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四川省成都市树德中学2022-2023学年高二生物下学期5月月考试题（Word版附解析）
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这是一份四川省成都市树德中学2022-2023学年高二生物下学期5月月考试题（Word版附解析），共41页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
高树德中学高2021级高二下期5月阶段性测试生物试题
一、选择题
1. 下列有关果酒自然发酵流程的叙述中，正确的是（ ）
A. 将选择好的新鲜葡萄进行适当冲洗，清除果皮上的所有杂菌
B. 先去枝梗再冲洗，防止冲洗时枝梗刺破葡萄皮造成污染
C. 最好对榨取的葡萄汁进行灭菌处理，有效防止杂菌污染
D. 发酵装置不进行严格灭菌仍能获得良好的发酵效果
【答案】D
【解析】
【分析】果酒制作过程中的相关实验操作：（1）材料的选择与处理：选择新鲜的葡萄，榨汁前先将葡萄进行冲洗，除去枝梗。（2）灭菌：①榨汁机要清洗干净，并晾干。②发酵装置要清洗干净，并用70%的酒精消毒。（3）榨汁：将冲洗除枝梗的葡萄放入榨汁机榨取葡萄汁。（4）发酵：将葡萄汁装入发酵瓶，要留要大约13的空间，并封闭充气口。
【详解】A、利用自然菌种发酵果酒时，菌种是葡萄皮上的野生酵母菌，因此不可能清除果皮上的所有杂菌，A错误；
B、选择新鲜的葡萄，为防止污染，榨汁前应先冲洗，再去枝梗，B错误；
C、有葡萄汁的发酵瓶含有酵母菌，不能进行灭菌处理，否则会杀死菌种，C错误；
D、由于酵母菌进行旺盛的发酵时发酵液中为缺氧、酸性环境，在缺氧且呈酸性的发酵液中酵母菌可以生长繁殖，而其他微生物的生长繁殖受抑制，因此发酵装置不进行严格灭菌仍能获得良好的发酵效果，D正确。
故选D。
2. 在腐乳制作的过程中，需要
A. 选择含水量超过70%的豆腐并利用蒸煮法灭菌
B. 将豆腐小块整齐摆放并提供毛霉生长的最适温度
C. 将长满毛霉的豆腐投入到装有卤汤的瓶中密封
D. 控制卤汤中酒的含量以防止腐乳成熟过慢或腐败变质
【答案】D
【解析】
【分析】腐乳由豆腐在毛霉的参与下发酵获得，毛霉是一种丝状真菌。选择制作腐乳的豆腐含水量不宜过大，否则不易成形，一般所选择的豆腐含水量不超过70%。腐乳制作时的酒精含量能够通过影响毛霉产生的蛋白酶的活性，从而影响发酵时间。
【详解】选择制作腐乳的豆腐含水量不宜过大，否则不易成形，一般所选择的豆腐含水量不超过70%，A选项错误；接种毛霉时，需要将豆腐小块摆放整齐，在25~28℃环境下培养2~3天，毛霉的最适生长温度为15~18℃，故不一定需要提供毛霉生长的最适温度，只要选择适宜毛霉生长的温度即可，B选项错误；制作腐乳时，先将腐乳咸坯摆入发酵瓶中，再加入卤汤，C选项错误；制作腐乳时卤汤中的酒精含量会影响发酵时间，故需要控制卤汤中酒的含量以防止腐乳成熟过慢或腐败变质，D选项正确。
3. 泡菜发酵利用的微生物主要是乳酸菌，而在发酵初期，水槽内经常有气泡产生，这些气泡产生的原因及成分分别是（ ）
A. 乳酸菌是兼性厌氧型微生物，初期进行有氧呼吸产生CO2；气体为CO2
B. 因腌制过程中的盐进入蔬菜使蔬菜体积缩小，气体被排出；气体为空气
C. 发酵初期活动强烈的是酵母菌，其利用氧产生CO2；气体为CO2
D. 乳酸菌在发酵过程中产生了热量，使坛内温度升高，空气受热膨胀被排出；气体为空气
【答案】C
【解析】
【分析】乳酸菌在无氧条件下，将糖分解为乳酸，不产生气体。
【详解】A、乳酸菌是厌氧菌，不能进行有氧呼吸，A错误；
B、腌制过程蔬菜体积变小的原因是细胞失水，而不是气体被排出，B错误；
C、在发酵初期，水槽内经常有气泡产生，这是由于发酵初期活动强烈的是酵母菌，其利用氧产生 CO2，C正确；
D、乳酸菌在发酵过程中只产生了少量的热量，不会使空气受热膨胀排出，D错误。
故选C。
4. 下列关于果酒和果醋制作的叙述，正确的是（ ）
A. 果醋发酵液中，液面处醋酸菌的密度大于瓶底处的密度
B. 果酒制作时，水果中的糖类可以为微生物的发酵提供碳源和氮源
C. 制作果酒的过程中，发酵早期无CO2产生，发酵后期有CO2产生
D. 果醋制作过程中pH逐渐降低，果酒制作过程中情况相反
【答案】A
【解析】
【分析】1、在利用酵母菌发酵时最好是先通入足够的无菌空气在有氧环境下一段时间使其繁殖，再隔绝氧气进行发酵；酒精发酵的最佳温度是在18℃～30℃，pH最好是弱酸性。
2、醋酸菌好氧型细菌，当缺少糖源时和有氧条件下，可将乙醇（酒精）氧化成醋酸；当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解成醋酸；醋酸菌生长的最佳温度是在30℃～35℃。
【详解】A、醋酸菌属于好氧菌，在果醋发酵液中，液面处的醋酸菌更易接触到充足氧气，因此其密度大于瓶底处的密度，A正确；
B、果酒制作时，水果中的糖类可以为微生物的发酵提供碳源，B错误；
C、制作果酒初期酵母菌进行有氧呼吸产生CO2，制作果酒后期发酵液中为无氧环境，酵母菌进行无氧呼吸也能产生CO2，C错误；
D、果酒制作过程中产生的二氧化碳和果醋制作过程中产生的醋酸都会使发酵液的pH逐渐降低，D错误。
故选A。
5. 绍兴是黄酒之乡，“麦曲酶长，酵米复芳；白梅酒酿，伴淋寒香；压滤琼浆，煎煮陈藏”是对绍兴黄酒精致复杂酿造工艺的描述。在黄酒的主发酵过程中，“开耙”（搅拌）是极为关键的一步。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 接种麦曲有利于淀粉的糖化，有利于“酒酿”菌种发酵
B. 煎煮的目的是除去发酵产品中的杂菌，利于酵母菌繁殖
C. 陈藏有利于黄酒中醇与酸发生酯化反应，使酒更加芳香
D. 发酵过程中“开耙”可适当提供O2，促进酵母菌繁殖
【答案】B
【解析】
【分析】果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧型生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，在无氧条件下，酵母菌进行酒精发酵。在葡萄酒自然发酵过程当中，其主要作用的是附着在葡萄皮上的野生酵母菌。
【详解】A、淀粉属于生物大分子物质，接种麦曲有利于淀粉糖化为小分子糖，从而有利于发酵过程中酵母菌对糖类的利用，A正确；
B、煎煮是进行消毒，除去发酵产品中的酵母菌等微生物，利于酒的储藏，B错误；
C、陈储”是将榨出的酒放入罐内存放，有利于黄酒中醇与酸发生酯化反应，使酒更加芳香，C正确；
D、发酵过程中“开耙”是为了增加O2的含量，让酵母菌进行有氧呼吸，增加酵母菌的数量，有利于活化酵母，D正确。
故选B。
6. 微生物的计数方法有多种，下列有关叙述错误的是（ ）
A. 用滤膜法测定饮用水中大肠杆菌数目时，可利用鉴别培养基培养后计数
B. 用血细胞计数板进行计数时，高倍镜下的一个视野中观察不到完整的计数室
C. 用平板划线法和稀释涂布平板法进行微生物计数时，结果往往比实际少
D. 血细胞计数板计数法需要使用显微镜，活菌计数法计数不需要使用显微镜
【答案】C
【解析】
【分析】统计菌落数目的方法（1）显微镜直接计数法
①原理：利用特定细菌计数板或血细胞计数板，在显微镜下计算一定容积的样品中微生物数量；
②方法：用计数板计数；③缺点：不能区分死菌与活菌。
（2）间接计数法（活菌计数法）
当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一个活菌。通过统计平板上的菌落数，就能推测出样品中大约含有多少活菌。
【详解】A、测定饮用水中大肠杆菌的数目可取一定量的饮用水，之后按一定倍数稀释，再用加入伊红美蓝的鉴别培养基培养，取黑色金属光泽菌落进行计数，A正确；
B、由于高倍镜放大倍数大，观察到的视野较小，用血细胞计数板进行微生物显微计数时，高倍镜下观察不到完整的计数室，B正确；
C、平板划线法常用来筛选分离微生物，不用于计数，C错误；
D、血细胞计数板计数法需要使用显微镜统计细菌个数，而活菌计数法计数不需要使用显微镜，直接统计菌落数目，D正确。
故选C。
7. 关于土壤中分解尿素的细菌的分离与计数实验的叙述，正确的是（ ）
A. 将沾有少量酒精的涂布器在火焰上引燃，待酒精燃尽后，轻触手背，冷却待用
B. 对土样进行系列稀释操作后，用冷却后的涂布器蘸取土壤稀释液进行涂布操作
C. 涂布操作时可以转动培养皿，使菌液分布均匀
D. 选择菌落数在30～300间的所有平板进行计数，以平均数为实验结果
【答案】C
【解析】
【分析】培养基选择分解尿素的微生物的原理：只有能合成脲酶的微生物才能分解尿素，故选择培养基应以尿素作为唯一氮源。缺乏脲酶的微生物由于不能分解尿素，缺乏氮源而不能生长发育繁殖，而受到抑制，所以用此培养基就能够选择出分解尿素的微生物。
【详解】A、涂布器引燃后，待酒精燃尽后，冷却8-10s，开始涂布，不需要接触手背，A错误；
B、先将土样用移液器移入培养基上，再用涂布器涂布，B错误；
C、涂布操作时可以转动培养皿，使菌液分布均匀，C正确；
D、用稀释涂布平板法测定同一样品中的细菌数时，为了保证结果准确，在每一个梯度浓度内，至少要涂布3个平板，确定对照组无菌后，应将菌落数相差较远的平板舍弃，选择菌落数在30～300之间且相差无几的平板进行记数，求其平均值，再通过计算得出土壤中的细菌总数，D错误。
故选C。
8. 微生物需要从外界吸收营养物质来维持正常的生长和繁殖。下列关于微生物营养的叙述，正确的是（ ）
A. 尿素分解菌和纤维素分解菌的培养基中可能含有相同的无机盐
B. 筛选硝化细菌（自养型）的培养基中需加入适宜浓度的有机碳源
C. 只含有水和无机盐两类成分的培养基中不可能形成生物群落
D. 乳酸菌需要的特殊营养物质是指其自身不能合成的某些无机物
【答案】A
【解析】
【分析】培养基一般含有水、碳源、氮源、无机盐。培养基还需要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。如培养乳酸杆菌时需添加维生素，培养霉菌时需将pH调至酸性，培养细菌时需将pH调至中性或微碱性。选择培养基是指允许特定种类的微生物生长，同时抑制或阻止其他种类微生物生长的培养基。
【详解】A、尿素分解菌的培养基中含有的无机盐是KH2PO4、Na2HPO4、MgSO4，纤维素分解菌的培养基中含有的无机盐是NaNO3、KH2PO4、Na2HPO4、MgSO4、KCl。A正确；
B、硝化细菌是自养生物，可以用空气中CO2作为碳源，用缺乏有机碳源的培养基可以筛选硝化细菌。B错误；
C、只含有水和无机盐两类成分的培养基，可以培养既能固氮又能以CO2作为碳源的微生物（如固氮蓝藻）。C错误；
D、乳酸菌需要的特殊营养物质是维生素，是有机物。D错误。
故选A。
9. 谷氨酸棒状杆菌可用于微生物发酵工程生产谷氨酸来制取谷氨酸钠（味精），该细菌在发酵过程中要不断地通入无菌空气，并通过搅拌使空气形成细小的气泡，迅速溶解在培养液中（溶氧）；在温度为30～37℃，pH为7～8的情况下，经28～32小时，培养液中会生成大量的谷氨酸。如图表示利用玉米淀粉为材料制备谷氨酸的流程图。下列叙述错误的是（ ）
A. 尿素能为谷氨酸棒状杆菌提供氮源和碳源
B. 利用玉米淀粉制备糖液时，可采用酶解法
C. 谷氨酸棒状杆菌通过有氧发酵产生谷氨酸
D. 维生素B能为发酵菌提供特殊的营养物质
【答案】A
【解析】
【分析】发酵工程一般包括菌种的选育，扩大培养，培养基的配制、灭菌，接种，发酵，产品的分离、提纯等方面。在发酵过程中，要随时检测培养液中微生物的数量、产物浓度等，以了解发酵进程。还要及时添加必需的营养成分，要严格控制温度、pH和溶解氧等发酵条件。
【详解】A、谷氨酸棒状杆菌为异养型生物，糖液中的糖为谷氨酸棒状杆菌提供碳源，而尿素为谷氨酸棒状杆菌提供氮源，A错误；
B、玉米淀粉在淀粉酶的作用下，可以制备成糖液，因此利用玉米淀粉制备糖液时，可采用酶解法，B正确；
C、谷氨酸棒状杆菌在发酵过程中要不断地通入无菌空气，因此谷氨酸棒状杆菌生产谷氨酸，进行的是有氧发酵，C正确；
D、糖液中的糖为发酵菌提供碳源，尿素提供氮源，另外，还有水和无机盐，因此，维生素B为发酵菌的生长提供特殊的营养物质，D正确。
故选A。
10. 炭疽病是由炭疽杆菌引起的一种人畜共患的传染病，对炭疽病疑似患者，可根据噬菌体的宿主专一性，通过实验确诊，具体过程是先通过采集疑似患者的样本，分离培养，获得可疑菌落，再进行细菌鉴定，实验流程如图所示。已知在该实验中噬菌体能够使炭疽杆菌死亡，增加实验组液体培养基的浑浊度。下列分析错误的是（ ）
A. 实验中所用的液体培养基的碳源为有机碳源
B. 在35°C条件下培养24h，液体培养基因杂菌污染而变浑浊
C. 实验过程中，对照组试管中应加入等量生理盐水
D. 若疑似患者已被炭疽杆菌感染，则实验组培养基的浑浊度比对照组的高
【答案】B
【解析】
【分析】炭疽杆菌是原核生物，可作为噬菌体的宿主；炭疽杆菌是异养型生物，培养时需要有机物作为碳源。
【详解】A、炭疽杆菌是异养型的生物，需要以有机物作为碳源，液体培养基的碳源为有机碳源，A正确；
B、在35°C条件下培养24h，主要因为炭疽杆菌大量繁殖导致液体培养基变浑浊，B错误；
C、实验组加入的是生理盐水配制的澄清噬菌体液，为了排除生理盐水的影响，对照组试管中应加入等量生理盐水，C正确；
D、噬菌体的宿主具有专一性，患者被炭疽杆菌感染，实验组加入噬菌体就会侵染炭疽杆菌，炭疽杆菌就会裂解，已知在该实验中噬菌体能够使炭疽杆菌死亡，增加实验组液体培养基的浑浊度，故实验组培养基浑浊度高于对照组，D正确。
故选B。
11. 解脂菌能利用分泌的脂肪酶将脂肪分解成甘油和脂肪酸并吸收利用。脂肪酸会使醇溶青琼脂平板变为深蓝色。将不能直接吸收脂肪的甲、乙两种菌分别等量接种在醇溶青琼脂平板上培养。甲菌菌落周围呈现深蓝色，乙菌菌落周围不变色。下列叙述错误的是（ ）
A. 甲菌属于解脂菌
B. 实验中所用的培养基不能以脂肪为唯一碳源
C. 能将两种菌分别接种在同一平板的不同区域进行对比
D. 醇溶青琼脂平板不能用来比较解脂菌分泌脂肪酶的能力
【答案】D
【解析】
【分析】脂肪由脂肪酸和甘油构成，脂肪酸会使醇溶青琼脂平板变为深蓝色，故解脂菌周围可出现深蓝色。
【详解】A、甲菌菌落周围呈现深蓝色，是甲菌分泌的脂肪酶分解脂肪产生了脂肪酸所致，因此甲菌属于解脂菌，A正确；
B、甲、乙两种菌不能直接吸收脂肪，故该培养基不能以脂肪为唯一碳源，而是鉴别培养基，B正确；
C、两种菌形成菌落只要不连在一起便可以在同一平板上接种观察，C正确；
D、利用该平板可通过比较不同菌落周围形成的深蓝色圈与菌落比例来对比不同解脂菌分泌脂肪酶的能力，D错误。
故选D。
12. 在微生物培养过程中，由单一个体繁殖所获得的微生物群体称为纯培养物。平板划线法和稀释涂布平板法是常用的获取纯培养物的方法。下列说法错误的是（ ）
A. 通常对接种室用紫外线照射30min后，再适量喷洒石炭酸等消毒液来增强消毒效果
B. 若要检测培养基是否被污染，可将未接种的培养基在相同条件下进行培养
C. 两种纯化方法的核心都是要防止杂菌污染，保证培养物的纯度
D. 接种环在划线前后都需要灼烧，所以在平板上划线5次应灼烧接种环6次
【答案】A
【解析】
【分析】接种微生物常用的两种方法：（1）平板划线法通过接种环在琼脂固体培养基表面连续划线的操作，将聚集的菌种逐步稀释分散到培养基的表面。（2）稀释涂布平板法则是菌液进行一系列的梯度稀释，然后将不同稀释度的菌液分别涂布到琼脂固体培养基的表面，进行培养。
【详解】A、通常对接种室用紫外线照射30min，照射前可适量喷洒石炭酸等消毒液来增强消毒效果，A错误；
B、若要检测培养基是否被污染，可将未接种的培养基在相同条件下进行培养 ，如果出现了菌落，说明培养基被污染，B正确；
C、平板划线法和稀释涂布平板法的关键是无菌操作，其核心都是要防止杂菌污染，保证培养物的纯度，C正确；
D、接种环在划线前后都需要灼烧，所以在平板上划线5次应灼烧接种环6次 ，D正确。
故选A。
13. 下列有关“分解纤维素的微生物的分离”实验的叙述，正确的是（ ）
A. 纤维素酶中 C1 酶和葡萄糖苷酶都能将纤维素分解成纤维二糖
B. 在倒平板时加入刚果红，加入前无需对刚果红溶液灭菌
C. 增加样品液中纤维素分解菌浓度时往往利用固体选择培养基
D. 为确定得到的是纤维素分解菌，还需进行产纤维素酶的实验
【答案】D
【解析】
【分析】1、纤维素分解菌的筛选实验流程为：土壤取样、选择培养、梯度稀释、将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上、挑选产生透明圈的菌落。
2、在加入刚果红染液的培养基中，刚果红可以与纤维素结合形成红色的复合物。纤维素分解菌可以产生纤维素酶将纤维素分解为葡萄糖，因此在纤维素分解菌的菌落周围，由于缺少纤维素而出现透明圈，这是刚果红染液可以鉴别纤维素分解菌的原理。
【详解】A、纤维素酶包括C1酶、CX酶和葡萄糖苷酶，C1酶和CX酶使纤维素分解成纤维二糖，葡萄糖苷酶将纤维二糖分解成葡萄糖，A错误；
B、刚果红可以在细菌菌落形成前倒平板时加入，也可以在菌落形成后加入，若在细菌菌落形成前倒平板时加入刚果红，则所加刚果红要进行灭菌，以防杂菌的侵入，影响纤维素分解菌菌落的形成，B错误；
C、使用以纤维素为唯一碳源的液体选择培养基可以增加纤维素分解菌的浓度，且便于筛选，C错误；
D、为确定得到的是纤维素分解菌，还需进行发酵产纤维素酶的实验，可通过纤维素酶分解滤纸后产生的葡萄糖进行定量测定，D正确。
故选D。
14. 某同学想用下表所示的培养基培养纤维素分解细菌。下列叙述不正确的是（ ）
成分
NaNO3
K2HPO4
KH2PO4
KCl
MgSO4·7H2O
FeSO4
（CH2O）
H2O
青霉素
含量
3g
1g
1g
0.5g
0.5g
0.01g
30g
1L
0.1万单位
A. 根据物理性质，该培养基属于液体培养基
B. 该培养基可用来筛选抗青霉素的微生物
C. KH2PO4和K2HPO4在提供无机盐的同时还能维持培养基的pH
D. 该培养基除去（CH2O），并添加纤维素后即可用于培养纤维素分解细菌
【答案】D
【解析】
【分析】1、培养基的营养构成一般都含有碳源、氮源、水和无机盐。此外还需要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求；
2、培养基按照物理性质分为固体培养基和液体培养基；按照用途分为选择培养基和鉴别培养基；
3、选择培养基是在培养基中添加某物质，抑制杂菌生长，促进所需微生物生长，培养分离出特定的微生物；
4、培养基的配制原则：①目的要明确；②营养要协调；③pH要适宜。
【详解】A、该培养基不含琼脂，根据物理性质分，属于液体培养基，A正确；
B、该培养基中加入了青霉素，具有抑制细菌生长的作用，可用来筛选抗青霉素的微生物，B正确；
C、KH2PO4和K2HPO4在提供无机盐的同时还能维持培养基的pH，C正确；
D、纤维素分解菌能利用纤维素（碳源），且青霉素能抑制细菌生长，故该培养基无法培养纤维素分解菌，应除去（CH2O）和青霉素，添加纤维素才可进行培养，D错误。
故选D。
15. 下列相关操作或叙述错误的是（ ）
A. 某同学探究温度对加酶洗衣粉洗涤效果的影响，设置5℃、15℃、25℃、35℃四组温度
B. 目前加酶洗衣粉常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶
C. 加酶洗衣粉中未添加表面活性剂和三聚磷酸钠，减少了对环境的污染
D. 碱性蛋白酶能将大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子肽
【答案】C
【解析】
【分析】加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶。碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽，使污迹从衣物上脱落。脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶也能分别将大分子的脂肪、淀粉和纤维素水解为小分子物质，使洗衣粉具有更好的去污能力。
【详解】A、某同学探究温度对加酶洗衣粉洗涤效果的影响，自变量为不同的温度，通常情况下，冬季、春季、秋季、夏季的水温分别选取5℃、15℃、25℃、35℃，因为这四个水温比较符合实际情况，对现实生活也有指导意义，A正确；
B、加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶，B正确；
C、与普通洗衣粉相比，加酶洗衣粉中减少了表面活性剂和三聚磷酸钠的用量，其中三聚磷酸钠属于水软化剂，使洗涤剂朝低磷、无磷的方向发展，C错误；
