还剩23页未读，
继续阅读
2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷
展开
这是一份2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷，共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）
1. 下列家用电器的有关数据，最符合实际的是( )
A. 电烤炉工作1小时消耗约0.1度电 B. 饮水机的工作电压为380V
C. 扫地机器人的额定功率约为60W D. 家用电冰箱的工作电流为20A
2. 清晨，薄雾缥缈的白龙湖，水平如镜，水鸟从湖面轻快地掠过，鱼儿在湖中悠闲地游着，岸边的树木与湖中倒影构成了一幅美丽的广元山水画，下列解释不正确的是( )
A. 平静的湖面相当于一个平面镜
B. 湖中倒影是由于光的反射形成的实像
C. 从岸上看见湖中的游鱼是光发生折射形成的虚像
D. 缥缈的雾属于液化现象，需放热
3. 如图所示，关于我国在科技、军事和生活中的发明创造，下列说法正确的是( )
A. 火箭发射在加速升空过程中，火箭受力平衡
B. “天问一号”深空机动变轨过程中相对地球表面是运动的
C. 同向并排行驶的护卫舰和航母保持较大的距离，这是因为流体流速快的地方压强大
D. 机器人处理器里的芯片是超导体制成的
4. 小明和爸爸自驾游，汽车行至多沙山坡，车轮打滑，无法前行。爸爸让小明下车，便于爬坡，小明否定了爸爸的提议，邀请路边的行人上车，车果然不再打滑，开上山坡。下列做法与小明的做法蕴含相同原理的是( )
A. 给机器安装滚动轴承 B. 给轮滑鞋的转轴加润滑剂
C. 自行车刹车时，用力捏车闸 D. 在二胡的弓毛上涂抹松香
5. 在图示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自左向右滑动，则( )
A. 电流表A的示数减小
B. 电压表V2的示数减小
C. 电压表V1与电流表A的示数比值减小
D. 电压表V2与电流表A的示数比值减小
6. 如图所示，轻质木杆AC可以绕O点转动，AB：OB=4：1，A端挂着重为300N的物体G，为了使木杆保持水平位置平衡，且物体G对水平地面的压力为100N，需要在B点施加竖直向下的力的大小为( )
A. 400N B. 600N C. 800N D. 1200N
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
7. 如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置，小明用LED光源代替蜡烛进行了实验探究，LED光源的大小h=10cm。小明经过认真测量，记录了像的大小h′和物距u的数据，并在坐标上描出了像的大小h′与物距u的图像，如图所示，则下列说法错误的是( )
A. 该凸透镜的焦距为20cm
B. 当u=20cm时，光屏上成倒立等大的实像
C. 当u=40cm时所成像的原理与投影仪相同
D. 要使光屏上的像变小，可以将LED光源适当靠近凸透镜，并移动光屏
8. 如图是探究“影响电流热效应因素”的实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1>R2，瓶内装入等质量的煤油，下列说法正确的是( )
A. 烧瓶内选用比热容较小的液体，可以使实验现象更明显
B. 该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系
C. 实验中通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生热量的多少
D. 若要比较水和煤油的比热容大小，只需将一个烧瓶内的煤油换成等质量的水即可
9. 如图所示。小驿设计了一种输液提示器，在护士站能观察到药液量的变化，药量变小时，输液提示器的示数变小，关于这个装置，下列说法中不正确的是( )
A. 可用电流表替换电压表
B. 输液过程中，弹簧伸长量逐渐变短，电压表示数逐渐变小
C. 开始输液时，电器中总功率最小
D. 输液过程中，弹簧伸长量逐渐变短，灯泡变暗
三、填空题（本大题共8小题，共18.0分）
10. 如图是小勇用自制空气炮吹灭烛焰的实验。拉伸弹性薄膜然后放手，空气会从一端喷出，烛焰被吹灭，这一现象说明声音______ 。这与下列哪项采取的科学方法相同？______ 。
①用带箭头的直线表示光的传播路线和方向
②利用被吸引的大头针数目来比较电磁铁的磁性强弱
③控制电压相等，研究电流与电阻的关系
11. 三名宇航员翟志刚、王亚平和叶光富在“天宫一号”进行了“天空课堂第二课”现场直播，是通过______
实现天地间对话的。在2022年4月16日他们返回地球的过程中，以地面为参照物宇航员们是______(选填“运动”或“静止”)的。
12. 茶是世界三大饮品之一，起源于中国，盛行于世界，如图所示的茶壶利用了______ 原理，透过透明的玻璃茶壶看到茶叶“变大了”，这是光的______ 造成的。
13. 如图高铁缓缓驶出站台，站台上标有黄色安全线，与列车高速驶过时车体附近气体的流速大，压强______ (选填“大”或“小”)有关。乘坐该趟列车的小明进入温暖的车厢时，眼镜片上立即蒙上了一层“水雾”，这是水蒸气______ (填物态变化名称)的结果。用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于______ (选填“电源”或“用电器”)。
14. 如图所示是四冲程汽油机的某个冲程，由图可以看出它正处于 冲程，若该汽油机飞轮的转速是3600r/min，则该汽油机每秒钟对外做功 次。
15. 如图，小芳设想利用升降台让球越弹越高。将球从M点竖直向下以某一速度抛出，球经静止在位置a的台面反弹后，到达的最高点为N；经台面反弹后上升过程球的动能 (选填“增大”“不变”“减小”)，N 比M高(选填“可能”、“不可能”)。球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，到达的最高点P 比N高(选填“可能”“不可能”)。
16. 如图甲电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，调节电阻箱的阻值，记录多组数据，得到电流随电阻箱阻值变化的图像如图乙所示，电源电压为______V；当电流I=0.5A时，通电10s电阻箱消耗的电能为______J。
17. 某燃气热水器将20kg的水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气。水吸收的热量是______J.热水器烧水的效率是______。[已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤气的热值为
4×107J/m3]
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
18. 在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示：
(1)实验中必须要选取初温相同且______ (选填“质量”或“体积”)相等的甲、乙两种液体；
(2)选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体______ 相同。
(3)若乙液体的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则甲液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
19. 实验室常用蜡烛完成以下光学实验。
(1)利用如图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是______ 像。将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)蜡烛还可以用于做“探究凸透镜成像规律”实验，图乙中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑(未画出)。
①该凸透镜的焦距为______ cm。图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，则该像是倒立、______ 的实像(填“放大”或“缩小”或“等大”)。
②若在图丙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向______ 移动，“烛焰尖部”呈现的像又会变清晰(选填“左”或“右”)。
③当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板尽可能靠近烛焰，并挡住烛焰的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到______ 。
A.蜡烛像的下半部分
B.蜡烛像的上半部分
C.蜡烛完整的像，像的亮度变暗
D.蜡烛完整的像，像的亮度不变
20. 小华做“探究杠杆平衡条件”实验装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等，请将实验过程补充完整。
(1)杠杆在图甲所示位置静止时______(填“处于”或“不处于”)平衡状态。
(2)为使图甲中的杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______(填“左”或“右”)调节。
(3)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为______N。若斜拉弹簧测力计，使杠杆再次在水平位置平衡，弹簧测力计的示数会______(填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)小华又制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离相等，他先在圆盘的C点挂上4个钩码(如图丙)，再用一个量程合适的弹簧测力计在M点施加竖直向上的拉力后，圆盘______(填“能”或“不能”)在图示位置静止。
(5)为了探究“力的作用点到支点的距离能否影响杠杆的平衡”，小华在圆盘的C点挂上4个钩码(如图丙)，又在G点挂上一定数量的钩码后发现圆盘在如图所示位置平衡，为了改变支点到力的作用点的距离，他将挂在G点的钩码先后挂在______两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在如图所示位置平衡，即可得到结论。
21. 小明用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，小明发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确；
(2)小明选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的电阻为______ Ω，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是______ ；(填选项前的字母)
A.10Ω，0.5A
B.30Ω，0.5A
C.40Ω，0.1A
(3)小明又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他重新找来器材设计了图丙所示的实验电路，已知R2阻值为10Ω。他用同一个电流表分别在图中的①、②、③三个位置测量出电流，请你将下面的步骤补充完整；
①将电流表先接在图中______ (填“1”或“3”)的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为______ A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
