2023年四川省成都七中育才学校中考物理适应性试卷（6月份）（含答案）

这是一份2023年四川省成都七中育才学校中考物理适应性试卷（6月份）（含答案），共34页。试卷主要包含了1cm，0cm， 课上老师演示了如下实验等内容，欢迎下载使用。

2023年四川省成都七中育才学校中考物理适应性试卷（6月份）
1. 我国古代曾用张开的大拇指与中指间的距离作为长度单位，称为“拃”。如图所示，利用刻度尺测量某人“一拃”的长度。根据图中信息，下列说法正确的是(    )
A. 测量时，必须从零刻度线量起
B. 观察出，刻度尺的分度值为0.1cm
C. 读数时，视线可以从甲方向观察
D. 记录下，“一拃”的长度为19.0cm
2. 小明和小红说出“富强、民主、文明、和谐”几个词语，利用软件采集到的数据如表，分析数据表格可知(    )
字母
小明
小红
富强
109.2Hz
261.2Hz
民主
115.4Hz
279.0Hz
文明
120.5Hz
282.8Hz
和谐
133.2Hz
300.2Hz

A. 小明和小红声音的音色不同 B. 小明比小红声音的响度小
C. 小明比小红声音的音调低 D. 小明比小红距离接收器距离远
3. 水是人类生存环境重要组成部分。通过水三态变化，地球上水在不停地循环，关于水三态变化分析正确的是(    )
A. 阳光晒暖了海洋，海水吸热升华成为水蒸气上升到空中
B. 夏天的清晨，空气中的水蒸气遇冷汽化成小水滴，附着在花草树木上形成露
C. 高空云层中的水蒸气遇到低温的气流，熔化形成小液滴，最后可能形成雨降落地面
D. 冬天，水蒸气在寒冷高空急剧降温凝华成小冰晶，小冰晶聚集变成雪花飘满大地
4. 《锦城竹枝词》等书对四川名菜“麻婆豆腐”均有记录，关于烹饪“麻婆豆腐”的过程，下列说法正确的是(    )
A. 制作过程是高温的锅把温度传递给低温的“麻婆豆腐”
B. 制作“麻婆豆腐”的过程中是利用做功的方式增加内能
C. 制作“麻婆豆腐”的过程中，豆腐的温度越高，含有的热量越多
D. 闻到“麻婆豆腐”的香味是因为分子的热运动
5. 如图所示，小明将凸透镜(f=10cm)固定在光具座40cm的位置，探究凸透镜的成像规律，下列说法正确的是(    )


A. 将蜡烛从焦点内某处向透镜方向移动过程中，光屏上的像逐渐变大
B. 当光屏上成清晰像时，拿开光屏，眼睛从右侧去看凸透镜，会在一定范围内仍能看到像
C. 将蜡烛放在10cm刻度处，移动光屏，光屏上可得到倒立缩小的清晰像，它也是幻灯机的成像原理
D. 当光屏上成清晰像时，在贴近凸透镜左侧的位置放一个远视镜片，向右移动光屏，光屏上仍能得到清晰的像
6. 同学们在做手工时，需要用到如图所示的尖嘴钳来剪断长铁丝，当同学们握住A处时，很难剪断，于是向后握住了B处，发现很容易就剪断了，主要说明了力的作用效果与(    )


A. 力的作用点有关 B. 力的大小有关 C. 力的方向有关 D. 力的单位有关
7. 物理兴趣小组的同学对如图所示的现象进行讨论，其中错误的是(    )


A. 图甲中液体从侧面孔中流出的距离不同的实验说明液体压强与液体的深度有关
B. 图乙中对烧瓶内沸腾的水停止加热，倒置后，向瓶底浇冷水，瓶内的水会重新沸腾
C. 图丙中用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的
D. 图丁中洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理
8. 课上老师演示了如下实验：将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球(直径略大于瓶口直径)放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止，如图甲所示；然后用瓶盖堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，最终浮在水面上静止，如图乙所示。关于以上现象，下列分析错误的是(    )

A. 图甲中，乒乓球没有受到水的浮力作用
B. 图甲中，乒乓球受到的支持力与受到的重力和水的压力平衡
C. 图乙中，乒乓球受到重力、浮力和水的压力的作用
D. 图乙中，乒乓球受到水竖直向上的压力和重力的作用
9. 长征18号潜艇、大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。大连舰漂浮在水面时满载排水量是12300t，下列说法正确的是(    )
A. 大连舰满载时受到的浮力为1.23×107N
B. 大连舰从东海进入长江时，船身会下沉一些，船受到的浮力会变大
C. 长征18号潜艇是通过改变排开液体的体积来实现浮与沉
D. 长征18号潜艇从长江潜行到东海时，水舱需要从外界进水，才能继续悬浮
10. 2022年11月29日，神舟十五号飞船成功发射，标志着我国载人航天飞行任务取得圆满成功，也是中国空间站建造阶段的最后一棒，承前启后，具有里程碑意义。另据报导，神舟十六号飞船将于2023年5月中上旬发射升空，如图所示，则飞船在空中加速上升时的能量转化情况是(    )
A. 飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B. 飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C. 燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D. 没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
11. 关于摩擦起电和电路，下列说法中正确的是(    )
A. 摩擦起电实际上通过摩擦的方式产生了电荷
B. 一个泡沫小球被一个用丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，则泡沫小球可能会带负电
C. 只有电子的定向移动才会形成电流
D. 马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的
12. 图甲是由小灯泡L1、L2组成的并联电路，各元件均正确连接，已知闭合开关S后，通过L1的电流为0.4A，电流表的示数如图乙所示，下列判断正确的是(    )

A. 电流表量程未知无法读数 B. 通过L2的电流一定为0.6A
C. 通过L2的电流可能为0.2A D. 图中干路电流可能为0.2A
13. 如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是(    )

A. 三孔插座连接不正确
B. 若保险丝熔断了，一定是家里用电器功率过大造成的
C. 若闭合开关S，灯泡L不发光，用试电笔检测e点，氖管发光，则说明ae间可能出现断路
D. 发现有人触电后，应立即用手把触电的人拉离电线
14. 电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是(    )
A. B.
C. D.
15. 下列有关能量转化的说法错误的是(    )
A. 为蓄电池充电：电能转化为化学能
B. 暖水瓶塞跳起时：机械能转化为内能
C. 热机工作：化学能转化内能，内能转化为机械能
D. 电动机工作：电能转化为机械能
16. 如图是明代著名画家吴伟的饮驴图，《题老人饮驴图》中有两句诗“岸上蹄踏蹄，水中嘴对嘴”。其中“蹄踏蹄”的情境是因为光沿直线传播形成的______(选填“影子”或“像”)；“嘴对嘴”的情境是因为光的______形成的。


17. 如图是小明拍摄的天安门城楼照片，要使所成的像更大一些，小明应______ (选填“靠近”或“远离”)天安门城楼再拍摄。取景时摘下眼镜的小明看不清远处的城楼，则小明佩戴的是用______ (选填“凸”或“凹”)透镜制成的近视眼镜。
18. 如图所示，木板B在F=7N的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数是3N，则木块A受到的摩擦力的方向是______ ；当F增大到10N时，木块A受到的摩擦力______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。