D、碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽，使污迹容易从衣物上脱落，D正确。
故选C。
16. 关于固定化酶及固定化细胞技术错误的是（ ）
A. 溶化后的海藻酸钠冷却至室温即凝固，故应在凝固前与已活化酵母混匀
B. 海藻酸钠加热溶化过程中水分会蒸发，完全溶化后需用蒸馏水定容
C. 一般来说固定化细胞技术比固定化酶技术对酶活性影响更小
D. 固定化细胞常用载体有海藻酸钠、琼脂糖、聚丙烯酰胺等
【答案】A
【解析】
【分析】制作固定化酵母细胞的实验步骤：①酵母细胞的活化； ②配制CaCl2溶液； ③配制海藻酸钠溶液 （该实验成败的关键步骤）；④海藻酸钠溶液与酵母细胞混合； ⑤固定化酵母细胞．
【详解】A、溶化后的海藻酸钠冷却后，不会凝固，A错误；
B、海藻酸钠加热溶化过程中水分会蒸发，完全溶化后需用蒸馏水定容，保证海藻酸钠的浓度，B正确；
C、一般来说固定化细胞技术比固定化酶技术对酶活性影响更小，C正确；
D、常用海藻酸钠、琼脂糖、聚丙烯酰胺等作为载体固定化细胞 ，D正确。
故选A。
17. 下列关于果胶酶的叙述，正确的是（ ）
A. 果胶酶是由半乳糖醛酸脱水缩合而成的生物大分子
B. 葡萄糖异构酶、果胶分解酶和果胶酯酶都是果胶酶
C. 影响果胶酶催化反应速度的因素都能影响果胶酶的活性
D. 霉菌发酵生产的果胶酶是果汁生产使用量最大的酶制剂之一
【答案】D
【解析】
【分析】果胶酶是分解果胶的一类酶总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶、果胶酯酶。
【详解】AB、果胶酶是由氨基酸脱水缩合而成的生物大分子，是能够分解果胶的一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，AB错误；
C、影响果胶酶催化反应速度的因素不一定影响果胶酶的活性，如果胶浓度、果胶酶浓度等，C错误；
D、由霉菌发酵生产的果胶酶是食品加工业中使用量最大的酶制剂之一，被广泛地应用于果汁加工业，D正确。
故选D。
18. 植物细胞固定化培养技术是将植物细胞包埋在多聚化合物制成的网状支持物中进行无 菌培养的技术。固定化的细胞形成了类似于植物体内的组织，其培养条件非常接近植 株体内的环境。下列叙述错误的是（ ）
A. 细胞悬浮培养相对于植株种植，代谢产物的生产更高效
B. 细胞固定化培养体系相对于植株个体，细胞种类更少
C. 细胞固定化培养相对于细胞悬浮培养，细胞分裂更旺盛
D. 细胞固定化培养相对于细胞悬浮培养，代谢产物的分离更简便
【答案】C
【解析】
【分析】结合题干分析可知：细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，相对于植株种植，细胞分裂更旺盛，代谢产物的生产更高效。
【详解】A、细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，相对于植株种植，细胞代谢越旺盛，代谢产物的生产更高效，A正确；
B、结合题干“固定化的细胞形成了类似于植物体内的组织，其培养条件非常接近植株体内的环境”，但是整体的环境比植株个体较为单一，因此细胞种类相对较少，B正确；
C、细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，细胞代谢更加旺盛，细胞分裂也更加旺盛，即细胞悬浮培养细胞相对于固定化培养，细胞分裂更旺盛，C错误；
D、固定化培养的分裂比较弱，代谢产物的生产效率低，同时代谢产物更容易分离，D正确。
故选C。
19. 酶催化一定化学反应的能力称为酶活力，温度对某种酶的酶活力影响如图1所示。在一定条件下，先将酶在不同的温度下处理一段时间（图2横轴），然后迅速放在最适温度条件下测定酶活力，可得到酶的热稳定性数据，如图2所示。下列分析错误的是（ ）
A. 图1为反应时间相同时，不同温度下测定的酶活力值
B. 55℃的两侧存在两个温度对酶的热稳定性影响相同
C. 温度较高时，随处理时间的延长，酶活力可能降至零
D. 进行工业生产时，将温度控制在60℃比40℃产量更高
【答案】B
【解析】
【分析】酶是活细胞产生的一类具有催化作用的蛋白质或RNA。酶活性受pH、高温、重金属盐等多种因素的影响，酶的特点有高效性、专一性和作用条件较温和。
【详解】A、图1横坐标为温度（自变量），纵坐标为酶活力（因变量），根据实验设计的原则：科学性原则、平行重复原则、对照性原则、单因子变量原则，图1实验时，反应时间为无关变量，应相同，所以图1为反应时间相同时，不同温度下测定的酶活力值，A正确；
B、图1分析可知，55℃左右时酶活性最高，温度小于55℃，影响酶活力的原因是温度过低抑制酶活力，而温度大于55℃，影响酶活力的原因是温度过高使酶失活，所以55℃的两侧对酶的热稳定性影响是不相同的，B错误；
C、图2分析可知，相同处理时间，随着温度升高，相对酶活力降低，相同温度，随着处理时间增加，相对酶活力降低，所以相对酶活力与处理时间和温度有关，温度较高时，随处理时间的延长，酶活力可能降至零，C正确；
D、图1分析可知，60℃时酶活力比40℃酶活力高，图2分析可知，60℃时相对酶活力与40℃相对酶活力相差不大，综合分析进行工业生产时，将温度控制在60℃比40℃产量更高，D正确。
故选B。
20. 关于电泳、聚丙烯酰胺凝胶电泳和SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳的叙述错误的是（ ）
A. 电泳法分离各种分子利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小和形状的不同
B. 电泳时，在电场的作用下各种分子带上均匀的负电荷，从阴极向阳极移动
C. 蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中的迁移率取决于它所带净电荷的多少以及分子大小等因素
D. 在蛋白质的SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中，电泳迁移率完全取决于分子的大小
【答案】B
【解析】
【分析】电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。
【详解】A、可以根据待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小和形状的不同进行电泳，从而将各种物质分离，A正确；
B、许多生物大分子都具有可解离的基团，在一定的pH下，这些基团会带上正或负电，B错误；
C、电泳是利用了各种分子带电性质的差异，及本身大小、形状不同，使分子产生不同的迁移速率，因此，蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中的迁移率取决于它所带净电荷的多少以及分子大小等因素，C正确；
D、SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中SDS的作用是所带大量的负电荷掩盖了不同蛋白质间的电荷差别，使电泳迁移率完全取决于分子的大小，D正确。
故选B。
21. 关于缓冲溶液的说法不正确的是（ ）
A. 在一定范围内，缓冲溶液能够抵制外界的酸和碱对溶液pH的影响，维持pH基本不变
B. 缓冲溶液通常由盐酸和氢氧化钠配制而成。调节两者的使用比例就可以制得在不同pH范围内使用的缓冲液
C. 在血红蛋白的提取和分离实验中，透析、凝胶色谱纯化、电泳都必须用到缓冲溶液
D. 在血红蛋白的提取和分离实验中，血红蛋白的释放和凝胶的溶胀都可以不用缓冲溶液
【答案】B
【解析】
【分析】缓冲物质指能调节溶液的pH值，使溶液的pH值在加入一定量的酸性物质或碱性物质时保持恒定或小范围变化的一种物质。弱酸和与其对应的弱酸盐（或弱碱和与其相对应的弱碱盐）可以形成一对缓冲对，当溶液中加入少量酸性物质时，缓冲对中的碱性组分与之反应中和，当溶液中加入少量碱性物质时，缓冲对中的酸性组分与之反应中和。
【详解】A、缓冲物质指能调节溶液的pH值，使溶液的pH值在加入一定量的酸性物质或碱性物质时保持恒定或小范围变化的一种物质，A正确；
B、缓冲溶液通常由1～2种缓冲剂溶解于水中配制而成，弱酸和与其对应的弱酸盐（或弱碱和与其相对应的弱碱盐）可以形成一对缓冲对，盐酸和氢氧化钠是强酸、强碱，B错误；
C、用磷酸缓冲液处理的目的是让血红蛋白处在稳定的pH范围内，维持其结构和功能，在血红蛋白的提取和分离实验中，透析、凝胶色谱纯化、电泳都必须用到缓冲溶液，C正确；
D、血红蛋白的释放需要用蒸馏水和甲苯，凝胶的溶胀需要用蒸馏水，D正确。
故选B。
22. 下列对在凝胶柱上加入样品和洗脱的操作错误的是（ ）
A. 加样前要使柱内凝胶面上的缓冲液下降到与凝胶面平齐
B. 让吸管管口沿管壁环绕移动，贴壁加样至色谱柱顶端，不要破坏凝胶面
C. 打开下端出口，待样品完全进入凝胶层后直接连接缓冲液洗脱瓶，开始洗脱
D. 待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，每5 mL收集一管，连续收集
【答案】C
【解析】
【分析】凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。
【详解】A、加样前，打开色谱柱下端的流出口，使柱内凝胶面上的缓冲液缓慢下降到凝胶面平齐时，关闭出口，A正确；
B、加样时，用吸管小心的将1ml透析后的样品沿管壁环绕移动，贴壁加样至色谱柱顶端，不要破坏凝胶面，B正确；
C、加样后，打开下端出口，使样品渗入凝胶床内，等样品完全进入凝胶床后，调节缓冲液面，然后连接缓冲液洗脱瓶开始洗脱，C错误；
D、待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，每5 mL收集一管，连续收集流出液，D正确。
故选C。
23. 关于如图所示装置的叙述正确的是（ ）
A. 利用该装置提取玫瑰精油的过程中不需要使用水浴加热
B. 玫瑰精油的提取实验中该装置收集的液体中成分只有玫瑰精油
C. 胡萝卜素的提取实验中该装置收集的液体中成分主要是胡萝卜素
D. 该装置中冷凝管的作用是防止有机溶剂挥发以提高萃取效率
【答案】A
【解析】
【分析】1、玫瑰精油的提取（1）玫瑰精油的性质：化学性质稳定，难溶于水，易溶于有机溶剂，能随水蒸气一同蒸馏。（2）提取流程：①在开花的盛期（时期）采收玫瑰花瓣，与清水以质量比为1：4的比例进行混合。②在水蒸气蒸馏装置中进行蒸馏，在锥形瓶中收集到乳白色（颜色）的乳浊液。③向乳化液中加入NaCl,增加盐的浓度，静置，出现油水分层。④用分液漏斗将其两层分开，得到油层。⑤向油层中加入一些无水硫酸钠吸水，静置约12h,过滤得到的液体为玫瑰油。（3）分析：加入氯化钠的目的是增大盐水的密度，有利于玫瑰油与水的分层；加入无水Na2SO4．的目的是吸收精油中残留的水分。
2、胡萝卜素的提取：（1）胡萝卜素的性质：胡萝卜素是橘黄色结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。（2）胡萝卜素的提取来源提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获得；三是利用微生物的发酵生产。（3）萃取剂：最适宜作胡萝卜素萃取剂的是石油醚。（4）实验流程：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。
【详解】A、蒸馏法提取玫瑰油的原理是水蒸气将玫瑰油提携出来形成油水混合物，然后分离玫瑰油，加热的目的是产生水蒸气提携玫瑰油，不需要使用水浴加热，A正确；
B、玫瑰精油的提取实验中该装置收集的液体中成分是油水混合物，还需要分离玫瑰油，B错误；
C、胡萝卜素的提取实验中该装置收集的液体中成分主要是有机溶剂，C错误；
D、蒸馏法提取玫瑰油冷凝管的作用是使玫瑰精油和水蒸气冷凝，提取胡萝卜素冷凝管的作用是防止加热时有机溶剂挥发，D错误。
故选A。
24. 下列关于凝胶色谱法纯化血红蛋白的叙述正确的是（ ）
A. 沸水浴加热溶胀凝胶不但节约时间，还可以除去凝胶中可能带有的微生物，但容易导致气泡产生
B. 在洗脱时，洗脱瓶应与凝胶色谱柱放置在同一水平高度，以便控制缓冲液的流速
C. 待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，在此之前的流出液中因不含蛋白质，不需要收集
D. 用试管收集流出液时，每5mL收集一管，血红蛋白可能出现在多只试管中
【答案】D
【解析】
【分析】凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。
【详解】A、凝胶用沸水浴法不但节约时间，而且可以除去凝胶中可能带有的微生物，排除胶粒内的空气，不易产生气泡，A错误；
B、在洗脱时，洗脱瓶应高于凝胶色谱柱高度，以便控制缓冲液的流速 ，B错误；
CD、待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，在此之前的流出液仍需要收集，避免污染环境；每管收集5 mL，连续收集，血红蛋白可能出现在多只试管中，C错误，D正确。
故选D。
25. 关于血红蛋白的叙述错误的是（ ）
A. 血红蛋白由四条肽链组成，每条肽链环绕一个亚铁血红素基团
B. 每个血红蛋白分子最多可携带四分子氧或四分子二氧化碳
C. 血红蛋白在SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中会解聚成四种不同长度的肽链
D. 红细胞中除水分以外，90%是血红蛋白，血红蛋白因含有血红素而呈现红色
【答案】C
【解析】
【分析】血红蛋白由四条肽链组成，两条α链都是由141个氨基酸组成，两条β链都是由146个氨基酸组成。
【详解】A、血红蛋白能与氧结合形成氧合血红蛋白，每个血红蛋白分子共有4条肽链，每条肽链环绕一个亚铁血红素基团，A正确；
B、人的血红蛋白是由一个珠蛋白分子结合4个血红素构成的，而每个亚铁离子只能携带一个氧分子或二氧化碳分子，所以每个血红蛋白分子最多可携带四分子氧或四分子二氧化碳，B正确；
C、SDS能使蛋白质变性，解聚成单条肽链，血红蛋白在SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中会解聚成两种长度的肽链（两条α链和两条β链），C错误；
D、哺乳动物成熟红细胞的主要功能是运输氧气，除水分以外，其组成成分中90%是血红蛋白，血红蛋白因含有血红素而呈现红色，D正确。
故选C。
26. 胡萝卜素可用于治疗因缺乏维生素A而引起的各种疾病。下图是提取胡萝卜素的实验流程示意图，相关说法正确的是（ ）
A. 在目前的技术条件下，只能从植物中提取天然胡萝卜素
B. 胡萝卜素化学性质不稳定，因此在甲中应采用水浴加热
C. 水分影响萃取效率，干燥时可以使用烘箱烘干，也可以用热风吹干
D. 为防止乙过程中有机溶剂挥发，应选择沸点较高的石油醚作为萃取剂
【答案】C
【解析】
【分析】从胡萝卜中提取胡萝卜素常用的方法是萃取法，实验流程为：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。
【详解】A、提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获得；三是利用微生物的发酵生产，A错误；
B、胡萝卜素的化学性质稳定，不溶于水，易溶于石油醚等有机溶剂，常采用萃取法提取，在甲（萃取）时应采用水浴加热，B错误；
C、新鲜的胡萝卜含有大量的水分，萃取前要将胡萝卜进行粉碎和干燥，在干燥时要注意控制温度，可以用烘箱烘干，也可以用热风吹干，C正确；
D、石油醚经常被用作提取植物有效成分的萃取剂的原因是具有较高的沸点、萃取效率高、毒性很小，为防止加热过程中有机溶剂挥发，在瓶口安装冷凝回流装置，D错误。
故选C。
27. 下图是提取橘皮精油的实验流程图，下列有关叙述不正确的是（ ）
①石灰水浸泡→②漂洗→③压榨→④过滤→⑤静置→⑥再次过滤→橘皮油
A. 石灰水浸泡能破坏细胞、水解果胶，能提高出油率，降低黏稠度
B. 压榨液中需分别加入相当于橘皮质量5%的小苏打和0.25%的硫酸钠
C. 过程⑤要放在5-10oC的冰箱中静置5-7d，过程④要用布袋过滤除去固体物和残渣
D. 经过过程⑤处理后吸出的上层澄清橘皮油和经过⑥过滤得滤液合并成最终的橘皮精油
【答案】B
【解析】
【分析】橘皮精油无色透明，主要储存在橘皮部分，由于橘皮精油的有效成分在用水蒸气蒸馏时会发生部分水解，又会产生原料焦糊问题，所以一般采用压榨法提取，其提取过程为：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮精油。
【详解】A、采用压榨法从橘皮中提取橘皮精油时，由于橘皮中含有果胶和果蜡，直接压榨容易滑脱，出油率较低，为了提高出油率，常用石灰水浸泡，石灰水呈弱碱性，能够破坏细胞结构，分解果胶，A正确；
B、为了使橘皮油与水容易分离，需分别加入相当于橘皮质量0.25%的碳酸氢钠和5%的硫酸钠，并调节pH至7～8，B错误；
C、过程④的目的是除去压榨液中的固体物和残渣，该过程常用布袋进行过滤；此时橘皮油还含有少量的水和果蜡，故过程⑤需在5～10℃下静置5～7天，C正确；
D、过程⑥的目的是除去少量水分和蜡质等杂质，经过过程⑤处理后吸出的上层澄清橘皮油和经过⑥过滤得滤液合并成最终的橘皮精油，D正确。
故选B。
28. 青蒿素（C5H12O5）是从黄花蒿茎叶中提取的无色针状晶体。青蒿素不易挥发，不溶于水，易溶于有机溶剂，60°C以上易分解。下列说法正确的是（ ）
A. 青蒿素的元素组成与胡萝卜素不同，稳定性不同
B. 青蒿素不溶于水，因此应当用水溶性有机溶剂萃取
C. 在浓缩提取液时可利用水蒸气蒸馏法获得青蒿素粗品
D. 为防止有机溶剂挥发，应当选择沸点较高的石油醚作为萃取剂
【答案】A
【解析】
【分析】1、青蒿素可溶于乙醚，不溶于水，不易挥发，对热不稳定，60℃以上易分解，因此提取青蒿素时不宜使用水蒸气蒸馏法，可采用有机溶剂萃取的方法。
2、萃取法提取青蒿素的实验流程是：黄花粉碎→干燥→萃取→过滤→浓缩→青蒿素。
【详解】A、胡萝卜素的组成元素只有C、H，青蒿素的元素组成是C、H、O，胡萝卜素的性状稳定，而青蒿素性质不稳定，A正确；
B、青蒿素不溶于水，因此应当用与水不相溶的有机溶剂萃取，B错误；
C、由于青蒿素不易挥发，所以不能用水蒸气蒸馏法获得青蒿素粗品，C错误；
D、青蒿素60°C以上易分解，所以不能选择沸点较高的石油醚作为萃取剂，D错误。
故选A。
29. 某同学在开展胡萝卜素提取及纸层析鉴定的过程中，由于粗心大意忘记标注各点样点的成分。请根据层析结果判断，1、2、3、4四个样品中，最可能是胡萝卜素标准样品的是_______；提取样品中可以确认提取到β-胡萝卜素的是__________。（ ）
A. 1、4；2 B. 3；1、2 C. 1；2 D. 2；1、3、4
【答案】B
【解析】
【分析】萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和使用量，同时还受到原料颗粒的大小、紧密程度、含水量、萃取的温度和时间等条件的影响。一般来说，原料颗粒小，萃取温度高，时间长，需要提取的物质就能够充分溶解，萃取效果就好。选择的有机溶剂应具有较高的沸点，能够充分溶解胡萝卜素，不与水混溶等特点。
【详解】3一列只含有一个样点，说明3不含杂质，最可能是胡萝卜素标准样品。1、2这一行含有与3（胡萝卜素标准样品）一样的样点，说明1、2提取样品中可以确认提取到β-胡萝卜素，B正确。
故选B。
30. “孤村落日残霞，轻烟老树寒鸦，一点飞鸿影下。青山绿水，白草红叶黄花。”有关这句诗的叙述，正确的是（ ）
A. 诗中场景中的“黄花”、“红叶”属于生命系统的相同结构层次
B. “寒鸦”和“老树”都可以拥有生命系统中的所有结构层次
C. “孤村”、“白草”、“落日”都是生命系统的结构层次
D. 每一种生物个体都只能对应生命系统中的个体层次
【答案】A
【解析】
【分析】生命系统的结构层次包括：①细胞：细胞是生物体结构和功能的基本单位；②组织：由形态相似、结构和功能相同的一群细胞和细胞间质联合在一起构成；③器官：不同的组织按照一定的次序结合在一起；④系统：能够共同完成一种或几种生理功能的多个器官按照一定的次序组合在一起；⑤个体：由不同的器官或系统协调配合共同完成复杂的生命活动的生物；⑥种群：在一定的自然区域内，同种生物的所有个体是一个种群；群落：在一定的自然区域内，所有的种群组成一个群落；⑦生态系统：生物群落与他的无机环境相互形成的统一整体；⑧生物圈：由地球上所有的生物和这些生物生活的无机环境共同组成。
