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2023年湖南省娄底市中考物理三模试卷
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这是一份2023年湖南省娄底市中考物理三模试卷，共20页。试卷主要包含了 下列估算数据最接近事实的是，2gB， 如图甲所示，一块质量为0等内容，欢迎下载使用。
2023年湖南省娄底市中考物理三模试卷
1. 下列估算数据最接近事实的是( )
A. 人步行的速度大约是5m/s B. 人体感觉舒适的温度约为37℃
C. 做一次眼保健操的时间约为5min D. 对人体的安全电压为36V
2. 下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 图中人在水面下能听到岸上的说话声，表明声音的传播一定需要水作为介质
B. 图中改变试管内的水量可以改变吹气时声音的音调
C. 图中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D. 图中B超诊断仪是利用声可以传递能量
3. 宋代范仲淹的《岳阳楼记》中蕴含了丰富的光学知识，文字词句与物理知识相符合的是( )
A. “锦鳞游泳”，看到水里的鱼是实像
B. “皓月千里”，皎洁的月亮是光源
C. “浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光的折射现象
D. “静影沉璧”，如玉璧一样月亮的倒影是光的反射现象
4. 中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是( )
A. 蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明——“泪”的形成是液化现象，需要放热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——露的形成是汽化现象，需要吸热
C. 欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山——冰的形成是凝固现象，需要吸热
D. 不知明镜里，何处得秋霜——霜的形成是凝华现象，需要放热
5. 观看了《流浪地球2》，小帆认识到了信息、能源和材料的重要性，他决定珍惜青春时光，努力学习科学文化知识。他收集到了以下信息，其中说法不正确的是( )
A. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B. 北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波
C. 发光二极管的核心部件是半导体材料
D. 能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量总保持不变
6. 为了公民的安全，国家对骑摩托车或电瓶车的规定为：出行要戴头盔(头盔外部材料坚硬，内部材料松软)，不超速行驶。下面解释不正确的是( )
A. 头盔内部材料松软，发生碰撞时增大头部的受力面积，减小压强
B. 超速行驶的摩托车惯性大，容易导致交通事故的发生
C. 摩托车在紧急刹车时，机械能转化为内能
D. 电瓶车总质量越大、速度越大时，动能越大，发生交通事故时将造成更大的伤害
7. 为了测量某金属块的密度，首先用天平测量金属块的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码质量和游码的位置如图甲所示。然后用量筒和水测量金属块的体积如图乙所示。下列数据正确的是( )
A. 金属块的质量为39.2g B. 金属块的体积为5L
C. 金属块的密度为7.8g/cm3 D. 金属块的密度为7.8×103kg/cm3
8. 如图甲所示，一块质量为0.2kg的铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，在竖直方向上拉力F=3N的作用下向上运动，铁块运动速度v与时间t的关系图像如图乙所示。则下列说法正确的是(取g=10N/kg)( )
A. 铁块在前5s内运动的距离为1.2m B. 铁块受到平板的支持力为2N
C. 铁块所受摩擦力为1N D. 在前5s内拉力克服摩擦力做的功为3J
9. 如图，一个空心小铁球放在盛水的烧杯中，漂浮在水面上，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，下列说法不正确的是( )
A. 小铁球受到的重力和浮力是一对平衡力
B. 滑片P向左滑动，小铁球所受浮力变大
C. 此时A端为电磁铁的S极
D. 滑片P向右滑动，容器底部受到水的压强变小
10. 如图所示是新能源汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电原则的是( )
A. 每个充电桩在安装时都要装漏电保护器
B. 有经验的电工在安装充电桩时不必断开电源
C. 安装充电桩时，不连接地线也可以
D. 万一有充电桩起火，应马上浇水扑灭
11. 小欣使用了一种可以自动加湿的电风扇。空气湿度下降到一定程度时，湿度开关S1自动闭合，加湿系统自动运行；断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作。下列图中电路符合的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示的电路中，R是滑动变阻器，L是小灯泡，闭合开关S，在确保各电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P从最左端移动到中点的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表的示数变小
B. 电流表的示数不变
C. 小灯泡L变亮
D. 电路消耗的总功率不变
13. 明代的一位诗人曾写下这样的诗句：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”，其中“桥流水不流”，诗人选择的参照物是______ (选填“流水”或“地面”)；人骑水牛时，他相对于牛是______ 的(选填“运动”或“静止”)。
14. 如图甲所示是疫情期间“停课不停学”直播上课的场景，老师的电脑上的摄像头相当于一个凸透镜，若该透镜的焦距为10cm，如图乙所示，有区间“AO”“BA”或“CB”，直播老师应坐在______区间上，经凸透镜就能成清晰的______(选填“倒立”或“正立”)的影像。
15. 小明家的燃气热水器将100kg的水由20℃加热到50℃，若不计热损失，需要消耗______ kg的天然气。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q天然气=4.2×107J/kg。洗澡后小明发现，浴室里热水器的两根水管中，有一根表面布满水珠，另一没有水珠，你认为布满水珠的水管中通的是______ (“热”或“冷”)水。
16. 如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10−4m2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为______ Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到______(填“增大”或“减少”)压强的目的。
17. 如图所示，通过滑轮沿水平方向拉动重为20N的物体A，不计滑轮重及其摩擦。当拉力F为4N时，物体A受到的拉力为______ N；用这种方法使用滑轮是为了______ 。
18. 在如图甲所示的电路中，灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V 6W”，两灯泡的U−I图像如图乙所示。在a、b间接入电源，为保证两灯均不损坏，则允许接入的最大电源电压为______ V，此时电压表V2的示数为______ V。
19. 如图所示，水面下发光点A发出一条入射光线经平面镜反射后通过水面的一点B并射入空气，请画出入射光线、反射光线及折射光线的光路图。
20. 某剧组为拍摄节目需要，设计了如图所示拉力装置来改变照明灯的高度，轻质杠杆ABO可绕O点转动．请在图中画出：
(1)杠杆所受拉力的力臂l1；
(2)杠杆所受阻力F2的示意图．
21. 图1是某实验小组利用弹簧测力计、溢水杯、不吸水的石块、小桶和水“探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”的情景，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
(1)由图1可知，石块浸没在水中时受到的浮力为F浮=______ N，排开水的重力G排=______ N，发现F浮≠G排，原因可能是______ ；
(2)在实验改进以后，将溢水杯中的水换成某种液体，将物块浸没在某液体中(如图戊)，此时弹簧测力计示数为F5。则待测盐溶液的密度ρ液可表示为AF1−F3ρ水或AF4−F2ρ水，其中A=______ (用F1、F5表示)。
22. 如图甲所示是小明利用“伏安法”测量未知电阻Rx阻值的实验电路图；
(1)闭合开关前，小明发现已连接的电路有一根导线连接错误，请你在错误的连线上画“×”并改正；
(2)电路连接正确后，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则此次测得电阻Rx的阻值为______ Ω；
(3)小明还想测量一个阻值约为300Ω的定值电阻R1的阻值，老师说用如图甲所示的电路无法完成该实验，原因______ ，于是给小明换了一个阻值较大的滑动变阻器，其最大阻值为R0，小明设计了如图丁所示的电路，请你根据他的步骤写出定值电阻的表达式；
①闭合开关S，移动滑片P至a端，记下电压表示数为U1；
②移动滑片P至b端，记下电压表示数为U2；
③定值电阻R1的阻值表达式为R1=______ (用测量量和已知量表示)。