19. 2023年3月23日下午，“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲了！航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，当他们将“冰墩墩”水平抛出，“冰墩墩”将______ (填运动状态)；由于物体间力的作用是______ 的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环在舱内活动。(温馨提示：在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计)
20. 小丽测小石块密度，先用天平测出小石块的质量，如图所示。接着用量筒和水测出小石块体积为10.0cm3。则小石块的密度为______ kg/m3。实验时若先测小石块体积再测小石块质量，所测小石块密度会偏______ (选填“大”或“小”)。
21. 如图所示是小聪同学利用水、弹簧测力计和金属块测量某液体密度的情景。根据图中信息可知，金属块在水中受到的浮力是______ N，所测液体的密度是______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)

22. 一种由青铜铸造，具有一对把手的盆(如图所示)，它是将熔炼的铜水浇进铸型里，经过冷却加工而成的，这一过程是______ 现象(填物态变化名称)；在盆内注半盆水，过一段时间发现盆内的水消失了，这种物态变化的过程______ (填“吸收”或“放出”)热量。

23. 小亮通过观察和研究他家汽车上的电加热座椅垫(原理如图所示)，发现该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，S为挡位切换开关，R1和R2为电热丝，电源电压为24V，R1=16Ω，R2=8Ω，若开关切换到3时，电路处于______ 档；电加热座椅垫在高温挡工作1min产生的热量______ J。
24. 《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”如图甲，司南即指南针，“柢”即握柄是磁体的S极，静止时指向地磁场的______ (选填“南”或“北”)极。如图乙，通电螺线管周围存在磁场，P点磁场的方向向______ (选填“左”或“右”)。

25. 如图所示的a、b是两条由点光源S发出后又经平面镜反射的反射光线。根据平面镜成像特点画出点光源S。


26. 人爬梯子的时候，梯子可以看做是杠杆。假设A点为人的重心，墙壁对梯子的支持力看作阻力F2，地面与梯子的接触点是杠杆的支点O，请在图中画出阻力F2的阻力臂L2和人受到的重力G。


27. 如图甲所示是一款智能地面清洁机器人，该机器人的质量为3.6kg，工作前静止时，底面装有四个轮子与水平地面接触，每个轮子与地面的接触面积为5cm2。机器人在水平地面上运动工作时，所受阻力与速度关系如图乙所示，若该机器人在20s内沿直线匀速清扫地面的距离为8m，(g=10N/kg)求：

(1)该机器人清扫地面前静止时，对水平地面的压强；
(2)该机器人工作时动力的功率。
28. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”字样，不考虑灯丝电阻的变化。滑动变阻器标有“20Ω，1A”字样。R0的阻值为8Ω，电流表的量程为0∼3A。当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器的滑片移到b端时，电流表的示数为1.4A；求：
(1)小灯泡正常发光时的电流；
(2)电源电压；
(3)当S闭合，S1、S2断开时，在保证电路安全前提下，电路消耗总功率的范围。
29. 在探究性学习活动中，某学习小组做了以下系列实验探究。

(1)该小组在“用弹簧测力计测量水平运动的物体所受到的滑动摩擦力”实验中：
①为了能测出滑动摩擦力，应将弹簧测力计______ 拉着木块沿着直线运动。
②小帆同学对利用弹簧测力计测量力的大小过程进行了以下分析，你认为不合理的是______ 。
A.若测力计在竖直方向调零后再测水平方向的滑动摩擦力，示数会偏小
B.若测力计在弹簧与金属外壳的摩擦力太大，则测力时指针示数会偏大
C.若把该装置移到月球上再测水平方向的滑动摩擦力，则测力计示数会变小
D.在测量物体重力时，若能保证物体匀速竖直上升，也能测出其重力的大小
(2)该小组研究液体内部的压强，用甲图所示的器材进行实验探究。
小明同学比较乙、丙两组实验可知，液体内部压强与液体的______ 有关。小强同学通过丙、丁两组实验探究液体内部压强与液体密度的关系，当金属盒在液体中处于相同深度时，发现U形管两侧液面的高度差对比不明显，为了使实验现象更加明显，小强可采取的操作是______ 。(填序号)
①U形管中换用密度更小的液体
②U形管中换用密度更大的液体
③换用更细的U形管
④换用更长的U形管
30. 实验小组同学在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，做出如下猜想：
猜想一：电阻可能与导体的长度有关；
猜想二：电阻可能与导体的横截面积有关；
猜想三：电阻可能与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示：
编号
材料
横截面积S/(mm2)
长度L/(m)
A
镍铬合金
1.0
0.25
B
镍铬合金
1.0
0.50
C
镍铬合金
2.0
0.25
D
锰铜合金
1.0
0.25

(1)小明设计了如图所示电路。在M、N之间分别接入不同的导体，来比较导体电阻的大小，小明认为可以根据灯泡亮度的变化来判断接入导体电阻的大小；小梦提出应该根据电流表的示数变化来判断接入导体电阻的大小。你赞同谁，理由是______ 。
(2)在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就______ (选填“增大”或“减小”)了输电线的电阻。为了验证该结论，应该选用编号为______ 的两段导体接入MN两端，进行实验。
(3)接上对应电阻丝，进行实验时发现，刚闭合开关时电流表示数较大，过一会后电流表的示数慢慢变小，你认为造成该现象的原因可能是______ 。
31. 2023年4月21日，中国“人造太阳”——大型核实验装置(EAST)创造了新的世界纪录，成功实现稳态高约束模式等离子体运行403s。EAST装置中，超导线圈中的强大电流产生强磁场，氢原子核在磁力作用下被约束在真空室的环形轨道内结合成氦原子核，同时释放出巨大的核能。下列说法正确的是(    )
A. 超导线圈利用电流的磁效应产生磁场 B. 太阳能属于不可再生能源
C. 超导线圈的电阻很大 D. 氢原子核发生的是核裂变
32. 下列对于光现象分析合理的是(    )
A. 不同颜色的光在真空中的传播速度不同
B. 平面镜成像的实验中，选择茶色玻璃代替镀膜镜面是为了获得更清晰的像
C. 斜插入水中的筷子，从水面上看由于光从水到空气发生折射，筷子水下部分向下弯折了
D. 在凸透镜成像的实验中，当蜡烛沿主光轴逐渐靠近焦点过程中，像总会逐渐变大
33. 如图甲、乙所示相同容器中装了质量都为3kg的纯净水，用不同电加热器加热，(忽略散热损失)得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，用同一加热器单位时间加热功率和加热效率相同。下列说法正确的是(    )


A. 加热相同时间，两杯水吸收的热量相同
B. 沸腾前吸收相同的热量，甲杯中水的末温比乙杯的高
C. 加热器1和加热器2的功率之比9：4
D. 加热1min时，甲容器中的水吸收热量为9.45×104J
34. 如图的装置，甲、乙分别表示两个滑轮组，连接滑轮和物体的细绳相同，绳子能承受的最大拉力为500N，物块重为200N，动滑轮重为20N，当甲的绳自由端拉力为400N，乙的绳自由端拉力为150N时，物块以0.2m/s匀速水平向左移动；当甲的绳端拉力为340N，乙的绳端拉力为F乙'时，物块处于静止状态，且物块与地面之间的摩擦力为0N，物块与水平地面粗糙程度均匀，忽略绳重及滑轮转轴摩擦，则下列说法正确的是(    )