【详解】A、花和叶都属于植物的器官，属于生命系统结构层次中的器官层次，A正确；
B、老树属于植物，没有系统这一层析，B错误；
C、“白草”包含多种草本植物，不属于种群也不属于群落，“白草”、“落日”不是生命系统的结构层次，C错误；
D、一个单细胞生物可以是个体层次，也可以是细胞层次，D错误。
故选A。
31. 下列关于细胞与生命活动关系的叙述，正确的是（ ）
A. 受精卵是亲子代遗传物质的桥梁
B. 草履虫只靠一个细胞就可以完成摄食、运动、分裂、反射等多种生命活动
C. 生物与环境之间的物质和能量的交换以细胞代谢为基础
D. 生长发育以细胞内基因的传递和变化为基础
【答案】C
【解析】
【分析】生命活动离不开细胞，细胞是生物体结构和功能的基本单位，单细胞生物单个细胞就能完成各种生命活动；多细胞生物依赖各种分化的细胞密切合作，共同完成一系列复杂的生命活动；病毒虽然没有细胞结构，但它不能独立生活，只有寄生在活细胞中才能表现出生命活性。
【详解】A、联系亲代与子代遗传物质的桥梁是生殖细胞即卵细胞和精子，A错误；
B、草履虫为单细胞生物，没有中枢神经系统，不能进行反射活动，B错误；
C、生物与环境之间的物质和能量的交换以细胞代谢为基础，C正确；
D、以细胞内基因的传递和变化为基础的是生物的遗传和变异，生物生长发育的基础是细胞的增殖和分化，D错误。
故选C。
32. 2022年1月22日，Nature同期发表了两篇奥密克戎相关研究论文，研究发现奥密克戎活病毒的复制量相较于新冠病毒野生型和阿尔法、贝塔及德尔塔变体有所减少，奥密克戎无法有效利用细胞膜上的蛋白TMPRSS2，而该蛋白在某些细胞中介导病毒的进入。下列相关叙述正确的是（ ）
A. 奥密克戎活病毒复制量减少，可能与它利用TMPRSS2通路的能力降低有关
B. 奥密克戎毒株的传染性很强，与其感染人体后在口腔和呼吸道的增殖速度很快有关
C. 奥密克戎病毒没有线粒体，所以繁殖过程所需能量由自身无氧呼吸提供
D. 奥密克戎病毒含有两种核酸、八种核苷酸、五种碱基
【答案】A
【解析】
【分析】病毒没有细胞结构，只能寄生在活细胞中进行生命活动。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体；根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白质组成。
【详解】A、根据题干信息“奥密克戎无法有效利用细胞膜上的蛋白TMPRSS2，而该蛋白在某些细胞中介导病毒的进入”，可以推测奥密克戎活病毒的复制量减少，可能与它利用TMPRSS2通路的能力降低有关 ，A正确；
B、奥密克戎毒株是病毒，只能寄生于细胞中，所以不能在口腔和呼吸道增殖，B错误；
C、奥密克戎病毒没有细胞结构，不能进行细胞呼吸，C错误；
D、奥密克戎病毒只含有一种核酸，D错误。
故选A。
33. 诺如病毒是引起急性胃肠炎常见的病原体之一。诺如病毒为无包膜单股正链RNA病毒，极容易发生变异，每隔几年就有新的变异株出现，引起全球或区域性暴发流行。下列有关叙述，正确的是（ ）
A. 诺如病毒化学组成有核酸、蛋白质、脂质等
B. 该流感病毒侵入人体细胞后利用人体细胞的DNA合成自身蛋白质
C. 该病毒传染性极强的原因之一是它的细胞体积小，可在空气中快速传播
D. 病毒不属于生命系统的结构层次，但参与某些层次生命系统的组成
【答案】D
【解析】
【分析】病毒属于非细胞生物，主要由核酸和蛋白质外壳构成，依赖活的宿主细胞才能完成生命活动。病毒的复制方式属于繁殖，自身只提供核酸作为模板，合成核酸和蛋白质的原料及酶等均有宿主细胞提供。
【详解】A、诺如病毒为无包膜单股正链RNA病毒，化学组成中有核酸、蛋白质，但没有脂质，A错误；
B、诺如病毒寄生在人体的活细胞中，自身提供核酸作为模板，利用人体细胞中的氨基酸、核糖体等，合成病毒自身的蛋白质，B错误；
C、病毒没有细胞结构，C错误；
D、该病毒不属于生命系统的结构层次，但其生命活动离不开细胞，需要在细胞中繁殖生活，D正确。
故选D。
34. 甲、乙、丙、丁四种生物：甲无核糖体；乙有细胞结构但不具核膜；丙具有叶绿体和中心体；丁为自养型生物，但不能利用光能。下列叙述正确的是（ ）
A. 甲、乙、丙、丁，并不都含有C、H、O、N、P元素
B. 乙、丙、丁都具有细胞壁、细胞膜、DNA
C. 丙是低等植物，丙、丁都属于生态系统的生产者
D. 丁可以是根瘤菌，可参与N、C等元素的循环
【答案】C
【解析】
【分析】甲生物由蛋白质和核酸组成，没有核糖体，为没有细胞结构的病毒。乙生物为原核生物。丙生物为低等植物。丁生物为能进行化能合成作用的自养型生物。
【详解】A、甲、乙、丙、丁四种生物含有遗传物质-核酸，则都含有C、H、O、N、P元素，A错误；
B、乙原核生物，不一定有细胞壁，如支原体，B错误；
C、丙具有叶绿体和中心体是低等植物，丙、丁都能进行光合作用，属于生态系统的生产者，C正确；
D、丁为自养型生物，根瘤菌不是自养型生物，所以丁不是根瘤菌，可参与N、C等元素的循环，D错误。
故选C。
35. 下列关于颤藻和黑藻的说法，正确的是（ ）
A. 颤藻和黑藻都有细胞壁，但成分不同
B. 颤藻和黑藻细胞内的DNA都呈环状
C. 颤藻细胞和黑藻细胞所含有的色素种类相同
D. 颤藻和黑藻遗传过程都遵循孟德尔遗传定律
【答案】A
【解析】
【分析】颤藻属于原核生物，黑藻属于真核生物，原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体；原核细胞只有核糖体一种细胞器，但部分原核细胞也能进行光合作用和有氧呼吸。据此答题。
【详解】A、颤藻属于原核生物，其细胞壁的成分主要是肽聚糖，黑藻是植物，其细胞壁的成分主要是纤维素和果胶，A正确；
B、颤菌细胞属于原核细胞，DNA是环状，而黑藻属于真核细胞，细胞核DNA呈链状，B错误；
C、颤藻细胞含有藻蓝素和叶绿素，黑藻细胞含有叶绿素和类胡萝卜素，C错误；
D、孟德尔遗传定律适用于真核生物有性生殖的细胞核遗传，颤藻属于原核生物，其遗传过程不遵循孟德尔遗传定律，D错误。
故选A。
36. 在使用显微镜观察细胞结构时，下列做法正确的是（ ）
A. 高倍镜下细胞质流向是顺时针的，则细胞中细胞质流向应是顺时针的
B. 观察无色的洋葱鳞片叶外表皮细胞中的液泡时，应把视野调亮
C. 用光学显微镜观察神经细胞，可以观察到核糖体以及突触小体等结构
D. 若目镜放大倍数是10×，物镜放大倍数是40×，则被观察的细胞面积放大400倍
【答案】A
【解析】
【分析】显微镜的放大倍数是将长或者是宽放大，显微镜放大倍数=目镜放大倍数×物镜放大倍数。
【详解】A、在显微镜下观看到的是上下、左右颠倒的像，若高倍镜下细胞质流向是顺时针的，则实际上细胞中细胞质的流向应是顺时针，A正确；
B、观察无色的洋葱鳞片叶外表皮细胞中的液泡时，应把视野调暗，否则光线太强看不清，B错误；
C、核糖体是原核细胞和真核细胞中共同存在的细胞器，由于核糖体较小，必须借助于电子显微镜才能观察到，即属于亚显微结构，C错误；
D、若目镜放大倍数是10×，物镜放大倍数是40×，放大倍数为400倍，指长度或者宽度被放大400倍，则被观察的细胞面积放大160000倍，D错误。
故选A。
37. 建立于19世纪的细胞学说是自然科学史上的一座丰碑。下列关于细胞学说的叙述，不正确的是（ ）
A. 细胞学说使人们认识到植物和动物有着共同的结构基础
B. 细胞学说使人们对生命的认识由细胞水平进入到分子水平
C. 细胞学说的建立过程说明科学理论的形成需要科学观察与归纳的结合
D. 细胞学说为生物进化理论的确立埋下了伏笔
【答案】B
【解析】
【分析】细胞学说：
1、细胞是有机体。一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成，动植物的结构有显著的一致性。
2、每个细胞作为一个相对独立的基本单位，既有它们“自己的”生命，又与其他细胞协调地集合，构成生命的整体，按共同的规律发育，有共同的生命过程。
3、新的细胞可以由老的细胞产生。
【详解】A、一切动植物都由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成，是细胞学说的内容之一，A正确；
B、细胞学说认为动植物都是由细胞构成的，使人们对生命的认识到了细胞水平，B错误；
C、科学发现需要观察与归纳概括的结合，在众多前人观察和思维的启发下，施莱登和施旺才提出了细胞学说，故细胞学说的建立过程说明科学理论的形成需要观察与归纳概括的结合，C正确；
D、细胞学说揭示了细胞的统一性和生物体结构的统一性，使人们认识到各种生物之间存在共同的结构基础，支持所有生物有共同祖先的进化观点，为后来生物进化论的确立埋下了伏笔，D正确。
故选B。
38. 乳酸菌和酵母菌都是我们生产生活中经常运用的微生物，以下说法正确的是（ ）
A. 二者都有两种核酸，且都以DNA作为主要遗传物质
B. 二者生命活动所需能量都主要来自有氧呼吸第三阶段
C. 二者细胞中核糖体的合成都与核仁有关
D. 二者的DNA都可以与蛋白质结合形成DNA—蛋白质复合物
【答案】D
【解析】
【分析】乳酸菌是原核生物，酵母菌是真核生物。
【详解】A、乳酸菌和酵母菌都是细胞结构生物，都以DNA作为遗传物质，A错误；
B、乳酸菌是厌氧型微生物，不能进行有氧呼吸，B错误；
C、乳酸菌是原核生物，没有核仁，C错误；
D、乳酸菌和酵母菌的DNA都可以与蛋白质结合形成DNA—蛋白质复合物，例如，乳酸菌的DNA和RNA聚合酶结合开始转录，酵母菌DNA和蛋白质结合形成染色体，D正确。
故选D。
39. 研究发现一类称做“分子伴侣”的蛋白质可识别正在合成的多肽或部分折叠的多肽，并通过改变自身空间结构与多肽的某些部位相结合，从而帮助这些多肽折叠、组装或转运，其本身不参与组成最终产物并可循环发挥作用。下列叙述正确的是（ ）
A. “分子伴侣”对靶蛋白有高度专一性
B. “分子伴侣”溶于盐水中会造成其生物活性的丧失
C. “分子伴侣”的空间结构发生改变就不可逆转
D. “分子伴侣”介导加工的环状八肽中至少含有8个氧原子和8个氮原子
【答案】D
【解析】
【分析】蛋白质变性是指天然蛋白质因受物理、化学因素的影响，使蛋白质分子的构象发生了异常变化，从而导致生物活性的丧失以及物理、化学性质的异常变化。蛋白质变性不涉及蛋白质一级结构的改变，即由氨基酸构成的肽链并不发生改变。
【详解】A、由题意可知， “分子伴侣”对靶蛋白没有高度专一性，同一“分子伴侣”可以促进多种氨基酸序列完全不同的多肽链折叠成为空间结构、性质和功能都不相关的蛋白质 ，A错误；
B、“分子伴侣”的化学本质是蛋白质，NaCl溶液如果是生理盐水0.9%的浓度，那就不会丧失活性，B错误；
C、由题干信息可知， “分子伴侣”在发挥作用时会改变自身空间结构，并可循环发挥作用，因此可以判断“分子伴侣”的空间结构的改变是可以逆转的，C错误；
D、每一个氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，环状八肽化合物由8个氨基酸脱去8个水形成，其中8个氨基酸中至少的氧原子数为8×2=16，8分子水（H2O）包含的氧原子数8，则环状八肽至少有氧原子8×2-8=8，环状八肽化合物至少含有氮原子数为8，D正确。
故选D。
40. 利用从动物组织中提取的胶原蛋白制作的手术缝合线，机体对其无排斥反应，手术一段时间后，可被人体组织细胞水解、吸收，避免了拆线的痛苦和麻烦。下列叙述正确的是（ ）
A. 该手术缝合线的水解必须在细胞内才能进行
B. 对该手术缝合线的水解、吸收过程需要其他蛋白质的参与
C. 经充分水解的手术缝合线仍能与双缩脲试剂反应呈紫色
D. 氨基酸的不同连接方式是蛋白质结构多样性的主要原因
【答案】B
【解析】
【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，产生砖红色沉淀。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。（4）淀粉遇碘液变蓝。
【详解】A、手术缝合线的化学本质是蛋白质，蛋白质的水解既可以发生在细胞外，也可以发生在细胞内，A错误；
B、手术缝合线的化学本质是蛋白质，该手术缝合线的消化需要蛋白酶的催化，产生的氨基酸进入细胞需要载体蛋白的参与，B正确；
C、经充分水解的手术缝合线肽键断裂，产物是氨基酸，不能与双缩脲试剂反应呈紫色，C错误；
D、蛋白质结构多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链盘曲折叠形成的空间结构有关，氨基酸的连接方式都相同，都是脱水缩合形成肽键，D错误。
故选B。
41. 某种酶是由419个氨基酸形成的蛋白质。科学家利用生物技术做出5种不同长度的该酶的片段，并分别测定其活性如图所示，分析该酶最可能具有活性的部分是（ ）
A. 第1号氨基酸到第43号氨基酸
B. 第44号氨基酸到第196号氨基酸
C. 第196号氨基酸到第419号氨基酸
D. 第44号氨基酸到第302号氨基酸
【答案】B
【解析】
【分析】分析题图：蛋白质的生物活性与其空间结构有关，由图中数据可知：1～196号氨基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于1～196号氨基酸段；44～419号氢基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于44～419号氨基酸段，综合以上可知酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段。
【详解】AB、蛋白质的生物活性与其空间结构有关，由图中数据可知：1～196号氨基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于1～196号氨基酸段；44～419号氢基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于44～419号氨基酸段，综合以上可知酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段，说明酶分子的活性部位不在1～43号氨基酸段，A不符合题意，B符合题意；
C、86～419号氨基酸组成的酶片段无活性，说明酶分子的活性部位不在第196号氨基酸到第419号氨基酸，C不符合题意；
D、86～419号氨基酸组成酶片段无活性，说明酶分子的活性部位不在86～302号氨基酸段，由B项分析可知，酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段，D不符合题意。
故选B。
42. 端粒是真核生物线状染色体的保护性末端，是一种由DNA序列及其相关的蛋白质所组成的DNA一蛋白质复合体，端粒会随细胞分裂次数增多面逐渐缩短：端粒酶是一种逆转录酶，是一种由蛋白质和RNA构成的核糖核酸蛋白复合体，用以修复端粒。下列相关叙述，错误的是（ ）
A. 两者都含C、H、O、N、P等五种元素
B. 两者与核糖体完全水解的产物中都有五碳糖
C. 推测端粒酶中的核糖核酸可能是作为逆转录的模板
D. 推测在增殖能力强的原核细胞中端粒酶的活性可能更高
【答案】D
【解析】
【分析】1、核糖体：主要由蛋白质和RNA组成，普遍分布在真核细胞和原核细胞中。
2、端粒存在于真核生物染色体的末端，是由DNA序列及其相关的蛋白质所组成的复合体。
3、端粒酶是一种逆转录酶，由蛋白质和RNA构成。
【详解】A、端粒由DNA序列及其相关的蛋白质构成，端粒酶由蛋白质和RNA构成，则两者都含C、H、O、N、P等五种元素，A正确；
B、端粒中有DNA，端粒酶含RNA，核糖体含RNA，所以他们水解都有五碳糖，B正确；
C、端粒酶是一种逆转录酶，含有RNA，则RNA可能是逆转录的模板，C正确；
D、原核生物没有染色体，则没有端粒和端粒酶，D错误。
故选D。
43. 下列有关核酸的叙述正确的是（ ）
A. DNA、RNA被彻底水解得到的产物有12种
B. 核酸的主要组成元素是C、H、O、N，有的含有P
C. 每一分子的核酸中都含有一分子五碳糖、一分子磷酸和一分子碱基
D. 观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，水解时保温的时间过短会水解不彻底，染色不充分
【答案】D
【解析】
【分析】核酸根据五碳糖不同分为脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核酸（RNA），DNA主要分布在细胞核中，线粒体、叶绿体也含有少量DNA，RNA主要分布在细胞质中，细胞核中也含有RNA；DNA与RNA在组成上的差别是：一是五碳糖不同，二是碱基不完全相同，DNA中含有的碱基是A、T、G、C，RNA的碱基是A、U、G、C；核酸是遗传信息的携带者，是一切生物的遗传物质。
【详解】A、DNA和RNA被彻底水解得到的产物是8种，即2种五碳糖（脱氧核糖和核糖）、1种磷酸和5种碱基（A、C、G、T、U），A错误；
B、核酸的组成元素是C、H、O、N、P，B错误；
C、核苷酸由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子碱基构成，C错误；
D、观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，水解时保温的时间过短会水解不彻底，染色剂不容易进入细胞，则染色不充分，D正确。
故选D。
44. 下列关于生物体内糖类的叙述，正确的是（ ）
A. 有糖参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面
B. 麦芽糖和葡萄糖是动植物细胞共有的还原性糖
C. 脱氧核糖参与脱氧核苷酸、DNA和ATP的组成
D. 肌糖原通过水解为葡萄糖直接补充人体降低的血糖
【答案】A
【解析】
【分析】糖类分类及特点：根据是否能水解及水解成单糖的数量分为：
（1）单糖：不能水解，可直接被细胞吸收，如葡萄糖、果糖、核糖等。
（2）二糖：两分子单糖脱水缩合而成，必须水解成单糖才能被吸收，常见种类有蔗糖（葡萄糖+果糖）、麦芽糖（两分子葡萄糖组成、植物细胞特有）和乳糖（动物细胞特有）。
（3）多糖：植物：淀粉（初步水解产物为麦芽糖）、纤维素；动物：糖原。它们彻底水解产物为葡萄糖。多糖还有几丁质。
【详解】A、有糖参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面，与细胞间的识别有关，A正确；
B、麦芽糖只存在于植物细胞中，B错误；
C、组成ATP的五碳糖是核糖，C错误；
D、肌糖原不能分解为葡萄糖补充血糖，肝糖原通过水解为葡萄糖直接补充人体降低的血糖，D错误。
故选A。
45. 下列有关糖类和脂质的叙述，正确的是（ ）
A. 胆固醇在人体内参与血液中脂质的运输
B. 蔗糖、乳糖和麦芽糖没有相同的水解产物
C. 植物纤维素和动物糖原的基本单位不同
D. 脂肪是储能物质，也是动物细胞膜的主要成分之一
【答案】A
【解析】
【分析】脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质，还是一种良好的绝热体，起保温作用，分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压的作用，可以保护内脏器官；胆固醇是构成细胞膜的重要成分、在人体内还参与血液中脂质的运输。
【详解】A、胆固醇既是在人体中构成细胞膜的重要成分，还是参与血液中脂质的运输，A正确；
B、麦芽糖水解为两分子葡萄糖，蔗糖水解成葡萄糖和果糖，乳糖水解为葡萄糖和半乳糖，它们有共同的水解产物葡萄糖，B错误；
C、植物纤维素和动物糖原的基本单位相同，都是葡萄糖，C错误；
D、脂肪是储能物质，动物细胞膜中的脂质主要是磷脂和胆固醇，脂肪不是动物细胞膜的主要成分之一，D错误。
故选A。
46. 某同学为确定来源不同的a、b、c、d、e五种物质（或结构）的具体类型，进行了下列实验，现象与结果如下：
①各种物质（或结构）的性质、染色反应的结果，见下表：
a
b
c
d
e
来源
猪血
马肝
蛙表皮
棉花
霉菌
水溶性
+
-
+
-
+
灰分
+
-
+
-
-
染色
反应
甲基绿溶液
-
-
+
-
-
斐林试剂
-
-
-
-
-
苏丹Ⅲ溶液
-
+
-
-
-
双缩脲试剂
+
-
-
-
+
碘液
-
-
-
-
-
注：“+”有（溶解)；“—”无（不溶解）灰分指物质充分燃烧后剩下的部分。
②a为红色，检测a的灰分后发现其中含有Fe元素；
③将适量的e溶液加入盛有d的试管中，混合一段时间后，混合液能与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀。根据实验现象和结果，下列对a〜e推断最合理的是
A. 蛋白质、脂肪、染色质、纤维素、蛋白质
