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2023年辽宁省锦州市中考物理一模试卷
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这是一份2023年辽宁省锦州市中考物理一模试卷，共25页。试卷主要包含了7mB等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省锦州市中考物理一模试卷
1. 下列数据的估计中最接近实际的是( )
A. 学生用课桌的高度约为0.7m B. 物理书的质量约为2g
C. 教室内的气压约为1000Pa D. 一盏家用照明灯泡的功率约为400W
2. 下列四种自然现象中，主要是凝固形成的是( )
A. 城市大雾弥漫 B. 房檐下的冰锥
C. 河里冰雪消融 D. 树枝上的雾凇
3. 我们生活在充满声音的世界里，下列关于声现象的说法中正确的是( )
A. 声音是由物体振动产生的
B. 声音在真空中的传播速度为3.0×108m/s
C. 我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的响度不同
D. 学校周围“禁止鸣笛”是在人耳处减弱噪声
4. 我们的世界因光而缤纷，如图所示的现象中，能用光的反射解释的是( )
A. 日晷计时
B. 筷子“弯折”
C. 文字“放大”
D. 水中倒影
5. 新能源和新材料是现代社会发展的两大支柱，下列说法中正确的是( )
A. 太阳能、电能、天然气都是可再生能源
B. 核电站都是利用核聚变来获取能量的
C. 洗衣机桶的表面涂上纳米材料可以抑制细菌的生长
D. 用超导体制成的灯泡发光效率会很高
6. 如图所示的家庭电路，闭合开关S后，灯泡正常发光，熔丝完好，但插座不能供电。用试电笔检测插座的左、右两孔，氖管均不亮。则电路中的故障可能是( )
A. 灯泡被短路 B. 三孔插座与地线接触不良
C. A、B两点间断路 D. C、D两点间断路
7. 在如图所示的滑轮组中，重物G=800N，当水平拉力F=500N时，可将重物G匀速提升2m，不计绳重和摩擦。下列说法中正确的是甲( )
A. 丙滑轮是动滑轮
B. 滑轮组的机械效率为80%
C. 乙滑轮的重力为300N
D. 重物G越重，该滑轮组的机械效率就越小
8. 关于下列四个装置的说法中正确的是( )
A. 图甲所示，滚动代替滑动可以有效的减小摩擦力
B. 图乙所示，使用动力臂小于阻力臂的杠杆可以省力
C. 图丙所示的是四冲程汽油机的做功冲程
D. 图丁所示的是直流电动机的原理
9. 如图所示，水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别盛有两种液体，将两个质量相等的实心小球A、B分别放入两种液体中，两球静止时容器中的液面恰好相平，下列说法中正确的有( )
A. 甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
B. A球受到的浮力等于B球受到的浮力
C. 甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强
D. 放入小球前后，两容器底部受到液体压强的变化量相同
10. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定。滑动变阻器R的规格为“50Ω，1A”，灯泡L上标有“4V，1.6W”忽略温度对电阻的影响。当开关S、S1闭合，S2断开时，滑动变阻器的功率随电阻变化的图像如图乙所示；当开关S、S2闭合，S1断开时，为保证电路中的电流不超过每个元件允许的最大电流，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为12V B. 电压表的示数变化范围为8∼10V
C. 滑动变阻器的最大功率为3.6W D. 滑动变阻器的最小功率为2W
11. 厨房中包含着许多物理知识：
①把刀刃磨得锋利一些，是通过减小受力面积的方法来增大______ 的；
②加热食材是通过______ 的方法来改变物体内能的；
③打开锅盖，可以闻到香味，这是______ 现象。
12. 电视机的屏幕上可以呈现五彩缤纷的画面，用放大镜仔细观察彩色电视机的屏幕，会发现许多红、______ 、蓝三种颜色的发光点有序排列。电视机背部设计很多孔洞，是为了防止由于电流的______ 效应造成电视机内部温度过高。
13. 如图所示的是“大疆”无人机，遥控器通过发射______ 控制无人机；螺旋桨向下吹空气，却可以匀速上升，说明物体间力的作用是______ 的；远处的景物可通过摄像头成一个倒立______ 的实像。
14. 避雷针可以避免建筑物遭受雷电的破坏，如图所示的是闪电产生的电流通过避雷针的示意图(云层带负电)，图中的电流方向是从______ (选填“云层到避雷针”或“避雷针到云层”)，避雷针是______ (选填“导体”、“半导体”或“绝缘体”)。
15. 如图是我国“辽宁舰”和“山东舰”双航母编队航行的情景，两艘航母以相同的速度行驶，此时以辽宁舰为参照物，山东舰是______ (选填“运动”或“静止”)的；航母之间需要保持一定的距离，以防止航母间的海水流速增大，压强______ (选填“增大”或“减小”)而发生碰撞事故；由于航母的______ 很大，所以惯性很大。
16. 小明家的电能表月初的示数是，月末的示数如图所示，则小明家本月用电______ kW⋅h。一天晚上小明将一台“220V，968W”的电热器单独接入电路工作30min，电能表的脉冲指示灯恰好闪烁了1323次，则当时的实际电压为______ V。(忽略温度对电阻的影响)
17. 如图所示的电路，电源电压恒定，R为定值电阻，小灯泡的额定功率为4W，电流表接0∼0.6A量程。闭合开关S、S1时，电压表的示数为12V，电阻R用时10s可产生288J的热量，则R的阻值为______ Ω。闭合开关S，断开开关S1时，小灯泡恰好可以正常发光，则小灯泡的额定电压为______ V。
18. 一个凸透镜和一个凹透镜按图中的方式摆放，一个点光源S发出的两条光线分别射向两个透镜，请画出这两条光线经过透镜后的折射光线。
19. 如图所示，闭合开关后，两个通电螺线管中间的小磁针N极向下指。请你在括号内标出电源的“+”或“-”极，并画出乙通电螺线管的绕线方法。
20. 2023年3月，辽宁省开工建设两座抽水蓄能电站。这种电站由上、下两个水库组成，用电低谷时利用过剩电能将下水库中的水抽至上水库，用电高峰期再放水至下水库发电。如图是抽水用的水泵原理示意图，请回答：
(1)在汲水扬程中，水泵是利用什么把低处的水抽至高处？
(2)蓄能电站以哪种形式的能量来储存过剩电能？
(3)发电机的工作原理是什么？
21. 如图是我国自主研发的无人驾驶配送车，该车的相关技术参数见下表。在某次测试时，车内装载700kg的货物，轮胎与地面间的总接触面积为0.03m2。当通过电动机的电流为20A时，可产生600N的牵引力，且配送车恰能以10m/s的速度在平直的路面上匀速行驶。(g取10N/kg)求：
(1)配送车以该速度行驶1min，可以通过多远的路程？
(2)配送车对路面的压强有多大？
(3)电动机将电能转化为机械能的效率为多少？
整车自重
200kg
最大时速
50km/h
供电电压
400V
续航里程
200km
22. 图甲所示是一款家用养生壶，其铭牌上的部分技术参数如下表所示。它的简化电路图如图乙所示，其中R1为发热电阻，滑动变阻器R2产生的热量不会被水吸收。某次加热过程中，养生壶内装有500mL初温为20℃的水。求：
型号
YSH-D15V7
额定电压
220V
额定总功率
220W∼1210W
最大容量
800mL
(1)将这些水加热到80℃需要吸收多少热量？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为多少？
(3)若此过程中，发热电阻R1产生的热量有70%被水吸收，且恰好用时3min，则该养生壶共消耗多少电能？
23. 小明在“探究液体沸腾时温度变化特点”的实验中，选用如图甲所示的实验装置。烧杯和试管内均装适量的水，并用两支温度计分别测量它们的温度。
(1)图甲的实验装置中明显的错误是______ ；
(2)图乙是小明三次读数时眼睛的位置，其中正确的位置是______ (选填“A”、“B”或“C”)，图中温度计的示数为______ ℃。
(3)纠正错误后，绘制了水温随时间变化的图像，如图丙所示，根据图像可以得出结论：液体沸腾时的温度______ (选填“保持不变”或“持续升高”)，此外，小明还发现______ (选填“烧杯”或“试管”)内的水始终无法沸腾。
24. 小红想了解“平面镜成像特点”，于是准备了白纸、平面镜、玻璃板、光屏、蜡烛等器材，进行了如下的探究活动。
(1)如图甲所示，将点燃的蜡烛A竖直放置在水平桌面上，并将______ (选填“平面镜”、“玻璃板”或“光屏”)竖直放置在图中虚线框的位置处，在虚线框后面的适当位置放置一支______ (选填“点燃”或“不点燃”)的蜡烛B，发现A烛焰的像出现在蜡烛B的“身上”，他在器材选择上出现的问题是______ ；
(2)改进器材后，多次改变两支蜡烛的位置，使蜡烛B与蜡烛A的像重合，将两支蜡烛的位置记录在白纸上，如图乙所示，可得结论：像与物到平面镜的距离______ ，且它们的连线与镜面______ 。
25. 小丽利用实验室中的弹簧测力计、两个相同的金属块、木板、大烧杯等器材，做了如下的探究实验。
(1)如图甲所示，用弹簧测力计水平向右拉动金属块，使金属块做______ 运动，可知金属块和木板之间的摩擦力为______ N；
(2)将两个金属块分别按乙、丙两图所示的方式放置在一起，测量摩擦力的大小。比较甲、乙两图，可知当______ 一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；比较______ 两图，可知滑动摩擦力的大小与接触面积无关；
(3)如图丁所示，当金属块恰好有一半的体积浸在水中时，弹簧测力计的示数为F1，当金属块浸没时，弹簧测力计的示数为F2。随着金属块逐渐浸入水中，弹簧测力计的示数逐渐减小，说明金属块受到的浮力逐渐______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)，金属块的密度可表示为ρ金=______ (水的密度用ρ水表示)。
26. 小明想要探究“电流与电阻的关系”，手边有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的四个定值电阻、电压为4.5V的电池组一个，“20Ω，1A”和“50Ω，1A”的滑动变阻器各一只，开关和导线若干，进行了如下探究活动：
(1)如图甲所示的电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片调至______ (选填“A”或“B”)端。闭合开关后，调节滑片，发现______ (选填“电流”或“电压”)表的示数始终不变。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)小明每次随机选取一个定值电阻接入电路，顺利的测量了三组数据，并根据数据绘制了如图乙所示的图像，由此可以判断电路中选用的是最大阻值为______ Ω的滑动变阻器。当他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，电流表的示数如图丙所示，由此可知此时电路中的电流为______ A。为了完成实验，他必须适当______ (选填“向左”或“向右”)调节滑动变阻器的滑片；
(3)小明又设计了图丁所示的电路，测量一只额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为4.5V，R0的阻值为5Ω。请你将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为______ V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑动变阻器的滑片不动，电压表的示数为3V；
③再将滑片移至最右端，电压表的示数为3.6V；
