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2023年河南省驻马店市西平县中考物理三模试卷
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这是一份2023年河南省驻马店市西平县中考物理三模试卷，共19页。
2023年河南省驻马店市西平县中考物理三模试卷
1. “二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”，这是南宋大诗人陆游对成都的赞誉。漫步在成都的这段“寻香道”，观花赏水，令人心旷神怡。闻到花香是因为分子在不停地做______ ，以地面为参照物，溪水是______ (选填“静止”或“运动”)的。
2. 按照民间传统习俗，每逢重要节日时常以敲锣打鼓、吹唢呐等方式来营造热闹喜庆的场面。如图所示锣、鼓和唢呐的声音都是由于______ 产生的，用大小不同的力打鼓，发出的声音的______ 不同；我可以区分锣，鼓和唢呐发出的声音，是因为它们的______ 不同。
3. 1820年，丹麦物理学家______ 发现了电流的磁效应，说明了电流周围存在磁场。如图所示，通电螺线管周围存在磁场，P点磁场的方向向______ (选填“左”或“右”)。
4. 世界上的核电站通常建在水比较充足的地方，需要水来当作冷却剂，是因为水的______ 大，核电站是利用______ (选填“核裂变”或“核聚变”)产生的能量来发电。
5. 如图是某晾衣机的工作电路图，电源电压U=220V，其中R是发热电阻。当开关S1闭合、S2断开时，晾衣机开启风干功能，其额定功率P1=44W；当开关S1、S2均闭合时，晾衣机开启烘干功能，通过R的电流I2=1A。使用风干功能时流过电动机的电流为______ A，发热电阻R的阻值为______ Ω，使用烘干功能1h消耗的电能为______ kW⋅h。
6. 利用图像可以非常清楚地表示一些物理量之间的关系，如图为正比例函数图像。坐标轴可以用来表示些物理量，图像的倾斜程度也可以用来表示一些物理量。例如：坐标轴意义：横坐标表示时间、纵坐标表示路程；倾斜程度意义：速度。请仿照以上例子再写出一种情况：
坐标轴意义：______ ；
倾斜程度意义：______ 。
7. 可再生能源是可以源源不断地从自然界中得到的能源，下列选项中都属于可再生能源的是( )
A. 太阳能、石油 B. 核能、地热 C. 水能、煤炭 D. 太阳能、风能
8. 关于摩擦起电和电路，下列说法正确的是( )
A. 两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带正电
B. 用毛皮摩擦橡胶棒，毛皮会失去电子
C. 电路中，电流的方向一定是从电源正极流向电源负极
D. 路灯之间是串联的
9. 如图1是某运动员在北京冬奥会上沿赛道向上滑行的某一情景。情景可以简化成图2，下列说法正确的是( )
A. 人所受重力与斜面对人的支持力是一对平衡力
B. 人对斜面的压力与斜面对人的支持力是相互作用力
C. 运动着的运动员不能立刻停下来，是因为受到惯性的作用
D. 人穿滑雪板在雪地上滑行，是为了增大压强
10. 在探究凸透镜成像特点时，将蜡烛、凸透镜、光屏放置在如图所示位置时，光屏上恰好出现清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距为20cm
B. 图中光屏上成倒立、等大的虚像
C. 保持透镜的位置不动，将蜡烛向右移动一段距离，为使光屏上仍成清晰的像，需要将光屏向左移动
D. 在蜡烛与透镜之间放一个远视眼镜，光屏向右移动才能成清晰的像
11. 如图所示，盛有2kg水的柱形容器置于水平地面上，一个重6N不吸水的正方体物块，静止时有五分之三的体积没入水中，物块下表面与水面平行，(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)下列说法不正确的是( )
A. 正方体物块处于漂浮状态，浮力大于重力 B. 正方体物块底部受到的液体压力为6N
C. 正方体物块的密度为0.6×103kg/m3 D. 容器底部受到水的压力为26N
12. 在探究“电流产生的热量与哪些因素有关系”的实验中，在两个透明容器中密封等量的空气，各放置一段电阻丝，并连接一个装水的U形管，如图所示，已知流过电阻R1的电流为0.2A，下列说法错误的是( )
A. 通过U形管内液面高度差来反应产生热量的多少
B. 该实验装置可以探究通电一段时间内，电流产生的热量与电流大小的关系
C. 通电一段时间后，右侧U形管中液面高度差较大
D. 通电10s内，电阻R1产生的热量为2J
13. 在如图所示的滑轮组中，每个滑轮重20N，在绳子自由端用100N的拉力把货物匀速提高1m，不计摩擦和绳重，下列说法正确的是( )
A. 定滑轮的作用是省力
B. 绳端移动的距离为2m
C. 滑轮组的机械效率为90%
D. 货物上升过程中机械能不变
14. 关于家庭电路和安全用电的说法正确的是( )
A. 洗衣机使用三孔插座主要是为了防止触电
B. 家用电器起火时应迅速用水扑灭
C. 用试电笔接触火线，氖管发光时不会有电流通过人体
D. 家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路
15. 如图所示是一个半圆形的玻璃球，一束光线沿着圆心O射入玻璃球，请画出光线射出玻璃球的光路图。
16. 如图所示，一足球沿斜面向上运动，画出足球对斜面压力的示意图。
17. 某同学用如图1的装置探究”冰熔化过程的规律”，他每隔一段时间记录一次温度，绘制出温度随时间变化的图像，如图2所示。
(1)图1中加热方式的优点是______ 。
(2)由图2可知，冰熔化过程持续了______ min，熔化过程的特点是______ 。
(3)图3中温度计的读数，______ (选填“A”“B”或“C”)方法是正确的。
18. 如图为测量某液体密度的实验过程。
(1)使用天平时，将天平放在______ 上，然后将游码调至左侧零刻度，发现指针位置如图1所示，接下来的操作是______ 。
(2)正确操作后，将装有适量待测液体的烧杯放在天平左盘中，并测量出其总质量，如图2所示，为______ g。
(3)将烧杯中的液体倒入量筒中，如图3所示，量筒中液体体积为______ mL，再用天平测出剩余液体与烧杯的总质量为58.4g，计算出待测液体的密度为______ kg/m3。
(4)另一位同学利用图4所示装置测出了另一待测液体的密度，步骤如下：
①在已经调节平衡的天平左右两个托盘中，放上两个完全相同的烧杯；
②分别向左、右两烧杯中加入体积为V的待测液体和水；
③再向左侧烧杯中加入体积为V1的待测液体，天平重新平衡，通过计算得出待测液体的密度的表达式为ρ待测=______ (用V、V1和ρ水表示)。
19. 某同学利用图探究电流与电压的关系。
(1)根据图1的电路图，用笔画线代替导线，将图2的实物图补充完整。
(2)闭合开关前，发现电流表指针指向零刻度左侧，其原因是______ ，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于______ (选填“A”或“B”)端。
(3)排除故障后继续进行实验，调节滑动变阻器滑片，改变电表示数，将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.6V时，电流表的示数如图3所示，为______ A，通过分析实验数据得出的结论是______ 。
数据序号
电压表示数U/V
电流表示数I/A
1
1.5
0.15
2
2.0
0.20
3
2.6
4
2.8
0.28
(4)某同学将图1中的定值电阻更换成电阻箱，来探究电流与电阻的关系，实验步骤如下：
①连接电路，将电阻箱阻值调为5Ω，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，记下对应电流表示数为I1；
②断开开关，将电阻箱阻值调为10Ω，闭合开关，向______ (选填“左”或“右”)调节滑动变阻器片，使电压表示数仍为2V，记下对应电流表示数为I2；
③多次改变电阻箱阻值，重复以上操作；
④分析实验数据得出结论。
该实验中，滑动变阻器的作用除了保护电路以外，还有______ 的作用。
(5)在探究电流与电阻的关系实验中，当电阻箱阻值为25Ω时，发现无论如何调节滑动变阻器滑片，电压表示数都大于2V，其原因可能是______ 。
20. 今年3月24日，首架在我国完成总装的空客A321飞机正式交付给航空公司。其部分参数如表所示，已知它静止在水平地面上时与地面的总接触面积为2m2，g取10N/kg，航空煤油的热值为q煤油=4.2×107J/kg。
型号
空客A321
最大起飞质量(kg)
83000
最大巡航速度(km/h
900
平均每小时耗油量(kg)
2300
燃料种类
航空煤油
(1)空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强为多少？
(2)以最大巡航速度行驶300km，需要用时多少分钟？
(3)该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量可以使多少千克的水温度升高46℃？水的比热容为c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。
