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山东省枣庄市峄城区2021-2022学年八年级下学期期末物理试卷
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这是一份山东省枣庄市峄城区2021-2022学年八年级下学期期末物理试卷，共23页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
第I卷(选择题共36分)一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）下列数据中，记录错误的是（ ）
A．1m/s＝3.6km/h
B．1kg＝9.8N
C．4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3
D．标准大气压数值为1.013×105Pa
2．（2分）如图所示，直升机悬停在空中，不计浮力，下列说法正确的是（ ）
A．螺旋桨对空气的作用力与直升飞机所受重力是一对相互作用力
B．螺旋桨对空气的作用力与空气对螺旋桨的作用力是一对平衡力
C．悬停在空中的直升飞机对地球没有作用力
D．直升飞机所受向上的力的施力物体是空气
3．（2分）排球是我市中考体育测试项目之一，同学们在排球考试时，下列分析正确的是（ ）
A．排球上升到最高点时受平衡力的作用
B．排球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
C．假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将做匀速直线运动
D．排球离开手后还能继续向上运动是由于受到惯性的作用
4．（2分）如图所示，小林静止站在商场的电梯上，随电梯匀速向上运动，下列说法正确的是（ ）
A．小林受到重力、支持力作用
B．小林受到重力、支持力和水平向右的摩擦力作用
C．以地面为参照物，小林是静止的
D．小林受到的支持力大于重力
5．（2分）下列实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．用力握紧羽毛球拍
B．足球守门员戴有防滑手套
C．拧瓶盖时垫上毛巾
D．给自行车的车轴加润滑油
6．（2分）自行车既是环保的交通工具也是很好的健身器材。下列叙述正确的是（ ）
A．给车胎充气增加了车胎内气体的压强
B．地面对自行车的摩擦力总是阻碍车前进
C．刹车时自行车受到惯性的作用会继续前进一段距离
D．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对平衡力
7．（2分）将一个新鲜的鸡蛋分别浸入盛有水和浓盐水的容器中，鸡蛋静止在两个容器中的位置如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A．鸡蛋在水中受到的浮力大
B．鸡蛋在水和浓盐水中受到的浮力一样大
C．鸡蛋的密度大于水的密度
D．鸡蛋的密度小于浓盐水的密度
8．（2分）小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球运动状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。下列方案不合理的是（ ）
A．竖直向下吹气 B．竖直向上吹气
C．水平向左吹气 D．斜向下吹气
9．（2分）下列现象不是利用大气压的是（ ）
A．茶壶 B．盆景自动供水装置
C．活塞式抽水机 D．吸饮料
10．（2分）如图所示，当乒乓球从水里上浮到水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底的压强为pA，在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是（ ）
A．FA＝FB pA＝pB B．FA＜FB pA＜pB
C．FA＞FB pA＞pB D．FA＞FB pA＝pB
11．（2分）在木棒的一端缠绕几圈细铜丝，制成一支简易液体密度计，将其先后放入盛有甲、乙两种液体的相同烧杯中，处于静止状态，且放入密度计后液面高度相同，如图所示。若密度计在甲、乙液体中所受浮力分别是F甲、F乙，甲、乙两种液体的密度分别是ρ甲、ρ乙，甲、乙两种液体对容器底部产生的压强分别是p甲、p乙，则（ ）
A．F甲＜F乙 B．F甲＞F乙 C．ρ甲＞ρ乙 D．p甲＜p乙
12．（2分）如图是“寻梦”学习小组制作的潜水艇模型，通过胶管从烧瓶中吸气或向烧瓶中吹气，就可使烧瓶下沉或上浮。若从烧瓶中吸气，使其从如图所示的位置下沉（胶管在水中的体积忽略不计）。下列分析正确的是（ ）
A．“潜水艇”所受的浮力逐渐变小
B．“潜水艇”排开水的重力保持不变
C．“潜水艇”顶部受到水的压强保持不变
D．“潜水艇”是通过改变浮力的大小来实现下沉的
13．（2分）一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示）。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么（ ）
A．卫星在远地点的势能最大、动能为零
B．卫星在近地点的动能最大、势能为零
C．卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小
D．卫星从近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小
14．（2分）羽毛球比赛中，空中飞行的羽毛球先后经过A、B两点时的动能相等，相比A点，羽毛球在B点时（ ）
A．机械能较小，重力势能较大
B．机械能较大，重力势能较大
C．机械能较小，重力势能较小
D．机械能较大，重力势能较小
15．（2分）频闪照相是研究物体运动的重要手段之一，图所示的频闪照片记录了竖直下落的小球每隔相等时间的位置，不计空气阻力，在小球下落的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小球的重力势能逐渐增大
B．小球的机械能逐渐减小
C．小球的重力在ab段做功比在cd段多
D．小球的重力在ab段做功比在cd段慢
16．（2分）如图是杠杆原理在生活中的应用，能省距离的是（ ）
A．用钓鱼竿钓鱼
B．用撬棒撬石头
C．用起子起瓶盖
D．用羊角锤起钉子
17．（2分）如图所示用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂L阻和动力F动的变化情况是（ ）
A．L阻不变，F动变大 B．L阻不变，F动不变
C．L阻变大，F动变大 D．L阻变大，F动不变
18．（2分）A中的杠杆和物体处于静止状态，B、C、D中的物体被匀速吊起，所有物体重力均为G，不计动滑轮重力、绳重和一切摩擦，则所用拉力F最小的是（ ）
A． B．
C． D．
第Ⅱ卷（非选择题共64分）二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分，
19．（2分）如图所示为实验室常用的弹簧测力计，使用前要检查指针是否 ，图中所示的物重是 N。
20．（2分）2020年6月23日9时43分，我国用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第55颗导航卫星，提前半年完成全球组网部署。火箭加速升空时，火箭推力 重力；卫星脱离火箭时，由于具有 ，能保持原有运动状态。
21．（3分）挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，目的是 压强，履带的外表面做得凹凸不平，是为了 摩擦（选填“增大”或“减小”），压路机将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的 。
22．（3分）大连舰满载时排水量是12300t，则其满载时受到的浮力为 N（g取10N/kg）；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变”）；两只舰艇不能近距离高速并排航行，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越 ，容易相撞。
23．（2分）工程师把三峡水电站水库大坝设计成上窄下宽的形状，是因为水的深度越深、压强越 （选填“大”或“小”）。当水库水深为100m时，坝底受到的水的压强是 Pa（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）。
24．（2分）如图所示是同学们常用的燕尾夹，AB＝BC，当用力摁住C点打开该夹子时，可把 点看作支点，此时夹子可近似看作 杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。
三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共36分。
25．（2分）深蹲运动是靠腿部肌肉收缩产生动力，克服人体上部的重力G，从而达到锻炼目的（如图甲）。图乙是将人体抽象为杠杆的示意图，O为支点，请在图乙中画出G的示意图及其力臂L（A点为人体上部的重心）。
26．（12分）在“探究影响浮力大小的因素”实验中，同学们根据生活经验，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸入液体中的深度有关；②与物体排开液体的体积有关；③与液体的密度有关。
（1）请你写出能够支持猜想③的一个生活现象： 。
（2）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。其中序号b中物体P所受浮力大小为 N。
（3）分析a、c、d三次实验，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度 （选填“有关”或“无关”）；分析 三次实验，可知浮力大小与物体排开液体的体积有关；分析a、d、e三次实验，可知在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力 （选填“越大”或“越小”）。
（4）本实验不仅可以探究影响浮力大小的因素，从实验数据还可求出物体P的密度为 kg/m3。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
27．（10分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的 相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球 ；
