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2023年重庆市重点学校中考物理三模试卷
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这是一份2023年重庆市重点学校中考物理三模试卷，共25页。
2023年重庆市重点学校中考物理三模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 教室中课桌的高度约为80dm B. 中考专用实心球重力约为20N
C. 人体感觉舒适的环境温度为37℃ D. 人体的安全电压是220V
2. “影”是生活中常见的光现象，下列与“立竿见影”中的“影”形成原理相同的是( )
A. 手影 B. 倒影
C. 投影 D. 摄影
3. 五一小长假，小砚一家出去郊游，车内放置了一款如图所示的车载冰箱，它采用环保型制冷剂直流变频压缩机，精准控温20℃至−20℃。下列对有关现象的解释正确的是( )
A. 冰箱内，0℃的冰水混合物没有内能
B. 打开冰箱，周围的“白气”是水汽化形成的
C. 冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块升华吸热
D. 从冰箱内取出的饮料瓶外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的
4. 关于如图所示的电与磁的知识描述正确的是( )
A. 甲图中在使用测电笔时手要接触笔尖金属体
B. 乙图中条形磁体周围的磁感线是真实存在的
C. 丙图验电器利用了同种电荷相互排斥的原理
D. 丁图中演示的现象与发电机的工作原理相同
5. 为加强校园安全，HY校区门口安装了门禁系统，如图所示。进出校门可以采用刷卡、面部识别、保安遥控多种方式使电动机M工作而打开门锁，下列电路设计合理的是( )
A. B. C. D.
6. 绿茵场上挥汗如雨总能让人活力满满，对如图所示的体育运动中相关物理现象描述正确的是( )
A. 甲图中跳高运动员位于最高点时处于平衡状态
B. 乙图中运动员起跑时用力蹬起跑器利用了力的作用是相互的
C. 丙图中运动员将静止的足球踢出，说明力可以改变物体的形状
D. 丁图中运动员用力握紧羽毛球拍是为了减小手与球拍间的摩擦力
7. 塔吊是工程建设中经常采用的起重装置，如图甲是根据塔吊抽象出来的物理模型，其水平臂AOB可视为杠杆，O为其支点，配重可以在AO之间水平移动，起吊重物的滑轮组也可以在OB之间水平移动。图乙是滑轮组的局部放大图，它将重为5000N的重物竖直匀速提升10m用时20s，滑轮组自由端绳子的拉力F为3000N，若不计绳重及摩擦，以下说法正确的是( )
A. 拉力F的功率为3000W
B. 滑轮组的机械效率为60%
C. 塔吊宽大的底座可以增大它对地面的压强
D. 当所吊重物向B端移动时，配重应适当向O点移动
8. 如图甲所示的电路，电源电压4.5V不变。R1为定值电阻，滑动变阻器R2标有“xΩ 1A”字样，其铭牌上所标的最大阻值模糊不清，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A。先闭合开关S、S1，断开S2、S3，将滑动变阻器R2的滑片从最右端移到最左端；再闭合开关S、S2、S3，断开S1，在保证电路安全的前提下最大范围移动滑动变阻器，两次实验中电流表与电压表示数的关系图象如图乙所示。则关于此电路的说法正确的是( )
A. 灯泡L的额定电压为3V B. 定值电阻R1的阻值为20Ω
C. R1的最大功率为1.35W D. 该电路的最大与最小功率之比为3：1
9. 英国物理学家______ 最先精确地确定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系。生活中电饭锅利用电流的热效应，将电能转化为______ 能。
10. 2023年除夕，重庆举办了盛大的烟花表演，成为一道浪漫的新年风景线。燃放烟花时，爆鸣声是由火药爆炸时引起空气______ 产生的，距离燃放点远近不同的人们听到声音的______ (选填“音调”、“响度”、“音色”)不同。
11. 中国茶文化源远流长，博大精深，是中华文化之瑰宝。茶香四溢是一种______ 现象；用质量为200g的热水泡茶，一段时间后，茶水温度从85℃降低至35℃，则：此过程中茶水放出的热量是______ J。[茶水的比热容取c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
12. 如图所示，是小明家月初和月末电能表的示数，若每度电的电费是0.5元，则这个月小明家要交______ 元的电费。若单独使用电熨斗时，消耗电能0.3kW⋅ℎ，则该电能表的转盘转过______ 转。
13. 如图甲所示，将圆柱形水杯M竖直放置在具有一定高度的薄壁圆柱形容器中，容器自重为4N且装有一定量的水。M具有一定厚度，其质量为100g，外底面积为100cm2高为10cm。现逐渐向M中加水，M外底到容器底部的距离ℎ与加入水的质量m的关系如图乙所示，加水过程中M始终保持竖直，且不计杯壁上所沾的水。则最初未加水时，M所受浮力为______ N，当加水质量为m1时，容器对水平桌面的压强为______ Pa。
14. 将图中的电灯和控制它的开关连接到家庭电路的电源线上。
15. 请在图中画出动力F的力臂。
16. (1)利用如图1甲所示装置探究“冰熔化时温度随时间变化的规律”，将装有碎冰的试管放入装有适量水的烧杯中加热。安装实验装置时，应遵循______ (选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序；图1乙为冰的温度随时间变化的图象，在6min时，试管内的物质处于______ (选填“固体”、“液体”或“固液共存”)状态，8min时试管内物质的内能______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)4min时的内能。
(2)课堂上，小明对凸透镜成像规律进行了相关实验探究。通过如图2甲所示实验，测出凸透镜焦距为______ cm。实验时，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者中心在______ 。图2乙中，光屏上恰好能得到烛焰清晰的像，______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像规律与此相同。
17. 重外物理兴趣小组利用以下器材测量小灯泡的额定功率：恒压电源(6V)、小灯泡(标有2.5V字样)、滑动变阻器(标有“60Ω 1A”字样)、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1乙所示，则接下来的操作是______ 。
(2)请用笔画线代替导线，将图1甲的电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮。
(3)正确连接电路后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表无示数，你认为造成这一现象的原因可能是______ 。(选填字母)
A.电流表断路
B.小灯泡短路
C.小灯泡灯丝断了
D.滑动变阻器短路
(4)排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从大量程的刻度线看出指针停在10V处，则灯泡实际电压为______ V。若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______ 移动(选填“左”或“右”)，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图1丙所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(5)实验完成后，同学们还想探究“导体中的电流与电阻的关系”，于是选取了10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻替换小灯泡，其它器材及电路连接不变。为了使三个电阻单独接入电路都能完成实验，应控制定值电阻两端的电压不低于______ V。
(6)电源可分为电压源和电流源两种，电压源的输出电压是恒定的，电流源的输出电流是恒定的。如图2甲所示，分别是电压源与电流源的电路符号。在某次社团活动中，物理兴趣小组设计了如图2乙所示的电路，电流源输出电流一定，R为定值电阻，下列说法正确的是______ 。
A.向左移动滑片，电阻R的电功率不变
B.利用该电路可以探究电压一定时，电流与电阻的关系
C.刚用该电路可以探究电阻一定时，电流与电压的关系
D.利用该电路可以测量未知电阻的阻值，并且可以多次测量求平均值减小误差
18. 喜欢健身的小明爬山时拾得一块小石块，他结合所学知识，动手测量其密度。
(1)他将天平放在______ 桌面上，然后调节天平平衡。调节完成后指针静止时的位置和游码的位置如图1甲所示。请你指出小明调节天平平衡的过程存在的问题：______ 。
(2)若纠正错误后，为了调节横梁再次平衡，需向______ (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使指针指到分度盘中央刻度线。
(3)天平重新调平后，将小石块放在左盘，在右盘中加减砝码并调节游码直到横梁平衡。这时右盘中的砝码情况和游码位置如图1乙所示，则小石块的质量为______ g。如图1丙和丁所示，小明利用排水法测出小石块体积，并算出了小石块的密度。
(4)考虑到小石块的吸水性(小石块吸水后体积保持不变)会对实验结果产生影响，小明取出量筒中的小石块，擦干其表面的水后，用天平称出其质量为29g，则小石块密度应修正为______ g/cm3。
(5)小涛同学用电子秤测量一块金属块的密度，步骤如图2所示：
①甲图中，烧杯中装适量水，置于已调零的电子秤上，电子秤的示数为m1；
②乙图中，将金属块用细线系住(细线的体积、质量忽略不计)，浸没于水中，电子秤的示数为m2，根据甲、乙两步计算出金属块的体积为______ cm3；
③丙图中，将金属块缓慢沉入杯底，静止时电子秤的示数为m3，由此小涛算出了金属块的密度；
④细心的小芳发现在图乙所示的操作中，金属块接触到了烧杯底部，其余操作完全正确。则与真实值相比，小涛所测金属块密度值______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)；
⑤如图丁所示，小芳再次重复图乙所示操作，但金属块与烧杯底部未接触，测出细线对金属块的拉力F=1.8N，则电子秤的示数为______ kg。
19. 我国无人机技术世界遥遥领先，广泛应用于军用民用领域。如图所示为某型号民用无人机，部分飞行参数如表所示。空气阻力忽略不计，请结合表中信息，当无人机以最大上升速度竖直匀速上升100m的过程中，求：
动力系统
电动
质量
1.2kg
最大上升速度
5m/s
卫星定位
北斗
(1)无人机运动的时间；
(2)升力对无人机做功的功率。
20. 如图甲所示，底面积为200cm2的足够高的薄壁柱形容器放置在水平面上，容器中装有2.2kg的水。将长方体B和边长为10cm的正方体A组合在一起，通过轻质细线悬挂于天花板并放入水中，静止时细线的拉力为13N，如图乙所示。已知长方体B的底面积为50cm2、高为10cm、密度为3g/cm3，正方体A的重力为6N。求：
(1)图甲中，水的体积；
(2)图乙中，正方体A受到的浮力，
(3)若轻轻剪断图乙中的细线，待A、B两物体竖直静止后(B仍在A的上方)，水对容器底的压强。
21. 近年来我国智能电动汽车高速发展。如图甲所示，为某品牌国产电动汽车，其车窗系统具有加热功率依次增大的防雾、除雾和化霜三个挡位，如图乙是简化后的车窗系统加热电路。忽略温度对电阻的影响，四个发热电阻R1=R3，R2=R4=200Ω。当旋转开关旋至“1”挡时，标有“1”的两接触点接通，电路中的电流为0.4A；当开关旋至“2”挡时，电路中的电流为2A。求：