23. 如图1所示是一款用于锻炼握力的握力器，它的工作原理如图2所示，其中电源电压U恒定，U=6V；力量计由电流表A改装而成；小灯泡上标有“6V，0.5A”的字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)，R是一根长为9cm，阻值为18Ω的均匀电阻丝，滑片在a端时，力量计的示数为0N；C是一根弹簧，其所受压力F与压缩量ΔL的关系为：F=kΔL，k=60N/cm。求：
(1)小灯泡的电阻；
(2)当力量计的示数为0N时，电路中的电流；
(3)当电压表的示数为3.6V时，力量计的示数为多少N？
24. 如图甲所示为小明家的电饭锅，从铭牌可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压220V，加热功率1000W。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
(1)小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家中其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态正常工作，观察到电能表转盘在5min内转了30圈。该电饭锅的保温功率为多少？
(2)电阻R1的阻值为多少？
(3)小明上网查询得知，国家标准中规定电饭锅在加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值(电热转化效率)范围为81%≤n<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：将温度为20℃、质量为2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时800s。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人步行的速度大约是1.1m/s，故A错误；
B、人体感觉舒适的温度约为23℃，故B错误；
C、做一次眼保健操的时间约为5min，故C正确；
D、对人体的安全电压为不高于36V，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A、人在水面下能听到岸上的说话声，说明空气也能传声，故A错误；
B、改变试管内的水量空气柱长度改变，振动的频率改变，音调改变，故B正确；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、B超诊断仪能发现体内病灶信息，说明声音能够传递信息，故D错误。
故选：B。
(1)声音可以在固体、液体、气体中传播；
(2)声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；
(4)声音能够传递信息和能量。
本题考查声现象的有关知识，是基础题，难度不大。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)光从一种透明介质斜射向另一种透明介质中，其传播方向会发生改变，即折射现象；
(2)本身能发光的物体称为光源；
(3)光在水面会发生反射；
(4)倒影属于光的反射现象。
该题考查了光源、光的传播、光的折射和光的反射的知识，是一道综合题。
【解答】
A、看到水中的鱼是光的折射形成的鱼的虚像，是由于光从水中斜射向空气，发生了折射的缘故，故A错误；
B、月亮本身不能发光，不是光源，故B错误；
C、“浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光在水面发生的反射现象，故C错误；
D、玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】解：A、“泪”的形成是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B、“露”都是由水蒸气液化形成的，液化放热，故B错误；
C、“冰”的形成是由水凝固而成的，属于凝固现象，凝固放热，故C错误；
D、霜的形成是凝华现象，需要放热，故D正确。
故选：D。
分析物态变化首先看生成物是什么状态的，然后看是由什么状态的物体形成的，根据物态变化的定义来做出判断(物体由气态直接变为固态的现象是凝华；物体由气态变为液态的现象为液化)，最后根据物态变化吸放热的规律(熔化、汽化和升华要吸热；凝固、液化和凝华要放热)做出解答。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】A
【解析】解：A.太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，故A错误；
B.卫星导航、移动通信是利用电磁波来传递信息的，故B正确；
C.发光二极管是由半导体材料制成的，故C正确；
D.根据能量守恒定律，能量既不会消灭，也不会凭空产生，在转化和转移过程中能量的总量总保持不变，但是能量的转化和转移具有方向性，故D正确。
故选：A。
(1)能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源；
(2)卫星是通过电磁波传递信息的；
(3)半导体材料广泛应用于商业、邮政、交通等领域，发光二极管的主要材料是半导体；
(4)根据能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律进行解答。
本题考查了学生对能源的分类、电磁波的应用、半导体、能量的转化和转移的了解，属于基础知识的考查，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、头盔内部材料松软，发生碰撞时增大头部的受力面积，根据p=FS知，可以减小对头部的压强，故A正确；
B、惯性大小只与质量有关，与速度大小无关，故B错误；
C、摩托车在紧急刹车时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故C正确；
D、电瓶车总质量越大、速度越大时，电瓶车的动能越大，发生交通事故时对外做功越多，将造成更大的伤害，故D正确。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)惯性的大小由质量决定，质量越大，物体的惯性越大；
(3)物体克服摩擦做功，机械能转化为内能；
(4)动能的大小与质量和速度有关，速度越大，质量越大，动能越大。
本题考查了减小压强的方法、惯性的影响因素、影响动能大小的因素，综合性较强，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图甲知，物体的质量：m=20g+10g+5g+4g=39g，故A错误；
B、由图乙左图知，水的体积为25mL，由图乙右图知，水和金属块的总体积为30mL，则金属块的体积为：V=30mL−25mL=5mL=5cm3，故B错误；
CD、金属块的密度：ρ=mV=39g5cm3=7.8g/cm3=7.8×103kg/m3，故C正确、D错误。
故选：C。
物体的质量应等于砝码的质量加游码在标尺所对的刻度值；金属块的体积应等于水和金属块的总体积减水的体积；根据密度公式得出金属块的密度。
本题是测量金属块密度的实验，主要考查了天平读数及量筒的读数和密度的计算，都属于基础性的知识。
8.【答案】C
【解析】解：A、由乙图可知，铁块向上运动的速度为0.2m/s，物体在5s内上升的距离为：s=vt=0.2m/s×5s=1m，故A错误；
B、铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，铁块受到平板的支持力大小无法确定，故B错误；
C、铁块在竖直方向上运动时，速度保持不变，因此铁块做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用；在竖直方向上受到竖直向下的重力G、竖直向下的摩擦力f和竖直向上的拉力F，根据平衡力的特点，故铁块受到摩擦力大小：f=F−G=3N−0.2kg×10N/kg=1N，故C正确；
D、在前5s内拉力克服摩擦力做的功为：W=fs=1N×1m=1J，D错误。
故选：C。
(1)由乙图可知铁块向上运动的速度，根据速度变形公式s=vt可求出物体在5s内上升的距离；
(2)铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，铁块受到平板的支持力大小无法确定；
(3)铁块在竖直方向上运动时做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用，根据力的平衡得出铁块受到摩擦力大小；
(4)功等于力和距离的乘积，即W=Fs。
此题主要考查学生对速度公式、二力平衡条件、功和功率公式的掌握和应用。首先，我们可以判断物体是否受力平衡；其次，根据所求力的方向、以及平衡力的大小和方向准确求出力的大小和方向。
9.【答案】A
【解析】解：A、开关S闭合后，螺线管具有磁性，小铁球仍静止在水面上时受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，其重力和浮力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故A错误；
B、当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管的磁性增强，小铁球所受吸引力增大，浸入水中的体积增大，根据阿基米德原理可知，浮力变大，故B正确；
C、开关S闭合后，电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管的A端为S极，故C正确；
D、滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，小铁球所受吸引力减小；此过程中小铁球受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，当小球重新平衡后，向下的吸引力与重力之和应等于向上的浮力，因吸引力减小，所以铁球所受浮力也将减小，排开的水的体积减小，液面下降，根据p=ρgh可知，容器底部受到的压强变小，故D正确。
故选：A。
(1)根据小铁球的受力情况进行分析；