④小灯泡的额定功率P= ______ W。
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
22. 随着生活水平的提高，很多家庭装有“一拖四中央空凋”。“一拖四中央空调”简单来说就是一台室外机带四台室内机(如图)。一台室外机即压缩机，实际功率可以随室内机工作情况发生变化。四台室内机可用于四个房间，使用时均正常工作，某用户在自家装修中安装了某品牌的“一拖四中央空调”，其相关系统参数如下表所示，生活用电电压为220V。求：
额定功率
额定制冷量
室外机
5000
16800
63室内机
客厅
180
6300
餐厅
100
4200
主卧室
140
3500
次卧室
80
2800
(1)若该用户测试空调性能时，将室外机以及室内所有空调机全部同时开机进行额定功率下的工作测试，测试过程中中央空调线路干路中的电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍。当只开主卧室空调时，“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室室温从36℃降至26℃，至少需要多长时间[次卧室室内空气质量为42.0kg，空气的比热容为1000J/(kg⋅℃)]。
23. 如图所示，一物体重2000N被遗失在井中，现通过汽车将其提升出来。已知井底到井口的高度为3m，物体从井底到井口上升用时10s，汽车质量为1.2t，轮胎与地面的总接触面积为800cm2，若四个车轮受力均匀，汽车前进过程中自身受到水平地面对它的摩擦力为车重的0.1倍(忽略绳的重力、绳与滑轮之间的摩擦、空气阻力不计)。求．
(1)物体从井底到井口上升的平均速度；
(2)未拖物体前汽车对水平地面的压强；
(3)把物体从井底匀速拖到井口的过程中，汽车的牵引力是多少？
(4)请算出汽车的牵引力做功的功率是多少？
六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读下列短文，回答问题。
智能电加热眼罩近几年，近视眼成为影响青少年身体健康的重要因素，为有效保护眼睛，降低近视率，目前市场上推出一款电加热眼罩(如图甲)，对缓解眼疲劳有一定效果，电加热眼罩是在绝缘的聚酯薄膜表面有序排列10根一样的具有发热、控温双重功能PTC加热丝，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它以钛酸钡为主，渗入多种物质后加工而成。电加热眼罩内部结构如图乙所示，PTC加热丝两端与金属导线相连，形成网状结构，由6V的锂电池供电。每根PTC加热丝电阻随温度变化的关系如图丙所示，当温度达到40℃时，PTC加热丝的发热功率等于散热功率(即在相同时间内产生的热量与散失的热量相等)温度保持不变，实现智能控温。
(1)PTC是______(选填“导体”、“半导体”或“绝缘体”)材料
(2)如图乙所示的加热电路，PTC加热丝的连接方式是______联，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA______IB(填选“<”、“=”或“>”)。
(3)将眼罩加热电路开关闭合，其功率随时间变化的图象最可能是图丁的______。
(4)眼罩加热电路的最大发热功率为______W，当温度为40℃时，通电10min，眼罩加热电路消耗的电能______J。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、电烤炉的电功率约为1kW，工作1小时消耗的电能约为：W=Pt=1kW×1h=1kW⋅h=1度，故A错误；
B、饮水机的工作电压为220V，故B错误；
C、扫地机器人的额定功率约为60W，故C正确；
D、空气炸锅的额定功率约为1500W，正常工作电流约为：I=PU=1500W220V≈7A，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A、平静的湖面相当于一个平面镜，故A正确；
B、湖中倒影是由于光的反射形成的虚像，故B错误；
C、从岸上看见湖中的游鱼是光发生折射形成的虚像，故C正确；
D、雾是由空气中的水蒸气液化成的，液化放热，故D正确。
故选：B。
(1)平面镜成像的原理是光的反射形成的，成的像是虚像，是人的主观感觉，不能用光屏承接；
(2)光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等；
(3)物质由气体变为液体的过程叫液化，液化放热。
本题考查了光的反射和折射以及液化现象，是一道综合题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、火箭发射在加速升空过程中，火箭受力不平衡，故A错误；
B、“天问一号”深空机动变轨过程中相对地球表面位置在改变，它是运动的，故B正确；
C、同向并排行驶的护卫舰和航母保持较大的距离，这是因为流体流速快的地方压强小，故C错误；
D、机器人处理器里的芯片是半导体制成的，故D错误。
故选：B。
(1)火箭在加速升空的过程中，受到的力不平衡。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是运动的。
(3)在流体中，流速越大的位置，压强越小。
(4)机器人处理器里的芯片是半导体材料制成的。
知道平衡力和非平衡力的区别；会根据参照物判断物体的运动情况；知道流体的压强与流速的关系；知道半导体材料的特点及应用。
4.【答案】C
【解析】解：邀请路边的行人上车，车果然不再打滑，是通过增大压力的方法来增大摩擦的；
A、给机器安装滚动轴承，是变滑动为滚动，减小摩擦，故A不符合题意；
B、给轮滑鞋的转轴加润滑剂，是通过使接触面脱离来减小摩擦，故B不符合题意；
C、自行车刹车时用力捏刹把，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大滑动摩擦力，故C符合题意；
D、在二胡琴弓的弓毛上涂上松香，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大滑动摩擦力，故D不符合题意。
故选：C。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
知道增大摩擦的方法和减小摩擦的方法，并且会判断一些现象是用什么方法改变摩擦的。
5.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片自左向右滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数增大，由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V2的示数增大，故AB错误；
电压表V1与电流表A的示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻减小，比值减小，故C正确；
电压表V2与电流表A的示数比值为定值电阻的阻值，阻值不变，比值不变，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，从而判定比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
6.【答案】B
【解析】解：G的重力为300N；物体G对水平地面的压力为100N，则杠杆的A端对物体的拉力为：F′=300N−100N=200N；
AB：OB=4：1，则AO：OB=3：1；
根据杠杆的平衡条件可知：F′×OA=F×OB，则F=F′×AOOB=200N×31=600N。
故选：B。
根据G的重力的大小和G对水平地面的压力，求出A端对物体的拉力的大小；然后根据杠杆的平衡条件求出B点F的大小。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，正确对重物进行受力分析是解题的关键，常见题目。
7.【答案】ACD
【解析】解：AB、LED光源的大小h=10cm，根据乙图可知，当h′的高度为10cm时，像、物大小相等，此时u=v=2f=20cm，可得所用透镜的焦距为10cm，故A错误、B正确；
C、当u=40cm时，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实心，所成像的原理与照相机相同，故C错误；
D、要使光屏上的像变小，需要减小像距、增大物距，可以将LED光源适当远离凸透镜，并移动光屏，故D错误。
故选：ACD。
(1)u=v=2f时物与像大小相等，由此可求得焦距；
(2)u>2f，成倒立缩小的实像，照相机利用了此原理；
(3)凸透镜成实像时，物远像近像变小。
此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像的规律的应用，掌握凸透镜成像的特点及物距、像距与焦距的关系是关键。
8.【答案】ABC
【解析】解：A、在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的物质温度升高的多，所以用比热容小的液体可以使实验现象更明显，故A正确；
B、由图可知，闭合开关，两瓶中电阻丝串联，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流相同，两电阻的阻值不同，实验可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系，故B正确；
C、通电后电流通过电阻丝产生热量越多，煤油的温度升的越高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，应用了转换法，故C正确；
D、比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内分别装有质量相同的水和煤油，要使它们在相同的时间内吸收相同的热量，所以要使两瓶中电阻丝的阻值相同，故D错误。
故选：ABC。
(1)在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的温度变化大，据此进行分析；
(2)由图可知，该电路为串联电路，根据串联电路特点可知通过两电阻的电流相同，两电阻的阻值不同，据此分析；
(3)通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少，属于转换法；
(4)比较水和煤油的比热容大小时，需要控制液体的质量相同，还要使液体相同时间吸热相等。
该题考查了控制变量法和转换法在探究电流产生热量因素的实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的。
9.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测变阻器R两端的电压；
A、如果用电流表替换电压表，则变阻器被短路，电路为灯泡的简单电路，则电流表的示数不变，不能反映药液的多少，所以不能用电流表替换电压表，故A错误；
BD、输液过程中，药液袋中液体减少，药液袋对弹簧的拉力减小，弹簧伸长量逐渐变短，变阻器的滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大；
变阻器R接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡分得的电压变大，
又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，则灯泡变亮，故D错误；
C、开始输液时，药量最大，变阻器接入电路的电阻最大，电路中总电阻最大，根据P=U2R可知电路中总功率最小，故C正确。
故选：AD。