B. 蛋白质、脂肪、染色质、葡萄糖、麦芽糖酶
C. 血红蛋白、脂肪、DNA、纤维素、纤维素酶
D. 血红蛋白、脂肪、RNA、麦芽糖、纤维素酶
【答案】C
【解析】
【分析】双缩脲试剂能与蛋白质发生紫色反应，斐林试剂可用于鉴定还原性糖，苏丹Ⅲ可将脂肪染为橘黄色，DNA可被甲基绿染为绿色。
【详解】a为红色，能与双缩脲试剂反应，说明是蛋白质，灰分中含有Fe元素，说明是血红蛋白；b能被苏丹Ⅲ溶液染色，说明b是脂肪；c能与甲基绿溶液反应，说明c是DNA；d是细胞壁的成分，e能与d反应，生成还原糖，则d是纤维素，e是纤维素酶。综上分析可知，C正确，ABD错误。
故选C。
47. 下列有关组成生物体的化学元素的说法，正确的是（ ）
A. 生物体内含有的元素都是生物生命活动必需的元素
B. Mg是叶绿体中叶黄素分子必不可少的组成元素
C. 由Fe参与组成的血红蛋白，是内环境的成分之一
D. N是组成氨基酸、ATP、NADPH等多种化合物的组成元素
【答案】D
【解析】
【分析】无机盐主要以离子的形式存在，其生理作用有：
（1）细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如Fe2+是血红蛋白的必要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。
（2）维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。
（3）维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。
【详解】A、生物体内含有的元素不一定是生物体生命活动所必需的元素，例如一些重金属离子，A错误；
B、Mg是叶绿体中叶绿素分子必不可少的组成元素，B错误；
C、Fe是合成血红蛋白质的重要成分，血红蛋白存在于红细胞内，不是内环境的成分之一，C错误；
D、氨基酸、ATP、NADPH等多种化合物的组成元素中都含有氮元素，D正确。
故选D。
48. 下列选项中结构或物质的元素组成不同的是（ ）
A. 细菌体内DNA与蓝藻体内的DNA
B. 动物细胞内的脂质与植物细胞内的脂肪
C. 骨骼肌细胞的细胞膜与染色体
D. 植物细胞的纤维素与动物细胞中的糖原
【答案】B
【解析】
【分析】糖类的元素组成是C、H、O，蛋白质的元素组成是C、H、O、N等，不同类的脂质的元素组成不同，脂肪和固醇的元素组成是C、H、O，磷脂的元素组成是C、H、O、N、P，核酸的元素组成是C、H、O、N、P．核糖体组成元素是 C、H、O、N、P，细菌的细胞壁为 C、H、O、N。
【详解】A、细菌体内DNA与蓝藻体内的DNA的组成元素都是C、H、O、N、P，A错误；
B、脂质中的磷脂含有C、H、O、N、P，但脂肪的组成元素只有C、H、O，B正确；
C、骨骼肌细胞的细胞膜元素组成是C、H、O、N、P，染色体主要由DNA和蛋白质组成，染色体的组成元素为C、H、O、N、P，C错误；
D、植物细胞的纤维素与动物细胞中的糖原元素组成是都C、H、O，D错误。
故选B。
49. 下列有关组成生物体内化合物的叙述，正确的是（ ）
A. 蛋白质、核苷酸和多糖分别以氨基酸、核酸和单糖为单体
B. 葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，它可来自于动物细胞内麦芽糖的水解
C. 酶、抗体、激素、神经递质的合成部位都是核糖体
D. 磷脂在人和动物的脑、卵细胞、肝脏以及大豆的种子中含量丰富
【答案】D
【解析】
【分析】糖类分为单糖、二糖和多糖，葡萄糖、核糖、脱氧核糖等不能水解的糖称为单糖，由2个单糖脱水缩合形成的糖称为二糖，多糖有淀粉、纤维素和糖原，糖原是动物细胞的储能物质，淀粉是植物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的成分。
【详解】A、单体就是构成多聚体的基本单位，蛋白质的单体是氨基酸，多糖（淀粉、纤维素、糖原）的单体是葡萄糖，核酸（脱氧核糖核酸、核糖核酸）的单体是核苷酸，A错误；
B、麦芽糖是植物细胞特有的二糖，B错误；
C、核糖体是合成蛋白质的场所，有些酶是RNA，有些激素和神经递质不是蛋白质，所以其合成场所不在核糖体，C错误；
D、磷脂在人和动物的脑、卵细胞、肝脏以及大豆的种子中含量丰富，D正确。
故选D。
50. 下图为几种化合物的元素组成示意图，以下说法错误的是（ ）
A. 若①为某种具有催化作用的化合物，则其水解产物为氨基酸
B. 若②为脂肪，则其大量积累于皮下和内脏器官周围
C. 若③为蓝藻的遗传物质，则其与吡罗红亲和力更大
D. 若④为糖原，则其主要分布在人和动物的肌肉和肝脏中
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图：①的组成元素是C、H、O、N，可能是蛋白质；②、④的组成元素C、H、O、可能是糖类和脂肪；③的组成元素是C、H、O、N、P，③可能是磷脂、ATP或核酸。
【详解】A、若①为某种具有催化作用的化合物，则①可能是蛋白质，蛋白质初步水解的产物是多肽，彻底水解的产物是氨基酸，A正确；
B、②的组成元素是C、H、O，如果是脂肪，则主要存在于皮下和内脏器官周围等部位，B正确；
C、若③为蓝藻的遗传物质，蓝藻的遗传物质是DNA，与甲基绿的亲和力更大，C错误；
D、④可能是糖类或脂肪，若④为糖原，则其主要分布在人和动物的肌肉和肝脏中，分别是肌糖原和肝糖原，D正确。
故选C。
二、非选择题
51. 近年来，纪录片《舌尖上的中国》引发全民关注美食的热潮，其中多次讲述了利用不同微生物的发酵作用制作的美味食品。结合所学知识回答下列问题：
（1）果酒发酵装置内要留1/3空间，用途一是初期提供有氧条件促进酵母菌的大量繁殖，用途二是_______________。
（2）与制作果酒相比，利用醋酸菌制作果醋需在____________的条件下完成，醋酸菌在糖源不充足时，可以利用酒精生成醋酸，请写出该过程的化学反应式：______________。
（3）腐乳的制作主要利用微生物产生的蛋白酶和脂肪酶等，通过发酵使豆腐中营养物质的种类________（减少、增多），且更易于消化和吸收。
（4）含有抗生素的牛奶不能发酵成酸奶，原因是_______________。
（5）在测定泡菜中亚硝酸盐的含量时所用的方法叫做________________。
【答案】（1）防止发酵液溢出
（2） ①. 氧气充足和温度较高（30～35℃） ②. C2H5OH+O2CH3COOH+H2O
（3）增多 （4）抗生素能杀死或抑制乳酸菌生长
（5）比色法
【解析】
【分析】1、果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧微生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，把糖分解成二氧化碳和水；在无氧条件下，酵母菌能进行酒精发酵。故果酒的制作原理是酵母菌无氧呼吸产生酒精，酵母菌最适宜生长繁殖的温度范围是18～25℃；生产中是否有酒精的产生，可用酸性重铬酸钾来检验，该物质与酒精反应呈现灰绿色。
2、果醋制作中起到主要作用的微生物是醋酸菌，醋酸菌是一种好氧细菌，只有当氧气充足时，才能进行旺盛的生理活动，其代谢类型属于异养需氧型。当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解为醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。醋酸菌的最适生长温度为30～35℃。
【小问1详解】
果酒发酵装置内要留1/3空间，在发酵期的用途一是初期提供有氧条件促进酵母菌的大量繁殖，二是防止发酵旺盛时汁液溢出。
【小问2详解】
酵母菌是兼性厌氧微生物，在无氧条件下，酵母菌能进行酒精发酵，酵母菌最适宜生长繁殖的温度范围是18～30℃。果醋制作中起到主要作用的微生物是醋酸菌，醋酸菌是一种好氧细菌，最适生长温度为30～35℃，与制作果酒相比，利用醋酸菌制作果醋需在氧气充足和温度较高（30～35℃）的条件下完成，当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解为醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。在糖源不充足时的化学反应式为C2H5OH+O2 CH3COOH+H2O。
【小问3详解】
豆腐发酵主要利用微生物产生的蛋白酶和脂肪酶等，通过发酵，豆腐中营养物质会在相关酶的催化下变成小分子物质，营养物质种类变多，因而更易于消化和吸收。
【小问4详解】
乳酸菌是细菌，抗生素会抑制细菌细胞壁的合成，甚至杀死乳酸菌，故含有抗生素的牛奶不能发酵成酸奶。
【小问5详解】
测定亚硝酸盐含量的原理：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，与已知浓度的标准显色液目测比较，估算泡菜中亚硝酸盐含量，因此，可以采用比色法测定泡菜中亚硝酸盐的含量。
52. 土壤中的磷大部分以难被植物吸收利用的无效态（如磷酸钙等难溶态，在水中呈白色沉淀）存在，溶磷菌能够把无效态的磷转化为可被直接利用的可溶性磷。请分析并回答：
（1）从土壤中筛选高效溶磷菌的一般步骤如下：
①筛选溶磷菌：从不同环境中取样进行扩大培养，培养时采用摇床震荡，可知溶磷菌为______（填“厌氧”或“好氧”）微生物。
②溶磷菌的分离：配制适宜浓度的稀释菌液，分别取0.1mL均匀涂布于含难溶磷的固体培养基（白色不透明）上培养2天。待菌落长出后挑取________的菌落，于固体培养基上采用_________法进行多次纯化。
③高效溶磷菌的筛选：将获得的溶磷菌分别配制成菌悬液，接入已灭菌的含难溶磷的液体培养基中作为实验组，培养基中加入_________作为对照组，5天后测定培养液中可溶性磷含量。若接菌培养液可溶性磷含量为a，对照组可溶性磷含量为b，则菌株溶磷量为________。选择溶磷量最大的菌种为目的菌。
（2）将适量目的菌接入已灭菌的含难溶磷的液体培养基中培养，每天取样测定溶磷量和pH变化情况，结果见下图。
①结果表明目的菌分解难溶磷的能力呈现_____________的趋势。
②根据培养液的pH变化情况，可对目的菌的解磷原理作出的推测是__________。
【答案】（1） ①. 好氧 ②. 具有透明（溶磷）圈 ③. 平板划线 ④. 等量灭活的菌悬液（或等量无菌水） ⑤. a-b
（2） ①. 先升高后降低 ②. 溶磷菌通过产生酸性代谢产物分解难溶性磷
【解析】
【分析】1、微生物接种最常用的方法是平板划线法和稀释涂布平板法。
2、据图可知，自变量为培养时间，因变量为溶磷量和溶液pH。1-4天内溶磷量随时间增加而增多，4天后，溶磷量开始减少；在加入溶磷菌后溶液pH迅速降低，溶磷量开始增加，随着pH回升，溶磷量就开始降低，据此推测难溶磷的分解可能与溶磷菌产生酸性代谢产物有关。
【小问1详解】
①培养时采用摇床震荡，使培养液中溶入更多的氧气，由此可知，溶磷菌为好氧微生物。
②溶磷菌的分离：据题土壤中的磷大部分以磷酸钙等难溶态存在，在水中呈白色沉淀，故加入含难溶磷的固体培养基浑浊不透明，而溶磷菌能够把无效态的磷转化为可被直接利用的可溶性磷，故一段时间后，可挑选平板上形成透明溶磷圈的菌落，即为筛选出的溶磷菌。纯化常用平板划线法和稀释涂布平板法，如平板划线法将挑选出的菌落于基础培养基上采用连续划线法进行多次纯化。
③溶磷菌的筛选：将分离获得的溶磷菌分别配制成菌悬液，接入已灭菌的含难溶磷液体培养基中，为成功筛选到能高效溶解难溶磷的溶磷菌，对照组的培养基接入等量灭活的菌悬液，以作比较。若5d后接菌培养液可溶性磷含量为a，对照组可溶性磷含量为b，则菌株溶磷量为a-b。差值越大，说明菌体溶磷量越大，选择溶磷量最大的菌种为目的菌。
【小问2详解】
据图可知，自变量为培养时间，因变量为溶磷量和pH。
①据图可知，在1-4天内溶磷量随时间增加而增多，即分解能力升高，第4天后，溶磷量开始减少，即分解能力降低，所以呈现先增加后减少的趋势。
②据图可知，在加入溶磷菌后溶液pH迅速降低，溶磷量开始增加，随着pH回升，溶磷量就开始降低，据此推测溶磷菌可能通过产生酸性代谢产物分解难溶性磷。
53. “多酶片”是经特殊工艺制成的双层药片，可用于治疗消化不良，下图为多酶片的 结构示意图。请回答下列问题：
（1）为充分发挥多酶片的作用，使用时应 ______（填“整片吞服”或“嚼碎服用”）， 理由是________。
（2）某同学为了验证多酶片中胃蛋白酶的作用，设计了以下实验。
材料用具：多酶片，蛋白块，pH = l.5 的缓冲溶液，pH = 8.5 的缓冲溶液，蒸馏水，恒温水浴箱等。
实验步骤：
①制备胃蛋白酶溶液：取多酶片放入盛有_________的烧杯中，几分钟后糖衣 溶解，取上层溶液备用；
②取试管 A 加入适量制备的胃蛋白酶溶液，试管 B 加入______________________作为对照；
③分别加入大小相同的蛋白块，在 37℃恒温水浴箱中保温 30 分钟。
④观察两支试管中蛋白块的体积变化。
预期结果：____________________。
【答案】（1） ①. 整片吞服 ②. 整片吞服使肠溶衣在胃液中不被破坏，确保肠溶衣包裹的酶在肠溶液中发挥作用（或若嚼碎服用，肠溶衣包裹的酶释放后会在酸性的胃液中失活，无法发挥作用）
（2） ①. pH=l.5的缓冲溶液 ②. 等量pH＝1.5的缓冲溶液 ③. A试管的蛋白块体积变小/消失，B试管蛋白块基本不变
【解析】
【分析】酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，酶有高效性、专一性、作用条件温和等特点。
【小问1详解】
整片吞服使肠溶衣在胃液中不被破坏，确保肠溶衣包裹的酶在肠溶液中发挥作用，故为充分发挥多酶片的作用，使用时应整片吞服。
【小问2详解】
由于胃蛋白酶的适宜pH为1.5 -2.0，所以制备胃蛋白酶溶液：取多酶片放入盛有pH为1.5的缓冲溶液的烧杯中，几分钟后糖衣溶解，取上层溶液备用；为了控制无关变量，遵循单一变量原则，所以试管A加入适量胃蛋白酶溶液，试管B加入等量pH=1.5的缓冲溶液作为对照。由于酶具有催化作用，所以可预测结果为A试管的蛋白块体积变小或消失，B试管蛋白块基本不变；可得出的结论是：多酶片中胃蛋白酶对蛋白质有消化作用。
54. 动物血液常常被选作提取血红蛋白的实验材料，请回答下列有关问题：
（1）实验中样品处理及粗分离应包括_________、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析。
（2）下列试剂或仪器可用于血红蛋白释放的是__________。
A. 0.9%的生理盐水 B. 甲苯 C. 磷酸缓冲液
D. 蒸馏水 E. 离心机 F. 磁力搅拌器
（3）凝胶色谱法分离血红蛋白中使用的凝胶是交联葡聚糖凝胶（SephadexG-75），其中G表示凝胶的交联程度、膨胀程度及___________，75的含义是__________。填装凝胶柱时不得有气泡，原因是____________。
（4）电泳是分离鉴定蛋白质的常用方法。一个蛋白质分子在某pH溶液时，蛋白质解离成正负离子，当蛋白质净电荷为0时对应的溶液pH称为该蛋白质的等电点（pI）。蛋白质所处溶液pH>pI时，蛋白质带负电荷，反之带正电荷（且pH与pI差值越大，带相应电荷量越大）。下表为几种血清蛋白的等电点，将血清蛋白在pH=8.6的缓冲液中进行电泳，结果如图所示。
蛋白质种类
清蛋白
α1球蛋白
α2球蛋白
β球蛋白
γ球蛋白
等电点（pI）
4.84
5.06
5.06
5.12
6.8-7.3
据图分析，带负电荷最多的蛋白是___________，α1和α2球蛋白分子量较小的是___________。
【答案】（1）红细胞的洗涤 （2）BDF
（3） ①. 分离范围 ②. 每克凝胶膨胀时吸水7.5克 ③. 气泡会扰乱洗脱液中蛋白质洗脱次序，降低分离效果
（4） ①. 清蛋白 ②. α1球蛋白
【解析】
【分析】1、血红蛋白的提取和分离实验包括：样品处理及粗分离（应包括红细胞的洗涤、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析）、凝胶色谱的操作（凝胶色谱柱的制作、凝胶色谱柱的填装、样品的加入和洗脱）和血红蛋白的纯度鉴定（SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳）。
2、电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，带电分子会向着与其所带电荷相反的电极移动。电泳利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小、形状的不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离。
【小问1详解】
样品处理及粗分离应包括红细胞的洗涤、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析。
【小问2详解】
A、0.9%的生理盐水用于红细胞的洗涤，不能用于血红蛋白释放，A错误；
BDF、血红蛋白释放的操作为：将洗涤好的红细胞倒入烧杯中，加蒸馏水到原血液的体积，再加40％体积的甲苯，置于磁力搅拌器上充分搅拌10min。在蒸馏水和甲苯的作用下，红细胞破裂，释放出血红蛋白，BDF正确。
C、磷酸缓冲液可用于透析和凝胶色谱的操作，不能用于血红蛋白释放，C错误；
E、离心机用于红细胞洗涤后分离红细胞的操作中，以及分离血红蛋白溶液的操作，不能用于血红蛋白释放，E错误；
故选BDF。
【小问3详解】
凝胶色谱法分离血红蛋白质中使用的凝胶是交联葡聚糖凝胶(SephadexG-75)，其中G表示凝胶的交联程度、膨胀程度及分离范围，75表示凝胶得水值，即每克凝胶膨胀时吸水7.5克。填装凝胶柱时不得有气泡，气泡会扰乱洗脱液中蛋白质洗脱次序，降低分离效果，故一旦发现有气泡，必须重装。
【小问4详解】
电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，带电分子会向着与其所带电荷相反的电极移动。电泳利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小、形状的不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离。根据题意“蛋白质所处溶液pH＞pI时，蛋白质带负电荷，反之带正电荷”，并结合表格内容可知，表中各蛋白均带负电荷，在电场中均由负极向正极迁移，且它们在电场中的迁移速率取决于所带的负电荷量的大小以及分子大小等。据图分析，清蛋白的电泳带距离正极最近、在电场中迁移的速率最快，其所带负电荷最多；ɑ1和ɑ2球蛋白的等电点相等，但ɑ1球蛋白的电泳带更靠近正极，即ɑ1球蛋白在电场中的迁移速率较ɑ2球蛋白快，故它的分子量较小。
55. 如图为某油料作物种子发育和萌发过程中，可溶性糖和脂肪的变化曲线。据图回答下列问题：
（1）种子发育过程中，可溶性糖的含量逐渐减少，脂肪的含量逐渐增加，可溶性糖转变为脂肪，更有利于________；检测脂肪时用__________（试剂）洗去浮色。
（2）种子成熟过程中，细胞中自由水/结合水的比值________（选填“上升”或“下降”）；该油料作物种子在播种时应该_____（深/浅）播，原因是_____________。
（3）研究发现，该油料植物种子萌发初期干重略有增加，结合所学知识，据图分析原因是______________。
（4）在干旱地区，水分亏缺影响肥效，适当供应水分，可达到“以水促肥”的效果。请解释原因：______________。
【答案】（1） ①. 能量的储存 ②. 50%酒精
（2） ①. 下降 ②. 浅 ③. 该种子中脂肪含量高，脂肪氧化分解时需消耗大量氧气
（3）脂肪转变成糖的过程中氧元素增多，导致干重增大
（4）无机盐溶于水才能被细胞吸收，根细胞吸收水分的同时吸收无机盐，促进了无机盐的吸收
【解析】
【分析】分析题图信息可知，在种子发育过程中，可溶性糖的含量逐渐降低，脂肪的含量逐渐增加；即在种子发育过程中糖类转变为脂肪；在种子萌发过程中脂肪的含量逐渐降低，可溶性糖的含量逐渐升高。即在种子萌发过程中脂肪转变为糖。
【小问1详解】
脂肪是细胞内良好的储能物质，随着种子不断发育成熟，可溶性糖含量降低、脂肪含量增加，这说明可溶性糖会逐渐转化为脂肪，更有利于能量的储存。检测脂肪时用50%酒精洗去浮色。
【小问2详解】
自由水含量高则新陈代谢快，种子萌发过程中自由水含量高，成熟过程比萌发时有所减少，贮存时最少，因此种子成熟过程中自由水和结合水的比值减小。油料作物种子中脂肪含量高，脂肪氧化分解时需消耗大量氧气，因此需要浅播。
