高考物理二轮复习周周练针对性练习第02周 第2练（含解析）

第2周第2练

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．如图所示，质量分布均匀的细棒中心为O点，O1为光滑铰链，O2为光滑定滑轮，O与O2由一根轻质细绳连接，水平外力F作用于细绳的一端，用N表示铰链对杆的作用力，现在水平外力F作用下， 从缓慢减小到0的过程中，下列说法正确的是（  ）

A．F逐渐变小，N大小不变

B．F逐渐变小，N逐渐变大

C．F先变小再变大，N逐渐变小

D．F先变小再变大，N逐渐变大

【答案】 A

【解析】

对细棒受力分析可知，细棒受重力G、拉力F以及结点处的支持力N，根据平衡条件可知，支持力N与拉力F的合力与重力等大反向，如图所示；

则由图可知，OFG'∽O1O2O，则可知：==，在杆上移过程中，左侧绳长OO2变短，而O2O1及OO1不变，则可知：F变小，N不变，故A正确，BCD错误。

15．如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接理想电流表A、理想电压表V，副线圈上通过输电线接有一个灯泡L，一个电吹风M，输电线的等效电阻为R，副线圈匝数可以通过调节滑片P改变．S断开时，灯泡L正常发光．滑片P位置不动，当S闭合时，以下说法中正确的是

A．电压表读数增大

B．电流表读数减小

C．等效电阻R两端电压增大

D．为使灯泡L正常发光，滑片P应向下滑动

【答案】 C

【解析】

A．滑片P位置不动，当S闭合时，电阻变小，原线圈电压及匝数比不变，副线圈电压不变，电压表读数不变，故A错误；

B．副线圈电压不变，电阻变小，输出功率变大，输入功率变大，根据，知电流表读数变大，故B错误；

C．因为副线圈电流增大，所以等效电阻R两端的电压增大，故C正确；

D．副线圈电流变大，等效电阻两端的电压增大，并联部分的电压减小，为了使灯泡L正常发光，必须增大电压，滑片P应向上滑动，故D错误；

故选C．

16．2018年12月8日，嫦娥四号发射升空，将实现人类历史上首次月球背面登月。随着嫦娥奔月梦想的实现，我国不断刷新深空探测的中国高度。嫦娥卫星整个飞行过程可分为三个轨道段：绕地飞行调相轨道段、地月转移轨道段、绕月飞行轨道段。我们用如图所示的模型来简化描绘飞行过程，假设调相轨道和绕月轨道的半长轴分别为a、b，公转周期分别为T1、T2。关于嫦娥卫星的飞行过程，下列说法正确的是(　　)

A．

B．嫦娥卫星在地月转移轨道上运行的速度应小于11.2 km/s

C．从调相轨道切入到地月转移轨道时,卫星在P点必须减速

D．从地月转移轨道切入到绕月轨道时,卫星在Q点必须加速

【答案】 B

【解析】

A．调相轨道与绕月轨道的中心天体分别对应地球和月球，所以开普勒第三定律不适用，A错误；

B．11.2 km/s是第二宇宙速度，是地球上发射脱离地球束缚的卫星的最小发射速度，而嫦娥卫星没有脱离地球束缚，故其速度小于11.2 km/s，B正确；

C．从调相轨道切入到地月转移轨道时，卫星的轨道将持续增大，故卫星需要在P点做离心运动，在P点需要加速，故C错误；

D．从地月转移轨道切入到绕月轨道时，卫星相对月球而言，轨道半径减小，需要在Q点开始做近心运动，故卫星需在Q点减速，D错误。

故选B。

17．如图所示，平行金属板A、B水平放置并带有等量异种电荷，现有a、b两个带电粒子，质量分别为和，带电量大小分别为和，它们以相同的初速度先后垂直电场线从同一点射入平行板间的匀强电场，a、b两粒子分别打在金属板B上的M点和N点，不计粒子重力，则下列说法正确的是（　　）

A．a、b两粒子均带正电

B．a、b两粒子电荷量关系为q1＞q2

C．a、b两粒子比荷关系为

D．电场对a、b两粒子所做功的关系为

【答案】 C

【解析】

A．由于A、B两金属板带电正负未知，故不能确定a、b两粒子的电性，选项A错误；

BC．两粒子在电场力的作用下做类平抛运动，在水平方向

，

在竖直方向

，

由图可知

，

则有

，

由题设条件无法比较与关系，选项B错误，C正确；

D．由电场力做功公式知，因加速电压U相同，而与的大小关系不能确定，所以不能确定与的大小关系，选项D错误；

故选C。

18．如图所示，水平地面上有倾角为、质量为m的 光滑斜面体，质量也为m的光滑直杆穿过固定的竖直滑套，杆的底端置于斜而上高为h的位置处.现将杆和斜面体由静止自由释放，至杆滑到斜面底端（杆始终保持竖直状态），对该过程下列分折中正确的是（重力加速度为g）