由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测变阻器R两端的电压；
(1)如果用电流表替换电压表，则变阻器被短路，电路为灯泡的简单电路，分析电流表的示数是否会发生变化，从而判断是否能用电流表替换电压表；
(2)输液过程中，药液袋中液体减少，药液袋对弹簧的拉力减小，弹簧伸长量逐渐变短，变阻器的滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点可知灯泡两端电压的变化，根据P=UI得出灯泡实际功率的变化，从而判断灯泡亮暗的变化；
(3)开始输液时，药量最大，变阻器接入电路的电阻最大，电路中总电阻最大，根据P=U2R判断总功率的大小。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
10.【答案】具有能量 ②
【解析】解：拉伸弹性薄膜然后放手，空气会从一端喷出，烛焰被吹灭，这一现象说明声音具有能量，运用了转换法。
①用带箭头的直线表示光的传播路线和方向是利用了模型法，不符合题意；
②利用被吸引的大头针数目来比较电磁铁的磁性强弱利用了转换法，符合题意；
③控制电压相等，研究电流与电阻的关系利用了控制变量法，不符合题意。
故答案为：具有能量；②。
声音具有能量；实验中运用了转换法。
本题考查了学生对物理学方法的理解与掌握，是一道基础题目。
11.【答案】电磁波 运动
【解析】解：电磁波能够在真空中传播，也能传递信息。“天空课堂第二课”现场直播，是通过电磁波实现天地间对话的；
在宇航员返回地球的过程中，以地面为参照物，宇航员们的位置不断变化，所以是运动的。
故答案为：电磁波；运动。
电磁波可以传递信息；
物体相对于参照物的位置发生变化，物体是运动的。
本题在“天宫课堂第二课”展示的情景中考查了电磁波的应用及物体运动状态的判断等知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
12.【答案】连通器 折射
【解析】解：(1)茶壶结构符合上端开口、底部连通的结构特点，利用了连通器原理；
(2)透过透明的玻璃茶壶看到茶叶“变大了”，起到了放大镜的作用，这是光的折射造成的。
故答案为：连通器；折射。
(1)上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平的；
(2)透明的玻璃茶壶相当于放大镜，可对光线进行折射成像。
本题主要考查了对连通器的应用，对折射现象的认识，属基础题。
13.【答案】小 液化 用电器
【解析】解：列车高速驶过时车体附近气体的流速大，压强小。乘坐该趟列车的小明进入温暖的车厢时，眼镜片上立即蒙上了一层“水雾”，这是水蒸气液化的结果。用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于用电器。
故答案为：小；液化；用电器。
(1)在流体中，流速越大的位置压强越小。
(2)物质从气态变成液态的过程叫液化。
(3)用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于用电器。
本题考查了流体的压强与流速的关系；液化现象和用电器的作用，属于基础性题目。
14.【答案】压缩 30
【解析】解：图中进气门和排气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；
因为该汽油机飞轮的转速是3600r/min=60r/s，所以飞轮每秒转动60周，则汽油机每秒钟对外做功30次。
故答案为：压缩；30。
(1)根据汽油机的气门情况和活塞运动情况判断属于哪个冲程；
(2)汽油机的一个工作循环中，经历四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次，结合该汽油机飞轮的转速大小可知每秒内对外做功的次数。
本题考查做功改变内能的能量转化情况以及汽油机中有关量的计算，知道汽油机的一个工作循环中，经历四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次是解题的一个关键。
15.【答案】减小
可能
不可能
【解析】解：将球从M点竖直向下以某一速度抛出，此时具有的机械能为动能和重力势能之和，球经静止在位置a的台面反弹后，在上升过程，球的速度减小，球的动能减小，小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，所以小球的机械能减小，若克服摩擦阻力做功小于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点高，若克服摩擦阻力做功大于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点低，若克服摩擦阻力做功等于最开始的动能，到达的最高点为N点M一样高；球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，由于小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，小球的机械能减小，到达的最高点P比N点低。
故答案为：减小；可能；不可能。
(1)物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；
(2)物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
(3)小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功。
此题考查了动能和势能的转化，小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，机械能不守恒。
16.【答案】6 5
【解析】解：(1)由电路图可知，电阻箱R与定值电阻R0串联，
由图乙可知，当通过电阻箱的电流I′=0.4A时，电阻箱接入电路的阻值R=5Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=U0′+UR′=0.4A×R0+0.4A×5Ω……①
当通过电阻箱的电流I′′=0.3A时，电阻箱接入电路的阻值R′=10Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=U0′′+UR′′=0.3A×R0+0.3A×10Ω……②
由①②解得：R0=10Ω，U=6V；
(2)当电流I=0.5A时，定值电阻R0两端的电压：U0=IR0=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路的电压特点可知，电阻箱两端的电压：UR=U−U0=6V−5V=1V，
通电10s电阻箱消耗的电能：WR=URIt=1V×0.5A×10s=5J。
故答案为：6；5。
(1)由电路图可知，电阻箱R与定值电阻R0串联，从图乙图像中读取两组数据，根据欧姆定律和串联电路的电压特点列出电源电压的表达式，解方程求出定值电阻R0的阻值和电源电压；
(2)根据欧姆定律求出定值电阻R0两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电阻箱两端的电压，根据W=UIt求出通电10s电阻箱消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功的计算，关键是根据图像读出相关的信息。
17.【答案】4.2×106 50%
【解析】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(60℃−10℃)=4.2×106J；
(2)这些煤气完全燃烧放出的热量：
Q放=qV=4×107J/m3×0.21m3=8.4×106J，
热水器烧水的效率：
η=Q吸Q放=4.2×106J8.4×106J×100%=50%。
故答案为：4.2×106；50%。
(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量(有用能量)；
(2)知道使用煤气的体积、煤气的热值，利用Q放=qV求煤气完全燃烧放出的热量(总能量)；热水器烧水的效率等于水吸收的热量与煤气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，是一道较简单的应用题。
18.【答案】质量 吸热 2.1×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(甲、乙两液体密度不同，根据m=ρV，体积相同的两液体质量不同)，实验中必须要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体；
(2)选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，根据转换法，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体吸热相同；
(3)根据描绘出的甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图像知，加热5min，甲升高的温度为：
60℃−20℃=40℃；
乙升高的温度为：
40℃−20℃=20℃<40℃；
根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，则甲液体的比热容：
c=20℃40℃×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；(2)吸热；(3)2.1×103。
(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，据此得出甲液体的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
19.【答案】虚 不变 10.0 放大 左 A
【解析】解：(1)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上，所以，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛A的像；
平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，所以实验时，将蜡烛靠近玻璃板，像的大小不变；
(2)①光屏上得到一个最小、最亮的光斑，即凸透镜的焦点；则由图知，该凸透镜的焦距f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；
当蜡烛、凸透镜位于图丙中刻度对应的位置时，物距为50.0cm−35.0cm=15.0cm，物距大于1倍焦距而小于2倍焦距，所以此时凸透镜能成倒立、放大的实像；
②在图丙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，A点气体流速变大，则A点处气体压强变小，烛焰将向左移动，物距增大，像距应减小，所以应将光屏向左移动，“烛焰尖部”又会变清晰。
③遮住光源的上半部，光源下半部分上的光任一点射向凸透镜，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小只有光源下半部分，所以在光屏上只看到蜡烛像的下半部分，故选A。
故答案为：(1)虚；不变；(2)①10.0；放大；②左；③A。
(1)平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等；
(2)①焦距是指从焦点到凸透镜的距离，根据甲图计算出焦距的大小；根据物距大于1倍焦距小于2倍焦距时，成倒立放大实像的原理进行分析；
②在图乙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，气体在流速大的位置压强小，火焰向左移动，根据凸透镜成实像时，物距越远，像距越小，像越小分析解答；