④则小灯泡的额定功率：P额=______ W。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、学生课桌的高度约为0.7m，符合实际，故A正确；
B、物理书的质量约为200g，故B错误；
C、室内的气压与一个标准大气压接近，约为1.0×105Pa，故C错误；
D、一盏家用照明灯泡的功率约为40W，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：A、雾的形成是从气态变成液态，属于液化现象，故A错误；
B、冰锥的形成是从液态变成固态，属于凝固现象，故B正确；
C、冰雪消融是从固态变成液态，属于熔化现象，故C错误；
D、雾凇的形成是从气态直接变成固态，属于凝华现象，故D错误。
故选：B。
液化是物质由气态变为液态的过程；凝固是物质从液态变为固态的过程；熔化是物质从固态变成液态的过程；凝华是物质从气态不经过液态而直接变成固态的过程。
本题考查了凝固的定义。
3.【答案】A
【解析】解：A、声音是由物体振动产生的，故A正确；
B、声音不能在真空中传播，故B错误；
C、我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故C错误；
D、在学校周围禁止机动车鸣笛，这是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(3)不同乐器发出的声音的音色不同；
(4)防止噪声的途径有三种：一是在声源处减弱；二是在传播过程中减弱，三是在人耳处减弱。
本题考查声音的产生和传播、声音的特性、噪声的防治，是对基础知识的考查。
4.【答案】D
【解析】解：A、我国古代利用日晷晷针影子变化计时是利用了沿直线传播，故A错误；
B、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故B错误。
C、文字“放大”属于凸透镜成像，其成像原理是光的折射现象，故C错误；
D、平静水面上景物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D正确；
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、太阳能、电能为可再生资源，天然气为非可再生资源，故A错误；
B、核电站利用核裂变来获取能量，太阳内部进行的是核聚变，故B错误；
C、纳米材料可以抑制细菌的生长，所以洗衣机桶的表面涂上纳米材料可以抑制细菌的生长，故C正确；
D、节能灯的核心元件发光二极管是用半导体材料制成的，发光效率很高，不是超导体，故D错误；
故选：C。
(1)天然气为非可再生资源；
(2)核电站利用核裂变来获取能量，太阳内部进行的是核聚变；
(3)纳米材料可以抑制细菌的生长；
(4)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
本题考查了能源的分类、核电站、纳米材料和半导体材料的应用。
6.【答案】C
【解析】解：闭合开关S后，灯泡正常发光，但插座不能供电，这说明插座所在的支路出现了断路现象；
试电笔检测插座的左、右两孔，氖管均不亮，这说明插座的右孔与火线之间是断开的，所以故障是A、B两点间断路。
故选：C。
闭合开关后灯泡发光，说明灯泡所在支路正常；插座不供电，说明插座所在支路断路，根据试电笔的发光情况分析故障的原因。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、丙滑轮的轴固定不动，是定滑轮，故A错误；
B、从图中可知n=2，绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
使用滑轮组做的总功：
W总=Fs=500N×4m=2000J，
使用滑轮组做的有用功：
W有用=Gh=800N×2m=1600J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=1600J2000J×100%=80%，故B正确；
C、不计绳重和摩擦，拉力F=12(G物+G轮)，
即：500N=12(800N+G轮)，
动滑轮的重力G动=2×500N-800N=200N，故C错误；
D、不计绳重和摩擦时，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动知重物G越重，该滑轮组的机械效率就越高，故D错误。
故选：B。
(1)轴固定不动的滑轮是定滑轮，轴随物体移动的滑轮是动滑轮；
(2)由图可知，承担物重的绳子股数n=2，利用s=2h求出绳子自由端移动的距离，知道拉力大小，利用W总=Fs求出总功，知道提升物体的高度和物重大小，利用W有用=Gh求出使用滑轮组做的有用功，利用η=W有用W总求出该滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，知道物重和拉力大小，根据F=12(G物+G动)求动滑轮重；
(4)根据不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动分析提升的物重改变时，滑轮组机械效率的变化。
本题考查了动滑轮的定义、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时拉力F=1n(G+G动)是解题的关键。
8.【答案】AD
【解析】解：A、图甲所示，滚动代替滑动可以有效的减小摩擦力，故A正确；
B、图乙所示，使用动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，故B错误；
C、图丙所示的是四冲程汽油机的压缩冲程，故C错误；
D、图丁所示的是直流电动机的原理，故D正确。
故选：AD。
(1)减小滑动摩擦力的方法有将滑动变为滚动；
(2)动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；
(3)火花塞未点火，进气口和出气口都关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，属于压缩冲程；
(4)通电的线圈在磁场中受到力的作用而转动。
本题考查减小摩擦力的方法、杠杆的类型、汽油机的工作冲程、电动机的工作原理，属于课本重点知识的示意图考查，需掌握。
9.【答案】BCD
【解析】解：
AB、两球质量相等，其重力也相等，
甲图，小球A悬浮，浮力等于重力，即F甲=G；
乙图，小球B漂浮，浮力等于重力，即F乙=G，
所以A球受到的浮力等于B球受到的浮力；
两球受到的浮力相同，由图知VA排>VB排，根据F浮=ρ液gV排可知ρ甲<ρ乙，故A错误，B正确；
C、放入AB球后，两容器液面相平，VA排>VB排，说明没放小球之前甲容器中液体的体积小于乙容器中液体的体积，即V甲
所以F甲
故选：BCD。
(1)根据浮沉条件，判断浮力大小关系，根据F浮=ρ液gV排分析液体密度大小关系；
(2)甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p=FS判断出甲、乙容器对桌面压强的关系；
(3)容器底受到液体压力的增大量等于G球(或者浮力)，底面积相同，根据Δp=ΔFS判断容器底部受到的液体压强变化量的关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式的理解和掌握，弄明白放入小球前后液体体积和液面高度的关系是解决此题的关键。
10.【答案】ABD
【解析】解：A、当开关S、S1闭合，S2断开时，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω时，滑动变阻器的电功率为1.6W，
由P=UI=I2R可知，电路中的电流：I= PR= 1.6W10Ω=0.4A，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U=I(R0+R)=0.4A×(R0+10Ω)……①
当滑动变阻器接入电路的电阻为40Ω时，滑动变阻器的电功率为1.6W，
由P=UI=I2R可知，电路中的电流：I'= PR'= 1.6W40Ω=0.2A，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U=I'(R0+R')=0.2A×(R0+40Ω)……②
由①②解得：U=12V，故A正确；
B、由P=UI可知，灯泡的额定电流：IL=P额U额=1.6W4V=0.4A，
由欧姆定律可知，灯泡的电阻：RL=U额I额=4V0.4A=10Ω；
当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
灯泡的额定电流为0.4A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，由串联电路的电流特点可知，此时电路中的最大电流I大=IL=0.4A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路中的电流最大，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最小，
因为此时通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流，所以，灯泡两端的电压：UL=U额=4V，
由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的最小电压：UR小=U-UL=12V-4V=8V，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大，滑动变阻器两端的电压最大，电路中的电流最小，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中最小的电流：I小=UR总小=URL+R大=12V10Ω+50Ω=0.2A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器两端的最大电压：UR大=I小R大=0.2A×50Ω=10V，
因此电压表的示数变化范围为8∼10V，故B正确；
CD、由B可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UR小I大=8V0.4A=20Ω，则滑动变阻器接入电路的电阻范围为20Ω∼50Ω，
滑动变阻器消耗的电功率：P=I2R=(URL+R)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL-R)2+4RLRR=U2(RL-R)2R+4RL，
当R=RL=10Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，但滑动变阻器接入电路的电阻范围为20Ω∼50Ω，由数学知识可知，当滑动变阻器接入电路的电阻大于10Ω的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻越大，滑动变阻器的电功率越小，因此当滑动变阻器接入电路的最小电阻为20Ω时，滑动变阻器的电功率最大，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，由B可知，此时电路中的电流：I大=0.4A，则滑动变阻器的最大功率：PR大=I大2R0=(0.4A)2×20Ω=3.2W，
当滑动变阻器接入电路的电阻达到最大值50Ω时，滑动变阻器的电功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最小，由B可知，电路中的最小电流I小=0.2A，则滑动变阻器的最小功率：PR小=I小2R0=(0.2A)2×50Ω=2W，故C错误、故D正确。
故选：ABD。
(1)当开关S、S1闭合，S2断开时，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据图乙可知当滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω和40Ω时对应的功率，根据P=UI=I2R求出对应的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出电源电压；
