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2023年河北省唐山市遵化市中考物理二模试卷
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这是一份2023年河北省唐山市遵化市中考物理二模试卷，共21页。试卷主要包含了 生命至上，安全第一， 下列做法不科学的是， 下列对物质的分类正确的是， 下列数据最接近实际情况的是， 下列关于惯性的说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省唐山市遵化市中考物理二模试卷
1. 生命至上，安全第一。下列做法正确的是( )
A. 油锅着火用水浇灭
B. 雷雨天站在大树下避雨
C. 厨房天然气管道漏气，立即关闭阀门并轻轻开窗通风
D. 用霉变的食物喂食牲畜
2. 下列做法不科学的是( )
A. 书包带要做宽一些以增大受力面积从而减小压强
B. 菜刀使用过后应立即擦干存放
C. 家庭电路中必须安装保险丝或空气开关
D. 用燃着的木条检验液化石油气是否泄露
3. 下列对物质的分类正确的是( )
A. 混合物——铁锈、天然气、生理盐水 B. 晶体——冰、海波、纯净的松香
C. 合金——玻璃钢、焊锡、黄铜 D. 导体——人体、陶瓷、橡胶
4. 设计实验进行探究是学习与创新的重要途径。下列实验设计存在问题的是( )
A. 甲实验：探究可燃物的燃烧条件
B. 乙实验：探究气压随高度的变化
C. 丙实验：探究空气中氧气的体积分数
D. 丁实验：探究通电导体产生热量与电阻的关系
5. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 人步行的速度约为5m/s B. 一枚鸡蛋的质量约为50g
C. 人正常呼吸的频率约每分钟70次 D. 人的正常体温约为39℃
6. 如图是大型乐队的演奏现场，关于乐器的发声，下列说法正确的是( )
A. 有些乐器不振动也能发出声音
B. 击鼓的力度越大，鼓皮的振动幅度就越大，音调就越高
C. 有些交响乐能催人泪下，说明声音能传递信息
D. 音乐在任何时候都不会成为噪声
7. 二十四节气是中华民族劳动人民长期经验的积累和智慧的结晶。下列关于相关节气的物态变化说法正确的是( )
A. 雨水——“雨”的形成是凝固现象
B. 大暑——空气中含有的大量水蒸气是液化形成的
C. 霜降——霜的形成是凝华现象
D. 白露——“露”的形成是汽化现象
8. 轮滑鞋大都装有闪光轮，就是在轮子内部嵌入线圈和磁体，当轮子转动时内部线圈车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能，从而使二极管发光。下与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 在探究凸透镜成像的实验中，小明先粗测了凸透镜的焦距，如图甲。然后将蜡烛，凸透镜和光屏调整到如图乙所示位置，烛焰在光屏上恰好成清晰的像，下列说法错误的是( )
A. 该凸透镜的焦距为15cm
B. 此时符合照相机的成像原理
C. 当蜡烛靠近凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜
D. 保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距更小的凸透镜，需要将光屏向右移动才能再次出现清晰的像
10. 下列关于惯性的说法正确的是( )
A. 交管部门要求驾驶员和前排乘客必须系好安全带，是为了防止惯性带来的危害
B. 跳远运动员助跑后飞身跃起，受到惯性后继续向前运动
C. 交通工具都配有刹车系统，遇到紧急情况时启动刹车系统可以减小惯性
D. 拍打窗帘可以清除上面的灰尘，这是利用了灰尘的惯性
11. 如图所示，工人用400N向下的拉力，利用滑轮组将重力为750N的沙子以0.2m/s的速度匀速向上提升，此时滑轮组的机械效率为η1。下列说法正确的是( )
A. 工人所用的拉力功率为80W
B. 该滑轮组的机械效率为62.5%
C. 若匀速提升的物体重力增大一倍时机械效率为η2，则η2<2η1
D. 增大匀速提升物体的速度和减小滑轮自重，均可提高该滑轮组机械效率
12. 如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值R=R2=2R1，a、b为电压表或电流表且量程满足要求，当只闭合S1，滑片向右滑动时，a示数变大，b示数变小。下列说法正确的是( )
A. a是电压表
B. 只闭合S1，滑片向右滑动的过程中，电表a与b示数变化量之比不变
C. 同时闭合S1、S2、S3，滑片向左滑动时b表示数变大
D. 任意闭合开关且保证通路的情况下，整个电路所消耗最大功率和最小功率之比为9：2
13. 厨房里有很多用电器，细心的小明发现微波炉、电饭煲、电热壶等都使用三脚插头。通过学习物理，他明白了这样设计的目的是使这些用电器的金属外壳与______ 相连；如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家中的空气开关立刻跳闸，产生跳闸的原因应该是______ (选填“功率过大”或“短路”)。
14. 小明做视力检测，如图所示，他通过前方的平面镜观看自己身后的视力表，小明看的是平面镜所成的______ (选填“实”或“虚”)像，这个像与小明相距______ m，设视力表中有一点E，请完成小明看到点E的光路图。
15. 如图，我国最新一代隐形战斗机“歼20”加速起飞画面，以地面塔台为参照物，它是______ (选填“运动”或“静止”)的，此过程飞机的机械能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)，飞机受到的是______ (选填“平衡力”或“非平衡力”)。
16. 合理分类和利用垃圾可以废为宝，在一定条件下，1kg垃圾能“榨”出0.17kg燃料油，若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则这些燃料油完全燃烧释放出的热量为______ J，如果这些热量的42%被水吸收，则可以使______ kg的水温度从20℃升高到100℃，这是通过______ 的方式改变水的内能。
17. 近期，中国科学院物理研究所“人造太阳”东方超环EAST团队取得了系列原创性的基础物理研究成果。“人造太阳”释放能量的原理与太阳一样，源于氢原子核在超高温下发生______ (选填“裂变”或“聚变”)。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，太阳能电池板是将太阳能转化为______ 能。
18. 在“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验中：
(1)开关闭合前，小磁针指向南北，这是因为地球周围存在______ 。
(2)闭合开关，当小磁针静止时，右端为______ 极。
(3)将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与______ 方向有关。
(4)为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是______ 。(写出一条即可)
19. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。
(1)实验前，小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，如图①所示，接下来的操作是______ (选填字母)。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
(2)正确操作后，小明将探头伸入水中，他是通过观察______ 得知液体内部压强大小的，如图②所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
(3)正确操作后，分析图②、图③的实验现象，得出结论：______ 。
(4)实验时，小明将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为8cm，此时U形管内外的气压差为______ Pa。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
(5)小明用图⑤所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平；她测量了以下物理量：
a.右侧待测液体到容器底的深度h1
b.左侧水到容器底的深度h2
c.容器底到橡皮膜中心的深度h3
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ=______ (选择题中合适的字母和ρ水表示)
20. 小明利用如图甲的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0∼50Ω”
(1)用笔画线代替导线按图甲所示电路图将图乙中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动。电路中电流变大，导线不得交叉)；
(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______ ；
