2023年黑龙江省牡丹江市中考数学真题（含解析）

这是一份2023年黑龙江省牡丹江市中考数学真题（含解析），共33页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2023年黑龙江省牡丹江市中考数学真题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．下列图形中，既是中心对称图形，又是轴对称图形的是（    ）
A．      B．    C．    D．   
2．函数中，自变量x的取值范围是（    ）
A． B． C． D．
3．下列计算正确的是（    ）
A． B． C． D．
4．如图，A，B，C为上的三个点，，若，则的度数是（    ）
  
A． B． C． D．
5．一组数据1，x，5，7有唯一众数，且中位数是6，则平均数是（    ）
A．6 B．5 C．4 D．3
6．由若干个完全相同的小正方体搭成的几何体的主视图和左视图如图所示，则搭成该几何体所用的小正方体的个数最多是（    ）
  
A．6 B．7 C．8 D．9
7．观察下面两行数：

取每行数的第7个数，计算这两个数的和是（    ）
A．92 B．87 C．83 D．78
8．如图，正方形的顶点A，B在y轴上，反比例函数的图象经过点C和的中点E，若，则k的值是（    ）
  
A．3 B．4 C．5 D．6
9．若分式方程的解为负数，则a的取值范围是（    ）
A．且 B．且
C．且 D．且
10．用一个圆心角为，半径为8的扇形作一个圆锥的侧面，则这个圆锥的底面直径是（    ）
A．6 B．5 C．4 D．3
11．在以“矩形的折叠”为主题的数学活动课上，某位同学进行了如下操作：
第一步：将矩形纸片的一端，利用图①的方法折出一个正方形，然后把纸片展平；
第二步：将图①中的矩形纸片折叠，使点C恰好落在点F处，得到折痕，如图②．
根据以上的操作，若，，则线段的长是（    ）
  
A．3 B． C．2 D．1
12．如图，抛物线经过点，．下列结论：①；②；③若抛物线上有点，，，则；④方程的解为，，其中正确的个数是（    ）
  
A．4 B．3 C．2 D．1

二、填空题
13．目前，中国国家版本馆中央总馆入藏版本量共余册．数据用科学记数法表示为 ．
14．如图，，与交于点O，请添加一个条件 ，使．（只填一种情况即可）
  
15．如图，将的按下面的方式放置在一把刻度尺上：顶点O与尺下沿的端点重合，与尺下沿重合，与尺上沿的交点B在尺上的读数恰为，若按相同的方式将的放置在该刻度尺上，则与尺上沿的交点C在尺上的读数为 ．
  
16．甲，乙两名同学玩“石头、剪子、布”的游戏，随机出手一次，甲获胜的概率是 ．
17．张师傅去年开了一家超市，今年2月份开始盈利，3月份盈利5000元，5月份盈利达到7200元，从3月到5月，每月盈利的平均增长率都相同，则每月盈利的平均增长率是 ．
18．将抛物线向下平移1个单位长度，再向右平移 个单位长度后，得到的新抛物线经过原点．
19．如图，在平面直角坐标系中，菱形的顶点A，B在x轴上，，，，将菱形绕点A旋转后，得到菱形，则点的坐标是 ．
  
20．如图，在正方形中，E在边上，交对角线于点F，于M，的平分线所在直线分别交，于点N，P，连接．下列结论：①；②；③；④若，，则，其中正确的是 ．
  

三、解答题
21．先化简，再求值：，其中．
22．如图，抛物线与x轴交于点，，与y轴交于点C．
  
(1)求抛物线对应的函数解析式，并直接写出顶点P的坐标；
(2)求的面积．
注：抛物线的对称轴是直线，顶点坐标是．
23．在中，，，，D为的中点，以为直角边作含角的，，且点E与点A在的同侧，请用尺规或三角板作出符合条件的图形，并直接写出线段的长．
24．第二十二届中国绿色食品博览会上，我省采用多种形式，全方位展示“寒地黑土”“绿色有机”金字招牌，大力推介以下绿色优质农产品：．“龙江奶”；．“龙江肉”；．“龙江米”；．“龙江杂粮”；．“龙江菜”；．“龙江山珍”等，为了更好地了解某社区对以上六类绿色优质农产品的关注程度，某校学生对社区居民进行了抽样调查（每位居民只选最关注的一项），根据调查统计结果，绘制了如图所示的不完整统计图．请根据两幅统计图中的信息，解答下列问题：
  
