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2023年四川省成都市青白江区中考物理二诊试卷
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这是一份2023年四川省成都市青白江区中考物理二诊试卷，共30页。试卷主要包含了 学物理、识生活，5A等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省成都市青白江区中考物理二诊试卷
1. 学物理、识生活。下列数据中符合生活实际的是( )
A. 家庭节能灯中的电流约为10A B. 家用彩色电视机的电流约为0.5A
C. 一个鸡蛋的重力约为5N D. 成年人的正常体温是39℃
2. 电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个图都与这一关系有关，其中正确的说法是( )
A. 图①是探究电磁铁的磁性与电流大小的关系
B. 图②发电机的工作原理是电生磁
C. 图③电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力
D. 图④法拉第发现了电流具有磁效应
3. 小明外出旅游，他到火车站乘坐复兴号列车，进入车厢时，发现旁边停着一列和谐号列车。坐到座位上后，透过车窗只能看到和谐号列车。一会儿，他发现和谐号动了，下列判断正确的是( )
A. 一定是和谐号运动了 B. 一定是复兴号运动了
C. 可能是两车都运动了 D. 以和谐号为参照物，他是静止的
4. 下列物态变化现象中属于升华的是( )
A. 冬天结冰的衣服直接变干 B. 露珠的形成
C. 雪的形成 D. 铁块变成铁水
5. 如图所示，是中国女子冰壶队比赛的情景。下列说法中正确的是( )
A. 运动员将冰壶推出后，冰壶能在冰面上继续滑行，说明力是维持物体运动的原因
B. 冰壶向前滑行过程中，若所有的外力同时消失，冰壶将立刻静止
C. 运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力是一对平衡力
D. 静止在水平冰面上的冰壶，受到冰面的支持力和冰壶的重力是一对平衡力
6. 关于声现象，下列描述正确的是( )
A. 声音的传播不需要介质，真空可以传声
B. 用大小不同的力敲同一音叉可以改变音叉发出声音的音调
C. “暮鼓晨钟”里的鼓声和钟声主要是依据音色来分辨的
D. 医生通过听诊器给病人诊病时，利用了声传递能量
7. 关于汽车上的信息传递，下列说法中正确的是( )
A. 导航仪利用超声波与卫星传递信息 B. 收音机利用电磁波接收信息
C. 倒车雷达利用电磁波获取信息 D. 车灯发出的可见光不属于电磁波
8. 关于质量和密度，下列叙述正确的是( )
A. “冰墩墩”从地球带往太空，质量不变
B. 密度是物质的一种性质，不同种类的物质密度一定不同
C. 水结成冰后，密度不变
D. 实验室常用弹簧测力计测量质量
9. 古诗词是我国传统文化瑰宝，有的优美词句还与我们物理知识有着联系。下列词句与对应的物理知识叙述正确的是( )
A. “不知明镜里，何处得秋霜”，霜的温度很低，它的内能为零
B. “沙暖睡鸳鸯”，同水相比沙的比热容大些
C. “大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功方式实现的
D. “春色满园关不住”，院子里花香四溢，说明分子是运动的
10. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 图甲，用吸盘搬运玻璃是靠分子引力的作用
B. 图乙，站台处设置安全线，是由于乘客靠近运行高铁的一侧空气流速大压强大的缘故
C. 图丙，座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
D. 图丁，高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，便于增大压强
11. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关
B. 用电器的开关要连接在零线和用电器之间
C. 家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路
D. 家用冰箱三孔插头损坏了，换成两孔插头后只要冰箱能使用也无大碍
12. 甲、乙是由同种材料制成的两根电阻丝，他们的粗细相同，长度不同。在不同电压下，多次测量电流值，描绘了I−U图象(如图)，从中获得的信息正确的是( )
A. 甲电阻大于乙电阻
B. 乙电阻丝较长
C. 当甲、乙电阻没有接入电路中时，电阻均为0
D. 若甲、乙电阻串联在同一电路中，则通过甲电阻的电流小于通过乙电阻的电流
13. 如图所示，欢欢同学把一只苹果丢入水中，发现苹果下沉一段距离后，又向上运动，最终漂浮在水面上，下列分析正确的是( )
A. 在水面漂浮时，苹果受到的浮力大于它受到的重力
B. 在下沉的过程中，苹果受到水的浮力减小
C. 在下沉的过程中，苹果受到水的压强不变
D. 在整个过程中，苹果受到浮力的方向总是竖直向上
14. 掷实心球是成都市中考体育选考项目之一，如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，O点是实心球刚离开手的位置，A点是实心球运动到最高点的位置，B点是实心球落地前瞬间的位置，不计空气阻力。下列说法正确的是( )
A. 实心球从O点运动到A点，动能减小，势能减小
B. 实心球在最高点A时处于平衡状态
C. 实心球从A点运动到B点动能增大，势能减小
D. 实心球在O点的机械能大于在B点的机械能
15. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是( )
A. 灯L1与灯L2并联 B. 电流表测量电路总电流
C. 电压表测量了L1两端的电压 D. 只断开开关S1，灯L2正常发光
16. 艳阳下的风凰湖畔树影婆娑，平静的湖面上小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的______ 形成的，小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像的大小变化情况是______ 。
17. 用如图所示装置“探究冰熔化时温度的变化规律”：将碎冰装入试管中，安装好器材开始实验，熔化过程中试管中的碎冰逐渐变少，此过程碎冰吸收热量，温度______ ；实验结束后烧杯中的水没有沸腾，但水面却降低了，原因是水温升高，蒸发______ 。
18. 划龙舟比赛时，现场观众能从不同角度看到本身不发光的龙舟队，这是由光发生______ 的缘故；运动员们用船桨奋力向后划水，龙舟猛向前行，这说明力的作用是______ 的。
19. 如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端。油量表是由______ 改装而成的(选填“电压表”或“电流表”或“电压表和电流表均可”)，油位变低，油量表的读数______ (选填“变大”或“不变”或“变小”)。
20. 周末，小李去商场购物，他乘坐自动扶梯上楼，下扶梯时要顺势向前走几步，不能突然站立不动，这是为了防止由于______ 而摔倒；购物后，小李乘坐电梯下楼，当电梯快到达一楼时，减速下降，站在电梯里的小李受到的合力方向是向______ 的。
21. 如图所示，这是“探究通过导体的电流与______ 的关系”的实验电路和依据测得的数据制作的表格，实验中使用的定值电阻为______ Ω。
U/V
3.0
2.0
1.0
I/A
0.60
0.40
0.20
22. 如图所示，开关S闭合，根据通电螺线管周围的磁感线分布判断直流电源的左端为______(选填“正极”或“负极”)；弹簧测力计吊着铜块在通电螺线管的上方从右端水平匀速运动到左端的过程中，弹簧测力计示数______(选填“先变小后变大”“一直不变”或“先变大后变小”)。
23. 某饮水机有加热和保温两个挡位，其工作原理如图所示，S是一个温控开关，R1为阻值为44Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2=200Ω。当饮水机处于保温状态时，______ 灯亮；饮水机处于加热状态，R1在100s产生的热量为______ J。(不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值)
24. 在“预防溺水”主题班会课上，主持人小明用光路图来解释“水池变浅”的道理，池底A点射出的光线经过水面折射进入B点的人眼，C点是人眼看到的池底A点像的位置。请你在图中画出入射光线和折射光线。
25. 如图，小球从水平面上A点向左运动到达斜面上的B点处，画出小球在A点所受重力与在B点对斜面的压力的示意图。
26. “共建文明城市，构建美好家园”，如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情境。某“雾炮车”空载时的质量为6t，它配备了一个体积为5m3水箱。
(1)若雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是多少km？
(2)雾炮车完成喷洒任务空载返程时，在平直道路上匀速直线行驶500m，行驶过程中车所受阻力大小恒为车重的0.05倍，g取10N/kg，则牵引力做的功为多少？
27. 如图所示，电源电压恒为9V，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”，电流表的量程为“0−0.6A”，小灯泡上标有“6V 3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。
(1)当开关S闭合，S1、S2断开，小灯泡正常发光，求通电1min电流通过滑动变阻器做的功；
(2)当S、S1、S2都闭合，为了保证电路中各元件的安全，求滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围。
28. 如图所示，探究影响滑动摩擦力大小的因素。
(1)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，木块没有运动，水平方向受到的摩擦力大小______ (选填“大于”“小于”或“等于”)拉力大小；
(2)比较甲、丙两次实验数据，______ (选填“能”或“不能”)得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是______ 。
29. 小明和小华同学在“探究串联电路电压的特点”：
(1)连接电路前，小明发现电压表指针如图甲所示，接下来他要对电压表进行的操作是______ ；
(2)小明根据图乙连接好电路，闭合开关后，发现两灯泡不亮且电压表示数非常接近电源电压。若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是______ ；
A.L1短路
B.L2短路
C.L1断路
D.L2断路
(3)排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中：
实验次数
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压______ 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
(4)实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是：选用的灯泡规格______ (选填“相同”或“不同”)。另外，小明的实验在设计方案上还存在另一不足之处是：实验次数太少，不能得出普遍性规律。
30. 某同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“不平衡”)状态；
(2)该同学用图乙所示的装置，通过正确的实验操作，得到下表中的数据。
实验次数
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
3.0
0.20
2.0
0.30
2
2.0
0.15
1.5
3
1.5
0.20
1.0
0.30
……
……
……
……
……
①第2次实验数据中的阻力臂L2应为______ m；
②第3次实验后，用带杆的滑轮水平向左缓慢推动右边挂钩码的悬线(保持上端悬点不动)，如图丙所示，不计摩擦，杠杆______ (选填“能”或“不能”)在水平位置保持平衡，原因是______ 。
A.拉力F1的大小和方向都发生了变化
B.拉力F1变大，方向不变
C.拉力F1的大小和方向都不变
D.拉力F1的大小不变，力臂L1变小
31. 近年来我市努力践行绿色发展理念，大力发展绿色能源。下列说法正确的是( )
A. 原子核聚变和裂变能释放出惊人的能量，所以核能是可再生能源
B. 太阳能电池板可将光能转化为电能
C. 新能源汽车的动力部件是蓄电池，其工作原理与内燃机的工作原理相同
D. 水能是一次能源，所以水力发电产生的电能也是一次能源
32. 清晨，太阳从东方冉冉升起，云缝中射出道道霞光，它让我们的大千世界五彩续纷，让我们的世界拥有了无穷奥妙。下列对光的世界的探究中，结论正确的是( )
A. 甲图，央视春晚节目《只此青绿》的临水起舞画面中，舞者在水中的“倒影”和小孔成像的原理相同
B. 乙图，小薇按照图示将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上清晰的像变模糊，只将光屏靠近凸透镜时，又能在光屏上看到清晰的像，则该眼镜是近视眼镜
C. 丙图，直播带货时，手机摄像头成的是正立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头
D. 丁图，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着凸透镜，调整位置墙上出现一朵清晰放大的“花”，胶片上的花是倒立的
33. 小丽用相同的酒精灯分别对质量为200g的水和另一种液体进行加热，16min分别消耗酒精4g，得到的实验数据如图所示。若单位时间内另一种液体吸收的热量与水吸收的热量相等，酒精的热值为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。则下列说法正确的是。( )
