2023届广西省南宁市第二中学高三下学期考前模拟大演练理综物理试题（含解析）

这是一份2023届广西省南宁市第二中学高三下学期考前模拟大演练理综物理试题（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题，填空题等内容，欢迎下载使用。
2023届广西省南宁市第二中学高三下学期考前模拟大演练理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题1．如图所示，火车轨道转弯处外高内低，当火车行驶速度等于规定速度时，所需向心力仅由重力和轨道支持力的合力提供，此时火车对内，外轨道无侧向挤压作用。已知火车内，外轨之间的距离为1435mm，高度差为143.5mm，转弯半径为400m，由于内.外轨轨道平面的倾角θ很小，可近似认为sinθ=tanθ，重力加速度g取10m/s2，则在这种情况下，火车转弯时的规定速度为（　　）A．36km/h B．54km/h C．72km/h D．98km/h2．“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，阳春三月正是踏青放风筝的好时节。如图所示，在细线拉力的作用下，风筝静止在空中，下列说法正确的是（    ）A．人受到地面的作用力方向竖直向上B．气流对风筝的作用力的方向沿左上方C．气流对风筝的作用力与风筝受到的重力大小相等D．若气流对风筝的作用力大小不变，细线由实线位置变为虚线位置，则细线对人的拉力也不变3．硼中子俘获疗法是肿瘤治疗的新技术，其原理是进入癌细胞内的硼核（）吸收慢中子，转变成锂核（）和α粒子，释放出γ光子。已知核反应过程中质量亏损为，释放的γ光子的能量为E0，普朗克常量为h，真空中光速为c，下列说法正确的是（　　）A．核反应方程为B．核反应过程中亏损的质量会转化为能量C．核反应中释放出的核能为D．释放的γ光子在真空中的动量4．在地球赤道上进行实验时，用磁传感器测得赤道上P点地磁场的磁感应强度大小为B0.将一条形磁铁固定在P点附近的水平面上，让N极指向正北方向，如图所示，此时用磁传感器测得P点的磁感应强度大小为B1；现将条形磁铁以P点为轴旋转90°，使其N极指向正东方向，此时用磁传感器测得P点的磁感应强度大小应为（可认为地磁南、北极与地理北、南极重合）（  ）A．B1-B0 B．B1+B2C． D．5．如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器的A、B两极板间有一点电荷，在P点处于静止状态。以Q表示电容器储存的电荷量，U表示两极板间的电压，φ表示P点的电势。若保持极板B不动，第一次将极板A稍向上平移，第二次将极板A稍向下平移（移动后极板A的位置还在P点上方），则（　　）A．两次移动后U相同B．两次移动后点电荷都保持静止C．第一次移动后φ减小，第二次移动后φ增大D．第一次移动后Q不变，第二次移动后Q增大6．2021年6月17日，神舟十二号载人飞船与天和核心舱完成对接，航天员聂海胜、刘伯明、汤洪波进入天和核心舱，标志着中国人首次进入了自己的空间站。对接过程的示意图如图所示，天和核心舱处于半径为r3的圆轨道Ⅲ；神舟十二号飞船处于半径为r1的圆轨道Ⅰ，运行周期为T1，通过变轨操作后，沿椭圆轨道Ⅱ运动到B点与天和核心舱对接。则下列说法正确的是（　　）A．神舟十二号飞船在轨道Ⅱ上运动时经A、B两点速率B．神舟十二号飞船沿轨道Ⅱ运行的周期为C．神舟十二号飞船沿轨道Ⅰ运行的周期大于天和核心舱沿轨道Ⅲ运行的周期D．正常运行时，神舟十二号飞船在轨道Ⅱ上经过B点的加速度大于在轨道Ⅲ上经过B点的加速度 二、多选题7．如图甲所示，真空中四个点电荷分别位于正方形的四个顶点A、B、C、D上，O为正方形的中心。以O为坐标原点，平行于AB方向为x轴正方向，x轴上的电势随位置x的变化关系如图乙所示，则（　　）A．