21. 创新小组的同学们为学校食堂设计了一个可自动注水的储水池。如图是它的简化装置图，电源电压一定，控制电路中，RN为压敏电阻，其阻值随压力的变化而变化，R0为定值电阻。闭合开关S1、S2，注水装置开始向储水池注水，当池中水位上升到设定高度时，流过线圈的电流达到0.04A，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水；当池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水。已知控制电路电压为6V，线圈电阻忽略不计。某次使用过程中，设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作。
水位深度h/cm
5
10
15
20
15
30
40
压敏电阻RN/Ω
600
300
200
150
120
100
75
(1)当储水池中水位升高时，压敏电阻RN阻值会______ (选填“增大”或“减小”)，控制电路中电流会______ (选填“增大”或“减小”)，电磁铁磁性会______ (选填“增强”或“减弱”)。
(2)R0的阻值是多少？
(3)当储水池水位深度为10cm时，定值电阻R0的功率为多少？
答案和解析
1.【答案】无规则运动 运动
【解析】解：闻到花香是因为花香分子在不停地做无规则运动；地面和溪水的位置发生了变化，故以地面为参照物，溪水是运动的。
故答案为：无规则运动；运动。
(1)分子在不停地做无规则运动；
(2)相对于参照物，被研究物体的位置没有发生变化，我们就说物体是静止的；反之，就是静止的。
本题考查了分子运动和参照物，属于基础题。
2.【答案】振动 响度 音色
【解析】解：(1)声音是由物体振动产生的，锣、鼓和唢呐的声音都是因为振动而产生的；
(2)响度与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大，用大小不同的力打鼓，发出的声音的响度不同；我们能够通过声音区分锣，鼓和唢呐发出的声音是利用了它们的音色不同。
故答案为：振动；响度；音色。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的特征包括音调、响度和音色，音调与物体的振动频率有关，频率越大，音调越高；响度与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；音色与发声体的材料和结构有关。
本题考查了声音的产生以及声音的特性，是一道基础题。
3.【答案】奥斯特 左
【解析】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，说明了电流周围存在磁场。
图中电流从通电螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，因此P点磁场的方向向左。
故答案为：奥斯特；左。
丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应；
根据安培定则判断通电螺线管磁极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断P点磁场的方向。
此题考查了电流的磁效应、安培定则、磁感线及其特点，难度不大，属基础题目。
4.【答案】比热容 核裂变
【解析】解：世界上的核电站通常建在水比较充足的地方，需要水来当作冷却剂，是因为水的比热容大，核电站是利用核裂变产生的能量来发电。
故答案为：比热容；核裂变。
(1)比热容是指单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收热量的多少，体现了物质的吸放热能力的强弱；
(2)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
本题考查了对比热容、太阳能和核能的利用的了解，属于基础性题目。
5.【答案】0.22200.264
【解析】解：(1)使用风干功能时，电路中只有电动机工作，根据P=UI得I1=P1U=44W220V=0.2A。
(2)使用烘干功能时，电路中电动机和发热电阻R并联，U相同，
电阻R的阻值为R=UI2=220V1A=220Ω。
(3)电阻R的功率P2=UI2=220V×1A=220W，
总功率P=P1+P2=44W+220W=264W，
总电能W=Pt2=264×10-3kW×1h=0.264kW⋅h。
故答案为：0.2；220；0.264。
(1)当开关S1闭合、S2断开时，晾衣机开启风干功能，其额定功率P1，工作电压U为220V，使用风干功能时通过电动机的电流根据I=PU计算。
(2)当开关S1、S2均闭合时，晾衣机开启烘干功能，利用欧姆定律求得电阻R的阻值。
(3)使用烘干功能消耗的电能等于电路消耗的电能，根据W=Pt计算。
本题考查了电功率公式的灵活应用，分析好风干功能和烘干功能电路的连接方式是关键。
6.【答案】纵坐标表示质量，横坐标表示体积 密度
【解析】解：利用图像还可以描述其他物理量之间的关系，如同种物质，质量与体积的关系；
坐标轴意义：纵坐标表示质量，横坐标表示体积；
图像倾斜程度意义：表示密度的大小；
坐标轴意义：纵坐标表示电压，横坐标表示电流；
图像倾斜程度意义：表示电阻大小。
故答案为：纵坐标表示质量，横坐标表示体积；密度。
从图像上可以看出，该图像反应的物理量之间成正比关系，从所学物理规律中找到对应的物理量即可。
本题考查不同量之间的关系，理解图象中物理量之间的比例关系是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：常见的可再生能源有：水能、风能、太阳能等。煤、石油、天然气、核能等，属于不可再生能源。故ABC错误，D正确。
故选：D。
可再生能源是能在短时间内形成的能源，不可再生能源是不可在短期内从自然界得到补充的能源。
本题主要考查对常见的可再生能源和不可再生能源的了解和掌握，属于基础性题目。
8.【答案】B
【解析】解：A.同种电荷相互排斥，两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带电，可能带正电，也可能都带负电；故A错误；
B.毛皮摩擦橡胶棒的过程中，毛皮失去电子带正电，橡胶棒得到电子带负电，故B正确；
C.电路中，电源外部的电流的方向一定是从电源正极经用电器流向电源负极，内部不是，故C错误；
D.马路两旁的路灯，当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故D错误。
故选：B。
(1)同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引；
(2)用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电；
(3)电源外部的电流的方向一定是从电源正极流向电源负极；
(4)并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
本题考查了串并联电路的判断、摩擦起电、电荷间的作用规律、电流的方向，综合性强，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：A.由图可知，赛道是倾斜的，运动员沿赛道向上滑行的过程中，其所受的支持力与重力不在同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故A错误；
B.物体对斜面的压力与斜面对物体的支持力作用在两个物体上、大小相等、方向相反，是物体之间的作用力与反作用力，故B正确；
C.运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说“受到惯性作用”，故C错误；
D.人穿滑雪板在雪地上滑行，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选：B。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(2)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；
(4)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力，在压力一定时，增大受力面积。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、惯性、减小压强的方法等知识，具有一定的综合性，但难度不大。平衡力与相互作用力的主要区别是：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
10.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，u=v=20cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，所以该凸透镜的焦距为f=10cm，故AB错误；