(3)问题解决后，他接入阻值为10Ω的电阻进行实验，当电压表示数为2V时，电流表示数如图丙所示：完成实验后得到了如表中的数据。对数据进行分析后得出实验初步结论是：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成______ ；
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15
0.25
(4)接下来小明再次对“电流与电阻关系”进行探究，为了用题目中提供的所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持______ V不变。完成第一组实验，断开开关改接另一个定值电阻后，继续操作了以下四步：
①闭合开关
②將滑动变阻器的滑片移到最右端
③记录电流表示数
④将滑动变阻器的滑片移到适当位位置
从安全和规范角度考虑，下列操作顺序正确的是______ ；
A.①②③④
B.①②④③
C.②①④③
D.②①③④
(5)小明同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丁，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丁中的数据分析，阻值为______ Ω的定值电阻连入电路时未移滑片，这次实验之前的那一次实验，小明选取的是阻值为______ Ω的定值电阻。
21. 一底面积为30cm2的柱形容器放置在水平地面上，内放有一底面积10cm2、高20cm质地均匀的长方体木块(ρ木=0.9×103kg/m3)，如图甲所示。缓慢向容器中注水，到一定深度时木块会漂浮，继续注水到距容器底24cm高度时停止。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)木块的质量及图甲中注水前木块对容器底的压强；
(2)注入水的体积；
(3)将木块沿水平方向切下质量为m的部分，换成等质量的合金块(ρ合金=2.5×103kg/m3)并用细线悬挂在木块下方且不与容器底接触，则木块剩余部分刚好浸没在水中，如图乙所示，求m的值。
22. 如图甲所示的空气炸锅，它主要由电动机带动的电风扇和电加热丝组成，工作时电加热丝将空气加热，利用高温空气来代替食用油，通过高功率的风扇，使高温空气在一个密闭空间内形成循环热流，通过热流使食物迅速变熟。这个空气炸锅有两个加热挡，图乙是它的电路图，技术参数如表。
额定电压
220V
风扇电动机功率
110W
加热功率
低温挡
660W
高温挡
1210W
(1)该空气炸锅低温挡正常工作时，电路中的总电流为多大？
(2)电加热丝R2的阻值是多少(保留整数)？
(3)某次使用过程小明关掉家中其他用电器，让空气炸锅高温挡正常工作30分钟，求该工作过程如图丙所示的电能表表盘转过的圈数。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、油不溶于水，炒菜时油锅着火，不能用水浇灭，应用锅盖盖灭，故A错误；
B、雷雨天里，大树也是很好的导体，电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，故B错误；
C、厨房天然气管道漏气时的处理方法是：先关闭阀门，再开窗通风，故C正确；
D、发霉变质的食物含有毒素，长期吃霉变的食物，不利于牲畜健康，故D错误。
故选：C。
(1)油不溶于水，且密度小于水；
(2)雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象；
(3)天然气属于可燃性气体，厨房天然气管道漏气是要注意防爆；
(4)发霉变质的食物含有毒素。
本题考查生活中的安全问题，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A.书包带要做宽一些是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B.铁与氧气、水共存时易生锈，所以菜刀使用过后应立即擦干存放，故B正确；
C.为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，起保护作用，故C正确；
D.检验液化石油气泄漏时，不可用燃着的木条来检验，以防发生爆炸，故D错误。
故选：D。
(1)减小压强的方法：压力一定时，增大受力面积；受力面积一定时，减小压力；
(2)根据铁的锈蚀原理来分析；
(3)为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关；
(4)根据发生爆炸的危险来分析。
本题主要考查了日常生活中的一些做法的判断，通过该题，对一些操作不当的做法需要引起注意，加以修改。
3.【答案】A
【解析】解：A、混合物是由两种或两种以上物质组成的，铁锈、天然气、生理盐水都属于混合物，故A正确；
B、晶体都有固定的熔点，据此判断，冰、海波是晶体，但松香没有固定的熔点，不是晶体，故B错误；
C、合金是在一种金属中加热熔合一种或几种金属或非金属形成的、具有金属特性的物质，因此玻璃钢不属于合金，焊锡、黄铜属于合金，故C错误；
D、人体容易导电，是导体，陶瓷、橡胶不容易导电，是绝缘体，故D错误。
故选：A。
根据混合物、合金、导体的概念及晶体具有熔点进行判断。
此题是跨学科试题，考查混合物、晶体、合金、导体的概念，难度较小，准确理解概念是解题关键。
4.【答案】C
【解析】解：
A、图中实验，试管中的白磷能燃烧，试管中的红磷不能燃烧，水中的白磷不能燃烧；试管中的白磷能与氧气接触，温度能达到着火点，水中的白磷不能与氧气接触，温度没有达到红磷的着火点；可得出燃烧需要与氧气接触，且温度达到着火点，该实验没计能实现与其对应的实验目的，故A不符合题意；
B、图中装置的高度发生变化，外界的气压发生变化，液柱的高度会发生变化，该装置能完成实验探究，故B不符合题意；
C、在氧气中充足时，木炭燃烧生成二氧化碳气体，在氧气中不足时，木炭燃烧生成一氧化碳气体，氢氧化钠溶液能吸收生成的二氧化碳，但不能吸收生成的一氧化碳，因此不能用来测定空气中氧气含量，故C符合题意；
D、探究通电导体产生热量与电阻的关系时，需要控制电流、通电时间相同，所以两个阻值不同的电阻要串联接入电路中，该装置能完成实验探究，故D不符合题意。
故选：C。
(1)根据燃烧的条件以及实验设计来分析；
(2)气压的大小与高度有关；
(3)根据测定空气中氧气含量的原理来分析；
(4)探究导体产生的热量与电阻的关系时，需要控制电流、通电时间相同，电阻大小不同。
本题考查了实验设计，明确每个实验的原理是解题的关键。
5.【答案】B
【解析】解：A.人步行的速度约为1.1m/s，故A不符合实际；
B.一枚鸡蛋的质量约为50g，故B符合实际；
C.人正常呼吸的频率约每分钟20次，故C不符合实际；
D.人的正常体温约为37℃，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
6.【答案】C
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，乐器不振动不会发声，故A错误；
B、击鼓的力度越大，鼓皮的振动幅度就越大，响度就越大，故B错误；
C、有些交响乐能催人泪下，说明声音能传递信息，故C正确；
D、乐音影响人们正常工作、学习、生活或者对人们要听的声音起干扰作用时就是噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
(3)声音的高低叫音调，音调与振动的频率有关。
(4)声音可以传递信息；乐音影响人们正常工作、学习、生活或者对人们要听的声音起干扰作用时就是噪声。
本题考查了声音的产生条件，音调与响度的区别，噪声的概念以及声音可以传递信息；本题属于基础性题目。
7.【答案】C
【解析】解：A、“雨水”雨的形成是液化现象，液化放热，故A错误；
B，空气中含有的大量水蒸气，水蒸气是气态的，是汽化形成的，故B错误；
C、“霜降”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故C正确；
D，“白露”露的形成是液化，液化放热，故D错误。
故选：C。
判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化。
该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态。
8.【答案】C
【解析】解：当轮子转动时内部线圈随着车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能，从而使二极管发光，这是电磁感应现象；
A.图中装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故A不符合题意；
B.图中的装置是探究通电导体在磁场中受力运动的实验，是将电能转化为机械能，为电动机的原理，故B不符合题意；
C.图中导体在磁场中切割磁感线就能在电路中产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D.图中的实验为奥斯特实验，是探究电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这叫电磁感应现象。
此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出他们的不同之处进行区分。
9.【答案】D
【解析】解：A、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=15cm−0cm=15cm，故A正确；