(1)本次参与调查的居民有多少人？
(2)补全条形统计图，在扇形统计图中类的百分比是______；
(3)如果该社区有人，估计关注“龙江杂粮”的居民有多少人？
25．在一条高速公路上依次有A，B，C三地，甲车从A地出发匀速驶向C地，到达C地休息后调头（调头时间忽略不计）按原路原速驶向B地，甲车从A地出发后，乙车从C地出发匀速驶向A地，两车同时到达目的地．两车距A地路程与甲车行驶时间之间的函数关系如图所示．请结合图象信息，解答下列问题：
  
(1)甲车行驶的速度是_____，乙车行驶的速度是_____．
(2)求图中线段所表示的y与x之间的函数解析式，并直接写出自变量x的取值范围；
(3)乙车出发多少小时，两车距各自出发地路程的差是？请直接写出答案．
26．中，，垂足为E，连接，将绕点E逆时针旋转，得到，连接．
  
(1)当点E在线段上，时，如图①，求证：；
(2)当点E在线段延长线上，时，如图②：当点E在线段延长线上，时，如图③，请猜想并直接写出线段AE，EC，BF的数量关系；
(3)在（1）、（2）的条件下，若，，则_______．
27．某商场欲购进A和B两种家电，已知B种家电的进价比A种家电的进价每件多100元，经计算，用1万元购进A种家电的件数与用1.2万元购进B种家电的件数相同．请解答下列问题：
(1)这两种家电每件的进价分别是多少元？
(2)若该商场欲购进两种家电共100件，总金额不超过53500元，且A种家电不超过67件，则该商场有哪几种购买方案？
(3)在（2）的条件下，若A和B两种家电的售价分别是每件600元和750元，该商场从这100件中拿出两种家电共10件奖励优秀员工，其余家电全部售出后仍获利5050元，请直接写出这10件家电中B种家电的件数．
28．如图，在平面直角坐标系中，的顶点B，C在x轴上，D在y轴上，OB，OC的长是方程的两个根（）．请解答下列问题：

(1)求点B的坐标；
(2)若，直线分别交x轴、y轴、AD于点E，F，M，且M是AD的中点，直线EF交DC延长线于点N，求的值；
(3)在（2）的条件下，点P在y轴上，在直线EF上是否存在点Q，使是腰长为5的等腰三角形？若存在，请直接写出等腰三角形的个数和其中两个点Q的坐标；若不存在，请说明理由．