(1)开关旋至“1”挡时，R4两端的电压；
(2)发热电阻R3的阻值；
(3)当电动车的电量过低时，车机系统会通过调节电源电压，降低车窗系统加热功率。某次电动车的电量过低时，除雾与防雾挡的加热功率之差为40W，求此时化霜挡的加热功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.教室中课桌的高度约为80cm=8dm，故A不符合实际；
B.中考专用实心球重力约为20N，故B符合实际；
C.人体感觉舒适的环境温度为23℃，故C不符合实际；
D.对人体安全的电压不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：“立竿见影”中的“影”是由于光的直线传播形成的。
A、手影是由于光的直线传播形成的，与“立竿见影”中的“影”形成原理相同，故A符合题意；
B、倒影是由于光的反射形成的，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故B不符合题意；
C、投影是利用凸透镜成像原理来工作的，本质上是光的折射，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故C不符合题意；
D、摄影是利用凸透镜成像原理来工作的，本质上是光的折射，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种均匀介质中是沿直线传播的。小孔成像、日食、月食、激光准直、影子的形成都是光的直线传播的实例。
(2)光射到物体的表面，改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射，平面镜成像属于光的反射的应用。
(3)光从一种透明介质斜射进入另一种透明介质时，传播方向通常会发生变化，这种现象叫光的折射。海市蜃楼、池水变浅、插入水中的筷子向上弯折等都属于光的折射现象。
本题主要考查了光的直线传播，关键是知道这些实例与不同光现象的对应关系。
3.【答案】D
【解析】解：A、冰箱内，0℃的冰水混合物具有内能，故A错误；
B、打开冰箱，周围的“白气”是水蒸气液化形成的，故B错误；
C、冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块熔化吸热，故C错误；
D、从冰箱内取出的饮料瓶外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：D。
(1)分子有质量，分子在不停地做着无规则运动，所以分子具有动能；
(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
(3)物质由固态变为液态叫熔化，熔化吸热。
此题考查的是生活中的物态变化现象，是一道基础题。
4.【答案】C
【解析】解：
A、甲图使用测电笔时，手指要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手不能接触笔尖的金属体(否则可能会触电)，故A错误；
B、磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线，所以磁感线不是真实存在的，故B错误；
C、丙图中验电器的工作原理是同种电荷互相排斥，故C正确；
D、电路中有电源，闭合开关，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理；而发电机的工作原理是电磁感应现象，故D错误。
故选：C。
(1)正确使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，说明是火线；
(2)为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
(3)验电器原理是：同种电荷互相排斥；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题考查了测电笔的使用、磁感线、发电机和电动机的工作原理以及验电器的工作原理，考查较综合，难度一般。
5.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，可以采用刷卡、面部识别、保安遥控多种方式使电动机M工作而打开门锁，这说明三个开关工作时互不影响，是并联的，且电动机M位于干路，由电路图可知，选项D正确。
故选：D。
根据题意分析三个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出三开关的连接方式和电动机的位置是关键。
6.【答案】B
【解析】解：
A、跳高运动员上升到最高点时只受重力，不是平衡状态，故A错误；
B、运动员起跑时用力蹬起跑器利用了力的作用是相互的，故B正确；
C、运动员将静止的足球踢出，球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故C错误；
D、运动员用力握紧羽毛球拍主要通过增大压力的方式增大手和球拍间的摩擦力，故D错误。
故选：B。
(1)物体保持的静止、匀速直线运动状态叫物体的平衡状态，物体处于平衡状态时所受的合力为零；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
(4)摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在接触面粗糙程度相同的情况下，滑动摩擦力大小与压力有关，压力越大摩擦力越大；在压力相同的情况下，滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大。
此题考查平衡状态的判断、力的相互作用、力的作用效果、影响摩擦力大小的因素等知识，是一道力学综合题，正确、全面理解概念或规律是解答的基础。
7.【答案】A
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nℎ=2×10m=20m，
拉力做的总功：W总=Fs=3000N×20m=6J×104，
拉力做功的功率：P=W总t=6×104J20s=3000W，故A正确；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=5000N2×3000N×100%≈83.3%，故B错误；
C、塔吊宽大的底座，是在压力一定时，增加了受力面积，从而减小了压强，故C错误；
D、由图可知，当所吊重物向B端移动时，右侧的力臂增大，即右侧力和力臂的乘积变大，由杠杆平衡条件可知，此时左侧的力和力臂的乘积也应变大，在配重一定时，应将配重远离O点，故D错误。
故选：A。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nℎ，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；
(4)由图可知，当所吊重物向B端移动时，右侧的力臂增大，根据杠杆平衡条件分析配重移动的方向。
本题考查减小压强的方法、杠杆平衡条件、功、功率和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
8.【答案】C
【解析】解：(1)闭合开关S、S1，断开S2、S3，定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测滑片以左部分两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片在最右端时，滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为0.1A，
根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I1=3V0.1A=30Ω，
串联的总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1=U−U2I1=4.5V−3V0.1A=15Ω，故B错误；
(2)闭合开关S、S2、S3，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，由图可知灯泡正常发光的电流为0.3A，此时滑动变阻器两端的电压为0，则灯泡两端的电压等于电源电压，所以灯泡正常发光的电压为4.5V，故A错误；
(3)闭合开关S、S1、S3，断开S2，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据P=U2R可知此时定值电阻的功率最大，
R1的最大功率为P1=U2R1=(4.5V)215Ω=1.35W，故C正确；
(4)灯泡正常发光时，电路电功率为P=UIL=4.5V×0.3A=1.35W，
此时电路电功率与电路为定值电阻的简单电路的电功率相同，都为1.35W，
闭合开关S、S1、S2，断开S3，定值电阻和灯泡并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，此时电路电功率最大为1.35W×2=2.7W，
由图乙可知电路的最小电功率P′=UI1=4.5V×0.1A=0.45W，
则该电路的最大与最小功率之比为2.7W：0.45W=6：1，故D错误。
故选：C。
(1)闭合开关S、S1，断开S2、S3，定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测滑片以左部分两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片在最右端时，滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为0.1A，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路电压根据结合欧姆定律计算定值电阻的阻值；
(2)闭合开关S、S2、S3，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，由图可知灯泡正常发光的电流为0.3A，此时滑动变阻器两端的电压为0，则灯泡两端的电压等于电源电压，所以灯泡正常发光的电压为4.5V；
(3)闭合开关S、S1、S3，断开S2，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据P=U2R可知此时定值电阻的功率最大，进一步计算R1的最大功率；
(4)根据P=UI计算灯泡正常发光时电路电功率，根据P=UI结合图乙数据计算电路的最小电功率，进一步计算该电路的最大与最小功率之比。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
9.【答案】焦耳 内
【解析】解：(1)英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系；
(2)生活中电饭锅利用电流的热效应，将电能转化为内能。
故答案为：焦耳；内。
(1)在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即发现了焦耳定律。
(2)电饭锅工作时电能转化为内能；
本题考查了能量转化以及物理学史，平时多了解物理学史，了解科学家的贡献，有利于解答此类题。
10.【答案】振动 响度
【解析】解：声音是由物体的振动产生的，爆鸣声是由火药爆炸时引起空气振动产生的；
燃放烟花时，距离燃放点远近不同的人们听到声音的响度不同。
故答案为：振动；响度。
声音是由物体的振动产生的；声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