A. 物块与地面之间的滑动摩擦力为120N
B. 物块以0.2m/s匀速向右移动，乙绳端拉力的最小功率为14W
C. F乙'=260N
D. 物块匀速移动时，乙的最大机械效率为96.2%
35. 如图所示电路，电源电压U恒定不变。只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V1的示数为1V。只闭合S1，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1。只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，电流表的示数为I2，此时电路的功率为P1，保持滑片位置不变，再闭合S1，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为P2。已知I1：I2=1：9，U1：U2=2：1。下列结果正确的是(    )
A. U=6V B. R2=5Ω
C. I1=0.2A D. P1：P2=9：11
36. 小明家新买了了一辆电动汽车，他对电动汽车的相关知识产生了兴趣，通过上网查阅资料和自己设计实验进行了一系列研究性学习。
充电电压
(V)
充电电流
(A)
充电时长
(min)
充电度数
(kW⋅h)
充电费用(元)
400

45
24.0
28.80
(1)如表是小明记录的某次充电时充电桩显示屏的即时信息显示表。请通过表中所给信息计算，充电电流为______ A。
(2)在厂家的宣传资料中，该款电动车在滑行时会带动电机“逆向发电”，将电能储存在电池内，下列说法中正确的是______ 。
A.电机“逆向发电”的过程是将电能转化为机械能的过程
B.“逆向发电”的工作原理是电磁感应
C.“逆向发电”产生的电能全部储存到电池中
D.“逆向发电”是厂家过度宣传，电机只是用电器不可能用于发电
(3)小明进一步查阅资料发现，电动汽车一般采用电磁继电器控制电动机M的通断电，利用实验器材模拟汽车启动，简易电路如图1。A与B接触时M通电，请用笔画线完成图1电路的连接。
(4)小明观察发现，该车有车速提醒功能。通过思考小明设计了如图2甲的车速提醒电路，R为定值电阻，Rv的阻值随车速的变化而改变。当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速。图2乙是Rv的阻值与车速关系的图象。图2丙是车速从0加速到100km/h过程中，Rv消耗的电功率随电流变化的图象。当压表的示数为9V时，此时车的速度是______ km/h。

37. 如图所示，实心均匀圆柱体A的质量为240g，底面积为15cm2，高度为8cm，薄壁圆柱形容器B的高度为10cm，薄壁圆柱形容器C(图中未画出)的高度为hcm，都放置在水平桌面上。容器B内装有酒精，容器C内装有水，相关数据如表所示。不考虑容器质量，忽略圆柱体A吸附液体等次要因素，已知ρ酒精=0.8g/cm3，ρ水=lg⁡/cm3，g=10N/kg。

酒精
水
质量/g
120
120
深度/cm
5
6
(1)求A的密度；
(2)将A竖直缓慢放入B内，A竖直下沉至B底部并保持静止。求此时B中酒精的深度；
(3)将A竖直缓慢放入C内，A竖直下沉至C底部并保持静止，求C对桌面的压强p(用h表示)。
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：A、长度测量时，被测物体的一端如果放在刻度尺的零刻度线上会使测量更简单，直接读出末端刻度值即为物体的长度，如果物体测量时没有从零刻度线开始而是从某一刻度线开始也可以测量，故A错误；
B、该刻度尺每大格代表10cm，每大格内包含10小格，所以每小格代表1.0cm，即该刻度尺的分度值为1.0cm，故B错误；
C、读数时，视线要与刻度尺的尺面垂直，故C错误；
D、图中大拇指尖在零刻度线位置，中指尖在19.0刻度位置，所以，“一拃”的长度为19.0cm，故D正确。
故选：D。
(1)测量时要让被测物体的一端放在刻度尺的某一刻度线上，不一定要从零刻度线量起。
(2)根据刻度尺上每大格代表长度和每大格内包含多少小格即可判定其分度值。
(3)读数时，视线要与刻度尺的尺面垂直。
(4)物体左端与零刻度线对齐，读出其右端对应刻度线即为“一拃”的长度。
本题考查了刻度尺的使用和读数，属于基本内容，难度不大。

2.【答案】C 
【解析】解：A、不同人声带的结构不同，发出声音的音色一般不同，但表中只给出了声音的频率，不能依据表中数据得出音色不同，故A错误；
B、表中只给出了声音的频率，不能判断两人声音响度的大小，故B错误；
C、由表中数据可知，在读相同的词语时，小明声音的频率总是低于小红声音的频率，因此可得出小明比小红声音的音调低，故C正确；
D、表中只给出了声音的频率，不能判断两人距离接收器距离的远近，故D错误。
故选：C。
声音的三个特性：音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
本题考查了对声音特性的认识，明确表格中所给出的信息，是正确判断的关键。

3.【答案】D 
【解析】解：A、海水变成水蒸气属于汽化现象，故A错误；
B、空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，附着在花草树木上形成露，故B错误；
C、水蒸气遇冷变成小水滴属于液化现象，故C错误；
D、水蒸气变成小冰晶属于凝华现象，故D正确。
故选：D。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
本题考查了物态变化的判断，属于基础考查，需要同学们能用所学的物理知识来解释自然现象。

4.【答案】D 
【解析】解：A、制作过程是高温的锅把内能传递给低温的“麻婆豆腐”，使其内能增加，温度升高，故A错误；
B、制作“麻婆豆腐”的过程中，“麻婆豆腐”从锅中吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式增加内能，故B错误；
C、热量是一个过程量，只能说吸收(或者放出)了多少热量，不能说某物体含有多少热量，故C错误；
D、闻到“麻婆豆腐”的香味是因为分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)做功和热传递都可以改变物体的内能；热传递过程中，内能从高温物体传递给低温物体；
(2)热量是一个过程量，不能用含有、具有等来修饰；
(3)组成物质的分子在不停地做无规则运动。
本题考查改变物体内能的方式、分子动理论以及温度、内能和热量的关系，是一道基础题。

5.【答案】B 
【解析】解：A、根据“无论实像或虚像，物靠近焦点像变大”可知，蜡烛从焦点内某处向透镜方向移动过程中，即蜡烛远离焦点，所成的虚像将变小，故A错误；
B、发光物体发出的光线经凸透镜折射后是会聚的，经过成像点后是发散的，所以眼睛必须在成像点以外的光线发散区域才能看到这个像；当眼睛在原光屏处不能看到发光体的像，眼睛靠近凸透镜也不能看到像，当眼睛从原光屏位置远离凸透镜，能看到像，故B正确；
C、当蜡烛放在10cm处，物距u=40cm-10cm=30cm>2f，成倒立缩小的实像，应用于照相机，故C错误；
D、若在贴近透镜左侧放一远视眼镜，远视眼镜为凸透镜，对光线有会聚作用，此时所成的像将靠近透镜，所以应向左移动光屏，故D错误。
故选：B。
(1)根据“无论实像或虚像，物靠近焦点像变大”可判断物距变化时，像距及像的大小的变化；
(2)实像是实际光线会聚而成，是实际存在的，和有无光屏承接无关，只是承接在光屏上像更清晰；
(3)根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系，当u>2f，成倒立、缩小的实像即可判断；
(4)根据远视镜片对光线有会聚作用可判断像的变化情况，进而得出光屏的移动方向。
此题考查了学生对凸透镜成像规律的应用，不仅要掌握成像特点与物距、像距的关系，同时要自己做出规律性的总结，如物距变化和像距变化的大小关系。

6.【答案】A 
【解析】解：当同学们握住A处时，很难剪断，于是向后握住了B处，发现很容易就剪断了，这说明力的作用点会影响力的作用效果，故A正确，BCD错误。
故选：A。
影响力的作用效果的因素有力的大小、方向和作用点。
本题考查影响力的作用效果的因素，是对基础知识的考查。