A．杆和斜面体组成的系统动量守恒

B．斜面体对杆的支持力不做功

C．杆与斜面体的速度大小比值为sin

D．杆滑到斜面底端时，斜面体的速度大小为cos

【答案】 D

【解析】

A．杆和斜面体组成的系统受的合外力不为零，则系统的动量不守恒，选项A错误；

B．斜面体对杆的支持力的方向垂直斜面向上，与杆的位移方向夹角为钝角，则斜面体对杆的支持力对杆做负功，选项B错误；

C．根据杆和斜面的位移关系，，可得到速度之比为，选项C错误；

D．杆滑到斜面底端时，由能量关系：

联立解得斜面体的速度大小为cos，选项D正确。

19．用一束波长为λ的绿光照射某极限波长为λo的金属，能产生光电效应，下列说法正确的是（    ）

A．该金属逸出功为W=hλo

B．把这束绿光遮住一半，则逸出的光电流强度减小

C．若改用一束红光照射，则不可能产生光电效应

D．要使光电流为0，光电管两级至少需要加大小为的电压

【答案】 BD

【解析】

该金属逸出功为：，故A错误；光的强度增大，则单位时间内逸出的光电子数目增多，遮住一半，光电子数减小，逸出的光电流强度减小，但仍发生光电效应，光电子最大初动能将不变，故C错误，B正确；光电效应方程为：，光速为：，根据动能定理可得光电流为零时有：，联立解得：，故D正确．所以BD正确，AC错误．

20．边长为的闭合金属正三角形轻质框架，左边竖直且与磁场右边界平行，完全处于垂直框架平面向里的匀强磁场中。现把框架匀速水平向右拉出磁场，如图所示，如图所示，则下列图象与这一拉出过程相符合的是

A． B． C． D．

【答案】 BC

【解析】

A、线框匀速运动，则有外安，，，得到外力为外 ，，即有外，、、一定，所以外与成正比，故选项A错误；

B、根据可得外力的功率为外，所以外与成正比，故选项B正确；

CD、感应电动势，则感应电动势与成正比，故选项C正确，D错误。

21．如图甲所示，A、B两物块静止在光滑水平面上，两物块接触但不粘连，A、B的质量分别为，。t=0时刻对物块A施加一水平向右推力F1，同时对物块B施加一水平向右拉力F2，使A、B从静止开始运动，力F1、F2随时间变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（    ）

A．时刻A对B的推力大小为

B．0～时刻内外合力对物块A做的功为

C．从开始运动到A、B分离，物体B运动的位移大小为

D．时刻A的速度比B的速度小

【答案】 BD

【解析】

C．设t时刻AB分离，分离之前AB物体共同运动，加速度为a，以整体为研究对象，则有：

分离时：

根据乙图知此时，则从开始运动到A、B分离，物体B运动的位移大小：

故C错误；

A．时刻还未分离，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律，则有：

对B，根据牛顿第二定律：

F2+FAB=mBa

则

故A错误；

B．0～时间，根据乙图知：

F1+F2=F0

则始终有，对整体根据牛顿第二定律：

则时刻

对A根据动能定理：

故B正确；

D．时，AB达到共同速度

此后AB分离，对A，根据动量定理：

I=mA△v

根据乙图t0～t0，F-t图象的面积等于F1这段时间对A的冲量，则

则

对B，根据动量定理：

I′=mB△v′

根据乙图t0～t0，F-t图象的面积等于F2这段时间对B的冲量，则

则

则t0～t0时间内B比A速度多增大

故D正确。

故选：BD。

22. （6分）

某校研究性学习小组的同学用如图9甲所示的滴水法测量一小车在斜面上运动时的加速度．实验过程如下：在斜面上铺上白纸，用图钉钉住；把滴水计时器固定在小车的末端，在小车上固定一平衡物；调节滴水计时器的滴水速度为每0.2 s滴一滴(以滴水计时器内盛满水为准)；在斜面顶端放置一浅盘，把小车放在斜面顶端，把调好的滴水计时器盛满水，使水滴能滴入浅盘内；随即在撤去浅盘的同时放开小车，于是水滴在白纸上留下标志小车运动规律的点迹；小车到达斜面底端时立即将小车移开．

图乙为实验得到的一条纸带，用刻度尺量出相邻点之间的距离是：x01＝1.40 cm、x12＝2.15 cm、x23＝2.91 cm、x34＝3.65 cm、x45＝4.41 cm、x56＝5.15 cm，试问：

(1)滴水计时器的原理与课本上介绍的______________原理类似．

(2)由纸带数据计算可得计数点4所代表时间的瞬时速度v4＝________ m/s，计算小车的加速度a的表达式为________________，计算结果为________ m/s2.(结果均保留两位有效数字)

【答案】 打点计时器    0.20        0.19

【解析】

（1）．滴水计时器的原理与课本上介绍的打点计时器原理类似.