B、由图乙可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理工作的，故B正确；
C、当蜡烛靠近凸透镜，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，所以为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜，故C正确；
D、保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距更小的凸透镜，相当于增大物距，缩小像距，需要将光屏向左移动才能再次出现清晰的像，故D错误。
故选：D。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理工作的；
(3)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
(4)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
10.【答案】AD
【解析】解：A.司机和前排乘客为防止刹车时由于惯性造成的危害，需系安全带，故A正确；
B.跳远运动员助跑后飞身跃起，由于自身具有惯性，会继续向前运动，可以提高跳远成绩，惯性是物体自身的一种性质，不能说“受到”惯性，故B错误；
C.惯性的大小只与物体的质量有关，刹车后，车的质量不变，惯性的大小不变，故C错误；
D.通过拍打窗帘清除它上面的灰尘，窗帘受力而改变运动状态时，灰尘由于惯性将保持静止状态，则灰尘会脱离窗帘，是利用灰尘的惯性，故D正确。
故选：AD。
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态不变的一种性质，惯性的大小只与物体的质量有关。
本题重在考查学生对惯性在实际生活中的应用与防止，让学生们知道惯性与生产、生活密切相关。
11.【答案】B
【解析】解：A、由图可知n=3，绳子自由端移动的速度v=nv物=3×0.2m/s=0.6m/s，P=Wt=Fst=Fv=400N×0.6m/s=240W，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η1=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=750N3×400N×100%=62.5%，故B正确；
C、若匀速提升的物体重力增大一倍时，在提升高度相同时，由W有=Gh可知，有用功增大一倍，但额外功几乎不变，即总功没有增大一倍，因此此时的有用功占总功的比值大于η1，即η2>η1，故C错误；
D、增大匀速提升物体的速度，在提升高度相同时，有用功不变，额外功不变，总功不变，有用功占总功的比值不变，机械效率不变；减小滑轮自重，可以减少额外功，在有用功不变的情况下，额外功减小了，所以机械效率就提高了，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)若匀速提升的物体重力增大一倍时，根据W有=Gh分析有用功的变化，而额外功几乎不变，据此分析总功的变化，再根据机械效率为有用功占总功的比值分析两次机械效率的关系；
(4)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算和机械效率的影响因素，机械效率的高低取决于有用功和总功两个因素，不能理解成：“有用功多，机械效率高”或“总功大，机械效率低”；还有机械效率的高低与提升重物的速度及重物提升的高度无关。
12.【答案】AD
【解析】解：(1)当只闭合S1，R1和滑动变阻器串联接入电路，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变小，所以a是电压表，b是电流表，故A正确；
根据欧姆定律可知电表a与b示数变化量是滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑片向右滑动的过程中，电表a与b示数变化量之比变大，故B错误；
串联电路总电阻大于任一分电阻，此时电路电阻为R=R1+R=R1+2R1=3R1，
根据P=U2R可知此时电路电功率最小，
(2)同时闭合S1、S2、S3，两定值电阻并联接入电路，所以滑片向左滑动时b表示数不变，故C错误；
并联电路总电阻小于任一分电阻，此时电路总电阻为R′=R1R2R1+R2=R1+2R1R1+2R1=23R1，
根据P=U2R可知此时电路电功率最大，
整个电路所消耗最大功率和最小功率之比为P′P=U223R1U23R1=92，故D正确。
故选：AD。
(1)当只闭合S1，R1和滑动变阻器串联接入电路，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变小，所以a是电压表，b是电流表；
根据欧姆定律可知电表a与b示数变化量是滑动变阻器接入电路的阻值；
串联电路总电阻大于任一分电阻，根据串联电路电阻规律计算此时电路电阻，根据P=U2R可知此时电路电功率最小；
(2)同时闭合S1、S2、S3，两定值电阻并联接入电路，所以滑片向左滑动时b表示数不变；
并联电路总电阻小于任一分电阻，根据了电路电阻规律计算此时电路总电阻，根据P=U2R可知此时电路电功率最大，进一步计算整个电路所消耗最大功率和最小功率之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
13.【答案】地线 短路
【解析】解：细心的小明发现微波炉、电饭煲、电热壶等都使用三脚插头。通过学习物理，他明白了这样设计的目的是使这些用电器的金属外壳与地线相连；如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家中的空气开关立刻跳闸，产生跳闸的原因应该是短路，因为电饭锅的额定功率不到1000W，不是用电器的总功率过大。
故答案为：地线；短路。
(1)带金属外壳的家用电器必须接地。
(2)家庭电路中电流过大的原因是发生短路或者用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因和安全用电的常识；本题属于基础性题目。
14.【答案】虚 4.2
【解析】解：被测者看到的是平面镜成的虚像；
视力表到平面镜的距离是2.3m，视力表的像到平面镜的距离是2.3m，该同学到平面镜的距离是2.3m−0.4m=1.9m，镜中视力表的像到该同学的距离为2.3m+1.9m=4.2m；
故答案为：虚；4.2；见解答。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
根据平面镜成像特点可知，物体与像关于平面镜对称，先作出点E关于平面镜的对称点E′，连接像点和人的眼睛，再作出相应的入射光线和反射光线。
本题主要考查了平面镜的成像特点及其应用，注意反射光线的反向延长线过像点。
15.【答案】运动 增大 非平衡力
【解析】解：飞机加速起飞时，它与地面塔台的位置发生了变化，故以地面塔台为参照物，它是运动的；此过程中，它的动能与重力势能都增加了，故机械能增加；因为飞机做加速运动，速度变了，故它受到的是非平衡力。
故答案为：运动；增大；非平衡力。
(1)被研究物体相对于参照物，位置发生变化，就说物体是静止的，反之，就是运动的；
(2)机械能包括动能与重力势能。
(3)物体受力平衡时保持静止或匀速直线运动状态。
本题考查了机械能、运动与静止的相对性和平衡状态的判断，属于基础题。
16.【答案】6.8×106 8.5热传递
【解析】解：这些燃料油完全燃烧放出的热量为：Q放=qm=4.0×107J/kg×0.17kg=6.8×106J；
由题可知水吸收的热量为：Q吸=42%Q放=42%×6.8×106J=2.856×106J，
由Q吸=cm(t−t0)可知可加热水的质量为：m水=Q吸c水(t−t0)=2.856×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=8.5kg；
燃料油燃烧放出的热量传递给水，因此这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：6.8×106；8.5；热传递。
已知燃料油的质量和热值，利用Q放=qm可求出这些燃料油完全燃烧放出的热量；
由题意求出水吸收的热量，根据Q吸=cm(t−t0)可求出可加热水的质量；
改变内能有做功和热传递两种方式，做功是指能量的转化，热传递是指能量的转移。
本题考查了热值、比热容的计算公式的应用和对能量转化、改变内能方式的理解，需要熟练运用相关的计算公式及变形式，难度不大。
17.【答案】聚变 可再生 电
【解析】解：“人造太阳”释放能量的原理与太阳一样，源于氢原子核在超高温下发生聚变。太阳能属于可再生能源，太阳能电池板是将太阳能转化为电能。
故答案为：聚变；可再生；电。
(1)人造太阳是氢原子核发生聚变反应释放的巨大的能量。
(2)能够短期内从自然界中得到补充的一次能源叫可再生能源。
(3)太阳能电池板是将太阳能转化为电能。
本题考查的是核能、太阳能的特点及应用；关键是知道目前人类获取核能的途径和光电转化的实质。
18.【答案】地磁场 N 螺线管线圈中的电流 增加螺线管线圈的匝数
【解析】解：(1)可自由转动的小磁针，由于受地磁场的影响，静止时总是指向南北方向；
(2)闭合开关，根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，右端为N极，因为异名磁极相吸引，因此当小磁针静止时，右端为N极；
(3)将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与螺线管线圈中的电流方向有关；
