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2023年福建省莆田市秀屿区中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2023年福建省莆田市秀屿区中考物理模拟试卷（含答案），共29页。
2023年福建省莆田市秀屿区中考物理模拟试卷
1. 下面一些物理量估值与实际情况相符的是( )
A. 一瓶矿泉水重约50N B. 一名普通中学生行走时的速度约为5m/s
C. 一台空调的额定功率为100W D. 中学生上4层楼克服重力做功约4500J
2. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。如图所示，下列节气名与其有关的物态变化正确的是( )
A. 图1谷雨中“雨”的形成是汽化现象 B. 图2白露中“露”的形成是熔化现象
C. 图3大雪中“雪”的形成是升华现象 D. 图4霜降中“霜”的形成是凝华现象
3. 关于图中的声现象，下列分析正确的是( )
A. 汽车的超声波倒车雷达在太空中依然可以发挥作用
B. 演奏小提琴者通过手指在弦上按压位置的变化来改变声音的响度
C. 安装噪声监测仪可以从声源处控制噪声
D. 高速公路上某些路段两旁的透明板墙可以在传播途径上减弱噪声
4. 诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识紧密联系，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是( )
A. “溪边照影行，天在清溪底。”--诗句中的“天”是由于光的折射形成的虚像
B. “水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”--看到水中游鱼细石是光的直线传播形成的
C. “人面桃花相映红”--桃花呈红色是因为它能吸收红光
D. “掬水月在手，弄花香满衣”--诗句中的“月”，是由于光的反射形成的虚像
5. 影片“流浪地球”开启了中国科幻元年，其中“点燃木星”将地球推开，相当于内燃机的
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
6. 关于能源、信息和材料，下列说法正确的是( )
A. 核能是一次能源，也是可再生能源
B. 用光导纤维制成的光缆是利用电磁波传递信息，可以在很短时间内传递大量的信息
C. 航空器材常采用密度大的合金，可以减小航空器的质量
D. 若用超导材料制造电炉丝可以大大提高电能利用率
7. 如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是( )
A. 机器人静止时，没有惯性
B. 机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦
C. 机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力
D. 机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力
8. 2023年2月10日，神舟十五号航天员在机械臂的协同配合下完成了舱外组装等任务。机械臂在工作时是一个费力杠杆，如图所示的工具使用时也属于这一类的是( )
A. 核桃夹子 B. 取碗夹
C. 开瓶器 D. 裁纸刀
9. 2023年4月14日晚，我国境内进行了一次陆基中段反导拦截技术试验，试验达到了预期的目的。陆基中段反导拦截技术主要是指在大气层外、洲际弹道导弹的飞行中段拦截来袭导弹，要在飞行中段对来袭导弹进行雷达识别、判断轨迹和速度，并进行跟踪，再发射拦截弹和来袭导弹弹头对撞完成拦截。下列说法不正确的是( )
A. 燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能
B. 拦截过程中，拦截弹与来袭导弹相对运动
C. 拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用
D. 导弹在上升过程中重力变大
10. 如图是部分家庭电路示意图，正常发光的电灯突然熄灭，经检查保险丝完好，用测电笔检查a、b、c三点，氖管均发光，造成这现象的原因可能是( )
A. 电灯的灯丝断路 B. cd间断路 C. 插座发生短路 D. 进户的火线断路
11. 如图所示，用相同滑轮装成的甲、乙两个滑轮组分别将同一个物体在相同时间内匀速提高相同高度，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是( )
A. F甲=F乙
B. 甲、乙绳子自由端移动的速度相同
C. 甲、乙两个拉力的功率相同
D. 乙滑轮组的额外功多
12. 如图所示的家用挂烫机为我们的生活提供了很多的方便，为了熨烫不同材质的衣料，一共设置了低温、中温和高温三挡，下列设计的电路图中能通过开关通断，调节出高、中、低三挡温度的电路图是( )
A.
B.
C.
D.
13. 测温棚内的自动测温装置除测量体温外还能记录通过的人数，如图所示是其简化电路，R0为定值电阻，R为光敏电阻，电源电压恒为3V。闭合开关，无人通过时，电压表示数为2.5V，有人通过时，挡住射向光敏电阻R上的光，R的阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，装置计数一次。下列说法正确的是( )
A. 有人通过时，通过R0的电流变小 B. 有人通过时，电路的总功率变小
C. 无人通过时，R的阻值为25Ω D. 无人通过时，R0的功率为0.2W
14. 如图甲所示，物体A是一个正立方体，重力为4.8N，硬杆B一端固定在容器底，另一端固定在A底部。现缓慢向容器中倒入密度为ρ的某种液体至A刚好浸没，硬杆B受到物体A的作用力F的大小随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积，g取10N/kg。下列说法正确的是( )
A. 液体密度ρ为0.8×103kg/m3
B. 硬杆B的长度为6cm
C. 液体深h为13cm时，仅将硬杆B撤去，物体A在原来的位置保持静止
D. 液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，F可能增大为4.8N
15. 为了应对新型冠状病毒肺炎，防疫人员将消毒液喷洒在室外的楼道、走廊里，不一会儿室内也闻到了消毒水的气味，这种现象表明______，不久后，喷洒过的潮湿地面会逐渐变干，这是______(填物态变化名称)现象。
16. 甲、乙两个带电的气球，悬挂在天花板上的同一个点上，静止时呈现如图所示情形。这两个气球带的是______(选填“同”或“不同”)种电荷，其中甲球对乙球的力记为F1，乙球对甲球的力记为F2，可以判断F1______F2(选填“>”、“<”或者“=”)
17. 某国产品牌手机具有北斗卫星消息的收发功能，如图所示，在身处荒漠无人区等无地面网络信号覆盖环境下，该手机可通过畅连APP将文字和位置信息向外发出，信息是通过______ (选填“超声波”“次声波”或“电磁波”)传递的，到达北斗卫星时传播速度是______ m/s。
18. “五一”假期，山东淄博烧烤爆红网络。食物从生的到被烤熟，是通过______ 方式改变内能的；烤串使用的竹签，是通过减小______ 的方法来增大压强，食物更容易串成串。
19. 如19图甲所示，4月28日，由中规公院设计、中交二航局参建的国家重大工程深中通道零丁洋大桥合龙。深中通道全长约24公里，行车最高时速为100公里，建成后从深圳到中山的车程由原来的2小时缩减至20分钟，汽车的平均速度为______ km/h，假设汽车的平均速度不变，建成前汽车从深圳到中山的路程为______ km。
20. 如图所示是小李家的电能表，她家所使用的用电器总功率不能超过______ W。将一台额定功率为880W的电暖气单独接入电路中，正常工作30min，电能表的转盘转了______ 转。
21. 如图是跳伞运动员在空中匀速下降的情景，将人和伞看作一个整体，请画出其所受力的示意图。(设O点为人和伞整体重心)
22. 防溺水主题班会上，班主任提醒学生“池水看起来比实际的浅，大家切莫擅自下水”。请画出人眼看到池底A的光路图(图中是人眼看到的池底A的像)。
23. 建筑工人在使用钻孔机进行钻孔时，钻孔机的钻头会发热。为了防止钻头过热，通常会采取往钻头上浇水的办法。请分析钻头发热的原因，以及往钻头上浇水的道理。
24. 小明家有一个多功能电炖锅，一次可炖多盅不同的汤来满足全家人的需求，他想知道锅内炖出里的汤是否能沸腾，于是他设计了以下实验。
(1)图甲是测量汤沸点的实验，组装器材时的顺序是______ (选填“自上而下”或“自下而上”)；
(2)汤沸腾时温度计示数如图乙，其示数为______ ℃持续加热，温度计示数将______ ；
(3)小明根据家中的电炖锅的结构设计了如图丙的实验，持续加热发现试管内的水与烧杯内的水温度______ (选填“相等”或“不相等”)，但烧杯内的水沸腾，试管内的水不沸腾，这个现象说明______ 。
25. 在探究“平面镜成像特点”的实验中，小红所在的小组的同学们选取一块薄平板玻璃、两根完全相同的蜡烛A和B、刻度尺、白纸、火柴等器材进行实验如图甲。
(1)实验时，玻璃板要与水平面______ 放置，选择A、B两支完全相同的蜡烛的目的是为了比较像与物的______ 关系；
(2)移去蜡烛B，在其位置上竖立光屏，直接观察光屏，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是______ 像；
(3)小红将蜡烛A竖直放在水平桌面的白纸上，点燃蜡烛A.她观察发现：平板玻璃中蜡烛A的像偏低且倾斜。你认为在图乙的1、2、3三幅图中图______ 是产生以上实验现象的原因；
(4)若图丙中平面镜MN竖直放置，镜前有一个发光物体S，现将平面镜绕M点从MN转到MN'位置，如图丙所示，物体S在平面镜中的像S离M点的距离______ (选填“越来越近”“越来越远”“保持不变”)。
26. 探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
(1)应选用______ (A“图甲”、B“图乙”)所示的实验装置，来完成实验。
(2)若只让导体棒ab向左运动，发现灵敏电流计指针向左偏。下列操作能使灵敏电流计指针向右偏的是______ 。
A.蹄形磁体不动，导体棒ab向上运动
B.导体棒ab不动，蹄形磁体向右运动
C.蹄形磁体上下颠倒，导体棒向左运动
(3)小强猜想：“磁场强弱会影响感应电流的大小”，于是用图丙的电磁铁代替图甲中原有的永磁体，再进行实验。电磁铁通电后，下端为______ (A“N极”、B“S极”)；变阻器的滑片停在靠左侧比停在靠右侧时，灵敏电流计的指针______ (A“偏转角大”、B“偏转角小”、C“都不偏转”)。
27. 小明同学利用甲图电路测量灯L的电阻，灯L上标有3.8V的字样，电源为四节新干电池串联而成，滑动变阻器标有“30Ω1A”字样，电流表(量程0-0.6A)。
(1)用笔画线代替导线，按图甲连接乙图电路。
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电压表有较大示数，电流表无示数，卸下灯泡检查，灯泡完好，则原来的故障原因可能是______ 。
(3)排除故障后，闭合开关并移动滑片P，观察到电压表的示数为2.5V，为测量灯泡正常发光时候的电阻，则应将滑片P向______ (选填“a”或“b”)端移动，直至______ ，再读出电流表的示数，计算出灯泡的电阻。
(4)小明同学发现无法准确读出灯泡正常发光时候的电压，请你帮他设计解决方法______ 。
(5)实验结束后，小明准备将此电路改造成一个调光灯电路，为使灯泡安全工作，滑片P能自由移动，且滑到某一端时，灯能正常发光。为此，他在电路中又串联了一个电阻箱，如图丙所示，闭合开关前，该同学先将两变阻器的阻值调至最大值，闭合开关后的具体操作是______ 。
(6)同组的小华同学将小明电路中的灯泡换成定值电阻来探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”，选择三个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω)，如图丁所示，则探究过程中定值电阻两端电压设定值的合理范围是______ 。
28. 小鸿同学用如图1甲所示器材做“探究液体内部压强特点”的实验。
(1)当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，而小鸿同学实验前却观察到如图2甲所示的情景，调节的方法是______ ；
A.将此时右边支管中高出的液体倒出
B.取下软管重新安装
(2)液体压强计是通过U形管中两侧液面的______ 来反映被测压强大小的。使用前应检查装置是否漏气，小鸿用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差______ (选填“明显变化”或“几乎不变”)；
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系，小鸿选择图1中______ 完成实验，得出液体压强随深度的增大而______ 的结论；选择图1乙丁完成实验，得出液体压强与______ 有关的结论；