参考答案：
1．A
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．
【详解】A、是轴对称图形，也是中心对称图形，故选项符合题意；
B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故选项不符合题意；
C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故选项不符合题意；
D、不是轴对称图形，是中心对称图形，故选项不符合题意；
故选：A．
【点睛】此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念：轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．
2．B
【分析】根据二次根式有意义的条件，被开方数大于等于0知：，可求出x的范围．
【详解】解：根据题意得：，
解得：，
故选：B．
【点睛】本题考查的是函数自变量取值范围的求法．函数自变量的范围一般从三个方面考虑：（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．
3．C
【分析】分别根据同底数幂的乘法，合并同类项，积的乘方，完全平方公式逐一分析判断即可．
【详解】解：，故A不符合题意，
，故B不符合题意；
，故C符合题意；
，故D不符合题意；
故选C
【点睛】本题考查的是同底数幂的乘法，合并同类项，积的乘方运算，完全平方公式的应用，熟记运算法则是解本题的关键．
4．C
【分析】由，可得，结合，可得，再利用圆周角定理可得答案．
【详解】解：∵，
∴，
∵，
∴，
∴，
故选C
【点睛】本题考查的是圆周角定理的应用，熟记圆周角定理的含义是解本题的关键．
5．B
【分析】由一组数据1，x，5，7有唯一众数， 可得的值只能是，，，结合中位数是6，可得，从而可得答案．
【详解】解：∵一组数据1，x，5，7有唯一众数，
∴的值只能是，，，
∵中位数是6，
∴，
∴平均数为，
故选B
【点睛】本题考查的是众数，中位数，平均数的含义，理解概念并灵活应用是解本题的关键．
6．B
【分析】根据主视图和左视图判断该几何体的层数及每层的最多个数，即可得到答案．
【详解】解：根据主视图和左视图判断该几何体共有两层，
下面一层最多有4个小正方体，上面的一层最多有3个小正方体，故该几何体所用的小正方体的个数最多是7个，
故选:B．
【点睛】此题考查了几何体的三视图，由三视图判断小正方体的个数，正确理解三视图是解题的关键．
7．C
【分析】先分别找出每行数字的规律，求出每行第7个数，将这两个数相加即可．
【详解】解：第一行的数字规律为：，第二行的数字规律为：，
第一行的第7个数字为：，第二行的第7个数字为：，
，
故选：C．
【点睛】本题考查规律探究，发现每行数字的排布规律是解题的关键．
8．B
【分析】由正方形的性质得，可设，，根据可求出的值．
【详解】解：∵四边形是正方形，
∵
∵点为的中点，
∴
设点C的坐标为，则,
∴，
∵点C，E在反比例函数的图象上，
∴，
解得，，
故选：B．
【点睛】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数（k为常数，）的图象是双曲线，图象上的点的横纵坐标的积是定值k，即．
9．D
【分析】直接解分式方程，进而得出a的取值范围，注意分母不能为零．
【详解】解：去分母得：，
解得：，
∵分式方程的解是负数，
∴，，即，
解得：且，
故选：D．
【点睛】此题主要考查了分式方程的解，正确解分式方程是解题关键．
10．C
【分析】先利用弧长公式求出扇形的弧长即圆锥的底面周长，再根据圆的周长公式求出直径即可．
【详解】解：扇形的弧长：，
则圆锥的底面直径：．
故选：C．
【点睛】本题考查圆锥侧面积公式，熟记公式的灵活应用是解题的关键．
11．C
【分析】根据折叠的性质得：，，，设，则，利用勾股定理求出，再证明，得，求解即可．
【详解】解：如图，过点作，交于点，
  



在和中，





设，则，
，即：，
解得：，
，，
，
，
，

，
故选：C．
【点睛】本题考查折叠问题及矩形的性质、正方形的性质，相似三角形的判定与性质，掌握折叠的性质并能熟练运用勾股定理方程思想是解题的关键．
12．D
【分析】根据二次函数图象可知：，，，得出，故①不正确；将点，代入，得出：，再求出，故②不正确；根据函数图象可得，故③正确；根据方程，，可知方程无解，故④不正确．
【详解】解：根据二次函数图象可知：，，，
∴，
∴，故①不正确；
将点，代入得出：，
得出：，
∴，
再代入得出：，故②不正确；
∵，
∴，，
∵，
∴，
根据图象可知：，故③正确；
∵方程，
∴，
∴方程无解，故④不正确；
正确的个数是1个，
故选：D．
【点睛】本题考查二次函数，掌握二次函数的性质是解题的关键．
13．
【分析】根据题意用科学记数法表示即可．
【详解】解：，
故答案为：．
【点睛】本题考查科学记数法，掌握科学记数法的形式是解题的关键．
14．或或
【分析】根据三角形全等的判定方法处理．
【详解】∵
∴，
若，则；
若，则；
若，则；
故答案为：或或．
【点睛】本题考查平行线的性质，全等三角形的判定；掌握全等三角形的判定方法是解题的关键．
15．
【分析】根据平行线的性质得到，解直角三角形求出，再推出，进而得到，再求出的长即可得到答案．
【详解】解：由题意得，，，，
∴，
∴
  