（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是： ；
（3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图 （填“甲”、“乙”或“丙”）中的小球，原因是 。
28．（12分）[探究名称】探究杠杆的平衡条件
[猜想与假设】
猜想一：动力×动力臂＝阻力×阻力臂
猜想二：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离
【设计实验与进行实验】
（1）如图甲所示，应将杠杆两端的螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）如图乙所示，小明同学挂上钩码并调节钩码的位置，使杠杆水平平衡，记录的数据如表。
（3）改变钩码的 和钩码的位置重复上述实验两次，记录的数据如表。
实验次数
动力F1/N
OB间距离/cm
阻力F2/N
OA间距离/cm
小明
1
1.0
5
0.5
10
2
1.5
10
1.0
15
3
1.0
10
2.0
5
小红和小明
4
0.8
15
1.0
10
5
1.4
15
1.0
10
【分析与论证】
根据小明同学的数据可验证猜想 （选填“一”、“二”或“一和二”）是正确的。而小红同学则认为小明同学每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的 进行实验。
于是，小红同学协助小明同学按图丙方式进行实验，获得表中后两组数据。综合分析表中数据可验证猜想 是错误的。若要验证另一种猜想是否正确，必须添加的测量工具是 。
通过以上探究，小明同学真正理解了力臂是支点到 的距离。
四、计算题：本题包括2个小题，29题6分，30题8分，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．（6分）如图所示，甲工人用水平推力F甲推动重为750N的货物，在水平路面上匀速移动2m至仓库门口A处，用时10s，此过程中甲工人做功的功率P甲＝30W；乙工人接着使用滑轮组拉动该货物在同样的路面上匀速移动3m到达指定位置B，拉力F乙为80N。求：
（1）甲工人做的功；
（2）该滑轮组的机械效率。
30．（8分）如图是我国自主研制的“准三代”96A式主战坦克，它采用100马力V型水冷涡轮增压柴油机，安装了先进的火控系统和多种光电技术应用，使火炮威力更大、火力反应时间更短、打击精度更高。该坦克具有潜渡功能，坦克重42t，高2.3m，每条履带与地面的接触面积为2m2。请利用给出的数据，求：（g取10N/kg）
（1）该坦克在水平路面行驶时，对地面的压强。
（2）坦克在深为5m的河水潜渡时，在坦克顶部面积为0.8m2的舱门受的河水的压力；
（3）坦克在该河段水中潜渡时，坦克对水平河床的压力为105N，该坦克的体积是多大？
2021-2022学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
第I卷(选择题共36分)一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【分析】（1）物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程，据此作出判断。
（2）在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，而不是1kg＝9.8N；
（3）4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3；
（4）标准大气压数值为1.013×105Pa。
【解答】解：
A、1m/s＝1×3.6km/h＝3.6km/h，故A正确；
B、在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，但1kg≠9.8N，故B错误；
C、4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3，故C正确；
D、标准大气压数值为1.013×105Pa，故D正确；
故选：B。
2．【分析】（1）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，缺一不可；
（3）地面附近的物体受到地球的吸引力的作用，物体间力的作用是相互的。
【解答】解：
A．螺旋桨对空气的作用力向下，直升飞机所受重力方向也向下，所以这两个力不是一对相互作用力；故A错误；
B．螺旋桨对空气的作用力受力物体是空气，空气对螺旋桨的作用力受力物体是螺旋桨，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故B错误；
C．悬停在空中的直升飞机受到重力的作用，而重力的施力物体是地球，由于力的作用是相互的，所以悬停在空中的直升飞机对地球也有力的作用，故C错误；
D．螺旋桨向下对空气施力，根据力的相互性可知，空气会对飞机向上施力，飞机便能上升，故D正确。
故选：D。
3．【分析】（1）根据排球的受力情况判定其是否受到平衡力的作用；
（2）力是改变物体运动状态的原因；
（3）根据牛顿第一定律分析排球的运动状态；
（4）任何物体都有惯性，惯性是一种性质。
【解答】解：
A、排球上升到最高点时受到重力的作用，受力不平衡，故A错误；
B、排球下降时速度增大，是因为受到竖直向下的重力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、假如正在上升的排球所受的力全部消失，由于球是运动的，则其运动状态不变，将做匀速直线运动，故C正确；
D、排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：C。
4．【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的一定是平衡力的作用，然后根据二力平衡的条件对受力物体进行分析；
（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
【解答】解：
A．任何物体都会受到重力的作用，小林在重力的作用下没有下降，是因为电梯对其有向上的支持力的作用。小林随电梯匀速运动，在水平方向上是因为惯性而运动，没有受到水平方向的动力，故A正确；
B．小林和电梯匀速运动，二者之间保持相对静止，且没有将要运动的趋势，小林没有受摩擦力，故B错误；
C．小林向右上方运动，以地面为参照物，小林的位置发生了变化，是运动的，故C错误；
D．小林做匀速直线运动，受到的力是平衡力，支持力和重力是相等的，故D错误。
故选：A。
5．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；通过使接触面脱离的方法减小摩擦力；用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。
【解答】解：A、用力握紧羽毛球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故A错误。
B、足球守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B错误。
C、拧瓶盖时垫上毛巾，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C错误。
D、给自行车的车轴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力。故D正确。
故选：D。
6．【分析】（1）当给车胎充气时，轮胎内的气体分子数目增加，所以车胎内气体的压强会变大；
（2）自行车用力蹬而前进时，自行车前轮是从动轮，后轮是主动轮，主动轮为自行车前进提供动力；当自行车滑行时，自行车前轮、后轮都是从动轮；
因为是后轮驱动，所以后轮受到地面对它向前的摩擦力，而前轮不是驱动轮，被后轮推着前进，相对地面向前运动，受到地面对它向后的摩擦；
（3）正确理解惯性的概念，惯性是物体的一种特性，不是力；
（4）判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
【解答】解：A、轮胎内的气体压强与轮胎内的气体质量和温度有关，当给车胎充气时，当轮胎内的气体质量增加时，气体分子数目增多，所以车胎内气体的压强会变大，故A正确；
B、用力蹬自行车前进时，后轮相对于地面有向后的运动趋势，因此后轮所受的摩擦力向前，是自行车前进的动力，故B错误；
C、刹车时，车还会继续前进一段距离，是因为自行车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D、自行车对地面的压力和地面对自行车的支持力是一对相互作用力，自行车的重力与地面对自行车的支持力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
7．【分析】物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮＞G；悬浮或漂浮时，F浮＝G；下沉时，F浮＜G；
如果被研究物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：
①ρ物＜ρ液，上浮，最终处于漂浮状态；
②ρ物＝ρ液，悬浮；
③ρ物＞ρ液，下沉；
根据物体的浮沉条件，结合图示分析解答。
【解答】解：
AB、由图可知鸡蛋在水中沉底，则浮力小于鸡蛋的重力；鸡蛋在浓盐水中悬浮，则浮力等于鸡蛋的重力，且同一只鸡蛋的重力不变，所以鸡蛋在浓盐水中受到的浮力大，故AB错误。
CD、鸡蛋在水中沉底，则鸡蛋的密度大于水的密度；鸡蛋在盐水中悬浮，则鸡蛋的密度等于浓盐水的密度，故C正确，D错误。
故选：C。
8．【分析】首先分析不吹气时乒乓球的状态，再分析吹气时乒乓球的状态，如果乒乓球受到流体压力时运动状态变化了，就能探究流速对流体压强的影响。
【解答】解：A、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，产生向上的压力差，乒乓球保持静止状态，所以竖直向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故A合理；
B、图中乒乓球不能被吹走，易被误认为是吹力不够大，故不能很好的探究流速对流体压强的影响，故B不合理；