（2）．计数点4所代表时间的瞬时速度

根据∆x=aT2可得：

s56-s23=3a1T2

s45-s12=3a2T2

s34-s01=3a3T2

则

a=(a1+a2+a3)

可得计算小车的加速度a的表达式为：

代入数据可得：

23. （9分）

某同学将一个量程为0~1mA、内阻未知的电流表G改装为量程为0~3V的电压表V。他先测量该电流表G的内阻Rg，再进行改装，然后把改装的电压表与标准电压表进行校准并进行误差分析。实验室准备的仪器有：

电源E（电动势为4.5V，内阻约1.2Ω）

滑动变阻器R1（最大阻值为5000Ω，允许通过的最大电流约为0.02A）

滑动变阻器R2（最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流约为1.0A）

电阻箱R（最大阻值为999.9Ω，允许通过的最大电流约为0.2A）

标准电压表（最大量程为3.0V，内阻约为4000Ω）

开关两个，导线若干

他的操作过程如下：

(1)先按如图(a)所示的电路，测量电流表G的内阻Rg，其步骤为：

①将滑动变阻器R1调到最大，保持开关K2断开，闭合开关K1，再调节滑动变阻器R1，使电流表G的指针指在满刻度Ig处。

②保持滑动变阻器R1的阻值不变，再闭合开关K2，调节电阻箱R的阻值使电流表G的指针指在满刻度的一半处，即

，

此时电阻箱上示数如图(b)所示，则电流表G的内阻Rg=__Ω。

(2)他根据所测出的电流表G内阻Rg的值，通过计算后，在表头G上串联一个电阻R，就将电流表G改装成量程0~3V的电压表V，如图(c)所示，则这个定值电阻的阻值为R=__Ω。

(3)他再用标准电压表V0对改装的电压表进行校准，要求电压能从0到最大值之间逐一进行校准，试在图(d)的方框中补全校准电路图，并标出所选用器材的符号，其中改装的电压表和标准电压表已画出。

（______________）

(4)由于电流表G内阻Rg的测量值____（填小于或大于）真实值，改装电压表V时串联电阻R的阻值_____（填偏大或偏小），因此在校准过程中，改装的电压表的示数总比标准表的示数______(填偏大或偏小)。

【答案】             小于    偏大    偏小

【解析】

(1)电阻箱的读数为

，

电流表的内阻为

；

(2)由电压表的改装原理可知：

；

(3)要求电压从0到最大值之间逐一进行校准，因此应采用分压法，滑动变阻器选用，标准电压表和改装电压表应并联。电路图如图所示：

；

(4)用半偏法测电流表内阻时，由于电阻箱R的连入使得电路总电流变大，致使的测量值偏小，这样在改装电压表时串联电阻

，

其阻值偏大，使得校准时通过其电流值偏小，故改装的电压表示数小于标准表的示数。

24．（14分）

如图所示，在xOy平面内，y＞0空间存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，第三象限空间存在方向沿x轴正方向的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力），以大小为、方向与y轴正方向夹角θ=60°的速度沿纸面从坐标为的A点进入电场中，然后从坐标为的B点垂直x轴进入磁场区域，并通过坐标为的C点，最后从x轴上的D点（图中未画出）射出磁场。求：

(1)电场强度的大小E，以及粒子通过B点时的速度大小；

(2)磁场的磁感应强度大小B；

(3)粒子从A点运动到D点所用的时间t。

【答案】 （1），  （2）  （3）

【解析】

(1)粒子从A到B的过程中，

，

，

，

有以上关系可得：电场强度的大小为：

粒子经过B的速度大小为：

(2)从B经C到D的过程中，运动轨迹如图所示，

由几何关系可得：

根据洛伦兹力提供向心力：

由上式可得

(3)从A到B的过程中，

根据

可得：

从B经C到D的过程中，

可得：

从A到D的过程中：

根据

可得：

25．（18分）

如图所示，足够长的斜面倾角为30°，初始时，质量均为m的滑块A、B均位于斜面上，且AB间的距离为L=1m。现同时将两个滑块由静止释放，已知滑块A、B与轨道间的动摩擦因数分别为和，重力加速度，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，滑块之间发生的碰撞为弹性碰撞，滑块可视为质点。求：