【小问3详解】
在种子萌发过程中脂肪的含量逐渐降低，可溶性糖的含量逐渐升高，即在种子萌发过程中脂肪转变为糖，脂肪转变成糖的过程中氧元素增多，导致干重增大。
【小问4详解】
无机盐溶于水才能被细胞吸收，根细胞吸收水分同时吸收无机盐，促进了无机盐的吸收，因此水分亏缺影响肥效，适当供应水分，可达到“以水促肥”的效果。
高树德中学高2021级高二下期5月阶段性测试生物试题
一、选择题
1. 下列有关果酒自然发酵流程的叙述中，正确的是（ ）
A. 将选择好的新鲜葡萄进行适当冲洗，清除果皮上的所有杂菌
B. 先去枝梗再冲洗，防止冲洗时枝梗刺破葡萄皮造成污染
C. 最好对榨取的葡萄汁进行灭菌处理，有效防止杂菌污染
D. 发酵装置不进行严格灭菌仍能获得良好的发酵效果
【答案】D
【解析】
【分析】果酒制作过程中的相关实验操作：（1）材料的选择与处理：选择新鲜的葡萄，榨汁前先将葡萄进行冲洗，除去枝梗。（2）灭菌：①榨汁机要清洗干净，并晾干。②发酵装置要清洗干净，并用70%的酒精消毒。（3）榨汁：将冲洗除枝梗的葡萄放入榨汁机榨取葡萄汁。（4）发酵：将葡萄汁装入发酵瓶，要留要大约13的空间，并封闭充气口。
【详解】A、利用自然菌种发酵果酒时，菌种是葡萄皮上的野生酵母菌，因此不可能清除果皮上的所有杂菌，A错误；
B、选择新鲜的葡萄，为防止污染，榨汁前应先冲洗，再去枝梗，B错误；
C、有葡萄汁的发酵瓶含有酵母菌，不能进行灭菌处理，否则会杀死菌种，C错误；
D、由于酵母菌进行旺盛的发酵时发酵液中为缺氧、酸性环境，在缺氧且呈酸性的发酵液中酵母菌可以生长繁殖，而其他微生物的生长繁殖受抑制，因此发酵装置不进行严格灭菌仍能获得良好的发酵效果，D正确。
故选D。
2. 在腐乳制作的过程中，需要
A. 选择含水量超过70%的豆腐并利用蒸煮法灭菌
B. 将豆腐小块整齐摆放并提供毛霉生长的最适温度
C. 将长满毛霉的豆腐投入到装有卤汤的瓶中密封
D. 控制卤汤中酒的含量以防止腐乳成熟过慢或腐败变质
【答案】D
【解析】
【分析】腐乳由豆腐在毛霉的参与下发酵获得，毛霉是一种丝状真菌。选择制作腐乳的豆腐含水量不宜过大，否则不易成形，一般所选择的豆腐含水量不超过70%。腐乳制作时的酒精含量能够通过影响毛霉产生的蛋白酶的活性，从而影响发酵时间。
【详解】选择制作腐乳的豆腐含水量不宜过大，否则不易成形，一般所选择的豆腐含水量不超过70%，A选项错误；接种毛霉时，需要将豆腐小块摆放整齐，在25~28℃环境下培养2~3天，毛霉的最适生长温度为15~18℃，故不一定需要提供毛霉生长的最适温度，只要选择适宜毛霉生长的温度即可，B选项错误；制作腐乳时，先将腐乳咸坯摆入发酵瓶中，再加入卤汤，C选项错误；制作腐乳时卤汤中的酒精含量会影响发酵时间，故需要控制卤汤中酒的含量以防止腐乳成熟过慢或腐败变质，D选项正确。
3. 泡菜发酵利用的微生物主要是乳酸菌，而在发酵初期，水槽内经常有气泡产生，这些气泡产生的原因及成分分别是（ ）
A. 乳酸菌是兼性厌氧型微生物，初期进行有氧呼吸产生CO2；气体为CO2
B. 因腌制过程中的盐进入蔬菜使蔬菜体积缩小，气体被排出；气体为空气
C. 发酵初期活动强烈的是酵母菌，其利用氧产生CO2；气体为CO2
D. 乳酸菌在发酵过程中产生了热量，使坛内温度升高，空气受热膨胀被排出；气体为空气
【答案】C
【解析】
【分析】乳酸菌在无氧条件下，将糖分解为乳酸，不产生气体。
【详解】A、乳酸菌是厌氧菌，不能进行有氧呼吸，A错误；
B、腌制过程蔬菜体积变小的原因是细胞失水，而不是气体被排出，B错误；
C、在发酵初期，水槽内经常有气泡产生，这是由于发酵初期活动强烈的是酵母菌，其利用氧产生 CO2，C正确；
D、乳酸菌在发酵过程中只产生了少量的热量，不会使空气受热膨胀排出，D错误。
故选C。
4. 下列关于果酒和果醋制作的叙述，正确的是（ ）
A. 果醋发酵液中，液面处醋酸菌的密度大于瓶底处的密度
B. 果酒制作时，水果中的糖类可以为微生物的发酵提供碳源和氮源
C. 制作果酒的过程中，发酵早期无CO2产生，发酵后期有CO2产生
D. 果醋制作过程中pH逐渐降低，果酒制作过程中情况相反
【答案】A
【解析】
【分析】1、在利用酵母菌发酵时最好是先通入足够的无菌空气在有氧环境下一段时间使其繁殖，再隔绝氧气进行发酵；酒精发酵的最佳温度是在18℃～30℃，pH最好是弱酸性。
2、醋酸菌好氧型细菌，当缺少糖源时和有氧条件下，可将乙醇（酒精）氧化成醋酸；当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解成醋酸；醋酸菌生长的最佳温度是在30℃～35℃。
【详解】A、醋酸菌属于好氧菌，在果醋发酵液中，液面处的醋酸菌更易接触到充足氧气，因此其密度大于瓶底处的密度，A正确；
B、果酒制作时，水果中的糖类可以为微生物的发酵提供碳源，B错误；
C、制作果酒初期酵母菌进行有氧呼吸产生CO2，制作果酒后期发酵液中为无氧环境，酵母菌进行无氧呼吸也能产生CO2，C错误；
D、果酒制作过程中产生的二氧化碳和果醋制作过程中产生的醋酸都会使发酵液的pH逐渐降低，D错误。
故选A。
5. 绍兴是黄酒之乡，“麦曲酶长，酵米复芳；白梅酒酿，伴淋寒香；压滤琼浆，煎煮陈藏”是对绍兴黄酒精致复杂酿造工艺的描述。在黄酒的主发酵过程中，“开耙”（搅拌）是极为关键的一步。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 接种麦曲有利于淀粉的糖化，有利于“酒酿”菌种发酵
B. 煎煮的目的是除去发酵产品中的杂菌，利于酵母菌繁殖
C. 陈藏有利于黄酒中醇与酸发生酯化反应，使酒更加芳香
D. 发酵过程中“开耙”可适当提供O2，促进酵母菌繁殖
【答案】B
【解析】
【分析】果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧型生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，在无氧条件下，酵母菌进行酒精发酵。在葡萄酒自然发酵过程当中，其主要作用的是附着在葡萄皮上的野生酵母菌。
【详解】A、淀粉属于生物大分子物质，接种麦曲有利于淀粉糖化为小分子糖，从而有利于发酵过程中酵母菌对糖类的利用，A正确；
B、煎煮是进行消毒，除去发酵产品中的酵母菌等微生物，利于酒的储藏，B错误；
C、陈储”是将榨出的酒放入罐内存放，有利于黄酒中醇与酸发生酯化反应，使酒更加芳香，C正确；
D、发酵过程中“开耙”是为了增加O2的含量，让酵母菌进行有氧呼吸，增加酵母菌的数量，有利于活化酵母，D正确。
故选B。
6. 微生物的计数方法有多种，下列有关叙述错误的是（ ）
A. 用滤膜法测定饮用水中大肠杆菌数目时，可利用鉴别培养基培养后计数
B. 用血细胞计数板进行计数时，高倍镜下的一个视野中观察不到完整的计数室
C. 用平板划线法和稀释涂布平板法进行微生物计数时，结果往往比实际少
D. 血细胞计数板计数法需要使用显微镜，活菌计数法计数不需要使用显微镜
【答案】C
【解析】
【分析】统计菌落数目的方法（1）显微镜直接计数法
①原理：利用特定细菌计数板或血细胞计数板，在显微镜下计算一定容积的样品中微生物数量；
②方法：用计数板计数；③缺点：不能区分死菌与活菌。
（2）间接计数法（活菌计数法）
当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一个活菌。通过统计平板上的菌落数，就能推测出样品中大约含有多少活菌。
【详解】A、测定饮用水中大肠杆菌的数目可取一定量的饮用水，之后按一定倍数稀释，再用加入伊红美蓝的鉴别培养基培养，取黑色金属光泽菌落进行计数，A正确；
B、由于高倍镜放大倍数大，观察到的视野较小，用血细胞计数板进行微生物显微计数时，高倍镜下观察不到完整的计数室，B正确；
C、平板划线法常用来筛选分离微生物，不用于计数，C错误；
D、血细胞计数板计数法需要使用显微镜统计细菌个数，而活菌计数法计数不需要使用显微镜，直接统计菌落数目，D正确。
故选C。
7. 关于土壤中分解尿素的细菌的分离与计数实验的叙述，正确的是（ ）
A. 将沾有少量酒精的涂布器在火焰上引燃，待酒精燃尽后，轻触手背，冷却待用
B. 对土样进行系列稀释操作后，用冷却后的涂布器蘸取土壤稀释液进行涂布操作
C. 涂布操作时可以转动培养皿，使菌液分布均匀
D. 选择菌落数在30～300间的所有平板进行计数，以平均数为实验结果
【答案】C
【解析】
【分析】培养基选择分解尿素的微生物的原理：只有能合成脲酶的微生物才能分解尿素，故选择培养基应以尿素作为唯一氮源。缺乏脲酶的微生物由于不能分解尿素，缺乏氮源而不能生长发育繁殖，而受到抑制，所以用此培养基就能够选择出分解尿素的微生物。
【详解】A、涂布器引燃后，待酒精燃尽后，冷却8-10s，开始涂布，不需要接触手背，A错误；
B、先将土样用移液器移入培养基上，再用涂布器涂布，B错误；
C、涂布操作时可以转动培养皿，使菌液分布均匀，C正确；
D、用稀释涂布平板法测定同一样品中的细菌数时，为了保证结果准确，在每一个梯度浓度内，至少要涂布3个平板，确定对照组无菌后，应将菌落数相差较远的平板舍弃，选择菌落数在30～300之间且相差无几的平板进行记数，求其平均值，再通过计算得出土壤中的细菌总数，D错误。
故选C。
8. 微生物需要从外界吸收营养物质来维持正常的生长和繁殖。下列关于微生物营养的叙述，正确的是（ ）
A. 尿素分解菌和纤维素分解菌的培养基中可能含有相同的无机盐
B. 筛选硝化细菌（自养型）的培养基中需加入适宜浓度的有机碳源
C. 只含有水和无机盐两类成分的培养基中不可能形成生物群落
D. 乳酸菌需要的特殊营养物质是指其自身不能合成的某些无机物
【答案】A
【解析】
【分析】培养基一般含有水、碳源、氮源、无机盐。培养基还需要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。如培养乳酸杆菌时需添加维生素，培养霉菌时需将pH调至酸性，培养细菌时需将pH调至中性或微碱性。选择培养基是指允许特定种类的微生物生长，同时抑制或阻止其他种类微生物生长的培养基。
【详解】A、尿素分解菌的培养基中含有的无机盐是KH2PO4、Na2HPO4、MgSO4，纤维素分解菌的培养基中含有的无机盐是NaNO3、KH2PO4、Na2HPO4、MgSO4、KCl。A正确；
B、硝化细菌是自养生物，可以用空气中CO2作为碳源，用缺乏有机碳源的培养基可以筛选硝化细菌。B错误；
C、只含有水和无机盐两类成分的培养基，可以培养既能固氮又能以CO2作为碳源的微生物（如固氮蓝藻）。C错误；
D、乳酸菌需要的特殊营养物质是维生素，是有机物。D错误。
故选A。
9. 谷氨酸棒状杆菌可用于微生物发酵工程生产谷氨酸来制取谷氨酸钠（味精），该细菌在发酵过程中要不断地通入无菌空气，并通过搅拌使空气形成细小的气泡，迅速溶解在培养液中（溶氧）；在温度为30～37℃，pH为7～8的情况下，经28～32小时，培养液中会生成大量的谷氨酸。如图表示利用玉米淀粉为材料制备谷氨酸的流程图。下列叙述错误的是（ ）
A. 尿素能为谷氨酸棒状杆菌提供氮源和碳源
B. 利用玉米淀粉制备糖液时，可采用酶解法
C. 谷氨酸棒状杆菌通过有氧发酵产生谷氨酸
D. 维生素B能为发酵菌提供特殊的营养物质
【答案】A
【解析】
【分析】发酵工程一般包括菌种的选育，扩大培养，培养基的配制、灭菌，接种，发酵，产品的分离、提纯等方面。在发酵过程中，要随时检测培养液中微生物的数量、产物浓度等，以了解发酵进程。还要及时添加必需的营养成分，要严格控制温度、pH和溶解氧等发酵条件。
【详解】A、谷氨酸棒状杆菌为异养型生物，糖液中的糖为谷氨酸棒状杆菌提供碳源，而尿素为谷氨酸棒状杆菌提供氮源，A错误；
B、玉米淀粉在淀粉酶的作用下，可以制备成糖液，因此利用玉米淀粉制备糖液时，可采用酶解法，B正确；
C、谷氨酸棒状杆菌在发酵过程中要不断地通入无菌空气，因此谷氨酸棒状杆菌生产谷氨酸，进行的是有氧发酵，C正确；
D、糖液中的糖为发酵菌提供碳源，尿素提供氮源，另外，还有水和无机盐，因此，维生素B为发酵菌的生长提供特殊的营养物质，D正确。
故选A。
10. 炭疽病是由炭疽杆菌引起的一种人畜共患的传染病，对炭疽病疑似患者，可根据噬菌体的宿主专一性，通过实验确诊，具体过程是先通过采集疑似患者的样本，分离培养，获得可疑菌落，再进行细菌鉴定，实验流程如图所示。已知在该实验中噬菌体能够使炭疽杆菌死亡，增加实验组液体培养基的浑浊度。下列分析错误的是（ ）
A. 实验中所用的液体培养基的碳源为有机碳源
B. 在35°C条件下培养24h，液体培养基因杂菌污染而变浑浊
C. 实验过程中，对照组试管中应加入等量生理盐水
D. 若疑似患者已被炭疽杆菌感染，则实验组培养基的浑浊度比对照组的高
【答案】B
【解析】
【分析】炭疽杆菌是原核生物，可作为噬菌体的宿主；炭疽杆菌是异养型生物，培养时需要有机物作为碳源。
【详解】A、炭疽杆菌是异养型的生物，需要以有机物作为碳源，液体培养基的碳源为有机碳源，A正确；
B、在35°C条件下培养24h，主要因为炭疽杆菌大量繁殖导致液体培养基变浑浊，B错误；
C、实验组加入的是生理盐水配制的澄清噬菌体液，为了排除生理盐水的影响，对照组试管中应加入等量生理盐水，C正确；
D、噬菌体的宿主具有专一性，患者被炭疽杆菌感染，实验组加入噬菌体就会侵染炭疽杆菌，炭疽杆菌就会裂解，已知在该实验中噬菌体能够使炭疽杆菌死亡，增加实验组液体培养基的浑浊度，故实验组培养基浑浊度高于对照组，D正确。
故选B。
11. 解脂菌能利用分泌的脂肪酶将脂肪分解成甘油和脂肪酸并吸收利用。脂肪酸会使醇溶青琼脂平板变为深蓝色。将不能直接吸收脂肪的甲、乙两种菌分别等量接种在醇溶青琼脂平板上培养。甲菌菌落周围呈现深蓝色，乙菌菌落周围不变色。下列叙述错误的是（ ）
A. 甲菌属于解脂菌
B. 实验中所用的培养基不能以脂肪为唯一碳源
C. 能将两种菌分别接种在同一平板的不同区域进行对比
D. 醇溶青琼脂平板不能用来比较解脂菌分泌脂肪酶的能力
【答案】D
【解析】
【分析】脂肪由脂肪酸和甘油构成，脂肪酸会使醇溶青琼脂平板变为深蓝色，故解脂菌周围可出现深蓝色。
【详解】A、甲菌菌落周围呈现深蓝色，是甲菌分泌的脂肪酶分解脂肪产生了脂肪酸所致，因此甲菌属于解脂菌，A正确；
B、甲、乙两种菌不能直接吸收脂肪，故该培养基不能以脂肪为唯一碳源，而是鉴别培养基，B正确；
C、两种菌形成菌落只要不连在一起便可以在同一平板上接种观察，C正确；
D、利用该平板可通过比较不同菌落周围形成的深蓝色圈与菌落比例来对比不同解脂菌分泌脂肪酶的能力，D错误。
故选D。
12. 在微生物培养过程中，由单一个体繁殖所获得的微生物群体称为纯培养物。平板划线法和稀释涂布平板法是常用的获取纯培养物的方法。下列说法错误的是（ ）
A. 通常对接种室用紫外线照射30min后，再适量喷洒石炭酸等消毒液来增强消毒效果
B. 若要检测培养基是否被污染，可将未接种的培养基在相同条件下进行培养
C. 两种纯化方法的核心都是要防止杂菌污染，保证培养物的纯度
D. 接种环在划线前后都需要灼烧，所以在平板上划线5次应灼烧接种环6次
【答案】A
【解析】
【分析】接种微生物常用的两种方法：（1）平板划线法通过接种环在琼脂固体培养基表面连续划线的操作，将聚集的菌种逐步稀释分散到培养基的表面。（2）稀释涂布平板法则是菌液进行一系列的梯度稀释，然后将不同稀释度的菌液分别涂布到琼脂固体培养基的表面，进行培养。
【详解】A、通常对接种室用紫外线照射30min，照射前可适量喷洒石炭酸等消毒液来增强消毒效果，A错误；
B、若要检测培养基是否被污染，可将未接种的培养基在相同条件下进行培养 ，如果出现了菌落，说明培养基被污染，B正确；
C、平板划线法和稀释涂布平板法的关键是无菌操作，其核心都是要防止杂菌污染，保证培养物的纯度，C正确；
D、接种环在划线前后都需要灼烧，所以在平板上划线5次应灼烧接种环6次 ，D正确。
故选A。
13. 下列有关“分解纤维素的微生物的分离”实验的叙述，正确的是（ ）
A. 纤维素酶中 C1 酶和葡萄糖苷酶都能将纤维素分解成纤维二糖
B. 在倒平板时加入刚果红，加入前无需对刚果红溶液灭菌
C. 增加样品液中纤维素分解菌浓度时往往利用固体选择培养基
D. 为确定得到的是纤维素分解菌，还需进行产纤维素酶的实验
【答案】D
【解析】
【分析】1、纤维素分解菌的筛选实验流程为：土壤取样、选择培养、梯度稀释、将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上、挑选产生透明圈的菌落。
2、在加入刚果红染液的培养基中，刚果红可以与纤维素结合形成红色的复合物。纤维素分解菌可以产生纤维素酶将纤维素分解为葡萄糖，因此在纤维素分解菌的菌落周围，由于缺少纤维素而出现透明圈，这是刚果红染液可以鉴别纤维素分解菌的原理。
【详解】A、纤维素酶包括C1酶、CX酶和葡萄糖苷酶，C1酶和CX酶使纤维素分解成纤维二糖，葡萄糖苷酶将纤维二糖分解成葡萄糖，A错误；
B、刚果红可以在细菌菌落形成前倒平板时加入，也可以在菌落形成后加入，若在细菌菌落形成前倒平板时加入刚果红，则所加刚果红要进行灭菌，以防杂菌的侵入，影响纤维素分解菌菌落的形成，B错误；
C、使用以纤维素为唯一碳源的液体选择培养基可以增加纤维素分解菌的浓度，且便于筛选，C错误；
D、为确定得到的是纤维素分解菌，还需进行发酵产纤维素酶的实验，可通过纤维素酶分解滤纸后产生的葡萄糖进行定量测定，D正确。
故选D。
14. 某同学想用下表所示的培养基培养纤维素分解细菌。下列叙述不正确的是（ ）
成分
NaNO3
K2HPO4
KH2PO4
KCl
MgSO4·7H2O
FeSO4
（CH2O）
H2O
青霉素
含量
3g
1g
1g
0.5g
0.5g
0.01g
30g
1L
0.1万单位
A. 根据物理性质，该培养基属于液体培养基
B. 该培养基可用来筛选抗青霉素的微生物
C. KH2PO4和K2HPO4在提供无机盐的同时还能维持培养基的pH
D. 该培养基除去（CH2O），并添加纤维素后即可用于培养纤维素分解细菌
【答案】D
【解析】
【分析】1、培养基的营养构成一般都含有碳源、氮源、水和无机盐。此外还需要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求；
2、培养基按照物理性质分为固体培养基和液体培养基；按照用途分为选择培养基和鉴别培养基；
3、选择培养基是在培养基中添加某物质，抑制杂菌生长，促进所需微生物生长，培养分离出特定的微生物；
4、培养基的配制原则：①目的要明确；②营养要协调；③pH要适宜。
【详解】A、该培养基不含琼脂，根据物理性质分，属于液体培养基，A正确；
B、该培养基中加入了青霉素，具有抑制细菌生长的作用，可用来筛选抗青霉素的微生物，B正确；
C、KH2PO4和K2HPO4在提供无机盐的同时还能维持培养基的pH，C正确；
D、纤维素分解菌能利用纤维素（碳源），且青霉素能抑制细菌生长，故该培养基无法培养纤维素分解菌，应除去（CH2O）和青霉素，添加纤维素才可进行培养，D错误。
故选D。
15. 下列相关操作或叙述错误的是（ ）
A. 某同学探究温度对加酶洗衣粉洗涤效果的影响，设置5℃、15℃、25℃、35℃四组温度
B. 目前加酶洗衣粉常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶
C. 加酶洗衣粉中未添加表面活性剂和三聚磷酸钠，减少了对环境的污染
D. 碱性蛋白酶能将大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子肽
【答案】C
【解析】
【分析】加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶。碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽，使污迹从衣物上脱落。脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶也能分别将大分子的脂肪、淀粉和纤维素水解为小分子物质，使洗衣粉具有更好的去污能力。
【详解】A、某同学探究温度对加酶洗衣粉洗涤效果的影响，自变量为不同的温度，通常情况下，冬季、春季、秋季、夏季的水温分别选取5℃、15℃、25℃、35℃，因为这四个水温比较符合实际情况，对现实生活也有指导意义，A正确；
B、加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶，B正确；
C、与普通洗衣粉相比，加酶洗衣粉中减少了表面活性剂和三聚磷酸钠的用量，其中三聚磷酸钠属于水软化剂，使洗涤剂朝低磷、无磷的方向发展，C错误；
D、碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽，使污迹容易从衣物上脱落，D正确。
故选C。