(2)已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管A的磁极。
(3)当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力和底部压强的变化。
本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用，平衡力、以及浮力，是一道综合题。
10.【答案】A
【解析】解：A、为了安全，电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故A符合安全用电原则；
B、安装充电桩时必须断开电源，故B不符合安全用电原则；
C、安装充电桩时，为了安全，要接地线，故C不符合安全用电原则；
D、万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
(1)电路漏电时，漏电保护器能切断电源，起到保护作用；
(2)检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作；
(3)对于有金属外壳的用电器，金属外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
(4)用电器起火，先切断电源再救火。
本题借助充电桩的安装考查安全用电的有关知识，难度不大。
11.【答案】A
【解析】解：由题意可知，湿度开关S1闭合时加湿系统运行，断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加湿系统和风扇的连接方式是并联，故CD错误；
又因并联电路中干路上的开关控制整个电路，支路上的开关只控制本支路，
所以，湿度开关S1位于加湿系统所在支路，总开关S2位于干路，故A正确、B错误。
故选：A。
由题意可知，湿度开关S1闭合时加湿系统运行，断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作，说明加湿系统和风扇可以独立工作、互不影响即为并联，且湿度开关S1控制加湿系统，总开关S2位于干路，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。
12.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；
闭合开关S，在确保各电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P从最左端移动到中点的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，即电流表示数的变大，故B错误；
由U=IR可知，灯泡两端电压变大，即电压表示数变大，故A错误；
由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，因此灯泡变亮，故C正确；
由于电源电压不变，由P=UI可知，电路的总功率变大，故D错误。
故选：C。
根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；根据滑片移动的方向确定滑动变阻器接入电路阻值的变化，进一步确定电路总电阻的变化，再根据欧姆定律可知电流表示数的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率和电路总功率的变化，灯泡的实际功率决定灯泡的明暗。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，关键明确灯泡的实际功率决定灯泡的明暗。
13.【答案】流水 静止
【解析】解：“桥流水不流”可以理解为“桥动水不动”，这句话的意思是说桥在运动，研究对象应该是桥，以流水为参照物(即假设水是不动的)，桥的位置发生了变化，则桥是运动的；
人骑水牛时，以水牛为参照物，人相对于水牛的位置没有发生变化，故人是静止的。
故答案为：流水；静止。
若物体相对于参照物的位置发生变化，则物体是运动的；若物体相对于参照物的位置不发生变化，则物体是静止的。
本题考查运动和静止的相对性，难度不大。
14.【答案】CB 倒立
【解析】解：摄像头成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律可知物距应大于二倍焦距，所以直播老师到摄像头的距离应满足大于二倍焦距的条件，已知该透镜的焦距为10cm，则由图可知直播老师应坐在CB区间上。
故答案为：CB；倒立。
摄像头是一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，摄像头成倒立、缩小的实像。
本题考查了凸透镜成像规律及其应用，属于基础题。
15.【答案】0.3冷
【解析】解：水吸收的热量为：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(50−20)℃=1.26×107J，
不计热损失，据Q放=mq得，需要消耗的天然气的质量：m天然气=Q放q天然气=Q吸q天然气=1.26×107J4.2×107J/kg=0.3kg
洗澡后，热的水蒸气遇到冷的水管液化成小水珠附在水管表面上，所以表面布满水珠的是冷水管，没有水珠的是热水管。
故答案为：0.3；冷。
(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；不计热损失，Q放=Q吸，再利用Q放=mq求出需要消耗天然气的质量；
(3)水管表面布满水珠是液化现象，水蒸气遇冷时，放出热量，发生液化。
本题考查了吸热公式Q吸=cm(t−t0)、燃料燃烧放热公式Q放=mq的应用，同时考查了液化现象，属于基础题目，难度不大。
16.【答案】4×104 增大
【解析】解：(1)图钉尖对墙的压强为：
p=FS=20N5×10−4m2=4×104Pa；
(2)图钉尖制作得很尖锐，是在压力一定时，减小受力面积来达到增大压强的目的。
故答案为：4×104；增大。
(1)知道手对顶帽施加的压力和图钉尖的受力面积，根据压强公式求出图钉尖对墙的压强；
(2)增大压强的方法：在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强；在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；还可以同时改变压力和受力面积的大小来增大压强。
本题考查了压强的计算和增大压强的方法，是一道较为简单的应用题。
17.【答案】8 省力
【解析】解：由图可知，绕在动滑轮上绳子的有效股数n=2，
则物体A受到的拉力F′=2F=2×4N=8N；
动滑轮可以省一半的力，但不可以改变动力方向。
故答案为：8；省力。
由图知，使用的是动滑轮，n=2，不计滑轮重及其摩擦，物体A受到的拉力F′=2F；
轴随物体一起运动的滑轮叫做动滑轮，动滑轮可以省一半的力，但不可以改变动力方向。
本题主要考查有关动滑轮的拉力计算和特点，关键是水平使用滑轮组时绳子有效股数n的确定。
18.【答案】8 6
【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联接入电路，电压表V1测电源电压，电流表V2测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；
灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V6W”，由图乙可知灯泡L1的额定电流为0.5A，灯泡L2的额定电流为1A，
因串联电路中各处电流相等，所以为了保证电路的安全，电路的最大电流为0.5A，由乙图可知，此时灯泡L1两端的电压为6V，即电压表V2的示数为6V，灯泡L2两端的电压为2V，
因串联电路总电压等于各部分电压之和，则允许接入的最大电源电压为：U=U1+U2=6V+2V=8V。
故答案为：8；6。
由电路图可知，两灯泡串联接入电路，电压表V1测电源电压，电流表V2测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V6W”，由图乙可知两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，由图乙可知此时两灯泡两端的电压，据此确定此时电压表V2的示数，根据串联电路的电压规律计算允许接入的最大电源电压。
本题考查串联电路特点，正确读取图中信息是解题的关键。
19.【答案】解：(1)作出发光点A关于平面镜的对称点，即为像点A′，连接A′B点交平面镜于点O，沿OB画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示；
(2)OB又斜射到空气和水的界面时，根据光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，据此作图如下：
【解析】(1)平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点A的像点A′，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和B点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
(2)光的折射定律的内容，知道光从水斜射入空气中时，折射角大于入射角。
平面镜成像特点与光的反射定律相结合来作图，比较直观、简捷、准确；在光路图中，实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线化成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示。
20.【答案】解：
(1)由图可知，杠杆所受拉力的方向沿绳子向右上方，而不是绳端拉力的方向，过支点O作垂直于该拉力作用线的垂线段，即动力臂L1；
(2)杠杆所受阻力F2的作用点在A点，方向竖直向下，过A点沿竖直向下的方向画一条有向线段，即阻力F2的示意图；如图所示：
【解析】先确定阻力作用点(即B点)，然后过阻力作用点表示阻力的方向(即竖直向上)；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂).