(4)小鸿结合液体压强知识，设计了测量盐水密度的方案如图2所示，请你将其实验步骤补充完整；
①如图2A所示，用细线和橡皮膜把玻璃管一端扎紧，向管内倒入适量的水，用刻度尺测出水面到下管口的距离记为h1；
②如图2B所示，在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜不再凸起，用刻度尺测出______ 的距离记为h2；
③按照该实验过程，所测盐水的密度ρ盐水=______ (用h1、h2和ρ水表示)，此测量结果会偏______ (选填“大”或“小”)。
29. 如图所示，电源电压保持不变，已知R1=10Ω，R2=20Ω。只闭合开关S1时电流表有示数，闭合开关S2后，电流表示数变化了0.3A，求：
(1)电源电压；
(2)同时闭合S1、S2时，通电10s电阻R1消耗的电能。
30. 如图所示为一台压路机，压路机静止在水平地面时，对地面的压强为4×105Pa，车轮与水平地面总接触面积为0.5m2。某次压路作业中，压路机所受阻力是重力的0.3倍，并在500s内匀速前进了1000m，消耗柴油3.75kg。(g取10N/kg)求：
(1)压路机的质量是多少吨？
(2)压路机前进过程中的功率是多少？
(3)发动机的工作效率为多少？(q柴油取4×107J/kg)
31. 如图所示是某同学设计的一台浮力电子秤，其结构由浮力秤和电路两部分组成。小筒底面积为10cm2，大筒底面积为50cm2，装有适量水，金属滑片P固定在托盘下面并随托盘一起自由滑动(滑片质量和滑片受到导线的拉力均忽略不计)，定值电阻R0=8Ω，AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω，电源电压为6V且保持不变。当托盘中不放物体时，P位于A端，小筒浸入水中5cm(称量过程中大筒内的水未溢出)。求：
(1)托盘和小筒的总质量；
(2)当开关S闭合且在托盘中放入质量为100g的物体时，R0消耗的功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一瓶矿泉水质量约为500g，重约5N，故A错误；
B、一名普通中学生行走时的速度约为1m/s，故B错误；
C、一台空调的额定功率为1000W，故C错误。
D、中学生的重力约为500N，一层楼高度约为3m，中学生上4层楼高度约为9m，故他克服重力做功约为：W=Gh=3×3m×500N=4500J，故D正确。
故选：D。
根据生活常识对各选项进行判断。
本题是生活常识题，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A、雨的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的水，是液化现象，故A错误；
B、露的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的小水珠，属于液化现象，故B错误；
C、雪的形成是气态的水蒸气遇冷直接变为故态的小冰晶，发生凝华现象，故C错误；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(2)响度和物体振幅有关，与物体振动频率无关。
(3)噪声监测仪有监测噪声的作用。
(4)减弱噪声的途径有三个：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
本题主要考查学生对声现象这一知识点的了解和掌握，结合与声有关的知识分析每个选项确定答案。
【解答】
A.汽车的倒车雷达是利用超声波的传播和反射，超声波在真空中无法传播，所以在月球上不能够发挥作用，故A错误；
B.弦乐器是通过琴弦的振动发声的，琴弦的粗细、长短、松紧会影响声音的音调。手指在弦上按压位置的变化，可以改变琴弦的长短，从而改变琴弦振动的频率，则改变了发声的音调。故B错误；
C.噪声监测仪只能监测噪声，不能减弱噪声。故C错误；
D.高速公路上某些路段两旁的透明板墙能减弱噪声，这是在传播过程中减弱噪声的方法。故D正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】解：
A、溪边照影行，天在清溪底，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、在岸上看到水中的游鱼细石，是水中的游鱼、细石反射的光线斜射入空气中时，发生光的折射而形成的虚像，故B错误；
C、因为桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红的现象，故C错误；
D、掬水月在手，是由光的反射形成的，属于平面镜成像现象，故D正确。
故选：D。
对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答。
本题考查了光的折射现象、物体的颜色、平面镜成像，是一道综合性较强的题目，在平时学习中练习用所学知识解释有关的自然现象。
5.【答案】C
【解析】解：影片“流浪地球”开启了中国科幻元年，其中“点燃木星”将地球推开，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程，
故选：C。
内能转化为机械能是做功冲程。
本题考查了内燃机的冲程，根据能量的转化可以解答。
6.【答案】B
【解析】解：A.核能是一次能源，但不能在短时间内从自然界中获得，属于不可再生能源，故A错误；
B.光缆通信利用激光信号传递信息，传输率大，承载信息量大，激光是光，属于电磁波，故B正确；
C.航空器材要求硬度大，质量轻便，在体积一定时，其密度就要小，故C错误；
D.超导材料电阻为0，在通电时不发热，不能用来制造电炉丝，但用超导材料制造输电线可以大大降低电能损耗，故D错误。
故选：B。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(2)光缆通信利用激光信号传递信息，传输速率大，承载信息量大；
(3)航空器材要求硬度大，质量轻便；
(4)超导材料电阻为零，在通电时不发热，在输送电流时没有热损耗。
此题是一类多知识点的综合题目，要结合相对应的物理知识进行分析解答，是中考选择题的热点考题。
7.【答案】D
【解析】解：
A、物体惯性的大小只与质量有关，与运动状态无关。所以静止的机器人仍然有惯性。故A不正确；
B、机器人的轮子凹凸不平，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不正确；
C、机器人用气动吸盘抓取箱子时，箱子对机器人有向下的压力，此时机器人的重力和地面对机器人的支持力大小不相等，所以不是平衡力。故C不正确；
D、机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上，所以是一对相互作用力。故D正确。
故选：D。
(1)质量是物体惯性的唯一量度；
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(3)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，而一对相互作用力则是作用在不同的物体上。
此题涉及到增大摩擦的方法及其应用、惯性、平衡力和相互作用力的区分等知识点，区分一对平衡力与一对相互作用力，它们的关键不同：是否作用在同一物体上。
8.【答案】B
【解析】解：机械臂在工作时是一个费力杠杆。
ACD.核桃夹子、开瓶器、裁纸刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故ACD不符合题意；
B.在使用取碗夹时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】D
【解析】解：A、燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能，故A正确；
B、拦截过程中，拦截弹与来袭导弹的位置在不断变化，是相对运动的，故B正确；
C、拦截导弹在加速升空的过程中，运动状态在改变，受到非平衡力的作用，故C正确；
D、导弹在上升过程中重力几乎不变，故D错误。
故选：D。
(1)燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(3)拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用。
(4)导弹在上升过程中，重力不变。
本题的关键是运动和静止的相对性，平衡力和非平衡力的判断。本题属于基础性题目。
10.【答案】B
【解析】解：
A、如果灯丝断了，电路处于断路状态，测电笔接触b、c时，氖管不会发光，故A错误；
B、如果零线断了，开关为闭合时，其它部分与火线仍是相连，所以测电笔接触a、b、c点，氖管都会发光；但灯泡是断路状态，不会发光，故B正确；
C、如果插座短路，保险丝会烧断，测电笔接触a、b、c时，氖管不会发光，故C错误；
D、如果火线断了，测电笔无论接触哪个点，氖管都不会发光，故D错误。
故选：B。
电灯突然熄灭但保险丝未熔断，说明电路中有断路，测电笔测试各点，氖管都发光，说明这些点与火线是连通的，故只可能是零线断了。
本题考查了用测电笔检修家庭电路的故障的方法，要知道进户线零线断的现象并能解释。
11.【答案】C
【解析】解：A、两幅图中的绳子股数都是n=2，所以拉力F1=12(G+G轮)，F2=13(G+G轮)，又因为G轮相同，所以F1>F2，故A错误；
B、用相同的滑轮组在相同时间内匀速提高到相同高度，由s=nh可得，绳子自由端移动的距离s1=2h，s2=3h；
故s1≠s2，由v=st可得，绳子自由端移动的速度不相同，故B错误；
CD、在提升重物的过程中，若不计绳重及摩擦，那么，克服动滑轮重做的功为额外功，因为动滑轮重相同，提升高度相同，根据公式W额=G动h可知，拉力F1和F2所做的额外功相等，
将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度时，克服物体重力做的功为有用功，所做的有用功相等；
额外功相等，有用功也相等，所以拉力做的总功相等，由P=Wt可知，甲的功率等于乙的功率，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)用两个相同的滑轮组，从图甲中可以看出绳子的股数n=2，则拉力F=12(G物+G轮)，从图乙中可以看出绳子的股数n=3，则拉力F=13(G物+G轮)，若不计绳重及摩擦，可以分析出拉力的大小；
(2)用相同的滑轮组在相同时间内匀速提高到相同高度，拉力移动的速度不相同，
(3)在提升重物的过程中，若不计绳重及摩擦，那么，克服动滑轮重做的功为额外功，因为动滑轮重相同，提升高度相同，所以额外功相同；
拉力做的总功相等，由P=Wt可分析其功率关系。
本题考查了使用滑轮组时拉力大小的计算，有用功、总功、额外功、功率的计算方法，以及滑轮组机械效率大小的比较，有一定难度。
12.【答案】D
【解析】解：A.开关S接a时，两个电阻串联，接b时，只有电阻R2工作，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故A不正确；
B.开关S1、S2同时闭合，两个电阻并联，断开S2，只有电阻R1工作，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故B不正确；
C.开关S、S1同时闭合，只有电阻R1工作，断开S1，两个电阻串联，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故C不正确；
D.断开S1，同时S2接b，两个电阻串联；闭合S1，同时S2接a，两个电阻并联；只闭合S1，同时S2接b，只有电阻R1工作；因此电路有三个挡位，能调节出高中低三挡，故D正确。
故选：D。
电路电压一定，由电功率公式P=U2R及串并联电路特点可以分析答题。
在本题中电热丝连入电路有三种方式，正确分析电路连接方式时解题关键。
13.【答案】C
【解析】解：由图可知，两电阻串联，电压表测电阻R两端的电压；
A、由题意可知，有人通过时R两端的电压减小，由串联电路的电压特点可知，R0两端的电压增大，由欧姆定律可知，R0的电流变大，故A错误；
B、由串联电路的电流特点可知，有人通过时，电路中的电流变大，由P=UI可知，电源电压一定，有人通过时，电路中的电流变大，电路的总功率变大，故B错误；
C、有人通过时，光敏电阻阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，此时电路中电流：I有=UR有R=2V10Ω=0.2A，
由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0有=U-UR有=3V-2V=1V，
由欧姆定律可知，R0的阻值：R0=U0有I有=1V0.2A=5Ω，
无人通过时，电压表示数为2.5V，由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0无=U-UR无=3V-2.5V=0.5V，
此时电路中电流：I无=I0无=U0无R0=0.5V5Ω=0.1A，
由欧姆定律可知，R的阻值：R无=UR无I无=2.5V0.1A=25Ω，故C正确；
D、无人通过时，R0 的功率：P=I0无2R0=(0.1A)2×5Ω=0.05W，故D错误。