∵，
∴，，
∴，
∴，
∴，
∴与尺上沿的交点C在尺上的读数为，
故答案为：．
【点睛】本题主要考查了解直角三角形，平行线的性质，等腰三角形的判定，正确求出的长是解题的关键．
16．
【分析】画树状图得出所有等可能的结果数，再从中找到符合条件的结果数，然后再用概率公式求解即可．
【详解】解：根据题意画出树状图如图所示：
  ，
共有9种等可能的结果，甲获胜的情况有3种，
甲获胜的概率是：，
故答案为：．
【点睛】本题主要考查的是用列表法或树状图法求概率，列表法可以重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或两步以上完成的事件，用到的知识点为：概率等于所求情况数与总情况数之比．
17．
【分析】设该超市的月平均增长率为x，根据等量关系：三月份盈利额五月份的盈利额列出方程求解即可．
【详解】解：设每月盈利平均增长率为x，
根据题意得：．
解得：，（不符合题意，舍去），
故答案为：．
【点睛】此题主要考查了一元二次方程的应用，属于增长率的问题，一般公式为原来的量后来的量，其中增长用＋，减少用−，难度一般．
18．2或4/4或2
【分析】先求出抛物线向下平移1个单位长度后与的交点坐标，然后再求出新抛物线经过原点时平移的长度．
【详解】解：抛物线向下平移1个单位长度后的解析式为，
令，则，
解得，，
∴抛物线与的交点坐标为和，
∴将抛物线向右平移2个单位或4个单位后，新抛物线经过原点．
故答案为：2或4．
【点睛】此题考查了二次函数图象的平移与几何变换，利用抛物线解析式的变化规律：左加右减，上加下减是解题关键．
19．或
【分析】分两种情况：当绕点A顺时针旋转后，当绕点A逆时针旋转后，利用菱形的性质及直角三角形30度角的性质求解即可．
【详解】解：当绕点A顺时针旋转后，如图，
  
∵，
∴，
∵菱形中，，
∴，
延长交x轴于点E，
∴，，
∴，
∴，
∴；
当绕点A逆时针旋转后，如图，延长交x轴于点F，
  
∵，，
∴，
∵菱形中，，
∴，
∴，，
∴，
∴，
∴；
故答案为：或．
【点睛】此题考查了菱形的性质，直角三角形30度角所对的直角边等于斜边的一半，旋转的性质，正确理解菱形的性质及旋转的性质是解题的关键．
20．①④
【分析】如图，记到的距离为，可得，证明，可得，，证明，可得，可得，，故①正确；证明四点共圆，可得，证明，，故③不正确；求解，可得，（负根舍去），，，证明，，，，证明，，求解，可得，故④正确；证明，可得，求解，则，故②不正确．
【详解】解：如图，记到的距离为，
∴，
∵，正方形，
∴，，
∵平分，
∴，
∵，
∴，
∴，，
∴，
同理可得：，
∴，
∴，
∴，
，故①符合题意；
∵，
∴，
∴四点共圆，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，故③不正确；
∵，，则，
∵正方形，，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，（负根舍去），
∴，，
同理可得：，
∴，
∴，，，
∵，，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，，
∴，
即，
∴，故④正确；
同理可得：，
∴，
∴，
∴，则，故②不正确．
综上：正确的有①④；
故答案为：①④
【点睛】本题考查的是正方形的性质，角平分线的定义，相似三角形的判定与性质，四点共圆，熟练的利用相似三角形的性质解决问题是关键，本题的难度大，是填空压轴题．
21．，
【分析】先计算括号内分式减法，再计算除法，然后代入求值，即可得到答案．
【详解】解：


，
当时，
原式．
【点睛】本题考查了分式的混合运算，平方差公式，代数式求值，特殊角的三角函数值，熟练掌握分式的混合运算法则是解题关键．
22．(1)抛物线对应的解析式，
(2)