本题考查声音的产生和声音的特征，属于基础题。
11.【答案】扩散 4.2×104
【解析】解：茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象；
茶水放出的热量为：
Q放=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(85℃−35℃)=4.2×104J。
故答案为：扩散；4.2×104。
不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子不停地做无规则运动；
知道茶水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q放=cmΔt求茶水放出的热量。
此题考查了扩散现象和利用热量公式求解茶水放出热量的方法。
12.【答案】81 180
【解析】解：(1)小明家这月用电量为：1282.9kW⋅ℎ−1120.9kW⋅ℎ=162kW⋅ℎ；
这个月要交电费：162kW⋅ℎ×0.5元/kW⋅ℎ=81元；
(2)“600revs/(kW⋅ℎ)”表示每消耗1kW⋅ℎ的电能电能表的转盘转600r，
只让电熨斗单独正常工作，消耗的电能为：W=0.3kW⋅ℎ，
电能表转盘转数：n=600revs/(kW⋅ℎ)×0.3kW⋅ℎ=180r。
故答案为：81；180。
(1)用本月末电能表的示数减去上月末的示数，就可以得出本月用电的度数，再乘以一度电的价格即为这个月的电费；
(2)“600revs/(kW⋅ℎ)”表示每消耗1kW⋅ℎ的电能电能表的转盘转600r，若单独使用电熨斗时，消耗电能为0.3kW⋅ℎ，可求出电能表转盘转数。
本题考查了电能表的读数方法、以及消耗电能、电费、电能表转盘转数的计算等，理解电能表相关参数的意义是关键。
13.【答案】1 2200
【解析】解：(1)由题意和图像可知，最初未加水时，M处于漂浮状态，根据平衡法可知：F浮=G物=m物g=100×10−3kg×10N/kg=1N；
(2)由图乙分析可知，开始时M外底到容器底部的距离ℎ为14.5cm，当逐渐向M中加水时，M会逐渐下降，ℎ会逐渐减小；
当加水800g后，M内水装满，此时水会进入容器中，由于ℎ又逐渐增加，则可知装满水的水杯M处于漂浮状态；
当加水m1后，ℎ不再变化，说明此时容器中的水已加满；
综上所述可知，当加水800g后，水杯受到的浮力等于M的重力和加入水的重力，
即F浮=GM+G加水1=(m物+m0)g=(100×10−3kg+800×10−3kg)×10N/kg=9N；
根据F浮=ρ液V排g可知，此时排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=9N1×103kg/m3×10N/kg=9×10−4m3=900cm3，
则M浸入的深度为ℎ1=V排SM=900cm3100cm2=9cm；
因M处于漂浮状态，则加水m1后，容器中水的总高度为ℎ总=ℎ1+11cm=9cm+11cm=20cm；
当加水800g时，增加的浮力等于水的重力，即F浮增=G加水1=800×103kg×10N/kg=8N，
根据F浮=ρ液V排g可知，此时增加排开水的体积为：
V排增=F浮增ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3=800cm3，
M浸入水的高度增加了ℎ增=V排增SM=800cm3100cm2=8cm，
容器中水上升的体积，等于增加排开水的体积，
即V排增=(S容−SM)ℎ增，由此可知容器的底面积为：
S容=V排增ℎ增+SM=800cm38cm+100cm2=200cm2=2×10−2m2；
当加水质量为m1时，容器对桌面的压力等于容器的重力与加入水的总重力及M的重；
由于水杯漂浮，加入水的总重力与M的重力之和等于其排开水所受到的重力，
即容器对桌面的压力F=G容+G水+G排水=G容+G水总=G容+ρ水gℎ总S容=4N+1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m×2×10−2m2=44N；
则容器对水平桌面的压强为：
p=FS容=44N2×10−2m2=2200Pa。
故答案为：1；2200。
(1)最初未加水时，M处于漂浮状态，根据漂浮条件即可求出所受浮力；
(2)由图乙分析可知，开始时M外底到容器底部的距离ℎ为14.5cm，当逐渐向M中加水时，M会逐渐下降，ℎ会逐渐减小；
当加水800g后，M内水装满，此时水会进入容器中，由于ℎ又逐渐增加，则可知装满水的水杯M处于漂浮状态；
根据漂浮条件求出当加水800g后，水杯受到的浮力，利用阿基米德原理求出排开水的体积，然后求出M浸入的深度；
因M处于漂浮状态，则加水m1后，求出容器中水的总高度；
当加水800g时，增加的浮力等于水的重力，根据阿基米德原理求出增加排开水的体积，利用数学关系求出容器的底面积；
当加水质量为m1时，容器对桌面的压力等于容器的重力与加入水的总重力及M的重，据此求出容器对水平桌面的压力，根据压强公式求出容器对水平桌面的压强。
本题考查了重力公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、压强定义式的综合应用，从图象中获取有用的信息是解题的关键。
14.【答案】解：电灯的接法：火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属点，零线直接接在电灯的螺旋套上，如图所示：
【解析】电灯的接法：火线进入开关，再进入电灯顶端的金属点；零线直接接入电灯的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
15.【答案】解：由支点O向F的作用线作垂线，则垂线段的长度为F的力臂L，如下图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题考查了力臂的画法，掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
16.【答案】自下而上 固液共存 大于 10.0 同一高度 照相机
【解析】解：(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，所以安装时需要点燃酒精灯，温度计玻璃泡完全浸没在被测物质中，但不能碰容器底和壁，则组装仪器需要按照自下而上的顺序；
由图象可知，在6min时冰处于熔化过程中，所以处于固液共存态；
冰在熔化过程中需要吸热，所以冰在第8min时具有的内能大于在第4min时具有的内能；
(2)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以由图2甲凸透镜的焦距是：f=30.0cm−20.0cm=10.0cm；
实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度，目的是将像呈现在光屏中央；
由图2乙可知，物距u=50.0cm−20.0cm=30.0cm>2f，根据u>2f时，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
故答案为：(1)自下而上；固液共存；大于；(2)10.0；同一高度；照相机。
(1)实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没在被测物质中，但不能碰容器底和壁，据此判断组装仪器的顺序；
晶体在熔化前是固态，熔化过程中处于固液共存态，熔化完后处于液态；
晶体在熔化时要吸收热量，其内能增加；
(2)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
为使所成像能在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上；
根据u>2f时，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
本题考查了探究“冰熔化时温度随时间变化的规律”和凸透镜成像规律的探究两个实验的理解和掌握，涉及了图像的分析、凸透镜焦距的测量、实验装置的安装等知识，难度一般。
17.【答案】调零 A 2 左 0.75 2.4 A
【解析】解：(1)在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1乙所示，此时电流表的指针没有与零刻度线对齐，故接下来的操作是调零；
(2)滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(3)电路正确连接后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表被短路或它的正负接线柱至少有一个没有与电源连通，即造成这一现象的原因可能是电流表断路，故选：A；
(4)当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从大量程的刻度线看出指针停在10V处，则对应小量程的示数为2V；小于灯的额定电压2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左，直到小灯泡正常发光；由图甲可知，电流表选用小量程；此时电流表的示数如图1丙所示，电流表分度值为0.02A，电流大小为0.3A，则小灯泡的额定功率是：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV=6V−UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R定，即6V−UVUV=R滑R定------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V−UVUV=60Ω40Ω，
解得电压表的示数：UV=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
(6)图乙所示的电路中干电池是电流源，所以电路中电流恒定。未知电阻和滑动变阻器串联；
A、向左移动滑片，电路中的电流不变，未知电阻的电阻值一定，所以根据P=I2R可知：电阻的电功率不变，故A正确；
BC、因为电路中电流恒定，所以无法探究电流和电压、电流和电阻的关系，故BD都错误；
D、用伏安法测量未知电阻的阻值，需要多次测量未知电阻的电压和电流，而电路中电流恒定，故D错误。
故选：A。
故答案为：(1)调零；(2)见解答图；(3)A；(4)2；左；0.75；(5)2.4；(6)A。
(1)电表使用前要调零；
(2)滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(3)电路正确连接后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表被短路或它的正负接线柱至少有一个没有与电源连通，据此分析；
(4)根据电压表大小量程之比为5：1读数；灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据图甲确定电流表选用的量程，由图丙确定分度值读数，根据P=UI求灯的功率；
(5)当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为60Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻40Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
(6)图2乙所示的电路中干电池是电流源，据此分析选项。
本题测量小灯泡的额定功率实验，考查了电表使用、电路连接、电路故障、实验操作、功率的计算及欧姆定律的应用和动态电路分析等知识。