故选：C。
由图可知，两电阻串联，电压表测电阻R两端的电压；
(1)由题意可知，有人通过时R两端的电压减小，根据串联电路的电压特点分析出R0两端的电压变化，根据欧姆定律分析出通过R0的电流变化；
(2)根据P=UI分析有人通过时，电路总功率的变化；
(3)根据有人通过时，光敏电阻阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，利用欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，根据无人通过时，电压表示数为2.5V，利用串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，进而求出R的阻值；
(4)根据P=UI=I2R求出无人通过，R0 的功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是正确分析有人通过和无人通过时R两端的电压。
14.【答案】A
【解析】解：由图乙可知，当液体深在0∼3cm时，杆B受到物体A的作用力不变，该作用力等于A的重力；
液体深在3cm∼9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小，原因是物体A受到液体的浮力变大，据此可知，硬杆B的长度L=3cm，故B错误；
当液体深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力和浮力相等处于漂浮状态，则物体A受到的浮力：F浮=G=4.8N，
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，所以正方体物体A的边长为13cm-3cm=10cm=0.1m，根据面积公式可得S=0.1m×0.1m，
当液体深为9cm时，物体A浸入液体中的深度为9cm-3cm=6cm，物体A浸入液体的体积：V排=Sh=0.1m×0.1m×0.06m=6×10-4m3，
则液体的密度：ρ=F浮gV排=4.8N10N/kg×6×10-4m3=0.8×103kg/m3，故A正确；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，由F浮=ρ水gV排可知，物体A受到的浮力变大，大于自身的重力，则仅将硬杆B撤去，物体A会上浮，故C错误；
此时正方体受到的浮力：F浮'=ρgV排'=0.8×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=8N，
硬杆B受到物体A的作用力F=F浮'-G=8N-4.8N=3.2N，液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，物体A受到的浮力不变，所以F的最大值为3.2N，故D错误。
故选：A。
由图乙可知，当液体深在0∼3cm时，杆B受到物体A的作用力不变，该作用力等于A的重力；液体深在3cm∼9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小，原因是物体A受到液体的浮力变大，据此可知，硬杆B的长度L=3cm；
当液体深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力和浮力相等处于漂浮状态；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，据此计算正方体物体A的边长，根据面积公式计算A的面积，进一步计算当液体深为9cm时物体A浸入液体的深度，根据体积公式计算此时物体A浸入液体的体积，根据浮力计算公式计算液体的密度；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，由F浮=ρ水gV排可知，物体A受到的浮力变大，大于自身的重力，则仅将硬杆B撤去，物体A会上浮；
根据浮力计算公式计算此时正方体受到的浮力，此时硬杆B受到物体A的作用力等于此时物体A受到的浮力与A的重力之差，液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，物体A受到的浮力不变，则此时F达到最大。
本题考查阿基米德原理的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
15.【答案】分子在不停地做无规则运动 汽化
【解析】解：
将消毒液喷洒在室外的楼道、走廊里，不一会儿室内也闻到了消毒水的气味，属于扩散现象，表明了消毒水分子在不停地做无规则运动；
喷洒在地上的消毒液会吸收热量，从液态变成气态，属于汽化。
故答案为：分子在不停地做无规则运动；汽化
不同的物质相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动。
物质由液态变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对分子间作用力以及扩散现象的理解和掌握及生活中的蒸发现象，属于基础知识的考查，比较简单。
16.【答案】同 =
【解析】解：
由图知：两个气球相互排斥，根据电荷间相互作用规律知：两个气球都带电，并且带的是同种电荷；
甲球对乙球的力F1与乙球对甲球的力F2，是一对相互作用力，两者大小相等，方向相反。
故答案为：同；=。
①电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
②力的作用是相互的，作用力与反作用力大小相等、方向相反，作用在一条直线上，同时产生，同时消失。
此题考查的是我们对电荷间相互作用规律及力的作用相互性的理解和应用，属于基本规律的考查。需要清楚的是：作用力与反作用力是同时产生，同时消失的，并且两者大小相等，方向相反，作用在两个物体上。
17.【答案】电磁波 3×108
【解析】解：在身处荒漠无人区等无地面网络信号覆盖环境下，该手机可通过畅连APP将文字和位置信息向外发出，信息是通过电磁波传递的，到达北斗卫星时传播速度是3×108m/s。
故答案为：电磁波；3×108。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
本题考查的是电磁波的特性及应用，关键是知道电磁波可以传递信息和电磁波的传播速度。
18.【答案】热传递 受力面积
【解析】解：食物从生的到被烤熟，是通过热传递的方式改变物体的内能；
烤串使用的竹签，前端很尖，是通过减小受力面积来增大压强。
故答案为：热传递；受力面积。
改变内能的方式包括做功和热传递；
增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。
本题考查内能的改变和增大压强的方法，属于基础题。
19.【答案】72 144
【解析】解：(1)汽车的速度为：v=st=24km2060h=72km/h；
(2)假设汽车的平均速度不变，根据速度公式得，建成前汽车从深圳到中山的路程为：s'=vt'=72km/h×2h=144km。
故答案为：72；144。
(1)知道路程和时间，根据速度公式可求出汽车的平均速度；
(2)知道速度和时间，根据速度公式的变形式s=vt可求出路程。
本题考查了速度公式的应用，难度不大，属于基础性题目。
20.【答案】4400 1320
【解析】解：(1)由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
他家同时使用用电器的最大总功率：
P大=UI=220V×20A=4400W；
(2)3000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数3000r，
电暖气独正常工作30min消耗的电能：
W=Pt=0.88kW×0.5h=0.44kW⋅h，
电能表转盘转过的转数：
n=3000r/kW⋅h×0.44kW⋅h=1320r。
故答案为：4400；1320。
(1)由参数可知，电能表正常工作时的电压和平时允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(2)3000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数3000r；根据W=Pt求出灯单独工作30min消耗的电能，进而求出电能表转盘的转数。
本题考查了电能表允许用电器同时工作最大功率以、电流、电能表转数的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
21.【答案】解：跳伞运动员从高空跳下一段时间后匀速下落，此时运动员处于平衡状态，故受到平衡力的作用，平衡力为运动员受到竖直向下的重力和竖直向上的空气阻力，且这两个力的作用点都在运动员的重心，且二力的大小相等，示意图如下：
【解析】运动员在空中下落一段时间后匀速下落，此时运动员处于平衡状态，故受到平衡力的作用，一个是受到竖直向下的重力，一个是空气对他竖直向上的阻力，作用点都在重心，由此可以做出这两个力的示意图。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
22.【答案】解：当折射光线射入人眼时，人凭光沿直线传播的感觉，认为池底A在折射光线的反向延长线上的A'处，人看到的是池底A的虚像；
由题可知，像在A'处，池底A在像A'的下面，眼睛在B处；先连接B、A'两点，与水面交于O点，则O为入射点；连接A'O，标上箭头为入射光线，则OB为折射光线，并标上箭头，如图所示：
【解析】由于从硬币反射的光经水面发生折射，折射光线远离法线偏折(向下偏折)，当折射光线射入人眼，人凭光沿直线传播的感觉，认为池底A在折射光线的反向延长线上，人看到的是池底A的虚像。
本题考查了光的折射光路图的画法，要知道：折射光线好像是从虚像上发出的。
23.【答案】答：
(1)建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头和墙相互摩擦，机械能转化为内能，钻头内能增大，温度升高，故钻头会发热；
(2)往钻头上浇水，水遇到温度较高的钻头时发生汽化，从钻头上吸收热量，从而使钻头的温度降低，避免钻头烧坏。
【解析】(1)改变物体内能的方法：一是做功(能量的转化)，二是热传递(能量的转移)；
(2)物质由液体变为气态的过程叫做汽化，汽化过程吸收热量。
本题考查了学生对改变内能的方法(做功、热传递)和汽化吸热的应用，属于热学常见题目。
24.【答案】自下而上 98 不变 相等 液体沸腾条件为：达到沸点、继续吸热
【解析】解：(1)实验装置的组装应按照自下而上的顺序，放好酒精灯，再固定铁圈的高度，石棉网的高低应根据酒精灯外焰高度来进行调节；
(2)温度计的分度值为1℃，示数为98℃；液体沸腾时，吸收热量、温度不变，所以温度计示数将不变；
(3)持续加热试管内的水与烧杯内的水温度趋于一致，温度相等，烧杯内的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，而试管中的水达到沸点后，不能继续吸热，不会沸腾，说明沸腾条件为：达到沸点、继续吸热。
故答案为：(1)自下而上；(2)98；不变；(3)相等；液体沸腾条件为：达到沸点、继续吸热。
(1)实验装置的组装应按照自下而上的顺序，调节酒精灯上方摆放着石棉网和烧杯的铁圈的高度时，需要点燃酒精灯，酒精灯需用外焰加热；
(2)先看清温度计的分度值，再读数；液体沸腾时，吸收热量、温度不变；
(3)液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热。
本题考查水沸腾实验装置安装顺序、温度计的读数方法、液体沸腾的条件和温度变化特征。
25.【答案】垂直 大小 虚 3 保持不变
【解析】解：(1)为了使蜡烛B能和蜡烛A的像完全重合，实验前需要将玻璃板与水平面垂直放置；
选择两支完全相同的蜡烛，当B与A的像重合时，则可知像与物大小相等，故选择两支完全相同的蜡烛是为了便于比较像与物体的大小关系；
(2)虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在其位置上竖立光屏，直接观察光屏，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是虚像；
(3)平面镜的像与物关于镜面对称，由图可知，图1玻璃板竖直放置，不会出现像偏高的情况，图2和图3玻璃板没有竖直放置，图2中像成在斜上方；图3中像成在斜下方，故平板玻璃中蜡烛A的像偏低且倾斜，是图3的成像情况；
(4)S、M的位置不变，根据像、物关于镜面对称可知，物体S在平面镜中的像S离M点的距离保持不变。
故答案为：(1)垂直；大小；(2)虚；(3)3；(4)保持不变。
(1)实验时玻璃板如果与水平面不竖直，成的像偏高或偏低，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合；
选择两支完全相同的蜡烛是为了便于比较像与物体的大小关系；
(2)虚像不能成在光屏上；
(3)(4)根据平面镜的成像特点像物关于镜面对称分析即可。
本题研究平面镜成像特点，考查实验注意事项和平面镜成像特点的运用。
26.【答案】A C A B
【解析】解：(1)探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”时不需要电源，但需要通过灵敏电流计的指针是否偏转来判断是否有感应电流产生，因此应选用图甲所示的实验装置来完成实验。