A. 16min内，水吸收的热量为1.2×105J
B. 另一种液体在8min内吸收的热量为1.26×104J
C. 另一种液体的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃)
D. 酒精灯的加热效率为30%
34. 小武同学家里正在修建楼房，他通过调查了解到工人利用如图的装置，20s内将重力为700N的物体匀速提升了2m，工人对绳子施加的拉力F为375N。忽略绳重和机械之间的一切摩擦。下列说法中正确的是( )
A. 拉力F做功为750J
B. 拉力F做的额外功为200J
C. 拉力的功率为75W
D. 如用该装置匀速提升重力200N的物体，则该滑轮组的机械效率为80%
35. 如图所示，电源电压恒为6V，R1=10Ω，R2=15Ω，R3的规格为“30Ω1A”，电压表V1的量程为0−3V，V2的量程为0−15V，电流表A的量程为0−0.6A，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，向左移动滑片，A示数变大，V2示数变大
B. 只闭合S1时，向左移动滑片，V2示数变化量的绝对值与A示数变化量的比值不变
C. 只闭合S1时，向右移动滑片，R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量相等
D. 闭合S1、S2时，移动滑片，在保证电路安全的情况下，电路消耗的最大功率为1.8W
36. 图甲是小明设计的一种家用即热式饮水机，R为电阻箱，RF为置于储水箱底部的压力敏感电阻，其阻值随上方水的压力的变化而变化。已知U=6V，当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足；当I>0.02A，K被吸上。电磁铁线圈电阻不计。
(1)图乙为RF的阻值与压力关系的图像，RF的阻值随压力的变化的图像可能是______ (选填①或②”)。
(2)若将电阻箱接入电路的阻值调至100Ω，则指示灯L刚亮起时RF的阻值为______ Ω。
(3)如图丙所示，水泵使水箱内的水以v=0.1m/s的恒定速度流过粗细均匀管道，管道的横截面积S=1cm2；虚线框内是长L=0.1m的加热区，阻值R=44Ω的电阻丝均匀缠绕在加热区的管道上，两端电压为220V。设水仅在加热区才被加热，且在通过加热区的过程中受热均匀，电阻丝产生的热量全部被水吸收。若某次从出水口持续接热水3.6L，则消耗的电能为______ kW⋅h。
(4)为提高经过加热区后热水的温度，请提出一种符合实际的解决办法：______ 。
37. 如图所示水平桌面上放有一个柱形游壁容器，底面积为200cm2，容器足够高，最初容器里面盛水10cm深，现将底面积为50cm2、质量为400g、密度为0.8g/cm3的不吸水圆柱体用轻质细线挂在测力计下，由图示位置缓慢竖直向下浸入水。ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。
(1)求圆柱体的体积；
(2)圆柱体下降过程中，当其浸入水中的深度为3cm时，求测力计的示数；
(3)测力计示数为0后，只取走测力计，再打开阀门K向外放水，直至容器中的水排完，整个过程中圆柱体始终保持竖直，此过程中水对容器底部的压强为p，排出水的体积为V(单位为m3)。求水对容器底部的压强p随排出水的体积V变化的函数关系式。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、家庭节能灯中的电流约为0.1A，故A错误；
B、家用彩色电视机的电流约为0.5A，故B正确；
C、一个鸡蛋的重力约为0.5N，故C错误；
D、成年人的正常体温是37℃，故D错误。
故选：B。
根据生活常识对各选项进行判断。
本题是生活常识题，属于基础题。
2.【答案】AC
【解析】解：A、电路中有滑动变阻器，所以该图即能探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，又能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故A正确；
B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故B错误；
C、电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用，故C正确；
D、法拉第发现了电磁感应，故D错误。
故选：AC。
(1)电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数的多少有关；
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关。
本题考查了电生磁、磁生电和影响电磁铁磁场强弱的因素等知识的理解，是一道综合性题目。
3.【答案】C
【解析】解：ABC、坐在复兴号列车上的小明看到和谐号动了，说明复兴号与和谐号之间的位置发生了变化，可能是复兴号运动的结果，可能是和谐号运动的结果，还可能是两车都在运动，但运动方向不同，或是运动方向相同，运动速度不同，故AB错误、C正确；
D、由ABC的分析可知，若两车都在运动，但运动方向不同，或是运动方向相同，运动速度不同，则以和谐号为参照物，他与和谐号之间发生了位置变化，所以他是运动的，故D错误。
故选：C。
研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
4.【答案】A
【解析】解：A、冬天结冰的衣服晾干，由固态直接变成了气态，属于升华现象，故A正确；
B、露珠的形成是水蒸气的液化现象，故B错误；
C、雪的形成是水蒸气的凝华现象，故C错误；
D、铁块变成铁水是熔化现象，故D错误。
故选：A。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
本题考查了学生对物态变化现象的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。
5.【答案】D
【解析】解：A、运动员将冰壶推出后，冰壶能在冰面上继续滑行，是因为冰壶具有惯性，力不是维持物体运动的原因，故A错误；
B、冰壶向前滑行过程中，若所有的外力同时消失，根据牛顿第一定律，冰壶将保持匀速直线运动状态，故B错误；
C、运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力不在一条直线上，不是一对平衡力，故C错误；
D、静止在水平冰面上的冰壶，受到冰面的支持力和冰壶的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(2)根据牛顿第一定律可做出判断；
(3)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
本题通过通过冰壶运动，考查了对力与运动的关系、惯性、牛顿第一定律、平衡力等的理解与应用，属力学基础题。
6.【答案】C
【解析】解：声音的传播需要介质，真空中不能传播声音，故A错误；
B、用大小不同的力敲同一音叉可以改变音叉发出声音的振幅，振幅的大小决定了声音的响度，故B错误；
C、利用音色可以辨别不同的乐器，所以鼓声和钟声主要是依据音色来分辨的，故C正确；
D、医生通过听诊器给病人诊病时利用的是声能传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质；
(2)力的大小决定了声音的振幅，振幅决定声音的响度；
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距声源的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(4)医生通过听诊器给病人诊病时，利用了声能传递信息。
理解声音的传播条件、掌握声音的三特性、知道声音可以传递信息和能量是解答本题的关键。
7.【答案】B
【解析】解：A、导航仪利用电磁波与卫星传递信息，超声波不能在真空中传递信息，故A错误；
B、收音机利用电磁波接收信息，故B正确；
C、倒车雷达利用超声波获取信息，故C错误；
D、车灯发出的可见光属于电磁波，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波可以传递信息；汽车上的导航仪利用电磁波与卫星传递信息。
(2)收音机可以接收电磁波的信息。
(3)倒车雷达利用超声波传递信息。
(4)可见光属于电磁波。
知道电磁波和超声波的特点及应用。
8.【答案】A
【解析】解：A、质量是物体的属性，与物体的空间位置无关，“冰墩墩”从地球带往太空，质量不变，故A正确；
B、密度是物质的一种性质，不同种类和状态的物质密度一般不同，故B错误；
C、密度与物质的状态有关，水结冰，从液体变为固态，密度发生变化，故C错误；
D.实验室常用弹簧测力计测量重力，用天平测量质量，故D错误。
故选：A。
物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都无关系；密度在数值上等于物体质量与其体积之比；密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积没有关系；物体所受的重力与质量成正比。
此题考查了质量、密度的特点，正确理解概念和规律是解答的关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、一切物体在任何温度下都有内能，霜的的温度虽然很低，但是仍然具有内能，故A错误；
B、相同质量和水和沙子相比，吸收相同的热量，由于水的比热容较大，所以水温升高幅度较小，因此水温较低；而沙子比热容小于水，所以沙子升温幅度较大，因此沙子温度较高，导致“沙暖睡鸳鸯”，故B错误；
C、大地吸收热量，内能增加，是太阳通过热传递的方式实现的，故C错误；
D、院子里花香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有内能；
(2)不同物质比热容不同，质量相同情况下，物体吸收或放出相同热量，物质比热容越大，温度变化越小；
(3)改变内能的方式包括做功和热传递；
(4)分子都在不停地做无规则运动；温度越高，分子无规则运动越剧烈。
本题考查了内能的概念、水比热容大、分子动理论以及改变物体内能的方式等知识，是一道综合题。
10.【答案】D
【解析】解：A、吸盘搬运玻璃时将吸盘里的空气排出，则玻璃在大气压的作用下吸住，所以它是利用大气压工作的，与分子引力无关，故A错误；
B、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故B错误；
C、车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、高铁车厢内的破窗锤两端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D正确。
故选：D。
(1)吸盘是利用大气压工作的；
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
此题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系、大气压的应用，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
11.【答案】A
【解析】解：A、更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关，这样才能确保人员安全，故A正确；
B、用电器的开关要连接在火线和用电器之间，这样才能确保断开开关时用电器不带电，故B错误；
C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D、家用冰箱三孔插头损坏了，换成两孔插头后，金属外壳无法接地，如果发生漏电，容易出现触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关；
(2)用电器的开关要连接在火线和用电器之间；
(3)家庭电路中电流过大的原理：短路或用电器总功率过大；
(4)有金属外壳的用电器，其外壳在接地。
本题考查了对家庭电路中安全用电做法的了解与应用，是我们应该熟知的。
12.【答案】B
【解析】解：A、由图可知当两电阻两端的电压相同时，通过甲电阻的电流大于通过乙电阻的电流，根据欧姆定律可知甲电阻小于乙电阻，故A错误；
B、导体的电阻与导体的材料、长度、粗细有关，在导体的材料、粗细相同时，导体越长，导体的电阻越大，甲、乙是由同种材料制成的两根电阻丝，他们的粗细相同，甲电阻小于乙电阻，所以乙电阻丝较长，故B正确；
C、导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与其两端的电压和通过它的电流无关，故C错误；
D、串联电路各处电流相等，若甲、乙电阻串联在同一电路中，通过甲电阻的电流等于通过乙电阻的电流，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知当两电阻两端的电压相同时，通过甲电阻的电流与通过乙电阻的电流的大小关系，根据欧姆定律比较甲、乙电阻的大小关系；
(2)根据导体电阻的影响因素分析电阻的长短；
(3)导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与其两端的电压和通过它的电流无关；
(4)串联电路各处电流相等。
本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用和影响导体电阻大小的因素，难度不大。
13.【答案】D
【解析】解：A、在水面漂浮时，苹果保持静止，受力平衡，受到的浮力等于它受到的重力，故A错误；
B、根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关，苹果在下沉的过程中，液体的密度和排开液体的体积都没有发生变化，所以受到水的浮力不变，故B错误；
C、由液体的压强公式p=ρgh可知，液体的压强大小与液体的密度和物体所处的深度有关，苹果在下沉的过程中，所处的深度h变大，受到水的压强就变大，故C错误；