此题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂，并且作图要求规范．
21.【答案】21.8实验开始时，溢水杯未装满水 F1−F5
【解析】解：(1)石块浸没在水中的浮力F浮=G−F示=F1−F3=5N−3N=2N；排开水的重力G排=F4−F2=2.8N−1N=1.8N；F浮>G排，故排开液体偏小，可能的原因是实验开始时，溢水杯未装满水；
(2)石块浸没在水中，故V排=F浮ρ水g=F1−F3ρ水g；石块浸没在其他液体中，则V排不变，V排=F浮′ρ液g=F1−F5ρ液g；即可得：F1−F3ρ水g=F1−F5ρ液g，所示ρ液=F1−F5F1−F3ρ水，故A=F1−F5。
故答案为：(1)2；(2)1.8；(3)实验开始时，溢水杯未装满水；(4)F1−F5。
(1)根据称重法计算石块浸没在水中的浮力F浮=G−F示；水和桶的总重力减去空桶的重力即为排开水的重力，比较浮力和排开水的重力的关系，若F浮≠G排，原从排开水的重力分析原因；
(2)同一石块浸没在不同液体中，其排开液体的体积不变，故根据阿基米德原理求V排=F浮ρg可得。
本题考查阿基米德原理的探究过程及公式的灵活应用，找出题中隐含的等量关系是解题关键。
22.【答案】4 通过电路的电流太小，电流表无法直接测出 U1R0U2−U1
【解析】解：(1)分析实验电路，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和未知电阻Rx并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式，电路中连接错误的导线为滑动变阻器C接线柱与待测电阻右端的连线，正确的电路连接如图所示：
；
(2)如图乙所示，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2V，如图丙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，根据欧姆定律可得此次测得电阻Rx的阻值为：Rx=UI=2V0.5A=4Ω；
(3)定值电阻R1的阻值约为300Ω，电源电压不超过3V，由欧姆定律可知通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；
③Rx与滑动变阻器串联，电压表测量Rx两端的电压，实验时，闭合开关S，移动滑片P至a端，滑动变阻器以最大阻值R0接入电路，R1两端电压为U1，移动滑片P至b端，滑片位于最小阻值处，变阻器接入电路的电阻为0，R1两端电压为U2，为电源电压；当滑动变阻器的滑片调到阻值最大处时，根据串联电路中的电流规律，通过R1的电流为：
I1=U2−U1R0，
则待测电阻为：
R1=U1I1=U1U2−U1R0=U1R0U2−U1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)4；(3)通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；③U1R0U2−U1。
(1)伏安法测量电阻的电路中，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和小灯泡并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式；
(2)根据电表的量程读出电表的示数，根据欧姆定律计算电阻；
求出三电阻测量值的平均值，以减小误差；
(3)根据串联电路中电流和电压的规律以及欧姆定律进行分析和计算。
本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接、滑动变阻器的连接方式、电流表、电压表的读数、串联电路中电压规律和欧姆定律的计算等知识。
23.【答案】解：(1)根据欧姆定律可知RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
(2)当力量计的示数为0N时，变阻器R接入的电阻最大，R=18Ω，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻：R总=RL+R=12Ω+18Ω=30Ω，
由欧姆定律可得电路中的电流：I=UR总=6V30Ω=0.2A；
(3)当电压表的示数为UL′=3.6V时，变阻器R两端的电压为：
UR=U−UL′=6V−3.6V=2.4V，
根据串联电路电压的分配与电阻成正比，可得：R′=URUL⋅RL=2.4V3.6V×12Ω=8Ω，
R接入电路的长度：L=8Ω18Ω×9cm=4cm，
所以：△L=L0−L=9cm−4cm=5cm，
根据F与压缩量ΔL的关系有：F=kΔL=k=60N/cm×5cm=300N。
答：(1)小灯泡的电阻为12Ω；
(2)当力量计的示数为0N时，电路中的电流为0.2A；
(3)当电压表的示数为3.6V时，力量计的示数为300N。
【解析】(1)根据欧姆定律可知小灯泡的电阻；
(2)当力量计的示数为0N时，变阻器R接入的电阻最大，R=18Ω，根据串联电路的电阻规律可知电路的总电阻，由欧姆定律可得电路中的电流；
(3)当电压表的示数为UL′=3.6V时，根据串联电路的电压特点可知变阻器R两端的电压，根据串联电路电压的分配与电阻成正比可得R的阻值，进而得出R接入电路的长度及力量计的示数。
本题考查欧姆定律的应用和电能的计算，是一道综合题。
24.【答案】解：(1)“3000r/(kW⋅h)”表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，
只让电饭煲在“保温”状态下工作，转盘在5min内转了30转，则电饭锅消耗的电能为：
W=30r3000r/(kW⋅h)=0.01kW⋅h，
电饭锅处于“保温”状态时的功率为：
P保温=Wt=0.01kW⋅h5×160h=0.12kW=120W；
(2)由电路图知，S断开时两电阻串联，电路中电阻较大，由P=UI=U2R可知，功率较小，电饭锅为保温状态，
当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，由P=UI=U2R可知，功率较大，电饭锅为加热状态，
由P=UI=U2R可得，R1的电阻：
R1=R加热=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
(3)水吸收的热量为：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
用时800s消耗的电能为：
W′=P加热t′=1000W×800s=8×105J，
该电饭锅的热效率为：
η=Q吸W′×100%=6.72×105J8×105J×100%=84%，
则该电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：(1)该电饭锅的保温功率为120W；
(2)电阻R1的阻值为48.4Ω；
(3)该电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】(1)根据电能表的转数求出电饭锅处于“保温”状态下正常工作消耗的电能，再根据P=Wt得出实际功率；
(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；由P=UI=U2R算出加热时的电阻，即为R1的电阻；
(3)根据Q吸=c水mΔt算出水吸收的热量，由W=Pt算出用时820s消耗的电能，由η=Q吸W×100%算出该电饭锅的热效率，进而判断出该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
本题考查了串联电路特点、电能的计算、电功率计算公式的应用以及效率公式的应用，对电能表
2023年湖南省娄底市中考物理三模试卷
1. 下列估算数据最接近事实的是( )
A. 人步行的速度大约是5m/s B. 人体感觉舒适的温度约为37℃
C. 做一次眼保健操的时间约为5min D. 对人体的安全电压为36V
2. 下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 图中人在水面下能听到岸上的说话声，表明声音的传播一定需要水作为介质
B. 图中改变试管内的水量可以改变吹气时声音的音调
C. 图中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D. 图中B超诊断仪是利用声可以传递能量
3. 宋代范仲淹的《岳阳楼记》中蕴含了丰富的光学知识，文字词句与物理知识相符合的是( )
A. “锦鳞游泳”，看到水里的鱼是实像
B. “皓月千里”，皎洁的月亮是光源
C. “浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光的折射现象
D. “静影沉璧”，如玉璧一样月亮的倒影是光的反射现象
4. 中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是( )
A. 蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明——“泪”的形成是液化现象，需要放热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——露的形成是汽化现象，需要吸热
C. 欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山——冰的形成是凝固现象，需要吸热