C、保持透镜的位置不动，将蜡烛向右移动一段距离，此时物距变大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要使光屏上仍成清晰的像，需要将光屏向右移动，故C错误；
D、在蜡烛与透镜之间放一个远视眼镜，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会使光线提前会聚成像，光屏向右移动才能成清晰的像，故D正确。
故选：D。
(1)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜焦距；
(2)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答；
(3)远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
11.【答案】A
【解析】解：(1)物体处于漂浮状态，则F浮=G，根据阿基米德原理可知：F浮=ρ水g×35V物=ρ物gV物，则ρ物=35ρ水=35×1×103kg/m3=0.6×103kg/m3，故A错误，C正确；
(2)木块漂浮，受到的浮力F浮=G=6N；根据浮力产生的原因可知，水对物体下表面的压力与物体受到的浮力相等，所以下表面受到的压力为6N，故B正确；
(3)水的重力为：G水=mg=2kg×10N/kg=20N；
对水和物体整体分析：整体受到竖直向下的重力、竖直向下的压力、容器底面竖直向上的支持力，
所以容器底面竖直向上的支持力的大小为：F'=G水+G=20N+6N=26N；
由于物体间力的作用是相互的，所以水对容器底部的压力为26N，故D正确。
故选：A。
(1)根据物体漂浮时，浮力等于重力，用密度和体积表示浮力与重力的关系即可求出物体的密度；
(2)浮力产生的实质是物体上下表面受到的压力差。
(3)把水、物体作为一个整体，对整体受力分析，根据力的相互作用求出容器底部受到水的压力的大小。
本题考查了阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用、重力公式、力的相互作用的运用，有一定的难度。
12.【答案】C
【解析】解：A、根据转换法，通过U形管内液面高度差来反应产生热量的多少，故A正确；
B、图中右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故可以研究电流产生的热量与电流的关系，故B正确；
C、根据Q=I2Rt，因通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，故左侧电阻相同时间产生热量多，由转换法，左侧U形管中液面高度差较大，故C错误；
D、通电10s内，电阻R1产生的热量为：Q=I2R1t=(0.2A)2×5Ω×10s=2J，故D正确。
故选：C。
(1)电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，由温度变化确定产生的热量多少；
(2)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；
(3)根据Q=I2Rt结合转换法分析；
(4)根据Q=I2Rt求解。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。
13.【答案】BC
【解析】解：
A、定滑轮不能省力，它的作用是可以改变力的方向，故A错误；
B、由图知，承担重物绳子的段数n=2，绳端移动距离s=nh=2×1m=2m，故B正确；
C、拉力做的总功W总=Fs=100N×2m=200J，
不计摩擦和绳重，额外功W额=G动h=20N×1m=20J，
有用功W有=W总-W额=200J-20J=180J，
滑轮组的机械效率η=W有W总=180J200J=90%，故C正确；
D、货物被匀速提高过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增大，重力势能增大，所以机械能增大，故D错误。
故选：BC。
(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力的方向；
(2)由图知，承担重物绳子的段数n=2，由s=nh计算绳端移动距离；
(3)根据W总=Fs计算拉力做的总功，不计摩擦和绳重，根据W额=G动h计算额外功，由W有=W总-W额计算出有用功，根据η=W有W总计算滑轮组的机械效率；
(4)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
本题考查了对定滑轮、滑轮组特点的认识、滑轮组机械效率的计算，还考查机械能变化的分析，难度适中。
14.【答案】AD
【解析】解：A、洗衣机使用三孔插座主要是为了防止触电，故A正确；
B、家用电器起火时应迅速切断电源，不能用水扑灭，故B错误；
C、用试电笔接触火线，氖管发光时会有电流通过人体，故C错误；
D、家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D正确。
故选：AD。
(1)带金属外壳的家用电器必须接地，使用三孔插座。
(2)家用电器起火时应迅速切断电源，不能用水扑灭。
(3)用试电笔接触火线，氖管发光时会有电流通过人体。
(4)家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路。
本题主要考查了家庭电路中电流过大的原因，试电笔的使用和安全用电的原则。知道三孔插座的正确接法。
15.【答案】解：光线从空气斜射入玻璃砖时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此作出第一条折射光线；折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，当经过第二个折射面时，正好与该入射点处的切线垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变，如图所示：
【解析】根据光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。
光由空气斜射进入其它透明介质中时，光线要发生偏折，折射角小于入射角；当垂直入射时，其传播方向不变，入射角为0∘，折射角为0∘。
16.【答案】解：足球对斜面的压力垂直于斜面向下，从压力的作用点O起沿压力的方向作出足球对斜面压力的示意图，如图所示：
【解析】足球对斜面的压力垂直于斜面向下，斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力的方向。
本题考查了作力的示意图，作力的示意图的方法：一定点，二画线，线段末端画尖尖，即作力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。
17.【答案】使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度 4 持续吸热、温度不变 B
【解析】解：(1)探究晶体熔化实验时，一般采用水浴法，优点是使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
(2)晶体熔化时特点是持续吸热、温度保持不变，反映在图像上是一段平行于(或重合于)时间轴的线段，如图2所示溶化时间是从4分钟持续到8分钟，持续了4分钟；
(3)温度计的读数方法，先确定0℃的位置，再确定分度值进行读数，读数时视线应平视温度计内凹液面的最低处，B是正确读数方法。
故答案为：(1)使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；(2)4；持续吸热，温度不变；(3)B。
解：(1)探究晶体熔化实验时，一般采用水浴法，使物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
(2)晶体熔化时特点是持续吸热、温度保持不变，反映在图像上是一段平行于(或重合于)时间轴的线段；
(3)温度计的读数方法，先确定0℃的位置，再确定分度值进行读数，读数时视线应平行于温度计内凹液面的最低处。
本题考察了晶体熔化实验时“水浴法”的优点、熔化过程中时间的判断、晶体熔化特点、读数时视线应平视凹液面的最低处等内容。
18.【答案】水平桌面 将平衡螺母向右调节，使横梁平衡 82.4201.2×103 Vρ水V+V1
【解析】解：(1)用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上；游码移到标尺左端的零刻度处，然后将平衡螺母向右调节，使横梁平衡。
(2)如图乙所示，液体和烧杯的总质量：m总=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；
(3)如图丙所示，量筒分度值为1mL，液体上表面与50mL刻度线相平，液体体积：V''=20mL=20cm3；
量筒中液体质量：m ' '=m总-m剩=82.4g-58.4g=24g，
液体密度：ρ=m''V″=24g20cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(4)待测液体的质量：m'=m水=Vρ水，