18.【答案】水平 游码没有移到零刻度线处 右 27 2.25 40 偏小 1.04
【解析】解：(1)使用天平时，要把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，所以遗漏的是游码没有移到零刻度线处；
(2)将游码移动左端零刻度线处后，指针将会左偏，为了调节平衡，他需向右调节平衡螺母；
(3)由图乙知，小石块的质量m=20g+5g+2g=27g；
由图丙知，量筒中水的体积为15mL，小石块浸没在量筒的水中后总体积为25mL，所以小石块的体积V=25mL−15mL=10mL=10cm3；
小石块的密度ρ=mV=27g10cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
(4)小石块吸水的质量m水=29g−27g=2g，
吸水的体积V水=m水ρ水=2g1g/cm3=2cm3，
石块的体积V′=V+V水=10cm3+2cm3=12cm3，
小石块密度ρ′=mV′=27g12cm3=2.25g/cm3；
(5)②由甲丙图知，金属块的质量：m=1.22kg−1.01kg=0.21kg，
乙图中，金属块悬挂在弹簧测力计上，金属块受到水竖直向上的浮力，物体间力的作用是相互的，金属块给水一个竖直向下的压力作用在容器的底部，导致电子秤的示数增加，增加的压力和浮力大小相等，
所以，F浮=(m2−m1)g=(1.05kg−1.01kg)×10N/kg=0.4N，
因为，F浮=ρ水gV排=ρ水gV金=1.0×103kg/m3×10N/kg×V金=0.4N，
解得，V金=4×10−5m3=40cm3；
④图乙中金属块接触杯底，导致电子秤的示数增大，金属块受到的浮力增大，求出的金属块的体积增大，质量测量是准确的，所以金属块的密度偏小。
⑤金属块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，这三个力是平衡力，
F浮=G金−F拉=mg−F拉=0.21kg×10N/kg−1.8N=0.3N，力的作用是相互的，
所以电子秤的示数m4=m1+F浮g=1.01kg+0.3N10N/kg=1.04kg，
则电子秤的示数为1.04kg。
故答案为：(1)水平；游码没有移到零刻度线处；(2)右；(3)27；(4)2.25；(5)②40；④偏小；⑤1.04。
(1)使用天平时，要把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡；
(2)平衡螺母向横梁上翘的一端调节，直到指针指到分度盘的中央位置；
(3)天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值；读出图丙和丁中量筒中水面示数，两者的差为小石块的体积；由密度公式ρ=mV计算小石块的密度；
(4)先计算吸水的质量，根据密度公式的变形式得出吸水的体积，进而得出石块的真实体积，利用密度公式ρ=mV得出小石块密度；
(5)②由甲丙图，从电子秤示数差求出金属块的质量，由甲、乙图，利用物体间力的作用是相互的，求出金属块的体积；
④图乙中金属块接触杯底，导致电子秤的示数增大，金属块受到的浮力增大，求出的金属块的体积增大，由金属块的体积确定测量值的变化；
⑤由甲、丙两图求出金属块的质量，再求出金属块的重力，金属块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，这三个力是平衡力，根据平衡条件列出等式求出金属块受到的浮力，金属块受到的浮力与金属块对水作用力相等，所以电子秤增加的压力等于金属块受到的浮力，相当于重力等于浮力的物体压在电子秤上，所以电子秤增加的示数(m4)在数值上等于金属块浮力与g的比值加m1。
测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查；特别是最后一题，包括压强的变化量、浮力、平衡力、密度计算，综合性强，所以难度很大。
19.【答案】解：(1)由表中数据可知，最大上升速度为5m/s，则无人机以最大速度匀速上升100m所需要的时间：
t=sv=100m5m/s=20s；
(2)无人机的重力：G=mg=1.2kg×10N/kg=12N；
因为此过程中无人机做匀速直线运动，所以此时无人机受到的升力与重力还是一对平衡力，即F=G=12N，
因此升力对无人机做功的功率：
P=Wt=Fst=Fv=12N×5m/s=60W。
答：(1)无人机运动的时间为20s；
(2)升力对无人机做功的功率为60W。
【解析】(1)利用v=st算出无人机运动的时间；
(2)根据G=mg计算出无人机的重力，根据二力平衡条件分析无人机做匀速直线运动时的升力，再利用P=Wt=Fst=Fv计算出无人机做功的功率。
本题以无人机为载体，考查了速度公式、二力平衡条件的应用以及功率的计算，难度不大。
20.【答案】解：(1)图甲中，根据密度公式得，水的体积为：V=mρ=2.2kg1.0×103kg/m3=2.2×10−3m3；
(2)图乙中，长方体B的质量mB=VBρB=50cm2×10cm×3g/cm3=1500g=1.5kg，
其重力为：GB=mBg=1.5kg×10N/kg=15N，则GAB=GA+GB=6N+15N=21N，
根据称重法得，F浮=GAB−F拉=21N−13N=8N；
(3)乙图中剪断绳后，以AB两物体为整体，其整体的质量：mAB=mA+mB=6N10N/kg+1.5kg=2.1kg，
则整体体积为：VAB=VA+VB=1000cm3+50cm2×10cm=1500cm3=1.5×10−3m3，
其整体的密度：ρAB=mABVAB=2.1kg1.5×10−3m3=1.4×103kg/m3，
因为其整体的密度大于液体的密度，故该整体在液体中处于沉底状态；
没有放入物体时，水的深度为：ℎ=2.2×10−3m3200×10−4m2=0.11m=11cm，
正方体A浸没时，水面上升的高度为：ℎA=VAS容=1×10−3m3200×10−4m2=0.05m=5cm，
只有正方体A浸没时，水深为11cm+5cm=16cm，如固定在容器底部，在正方体A上方水的体积为：
V=S容(16cm−ℎA)=200cm2×(16cm−10cm)=1200cm3，
长方体B放入容器中，且在A上时，物体沉底，则此时容器内A之上水的深度：
ℎ′=VS容−SB=1200cm3200cm3−50cm3=8cm，
则容器内水的深度为：ℎ水=ℎA+ℎ′=10cm+8cm=18cm=0.18m，
水对容器底部的压强为：
p=ρ水gℎ水=1×103kg/m3×10N/kg×0.18m=1800Pa。
答：(1)图甲中，水的体积为2.2×10−3m3；
(2)图乙中，正方体A受到的浮力为8N；
(3)若轻轻剪断图乙中的细线，水对容器底的压强为1800Pa。
【解析】(1)知道密度和质量，根据密度公式的变形式V=mρ可求出其体积；
(2)图乙中，求出长方体B的质量mB，求出其重力GB=mBg，根据称重法可求出浮力F浮；
(3)乙图中剪断绳后，以AB两物体为整体，求出其整体的质量mAB和整体体积VAB，根据密度公式求出其整体的密度；与水的密度比较，确定AB的浮沉状态；计算出只有正方体A浸没时，水面的高度，正方体B浸入时，水面上升的高度，根据p=ρ水gℎ可求出水对容器底部的压强。
本题考查了密度公式、重力公式、称重法求浮力、液体压强公式等的应用，有一定的难度。
21.【答案】解：(1)开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，由欧姆定律可知，R4两端的电压：U=IR=0.4A×200Ω=80V；
(2)由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，开关旋至“1”挡时的电源电压：U=I(R3+R4)=0.4A×(R3+200Ω)……①
开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，此时的电源电压：U=I′R3=2A×R3……②
由①②解得：R3=50Ω；
(3)由题意可知，R1=R3=50Ω；
开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，开关旋至“3”挡时，R1、R2并联；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，车窗系统为化霜挡；R3、R4串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，车窗系统为防雾挡；电路为R3的简单电路时，车窗系统为除雾挡；
由P=UI=U2R可知，除雾与防雾挡的加热功率之差：ΔP=P除雾−P防雾=U′2R3−U′2R3+R4=U′250Ω−U′250Ω+200Ω=40W，
解得：U′=50V，
化霜挡时此时R1、R2的电功率分别为：P1=U′2R1=(50V)250Ω=50W，P2=U′2R2=(50V)2200Ω=12.5W，
则此时化霜挡的加热功率：P化霜=P1+P2=50W+12.5W=62.5W。
答：(1)开关旋至“1”挡时，R4两端的电压为80V；
(2)发热电阻R3的阻值为50Ω；
(3)此时化霜挡的加热功率为62.5W。
【解析】(1)开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，根据欧姆定律求出R4两端的电压；
(2)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出开关旋至“1”挡时的电源电压；开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，根据欧姆定律表示出此时的电源电压，解方程求出R3的阻值；
(3)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
根据P=UI=U2R表示出除雾与防雾挡的加热功率之差，解方程求出电量过低时的电源电压，根据P=UI=U2R求出化霜挡时R1、R2的电功率，根据电路的总功率等于各用电器电功率之和求出此时化霜挡的加热功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确的判断车窗系统处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
2023年重庆市重点学校中考物理三模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 教室中课桌的高度约为80dm B. 中考专用实心球重力约为20N
C. 人体感觉舒适的环境温度为37℃ D. 人体的安全电压是220V
2. “影”是生活中常见的光现象，下列与“立竿见影”中的“影”形成原理相同的是( )
A. 手影 B. 倒影
C. 投影 D. 摄影
3. 五一小长假，小砚一家出去郊游，车内放置了一款如图所示的车载冰箱，它采用环保型制冷剂直流变频压缩机，精准控温20℃至−20℃。下列对有关现象的解释正确的是( )
A. 冰箱内，0℃的冰水混合物没有内能
B. 打开冰箱，周围的“白气”是水汽化形成的
C. 冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块升华吸热
D. 从冰箱内取出的饮料瓶外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的
4. 关于如图所示的电与磁的知识描述正确的是( )
A. 甲图中在使用测电笔时手要接触笔尖金属体
B. 乙图中条形磁体周围的磁感线是真实存在的
C. 丙图验电器利用了同种电荷相互排斥的原理
D. 丁图中演示的现象与发电机的工作原理相同
5. 为加强校园安全，HY校区门口安装了门禁系统，如图所示。进出校门可以采用刷卡、面部识别、保安遥控多种方式使电动机M工作而打开门锁，下列电路设计合理的是( )