【分析】（1）利用待定系数法求出抛物线的表达式，再根据解析式求点P的坐标即可；
（2）求出点和抛物线顶点，，利用即可得到答案．
【详解】（1）抛物线经过点，，
，
解这个方程组，得．
抛物线对应的解析式．
点是抛物线的顶点坐标，
，即：，，
．
（2）如图，连接OP．
  
，，，，
，
，
．
，
．
【点睛】此题考查待定系数法求二次函数解析式、二次函数的图象和性质等知识，掌握数形结合的思想和割补法求三角形面积是解题的关键．
23．作图见解析，线段的长为或
【分析】先根据含30度角的直角三角形的性质得到，，再根据直角三角形斜边上的中线性质和等边三角形的判定证明为等边三角形，可得，，分和两种情况，利用等边三角形的性质，结合锐角三角形和勾股定理求解即可．
【详解】解：如图，当时，
  
∵在中，，，
∴，又，
∴，，
∵D为的中点，
∴，
∴为等边三角形，
∴，，
∵，，
∴，，
∴是等边三角形，
∴；
如图，当时，
  
∵，
∴
在中，，则，
在中，，则，
综上，满足条件的线段的长为或．
【点睛】本题考查含30度角的直角三角形的性质、直角三角形斜边上的中线性质、等边三角形的判定与性质、锐角三角函数以及勾股定理等知识，熟练掌握等边三角形和直角三角形的相关性质是解答的关键．
24．(1)本次参与调查的居民有人；
(2)补全条形统计图见解析，；
(3)关注“龙江杂粮”的居民有人；

【分析】（1）根据项关注的人数为人，项关注占总人数的百分数为即可解答；
（2）根据条形统计图和扇形统计图可知各项的关注人数，再根据总人数为即可解答；
（3）抽样调查中项关注人数为人，抽样调查中的总人数为人即可解答．
【详解】（1）解：∵项关注的人数为人，项关注占总人数的百分数为，
∴本次参与调查的总人数有（人），
（2）解：∵本次参与调查的总人数是人，项关注人数所占百分数为，
∴项关注的人数为（人），
∴项关注的人数为（人），
∴项所占百分数为；
∴如图所示，
  
故答案为；
（3）解：∵项关注人数为人，本次调查的总人数为人，
∴该社区关注关注“龙江杂粮”的居民有（人）；
【点睛】本题考查了条形统计图和扇形统计图，样本估计整体，读懂条形统计图和扇形统计图的信息是解题的关键．
25．(1)，
(2)
(3)或

【分析】（1）结合函数图象中点的坐标的实际意义求速度；
（2）利用待定系数法求函数解析式；
（3）先求得点E、F坐标，然后分情况列方程求解．
【详解】（1）解：由图可得，即甲出发3时后与地相距，
∴甲车行驶速度为；
由题意可得，，即乙车出发行驶，
∴乙车行驶速度为，
故答案为：，；
（2）解：设线段所在直线的解析式为．
将，代入，得．
解得．
线段所在直线的解析式为．
（3）解：在中，当时，，
∴，
由（1）可得乙车行驶速度为，甲车行驶速度为且两车同时到达目的地，
则乙到达目的地时，甲距离A地的距离为，
∴，，
设乙车出发时，两车距各自出发地路程的差是，
当时，此时甲在到达C地前，
由，
解得，（不合题意，舍去）；
当时，此时甲在C地休息，则，
解得，（不合题意，舍去）；
当时，此时甲在返回B地中，则
解得，（不合题意，舍去）
综上，乙车出发或，两车距各自出发地路程的差是．
【点睛】本题考查了一次函数的实际应用-行程问题、一元一次方程的应用，解题的关键是结合函数图象分析运动过程，理解各个节点的实际意义．
26．(1)见解析
(2)图②：，图③：
(3)1或7