③物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了平面镜成像的规律，要注意理解应用。
20.【答案】处于 右 1.5 变大 不能 D、N
【解析】解：
(1)如图甲的位置静止时是处于杠杆平衡状态的；
(2)为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。我们使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂大小；
(3)若每个小格长L，在A点挂2个相同的钩码，在B点竖直向下拉弹簧测力计，让杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件有2×0.5N×3L=F×2L
解得F=1.5N，弹簧测力计的示数应为1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，拉力的力臂减小，再次使杠杆水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数将变大；
(4)设圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离为a，阻力力与阻力臂的乘积为：4×0.5N×3a=6aN；动力与动力臂的乘积为：F动×0=0；由于F1L1≠F2L2，所以圆盘不能在图示位置静止；
(5)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得
4×0.5N×3a=n×0.5N×2a
解得n=6
当改变右边挂钩码的位置时，
4×0.5N×3a=6×0.5N×ma
解得m=2
所以右边力臂保持不变，即他可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验。
故答案为：(1)处于；(2)右；(3)1.5；变大；(4)不能；(5)D、N。
(1)杠杆平衡状态：静止或匀速转动；
(2)为了便于直接测量力臂大小，应调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(3)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件计算左边力与力臂的乘积是否等于右边力与力臂的乘积，据此判断圆盘能否静止；
(5)由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可解答，对于复杂的图形，把它转化为基本的杠杆模型来分析。
21.【答案】12.5 B 3 0.38 0.76
【解析】解：(1)原电路图中，电压表和电流表串联后与灯泡并联是错误的，在测小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小明选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡的电阻为：
RL=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−UL=6V−2.5V=3.5V，通过滑动变阻器的电流为I滑=IL=0.2A，则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I滑=3.5V0.2A=17.5Ω>10Ω，且IL=0.2A>0.1A，故滑动变阻器选用B；
(3)由题意和图丙可知，小灯泡、电阻R1、电阻R2是并联接入电路，三者两端电压相等，R2阻值为10Ω，则让R2两端电压为3.8V，小灯泡即正常发光，此时，通过R2的电流为：
I2=U额R2=3.8V10Ω=0.38A，故实验步骤为：
①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.38A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
此时电流表测量的是通过R1和R2的总电流，所以通过R1的电流为：I1=0.58A−0.38A=0.2A，
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
此时电流测量的是通过灯泡和R1的总电流，所以通过灯泡的电流为：I灯=0.4A−0.2A=0.2A，
则小灯泡的额定功率为：P=U额I灯=3.8V×0.2A=0.76W。
故答案为：(1)见解答图；(2)12.5；B；(3)①3；0.38；④0.76。
(1)在测小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R=UI求出小灯泡的电阻；根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定选用的滑动变阻器；
(3)要测量3.8V小灯泡的额定功率，要先让小灯泡两端实际电压达到额定电压，小灯泡正常发光，然后测量出小灯泡的电流，再根据P=UI计算出小灯泡的额定功率。
本题测量小灯泡正常发光时的电阻实验，考查了电路连接、电阻的计算、器材的选择及设计实验方案测功率的能力。
22.【答案】解：(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率：
P=P外+P客+P餐+P主+P次=5000W+180W+100W+140W+80W=5500W，
由P=UI可得，空调线路干路中的总电流：
I=PU=5500W220V=25A；
(2)当只开主卧室空调时，整机的实际功率：
P实=3500W3.5=1000W=1kW，
由P=Wt可得，“整机”正常工作4h所消耗的电能：
W=P实t=1kW×4h=4kW⋅h；
(3)用该空调将次卧室温从36℃降至26℃时，次卧室内空气放出的热量：
Q放=cm(t1−t2)=1000J/(kg⋅℃)×42.0kg×(36℃−26℃)=4.2×105J，
由Q放=W=Pt可得，空调需要工作的时间：
t′=Q放P次=4.2×105J2800W=150s。
答：(1)测试过程中中央空调线路干路中的电流为25A；
(2)“整机”正常工作4h所消耗的电能为4kW⋅h；
(3)至少需要150s的时间。
【解析】(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率等于各用电器功率之和，利用P=UI求出空调线路干路中的总电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍，据此得出当只开主卧室空调时，整机的实际功率，利用P=Wt求出“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室温从35℃降至25℃时，根据Q放=cm(t1−t2)求出次卧室内空气放出的热量，根据Q放=W=Pt求出空调需要工作的时间。
本题考查了电功和热量的综合计算，从题干中获取有用的信息是关键，对学生获取信息解决问题的能力要求较高。
23.【答案】解：(1)物体从井底到井口上升的平均速度v=ht=3m10s=0.3m/s；
(2)汽车的重力G车=m车g=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N，
未拖物体前汽车对水平地面的压力等于重力，则对地面的压强为p=FS=G车S=1.2×104N800×10−4m2=1.5×105Pa；
(3)汽车前进过程中受到的阻力f=0.1G车=0.1×1.2×104N=1200N，
图中的滑轮为定滑轮，则物体匀速上升时，对汽车的拉力F物=G物=2000N，
因为汽车匀速前进，受力平衡，则汽车的牵引力为F牵引力=f+F物=1200N+2000N=3200N；
(4)把物体从井底匀速拖到井口，汽车移动的距离s车=h=3m，
汽车的牵引力做的功W=F牵引力×s车=3200N×3m=9600J，
功率为P=Wt=9600J10s=960W。
答：(1)物体从井底到井口上升的平均速度为0.3m/s；
(2)未拖物体前汽车对水平地面的压强为1.5×105Pa；
(3)把物体从井底匀速拖到井口的过程中，汽车的牵引力是3200N；
(4)汽车的牵引力做功的功率是960W。
【解析】(1)根据v=st计算物体从井底到井口上升的平均速度；
(2)根据G=mg计算汽车的重力，未拖物体前汽车对水平地面的压力等于重力，根据p=FS计算压强；
(3)根据题意计算汽车前进过程中受到的阻力，图中的滑轮为定滑轮，则物体匀速上升时，对汽车的拉力等于物体的重力，因为汽车匀速前进，受力平衡，则汽车的牵引力等于阻力和物体的拉力之和；
(4)把物体从井底匀速拖到井口，汽车移动的距离等于井深，根据W=Fs计算汽车的牵引力做的功，根据P=Wt计算功率。
本题考查了速度、压强、功率的计算和二力平衡的知识，解答(3)时注意汽车匀速前进，牵引力等于摩擦力和对物体的拉力之和。
24.【答案】半导体 并联 > A 9 2160
【解析】解：(1)由题意可知，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，因此PTC是半导体材料；
(2)由图可知，各条PTC加热丝互不影响，故PTC加热丝是并联的；
因为PTC加热丝是并联的，并联的PTC加热丝越多，电流越大，故I A>IB；
(3)由图丙可知，PTC加热丝的阻值随温度的升高，先变小后变大，由P=UI=U2R可知，其功率先变大后变小，故A图符合题意；
(4)由P=UI=U2R可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，
由图丙可知，PTC加热丝的最小阻值为40Ω，
由题意可知，电加热眼罩由10根PTC加热丝并联组成，由并联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R=110R0=110×40Ω=4Ω，
则眼罩加热电路的最大发热功率：P=U 2R=(6V)24Ω=9W；
由图丙可知，当温度为40℃时，PTC加热丝的阻值为100Ω，
由并联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R′=110R0′=110×100Ω=10Ω，
则当温度为40℃时，通电10min，眼罩加热电路消耗的电能：W=UIt=U2R′t=(6V)210Ω×10×60s=2160J。
故答案为：(1)半导体；(2)并联；>；(3)A；(4)9；2160。
(1)由题意可知，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，据此分析；
(2)根据串、并联电路中各用电器是否相互影响确定电路的连接方式；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(3)根据图丙图象结合P=UI=U2R分析其功率随时间变化的图象；
(4)由P=UI=U2R可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，由图丙找出PTC加热丝的最小阻值，由并联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据P=UI=U2R求出电路的最大发热功率；
由图丙找出温度为40℃时，PTC加热丝的阻值，由并联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据W=UIt=U2Rt求出眼罩加热电路消耗的电能。
本题考查了学生阅读相关材料并利用相关知识解决问题的能力，涉及的知识点较多，但总体难度不大。
2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）
1. 下列家用电器的有关数据，最符合实际的是( )
A. 电烤炉工作1小时消耗约0.1度电 B. 饮水机的工作电压为380V