(2)A、蹄形磁体不动，导体棒ab向上运动，没有做切割磁感线运动，因此不会有感应电流产生，灵敏电流计指针不偏转，故A错误；
B、导体棒ab不动，蹄形磁体向右运动，以蹄形磁体为参照物，导体棒ab向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向左偏，故B错误；
C、蹄形磁体上下颠倒，改变了磁场方向，导体棒向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向右偏，故C正确；
(3)根据安培定则可知，电磁铁通电后，下端为N极；变阻器的滑片停在靠左侧时，连入电路的电阻值较大，根据欧姆定律可知，电路电流较小，电磁铁磁性较弱，产生的感应电流较小，灵敏电流计的指针偏转角度较小；变阻器的滑片停在靠右侧时，连入电路的电阻值较小，根据欧姆定律可知，电路电流较大，电磁铁磁性较强，产生的感应电流较大，灵敏电流计的指针偏转角度较大。
故答案为：(1)A；
(2)C；
(3)A；B。
(1)探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”时不需要电源，但需要通过灵敏电流计的指针是否偏转来判断是否有感应电流产生，据此选择实验装置；
(2)电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线方向有关；
(3)根据安培定则判断电磁铁通电后的磁极；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，据此判断。
此题考查了探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验，难度不大，属基础题目。
27.【答案】灯泡与灯座之间断路 a 电压表示数为3.8V将电压表小量程并联在滑动变阻器两端 将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V2.4∼3V
【解析】解：(1)灯L上标有3.8V的字样，故电压表选用大量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有较大示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，若灯泡完好，则原来的故障原因可能是灯泡与灯座之间断路；
(3)排除故障后，闭合开关并移动滑片P，观察到电压表的示数为2.5V，小于灯泡额定电压3.8V，为测量灯泡正常发光时候的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向a端移动，直至电压表示数为3.8V，再读出电流表的示数，计算出灯泡的电阻；
(4)当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为6V-3.8V=2.2V，而电压表小量程的分度值为0.1V，可以准确读出2.2V，所以要准确读出灯泡正常发光时候的电压，应将电压表小量程并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器两端电压为2.2V时，小灯泡正常发光；
(5)闭合开关前，应先将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V，即滑动变阻器阻值为0时，灯泡正常发光，这样既能保证滑片P任意调节，又能保证灯正常发光；
(6)由图乙可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为0.6A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：
UV大=I大R定小=0.6A×5Ω=3V；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总-UV=6V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R定，即6V-UVUV=R滑R定------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V-UVUV=30Ω20Ω，
解得电压表的示数：UV=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
故为顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压需要控制在2.4∼3V范围内。
故答案为：(1)见解答图；(2)灯泡与灯座之间断路；(3)a；电压表示数为3.8V；(4)将电压表小量程并联在滑动变阻器两端；(5)将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V；(6)2.4∼3V。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有较大示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)根据串联电路电压规律分析回答；
(5)根据电路图分析；
(6)根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻30Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
本题测量灯L的电阻实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
28.【答案】B 高度差 几乎不变 乙、丙 增大 液体密度 液面到下管口的距离 h1h2ρ水 小
【解析】解：(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的。
故选：B。
(2)根据转换法，液体压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映被测压强大小的。使用前应检查装置是否漏气，小鸿用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差几乎不变”；
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系要控制液体的密度相同，小鸿选择图1中乙、丙完成实验，得出液体压强随深度的增大而增大的结论；
选择图1乙丁完成实验，深度相同，而液体的密度不同，故得出液体压强与液体密度有关的结论；
(4)②用刻度尺测出液面到下管口的距离为h2；
③橡皮膜水平，故水和盐水产生压强相同，则有：
ρ盐水gh2=ρ水gh1；
盐水的密度表达式为：
ρ盐水=h1h2ρ水。
橡皮膜由凸起到变平试管液面会上升，造成测量水的深度h1变小，h2测量是准确的，所以密度的测量值变小。
故答案为：(1)B；(2)高度差；几乎不变；(3)乙、丙；增大；液体的密度；(4)②液面到下管口的距离；③h1h2ρ水；小。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
(3)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)橡皮膜没有形变时，盐水产生向上的压强和水产生向下的压强相等，根据液体压强相等列出等式，求出盐水的密度；分析h1和h2的测量量，据此回答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
29.【答案】解：(1)由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，
根据并联电路特点：并联电路中各支路互不影响可知，同时闭合开关S1、S2后，电流表示数变化了0.3A，即通过R2的电流I2=0.3A，
电源电压U=U1=U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V；
(2)根据并联电路电压规律可知，电阻R1两端的电压U1=U2=U=6V，
通过R1的电流I1=U1R1=6V10Ω=0.6A，
通电10s，电阻R1消耗的电能W1=U1I1t1=6V×0.6A×10s=36J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)通电10s，电阻R1消耗的电能是36J。
【解析】(1)由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，根据并联电路特点：并联电路中各支路互不影响可知，电流表示数变化了0.3A，即通过R2的电流为0.3A，根据欧姆定律可求出电阻R2两端的电压，根据并联电路电压规律可求出电源电压；
(2)根据并联电路电压规律可求出电阻R1两端的电压，根据欧姆定律可求出通过R1的电流，根据W=UIt可求出通电10s，电阻R1消耗的电能。
本题主要考查电功率公式的应用，欧姆定律的应用，并联电路电流、电压规律的应用，其中理解闭合开关S2后，电流表变化的示数就是通过R2的电流是解题的关键，也是本题的难点。
30.【答案】解：(1)压路机对地面的压力：F压=pS=4×105Pa×0.5m2=2×105N，
因压路机静止在水平地面上，所以压路机的重力G=F压=2×105N，
由公式G=mg得，压路机的质量：
m=Gg=2×105N10N/kg=2×104kg=20t；
(2)因压路机在水平地面上匀速行驶，
所以由二力平衡条件可得压路机受到的牵引力：
F牵=f=0.3G=0.3×2×105N=6×104N，
牵引力做的功：
W=F牵s=6×104N×1000m=6×107J，
压路机前进时的功率为：
P=Wt=6×107J500s=1.2×105W=120kW；
(3)3.75kg柴油完全燃烧放出的热量为：
Q=m柴油q柴油=3.75kg×4×107J/kg=1.5×108J，
发动机的工作效率为：
η=WQ=6×107J1.5×108J=40%。
答：(1)压路机的质量是20吨；
(2)压路机前进过程中的功率是120kW；
(3)发动机的工作效率为40%。
【解析】(1)根据压强的变形公式F压=pS求出压力，物体对水平地面的压力等于自身的重力，再根据公式m=Gg求出压路机的质量；
(2)压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F牵=f=0.3G求出其大小，根据W=Fs求出压路机牵引力做的功，再根据P=Wt求出压路机的功率；
(3)根据Q放=mq可求出消耗柴油完全燃烧放出的热量，再根据效率公式可求出压路机发动机的工作效率。
本题考查了压强、功率、热机效率的计算，是一道综合性较强的题目。
31.【答案】解：(1)托盘中不放物体时，小筒浸入水中5cm，排开水的体积为：
V排=S小筒h=10cm2×5cm=50cm3=5×10-5m3；
小筒受到的浮力为：F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-5m3=0.5N；
托盘和小筒处于漂浮状态，浮力等于重力，则托盘和小筒的总重力：G=F浮=0.5N；
托盘和小筒的总质量为：m=Gg=0.5N10N/kg=0.05kg=50g；
(2)在托盘中放入质量为100g的物体时，托盘和小筒仍处于漂浮状态，浮力仍等于重力，
所以增加的浮力等于增加的重力，即ΔF浮=ΔG=Δmg=0.1kg×10N/kg=1N，
根据F浮=ρ液gV排可得，增加的排开水的体积：
ΔV排=ΔF浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=10-4m3；
根据V=Sh可得，增加的浸入深度：
Δh浸=ΔV排S小筒=10-4m310×10-4m2=0.1m；
大筒中水面上升的高度：Δh上升=ΔV排S大筒=10-4m350×10-4m2=0.02m；
因为：Δh浸=Δh上升+d，其中d为小筒向下移动的距离，
所以小桶向下移动的距离：
d=Δh浸-Δh上升=0.1m-0.02m=0.08m；
小筒下降0.08m，滑片也跟着下滑0.08m=8cm，则变阻器连入电路的长度变为20cm-8cm=12cm，
因为AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω，即1cm的电阻丝的电阻为1Ω，
所以12cm的电阻丝的电阻为12Ω，即R=12Ω，
因为R和R0串联，
由欧姆定律可得，此时电路的电流为：I=UR+R0=6V12Ω+8Ω=0.3A；
R0消耗的功率：P0=I2R0=(0.3A)2×8Ω=0.72W
答：(1)托盘和小筒的总质量为50g；
(2)当开关S闭合且在托盘中放入质量为100g的物体时，R0消耗的功率为0.72W。
【解析】(1)根据漂浮时，浮力等于重力分析解答；
(2)托盘中放入100g的物体时，仍然处于漂浮状态，浮力仍等于重力，所以增加的浮力等于增加的重力，根据F浮=ρ液gV排求出增加的排开水的体积，再根据V=Sh算出增加的深度；
根据“AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω”求出电阻的变化值，得出连入电路的电阻，根据欧姆定律求出电路的电流，最后根据P=I2R算出电阻R0消耗的功率。