D. 不知明镜里，何处得秋霜——霜的形成是凝华现象，需要放热
5. 观看了《流浪地球2》，小帆认识到了信息、能源和材料的重要性，他决定珍惜青春时光，努力学习科学文化知识。他收集到了以下信息，其中说法不正确的是( )
A. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B. 北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波
C. 发光二极管的核心部件是半导体材料
D. 能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量总保持不变
6. 为了公民的安全，国家对骑摩托车或电瓶车的规定为：出行要戴头盔(头盔外部材料坚硬，内部材料松软)，不超速行驶。下面解释不正确的是( )
A. 头盔内部材料松软，发生碰撞时增大头部的受力面积，减小压强
B. 超速行驶的摩托车惯性大，容易导致交通事故的发生
C. 摩托车在紧急刹车时，机械能转化为内能
D. 电瓶车总质量越大、速度越大时，动能越大，发生交通事故时将造成更大的伤害
7. 为了测量某金属块的密度，首先用天平测量金属块的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码质量和游码的位置如图甲所示。然后用量筒和水测量金属块的体积如图乙所示。下列数据正确的是( )
A. 金属块的质量为39.2g B. 金属块的体积为5L
C. 金属块的密度为7.8g/cm3 D. 金属块的密度为7.8×103kg/cm3
8. 如图甲所示，一块质量为0.2kg的铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，在竖直方向上拉力F=3N的作用下向上运动，铁块运动速度v与时间t的关系图像如图乙所示。则下列说法正确的是(取g=10N/kg)( )
A. 铁块在前5s内运动的距离为1.2m B. 铁块受到平板的支持力为2N
C. 铁块所受摩擦力为1N D. 在前5s内拉力克服摩擦力做的功为3J
9. 如图，一个空心小铁球放在盛水的烧杯中，漂浮在水面上，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，下列说法不正确的是( )
A. 小铁球受到的重力和浮力是一对平衡力
B. 滑片P向左滑动，小铁球所受浮力变大
C. 此时A端为电磁铁的S极
D. 滑片P向右滑动，容器底部受到水的压强变小
10. 如图所示是新能源汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电原则的是( )
A. 每个充电桩在安装时都要装漏电保护器
B. 有经验的电工在安装充电桩时不必断开电源
C. 安装充电桩时，不连接地线也可以
D. 万一有充电桩起火，应马上浇水扑灭
11. 小欣使用了一种可以自动加湿的电风扇。空气湿度下降到一定程度时，湿度开关S1自动闭合，加湿系统自动运行；断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作。下列图中电路符合的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示的电路中，R是滑动变阻器，L是小灯泡，闭合开关S，在确保各电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P从最左端移动到中点的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表的示数变小
B. 电流表的示数不变
C. 小灯泡L变亮
D. 电路消耗的总功率不变
13. 明代的一位诗人曾写下这样的诗句：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”，其中“桥流水不流”，诗人选择的参照物是______ (选填“流水”或“地面”)；人骑水牛时，他相对于牛是______ 的(选填“运动”或“静止”)。
14. 如图甲所示是疫情期间“停课不停学”直播上课的场景，老师的电脑上的摄像头相当于一个凸透镜，若该透镜的焦距为10cm，如图乙所示，有区间“AO”“BA”或“CB”，直播老师应坐在______区间上，经凸透镜就能成清晰的______(选填“倒立”或“正立”)的影像。
15. 小明家的燃气热水器将100kg的水由20℃加热到50℃，若不计热损失，需要消耗______ kg的天然气。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q天然气=4.2×107J/kg。洗澡后小明发现，浴室里热水器的两根水管中，有一根表面布满水珠，另一没有水珠，你认为布满水珠的水管中通的是______ (“热”或“冷”)水。
16. 如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10−4m2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为______ Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到______(填“增大”或“减少”)压强的目的。
17. 如图所示，通过滑轮沿水平方向拉动重为20N的物体A，不计滑轮重及其摩擦。当拉力F为4N时，物体A受到的拉力为______ N；用这种方法使用滑轮是为了______ 。
18. 在如图甲所示的电路中，灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V 6W”，两灯泡的U−I图像如图乙所示。在a、b间接入电源，为保证两灯均不损坏，则允许接入的最大电源电压为______ V，此时电压表V2的示数为______ V。
19. 如图所示，水面下发光点A发出一条入射光线经平面镜反射后通过水面的一点B并射入空气，请画出入射光线、反射光线及折射光线的光路图。
20. 某剧组为拍摄节目需要，设计了如图所示拉力装置来改变照明灯的高度，轻质杠杆ABO可绕O点转动．请在图中画出：
(1)杠杆所受拉力的力臂l1；
(2)杠杆所受阻力F2的示意图．
21. 图1是某实验小组利用弹簧测力计、溢水杯、不吸水的石块、小桶和水“探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”的情景，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
(1)由图1可知，石块浸没在水中时受到的浮力为F浮=______ N，排开水的重力G排=______ N，发现F浮≠G排，原因可能是______ ；
(2)在实验改进以后，将溢水杯中的水换成某种液体，将物块浸没在某液体中(如图戊)，此时弹簧测力计示数为F5。则待测盐溶液的密度ρ液可表示为AF1−F3ρ水或AF4−F2ρ水，其中A=______ (用F1、F5表示)。
22. 如图甲所示是小明利用“伏安法”测量未知电阻Rx阻值的实验电路图；
(1)闭合开关前，小明发现已连接的电路有一根导线连接错误，请你在错误的连线上画“×”并改正；
(2)电路连接正确后，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则此次测得电阻Rx的阻值为______ Ω；
(3)小明还想测量一个阻值约为300Ω的定值电阻R1的阻值，老师说用如图甲所示的电路无法完成该实验，原因______ ，于是给小明换了一个阻值较大的滑动变阻器，其最大阻值为R0，小明设计了如图丁所示的电路，请你根据他的步骤写出定值电阻的表达式；
①闭合开关S，移动滑片P至a端，记下电压表示数为U1；
②移动滑片P至b端，记下电压表示数为U2；
③定值电阻R1的阻值表达式为R1=______ (用测量量和已知量表示)。
23. 如图1所示是一款用于锻炼握力的握力器，它的工作原理如图2所示，其中电源电压U恒定，U=6V；力量计由电流表A改装而成；小灯泡上标有“6V，0.5A”的字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)，R是一根长为9cm，阻值为18Ω的均匀电阻丝，滑片在a端时，力量计的示数为0N；C是一根弹簧，其所受压力F与压缩量ΔL的关系为：F=kΔL，k=60N/cm。求：
(1)小灯泡的电阻；
(2)当力量计的示数为0N时，电路中的电流；
(3)当电压表的示数为3.6V时，力量计的示数为多少N？
24. 如图甲所示为小明家的电饭锅，从铭牌可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压220V，加热功率1000W。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
(1)小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家中其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态正常工作，观察到电能表转盘在5min内转了30圈。该电饭锅的保温功率为多少？
(2)电阻R1的阻值为多少？