待测液体的体积：V'=V+V1，
则待测液体的密度的表达式为ρ待测=m'V'=Vρ水V+V1。
故答案为：(1)水平桌面；将平衡螺母向右调节，使横梁平衡； (2)82.4；(3)20；1.2×103；(4)Vρ水V+V1。
(1)天平的正确使用：把天平放到水平桌面上；把游码移到标尺左端零刻线处；调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处。
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平；求出量筒中液体质量，利用密度公式计算液体密度；
(4)由题意知，右侧烧杯中体积为V的水的质量等于待测液体的质量，待测液体的体积等于两次的体积和，根据密度公式计算待测液体密度。
需要学生利用天平测出被测物体的质量和正确使用量筒测出被物体的体积，并能根据密度公式算出密度；测量液体密度时，只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量，具有一定难度。
19.【答案】电流表使用前指针没有调零 B0.26当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 右 调节电路电流使定值电阻两端的电压不变 滑动变阻器的最大阻值太小
【解析】解：
(1)根据图1电路图知应将滑动变阻器左下部分电阻串联接入电路，再根据电源为2节干电池，则电源电压最大为3V，由此可知电压表应选用小量程且并联在定值电阻两端，则图2电路图连接如下图所示：
；
(2)开关闭合前，发现电流表的指针在零刻度线左端，说明电流表使用前指针没有调零；
为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大端即图中的B端；
(3)因为电流表选用的量程是0∼0.6A，其对应的分度值为0.02A，则其示数为0.26A；
分析表格数据可知，当电阻一定时，电阻两端的电压增大为原来的几倍，其通过电阻的电流也增大为原来的几倍，则结论为：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)②根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，记录电流表的示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路以外还有调节电路电流使定值电阻两端的电压不变的作用；
(5)研究电流与电阻关系实验时，电阻两端的电压始终保持U=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=3V-2V=1V，根据分压原理UVU滑=RR滑即2V1V=25ΩR滑分析可知，当电阻箱阻值为25Ω时，发现无论如何调节滑动变阻器的阻值，电压表示数都大于2V，说明电阻箱分压偏大，则可知滑动变阻器分压偏小，根据串联分压原理可知原因可能是：滑动变阻器的最大电阻太小。
故答案为：(1)见上图；(2)电流表使用前指针没有调零；B；(3)0.26；当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)②右；调节电路电流使定值电阻两端的电压不变；(5)滑动变阻器的最大阻值太小。
(1)根据图1电路图知应将滑动变阻器左下部分电阻串联接入电路，再根据电源为2节干电池，则电源电压最大为3V，由此可知电压表应选用小量程且并联在定值电阻两端；
(2)开关闭合前，发现电流表的指针在零刻度线左端，说明电流表指针没有调零；
为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大端；
(3)电流表读数时，要根据所选量程确定对应的分度值，最后再根据指针位置读数；
分析表格数据得出结论；
(4)②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据控制变量法，本实验中需控制定值电阻两端的电压相同，据此分析滑动变阻器的作用；
(5)根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当电阻箱阻值为25Ω时，滑动变阻器应连入电路中的电阻大小，据此判断原因。
本题考查了探究电流与电压、电阻的关系，涉及了电路的连接、电流表的使用和读数、滑动变阻器在电路中的作用、数据分析和串联分压原理的应用，考查较综合，有一定难度。
20.【答案】解：(1)空客A321以最大起飞质量时受到的重力：G=mg=83000kg×10N/kg=8.3×105N，
空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=8.3×105N，
空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强：p=FS=8.3×105N2m2=4.15×105Pa；
(2)由v=st可知，以最大巡航速度行驶300km，需要的时间：t=sv=300km900km/h=13h=20min；
(3)该飞机飞行两个小时消耗的航空煤油m煤油=2×2300kg=4600kg，
该飞机飞行两个小时，消耗的航空煤油完全燃烧产生的热量：Q放=m煤油q煤油=4600kg×4.2×107J/kg=1.932×1011J，
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=Q放=1.932×1011J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m水=Q吸c水Δt=1.932×1011J4.2×103J/(kg⋅℃)×46℃=1×106kg。
答：(1)空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强为4.15×105Pa；
(2)以最大巡航速度行驶300km，需要用时20min；
(3)该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量可以使1×106kg的水温度升高46℃。
【解析】(1)根据G=mg求出空客A321以最大起飞质量时受到的重力，空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压力等于自身的重力，利用p=FS求出空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强；
(2)利用速度公式求出以最大巡航速度行驶300km，需要的时间；
(3)求出该飞机飞行两个小时消耗的航空煤油，利用Q放=mq求出该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量，根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出水的质量。
本题考查重力公式、压强公式、速度公式、燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
21.【答案】减小 增大 增强
【解析】解：(1)根据表格中的数据可知，当储水池中水位升高时，压敏电阻RN阻值会减小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大；通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强；
(2)根据题意可知，设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作，根据表格中的数据可知，此时压敏电阻的阻值为：RN=75Ω；
流过线圈的电流达到0.04A，则电路的总电阻为：R=UI=6V0.04A=150Ω；
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以定值电阻R0的阻值：R0=R-RN=150Ω-75Ω=75Ω；
(3)当储水池水位深度为10cm时，根据表格中的数据可知，压敏电阻的阻值为：R'N=300Ω；
此时电路中的电流为：I'=UR0+R'N=6V75Ω+300Ω=0.016A；
定值电阻R0的功率为：定值电阻R0的功率为：P=I'2R0=(0.016A)2×75Ω=0.0192W。
故答案为：(1)减小；增大；增强；(2)R0的阻值是75Ω；(3)定值电阻R0的功率为0.0192W。
(1)根据表格中的数据得出水位变化与压敏电阻阻值变化的关系；根据欧姆定律分析电路中电流的变化和电磁铁磁性的变化；
(2)设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作，根据表格中的数据得出此时压敏电阻的阻值；根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出R0的阻值的大小；
(3)当储水池水位深度为10cm时，根据表格中的数据得出压敏电阻的阻值和电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出定值电阻R0的功率。