本题考查了串联电路电压的规律，浮沉条件、阿基米德原理、欧姆定律的应用、电功率的计算等知识，是一道综合题，难度较大。
2023年福建省莆田市秀屿区中考物理模拟试卷
1. 下面一些物理量估值与实际情况相符的是( )
A. 一瓶矿泉水重约50N B. 一名普通中学生行走时的速度约为5m/s
C. 一台空调的额定功率为100W D. 中学生上4层楼克服重力做功约4500J
2. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。如图所示，下列节气名与其有关的物态变化正确的是( )
A. 图1谷雨中“雨”的形成是汽化现象 B. 图2白露中“露”的形成是熔化现象
C. 图3大雪中“雪”的形成是升华现象 D. 图4霜降中“霜”的形成是凝华现象
3. 关于图中的声现象，下列分析正确的是( )
A. 汽车的超声波倒车雷达在太空中依然可以发挥作用
B. 演奏小提琴者通过手指在弦上按压位置的变化来改变声音的响度
C. 安装噪声监测仪可以从声源处控制噪声
D. 高速公路上某些路段两旁的透明板墙可以在传播途径上减弱噪声
4. 诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识紧密联系，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是( )
A. “溪边照影行，天在清溪底。”--诗句中的“天”是由于光的折射形成的虚像
B. “水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”--看到水中游鱼细石是光的直线传播形成的
C. “人面桃花相映红”--桃花呈红色是因为它能吸收红光
D. “掬水月在手，弄花香满衣”--诗句中的“月”，是由于光的反射形成的虚像
5. 影片“流浪地球”开启了中国科幻元年，其中“点燃木星”将地球推开，相当于内燃机的
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
6. 关于能源、信息和材料，下列说法正确的是( )
A. 核能是一次能源，也是可再生能源
B. 用光导纤维制成的光缆是利用电磁波传递信息，可以在很短时间内传递大量的信息
C. 航空器材常采用密度大的合金，可以减小航空器的质量
D. 若用超导材料制造电炉丝可以大大提高电能利用率
7. 如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是( )
A. 机器人静止时，没有惯性
B. 机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦
C. 机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力
D. 机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力
8. 2023年2月10日，神舟十五号航天员在机械臂的协同配合下完成了舱外组装等任务。机械臂在工作时是一个费力杠杆，如图所示的工具使用时也属于这一类的是( )
A. 核桃夹子 B. 取碗夹
C. 开瓶器 D. 裁纸刀
9. 2023年4月14日晚，我国境内进行了一次陆基中段反导拦截技术试验，试验达到了预期的目的。陆基中段反导拦截技术主要是指在大气层外、洲际弹道导弹的飞行中段拦截来袭导弹，要在飞行中段对来袭导弹进行雷达识别、判断轨迹和速度，并进行跟踪，再发射拦截弹和来袭导弹弹头对撞完成拦截。下列说法不正确的是( )
A. 燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能
B. 拦截过程中，拦截弹与来袭导弹相对运动
C. 拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用
D. 导弹在上升过程中重力变大
10. 如图是部分家庭电路示意图，正常发光的电灯突然熄灭，经检查保险丝完好，用测电笔检查a、b、c三点，氖管均发光，造成这现象的原因可能是( )
A. 电灯的灯丝断路 B. cd间断路 C. 插座发生短路 D. 进户的火线断路
11. 如图所示，用相同滑轮装成的甲、乙两个滑轮组分别将同一个物体在相同时间内匀速提高相同高度，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是( )
A. F甲=F乙
B. 甲、乙绳子自由端移动的速度相同
C. 甲、乙两个拉力的功率相同
D. 乙滑轮组的额外功多
12. 如图所示的家用挂烫机为我们的生活提供了很多的方便，为了熨烫不同材质的衣料，一共设置了低温、中温和高温三挡，下列设计的电路图中能通过开关通断，调节出高、中、低三挡温度的电路图是( )
A.
B.
C.
D.
13. 测温棚内的自动测温装置除测量体温外还能记录通过的人数，如图所示是其简化电路，R0为定值电阻，R为光敏电阻，电源电压恒为3V。闭合开关，无人通过时，电压表示数为2.5V，有人通过时，挡住射向光敏电阻R上的光，R的阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，装置计数一次。下列说法正确的是( )
A. 有人通过时，通过R0的电流变小 B. 有人通过时，电路的总功率变小
C. 无人通过时，R的阻值为25Ω D. 无人通过时，R0的功率为0.2W
14. 如图甲所示，物体A是一个正立方体，重力为4.8N，硬杆B一端固定在容器底，另一端固定在A底部。现缓慢向容器中倒入密度为ρ的某种液体至A刚好浸没，硬杆B受到物体A的作用力F的大小随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积，g取10N/kg。下列说法正确的是( )
A. 液体密度ρ为0.8×103kg/m3
B. 硬杆B的长度为6cm
C. 液体深h为13cm时，仅将硬杆B撤去，物体A在原来的位置保持静止
D. 液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，F可能增大为4.8N
15. 为了应对新型冠状病毒肺炎，防疫人员将消毒液喷洒在室外的楼道、走廊里，不一会儿室内也闻到了消毒水的气味，这种现象表明______，不久后，喷洒过的潮湿地面会逐渐变干，这是______(填物态变化名称)现象。
16. 甲、乙两个带电的气球，悬挂在天花板上的同一个点上，静止时呈现如图所示情形。这两个气球带的是______(选填“同”或“不同”)种电荷，其中甲球对乙球的力记为F1，乙球对甲球的力记为F2，可以判断F1______F2(选填“>”、“<”或者“=”)
17. 某国产品牌手机具有北斗卫星消息的收发功能，如图所示，在身处荒漠无人区等无地面网络信号覆盖环境下，该手机可通过畅连APP将文字和位置信息向外发出，信息是通过______ (选填“超声波”“次声波”或“电磁波”)传递的，到达北斗卫星时传播速度是______ m/s。
18. “五一”假期，山东淄博烧烤爆红网络。食物从生的到被烤熟，是通过______ 方式改变内能的；烤串使用的竹签，是通过减小______ 的方法来增大压强，食物更容易串成串。
19. 如19图甲所示，4月28日，由中规公院设计、中交二航局参建的国家重大工程深中通道零丁洋大桥合龙。深中通道全长约24公里，行车最高时速为100公里，建成后从深圳到中山的车程由原来的2小时缩减至20分钟，汽车的平均速度为______ km/h，假设汽车的平均速度不变，建成前汽车从深圳到中山的路程为______ km。
20. 如图所示是小李家的电能表，她家所使用的用电器总功率不能超过______ W。将一台额定功率为880W的电暖气单独接入电路中，正常工作30min，电能表的转盘转了______ 转。
21. 如图是跳伞运动员在空中匀速下降的情景，将人和伞看作一个整体，请画出其所受力的示意图。(设O点为人和伞整体重心)
22. 防溺水主题班会上，班主任提醒学生“池水看起来比实际的浅，大家切莫擅自下水”。请画出人眼看到池底A的光路图(图中是人眼看到的池底A的像)。
23. 建筑工人在使用钻孔机进行钻孔时，钻孔机的钻头会发热。为了防止钻头过热，通常会采取往钻头上浇水的办法。请分析钻头发热的原因，以及往钻头上浇水的道理。
24. 小明家有一个多功能电炖锅，一次可炖多盅不同的汤来满足全家人的需求，他想知道锅内炖出里的汤是否能沸腾，于是他设计了以下实验。
(1)图甲是测量汤沸点的实验，组装器材时的顺序是______ (选填“自上而下”或“自下而上”)；
(2)汤沸腾时温度计示数如图乙，其示数为______ ℃持续加热，温度计示数将______ ；
(3)小明根据家中的电炖锅的结构设计了如图丙的实验，持续加热发现试管内的水与烧杯内的水温度______ (选填“相等”或“不相等”)，但烧杯内的水沸腾，试管内的水不沸腾，这个现象说明______ 。
25. 在探究“平面镜成像特点”的实验中，小红所在的小组的同学们选取一块薄平板玻璃、两根完全相同的蜡烛A和B、刻度尺、白纸、火柴等器材进行实验如图甲。
(1)实验时，玻璃板要与水平面______ 放置，选择A、B两支完全相同的蜡烛的目的是为了比较像与物的______ 关系；
(2)移去蜡烛B，在其位置上竖立光屏，直接观察光屏，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是______ 像；
(3)小红将蜡烛A竖直放在水平桌面的白纸上，点燃蜡烛A.她观察发现：平板玻璃中蜡烛A的像偏低且倾斜。你认为在图乙的1、2、3三幅图中图______ 是产生以上实验现象的原因；
(4)若图丙中平面镜MN竖直放置，镜前有一个发光物体S，现将平面镜绕M点从MN转到MN'位置，如图丙所示，物体S在平面镜中的像S离M点的距离______ (选填“越来越近”“越来越远”“保持不变”)。
26. 探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
(1)应选用______ (A“图甲”、B“图乙”)所示的实验装置，来完成实验。
(2)若只让导体棒ab向左运动，发现灵敏电流计指针向左偏。下列操作能使灵敏电流计指针向右偏的是______ 。
A.蹄形磁体不动，导体棒ab向上运动
B.导体棒ab不动，蹄形磁体向右运动
C.蹄形磁体上下颠倒，导体棒向左运动
(3)小强猜想：“磁场强弱会影响感应电流的大小”，于是用图丙的电磁铁代替图甲中原有的永磁体，再进行实验。电磁铁通电后，下端为______ (A“N极”、B“S极”)；变阻器的滑片停在靠左侧比停在靠右侧时，灵敏电流计的指针______ (A“偏转角大”、B“偏转角小”、C“都不偏转”)。
27. 小明同学利用甲图电路测量灯L的电阻，灯L上标有3.8V的字样，电源为四节新干电池串联而成，滑动变阻器标有“30Ω1A”字样，电流表(量程0-0.6A)。
(1)用笔画线代替导线，按图甲连接乙图电路。
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电压表有较大示数，电流表无示数，卸下灯泡检查，灯泡完好，则原来的故障原因可能是______ 。
(3)排除故障后，闭合开关并移动滑片P，观察到电压表的示数为2.5V，为测量灯泡正常发光时候的电阻，则应将滑片P向______ (选填“a”或“b”)端移动，直至______ ，再读出电流表的示数，计算出灯泡的电阻。
(4)小明同学发现无法准确读出灯泡正常发光时候的电压，请你帮他设计解决方法______ 。
(5)实验结束后，小明准备将此电路改造成一个调光灯电路，为使灯泡安全工作，滑片P能自由移动，且滑到某一端时，灯能正常发光。为此，他在电路中又串联了一个电阻箱，如图丙所示，闭合开关前，该同学先将两变阻器的阻值调至最大值，闭合开关后的具体操作是______ 。
(6)同组的小华同学将小明电路中的灯泡换成定值电阻来探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”，选择三个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω)，如图丁所示，则探究过程中定值电阻两端电压设定值的合理范围是______ 。
28. 小鸿同学用如图1甲所示器材做“探究液体内部压强特点”的实验。
(1)当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，而小鸿同学实验前却观察到如图2甲所示的情景，调节的方法是______ ；
A.将此时右边支管中高出的液体倒出
B.取下软管重新安装
(2)液体压强计是通过U形管中两侧液面的______ 来反映被测压强大小的。使用前应检查装置是否漏气，小鸿用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差______ (选填“明显变化”或“几乎不变”)；
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系，小鸿选择图1中______ 完成实验，得出液体压强随深度的增大而______ 的结论；选择图1乙丁完成实验，得出液体压强与______ 有关的结论；
(4)小鸿结合液体压强知识，设计了测量盐水密度的方案如图2所示，请你将其实验步骤补充完整；
①如图2A所示，用细线和橡皮膜把玻璃管一端扎紧，向管内倒入适量的水，用刻度尺测出水面到下管口的距离记为h1；