O点处的电场强度大小约为1600V/m，方向沿x轴正方向B．将一电子从由静止释放，则此后其运动过程的最大动能为C．将一电子从由静止释放，电子沿x轴正方向最远可运动至处D．将一质子从处以的初动能沿x轴正方向运动，则此后其运动过程的最大动能为8．如图甲所示，足够长的水平传送带以某一恒定速率顺时针转动，一根轻弹簧两端分别与物块和竖直墙面连接，将物块在传送带左端无初速度释放，此时弹簧恰处于原长且为水平。物块向右运动的过程中，受到的摩擦力大小与物块位移的关系如图乙所示。已知物块质量为m，物块与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，x0为已知量，则（　　）A．0～x0过程，物块所受的摩擦力方向向右B．x0～2x0过程，物块做匀加速运动C．弹簧的劲度系数为D．传送带的速度为 三、实验题9．某科学兴趣小组要验证小球平抛运动的规律，实验设计方案如图甲所示，用轻质细线拴接一小球，在悬点O正下方有水平放置的炽热的电热丝P，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断；为水平木板，已知悬线长为L，悬点到木板的距离（）。（1）将小球向左拉起后自由释放，最后小球落到木板上的C点，，则小球做平抛运动的初速度为_________。（2）图乙是以竖直方格板为背景通过频闪照相得到的照片，每个格的边长，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图所示，则小球做平抛运动的初速度为_________；过B点的速度为_________（）。（3）在其他条件不变的情况下，若改变释放小球时悬线与竖直方向的夹角θ，小球落点与O′点的水平距离x将随之改变，经多次实验，以为纵坐标、为横坐标，得到如图丙所示图像，则当时，x为_________m（此问可用根式表示）。10．某同学利用如图（a）所示的电路测量未知电阻R0的阻值与电源电动势E和内阻r，R为电阻箱，电流表内阻为1Ω。操作步骤如下：（1）测R0的阻值。先闭合开关S1和S2，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为11Ω时，电流表示数为I1；接着断开S2，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为6Ω时，电流表示数仍为I1，则R0的阻值为___________Ω，该测量原理___________（选填“有”或“没有”）系统误差。（2）保持S1闭合、S2断开，多次调节电阻箱的阻值，记录每次调节后的电阻箱的阻值R及电流表A的示数I。为了直观地得到I与R的关系，该同学以R为纵轴，x为横轴（单位为国际单位），作出如图（b）所示的一条直线，则横轴x为___________（选填“I”或“”）（3）根据图（b）可求得电源的电动势E = ___________V，r = ______Ω。（计算结果均保留二位有效数字） 四、解答题11．娃娃机是一款深受青少年喜爱的电子游戏．游戏者操控机器手臂，将毛绒玩具夹住并送往出口D点上方某处投下．如图所示，机器手臂夹住毛绒玩具从A点由静止开始竖直向上以大小为a1的加速度先做匀加速直线运动，再以大小相等的加速度a1做匀减速直线运动，到B点刚好停下；接着以加速度a2沿水平匀加速直线运动到某处C后放开手臂，使毛绒玩具从C点做平抛运动落到D处．已知毛绒玩具的质量m=100g，它的上升距离hAB=0.8m，上升时间t1=2s，出口D点到A点的距离s=0.8m．不计空气阻力重力加速度g=10m/s2．求：（1）毛绒玩具从A点竖直向上做匀加速直线时的加速度a1和受到机器手臂的抓力F；（2）若机器手臂夹着毛绒玩具从B点沿水平匀加速运动到C点的加速度a2=1.25m/s2，为使毛绒玩具能成功落入出口D点，则BC的距离为多大？