2024届人教版高考生物一轮复习利用归纳推理法分析遗传的异常现象和特殊分离比作业含答案

这是一份2024届人教版高考生物一轮复习利用归纳推理法分析遗传的异常现象和特殊分离比作业含答案，共10页。试卷主要包含了老鼠的皮毛黄色对灰色为显性，水稻存在雄性不育基因等内容，欢迎下载使用。

课时验收评价（二十二）
利用归纳推理法分析遗传的异常现象和特殊分离比

1．在某种奶牛品种中，毛皮的红褐色(R－)与红色(R＋)是一对相对性状。杂种的毛皮颜色与性别有关，雄牛是红褐色，而雌牛是红色。现将纯种红色雌牛与纯种红褐色雄牛杂交，产生大量的F1，再将F1雌雄个体交配产生F2。下列说法错误的是(　 )
A．F1雄牛、雌牛的表型不同，基因型相同
B．F1雌牛与红色纯合雄牛杂交，子代中红色∶红褐色＝1∶1
C．F1雄牛与红褐色纯合雌牛杂交，子代中红色∶红褐色＝1∶3
D．F2中红色牛∶红褐色牛＝1∶1
解析：选B　纯种红色雌牛(R＋R＋)与纯种红褐色雄牛(R－R－)杂交，F1的基因型为R＋R－，雄牛表现为红褐色，而雌牛表现为红色，A正确；F1雌牛(R＋R－)与红色纯合雄牛(R＋R＋)杂交，子代中红色包括1/2R＋R＋(雄性、雌性)、1/4R＋R－(雌性)，红褐色只有1/4R＋R－(雄性)，红色∶红褐色＝3∶1，B错误；F1雄牛(R＋R－)与红褐色纯合雌牛(R－R－)杂交，子代中红色只有R＋R－的雌性，占1/4，故红色∶红褐色＝1∶3，C正确；F1的基因型为R＋R－，F1自由交配，F2中R＋R＋∶R＋R－∶R－R－＝1∶2∶1，根据各种基因型在雌雄个体中的表型可知，F2中红色牛∶红褐色牛＝1∶1，D正确。
2．某动物性别决定方式为ZW型，眼色红眼、伊红眼、白眼分别受Z染色体上的等位基因A1、A2、A3控制。某小组用一只伊红眼雄性与红眼雌性杂交，F1中雄性全为红眼，雌性既有伊红眼，也有白眼。下列说法错误的是(　 )
A．与该动物的眼色有关的基因型有9种
B．A1、A2、A3的产生体现了基因突变的不定向性
C．3个等位基因之间的显隐性关系为A1＞A2＞A3
D．选择白眼雌性与红眼雄性个体杂交可快速鉴定子代性别
解析：选D　该动物群体中与眼色有关的基因型雌性有3种，雄性有6种，共有9种，A正确；A1、A2、A3三种复等位基因的产生体现了基因突变的不定向性，B正确；根据题中子一代中雌性的两种表型可知，亲本雄性个体为杂合子且能说明伊红眼对白眼为显性，又根据子一代雄性个体均为红眼能说明红眼对伊红眼、白眼为显性，即3个等位基因之间的显隐性关系为A1＞A2＞A3，C正确；选择白眼雌性(ZA3W)与红眼雄性(ZA1ZA1、ZA1ZA2、ZA1ZA3)个体杂交，产生的后代中无论哪种表型均为既有雌性，也有雄性，故无法快速鉴定子代性别，D错误。
3．老鼠的皮毛黄色(A)对灰色(a)为显性。有一位遗传学家在实验中发现含显性基因(A)的精子和含显性基因(A)的卵细胞结合致死。黄鼠与黄鼠杂交，F1中同一毛色的鼠相互交配，假设每只老鼠产生子代的数目相同，F2中黄鼠和灰鼠的比例为(　 )
A．4∶5 B．1∶1 C．2∶1 D．3∶1
解析：选A　由于含显性基因(A)的精子和含显性基因(A)的卵细胞结合致死，黄鼠的基因型均为Aa，故黄鼠与黄鼠交配，即Aa×Aa，因此F1中Aa占2/3、aa占1/3。将F1中同一毛色的鼠相互交配得到F2，其中1/3aa后代仍为aa；2/3Aa后代中出现性状分离(Aa占2/3、aa占1/3)。故F2中黄鼠的比例为2/3×2/3＝4/9，灰鼠的比例为1/3＋2/3×1/3＝5/9，黄鼠和灰鼠的比例为4∶5。
4．某两性花植物花的颜色受A/a、B/b两对独立遗传的基因控制，其中A控制红色色素的合成(AA和Aa的作用相同)；B能减少红色色素的含量，且BB将红色色素减少为0。以下为某杂交实验及其结果(亲本都是纯合子)。下列有关叙述错误的是(　 )

A．白花植株的基因型共有5种
B．亲本中白花植株基因型为aaBB
C．F1测交后代表型及其比例为红花∶粉红花∶白花＝1∶1∶2