D、浮力的方向总是竖直向上的，故D正确。
故选：D。
(1)漂浮在水面上的物体，浮力等于重力；
(2)根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关，苹果在下沉的过程中，液体的密度和排开液体的体积都没有发生变化；
(3)由液体的压强公式p=ρgh可知，液体的压强大小与液体的密度和物体所处的深度有关，苹果在下沉的过程中，所处的深度h变大；
(4)浮力的方向是竖直向上的。
本题考查了物体的浮沉条件、液体压强的特点、阿基米德原理的应用，属于基础题，要求掌握。
14.【答案】C
【解析】解：A、实心球从O运动到A，质量不变，速度变小，动能减小；高度增加，重力势能增大，故A错误；
B、实心球在A点时，不是静止也不是匀速直线运动，处于非平衡状态，故B错误；
C、实心球从A点运动到B点质量不变，速度变大，动能变大；高度变小，重力势能减小，故C正确；
D、不计空气阻力，实心球在O点的机械能等于在B点的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度；机械能包括动能和重力势能；
(2)物体只有处于静止状态或匀速直线运动状态时，才称为平衡状态；
(3)机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒。
本题的综合性较强，包括平衡状态的判断、动能与重力势能的转化等，要注意机械能守恒的条件。
15.【答案】B
【解析】解：ABC、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在L2上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AC正确、B错误；
D、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故D正确。
故选：B。
分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点(并联电路中各支路独立工作、互不影响)、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
16.【答案】直线传播 不变
【解析】解：地面上的树影是由光的直线传播形成的；
小鸟从水面飞上树梢，由于平面镜成像时，像与物体大小相同，所以水中的像的大小不变。
故答案为：直线传播；不变。
影子是由光的直线传播形成的；
平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
本题考查了光的直线传播、平面镜成像的特点，属于基础题。
17.【答案】不变 加快
【解析】解：①因冰是晶体，故冰在熔化过程中吸收热量，但温度保持在熔点不变。
②实验结束后水的温度升高，使得水的蒸发加快，导致水面下降。
故答案为：不变；加快。
①晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；
②表面积越大，液体温度越高，液体表面空气流动速度越大，液体蒸发越快。
本题探究冰熔化时温度的变化规律，考查晶体熔化的特点、温度计的读数和影响蒸发快慢的因素，难度不大。
18.【答案】漫反射 相互
【解析】解：我们能从不同方向看到本身不发光的物体，是因为光在物体表面上发生了漫反射，反射光线射向各个方向的缘故；因为物体间力的作用是相互的，所以运动员用船桨奋力向后划水，龙舟猛向前行。
故答案为：漫反射；相互。
(1)漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体；
(2)物体间力的作用是相互的。
本题考查了漫反射、力作用的相互性等，属于基础知识的考查。
19.【答案】电压表 变小
【解析】解：由图可知，R0与R串联，油量表与变阻器R并联；
(1)由于油量表与变阻器R并联，因此油量表是由电压表改装而成的；
(2)油位变低，浮标下降，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理可知，变阻器两端的电压变小，则油量表的读数变小。
故答案为：电压表；变小。
由图可知，R0与R串联，油量表与变阻器R并联；
(1)根据油量表与变阻器R并联结合电流表与被测电路串联、电压表与被测电路并联分析判断油量表的类型；
(2)根据油量的变化可知浮标的变化，进一步可知滑片移动的方向和变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路的分压原理可知变阻器两端的电压变化，进而判断油量表读数的变化。
本题考查了电表的正确使用、滑动变阻器和欧姆定律的应用，明白该装置的工作原理是关键。
20.【答案】惯性 上
【解析】解：(1)乘坐自动扶梯上楼，下扶梯时人由于惯性会继续向前运动，所以要顺势向前走几步，不能突然站立不动，这是为了防止由于惯性而摔倒；
(2)当电梯快到达一楼时，减速下降，人在继续下降的过程中会对电梯地面产生更大的压力，由于力的作用是相互的，电梯地面会对人产生更大的支持力，而人的重力始终不变，则支持力会大于重力，所以，站在电梯里的小李受到的合力方向是向上的。
故答案为：惯性；上。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)对人进行受力分析，从而判断其受到合力的变化。
本题考查了对惯性现象的认识以及对合力方向的判断，判断合力的前提是对人进行正确的受力分析，属易错题。
21.【答案】导体两端的电压 5
【解析】解：根据表格中记录的物理量是通过导体的电流和电压，利用表格数据结合欧姆定律R=UI可计算出实验中使用的定值电阻大小：
R=UI=3.0V0.60A=2.0V0.40A=1.0V0.20A=5Ω，
由此可判断该实验探究的是在导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压的关系。
故答案为：导体两端的电压；5。
根据表格中记录的物理量是通过导体的电流和电压，同时利用表格数据结合欧姆定律R=UI可计算出实验中使用的定值电阻大小，可判断该实验探究的内容。
本题考查了探究电流与电压的关系，注意涉及了数据分析和利用欧姆定律计算定值电阻阻值，难度不大。
22.【答案】负极 一直不变
【解析】解：(1)根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(左端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的，左端流出，所以电源的左端为负极，右端为正极；
(2)磁性材料是指铁、钴、镍等物质，铜不是磁性材料，不能与通电螺线管周围的磁场发生力的作用，故弹簧测力计吊着铜块在通电螺线管的上方从右端水平匀速运动到左端的过程中，弹簧测力计示数一直不变。
故答案为：负极；一直不变。
(1)根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极；
(2)铁钴镍等种物质能够被磁铁吸引，这类物质叫磁性物质。
本题考查了磁感线的方向、安培定则及磁性材料等知识。
23.【答案】绿 1.1×105
【解析】解：(1)由题知，R1为电加热管，不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接右边时电路中R1、R2串联，此时电路中的总电阻最大，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最小，由P=I2R可知加热管R1的电功率最小，则饮水机处于保温状态，绿灯亮；
当开关S接左边时电路中只有电阻R1，此时电路中的总电阻最小，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由P=I2R可知加热管R1的电功率最大，则饮水机处于加热状态，红灯亮；
(2)饮水机处于加热状态，R1两端的电压等于电源电压，
则R1在100s产生的热量：Q=W=U2R1t=(220V)244Ω×100s=1.1×105J。
故答案为：绿；1.1×105。
(1)当S接左边时电路中只有电阻R1，当S接右边时电路中两电阻串联，根据串联电路的电阻特点、欧姆定律和P=I2R可知饮水机处于加热状态和保温状态时电路的连接方式；
(2)饮水机处于加热状态，R1两端的电压等于电源电压，根据Q=W=U2Rt求出R1在100s产生的热量。
本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用，难度不大。
24.【答案】解：C点是人眼看到的池底A点像的位置，连接BC，与水面的交点O为入射点，连接AO为入射光线，OB为折射光线，如图所示：
【解析】光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
本题考查的是光从水中斜射向空气的折射规律，难度不大。
25.【答案】解：小球在A点所受重力作用点在球心上，方向为竖直向下；
小球在B点对斜面的压力方向为垂直于斜面向内，作用点在接触点上。如下图所示：
【解析】根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心做竖直向下的力，并标上字母G；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点是小球与斜面的接触点，根据压力的方向与接触面垂直的关系，从压力作用点表示出压力的方向即可。
在画力的示意图的考查中，有的要求画出哪个力的示意图，有的要求画出所受力的示意图，因此审题要仔细。
26.【答案】解：(1)由v=st可得，雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是：
s=vt=36km/h×2060h=12km；
(2)因雾炮车在平直道路上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以雾炮车在行驶过程中车所受牵引力为：
F牵引=f=0.05G=0.05mg=0.05×6×103kg×10N/kg=3×103N，
牵引力做的功为：
W=Fs=3×103N×500m=1.5×106J。
答：(1)雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是为12km；
(2)牵引力做的功为1.5×106J。
【解析】(1)知道雾炮车匀速行驶的速度和时间，根据v=st求出行驶的距离；
(2)雾炮车在平直道路上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出牵引力所做的功。
本题考查了速度公式和二力平衡条件、功的计算公式的应用等，难度不大。
27.【答案】解：(1)当开关S闭合，S1、S2断开，灯泡L与R0串联，由于灯泡正常发光，则灯泡两端的电压UL=6V，
由P=UI可知，通过灯泡的电流：I=PLUL=3W6V=0.5A；
根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：UR=U−UL=9V−6V=3V，
根据串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流：IR=IL=0.5A，
通电1min电流通过滑动变阻器做的功：W=URIRt=3V×0.5A×1×60s=90J；
(2)当S、S1、S2都闭合，滑动变阻器R与定值电阻R0并联，电流表测量干路的总电流；
此时通过R0的电流：I0=UR0=9V30Ω=0.3A，
根据电流表量程可知，干路的总电流最大为0.6A，
根据并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的最大电流：IR大=I大−I0=0.6A−0.3A=0.3A，
由I=UR可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UIR大=9V0.3A=30Ω，
当滑动变阻器接入电路的电阻越大时，电路中的电流越小，电路安全，所以滑动变阻器接入电路最大阻值为50Ω，
则滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为30∼50Ω。
答：(1)通电1min电流通过滑动变阻器做的功为90J；
(2)滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为30∼50Ω。
【解析】(1)当开关S闭合，S1、S2断开，灯泡L与R0串联，根据灯泡正常发光，利用P=UI求出电路中的电流；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据W=UIt求出通电1min电流通过滑动变阻器做的功；
(2)当S、S1、S2都闭合，滑动变阻器R与定值电阻R0并联，电流表测量干路的总电流；根据欧姆定律求出通过R0的电流，根据电流表量程可知干路的最大总电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，当滑动变阻器接入电路的电阻越大时，电路中的电流越小，电路安全，据此可知滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后可知滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功公式以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
28.【答案】等于 不能 没有控制压力相同
【解析】解：(1)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，木块没有运动，木块处于静止状态，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，在水平方向受到的摩擦力大小等于拉力大小；
(2)研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
故答案为：(1)等于；(2)不能；没有控制压力相同。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