(2)根据P=UI求出灯泡的额定电流；当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据灯泡的额定电流和滑动变阻器允许通过的最大电流结合串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路中的电流最大，根据串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最小，此时灯泡两端的电压等于额定电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端最小电压，当滑动变阻器接入电路的电阻最大，滑动变阻器两端的电压最大，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的最大电压，进而求出电压表的示数变化范围；
(3)根据(2)利用欧姆定律求出滑动变阻器接入的最小电阻，进而求出滑动变阻器接入电路的电阻范围，根据P=I2R=(URL+R)2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，利用数学知识求出若不考虑滑动变阻器接入电路的电阻范围时，滑动变阻器功率最大时滑动变阻器接入电路的电阻，根据数学知识可知当滑动变阻器接入电路的最小电阻为20Ω时，滑动变阻器的电功率最大，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器的最大功率；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器的功率最小，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器的最小功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键，难度较大。
11.【答案】压强 热传递 扩散
【解析】解：①刀刃磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
②加热食材，食材吸收热量，温度升高，通过热传递的方式改变物体的内能；
③打开锅盖，可以闻到香味，是香味分子在空气中发生扩散现象。
故答案为：①压强；②热传递；③扩散。
(1)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
(2)改变内能的方式包括做功和热传递；
(3)扩散是指不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象。
本题考查压强、内能和扩散现象，属于综合题。
12.【答案】绿 热
【解析】解：电视机的屏幕上可以呈现五彩缤纷的画面，用放大镜仔细观察彩色电视机的屏幕，会发现许多红、绿、蓝三种颜色的发光点有序排列；
电流通过导体时会发热，电视机后盖和机壳有很多孔，是为了散发由于电流的热效应而产生的大量热量。
故答案为：绿；热。
(1)光的三原色为：红、绿、蓝；
(2)电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应，电热有时会对电路和用电器造成危害，应及时使其散失。
本题考查了光的三原色、电流的热效应，属基础内容考查。
13.【答案】电磁波 相互 缩小
【解析】解：“大疆”无人机的遥控器通过发射电磁波控制无人机；螺旋桨向下吹空气，却可以匀速上升，说明物体间力的作用是相互的；远处的景物可通过摄像头成一个倒立、缩小的实像。
故答案为：电磁波；相互；缩小。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)物体间力的作用是相互的。
(3)照相机利用物体到凸透镜的距离大于两倍焦距时，成倒立、缩小的实像。
知道电磁波的特点及应用；知道物体间力的作用是相互的；知道凸透镜的成像规律。
14.【答案】避雷针到云层 导体
【解析】解：闪电发生时，云层带的负电荷(电子)通过空气、避雷针转移至大地，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，电流方向是从避雷针到云层；避雷针容易导电，属于导体。
故答案为：避雷针到云层，导体。
物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，容易导电的物体是导体。
本题考查电流的方向和导体与绝缘体的识别，属于基础题。
15.【答案】静止 减小 质量
【解析】解：(1)各舰船运动方向相同，速度相同，它们之间的相对位置没变，所以说它们之间是相对静止的。
(2)各舰船之间需保持一定距离，以防止相邻舰船间因水流增大，压强减小，船因外侧压强大而使两船出现碰撞。
(3)由于航母的质量很大，所以惯性很大。
故答案为：静止；减小；质量。
(1)一个物体与另一个物体的相对位置没有改变，我们就说这个物体是静止的。
(2)流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
(3)惯性大小与质量有关，质量越大，惯性越大。
本题考查了流速与压强的关系、静止和运动的相对性、惯性与质量的关系等，难度不大。
16.【答案】60 210
【解析】解：(1)小明家本月用电348.2kW⋅h-288.2kW⋅h=60kW⋅h；
(2)由P=U2R可得电热器的电阻：
R=U2P=(220V)2968W=50Ω；
3000imp/kW⋅h的含义：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次；
指示灯闪烁1323次时，电热器消耗的电能：
W=13233000kW⋅h=0.441kW⋅h，
t=30min=0.5h，
电热器的实际功率：
P=Wt=0.441kW⋅h0.5h=0.882kW=882W；
由P=U2R可得电热器两端的实际电压：
U= PR= 882W×50Ω=210V。
故答案为：60；210。
(1)从电能表上可以读出月末的示数，月末的示数减去月初的示数就是本月消耗的电能，
(2)知道电热器的铭牌(额定电压、额定功率)，利用P=U2R求电热器的电阻；
3000imp/kW⋅h的含义：电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次；据此求指示灯产闪烁1323次时，电热器消耗的电能，知道工作时间，利用P=Wt求电热器的实际功率；
求出了电热器的实际功率、电阻，利用P=U2R求电热器两端的实际电压。
本题考查家用电能表的读数、电功率的计算等内容。
17.【答案】5 10
【解析】解：(1)闭合开关S、S1时，灯泡被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，则电源电压U=12V，
由W=UIt可知，电路中的电流：I=WUt=288J12V×10s=2.4A，
由欧姆定律可知，R的阻值：R=UI=12V2.4A=5Ω；
(2)闭合开关S，断开开关S1时，灯泡与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
此时小灯泡恰好可以正常发光，由P=UI可知，电路中的电流：I=I额=P额U额=4WU额，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=U额+UR=U额+IR=U额+4WU额×5Ω=12V，
解得：U额1=2V或U额1=10V，
因为电流表的量程为0∼0.6A，所以电路中的电流不能超过0.6A，
当U额1=2V时，电路中的电流：I1=I额1=P额U额1=4W2V=2A>0.6A，不符合题意，舍去，
当U额2=10V时，电路中的电流：I2=I额2=P额U额2=4W10V=0.4A<0.6A，符合题意，
因此小灯泡的额定电压为10V。
故答案为：5；10。
(1)闭合开关S、S1时，灯泡被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，据此求出电源电压，根据W=UIt求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；
(2)闭合开关S，断开开关S1时，灯泡与R串联，电压表测R两端的电压，根据P=UI表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出灯泡的额定电压。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功和电功率公式的应用，根据电流表的量程分析判断灯泡的额定电压是解题的关键。
18.【答案】解：由S发出的光线，其延长线过凹透镜另一侧焦点，经凹透镜折射后将平行于主光轴；
由S发出的光线，平行于凸透镜的主光轴，经凸透镜折射后过凸透镜另一侧的焦点，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凸透镜、凹透镜的光学特点作出折射光线。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线后传播方向不改变。
凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线传播方向不改变。
19.【答案】解：由图可知，小磁针的N极向下，S极向上，因为异名磁极互相吸引，则甲右端为S极，乙的左端为S极；根据安培定则可知，甲螺线管中的电流从右侧流入，左侧流出，所以电源的左端为负极，右端为正极；根据安培定则可知，乙螺线管的绕法如下：
【解析】根据磁极间的相互作用规律判定通电螺线管的磁极；根据安培定则判定通电螺线管线圈中电流的方向和线圈的绕法，进而判断出电源的“+”或“-”极。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，难度不大。
20.【答案】答：(1)抽水机抽水是通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来；
(2)蓄能电站在蓄水的过程中，水的质量不变，高度变大，重力势能变大，所以蓄能电站以水的重力势能来储存过剩电能；
(3)发电机的工作原理是电磁感应现象。
【解析】(1)抽水机是利用大气压工作的；
(2)从能量的角度看，蓄能电站在蓄水的过程中，水的动能转化为重力势能，发电时，是将水的机械能最终转化为电能；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象。
本题以抽水蓄能电站为背景，考查了在利用水能发电的过程中所涉及的部分物理知识，体现了物理与社会生活的联系，有一定的现实意义。
21.【答案】解：由v=st知，
配送车以该速度行驶1min，可以通过路程s=vt=10m/s×60s=600m；
(2)总重力：G总=m总g=(200kg+700kg)×10N/kg=9000N，
车对水平路面的压力：F=G总=900N；
此时车对路面的压强：p=FS=900N0.03m2=3×104Pa；
(3)电动机牵引力做功W=Fs=600N×600m=3.6×105J；
消耗的电能：W电=UIt=400V×20A×60s=4.8×105J；
电能转化为机械能的效率η=WW电×100%=3.6×105J4.8×105J=75%。
答：(1)配送车以该速度行驶1min，可以通过600m的路程；
(2)配送车对路面的压强3×104Pa；
(3)电动机将电能转化为机械能的效率为75%。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算路程；
(2)根据G=mg求出总重力，车对水平路面的压力等于总重力，再根据p=FS求出对路面的压强；
(3)根据W=Fs计算功，根据W=UIt计算消耗的电能，根据效率的定义计算电能转化为机械能的效率。
本题考查速度的公式、压强的计算、能量转化效率，属于中档题。
22.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，水的质量：m=ρ水V=1×103kg/m3×500×10-6m3=0.5kg，