D．将F2中红花植株自交，后代中白花植株占1/9
解析：选D　由题干信息可知，某植物的花色由2对等位基因控制，A_BB、aa_ _为白花，A_bb为红花，A_Bb为粉红花，纯种白花与纯种红花进行杂交，F1均为粉红花，F1自交，F2表现为3红花∶6粉红花∶7白花＝3∶6∶7，其分离比是9∶3∶3∶1 的变式，因此2对等位基因遵循自由组合定律，所以F1的基因型是AaBb，亲本白花的基因型是aaBB，红花的基因型是AAbb。白花植株的基因型有A_BB(2种)、aa_ _(3种)，共5种，A正确；亲本中白花植株基因型为aaBB，B正确；F1基因型为AaBb，测交后代基因型及比例为1/4AaBb(粉红花)∶1/4aaBb(白花)∶1/4Aabb(红花)∶1/4aabb(白花)，故表型及其比例为红花∶粉红花∶白花＝1∶1∶2，C正确；F2中红花植株(1/3AAbb、2/3Aabb)自交，后代只出现白花和红花，其中白花aabb占2/3×1/4＝1/6，D错误。
5．水稻存在雄性不育基因：其中R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性，是存在于细胞核中的一对等位基因；N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因；只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是(　 )
A．R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律
B．水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型
C．母本Srr与父本Nrr的杂交后代均为雄性不育
D．母本Srr与父本NRr的杂交后代均为雄性可育
解析：选C　遗传定律适用于真核生物的细胞核基因遗传，细胞质中基因的遗传不遵循分离定律或自由组合定律，A错误；由题意分析可知，只有Srr表现为雄性不育，其他均为可育，即水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，B错误；细胞质遗传的特点是所产生的后代细胞质基因均来自母本，而细胞核基因遗传遵循分离定律，因此母本Srr与父本Nrr杂交，后代细胞质基因为S，细胞核基因为rr，即产生的后代均为雄性不育，C正确；母本Srr与父本NRr杂交，后代的基因型为SRr、Srr，即后代一半雄性可育，一半雄性不育，D错误。
6．某植物正常株开两性花，且有只开雄花和只开雌花的两种突变型植株。取纯合雌株和纯合雄株杂交，F1全为正常株，F1自交所得F2中正常株∶雄株∶雌株＝9∶3∶4。下列推测不合理的是(　 )
A．该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定
B．雌株和雄株两种突变型都是正常株隐性突变的结果
C．F1正常株测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2
D．F2中纯合子测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝2∶1∶1
解析：选D　由F1自交所得F2中正常株∶雄株∶雌株＝9∶3∶4＝9∶3∶(3＋1)可知，该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定，A合理；正常株为双显性，雌株和雄株至少有一对隐性基因，所以雌株和雄株两种突变型都是正常株隐性突变的结果，B合理；两对基因分别用A、a和B、b表示，则F1基因型为AaBb，双亲为AAbb和aaBB，遵循基因的自由组合定律；F1正常株测交后代为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2，C合理；F2中纯合子有AABB、AAbb、aaBB、aabb，若其中基因型为aaBB、aabb的个体为雌株，不能与aabb进行测交，则测交后代分别为AaBb、Aabb，表型为正常株∶雄株＝1∶1，D不合理。