(4)为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是增加螺线管线圈的匝数。
故答案为：(1)地磁场；
(2)N；
(3)螺线管线圈中的电流；
(4)增加螺线管线圈的匝数。
(1)地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；
(2)根据安培定则判断出通电螺线管的磁极，根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的磁极；
(3)通电螺线管外部磁场方向与螺线管线圈中的电流方向和线圈的绕法有关；
(4)通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数有关。
此题考查了地磁场、探究通电螺线管外部的磁场，难度不大，属基础题目。
19.【答案】B U形管两边液面的高度差 不变 同种液体，压强随深度的增大而变大 800h2−h3h1−h3×ρ水
【解析】解：(1)用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
若没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，说明装置漏气，只需要将软管取下，再重新安装，U形管中的液面就是相平的，故B正确；
故选B；
(2)正确操作后，小明将探头伸入水中，根据转换法，他是通过观察U形管两边液面的高度差得知液体内部压强大小的；
如图②所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，深度不变，液体产生的压强不变，故U形管两侧水面的高度差不变。
(3)正确操作后，图③中金属盒的深度较大，根据转换法，产生的压强也较大，分析图②、图③的实验现象，得出结论：同种液体，压强随深度的增大而变大；
(4)U形管左右两侧水面的高度差：h=8cm=0.08m，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(5)当橡皮膜相平，所以橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左=p右，
橡皮膜在液体中深度为：
h1−h3；
橡皮膜在水中的深度为：
h2−h3；
根据液体压强公式得：
ρ水g(h2−h3)=ρg(h1−h3)
解得待测液体密度的表达式为：
ρ=h2−h3h1−h3×ρ水。
故答案为：(1)B；(2)U形管两边液面的高度差；不变；(3)同种液体，压强随深度的增大而变大；(4)800；(5)h2−h3h1−h3×ρ水。
(1)检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降；若没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，说明装置漏气，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
同一种液体在同一深度向各个方向的压强都相等；
(3)液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；
(4)根据p=ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；
(5)观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
20.【答案】滑动变阻器断路 正比 1.5C205
【解析】解：(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，如图所示：
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为0.2A。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，电压和电流的比值分别为UI=1V0.1A=1.5V0.15A=2V0.2A=2.5V0.25A=10Ω；
电压与电流的比值为10，是定值，故可得结论：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成正比。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理有：U−UVUV=R滑R定，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，电压表示数最小，即：4.5V−UVUV=50Ω25Ω，
解得控制定值电阻两端的电压至少为UV=1.5V。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，故正确的顺序为②①④③，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
(5)由图丙画出的电流与电阻关系图像可知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为均为3V不变，所以阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
由串联电路的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=UI−20Ω=4.5V0.2A−20Ω=2.5Ω，
因定值电阻的电压为滑动变阻器两端电压的2倍，根据分压原理，则定值电阻的阻值也为滑动变阻器阻值的2倍，即定值电阻为R′=2×2.5Ω=5Ω，
所以这次实验之前的那一次实验，选取的是阻值为5Ω的定值电阻。
故答案为：(1)见解析；(2)滑动变阻器断路；(3)正比；(4)1.5；C；(5)20；5。
(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，据此画图。
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，据此分析。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，利用欧姆定律得出电压和电流的比值，分析得出结论。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理得出控制定值电阻两端的电压至少为多少伏。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，据此分析。
(5)实验中应控制定值电阻两端的电压不变。
由串联电路的规律和欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路中的电阻，确定选取的定值电阻阻值。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、器材选择等知识，综合性强，难度较大。
21.【答案】解：(1)木块的体积：V木=10cm2×20cm=200cm3，根据密度公式得，木块的质量：m木=ρ木V木=0.9g/cm3×200cm3=180g；
长方体木块的质地均匀，注水前木块对容器底的压强为：p=FS=GS=ρ木VgS=ρ木Shgs=ρ木gh=0.9×103kg/m3×10N/kg×0.2m=1800Pa；
(2)当水面距容器底24cm，此高度大于木块的高度，说明木块漂浮，G=F浮=ρ水V排g；mg=ρ水V排g；
此时木块排开水的体积V排=mρ水=180g1.0g/cm3=180cm3；
注入水的体积V水=Sh−V排=30cm2×24cm−180cm3=540cm3；
(3)图乙中整体悬浮，浮力等于重力
木块的体积V木=m木−mρ木；
合金的体积V合=mρ合；
切换后整体的质量不变，
故ρ水g(V木+V合)h=m木g；
ρ水g(m木−mρ木+mρ合)h=m木g；
代入数据1.0g/cm3×(180g−m0.9g/cm3+m2.5g/cm3)=180g；
解得m=28.125g。
答：(1)木块的质量及图甲中注水前木块对容器底的压强1800Pa；
(2)注入水的体积540cm3；
(3)将木块沿水平方向切下质量为m的部分，换成等质量的合金块(ρ合金=2.5×103kg/m3)并用细线悬挂在木块下方且不与容器底接触，则木块剩余部分刚好浸没在水中，如图乙所示，求m的值为28.125g。
【解析】(1)求出木块的体积，根据密度公式可求出木块的质量；
注水前，木块对容器底的压力和自身的重力相等，根据p=FS和G=mg=ρVg=ρShg求出木块对容器底的压强p=ρ水gh；
(2)根据木块漂浮计算木块排开水的体积，用总体积减去木块排开水的体积得出加水的体积；
(3)根据密度公式计算体积，根据悬浮时浮力得出重力列方程，接触合金的质量m。
本题考查压强、物体的浮沉条件的应用，属于难题。
22.【答案】解：由电路图可知，当S断开时，R1、R2串联后再与电动机并联，当S闭合时，只有R1与电动机并联，工作；根据串联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，由P=U2R可知当S断开时，空气炸锅处于低温挡，当S闭合时，空气炸锅处于高温挡。
(1)由表中数据可知，低温挡功率P1=660W，电压U=220V，由P=UI得，通过R1、R2的电流为：
I=P1U=660W220V=3A，
空气炸锅低温挡正常工作时，通过电动机的电流为：
IM=PMU=110W220V=0.5A，