将这些水加热到80℃需要吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103 J/(kg⋅℃)×0.5kg×(80℃-20℃)=1.26×105J；
(2)由图乙知，当P在最左端时，只有R1接入电路中，养生壶以最大功率正常工作，由表格可知最大功率Pmax=1210W，
由P=U2R可知，R1的电阻值：R1=U2Pmax=(220V)21210W=40Ω；
当P在最右端时，R2连入的阻值为最大值，R1与R2串联，养生壶以最小功率正常工作，由表格可知最小功率Pmin=220W，
此时电路中总电阻：R总=U2Pmin=(220V)2220W=220Ω；
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以R的最大阻值：R=R总-R0=220Ω-40Ω=180Ω；
(3)由η=Q吸Q1可知，R1产生的热量：Q1=Q吸η=1.26×105J70%=1.8×105J，
由Q=I2Rt可知，电路中的电流：I= Q1R1t= 1.8×105J40Ω×3×60s=5A，
该养生壶消耗的电能：W=UIt=220V×5A×3×60s=1.98×105J。
答：(1)将这些水加热到80℃需要吸收的热量为1.26×105J；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为180Ω；
(3)该养生壶消耗的电能为1.98×105J。
【解析】(1)根据密度公式求出水的质量，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(2)由图乙可知，当滑片P在最左端时，只有R1接入电路中，由P=U2R可知，此时电路功率最大，由表格可知最大功率，再由P=U2R计算出R1的电阻值；
当滑片P在最右端时，两电阻串联，由P=U2R可知，此时电路功率最小，由表格可知最小功率，再由P=U2R和串联电路特点计算出滑动变阻器的最大阻值；
(3)根据效率公式求出R1产生的热量；根据焦耳定律Q=I2Rt求出电路中的电流，根据W=UIt求出该养生壶消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、密度公式、吸热公式、电功公式、电功率公式以及焦耳定律的应用，题目综合性较强，有一定的难度。
23.【答案】实验时，没用酒精灯的外焰加热 B 96 保持不变 试管
【解析】解：(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，需先确定铁圈的高度，安装装置时应按照自下而上的顺序；
(2)图乙是小明三次观察温度计读数时眼睛的位置，其中正确的是B，视线与液柱的上表面应该相平；乙图中，温度计上90-100℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，液柱最末端在0℃上方，所以显示的温度96℃；
(3)液体沸腾时温度变化的特点：继续吸热，温度保持不变，与图像也是符合的；当烧杯中的水达到沸点后，试管内的水也达到沸点，由于烧杯中的水和试管内的水温度相同，试管内的水不能再吸收热量，所以试管内的水不会沸腾。
故答案为：(1)实验时，没用酒精灯的外焰加热；(2)B；96；(3)保持不变；试管。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热；
(2)温度计在读数时，视线要与液柱的上表面相平；
(3)液体沸腾时温度变化的特点：继续吸热，温度保持不变；液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量。
本题考查了温度计的读数、液体沸腾的特点和条件等内容。
24.【答案】玻璃板 不点燃 A、B两支蜡烛大小不相等 相等 垂直
【解析】解：(1)玻璃板既能成像，又能确定像的位置，如图甲所示，将点燃的蜡烛A竖直放置在水平桌面上，并将玻璃板竖直放置在图中虚线框的位置处；为使像清晰，在虚线框后面的适当位置放置一支不点燃的蜡烛B，发现A烛焰的像出现在蜡烛B的“身上”，即B与A的像没有重合，他在器材选择上出现的问题是A、B两支蜡烛大小不相等；
(2)改进器材后，多次改变两支蜡烛的位置，使蜡烛B与蜡烛A的像重合，将两支蜡烛的位置记录在白纸上，如图乙所示，可得结论：像与物到平面镜的距离相等，且它们的连线与镜面垂直。
故答案为：(1)玻璃板；不点燃；A、B两支蜡烛大小不相等；(2)相等；垂直。
(1)玻璃板既能成像，又能确定像的位置；为使像清晰，B蜡烛不点燃；发现A烛焰的像出现在B“身上”，说明二者不能完全重合，据此分析；
(2)根据平面镜成像规律，像与物到平面镜的距离相等，且它们的连线与镜面垂直。
本题探究“平面镜成像的特点”，考查对器材的要求、实验操作及成像规律的运用。
25.【答案】匀速直线 1.2接触面的粗糙程度 乙、丙 增大 2F1-F22(F1-F2)ρ水
【解析】解：(1)在用弹簧测力计拉动木块时要水平匀速拉动，这样做的原因是根据二力平衡可知拉力等于摩擦力，为1.2N；
(2)甲与乙的实验，接触面的粗糙程度相同，压力不同，可得出的结论是：接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
乙与丙的实验，压力大小和接触面粗糙程度是一样的，接触面积不同，摩擦力相同，所以滑动摩擦力的大小与接触面积无关；
(3)当金属块恰好有一半的体积浸在水中时，弹簧测力计的示数为F1，当金属块浸没时，弹簧测力计的示数为F2。根据阿基米德原理公式F浮=ρ液gV排可知，金属块恰好有一半的体积浸在水中时的浮力是金属块浸没的浮力的一半，即F浮1=12F浮2；
根据称重法：G-F1=F浮1；G-F2=F浮2；
计算可得G=2F1-F2；
当金属块浸没时，V=V排；G-F2=F浮2=ρ水gV，解得V=2(F1-F2)ρ水g；
金属块密度ρ金=mV=GgV=2F1-F2g2(F1-F2)ρ水g=2F1-F22(F1-F2)ρ水。
故答案为：(1)匀速直线；1.2；
(2)接触面的粗糙程度；乙、丙；
(3)2F1-F22(F1-F2)ρ水。
(1)水平匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于拉力；
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，与接触面积无关；
(3)浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力作用，根据F=G-F浮可知，受到的浮力越大，则弹簧测力计的示数越小；根据称重法和阿基米德原理计算出金属块体积和金属块重力，结合重力公式和密度公式计算可得密度。
本题考查了影响摩擦力大小的因素和浮力的应用，有一定难度。
26.【答案】B 电流 500.1向左 20.3
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的B端；
由图甲可知定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，因此闭合开关后，调节滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变化，由欧姆定律可知，电路中的电流发生变化，因此电流表的示数变化，但由于电压表测电源电压，因此电压表的示数不变；
探究“电流与电阻的关系”时，电压表应测量定值电阻两端的电压，如图所示：
；
(2)由图象可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.15A×10Ω=…=0.10A×15Ω=1.5V，
由图乙可知，实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=4.5V-1.5V=3V，变阻器分得的电压为电压表示数的3V1.5V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.5×20Ω=30Ω>20Ω，因此电路中选用的是最大阻值为50Ω的滑动变阻器；
由图丙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A，因此电路中的电流为0.1A，则定值电阻两端的电压为：UV=IR=0.1A×5Ω=0.5V<1.5V，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应减小滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为1.5V；
(3)①闭合开关S、S1，断开开关S2时，灯泡与滑片左侧电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由串联电路的电压特点可知，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：UR=U-UL=4.5V-2.5V=2V，即电压表的示数为2V；
②③闭合开关S、S2，断开开关S1时，滑动变阻器与定值电阻R0串联，由于电压表在电路中相当于断路，因此此时滑动变阻器相当于一个定值电阻，将滑片移至最右端时，电压表测整个变阻器两端的电压，
由串联电路的电压特点可知，此时定值电阻R0两端的电压：U0=U-UR大=4.5V-3.6V=0.9V，
此时电路中的电流：I'=U0R0=0.9V5Ω=0.18A，
由于滑动变阻器相当于一个定值电阻，滑片移动的过程电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，
即保持滑动变阻器的滑片不动时，电路中的电流仍然为0.18A，此时电压表测滑片左侧电阻两端的电压，
由欧姆定律可知，滑动变阻器滑片左侧的电阻：R左=U左I'=3V0.18A=503Ω，
则灯泡正常发光通过滑动变阻器的电流：IR=URR左=2V503Ω=0.12A，
由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流：IL=IR=0.12A，
则灯泡的额定功率：P=ULIL=2.5V×0.12A=0.3W。
故答案为：(1)B；电流；见解答图；(2)50；0.1；向左；(3)①2；④0.3。
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
由图甲可知定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，据此示数不变的电表；
探究“电流与电阻的关系”时，电压表应测量定值电阻两端的电压；
(2)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
根据图丙电流表所选量程确定分度值读数，即为此时电路中的电流，根据欧姆定律求出此时5Ω定值电阻两端的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)闭合开关S、S1，断开开关S2时，灯泡与滑片左侧电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，即为电压表的示数；
闭合开关S、S2，断开开关S1时，滑动变阻器与定值电阻R0串联，由于电压表在电路中相当于断路，根据此时滑动变阻器相当于一个定值电阻，将滑片移至最右端时，电压表测整个变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据滑动变阻器相当于一个定值电阻可知，滑片移动的过程电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，保持滑动变阻器的滑片不动时，电压表测滑片左侧电阻两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器滑片左侧的电阻；
根据欧姆定律求出灯泡正常发光通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电流特点可知通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查注意事项、电路连接、电流表读数、串联电路的特点、欧姆定律的应用和设计特殊方案测灯泡的额定功率。