7．柑橘的果皮色泽同时受多对等位基因控制(用A、a，B、b，C、c等表示)，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时表现为红色，当个体的基因型中每对等位基因都不含显性基因时表现为黄色，其余表现为橙色。现有三株柑橘进行如下甲、乙两组杂交实验。
实验甲：红色×黄色→红色∶橙色∶黄色＝1∶6∶1
实验乙：橙色×红色→红色∶橙色∶黄色＝3∶12∶1
据此分析下列叙述错误的是(　 )
A．果皮的色泽受3对等位基因的控制
B．实验甲亲、子代中红色果皮植株基因型相同
C．实验乙橙色亲本有3种可能的基因型
D．若实验乙中橙色亲本的基因型已确定，则橙色子代有10种基因型
解析：选D　根据题意分析可知，实验甲中红色×黄色→红色∶橙色∶黄色＝1∶6∶1，相当于测交，说明果皮的色泽受3对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，A正确；根据以上分析可知，实验甲的亲本基因型组合为AaBbCc×aabbcc，则子代红色果皮植株的基因型也是AaBbCc，B正确；实验乙中橙色×红色→红色∶橙色∶黄色＝3∶12∶1，由于后代出现了黄色果皮aabbcc(1/16)，说明红色亲本基因型为AaBbCc，且亲本相当于一对杂合子自交、两对杂合子测交，则橙色亲本有三种基因型，分别为Aabbcc、aaBbcc或aabbCc，C正确；根据以上分析可知，实验乙中若橙色亲本的基因型已确定，则子代的基因型一共有3×2×2＝12(种)，其中红色子代有2种基因型，橙色子代有9种基因型，黄色子代有1种基因型，D错误。
8．某自花传粉植物的花瓣有深红色、大红色、粉红色、浅红色、白色5种颜色，由独立遗传的两对等位基因控制，且显性基因的个数越多，色越深。下列说法错误的是(　 )
A．5种花色的植株中，基因型种类最多的是粉红花植株
B．大红花植株与浅红花植株杂交，子代中浅红花植株占1/2
C．自交子代有5种花色的植株基因型只有1种
D．自交子代花色与亲本相同的植株基因型有4种
解析：选B　设某自花传粉植物的花瓣颜色由两对等位基因A、a和B、b控制，则含有4个显性基因AABB为深红色，其次AABb、AaBB为大红色，AaBb、AAbb、aaBB为粉红色，Aabb、aaBb为浅红色，aabb为白色。粉红色的基因型最多，有AaBb、AAbb、aaBB三种，A正确；大红花植株基因型为AABb、AaBB，产生的配子中含有2个显性基因的和含有1个显性基因的各占1/2，浅红花植株基因型为Aabb、aaBb，产生的配子中含有1个显性基因的和不含显性基因的各占1/2，二者杂交，由于子代中浅红花植株的基因型只含1个显性基因，所以概率为1/2×1/2＝1/4，B错误；自交子代有5种花色的植株基因型只有AaBb一种，C正确；基因型AABB、AAbb、aaBB、aabb自交后代均只有1种表型，所以自交子代花色与亲本相同的植株基因型有4种，D正确。
9．人类肤色由3对独立遗传的等位基因控制，其中深肤色由显性基因控制，皮肤为深黑色的基因型为AABBDD，皮肤为白色的基因型为aabbdd。下表列出了基因型为AaBbDd的男女婚配后代个体中所能具有的全部表现类型及所占的比例。若基因型为AaBbDd与Aabbdd的男女婚配，则下列有关子代的叙述错误的是(不考虑同源染色体非姐妹染色单体的交换)(　 )
类型
一
二
三
四
五
六
七
显性基因个数
0
1
2
3
4
5
6
在所有类型中所占的比例
1/64
6/64
15/64
20/64
15/64
6/64
1/64
A．子代中不会出现类型六和类型七的个体
B．子代中类型三的个体出现的概率为5/16
C．子代中类型二的个体的基因型有3种
D．子代中皮肤颜色类型四∶类型五＝4∶1