C、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大压强小，乒乓球左下方空气流速小压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，所以斜向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故C合理；
D、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向右吹气时，乒乓球右侧空气流速大压强小，乒乓球左侧空气流速小压强大，产生向左的压力差，乒乓球保持静止状态，所以水平向右吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故D合理。
故选：B。
9．【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A符合题意；
B、盆景的自动给水装置上端不开口，底部虽然相互连通，它是利用大气压来工作的，故B不合题意；
C、活塞式抽水机工作时，是使其内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下将水压入抽水机内，进而实现把水从低处压到高处的目的，利用了大气压，故C不合题意；
D、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，利用了大气压，故D不合题意。
故选：A。
10．【分析】由图可知乒乓球在A、B位置时，排开水的体积大小，然后根据阿基米德原理判断浮力大小；由于乒乓球从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则根据p＝ρgh即可判断水对杯底压强大小关系。
【解答】解：
由图知，乒乓球在A位置时是浸没，此时V排A＝V球；在B位置时是漂浮，此时V排B＜V球，所以V排A＞V排B，
由F浮＝ρ液gV排可知乒乓球受到的浮力FA＞FB；
由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则hA＞hB，
根据p＝ρgh可知水对杯底的压强pA＞pB。
故选：C。
11．【分析】（1）同一支密度计重力一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中，所受浮力大小等于密度计重力大小，从而确定密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；
（2）如图所示，密度计在甲液体中排开液体的体积小，在乙液体中排开液体的体积大，由公式F浮＝ρ液gV排可知，两种液体密度的大小关系，根据液体压强公式p＝ρ液gh可知两种液体对容器底的压强大小关系。
【解答】解：AB、同一支密度计的重力G一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中所受浮力大小为：F甲＝G，F乙＝G，即F甲＝F乙，故A、B错误；
C、如图所示，密度计排开液体的体积关系为：V排甲＞V排乙，由公式F浮＝ρ液gV排可知，在浮力大小相同时，液体密度ρ甲＜ρ乙，故C错误；
D、相同烧杯中放入密度计后液面高度相同时，即烧杯内液体深度相同，且液体密度ρ甲＜ρ乙，由液体压强公式p＝ρ液gh可知，液体对烧杯底的压强p甲＜p乙，故D正确。
故选：D。
12．【分析】（1）根据阿基米德原理F浮＝ρ液V排g判断浮力变化；
（2）阿基米德原理：物体排开液体的重力等于物体浸入液体受到的浮力；
（3）根据p＝ρgh分析压强变化；
（4）“潜水艇”通过改变自重的方式来实现沉浮。
【解答】解：A、吸气时，瓶内气压减小，大气压将烧瓶外的水压入烧瓶内，水进入烧瓶中自重增大，但V排不变，由公式F浮＝ρ液V排g可知，在水的密度不变时，“潜水艇”所受的浮力不变，故A错误；
B、由阿基米德原理可知“潜水艇”排开水的重力等于“潜水艇”受到的浮力，由A可知，浮力不变，故B正确；
C、“潜水艇”下沉过程中，顶部到水面的深度越来越大，所以顶部受到的水的压强越来越大，故C错误；
D、吸气时，瓶内气压减小，大气压将烧瓶外的水压入烧瓶内，水进入烧瓶中自重增大，但V排不变，浮力不变，当G总＞F浮时，“潜水艇”就会下沉，所以“潜水艇”不是通过改变浮力的大小来实现下沉的，而是通过改变自重的大小来实现下沉的，故D错误。
故选：B。
13．【分析】（1）动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：
A、卫星质量一定，在远地点时相对地球距离最大，势能最大，卫星仍在运动，故动能不为零；故A错误；
B、卫星质量一定，在近地点时速度最大，动能最大，相对地球有一定距离，势能不为零；故B错误；
CD、卫星在运行过程中机械能保持不变，从近地点向远地点运动过程中，速度变小，动能变小；高度变大，势能变大，动能转化为势能；故C正确，D错误。
故选：C。
14．【分析】动能和势能统称为机械能。不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。据此分析即可解答。
【解答】解：空中飞行的羽毛球需要克服空气阻力做功，会有一部分机械能转化为内能，所以B点的机械能小于A点的机械能；
动能和势能统称为机械能，A、B两点时的动能相等，故相比A点，羽毛球在B点时的重力势能较小。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
15．【分析】（1）影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，根据高度变化判断重力势能变化；
（2）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；
（3）根据公式W＝Gh，判断重力做功的大小；
（4）屏闪照片在ab段和cd段间隔时间相同，根据P＝判断功率的大小；
【解答】解：A、小球在下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小；故A错误；
B、小球在整个下落过程中，由于不计空气阻力，机械能没有转化为内能，机械能守恒，所以小球的机械能不变；故B错误；
C、小球的重力G不变，小球在ab段比cd段下落高度小，根据W＝Gh可知，小球的重力在ab段做功比在cd段少；故C错误；
D、小球在ab段和cd段下降所用时间相同，又知在ab段比cd段重力所做的功少，根据P＝可知，重力在ab段做功比在cd段慢；故D正确。
故选：D。
16．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离，故A符合题意；
B、用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故B不符合题意；
C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故C不符合题意；
D、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故D不符合题意。
故选：A。
17．【分析】先分析阻力臂的变化，再根据杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂，分析动力的变化。
【解答】解：剪刀的轴是支点，剪纸时阻力作用在纸和剪刀的接触点，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力F阻不变，动力臂L动不变，阻力臂L阻逐渐变大，由杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，动力F动逐渐变大。
故选：C。
18．【分析】（1）根据杠杆平衡公式：F1l1＝F2l2分析；
（2）不计摩擦和滑轮重力，使用滑轮组时，有几段绳子承担动滑轮和物体的重，拉力就是物重的几分之一，因此承担动滑轮和物体的重的绳子段数越多越省力。
【解答】解：A、图中，动力臂为阻力臂的一半，所以动力为阻力的2倍，即F＝2G；
B、图中为定滑轮，不省力，所以F＝G；
C、图中有2段绳子承担物体的重，所以F＝G；
D、图中有3段绳子承担物体的重，所以F＝G；
综上，D图中所用拉力F最小。
故选：D。
第Ⅱ卷（非选择题共64分）二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分，
19．【分析】使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零刻度线，如果不在则要将指针调到零刻度线；先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数，物体重力等于弹簧测力计的示数。
【解答】解：每次使用弹簧测力计时都要观察指针是否指在零刻度线处，不在零刻度线的就要校零；
由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N，即物重为2.2N。
故答案为：指在零刻度线；2.2。
20．【分析】从力的作用效果和惯性两个方面去分析；力的作用效果有两个：一是改变物体的形状；二是改变物体的运动状态。惯性是一切物体都具有的保持原来运动状态不变的性质。
【解答】解：卫星发射加速离开地面时，火箭的运动状态时刻在改变，火箭一定受到非平衡力的作用，受到的推力一定大于火箭的重力；卫星脱离火箭时，能保持原有运动状态，是因为它具有惯性，能保持原有的运动状态不变。
故答案为：大于；惯性。
21．【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
增大摩擦力的方法：在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
【解答】解：挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
履带的外表面做得凹凸不平，这是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
用压路机碾压地面的过程中，将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的形状。
故答案为：增大；增大；形状。
22．【分析】根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化；
流体压强与流速的关系是：流速越大的地方压强越小；流速越小的地方压强越大。
【解答】解：满载排水量m排＝12300t＝1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝1.23×107kg×10N/kg＝1.23×108N；