C. 扫地机器人的额定功率约为60W D. 家用电冰箱的工作电流为20A
2. 清晨，薄雾缥缈的白龙湖，水平如镜，水鸟从湖面轻快地掠过，鱼儿在湖中悠闲地游着，岸边的树木与湖中倒影构成了一幅美丽的广元山水画，下列解释不正确的是( )
A. 平静的湖面相当于一个平面镜
B. 湖中倒影是由于光的反射形成的实像
C. 从岸上看见湖中的游鱼是光发生折射形成的虚像
D. 缥缈的雾属于液化现象，需放热
3. 如图所示，关于我国在科技、军事和生活中的发明创造，下列说法正确的是( )
A. 火箭发射在加速升空过程中，火箭受力平衡
B. “天问一号”深空机动变轨过程中相对地球表面是运动的
C. 同向并排行驶的护卫舰和航母保持较大的距离，这是因为流体流速快的地方压强大
D. 机器人处理器里的芯片是超导体制成的
4. 小明和爸爸自驾游，汽车行至多沙山坡，车轮打滑，无法前行。爸爸让小明下车，便于爬坡，小明否定了爸爸的提议，邀请路边的行人上车，车果然不再打滑，开上山坡。下列做法与小明的做法蕴含相同原理的是( )
A. 给机器安装滚动轴承 B. 给轮滑鞋的转轴加润滑剂
C. 自行车刹车时，用力捏车闸 D. 在二胡的弓毛上涂抹松香
5. 在图示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自左向右滑动，则( )
A. 电流表A的示数减小
B. 电压表V2的示数减小
C. 电压表V1与电流表A的示数比值减小
D. 电压表V2与电流表A的示数比值减小
6. 如图所示，轻质木杆AC可以绕O点转动，AB：OB=4：1，A端挂着重为300N的物体G，为了使木杆保持水平位置平衡，且物体G对水平地面的压力为100N，需要在B点施加竖直向下的力的大小为( )
A. 400N B. 600N C. 800N D. 1200N
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
7. 如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置，小明用LED光源代替蜡烛进行了实验探究，LED光源的大小h=10cm。小明经过认真测量，记录了像的大小h′和物距u的数据，并在坐标上描出了像的大小h′与物距u的图像，如图所示，则下列说法错误的是( )
A. 该凸透镜的焦距为20cm
B. 当u=20cm时，光屏上成倒立等大的实像
C. 当u=40cm时所成像的原理与投影仪相同
D. 要使光屏上的像变小，可以将LED光源适当靠近凸透镜，并移动光屏
8. 如图是探究“影响电流热效应因素”的实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1>R2，瓶内装入等质量的煤油，下列说法正确的是( )
A. 烧瓶内选用比热容较小的液体，可以使实验现象更明显
B. 该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系
C. 实验中通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生热量的多少
D. 若要比较水和煤油的比热容大小，只需将一个烧瓶内的煤油换成等质量的水即可
9. 如图所示。小驿设计了一种输液提示器，在护士站能观察到药液量的变化，药量变小时，输液提示器的示数变小，关于这个装置，下列说法中不正确的是( )
A. 可用电流表替换电压表
B. 输液过程中，弹簧伸长量逐渐变短，电压表示数逐渐变小
C. 开始输液时，电器中总功率最小
D. 输液过程中，弹簧伸长量逐渐变短，灯泡变暗
三、填空题（本大题共8小题，共18.0分）
10. 如图是小勇用自制空气炮吹灭烛焰的实验。拉伸弹性薄膜然后放手，空气会从一端喷出，烛焰被吹灭，这一现象说明声音______ 。这与下列哪项采取的科学方法相同？______ 。
①用带箭头的直线表示光的传播路线和方向
②利用被吸引的大头针数目来比较电磁铁的磁性强弱
③控制电压相等，研究电流与电阻的关系
11. 三名宇航员翟志刚、王亚平和叶光富在“天宫一号”进行了“天空课堂第二课”现场直播，是通过______
实现天地间对话的。在2022年4月16日他们返回地球的过程中，以地面为参照物宇航员们是______(选填“运动”或“静止”)的。
12. 茶是世界三大饮品之一，起源于中国，盛行于世界，如图所示的茶壶利用了______ 原理，透过透明的玻璃茶壶看到茶叶“变大了”，这是光的______ 造成的。
13. 如图高铁缓缓驶出站台，站台上标有黄色安全线，与列车高速驶过时车体附近气体的流速大，压强______ (选填“大”或“小”)有关。乘坐该趟列车的小明进入温暖的车厢时，眼镜片上立即蒙上了一层“水雾”，这是水蒸气______ (填物态变化名称)的结果。用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于______ (选填“电源”或“用电器”)。
14. 如图所示是四冲程汽油机的某个冲程，由图可以看出它正处于 冲程，若该汽油机飞轮的转速是3600r/min，则该汽油机每秒钟对外做功 次。
15. 如图，小芳设想利用升降台让球越弹越高。将球从M点竖直向下以某一速度抛出，球经静止在位置a的台面反弹后，到达的最高点为N；经台面反弹后上升过程球的动能 (选填“增大”“不变”“减小”)，N 比M高(选填“可能”、“不可能”)。球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，到达的最高点P 比N高(选填“可能”“不可能”)。
16. 如图甲电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，调节电阻箱的阻值，记录多组数据，得到电流随电阻箱阻值变化的图像如图乙所示，电源电压为______V；当电流I=0.5A时，通电10s电阻箱消耗的电能为______J。
17. 某燃气热水器将20kg的水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气。水吸收的热量是______J.热水器烧水的效率是______。[已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤气的热值为
4×107J/m3]
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
18. 在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示：
(1)实验中必须要选取初温相同且______ (选填“质量”或“体积”)相等的甲、乙两种液体；
(2)选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体______ 相同。
(3)若乙液体的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则甲液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
19. 实验室常用蜡烛完成以下光学实验。
(1)利用如图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是______ 像。将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)蜡烛还可以用于做“探究凸透镜成像规律”实验，图乙中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑(未画出)。
①该凸透镜的焦距为______ cm。图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，则该像是倒立、______ 的实像(填“放大”或“缩小”或“等大”)。
②若在图丙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向______ 移动，“烛焰尖部”呈现的像又会变清晰(选填“左”或“右”)。
③当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板尽可能靠近烛焰，并挡住烛焰的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到______ 。
A.蜡烛像的下半部分
B.蜡烛像的上半部分
C.蜡烛完整的像，像的亮度变暗
D.蜡烛完整的像，像的亮度不变
20. 小华做“探究杠杆平衡条件”实验装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等，请将实验过程补充完整。
(1)杠杆在图甲所示位置静止时______(填“处于”或“不处于”)平衡状态。
(2)为使图甲中的杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______(填“左”或“右”)调节。
(3)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为______N。若斜拉弹簧测力计，使杠杆再次在水平位置平衡，弹簧测力计的示数会______(填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)小华又制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离相等，他先在圆盘的C点挂上4个钩码(如图丙)，再用一个量程合适的弹簧测力计在M点施加竖直向上的拉力后，圆盘______(填“能”或“不能”)在图示位置静止。
(5)为了探究“力的作用点到支点的距离能否影响杠杆的平衡”，小华在圆盘的C点挂上4个钩码(如图丙)，又在G点挂上一定数量的钩码后发现圆盘在如图所示位置平衡，为了改变支点到力的作用点的距离，他将挂在G点的钩码先后挂在______两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在如图所示位置平衡，即可得到结论。
21. 小明用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，小明发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确；
(2)小明选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的电阻为______ Ω，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是______ ；(填选项前的字母)
A.10Ω，0.5A
B.30Ω，0.5A
C.40Ω，0.1A
(3)小明又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他重新找来器材设计了图丙所示的实验电路，已知R2阻值为10Ω。他用同一个电流表分别在图中的①、②、③三个位置测量出电流，请你将下面的步骤补充完整；
①将电流表先接在图中______ (填“1”或“3”)的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为______ A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
④小灯泡的额定功率P= ______ W。
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
22. 随着生活水平的提高，很多家庭装有“一拖四中央空凋”。“一拖四中央空调”简单来说就是一台室外机带四台室内机(如图)。一台室外机即压缩机，实际功率可以随室内机工作情况发生变化。四台室内机可用于四个房间，使用时均正常工作，某用户在自家装修中安装了某品牌的“一拖四中央空调”，其相关系统参数如下表所示，生活用电电压为220V。求：