16. 关于固定化酶及固定化细胞技术错误的是（ ）
A. 溶化后的海藻酸钠冷却至室温即凝固，故应在凝固前与已活化酵母混匀
B. 海藻酸钠加热溶化过程中水分会蒸发，完全溶化后需用蒸馏水定容
C. 一般来说固定化细胞技术比固定化酶技术对酶活性影响更小
D. 固定化细胞常用载体有海藻酸钠、琼脂糖、聚丙烯酰胺等
【答案】A
【解析】
【分析】制作固定化酵母细胞的实验步骤：①酵母细胞的活化； ②配制CaCl2溶液； ③配制海藻酸钠溶液 （该实验成败的关键步骤）；④海藻酸钠溶液与酵母细胞混合； ⑤固定化酵母细胞．
【详解】A、溶化后的海藻酸钠冷却后，不会凝固，A错误；
B、海藻酸钠加热溶化过程中水分会蒸发，完全溶化后需用蒸馏水定容，保证海藻酸钠的浓度，B正确；
C、一般来说固定化细胞技术比固定化酶技术对酶活性影响更小，C正确；
D、常用海藻酸钠、琼脂糖、聚丙烯酰胺等作为载体固定化细胞 ，D正确。
故选A。
17. 下列关于果胶酶的叙述，正确的是（ ）
A. 果胶酶是由半乳糖醛酸脱水缩合而成的生物大分子
B. 葡萄糖异构酶、果胶分解酶和果胶酯酶都是果胶酶
C. 影响果胶酶催化反应速度的因素都能影响果胶酶的活性
D. 霉菌发酵生产的果胶酶是果汁生产使用量最大的酶制剂之一
【答案】D
【解析】
【分析】果胶酶是分解果胶的一类酶总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶、果胶酯酶。
【详解】AB、果胶酶是由氨基酸脱水缩合而成的生物大分子，是能够分解果胶的一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，AB错误；
C、影响果胶酶催化反应速度的因素不一定影响果胶酶的活性，如果胶浓度、果胶酶浓度等，C错误；
D、由霉菌发酵生产的果胶酶是食品加工业中使用量最大的酶制剂之一，被广泛地应用于果汁加工业，D正确。
故选D。
18. 植物细胞固定化培养技术是将植物细胞包埋在多聚化合物制成的网状支持物中进行无 菌培养的技术。固定化的细胞形成了类似于植物体内的组织，其培养条件非常接近植 株体内的环境。下列叙述错误的是（ ）
A. 细胞悬浮培养相对于植株种植，代谢产物的生产更高效
B. 细胞固定化培养体系相对于植株个体，细胞种类更少
C. 细胞固定化培养相对于细胞悬浮培养，细胞分裂更旺盛
D. 细胞固定化培养相对于细胞悬浮培养，代谢产物的分离更简便
【答案】C
【解析】
【分析】结合题干分析可知：细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，相对于植株种植，细胞分裂更旺盛，代谢产物的生产更高效。
【详解】A、细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，相对于植株种植，细胞代谢越旺盛，代谢产物的生产更高效，A正确；
B、结合题干“固定化的细胞形成了类似于植物体内的组织，其培养条件非常接近植株体内的环境”，但是整体的环境比植株个体较为单一，因此细胞种类相对较少，B正确；
C、细胞悬浮培养有利于增加培养液中营养物质与植物细胞的接触面积，细胞代谢更加旺盛，细胞分裂也更加旺盛，即细胞悬浮培养细胞相对于固定化培养，细胞分裂更旺盛，C错误；
D、固定化培养的分裂比较弱，代谢产物的生产效率低，同时代谢产物更容易分离，D正确。
故选C。
19. 酶催化一定化学反应的能力称为酶活力，温度对某种酶的酶活力影响如图1所示。在一定条件下，先将酶在不同的温度下处理一段时间（图2横轴），然后迅速放在最适温度条件下测定酶活力，可得到酶的热稳定性数据，如图2所示。下列分析错误的是（ ）
A. 图1为反应时间相同时，不同温度下测定的酶活力值
B. 55℃的两侧存在两个温度对酶的热稳定性影响相同
C. 温度较高时，随处理时间的延长，酶活力可能降至零
D. 进行工业生产时，将温度控制在60℃比40℃产量更高
【答案】B
【解析】
【分析】酶是活细胞产生的一类具有催化作用的蛋白质或RNA。酶活性受pH、高温、重金属盐等多种因素的影响，酶的特点有高效性、专一性和作用条件较温和。
【详解】A、图1横坐标为温度（自变量），纵坐标为酶活力（因变量），根据实验设计的原则：科学性原则、平行重复原则、对照性原则、单因子变量原则，图1实验时，反应时间为无关变量，应相同，所以图1为反应时间相同时，不同温度下测定的酶活力值，A正确；
B、图1分析可知，55℃左右时酶活性最高，温度小于55℃，影响酶活力的原因是温度过低抑制酶活力，而温度大于55℃，影响酶活力的原因是温度过高使酶失活，所以55℃的两侧对酶的热稳定性影响是不相同的，B错误；
C、图2分析可知，相同处理时间，随着温度升高，相对酶活力降低，相同温度，随着处理时间增加，相对酶活力降低，所以相对酶活力与处理时间和温度有关，温度较高时，随处理时间的延长，酶活力可能降至零，C正确；
D、图1分析可知，60℃时酶活力比40℃酶活力高，图2分析可知，60℃时相对酶活力与40℃相对酶活力相差不大，综合分析进行工业生产时，将温度控制在60℃比40℃产量更高，D正确。
故选B。
20. 关于电泳、聚丙烯酰胺凝胶电泳和SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳的叙述错误的是（ ）
A. 电泳法分离各种分子利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小和形状的不同
B. 电泳时，在电场的作用下各种分子带上均匀的负电荷，从阴极向阳极移动
C. 蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中的迁移率取决于它所带净电荷的多少以及分子大小等因素
D. 在蛋白质的SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中，电泳迁移率完全取决于分子的大小
【答案】B
【解析】
【分析】电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。
【详解】A、可以根据待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小和形状的不同进行电泳，从而将各种物质分离，A正确；
B、许多生物大分子都具有可解离的基团，在一定的pH下，这些基团会带上正或负电，B错误；
C、电泳是利用了各种分子带电性质的差异，及本身大小、形状不同，使分子产生不同的迁移速率，因此，蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中的迁移率取决于它所带净电荷的多少以及分子大小等因素，C正确；
D、SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中SDS的作用是所带大量的负电荷掩盖了不同蛋白质间的电荷差别，使电泳迁移率完全取决于分子的大小，D正确。
故选B。
21. 关于缓冲溶液的说法不正确的是（ ）
A. 在一定范围内，缓冲溶液能够抵制外界的酸和碱对溶液pH的影响，维持pH基本不变
B. 缓冲溶液通常由盐酸和氢氧化钠配制而成。调节两者的使用比例就可以制得在不同pH范围内使用的缓冲液
C. 在血红蛋白的提取和分离实验中，透析、凝胶色谱纯化、电泳都必须用到缓冲溶液
D. 在血红蛋白的提取和分离实验中，血红蛋白的释放和凝胶的溶胀都可以不用缓冲溶液
【答案】B
【解析】
【分析】缓冲物质指能调节溶液的pH值，使溶液的pH值在加入一定量的酸性物质或碱性物质时保持恒定或小范围变化的一种物质。弱酸和与其对应的弱酸盐（或弱碱和与其相对应的弱碱盐）可以形成一对缓冲对，当溶液中加入少量酸性物质时，缓冲对中的碱性组分与之反应中和，当溶液中加入少量碱性物质时，缓冲对中的酸性组分与之反应中和。
【详解】A、缓冲物质指能调节溶液的pH值，使溶液的pH值在加入一定量的酸性物质或碱性物质时保持恒定或小范围变化的一种物质，A正确；
B、缓冲溶液通常由1～2种缓冲剂溶解于水中配制而成，弱酸和与其对应的弱酸盐（或弱碱和与其相对应的弱碱盐）可以形成一对缓冲对，盐酸和氢氧化钠是强酸、强碱，B错误；
C、用磷酸缓冲液处理的目的是让血红蛋白处在稳定的pH范围内，维持其结构和功能，在血红蛋白的提取和分离实验中，透析、凝胶色谱纯化、电泳都必须用到缓冲溶液，C正确；
D、血红蛋白的释放需要用蒸馏水和甲苯，凝胶的溶胀需要用蒸馏水，D正确。
故选B。
22. 下列对在凝胶柱上加入样品和洗脱的操作错误的是（ ）
A. 加样前要使柱内凝胶面上的缓冲液下降到与凝胶面平齐
B. 让吸管管口沿管壁环绕移动，贴壁加样至色谱柱顶端，不要破坏凝胶面
C. 打开下端出口，待样品完全进入凝胶层后直接连接缓冲液洗脱瓶，开始洗脱
D. 待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，每5 mL收集一管，连续收集
【答案】C
【解析】
【分析】凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。
【详解】A、加样前，打开色谱柱下端的流出口，使柱内凝胶面上的缓冲液缓慢下降到凝胶面平齐时，关闭出口，A正确；
B、加样时，用吸管小心的将1ml透析后的样品沿管壁环绕移动，贴壁加样至色谱柱顶端，不要破坏凝胶面，B正确；
C、加样后，打开下端出口，使样品渗入凝胶床内，等样品完全进入凝胶床后，调节缓冲液面，然后连接缓冲液洗脱瓶开始洗脱，C错误；
D、待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，每5 mL收集一管，连续收集流出液，D正确。
故选C。
23. 关于如图所示装置的叙述正确的是（ ）
A. 利用该装置提取玫瑰精油的过程中不需要使用水浴加热
B. 玫瑰精油的提取实验中该装置收集的液体中成分只有玫瑰精油
C. 胡萝卜素的提取实验中该装置收集的液体中成分主要是胡萝卜素
D. 该装置中冷凝管的作用是防止有机溶剂挥发以提高萃取效率
【答案】A
【解析】
【分析】1、玫瑰精油的提取（1）玫瑰精油的性质：化学性质稳定，难溶于水，易溶于有机溶剂，能随水蒸气一同蒸馏。（2）提取流程：①在开花的盛期（时期）采收玫瑰花瓣，与清水以质量比为1：4的比例进行混合。②在水蒸气蒸馏装置中进行蒸馏，在锥形瓶中收集到乳白色（颜色）的乳浊液。③向乳化液中加入NaCl,增加盐的浓度，静置，出现油水分层。④用分液漏斗将其两层分开，得到油层。⑤向油层中加入一些无水硫酸钠吸水，静置约12h,过滤得到的液体为玫瑰油。（3）分析：加入氯化钠的目的是增大盐水的密度，有利于玫瑰油与水的分层；加入无水Na2SO4．的目的是吸收精油中残留的水分。
2、胡萝卜素的提取：（1）胡萝卜素的性质：胡萝卜素是橘黄色结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。（2）胡萝卜素的提取来源提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获得；三是利用微生物的发酵生产。（3）萃取剂：最适宜作胡萝卜素萃取剂的是石油醚。（4）实验流程：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。
【详解】A、蒸馏法提取玫瑰油的原理是水蒸气将玫瑰油提携出来形成油水混合物，然后分离玫瑰油，加热的目的是产生水蒸气提携玫瑰油，不需要使用水浴加热，A正确；
B、玫瑰精油的提取实验中该装置收集的液体中成分是油水混合物，还需要分离玫瑰油，B错误；
C、胡萝卜素的提取实验中该装置收集的液体中成分主要是有机溶剂，C错误；
D、蒸馏法提取玫瑰油冷凝管的作用是使玫瑰精油和水蒸气冷凝，提取胡萝卜素冷凝管的作用是防止加热时有机溶剂挥发，D错误。
故选A。
24. 下列关于凝胶色谱法纯化血红蛋白的叙述正确的是（ ）
A. 沸水浴加热溶胀凝胶不但节约时间，还可以除去凝胶中可能带有的微生物，但容易导致气泡产生
B. 在洗脱时，洗脱瓶应与凝胶色谱柱放置在同一水平高度，以便控制缓冲液的流速
C. 待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，在此之前的流出液中因不含蛋白质，不需要收集
D. 用试管收集流出液时，每5mL收集一管，血红蛋白可能出现在多只试管中
【答案】D
【解析】
【分析】凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。
【详解】A、凝胶用沸水浴法不但节约时间，而且可以除去凝胶中可能带有的微生物，排除胶粒内的空气，不易产生气泡，A错误；
B、在洗脱时，洗脱瓶应高于凝胶色谱柱高度，以便控制缓冲液的流速 ，B错误；
CD、待红色的蛋白质接近色谱柱底端时，用试管收集流出液，在此之前的流出液仍需要收集，避免污染环境；每管收集5 mL，连续收集，血红蛋白可能出现在多只试管中，C错误，D正确。
故选D。
25. 关于血红蛋白的叙述错误的是（ ）
A. 血红蛋白由四条肽链组成，每条肽链环绕一个亚铁血红素基团
B. 每个血红蛋白分子最多可携带四分子氧或四分子二氧化碳
C. 血红蛋白在SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中会解聚成四种不同长度的肽链
D. 红细胞中除水分以外，90%是血红蛋白，血红蛋白因含有血红素而呈现红色
【答案】C
【解析】
【分析】血红蛋白由四条肽链组成，两条α链都是由141个氨基酸组成，两条β链都是由146个氨基酸组成。
【详解】A、血红蛋白能与氧结合形成氧合血红蛋白，每个血红蛋白分子共有4条肽链，每条肽链环绕一个亚铁血红素基团，A正确；
B、人的血红蛋白是由一个珠蛋白分子结合4个血红素构成的，而每个亚铁离子只能携带一个氧分子或二氧化碳分子，所以每个血红蛋白分子最多可携带四分子氧或四分子二氧化碳，B正确；
C、SDS能使蛋白质变性，解聚成单条肽链，血红蛋白在SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳中会解聚成两种长度的肽链（两条α链和两条β链），C错误；
D、哺乳动物成熟红细胞的主要功能是运输氧气，除水分以外，其组成成分中90%是血红蛋白，血红蛋白因含有血红素而呈现红色，D正确。
故选C。
26. 胡萝卜素可用于治疗因缺乏维生素A而引起的各种疾病。下图是提取胡萝卜素的实验流程示意图，相关说法正确的是（ ）
A. 在目前的技术条件下，只能从植物中提取天然胡萝卜素
B. 胡萝卜素化学性质不稳定，因此在甲中应采用水浴加热
C. 水分影响萃取效率，干燥时可以使用烘箱烘干，也可以用热风吹干
D. 为防止乙过程中有机溶剂挥发，应选择沸点较高的石油醚作为萃取剂
【答案】C
【解析】
【分析】从胡萝卜中提取胡萝卜素常用的方法是萃取法，实验流程为：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。
【详解】A、提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获得；三是利用微生物的发酵生产，A错误；
B、胡萝卜素的化学性质稳定，不溶于水，易溶于石油醚等有机溶剂，常采用萃取法提取，在甲（萃取）时应采用水浴加热，B错误；
C、新鲜的胡萝卜含有大量的水分，萃取前要将胡萝卜进行粉碎和干燥，在干燥时要注意控制温度，可以用烘箱烘干，也可以用热风吹干，C正确；
D、石油醚经常被用作提取植物有效成分的萃取剂的原因是具有较高的沸点、萃取效率高、毒性很小，为防止加热过程中有机溶剂挥发，在瓶口安装冷凝回流装置，D错误。
故选C。
27. 下图是提取橘皮精油的实验流程图，下列有关叙述不正确的是（ ）
①石灰水浸泡→②漂洗→③压榨→④过滤→⑤静置→⑥再次过滤→橘皮油
A. 石灰水浸泡能破坏细胞、水解果胶，能提高出油率，降低黏稠度
B. 压榨液中需分别加入相当于橘皮质量5%的小苏打和0.25%的硫酸钠
C. 过程⑤要放在5-10oC的冰箱中静置5-7d，过程④要用布袋过滤除去固体物和残渣
D. 经过过程⑤处理后吸出的上层澄清橘皮油和经过⑥过滤得滤液合并成最终的橘皮精油
【答案】B
【解析】
【分析】橘皮精油无色透明，主要储存在橘皮部分，由于橘皮精油的有效成分在用水蒸气蒸馏时会发生部分水解，又会产生原料焦糊问题，所以一般采用压榨法提取，其提取过程为：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮精油。
【详解】A、采用压榨法从橘皮中提取橘皮精油时，由于橘皮中含有果胶和果蜡，直接压榨容易滑脱，出油率较低，为了提高出油率，常用石灰水浸泡，石灰水呈弱碱性，能够破坏细胞结构，分解果胶，A正确；
B、为了使橘皮油与水容易分离，需分别加入相当于橘皮质量0.25%的碳酸氢钠和5%的硫酸钠，并调节pH至7～8，B错误；
C、过程④的目的是除去压榨液中的固体物和残渣，该过程常用布袋进行过滤；此时橘皮油还含有少量的水和果蜡，故过程⑤需在5～10℃下静置5～7天，C正确；
D、过程⑥的目的是除去少量水分和蜡质等杂质，经过过程⑤处理后吸出的上层澄清橘皮油和经过⑥过滤得滤液合并成最终的橘皮精油，D正确。
故选B。
28. 青蒿素（C5H12O5）是从黄花蒿茎叶中提取的无色针状晶体。青蒿素不易挥发，不溶于水，易溶于有机溶剂，60°C以上易分解。下列说法正确的是（ ）
A. 青蒿素的元素组成与胡萝卜素不同，稳定性不同
B. 青蒿素不溶于水，因此应当用水溶性有机溶剂萃取
C. 在浓缩提取液时可利用水蒸气蒸馏法获得青蒿素粗品
D. 为防止有机溶剂挥发，应当选择沸点较高的石油醚作为萃取剂
【答案】A
【解析】
【分析】1、青蒿素可溶于乙醚，不溶于水，不易挥发，对热不稳定，60℃以上易分解，因此提取青蒿素时不宜使用水蒸气蒸馏法，可采用有机溶剂萃取的方法。
2、萃取法提取青蒿素的实验流程是：黄花粉碎→干燥→萃取→过滤→浓缩→青蒿素。
【详解】A、胡萝卜素的组成元素只有C、H，青蒿素的元素组成是C、H、O，胡萝卜素的性状稳定，而青蒿素性质不稳定，A正确；
B、青蒿素不溶于水，因此应当用与水不相溶的有机溶剂萃取，B错误；
C、由于青蒿素不易挥发，所以不能用水蒸气蒸馏法获得青蒿素粗品，C错误；
D、青蒿素60°C以上易分解，所以不能选择沸点较高的石油醚作为萃取剂，D错误。
故选A。
29. 某同学在开展胡萝卜素提取及纸层析鉴定的过程中，由于粗心大意忘记标注各点样点的成分。请根据层析结果判断，1、2、3、4四个样品中，最可能是胡萝卜素标准样品的是_______；提取样品中可以确认提取到β-胡萝卜素的是__________。（ ）
A. 1、4；2 B. 3；1、2 C. 1；2 D. 2；1、3、4
【答案】B
【解析】
【分析】萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和使用量，同时还受到原料颗粒的大小、紧密程度、含水量、萃取的温度和时间等条件的影响。一般来说，原料颗粒小，萃取温度高，时间长，需要提取的物质就能够充分溶解，萃取效果就好。选择的有机溶剂应具有较高的沸点，能够充分溶解胡萝卜素，不与水混溶等特点。
【详解】3一列只含有一个样点，说明3不含杂质，最可能是胡萝卜素标准样品。1、2这一行含有与3（胡萝卜素标准样品）一样的样点，说明1、2提取样品中可以确认提取到β-胡萝卜素，B正确。
故选B。
30. “孤村落日残霞，轻烟老树寒鸦，一点飞鸿影下。青山绿水，白草红叶黄花。”有关这句诗的叙述，正确的是（ ）
A. 诗中场景中的“黄花”、“红叶”属于生命系统的相同结构层次
B. “寒鸦”和“老树”都可以拥有生命系统中的所有结构层次
C. “孤村”、“白草”、“落日”都是生命系统的结构层次
D. 每一种生物个体都只能对应生命系统中的个体层次
【答案】A
【解析】
【分析】生命系统的结构层次包括：①细胞：细胞是生物体结构和功能的基本单位；②组织：由形态相似、结构和功能相同的一群细胞和细胞间质联合在一起构成；③器官：不同的组织按照一定的次序结合在一起；④系统：能够共同完成一种或几种生理功能的多个器官按照一定的次序组合在一起；⑤个体：由不同的器官或系统协调配合共同完成复杂的生命活动的生物；⑥种群：在一定的自然区域内，同种生物的所有个体是一个种群；群落：在一定的自然区域内，所有的种群组成一个群落；⑦生态系统：生物群落与他的无机环境相互形成的统一整体；⑧生物圈：由地球上所有的生物和这些生物生活的无机环境共同组成。
【详解】A、花和叶都属于植物的器官，属于生命系统结构层次中的器官层次，A正确；
B、老树属于植物，没有系统这一层析，B错误；
C、“白草”包含多种草本植物，不属于种群也不属于群落，“白草”、“落日”不是生命系统的结构层次，C错误；
D、一个单细胞生物可以是个体层次，也可以是细胞层次，D错误。
故选A。