解析：选B　控制肤色的3对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，显性基因个数越多，肤色越深，基因型为AaBbDd与Aabbdd的男女婚配，所有子代的可能情况如表(括号内为显性基因个数)：
项目
1AA(2)
2Aa(1)
1aa(0)
1Bb(1)
1Dd(1)
1AABbDd(4)
2AaBbDd(3)
1aaBbDd(2)
1dd(0)
1AABbdd(3)
2AaBbdd(2)
1aaBbdd(1)
1bb(0)
1Dd(1)
1AAbbDd(3)
2AabbDd(2)
1aabbDd(1)
1dd(0)
1AAbbdd(2)
2Aabbdd(1)
1aabbdd(0)
由表可知，类型三的个体出现的概率为6/16，B错误，A、C、D正确。
10．[压轴考法·适情选做]某二倍体植物为雌雄同株，其花色由细胞核中两对等位基因D/d和E/e控制，D对d、E对e为显性，其中D基因控制红色色素的合成，E基因控制蓝色色素的合成，2种色素均不合成时花呈白色。D、E基因转录得到的mRNA能够相互配对形成双链，导致两种色素均不能合成。用纯合的红花植株和蓝花植株杂交，F1均开白花，F1自由交配得F2。下列叙述错误的是(　 )
A．该植物种群中白花植株的基因型有5种，红花和蓝花的基因型各有2种
B．含D、E基因的植株由于彼此干扰了基因的转录，不能合成色素而开白花
C．若这两对基因位于两对同源染色体上，则F2中红花∶白花∶蓝花约为3∶10∶3
D．若F2中红花∶白花∶蓝花约为1∶2∶1，则D与e一定位于同一条染色体上
解析：选B　分析题干可知，D、E同时存在时开白花，则白花的基因型为D_E_、ddee；红花基因型为D_ee；蓝花基因型为ddE_。用纯合的红花植株(DDee)和蓝花植株(ddEE)杂交，F1的基因型为DdEe，均开白花。白花的基因型有D_E_、ddee，共有5种，A正确；mRNA为翻译的模板，据题干信息“D、E基因转录得到的mRNA能够相互配对形成双链，导致两种色素均不能合成”可知含D、E基因的植株由于彼此干扰了基因的翻译，不能合成色素而开白花，B错误；若这两对基因位于两对同源染色体上，则F2中D_E_(白花)∶D_ee(红花)∶ddE_(蓝花)∶ddee(白花)＝9∶3∶3∶1，故红花∶白花∶蓝花约为3∶10∶3，C正确；若D与e位于同一条染色体上，则F1产生的配子类型及比例为De∶dE＝1∶1，F2中DDee∶DdEe∶ddEE＝1∶2∶1，即红花∶白花∶蓝花约为1∶2∶1；若D与E位于同一条染色体上，则配子类型及比例为DE∶de＝1∶1，F2中DDEE∶DdEe∶ddee＝1∶2∶1，F2中全为白花。因此，若F2中红花∶白花∶蓝花约为1∶2∶1，则D与e一定位于同一条染色体上，D正确。
11．某多年生植物的高茎和矮茎由等位基因A、a控制，红花和白花由等位基因B、b控制，两对基因独立遗传。某高茎红花植株自交的子一代中高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝5∶3∶3∶1。回答下列问题：
(1)控制这两对相对性状的基因________(填“遵循”或“不遵循”)基因的自由组合定律。
(2)已知通过受精作用得到的各种基因型的受精卵均能正常发育。为研究子一代出现该比例的原因，有人提出两种假说，
假说一：亲本产生的AB雄配子不能受精；
假说二：亲本产生的AB雌配子不能受精。
请利用上述实验中的植株为材料，设计测交实验分别证明两种假说是否成立(写出简要实验方案、预期实验结果)。
①支持假说一的实验方案和实验结果是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