7.【答案】C 
【解析】解：A、小孔位置越低，水流喷射的越远，说明液体压强随深度的增加而增大，故A正确；
B、当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来，故B正确；
C、用吸管喝饮料时，吸管内气体压强减小，饮料在大气压的作用下被压入嘴里，所以用吸管吸饮料是大气压作用的结果，故C错误；
D、洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理，故D正确。
故选：C。
(1)液体压强随着深度的增大而增大，压强越大从瓶中喷出的水喷得越远；
(2)从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低；
(3)用吸管吸饮料是利用大气压完成的；
(4)上端开口，底部连通的仪器叫连通器。
此题考查了液体的压强、气压与沸点的关系、大气压的利用，以及连通器等知识的理解和应用，正确、全面理解概念和规律是解答的关键。

8.【答案】C 
【解析】解：AB、图甲中，乒乓球在瓶底静止，因为只有上部分有液体。乒乓球受到重力、上部液体的压力和支持力，且重力与压力的合力与支持力相同。所以，乒乓球不受浮力。故AB正确。
CD、图乙中，乒乓球处于漂浮状态，浮力等于重力，浮力也是液体对其向上的压力。故C错误、D正确。
故选：C。
根据浮力产生的原因进行分析；
两个力同时作用在同一物体同一直线上，如果物体保持静止或匀速直线运动状态，则这两个力对物体运动状态的作用效果相互抵消(合力为0)，我们就说这两个力平衡。
此题考查了浮力、二力平衡条件的应用，属于基础知识。

9.【答案】D 
【解析】解：A、满载时受到的浮力为：F浮=G排=m排g=12300×103kg×10N/kg=1.23×108N，故A错误；
B、大连舰从东海进入长江时，处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变，舰艇受到的浮力不变，故B错误；
C、潜艇的浮沉是通过改变自身重力来实现的，故C错误；
D、长征18号潜艇从长江潜行到东海时，排开液体的体积不变，由于海水的密度大于江水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知浮力变大，根据悬浮体积可知潜艇的重力变大，则水舱必须从外界进水，故D正确。
故选：D。
(1)根据F浮=G排=m排g求出满载时受到的浮力；
(2)由于军舰无论在海里还是在河里都是漂浮，通过物体的浮沉条件可知浮力不变；
(3)潜艇的浮沉是通过改变自身重力来实现的；
(4)长征18号潜艇从长江潜行到东海时，排开液体的体积不变，根据F浮=ρ液gV排分析浮力的大小变化；根据悬浮可知潜艇的重力变化，据此可知水舱里水的重力变化。
本题考查阿基米德原理的应用、物体浮沉条件及其应用；注意潜艇悬浮和漂浮时所受的浮力并不相等，虽然都处于平衡状态，由于水舱中水的重、排开液体的体积不同，故这两种状态下浮力不相等。

10.【答案】C 
【解析】解：飞船在空中加速上升时，飞船的质量不变，速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，所以该过程不是重力势能和动能的转化；机械能为动能和势能的和，所以机械能增大；火箭升空时，通过燃料的燃烧产生的内能转化为机械能；故C正确，ABD错误。
故选：C。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能=动能+势能。火箭升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量。
本题考查了机械能的变化、能量的转化，属于基础题。

11.【答案】B 
【解析】解：A、摩擦起电实质是电荷的转移，故A错误；
B、玻璃棒与丝绸摩擦，玻璃棒带正电荷，玻璃棒吸引泡沫小球，泡沫小球可能带负电也可能不带电，故B正确；
C、电荷的定向移动才会形成电流，故C错误；
D、马路两旁的路灯，当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故D错误。
故选：B。
(1)当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；摩擦起电的实质是电子的转移；
(2)带电体的性质是能吸引轻小物体；
(3)电流是电荷的定向移动形成的；
(4)并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
本题考查了串并联电路的判断、摩擦起电、电流的形成、带电体的性质等，综合性强，难度不大。

12.【答案】B 
【解析】解：由题知，灯L1、L2并联，则L1、L2分别在两个支路，由图甲知，电流表在干路上，
已知闭合开关S后，通过L1的电流为0.4A，因并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表示数应大于通过灯L1的电流，由图乙中电流表指针位置知，电流表应使用大量程，示数为1A，
所以通过灯L2的电流I2=I-I1=1A-0.4A=0.6A。
故选：B。
灯L1、L2并联，由图知，电流表在干路上，已知闭合开关S后，通过L1的电流为0.4A，根据并联电路电流规律判断电流表的量程并读数，从而得到L2的电流。
本题考查并联电路特点和电流规律的认识和理解，判断电流表所测电流、确定电流表量程是关键。

13.【答案】C 
【解析】解：A、三孔插座是“左零右火上接地”，接法正确，故A错误；
B、保险丝烧断，是因为电路电流过大，而产生电流过大的原因有两个：一是电路发生了短路，另一个是用电器总功率过大，故B错误；
 C、若闭合开关S灯泡L不发光，电路出现了断路现象，用试电笔检测e点，氖管发光，说明e点与火线之间是接通的，则说明ae之间可能出现断路，故C错误；
 D、发现有人触电后，应先切断电源，再进行救援，不能立即用手把触电的人拉离电线，否则施救者也可能触电，故D错误；
故选：C。
(1)根据三孔插座的正确接法分析；
(2)保险丝熔断的根本原因是家庭电路中的电流过大，而家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大；
(3)用测电笔检测导线时，若氖管发光，说明测电笔直接或间接地接触了火线；
(4)发现有人触电后，应先切断电源，再施救。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。

14.【答案】A 
【解析】解：A.当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故A符合题意；
B.图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故B不符合题意。
C.图中是探究电磁铁磁性的装置图，是电流的磁效应，故C不符合题意；
D.图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故D不符合题意；
故选：A。
电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。

15.【答案】B 
【解析】解：A、蓄电池充电时，消耗电能得到化学能，所以是电能转化为化学能，故A正确；
B、暖瓶塞跳起时，瓶内空气的内能减少，瓶塞获得了机械能，所以是内能转化为机械能，故B错误；
C、热机工作时，将燃料化学能转化为内能，再将内能转化为机械能，故C正确；
D、电动机工作时，消耗电能，得到机械能，所以是电能转化为机械能，故D正确。
故选：B。
判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
在自然界中，能量转化的现象很多，但需要通过一些器械装置或在一定条件下。能量的转化也是有规律可循的，例如用电器都是将电能转化成了其它形式的能。在日常的学习中我们要注意总结归纳。

16.【答案】影子  反射 
【解析】解：(1)光射到不透明的物体上，在物体的背光面会形成暗区，这就是“影子”，诗中“蹄踏蹄”的情境就是因为光沿直线传播形成的影子；
(2)驴在岸边饮水，水面上就会出现驴子的像，这是光的反射形成的虚像，与平面镜成像原理是相同的，因此会形成“嘴对嘴”的情境。
故答案为：影子；反射。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
本题考查了光的直线传播和光的反射现象，属于常见的光学现象，比较简单。