29.【答案】电压表调零 C 等于 相同
【解析】(1)连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，即指针没有正对零刻度，接下来他要对电压表进行的操作是电压表调零；
(2)闭合开关后，发现两只灯泡都不亮，说明电路故障为断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为与电压表并联的灯泡L1断路；
(3)由表中数据可知：1.4V+1.4V=2.8V；
因此可以得出：串联电路总电压等于各部分电路两端的电压之和；
(4)由实验数据可知，在串联电路中，各部分电路两端电压相等，该结论是错误的，造成结论错误的原因是选用了规格相同的灯泡做实验。
故答案为：(1)电压表调零；(2)C；(3)①等于；(4)相同。
(1)电压表使用前要调零。
(2)两灯泡串联，电压表测灯泡L1两端的电压，闭合开关S后，两个电灯都不亮，说明是断路；
(3)串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和；
(4)选用了规格相同的灯泡做实验，得出串联电路中，各部分电路两端电压相等的结论。
此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。
30.【答案】平衡 0.20不能 D
【解析】解：(1)如图杠杆在此位置处于静止状态，杠杆在此位置处于平衡状态。
(2)①根据F1l1=F2l2可知，第2次实验数据中的阻力臂l2应为：l2=F1L1F2=2.0N×0.15cm1.5N=0.20m；
②用带杆的滑轮水平向左缓慢推动右边挂钩码的悬线，此时右端钩码对杠杆的拉力的力臂变小，在右边挂钩码拉力不变、左端拉力、左端拉力的力臂不变的情况下，杠杆不能平衡，故选：D。
故答案为：(1)平衡；(2)①0.20；②不能；D。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态；
(2)①根据杠杆的平衡条件求出阻力臂的大小；
②根据杠杆的平衡条件分析杠杆是否能平衡。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
31.【答案】B
【解析】解：A、核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池将光能转化为电能，故B正确；
C、新能源汽车的动力部件是蓄电池，放电时带动电动机工作将电能转化为机械能，内燃机工作时将内能转化为机械能，故C错误；
D、水能可以从自然界中直接获得是一次能源，电能是由其他能源转化来的，属于二次能源，故D错误。
故选：B。
(1)核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源；
(2)太阳能电池将光能转化为电能；
(3)蓄电池驱动新能源汽车是把电能转化为机械能，内燃机是把内能转化为机械能；
(4)从自然界直接获得不需要加工的能源是一次能源，对一次能源通过加工转化而获得的能源是二次能源。
本题考查能源的分类、太阳能的转化、电动机和内燃机的工作原理等，是一道综合题，难度不大。
32.【答案】D
【解析】解：A、因为光滑的舞台相当于平面镜，所以看到的倒影是平面镜成像，即光的反射形成的，小孔成像的原理是光的直线传播，故A错误；
B、将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像也变得模糊了，只将光屏靠近透镜移动时，又可以在光屏上看到烛焰清晰的像，说明眼镜对光线有会聚作用，是凸透镜，应用于远视眼镜，故B错误；
C、手机摄像头是一个凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头，物距变小，像距变大，像变大，故C错误；
D、由图可知，此时的物距小于像距，则成的是放大、倒立的实像，故D正确。
故选：D。
(1)平面镜成像是由于光的反射形成的；
(2)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；近视眼镜是凹透镜，远视眼镜是凸透镜；
(3)物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(4)
当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像。
本题主要考查光的反射、光的直线传播、凸透镜成像规律的应用等，还考查了远视眼的矫正方法，应注意区分。
33.【答案】B
【解析】解：A、16min内，水吸收的热量为：
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×30℃×0.2kg=2.52×104J，故A错误；
B、8min内，水吸收的热量为：2.52×104J×2=1.26×104J，若单位时间内另一种液体吸收的热量与水吸收的热量相等故另一种液体吸收的热量也是1.26×104J，故B正确；
C、c液=QmΔt=1.26×104J0.2kg×30℃=2.1×103J/(kg⋅℃)，故C错误；
D、消耗酒精4g放出的热量：
Q放=qm=3×107J/kg×4×10−3kg=1.2×105J，加热效率为：η=Q吸Q放=2.52×104J1.2×105J=21%；
故选：B。
(1)根据图像和公式Q=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)先算出水8min吸收的热量，再推算另一种液体吸收的热量；
(3)根据比热容公式计算液体比热容；
(4)先算出酒精灯放出的热量，再根据效率公式计算效率。
本题考查了比热容的计算，属于基础题。
34.【答案】CD
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=375N×4m=1500J，故A错误；
B、拉力做的有用功：W有=Gh=700N×2m=1400J，
拉力F做的额外功：W额=W总−W有=1500J−1400J=100J，故B错误；
C、拉力做功的功率：P=W总t=1500J20s=75W，故C正确；
D、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×375N−700N=50N，
则提升重力200N的物体时滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=200N200N+50N×100%=80%，故D正确。
故选：CD。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
(2)利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求拉力F做的额外功；
(3)利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力，利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求提升重力200N的物体时滑轮组的机械效率。
本题考查使用滑轮组时绳子自由端的拉力、有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
35.【答案】BD
【解析】解：(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压，向左移动滑片，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律I=UR知电路的电流变大，电流表的示数变大，由U=IR知定值电阻R1两端电压变大，电压表V1的示数变大，由串联电路电压的规律知定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；
根据串联电路电压的规律知电压表V1示数变化量的绝对值等于电压表V2示数变化量的绝对值，由于R=ΔUΔI知电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值就是定值电阻R1的阻值，向左移动滑片，由于定值电阻R1的阻值不变，所以电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值不变，故B正确；
只闭合S1时，向右移动滑片，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律I=UR知电路的电流减小，电流表的示数减小，由U=IR知定值电阻R1、R2两端的总电压变小，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变大，且定值电阻R1、R2两端电压的变化量等于滑动变阻器R3两端的电压变化量，所以R2两端的电压变化量的绝对值小于R3两端的电压变化量，故C错误；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，由于电压表V1的量程为0∼3V，即定值电阻R1两端的最大电压为3V，电路的最大电流为：I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
电路消耗的最大功率为：
P=UI=6V×0.3A=1.8W，故D正确。
故选：BD。
(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压；
由向左移动滑片判断出滑动变阻器的电阻的变化，进而判断出电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1两端电压的变化；
根据R=ΔUΔI判断出向左移动滑片，电压表V1示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量比值的变化；
只闭合S1时，由向右移动滑片判断出滑动变阻器的电阻变大和电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1、R2两端总电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端电压的变化；进而判断出定值电阻R1、R2两端电压的变化量和滑动变阻器R3两端的电压变化量以及R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量的关系；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，根据电压表V1的量程判断出定值电阻R1两端的最大电压，由欧姆定律算出电路的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
36.【答案】① 2000.11降低水的流速(或减小电阻丝的阻值)
【解析】解：(1)由“当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足。”知：水箱内水量越少，电路中总电流越小；
根据欧姆定律知：电源电压不变，电路中总电流越小，总电阻越大；
即随着水箱内水量的减少，RF所受水的压力减小；RF的阻值应随压力的减小而增大，故RF的阻值随压力的变化的图像可能是①；
(2)由图甲知RF、R串联，且U=6V、I=0.02A、R=100Ω，
根据串联电路电压、电流规律和欧姆定律得：
RF=UFI=U−URI=U−IRI=6V−0.02A×100Ω0.02A=200Ω；
(3)由题意可知，管道的横截面积为：
S=1cm2=1.0×10−4m2，
管道中每秒通过水的质量为：
m0=ρ水V=ρ水SL=1.0×103kg/m3×1.0×10−4m2×0.1m/s×1s=0.01kg；
3.6L水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3.6×10−3m3=3.6kg，
则加热时间为：
t=mm0=3.6kg0.01kg/s=360s；
根据电热计算公式知：电阻丝产生的热量为：
Q电=I2Rt=U2Rt=(220V)244Ω×360s=3.96×105J，
则消耗的电能为：
W=Q电=3.96×105J=0.11kW⋅h；
(4)为提高经过加热区后热水的温度，可以延长加热时间或提高加热功率，故可以降低水的流速或减小电阻丝的阻值。故答案为：(1)①；(2)200；(3)0.11；(4)降低水的流速(或减小电阻丝的阻值)。
(1)由题干“电磁铁线圈中的电流较小时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足。”得出水箱内水量和电磁铁线圈中的电流的关系；再结合欧姆定律判断：水箱内水量减少时，RF所受水的压力和RF阻值的变化；
(2)即热式饮水机的工作电路是串联电路，当电磁铁线圈中的电流I=0.02A时，指示灯L刚亮起，根据串联电路电压、电流规律和欧姆定律计算，此时RF的阻值；
(3)根据密度公式求出管道中每秒通过水的质量和3.6L水的质量，然后求出加热时间，由电功计算公式计算电阻丝产生的热量；
(4)要提高经过加热区后热水的温度，可以从延长加热时间和提高加热功率等方面分析回答。
本题考查电磁继电器的组成、原理和应用、串联电路的特点、密度公式、欧姆定律和电功公式的应用，本题是一道综合试题，难度较大。
37.【答案】解：(1)圆柱体的体积V=mρ=400g0.8g/cm3=500cm3；
(2)浸入水中的深度为3cm时，圆柱体排开水的体积：V排=Sh′=50cm2×3cm=150cm3=1.5×10−4m3；
此时圆柱体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10−4m3=1.5N；
圆柱体的重力G=mg=400×10−3kg×10N/kg=4N；
则此时测力计的示数：F示=G−F浮=4N−1.5N=2.5N；
(3)将圆柱体由图示位置缓慢向下浸入水中，当测力计示数为0时，若漂浮，则F浮′=G=4N，
圆柱体排开水的体积V排′=F浮′ρ水g=4N1×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3=400cm3，
其浸入水中的深度h浸=V排′S=400cm350cm2=8cm，