②如图2B所示，在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜不再凸起，用刻度尺测出______ 的距离记为h2；
③按照该实验过程，所测盐水的密度ρ盐水=______ (用h1、h2和ρ水表示)，此测量结果会偏______ (选填“大”或“小”)。
29. 如图所示，电源电压保持不变，已知R1=10Ω，R2=20Ω。只闭合开关S1时电流表有示数，闭合开关S2后，电流表示数变化了0.3A，求：
(1)电源电压；
(2)同时闭合S1、S2时，通电10s电阻R1消耗的电能。
30. 如图所示为一台压路机，压路机静止在水平地面时，对地面的压强为4×105Pa，车轮与水平地面总接触面积为0.5m2。某次压路作业中，压路机所受阻力是重力的0.3倍，并在500s内匀速前进了1000m，消耗柴油3.75kg。(g取10N/kg)求：
(1)压路机的质量是多少吨？
(2)压路机前进过程中的功率是多少？
(3)发动机的工作效率为多少？(q柴油取4×107J/kg)
31. 如图所示是某同学设计的一台浮力电子秤，其结构由浮力秤和电路两部分组成。小筒底面积为10cm2，大筒底面积为50cm2，装有适量水，金属滑片P固定在托盘下面并随托盘一起自由滑动(滑片质量和滑片受到导线的拉力均忽略不计)，定值电阻R0=8Ω，AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω，电源电压为6V且保持不变。当托盘中不放物体时，P位于A端，小筒浸入水中5cm(称量过程中大筒内的水未溢出)。求：
(1)托盘和小筒的总质量；
(2)当开关S闭合且在托盘中放入质量为100g的物体时，R0消耗的功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一瓶矿泉水质量约为500g，重约5N，故A错误；
B、一名普通中学生行走时的速度约为1m/s，故B错误；
C、一台空调的额定功率为1000W，故C错误。
D、中学生的重力约为500N，一层楼高度约为3m，中学生上4层楼高度约为9m，故他克服重力做功约为：W=Gh=3×3m×500N=4500J，故D正确。
故选：D。
根据生活常识对各选项进行判断。
本题是生活常识题，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A、雨的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的水，是液化现象，故A错误；
B、露的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的小水珠，属于液化现象，故B错误；
C、雪的形成是气态的水蒸气遇冷直接变为故态的小冰晶，发生凝华现象，故C错误；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(2)响度和物体振幅有关，与物体振动频率无关。
(3)噪声监测仪有监测噪声的作用。
(4)减弱噪声的途径有三个：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
本题主要考查学生对声现象这一知识点的了解和掌握，结合与声有关的知识分析每个选项确定答案。
【解答】
A.汽车的倒车雷达是利用超声波的传播和反射，超声波在真空中无法传播，所以在月球上不能够发挥作用，故A错误；
B.弦乐器是通过琴弦的振动发声的，琴弦的粗细、长短、松紧会影响声音的音调。手指在弦上按压位置的变化，可以改变琴弦的长短，从而改变琴弦振动的频率，则改变了发声的音调。故B错误；
C.噪声监测仪只能监测噪声，不能减弱噪声。故C错误；
D.高速公路上某些路段两旁的透明板墙能减弱噪声，这是在传播过程中减弱噪声的方法。故D正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】解：
A、溪边照影行，天在清溪底，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、在岸上看到水中的游鱼细石，是水中的游鱼、细石反射的光线斜射入空气中时，发生光的折射而形成的虚像，故B错误；
C、因为桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红的现象，故C错误；
D、掬水月在手，是由光的反射形成的，属于平面镜成像现象，故D正确。
故选：D。
对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答。
本题考查了光的折射现象、物体的颜色、平面镜成像，是一道综合性较强的题目，在平时学习中练习用所学知识解释有关的自然现象。
5.【答案】C
【解析】解：影片“流浪地球”开启了中国科幻元年，其中“点燃木星”将地球推开，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程，
故选：C。
内能转化为机械能是做功冲程。
本题考查了内燃机的冲程，根据能量的转化可以解答。
6.【答案】B
【解析】解：A.核能是一次能源，但不能在短时间内从自然界中获得，属于不可再生能源，故A错误；
B.光缆通信利用激光信号传递信息，传输率大，承载信息量大，激光是光，属于电磁波，故B正确；
C.航空器材要求硬度大，质量轻便，在体积一定时，其密度就要小，故C错误；
D.超导材料电阻为0，在通电时不发热，不能用来制造电炉丝，但用超导材料制造输电线可以大大降低电能损耗，故D错误。
故选：B。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(2)光缆通信利用激光信号传递信息，传输速率大，承载信息量大；
(3)航空器材要求硬度大，质量轻便；
(4)超导材料电阻为零，在通电时不发热，在输送电流时没有热损耗。
此题是一类多知识点的综合题目，要结合相对应的物理知识进行分析解答，是中考选择题的热点考题。
7.【答案】D
【解析】解：
A、物体惯性的大小只与质量有关，与运动状态无关。所以静止的机器人仍然有惯性。故A不正确；
B、机器人的轮子凹凸不平，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不正确；
C、机器人用气动吸盘抓取箱子时，箱子对机器人有向下的压力，此时机器人的重力和地面对机器人的支持力大小不相等，所以不是平衡力。故C不正确；
D、机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上，所以是一对相互作用力。故D正确。
故选：D。
(1)质量是物体惯性的唯一量度；
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(3)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，而一对相互作用力则是作用在不同的物体上。
此题涉及到增大摩擦的方法及其应用、惯性、平衡力和相互作用力的区分等知识点，区分一对平衡力与一对相互作用力，它们的关键不同：是否作用在同一物体上。
8.【答案】B
【解析】解：机械臂在工作时是一个费力杠杆。
ACD.核桃夹子、开瓶器、裁纸刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故ACD不符合题意；
B.在使用取碗夹时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】D
【解析】解：A、燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能，故A正确；
B、拦截过程中，拦截弹与来袭导弹的位置在不断变化，是相对运动的，故B正确；
C、拦截导弹在加速升空的过程中，运动状态在改变，受到非平衡力的作用，故C正确；
D、导弹在上升过程中重力几乎不变，故D错误。
故选：D。
(1)燃料在发动机内燃烧，化学能转化为拦截弹的机械能和内能。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(3)拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用。
(4)导弹在上升过程中，重力不变。
本题的关键是运动和静止的相对性，平衡力和非平衡力的判断。本题属于基础性题目。
10.【答案】B
【解析】解：
A、如果灯丝断了，电路处于断路状态，测电笔接触b、c时，氖管不会发光，故A错误；
B、如果零线断了，开关为闭合时，其它部分与火线仍是相连，所以测电笔接触a、b、c点，氖管都会发光；但灯泡是断路状态，不会发光，故B正确；
C、如果插座短路，保险丝会烧断，测电笔接触a、b、c时，氖管不会发光，故C错误；
D、如果火线断了，测电笔无论接触哪个点，氖管都不会发光，故D错误。
故选：B。
电灯突然熄灭但保险丝未熔断，说明电路中有断路，测电笔测试各点，氖管都发光，说明这些点与火线是连通的，故只可能是零线断了。
本题考查了用测电笔检修家庭电路的故障的方法，要知道进户线零线断的现象并能解释。
11.【答案】C
【解析】解：A、两幅图中的绳子股数都是n=2，所以拉力F1=12(G+G轮)，F2=13(G+G轮)，又因为G轮相同，所以F1>F2，故A错误；
B、用相同的滑轮组在相同时间内匀速提高到相同高度，由s=nh可得，绳子自由端移动的距离s1=2h，s2=3h；
故s1≠s2，由v=st可得，绳子自由端移动的速度不相同，故B错误；
CD、在提升重物的过程中，若不计绳重及摩擦，那么，克服动滑轮重做的功为额外功，因为动滑轮重相同，提升高度相同，根据公式W额=G动h可知，拉力F1和F2所做的额外功相等，
将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度时，克服物体重力做的功为有用功，所做的有用功相等；
额外功相等，有用功也相等，所以拉力做的总功相等，由P=Wt可知，甲的功率等于乙的功率，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)用两个相同的滑轮组，从图甲中可以看出绳子的股数n=2，则拉力F=12(G物+G轮)，从图乙中可以看出绳子的股数n=3，则拉力F=13(G物+G轮)，若不计绳重及摩擦，可以分析出拉力的大小；
(2)用相同的滑轮组在相同时间内匀速提高到相同高度，拉力移动的速度不相同，
(3)在提升重物的过程中，若不计绳重及摩擦，那么，克服动滑轮重做的功为额外功，因为动滑轮重相同，提升高度相同，所以额外功相同；
拉力做的总功相等，由P=Wt可分析其功率关系。
本题考查了使用滑轮组时拉力大小的计算，有用功、总功、额外功、功率的计算方法，以及滑轮组机械效率大小的比较，有一定难度。
12.【答案】D
【解析】解：A.开关S接a时，两个电阻串联，接b时，只有电阻R2工作，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故A不正确；
B.开关S1、S2同时闭合，两个电阻并联，断开S2，只有电阻R1工作，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故B不正确；
C.开关S、S1同时闭合，只有电阻R1工作，断开S1，两个电阻串联，电路有两个挡位，不能调节出高中低三挡，故C不正确；
D.断开S1，同时S2接b，两个电阻串联；闭合S1，同时S2接a，两个电阻并联；只闭合S1，同时S2接b，只有电阻R1工作；因此电路有三个挡位，能调节出高中低三挡，故D正确。
故选：D。
电路电压一定，由电功率公式P=U2R及串并联电路特点可以分析答题。
在本题中电热丝连入电路有三种方式，正确分析电路连接方式时解题关键。
13.【答案】C
【解析】解：由图可知，两电阻串联，电压表测电阻R两端的电压；
A、由题意可知，有人通过时R两端的电压减小，由串联电路的电压特点可知，R0两端的电压增大，由欧姆定律可知，R0的电流变大，故A错误；
B、由串联电路的电流特点可知，有人通过时，电路中的电流变大，由P=UI可知，电源电压一定，有人通过时，电路中的电流变大，电路的总功率变大，故B错误；
C、有人通过时，光敏电阻阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，此时电路中电流：I有=UR有R=2V10Ω=0.2A，
由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0有=U-UR有=3V-2V=1V，
由欧姆定律可知，R0的阻值：R0=U0有I有=1V0.2A=5Ω，
无人通过时，电压表示数为2.5V，由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0无=U-UR无=3V-2.5V=0.5V，
此时电路中电流：I无=I0无=U0无R0=0.5V5Ω=0.1A，
由欧姆定律可知，R的阻值：R无=UR无I无=2.5V0.1A=25Ω，故C正确；
D、无人通过时，R0 的功率：P=I0无2R0=(0.1A)2×5Ω=0.05W，故D错误。
故选：C。
由图可知，两电阻串联，电压表测电阻R两端的电压；
(1)由题意可知，有人通过时R两端的电压减小，根据串联电路的电压特点分析出R0两端的电压变化，根据欧姆定律分析出通过R0的电流变化；