额定功率
额定制冷量
室外机
5000
16800
63室内机
客厅
180
6300
餐厅
100
4200
主卧室
140
3500
次卧室
80
2800
(1)若该用户测试空调性能时，将室外机以及室内所有空调机全部同时开机进行额定功率下的工作测试，测试过程中中央空调线路干路中的电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍。当只开主卧室空调时，“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室室温从36℃降至26℃，至少需要多长时间[次卧室室内空气质量为42.0kg，空气的比热容为1000J/(kg⋅℃)]。
23. 如图所示，一物体重2000N被遗失在井中，现通过汽车将其提升出来。已知井底到井口的高度为3m，物体从井底到井口上升用时10s，汽车质量为1.2t，轮胎与地面的总接触面积为800cm2，若四个车轮受力均匀，汽车前进过程中自身受到水平地面对它的摩擦力为车重的0.1倍(忽略绳的重力、绳与滑轮之间的摩擦、空气阻力不计)。求．
(1)物体从井底到井口上升的平均速度；
(2)未拖物体前汽车对水平地面的压强；
(3)把物体从井底匀速拖到井口的过程中，汽车的牵引力是多少？
(4)请算出汽车的牵引力做功的功率是多少？
六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读下列短文，回答问题。
智能电加热眼罩近几年，近视眼成为影响青少年身体健康的重要因素，为有效保护眼睛，降低近视率，目前市场上推出一款电加热眼罩(如图甲)，对缓解眼疲劳有一定效果，电加热眼罩是在绝缘的聚酯薄膜表面有序排列10根一样的具有发热、控温双重功能PTC加热丝，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它以钛酸钡为主，渗入多种物质后加工而成。电加热眼罩内部结构如图乙所示，PTC加热丝两端与金属导线相连，形成网状结构，由6V的锂电池供电。每根PTC加热丝电阻随温度变化的关系如图丙所示，当温度达到40℃时，PTC加热丝的发热功率等于散热功率(即在相同时间内产生的热量与散失的热量相等)温度保持不变，实现智能控温。
(1)PTC是______(选填“导体”、“半导体”或“绝缘体”)材料
(2)如图乙所示的加热电路，PTC加热丝的连接方式是______联，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA______IB(填选“<”、“=”或“>”)。
(3)将眼罩加热电路开关闭合，其功率随时间变化的图象最可能是图丁的______。
(4)眼罩加热电路的最大发热功率为______W，当温度为40℃时，通电10min，眼罩加热电路消耗的电能______J。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、电烤炉的电功率约为1kW，工作1小时消耗的电能约为：W=Pt=1kW×1h=1kW⋅h=1度，故A错误；
B、饮水机的工作电压为220V，故B错误；
C、扫地机器人的额定功率约为60W，故C正确；
D、空气炸锅的额定功率约为1500W，正常工作电流约为：I=PU=1500W220V≈7A，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A、平静的湖面相当于一个平面镜，故A正确；
B、湖中倒影是由于光的反射形成的虚像，故B错误；
C、从岸上看见湖中的游鱼是光发生折射形成的虚像，故C正确；
D、雾是由空气中的水蒸气液化成的，液化放热，故D正确。
故选：B。
(1)平面镜成像的原理是光的反射形成的，成的像是虚像，是人的主观感觉，不能用光屏承接；
(2)光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等；
(3)物质由气体变为液体的过程叫液化，液化放热。
本题考查了光的反射和折射以及液化现象，是一道综合题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、火箭发射在加速升空过程中，火箭受力不平衡，故A错误；
B、“天问一号”深空机动变轨过程中相对地球表面位置在改变，它是运动的，故B正确；
C、同向并排行驶的护卫舰和航母保持较大的距离，这是因为流体流速快的地方压强小，故C错误；
D、机器人处理器里的芯片是半导体制成的，故D错误。
故选：B。
(1)火箭在加速升空的过程中，受到的力不平衡。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是运动的。
(3)在流体中，流速越大的位置，压强越小。
(4)机器人处理器里的芯片是半导体材料制成的。
知道平衡力和非平衡力的区别；会根据参照物判断物体的运动情况；知道流体的压强与流速的关系；知道半导体材料的特点及应用。
4.【答案】C
【解析】解：邀请路边的行人上车，车果然不再打滑，是通过增大压力的方法来增大摩擦的；
A、给机器安装滚动轴承，是变滑动为滚动，减小摩擦，故A不符合题意；
B、给轮滑鞋的转轴加润滑剂，是通过使接触面脱离来减小摩擦，故B不符合题意；
C、自行车刹车时用力捏刹把，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大滑动摩擦力，故C符合题意；
D、在二胡琴弓的弓毛上涂上松香，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大滑动摩擦力，故D不符合题意。
故选：C。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
知道增大摩擦的方法和减小摩擦的方法，并且会判断一些现象是用什么方法改变摩擦的。
5.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片自左向右滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数增大，由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V2的示数增大，故AB错误；
电压表V1与电流表A的示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻减小，比值减小，故C正确；
电压表V2与电流表A的示数比值为定值电阻的阻值，阻值不变，比值不变，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，从而判定比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
6.【答案】B
【解析】解：G的重力为300N；物体G对水平地面的压力为100N，则杠杆的A端对物体的拉力为：F′=300N−100N=200N；
AB：OB=4：1，则AO：OB=3：1；
根据杠杆的平衡条件可知：F′×OA=F×OB，则F=F′×AOOB=200N×31=600N。
故选：B。
根据G的重力的大小和G对水平地面的压力，求出A端对物体的拉力的大小；然后根据杠杆的平衡条件求出B点F的大小。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，正确对重物进行受力分析是解题的关键，常见题目。
7.【答案】ACD
【解析】解：AB、LED光源的大小h=10cm，根据乙图可知，当h′的高度为10cm时，像、物大小相等，此时u=v=2f=20cm，可得所用透镜的焦距为10cm，故A错误、B正确；
C、当u=40cm时，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实心，所成像的原理与照相机相同，故C错误；
D、要使光屏上的像变小，需要减小像距、增大物距，可以将LED光源适当远离凸透镜，并移动光屏，故D错误。
故选：ACD。
(1)u=v=2f时物与像大小相等，由此可求得焦距；
(2)u>2f，成倒立缩小的实像，照相机利用了此原理；
(3)凸透镜成实像时，物远像近像变小。
此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像的规律的应用，掌握凸透镜成像的特点及物距、像距与焦距的关系是关键。
8.【答案】ABC
【解析】解：A、在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的物质温度升高的多，所以用比热容小的液体可以使实验现象更明显，故A正确；
B、由图可知，闭合开关，两瓶中电阻丝串联，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流相同，两电阻的阻值不同，实验可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系，故B正确；
C、通电后电流通过电阻丝产生热量越多，煤油的温度升的越高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，应用了转换法，故C正确；
D、比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内分别装有质量相同的水和煤油，要使它们在相同的时间内吸收相同的热量，所以要使两瓶中电阻丝的阻值相同，故D错误。
故选：ABC。
(1)在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的温度变化大，据此进行分析；
(2)由图可知，该电路为串联电路，根据串联电路特点可知通过两电阻的电流相同，两电阻的阻值不同，据此分析；
(3)通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少，属于转换法；
(4)比较水和煤油的比热容大小时，需要控制液体的质量相同，还要使液体相同时间吸热相等。
该题考查了控制变量法和转换法在探究电流产生热量因素的实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的。
9.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测变阻器R两端的电压；
A、如果用电流表替换电压表，则变阻器被短路，电路为灯泡的简单电路，则电流表的示数不变，不能反映药液的多少，所以不能用电流表替换电压表，故A错误；
BD、输液过程中，药液袋中液体减少，药液袋对弹簧的拉力减小，弹簧伸长量逐渐变短，变阻器的滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大；
变阻器R接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡分得的电压变大，
又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，则灯泡变亮，故D错误；
C、开始输液时，药量最大，变阻器接入电路的电阻最大，电路中总电阻最大，根据P=U2R可知电路中总功率最小，故C正确。
故选：AD。
由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测变阻器R两端的电压；
(1)如果用电流表替换电压表，则变阻器被短路，电路为灯泡的简单电路，分析电流表的示数是否会发生变化，从而判断是否能用电流表替换电压表；
(2)输液过程中，药液袋中液体减少，药液袋对弹簧的拉力减小，弹簧伸长量逐渐变短，变阻器的滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点可知灯泡两端电压的变化，根据P=UI得出灯泡实际功率的变化，从而判断灯泡亮暗的变化；