浸入过程中水面上升的高度Δh=V排′S容=400cm3200cm3=2cm，则此时水的深度：H=h0+Δh=10cm+2cm=12cm>8cm，
因为此时水的深度大于圆柱体浸入水中的深度，故假设成立；
只取走测力计，再打开阀门K向外放水，
2023年四川省成都市青白江区中考物理二诊试卷
1. 学物理、识生活。下列数据中符合生活实际的是( )
A. 家庭节能灯中的电流约为10A B. 家用彩色电视机的电流约为0.5A
C. 一个鸡蛋的重力约为5N D. 成年人的正常体温是39℃
2. 电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个图都与这一关系有关，其中正确的说法是( )
A. 图①是探究电磁铁的磁性与电流大小的关系
B. 图②发电机的工作原理是电生磁
C. 图③电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力
D. 图④法拉第发现了电流具有磁效应
3. 小明外出旅游，他到火车站乘坐复兴号列车，进入车厢时，发现旁边停着一列和谐号列车。坐到座位上后，透过车窗只能看到和谐号列车。一会儿，他发现和谐号动了，下列判断正确的是( )
A. 一定是和谐号运动了 B. 一定是复兴号运动了
C. 可能是两车都运动了 D. 以和谐号为参照物，他是静止的
4. 下列物态变化现象中属于升华的是( )
A. 冬天结冰的衣服直接变干 B. 露珠的形成
C. 雪的形成 D. 铁块变成铁水
5. 如图所示，是中国女子冰壶队比赛的情景。下列说法中正确的是( )
A. 运动员将冰壶推出后，冰壶能在冰面上继续滑行，说明力是维持物体运动的原因
B. 冰壶向前滑行过程中，若所有的外力同时消失，冰壶将立刻静止
C. 运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力是一对平衡力
D. 静止在水平冰面上的冰壶，受到冰面的支持力和冰壶的重力是一对平衡力
6. 关于声现象，下列描述正确的是( )
A. 声音的传播不需要介质，真空可以传声
B. 用大小不同的力敲同一音叉可以改变音叉发出声音的音调
C. “暮鼓晨钟”里的鼓声和钟声主要是依据音色来分辨的
D. 医生通过听诊器给病人诊病时，利用了声传递能量
7. 关于汽车上的信息传递，下列说法中正确的是( )
A. 导航仪利用超声波与卫星传递信息 B. 收音机利用电磁波接收信息
C. 倒车雷达利用电磁波获取信息 D. 车灯发出的可见光不属于电磁波
8. 关于质量和密度，下列叙述正确的是( )
A. “冰墩墩”从地球带往太空，质量不变
B. 密度是物质的一种性质，不同种类的物质密度一定不同
C. 水结成冰后，密度不变
D. 实验室常用弹簧测力计测量质量
9. 古诗词是我国传统文化瑰宝，有的优美词句还与我们物理知识有着联系。下列词句与对应的物理知识叙述正确的是( )
A. “不知明镜里，何处得秋霜”，霜的温度很低，它的内能为零
B. “沙暖睡鸳鸯”，同水相比沙的比热容大些
C. “大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功方式实现的
D. “春色满园关不住”，院子里花香四溢，说明分子是运动的
10. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 图甲，用吸盘搬运玻璃是靠分子引力的作用
B. 图乙，站台处设置安全线，是由于乘客靠近运行高铁的一侧空气流速大压强大的缘故
C. 图丙，座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
D. 图丁，高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，便于增大压强
11. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关
B. 用电器的开关要连接在零线和用电器之间
C. 家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路
D. 家用冰箱三孔插头损坏了，换成两孔插头后只要冰箱能使用也无大碍
12. 甲、乙是由同种材料制成的两根电阻丝，他们的粗细相同，长度不同。在不同电压下，多次测量电流值，描绘了I−U图象(如图)，从中获得的信息正确的是( )
A. 甲电阻大于乙电阻
B. 乙电阻丝较长
C. 当甲、乙电阻没有接入电路中时，电阻均为0
D. 若甲、乙电阻串联在同一电路中，则通过甲电阻的电流小于通过乙电阻的电流
13. 如图所示，欢欢同学把一只苹果丢入水中，发现苹果下沉一段距离后，又向上运动，最终漂浮在水面上，下列分析正确的是( )
A. 在水面漂浮时，苹果受到的浮力大于它受到的重力
B. 在下沉的过程中，苹果受到水的浮力减小
C. 在下沉的过程中，苹果受到水的压强不变
D. 在整个过程中，苹果受到浮力的方向总是竖直向上
14. 掷实心球是成都市中考体育选考项目之一，如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，O点是实心球刚离开手的位置，A点是实心球运动到最高点的位置，B点是实心球落地前瞬间的位置，不计空气阻力。下列说法正确的是( )
A. 实心球从O点运动到A点，动能减小，势能减小
B. 实心球在最高点A时处于平衡状态
C. 实心球从A点运动到B点动能增大，势能减小
D. 实心球在O点的机械能大于在B点的机械能
15. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是( )
A. 灯L1与灯L2并联 B. 电流表测量电路总电流
C. 电压表测量了L1两端的电压 D. 只断开开关S1，灯L2正常发光
16. 艳阳下的风凰湖畔树影婆娑，平静的湖面上小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的______ 形成的，小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像的大小变化情况是______ 。
17. 用如图所示装置“探究冰熔化时温度的变化规律”：将碎冰装入试管中，安装好器材开始实验，熔化过程中试管中的碎冰逐渐变少，此过程碎冰吸收热量，温度______ ；实验结束后烧杯中的水没有沸腾，但水面却降低了，原因是水温升高，蒸发______ 。
18. 划龙舟比赛时，现场观众能从不同角度看到本身不发光的龙舟队，这是由光发生______ 的缘故；运动员们用船桨奋力向后划水，龙舟猛向前行，这说明力的作用是______ 的。
19. 如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端。油量表是由______ 改装而成的(选填“电压表”或“电流表”或“电压表和电流表均可”)，油位变低，油量表的读数______ (选填“变大”或“不变”或“变小”)。
20. 周末，小李去商场购物，他乘坐自动扶梯上楼，下扶梯时要顺势向前走几步，不能突然站立不动，这是为了防止由于______ 而摔倒；购物后，小李乘坐电梯下楼，当电梯快到达一楼时，减速下降，站在电梯里的小李受到的合力方向是向______ 的。
21. 如图所示，这是“探究通过导体的电流与______ 的关系”的实验电路和依据测得的数据制作的表格，实验中使用的定值电阻为______ Ω。
U/V
3.0
2.0
1.0
I/A
0.60
0.40
0.20
22. 如图所示，开关S闭合，根据通电螺线管周围的磁感线分布判断直流电源的左端为______(选填“正极”或“负极”)；弹簧测力计吊着铜块在通电螺线管的上方从右端水平匀速运动到左端的过程中，弹簧测力计示数______(选填“先变小后变大”“一直不变”或“先变大后变小”)。
23. 某饮水机有加热和保温两个挡位，其工作原理如图所示，S是一个温控开关，R1为阻值为44Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2=200Ω。当饮水机处于保温状态时，______ 灯亮；饮水机处于加热状态，R1在100s产生的热量为______ J。(不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值)
24. 在“预防溺水”主题班会课上，主持人小明用光路图来解释“水池变浅”的道理，池底A点射出的光线经过水面折射进入B点的人眼，C点是人眼看到的池底A点像的位置。请你在图中画出入射光线和折射光线。
25. 如图，小球从水平面上A点向左运动到达斜面上的B点处，画出小球在A点所受重力与在B点对斜面的压力的示意图。
26. “共建文明城市，构建美好家园”，如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情境。某“雾炮车”空载时的质量为6t，它配备了一个体积为5m3水箱。
(1)若雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是多少km？
(2)雾炮车完成喷洒任务空载返程时，在平直道路上匀速直线行驶500m，行驶过程中车所受阻力大小恒为车重的0.05倍，g取10N/kg，则牵引力做的功为多少？
27. 如图所示，电源电压恒为9V，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”，电流表的量程为“0−0.6A”，小灯泡上标有“6V 3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。
(1)当开关S闭合，S1、S2断开，小灯泡正常发光，求通电1min电流通过滑动变阻器做的功；
(2)当S、S1、S2都闭合，为了保证电路中各元件的安全，求滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围。
28. 如图所示，探究影响滑动摩擦力大小的因素。
(1)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，木块没有运动，水平方向受到的摩擦力大小______ (选填“大于”“小于”或“等于”)拉力大小；
(2)比较甲、丙两次实验数据，______ (选填“能”或“不能”)得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是______ 。
29. 小明和小华同学在“探究串联电路电压的特点”：
(1)连接电路前，小明发现电压表指针如图甲所示，接下来他要对电压表进行的操作是______ ；
(2)小明根据图乙连接好电路，闭合开关后，发现两灯泡不亮且电压表示数非常接近电源电压。若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是______ ；
A.L1短路
B.L2短路
C.L1断路
D.L2断路
(3)排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中：
实验次数
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压______ 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
(4)实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是：选用的灯泡规格______ (选填“相同”或“不同”)。另外，小明的实验在设计方案上还存在另一不足之处是：实验次数太少，不能得出普遍性规律。
30. 某同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“不平衡”)状态；
(2)该同学用图乙所示的装置，通过正确的实验操作，得到下表中的数据。
实验次数
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
3.0
0.20
2.0
0.30
2
2.0
0.15
1.5
3
1.5
0.20
1.0
0.30
……
……
……
……
……
①第2次实验数据中的阻力臂L2应为______ m；
②第3次实验后，用带杆的滑轮水平向左缓慢推动右边挂钩码的悬线(保持上端悬点不动)，如图丙所示，不计摩擦，杠杆______ (选填“能”或“不能”)在水平位置保持平衡，原因是______ 。
A.拉力F1的大小和方向都发生了变化
B.拉力F1变大，方向不变
C.拉力F1的大小和方向都不变
D.拉力F1的大小不变，力臂L1变小
31. 近年来我市努力践行绿色发展理念，大力发展绿色能源。下列说法正确的是( )
A. 原子核聚变和裂变能释放出惊人的能量，所以核能是可再生能源
B. 太阳能电池板可将光能转化为电能
C. 新能源汽车的动力部件是蓄电池，其工作原理与内燃机的工作原理相同
D. 水能是一次能源，所以水力发电产生的电能也是一次能源
32. 清晨，太阳从东方冉冉升起，云缝中射出道道霞光，它让我们的大千世界五彩续纷，让我们的世界拥有了无穷奥妙。下列对光的世界的探究中，结论正确的是( )
A. 甲图，央视春晚节目《只此青绿》的临水起舞画面中，舞者在水中的“倒影”和小孔成像的原理相同
B. 乙图，小薇按照图示将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上清晰的像变模糊，只将光屏靠近凸透镜时，又能在光屏上看到清晰的像，则该眼镜是近视眼镜
C. 丙图，直播带货时，手机摄像头成的是正立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头
D. 丁图，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着凸透镜，调整位置墙上出现一朵清晰放大的“花”，胶片上的花是倒立的
33. 小丽用相同的酒精灯分别对质量为200g的水和另一种液体进行加热，16min分别消耗酒精4g，得到的实验数据如图所示。若单位时间内另一种液体吸收的热量与水吸收的热量相等，酒精的热值为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。则下列说法正确的是。( )
A. 16min内，水吸收的热量为1.2×105J
B. 另一种液体在8min内吸收的热量为1.26×104J