此题考查了电磁继电器的分析与应用，欧姆定律、电功率公式的应用等，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处皆物理的理念。
2023年河南省驻马店市西平县中考物理三模试卷
1. “二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”，这是南宋大诗人陆游对成都的赞誉。漫步在成都的这段“寻香道”，观花赏水，令人心旷神怡。闻到花香是因为分子在不停地做______ ，以地面为参照物，溪水是______ (选填“静止”或“运动”)的。
2. 按照民间传统习俗，每逢重要节日时常以敲锣打鼓、吹唢呐等方式来营造热闹喜庆的场面。如图所示锣、鼓和唢呐的声音都是由于______ 产生的，用大小不同的力打鼓，发出的声音的______ 不同；我可以区分锣，鼓和唢呐发出的声音，是因为它们的______ 不同。
3. 1820年，丹麦物理学家______ 发现了电流的磁效应，说明了电流周围存在磁场。如图所示，通电螺线管周围存在磁场，P点磁场的方向向______ (选填“左”或“右”)。
4. 世界上的核电站通常建在水比较充足的地方，需要水来当作冷却剂，是因为水的______ 大，核电站是利用______ (选填“核裂变”或“核聚变”)产生的能量来发电。
5. 如图是某晾衣机的工作电路图，电源电压U=220V，其中R是发热电阻。当开关S1闭合、S2断开时，晾衣机开启风干功能，其额定功率P1=44W；当开关S1、S2均闭合时，晾衣机开启烘干功能，通过R的电流I2=1A。使用风干功能时流过电动机的电流为______ A，发热电阻R的阻值为______ Ω，使用烘干功能1h消耗的电能为______ kW⋅h。
6. 利用图像可以非常清楚地表示一些物理量之间的关系，如图为正比例函数图像。坐标轴可以用来表示些物理量，图像的倾斜程度也可以用来表示一些物理量。例如：坐标轴意义：横坐标表示时间、纵坐标表示路程；倾斜程度意义：速度。请仿照以上例子再写出一种情况：
坐标轴意义：______ ；
倾斜程度意义：______ 。
7. 可再生能源是可以源源不断地从自然界中得到的能源，下列选项中都属于可再生能源的是( )
A. 太阳能、石油 B. 核能、地热 C. 水能、煤炭 D. 太阳能、风能
8. 关于摩擦起电和电路，下列说法正确的是( )
A. 两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带正电
B. 用毛皮摩擦橡胶棒，毛皮会失去电子
C. 电路中，电流的方向一定是从电源正极流向电源负极
D. 路灯之间是串联的
9. 如图1是某运动员在北京冬奥会上沿赛道向上滑行的某一情景。情景可以简化成图2，下列说法正确的是( )
A. 人所受重力与斜面对人的支持力是一对平衡力
B. 人对斜面的压力与斜面对人的支持力是相互作用力
C. 运动着的运动员不能立刻停下来，是因为受到惯性的作用
D. 人穿滑雪板在雪地上滑行，是为了增大压强
10. 在探究凸透镜成像特点时，将蜡烛、凸透镜、光屏放置在如图所示位置时，光屏上恰好出现清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距为20cm
B. 图中光屏上成倒立、等大的虚像
C. 保持透镜的位置不动，将蜡烛向右移动一段距离，为使光屏上仍成清晰的像，需要将光屏向左移动
D. 在蜡烛与透镜之间放一个远视眼镜，光屏向右移动才能成清晰的像
11. 如图所示，盛有2kg水的柱形容器置于水平地面上，一个重6N不吸水的正方体物块，静止时有五分之三的体积没入水中，物块下表面与水面平行，(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)下列说法不正确的是( )
A. 正方体物块处于漂浮状态，浮力大于重力 B. 正方体物块底部受到的液体压力为6N
C. 正方体物块的密度为0.6×103kg/m3 D. 容器底部受到水的压力为26N
12. 在探究“电流产生的热量与哪些因素有关系”的实验中，在两个透明容器中密封等量的空气，各放置一段电阻丝，并连接一个装水的U形管，如图所示，已知流过电阻R1的电流为0.2A，下列说法错误的是( )
A. 通过U形管内液面高度差来反应产生热量的多少
B. 该实验装置可以探究通电一段时间内，电流产生的热量与电流大小的关系
C. 通电一段时间后，右侧U形管中液面高度差较大
D. 通电10s内，电阻R1产生的热量为2J
13. 在如图所示的滑轮组中，每个滑轮重20N，在绳子自由端用100N的拉力把货物匀速提高1m，不计摩擦和绳重，下列说法正确的是( )
A. 定滑轮的作用是省力
B. 绳端移动的距离为2m
C. 滑轮组的机械效率为90%
D. 货物上升过程中机械能不变
14. 关于家庭电路和安全用电的说法正确的是( )
A. 洗衣机使用三孔插座主要是为了防止触电
B. 家用电器起火时应迅速用水扑灭
C. 用试电笔接触火线，氖管发光时不会有电流通过人体
D. 家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路
15. 如图所示是一个半圆形的玻璃球，一束光线沿着圆心O射入玻璃球，请画出光线射出玻璃球的光路图。
16. 如图所示，一足球沿斜面向上运动，画出足球对斜面压力的示意图。
17. 某同学用如图1的装置探究”冰熔化过程的规律”，他每隔一段时间记录一次温度，绘制出温度随时间变化的图像，如图2所示。
(1)图1中加热方式的优点是______ 。
(2)由图2可知，冰熔化过程持续了______ min，熔化过程的特点是______ 。
(3)图3中温度计的读数，______ (选填“A”“B”或“C”)方法是正确的。
18. 如图为测量某液体密度的实验过程。
(1)使用天平时，将天平放在______ 上，然后将游码调至左侧零刻度，发现指针位置如图1所示，接下来的操作是______ 。
(2)正确操作后，将装有适量待测液体的烧杯放在天平左盘中，并测量出其总质量，如图2所示，为______ g。
(3)将烧杯中的液体倒入量筒中，如图3所示，量筒中液体体积为______ mL，再用天平测出剩余液体与烧杯的总质量为58.4g，计算出待测液体的密度为______ kg/m3。
(4)另一位同学利用图4所示装置测出了另一待测液体的密度，步骤如下：
①在已经调节平衡的天平左右两个托盘中，放上两个完全相同的烧杯；
②分别向左、右两烧杯中加入体积为V的待测液体和水；
③再向左侧烧杯中加入体积为V1的待测液体，天平重新平衡，通过计算得出待测液体的密度的表达式为ρ待测=______ (用V、V1和ρ水表示)。
19. 某同学利用图探究电流与电压的关系。
(1)根据图1的电路图，用笔画线代替导线，将图2的实物图补充完整。
(2)闭合开关前，发现电流表指针指向零刻度左侧，其原因是______ ，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于______ (选填“A”或“B”)端。
(3)排除故障后继续进行实验，调节滑动变阻器滑片，改变电表示数，将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.6V时，电流表的示数如图3所示，为______ A，通过分析实验数据得出的结论是______ 。
数据序号
电压表示数U/V
电流表示数I/A
1
1.5
0.15
2
2.0
0.20
3
2.6
4
2.8
0.28
(4)某同学将图1中的定值电阻更换成电阻箱，来探究电流与电阻的关系，实验步骤如下：
①连接电路，将电阻箱阻值调为5Ω，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，记下对应电流表示数为I1；
②断开开关，将电阻箱阻值调为10Ω，闭合开关，向______ (选填“左”或“右”)调节滑动变阻器片，使电压表示数仍为2V，记下对应电流表示数为I2；
③多次改变电阻箱阻值，重复以上操作；
④分析实验数据得出结论。
该实验中，滑动变阻器的作用除了保护电路以外，还有______ 的作用。
(5)在探究电流与电阻的关系实验中，当电阻箱阻值为25Ω时，发现无论如何调节滑动变阻器滑片，电压表示数都大于2V，其原因可能是______ 。
20. 今年3月24日，首架在我国完成总装的空客A321飞机正式交付给航空公司。其部分参数如表所示，已知它静止在水平地面上时与地面的总接触面积为2m2，g取10N/kg，航空煤油的热值为q煤油=4.2×107J/kg。
型号
空客A321
最大起飞质量(kg)
83000
最大巡航速度(km/h
900
平均每小时耗油量(kg)
2300
燃料种类
航空煤油
(1)空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强为多少？
(2)以最大巡航速度行驶300km，需要用时多少分钟？
(3)该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量可以使多少千克的水温度升高46℃？水的比热容为c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。