(3)开始输液时，药量最大，变阻器接入电路的电阻最大，电路中总电阻最大，根据P=U2R判断总功率的大小。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
10.【答案】具有能量 ②
【解析】解：拉伸弹性薄膜然后放手，空气会从一端喷出，烛焰被吹灭，这一现象说明声音具有能量，运用了转换法。
①用带箭头的直线表示光的传播路线和方向是利用了模型法，不符合题意；
②利用被吸引的大头针数目来比较电磁铁的磁性强弱利用了转换法，符合题意；
③控制电压相等，研究电流与电阻的关系利用了控制变量法，不符合题意。
故答案为：具有能量；②。
声音具有能量；实验中运用了转换法。
本题考查了学生对物理学方法的理解与掌握，是一道基础题目。
11.【答案】电磁波 运动
【解析】解：电磁波能够在真空中传播，也能传递信息。“天空课堂第二课”现场直播，是通过电磁波实现天地间对话的；
在宇航员返回地球的过程中，以地面为参照物，宇航员们的位置不断变化，所以是运动的。
故答案为：电磁波；运动。
电磁波可以传递信息；
物体相对于参照物的位置发生变化，物体是运动的。
本题在“天宫课堂第二课”展示的情景中考查了电磁波的应用及物体运动状态的判断等知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
12.【答案】连通器 折射
【解析】解：(1)茶壶结构符合上端开口、底部连通的结构特点，利用了连通器原理；
(2)透过透明的玻璃茶壶看到茶叶“变大了”，起到了放大镜的作用，这是光的折射造成的。
故答案为：连通器；折射。
(1)上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平的；
(2)透明的玻璃茶壶相当于放大镜，可对光线进行折射成像。
本题主要考查了对连通器的应用，对折射现象的认识，属基础题。
13.【答案】小 液化 用电器
【解析】解：列车高速驶过时车体附近气体的流速大，压强小。乘坐该趟列车的小明进入温暖的车厢时，眼镜片上立即蒙上了一层“水雾”，这是水蒸气液化的结果。用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于用电器。
故答案为：小；液化；用电器。
(1)在流体中，流速越大的位置压强越小。
(2)物质从气态变成液态的过程叫液化。
(3)用列车上的插座给充电宝充电时，充电宝属于用电器。
本题考查了流体的压强与流速的关系；液化现象和用电器的作用，属于基础性题目。
14.【答案】压缩 30
【解析】解：图中进气门和排气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；
因为该汽油机飞轮的转速是3600r/min=60r/s，所以飞轮每秒转动60周，则汽油机每秒钟对外做功30次。
故答案为：压缩；30。
(1)根据汽油机的气门情况和活塞运动情况判断属于哪个冲程；
(2)汽油机的一个工作循环中，经历四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次，结合该汽油机飞轮的转速大小可知每秒内对外做功的次数。
本题考查做功改变内能的能量转化情况以及汽油机中有关量的计算，知道汽油机的一个工作循环中，经历四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次是解题的一个关键。
15.【答案】减小
可能
不可能
【解析】解：将球从M点竖直向下以某一速度抛出，此时具有的机械能为动能和重力势能之和，球经静止在位置a的台面反弹后，在上升过程，球的速度减小，球的动能减小，小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，所以小球的机械能减小，若克服摩擦阻力做功小于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点高，若克服摩擦阻力做功大于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点低，若克服摩擦阻力做功等于最开始的动能，到达的最高点为N点M一样高；球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，由于小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，小球的机械能减小，到达的最高点P比N点低。
故答案为：减小；可能；不可能。
(1)物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；
(2)物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
(3)小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功。
此题考查了动能和势能的转化，小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，机械能不守恒。
16.【答案】6 5
【解析】解：(1)由电路图可知，电阻箱R与定值电阻R0串联，
由图乙可知，当通过电阻箱的电流I′=0.4A时，电阻箱接入电路的阻值R=5Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=U0′+UR′=0.4A×R0+0.4A×5Ω……①
当通过电阻箱的电流I′′=0.3A时，电阻箱接入电路的阻值R′=10Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=U0′′+UR′′=0.3A×R0+0.3A×10Ω……②
由①②解得：R0=10Ω，U=6V；
(2)当电流I=0.5A时，定值电阻R0两端的电压：U0=IR0=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路的电压特点可知，电阻箱两端的电压：UR=U−U0=6V−5V=1V，
通电10s电阻箱消耗的电能：WR=URIt=1V×0.5A×10s=5J。
故答案为：6；5。
(1)由电路图可知，电阻箱R与定值电阻R0串联，从图乙图像中读取两组数据，根据欧姆定律和串联电路的电压特点列出电源电压的表达式，解方程求出定值电阻R0的阻值和电源电压；
(2)根据欧姆定律求出定值电阻R0两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电阻箱两端的电压，根据W=UIt求出通电10s电阻箱消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功的计算，关键是根据图像读出相关的信息。
17.【答案】4.2×106 50%
【解析】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(60℃−10℃)=4.2×106J；
(2)这些煤气完全燃烧放出的热量：
Q放=qV=4×107J/m3×0.21m3=8.4×106J，
热水器烧水的效率：
η=Q吸Q放=4.2×106J8.4×106J×100%=50%。
故答案为：4.2×106；50%。
(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量(有用能量)；
(2)知道使用煤气的体积、煤气的热值，利用Q放=qV求煤气完全燃烧放出的热量(总能量)；热水器烧水的效率等于水吸收的热量与煤气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，是一道较简单的应用题。
18.【答案】质量 吸热 2.1×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(甲、乙两液体密度不同，根据m=ρV，体积相同的两液体质量不同)，实验中必须要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体；
(2)选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，根据转换法，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体吸热相同；
(3)根据描绘出的甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图像知，加热5min，甲升高的温度为：
60℃−20℃=40℃；
乙升高的温度为：
40℃−20℃=20℃<40℃；
根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，则甲液体的比热容：
c=20℃40℃×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；(2)吸热；(3)2.1×103。
(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，据此得出甲液体的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
19.【答案】虚 不变 10.0 放大 左 A
【解析】解：(1)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上，所以，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛A的像；
平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，所以实验时，将蜡烛靠近玻璃板，像的大小不变；
(2)①光屏上得到一个最小、最亮的光斑，即凸透镜的焦点；则由图知，该凸透镜的焦距f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；
当蜡烛、凸透镜位于图丙中刻度对应的位置时，物距为50.0cm−35.0cm=15.0cm，物距大于1倍焦距而小于2倍焦距，所以此时凸透镜能成倒立、放大的实像；
②在图丙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，A点气体流速变大，则A点处气体压强变小，烛焰将向左移动，物距增大，像距应减小，所以应将光屏向左移动，“烛焰尖部”又会变清晰。
③遮住光源的上半部，光源下半部分上的光任一点射向凸透镜，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小只有光源下半部分，所以在光屏上只看到蜡烛像的下半部分，故选A。
故答案为：(1)虚；不变；(2)①10.0；放大；②左；③A。
(1)平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等；
(2)①焦距是指从焦点到凸透镜的距离，根据甲图计算出焦距的大小；根据物距大于1倍焦距小于2倍焦距时，成倒立放大实像的原理进行分析；
②在图乙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，气体在流速大的位置压强小，火焰向左移动，根据凸透镜成实像时，物距越远，像距越小，像越小分析解答；
③物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了平面镜成像的规律，要注意理解应用。
20.【答案】处于 右 1.5 变大 不能 D、N
【解析】解：
(1)如图甲的位置静止时是处于杠杆平衡状态的；
(2)为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。我们使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂大小；