A. B. C. D.
6. 绿茵场上挥汗如雨总能让人活力满满，对如图所示的体育运动中相关物理现象描述正确的是( )
A. 甲图中跳高运动员位于最高点时处于平衡状态
B. 乙图中运动员起跑时用力蹬起跑器利用了力的作用是相互的
C. 丙图中运动员将静止的足球踢出，说明力可以改变物体的形状
D. 丁图中运动员用力握紧羽毛球拍是为了减小手与球拍间的摩擦力
7. 塔吊是工程建设中经常采用的起重装置，如图甲是根据塔吊抽象出来的物理模型，其水平臂AOB可视为杠杆，O为其支点，配重可以在AO之间水平移动，起吊重物的滑轮组也可以在OB之间水平移动。图乙是滑轮组的局部放大图，它将重为5000N的重物竖直匀速提升10m用时20s，滑轮组自由端绳子的拉力F为3000N，若不计绳重及摩擦，以下说法正确的是( )
A. 拉力F的功率为3000W
B. 滑轮组的机械效率为60%
C. 塔吊宽大的底座可以增大它对地面的压强
D. 当所吊重物向B端移动时，配重应适当向O点移动
8. 如图甲所示的电路，电源电压4.5V不变。R1为定值电阻，滑动变阻器R2标有“xΩ 1A”字样，其铭牌上所标的最大阻值模糊不清，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A。先闭合开关S、S1，断开S2、S3，将滑动变阻器R2的滑片从最右端移到最左端；再闭合开关S、S2、S3，断开S1，在保证电路安全的前提下最大范围移动滑动变阻器，两次实验中电流表与电压表示数的关系图象如图乙所示。则关于此电路的说法正确的是( )
A. 灯泡L的额定电压为3V B. 定值电阻R1的阻值为20Ω
C. R1的最大功率为1.35W D. 该电路的最大与最小功率之比为3：1
9. 英国物理学家______ 最先精确地确定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系。生活中电饭锅利用电流的热效应，将电能转化为______ 能。
10. 2023年除夕，重庆举办了盛大的烟花表演，成为一道浪漫的新年风景线。燃放烟花时，爆鸣声是由火药爆炸时引起空气______ 产生的，距离燃放点远近不同的人们听到声音的______ (选填“音调”、“响度”、“音色”)不同。
11. 中国茶文化源远流长，博大精深，是中华文化之瑰宝。茶香四溢是一种______ 现象；用质量为200g的热水泡茶，一段时间后，茶水温度从85℃降低至35℃，则：此过程中茶水放出的热量是______ J。[茶水的比热容取c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
12. 如图所示，是小明家月初和月末电能表的示数，若每度电的电费是0.5元，则这个月小明家要交______ 元的电费。若单独使用电熨斗时，消耗电能0.3kW⋅ℎ，则该电能表的转盘转过______ 转。
13. 如图甲所示，将圆柱形水杯M竖直放置在具有一定高度的薄壁圆柱形容器中，容器自重为4N且装有一定量的水。M具有一定厚度，其质量为100g，外底面积为100cm2高为10cm。现逐渐向M中加水，M外底到容器底部的距离ℎ与加入水的质量m的关系如图乙所示，加水过程中M始终保持竖直，且不计杯壁上所沾的水。则最初未加水时，M所受浮力为______ N，当加水质量为m1时，容器对水平桌面的压强为______ Pa。
14. 将图中的电灯和控制它的开关连接到家庭电路的电源线上。
15. 请在图中画出动力F的力臂。
16. (1)利用如图1甲所示装置探究“冰熔化时温度随时间变化的规律”，将装有碎冰的试管放入装有适量水的烧杯中加热。安装实验装置时，应遵循______ (选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序；图1乙为冰的温度随时间变化的图象，在6min时，试管内的物质处于______ (选填“固体”、“液体”或“固液共存”)状态，8min时试管内物质的内能______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)4min时的内能。
(2)课堂上，小明对凸透镜成像规律进行了相关实验探究。通过如图2甲所示实验，测出凸透镜焦距为______ cm。实验时，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者中心在______ 。图2乙中，光屏上恰好能得到烛焰清晰的像，______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像规律与此相同。
17. 重外物理兴趣小组利用以下器材测量小灯泡的额定功率：恒压电源(6V)、小灯泡(标有2.5V字样)、滑动变阻器(标有“60Ω 1A”字样)、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1乙所示，则接下来的操作是______ 。
(2)请用笔画线代替导线，将图1甲的电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮。
(3)正确连接电路后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表无示数，你认为造成这一现象的原因可能是______ 。(选填字母)
A.电流表断路
B.小灯泡短路
C.小灯泡灯丝断了
D.滑动变阻器短路
(4)排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从大量程的刻度线看出指针停在10V处，则灯泡实际电压为______ V。若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______ 移动(选填“左”或“右”)，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图1丙所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(5)实验完成后，同学们还想探究“导体中的电流与电阻的关系”，于是选取了10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻替换小灯泡，其它器材及电路连接不变。为了使三个电阻单独接入电路都能完成实验，应控制定值电阻两端的电压不低于______ V。
(6)电源可分为电压源和电流源两种，电压源的输出电压是恒定的，电流源的输出电流是恒定的。如图2甲所示，分别是电压源与电流源的电路符号。在某次社团活动中，物理兴趣小组设计了如图2乙所示的电路，电流源输出电流一定，R为定值电阻，下列说法正确的是______ 。
A.向左移动滑片，电阻R的电功率不变
B.利用该电路可以探究电压一定时，电流与电阻的关系
C.刚用该电路可以探究电阻一定时，电流与电压的关系
D.利用该电路可以测量未知电阻的阻值，并且可以多次测量求平均值减小误差
18. 喜欢健身的小明爬山时拾得一块小石块，他结合所学知识，动手测量其密度。
(1)他将天平放在______ 桌面上，然后调节天平平衡。调节完成后指针静止时的位置和游码的位置如图1甲所示。请你指出小明调节天平平衡的过程存在的问题：______ 。
(2)若纠正错误后，为了调节横梁再次平衡，需向______ (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使指针指到分度盘中央刻度线。
(3)天平重新调平后，将小石块放在左盘，在右盘中加减砝码并调节游码直到横梁平衡。这时右盘中的砝码情况和游码位置如图1乙所示，则小石块的质量为______ g。如图1丙和丁所示，小明利用排水法测出小石块体积，并算出了小石块的密度。
(4)考虑到小石块的吸水性(小石块吸水后体积保持不变)会对实验结果产生影响，小明取出量筒中的小石块，擦干其表面的水后，用天平称出其质量为29g，则小石块密度应修正为______ g/cm3。
(5)小涛同学用电子秤测量一块金属块的密度，步骤如图2所示：
①甲图中，烧杯中装适量水，置于已调零的电子秤上，电子秤的示数为m1；
②乙图中，将金属块用细线系住(细线的体积、质量忽略不计)，浸没于水中，电子秤的示数为m2，根据甲、乙两步计算出金属块的体积为______ cm3；
③丙图中，将金属块缓慢沉入杯底，静止时电子秤的示数为m3，由此小涛算出了金属块的密度；
④细心的小芳发现在图乙所示的操作中，金属块接触到了烧杯底部，其余操作完全正确。则与真实值相比，小涛所测金属块密度值______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)；
⑤如图丁所示，小芳再次重复图乙所示操作，但金属块与烧杯底部未接触，测出细线对金属块的拉力F=1.8N，则电子秤的示数为______ kg。
19. 我国无人机技术世界遥遥领先，广泛应用于军用民用领域。如图所示为某型号民用无人机，部分飞行参数如表所示。空气阻力忽略不计，请结合表中信息，当无人机以最大上升速度竖直匀速上升100m的过程中，求：
动力系统
电动
质量
1.2kg
最大上升速度
5m/s
卫星定位
北斗
(1)无人机运动的时间；
(2)升力对无人机做功的功率。
20. 如图甲所示，底面积为200cm2的足够高的薄壁柱形容器放置在水平面上，容器中装有2.2kg的水。将长方体B和边长为10cm的正方体A组合在一起，通过轻质细线悬挂于天花板并放入水中，静止时细线的拉力为13N，如图乙所示。已知长方体B的底面积为50cm2、高为10cm、密度为3g/cm3，正方体A的重力为6N。求：
(1)图甲中，水的体积；
(2)图乙中，正方体A受到的浮力，
(3)若轻轻剪断图乙中的细线，待A、B两物体竖直静止后(B仍在A的上方)，水对容器底的压强。
21. 近年来我国智能电动汽车高速发展。如图甲所示，为某品牌国产电动汽车，其车窗系统具有加热功率依次增大的防雾、除雾和化霜三个挡位，如图乙是简化后的车窗系统加热电路。忽略温度对电阻的影响，四个发热电阻R1=R3，R2=R4=200Ω。当旋转开关旋至“1”挡时，标有“1”的两接触点接通，电路中的电流为0.4A；当开关旋至“2”挡时，电路中的电流为2A。求：
(1)开关旋至“1”挡时，R4两端的电压；
(2)发热电阻R3的阻值；
(3)当电动车的电量过低时，车机系统会通过调节电源电压，降低车窗系统加热功率。某次电动车的电量过低时，除雾与防雾挡的加热功率之差为40W，求此时化霜挡的加热功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.教室中课桌的高度约为80cm=8dm，故A不符合实际；
B.中考专用实心球重力约为20N，故B符合实际；
C.人体感觉舒适的环境温度为23℃，故C不符合实际；
D.对人体安全的电压不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：“立竿见影”中的“影”是由于光的直线传播形成的。
A、手影是由于光的直线传播形成的，与“立竿见影”中的“影”形成原理相同，故A符合题意；