C. 另一种液体的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃)
D. 酒精灯的加热效率为30%
34. 小武同学家里正在修建楼房，他通过调查了解到工人利用如图的装置，20s内将重力为700N的物体匀速提升了2m，工人对绳子施加的拉力F为375N。忽略绳重和机械之间的一切摩擦。下列说法中正确的是( )
A. 拉力F做功为750J
B. 拉力F做的额外功为200J
C. 拉力的功率为75W
D. 如用该装置匀速提升重力200N的物体，则该滑轮组的机械效率为80%
35. 如图所示，电源电压恒为6V，R1=10Ω，R2=15Ω，R3的规格为“30Ω1A”，电压表V1的量程为0−3V，V2的量程为0−15V，电流表A的量程为0−0.6A，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，向左移动滑片，A示数变大，V2示数变大
B. 只闭合S1时，向左移动滑片，V2示数变化量的绝对值与A示数变化量的比值不变
C. 只闭合S1时，向右移动滑片，R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量相等
D. 闭合S1、S2时，移动滑片，在保证电路安全的情况下，电路消耗的最大功率为1.8W
36. 图甲是小明设计的一种家用即热式饮水机，R为电阻箱，RF为置于储水箱底部的压力敏感电阻，其阻值随上方水的压力的变化而变化。已知U=6V，当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足；当I>0.02A，K被吸上。电磁铁线圈电阻不计。
(1)图乙为RF的阻值与压力关系的图像，RF的阻值随压力的变化的图像可能是______ (选填①或②”)。
(2)若将电阻箱接入电路的阻值调至100Ω，则指示灯L刚亮起时RF的阻值为______ Ω。
(3)如图丙所示，水泵使水箱内的水以v=0.1m/s的恒定速度流过粗细均匀管道，管道的横截面积S=1cm2；虚线框内是长L=0.1m的加热区，阻值R=44Ω的电阻丝均匀缠绕在加热区的管道上，两端电压为220V。设水仅在加热区才被加热，且在通过加热区的过程中受热均匀，电阻丝产生的热量全部被水吸收。若某次从出水口持续接热水3.6L，则消耗的电能为______ kW⋅h。
(4)为提高经过加热区后热水的温度，请提出一种符合实际的解决办法：______ 。
37. 如图所示水平桌面上放有一个柱形游壁容器，底面积为200cm2，容器足够高，最初容器里面盛水10cm深，现将底面积为50cm2、质量为400g、密度为0.8g/cm3的不吸水圆柱体用轻质细线挂在测力计下，由图示位置缓慢竖直向下浸入水。ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。
(1)求圆柱体的体积；
(2)圆柱体下降过程中，当其浸入水中的深度为3cm时，求测力计的示数；
(3)测力计示数为0后，只取走测力计，再打开阀门K向外放水，直至容器中的水排完，整个过程中圆柱体始终保持竖直，此过程中水对容器底部的压强为p，排出水的体积为V(单位为m3)。求水对容器底部的压强p随排出水的体积V变化的函数关系式。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、家庭节能灯中的电流约为0.1A，故A错误；
B、家用彩色电视机的电流约为0.5A，故B正确；
C、一个鸡蛋的重力约为0.5N，故C错误；
D、成年人的正常体温是37℃，故D错误。
故选：B。
根据生活常识对各选项进行判断。
本题是生活常识题，属于基础题。
2.【答案】AC
【解析】解：A、电路中有滑动变阻器，所以该图即能探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，又能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故A正确；
B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故B错误；
C、电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用，故C正确；
D、法拉第发现了电磁感应，故D错误。
故选：AC。
(1)电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数的多少有关；
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关。
本题考查了电生磁、磁生电和影响电磁铁磁场强弱的因素等知识的理解，是一道综合性题目。
3.【答案】C
【解析】解：ABC、坐在复兴号列车上的小明看到和谐号动了，说明复兴号与和谐号之间的位置发生了变化，可能是复兴号运动的结果，可能是和谐号运动的结果，还可能是两车都在运动，但运动方向不同，或是运动方向相同，运动速度不同，故AB错误、C正确；
D、由ABC的分析可知，若两车都在运动，但运动方向不同，或是运动方向相同，运动速度不同，则以和谐号为参照物，他与和谐号之间发生了位置变化，所以他是运动的，故D错误。
故选：C。
研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
4.【答案】A
【解析】解：A、冬天结冰的衣服晾干，由固态直接变成了气态，属于升华现象，故A正确；
B、露珠的形成是水蒸气的液化现象，故B错误；
C、雪的形成是水蒸气的凝华现象，故C错误；
D、铁块变成铁水是熔化现象，故D错误。
故选：A。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
本题考查了学生对物态变化现象的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。
5.【答案】D
【解析】解：A、运动员将冰壶推出后，冰壶能在冰面上继续滑行，是因为冰壶具有惯性，力不是维持物体运动的原因，故A错误；
B、冰壶向前滑行过程中，若所有的外力同时消失，根据牛顿第一定律，冰壶将保持匀速直线运动状态，故B错误；
C、运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力不在一条直线上，不是一对平衡力，故C错误；
D、静止在水平冰面上的冰壶，受到冰面的支持力和冰壶的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(2)根据牛顿第一定律可做出判断；
(3)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
本题通过通过冰壶运动，考查了对力与运动的关系、惯性、牛顿第一定律、平衡力等的理解与应用，属力学基础题。
6.【答案】C
【解析】解：声音的传播需要介质，真空中不能传播声音，故A错误；
B、用大小不同的力敲同一音叉可以改变音叉发出声音的振幅，振幅的大小决定了声音的响度，故B错误；
C、利用音色可以辨别不同的乐器，所以鼓声和钟声主要是依据音色来分辨的，故C正确；
D、医生通过听诊器给病人诊病时利用的是声能传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质；
(2)力的大小决定了声音的振幅，振幅决定声音的响度；
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距声源的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(4)医生通过听诊器给病人诊病时，利用了声能传递信息。
理解声音的传播条件、掌握声音的三特性、知道声音可以传递信息和能量是解答本题的关键。
7.【答案】B
【解析】解：A、导航仪利用电磁波与卫星传递信息，超声波不能在真空中传递信息，故A错误；
B、收音机利用电磁波接收信息，故B正确；
C、倒车雷达利用超声波获取信息，故C错误；
D、车灯发出的可见光属于电磁波，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波可以传递信息；汽车上的导航仪利用电磁波与卫星传递信息。
(2)收音机可以接收电磁波的信息。
(3)倒车雷达利用超声波传递信息。
(4)可见光属于电磁波。
知道电磁波和超声波的特点及应用。
8.【答案】A
【解析】解：A、质量是物体的属性，与物体的空间位置无关，“冰墩墩”从地球带往太空，质量不变，故A正确；
B、密度是物质的一种性质，不同种类和状态的物质密度一般不同，故B错误；
C、密度与物质的状态有关，水结冰，从液体变为固态，密度发生变化，故C错误；
D.实验室常用弹簧测力计测量重力，用天平测量质量，故D错误。
故选：A。
物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都无关系；密度在数值上等于物体质量与其体积之比；密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积没有关系；物体所受的重力与质量成正比。
此题考查了质量、密度的特点，正确理解概念和规律是解答的关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、一切物体在任何温度下都有内能，霜的的温度虽然很低，但是仍然具有内能，故A错误；
B、相同质量和水和沙子相比，吸收相同的热量，由于水的比热容较大，所以水温升高幅度较小，因此水温较低；而沙子比热容小于水，所以沙子升温幅度较大，因此沙子温度较高，导致“沙暖睡鸳鸯”，故B错误；
C、大地吸收热量，内能增加，是太阳通过热传递的方式实现的，故C错误；
D、院子里花香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有内能；
(2)不同物质比热容不同，质量相同情况下，物体吸收或放出相同热量，物质比热容越大，温度变化越小；
(3)改变内能的方式包括做功和热传递；
(4)分子都在不停地做无规则运动；温度越高，分子无规则运动越剧烈。
本题考查了内能的概念、水比热容大、分子动理论以及改变物体内能的方式等知识，是一道综合题。
10.【答案】D
【解析】解：A、吸盘搬运玻璃时将吸盘里的空气排出，则玻璃在大气压的作用下吸住，所以它是利用大气压工作的，与分子引力无关，故A错误；
B、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故B错误；
C、车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、高铁车厢内的破窗锤两端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D正确。
故选：D。
(1)吸盘是利用大气压工作的；
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
此题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系、大气压的应用，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
11.【答案】A
【解析】解：A、更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关，这样才能确保人员安全，故A正确；
B、用电器的开关要连接在火线和用电器之间，这样才能确保断开开关时用电器不带电，故B错误；
C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D、家用冰箱三孔插头损坏了，换成两孔插头后，金属外壳无法接地，如果发生漏电，容易出现触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)更换灯泡或搬动电器前应断开电源开关；
(2)用电器的开关要连接在火线和用电器之间；
(3)家庭电路中电流过大的原理：短路或用电器总功率过大；
(4)有金属外壳的用电器，其外壳在接地。
本题考查了对家庭电路中安全用电做法的了解与应用，是我们应该熟知的。
12.【答案】B
【解析】解：A、由图可知当两电阻两端的电压相同时，通过甲电阻的电流大于通过乙电阻的电流，根据欧姆定律可知甲电阻小于乙电阻，故A错误；
B、导体的电阻与导体的材料、长度、粗细有关，在导体的材料、粗细相同时，导体越长，导体的电阻越大，甲、乙是由同种材料制成的两根电阻丝，他们的粗细相同，甲电阻小于乙电阻，所以乙电阻丝较长，故B正确；
C、导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与其两端的电压和通过它的电流无关，故C错误；
D、串联电路各处电流相等，若甲、乙电阻串联在同一电路中，通过甲电阻的电流等于通过乙电阻的电流，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知当两电阻两端的电压相同时，通过甲电阻的电流与通过乙电阻的电流的大小关系，根据欧姆定律比较甲、乙电阻的大小关系；
(2)根据导体电阻的影响因素分析电阻的长短；
(3)导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与其两端的电压和通过它的电流无关；
(4)串联电路各处电流相等。
本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用和影响导体电阻大小的因素，难度不大。
13.【答案】D
【解析】解：A、在水面漂浮时，苹果保持静止，受力平衡，受到的浮力等于它受到的重力，故A错误；
B、根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关，苹果在下沉的过程中，液体的密度和排开液体的体积都没有发生变化，所以受到水的浮力不变，故B错误；
C、由液体的压强公式p=ρgh可知，液体的压强大小与液体的密度和物体所处的深度有关，苹果在下沉的过程中，所处的深度h变大，受到水的压强就变大，故C错误；
D、浮力的方向总是竖直向上的，故D正确。
故选：D。
(1)漂浮在水面上的物体，浮力等于重力；