【分析】（1）求证，，得，所以，进而，所以；
（2）如图②，当点E在线段延长线上，时，同（1），，得，结合平行四边形性质，得，所以；如图③，当点E在线段延长线上，时，求证，得，同（1）可证，，结合平行四边形性质，得，所以；
（3）如图①，中，勾股定理，得 ，求得；如图②，，则,中，，可得图②中，不存在，的情况；如图③，中，勾股定理，得 ，求得．
【详解】（1）证明：，
．
，
∴
∴
．
，
．
．
，
．
．
四边形是平行四边形，
．
；
（2）如图②，当点E在线段延长线上，时，
  
同（1），，
∴
四边形是平行四边形，
．
∴
即；
如图③，当点E在线段延长线上，时，
  
∵
∴
∵
∴
∴
∴
∴
同（1）可证，
∴
四边形是平行四边形，
．
∴
即
（3）如图①，∵四边形是平行四边形，
∴，
∴
∵
∴
中，,，
由，得；
如图②，，则,中，，
∴,与矛盾，故图②中，不存在，的情况；
如图③，
∵四边形是平行四边形
∴
∴
∵
∴
中，，
∴
由知，．
综上，或7．
【点睛】本题考查平行四边形的性质，全等三角形的判定和性质，根据条件选用恰当的方法作全等的判定是解题的关键．
27．(1)A种家电每件的进价为500元，B种家电每件的进价为600元
(2)共有三种购买方案，方案一：购进A种家电65件，B种家电35件，方案二：购进A种家电66件，B种家电34件，方案三：购进A种家电67件，B种家电33件
(3)这10件家电中B种家电的件数4件

【分析】（1）根据题意设A种家电每件进价为x元，B种家电每件进价为元，建立分式方程求解即可；
（2）设购进A种家电a件，购进B种家电件，建立不等式，求解不等式，选择符合实际的解即可；
（3）设A种家电拿出件，则B种家电拿出件，根据题意，建立一元一次方程求解即可．
【详解】（1）设A种家电每件进价为x元，B种家电每件进价为元．
根据题意，得
．
解得．
经检验是原分式方程的解．
．
答：A种家电每件的进价为500元，B种家电每件的进价为600元；
（2）设购进A种家电a件，购进B种家电件．
根据题意，得．
解得．
，．  
为正整数，，则，
共有三种购买方案，
方案一：购进A种家电65件，B种家电35件，
方案二：购进A种家电66件，B种家电34件，
方案三：购进A种家电67件，B种家电33件；
（3）解：设A种家电拿出件，则B种家电拿出件，
根据（1）和（2）及题意，当购进A种家电65件，B种家电35件时，得：
，
整理得：，
解得：，不符合实际；
当购进A种家电66件，B种家电34件时，得：
，
整理得：，
解得：，不符合实际；
当购进A种家电67件，B种家电33件时，得：
，
整理得：，
解得：，符合实际；则B种家电拿出件．
【点睛】本题考查分式方程的实际问题，一元一次方程的实际问题与一元一次不等的实际问题，正确理解题意，建立正确的等量关系与不等式是解题的关键，注意结果要符合实际及分式方程的检验．
28．(1)
(2)
(3)存在，等腰三角形的个数是8个， ，；，

【分析】（1）解方程得到，的长，从而得到点B的坐标；
（2）由，，得．由，是AD中点，得到点M的坐标，代入直线中，求得b的值，从而得到直线的解析式，进而求得点E，点F的坐标，由坐标特点可得．过点C作于H，过点N作于K．从而，，进而得到，易证，可得，因此，由可得，，，从而通过解直角三角形在中，得到，在中，，因此求得，最终可得结果；
（3）分，，三大类求解，共有8种情况．
【详解】（1）解方程，得，．  
，
，．
；
（2），
．
四边形ABCD是平行四边形，
，．
是AD中点，
．
．
将代入，得．
．  
，．
．
过点C作于H，过点N作于K．
，．
∴
∵
∴
∴
∴
∴
∵
∴，，
∴在中，
在中，
∴
∴

（3）共有8种情况．

， ， ，
【点睛】本题考查了一次函数的图像与性质，一次函数与平行四边形，等腰三角形的综合问题，数形结合思想是解题的关键．