保持相对静止，才能顺利交接棒。
故答案为：8；静止。
知道路程和时间，根据速度公式求出速度大小。
接力赛中，为了顺利交接棒，两个运动员之间保持相对静止状态。
两个物体的运动速度大小和方向相同时，两个物体处于相对静止状态。

16.【答案】热值  做功 
【解析】解：(1)火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量；
(2)火箭上升过程中，火箭的外壳与空气摩擦，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体内能的。
故答案为：热值；做功。
(1)单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值，燃料的热值越高，在质量相同时，完全燃烧时放出的热量越多；
(2)改变物体内能有两种方式：做功和热传递；摩擦生热属于通过做功的方法改变物体的内能。
此题以火箭发射为背景考查了热值、做功改变物体内能等多个知识点，有一定的综合性，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

17.【答案】4  0.4 
【解析】解：由电路图可知，电动机M与电阻R串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R两端的电压；
由串联电路的电压特点可知，电动机两端的电压：UM=U−UR=6V−2V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=IR=URR =2V5Ω=0.4A。
故答案为：4；0.4。
由电路图可知，电动机M与电阻R串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R两端的电压。
根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确判断两电压表所测电压是解题的关键。

18.【答案】解：作发光点S关于平面镜对称点S′，S′即为S在平面镜中的像，如图所示：
 
【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出S的像。
本题考查了平面镜成像特点的应用，属于基础题目。

19.【答案】解：从重心开始，竖直向下画出冰壶所受重力G，如图所示：
 
【解析】重力作用在物体的重心，方向竖直向下。
此题考查力的示意图的画法，要注意先分析出力的方向、作用点等。

20.【答案】左  44  0.85 m2−m1m3−m1ρ水 
【解析】解：(1)天平放在水平台上，发现指针指在分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端调节，使天平平衡。
(2)②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面对应40mL，所以消毒液的体积为：V=40mL=40cm3。
③烧杯和剩余消毒液的质量：m=20g+20g+4g=44g。
量筒中消毒液的质量：m′=78g−44g=34g。
④消毒液的密度：ρ=m′V=34g40cm3=0.85g/cm3。
(3)①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为m1；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为m2；
木块的质量：m木=m2−m1。
③用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中，电子秤的示数为m3；
木块的体积V木=V排=m排ρ水=m3−m1ρ水。
④木块密度ρ木=m木V木=m2−m1m3−m1ρ水=m2−m1m3−m1ρ水。
故答案为：(1)左；(2)③44；④0.85；(3)m2−m1m3−m1ρ水。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端调节。
(2)②量筒中液体的体积等于液面对应的刻度值。
③物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。量筒中消毒液的质量等于前后两次质量测量的差值。
④知道消毒液的质量和体积，根据密度公式求出消毒液的密度。
(3)用电子秤测量烧杯和水的质量，把木块放入水中，木块漂浮在水面上，测量烧杯、水和木块的质量，求出木块的质量；用细钢针把木块浸没在水中，测量电子秤增加的测量值，即木块排开水的质量，求出木块浸没在水中排开水的质量，求出木块排开水的体积，即木块的体积；知道木块的质量和体积，根据密度公式，求出木块的密度。
本题考查了天平的正确使用、用天平和量筒测量液体的密度、测量比水密度小的木块的密度、实验评估等，是一道综合性很强的实验综合题。

21.【答案】A  左  35 
【解析】解：
(1)结合图甲可知电压表应并联在定值电阻两端，滑动变阻器一上一下串联接入电路中，据此完成电路连接如下图所示：
；
(2)闭合开关，电流表无示数，说明电路可能出现了断路故障，同时电压表也无示数，说明电压表不能与电源正负极形成通路，据此分析：
A、若滑动变阻器断路，则整个电路断路，电流表和电压表均无示数，符合题意；
B、若定值电阻R断路，则电流表无示数，而电压表有示数，不符合题意；
C、若定值电阻R短路，则电流表有示数，而电压表无示数，不符合题意；
故选：A；
(3)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表示数保持不变；
(4)由丙图知，电阻两端的电压始终保持UV=0.5A×5Ω=……=0.1A×25Ω=2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=6V−2.5V=3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的3.5V2.5V=1.4倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=1.4×25Ω=35Ω，故为了完成整个实验，应该选用的滑动变阻器的阻值应不小于35Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)A；(3)左；(4)35。
(1)结合图甲可知电压表应并联在定值电阻两端，滑动变阻器一上一下串联接入电路中，据此完成电路连接；
(2)闭合开关，电流表无示数，说明电路可能出现了断路故障，同时电压表也无示数，说明电压表不能与电源正负极形成通路，据此分析；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、电路故障分析、滑动变阻器的使用以及串联分压原理的应用，难度一般。

22.【答案】解：(1)该钻探船满载时受到海水的浮力：
F浮=G排=m排g=5×104×103kg×10N/kg=5×108N；
(2)满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，始终处于漂浮状态，钻探船的重力不变，受到的浮力不变；
(3)钻头在4000m深的海底处受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4000m=4×107Pa；
(4)钻探船航行的速度：v=36km/h=10m/s，
由P=Wt=Fst=Fv可知，船受到的牵引力：F=Pv=4×107W10m/s=4×106N。
答：(1)该钻探船满载时受到海水的浮力是5×108N；
(2)不变，因为满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，始终处于漂浮状态，钻探船的重力不变，受到的浮力不变；
(3)钻头在4000m深的海底处受到海水的压强是4×107Pa；
(4)船受到的牵引力是4×106N。 
【解析】(1)知道钻探船满载时排水量，利用阿基米德原理求船受到海水的浮力；
(2)满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，始终处于漂浮状态，分析重力变化得出浮力变化；
(3)利用p=ρgh求钻头在4000m深的海底处受到海水的压强；
(4)知道速度和功率，利用P=Wt=Fst=Fv计算出牵引力。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式及功率公式的应用，明白排水量的含义是关键。

23.【答案】解：
(1)由题知灯泡的额定电压为6V，由图象读出灯泡正常发光时的电流为IL=0.5A，
则小灯泡的额定功率：
P额=ULIL=6V×0.5A=3W；
(2)当开关S2闭合，S1、S3断开，L与R2串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光，则电路的电流I=IL=0.5A，
滑动变阻器两端的电压：U2=IR2=0.5A×4Ω=2V；
电源电压为：U=UL+U2=6V+2V=8V；
(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2并联，
因并联电路各支路两端的电压相等，
则R1的功率：
P1=U2R1=(8V)216Ω=4W；
因总功率等于各电阻消耗功率之和，
所以R2的功率：P2=P−P1=6W−4W=2W；
由P=U2R可得，R2的电阻：R2=U2P2=(8V)22W=32Ω。
答：(1)小灯泡的额定功率为3W；
(2)电源电压为8V；
(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，移动滑动变阻器的滑片P，当电路消耗的总功率为6W时，滑动变阻器接入电路中的电阻值为32Ω。 
【解析】(1)由图象读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI算出小灯泡的额定功率；
(2)当开关S2闭合，S1、S3断开，L与R2串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光，根据U=IR算出滑动变阻器的电压，滑动变阻器的电压加灯泡两端的电压等于电源电压；
(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2并联，由P=U2R算出R1的功率；
总功率减去R1的功率即为R2的功率，根据P=U2R算出R2的电阻。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是利用好电源电压不变这一条件，注意知道灯泡电阻是变化的。