2023年辽宁省锦州市中考物理一模试卷
1. 下列数据的估计中最接近实际的是( )
A. 学生用课桌的高度约为0.7m B. 物理书的质量约为2g
C. 教室内的气压约为1000Pa D. 一盏家用照明灯泡的功率约为400W
2. 下列四种自然现象中，主要是凝固形成的是( )
A. 城市大雾弥漫 B. 房檐下的冰锥
C. 河里冰雪消融 D. 树枝上的雾凇
3. 我们生活在充满声音的世界里，下列关于声现象的说法中正确的是( )
A. 声音是由物体振动产生的
B. 声音在真空中的传播速度为3.0×108m/s
C. 我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的响度不同
D. 学校周围“禁止鸣笛”是在人耳处减弱噪声
4. 我们的世界因光而缤纷，如图所示的现象中，能用光的反射解释的是( )
A. 日晷计时
B. 筷子“弯折”
C. 文字“放大”
D. 水中倒影
5. 新能源和新材料是现代社会发展的两大支柱，下列说法中正确的是( )
A. 太阳能、电能、天然气都是可再生能源
B. 核电站都是利用核聚变来获取能量的
C. 洗衣机桶的表面涂上纳米材料可以抑制细菌的生长
D. 用超导体制成的灯泡发光效率会很高
6. 如图所示的家庭电路，闭合开关S后，灯泡正常发光，熔丝完好，但插座不能供电。用试电笔检测插座的左、右两孔，氖管均不亮。则电路中的故障可能是( )
A. 灯泡被短路 B. 三孔插座与地线接触不良
C. A、B两点间断路 D. C、D两点间断路
7. 在如图所示的滑轮组中，重物G=800N，当水平拉力F=500N时，可将重物G匀速提升2m，不计绳重和摩擦。下列说法中正确的是甲( )
A. 丙滑轮是动滑轮
B. 滑轮组的机械效率为80%
C. 乙滑轮的重力为300N
D. 重物G越重，该滑轮组的机械效率就越小
8. 关于下列四个装置的说法中正确的是( )
A. 图甲所示，滚动代替滑动可以有效的减小摩擦力
B. 图乙所示，使用动力臂小于阻力臂的杠杆可以省力
C. 图丙所示的是四冲程汽油机的做功冲程
D. 图丁所示的是直流电动机的原理
9. 如图所示，水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别盛有两种液体，将两个质量相等的实心小球A、B分别放入两种液体中，两球静止时容器中的液面恰好相平，下列说法中正确的有( )
A. 甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
B. A球受到的浮力等于B球受到的浮力
C. 甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强
D. 放入小球前后，两容器底部受到液体压强的变化量相同
10. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定。滑动变阻器R的规格为“50Ω，1A”，灯泡L上标有“4V，1.6W”忽略温度对电阻的影响。当开关S、S1闭合，S2断开时，滑动变阻器的功率随电阻变化的图像如图乙所示；当开关S、S2闭合，S1断开时，为保证电路中的电流不超过每个元件允许的最大电流，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为12V B. 电压表的示数变化范围为8∼10V
C. 滑动变阻器的最大功率为3.6W D. 滑动变阻器的最小功率为2W
11. 厨房中包含着许多物理知识：
①把刀刃磨得锋利一些，是通过减小受力面积的方法来增大______ 的；
②加热食材是通过______ 的方法来改变物体内能的；
③打开锅盖，可以闻到香味，这是______ 现象。
12. 电视机的屏幕上可以呈现五彩缤纷的画面，用放大镜仔细观察彩色电视机的屏幕，会发现许多红、______ 、蓝三种颜色的发光点有序排列。电视机背部设计很多孔洞，是为了防止由于电流的______ 效应造成电视机内部温度过高。
13. 如图所示的是“大疆”无人机，遥控器通过发射______ 控制无人机；螺旋桨向下吹空气，却可以匀速上升，说明物体间力的作用是______ 的；远处的景物可通过摄像头成一个倒立______ 的实像。
14. 避雷针可以避免建筑物遭受雷电的破坏，如图所示的是闪电产生的电流通过避雷针的示意图(云层带负电)，图中的电流方向是从______ (选填“云层到避雷针”或“避雷针到云层”)，避雷针是______ (选填“导体”、“半导体”或“绝缘体”)。
15. 如图是我国“辽宁舰”和“山东舰”双航母编队航行的情景，两艘航母以相同的速度行驶，此时以辽宁舰为参照物，山东舰是______ (选填“运动”或“静止”)的；航母之间需要保持一定的距离，以防止航母间的海水流速增大，压强______ (选填“增大”或“减小”)而发生碰撞事故；由于航母的______ 很大，所以惯性很大。
16. 小明家的电能表月初的示数是，月末的示数如图所示，则小明家本月用电______ kW⋅h。一天晚上小明将一台“220V，968W”的电热器单独接入电路工作30min，电能表的脉冲指示灯恰好闪烁了1323次，则当时的实际电压为______ V。(忽略温度对电阻的影响)
17. 如图所示的电路，电源电压恒定，R为定值电阻，小灯泡的额定功率为4W，电流表接0∼0.6A量程。闭合开关S、S1时，电压表的示数为12V，电阻R用时10s可产生288J的热量，则R的阻值为______ Ω。闭合开关S，断开开关S1时，小灯泡恰好可以正常发光，则小灯泡的额定电压为______ V。
18. 一个凸透镜和一个凹透镜按图中的方式摆放，一个点光源S发出的两条光线分别射向两个透镜，请画出这两条光线经过透镜后的折射光线。
19. 如图所示，闭合开关后，两个通电螺线管中间的小磁针N极向下指。请你在括号内标出电源的“+”或“-”极，并画出乙通电螺线管的绕线方法。
20. 2023年3月，辽宁省开工建设两座抽水蓄能电站。这种电站由上、下两个水库组成，用电低谷时利用过剩电能将下水库中的水抽至上水库，用电高峰期再放水至下水库发电。如图是抽水用的水泵原理示意图，请回答：
(1)在汲水扬程中，水泵是利用什么把低处的水抽至高处？
(2)蓄能电站以哪种形式的能量来储存过剩电能？
(3)发电机的工作原理是什么？
21. 如图是我国自主研发的无人驾驶配送车，该车的相关技术参数见下表。在某次测试时，车内装载700kg的货物，轮胎与地面间的总接触面积为0.03m2。当通过电动机的电流为20A时，可产生600N的牵引力，且配送车恰能以10m/s的速度在平直的路面上匀速行驶。(g取10N/kg)求：
(1)配送车以该速度行驶1min，可以通过多远的路程？
(2)配送车对路面的压强有多大？
(3)电动机将电能转化为机械能的效率为多少？
整车自重
200kg
最大时速
50km/h
供电电压
400V
续航里程
200km
22. 图甲所示是一款家用养生壶，其铭牌上的部分技术参数如下表所示。它的简化电路图如图乙所示，其中R1为发热电阻，滑动变阻器R2产生的热量不会被水吸收。某次加热过程中，养生壶内装有500mL初温为20℃的水。求：
型号
YSH-D15V7
额定电压
220V
额定总功率
220W∼1210W
最大容量
800mL
(1)将这些水加热到80℃需要吸收多少热量？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为多少？
(3)若此过程中，发热电阻R1产生的热量有70%被水吸收，且恰好用时3min，则该养生壶共消耗多少电能？
23. 小明在“探究液体沸腾时温度变化特点”的实验中，选用如图甲所示的实验装置。烧杯和试管内均装适量的水，并用两支温度计分别测量它们的温度。
(1)图甲的实验装置中明显的错误是______ ；
(2)图乙是小明三次读数时眼睛的位置，其中正确的位置是______ (选填“A”、“B”或“C”)，图中温度计的示数为______ ℃。
(3)纠正错误后，绘制了水温随时间变化的图像，如图丙所示，根据图像可以得出结论：液体沸腾时的温度______ (选填“保持不变”或“持续升高”)，此外，小明还发现______ (选填“烧杯”或“试管”)内的水始终无法沸腾。
24. 小红想了解“平面镜成像特点”，于是准备了白纸、平面镜、玻璃板、光屏、蜡烛等器材，进行了如下的探究活动。
(1)如图甲所示，将点燃的蜡烛A竖直放置在水平桌面上，并将______ (选填“平面镜”、“玻璃板”或“光屏”)竖直放置在图中虚线框的位置处，在虚线框后面的适当位置放置一支______ (选填“点燃”或“不点燃”)的蜡烛B，发现A烛焰的像出现在蜡烛B的“身上”，他在器材选择上出现的问题是______ ；
(2)改进器材后，多次改变两支蜡烛的位置，使蜡烛B与蜡烛A的像重合，将两支蜡烛的位置记录在白纸上，如图乙所示，可得结论：像与物到平面镜的距离______ ，且它们的连线与镜面______ 。
25. 小丽利用实验室中的弹簧测力计、两个相同的金属块、木板、大烧杯等器材，做了如下的探究实验。
(1)如图甲所示，用弹簧测力计水平向右拉动金属块，使金属块做______ 运动，可知金属块和木板之间的摩擦力为______ N；
(2)将两个金属块分别按乙、丙两图所示的方式放置在一起，测量摩擦力的大小。比较甲、乙两图，可知当______ 一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；比较______ 两图，可知滑动摩擦力的大小与接触面积无关；
(3)如图丁所示，当金属块恰好有一半的体积浸在水中时，弹簧测力计的示数为F1，当金属块浸没时，弹簧测力计的示数为F2。随着金属块逐渐浸入水中，弹簧测力计的示数逐渐减小，说明金属块受到的浮力逐渐______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)，金属块的密度可表示为ρ金=______ (水的密度用ρ水表示)。
26. 小明想要探究“电流与电阻的关系”，手边有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的四个定值电阻、电压为4.5V的电池组一个，“20Ω，1A”和“50Ω，1A”的滑动变阻器各一只，开关和导线若干，进行了如下探究活动：
(1)如图甲所示的电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片调至______ (选填“A”或“B”)端。闭合开关后，调节滑片，发现______ (选填“电流”或“电压”)表的示数始终不变。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)小明每次随机选取一个定值电阻接入电路，顺利的测量了三组数据，并根据数据绘制了如图乙所示的图像，由此可以判断电路中选用的是最大阻值为______ Ω的滑动变阻器。当他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，电流表的示数如图丙所示，由此可知此时电路中的电流为______ A。为了完成实验，他必须适当______ (选填“向左”或“向右”)调节滑动变阻器的滑片；
(3)小明又设计了图丁所示的电路，测量一只额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为4.5V，R0的阻值为5Ω。请你将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为______ V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑动变阻器的滑片不动，电压表的示数为3V；
③再将滑片移至最右端，电压表的示数为3.6V；
④则小灯泡的额定功率：P额=______ W。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、学生课桌的高度约为0.7m，符合实际，故A正确；
B、物理书的质量约为200g，故B错误；