12．如图粒子源可以每秒发射出个粒子，其初速度均为，进入电压为的加速电场，从电场中射出后与静止在反应区A点的铍核发生核反应，两个反应产物垂直于边界飞入探测区、探测区有一圆形磁场和粒子探测器、圆形磁场半径为，其内存在磁感应强度为的匀强磁场，圆形磁场边界与相切，探测器与平行且距圆心距离为。实验中根据碰撞点的位置便可分析核反应的生成物。为简化模型，假设每个粒子均可与铍核发生核反应，实验中探测器上有两个点（点和点）持续受到撞击，点在一直线上，且，打在点粒子穿透探测器，被探测器吸收，其中穿透的粒子能量损失，打在点的粒子全部被吸收。已知质子和中子的质量均为，原子核的质量为核子的总质量，质子电量为，不计粒子间相互作用（核反应过程除外）求：（1）粒子射出加速电场后的速度大小；（2）完成粒子与铍核发生核反应方程：（3）判断打在点的分别是什么粒子，计算其速度大小；（4）探测器上点每秒受到的撞击力大小。 五、填空题13．一定质量的理想气体分别在温度和下，保持温度不变，图是在图上画出这两条等温线．作垂直于纵轴和横轴的线，在两条等温线上的交点分别为a、b和c、d．已知d、c点到横轴的距离之比，则_________；a、b两状态的体积之比，___________． 六、解答题14．如图所示，容积为V0的导热容器中用绝热活塞隔开了A、B两种理想气体，并用一插销阻止活塞向左、右自由滑动，此时A、B气体的体积V1、V2的关系为，A、B气体的压强p1、p2与大气压强p0的关系为，初始时气体的温度与环境温度相同，均为 。现拔掉插销。（1）求平衡时A气体的压强和体积；（2）若使其中一种气体的温度升高，另一种气体的温度保持不变，使活塞在容器的正中间位置平衡，求平衡时温度升高的气体的温度。 七、多选题15．如图所示，一束由两种单色光混合的复色光沿PO方向射向一上、下表面平行的厚玻璃平面镜的上表面，得到三束光Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ。下列有关这三束光的判断正确的是（　　）A．光束Ⅰ仍为复色光，光束Ⅱ、Ⅲ为单色光B．光束Ⅱ在玻璃中的传播速度比光束Ⅲ小C．增大α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ会远离光束ⅠD．改变α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ一定与光束Ⅰ平行E．减小α角且α>0，光束Ⅲ可能会在上表面发生全反射 八、解答题16．甲、乙两列简谐横波分别沿x轴负方向和正方向传播，两波源分别位于x=0.9m处和x=-0.6m处，两列波的波速大小相等，波源的振幅均为2cm，两列波在t=0时刻的波形如图所示，此时平衡位置在x=-0.2m和x=0.1m处的P，Q两质点刚要开始振动。质点M位于x=0.3m处，已知甲波的周期为0.8s，求：（1）乙波传播到M质点所需要的时间；（2）在0~2.5s时间内， M质点沿y轴正方向位移最大的时刻。
参考答案：1．C【详解】在规定速度下，火车转弯时只受重力和支持力作用，由牛顿第二定律有可得ABD错误，C正确。故选C。2．B【详解】A．人在地面上受竖直向下的重力、向上的支持力、向右的摩擦力和斜向左上方的细线拉力，所以人受到地面的作用力，即支持力和摩擦力的合力的方向应斜向右上方，故A错误；BC．风筝受重力G，细线的拉力T和气流的作用力F处于平衡状态，如图所示重力G方向竖直向下，细线的拉力T方向斜向右下方，气流对风筝的力F的方向一定斜向左上方，且大小等于重力G和细线拉力T的合力大小，故B正确，C错误；D．当细线由实线位置变为虚线位置，即T与G的夹角减小，若气流对风筝的作用力大小不变，作出力的三角形，如图所示由此可知，细线的拉力减小，故D错误。故选B。3．D【详解】A．