舰载直升机起飞后，大连舰自重变小，因大连舰仍然漂浮，所以根据物体浮沉条件可知，大连舰受到的浮力变小；
并排快速前进的两艘舰艇之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是舰艇之间水的流速变大，压强变小，在外部大气压强作用下，导致舰艇相撞。
故答案为：1.23×108；变小；小。
23．【分析】（1）根据液体内部的压强特点（液体内部的压强随深度的增加而增大）分析；
（2）利用p＝ρgh算出坝底受到的水的压强。
【解答】解：
（1）因为液体的压强随深度的增加而增大，所以，为了使水坝底部能承受更大的水压，大坝应设计成上窄下宽的形状；
（2）当水深h＝100m，坝底受到水的压强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×100m＝1.0×106Pa。
故答案为：大；1.0×106。
24．【分析】杠杆可以绕其转动的点为支点，当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。
【解答】解：当用力摁住C点打开该夹子时，AC是围绕B点转动的，故B为支点；由于AB＝BC，故动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
故答案为：B；等臂。
三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共36分。
25．【分析】（1）重力的方向是竖直向下的，从重心竖直向下画一带箭头的线段，可得重力的示意图；
（2）从支点向重力的作用线作垂线，支点到垂足的距离为重力的力臂。
【解答】解：
（1）A点为人体上部的重心，从重心竖直向下画一条带箭头的线段，并标出重力的符号G，即为重力的示意图；
（2）从支点O向重力的作用线作垂线段，可得重力的力臂L，如图所示：
26．【分析】（1）根据猜想：③与液体的密度有关，从改变液体密度角度进行猜想；
（2）物体在水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在水中时弹簧测力计的示数；
（3）a、c、d三次实验步骤中，物体全部浸没在水中，排开水的体积相同，浸没的深度不同，弹簧测力计的示数相同，由此可得出结论；
物体受到的浮力的大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另一外一个因素不变，分析实验中相同量和不同量，结合称重法测浮力得出浮力大小与变化量的关系；
（4）根据F浮＝G﹣F求处在水中的浮力大小，根据阿基米德原理求出物体的体积；
由G＝mg可求得物体质量，然后由密度公式可求得其密度。
【解答】解：
（1）种子在盐水中漂浮（悬浮），在清水中沉底，由此说明浮力大小与液体的密度有关；
（2）物体在空气中时弹簧测力计示数4.8N，图b在水中时弹簧测力计的示数为3.4N，则物体在水中所受浮力F浮＝G﹣F＝4.8N﹣3.4N＝1.4N；
（3）a、c、d三次实验中，浸没的深度不同，弹簧测力计的示数相同，说明物体受到的浮力也相同，因此结论是浸没在液体中的物体所受的浮力大小与深度无关；
要得出浮力大小与物体排开液体的体积有关的结论，应控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，所以应分析a、b、c（或a、b、d）三次实验；
由图可知，a、d、e三次实验，弹簧测力计示数不同，受到的浮力不同，即浮力大小与液体的密度有关；且在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
（4）由图a、c所示实验可知，物体P浸没在水中时受到的浮力：F浮′＝G﹣Fc＝4.8N﹣2.8N＝2N；
由F浮＝ρ水gV排得物体P的体积：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3；
物体P的质量m＝＝＝0.48kg，
物体P的密度ρ＝＝＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）种子在盐水中漂浮（悬浮），在清水中沉底；（2）1.4；（3）无关；a、b、c（或a、b、d）；越大；（4）2.4×103。
27．【分析】（1）要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同，则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；
（2）分析图甲、丙所示两次实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
（3）动能的大小与物体的质量和速度有关；掌握转换法在实验中的应用，通过对纸盒做功的多少，来体现小球动能的大小。
【解答】解：
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，质量不同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，保证铁球达到水平面的速度相同；
（2）由图示实验可知，甲、丙两次实验，球的质量相同，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲到达斜面底端时的速度较大，甲将纸盒推动得更远，说明甲的动能更大，由此可得：质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大；
（3）三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法，丙图中纸盒被推动的距离最小，故碰撞前动能最小。
故答案为：（1）速度；从斜面的同一高度由静止滚下；（2）质量相同时，速度越大，动能越大；（3）丙；纸盒被推动的距离最小。
28．【分析】（1）杠杆的力臂是指支点到动力或阻力作用线的距离。
（2）力臂不一定在杠杆上。
（3）若支点在杠杆的中心处，将杠杆调节到水平位置平衡可以消除杠杆自重对实验的影响。
【解答】解：【设计实验与进行实验】
（1）当杠杆不在水平位置平衡时，我们需要通过调节杠杆两端的平衡螺母来调平。调平原则为：左高左调，右高右调。本题中，杠杆左端较高，所以需要向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡。
（3）小明所做的实验中，阻力是由挂在O点左侧的钩码提供的，动力是由挂在O点右侧的钩码提供的，所以阻力＝左侧钩码重，动力＝右侧钩码重，动力与重力的方向均为竖直向下。分析表格中实验1、2、3中数据可知，动力与阻力的大小都在变化，这就说明左右两侧所挂钩码的数量均在变化。
【分析与论证】小明所做的三次实验均是在杠杆在水平位置平衡时完成的，这就导致动力臂、阻力臂均在杠杆上，所以我们无法区分动力臂（阻力臂）与支点到动力（阻力）的距离，所以根据小明的数据，猜想一、二都可以得到验证。为了改变这种情况，我们就需要改变动力或阻力的方向，使动力臂（阻力臂）与杠杆有一定的角度，而不是重合在一起。
分析实验4、5中的数据我们发现，动力×支点到动力作用点的距离≠阻力×支点到阻力作用点的距离，所以我们可以得出结论：猜想二是错误的。
若要验证猜想一，我们就需要测出倾斜后的动力（或阻力）的力臂，为此，我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时需使刻度尺与力的作用线垂直。
若通过他们二人共同实验得出的数据可以验证猜想一，则说明动力臂（阻力臂）为支点到动力（阻力）作用线的距离。
故答案为：【设计实验与进行实验】（1）左；（3）数量。
【分析与论证】一和二；方向；二；刻度尺；力的作用线。
四、计算题：本题包括2个小题，29题6分，30题8分，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．【分析】（1）知道甲工人做功的功率，利用P＝求甲工人做的功；
（2）利用W＝Fs求甲工人的推力，由于货物在水平路面上被匀速推动，货物受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，可求货物受到的摩擦力；乙工人使用滑轮组将货物在同样的路面上匀速移动3m，由图知，n＝3，拉力端移动距离s乙＝3s2，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝。
【解答】解：（1）由P＝可得甲工人做的功：
W甲＝P甲t＝30W×10s＝300J；
（2）由W＝Fs可得甲工人的推力：
F甲＝＝＝150N，
因为货物在水平路面上被匀速推动，所以货物受到的推力、摩擦力是一对平衡力，
货物受到的摩擦力：
f＝F甲＝150N；
乙工人使用滑轮组将货物在同样的路面上匀速移动3m，
由图知，n＝3，拉力端移动距离s乙＝3s2，
滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝＝×100%＝62.5%。
答：（1）甲工人做的功为300J；
（2）该滑轮组的机械效率为62.5%。
30．【分析】（1）坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力等于自身的重力，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于2条履带与地面的接触面积之和，根据p＝求出坦克对地面的压强；
（2）已知坦克的高度和河底的深度可以得出坦克顶部所处的深度，利用液体压强公式p＝ρgh得到坦克顶部受到水的压强，又知道受力面积，利用F＝pS求出舱门受到水的压力；
（3）坦克在水中潜渡，坦克对水平河床的压力等于坦克重减去受到的浮力，据此求出坦克所受浮力，根据阿基米德原理求出坦克排开水的体积即为坦克的体积。
【解答】解：（1）该坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力：F＝G＝mg＝42×103kg×10N/kg＝4.2×105N，
受力面积：S＝2×2m2＝4m2，
坦克对地面的压强：p＝＝＝1.05×105Pa；
（2）坦克顶部所处的深度：h＝5m﹣2.3m＝2.7m，
坦克顶部受到水的压强：p′＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.7m＝2.7×104Pa，
舱门受到水的压力：
F′＝p′S＝2.7×104Pa×0.8m2＝2.16×104N；
（3）坦克在水中潜渡，坦克对水平河床的压力等于坦克重减去受到的浮力，即F压＝G﹣F浮，