C、室内的气压与一个标准大气压接近，约为1.0×105Pa，故C错误；
D、一盏家用照明灯泡的功率约为40W，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：A、雾的形成是从气态变成液态，属于液化现象，故A错误；
B、冰锥的形成是从液态变成固态，属于凝固现象，故B正确；
C、冰雪消融是从固态变成液态，属于熔化现象，故C错误；
D、雾凇的形成是从气态直接变成固态，属于凝华现象，故D错误。
故选：B。
液化是物质由气态变为液态的过程；凝固是物质从液态变为固态的过程；熔化是物质从固态变成液态的过程；凝华是物质从气态不经过液态而直接变成固态的过程。
本题考查了凝固的定义。
3.【答案】A
【解析】解：A、声音是由物体振动产生的，故A正确；
B、声音不能在真空中传播，故B错误；
C、我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故C错误；
D、在学校周围禁止机动车鸣笛，这是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(3)不同乐器发出的声音的音色不同；
(4)防止噪声的途径有三种：一是在声源处减弱；二是在传播过程中减弱，三是在人耳处减弱。
本题考查声音的产生和传播、声音的特性、噪声的防治，是对基础知识的考查。
4.【答案】D
【解析】解：A、我国古代利用日晷晷针影子变化计时是利用了沿直线传播，故A错误；
B、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故B错误。
C、文字“放大”属于凸透镜成像，其成像原理是光的折射现象，故C错误；
D、平静水面上景物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D正确；
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、太阳能、电能为可再生资源，天然气为非可再生资源，故A错误；
B、核电站利用核裂变来获取能量，太阳内部进行的是核聚变，故B错误；
C、纳米材料可以抑制细菌的生长，所以洗衣机桶的表面涂上纳米材料可以抑制细菌的生长，故C正确；
D、节能灯的核心元件发光二极管是用半导体材料制成的，发光效率很高，不是超导体，故D错误；
故选：C。
(1)天然气为非可再生资源；
(2)核电站利用核裂变来获取能量，太阳内部进行的是核聚变；
(3)纳米材料可以抑制细菌的生长；
(4)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
本题考查了能源的分类、核电站、纳米材料和半导体材料的应用。
6.【答案】C
【解析】解：闭合开关S后，灯泡正常发光，但插座不能供电，这说明插座所在的支路出现了断路现象；
试电笔检测插座的左、右两孔，氖管均不亮，这说明插座的右孔与火线之间是断开的，所以故障是A、B两点间断路。
故选：C。
闭合开关后灯泡发光，说明灯泡所在支路正常；插座不供电，说明插座所在支路断路，根据试电笔的发光情况分析故障的原因。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、丙滑轮的轴固定不动，是定滑轮，故A错误；
B、从图中可知n=2，绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
使用滑轮组做的总功：
W总=Fs=500N×4m=2000J，
使用滑轮组做的有用功：
W有用=Gh=800N×2m=1600J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=1600J2000J×100%=80%，故B正确；
C、不计绳重和摩擦，拉力F=12(G物+G轮)，
即：500N=12(800N+G轮)，
动滑轮的重力G动=2×500N-800N=200N，故C错误；
D、不计绳重和摩擦时，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动知重物G越重，该滑轮组的机械效率就越高，故D错误。
故选：B。
(1)轴固定不动的滑轮是定滑轮，轴随物体移动的滑轮是动滑轮；
(2)由图可知，承担物重的绳子股数n=2，利用s=2h求出绳子自由端移动的距离，知道拉力大小，利用W总=Fs求出总功，知道提升物体的高度和物重大小，利用W有用=Gh求出使用滑轮组做的有用功，利用η=W有用W总求出该滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，知道物重和拉力大小，根据F=12(G物+G动)求动滑轮重；
(4)根据不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动分析提升的物重改变时，滑轮组机械效率的变化。
本题考查了动滑轮的定义、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时拉力F=1n(G+G动)是解题的关键。
8.【答案】AD
【解析】解：A、图甲所示，滚动代替滑动可以有效的减小摩擦力，故A正确；
B、图乙所示，使用动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，故B错误；
C、图丙所示的是四冲程汽油机的压缩冲程，故C错误；
D、图丁所示的是直流电动机的原理，故D正确。
故选：AD。
(1)减小滑动摩擦力的方法有将滑动变为滚动；
(2)动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；
(3)火花塞未点火，进气口和出气口都关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，属于压缩冲程；
(4)通电的线圈在磁场中受到力的作用而转动。
本题考查减小摩擦力的方法、杠杆的类型、汽油机的工作冲程、电动机的工作原理，属于课本重点知识的示意图考查，需掌握。
9.【答案】BCD
【解析】解：
AB、两球质量相等，其重力也相等，
甲图，小球A悬浮，浮力等于重力，即F甲=G；
乙图，小球B漂浮，浮力等于重力，即F乙=G，
所以A球受到的浮力等于B球受到的浮力；
两球受到的浮力相同，由图知VA排>VB排，根据F浮=ρ液gV排可知ρ甲<ρ乙，故A错误，B正确；
C、放入AB球后，两容器液面相平，VA排>VB排，说明没放小球之前甲容器中液体的体积小于乙容器中液体的体积，即V甲
所以F甲
故选：BCD。
(1)根据浮沉条件，判断浮力大小关系，根据F浮=ρ液gV排分析液体密度大小关系；
(2)甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p=FS判断出甲、乙容器对桌面压强的关系；
(3)容器底受到液体压力的增大量等于G球(或者浮力)，底面积相同，根据Δp=ΔFS判断容器底部受到的液体压强变化量的关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式的理解和掌握，弄明白放入小球前后液体体积和液面高度的关系是解决此题的关键。
10.【答案】ABD
【解析】解：A、当开关S、S1闭合，S2断开时，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω时，滑动变阻器的电功率为1.6W，
由P=UI=I2R可知，电路中的电流：I= PR= 1.6W10Ω=0.4A，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U=I(R0+R)=0.4A×(R0+10Ω)……①
当滑动变阻器接入电路的电阻为40Ω时，滑动变阻器的电功率为1.6W，
由P=UI=I2R可知，电路中的电流：I'= PR'= 1.6W40Ω=0.2A，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U=I'(R0+R')=0.2A×(R0+40Ω)……②
由①②解得：U=12V，故A正确；
B、由P=UI可知，灯泡的额定电流：IL=P额U额=1.6W4V=0.4A，
由欧姆定律可知，灯泡的电阻：RL=U额I额=4V0.4A=10Ω；
当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
灯泡的额定电流为0.4A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，由串联电路的电流特点可知，此时电路中的最大电流I大=IL=0.4A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路中的电流最大，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最小，
因为此时通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流，所以，灯泡两端的电压：UL=U额=4V，
由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的最小电压：UR小=U-UL=12V-4V=8V，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大，滑动变阻器两端的电压最大，电路中的电流最小，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中最小的电流：I小=UR总小=URL+R大=12V10Ω+50Ω=0.2A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器两端的最大电压：UR大=I小R大=0.2A×50Ω=10V，
因此电压表的示数变化范围为8∼10V，故B正确；
CD、由B可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UR小I大=8V0.4A=20Ω，则滑动变阻器接入电路的电阻范围为20Ω∼50Ω，
滑动变阻器消耗的电功率：P=I2R=(URL+R)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL-R)2+4RLRR=U2(RL-R)2R+4RL，
当R=RL=10Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，但滑动变阻器接入电路的电阻范围为20Ω∼50Ω，由数学知识可知，当滑动变阻器接入电路的电阻大于10Ω的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻越大，滑动变阻器的电功率越小，因此当滑动变阻器接入电路的最小电阻为20Ω时，滑动变阻器的电功率最大，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，由B可知，此时电路中的电流：I大=0.4A，则滑动变阻器的最大功率：PR大=I大2R0=(0.4A)2×20Ω=3.2W，
当滑动变阻器接入电路的电阻达到最大值50Ω时，滑动变阻器的电功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最小，由B可知，电路中的最小电流I小=0.2A，则滑动变阻器的最小功率：PR小=I小2R0=(0.2A)2×50Ω=2W，故C错误、故D正确。
故选：ABD。
(1)当开关S、S1闭合，S2断开时，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据图乙可知当滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω和40Ω时对应的功率，根据P=UI=I2R求出对应的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出电源电压；