31. 下列关于细胞与生命活动关系的叙述，正确的是（ ）
A. 受精卵是亲子代遗传物质的桥梁
B. 草履虫只靠一个细胞就可以完成摄食、运动、分裂、反射等多种生命活动
C. 生物与环境之间的物质和能量的交换以细胞代谢为基础
D. 生长发育以细胞内基因的传递和变化为基础
【答案】C
【解析】
【分析】生命活动离不开细胞，细胞是生物体结构和功能的基本单位，单细胞生物单个细胞就能完成各种生命活动；多细胞生物依赖各种分化的细胞密切合作，共同完成一系列复杂的生命活动；病毒虽然没有细胞结构，但它不能独立生活，只有寄生在活细胞中才能表现出生命活性。
【详解】A、联系亲代与子代遗传物质的桥梁是生殖细胞即卵细胞和精子，A错误；
B、草履虫为单细胞生物，没有中枢神经系统，不能进行反射活动，B错误；
C、生物与环境之间的物质和能量的交换以细胞代谢为基础，C正确；
D、以细胞内基因的传递和变化为基础的是生物的遗传和变异，生物生长发育的基础是细胞的增殖和分化，D错误。
故选C。
32. 2022年1月22日，Nature同期发表了两篇奥密克戎相关研究论文，研究发现奥密克戎活病毒的复制量相较于新冠病毒野生型和阿尔法、贝塔及德尔塔变体有所减少，奥密克戎无法有效利用细胞膜上的蛋白TMPRSS2，而该蛋白在某些细胞中介导病毒的进入。下列相关叙述正确的是（ ）
A. 奥密克戎活病毒复制量减少，可能与它利用TMPRSS2通路的能力降低有关
B. 奥密克戎毒株的传染性很强，与其感染人体后在口腔和呼吸道的增殖速度很快有关
C. 奥密克戎病毒没有线粒体，所以繁殖过程所需能量由自身无氧呼吸提供
D. 奥密克戎病毒含有两种核酸、八种核苷酸、五种碱基
【答案】A
【解析】
【分析】病毒没有细胞结构，只能寄生在活细胞中进行生命活动。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体；根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白质组成。
【详解】A、根据题干信息“奥密克戎无法有效利用细胞膜上的蛋白TMPRSS2，而该蛋白在某些细胞中介导病毒的进入”，可以推测奥密克戎活病毒的复制量减少，可能与它利用TMPRSS2通路的能力降低有关 ，A正确；
B、奥密克戎毒株是病毒，只能寄生于细胞中，所以不能在口腔和呼吸道增殖，B错误；
C、奥密克戎病毒没有细胞结构，不能进行细胞呼吸，C错误；
D、奥密克戎病毒只含有一种核酸，D错误。
故选A。
33. 诺如病毒是引起急性胃肠炎常见的病原体之一。诺如病毒为无包膜单股正链RNA病毒，极容易发生变异，每隔几年就有新的变异株出现，引起全球或区域性暴发流行。下列有关叙述，正确的是（ ）
A. 诺如病毒化学组成有核酸、蛋白质、脂质等
B. 该流感病毒侵入人体细胞后利用人体细胞的DNA合成自身蛋白质
C. 该病毒传染性极强的原因之一是它的细胞体积小，可在空气中快速传播
D. 病毒不属于生命系统的结构层次，但参与某些层次生命系统的组成
【答案】D
【解析】
【分析】病毒属于非细胞生物，主要由核酸和蛋白质外壳构成，依赖活的宿主细胞才能完成生命活动。病毒的复制方式属于繁殖，自身只提供核酸作为模板，合成核酸和蛋白质的原料及酶等均有宿主细胞提供。
【详解】A、诺如病毒为无包膜单股正链RNA病毒，化学组成中有核酸、蛋白质，但没有脂质，A错误；
B、诺如病毒寄生在人体的活细胞中，自身提供核酸作为模板，利用人体细胞中的氨基酸、核糖体等，合成病毒自身的蛋白质，B错误；
C、病毒没有细胞结构，C错误；
D、该病毒不属于生命系统的结构层次，但其生命活动离不开细胞，需要在细胞中繁殖生活，D正确。
故选D。
34. 甲、乙、丙、丁四种生物：甲无核糖体；乙有细胞结构但不具核膜；丙具有叶绿体和中心体；丁为自养型生物，但不能利用光能。下列叙述正确的是（ ）
A. 甲、乙、丙、丁，并不都含有C、H、O、N、P元素
B. 乙、丙、丁都具有细胞壁、细胞膜、DNA
C. 丙是低等植物，丙、丁都属于生态系统的生产者
D. 丁可以是根瘤菌，可参与N、C等元素的循环
【答案】C
【解析】
【分析】甲生物由蛋白质和核酸组成，没有核糖体，为没有细胞结构的病毒。乙生物为原核生物。丙生物为低等植物。丁生物为能进行化能合成作用的自养型生物。
【详解】A、甲、乙、丙、丁四种生物含有遗传物质-核酸，则都含有C、H、O、N、P元素，A错误；
B、乙原核生物，不一定有细胞壁，如支原体，B错误；
C、丙具有叶绿体和中心体是低等植物，丙、丁都能进行光合作用，属于生态系统的生产者，C正确；
D、丁为自养型生物，根瘤菌不是自养型生物，所以丁不是根瘤菌，可参与N、C等元素的循环，D错误。
故选C。
35. 下列关于颤藻和黑藻的说法，正确的是（ ）
A. 颤藻和黑藻都有细胞壁，但成分不同
B. 颤藻和黑藻细胞内的DNA都呈环状
C. 颤藻细胞和黑藻细胞所含有的色素种类相同
D. 颤藻和黑藻遗传过程都遵循孟德尔遗传定律
【答案】A
【解析】
【分析】颤藻属于原核生物，黑藻属于真核生物，原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体；原核细胞只有核糖体一种细胞器，但部分原核细胞也能进行光合作用和有氧呼吸。据此答题。
【详解】A、颤藻属于原核生物，其细胞壁的成分主要是肽聚糖，黑藻是植物，其细胞壁的成分主要是纤维素和果胶，A正确；
B、颤菌细胞属于原核细胞，DNA是环状，而黑藻属于真核细胞，细胞核DNA呈链状，B错误；
C、颤藻细胞含有藻蓝素和叶绿素，黑藻细胞含有叶绿素和类胡萝卜素，C错误；
D、孟德尔遗传定律适用于真核生物有性生殖的细胞核遗传，颤藻属于原核生物，其遗传过程不遵循孟德尔遗传定律，D错误。
故选A。
36. 在使用显微镜观察细胞结构时，下列做法正确的是（ ）
A. 高倍镜下细胞质流向是顺时针的，则细胞中细胞质流向应是顺时针的
B. 观察无色的洋葱鳞片叶外表皮细胞中的液泡时，应把视野调亮
C. 用光学显微镜观察神经细胞，可以观察到核糖体以及突触小体等结构
D. 若目镜放大倍数是10×，物镜放大倍数是40×，则被观察的细胞面积放大400倍
【答案】A
【解析】
【分析】显微镜的放大倍数是将长或者是宽放大，显微镜放大倍数=目镜放大倍数×物镜放大倍数。
【详解】A、在显微镜下观看到的是上下、左右颠倒的像，若高倍镜下细胞质流向是顺时针的，则实际上细胞中细胞质的流向应是顺时针，A正确；
B、观察无色的洋葱鳞片叶外表皮细胞中的液泡时，应把视野调暗，否则光线太强看不清，B错误；
C、核糖体是原核细胞和真核细胞中共同存在的细胞器，由于核糖体较小，必须借助于电子显微镜才能观察到，即属于亚显微结构，C错误；
D、若目镜放大倍数是10×，物镜放大倍数是40×，放大倍数为400倍，指长度或者宽度被放大400倍，则被观察的细胞面积放大160000倍，D错误。
故选A。
37. 建立于19世纪的细胞学说是自然科学史上的一座丰碑。下列关于细胞学说的叙述，不正确的是（ ）
A. 细胞学说使人们认识到植物和动物有着共同的结构基础
B. 细胞学说使人们对生命的认识由细胞水平进入到分子水平
C. 细胞学说的建立过程说明科学理论的形成需要科学观察与归纳的结合
D. 细胞学说为生物进化理论的确立埋下了伏笔
【答案】B
【解析】
【分析】细胞学说：
1、细胞是有机体。一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成，动植物的结构有显著的一致性。
2、每个细胞作为一个相对独立的基本单位，既有它们“自己的”生命，又与其他细胞协调地集合，构成生命的整体，按共同的规律发育，有共同的生命过程。
3、新的细胞可以由老的细胞产生。
【详解】A、一切动植物都由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成，是细胞学说的内容之一，A正确；
B、细胞学说认为动植物都是由细胞构成的，使人们对生命的认识到了细胞水平，B错误；
C、科学发现需要观察与归纳概括的结合，在众多前人观察和思维的启发下，施莱登和施旺才提出了细胞学说，故细胞学说的建立过程说明科学理论的形成需要观察与归纳概括的结合，C正确；
D、细胞学说揭示了细胞的统一性和生物体结构的统一性，使人们认识到各种生物之间存在共同的结构基础，支持所有生物有共同祖先的进化观点，为后来生物进化论的确立埋下了伏笔，D正确。
故选B。
38. 乳酸菌和酵母菌都是我们生产生活中经常运用的微生物，以下说法正确的是（ ）
A. 二者都有两种核酸，且都以DNA作为主要遗传物质
B. 二者生命活动所需能量都主要来自有氧呼吸第三阶段
C. 二者细胞中核糖体的合成都与核仁有关
D. 二者的DNA都可以与蛋白质结合形成DNA—蛋白质复合物
【答案】D
【解析】
【分析】乳酸菌是原核生物，酵母菌是真核生物。
【详解】A、乳酸菌和酵母菌都是细胞结构生物，都以DNA作为遗传物质，A错误；
B、乳酸菌是厌氧型微生物，不能进行有氧呼吸，B错误；
C、乳酸菌是原核生物，没有核仁，C错误；
D、乳酸菌和酵母菌的DNA都可以与蛋白质结合形成DNA—蛋白质复合物，例如，乳酸菌的DNA和RNA聚合酶结合开始转录，酵母菌DNA和蛋白质结合形成染色体，D正确。
故选D。
39. 研究发现一类称做“分子伴侣”的蛋白质可识别正在合成的多肽或部分折叠的多肽，并通过改变自身空间结构与多肽的某些部位相结合，从而帮助这些多肽折叠、组装或转运，其本身不参与组成最终产物并可循环发挥作用。下列叙述正确的是（ ）
A. “分子伴侣”对靶蛋白有高度专一性
B. “分子伴侣”溶于盐水中会造成其生物活性的丧失
C. “分子伴侣”的空间结构发生改变就不可逆转
D. “分子伴侣”介导加工的环状八肽中至少含有8个氧原子和8个氮原子
【答案】D
【解析】
【分析】蛋白质变性是指天然蛋白质因受物理、化学因素的影响，使蛋白质分子的构象发生了异常变化，从而导致生物活性的丧失以及物理、化学性质的异常变化。蛋白质变性不涉及蛋白质一级结构的改变，即由氨基酸构成的肽链并不发生改变。
【详解】A、由题意可知， “分子伴侣”对靶蛋白没有高度专一性，同一“分子伴侣”可以促进多种氨基酸序列完全不同的多肽链折叠成为空间结构、性质和功能都不相关的蛋白质 ，A错误；
B、“分子伴侣”的化学本质是蛋白质，NaCl溶液如果是生理盐水0.9%的浓度，那就不会丧失活性，B错误；
C、由题干信息可知， “分子伴侣”在发挥作用时会改变自身空间结构，并可循环发挥作用，因此可以判断“分子伴侣”的空间结构的改变是可以逆转的，C错误；
D、每一个氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，环状八肽化合物由8个氨基酸脱去8个水形成，其中8个氨基酸中至少的氧原子数为8×2=16，8分子水（H2O）包含的氧原子数8，则环状八肽至少有氧原子8×2-8=8，环状八肽化合物至少含有氮原子数为8，D正确。
故选D。
40. 利用从动物组织中提取的胶原蛋白制作的手术缝合线，机体对其无排斥反应，手术一段时间后，可被人体组织细胞水解、吸收，避免了拆线的痛苦和麻烦。下列叙述正确的是（ ）
A. 该手术缝合线的水解必须在细胞内才能进行
B. 对该手术缝合线的水解、吸收过程需要其他蛋白质的参与
C. 经充分水解的手术缝合线仍能与双缩脲试剂反应呈紫色
D. 氨基酸的不同连接方式是蛋白质结构多样性的主要原因
【答案】B
【解析】
【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，产生砖红色沉淀。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。（4）淀粉遇碘液变蓝。
【详解】A、手术缝合线的化学本质是蛋白质，蛋白质的水解既可以发生在细胞外，也可以发生在细胞内，A错误；
B、手术缝合线的化学本质是蛋白质，该手术缝合线的消化需要蛋白酶的催化，产生的氨基酸进入细胞需要载体蛋白的参与，B正确；
C、经充分水解的手术缝合线肽键断裂，产物是氨基酸，不能与双缩脲试剂反应呈紫色，C错误；
D、蛋白质结构多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链盘曲折叠形成的空间结构有关，氨基酸的连接方式都相同，都是脱水缩合形成肽键，D错误。
故选B。
41. 某种酶是由419个氨基酸形成的蛋白质。科学家利用生物技术做出5种不同长度的该酶的片段，并分别测定其活性如图所示，分析该酶最可能具有活性的部分是（ ）
A. 第1号氨基酸到第43号氨基酸
B. 第44号氨基酸到第196号氨基酸
C. 第196号氨基酸到第419号氨基酸
D. 第44号氨基酸到第302号氨基酸
【答案】B
【解析】
【分析】分析题图：蛋白质的生物活性与其空间结构有关，由图中数据可知：1～196号氨基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于1～196号氨基酸段；44～419号氢基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于44～419号氨基酸段，综合以上可知酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段。
【详解】AB、蛋白质的生物活性与其空间结构有关，由图中数据可知：1～196号氨基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于1～196号氨基酸段；44～419号氢基酸组成的酶片段具有活性，说明酶分子的活性部位位于44～419号氨基酸段，综合以上可知酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段，说明酶分子的活性部位不在1～43号氨基酸段，A不符合题意，B符合题意；
C、86～419号氨基酸组成的酶片段无活性，说明酶分子的活性部位不在第196号氨基酸到第419号氨基酸，C不符合题意；
D、86～419号氨基酸组成酶片段无活性，说明酶分子的活性部位不在86～302号氨基酸段，由B项分析可知，酶分子的活性部位最可能是在44～196号氨基酸段，D不符合题意。
故选B。
42. 端粒是真核生物线状染色体的保护性末端，是一种由DNA序列及其相关的蛋白质所组成的DNA一蛋白质复合体，端粒会随细胞分裂次数增多面逐渐缩短：端粒酶是一种逆转录酶，是一种由蛋白质和RNA构成的核糖核酸蛋白复合体，用以修复端粒。下列相关叙述，错误的是（ ）
A. 两者都含C、H、O、N、P等五种元素
B. 两者与核糖体完全水解的产物中都有五碳糖
C. 推测端粒酶中的核糖核酸可能是作为逆转录的模板
D. 推测在增殖能力强的原核细胞中端粒酶的活性可能更高
【答案】D
【解析】
【分析】1、核糖体：主要由蛋白质和RNA组成，普遍分布在真核细胞和原核细胞中。
2、端粒存在于真核生物染色体的末端，是由DNA序列及其相关的蛋白质所组成的复合体。
3、端粒酶是一种逆转录酶，由蛋白质和RNA构成。
【详解】A、端粒由DNA序列及其相关的蛋白质构成，端粒酶由蛋白质和RNA构成，则两者都含C、H、O、N、P等五种元素，A正确；
B、端粒中有DNA，端粒酶含RNA，核糖体含RNA，所以他们水解都有五碳糖，B正确；
C、端粒酶是一种逆转录酶，含有RNA，则RNA可能是逆转录的模板，C正确；
D、原核生物没有染色体，则没有端粒和端粒酶，D错误。
故选D。
43. 下列有关核酸的叙述正确的是（ ）
A. DNA、RNA被彻底水解得到的产物有12种
B. 核酸的主要组成元素是C、H、O、N，有的含有P
C. 每一分子的核酸中都含有一分子五碳糖、一分子磷酸和一分子碱基
D. 观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，水解时保温的时间过短会水解不彻底，染色不充分
【答案】D
【解析】
【分析】核酸根据五碳糖不同分为脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核酸（RNA），DNA主要分布在细胞核中，线粒体、叶绿体也含有少量DNA，RNA主要分布在细胞质中，细胞核中也含有RNA；DNA与RNA在组成上的差别是：一是五碳糖不同，二是碱基不完全相同，DNA中含有的碱基是A、T、G、C，RNA的碱基是A、U、G、C；核酸是遗传信息的携带者，是一切生物的遗传物质。
【详解】A、DNA和RNA被彻底水解得到的产物是8种，即2种五碳糖（脱氧核糖和核糖）、1种磷酸和5种碱基（A、C、G、T、U），A错误；
B、核酸的组成元素是C、H、O、N、P，B错误；
C、核苷酸由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子碱基构成，C错误；
D、观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，水解时保温的时间过短会水解不彻底，染色剂不容易进入细胞，则染色不充分，D正确。
故选D。
44. 下列关于生物体内糖类的叙述，正确的是（ ）
A. 有糖参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面
B. 麦芽糖和葡萄糖是动植物细胞共有的还原性糖
C. 脱氧核糖参与脱氧核苷酸、DNA和ATP的组成
D. 肌糖原通过水解为葡萄糖直接补充人体降低的血糖
【答案】A
【解析】
【分析】糖类分类及特点：根据是否能水解及水解成单糖的数量分为：
（1）单糖：不能水解，可直接被细胞吸收，如葡萄糖、果糖、核糖等。
（2）二糖：两分子单糖脱水缩合而成，必须水解成单糖才能被吸收，常见种类有蔗糖（葡萄糖+果糖）、麦芽糖（两分子葡萄糖组成、植物细胞特有）和乳糖（动物细胞特有）。
（3）多糖：植物：淀粉（初步水解产物为麦芽糖）、纤维素；动物：糖原。它们彻底水解产物为葡萄糖。多糖还有几丁质。
【详解】A、有糖参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面，与细胞间的识别有关，A正确；
B、麦芽糖只存在于植物细胞中，B错误；
C、组成ATP的五碳糖是核糖，C错误；
D、肌糖原不能分解为葡萄糖补充血糖，肝糖原通过水解为葡萄糖直接补充人体降低的血糖，D错误。
故选A。
45. 下列有关糖类和脂质的叙述，正确的是（ ）
A. 胆固醇在人体内参与血液中脂质的运输
B. 蔗糖、乳糖和麦芽糖没有相同的水解产物
C. 植物纤维素和动物糖原的基本单位不同
D. 脂肪是储能物质，也是动物细胞膜的主要成分之一
【答案】A
【解析】
【分析】脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质，还是一种良好的绝热体，起保温作用，分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压的作用，可以保护内脏器官；胆固醇是构成细胞膜的重要成分、在人体内还参与血液中脂质的运输。
【详解】A、胆固醇既是在人体中构成细胞膜的重要成分，还是参与血液中脂质的运输，A正确；
B、麦芽糖水解为两分子葡萄糖，蔗糖水解成葡萄糖和果糖，乳糖水解为葡萄糖和半乳糖，它们有共同的水解产物葡萄糖，B错误；
C、植物纤维素和动物糖原的基本单位相同，都是葡萄糖，C错误；
D、脂肪是储能物质，动物细胞膜中的脂质主要是磷脂和胆固醇，脂肪不是动物细胞膜的主要成分之一，D错误。
故选A。
46. 某同学为确定来源不同的a、b、c、d、e五种物质（或结构）的具体类型，进行了下列实验，现象与结果如下：
①各种物质（或结构）的性质、染色反应的结果，见下表：
a
b
c
d
e
来源
猪血
马肝
蛙表皮
棉花
霉菌
水溶性
+
-
+
-
+
灰分
+
-
+
-
-
染色
反应
甲基绿溶液
-
-
+
-
-
斐林试剂
-
-
-
-
-
苏丹Ⅲ溶液
-
+
-
-
-
双缩脲试剂
+
-
-
-
+
碘液
-
-
-
-
-
注：“+”有（溶解)；“—”无（不溶解）灰分指物质充分燃烧后剩下的部分。
②a为红色，检测a的灰分后发现其中含有Fe元素；
③将适量的e溶液加入盛有d的试管中，混合一段时间后，混合液能与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀。根据实验现象和结果，下列对a〜e推断最合理的是
A. 蛋白质、脂肪、染色质、纤维素、蛋白质
B. 蛋白质、脂肪、染色质、葡萄糖、麦芽糖酶
C. 血红蛋白、脂肪、DNA、纤维素、纤维素酶
D. 血红蛋白、脂肪、RNA、麦芽糖、纤维素酶
【答案】C
【解析】
【分析】双缩脲试剂能与蛋白质发生紫色反应，斐林试剂可用于鉴定还原性糖，苏丹Ⅲ可将脂肪染为橘黄色，DNA可被甲基绿染为绿色。