(2)根据P=UI分析有人通过时，电路总功率的变化；
(3)根据有人通过时，光敏电阻阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，利用欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，根据无人通过时，电压表示数为2.5V，利用串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，进而求出R的阻值；
(4)根据P=UI=I2R求出无人通过，R0 的功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是正确分析有人通过和无人通过时R两端的电压。
14.【答案】A
【解析】解：由图乙可知，当液体深在0∼3cm时，杆B受到物体A的作用力不变，该作用力等于A的重力；
液体深在3cm∼9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小，原因是物体A受到液体的浮力变大，据此可知，硬杆B的长度L=3cm，故B错误；
当液体深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力和浮力相等处于漂浮状态，则物体A受到的浮力：F浮=G=4.8N，
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，所以正方体物体A的边长为13cm-3cm=10cm=0.1m，根据面积公式可得S=0.1m×0.1m，
当液体深为9cm时，物体A浸入液体中的深度为9cm-3cm=6cm，物体A浸入液体的体积：V排=Sh=0.1m×0.1m×0.06m=6×10-4m3，
则液体的密度：ρ=F浮gV排=4.8N10N/kg×6×10-4m3=0.8×103kg/m3，故A正确；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，由F浮=ρ水gV排可知，物体A受到的浮力变大，大于自身的重力，则仅将硬杆B撤去，物体A会上浮，故C错误；
此时正方体受到的浮力：F浮'=ρgV排'=0.8×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=8N，
硬杆B受到物体A的作用力F=F浮'-G=8N-4.8N=3.2N，液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，物体A受到的浮力不变，所以F的最大值为3.2N，故D错误。
故选：A。
由图乙可知，当液体深在0∼3cm时，杆B受到物体A的作用力不变，该作用力等于A的重力；液体深在3cm∼9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小，原因是物体A受到液体的浮力变大，据此可知，硬杆B的长度L=3cm；
当液体深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力和浮力相等处于漂浮状态；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，据此计算正方体物体A的边长，根据面积公式计算A的面积，进一步计算当液体深为9cm时物体A浸入液体的深度，根据体积公式计算此时物体A浸入液体的体积，根据浮力计算公式计算液体的密度；
当液体深为13cm时，物体A恰好浸没，由F浮=ρ水gV排可知，物体A受到的浮力变大，大于自身的重力，则仅将硬杆B撤去，物体A会上浮；
根据浮力计算公式计算此时正方体受到的浮力，此时硬杆B受到物体A的作用力等于此时物体A受到的浮力与A的重力之差，液体深h达到13cm后继续向容器内倒入液体，物体A受到的浮力不变，则此时F达到最大。
本题考查阿基米德原理的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
15.【答案】分子在不停地做无规则运动 汽化
【解析】解：
将消毒液喷洒在室外的楼道、走廊里，不一会儿室内也闻到了消毒水的气味，属于扩散现象，表明了消毒水分子在不停地做无规则运动；
喷洒在地上的消毒液会吸收热量，从液态变成气态，属于汽化。
故答案为：分子在不停地做无规则运动；汽化
不同的物质相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动。
物质由液态变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对分子间作用力以及扩散现象的理解和掌握及生活中的蒸发现象，属于基础知识的考查，比较简单。
16.【答案】同 =
【解析】解：
由图知：两个气球相互排斥，根据电荷间相互作用规律知：两个气球都带电，并且带的是同种电荷；
甲球对乙球的力F1与乙球对甲球的力F2，是一对相互作用力，两者大小相等，方向相反。
故答案为：同；=。
①电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
②力的作用是相互的，作用力与反作用力大小相等、方向相反，作用在一条直线上，同时产生，同时消失。
此题考查的是我们对电荷间相互作用规律及力的作用相互性的理解和应用，属于基本规律的考查。需要清楚的是：作用力与反作用力是同时产生，同时消失的，并且两者大小相等，方向相反，作用在两个物体上。
17.【答案】电磁波 3×108
【解析】解：在身处荒漠无人区等无地面网络信号覆盖环境下，该手机可通过畅连APP将文字和位置信息向外发出，信息是通过电磁波传递的，到达北斗卫星时传播速度是3×108m/s。
故答案为：电磁波；3×108。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
本题考查的是电磁波的特性及应用，关键是知道电磁波可以传递信息和电磁波的传播速度。
18.【答案】热传递 受力面积
【解析】解：食物从生的到被烤熟，是通过热传递的方式改变物体的内能；
烤串使用的竹签，前端很尖，是通过减小受力面积来增大压强。
故答案为：热传递；受力面积。
改变内能的方式包括做功和热传递；
增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。
本题考查内能的改变和增大压强的方法，属于基础题。
19.【答案】72 144
【解析】解：(1)汽车的速度为：v=st=24km2060h=72km/h；
(2)假设汽车的平均速度不变，根据速度公式得，建成前汽车从深圳到中山的路程为：s'=vt'=72km/h×2h=144km。
故答案为：72；144。
(1)知道路程和时间，根据速度公式可求出汽车的平均速度；
(2)知道速度和时间，根据速度公式的变形式s=vt可求出路程。
本题考查了速度公式的应用，难度不大，属于基础性题目。
20.【答案】4400 1320
【解析】解：(1)由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
他家同时使用用电器的最大总功率：
P大=UI=220V×20A=4400W；
(2)3000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数3000r，
电暖气独正常工作30min消耗的电能：
W=Pt=0.88kW×0.5h=0.44kW⋅h，
电能表转盘转过的转数：
n=3000r/kW⋅h×0.44kW⋅h=1320r。
故答案为：4400；1320。
(1)由参数可知，电能表正常工作时的电压和平时允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(2)3000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数3000r；根据W=Pt求出灯单独工作30min消耗的电能，进而求出电能表转盘的转数。
本题考查了电能表允许用电器同时工作最大功率以、电流、电能表转数的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
21.【答案】解：跳伞运动员从高空跳下一段时间后匀速下落，此时运动员处于平衡状态，故受到平衡力的作用，平衡力为运动员受到竖直向下的重力和竖直向上的空气阻力，且这两个力的作用点都在运动员的重心，且二力的大小相等，示意图如下：
【解析】运动员在空中下落一段时间后匀速下落，此时运动员处于平衡状态，故受到平衡力的作用，一个是受到竖直向下的重力，一个是空气对他竖直向上的阻力，作用点都在重心，由此可以做出这两个力的示意图。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
22.【答案】解：当折射光线射入人眼时，人凭光沿直线传播的感觉，认为池底A在折射光线的反向延长线上的A'处，人看到的是池底A的虚像；
由题可知，像在A'处，池底A在像A'的下面，眼睛在B处；先连接B、A'两点，与水面交于O点，则O为入射点；连接A'O，标上箭头为入射光线，则OB为折射光线，并标上箭头，如图所示：
【解析】由于从硬币反射的光经水面发生折射，折射光线远离法线偏折(向下偏折)，当折射光线射入人眼，人凭光沿直线传播的感觉，认为池底A在折射光线的反向延长线上，人看到的是池底A的虚像。
本题考查了光的折射光路图的画法，要知道：折射光线好像是从虚像上发出的。
23.【答案】答：
(1)建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头和墙相互摩擦，机械能转化为内能，钻头内能增大，温度升高，故钻头会发热；
(2)往钻头上浇水，水遇到温度较高的钻头时发生汽化，从钻头上吸收热量，从而使钻头的温度降低，避免钻头烧坏。
【解析】(1)改变物体内能的方法：一是做功(能量的转化)，二是热传递(能量的转移)；
(2)物质由液体变为气态的过程叫做汽化，汽化过程吸收热量。
本题考查了学生对改变内能的方法(做功、热传递)和汽化吸热的应用，属于热学常见题目。
24.【答案】自下而上 98 不变 相等 液体沸腾条件为：达到沸点、继续吸热
【解析】解：(1)实验装置的组装应按照自下而上的顺序，放好酒精灯，再固定铁圈的高度，石棉网的高低应根据酒精灯外焰高度来进行调节；
(2)温度计的分度值为1℃，示数为98℃；液体沸腾时，吸收热量、温度不变，所以温度计示数将不变；
(3)持续加热试管内的水与烧杯内的水温度趋于一致，温度相等，烧杯内的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，而试管中的水达到沸点后，不能继续吸热，不会沸腾，说明沸腾条件为：达到沸点、继续吸热。
故答案为：(1)自下而上；(2)98；不变；(3)相等；液体沸腾条件为：达到沸点、继续吸热。
(1)实验装置的组装应按照自下而上的顺序，调节酒精灯上方摆放着石棉网和烧杯的铁圈的高度时，需要点燃酒精灯，酒精灯需用外焰加热；
(2)先看清温度计的分度值，再读数；液体沸腾时，吸收热量、温度不变；
(3)液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热。
本题考查水沸腾实验装置安装顺序、温度计的读数方法、液体沸腾的条件和温度变化特征。
25.【答案】垂直 大小 虚 3 保持不变
【解析】解：(1)为了使蜡烛B能和蜡烛A的像完全重合，实验前需要将玻璃板与水平面垂直放置；
选择两支完全相同的蜡烛，当B与A的像重合时，则可知像与物大小相等，故选择两支完全相同的蜡烛是为了便于比较像与物体的大小关系；
(2)虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在其位置上竖立光屏，直接观察光屏，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是虚像；
(3)平面镜的像与物关于镜面对称，由图可知，图1玻璃板竖直放置，不会出现像偏高的情况，图2和图3玻璃板没有竖直放置，图2中像成在斜上方；图3中像成在斜下方，故平板玻璃中蜡烛A的像偏低且倾斜，是图3的成像情况；
(4)S、M的位置不变，根据像、物关于镜面对称可知，物体S在平面镜中的像S离M点的距离保持不变。
故答案为：(1)垂直；大小；(2)虚；(3)3；(4)保持不变。
(1)实验时玻璃板如果与水平面不竖直，成的像偏高或偏低，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合；
选择两支完全相同的蜡烛是为了便于比较像与物体的大小关系；
(2)虚像不能成在光屏上；
(3)(4)根据平面镜的成像特点像物关于镜面对称分析即可。
本题研究平面镜成像特点，考查实验注意事项和平面镜成像特点的运用。
26.【答案】A C A B
【解析】解：(1)探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”时不需要电源，但需要通过灵敏电流计的指针是否偏转来判断是否有感应电流产生，因此应选用图甲所示的实验装置来完成实验。
(2)A、蹄形磁体不动，导体棒ab向上运动，没有做切割磁感线运动，因此不会有感应电流产生，灵敏电流计指针不偏转，故A错误；
B、导体棒ab不动，蹄形磁体向右运动，以蹄形磁体为参照物，导体棒ab向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向左偏，故B错误；