(2)根据P=UI求出灯泡的额定电流；当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据灯泡的额定电流和滑动变阻器允许通过的最大电流结合串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路中的电流最大，根据串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最小，此时灯泡两端的电压等于额定电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端最小电压，当滑动变阻器接入电路的电阻最大，滑动变阻器两端的电压最大，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的最大电压，进而求出电压表的示数变化范围；
(3)根据(2)利用欧姆定律求出滑动变阻器接入的最小电阻，进而求出滑动变阻器接入电路的电阻范围，根据P=I2R=(URL+R)2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，利用数学知识求出若不考虑滑动变阻器接入电路的电阻范围时，滑动变阻器功率最大时滑动变阻器接入电路的电阻，根据数学知识可知当滑动变阻器接入电路的最小电阻为20Ω时，滑动变阻器的电功率最大，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器的最大功率；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器的功率最小，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器的最小功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键，难度较大。
11.【答案】压强 热传递 扩散
【解析】解：①刀刃磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
②加热食材，食材吸收热量，温度升高，通过热传递的方式改变物体的内能；
③打开锅盖，可以闻到香味，是香味分子在空气中发生扩散现象。
故答案为：①压强；②热传递；③扩散。
(1)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
(2)改变内能的方式包括做功和热传递；
(3)扩散是指不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象。
本题考查压强、内能和扩散现象，属于综合题。
12.【答案】绿 热
【解析】解：电视机的屏幕上可以呈现五彩缤纷的画面，用放大镜仔细观察彩色电视机的屏幕，会发现许多红、绿、蓝三种颜色的发光点有序排列；
电流通过导体时会发热，电视机后盖和机壳有很多孔，是为了散发由于电流的热效应而产生的大量热量。
故答案为：绿；热。
(1)光的三原色为：红、绿、蓝；
(2)电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应，电热有时会对电路和用电器造成危害，应及时使其散失。
本题考查了光的三原色、电流的热效应，属基础内容考查。
13.【答案】电磁波 相互 缩小
【解析】解：“大疆”无人机的遥控器通过发射电磁波控制无人机；螺旋桨向下吹空气，却可以匀速上升，说明物体间力的作用是相互的；远处的景物可通过摄像头成一个倒立、缩小的实像。
故答案为：电磁波；相互；缩小。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)物体间力的作用是相互的。
(3)照相机利用物体到凸透镜的距离大于两倍焦距时，成倒立、缩小的实像。
知道电磁波的特点及应用；知道物体间力的作用是相互的；知道凸透镜的成像规律。
14.【答案】避雷针到云层 导体
【解析】解：闪电发生时，云层带的负电荷(电子)通过空气、避雷针转移至大地，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，电流方向是从避雷针到云层；避雷针容易导电，属于导体。
故答案为：避雷针到云层，导体。
物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，容易导电的物体是导体。
本题考查电流的方向和导体与绝缘体的识别，属于基础题。
15.【答案】静止 减小 质量
【解析】解：(1)各舰船运动方向相同，速度相同，它们之间的相对位置没变，所以说它们之间是相对静止的。
(2)各舰船之间需保持一定距离，以防止相邻舰船间因水流增大，压强减小，船因外侧压强大而使两船出现碰撞。
(3)由于航母的质量很大，所以惯性很大。
故答案为：静止；减小；质量。
(1)一个物体与另一个物体的相对位置没有改变，我们就说这个物体是静止的。
(2)流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
(3)惯性大小与质量有关，质量越大，惯性越大。
本题考查了流速与压强的关系、静止和运动的相对性、惯性与质量的关系等，难度不大。
16.【答案】60 210
【解析】解：(1)小明家本月用电348.2kW⋅h-288.2kW⋅h=60kW⋅h；
(2)由P=U2R可得电热器的电阻：
R=U2P=(220V)2968W=50Ω；
3000imp/kW⋅h的含义：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次；
指示灯闪烁1323次时，电热器消耗的电能：
W=13233000kW⋅h=0.441kW⋅h，
t=30min=0.5h，
电热器的实际功率：
P=Wt=0.441kW⋅h0.5h=0.882kW=882W；
由P=U2R可得电热器两端的实际电压：
U= PR= 882W×50Ω=210V。
故答案为：60；210。
(1)从电能表上可以读出月末的示数，月末的示数减去月初的示数就是本月消耗的电能，
(2)知道电热器的铭牌(额定电压、额定功率)，利用P=U2R求电热器的电阻；
3000imp/kW⋅h的含义：电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次；据此求指示灯产闪烁1323次时，电热器消耗的电能，知道工作时间，利用P=Wt求电热器的实际功率；
求出了电热器的实际功率、电阻，利用P=U2R求电热器两端的实际电压。
本题考查家用电能表的读数、电功率的计算等内容。
17.【答案】5 10
【解析】解：(1)闭合开关S、S1时，灯泡被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，则电源电压U=12V，
由W=UIt可知，电路中的电流：I=WUt=288J12V×10s=2.4A，
由欧姆定律可知，R的阻值：R=UI=12V2.4A=5Ω；
(2)闭合开关S，断开开关S1时，灯泡与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
此时小灯泡恰好可以正常发光，由P=UI可知，电路中的电流：I=I额=P额U额=4WU额，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=U额+UR=U额+IR=U额+4WU额×5Ω=12V，
解得：U额1=2V或U额1=10V，
因为电流表的量程为0∼0.6A，所以电路中的电流不能超过0.6A，
当U额1=2V时，电路中的电流：I1=I额1=P额U额1=4W2V=2A>0.6A，不符合题意，舍去，
当U额2=10V时，电路中的电流：I2=I额2=P额U额2=4W10V=0.4A<0.6A，符合题意，
因此小灯泡的额定电压为10V。
故答案为：5；10。
(1)闭合开关S、S1时，灯泡被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，据此求出电源电压，根据W=UIt求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；
(2)闭合开关S，断开开关S1时，灯泡与R串联，电压表测R两端的电压，根据P=UI表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出灯泡的额定电压。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功和电功率公式的应用，根据电流表的量程分析判断灯泡的额定电压是解题的关键。
18.【答案】解：由S发出的光线，其延长线过凹透镜另一侧焦点，经凹透镜折射后将平行于主光轴；
由S发出的光线，平行于凸透镜的主光轴，经凸透镜折射后过凸透镜另一侧的焦点，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凸透镜、凹透镜的光学特点作出折射光线。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线后传播方向不改变。
凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线传播方向不改变。
19.【答案】解：由图可知，小磁针的N极向下，S极向上，因为异名磁极互相吸引，则甲右端为S极，乙的左端为S极；根据安培定则可知，甲螺线管中的电流从右侧流入，左侧流出，所以电源的左端为负极，右端为正极；根据安培定则可知，乙螺线管的绕法如下：
【解析】根据磁极间的相互作用规律判定通电螺线管的磁极；根据安培定则判定通电螺线管线圈中电流的方向和线圈的绕法，进而判断出电源的“+”或“-”极。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，难度不大。
20.【答案】答：(1)抽水机抽水是通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来；
(2)蓄能电站在蓄水的过程中，水的质量不变，高度变大，重力势能变大，所以蓄能电站以水的重力势能来储存过剩电能；
(3)发电机的工作原理是电磁感应现象。
【解析】(1)抽水机是利用大气压工作的；
(2)从能量的角度看，蓄能电站在蓄水的过程中，水的动能转化为重力势能，发电时，是将水的机械能最终转化为电能；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象。
本题以抽水蓄能电站为背景，考查了在利用水能发电的过程中所涉及的部分物理知识，体现了物理与社会生活的联系，有一定的现实意义。
21.【答案】解：由v=st知，
配送车以该速度行驶1min，可以通过路程s=vt=10m/s×60s=600m；
(2)总重力：G总=m总g=(200kg+700kg)×10N/kg=9000N，
车对水平路面的压力：F=G总=900N；
此时车对路面的压强：p=FS=900N0.03m2=3×104Pa；
(3)电动机牵引力做功W=Fs=600N×600m=3.6×105J；
消耗的电能：W电=UIt=400V×20A×60s=4.8×105J；
电能转化为机械能的效率η=WW电×100%=3.6×105J4.8×105J=75%。
答：(1)配送车以该速度行驶1min，可以通过600m的路程；
(2)配送车对路面的压强3×104Pa；
(3)电动机将电能转化为机械能的效率为75%。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算路程；
(2)根据G=mg求出总重力，车对水平路面的压力等于总重力，再根据p=FS求出对路面的压强；
(3)根据W=Fs计算功，根据W=UIt计算消耗的电能，根据效率的定义计算电能转化为机械能的效率。
本题考查速度的公式、压强的计算、能量转化效率，属于中档题。
22.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，水的质量：m=ρ水V=1×103kg/m3×500×10-6m3=0.5kg，
将这些水加热到80℃需要吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103 J/(kg⋅℃)×0.5kg×(80℃-20℃)=1.26×105J；