②支持假说二的实验方案和实验结果是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)据题意可知，控制高茎和矮茎、红花和白花的两对基因独立遗传，所以控制这两对相对性状的基因遵循基因的自由组合定律，且亲本高茎红花的基因型为AaBb。(2)假说提出两种可能，AB雄配子不能受精或AB雌配子不能受精，故①要用亲本高茎红花为父本与子一代矮茎白花为母本测交证明假说一，因母本只产生ab雌配子，父本能产生AB、Ab、aB、ab四种雄配子，若AB雄配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体；②用亲本高茎红花为母本与子一代矮茎白花为父本测交证明假说二，因父本只产生ab雄配子，母本能产生AB、Ab、aB、ab四种雌配子，若AB雌配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体。
答案：(1)遵循　(2)①以亲本高茎红花为父本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花∶矮茎白花∶矮茎红花＝1∶1∶1(或子代仅未出现高茎红花)　②以亲本高茎红花为母本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花∶矮茎白花∶矮茎红花＝1∶1∶1(或子代仅未出现高茎红花)
12．某雌雄同株的植株的雄性不育(不能产生可育花)性状受一组复等位基因控制，其中Ms为显性不育基因，ms为隐性可育基因，Msf为显性恢复可育基因，三者之间的显隐性关系为Msf＞Ms＞ms。回答下列问题：
(1)植株甲为雄性不育，植株乙为雄性可育，甲和乙杂交，F1均为雄性可育，F1自交产生的F2中雄性不育占1/8，亲本中植株甲和植株乙的基因型分别为________________，F2的雄性可育植株中纯合子占________。
(2)某混合种植的群体中只有MsfMs和Msms两种基因型，且两种基因型植株数量相等，该群体随机交配一代，后代表型比例为_________________。
(3)现有某雄性可育的植株，自交后代均为雄性可育，请设计一次合理的杂交实验判断该可育植株的基因型，写出杂交实验，实验结果和相应的实验结论：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)植株甲为雄性不育，基因型是Ms_，乙为雄性可育，基因型是msms或Msf_，杂交后代都可育，说明乙的基因型是MsfMsf，F1自交产生的F2中雄性不育占1/8。甲的基因型是Msms；子一代基因型是MsfMs、Msfms，子一代自交得到子二代，雄性可育的基因型是MsfMsf、MsfMs、MsfMsf、Msfms、msms，其中纯合体是MsfMsf、msms，占3/7。(2)MsfMs和Msms两种基因型的个体比例是1∶1，自由交配时产生雌配子的类型及比例是Msf∶Ms∶ms＝1∶2∶1，雄配子的类型及比例是Msf∶Ms＝1∶1，自由交配后代雄性不育的比例是MsMs＋Msms＝1/2×1/2＋1/2×1/4＝3/8，雄性可育占5/8，雄性可育∶雄性不育＝5∶3。(3)某雄性可育的植株，自交后代均为雄性可育，该植株的基因型可能是MsfMsf、Msfms或msms，让该植株与基因型为MsMs植株杂交，如果基因型是MsfMsf，则后代都表现为雄性可育，如果基因型是Msfms，则后代雄性可育∶雄性不育＝1∶1，如果基因型是msms，杂交后代都表现为雄性不育。
答案：(1)Msms和MsfMsf　3/7　(2)雄性可育∶雄性不育＝5∶3　(3)让该植株和基因型为MsMs的植株杂交，若后代全为雄性可育，则该植株的基因型为MsfMsf；若后代雄性可育∶雄性不育＝1∶1，则该植株的基因型为Msfms；若后代全为雄性不育，则该植株的基因型为msms
13．[压轴考法·适情选做]构成稻米的淀粉有直链淀粉和支链淀粉两种。当前农业栽培的水稻直链淀粉的含量差异较大，主要有高含量、中高含量、中等含量、中低含量和低含量等品种。目前，针对水稻直链淀粉含量差异的解释主要有以下两种假说：
假说一：该性状受两对独立遗传的等位基因(D/d，E/e)控制，每个显性基因对直链淀粉含量的增加效应相同且具叠加性。