则坦克受到的浮力：
F浮＝G﹣F压＝4.2×105N﹣105N＝3.2×105N，
由F浮＝ρgV排可得，坦克的体积：
V＝V排＝＝＝32m3。
答：（1）该坦克在水平路面上行驶时，对地面的压强为1.05×105Pa；
（2）坦克顶部的舱门受到水的压力为2.16×104N；
（3）坦克的体积为32m3。
2021-2022学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
第I卷(选择题共36分)一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）下列数据中，记录错误的是（ ）
A．1m/s＝3.6km/h
B．1kg＝9.8N
C．4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3
D．标准大气压数值为1.013×105Pa
2．（2分）如图所示，直升机悬停在空中，不计浮力，下列说法正确的是（ ）
A．螺旋桨对空气的作用力与直升飞机所受重力是一对相互作用力
B．螺旋桨对空气的作用力与空气对螺旋桨的作用力是一对平衡力
C．悬停在空中的直升飞机对地球没有作用力
D．直升飞机所受向上的力的施力物体是空气
3．（2分）排球是我市中考体育测试项目之一，同学们在排球考试时，下列分析正确的是（ ）
A．排球上升到最高点时受平衡力的作用
B．排球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
C．假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将做匀速直线运动
D．排球离开手后还能继续向上运动是由于受到惯性的作用
4．（2分）如图所示，小林静止站在商场的电梯上，随电梯匀速向上运动，下列说法正确的是（ ）
A．小林受到重力、支持力作用
B．小林受到重力、支持力和水平向右的摩擦力作用
C．以地面为参照物，小林是静止的
D．小林受到的支持力大于重力
5．（2分）下列实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．用力握紧羽毛球拍
B．足球守门员戴有防滑手套
C．拧瓶盖时垫上毛巾
D．给自行车的车轴加润滑油
6．（2分）自行车既是环保的交通工具也是很好的健身器材。下列叙述正确的是（ ）
A．给车胎充气增加了车胎内气体的压强
B．地面对自行车的摩擦力总是阻碍车前进
C．刹车时自行车受到惯性的作用会继续前进一段距离
D．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对平衡力
7．（2分）将一个新鲜的鸡蛋分别浸入盛有水和浓盐水的容器中，鸡蛋静止在两个容器中的位置如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A．鸡蛋在水中受到的浮力大
B．鸡蛋在水和浓盐水中受到的浮力一样大
C．鸡蛋的密度大于水的密度
D．鸡蛋的密度小于浓盐水的密度
8．（2分）小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球运动状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。下列方案不合理的是（ ）
A．竖直向下吹气 B．竖直向上吹气
C．水平向左吹气 D．斜向下吹气
9．（2分）下列现象不是利用大气压的是（ ）
A．茶壶 B．盆景自动供水装置
C．活塞式抽水机 D．吸饮料
10．（2分）如图所示，当乒乓球从水里上浮到水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底的压强为pA，在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是（ ）
A．FA＝FB pA＝pB B．FA＜FB pA＜pB
C．FA＞FB pA＞pB D．FA＞FB pA＝pB
11．（2分）在木棒的一端缠绕几圈细铜丝，制成一支简易液体密度计，将其先后放入盛有甲、乙两种液体的相同烧杯中，处于静止状态，且放入密度计后液面高度相同，如图所示。若密度计在甲、乙液体中所受浮力分别是F甲、F乙，甲、乙两种液体的密度分别是ρ甲、ρ乙，甲、乙两种液体对容器底部产生的压强分别是p甲、p乙，则（ ）
A．F甲＜F乙 B．F甲＞F乙 C．ρ甲＞ρ乙 D．p甲＜p乙
12．（2分）如图是“寻梦”学习小组制作的潜水艇模型，通过胶管从烧瓶中吸气或向烧瓶中吹气，就可使烧瓶下沉或上浮。若从烧瓶中吸气，使其从如图所示的位置下沉（胶管在水中的体积忽略不计）。下列分析正确的是（ ）
A．“潜水艇”所受的浮力逐渐变小
B．“潜水艇”排开水的重力保持不变
C．“潜水艇”顶部受到水的压强保持不变
D．“潜水艇”是通过改变浮力的大小来实现下沉的
13．（2分）一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示）。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么（ ）
A．卫星在远地点的势能最大、动能为零
B．卫星在近地点的动能最大、势能为零
C．卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小
D．卫星从近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小
14．（2分）羽毛球比赛中，空中飞行的羽毛球先后经过A、B两点时的动能相等，相比A点，羽毛球在B点时（ ）
A．机械能较小，重力势能较大
B．机械能较大，重力势能较大
C．机械能较小，重力势能较小
D．机械能较大，重力势能较小
15．（2分）频闪照相是研究物体运动的重要手段之一，图所示的频闪照片记录了竖直下落的小球每隔相等时间的位置，不计空气阻力，在小球下落的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小球的重力势能逐渐增大
B．小球的机械能逐渐减小
C．小球的重力在ab段做功比在cd段多
D．小球的重力在ab段做功比在cd段慢
16．（2分）如图是杠杆原理在生活中的应用，能省距离的是（ ）
A．用钓鱼竿钓鱼
B．用撬棒撬石头
C．用起子起瓶盖
D．用羊角锤起钉子
17．（2分）如图所示用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂L阻和动力F动的变化情况是（ ）
A．L阻不变，F动变大 B．L阻不变，F动不变
C．L阻变大，F动变大 D．L阻变大，F动不变
18．（2分）A中的杠杆和物体处于静止状态，B、C、D中的物体被匀速吊起，所有物体重力均为G，不计动滑轮重力、绳重和一切摩擦，则所用拉力F最小的是（ ）
A． B．
C． D．
第Ⅱ卷（非选择题共64分）二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分，
19．（2分）如图所示为实验室常用的弹簧测力计，使用前要检查指针是否 ，图中所示的物重是 N。
20．（2分）2020年6月23日9时43分，我国用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第55颗导航卫星，提前半年完成全球组网部署。火箭加速升空时，火箭推力 重力；卫星脱离火箭时，由于具有 ，能保持原有运动状态。
21．（3分）挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，目的是 压强，履带的外表面做得凹凸不平，是为了 摩擦（选填“增大”或“减小”），压路机将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的 。
22．（3分）大连舰满载时排水量是12300t，则其满载时受到的浮力为 N（g取10N/kg）；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变”）；两只舰艇不能近距离高速并排航行，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越 ，容易相撞。
23．（2分）工程师把三峡水电站水库大坝设计成上窄下宽的形状，是因为水的深度越深、压强越 （选填“大”或“小”）。当水库水深为100m时，坝底受到的水的压强是 Pa（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）。
24．（2分）如图所示是同学们常用的燕尾夹，AB＝BC，当用力摁住C点打开该夹子时，可把 点看作支点，此时夹子可近似看作 杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。
三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共36分。
25．（2分）深蹲运动是靠腿部肌肉收缩产生动力，克服人体上部的重力G，从而达到锻炼目的（如图甲）。图乙是将人体抽象为杠杆的示意图，O为支点，请在图乙中画出G的示意图及其力臂L（A点为人体上部的重心）。
26．（12分）在“探究影响浮力大小的因素”实验中，同学们根据生活经验，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸入液体中的深度有关；②与物体排开液体的体积有关；③与液体的密度有关。
（1）请你写出能够支持猜想③的一个生活现象： 。
（2）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。其中序号b中物体P所受浮力大小为 N。
（3）分析a、c、d三次实验，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度 （选填“有关”或“无关”）；分析 三次实验，可知浮力大小与物体排开液体的体积有关；分析a、d、e三次实验，可知在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力 （选填“越大”或“越小”）。
（4）本实验不仅可以探究影响浮力大小的因素，从实验数据还可求出物体P的密度为 kg/m3。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
27．（10分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的 相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球 ；