核反应方程应为A错误；B．核反应过程中亏损的质量不会转化为能量，B错误；C．由质能方程可知，核反应中放出的核能为C错误；D．根据，可得D正确。故选D。4．D【详解】根据题意，赤道上P点地磁场的磁感应强度大小为B0；条形磁铁N极指向正北方向时，其磁感应强度也向正北方向，故条形磁铁在P点产生的磁感应强度大小为B=B1－B0；条形磁铁N极指向正东方向时，其磁感应强度也向正东方向，此时两个分矢量垂直，故P点的合磁感应强度大小为；A. B1-B0，与结论不相符，选项A错误；B. B1+B2，与结论不相符，选项B错误；C. ，与结论不相符，选项C错误；D. ，与结论相符，选项D正确；5．D【详解】将极板A稍向上平移，极板间距d增大，由电容器决定式可知，电容C减小，若电容器两端电压U不变，电容器所带电量Q将减小，由于二极管具有单向导电性，电容器的电荷不能回到电源，所以电容器的电量Q不变。由于电容C减小，由电容的定义式可知，U变大。又得可知板间场强不变，电荷保持静止。因为极板B接地，电势为零，P点到极板B的距离不变，场强不变，则P点到极板B的电势差不变，故P点电势不变。若极板A稍向下平移，可知电容C增大，电荷可通过二极管对电容器充电，Q增大，电压U不变，故两次移动后U不同。因为两极板间距d减小，故场强减小，电荷向下移动。同样，P点到极板B的电势差减小，P点电势降低，故D正确，ABC错误。故选D。6．B【详解】A．根据开普勒第二定律得解得故A错误；B．根据开普勒第三定律得又联立解得故B正确；C．根据得可知神舟十二号飞船沿轨道Ⅰ运行的周期小于天和核心舱沿轨道Ⅲ运行的周期，故C错误；D．根据得可知正常运行时，神舟十二号飞船在轨道Ⅱ上经过B点的加速度等于在轨道Ⅲ上经过B点的加速度，故D错误。故选B。7．AB【详解】A．由题意，根据图像的斜率表示电场强度，由图像可得O点处的电场强度大小约为根据场强叠加原理，可知O点处的场强方向沿x轴正方向，故A正确；C．根据沿着电场线方向，电势逐渐降低，由图像可知，若将一电子从由静止释放，则电子先沿x轴正方向加速，根据图像的斜率表示电场强度，可知电子到达处时，由于电场强度为零，则电子加速度为零，速度达最大，接着沿x轴正方向减速，到达处时，电势与处的电势相等，根据，可知此时电子动能为零，速度为零，接着电子沿x轴负向加速，减速再次回到处，以此做往复运动，所以电子沿x轴正方向最远可运动至处，故C错误；B．结合选项C分析可知，将一电子从由静止释放，可知电子到达处时有最大动能，根据功能关系可得故B正确；D．将一质子从处以的初动能沿x轴正方向运动，则此后质子将沿x轴正方向减速，根据可知，减速到的位置，即之间的某一位置时速度减为零，接着沿x轴负方向一直加速，所以可得其运动过程的最大动能为故D错误。故选AB。8．AD【详解】AB．物块在刚释放的一段时间内相对传送带向左滑动，受到的滑动摩擦力向右，同时弹簧弹力逐渐增大，由题图乙可知当x=x0时，摩擦力发生突变，瞬间减小后，随着x正比例增大，考虑到弹簧弹力也是随x而正比例增大，由此可推知当x=x0时，物块刚好达与传送带达到共同速度，之后随着传送带继续向右运动，在x~2x0过程物块始终相对传送带静止，弹力和静摩擦力同时增大且平衡，物块做匀速直线运动，当x=2x0时，弹簧弹力大小增大至与滑动摩擦力大小相同，故A正确，B错误；C．根据前面分析可知，弹簧的劲度系数为故C错误；D．在0~x0过程，弹簧弹力从0线性增大到kx0，则此过程的平均弹力大小为设传送带的速度为v，此过程对物块根据动能定理有解得故D正确。故选AD。9．          1.5     2.5     0.52或【详解】（1）[1]小球做平抛运动，在水平方向上有在竖直方向上有联立解得（2）[2]在竖直方向上，根据可得则小球平抛运动的初速度为[3] B点的竖直分速度为过B点的速度为（3）[4]由图丙可知当时，可得10．     