【详解】a为红色，能与双缩脲试剂反应，说明是蛋白质，灰分中含有Fe元素，说明是血红蛋白；b能被苏丹Ⅲ溶液染色，说明b是脂肪；c能与甲基绿溶液反应，说明c是DNA；d是细胞壁的成分，e能与d反应，生成还原糖，则d是纤维素，e是纤维素酶。综上分析可知，C正确，ABD错误。
故选C。
47. 下列有关组成生物体的化学元素的说法，正确的是（ ）
A. 生物体内含有的元素都是生物生命活动必需的元素
B. Mg是叶绿体中叶黄素分子必不可少的组成元素
C. 由Fe参与组成的血红蛋白，是内环境的成分之一
D. N是组成氨基酸、ATP、NADPH等多种化合物的组成元素
【答案】D
【解析】
【分析】无机盐主要以离子的形式存在，其生理作用有：
（1）细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如Fe2+是血红蛋白的必要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。
（2）维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。
（3）维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。
【详解】A、生物体内含有的元素不一定是生物体生命活动所必需的元素，例如一些重金属离子，A错误；
B、Mg是叶绿体中叶绿素分子必不可少的组成元素，B错误；
C、Fe是合成血红蛋白质的重要成分，血红蛋白存在于红细胞内，不是内环境的成分之一，C错误；
D、氨基酸、ATP、NADPH等多种化合物的组成元素中都含有氮元素，D正确。
故选D。
48. 下列选项中结构或物质的元素组成不同的是（ ）
A. 细菌体内DNA与蓝藻体内的DNA
B. 动物细胞内的脂质与植物细胞内的脂肪
C. 骨骼肌细胞的细胞膜与染色体
D. 植物细胞的纤维素与动物细胞中的糖原
【答案】B
【解析】
【分析】糖类的元素组成是C、H、O，蛋白质的元素组成是C、H、O、N等，不同类的脂质的元素组成不同，脂肪和固醇的元素组成是C、H、O，磷脂的元素组成是C、H、O、N、P，核酸的元素组成是C、H、O、N、P．核糖体组成元素是 C、H、O、N、P，细菌的细胞壁为 C、H、O、N。
【详解】A、细菌体内DNA与蓝藻体内的DNA的组成元素都是C、H、O、N、P，A错误；
B、脂质中的磷脂含有C、H、O、N、P，但脂肪的组成元素只有C、H、O，B正确；
C、骨骼肌细胞的细胞膜元素组成是C、H、O、N、P，染色体主要由DNA和蛋白质组成，染色体的组成元素为C、H、O、N、P，C错误；
D、植物细胞的纤维素与动物细胞中的糖原元素组成是都C、H、O，D错误。
故选B。
49. 下列有关组成生物体内化合物的叙述，正确的是（ ）
A. 蛋白质、核苷酸和多糖分别以氨基酸、核酸和单糖为单体
B. 葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，它可来自于动物细胞内麦芽糖的水解
C. 酶、抗体、激素、神经递质的合成部位都是核糖体
D. 磷脂在人和动物的脑、卵细胞、肝脏以及大豆的种子中含量丰富
【答案】D
【解析】
【分析】糖类分为单糖、二糖和多糖，葡萄糖、核糖、脱氧核糖等不能水解的糖称为单糖，由2个单糖脱水缩合形成的糖称为二糖，多糖有淀粉、纤维素和糖原，糖原是动物细胞的储能物质，淀粉是植物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的成分。
【详解】A、单体就是构成多聚体的基本单位，蛋白质的单体是氨基酸，多糖（淀粉、纤维素、糖原）的单体是葡萄糖，核酸（脱氧核糖核酸、核糖核酸）的单体是核苷酸，A错误；
B、麦芽糖是植物细胞特有的二糖，B错误；
C、核糖体是合成蛋白质的场所，有些酶是RNA，有些激素和神经递质不是蛋白质，所以其合成场所不在核糖体，C错误；
D、磷脂在人和动物的脑、卵细胞、肝脏以及大豆的种子中含量丰富，D正确。
故选D。
50. 下图为几种化合物的元素组成示意图，以下说法错误的是（ ）
A. 若①为某种具有催化作用的化合物，则其水解产物为氨基酸
B. 若②为脂肪，则其大量积累于皮下和内脏器官周围
C. 若③为蓝藻的遗传物质，则其与吡罗红亲和力更大
D. 若④为糖原，则其主要分布在人和动物的肌肉和肝脏中
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图：①的组成元素是C、H、O、N，可能是蛋白质；②、④的组成元素C、H、O、可能是糖类和脂肪；③的组成元素是C、H、O、N、P，③可能是磷脂、ATP或核酸。
【详解】A、若①为某种具有催化作用的化合物，则①可能是蛋白质，蛋白质初步水解的产物是多肽，彻底水解的产物是氨基酸，A正确；
B、②的组成元素是C、H、O，如果是脂肪，则主要存在于皮下和内脏器官周围等部位，B正确；
C、若③为蓝藻的遗传物质，蓝藻的遗传物质是DNA，与甲基绿的亲和力更大，C错误；
D、④可能是糖类或脂肪，若④为糖原，则其主要分布在人和动物的肌肉和肝脏中，分别是肌糖原和肝糖原，D正确。
故选C。
二、非选择题
51. 近年来，纪录片《舌尖上的中国》引发全民关注美食的热潮，其中多次讲述了利用不同微生物的发酵作用制作的美味食品。结合所学知识回答下列问题：
（1）果酒发酵装置内要留1/3空间，用途一是初期提供有氧条件促进酵母菌的大量繁殖，用途二是_______________。
（2）与制作果酒相比，利用醋酸菌制作果醋需在____________的条件下完成，醋酸菌在糖源不充足时，可以利用酒精生成醋酸，请写出该过程的化学反应式：______________。
（3）腐乳的制作主要利用微生物产生的蛋白酶和脂肪酶等，通过发酵使豆腐中营养物质的种类________（减少、增多），且更易于消化和吸收。
（4）含有抗生素的牛奶不能发酵成酸奶，原因是_______________。
（5）在测定泡菜中亚硝酸盐的含量时所用的方法叫做________________。
【答案】（1）防止发酵液溢出
（2） ①. 氧气充足和温度较高（30～35℃） ②. C2H5OH+O2CH3COOH+H2O
（3）增多 （4）抗生素能杀死或抑制乳酸菌生长
（5）比色法
【解析】
【分析】1、果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧微生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，把糖分解成二氧化碳和水；在无氧条件下，酵母菌能进行酒精发酵。故果酒的制作原理是酵母菌无氧呼吸产生酒精，酵母菌最适宜生长繁殖的温度范围是18～25℃；生产中是否有酒精的产生，可用酸性重铬酸钾来检验，该物质与酒精反应呈现灰绿色。
2、果醋制作中起到主要作用的微生物是醋酸菌，醋酸菌是一种好氧细菌，只有当氧气充足时，才能进行旺盛的生理活动，其代谢类型属于异养需氧型。当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解为醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。醋酸菌的最适生长温度为30～35℃。
【小问1详解】
果酒发酵装置内要留1/3空间，在发酵期的用途一是初期提供有氧条件促进酵母菌的大量繁殖，二是防止发酵旺盛时汁液溢出。
【小问2详解】
酵母菌是兼性厌氧微生物，在无氧条件下，酵母菌能进行酒精发酵，酵母菌最适宜生长繁殖的温度范围是18～30℃。果醋制作中起到主要作用的微生物是醋酸菌，醋酸菌是一种好氧细菌，最适生长温度为30～35℃，与制作果酒相比，利用醋酸菌制作果醋需在氧气充足和温度较高（30～35℃）的条件下完成，当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解为醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。在糖源不充足时的化学反应式为C2H5OH+O2 CH3COOH+H2O。
【小问3详解】
豆腐发酵主要利用微生物产生的蛋白酶和脂肪酶等，通过发酵，豆腐中营养物质会在相关酶的催化下变成小分子物质，营养物质种类变多，因而更易于消化和吸收。
【小问4详解】
乳酸菌是细菌，抗生素会抑制细菌细胞壁的合成，甚至杀死乳酸菌，故含有抗生素的牛奶不能发酵成酸奶。
【小问5详解】
测定亚硝酸盐含量的原理：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，与已知浓度的标准显色液目测比较，估算泡菜中亚硝酸盐含量，因此，可以采用比色法测定泡菜中亚硝酸盐的含量。
52. 土壤中的磷大部分以难被植物吸收利用的无效态（如磷酸钙等难溶态，在水中呈白色沉淀）存在，溶磷菌能够把无效态的磷转化为可被直接利用的可溶性磷。请分析并回答：
（1）从土壤中筛选高效溶磷菌的一般步骤如下：
①筛选溶磷菌：从不同环境中取样进行扩大培养，培养时采用摇床震荡，可知溶磷菌为______（填“厌氧”或“好氧”）微生物。
②溶磷菌的分离：配制适宜浓度的稀释菌液，分别取0.1mL均匀涂布于含难溶磷的固体培养基（白色不透明）上培养2天。待菌落长出后挑取________的菌落，于固体培养基上采用_________法进行多次纯化。
③高效溶磷菌的筛选：将获得的溶磷菌分别配制成菌悬液，接入已灭菌的含难溶磷的液体培养基中作为实验组，培养基中加入_________作为对照组，5天后测定培养液中可溶性磷含量。若接菌培养液可溶性磷含量为a，对照组可溶性磷含量为b，则菌株溶磷量为________。选择溶磷量最大的菌种为目的菌。
（2）将适量目的菌接入已灭菌的含难溶磷的液体培养基中培养，每天取样测定溶磷量和pH变化情况，结果见下图。
①结果表明目的菌分解难溶磷的能力呈现_____________的趋势。
②根据培养液的pH变化情况，可对目的菌的解磷原理作出的推测是__________。
【答案】（1） ①. 好氧 ②. 具有透明（溶磷）圈 ③. 平板划线 ④. 等量灭活的菌悬液（或等量无菌水） ⑤. a-b
（2） ①. 先升高后降低 ②. 溶磷菌通过产生酸性代谢产物分解难溶性磷
【解析】
【分析】1、微生物接种最常用的方法是平板划线法和稀释涂布平板法。
2、据图可知，自变量为培养时间，因变量为溶磷量和溶液pH。1-4天内溶磷量随时间增加而增多，4天后，溶磷量开始减少；在加入溶磷菌后溶液pH迅速降低，溶磷量开始增加，随着pH回升，溶磷量就开始降低，据此推测难溶磷的分解可能与溶磷菌产生酸性代谢产物有关。
【小问1详解】
①培养时采用摇床震荡，使培养液中溶入更多的氧气，由此可知，溶磷菌为好氧微生物。
②溶磷菌的分离：据题土壤中的磷大部分以磷酸钙等难溶态存在，在水中呈白色沉淀，故加入含难溶磷的固体培养基浑浊不透明，而溶磷菌能够把无效态的磷转化为可被直接利用的可溶性磷，故一段时间后，可挑选平板上形成透明溶磷圈的菌落，即为筛选出的溶磷菌。纯化常用平板划线法和稀释涂布平板法，如平板划线法将挑选出的菌落于基础培养基上采用连续划线法进行多次纯化。
③溶磷菌的筛选：将分离获得的溶磷菌分别配制成菌悬液，接入已灭菌的含难溶磷液体培养基中，为成功筛选到能高效溶解难溶磷的溶磷菌，对照组的培养基接入等量灭活的菌悬液，以作比较。若5d后接菌培养液可溶性磷含量为a，对照组可溶性磷含量为b，则菌株溶磷量为a-b。差值越大，说明菌体溶磷量越大，选择溶磷量最大的菌种为目的菌。
【小问2详解】
据图可知，自变量为培养时间，因变量为溶磷量和pH。
①据图可知，在1-4天内溶磷量随时间增加而增多，即分解能力升高，第4天后，溶磷量开始减少，即分解能力降低，所以呈现先增加后减少的趋势。
②据图可知，在加入溶磷菌后溶液pH迅速降低，溶磷量开始增加，随着pH回升，溶磷量就开始降低，据此推测溶磷菌可能通过产生酸性代谢产物分解难溶性磷。
53. “多酶片”是经特殊工艺制成的双层药片，可用于治疗消化不良，下图为多酶片的 结构示意图。请回答下列问题：
（1）为充分发挥多酶片的作用，使用时应 ______（填“整片吞服”或“嚼碎服用”）， 理由是________。
（2）某同学为了验证多酶片中胃蛋白酶的作用，设计了以下实验。
材料用具：多酶片，蛋白块，pH = l.5 的缓冲溶液，pH = 8.5 的缓冲溶液，蒸馏水，恒温水浴箱等。
实验步骤：
①制备胃蛋白酶溶液：取多酶片放入盛有_________的烧杯中，几分钟后糖衣 溶解，取上层溶液备用；
②取试管 A 加入适量制备的胃蛋白酶溶液，试管 B 加入______________________作为对照；
③分别加入大小相同的蛋白块，在 37℃恒温水浴箱中保温 30 分钟。
④观察两支试管中蛋白块的体积变化。
预期结果：____________________。
【答案】（1） ①. 整片吞服 ②. 整片吞服使肠溶衣在胃液中不被破坏，确保肠溶衣包裹的酶在肠溶液中发挥作用（或若嚼碎服用，肠溶衣包裹的酶释放后会在酸性的胃液中失活，无法发挥作用）
（2） ①. pH=l.5的缓冲溶液 ②. 等量pH＝1.5的缓冲溶液 ③. A试管的蛋白块体积变小/消失，B试管蛋白块基本不变
【解析】
【分析】酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，酶有高效性、专一性、作用条件温和等特点。
【小问1详解】
整片吞服使肠溶衣在胃液中不被破坏，确保肠溶衣包裹的酶在肠溶液中发挥作用，故为充分发挥多酶片的作用，使用时应整片吞服。
【小问2详解】
由于胃蛋白酶的适宜pH为1.5 -2.0，所以制备胃蛋白酶溶液：取多酶片放入盛有pH为1.5的缓冲溶液的烧杯中，几分钟后糖衣溶解，取上层溶液备用；为了控制无关变量，遵循单一变量原则，所以试管A加入适量胃蛋白酶溶液，试管B加入等量pH=1.5的缓冲溶液作为对照。由于酶具有催化作用，所以可预测结果为A试管的蛋白块体积变小或消失，B试管蛋白块基本不变；可得出的结论是：多酶片中胃蛋白酶对蛋白质有消化作用。
54. 动物血液常常被选作提取血红蛋白的实验材料，请回答下列有关问题：
（1）实验中样品处理及粗分离应包括_________、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析。
（2）下列试剂或仪器可用于血红蛋白释放的是__________。
A. 0.9%的生理盐水 B. 甲苯 C. 磷酸缓冲液
D. 蒸馏水 E. 离心机 F. 磁力搅拌器
（3）凝胶色谱法分离血红蛋白中使用的凝胶是交联葡聚糖凝胶（SephadexG-75），其中G表示凝胶的交联程度、膨胀程度及___________，75的含义是__________。填装凝胶柱时不得有气泡，原因是____________。
（4）电泳是分离鉴定蛋白质的常用方法。一个蛋白质分子在某pH溶液时，蛋白质解离成正负离子，当蛋白质净电荷为0时对应的溶液pH称为该蛋白质的等电点（pI）。蛋白质所处溶液pH>pI时，蛋白质带负电荷，反之带正电荷（且pH与pI差值越大，带相应电荷量越大）。下表为几种血清蛋白的等电点，将血清蛋白在pH=8.6的缓冲液中进行电泳，结果如图所示。
蛋白质种类
清蛋白
α1球蛋白
α2球蛋白
β球蛋白
γ球蛋白
等电点（pI）
4.84
5.06
5.06
5.12
6.8-7.3
据图分析，带负电荷最多的蛋白是___________，α1和α2球蛋白分子量较小的是___________。
【答案】（1）红细胞的洗涤 （2）BDF
（3） ①. 分离范围 ②. 每克凝胶膨胀时吸水7.5克 ③. 气泡会扰乱洗脱液中蛋白质洗脱次序，降低分离效果
（4） ①. 清蛋白 ②. α1球蛋白
【解析】
【分析】1、血红蛋白的提取和分离实验包括：样品处理及粗分离（应包括红细胞的洗涤、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析）、凝胶色谱的操作（凝胶色谱柱的制作、凝胶色谱柱的填装、样品的加入和洗脱）和血红蛋白的纯度鉴定（SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳）。
2、电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，带电分子会向着与其所带电荷相反的电极移动。电泳利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小、形状的不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离。
【小问1详解】
样品处理及粗分离应包括红细胞的洗涤、血红蛋白释放、分离血红蛋白溶液和透析。
【小问2详解】
A、0.9%的生理盐水用于红细胞的洗涤，不能用于血红蛋白释放，A错误；
BDF、血红蛋白释放的操作为：将洗涤好的红细胞倒入烧杯中，加蒸馏水到原血液的体积，再加40％体积的甲苯，置于磁力搅拌器上充分搅拌10min。在蒸馏水和甲苯的作用下，红细胞破裂，释放出血红蛋白，BDF正确。
C、磷酸缓冲液可用于透析和凝胶色谱的操作，不能用于血红蛋白释放，C错误；
E、离心机用于红细胞洗涤后分离红细胞的操作中，以及分离血红蛋白溶液的操作，不能用于血红蛋白释放，E错误；
故选BDF。
【小问3详解】
凝胶色谱法分离血红蛋白质中使用的凝胶是交联葡聚糖凝胶(SephadexG-75)，其中G表示凝胶的交联程度、膨胀程度及分离范围，75表示凝胶得水值，即每克凝胶膨胀时吸水7.5克。填装凝胶柱时不得有气泡，气泡会扰乱洗脱液中蛋白质洗脱次序，降低分离效果，故一旦发现有气泡，必须重装。
【小问4详解】
电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，带电分子会向着与其所带电荷相反的电极移动。电泳利用了待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子本身的大小、形状的不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离。根据题意“蛋白质所处溶液pH＞pI时，蛋白质带负电荷，反之带正电荷”，并结合表格内容可知，表中各蛋白均带负电荷，在电场中均由负极向正极迁移，且它们在电场中的迁移速率取决于所带的负电荷量的大小以及分子大小等。据图分析，清蛋白的电泳带距离正极最近、在电场中迁移的速率最快，其所带负电荷最多；ɑ1和ɑ2球蛋白的等电点相等，但ɑ1球蛋白的电泳带更靠近正极，即ɑ1球蛋白在电场中的迁移速率较ɑ2球蛋白快，故它的分子量较小。
55. 如图为某油料作物种子发育和萌发过程中，可溶性糖和脂肪的变化曲线。据图回答下列问题：
（1）种子发育过程中，可溶性糖的含量逐渐减少，脂肪的含量逐渐增加，可溶性糖转变为脂肪，更有利于________；检测脂肪时用__________（试剂）洗去浮色。
（2）种子成熟过程中，细胞中自由水/结合水的比值________（选填“上升”或“下降”）；该油料作物种子在播种时应该_____（深/浅）播，原因是_____________。
（3）研究发现，该油料植物种子萌发初期干重略有增加，结合所学知识，据图分析原因是______________。
（4）在干旱地区，水分亏缺影响肥效，适当供应水分，可达到“以水促肥”的效果。请解释原因：______________。
【答案】（1） ①. 能量的储存 ②. 50%酒精
（2） ①. 下降 ②. 浅 ③. 该种子中脂肪含量高，脂肪氧化分解时需消耗大量氧气
（3）脂肪转变成糖的过程中氧元素增多，导致干重增大
（4）无机盐溶于水才能被细胞吸收，根细胞吸收水分的同时吸收无机盐，促进了无机盐的吸收
【解析】
【分析】分析题图信息可知，在种子发育过程中，可溶性糖的含量逐渐降低，脂肪的含量逐渐增加；即在种子发育过程中糖类转变为脂肪；在种子萌发过程中脂肪的含量逐渐降低，可溶性糖的含量逐渐升高。即在种子萌发过程中脂肪转变为糖。
【小问1详解】
脂肪是细胞内良好的储能物质，随着种子不断发育成熟，可溶性糖含量降低、脂肪含量增加，这说明可溶性糖会逐渐转化为脂肪，更有利于能量的储存。检测脂肪时用50%酒精洗去浮色。
【小问2详解】
自由水含量高则新陈代谢快，种子萌发过程中自由水含量高，成熟过程比萌发时有所减少，贮存时最少，因此种子成熟过程中自由水和结合水的比值减小。油料作物种子中脂肪含量高，脂肪氧化分解时需消耗大量氧气，因此需要浅播。
【小问3详解】
在种子萌发过程中脂肪的含量逐渐降低，可溶性糖的含量逐渐升高，即在种子萌发过程中脂肪转变为糖，脂肪转变成糖的过程中氧元素增多，导致干重增大。
【小问4详解】
无机盐溶于水才能被细胞吸收，根细胞吸收水分同时吸收无机盐，促进了无机盐的吸收，因此水分亏缺影响肥效，适当供应水分，可达到“以水促肥”的效果。
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