（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是： ；
（3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图 （填“甲”、“乙”或“丙”）中的小球，原因是 。
28．（12分）[探究名称】探究杠杆的平衡条件
[猜想与假设】
猜想一：动力×动力臂＝阻力×阻力臂
猜想二：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离
【设计实验与进行实验】
（1）如图甲所示，应将杠杆两端的螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）如图乙所示，小明同学挂上钩码并调节钩码的位置，使杠杆水平平衡，记录的数据如表。
（3）改变钩码的 和钩码的位置重复上述实验两次，记录的数据如表。
实验次数
动力F1/N
OB间距离/cm
阻力F2/N
OA间距离/cm
小明
1
1.0
5
0.5
10
2
1.5
10
1.0
15
3
1.0
10
2.0
5
小红和小明
4
0.8
15
1.0
10
5
1.4
15
1.0
10
【分析与论证】
根据小明同学的数据可验证猜想 （选填“一”、“二”或“一和二”）是正确的。而小红同学则认为小明同学每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的 进行实验。
于是，小红同学协助小明同学按图丙方式进行实验，获得表中后两组数据。综合分析表中数据可验证猜想 是错误的。若要验证另一种猜想是否正确，必须添加的测量工具是 。
通过以上探究，小明同学真正理解了力臂是支点到 的距离。
四、计算题：本题包括2个小题，29题6分，30题8分，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．（6分）如图所示，甲工人用水平推力F甲推动重为750N的货物，在水平路面上匀速移动2m至仓库门口A处，用时10s，此过程中甲工人做功的功率P甲＝30W；乙工人接着使用滑轮组拉动该货物在同样的路面上匀速移动3m到达指定位置B，拉力F乙为80N。求：
（1）甲工人做的功；
（2）该滑轮组的机械效率。
30．（8分）如图是我国自主研制的“准三代”96A式主战坦克，它采用100马力V型水冷涡轮增压柴油机，安装了先进的火控系统和多种光电技术应用，使火炮威力更大、火力反应时间更短、打击精度更高。该坦克具有潜渡功能，坦克重42t，高2.3m，每条履带与地面的接触面积为2m2。请利用给出的数据，求：（g取10N/kg）
（1）该坦克在水平路面行驶时，对地面的压强。
（2）坦克在深为5m的河水潜渡时，在坦克顶部面积为0.8m2的舱门受的河水的压力；
（3）坦克在该河段水中潜渡时，坦克对水平河床的压力为105N，该坦克的体积是多大？
2021-2022学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
第I卷(选择题共36分)一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【分析】（1）物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程，据此作出判断。
（2）在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，而不是1kg＝9.8N；
（3）4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3；
（4）标准大气压数值为1.013×105Pa。
【解答】解：
A、1m/s＝1×3.6km/h＝3.6km/h，故A正确；
B、在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，但1kg≠9.8N，故B错误；
C、4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3，故C正确；
D、标准大气压数值为1.013×105Pa，故D正确；
故选：B。
2．【分析】（1）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，缺一不可；
（3）地面附近的物体受到地球的吸引力的作用，物体间力的作用是相互的。
【解答】解：
A．螺旋桨对空气的作用力向下，直升飞机所受重力方向也向下，所以这两个力不是一对相互作用力；故A错误；
B．螺旋桨对空气的作用力受力物体是空气，空气对螺旋桨的作用力受力物体是螺旋桨，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故B错误；
C．悬停在空中的直升飞机受到重力的作用，而重力的施力物体是地球，由于力的作用是相互的，所以悬停在空中的直升飞机对地球也有力的作用，故C错误；
D．螺旋桨向下对空气施力，根据力的相互性可知，空气会对飞机向上施力，飞机便能上升，故D正确。
故选：D。
3．【分析】（1）根据排球的受力情况判定其是否受到平衡力的作用；
（2）力是改变物体运动状态的原因；
（3）根据牛顿第一定律分析排球的运动状态；
（4）任何物体都有惯性，惯性是一种性质。
【解答】解：
A、排球上升到最高点时受到重力的作用，受力不平衡，故A错误；
B、排球下降时速度增大，是因为受到竖直向下的重力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、假如正在上升的排球所受的力全部消失，由于球是运动的，则其运动状态不变，将做匀速直线运动，故C正确；
D、排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：C。
4．【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的一定是平衡力的作用，然后根据二力平衡的条件对受力物体进行分析；
（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
【解答】解：
A．任何物体都会受到重力的作用，小林在重力的作用下没有下降，是因为电梯对其有向上的支持力的作用。小林随电梯匀速运动，在水平方向上是因为惯性而运动，没有受到水平方向的动力，故A正确；
B．小林和电梯匀速运动，二者之间保持相对静止，且没有将要运动的趋势，小林没有受摩擦力，故B错误；
C．小林向右上方运动，以地面为参照物，小林的位置发生了变化，是运动的，故C错误；
D．小林做匀速直线运动，受到的力是平衡力，支持力和重力是相等的，故D错误。
故选：A。
5．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；通过使接触面脱离的方法减小摩擦力；用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。
【解答】解：A、用力握紧羽毛球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故A错误。
B、足球守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B错误。
C、拧瓶盖时垫上毛巾，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C错误。
D、给自行车的车轴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力。故D正确。
故选：D。
6．【分析】（1）当给车胎充气时，轮胎内的气体分子数目增加，所以车胎内气体的压强会变大；
（2）自行车用力蹬而前进时，自行车前轮是从动轮，后轮是主动轮，主动轮为自行车前进提供动力；当自行车滑行时，自行车前轮、后轮都是从动轮；
因为是后轮驱动，所以后轮受到地面对它向前的摩擦力，而前轮不是驱动轮，被后轮推着前进，相对地面向前运动，受到地面对它向后的摩擦；
（3）正确理解惯性的概念，惯性是物体的一种特性，不是力；
（4）判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
【解答】解：A、轮胎内的气体压强与轮胎内的气体质量和温度有关，当给车胎充气时，当轮胎内的气体质量增加时，气体分子数目增多，所以车胎内气体的压强会变大，故A正确；
B、用力蹬自行车前进时，后轮相对于地面有向后的运动趋势，因此后轮所受的摩擦力向前，是自行车前进的动力，故B错误；
C、刹车时，车还会继续前进一段距离，是因为自行车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D、自行车对地面的压力和地面对自行车的支持力是一对相互作用力，自行车的重力与地面对自行车的支持力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
7．【分析】物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮＞G；悬浮或漂浮时，F浮＝G；下沉时，F浮＜G；
如果被研究物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：
①ρ物＜ρ液，上浮，最终处于漂浮状态；
②ρ物＝ρ液，悬浮；
③ρ物＞ρ液，下沉；
根据物体的浮沉条件，结合图示分析解答。
【解答】解：
AB、由图可知鸡蛋在水中沉底，则浮力小于鸡蛋的重力；鸡蛋在浓盐水中悬浮，则浮力等于鸡蛋的重力，且同一只鸡蛋的重力不变，所以鸡蛋在浓盐水中受到的浮力大，故AB错误。
CD、鸡蛋在水中沉底，则鸡蛋的密度大于水的密度；鸡蛋在盐水中悬浮，则鸡蛋的密度等于浓盐水的密度，故C正确，D错误。
故选：C。
8．【分析】首先分析不吹气时乒乓球的状态，再分析吹气时乒乓球的状态，如果乒乓球受到流体压力时运动状态变化了，就能探究流速对流体压强的影响。
【解答】解：A、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，产生向上的压力差，乒乓球保持静止状态，所以竖直向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故A合理；
B、图中乒乓球不能被吹走，易被误认为是吹力不够大，故不能很好的探究流速对流体压强的影响，故B不合理；