假说二：该性状受一组复等位基因控制(a1—高含量、a2—中高含量、a3—中等含量、a4—中低含量、a5—低含量)，这些基因彼此间具有完全显隐性关系。
回答下列问题：
(1)若假说一成立，中等含量直链淀粉水稻的基因型为：____________，让杂合中等含量水稻进行自交，后代的表型及比例为______________________________________________
________________________________________________________________________。
(2)为检验假说二是否成立，某研究小组利用不同含量直链淀粉的五个纯种品系水稻进行了如下实验：
实验一：低含量水稻×中低含量水稻→F1为中低含量水稻；
实验二：中等含量水稻×中高含量水稻→F1为中高含量水稻；
实验三：实验一中F1×实验二中F1→F2为中等含量水稻∶中高含量水稻＝1∶1；
实验四：实验二中F1×高含量水稻→F2为高含量水稻。
①由实验结果推测，复等位基因a1、a2、a3、a4、a5之间的显隐性关系是____________________________(若a1对a2为显性，可表示为a1>a2，依此类推)。
②中高含量水稻的基因型有________种，让实验三F2中的中高含量水稻随机交配，子代中a5的基因频率为________。
(3)某同学设计了用中低含量直链淀粉水稻进行自交的方案来检验上述两种假说成立与否。请写出预期实验结果和结论：__________________________________________________
________________________________________________________________________
__________________________。
解析：(1)如果假说一成立，则中等含量直链淀粉水稻的基因型有DDee、ddEE、DdEe；杂合中等含量水稻(DdEe)进行自交，后代高含量(DDEE)∶中高含量(DDEe、DdEE)∶中等含量(DDee、ddEE、DdEe)∶中低含量(ddEe、Ddee)∶低含量(ddee)＝1/16∶(2/16＋2/16)∶(1/16＋1/16＋4/16)∶(2/16＋2/16)∶1/16＝1∶4∶6∶4∶1。(2)①实验一说明中低含量(a4)对低含量(a5)为显性；实验二说明中高含量(a2)对中等含量(a3)为显性；实验三为实验一中F1(a4a5)与实验二中F1(a2a3)杂交，子代基因型及比例为a2a4∶a2a5∶a3a4∶a3a5＝1∶1∶1∶1，表型及比例为中高含量水稻∶中等含量水稻＝1∶1，说明a2和a3相对于a4和a5为显性；实验四为实验二中F1(a2a3)与高含量水稻(a1a1)杂交，子代全为高含量水稻，说明a1相对于a2和a3为显性。综上所述，复等位基因a1、a2、a3、a4、a5之间的显隐性关系是a1>a2>a3>a4>a5。②如果假说二正确，则中高含量水稻的基本型有a2a2、a2a3、a2a4、a2a5，共4种；实验三F2中的中高含量水稻基因型及比例为a2a4∶a2a5＝1∶1，其随机交配，基因频率未发生改变，所以子代中a5的基因频率＝1/4＝25%。(3)如果假说一正确，则中低含量直链淀粉水稻基因型为ddEe和Ddee，自交子代会出现基因型ddEE和DDee(中等含量直链淀粉水稻)；如果假说二正确，则中低含量直链淀粉水稻基因型为a4a4和a4a5，自交子代基因型是a4a4、a4a5、a5a5，为中低含量和低含量直链淀粉水稻。所以若子代出现中等含量直链淀粉的水稻，则假说一成立；若子代不出现中等含量直链淀粉的水稻，则假说二成立。
答案：(1)DDee、ddEE、DdEe　高含量∶中高含量∶中等含量∶中低含量∶低含量＝1∶4∶6∶4∶1　(2)①a1>a2>a3>a4>a5　②4　25%　(3)若子代出现中等含量的水稻，则假说一成立；若子代不出现中等含量水稻，则假说二成立