B、倒影是由于光的反射形成的，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故B不符合题意；
C、投影是利用凸透镜成像原理来工作的，本质上是光的折射，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故C不符合题意；
D、摄影是利用凸透镜成像原理来工作的，本质上是光的折射，与“立竿见影”中的“影”形成原理不同，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种均匀介质中是沿直线传播的。小孔成像、日食、月食、激光准直、影子的形成都是光的直线传播的实例。
(2)光射到物体的表面，改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射，平面镜成像属于光的反射的应用。
(3)光从一种透明介质斜射进入另一种透明介质时，传播方向通常会发生变化，这种现象叫光的折射。海市蜃楼、池水变浅、插入水中的筷子向上弯折等都属于光的折射现象。
本题主要考查了光的直线传播，关键是知道这些实例与不同光现象的对应关系。
3.【答案】D
【解析】解：A、冰箱内，0℃的冰水混合物具有内能，故A错误；
B、打开冰箱，周围的“白气”是水蒸气液化形成的，故B错误；
C、冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块熔化吸热，故C错误；
D、从冰箱内取出的饮料瓶外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：D。
(1)分子有质量，分子在不停地做着无规则运动，所以分子具有动能；
(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
(3)物质由固态变为液态叫熔化，熔化吸热。
此题考查的是生活中的物态变化现象，是一道基础题。
4.【答案】C
【解析】解：
A、甲图使用测电笔时，手指要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手不能接触笔尖的金属体(否则可能会触电)，故A错误；
B、磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线，所以磁感线不是真实存在的，故B错误；
C、丙图中验电器的工作原理是同种电荷互相排斥，故C正确；
D、电路中有电源，闭合开关，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理；而发电机的工作原理是电磁感应现象，故D错误。
故选：C。
(1)正确使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，说明是火线；
(2)为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
(3)验电器原理是：同种电荷互相排斥；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题考查了测电笔的使用、磁感线、发电机和电动机的工作原理以及验电器的工作原理，考查较综合，难度一般。
5.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，可以采用刷卡、面部识别、保安遥控多种方式使电动机M工作而打开门锁，这说明三个开关工作时互不影响，是并联的，且电动机M位于干路，由电路图可知，选项D正确。
故选：D。
根据题意分析三个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出三开关的连接方式和电动机的位置是关键。
6.【答案】B
【解析】解：
A、跳高运动员上升到最高点时只受重力，不是平衡状态，故A错误；
B、运动员起跑时用力蹬起跑器利用了力的作用是相互的，故B正确；
C、运动员将静止的足球踢出，球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故C错误；
D、运动员用力握紧羽毛球拍主要通过增大压力的方式增大手和球拍间的摩擦力，故D错误。
故选：B。
(1)物体保持的静止、匀速直线运动状态叫物体的平衡状态，物体处于平衡状态时所受的合力为零；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
(4)摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在接触面粗糙程度相同的情况下，滑动摩擦力大小与压力有关，压力越大摩擦力越大；在压力相同的情况下，滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大。
此题考查平衡状态的判断、力的相互作用、力的作用效果、影响摩擦力大小的因素等知识，是一道力学综合题，正确、全面理解概念或规律是解答的基础。
7.【答案】A
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nℎ=2×10m=20m，
拉力做的总功：W总=Fs=3000N×20m=6J×104，
拉力做功的功率：P=W总t=6×104J20s=3000W，故A正确；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=5000N2×3000N×100%≈83.3%，故B错误；
C、塔吊宽大的底座，是在压力一定时，增加了受力面积，从而减小了压强，故C错误；
D、由图可知，当所吊重物向B端移动时，右侧的力臂增大，即右侧力和力臂的乘积变大，由杠杆平衡条件可知，此时左侧的力和力臂的乘积也应变大，在配重一定时，应将配重远离O点，故D错误。
故选：A。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nℎ，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；
(4)由图可知，当所吊重物向B端移动时，右侧的力臂增大，根据杠杆平衡条件分析配重移动的方向。
本题考查减小压强的方法、杠杆平衡条件、功、功率和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
8.【答案】C
【解析】解：(1)闭合开关S、S1，断开S2、S3，定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测滑片以左部分两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片在最右端时，滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为0.1A，
根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I1=3V0.1A=30Ω，
串联的总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1=U−U2I1=4.5V−3V0.1A=15Ω，故B错误；
(2)闭合开关S、S2、S3，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，由图可知灯泡正常发光的电流为0.3A，此时滑动变阻器两端的电压为0，则灯泡两端的电压等于电源电压，所以灯泡正常发光的电压为4.5V，故A错误；
(3)闭合开关S、S1、S3，断开S2，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据P=U2R可知此时定值电阻的功率最大，
R1的最大功率为P1=U2R1=(4.5V)215Ω=1.35W，故C正确；
(4)灯泡正常发光时，电路电功率为P=UIL=4.5V×0.3A=1.35W，
此时电路电功率与电路为定值电阻的简单电路的电功率相同，都为1.35W，
闭合开关S、S1、S2，断开S3，定值电阻和灯泡并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，此时电路电功率最大为1.35W×2=2.7W，
由图乙可知电路的最小电功率P′=UI1=4.5V×0.1A=0.45W，
则该电路的最大与最小功率之比为2.7W：0.45W=6：1，故D错误。
故选：C。
(1)闭合开关S、S1，断开S2、S3，定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测滑片以左部分两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片在最右端时，滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为0.1A，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路电压根据结合欧姆定律计算定值电阻的阻值；
(2)闭合开关S、S2、S3，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，由图可知灯泡正常发光的电流为0.3A，此时滑动变阻器两端的电压为0，则灯泡两端的电压等于电源电压，所以灯泡正常发光的电压为4.5V；
(3)闭合开关S、S1、S3，断开S2，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据P=U2R可知此时定值电阻的功率最大，进一步计算R1的最大功率；
(4)根据P=UI计算灯泡正常发光时电路电功率，根据P=UI结合图乙数据计算电路的最小电功率，进一步计算该电路的最大与最小功率之比。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
9.【答案】焦耳 内
【解析】解：(1)英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系；
(2)生活中电饭锅利用电流的热效应，将电能转化为内能。
故答案为：焦耳；内。
(1)在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即发现了焦耳定律。
(2)电饭锅工作时电能转化为内能；
本题考查了能量转化以及物理学史，平时多了解物理学史，了解科学家的贡献，有利于解答此类题。
10.【答案】振动 响度
【解析】解：声音是由物体的振动产生的，爆鸣声是由火药爆炸时引起空气振动产生的；
燃放烟花时，距离燃放点远近不同的人们听到声音的响度不同。
故答案为：振动；响度。
声音是由物体的振动产生的；声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
本题考查声音的产生和声音的特征，属于基础题。
11.【答案】扩散 4.2×104