C、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大压强小，乒乓球左下方空气流速小压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，所以斜向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故C合理；
D、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向右吹气时，乒乓球右侧空气流速大压强小，乒乓球左侧空气流速小压强大，产生向左的压力差，乒乓球保持静止状态，所以水平向右吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故D合理。
故选：B。
9．【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A符合题意；
B、盆景的自动给水装置上端不开口，底部虽然相互连通，它是利用大气压来工作的，故B不合题意；
C、活塞式抽水机工作时，是使其内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下将水压入抽水机内，进而实现把水从低处压到高处的目的，利用了大气压，故C不合题意；
D、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，利用了大气压，故D不合题意。
故选：A。
10．【分析】由图可知乒乓球在A、B位置时，排开水的体积大小，然后根据阿基米德原理判断浮力大小；由于乒乓球从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则根据p＝ρgh即可判断水对杯底压强大小关系。
【解答】解：
由图知，乒乓球在A位置时是浸没，此时V排A＝V球；在B位置时是漂浮，此时V排B＜V球，所以V排A＞V排B，
由F浮＝ρ液gV排可知乒乓球受到的浮力FA＞FB；
由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则hA＞hB，
根据p＝ρgh可知水对杯底的压强pA＞pB。
故选：C。
11．【分析】（1）同一支密度计重力一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中，所受浮力大小等于密度计重力大小，从而确定密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；
（2）如图所示，密度计在甲液体中排开液体的体积小，在乙液体中排开液体的体积大，由公式F浮＝ρ液gV排可知，两种液体密度的大小关系，根据液体压强公式p＝ρ液gh可知两种液体对容器底的压强大小关系。
【解答】解：AB、同一支密度计的重力G一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中所受浮力大小为：F甲＝G，F乙＝G，即F甲＝F乙，故A、B错误；
C、如图所示，密度计排开液体的体积关系为：V排甲＞V排乙，由公式F浮＝ρ液gV排可知，在浮力大小相同时，液体密度ρ甲＜ρ乙，故C错误；
D、相同烧杯中放入密度计后液面高度相同时，即烧杯内液体深度相同，且液体密度ρ甲＜ρ乙，由液体压强公式p＝ρ液gh可知，液体对烧杯底的压强p甲＜p乙，故D正确。
故选：D。
12．【分析】（1）根据阿基米德原理F浮＝ρ液V排g判断浮力变化；
（2）阿基米德原理：物体排开液体的重力等于物体浸入液体受到的浮力；
（3）根据p＝ρgh分析压强变化；
（4）“潜水艇”通过改变自重的方式来实现沉浮。
【解答】解：A、吸气时，瓶内气压减小，大气压将烧瓶外的水压入烧瓶内，水进入烧瓶中自重增大，但V排不变，由公式F浮＝ρ液V排g可知，在水的密度不变时，“潜水艇”所受的浮力不变，故A错误；
B、由阿基米德原理可知“潜水艇”排开水的重力等于“潜水艇”受到的浮力，由A可知，浮力不变，故B正确；
C、“潜水艇”下沉过程中，顶部到水面的深度越来越大，所以顶部受到的水的压强越来越大，故C错误；
D、吸气时，瓶内气压减小，大气压将烧瓶外的水压入烧瓶内，水进入烧瓶中自重增大，但V排不变，浮力不变，当G总＞F浮时，“潜水艇”就会下沉，所以“潜水艇”不是通过改变浮力的大小来实现下沉的，而是通过改变自重的大小来实现下沉的，故D错误。
故选：B。
13．【分析】（1）动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：
A、卫星质量一定，在远地点时相对地球距离最大，势能最大，卫星仍在运动，故动能不为零；故A错误；
B、卫星质量一定，在近地点时速度最大，动能最大，相对地球有一定距离，势能不为零；故B错误；
CD、卫星在运行过程中机械能保持不变，从近地点向远地点运动过程中，速度变小，动能变小；高度变大，势能变大，动能转化为势能；故C正确，D错误。
故选：C。
14．【分析】动能和势能统称为机械能。不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。据此分析即可解答。
【解答】解：空中飞行的羽毛球需要克服空气阻力做功，会有一部分机械能转化为内能，所以B点的机械能小于A点的机械能；
动能和势能统称为机械能，A、B两点时的动能相等，故相比A点，羽毛球在B点时的重力势能较小。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
15．【分析】（1）影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，根据高度变化判断重力势能变化；
（2）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；
（3）根据公式W＝Gh，判断重力做功的大小；
（4）屏闪照片在ab段和cd段间隔时间相同，根据P＝判断功率的大小；
【解答】解：A、小球在下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小；故A错误；
B、小球在整个下落过程中，由于不计空气阻力，机械能没有转化为内能，机械能守恒，所以小球的机械能不变；故B错误；
C、小球的重力G不变，小球在ab段比cd段下落高度小，根据W＝Gh可知，小球的重力在ab段做功比在cd段少；故C错误；
D、小球在ab段和cd段下降所用时间相同，又知在ab段比cd段重力所做的功少，根据P＝可知，重力在ab段做功比在cd段慢；故D正确。
故选：D。
16．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离，故A符合题意；
B、用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故B不符合题意；
C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故C不符合题意；
D、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离，故D不符合题意。
故选：A。
17．【分析】先分析阻力臂的变化，再根据杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂，分析动力的变化。
【解答】解：剪刀的轴是支点，剪纸时阻力作用在纸和剪刀的接触点，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力F阻不变，动力臂L动不变，阻力臂L阻逐渐变大，由杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，动力F动逐渐变大。
故选：C。
18．【分析】（1）根据杠杆平衡公式：F1l1＝F2l2分析；
（2）不计摩擦和滑轮重力，使用滑轮组时，有几段绳子承担动滑轮和物体的重，拉力就是物重的几分之一，因此承担动滑轮和物体的重的绳子段数越多越省力。
【解答】解：A、图中，动力臂为阻力臂的一半，所以动力为阻力的2倍，即F＝2G；
B、图中为定滑轮，不省力，所以F＝G；
C、图中有2段绳子承担物体的重，所以F＝G；
D、图中有3段绳子承担物体的重，所以F＝G；
综上，D图中所用拉力F最小。
故选：D。
第Ⅱ卷（非选择题共64分）二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分，
19．【分析】使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零刻度线，如果不在则要将指针调到零刻度线；先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数，物体重力等于弹簧测力计的示数。
【解答】解：每次使用弹簧测力计时都要观察指针是否指在零刻度线处，不在零刻度线的就要校零；
由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N，即物重为2.2N。
故答案为：指在零刻度线；2.2。
20．【分析】从力的作用效果和惯性两个方面去分析；力的作用效果有两个：一是改变物体的形状；二是改变物体的运动状态。惯性是一切物体都具有的保持原来运动状态不变的性质。
【解答】解：卫星发射加速离开地面时，火箭的运动状态时刻在改变，火箭一定受到非平衡力的作用，受到的推力一定大于火箭的重力；卫星脱离火箭时，能保持原有运动状态，是因为它具有惯性，能保持原有的运动状态不变。
故答案为：大于；惯性。
21．【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
增大摩擦力的方法：在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
【解答】解：挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
履带的外表面做得凹凸不平，这是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
用压路机碾压地面的过程中，将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的形状。
故答案为：增大；增大；形状。
22．【分析】根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化；
流体压强与流速的关系是：流速越大的地方压强越小；流速越小的地方压强越大。
【解答】解：满载排水量m排＝12300t＝1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝1.23×107kg×10N/kg＝1.23×108N；