电路中的总电流：I低=I+IM=3A+0.5A=3.5A；
(2)由表中数据可知，高温挡的功率P2=1210W，由P=UI=U2R得，电阻R1的大小为：
R1=U2P2=(220V)21210W=40Ω，
R1与R2串联的总电阻为：
2023年河北省唐山市遵化市中考物理二模试卷
1. 生命至上，安全第一。下列做法正确的是( )
A. 油锅着火用水浇灭
B. 雷雨天站在大树下避雨
C. 厨房天然气管道漏气，立即关闭阀门并轻轻开窗通风
D. 用霉变的食物喂食牲畜
2. 下列做法不科学的是( )
A. 书包带要做宽一些以增大受力面积从而减小压强
B. 菜刀使用过后应立即擦干存放
C. 家庭电路中必须安装保险丝或空气开关
D. 用燃着的木条检验液化石油气是否泄露
3. 下列对物质的分类正确的是( )
A. 混合物——铁锈、天然气、生理盐水 B. 晶体——冰、海波、纯净的松香
C. 合金——玻璃钢、焊锡、黄铜 D. 导体——人体、陶瓷、橡胶
4. 设计实验进行探究是学习与创新的重要途径。下列实验设计存在问题的是( )
A. 甲实验：探究可燃物的燃烧条件
B. 乙实验：探究气压随高度的变化
C. 丙实验：探究空气中氧气的体积分数
D. 丁实验：探究通电导体产生热量与电阻的关系
5. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 人步行的速度约为5m/s B. 一枚鸡蛋的质量约为50g
C. 人正常呼吸的频率约每分钟70次 D. 人的正常体温约为39℃
6. 如图是大型乐队的演奏现场，关于乐器的发声，下列说法正确的是( )
A. 有些乐器不振动也能发出声音
B. 击鼓的力度越大，鼓皮的振动幅度就越大，音调就越高
C. 有些交响乐能催人泪下，说明声音能传递信息
D. 音乐在任何时候都不会成为噪声
7. 二十四节气是中华民族劳动人民长期经验的积累和智慧的结晶。下列关于相关节气的物态变化说法正确的是( )
A. 雨水——“雨”的形成是凝固现象
B. 大暑——空气中含有的大量水蒸气是液化形成的
C. 霜降——霜的形成是凝华现象
D. 白露——“露”的形成是汽化现象
8. 轮滑鞋大都装有闪光轮，就是在轮子内部嵌入线圈和磁体，当轮子转动时内部线圈车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能，从而使二极管发光。下与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 在探究凸透镜成像的实验中，小明先粗测了凸透镜的焦距，如图甲。然后将蜡烛，凸透镜和光屏调整到如图乙所示位置，烛焰在光屏上恰好成清晰的像，下列说法错误的是( )
A. 该凸透镜的焦距为15cm
B. 此时符合照相机的成像原理
C. 当蜡烛靠近凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜
D. 保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距更小的凸透镜，需要将光屏向右移动才能再次出现清晰的像
10. 下列关于惯性的说法正确的是( )
A. 交管部门要求驾驶员和前排乘客必须系好安全带，是为了防止惯性带来的危害
B. 跳远运动员助跑后飞身跃起，受到惯性后继续向前运动
C. 交通工具都配有刹车系统，遇到紧急情况时启动刹车系统可以减小惯性
D. 拍打窗帘可以清除上面的灰尘，这是利用了灰尘的惯性
11. 如图所示，工人用400N向下的拉力，利用滑轮组将重力为750N的沙子以0.2m/s的速度匀速向上提升，此时滑轮组的机械效率为η1。下列说法正确的是( )
A. 工人所用的拉力功率为80W
B. 该滑轮组的机械效率为62.5%
C. 若匀速提升的物体重力增大一倍时机械效率为η2，则η2<2η1
D. 增大匀速提升物体的速度和减小滑轮自重，均可提高该滑轮组机械效率
12. 如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值R=R2=2R1，a、b为电压表或电流表且量程满足要求，当只闭合S1，滑片向右滑动时，a示数变大，b示数变小。下列说法正确的是( )
A. a是电压表
B. 只闭合S1，滑片向右滑动的过程中，电表a与b示数变化量之比不变
C. 同时闭合S1、S2、S3，滑片向左滑动时b表示数变大
D. 任意闭合开关且保证通路的情况下，整个电路所消耗最大功率和最小功率之比为9：2
13. 厨房里有很多用电器，细心的小明发现微波炉、电饭煲、电热壶等都使用三脚插头。通过学习物理，他明白了这样设计的目的是使这些用电器的金属外壳与______ 相连；如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家中的空气开关立刻跳闸，产生跳闸的原因应该是______ (选填“功率过大”或“短路”)。
14. 小明做视力检测，如图所示，他通过前方的平面镜观看自己身后的视力表，小明看的是平面镜所成的______ (选填“实”或“虚”)像，这个像与小明相距______ m，设视力表中有一点E，请完成小明看到点E的光路图。
15. 如图，我国最新一代隐形战斗机“歼20”加速起飞画面，以地面塔台为参照物，它是______ (选填“运动”或“静止”)的，此过程飞机的机械能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)，飞机受到的是______ (选填“平衡力”或“非平衡力”)。
16. 合理分类和利用垃圾可以废为宝，在一定条件下，1kg垃圾能“榨”出0.17kg燃料油，若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则这些燃料油完全燃烧释放出的热量为______ J，如果这些热量的42%被水吸收，则可以使______ kg的水温度从20℃升高到100℃，这是通过______ 的方式改变水的内能。
17. 近期，中国科学院物理研究所“人造太阳”东方超环EAST团队取得了系列原创性的基础物理研究成果。“人造太阳”释放能量的原理与太阳一样，源于氢原子核在超高温下发生______ (选填“裂变”或“聚变”)。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，太阳能电池板是将太阳能转化为______ 能。
18. 在“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验中：
(1)开关闭合前，小磁针指向南北，这是因为地球周围存在______ 。
(2)闭合开关，当小磁针静止时，右端为______ 极。
(3)将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与______ 方向有关。
(4)为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是______ 。(写出一条即可)
19. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。
(1)实验前，小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，如图①所示，接下来的操作是______ (选填字母)。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
(2)正确操作后，小明将探头伸入水中，他是通过观察______ 得知液体内部压强大小的，如图②所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
(3)正确操作后，分析图②、图③的实验现象，得出结论：______ 。
(4)实验时，小明将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为8cm，此时U形管内外的气压差为______ Pa。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
(5)小明用图⑤所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平；她测量了以下物理量：
a.右侧待测液体到容器底的深度h1
b.左侧水到容器底的深度h2
c.容器底到橡皮膜中心的深度h3
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ=______ (选择题中合适的字母和ρ水表示)
20. 小明利用如图甲的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0∼50Ω”
(1)用笔画线代替导线按图甲所示电路图将图乙中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动。电路中电流变大，导线不得交叉)；
(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______ ；
(3)问题解决后，他接入阻值为10Ω的电阻进行实验，当电压表示数为2V时，电流表示数如图丙所示：完成实验后得到了如表中的数据。对数据进行分析后得出实验初步结论是：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成______ ；
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15
0.25