C、蹄形磁体上下颠倒，改变了磁场方向，导体棒向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向右偏，故C正确；
(3)根据安培定则可知，电磁铁通电后，下端为N极；变阻器的滑片停在靠左侧时，连入电路的电阻值较大，根据欧姆定律可知，电路电流较小，电磁铁磁性较弱，产生的感应电流较小，灵敏电流计的指针偏转角度较小；变阻器的滑片停在靠右侧时，连入电路的电阻值较小，根据欧姆定律可知，电路电流较大，电磁铁磁性较强，产生的感应电流较大，灵敏电流计的指针偏转角度较大。
故答案为：(1)A；
(2)C；
(3)A；B。
(1)探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”时不需要电源，但需要通过灵敏电流计的指针是否偏转来判断是否有感应电流产生，据此选择实验装置；
(2)电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线方向有关；
(3)根据安培定则判断电磁铁通电后的磁极；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，据此判断。
此题考查了探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验，难度不大，属基础题目。
27.【答案】灯泡与灯座之间断路 a 电压表示数为3.8V将电压表小量程并联在滑动变阻器两端 将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V2.4∼3V
【解析】解：(1)灯L上标有3.8V的字样，故电压表选用大量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有较大示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，若灯泡完好，则原来的故障原因可能是灯泡与灯座之间断路；
(3)排除故障后，闭合开关并移动滑片P，观察到电压表的示数为2.5V，小于灯泡额定电压3.8V，为测量灯泡正常发光时候的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向a端移动，直至电压表示数为3.8V，再读出电流表的示数，计算出灯泡的电阻；
(4)当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为6V-3.8V=2.2V，而电压表小量程的分度值为0.1V，可以准确读出2.2V，所以要准确读出灯泡正常发光时候的电压，应将电压表小量程并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器两端电压为2.2V时，小灯泡正常发光；
(5)闭合开关前，应先将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V，即滑动变阻器阻值为0时，灯泡正常发光，这样既能保证滑片P任意调节，又能保证灯正常发光；
(6)由图乙可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为0.6A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：
UV大=I大R定小=0.6A×5Ω=3V；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总-UV=6V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R定，即6V-UVUV=R滑R定------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V-UVUV=30Ω20Ω，
解得电压表的示数：UV=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
故为顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压需要控制在2.4∼3V范围内。
故答案为：(1)见解答图；(2)灯泡与灯座之间断路；(3)a；电压表示数为3.8V；(4)将电压表小量程并联在滑动变阻器两端；(5)将滑动变阻器调至a端，调节电阻箱旋钮使电压表示数为3.8V；(6)2.4∼3V。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
(2)连接好电路后，先将滑片移至b端再闭合开关，发现灯L不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有较大示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)根据串联电路电压规律分析回答；
(5)根据电路图分析；
(6)根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻30Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
本题测量灯L的电阻实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
28.【答案】B 高度差 几乎不变 乙、丙 增大 液体密度 液面到下管口的距离 h1h2ρ水 小
【解析】解：(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的。
故选：B。
(2)根据转换法，液体压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映被测压强大小的。使用前应检查装置是否漏气，小鸿用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差几乎不变”；
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系要控制液体的密度相同，小鸿选择图1中乙、丙完成实验，得出液体压强随深度的增大而增大的结论；
选择图1乙丁完成实验，深度相同，而液体的密度不同，故得出液体压强与液体密度有关的结论；
(4)②用刻度尺测出液面到下管口的距离为h2；
③橡皮膜水平，故水和盐水产生压强相同，则有：
ρ盐水gh2=ρ水gh1；
盐水的密度表达式为：
ρ盐水=h1h2ρ水。
橡皮膜由凸起到变平试管液面会上升，造成测量水的深度h1变小，h2测量是准确的，所以密度的测量值变小。
故答案为：(1)B；(2)高度差；几乎不变；(3)乙、丙；增大；液体的密度；(4)②液面到下管口的距离；③h1h2ρ水；小。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
(3)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)橡皮膜没有形变时，盐水产生向上的压强和水产生向下的压强相等，根据液体压强相等列出等式，求出盐水的密度；分析h1和h2的测量量，据此回答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
29.【答案】解：(1)由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，
根据并联电路特点：并联电路中各支路互不影响可知，同时闭合开关S1、S2后，电流表示数变化了0.3A，即通过R2的电流I2=0.3A，
电源电压U=U1=U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V；
(2)根据并联电路电压规律可知，电阻R1两端的电压U1=U2=U=6V，
通过R1的电流I1=U1R1=6V10Ω=0.6A，
通电10s，电阻R1消耗的电能W1=U1I1t1=6V×0.6A×10s=36J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)通电10s，电阻R1消耗的电能是36J。
【解析】(1)由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，根据并联电路特点：并联电路中各支路互不影响可知，电流表示数变化了0.3A，即通过R2的电流为0.3A，根据欧姆定律可求出电阻R2两端的电压，根据并联电路电压规律可求出电源电压；
(2)根据并联电路电压规律可求出电阻R1两端的电压，根据欧姆定律可求出通过R1的电流，根据W=UIt可求出通电10s，电阻R1消耗的电能。
本题主要考查电功率公式的应用，欧姆定律的应用，并联电路电流、电压规律的应用，其中理解闭合开关S2后，电流表变化的示数就是通过R2的电流是解题的关键，也是本题的难点。
30.【答案】解：(1)压路机对地面的压力：F压=pS=4×105Pa×0.5m2=2×105N，
因压路机静止在水平地面上，所以压路机的重力G=F压=2×105N，
由公式G=mg得，压路机的质量：
m=Gg=2×105N10N/kg=2×104kg=20t；
(2)因压路机在水平地面上匀速行驶，
所以由二力平衡条件可得压路机受到的牵引力：
F牵=f=0.3G=0.3×2×105N=6×104N，
牵引力做的功：
W=F牵s=6×104N×1000m=6×107J，
压路机前进时的功率为：
P=Wt=6×107J500s=1.2×105W=120kW；
(3)3.75kg柴油完全燃烧放出的热量为：
Q=m柴油q柴油=3.75kg×4×107J/kg=1.5×108J，
发动机的工作效率为：
η=WQ=6×107J1.5×108J=40%。
答：(1)压路机的质量是20吨；
(2)压路机前进过程中的功率是120kW；
(3)发动机的工作效率为40%。
【解析】(1)根据压强的变形公式F压=pS求出压力，物体对水平地面的压力等于自身的重力，再根据公式m=Gg求出压路机的质量；
(2)压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F牵=f=0.3G求出其大小，根据W=Fs求出压路机牵引力做的功，再根据P=Wt求出压路机的功率；
(3)根据Q放=mq可求出消耗柴油完全燃烧放出的热量，再根据效率公式可求出压路机发动机的工作效率。
本题考查了压强、功率、热机效率的计算，是一道综合性较强的题目。
31.【答案】解：(1)托盘中不放物体时，小筒浸入水中5cm，排开水的体积为：
V排=S小筒h=10cm2×5cm=50cm3=5×10-5m3；
小筒受到的浮力为：F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-5m3=0.5N；
托盘和小筒处于漂浮状态，浮力等于重力，则托盘和小筒的总重力：G=F浮=0.5N；
托盘和小筒的总质量为：m=Gg=0.5N10N/kg=0.05kg=50g；
(2)在托盘中放入质量为100g的物体时，托盘和小筒仍处于漂浮状态，浮力仍等于重力，
所以增加的浮力等于增加的重力，即ΔF浮=ΔG=Δmg=0.1kg×10N/kg=1N，
根据F浮=ρ液gV排可得，增加的排开水的体积：
ΔV排=ΔF浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=10-4m3；
根据V=Sh可得，增加的浸入深度：
Δh浸=ΔV排S小筒=10-4m310×10-4m2=0.1m；
大筒中水面上升的高度：Δh上升=ΔV排S大筒=10-4m350×10-4m2=0.02m；
因为：Δh浸=Δh上升+d，其中d为小筒向下移动的距离，
所以小桶向下移动的距离：
d=Δh浸-Δh上升=0.1m-0.02m=0.08m；
小筒下降0.08m，滑片也跟着下滑0.08m=8cm，则变阻器连入电路的长度变为20cm-8cm=12cm，
因为AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω，即1cm的电阻丝的电阻为1Ω，
所以12cm的电阻丝的电阻为12Ω，即R=12Ω，
因为R和R0串联，
由欧姆定律可得，此时电路的电流为：I=UR+R0=6V12Ω+8Ω=0.3A；
R0消耗的功率：P0=I2R0=(0.3A)2×8Ω=0.72W
答：(1)托盘和小筒的总质量为50g；
(2)当开关S闭合且在托盘中放入质量为100g的物体时，R0消耗的功率为0.72W。
【解析】(1)根据漂浮时，浮力等于重力分析解答；
(2)托盘中放入100g的物体时，仍然处于漂浮状态，浮力仍等于重力，所以增加的浮力等于增加的重力，根据F浮=ρ液gV排求出增加的排开水的体积，再根据V=Sh算出增加的深度；
根据“AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20Ω”求出电阻的变化值，得出连入电路的电阻，根据欧姆定律求出电路的电流，最后根据P=I2R算出电阻R0消耗的功率。
本题考查了串联电路电压的规律，浮沉条件、阿基米德原理、欧姆定律的应用、电功率的计算等知识，是一道综合题，难度较大。
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