(3)若每个小格长L，在A点挂2个相同的钩码，在B点竖直向下拉弹簧测力计，让杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件有2×0.5N×3L=F×2L
解得F=1.5N，弹簧测力计的示数应为1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，拉力的力臂减小，再次使杠杆水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数将变大；
(4)设圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离为a，阻力力与阻力臂的乘积为：4×0.5N×3a=6aN；动力与动力臂的乘积为：F动×0=0；由于F1L1≠F2L2，所以圆盘不能在图示位置静止；
(5)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得
4×0.5N×3a=n×0.5N×2a
解得n=6
当改变右边挂钩码的位置时，
4×0.5N×3a=6×0.5N×ma
解得m=2
所以右边力臂保持不变，即他可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验。
故答案为：(1)处于；(2)右；(3)1.5；变大；(4)不能；(5)D、N。
(1)杠杆平衡状态：静止或匀速转动；
(2)为了便于直接测量力臂大小，应调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(3)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件计算左边力与力臂的乘积是否等于右边力与力臂的乘积，据此判断圆盘能否静止；
(5)由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可解答，对于复杂的图形，把它转化为基本的杠杆模型来分析。
21.【答案】12.5 B 3 0.38 0.76
【解析】解：(1)原电路图中，电压表和电流表串联后与灯泡并联是错误的，在测小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小明选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡的电阻为：
RL=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−UL=6V−2.5V=3.5V，通过滑动变阻器的电流为I滑=IL=0.2A，则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I滑=3.5V0.2A=17.5Ω>10Ω，且IL=0.2A>0.1A，故滑动变阻器选用B；
(3)由题意和图丙可知，小灯泡、电阻R1、电阻R2是并联接入电路，三者两端电压相等，R2阻值为10Ω，则让R2两端电压为3.8V，小灯泡即正常发光，此时，通过R2的电流为：
I2=U额R2=3.8V10Ω=0.38A，故实验步骤为：
①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.38A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
此时电流表测量的是通过R1和R2的总电流，所以通过R1的电流为：I1=0.58A−0.38A=0.2A，
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
此时电流测量的是通过灯泡和R1的总电流，所以通过灯泡的电流为：I灯=0.4A−0.2A=0.2A，
则小灯泡的额定功率为：P=U额I灯=3.8V×0.2A=0.76W。
故答案为：(1)见解答图；(2)12.5；B；(3)①3；0.38；④0.76。
(1)在测小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R=UI求出小灯泡的电阻；根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定选用的滑动变阻器；
(3)要测量3.8V小灯泡的额定功率，要先让小灯泡两端实际电压达到额定电压，小灯泡正常发光，然后测量出小灯泡的电流，再根据P=UI计算出小灯泡的额定功率。
本题测量小灯泡正常发光时的电阻实验，考查了电路连接、电阻的计算、器材的选择及设计实验方案测功率的能力。
22.【答案】解：(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率：
P=P外+P客+P餐+P主+P次=5000W+180W+100W+140W+80W=5500W，
由P=UI可得，空调线路干路中的总电流：
I=PU=5500W220V=25A；
(2)当只开主卧室空调时，整机的实际功率：
P实=3500W3.5=1000W=1kW，
由P=Wt可得，“整机”正常工作4h所消耗的电能：
W=P实t=1kW×4h=4kW⋅h；
(3)用该空调将次卧室温从36℃降至26℃时，次卧室内空气放出的热量：
Q放=cm(t1−t2)=1000J/(kg⋅℃)×42.0kg×(36℃−26℃)=4.2×105J，
由Q放=W=Pt可得，空调需要工作的时间：
t′=Q放P次=4.2×105J2800W=150s。
答：(1)测试过程中中央空调线路干路中的电流为25A；
(2)“整机”正常工作4h所消耗的电能为4kW⋅h；
(3)至少需要150s的时间。
【解析】(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率等于各用电器功率之和，利用P=UI求出空调线路干路中的总电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍，据此得出当只开主卧室空调时，整机的实际功率，利用P=Wt求出“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室温从35℃降至25℃时，根据Q放=cm(t1−t2)求出次卧室内空气放出的热量，根据Q放=W=Pt求出空调需要工作的时间。
本题考查了电功和热量的综合计算，从题干中获取有用的信息是关键，对学生获取信息解决问题的能力要求较高。
23.【答案】解：(1)物体从井底到井口上升的平均速度v=ht=3m10s=0.3m/s；
(2)汽车的重力G车=m车g=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N，
未拖物体前汽车对水平地面的压力等于重力，则对地面的压强为p=FS=G车S=1.2×104N800×10−4m2=1.5×105Pa；
(3)汽车前进过程中受到的阻力f=0.1G车=0.1×1.2×104N=1200N，
图中的滑轮为定滑轮，则物体匀速上升时，对汽车的拉力F物=G物=2000N，
因为汽车匀速前进，受力平衡，则汽车的牵引力为F牵引力=f+F物=1200N+2000N=3200N；
(4)把物体从井底匀速拖到井口，汽车移动的距离s车=h=3m，
汽车的牵引力做的功W=F牵引力×s车=3200N×3m=9600J，
功率为P=Wt=9600J10s=960W。
答：(1)物体从井底到井口上升的平均速度为0.3m/s；
(2)未拖物体前汽车对水平地面的压强为1.5×105Pa；
(3)把物体从井底匀速拖到井口的过程中，汽车的牵引力是3200N；
(4)汽车的牵引力做功的功率是960W。
【解析】(1)根据v=st计算物体从井底到井口上升的平均速度；
(2)根据G=mg计算汽车的重力，未拖物体前汽车对水平地面的压力等于重力，根据p=FS计算压强；
(3)根据题意计算汽车前进过程中受到的阻力，图中的滑轮为定滑轮，则物体匀速上升时，对汽车的拉力等于物体的重力，因为汽车匀速前进，受力平衡，则汽车的牵引力等于阻力和物体的拉力之和；
(4)把物体从井底匀速拖到井口，汽车移动的距离等于井深，根据W=Fs计算汽车的牵引力做的功，根据P=Wt计算功率。
本题考查了速度、压强、功率的计算和二力平衡的知识，解答(3)时注意汽车匀速前进，牵引力等于摩擦力和对物体的拉力之和。
24.【答案】半导体 并联 > A 9 2160
【解析】解：(1)由题意可知，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，因此PTC是半导体材料；
(2)由图可知，各条PTC加热丝互不影响，故PTC加热丝是并联的；
因为PTC加热丝是并联的，并联的PTC加热丝越多，电流越大，故I A>IB；
(3)由图丙可知，PTC加热丝的阻值随温度的升高，先变小后变大，由P=UI=U2R可知，其功率先变大后变小，故A图符合题意；
(4)由P=UI=U2R可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，
由图丙可知，PTC加热丝的最小阻值为40Ω，
由题意可知，电加热眼罩由10根PTC加热丝并联组成，由并联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R=110R0=110×40Ω=4Ω，
则眼罩加热电路的最大发热功率：P=U 2R=(6V)24Ω=9W；
由图丙可知，当温度为40℃时，PTC加热丝的阻值为100Ω，
由并联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R′=110R0′=110×100Ω=10Ω，
则当温度为40℃时，通电10min，眼罩加热电路消耗的电能：W=UIt=U2R′t=(6V)210Ω×10×60s=2160J。
故答案为：(1)半导体；(2)并联；>；(3)A；(4)9；2160。
(1)由题意可知，PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，据此分析；
(2)根据串、并联电路中各用电器是否相互影响确定电路的连接方式；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(3)根据图丙图象结合P=UI=U2R分析其功率随时间变化的图象；
(4)由P=UI=U2R可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，由图丙找出PTC加热丝的最小阻值，由并联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据P=UI=U2R求出电路的最大发热功率；
由图丙找出温度为40℃时，PTC加热丝的阻值，由并联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据W=UIt=U2Rt求出眼罩加热电路消耗的电能。
本题考查了学生阅读相关材料并利用相关知识解决问题的能力，涉及的知识点较多，但总体难度不大。
相关试卷
2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷： 这是一份2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理三模试卷，共21页。试卷主要包含了选择题注意，填空题，计算题，实验作图题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考三模物理试卷： 这是一份2023年辽宁省沈阳市皇姑区中考三模物理试卷，共10页。
2023年辽宁省沈阳市中考物理二模试卷： 这是一份2023年辽宁省沈阳市中考物理二模试卷，共34页。试卷主要包含了选择题，计算题，实验，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