(4)接下来小明再次对“电流与电阻关系”进行探究，为了用题目中提供的所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持______ V不变。完成第一组实验，断开开关改接另一个定值电阻后，继续操作了以下四步：
①闭合开关
②將滑动变阻器的滑片移到最右端
③记录电流表示数
④将滑动变阻器的滑片移到适当位位置
从安全和规范角度考虑，下列操作顺序正确的是______ ；
A.①②③④
B.①②④③
C.②①④③
D.②①③④
(5)小明同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丁，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丁中的数据分析，阻值为______ Ω的定值电阻连入电路时未移滑片，这次实验之前的那一次实验，小明选取的是阻值为______ Ω的定值电阻。
21. 一底面积为30cm2的柱形容器放置在水平地面上，内放有一底面积10cm2、高20cm质地均匀的长方体木块(ρ木=0.9×103kg/m3)，如图甲所示。缓慢向容器中注水，到一定深度时木块会漂浮，继续注水到距容器底24cm高度时停止。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)木块的质量及图甲中注水前木块对容器底的压强；
(2)注入水的体积；
(3)将木块沿水平方向切下质量为m的部分，换成等质量的合金块(ρ合金=2.5×103kg/m3)并用细线悬挂在木块下方且不与容器底接触，则木块剩余部分刚好浸没在水中，如图乙所示，求m的值。
22. 如图甲所示的空气炸锅，它主要由电动机带动的电风扇和电加热丝组成，工作时电加热丝将空气加热，利用高温空气来代替食用油，通过高功率的风扇，使高温空气在一个密闭空间内形成循环热流，通过热流使食物迅速变熟。这个空气炸锅有两个加热挡，图乙是它的电路图，技术参数如表。
额定电压
220V
风扇电动机功率
110W
加热功率
低温挡
660W
高温挡
1210W
(1)该空气炸锅低温挡正常工作时，电路中的总电流为多大？
(2)电加热丝R2的阻值是多少(保留整数)？
(3)某次使用过程小明关掉家中其他用电器，让空气炸锅高温挡正常工作30分钟，求该工作过程如图丙所示的电能表表盘转过的圈数。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、油不溶于水，炒菜时油锅着火，不能用水浇灭，应用锅盖盖灭，故A错误；
B、雷雨天里，大树也是很好的导体，电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，故B错误；
C、厨房天然气管道漏气时的处理方法是：先关闭阀门，再开窗通风，故C正确；
D、发霉变质的食物含有毒素，长期吃霉变的食物，不利于牲畜健康，故D错误。
故选：C。
(1)油不溶于水，且密度小于水；
(2)雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象；
(3)天然气属于可燃性气体，厨房天然气管道漏气是要注意防爆；
(4)发霉变质的食物含有毒素。
本题考查生活中的安全问题，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A.书包带要做宽一些是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B.铁与氧气、水共存时易生锈，所以菜刀使用过后应立即擦干存放，故B正确；
C.为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，起保护作用，故C正确；
D.检验液化石油气泄漏时，不可用燃着的木条来检验，以防发生爆炸，故D错误。
故选：D。
(1)减小压强的方法：压力一定时，增大受力面积；受力面积一定时，减小压力；
(2)根据铁的锈蚀原理来分析；
(3)为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关；
(4)根据发生爆炸的危险来分析。
本题主要考查了日常生活中的一些做法的判断，通过该题，对一些操作不当的做法需要引起注意，加以修改。
3.【答案】A
【解析】解：A、混合物是由两种或两种以上物质组成的，铁锈、天然气、生理盐水都属于混合物，故A正确；
B、晶体都有固定的熔点，据此判断，冰、海波是晶体，但松香没有固定的熔点，不是晶体，故B错误；
C、合金是在一种金属中加热熔合一种或几种金属或非金属形成的、具有金属特性的物质，因此玻璃钢不属于合金，焊锡、黄铜属于合金，故C错误；
D、人体容易导电，是导体，陶瓷、橡胶不容易导电，是绝缘体，故D错误。
故选：A。
根据混合物、合金、导体的概念及晶体具有熔点进行判断。
此题是跨学科试题，考查混合物、晶体、合金、导体的概念，难度较小，准确理解概念是解题关键。
4.【答案】C
【解析】解：
A、图中实验，试管中的白磷能燃烧，试管中的红磷不能燃烧，水中的白磷不能燃烧；试管中的白磷能与氧气接触，温度能达到着火点，水中的白磷不能与氧气接触，温度没有达到红磷的着火点；可得出燃烧需要与氧气接触，且温度达到着火点，该实验没计能实现与其对应的实验目的，故A不符合题意；
B、图中装置的高度发生变化，外界的气压发生变化，液柱的高度会发生变化，该装置能完成实验探究，故B不符合题意；
C、在氧气中充足时，木炭燃烧生成二氧化碳气体，在氧气中不足时，木炭燃烧生成一氧化碳气体，氢氧化钠溶液能吸收生成的二氧化碳，但不能吸收生成的一氧化碳，因此不能用来测定空气中氧气含量，故C符合题意；
D、探究通电导体产生热量与电阻的关系时，需要控制电流、通电时间相同，所以两个阻值不同的电阻要串联接入电路中，该装置能完成实验探究，故D不符合题意。
故选：C。
(1)根据燃烧的条件以及实验设计来分析；
(2)气压的大小与高度有关；
(3)根据测定空气中氧气含量的原理来分析；
(4)探究导体产生的热量与电阻的关系时，需要控制电流、通电时间相同，电阻大小不同。
本题考查了实验设计，明确每个实验的原理是解题的关键。
5.【答案】B
【解析】解：A.人步行的速度约为1.1m/s，故A不符合实际；
B.一枚鸡蛋的质量约为50g，故B符合实际；
C.人正常呼吸的频率约每分钟20次，故C不符合实际；
D.人的正常体温约为37℃，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
6.【答案】C
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，乐器不振动不会发声，故A错误；
B、击鼓的力度越大，鼓皮的振动幅度就越大，响度就越大，故B错误；
C、有些交响乐能催人泪下，说明声音能传递信息，故C正确；
D、乐音影响人们正常工作、学习、生活或者对人们要听的声音起干扰作用时就是噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
(3)声音的高低叫音调，音调与振动的频率有关。
(4)声音可以传递信息；乐音影响人们正常工作、学习、生活或者对人们要听的声音起干扰作用时就是噪声。
本题考查了声音的产生条件，音调与响度的区别，噪声的概念以及声音可以传递信息；本题属于基础性题目。
7.【答案】C
【解析】解：A、“雨水”雨的形成是液化现象，液化放热，故A错误；
B，空气中含有的大量水蒸气，水蒸气是气态的，是汽化形成的，故B错误；
C、“霜降”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故C正确；
D，“白露”露的形成是液化，液化放热，故D错误。
故选：C。
判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化。
该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态。
8.【答案】C
【解析】解：当轮子转动时内部线圈随着车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能，从而使二极管发光，这是电磁感应现象；
A.图中装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故A不符合题意；
B.图中的装置是探究通电导体在磁场中受力运动的实验，是将电能转化为机械能，为电动机的原理，故B不符合题意；
C.图中导体在磁场中切割磁感线就能在电路中产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D.图中的实验为奥斯特实验，是探究电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这叫电磁感应现象。
此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出他们的不同之处进行区分。
9.【答案】D
【解析】解：A、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=15cm−0cm=15cm，故A正确；
B、由图乙可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理工作的，故B正确；
C、当蜡烛靠近凸透镜，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，所以为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜，故C正确；