17.【答案】靠近  凹 
【解析】解：用照相机拍照时，要想成的像更大，除了更换相机镜头外，还可以让相机靠近物体(减小物距)，因此小明拍摄天安门城楼照片时，要使所成的像更大一些，应靠近天安门城楼再拍摄。
取景时摘下眼镜的小明看不清远处的城楼，说明小明是近视眼，近视眼的晶状体和角膜构成的透镜较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面；为了使像正好呈在视网膜上，应使光线延迟会聚，使所成的像相对于晶状体后移，所以应佩戴发散透镜即凹透镜。
故答案为：靠近；凹。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，成的像也越小；物距越小，像距越大，成的像也越大；
眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像就会落在视网膜的前方形成近视眼，应该配戴凹透镜予以矫正。
本题主要考查凸透镜成像规律的应用、对近视眼的成因和矫正方法的掌握，近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正。

18.【答案】水平向右  不变 
【解析】解：(1)由题意知，用7N的水平力F，拉着长木板B沿水平地面上做匀速直线运动，木块A始终静止不动，此时弹簧测力计对木块A的拉力与木块A和木板B间的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，故木块A受到的摩擦力是3N；方向是水平向右；
(2)逐渐增大F，B与A间的压力大小和接触面的粗糙程度仍不变，所以A受到的摩擦力不变。
故答案为：水平向右；不变。
摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动状态无关。滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，据此做出判断。
本题考查了有关摩擦力大小和方向的判断，关键掌握影响摩擦力大小的因素，注意摩擦力方向总是与物体相对运动趋势或相对运动方向相反。

19.【答案】做匀速直线运动  相互 
【解析】解：航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，若他们将“冰墩墩”水平抛出，由于在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计，冰墩墩不受任何外力，根据牛顿第一定律，将做匀速直线运动；由于物体间力的作用是相互的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环获得反作用力，改变自己的运动状态，实现在舱内活动。
故答案为：做匀速直线运动；相互。
(1)结合牛顿第一定律分析；
(2)力的作用是相互的。
本题考查牛顿第一定律、力的作用是相互的，属于基础题。

20.【答案】2.7×103  大 
【解析】解：由图知，小石块的质量为m=20g+5g+2g=27g；
小石块的密度为ρ=mV=27g10.0cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
先测石块的体积，取出石块再测质量时，由于石块上粘有水，所以测得石块的质量变大，体积不变，导致最终测得石块的密度会偏大。
故答案为：2.7×103；大。
(1)小石块的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和，已知小石块质量和体积，根据密度公式ρ=mV求出石块的密度；
(2)先测石块的体积，则石块上会粘有水。
此题考查了固体密度的测量过程及误差分析和密度计算公式的应用，过程简单，难度不大。

21.【答案】21.2×103 
【解析】解：由图甲可知，弹簧测力计的示数为4.8N，则金属块的重为4.8N，
根据称重法测浮力，由甲、乙两图可得物块浸没在水中受到的浮力为：F浮水=G-F示乙=4.8N-2.8N=2N；
根据阿基米德原理，金属块在水中和液体中都处于浸没状态，排开液体的体积都等于物体的体积，
所以金属块排开液体的体积为：V排=F浮水ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3，
根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力：
F浮液=G-F示丙=4.8N-2.4N=2.4N，
由阿基米德原理F浮=G排=ρ液V排g可得另一种液体的密度：
ρ液=F浮液V排g=2.4N2×10-4m3×10N/kg=1.2×103kg/m3。
故答案为：2；1.2×103。
先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数，可得金属块的重力；
根据称重法测浮力，由甲、乙两图求出金属块在水中受到的浮力；
利用阿基米德原理求出金属块排开水(另一种液体)的体积，根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力，再利用阿基米德原理求液体的密度。
本题考查了阿基米德原理、称重法测浮力的应用，以及弹簧测力计的读数方法，灵活应用阿基米德原理F浮=G排=ρ液V排g是关键。

22.【答案】凝固  吸收 
【解析】解：青铜铸造，是将熔炼的铜水浇进铸型里，经过冷却凝固加工而成的，这一过程是凝固现象；在盆内注半盆水，过一段时间发现盆内的水消失了，是水由液态变成了气态，这种物态变化的过程是汽化过程，要吸收热量。
故答案为：凝固；吸收。
(1)凝固：物质从液体变为固态的过程；
(2)汽化：物质由液态变为气态的过程，汽化时要吸收热量。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

23.【答案】低温  2160 
【解析】解：根据串联电路的电阻特点可知，当开关切换到3时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，座椅垫处于低温挡；
开关切换到2时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，座椅垫处于高温挡；
电加热座椅垫在高温挡工作1min产生的热量：Q=W=U2R1t=(24V)216Ω×1×60s=2160J。
故答案为：低温；2160。
由图可知，当开关切换到1时，电路开路，当开关切换到2时，只有R1工作，当开关切换到3时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知座椅垫高温挡和低温挡的电路连接；根据Q=W=U2Rt求出电加热座椅垫在高温挡工作1min产生的热量。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。

24.【答案】北  左 
【解析】解：“柢”即握柄，是磁体的S极，静止时指向地理的南极，即地磁场的北极(N极)。
图中电流从通电螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，因此P点磁场的方向向左。
故答案为：北；左。
(1)转动的磁体静止时，指南的一端叫南极(S极)，指北的一端叫北极(N极)。地磁场的北极(N极)在地理的南极附近。
(2)根据安培定则判断通电螺线管磁极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断P点磁场的方向。
理解地磁场与地理两极的关系和安培定则以及磁感线的方向，可解答此题。

25.【答案】解：先将两条反射光线反向延长交于一点S'(即为点光源在平面镜中的像点)，再通过平面镜作出S'的对称点S，即为点光源S的位置，并连接S与两个反射点画出两条入射光线，如图所示：
 
【解析】根据反射光线反向延长过像点，作出反光点的像点S'，再根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出发光点S的位置，补出入射光线。
本题用到了光的反射定律、反射光线反向延长过像点、像与物关于平面镜对称，提供了两种解题思路：先将反射光线反向延长作像点后由平面镜成像的对称性作发光点或先根据光的反射作出发光点，再根据平面镜成像的对称性作出像点。

26.【答案】解：重力的作用点在重心A点，方向竖直向下；作阻力F2的阻力臂L2需要过支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到力的作用线之间的垂线段即是阻力臂，如图所示：
 
【解析】重力的作用点在重心，方向是竖直向下的，据此画出重力的示意图；作阻力F2的阻力臂L2需要过支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到力的作用线之间的垂线段即是阻力臂。
本题考查了力的示意图和力臂的画法，记住重力的方向是竖直向下的、力臂是从支点到力的作用线的距离。

27.【答案】解：(1)机器人对水平地面的压力：F=G=mg=3.6kg×10N/kg=36N，
机器人对水平地面压强：p=FS=36N4×5×10-4m2=18000Pa；
(2)机器人清扫地面的速度：v=st=8m20s=0.4m/s；
由图象知，机器人清扫地面的速度为0.4m/s时，受到的阻力f=60N，
机器人做匀速直线运动，动力与阻力平衡，所以：F动=f=60N，
机器人工作时动力的功率：P=Wt=F动st=F动v=60N×0.4m/s=24W。
答：(1)该机器人对水平地面压强为18000Pa；
(2)该机器人工作时动力的功率为24W。 
【解析】(1)根据F=G=mg计算机器人对水平地面的压力，根据p=FS计算机器人对水平地面压强；
(2)根据速度的公式得到该机器人工作时在水平地面上运动的速度；由图象知，机器人受到的阻力，机器人匀速直线运动时，动力与阻力平衡，根据P=Wt=Fst=Fv计算机器人工作时动力的功率。
本题考查了速度、固体压强、功率的计算，要能从图象中获取有用信息，难度适中。