21. 创新小组的同学们为学校食堂设计了一个可自动注水的储水池。如图是它的简化装置图，电源电压一定，控制电路中，RN为压敏电阻，其阻值随压力的变化而变化，R0为定值电阻。闭合开关S1、S2，注水装置开始向储水池注水，当池中水位上升到设定高度时，流过线圈的电流达到0.04A，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水；当池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水。已知控制电路电压为6V，线圈电阻忽略不计。某次使用过程中，设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作。
水位深度h/cm
5
10
15
20
15
30
40
压敏电阻RN/Ω
600
300
200
150
120
100
75
(1)当储水池中水位升高时，压敏电阻RN阻值会______ (选填“增大”或“减小”)，控制电路中电流会______ (选填“增大”或“减小”)，电磁铁磁性会______ (选填“增强”或“减弱”)。
(2)R0的阻值是多少？
(3)当储水池水位深度为10cm时，定值电阻R0的功率为多少？
答案和解析
1.【答案】无规则运动 运动
【解析】解：闻到花香是因为花香分子在不停地做无规则运动；地面和溪水的位置发生了变化，故以地面为参照物，溪水是运动的。
故答案为：无规则运动；运动。
(1)分子在不停地做无规则运动；
(2)相对于参照物，被研究物体的位置没有发生变化，我们就说物体是静止的；反之，就是静止的。
本题考查了分子运动和参照物，属于基础题。
2.【答案】振动 响度 音色
【解析】解：(1)声音是由物体振动产生的，锣、鼓和唢呐的声音都是因为振动而产生的；
(2)响度与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大，用大小不同的力打鼓，发出的声音的响度不同；我们能够通过声音区分锣，鼓和唢呐发出的声音是利用了它们的音色不同。
故答案为：振动；响度；音色。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的特征包括音调、响度和音色，音调与物体的振动频率有关，频率越大，音调越高；响度与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；音色与发声体的材料和结构有关。
本题考查了声音的产生以及声音的特性，是一道基础题。
3.【答案】奥斯特 左
【解析】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，说明了电流周围存在磁场。
图中电流从通电螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，因此P点磁场的方向向左。
故答案为：奥斯特；左。
丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应；
根据安培定则判断通电螺线管磁极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断P点磁场的方向。
此题考查了电流的磁效应、安培定则、磁感线及其特点，难度不大，属基础题目。
4.【答案】比热容 核裂变
【解析】解：世界上的核电站通常建在水比较充足的地方，需要水来当作冷却剂，是因为水的比热容大，核电站是利用核裂变产生的能量来发电。
故答案为：比热容；核裂变。
(1)比热容是指单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收热量的多少，体现了物质的吸放热能力的强弱；
(2)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
本题考查了对比热容、太阳能和核能的利用的了解，属于基础性题目。
5.【答案】0.22200.264
【解析】解：(1)使用风干功能时，电路中只有电动机工作，根据P=UI得I1=P1U=44W220V=0.2A。
(2)使用烘干功能时，电路中电动机和发热电阻R并联，U相同，
电阻R的阻值为R=UI2=220V1A=220Ω。
(3)电阻R的功率P2=UI2=220V×1A=220W，
总功率P=P1+P2=44W+220W=264W，
总电能W=Pt2=264×10-3kW×1h=0.264kW⋅h。
故答案为：0.2；220；0.264。
(1)当开关S1闭合、S2断开时，晾衣机开启风干功能，其额定功率P1，工作电压U为220V，使用风干功能时通过电动机的电流根据I=PU计算。
(2)当开关S1、S2均闭合时，晾衣机开启烘干功能，利用欧姆定律求得电阻R的阻值。
(3)使用烘干功能消耗的电能等于电路消耗的电能，根据W=Pt计算。
本题考查了电功率公式的灵活应用，分析好风干功能和烘干功能电路的连接方式是关键。
6.【答案】纵坐标表示质量，横坐标表示体积 密度
【解析】解：利用图像还可以描述其他物理量之间的关系，如同种物质，质量与体积的关系；
坐标轴意义：纵坐标表示质量，横坐标表示体积；
图像倾斜程度意义：表示密度的大小；
坐标轴意义：纵坐标表示电压，横坐标表示电流；
图像倾斜程度意义：表示电阻大小。
故答案为：纵坐标表示质量，横坐标表示体积；密度。
从图像上可以看出，该图像反应的物理量之间成正比关系，从所学物理规律中找到对应的物理量即可。
本题考查不同量之间的关系，理解图象中物理量之间的比例关系是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：常见的可再生能源有：水能、风能、太阳能等。煤、石油、天然气、核能等，属于不可再生能源。故ABC错误，D正确。
故选：D。
可再生能源是能在短时间内形成的能源，不可再生能源是不可在短期内从自然界得到补充的能源。
本题主要考查对常见的可再生能源和不可再生能源的了解和掌握，属于基础性题目。
8.【答案】B
【解析】解：A.同种电荷相互排斥，两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带电，可能带正电，也可能都带负电；故A错误；
B.毛皮摩擦橡胶棒的过程中，毛皮失去电子带正电，橡胶棒得到电子带负电，故B正确；
C.电路中，电源外部的电流的方向一定是从电源正极经用电器流向电源负极，内部不是，故C错误；
D.马路两旁的路灯，当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故D错误。
故选：B。
(1)同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引；
(2)用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电；
(3)电源外部的电流的方向一定是从电源正极流向电源负极；
(4)并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
本题考查了串并联电路的判断、摩擦起电、电荷间的作用规律、电流的方向，综合性强，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：A.由图可知，赛道是倾斜的，运动员沿赛道向上滑行的过程中，其所受的支持力与重力不在同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故A错误；
B.物体对斜面的压力与斜面对物体的支持力作用在两个物体上、大小相等、方向相反，是物体之间的作用力与反作用力，故B正确；
C.运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说“受到惯性作用”，故C错误；
D.人穿滑雪板在雪地上滑行，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选：B。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(2)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；
(4)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力，在压力一定时，增大受力面积。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、惯性、减小压强的方法等知识，具有一定的综合性，但难度不大。平衡力与相互作用力的主要区别是：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
10.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，u=v=20cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，所以该凸透镜的焦距为f=10cm，故AB错误；