(2)根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关，苹果在下沉的过程中，液体的密度和排开液体的体积都没有发生变化；
(3)由液体的压强公式p=ρgh可知，液体的压强大小与液体的密度和物体所处的深度有关，苹果在下沉的过程中，所处的深度h变大；
(4)浮力的方向是竖直向上的。
本题考查了物体的浮沉条件、液体压强的特点、阿基米德原理的应用，属于基础题，要求掌握。
14.【答案】C
【解析】解：A、实心球从O运动到A，质量不变，速度变小，动能减小；高度增加，重力势能增大，故A错误；
B、实心球在A点时，不是静止也不是匀速直线运动，处于非平衡状态，故B错误；
C、实心球从A点运动到B点质量不变，速度变大，动能变大；高度变小，重力势能减小，故C正确；
D、不计空气阻力，实心球在O点的机械能等于在B点的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度；机械能包括动能和重力势能；
(2)物体只有处于静止状态或匀速直线运动状态时，才称为平衡状态；
(3)机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒。
本题的综合性较强，包括平衡状态的判断、动能与重力势能的转化等，要注意机械能守恒的条件。
15.【答案】B
【解析】解：ABC、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在L2上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AC正确、B错误；
D、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故D正确。
故选：B。
分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点(并联电路中各支路独立工作、互不影响)、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
16.【答案】直线传播 不变
【解析】解：地面上的树影是由光的直线传播形成的；
小鸟从水面飞上树梢，由于平面镜成像时，像与物体大小相同，所以水中的像的大小不变。
故答案为：直线传播；不变。
影子是由光的直线传播形成的；
平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
本题考查了光的直线传播、平面镜成像的特点，属于基础题。
17.【答案】不变 加快
【解析】解：①因冰是晶体，故冰在熔化过程中吸收热量，但温度保持在熔点不变。
②实验结束后水的温度升高，使得水的蒸发加快，导致水面下降。
故答案为：不变；加快。
①晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；
②表面积越大，液体温度越高，液体表面空气流动速度越大，液体蒸发越快。
本题探究冰熔化时温度的变化规律，考查晶体熔化的特点、温度计的读数和影响蒸发快慢的因素，难度不大。
18.【答案】漫反射 相互
【解析】解：我们能从不同方向看到本身不发光的物体，是因为光在物体表面上发生了漫反射，反射光线射向各个方向的缘故；因为物体间力的作用是相互的，所以运动员用船桨奋力向后划水，龙舟猛向前行。
故答案为：漫反射；相互。
(1)漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体；
(2)物体间力的作用是相互的。
本题考查了漫反射、力作用的相互性等，属于基础知识的考查。
19.【答案】电压表 变小
【解析】解：由图可知，R0与R串联，油量表与变阻器R并联；
(1)由于油量表与变阻器R并联，因此油量表是由电压表改装而成的；
(2)油位变低，浮标下降，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理可知，变阻器两端的电压变小，则油量表的读数变小。
故答案为：电压表；变小。
由图可知，R0与R串联，油量表与变阻器R并联；
(1)根据油量表与变阻器R并联结合电流表与被测电路串联、电压表与被测电路并联分析判断油量表的类型；
(2)根据油量的变化可知浮标的变化，进一步可知滑片移动的方向和变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路的分压原理可知变阻器两端的电压变化，进而判断油量表读数的变化。
本题考查了电表的正确使用、滑动变阻器和欧姆定律的应用，明白该装置的工作原理是关键。
20.【答案】惯性 上
【解析】解：(1)乘坐自动扶梯上楼，下扶梯时人由于惯性会继续向前运动，所以要顺势向前走几步，不能突然站立不动，这是为了防止由于惯性而摔倒；
(2)当电梯快到达一楼时，减速下降，人在继续下降的过程中会对电梯地面产生更大的压力，由于力的作用是相互的，电梯地面会对人产生更大的支持力，而人的重力始终不变，则支持力会大于重力，所以，站在电梯里的小李受到的合力方向是向上的。
故答案为：惯性；上。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)对人进行受力分析，从而判断其受到合力的变化。
本题考查了对惯性现象的认识以及对合力方向的判断，判断合力的前提是对人进行正确的受力分析，属易错题。
21.【答案】导体两端的电压 5
【解析】解：根据表格中记录的物理量是通过导体的电流和电压，利用表格数据结合欧姆定律R=UI可计算出实验中使用的定值电阻大小：
R=UI=3.0V0.60A=2.0V0.40A=1.0V0.20A=5Ω，
由此可判断该实验探究的是在导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压的关系。
故答案为：导体两端的电压；5。
根据表格中记录的物理量是通过导体的电流和电压，同时利用表格数据结合欧姆定律R=UI可计算出实验中使用的定值电阻大小，可判断该实验探究的内容。
本题考查了探究电流与电压的关系，注意涉及了数据分析和利用欧姆定律计算定值电阻阻值，难度不大。
22.【答案】负极 一直不变
【解析】解：(1)根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(左端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的，左端流出，所以电源的左端为负极，右端为正极；
(2)磁性材料是指铁、钴、镍等物质，铜不是磁性材料，不能与通电螺线管周围的磁场发生力的作用，故弹簧测力计吊着铜块在通电螺线管的上方从右端水平匀速运动到左端的过程中，弹簧测力计示数一直不变。
故答案为：负极；一直不变。
(1)根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极；
(2)铁钴镍等种物质能够被磁铁吸引，这类物质叫磁性物质。
本题考查了磁感线的方向、安培定则及磁性材料等知识。
23.【答案】绿 1.1×105
【解析】解：(1)由题知，R1为电加热管，不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接右边时电路中R1、R2串联，此时电路中的总电阻最大，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最小，由P=I2R可知加热管R1的电功率最小，则饮水机处于保温状态，绿灯亮；
当开关S接左边时电路中只有电阻R1，此时电路中的总电阻最小，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由P=I2R可知加热管R1的电功率最大，则饮水机处于加热状态，红灯亮；
(2)饮水机处于加热状态，R1两端的电压等于电源电压，
则R1在100s产生的热量：Q=W=U2R1t=(220V)244Ω×100s=1.1×105J。
故答案为：绿；1.1×105。
(1)当S接左边时电路中只有电阻R1，当S接右边时电路中两电阻串联，根据串联电路的电阻特点、欧姆定律和P=I2R可知饮水机处于加热状态和保温状态时电路的连接方式；
(2)饮水机处于加热状态，R1两端的电压等于电源电压，根据Q=W=U2Rt求出R1在100s产生的热量。
本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用，难度不大。
24.【答案】解：C点是人眼看到的池底A点像的位置，连接BC，与水面的交点O为入射点，连接AO为入射光线，OB为折射光线，如图所示：
【解析】光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
本题考查的是光从水中斜射向空气的折射规律，难度不大。
25.【答案】解：小球在A点所受重力作用点在球心上，方向为竖直向下；
小球在B点对斜面的压力方向为垂直于斜面向内，作用点在接触点上。如下图所示：
【解析】根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心做竖直向下的力，并标上字母G；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点是小球与斜面的接触点，根据压力的方向与接触面垂直的关系，从压力作用点表示出压力的方向即可。
在画力的示意图的考查中，有的要求画出哪个力的示意图，有的要求画出所受力的示意图，因此审题要仔细。
26.【答案】解：(1)由v=st可得，雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是：
s=vt=36km/h×2060h=12km；
(2)因雾炮车在平直道路上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以雾炮车在行驶过程中车所受牵引力为：
F牵引=f=0.05G=0.05mg=0.05×6×103kg×10N/kg=3×103N，
牵引力做的功为：
W=Fs=3×103N×500m=1.5×106J。
答：(1)雾炮车以36km/h的速度在平直路面上匀速行驶20min，行驶的距离是为12km；
(2)牵引力做的功为1.5×106J。
【解析】(1)知道雾炮车匀速行驶的速度和时间，根据v=st求出行驶的距离；
(2)雾炮车在平直道路上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出牵引力所做的功。
本题考查了速度公式和二力平衡条件、功的计算公式的应用等，难度不大。
27.【答案】解：(1)当开关S闭合，S1、S2断开，灯泡L与R0串联，由于灯泡正常发光，则灯泡两端的电压UL=6V，
由P=UI可知，通过灯泡的电流：I=PLUL=3W6V=0.5A；
根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：UR=U−UL=9V−6V=3V，
根据串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流：IR=IL=0.5A，
通电1min电流通过滑动变阻器做的功：W=URIRt=3V×0.5A×1×60s=90J；
(2)当S、S1、S2都闭合，滑动变阻器R与定值电阻R0并联，电流表测量干路的总电流；
此时通过R0的电流：I0=UR0=9V30Ω=0.3A，
根据电流表量程可知，干路的总电流最大为0.6A，
根据并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的最大电流：IR大=I大−I0=0.6A−0.3A=0.3A，
由I=UR可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UIR大=9V0.3A=30Ω，
当滑动变阻器接入电路的电阻越大时，电路中的电流越小，电路安全，所以滑动变阻器接入电路最大阻值为50Ω，
则滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为30∼50Ω。
答：(1)通电1min电流通过滑动变阻器做的功为90J；
(2)滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为30∼50Ω。
【解析】(1)当开关S闭合，S1、S2断开，灯泡L与R0串联，根据灯泡正常发光，利用P=UI求出电路中的电流；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据W=UIt求出通电1min电流通过滑动变阻器做的功；
(2)当S、S1、S2都闭合，滑动变阻器R与定值电阻R0并联，电流表测量干路的总电流；根据欧姆定律求出通过R0的电流，根据电流表量程可知干路的最大总电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，当滑动变阻器接入电路的电阻越大时，电路中的电流越小，电路安全，据此可知滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后可知滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功公式以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
28.【答案】等于 不能 没有控制压力相同
【解析】解：(1)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，木块没有运动，木块处于静止状态，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，在水平方向受到的摩擦力大小等于拉力大小；
(2)研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
故答案为：(1)等于；(2)不能；没有控制压力相同。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
29.【答案】电压表调零 C 等于 相同
【解析】(1)连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，即指针没有正对零刻度，接下来他要对电压表进行的操作是电压表调零；