28.【答案】解：(1)由P=UI可知灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=3W6V=0.5A；
(2)当S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为R和R0的并联电路，电流表测干路的电流；
滑动变阻器滑到b端时，其接入电路的阻值最大为R=20Ω，
已知R0=8Ω，则电路总电阻为：R并=R×R0R+R0=20Ω×8Ω20Ω+8Ω=407Ω，
已知电流表示数为1.4A，即干路电流为I=1.4A，
由I=UR可知电源电压为：U=IR并=1.4A×407Ω=8V；
(3)当S闭合，S1、S2断开时，该电路为L和R的串联电路，电流表测电路中的电流；
已知灯泡的额定电流为0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表所选量程为0∼3A，
因此在保证电路安全前提下，电路中的最大电流为I大=IL=0.5A，
则电路消耗的总功率的最大值为：P大=I大U=0.5A×8V=4W；
由I=UR可知灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，
滑动变阻器滑到b端时，其接入电路的阻值最大，此时最小电流P小=U2RL+R=(8V)212Ω+20Ω=2W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电流为0.5A；
(2)电源电压为8V；
(3)当S闭合，S1、S2断开时，在保证电路安全前提下，电路消耗总功率的范围为2W-4W。 
【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，利用P=UI可求出灯泡正常发光时的电流；
(2)当S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为R和R0的并联电路，电流表测干路的电流；滑动变阻器滑到b端时，接入电路的阻值最大，已知R0的阻值，根据R并=R×R0R+R0求出电路中电阻；已知电流表的示数，即电路中的电流，再利用I=UR的变形式求出电源电压；
(3)当S闭合，S1、S2断开时，该电路为L和R的串联电路，电流表测电路中的电流；
已知灯泡的额定电流、滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程，为保证电路安全，电路中的最大电流不能超出用电器允许通过的最大值和电流表的量程，由此可知电路中的最大电流；最后根据P=UI求出电路消耗的最大总功率；
滑动变阻器滑到b端时，其接入电路的阻值最大，电路中的电阻最大，根据P=U2R求出电路的最小功率。
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是准确分析电路。

29.【答案】沿水平方向匀速  B 深度  ① 
【解析】解：(1)①只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小；
②A.若测力计在竖直方向调零后再测水平方向的滑动摩擦力，指针要回缩，故示数会偏小，合理；
B.若测力计在弹簧与金属外壳的摩擦力太大，则测力时指针示数会偏小，不合理；
C.若把该装置移到月球上再测水平方向的滑动摩擦力，因物体的重力变小，物体对支持面的压力变小，物体受摩擦力到摩擦力变小，则测力计示数会变小，合理；
D.在测量物体重力时，若能保证物体匀速竖直上升，根据二力平衡的条件，也能测出其重力的大小，合理。
故选：B。
(2)小明同学比较乙、丙两组实验可知，液体的密度相同，而深度不同，故得出液体内部压强与液体的深度有关；
①②根据p=ρgh可知，在液体产生的压强一定时，U形管液体的密度越小，左右两侧液面的高度差越大
故①可行；②不可行；
③④根据p=ρgh可知液体产生的压强与U形管的横截面积大小无关，由于与玻璃管长度无关，故③④不可行；
故选①。
故答案为：(1)①沿水平方向匀速；②B；(2)深度；①。
(1)①根据二力平衡条件分析；
②A.若测力计在竖直方向调零后再测水平方向的滑动摩擦力，指针要回缩，据此分析；
B.若测力计在弹簧与金属外壳的摩擦力太大，弹簧测力计很难拉伸，则测力时指针示数会偏小；
C.若把该装置移到月球上再测水平方向的滑动摩擦力，因物体的重力变小，物体对支持面压力变小，据此分析；
D.在测量物体重力时，若能保证物体匀速竖直上升，由二力平衡的条件分析。
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
根据p=ρgh来分析。
本题用弹簧测力计测量水平运动的物体所受到的滑动摩擦力和探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。

30.【答案】赞同小梦的方法，因为电源电压一定时，所选导体的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，通过观察电流表的示数可以更直观地判断出接入电路中导体电阻的大小  减小  A、C 电阻的大小受到温度的影响 
【解析】解：(1)由于电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，所以不可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况，通过观察电流表的示数可以更直观地判断出接入电路中导体电阻的大小；
(2)细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，这样就减小了输电线的电阻，导线上消耗损失的电能也就减小了；为了验证该结论，探究导线电阻与导线的横截面积的关系，应控制导线的长度和材料、温度相同，导线的横截面积不同，因此应该选用编号为A与C的两段导体接入MN两端，进行实验；
(3)接上对应电阻丝进行实验，刚闭合开关时，电阻丝的温度较低，电阻较小，因此刚闭合开关时电流表示数较大，过一会后电阻丝的温度升高，电阻变大，因此电流表的示数慢慢变小，说明电阻的大小受到温度的影响。
故答案为：(1)赞同小梦的方法，因为电源电压一定时，所选导体的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，通过观察电流表的示数可以更直观地判断出接入电路中导体电阻的大小；
(2)减小；A、C；
(3)电阻的大小受到温度的影响。
(1)若电阻变化不大时，灯泡的亮暗变化不大，不能通过灯泡的亮暗变化的方法判断出电流的变化；
(2)当导体的材料和长度、温度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小；利用控制变量法分析解答；
(3)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度、横截面积和温度。
在探究影响导体电阻大小的因素的实验中，用到了控制变量法和转换法，需对这两个方法有清晰的理解，是做这类题的关键。

31.【答案】A 
【解析】解：A、超导线圈利用电流的磁效应产生磁场，故A正确；
B、太阳能属于可再生能源，故B错误；
C、超导线圈的电阻为0，故C错误；
D、氢原子核发生的是核聚变，故D错误。
故选：A。
(1)电流的磁效应进行解答；
(2)能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源；不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源；
(3)超导材料处于超导态时电阻为零，能够无损耗地传输电能；
(4)氢原子核发生的是核聚变。
本题主要考查了能源的分类、超导材料的特点和应用、电流的磁效应以及核能的利用等知识，是一道易错题。

32.【答案】D 
【解析】解：A、不同颜色的光在真空中的传播速度相同，故A错误；
B、实验时选择透明的茶色玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的像的蜡烛B，便于确定像的位置，故B错误；
C、将一根筷子插入盛水的碗中，筷子在水面处看起来变折了，这是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，人们逆着折射光线看过去，误认为光是沿直线传播的，会感到筷子的位置比实际位置高一些，所以看起来是向上弯折了，故C错误；
D、凸透镜成实像时，物体靠近焦点时，像变大；凸透镜成虚像时，物体靠近焦点时，物距变大，像变大，故D正确。
故选：D。
(1)光的传播速度与光的颜色无关；
(2)玻璃板既能透过光线，又能反射光线；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射；
(4)凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；凸透镜成虚像时，物距减小，像距变小，像变小。
本题考查了凸透镜的成像规律、平面镜成像的特点、光的传播速度，难度不大，都是基础知识，要掌握。