【解析】解：茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象；
茶水放出的热量为：
Q放=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(85℃−35℃)=4.2×104J。
故答案为：扩散；4.2×104。
不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子不停地做无规则运动；
知道茶水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q放=cmΔt求茶水放出的热量。
此题考查了扩散现象和利用热量公式求解茶水放出热量的方法。
12.【答案】81 180
【解析】解：(1)小明家这月用电量为：1282.9kW⋅ℎ−1120.9kW⋅ℎ=162kW⋅ℎ；
这个月要交电费：162kW⋅ℎ×0.5元/kW⋅ℎ=81元；
(2)“600revs/(kW⋅ℎ)”表示每消耗1kW⋅ℎ的电能电能表的转盘转600r，
只让电熨斗单独正常工作，消耗的电能为：W=0.3kW⋅ℎ，
电能表转盘转数：n=600revs/(kW⋅ℎ)×0.3kW⋅ℎ=180r。
故答案为：81；180。
(1)用本月末电能表的示数减去上月末的示数，就可以得出本月用电的度数，再乘以一度电的价格即为这个月的电费；
(2)“600revs/(kW⋅ℎ)”表示每消耗1kW⋅ℎ的电能电能表的转盘转600r，若单独使用电熨斗时，消耗电能为0.3kW⋅ℎ，可求出电能表转盘转数。
本题考查了电能表的读数方法、以及消耗电能、电费、电能表转盘转数的计算等，理解电能表相关参数的意义是关键。
13.【答案】1 2200
【解析】解：(1)由题意和图像可知，最初未加水时，M处于漂浮状态，根据平衡法可知：F浮=G物=m物g=100×10−3kg×10N/kg=1N；
(2)由图乙分析可知，开始时M外底到容器底部的距离ℎ为14.5cm，当逐渐向M中加水时，M会逐渐下降，ℎ会逐渐减小；
当加水800g后，M内水装满，此时水会进入容器中，由于ℎ又逐渐增加，则可知装满水的水杯M处于漂浮状态；
当加水m1后，ℎ不再变化，说明此时容器中的水已加满；
综上所述可知，当加水800g后，水杯受到的浮力等于M的重力和加入水的重力，
即F浮=GM+G加水1=(m物+m0)g=(100×10−3kg+800×10−3kg)×10N/kg=9N；
根据F浮=ρ液V排g可知，此时排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=9N1×103kg/m3×10N/kg=9×10−4m3=900cm3，
则M浸入的深度为ℎ1=V排SM=900cm3100cm2=9cm；
因M处于漂浮状态，则加水m1后，容器中水的总高度为ℎ总=ℎ1+11cm=9cm+11cm=20cm；
当加水800g时，增加的浮力等于水的重力，即F浮增=G加水1=800×103kg×10N/kg=8N，
根据F浮=ρ液V排g可知，此时增加排开水的体积为：
V排增=F浮增ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3=800cm3，
M浸入水的高度增加了ℎ增=V排增SM=800cm3100cm2=8cm，
容器中水上升的体积，等于增加排开水的体积，
即V排增=(S容−SM)ℎ增，由此可知容器的底面积为：
S容=V排增ℎ增+SM=800cm38cm+100cm2=200cm2=2×10−2m2；
当加水质量为m1时，容器对桌面的压力等于容器的重力与加入水的总重力及M的重；
由于水杯漂浮，加入水的总重力与M的重力之和等于其排开水所受到的重力，
即容器对桌面的压力F=G容+G水+G排水=G容+G水总=G容+ρ水gℎ总S容=4N+1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m×2×10−2m2=44N；
则容器对水平桌面的压强为：
p=FS容=44N2×10−2m2=2200Pa。
故答案为：1；2200。
(1)最初未加水时，M处于漂浮状态，根据漂浮条件即可求出所受浮力；
(2)由图乙分析可知，开始时M外底到容器底部的距离ℎ为14.5cm，当逐渐向M中加水时，M会逐渐下降，ℎ会逐渐减小；
当加水800g后，M内水装满，此时水会进入容器中，由于ℎ又逐渐增加，则可知装满水的水杯M处于漂浮状态；
根据漂浮条件求出当加水800g后，水杯受到的浮力，利用阿基米德原理求出排开水的体积，然后求出M浸入的深度；
因M处于漂浮状态，则加水m1后，求出容器中水的总高度；
当加水800g时，增加的浮力等于水的重力，根据阿基米德原理求出增加排开水的体积，利用数学关系求出容器的底面积；
当加水质量为m1时，容器对桌面的压力等于容器的重力与加入水的总重力及M的重，据此求出容器对水平桌面的压力，根据压强公式求出容器对水平桌面的压强。
本题考查了重力公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、压强定义式的综合应用，从图象中获取有用的信息是解题的关键。
14.【答案】解：电灯的接法：火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属点，零线直接接在电灯的螺旋套上，如图所示：
【解析】电灯的接法：火线进入开关，再进入电灯顶端的金属点；零线直接接入电灯的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
15.【答案】解：由支点O向F的作用线作垂线，则垂线段的长度为F的力臂L，如下图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题考查了力臂的画法，掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
16.【答案】自下而上 固液共存 大于 10.0 同一高度 照相机
【解析】解：(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，所以安装时需要点燃酒精灯，温度计玻璃泡完全浸没在被测物质中，但不能碰容器底和壁，则组装仪器需要按照自下而上的顺序；
由图象可知，在6min时冰处于熔化过程中，所以处于固液共存态；
冰在熔化过程中需要吸热，所以冰在第8min时具有的内能大于在第4min时具有的内能；
(2)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以由图2甲凸透镜的焦距是：f=30.0cm−20.0cm=10.0cm；
实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度，目的是将像呈现在光屏中央；
由图2乙可知，物距u=50.0cm−20.0cm=30.0cm>2f，根据u>2f时，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
故答案为：(1)自下而上；固液共存；大于；(2)10.0；同一高度；照相机。
(1)实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没在被测物质中，但不能碰容器底和壁，据此判断组装仪器的顺序；
晶体在熔化前是固态，熔化过程中处于固液共存态，熔化完后处于液态；
晶体在熔化时要吸收热量，其内能增加；
(2)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
为使所成像能在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上；
根据u>2f时，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
本题考查了探究“冰熔化时温度随时间变化的规律”和凸透镜成像规律的探究两个实验的理解和掌握，涉及了图像的分析、凸透镜焦距的测量、实验装置的安装等知识，难度一般。
17.【答案】调零 A 2 左 0.75 2.4 A
【解析】解：(1)在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1乙所示，此时电流表的指针没有与零刻度线对齐，故接下来的操作是调零；
(2)滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(3)电路正确连接后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表被短路或它的正负接线柱至少有一个没有与电源连通，即造成这一现象的原因可能是电流表断路，故选：A；
(4)当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从大量程的刻度线看出指针停在10V处，则对应小量程的示数为2V；小于灯的额定电压2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左，直到小灯泡正常发光；由图甲可知，电流表选用小量程；此时电流表的示数如图1丙所示，电流表分度值为0.02A，电流大小为0.3A，则小灯泡的额定功率是：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV=6V−UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R定，即6V−UVUV=R滑R定------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V−UVUV=60Ω40Ω，
解得电压表的示数：UV=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
(6)图乙所示的电路中干电池是电流源，所以电路中电流恒定。未知电阻和滑动变阻器串联；
A、向左移动滑片，电路中的电流不变，未知电阻的电阻值一定，所以根据P=I2R可知：电阻的电功率不变，故A正确；
BC、因为电路中电流恒定，所以无法探究电流和电压、电流和电阻的关系，故BD都错误；
D、用伏安法测量未知电阻的阻值，需要多次测量未知电阻的电压和电流，而电路中电流恒定，故D错误。
故选：A。
故答案为：(1)调零；(2)见解答图；(3)A；(4)2；左；0.75；(5)2.4；(6)A。
(1)电表使用前要调零；
(2)滑动变阻器的滑片向左移动，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(3)电路正确连接后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表被短路或它的正负接线柱至少有一个没有与电源连通，据此分析；
(4)根据电压表大小量程之比为5：1读数；灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据图甲确定电流表选用的量程，由图丙确定分度值读数，根据P=UI求灯的功率；