C、保持透镜的位置不动，将蜡烛向右移动一段距离，此时物距变大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要使光屏上仍成清晰的像，需要将光屏向右移动，故C错误；
D、在蜡烛与透镜之间放一个远视眼镜，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会使光线提前会聚成像，光屏向右移动才能成清晰的像，故D正确。
故选：D。
(1)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜焦距；
(2)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答；
(3)远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
11.【答案】A
【解析】解：(1)物体处于漂浮状态，则F浮=G，根据阿基米德原理可知：F浮=ρ水g×35V物=ρ物gV物，则ρ物=35ρ水=35×1×103kg/m3=0.6×103kg/m3，故A错误，C正确；
(2)木块漂浮，受到的浮力F浮=G=6N；根据浮力产生的原因可知，水对物体下表面的压力与物体受到的浮力相等，所以下表面受到的压力为6N，故B正确；
(3)水的重力为：G水=mg=2kg×10N/kg=20N；
对水和物体整体分析：整体受到竖直向下的重力、竖直向下的压力、容器底面竖直向上的支持力，
所以容器底面竖直向上的支持力的大小为：F'=G水+G=20N+6N=26N；
由于物体间力的作用是相互的，所以水对容器底部的压力为26N，故D正确。
故选：A。
(1)根据物体漂浮时，浮力等于重力，用密度和体积表示浮力与重力的关系即可求出物体的密度；
(2)浮力产生的实质是物体上下表面受到的压力差。
(3)把水、物体作为一个整体，对整体受力分析，根据力的相互作用求出容器底部受到水的压力的大小。
本题考查了阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用、重力公式、力的相互作用的运用，有一定的难度。
12.【答案】C
【解析】解：A、根据转换法，通过U形管内液面高度差来反应产生热量的多少，故A正确；
B、图中右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故可以研究电流产生的热量与电流的关系，故B正确；
C、根据Q=I2Rt，因通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，故左侧电阻相同时间产生热量多，由转换法，左侧U形管中液面高度差较大，故C错误；
D、通电10s内，电阻R1产生的热量为：Q=I2R1t=(0.2A)2×5Ω×10s=2J，故D正确。
故选：C。
(1)电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，由温度变化确定产生的热量多少；
(2)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；
(3)根据Q=I2Rt结合转换法分析；
(4)根据Q=I2Rt求解。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。
13.【答案】BC
【解析】解：
A、定滑轮不能省力，它的作用是可以改变力的方向，故A错误；
B、由图知，承担重物绳子的段数n=2，绳端移动距离s=nh=2×1m=2m，故B正确；
C、拉力做的总功W总=Fs=100N×2m=200J，
不计摩擦和绳重，额外功W额=G动h=20N×1m=20J，
有用功W有=W总-W额=200J-20J=180J，
滑轮组的机械效率η=W有W总=180J200J=90%，故C正确；
D、货物被匀速提高过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增大，重力势能增大，所以机械能增大，故D错误。
故选：BC。
(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力的方向；
(2)由图知，承担重物绳子的段数n=2，由s=nh计算绳端移动距离；
(3)根据W总=Fs计算拉力做的总功，不计摩擦和绳重，根据W额=G动h计算额外功，由W有=W总-W额计算出有用功，根据η=W有W总计算滑轮组的机械效率；
(4)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
本题考查了对定滑轮、滑轮组特点的认识、滑轮组机械效率的计算，还考查机械能变化的分析，难度适中。
14.【答案】AD
【解析】解：A、洗衣机使用三孔插座主要是为了防止触电，故A正确；
B、家用电器起火时应迅速切断电源，不能用水扑灭，故B错误；
C、用试电笔接触火线，氖管发光时会有电流通过人体，故C错误；
D、家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D正确。
故选：AD。
(1)带金属外壳的家用电器必须接地，使用三孔插座。
(2)家用电器起火时应迅速切断电源，不能用水扑灭。
(3)用试电笔接触火线，氖管发光时会有电流通过人体。
(4)家庭电路中空气开关跳闸可能是因为某处发生了短路。
本题主要考查了家庭电路中电流过大的原因，试电笔的使用和安全用电的原则。知道三孔插座的正确接法。
15.【答案】解：光线从空气斜射入玻璃砖时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此作出第一条折射光线；折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，当经过第二个折射面时，正好与该入射点处的切线垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变，如图所示：
【解析】根据光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。
光由空气斜射进入其它透明介质中时，光线要发生偏折，折射角小于入射角；当垂直入射时，其传播方向不变，入射角为0∘，折射角为0∘。
16.【答案】解：足球对斜面的压力垂直于斜面向下，从压力的作用点O起沿压力的方向作出足球对斜面压力的示意图，如图所示：
【解析】足球对斜面的压力垂直于斜面向下，斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力的方向。
本题考查了作力的示意图，作力的示意图的方法：一定点，二画线，线段末端画尖尖，即作力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。
17.【答案】使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度 4 持续吸热、温度不变 B
【解析】解：(1)探究晶体熔化实验时，一般采用水浴法，优点是使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
(2)晶体熔化时特点是持续吸热、温度保持不变，反映在图像上是一段平行于(或重合于)时间轴的线段，如图2所示溶化时间是从4分钟持续到8分钟，持续了4分钟；
(3)温度计的读数方法，先确定0℃的位置，再确定分度值进行读数，读数时视线应平视温度计内凹液面的最低处，B是正确读数方法。
故答案为：(1)使试管内物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；(2)4；持续吸热，温度不变；(3)B。
解：(1)探究晶体熔化实验时，一般采用水浴法，使物体受热比较均匀，且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
(2)晶体熔化时特点是持续吸热、温度保持不变，反映在图像上是一段平行于(或重合于)时间轴的线段；
(3)温度计的读数方法，先确定0℃的位置，再确定分度值进行读数，读数时视线应平行于温度计内凹液面的最低处。
本题考察了晶体熔化实验时“水浴法”的优点、熔化过程中时间的判断、晶体熔化特点、读数时视线应平视凹液面的最低处等内容。
18.【答案】水平桌面 将平衡螺母向右调节，使横梁平衡 82.4201.2×103 Vρ水V+V1
【解析】解：(1)用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上；游码移到标尺左端的零刻度处，然后将平衡螺母向右调节，使横梁平衡。
(2)如图乙所示，液体和烧杯的总质量：m总=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；
(3)如图丙所示，量筒分度值为1mL，液体上表面与50mL刻度线相平，液体体积：V''=20mL=20cm3；
量筒中液体质量：m ' '=m总-m剩=82.4g-58.4g=24g，
液体密度：ρ=m''V″=24g20cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(4)待测液体的质量：m'=m水=Vρ水，
待测液体的体积：V'=V+V1，
则待测液体的密度的表达式为ρ待测=m'V'=Vρ水V+V1。