(2)闭合开关后，发现两只灯泡都不亮，说明电路故障为断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为与电压表并联的灯泡L1断路；
(3)由表中数据可知：1.4V+1.4V=2.8V；
因此可以得出：串联电路总电压等于各部分电路两端的电压之和；
(4)由实验数据可知，在串联电路中，各部分电路两端电压相等，该结论是错误的，造成结论错误的原因是选用了规格相同的灯泡做实验。
故答案为：(1)电压表调零；(2)C；(3)①等于；(4)相同。
(1)电压表使用前要调零。
(2)两灯泡串联，电压表测灯泡L1两端的电压，闭合开关S后，两个电灯都不亮，说明是断路；
(3)串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和；
(4)选用了规格相同的灯泡做实验，得出串联电路中，各部分电路两端电压相等的结论。
此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。
30.【答案】平衡 0.20不能 D
【解析】解：(1)如图杠杆在此位置处于静止状态，杠杆在此位置处于平衡状态。
(2)①根据F1l1=F2l2可知，第2次实验数据中的阻力臂l2应为：l2=F1L1F2=2.0N×0.15cm1.5N=0.20m；
②用带杆的滑轮水平向左缓慢推动右边挂钩码的悬线，此时右端钩码对杠杆的拉力的力臂变小，在右边挂钩码拉力不变、左端拉力、左端拉力的力臂不变的情况下，杠杆不能平衡，故选：D。
故答案为：(1)平衡；(2)①0.20；②不能；D。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态；
(2)①根据杠杆的平衡条件求出阻力臂的大小；
②根据杠杆的平衡条件分析杠杆是否能平衡。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
31.【答案】B
【解析】解：A、核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池将光能转化为电能，故B正确；
C、新能源汽车的动力部件是蓄电池，放电时带动电动机工作将电能转化为机械能，内燃机工作时将内能转化为机械能，故C错误；
D、水能可以从自然界中直接获得是一次能源，电能是由其他能源转化来的，属于二次能源，故D错误。
故选：B。
(1)核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源；
(2)太阳能电池将光能转化为电能；
(3)蓄电池驱动新能源汽车是把电能转化为机械能，内燃机是把内能转化为机械能；
(4)从自然界直接获得不需要加工的能源是一次能源，对一次能源通过加工转化而获得的能源是二次能源。
本题考查能源的分类、太阳能的转化、电动机和内燃机的工作原理等，是一道综合题，难度不大。
32.【答案】D
【解析】解：A、因为光滑的舞台相当于平面镜，所以看到的倒影是平面镜成像，即光的反射形成的，小孔成像的原理是光的直线传播，故A错误；
B、将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像也变得模糊了，只将光屏靠近透镜移动时，又可以在光屏上看到烛焰清晰的像，说明眼镜对光线有会聚作用，是凸透镜，应用于远视眼镜，故B错误；
C、手机摄像头是一个凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头，物距变小，像距变大，像变大，故C错误；
D、由图可知，此时的物距小于像距，则成的是放大、倒立的实像，故D正确。
故选：D。
(1)平面镜成像是由于光的反射形成的；
(2)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；近视眼镜是凹透镜，远视眼镜是凸透镜；
(3)物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(4)
当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像。
本题主要考查光的反射、光的直线传播、凸透镜成像规律的应用等，还考查了远视眼的矫正方法，应注意区分。
33.【答案】B
【解析】解：A、16min内，水吸收的热量为：
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×30℃×0.2kg=2.52×104J，故A错误；
B、8min内，水吸收的热量为：2.52×104J×2=1.26×104J，若单位时间内另一种液体吸收的热量与水吸收的热量相等故另一种液体吸收的热量也是1.26×104J，故B正确；
C、c液=QmΔt=1.26×104J0.2kg×30℃=2.1×103J/(kg⋅℃)，故C错误；
D、消耗酒精4g放出的热量：
Q放=qm=3×107J/kg×4×10−3kg=1.2×105J，加热效率为：η=Q吸Q放=2.52×104J1.2×105J=21%；
故选：B。
(1)根据图像和公式Q=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)先算出水8min吸收的热量，再推算另一种液体吸收的热量；
(3)根据比热容公式计算液体比热容；
(4)先算出酒精灯放出的热量，再根据效率公式计算效率。
本题考查了比热容的计算，属于基础题。
34.【答案】CD
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=375N×4m=1500J，故A错误；
B、拉力做的有用功：W有=Gh=700N×2m=1400J，
拉力F做的额外功：W额=W总−W有=1500J−1400J=100J，故B错误；
C、拉力做功的功率：P=W总t=1500J20s=75W，故C正确；
D、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×375N−700N=50N，
则提升重力200N的物体时滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=200N200N+50N×100%=80%，故D正确。
故选：CD。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
(2)利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求拉力F做的额外功；
(3)利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力，利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求提升重力200N的物体时滑轮组的机械效率。
本题考查使用滑轮组时绳子自由端的拉力、有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
35.【答案】BD
【解析】解：(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压，向左移动滑片，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律I=UR知电路的电流变大，电流表的示数变大，由U=IR知定值电阻R1两端电压变大，电压表V1的示数变大，由串联电路电压的规律知定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；
根据串联电路电压的规律知电压表V1示数变化量的绝对值等于电压表V2示数变化量的绝对值，由于R=ΔUΔI知电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值就是定值电阻R1的阻值，向左移动滑片，由于定值电阻R1的阻值不变，所以电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值不变，故B正确；
只闭合S1时，向右移动滑片，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律I=UR知电路的电流减小，电流表的示数减小，由U=IR知定值电阻R1、R2两端的总电压变小，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变大，且定值电阻R1、R2两端电压的变化量等于滑动变阻器R3两端的电压变化量，所以R2两端的电压变化量的绝对值小于R3两端的电压变化量，故C错误；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，由于电压表V1的量程为0∼3V，即定值电阻R1两端的最大电压为3V，电路的最大电流为：I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
电路消耗的最大功率为：
P=UI=6V×0.3A=1.8W，故D正确。
故选：BD。
(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压；
由向左移动滑片判断出滑动变阻器的电阻的变化，进而判断出电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1两端电压的变化；
根据R=ΔUΔI判断出向左移动滑片，电压表V1示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量比值的变化；
只闭合S1时，由向右移动滑片判断出滑动变阻器的电阻变大和电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1、R2两端总电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端电压的变化；进而判断出定值电阻R1、R2两端电压的变化量和滑动变阻器R3两端的电压变化量以及R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量的关系；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，根据电压表V1的量程判断出定值电阻R1两端的最大电压，由欧姆定律算出电路的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
36.【答案】① 2000.11降低水的流速(或减小电阻丝的阻值)
【解析】解：(1)由“当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足。”知：水箱内水量越少，电路中总电流越小；
根据欧姆定律知：电源电压不变，电路中总电流越小，总电阻越大；
即随着水箱内水量的减少，RF所受水的压力减小；RF的阻值应随压力的减小而增大，故RF的阻值随压力的变化的图像可能是①；
(2)由图甲知RF、R串联，且U=6V、I=0.02A、R=100Ω，
根据串联电路电压、电流规律和欧姆定律得：
RF=UFI=U−URI=U−IRI=6V−0.02A×100Ω0.02A=200Ω；
(3)由题意可知，管道的横截面积为：
S=1cm2=1.0×10−4m2，
管道中每秒通过水的质量为：
m0=ρ水V=ρ水SL=1.0×103kg/m3×1.0×10−4m2×0.1m/s×1s=0.01kg；
3.6L水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3.6×10−3m3=3.6kg，
则加热时间为：
t=mm0=3.6kg0.01kg/s=360s；
根据电热计算公式知：电阻丝产生的热量为：
Q电=I2Rt=U2Rt=(220V)244Ω×360s=3.96×105J，
则消耗的电能为：
W=Q电=3.96×105J=0.11kW⋅h；
(4)为提高经过加热区后热水的温度，可以延长加热时间或提高加热功率，故可以降低水的流速或减小电阻丝的阻值。故答案为：(1)①；(2)200；(3)0.11；(4)降低水的流速(或减小电阻丝的阻值)。
(1)由题干“电磁铁线圈中的电流较小时，开关K被释放，指示灯L亮起，表示水量不足。”得出水箱内水量和电磁铁线圈中的电流的关系；再结合欧姆定律判断：水箱内水量减少时，RF所受水的压力和RF阻值的变化；
(2)即热式饮水机的工作电路是串联电路，当电磁铁线圈中的电流I=0.02A时，指示灯L刚亮起，根据串联电路电压、电流规律和欧姆定律计算，此时RF的阻值；
(3)根据密度公式求出管道中每秒通过水的质量和3.6L水的质量，然后求出加热时间，由电功计算公式计算电阻丝产生的热量；
(4)要提高经过加热区后热水的温度，可以从延长加热时间和提高加热功率等方面分析回答。
本题考查电磁继电器的组成、原理和应用、串联电路的特点、密度公式、欧姆定律和电功公式的应用，本题是一道综合试题，难度较大。
37.【答案】解：(1)圆柱体的体积V=mρ=400g0.8g/cm3=500cm3；
(2)浸入水中的深度为3cm时，圆柱体排开水的体积：V排=Sh′=50cm2×3cm=150cm3=1.5×10−4m3；
此时圆柱体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10−4m3=1.5N；
圆柱体的重力G=mg=400×10−3kg×10N/kg=4N；
则此时测力计的示数：F示=G−F浮=4N−1.5N=2.5N；
(3)将圆柱体由图示位置缓慢向下浸入水中，当测力计示数为0时，若漂浮，则F浮′=G=4N，
圆柱体排开水的体积V排′=F浮′ρ水g=4N1×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3=400cm3，
其浸入水中的深度h浸=V排′S=400cm350cm2=8cm，
浸入过程中水面上升的高度Δh=V排′S容=400cm3200cm3=2cm，则此时水的深度：H=h0+Δh=10cm+2cm=12cm>8cm，
因为此时水的深度大于圆柱体浸入水中的深度，故假设成立；
只取走测力计，再打开阀门K向外放水，
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