5     没有          2.9     2.7【详解】（1）[1][2]先闭合开关S1和S2，R0被短路，则接着断开S2，R0和电阻箱串联，则由此分析可得R1＋r＋RA = R2＋r＋RA＋R0故测R0的阻值没有误差，代入数据得11Ω = R0＋6Ω解得R0 = 5Ω（2）[3]保持S1闭合、S2断开，根据闭合电路欧姆定律可得整理解得故横轴x为。（3）[4][5]根据图（b）可得r＋RA＋R0 = 8.7Ω解得r = 2.7Ω11．（1）8m/s2；1.08N（2）0.4m【详解】（1）毛绒玩具上升过程中，根据对称性可得加速运动和减速运动的时间相等，均为t==1s根据位移时间关系可得：=解得：a1=8m/s2；对毛绒玩具进行受力分析，根据牛顿第二定律可得：F-mg=ma1，解得：F=1.08N；（2）设毛绒玩具水平匀加速运动的距离为x，放开时的速度为v，匀加速过程中，根据运动学公式可得：v2=2a2x，从C点抛出后做平抛运动，竖直方向：hAB=解得：t2=0.4s水平方向：s-x=vt2，解得：x=0.4m.12．（1）；（2）；（3）点的为中子，速度大小为，点的粒子为碳原子核，速度大小为；（4）【详解】（1）粒子在电场中运动过程中，根据动能定理可得解得（2）据电荷数守恒、质量数守恒可知，核反应方程为（3）由于打在点的粒子在磁场中不偏转，故此粒子不带电，因此打在点的粒子为碳原子核，打在点为中子，在磁场中运动轨迹如图所示出磁场时速度方向与的角度为，做圆周运动的轨道半径为，由几何关系得即则即洛伦兹力提供碳核做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律有解得核反应过程中，根据动量守恒可得解得（4）点，对于吸收的中子，由动量定理得可得设穿透后的中子速度为，则解得对于穿透的中子，由动量定理得可得探测器上点每秒受到的撞击力大小为13．     1∶3     1∶3【详解】[1]C和D两状态其体积相等，由图可得：由得[2]A和B两状态压强相等，则得：14．（1），；（2）【详解】（1）拔掉插销，气体做等温变化，最终两气体的压强相等对A气体有 对B气体有 即其中。解得。（2）因，则应该对B气体加热，A气体做等温变化，则有其中解得对B气体，由理想气体状态方程有其中解得即15．ABD【详解】A．由题意画出如图所示的光路图可知光束Ⅰ是反射光线，所以仍是复色光，而光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率的不同导致偏折分离，所以光束Ⅱ、Ⅲ是单色光，故A正确；B．由于光束Ⅱ的偏折程度大于光束Ⅲ，所以玻璃对光束Ⅱ的折射率大于对光束Ⅲ的折射率，根据可知，光束Ⅱ在玻璃中的传播速度比光束Ⅲ小，故B正确；C．当增大α角且α<90°，即入射角减小时，光束Ⅱ、Ⅲ会靠近光束Ⅰ，故C错误；D．因为厚玻璃平面镜的上下表面是平行的，根据光的入射角与反射角相等以及光的可逆性，可知改变α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ一定与光束Ⅰ平行，故D正确；E．减小α角且α>0，根据折射定律，光的折射角增大，根据光的可逆性知，光束Ⅲ不可能在上表面发生全反射，故E错误；故选ABD。16．（1）0.5s；（2），，【详解】（1）由题图可知，甲波的波长为，由于甲波的周期为，由可得两波波速大小相等，由题图可知，由可解得（2）由题图乙知乙波的波长，由可得甲波使M质点处于波峰时，应有解得乙使M质点处于波峰时，应有解得欲使两列波相遇后M质点位于波峰位置，则必有即因m、n只能取整数，故有m=l、n=0时，t=0.8sm=2、n=2时，t=1.6sm=3、n=3时，t=2.4s所以t=0时刻后的2.5s时间内，M质点沿y轴正方向位移最大的时刻分别为0.8s、1.6s和2.4s。