(3)小明上网查询得知，国家标准中规定电饭锅在加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值(电热转化效率)范围为81%≤n<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：将温度为20℃、质量为2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时800s。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人步行的速度大约是1.1m/s，故A错误；
B、人体感觉舒适的温度约为23℃，故B错误；
C、做一次眼保健操的时间约为5min，故C正确；
D、对人体的安全电压为不高于36V，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A、人在水面下能听到岸上的说话声，说明空气也能传声，故A错误；
B、改变试管内的水量空气柱长度改变，振动的频率改变，音调改变，故B正确；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、B超诊断仪能发现体内病灶信息，说明声音能够传递信息，故D错误。
故选：B。
(1)声音可以在固体、液体、气体中传播；
(2)声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；
(4)声音能够传递信息和能量。
本题考查声现象的有关知识，是基础题，难度不大。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)光从一种透明介质斜射向另一种透明介质中，其传播方向会发生改变，即折射现象；
(2)本身能发光的物体称为光源；
(3)光在水面会发生反射；
(4)倒影属于光的反射现象。
该题考查了光源、光的传播、光的折射和光的反射的知识，是一道综合题。
【解答】
A、看到水中的鱼是光的折射形成的鱼的虚像，是由于光从水中斜射向空气，发生了折射的缘故，故A错误；
B、月亮本身不能发光，不是光源，故B错误；
C、“浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光在水面发生的反射现象，故C错误；
D、玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】解：A、“泪”的形成是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B、“露”都是由水蒸气液化形成的，液化放热，故B错误；
C、“冰”的形成是由水凝固而成的，属于凝固现象，凝固放热，故C错误；
D、霜的形成是凝华现象，需要放热，故D正确。
故选：D。
分析物态变化首先看生成物是什么状态的，然后看是由什么状态的物体形成的，根据物态变化的定义来做出判断(物体由气态直接变为固态的现象是凝华；物体由气态变为液态的现象为液化)，最后根据物态变化吸放热的规律(熔化、汽化和升华要吸热；凝固、液化和凝华要放热)做出解答。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】A
【解析】解：A.太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，故A错误；
B.卫星导航、移动通信是利用电磁波来传递信息的，故B正确；
C.发光二极管是由半导体材料制成的，故C正确；
D.根据能量守恒定律，能量既不会消灭，也不会凭空产生，在转化和转移过程中能量的总量总保持不变，但是能量的转化和转移具有方向性，故D正确。
故选：A。
(1)能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源；
(2)卫星是通过电磁波传递信息的；
(3)半导体材料广泛应用于商业、邮政、交通等领域，发光二极管的主要材料是半导体；
(4)根据能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律进行解答。
本题考查了学生对能源的分类、电磁波的应用、半导体、能量的转化和转移的了解，属于基础知识的考查，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、头盔内部材料松软，发生碰撞时增大头部的受力面积，根据p=FS知，可以减小对头部的压强，故A正确；
B、惯性大小只与质量有关，与速度大小无关，故B错误；
C、摩托车在紧急刹车时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故C正确；
D、电瓶车总质量越大、速度越大时，电瓶车的动能越大，发生交通事故时对外做功越多，将造成更大的伤害，故D正确。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)惯性的大小由质量决定，质量越大，物体的惯性越大；
(3)物体克服摩擦做功，机械能转化为内能；
(4)动能的大小与质量和速度有关，速度越大，质量越大，动能越大。
本题考查了减小压强的方法、惯性的影响因素、影响动能大小的因素，综合性较强，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图甲知，物体的质量：m=20g+10g+5g+4g=39g，故A错误；
B、由图乙左图知，水的体积为25mL，由图乙右图知，水和金属块的总体积为30mL，则金属块的体积为：V=30mL−25mL=5mL=5cm3，故B错误；
CD、金属块的密度：ρ=mV=39g5cm3=7.8g/cm3=7.8×103kg/m3，故C正确、D错误。
故选：C。
物体的质量应等于砝码的质量加游码在标尺所对的刻度值；金属块的体积应等于水和金属块的总体积减水的体积；根据密度公式得出金属块的密度。
本题是测量金属块密度的实验，主要考查了天平读数及量筒的读数和密度的计算，都属于基础性的知识。
8.【答案】C
【解析】解：A、由乙图可知，铁块向上运动的速度为0.2m/s，物体在5s内上升的距离为：s=vt=0.2m/s×5s=1m，故A错误；
B、铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，铁块受到平板的支持力大小无法确定，故B错误；
C、铁块在竖直方向上运动时，速度保持不变，因此铁块做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用；在竖直方向上受到竖直向下的重力G、竖直向下的摩擦力f和竖直向上的拉力F，根据平衡力的特点，故铁块受到摩擦力大小：f=F−G=3N−0.2kg×10N/kg=1N，故C正确；
D、在前5s内拉力克服摩擦力做的功为：W=fs=1N×1m=1J，D错误。
故选：C。
(1)由乙图可知铁块向上运动的速度，根据速度变形公式s=vt可求出物体在5s内上升的距离；
(2)铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，铁块受到平板的支持力大小无法确定；
(3)铁块在竖直方向上运动时做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用，根据力的平衡得出铁块受到摩擦力大小；
(4)功等于力和距离的乘积，即W=Fs。
此题主要考查学生对速度公式、二力平衡条件、功和功率公式的掌握和应用。首先，我们可以判断物体是否受力平衡；其次，根据所求力的方向、以及平衡力的大小和方向准确求出力的大小和方向。
9.【答案】A
【解析】解：A、开关S闭合后，螺线管具有磁性，小铁球仍静止在水面上时受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，其重力和浮力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故A错误；
B、当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管的磁性增强，小铁球所受吸引力增大，浸入水中的体积增大，根据阿基米德原理可知，浮力变大，故B正确；
C、开关S闭合后，电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管的A端为S极，故C正确；
D、滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，小铁球所受吸引力减小；此过程中小铁球受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，当小球重新平衡后，向下的吸引力与重力之和应等于向上的浮力，因吸引力减小，所以铁球所受浮力也将减小，排开的水的体积减小，液面下降，根据p=ρgh可知，容器底部受到的压强变小，故D正确。
故选：A。
(1)根据小铁球的受力情况进行分析；
(2)已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管A的磁极。
(3)当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力和底部压强的变化。
本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用，平衡力、以及浮力，是一道综合题。
10.【答案】A
【解析】解：A、为了安全，电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故A符合安全用电原则；
B、安装充电桩时必须断开电源，故B不符合安全用电原则；