(5)当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为60Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻40Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
(6)图2乙所示的电路中干电池是电流源，据此分析选项。
本题测量小灯泡的额定功率实验，考查了电表使用、电路连接、电路故障、实验操作、功率的计算及欧姆定律的应用和动态电路分析等知识。
18.【答案】水平 游码没有移到零刻度线处 右 27 2.25 40 偏小 1.04
【解析】解：(1)使用天平时，要把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，所以遗漏的是游码没有移到零刻度线处；
(2)将游码移动左端零刻度线处后，指针将会左偏，为了调节平衡，他需向右调节平衡螺母；
(3)由图乙知，小石块的质量m=20g+5g+2g=27g；
由图丙知，量筒中水的体积为15mL，小石块浸没在量筒的水中后总体积为25mL，所以小石块的体积V=25mL−15mL=10mL=10cm3；
小石块的密度ρ=mV=27g10cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
(4)小石块吸水的质量m水=29g−27g=2g，
吸水的体积V水=m水ρ水=2g1g/cm3=2cm3，
石块的体积V′=V+V水=10cm3+2cm3=12cm3，
小石块密度ρ′=mV′=27g12cm3=2.25g/cm3；
(5)②由甲丙图知，金属块的质量：m=1.22kg−1.01kg=0.21kg，
乙图中，金属块悬挂在弹簧测力计上，金属块受到水竖直向上的浮力，物体间力的作用是相互的，金属块给水一个竖直向下的压力作用在容器的底部，导致电子秤的示数增加，增加的压力和浮力大小相等，
所以，F浮=(m2−m1)g=(1.05kg−1.01kg)×10N/kg=0.4N，
因为，F浮=ρ水gV排=ρ水gV金=1.0×103kg/m3×10N/kg×V金=0.4N，
解得，V金=4×10−5m3=40cm3；
④图乙中金属块接触杯底，导致电子秤的示数增大，金属块受到的浮力增大，求出的金属块的体积增大，质量测量是准确的，所以金属块的密度偏小。
⑤金属块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，这三个力是平衡力，
F浮=G金−F拉=mg−F拉=0.21kg×10N/kg−1.8N=0.3N，力的作用是相互的，
所以电子秤的示数m4=m1+F浮g=1.01kg+0.3N10N/kg=1.04kg，
则电子秤的示数为1.04kg。
故答案为：(1)水平；游码没有移到零刻度线处；(2)右；(3)27；(4)2.25；(5)②40；④偏小；⑤1.04。
(1)使用天平时，要把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡；
(2)平衡螺母向横梁上翘的一端调节，直到指针指到分度盘的中央位置；
(3)天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值；读出图丙和丁中量筒中水面示数，两者的差为小石块的体积；由密度公式ρ=mV计算小石块的密度；
(4)先计算吸水的质量，根据密度公式的变形式得出吸水的体积，进而得出石块的真实体积，利用密度公式ρ=mV得出小石块密度；
(5)②由甲丙图，从电子秤示数差求出金属块的质量，由甲、乙图，利用物体间力的作用是相互的，求出金属块的体积；
④图乙中金属块接触杯底，导致电子秤的示数增大，金属块受到的浮力增大，求出的金属块的体积增大，由金属块的体积确定测量值的变化；
⑤由甲、丙两图求出金属块的质量，再求出金属块的重力，金属块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，这三个力是平衡力，根据平衡条件列出等式求出金属块受到的浮力，金属块受到的浮力与金属块对水作用力相等，所以电子秤增加的压力等于金属块受到的浮力，相当于重力等于浮力的物体压在电子秤上，所以电子秤增加的示数(m4)在数值上等于金属块浮力与g的比值加m1。
测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查；特别是最后一题，包括压强的变化量、浮力、平衡力、密度计算，综合性强，所以难度很大。
19.【答案】解：(1)由表中数据可知，最大上升速度为5m/s，则无人机以最大速度匀速上升100m所需要的时间：
t=sv=100m5m/s=20s；
(2)无人机的重力：G=mg=1.2kg×10N/kg=12N；
因为此过程中无人机做匀速直线运动，所以此时无人机受到的升力与重力还是一对平衡力，即F=G=12N，
因此升力对无人机做功的功率：
P=Wt=Fst=Fv=12N×5m/s=60W。
答：(1)无人机运动的时间为20s；
(2)升力对无人机做功的功率为60W。
【解析】(1)利用v=st算出无人机运动的时间；
(2)根据G=mg计算出无人机的重力，根据二力平衡条件分析无人机做匀速直线运动时的升力，再利用P=Wt=Fst=Fv计算出无人机做功的功率。
本题以无人机为载体，考查了速度公式、二力平衡条件的应用以及功率的计算，难度不大。
20.【答案】解：(1)图甲中，根据密度公式得，水的体积为：V=mρ=2.2kg1.0×103kg/m3=2.2×10−3m3；
(2)图乙中，长方体B的质量mB=VBρB=50cm2×10cm×3g/cm3=1500g=1.5kg，
其重力为：GB=mBg=1.5kg×10N/kg=15N，则GAB=GA+GB=6N+15N=21N，
根据称重法得，F浮=GAB−F拉=21N−13N=8N；
(3)乙图中剪断绳后，以AB两物体为整体，其整体的质量：mAB=mA+mB=6N10N/kg+1.5kg=2.1kg，
则整体体积为：VAB=VA+VB=1000cm3+50cm2×10cm=1500cm3=1.5×10−3m3，
其整体的密度：ρAB=mABVAB=2.1kg1.5×10−3m3=1.4×103kg/m3，
因为其整体的密度大于液体的密度，故该整体在液体中处于沉底状态；
没有放入物体时，水的深度为：ℎ=2.2×10−3m3200×10−4m2=0.11m=11cm，
正方体A浸没时，水面上升的高度为：ℎA=VAS容=1×10−3m3200×10−4m2=0.05m=5cm，
只有正方体A浸没时，水深为11cm+5cm=16cm，如固定在容器底部，在正方体A上方水的体积为：
V=S容(16cm−ℎA)=200cm2×(16cm−10cm)=1200cm3，
长方体B放入容器中，且在A上时，物体沉底，则此时容器内A之上水的深度：
ℎ′=VS容−SB=1200cm3200cm3−50cm3=8cm，
则容器内水的深度为：ℎ水=ℎA+ℎ′=10cm+8cm=18cm=0.18m，
水对容器底部的压强为：
p=ρ水gℎ水=1×103kg/m3×10N/kg×0.18m=1800Pa。
答：(1)图甲中，水的体积为2.2×10−3m3；
(2)图乙中，正方体A受到的浮力为8N；
(3)若轻轻剪断图乙中的细线，水对容器底的压强为1800Pa。
【解析】(1)知道密度和质量，根据密度公式的变形式V=mρ可求出其体积；
(2)图乙中，求出长方体B的质量mB，求出其重力GB=mBg，根据称重法可求出浮力F浮；
(3)乙图中剪断绳后，以AB两物体为整体，求出其整体的质量mAB和整体体积VAB，根据密度公式求出其整体的密度；与水的密度比较，确定AB的浮沉状态；计算出只有正方体A浸没时，水面的高度，正方体B浸入时，水面上升的高度，根据p=ρ水gℎ可求出水对容器底部的压强。
本题考查了密度公式、重力公式、称重法求浮力、液体压强公式等的应用，有一定的难度。
21.【答案】解：(1)开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，由欧姆定律可知，R4两端的电压：U=IR=0.4A×200Ω=80V；
(2)由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，开关旋至“1”挡时的电源电压：U=I(R3+R4)=0.4A×(R3+200Ω)……①
开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，此时的电源电压：U=I′R3=2A×R3……②
由①②解得：R3=50Ω；
(3)由题意可知，R1=R3=50Ω；
开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，开关旋至“3”挡时，R1、R2并联；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，车窗系统为化霜挡；R3、R4串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，车窗系统为防雾挡；电路为R3的简单电路时，车窗系统为除雾挡；
由P=UI=U2R可知，除雾与防雾挡的加热功率之差：ΔP=P除雾−P防雾=U′2R3−U′2R3+R4=U′250Ω−U′250Ω+200Ω=40W，
解得：U′=50V，
化霜挡时此时R1、R2的电功率分别为：P1=U′2R1=(50V)250Ω=50W，P2=U′2R2=(50V)2200Ω=12.5W，
则此时化霜挡的加热功率：P化霜=P1+P2=50W+12.5W=62.5W。
答：(1)开关旋至“1”挡时，R4两端的电压为80V；
(2)发热电阻R3的阻值为50Ω；
(3)此时化霜挡的加热功率为62.5W。
【解析】(1)开关旋至“1”挡时，R3、R4串联，根据欧姆定律求出R4两端的电压；
(2)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出开关旋至“1”挡时的电源电压；开关旋至“2”挡时，电路为R3的简单电路，根据欧姆定律表示出此时的电源电压，解方程求出R3的阻值；
(3)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
根据P=UI=U2R表示出除雾与防雾挡的加热功率之差，解方程求出电量过低时的电源电压，根据P=UI=U2R求出化霜挡时R1、R2的电功率，根据电路的总功率等于各用电器电功率之和求出此时化霜挡的加热功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确的判断车窗系统处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
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