故答案为：(1)水平桌面；将平衡螺母向右调节，使横梁平衡； (2)82.4；(3)20；1.2×103；(4)Vρ水V+V1。
(1)天平的正确使用：把天平放到水平桌面上；把游码移到标尺左端零刻线处；调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处。
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平；求出量筒中液体质量，利用密度公式计算液体密度；
(4)由题意知，右侧烧杯中体积为V的水的质量等于待测液体的质量，待测液体的体积等于两次的体积和，根据密度公式计算待测液体密度。
需要学生利用天平测出被测物体的质量和正确使用量筒测出被物体的体积，并能根据密度公式算出密度；测量液体密度时，只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量，具有一定难度。
19.【答案】电流表使用前指针没有调零 B0.26当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 右 调节电路电流使定值电阻两端的电压不变 滑动变阻器的最大阻值太小
【解析】解：
(1)根据图1电路图知应将滑动变阻器左下部分电阻串联接入电路，再根据电源为2节干电池，则电源电压最大为3V，由此可知电压表应选用小量程且并联在定值电阻两端，则图2电路图连接如下图所示：
；
(2)开关闭合前，发现电流表的指针在零刻度线左端，说明电流表使用前指针没有调零；
为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大端即图中的B端；
(3)因为电流表选用的量程是0∼0.6A，其对应的分度值为0.02A，则其示数为0.26A；
分析表格数据可知，当电阻一定时，电阻两端的电压增大为原来的几倍，其通过电阻的电流也增大为原来的几倍，则结论为：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)②根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，记录电流表的示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路以外还有调节电路电流使定值电阻两端的电压不变的作用；
(5)研究电流与电阻关系实验时，电阻两端的电压始终保持U=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=3V-2V=1V，根据分压原理UVU滑=RR滑即2V1V=25ΩR滑分析可知，当电阻箱阻值为25Ω时，发现无论如何调节滑动变阻器的阻值，电压表示数都大于2V，说明电阻箱分压偏大，则可知滑动变阻器分压偏小，根据串联分压原理可知原因可能是：滑动变阻器的最大电阻太小。
故答案为：(1)见上图；(2)电流表使用前指针没有调零；B；(3)0.26；当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)②右；调节电路电流使定值电阻两端的电压不变；(5)滑动变阻器的最大阻值太小。
(1)根据图1电路图知应将滑动变阻器左下部分电阻串联接入电路，再根据电源为2节干电池，则电源电压最大为3V，由此可知电压表应选用小量程且并联在定值电阻两端；
(2)开关闭合前，发现电流表的指针在零刻度线左端，说明电流表指针没有调零；
为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大端；
(3)电流表读数时，要根据所选量程确定对应的分度值，最后再根据指针位置读数；
分析表格数据得出结论；
(4)②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据控制变量法，本实验中需控制定值电阻两端的电压相同，据此分析滑动变阻器的作用；
(5)根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当电阻箱阻值为25Ω时，滑动变阻器应连入电路中的电阻大小，据此判断原因。
本题考查了探究电流与电压、电阻的关系，涉及了电路的连接、电流表的使用和读数、滑动变阻器在电路中的作用、数据分析和串联分压原理的应用，考查较综合，有一定难度。
20.【答案】解：(1)空客A321以最大起飞质量时受到的重力：G=mg=83000kg×10N/kg=8.3×105N，
空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=8.3×105N，
空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强：p=FS=8.3×105N2m2=4.15×105Pa；
(2)由v=st可知，以最大巡航速度行驶300km，需要的时间：t=sv=300km900km/h=13h=20min；
(3)该飞机飞行两个小时消耗的航空煤油m煤油=2×2300kg=4600kg，
该飞机飞行两个小时，消耗的航空煤油完全燃烧产生的热量：Q放=m煤油q煤油=4600kg×4.2×107J/kg=1.932×1011J，
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=Q放=1.932×1011J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m水=Q吸c水Δt=1.932×1011J4.2×103J/(kg⋅℃)×46℃=1×106kg。
答：(1)空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强为4.15×105Pa；
(2)以最大巡航速度行驶300km，需要用时20min；
(3)该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量可以使1×106kg的水温度升高46℃。
【解析】(1)根据G=mg求出空客A321以最大起飞质量时受到的重力，空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压力等于自身的重力，利用p=FS求出空客A321以最大起飞质量静止在水平地面上时，对地面的压强；
(2)利用速度公式求出以最大巡航速度行驶300km，需要的时间；
(3)求出该飞机飞行两个小时消耗的航空煤油，利用Q放=mq求出该飞机飞行两个小时，消耗的燃料完全燃烧产生的热量，根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出水的质量。
本题考查重力公式、压强公式、速度公式、燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
21.【答案】减小 增大 增强
【解析】解：(1)根据表格中的数据可知，当储水池中水位升高时，压敏电阻RN阻值会减小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大；通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强；
(2)根据题意可知，设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作，根据表格中的数据可知，此时压敏电阻的阻值为：RN=75Ω；
流过线圈的电流达到0.04A，则电路的总电阻为：R=UI=6V0.04A=150Ω；
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以定值电阻R0的阻值：R0=R-RN=150Ω-75Ω=75Ω；
(3)当储水池水位深度为10cm时，根据表格中的数据可知，压敏电阻的阻值为：R'N=300Ω；
此时电路中的电流为：I'=UR0+R'N=6V75Ω+300Ω=0.016A；
定值电阻R0的功率为：定值电阻R0的功率为：P=I'2R0=(0.016A)2×75Ω=0.0192W。
故答案为：(1)减小；增大；增强；(2)R0的阻值是75Ω；(3)定值电阻R0的功率为0.0192W。
(1)根据表格中的数据得出水位变化与压敏电阻阻值变化的关系；根据欧姆定律分析电路中电流的变化和电磁铁磁性的变化；
(2)设定水位高度恰好超过40cm时，注水装置停止工作，根据表格中的数据得出此时压敏电阻的阻值；根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出R0的阻值的大小；
(3)当储水池水位深度为10cm时，根据表格中的数据得出压敏电阻的阻值和电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出定值电阻R0的功率。
此题考查了电磁继电器的分析与应用，欧姆定律、电功率公式的应用等，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处皆物理的理念。
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