D、保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距更小的凸透镜，相当于增大物距，缩小像距，需要将光屏向左移动才能再次出现清晰的像，故D错误。
故选：D。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理工作的；
(3)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
(4)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
10.【答案】AD
【解析】解：A.司机和前排乘客为防止刹车时由于惯性造成的危害，需系安全带，故A正确；
B.跳远运动员助跑后飞身跃起，由于自身具有惯性，会继续向前运动，可以提高跳远成绩，惯性是物体自身的一种性质，不能说“受到”惯性，故B错误；
C.惯性的大小只与物体的质量有关，刹车后，车的质量不变，惯性的大小不变，故C错误；
D.通过拍打窗帘清除它上面的灰尘，窗帘受力而改变运动状态时，灰尘由于惯性将保持静止状态，则灰尘会脱离窗帘，是利用灰尘的惯性，故D正确。
故选：AD。
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态不变的一种性质，惯性的大小只与物体的质量有关。
本题重在考查学生对惯性在实际生活中的应用与防止，让学生们知道惯性与生产、生活密切相关。
11.【答案】B
【解析】解：A、由图可知n=3，绳子自由端移动的速度v=nv物=3×0.2m/s=0.6m/s，P=Wt=Fst=Fv=400N×0.6m/s=240W，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η1=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=750N3×400N×100%=62.5%，故B正确；
C、若匀速提升的物体重力增大一倍时，在提升高度相同时，由W有=Gh可知，有用功增大一倍，但额外功几乎不变，即总功没有增大一倍，因此此时的有用功占总功的比值大于η1，即η2>η1，故C错误；
D、增大匀速提升物体的速度，在提升高度相同时，有用功不变，额外功不变，总功不变，有用功占总功的比值不变，机械效率不变；减小滑轮自重，可以减少额外功，在有用功不变的情况下，额外功减小了，所以机械效率就提高了，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)若匀速提升的物体重力增大一倍时，根据W有=Gh分析有用功的变化，而额外功几乎不变，据此分析总功的变化，再根据机械效率为有用功占总功的比值分析两次机械效率的关系；
(4)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算和机械效率的影响因素，机械效率的高低取决于有用功和总功两个因素，不能理解成：“有用功多，机械效率高”或“总功大，机械效率低”；还有机械效率的高低与提升重物的速度及重物提升的高度无关。
12.【答案】AD
【解析】解：(1)当只闭合S1，R1和滑动变阻器串联接入电路，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变小，所以a是电压表，b是电流表，故A正确；
根据欧姆定律可知电表a与b示数变化量是滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑片向右滑动的过程中，电表a与b示数变化量之比变大，故B错误；
串联电路总电阻大于任一分电阻，此时电路电阻为R=R1+R=R1+2R1=3R1，
根据P=U2R可知此时电路电功率最小，
(2)同时闭合S1、S2、S3，两定值电阻并联接入电路，所以滑片向左滑动时b表示数不变，故C错误；
并联电路总电阻小于任一分电阻，此时电路总电阻为R′=R1R2R1+R2=R1+2R1R1+2R1=23R1，
根据P=U2R可知此时电路电功率最大，
整个电路所消耗最大功率和最小功率之比为P′P=U223R1U23R1=92，故D正确。
故选：AD。
(1)当只闭合S1，R1和滑动变阻器串联接入电路，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变小，所以a是电压表，b是电流表；
根据欧姆定律可知电表a与b示数变化量是滑动变阻器接入电路的阻值；
串联电路总电阻大于任一分电阻，根据串联电路电阻规律计算此时电路电阻，根据P=U2R可知此时电路电功率最小；
(2)同时闭合S1、S2、S3，两定值电阻并联接入电路，所以滑片向左滑动时b表示数不变；
并联电路总电阻小于任一分电阻，根据了电路电阻规律计算此时电路总电阻，根据P=U2R可知此时电路电功率最大，进一步计算整个电路所消耗最大功率和最小功率之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
13.【答案】地线 短路
【解析】解：细心的小明发现微波炉、电饭煲、电热壶等都使用三脚插头。通过学习物理，他明白了这样设计的目的是使这些用电器的金属外壳与地线相连；如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家中的空气开关立刻跳闸，产生跳闸的原因应该是短路，因为电饭锅的额定功率不到1000W，不是用电器的总功率过大。
故答案为：地线；短路。
(1)带金属外壳的家用电器必须接地。
(2)家庭电路中电流过大的原因是发生短路或者用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因和安全用电的常识；本题属于基础性题目。
14.【答案】虚 4.2
【解析】解：被测者看到的是平面镜成的虚像；
视力表到平面镜的距离是2.3m，视力表的像到平面镜的距离是2.3m，该同学到平面镜的距离是2.3m−0.4m=1.9m，镜中视力表的像到该同学的距离为2.3m+1.9m=4.2m；
故答案为：虚；4.2；见解答。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
根据平面镜成像特点可知，物体与像关于平面镜对称，先作出点E关于平面镜的对称点E′，连接像点和人的眼睛，再作出相应的入射光线和反射光线。
本题主要考查了平面镜的成像特点及其应用，注意反射光线的反向延长线过像点。
15.【答案】运动 增大 非平衡力
【解析】解：飞机加速起飞时，它与地面塔台的位置发生了变化，故以地面塔台为参照物，它是运动的；此过程中，它的动能与重力势能都增加了，故机械能增加；因为飞机做加速运动，速度变了，故它受到的是非平衡力。
故答案为：运动；增大；非平衡力。
(1)被研究物体相对于参照物，位置发生变化，就说物体是静止的，反之，就是运动的；
(2)机械能包括动能与重力势能。
(3)物体受力平衡时保持静止或匀速直线运动状态。
本题考查了机械能、运动与静止的相对性和平衡状态的判断，属于基础题。
16.【答案】6.8×106 8.5热传递
【解析】解：这些燃料油完全燃烧放出的热量为：Q放=qm=4.0×107J/kg×0.17kg=6.8×106J；
由题可知水吸收的热量为：Q吸=42%Q放=42%×6.8×106J=2.856×106J，
由Q吸=cm(t−t0)可知可加热水的质量为：m水=Q吸c水(t−t0)=2.856×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=8.5kg；
燃料油燃烧放出的热量传递给水，因此这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：6.8×106；8.5；热传递。
已知燃料油的质量和热值，利用Q放=qm可求出这些燃料油完全燃烧放出的热量；
由题意求出水吸收的热量，根据Q吸=cm(t−t0)可求出可加热水的质量；
改变内能有做功和热传递两种方式，做功是指能量的转化，热传递是指能量的转移。
本题考查了热值、比热容的计算公式的应用和对能量转化、改变内能方式的理解，需要熟练运用相关的计算公式及变形式，难度不大。
17.【答案】聚变 可再生 电
【解析】解：“人造太阳”释放能量的原理与太阳一样，源于氢原子核在超高温下发生聚变。太阳能属于可再生能源，太阳能电池板是将太阳能转化为电能。
故答案为：聚变；可再生；电。
(1)人造太阳是氢原子核发生聚变反应释放的巨大的能量。
(2)能够短期内从自然界中得到补充的一次能源叫可再生能源。
(3)太阳能电池板是将太阳能转化为电能。
本题考查的是核能、太阳能的特点及应用；关键是知道目前人类获取核能的途径和光电转化的实质。
18.【答案】地磁场 N 螺线管线圈中的电流 增加螺线管线圈的匝数
【解析】解：(1)可自由转动的小磁针，由于受地磁场的影响，静止时总是指向南北方向；
(2)闭合开关，根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，右端为N极，因为异名磁极相吸引，因此当小磁针静止时，右端为N极；
(3)将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与螺线管线圈中的电流方向有关；
(4)为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是增加螺线管线圈的匝数。
故答案为：(1)地磁场；
(2)N；
(3)螺线管线圈中的电流；
(4)增加螺线管线圈的匝数。
(1)地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；