C、安装充电桩时，为了安全，要接地线，故C不符合安全用电原则；
D、万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
(1)电路漏电时，漏电保护器能切断电源，起到保护作用；
(2)检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作；
(3)对于有金属外壳的用电器，金属外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
(4)用电器起火，先切断电源再救火。
本题借助充电桩的安装考查安全用电的有关知识，难度不大。
11.【答案】A
【解析】解：由题意可知，湿度开关S1闭合时加湿系统运行，断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加湿系统和风扇的连接方式是并联，故CD错误；
又因并联电路中干路上的开关控制整个电路，支路上的开关只控制本支路，
所以，湿度开关S1位于加湿系统所在支路，总开关S2位于干路，故A正确、B错误。
故选：A。
由题意可知，湿度开关S1闭合时加湿系统运行，断开总开关S2，风扇和加湿系统同时不工作，说明加湿系统和风扇可以独立工作、互不影响即为并联，且湿度开关S1控制加湿系统，总开关S2位于干路，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。
12.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；
闭合开关S，在确保各电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P从最左端移动到中点的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，即电流表示数的变大，故B错误；
由U=IR可知，灯泡两端电压变大，即电压表示数变大，故A错误；
由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，因此灯泡变亮，故C正确；
由于电源电压不变，由P=UI可知，电路的总功率变大，故D错误。
故选：C。
根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；根据滑片移动的方向确定滑动变阻器接入电路阻值的变化，进一步确定电路总电阻的变化，再根据欧姆定律可知电流表示数的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率和电路总功率的变化，灯泡的实际功率决定灯泡的明暗。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，关键明确灯泡的实际功率决定灯泡的明暗。
13.【答案】流水 静止
【解析】解：“桥流水不流”可以理解为“桥动水不动”，这句话的意思是说桥在运动，研究对象应该是桥，以流水为参照物(即假设水是不动的)，桥的位置发生了变化，则桥是运动的；
人骑水牛时，以水牛为参照物，人相对于水牛的位置没有发生变化，故人是静止的。
故答案为：流水；静止。
若物体相对于参照物的位置发生变化，则物体是运动的；若物体相对于参照物的位置不发生变化，则物体是静止的。
本题考查运动和静止的相对性，难度不大。
14.【答案】CB 倒立
【解析】解：摄像头成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律可知物距应大于二倍焦距，所以直播老师到摄像头的距离应满足大于二倍焦距的条件，已知该透镜的焦距为10cm，则由图可知直播老师应坐在CB区间上。
故答案为：CB；倒立。
摄像头是一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，摄像头成倒立、缩小的实像。
本题考查了凸透镜成像规律及其应用，属于基础题。
15.【答案】0.3冷
【解析】解：水吸收的热量为：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(50−20)℃=1.26×107J，
不计热损失，据Q放=mq得，需要消耗的天然气的质量：m天然气=Q放q天然气=Q吸q天然气=1.26×107J4.2×107J/kg=0.3kg
洗澡后，热的水蒸气遇到冷的水管液化成小水珠附在水管表面上，所以表面布满水珠的是冷水管，没有水珠的是热水管。
故答案为：0.3；冷。
(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；不计热损失，Q放=Q吸，再利用Q放=mq求出需要消耗天然气的质量；
(3)水管表面布满水珠是液化现象，水蒸气遇冷时，放出热量，发生液化。
本题考查了吸热公式Q吸=cm(t−t0)、燃料燃烧放热公式Q放=mq的应用，同时考查了液化现象，属于基础题目，难度不大。
16.【答案】4×104 增大
【解析】解：(1)图钉尖对墙的压强为：
p=FS=20N5×10−4m2=4×104Pa；
(2)图钉尖制作得很尖锐，是在压力一定时，减小受力面积来达到增大压强的目的。
故答案为：4×104；增大。
(1)知道手对顶帽施加的压力和图钉尖的受力面积，根据压强公式求出图钉尖对墙的压强；
(2)增大压强的方法：在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强；在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；还可以同时改变压力和受力面积的大小来增大压强。
本题考查了压强的计算和增大压强的方法，是一道较为简单的应用题。
17.【答案】8 省力
【解析】解：由图可知，绕在动滑轮上绳子的有效股数n=2，
则物体A受到的拉力F′=2F=2×4N=8N；
动滑轮可以省一半的力，但不可以改变动力方向。
故答案为：8；省力。
由图知，使用的是动滑轮，n=2，不计滑轮重及其摩擦，物体A受到的拉力F′=2F；
轴随物体一起运动的滑轮叫做动滑轮，动滑轮可以省一半的力，但不可以改变动力方向。
本题主要考查有关动滑轮的拉力计算和特点，关键是水平使用滑轮组时绳子有效股数n的确定。
18.【答案】8 6
【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联接入电路，电压表V1测电源电压，电流表V2测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；
灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V6W”，由图乙可知灯泡L1的额定电流为0.5A，灯泡L2的额定电流为1A，
因串联电路中各处电流相等，所以为了保证电路的安全，电路的最大电流为0.5A，由乙图可知，此时灯泡L1两端的电压为6V，即电压表V2的示数为6V，灯泡L2两端的电压为2V，
因串联电路总电压等于各部分电压之和，则允许接入的最大电源电压为：U=U1+U2=6V+2V=8V。
故答案为：8；6。
由电路图可知，两灯泡串联接入电路，电压表V1测电源电压，电流表V2测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；灯泡L1标有“6V3W”，灯泡L2标有“6V6W”，由图乙可知两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，由图乙可知此时两灯泡两端的电压，据此确定此时电压表V2的示数，根据串联电路的电压规律计算允许接入的最大电源电压。
本题考查串联电路特点，正确读取图中信息是解题的关键。
19.【答案】解：(1)作出发光点A关于平面镜的对称点，即为像点A′，连接A′B点交平面镜于点O，沿OB画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示；
(2)OB又斜射到空气和水的界面时，根据光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，据此作图如下：
【解析】(1)平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点A的像点A′，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和B点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
(2)光的折射定律的内容，知道光从水斜射入空气中时，折射角大于入射角。
平面镜成像特点与光的反射定律相结合来作图，比较直观、简捷、准确；在光路图中，实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线化成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示。
20.【答案】解：
(1)由图可知，杠杆所受拉力的方向沿绳子向右上方，而不是绳端拉力的方向，过支点O作垂直于该拉力作用线的垂线段，即动力臂L1；
(2)杠杆所受阻力F2的作用点在A点，方向竖直向下，过A点沿竖直向下的方向画一条有向线段，即阻力F2的示意图；如图所示：
【解析】先确定阻力作用点(即B点)，然后过阻力作用点表示阻力的方向(即竖直向上)；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂).