(2)由图乙知，当P在最左端时，只有R1接入电路中，养生壶以最大功率正常工作，由表格可知最大功率Pmax=1210W，
由P=U2R可知，R1的电阻值：R1=U2Pmax=(220V)21210W=40Ω；
当P在最右端时，R2连入的阻值为最大值，R1与R2串联，养生壶以最小功率正常工作，由表格可知最小功率Pmin=220W，
此时电路中总电阻：R总=U2Pmin=(220V)2220W=220Ω；
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以R的最大阻值：R=R总-R0=220Ω-40Ω=180Ω；
(3)由η=Q吸Q1可知，R1产生的热量：Q1=Q吸η=1.26×105J70%=1.8×105J，
由Q=I2Rt可知，电路中的电流：I= Q1R1t= 1.8×105J40Ω×3×60s=5A，
该养生壶消耗的电能：W=UIt=220V×5A×3×60s=1.98×105J。
答：(1)将这些水加热到80℃需要吸收的热量为1.26×105J；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为180Ω；
(3)该养生壶消耗的电能为1.98×105J。
【解析】(1)根据密度公式求出水的质量，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(2)由图乙可知，当滑片P在最左端时，只有R1接入电路中，由P=U2R可知，此时电路功率最大，由表格可知最大功率，再由P=U2R计算出R1的电阻值；
当滑片P在最右端时，两电阻串联，由P=U2R可知，此时电路功率最小，由表格可知最小功率，再由P=U2R和串联电路特点计算出滑动变阻器的最大阻值；
(3)根据效率公式求出R1产生的热量；根据焦耳定律Q=I2Rt求出电路中的电流，根据W=UIt求出该养生壶消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、密度公式、吸热公式、电功公式、电功率公式以及焦耳定律的应用，题目综合性较强，有一定的难度。
23.【答案】实验时，没用酒精灯的外焰加热 B 96 保持不变 试管
【解析】解：(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，需先确定铁圈的高度，安装装置时应按照自下而上的顺序；
(2)图乙是小明三次观察温度计读数时眼睛的位置，其中正确的是B，视线与液柱的上表面应该相平；乙图中，温度计上90-100℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，液柱最末端在0℃上方，所以显示的温度96℃；
(3)液体沸腾时温度变化的特点：继续吸热，温度保持不变，与图像也是符合的；当烧杯中的水达到沸点后，试管内的水也达到沸点，由于烧杯中的水和试管内的水温度相同，试管内的水不能再吸收热量，所以试管内的水不会沸腾。
故答案为：(1)实验时，没用酒精灯的外焰加热；(2)B；96；(3)保持不变；试管。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热；
(2)温度计在读数时，视线要与液柱的上表面相平；
(3)液体沸腾时温度变化的特点：继续吸热，温度保持不变；液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量。
本题考查了温度计的读数、液体沸腾的特点和条件等内容。
24.【答案】玻璃板 不点燃 A、B两支蜡烛大小不相等 相等 垂直
【解析】解：(1)玻璃板既能成像，又能确定像的位置，如图甲所示，将点燃的蜡烛A竖直放置在水平桌面上，并将玻璃板竖直放置在图中虚线框的位置处；为使像清晰，在虚线框后面的适当位置放置一支不点燃的蜡烛B，发现A烛焰的像出现在蜡烛B的“身上”，即B与A的像没有重合，他在器材选择上出现的问题是A、B两支蜡烛大小不相等；
(2)改进器材后，多次改变两支蜡烛的位置，使蜡烛B与蜡烛A的像重合，将两支蜡烛的位置记录在白纸上，如图乙所示，可得结论：像与物到平面镜的距离相等，且它们的连线与镜面垂直。
故答案为：(1)玻璃板；不点燃；A、B两支蜡烛大小不相等；(2)相等；垂直。
(1)玻璃板既能成像，又能确定像的位置；为使像清晰，B蜡烛不点燃；发现A烛焰的像出现在B“身上”，说明二者不能完全重合，据此分析；
(2)根据平面镜成像规律，像与物到平面镜的距离相等，且它们的连线与镜面垂直。
本题探究“平面镜成像的特点”，考查对器材的要求、实验操作及成像规律的运用。
25.【答案】匀速直线 1.2接触面的粗糙程度 乙、丙 增大 2F1-F22(F1-F2)ρ水
【解析】解：(1)在用弹簧测力计拉动木块时要水平匀速拉动，这样做的原因是根据二力平衡可知拉力等于摩擦力，为1.2N；
(2)甲与乙的实验，接触面的粗糙程度相同，压力不同，可得出的结论是：接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
乙与丙的实验，压力大小和接触面粗糙程度是一样的，接触面积不同，摩擦力相同，所以滑动摩擦力的大小与接触面积无关；
(3)当金属块恰好有一半的体积浸在水中时，弹簧测力计的示数为F1，当金属块浸没时，弹簧测力计的示数为F2。根据阿基米德原理公式F浮=ρ液gV排可知，金属块恰好有一半的体积浸在水中时的浮力是金属块浸没的浮力的一半，即F浮1=12F浮2；
根据称重法：G-F1=F浮1；G-F2=F浮2；
计算可得G=2F1-F2；
当金属块浸没时，V=V排；G-F2=F浮2=ρ水gV，解得V=2(F1-F2)ρ水g；
金属块密度ρ金=mV=GgV=2F1-F2g2(F1-F2)ρ水g=2F1-F22(F1-F2)ρ水。
故答案为：(1)匀速直线；1.2；
(2)接触面的粗糙程度；乙、丙；
(3)2F1-F22(F1-F2)ρ水。
(1)水平匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于拉力；
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，与接触面积无关；
(3)浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力作用，根据F=G-F浮可知，受到的浮力越大，则弹簧测力计的示数越小；根据称重法和阿基米德原理计算出金属块体积和金属块重力，结合重力公式和密度公式计算可得密度。
本题考查了影响摩擦力大小的因素和浮力的应用，有一定难度。
26.【答案】B 电流 500.1向左 20.3
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的B端；
由图甲可知定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，因此闭合开关后，调节滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变化，由欧姆定律可知，电路中的电流发生变化，因此电流表的示数变化，但由于电压表测电源电压，因此电压表的示数不变；
探究“电流与电阻的关系”时，电压表应测量定值电阻两端的电压，如图所示：
；
(2)由图象可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.15A×10Ω=…=0.10A×15Ω=1.5V，
由图乙可知，实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=4.5V-1.5V=3V，变阻器分得的电压为电压表示数的3V1.5V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.5×20Ω=30Ω>20Ω，因此电路中选用的是最大阻值为50Ω的滑动变阻器；
由图丙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A，因此电路中的电流为0.1A，则定值电阻两端的电压为：UV=IR=0.1A×5Ω=0.5V<1.5V，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应减小滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为1.5V；
(3)①闭合开关S、S1，断开开关S2时，灯泡与滑片左侧电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由串联电路的电压特点可知，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：UR=U-UL=4.5V-2.5V=2V，即电压表的示数为2V；
②③闭合开关S、S2，断开开关S1时，滑动变阻器与定值电阻R0串联，由于电压表在电路中相当于断路，因此此时滑动变阻器相当于一个定值电阻，将滑片移至最右端时，电压表测整个变阻器两端的电压，
由串联电路的电压特点可知，此时定值电阻R0两端的电压：U0=U-UR大=4.5V-3.6V=0.9V，
此时电路中的电流：I'=U0R0=0.9V5Ω=0.18A，
由于滑动变阻器相当于一个定值电阻，滑片移动的过程电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，
即保持滑动变阻器的滑片不动时，电路中的电流仍然为0.18A，此时电压表测滑片左侧电阻两端的电压，
由欧姆定律可知，滑动变阻器滑片左侧的电阻：R左=U左I'=3V0.18A=503Ω，
则灯泡正常发光通过滑动变阻器的电流：IR=URR左=2V503Ω=0.12A，
由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流：IL=IR=0.12A，
则灯泡的额定功率：P=ULIL=2.5V×0.12A=0.3W。
故答案为：(1)B；电流；见解答图；(2)50；0.1；向左；(3)①2；④0.3。
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
由图甲可知定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，据此示数不变的电表；
探究“电流与电阻的关系”时，电压表应测量定值电阻两端的电压；
(2)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
根据图丙电流表所选量程确定分度值读数，即为此时电路中的电流，根据欧姆定律求出此时5Ω定值电阻两端的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)闭合开关S、S1，断开开关S2时，灯泡与滑片左侧电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，即为电压表的示数；
闭合开关S、S2，断开开关S1时，滑动变阻器与定值电阻R0串联，由于电压表在电路中相当于断路，根据此时滑动变阻器相当于一个定值电阻，将滑片移至最右端时，电压表测整个变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据滑动变阻器相当于一个定值电阻可知，滑片移动的过程电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，保持滑动变阻器的滑片不动时，电压表测滑片左侧电阻两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器滑片左侧的电阻；
根据欧姆定律求出灯泡正常发光通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电流特点可知通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查注意事项、电路连接、电流表读数、串联电路的特点、欧姆定律的应用和设计特殊方案测灯泡的额定功率。
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