(2)根据安培定则判断出通电螺线管的磁极，根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的磁极；
(3)通电螺线管外部磁场方向与螺线管线圈中的电流方向和线圈的绕法有关；
(4)通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数有关。
此题考查了地磁场、探究通电螺线管外部的磁场，难度不大，属基础题目。
19.【答案】B U形管两边液面的高度差 不变 同种液体，压强随深度的增大而变大 800h2−h3h1−h3×ρ水
【解析】解：(1)用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
若没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，说明装置漏气，只需要将软管取下，再重新安装，U形管中的液面就是相平的，故B正确；
故选B；
(2)正确操作后，小明将探头伸入水中，根据转换法，他是通过观察U形管两边液面的高度差得知液体内部压强大小的；
如图②所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，深度不变，液体产生的压强不变，故U形管两侧水面的高度差不变。
(3)正确操作后，图③中金属盒的深度较大，根据转换法，产生的压强也较大，分析图②、图③的实验现象，得出结论：同种液体，压强随深度的增大而变大；
(4)U形管左右两侧水面的高度差：h=8cm=0.08m，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(5)当橡皮膜相平，所以橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左=p右，
橡皮膜在液体中深度为：
h1−h3；
橡皮膜在水中的深度为：
h2−h3；
根据液体压强公式得：
ρ水g(h2−h3)=ρg(h1−h3)
解得待测液体密度的表达式为：
ρ=h2−h3h1−h3×ρ水。
故答案为：(1)B；(2)U形管两边液面的高度差；不变；(3)同种液体，压强随深度的增大而变大；(4)800；(5)h2−h3h1−h3×ρ水。
(1)检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降；若没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，说明装置漏气，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
同一种液体在同一深度向各个方向的压强都相等；
(3)液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；
(4)根据p=ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；
(5)观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
20.【答案】滑动变阻器断路 正比 1.5C205
【解析】解：(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，如图所示：
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为0.2A。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，电压和电流的比值分别为UI=1V0.1A=1.5V0.15A=2V0.2A=2.5V0.25A=10Ω；
电压与电流的比值为10，是定值，故可得结论：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成正比。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理有：U−UVUV=R滑R定，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，电压表示数最小，即：4.5V−UVUV=50Ω25Ω，
解得控制定值电阻两端的电压至少为UV=1.5V。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，故正确的顺序为②①④③，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
(5)由图丙画出的电流与电阻关系图像可知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为均为3V不变，所以阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
由串联电路的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=UI−20Ω=4.5V0.2A−20Ω=2.5Ω，
因定值电阻的电压为滑动变阻器两端电压的2倍，根据分压原理，则定值电阻的阻值也为滑动变阻器阻值的2倍，即定值电阻为R′=2×2.5Ω=5Ω，
所以这次实验之前的那一次实验，选取的是阻值为5Ω的定值电阻。
故答案为：(1)见解析；(2)滑动变阻器断路；(3)正比；(4)1.5；C；(5)20；5。
(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，据此画图。
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，据此分析。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，利用欧姆定律得出电压和电流的比值，分析得出结论。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理得出控制定值电阻两端的电压至少为多少伏。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，据此分析。
(5)实验中应控制定值电阻两端的电压不变。
由串联电路的规律和欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路中的电阻，确定选取的定值电阻阻值。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、器材选择等知识，综合性强，难度较大。
21.【答案】解：(1)木块的体积：V木=10cm2×20cm=200cm3，根据密度公式得，木块的质量：m木=ρ木V木=0.9g/cm3×200cm3=180g；
长方体木块的质地均匀，注水前木块对容器底的压强为：p=FS=GS=ρ木VgS=ρ木Shgs=ρ木gh=0.9×103kg/m3×10N/kg×0.2m=1800Pa；
(2)当水面距容器底24cm，此高度大于木块的高度，说明木块漂浮，G=F浮=ρ水V排g；mg=ρ水V排g；
此时木块排开水的体积V排=mρ水=180g1.0g/cm3=180cm3；
注入水的体积V水=Sh−V排=30cm2×24cm−180cm3=540cm3；
(3)图乙中整体悬浮，浮力等于重力
木块的体积V木=m木−mρ木；
合金的体积V合=mρ合；
切换后整体的质量不变，
故ρ水g(V木+V合)h=m木g；
ρ水g(m木−mρ木+mρ合)h=m木g；
代入数据1.0g/cm3×(180g−m0.9g/cm3+m2.5g/cm3)=180g；
解得m=28.125g。
答：(1)木块的质量及图甲中注水前木块对容器底的压强1800Pa；
(2)注入水的体积540cm3；
(3)将木块沿水平方向切下质量为m的部分，换成等质量的合金块(ρ合金=2.5×103kg/m3)并用细线悬挂在木块下方且不与容器底接触，则木块剩余部分刚好浸没在水中，如图乙所示，求m的值为28.125g。
【解析】(1)求出木块的体积，根据密度公式可求出木块的质量；
注水前，木块对容器底的压力和自身的重力相等，根据p=FS和G=mg=ρVg=ρShg求出木块对容器底的压强p=ρ水gh；
(2)根据木块漂浮计算木块排开水的体积，用总体积减去木块排开水的体积得出加水的体积；
(3)根据密度公式计算体积，根据悬浮时浮力得出重力列方程，接触合金的质量m。
本题考查压强、物体的浮沉条件的应用，属于难题。
22.【答案】解：由电路图可知，当S断开时，R1、R2串联后再与电动机并联，当S闭合时，只有R1与电动机并联，工作；根据串联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，由P=U2R可知当S断开时，空气炸锅处于低温挡，当S闭合时，空气炸锅处于高温挡。
(1)由表中数据可知，低温挡功率P1=660W，电压U=220V，由P=UI得，通过R1、R2的电流为：
I=P1U=660W220V=3A，
空气炸锅低温挡正常工作时，通过电动机的电流为：
IM=PMU=110W220V=0.5A，
电路中的总电流：I低=I+IM=3A+0.5A=3.5A；
(2)由表中数据可知，高温挡的功率P2=1210W，由P=UI=U2R得，电阻R1的大小为：
R1=U2P2=(220V)21210W=40Ω，
R1与R2串联的总电阻为：
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