(1)经过多长时间，滑块之问发生第一次碰撞？

(2)再经过多长时间，滑块之间发生第二次碰撞？

(3)A从释放到最终停止所运动的位移。

【答案】 （1）t=1s  （2） （3）x=5m

【解析】

将两滑块由静止释放后，对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律得：

得

对B有

，

故B静止

则

得

t=1s

（2）设发生第一次碰撞前的瞬间滑块A的速度是

碰后滑块A、B的速度分别是、，由弹性碰撞得：

解得

滑块B开始向下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：

设滑块B下滑时间t0后停止运动，则

由于，B停止运动时二者仍未发生第二次碰撞，即

得

(3)由(2)知，每次碰撞后B先减速到零，再次与A碰撞，又

最终A，B将静止在斜面上，设A下滑的位移为x，由能量守恒得：

解得：

x=5m

（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

33．【选修3-3】（15分）

（1）（5分）

下列说法正确的是         。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）

A．把碳素墨水滴入清水中，稀释后，借助显微镜能够观察到碳素颗粒的运动，反映了水分子运动的无规则性

B．慢慢向小酒杯中注水，即使水面稍高出杯口，水仍不会流下来，是因为液体表面存在张力

C．热量可以自发从物体的低温部分传到高温部分

D．分子间的相互作用力随着分子间距离的增大而减小

E.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大

【答案】 ABE

【解析】

A．碳素颗粒的运动是布朗运动，它间接的反映了水分子运动的无规则性，A正确；

B．由于液体表面存在张力，液体表面收缩，即使水面稍高出杯口，水仍不会流下来，B正确；

C．根据热力学第二定律，热量不可以自发从物体的低温部分传到高温部分，如果热量要从低温物体传到高温物体，必然会引起其它的一些变化，C错误；

D．若，分子间的相互作用力随着分子间距离的增大而减小，若，分子间的相互作用力随着分子间距离的增大先增大后减小，D错误；

E．若，分子势能随着分子间距离的增大而减小，若，分子势能随着分子间距离的增大而增大，所以分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大，E正确。

故选ABE。

（2）（10分）

如图，一定质量的理想气体从状态a开始，经历状态b、c、到达状态d，已知一定质量的理想气体的内能与温度满足（k为常数）。该气体在状态a时温度为，求：

①气体在状态d时的温度

②气体从状态a到达状态d过程从外界吸收的热量

【答案】 ①Td =3T0  ② Q= 2kT0﹢6p0V0

【解析】

①状态a与状态d压强相等，由：

可得：

② 依题意可知：，

由热力学第一定律，有：

其中：

联立可得：

34．【选修3-4】（15分）

（1）（5分）

下列说法正确的是         。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）

A．光在同一种介质中一定沿直线传播

B．光从光密介质射入光疏介质且入射角大于临界角时，一定会发生全反射现象

C．肥皂液是无色的，在阳光下观察肥皂泡是彩色的，这是光的干涉现象形成的

D．逆着光通过放大镜观察大头针针尖时，常看见针尖周围具有环纹或针尖重影，这是光的衍射现象形成的

E.光会发生偏振现象，它说明光是一种纵波

【答案】 BCD

【解析】

A．光在同一种非均匀介质中传播时，光线会发生弯曲，选项A错误；

B．光从光密介质射入光疏介质，且入射角大于临界角时，一定会发生全反射现象，选项B正确；

C．在阳光下观察肥皂泡呈彩色，这是光的薄膜干涉现象，选项C正确；

D．逆着光线通过放大镜观察大头针针尖，常看见针尖周围有环纹或针尖重影，这是光的衍射现象，选项D正确；

E．光会发生偏振现象，它说明光是一种横波，选项E错误；

故选BCD。

（2）（10分）

一列简谐横波沿x轴方向传播，在x轴上沿传播方向上依次有P、Q两质点，P质点平衡位置位于x=4m处。图(a)为P、Q两质点的振动图象，图(b)为t=4s时的波形图，已知P、Q两质点平衡位置间的距离不超过20m。求

(i)波速的大小及方向。

(ⅱ)Q质点平衡位置坐标x的可能值。

【答案】 (i)0.75m/s 沿x轴正方向传播  (ⅱ)7.75m，13.75m或19.75m

【解析】

（1）由图像可知，振动周期，波长，则波速为

图（a）中虚线为P的振动图线，实线为Q的振动图线，4s末质点P位于平衡位置向下振动，根据图（b），则波沿x轴正方向传播。

（2）由题意可知，Q在P右侧，即波由P传到Q，由P、Q两质点的振动图象可知，P比Q多振动

Q到P的距离为：

由于，则。则有：；

代入数据得：