此题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂，并且作图要求规范．
21.【答案】21.8实验开始时，溢水杯未装满水 F1−F5
【解析】解：(1)石块浸没在水中的浮力F浮=G−F示=F1−F3=5N−3N=2N；排开水的重力G排=F4−F2=2.8N−1N=1.8N；F浮>G排，故排开液体偏小，可能的原因是实验开始时，溢水杯未装满水；
(2)石块浸没在水中，故V排=F浮ρ水g=F1−F3ρ水g；石块浸没在其他液体中，则V排不变，V排=F浮′ρ液g=F1−F5ρ液g；即可得：F1−F3ρ水g=F1−F5ρ液g，所示ρ液=F1−F5F1−F3ρ水，故A=F1−F5。
故答案为：(1)2；(2)1.8；(3)实验开始时，溢水杯未装满水；(4)F1−F5。
(1)根据称重法计算石块浸没在水中的浮力F浮=G−F示；水和桶的总重力减去空桶的重力即为排开水的重力，比较浮力和排开水的重力的关系，若F浮≠G排，原从排开水的重力分析原因；
(2)同一石块浸没在不同液体中，其排开液体的体积不变，故根据阿基米德原理求V排=F浮ρg可得。
本题考查阿基米德原理的探究过程及公式的灵活应用，找出题中隐含的等量关系是解题关键。
22.【答案】4 通过电路的电流太小，电流表无法直接测出 U1R0U2−U1
【解析】解：(1)分析实验电路，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和未知电阻Rx并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式，电路中连接错误的导线为滑动变阻器C接线柱与待测电阻右端的连线，正确的电路连接如图所示：
；
(2)如图乙所示，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2V，如图丙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，根据欧姆定律可得此次测得电阻Rx的阻值为：Rx=UI=2V0.5A=4Ω；
(3)定值电阻R1的阻值约为300Ω，电源电压不超过3V，由欧姆定律可知通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；
③Rx与滑动变阻器串联，电压表测量Rx两端的电压，实验时，闭合开关S，移动滑片P至a端，滑动变阻器以最大阻值R0接入电路，R1两端电压为U1，移动滑片P至b端，滑片位于最小阻值处，变阻器接入电路的电阻为0，R1两端电压为U2，为电源电压；当滑动变阻器的滑片调到阻值最大处时，根据串联电路中的电流规律，通过R1的电流为：
I1=U2−U1R0，
则待测电阻为：
R1=U1I1=U1U2−U1R0=U1R0U2−U1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)4；(3)通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；③U1R0U2−U1。
(1)伏安法测量电阻的电路中，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和小灯泡并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式；
(2)根据电表的量程读出电表的示数，根据欧姆定律计算电阻；
求出三电阻测量值的平均值，以减小误差；
(3)根据串联电路中电流和电压的规律以及欧姆定律进行分析和计算。
本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接、滑动变阻器的连接方式、电流表、电压表的读数、串联电路中电压规律和欧姆定律的计算等知识。
23.【答案】解：(1)根据欧姆定律可知RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
(2)当力量计的示数为0N时，变阻器R接入的电阻最大，R=18Ω，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻：R总=RL+R=12Ω+18Ω=30Ω，
由欧姆定律可得电路中的电流：I=UR总=6V30Ω=0.2A；
(3)当电压表的示数为UL′=3.6V时，变阻器R两端的电压为：
UR=U−UL′=6V−3.6V=2.4V，
根据串联电路电压的分配与电阻成正比，可得：R′=URUL⋅RL=2.4V3.6V×12Ω=8Ω，
R接入电路的长度：L=8Ω18Ω×9cm=4cm，
所以：△L=L0−L=9cm−4cm=5cm，
根据F与压缩量ΔL的关系有：F=kΔL=k=60N/cm×5cm=300N。
答：(1)小灯泡的电阻为12Ω；
(2)当力量计的示数为0N时，电路中的电流为0.2A；
(3)当电压表的示数为3.6V时，力量计的示数为300N。
【解析】(1)根据欧姆定律可知小灯泡的电阻；
(2)当力量计的示数为0N时，变阻器R接入的电阻最大，R=18Ω，根据串联电路的电阻规律可知电路的总电阻，由欧姆定律可得电路中的电流；
(3)当电压表的示数为UL′=3.6V时，根据串联电路的电压特点可知变阻器R两端的电压，根据串联电路电压的分配与电阻成正比可得R的阻值，进而得出R接入电路的长度及力量计的示数。
本题考查欧姆定律的应用和电能的计算，是一道综合题。
24.【答案】解：(1)“3000r/(kW⋅h)”表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，
只让电饭煲在“保温”状态下工作，转盘在5min内转了30转，则电饭锅消耗的电能为：
W=30r3000r/(kW⋅h)=0.01kW⋅h，
电饭锅处于“保温”状态时的功率为：
P保温=Wt=0.01kW⋅h5×160h=0.12kW=120W；
(2)由电路图知，S断开时两电阻串联，电路中电阻较大，由P=UI=U2R可知，功率较小，电饭锅为保温状态，
当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，由P=UI=U2R可知，功率较大，电饭锅为加热状态，
由P=UI=U2R可得，R1的电阻：
R1=R加热=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
(3)水吸收的热量为：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
用时800s消耗的电能为：
W′=P加热t′=1000W×800s=8×105J，
该电饭锅的热效率为：
η=Q吸W′×100%=6.72×105J8×105J×100%=84%，
则该电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：(1)该电饭锅的保温功率为120W；
(2)电阻R1的阻值为48.4Ω；
(3)该电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】(1)根据电能表的转数求出电饭锅处于“保温”状态下正常工作消耗的电能，再根据P=Wt得出实际功率；
(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；由P=UI=U2R算出加热时的电阻，即为R1的电阻；
(3)根据Q吸=c水mΔt算出水吸收的热量，由W=Pt算出用时820s消耗的电能，由η=Q吸W×100%算出该电饭锅的热效率，进而判断出该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
本题考查了串联电路特点、电能的计算、电功率计算公式的应用以及效率公式的应用，对电能表
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