33.【答案】C 
【解析】解：A、实验中，用不同加热器加热，相同时间内两加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，故A错误；
B、两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，水的比热容不变，根据Δt=Q吸cm可知，两杯水升高的温度应相同，由图知甲杯中水的初温低，则此时甲杯中水的末温比乙杯的低，故B错误；
C、两容器中水的质量相同，设为m，
由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度：Δt甲=40℃-10℃=30℃，
则甲容器中水吸收的热量：Q吸1=c水mΔt甲=c水m×30℃；
加热3min时，乙容器中水升高的温度：Δt乙=40℃-20℃=20℃，
则乙容器中水吸收的热量：Q吸2=c水mΔt乙=c水m×20℃；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，
即Q放1=Q吸1=c水m×30℃，Q放2=Q吸2=c水m×20℃，
所以两加热器放出热量之比为Q放1：Q放2=c水m×30℃c水m×20℃=3：2，
两加热器的加热时间之比为t1：t2=2min：3min=2：3，
则加热器1和加热器2的功率之比：P1P2=Q放1t1Q放2t2=Q放1Q放2×t2t1=32×32=94，故C正确；
D、由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，
所以，加热1min时，甲容器中水升高的温度：Δt甲'=12Δt甲=12×30℃=15℃；
此时甲容器中的水吸收热量：Q吸=c水mΔt甲'=4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg×15℃=1.89×105J，故D错误。
故选：C。
(1)由题知，用不同的加热器进行加热，则在相同的时间内加热器放出的热量不同，说明在相同的时间内两杯水吸收的热量不同；
(2)两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，根据Δt=Q吸cm可判断两杯水升高的温度的关系；
(3)两容器中水的质量相同，设为m；由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度Δt甲=30℃，根据吸热公式表示出甲容器中水吸收的热量；
由图丙可知，加热3min时，乙容器中水升高的温度Δt乙=40℃-20℃=20℃，根据吸热公式表示出乙容器中水吸收的热量；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，据此可求出两加热器放出热量之比，并求出两加热器的加热时间之比，最后根据P=Q放t计算两加热器的功率之比；
(4)由图可知水的温度变化随时间的增加而均匀升高，据此判断加热1min时甲容器中水升高的温度，已知水的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt计算此时甲容器中的水吸收热量。
本题考查了吸热公式的灵活运用，本题需要注意是利用的不同加热器，则相同的时间产生的热量不同，解题的关键是从图象中获取有用信息。

34.【答案】AD 
【解析】解：
A、忽略绳重及滑轮转轴摩擦，
甲滑轮组由物体向左的拉力F1=F甲=400N，
乙滑轮组对物体向右的拉力为F2，2F乙=F2+G动，
所以F2=2F乙-G动=2×150N-20N=280N，
物块以0.2m/s匀速水平向左移动时，物体水平方向受到的拉力F1与F2、水平地面对它向右的摩擦力f平衡，所以F1=F2+f，
则物块与地面之间的滑动摩擦力f=F1-F2=400N-280N=120N，故A正确；
B、物块以0.2m/s匀速向右移动时，受到水平地面的摩擦力水平向左，此时甲滑轮组对物体拉力F1、水平地面对它的摩擦力f与乙滑轮组对物体拉力F2平衡，即F1+f=F2，
当甲滑轮组对物体拉力F1=0时，乙滑轮组对物体拉力F2最小，所以F乙小=f=120N，
乙绳端的最小拉力F乙小=12(F2小+G动)=12×(120N+20N)=70N，
乙绳端拉力的最小功率P=Wt=F乙小st=F乙小v=F乙小×2v物=70N×2×0.2m/s=28W，故B错误；
C、物块处于静止状态，且物块与地面之间的摩擦力为0N时，物体受到甲、乙滑轮组的拉力平衡，
F1=F甲=400N，所以F2'=F1=400N，
此时乙的绳端拉力F乙'=12(F2'+G动)=12×(400N+20N)=210N，故C错误；
D、当乙滑轮组拉拉物体的力达到最大500N时，乙滑轮组的机械效率达到最大值，
η=W有W总=W有W有+W额=F最大s物F最大s物+G动s物=F最大F最大+G动=500N500N+20N≈96.2%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图知，甲滑轮组中，两个滑轮都是定滑轮，乙滑轮组通过动滑轮绳子的段数n=2；
设甲、乙滑轮组对物体的拉力分别为F1和F2，忽略绳重及滑轮转轴摩擦，由F1=F甲，2F乙=F2+G动计算出F1和F2的大小，物体水平向左移动，此时物体受到的拉力F1与F2、水平向右的摩擦力平衡，据此计算出物块与水平地面之间的滑动摩擦力；
(2)物块以0.2m/s匀速向右移动时，受到水平地面的摩擦力向左，当甲滑轮组对物体拉力为0时，乙滑轮组对物体的拉力最小，乙绳端拉力也最小，由F乙小=12(F2小+G动)计算乙绳端的最小拉力，根据P=Wt=F乙小st=F乙小v=F乙小×2v物计算乙绳端的最小功率；
(3)物块处于静止状态，且物块与地面之间的摩擦力为0N时，物体受到甲、乙滑轮组的拉力平衡，F1=F甲=500N，根据F乙=12(F2'+G动)计算F2的大小；
(4)当乙滑轮组拉拉物体的力达到最大600N时，乙滑轮组的机械效率达到最大值，根据η=W有W总=W有W有+W额=F最大s物F最大s物+G动s物=F最大F最大+G动计算物块匀速移动时乙的最大机械效率。
本题考查了平衡力知识的应用、功率计算、滑轮组拉力的计算以及滑轮组机械效率的计算，过程复杂，难度较大。

35.【答案】BD 
【解析】解：(1)只闭合S1，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，
由串联电路的电阻特点和分压原理可知：U1U2=R1+R2R3=21，
解得：R1+R2=2R3……①
此时电路中的电流：I1=UR总=UR1+R2+R3，
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，R2、R3并联，电流表测干路电流I2，
由并联电路的电流特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I2=I2'+I3'=UR2+UR3，
已知：I1：I2=1：9，
即：UR1+R2+R3UR2+UR3=19……②
由①②解得，R1=3R2，R3=2R2；
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，
由并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，则此时通过R1的电流I1'=0.2A，
由并联电路的分流原理可知，通过R1、R2的电流之比：I1'I2'=R2R1=R23R2=13，
则通过R2的电流：I2'=3I1'=3×0.2A=0.6A，
此时通过R3、R2的电流之比：I2'I3'=R3R2=2R2R2=21，
通过R3的电流：I3'=12I2'=12×0.6A=0.3A，
则由并联电路的电流特点可知，R2、R3并联时，干路电流：I2=I2'+I3'=0.6A+0.3A=0.9A，
由I1：I2=1：9可知，R1、R2、R3串联，电路中的电流：I1=19I2=19×0.9A=0.1A，故C错误；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，串联电路的电压特点和欧姆定律可知，
电源电压：U=U2'+U3'=U2'+IR3=1V+0.2A×R3……③
根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，
R1、R2、R3串联时的电源电压：U=I1R总=I1(R1+R2+R3)=I1(4R2+R3)=I1×3R3=0.1A×3R3……④
由③④解得：R3=10Ω，U=3V，故A错误；
则R2=12R3=12×10Ω=5Ω，故B正确；
(2)由并联电路的电流特点可知，R1、R2、R3并联时干路的电流：I'=I2+0.2A=0.9A+0.2A=1.1A，
由P=UI可知，P1P2=UI2UI'=I2I'=0.9A1.1A=911，故D正确。
故选：BD。
(1)只闭合S1，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，根据U1：U2=1：2和串联电路的分压原理求出R1和R2与R3的关系；
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，R2、R3并联，电流表测干路电流I2，根据I1：I2=1：9和欧姆定律列出表达式可求R1和R2与R3的关系，进而求出R1与R2、R3与R2的关系；
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，根据并联电路的分流原理分别求出通过R2、R3的电流，根据并联电路的电流特点求出I2，再根据I1：I2=1：9求出I1；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压；再根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出R1、R2、R3串联时的电源电压，解方程求出R3的阻值和电源电压，进而求出R2的阻值；
(2)根据并联电路的电流特点求出R1、R2、R3并联时干路的电流，根据P=UI求出P1：P2。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。

36.【答案】80 B 50 
【解析】解：(1)充电电流：I=WUt=24×3.6×106J400×45×60s=80A；
(2)AD.电机“逆向发电”的过程是将机械能转化为电能的过程，电机可用于发电，故AD错误；
B.“逆向发电”的工作原理是电磁感应，故B正确；
C.“逆向发电”产生的电能部分储存到电池中，故C错误；
故选B；
(3)由图1可知，当开关闭合，电磁铁有磁性，衔铁被吸下，A与B接触M通电，电路连接如下图所示：
；
(4)图甲的电路中，R与RV串联，电压表测RV的电压，电流表测通过电路的电流，
由图丙可知，电流为I1=0.2A时，RV的功率为P1=2.0W；根据P=UI可得电压表的示数U1=P1I1=2.0W0.2A=10V，
电流为I2=0.3A时，RV的功率为P2=2.7W，此时电压表的示数U2=P2I2=2.7W0.3A=9V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压U=U1+I1R=U2+I2R，
即10V+0.2A×R=9V+0.3A×R，
解得R=10Ω，
电源电压U=U1+I1R=10V+0.2A×10Ω=12V；
当压表的示数为9V时，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I'=U-UVR=12V-9V10Ω=0.3A，
此时Rv的阻值：RV=UVI'=9V0.3A=30Ω，
由图乙知，速度越小，RV的阻值越小，根据电阻的串联和欧姆定律可知电流越大，故当电流为0.6A时对应的速度为0，
根据欧姆定律和电阻的串联，则车速为0时，图乙中图线与纵坐标相交点的电阻值：R'V=UI3-R=12V0.6A-10Ω=10Ω；
当车速为100km/h，电流最小为0.2A，
由欧姆定律和串联电路的规律，此时RV的阻值：R''V=UI1-R=12V0.2A-10Ω=50Ω；
设RV=kv+b，将(0km/h,10Ω)、(100km/h,50Ω)代入RV=kv+b，根据数学知识可得RV=0.4Ω⋅h/km×v+10Ω，
将RV=30Ω代入可得0.4Ω⋅h/km×v+10Ω=30Ω，解方程可得v=50km/h。
故答案为：(1)80；(2)B；(3)见解答图；(4)50。
(1)根据W=UIt计算充电电流；
(2)电机“逆向发电”的过程是将机械能转化为电能的过程，电机可用于发电，“逆向发电”的工作原理是电磁感应，“逆向发电”产生的电能部分储存到电池中；
(3)电磁继电器的实质是一个开关，据此连接电路；
(4)由图丙知电流为I1=0.2A时，RV的功率为P1=2.0W；电流为I2=0.3A时，RV的功率为P2=2.7W；根据P=UI分别得出电压表示数的示数；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示电源电压，列方程求出R和电源电压U；
根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算当压表的示数为9V时通过电路的电流，根据欧姆定律计算此时Rv的阻值，
由图乙知，速度越小，RV越小，根据电阻的串联和欧姆定律可知电流越大，确定当电流为0.6A时对应速度为0，根据欧姆定律和电阻的串联可求出车速为0时，图乙中图线与纵坐标相交点的电阻值大小，确定当车速为100km/h时电流大小，由欧姆定律和串联电路的规律求出此时RV，根据数学知识求出函数关系，进一步计算电压表的示数为9V时的车速。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式以及电磁感应原理的灵活运用，有一定难度。

37.【答案】解：(1)已知A的质量mA=240g，体积VA=SAhA=15cm2×8cm=120cm3；则ρA=mAVA=240g120cm3=2g/cm3；
(2)已知酒精的密度和质量，由ρ=mV可得酒精的体积V酒精=120g0.8g/cm3=150cm3；又酒精在B容器中的深度h酒精=5cm，则容器B的底面积SB=150cm35cm=30cm2；
把圆柱体A放入容器B中，此时B中酒精的深度hB=V酒精SB-SA=150cm330cm2-15cm2=10cm>8cm，此答案不合理；
把圆柱体A放入容器B中，V总=VA+V酒精=120cm3+150cm3=270cm3，此时B中酒精的深度hB=V总SB=270cm330cm2=9cm；
(3)已知水的质量和密度，可求水的体积V水=m水ρ水=120g1g/cm3=120cm3；水在C容器中的深度h水=6cm，则C容器的底面积SC=V水h水=120cm36cm=20cm2；容器C的体积VC=SCh=20cm2×hcm=20hcm3；
当A全部浸没时，即12cm>h≥8cm时，根据阿基米德原理可知，V溢=V水+VA-VC；mcm3=120cm3+120cm3-20hcm3=(240-20h)cm3；即溢出水的质量：m=240-20h，此时剩余质量：m剩=mA+m水-m=240g+120g-(240-20h)g=120g+20hg(12cm>h⩾8cm)，
则C容器对桌面的压力：F=G=m剩g=(120+20h)×10-3kg×10N/kg=(1.2+0.2h)N(12cm>h⩾8cm)，
由p=FS可得：C对桌面的压强p=FSC=(1.2+0.2h)N20×10-4m2=(6+h)×102Pa(12cm>h≥8cm)，
若容器高度大于等于12cm时，则水不会溢出，则压强不会随着h变大，此时C对桌面的压强p=FSC=(1.2+0.2h)N20×10-4m2=(6+h)×102Pa=(6+12)×102Pa=1.8×103Pa。
若A的高度大于h，即h≤8cm时，则A浸没的体积为VA'=SAh=15hcm3；依据阿基米德原理有：V溢=V水+VA'-VC，mcm3=120cm3+15hcm3-20hcm3=(120-5h)cm3；即m=120-5h，此时剩余质量：m剩'=mA+m水-m=240g+120g-(120-5h)g=240g+5hg，
则C容器对桌面的压力：F'=G'=m剩'g=(240+5h)×10-3kg×10N/kg=(2.4+0.05h)N，
由p=FS可得：C对桌面的压强p=F'SC=(2.4+0.05h)N20×10-4m2=(12+0.25h)×102Pa(h≤8cm)。
答：(1)A的密度为2g/cm3；
(2)B中酒精的深度为9cm；
(3)求C对桌面的压强p=(12+0.25h)×102Pa(h≤8cm)或p=(6+h)×102Pa(12cm>h≥8cm)或p=1.8×103Pa(h≥12cm)。 
【解析】(1)根据ρ=mV即可求解；
(2)由密度公式可求酒精的体积，进而可求B容器的底面积SB；A放入B中后酒精的深度hB可由V酒精=(SB-SA)hB求解；
(3)由水的质量和水的深度可求容器C的底面积SC，利用密度公式可求溢出水的体积V溢，再由V溢=V水+VA-VC即可求解溢出水的质量，再求出容器中剩余的质量，最后用p=FS可得压强表达式。
本题考查密度公式、阿基米德原理的应用、压强公式的应用，掌握密度公式及其应用、弄清A在液体中的体积关系是解答本题的关键。