舰载直升机起飞后，大连舰自重变小，因大连舰仍然漂浮，所以根据物体浮沉条件可知，大连舰受到的浮力变小；
并排快速前进的两艘舰艇之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是舰艇之间水的流速变大，压强变小，在外部大气压强作用下，导致舰艇相撞。
故答案为：1.23×108；变小；小。
23．【分析】（1）根据液体内部的压强特点（液体内部的压强随深度的增加而增大）分析；
（2）利用p＝ρgh算出坝底受到的水的压强。
【解答】解：
（1）因为液体的压强随深度的增加而增大，所以，为了使水坝底部能承受更大的水压，大坝应设计成上窄下宽的形状；
（2）当水深h＝100m，坝底受到水的压强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×100m＝1.0×106Pa。
故答案为：大；1.0×106。
24．【分析】杠杆可以绕其转动的点为支点，当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。
【解答】解：当用力摁住C点打开该夹子时，AC是围绕B点转动的，故B为支点；由于AB＝BC，故动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
故答案为：B；等臂。
三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共36分。
25．【分析】（1）重力的方向是竖直向下的，从重心竖直向下画一带箭头的线段，可得重力的示意图；
（2）从支点向重力的作用线作垂线，支点到垂足的距离为重力的力臂。
【解答】解：
（1）A点为人体上部的重心，从重心竖直向下画一条带箭头的线段，并标出重力的符号G，即为重力的示意图；
（2）从支点O向重力的作用线作垂线段，可得重力的力臂L，如图所示：
26．【分析】（1）根据猜想：③与液体的密度有关，从改变液体密度角度进行猜想；
（2）物体在水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在水中时弹簧测力计的示数；
（3）a、c、d三次实验步骤中，物体全部浸没在水中，排开水的体积相同，浸没的深度不同，弹簧测力计的示数相同，由此可得出结论；
物体受到的浮力的大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另一外一个因素不变，分析实验中相同量和不同量，结合称重法测浮力得出浮力大小与变化量的关系；
（4）根据F浮＝G﹣F求处在水中的浮力大小，根据阿基米德原理求出物体的体积；
由G＝mg可求得物体质量，然后由密度公式可求得其密度。
【解答】解：
（1）种子在盐水中漂浮（悬浮），在清水中沉底，由此说明浮力大小与液体的密度有关；
（2）物体在空气中时弹簧测力计示数4.8N，图b在水中时弹簧测力计的示数为3.4N，则物体在水中所受浮力F浮＝G﹣F＝4.8N﹣3.4N＝1.4N；
（3）a、c、d三次实验中，浸没的深度不同，弹簧测力计的示数相同，说明物体受到的浮力也相同，因此结论是浸没在液体中的物体所受的浮力大小与深度无关；
要得出浮力大小与物体排开液体的体积有关的结论，应控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，所以应分析a、b、c（或a、b、d）三次实验；
由图可知，a、d、e三次实验，弹簧测力计示数不同，受到的浮力不同，即浮力大小与液体的密度有关；且在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
（4）由图a、c所示实验可知，物体P浸没在水中时受到的浮力：F浮′＝G﹣Fc＝4.8N﹣2.8N＝2N；
由F浮＝ρ水gV排得物体P的体积：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3；
物体P的质量m＝＝＝0.48kg，
物体P的密度ρ＝＝＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）种子在盐水中漂浮（悬浮），在清水中沉底；（2）1.4；（3）无关；a、b、c（或a、b、d）；越大；（4）2.4×103。
27．【分析】（1）要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同，则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；
（2）分析图甲、丙所示两次实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
（3）动能的大小与物体的质量和速度有关；掌握转换法在实验中的应用，通过对纸盒做功的多少，来体现小球动能的大小。
【解答】解：
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，质量不同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，保证铁球达到水平面的速度相同；
（2）由图示实验可知，甲、丙两次实验，球的质量相同，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲到达斜面底端时的速度较大，甲将纸盒推动得更远，说明甲的动能更大，由此可得：质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大；
（3）三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法，丙图中纸盒被推动的距离最小，故碰撞前动能最小。
故答案为：（1）速度；从斜面的同一高度由静止滚下；（2）质量相同时，速度越大，动能越大；（3）丙；纸盒被推动的距离最小。
28．【分析】（1）杠杆的力臂是指支点到动力或阻力作用线的距离。
（2）力臂不一定在杠杆上。
（3）若支点在杠杆的中心处，将杠杆调节到水平位置平衡可以消除杠杆自重对实验的影响。
【解答】解：【设计实验与进行实验】
（1）当杠杆不在水平位置平衡时，我们需要通过调节杠杆两端的平衡螺母来调平。调平原则为：左高左调，右高右调。本题中，杠杆左端较高，所以需要向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡。
（3）小明所做的实验中，阻力是由挂在O点左侧的钩码提供的，动力是由挂在O点右侧的钩码提供的，所以阻力＝左侧钩码重，动力＝右侧钩码重，动力与重力的方向均为竖直向下。分析表格中实验1、2、3中数据可知，动力与阻力的大小都在变化，这就说明左右两侧所挂钩码的数量均在变化。
【分析与论证】小明所做的三次实验均是在杠杆在水平位置平衡时完成的，这就导致动力臂、阻力臂均在杠杆上，所以我们无法区分动力臂（阻力臂）与支点到动力（阻力）的距离，所以根据小明的数据，猜想一、二都可以得到验证。为了改变这种情况，我们就需要改变动力或阻力的方向，使动力臂（阻力臂）与杠杆有一定的角度，而不是重合在一起。
分析实验4、5中的数据我们发现，动力×支点到动力作用点的距离≠阻力×支点到阻力作用点的距离，所以我们可以得出结论：猜想二是错误的。
若要验证猜想一，我们就需要测出倾斜后的动力（或阻力）的力臂，为此，我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时需使刻度尺与力的作用线垂直。
若通过他们二人共同实验得出的数据可以验证猜想一，则说明动力臂（阻力臂）为支点到动力（阻力）作用线的距离。
故答案为：【设计实验与进行实验】（1）左；（3）数量。
【分析与论证】一和二；方向；二；刻度尺；力的作用线。
四、计算题：本题包括2个小题，29题6分，30题8分，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．【分析】（1）知道甲工人做功的功率，利用P＝求甲工人做的功；
（2）利用W＝Fs求甲工人的推力，由于货物在水平路面上被匀速推动，货物受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，可求货物受到的摩擦力；乙工人使用滑轮组将货物在同样的路面上匀速移动3m，由图知，n＝3，拉力端移动距离s乙＝3s2，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝。
【解答】解：（1）由P＝可得甲工人做的功：
W甲＝P甲t＝30W×10s＝300J；
（2）由W＝Fs可得甲工人的推力：
F甲＝＝＝150N，
因为货物在水平路面上被匀速推动，所以货物受到的推力、摩擦力是一对平衡力，
货物受到的摩擦力：
f＝F甲＝150N；
乙工人使用滑轮组将货物在同样的路面上匀速移动3m，
由图知，n＝3，拉力端移动距离s乙＝3s2，
滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝＝×100%＝62.5%。
答：（1）甲工人做的功为300J；
（2）该滑轮组的机械效率为62.5%。
30．【分析】（1）坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力等于自身的重力，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于2条履带与地面的接触面积之和，根据p＝求出坦克对地面的压强；
（2）已知坦克的高度和河底的深度可以得出坦克顶部所处的深度，利用液体压强公式p＝ρgh得到坦克顶部受到水的压强，又知道受力面积，利用F＝pS求出舱门受到水的压力；
（3）坦克在水中潜渡，坦克对水平河床的压力等于坦克重减去受到的浮力，据此求出坦克所受浮力，根据阿基米德原理求出坦克排开水的体积即为坦克的体积。
【解答】解：（1）该坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力：F＝G＝mg＝42×103kg×10N/kg＝4.2×105N，
受力面积：S＝2×2m2＝4m2，
坦克对地面的压强：p＝＝＝1.05×105Pa；
（2）坦克顶部所处的深度：h＝5m﹣2.3m＝2.7m，
坦克顶部受到水的压强：p′＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.7m＝2.7×104Pa，
舱门受到水的压力：
F′＝p′S＝2.7×104Pa×0.8m2＝2.16×104N；
（3）坦克在水中潜渡，坦克对水平河床的压力等于坦克重减去受到的浮力，即F压＝G﹣F浮，
则坦克受到的浮力：
F浮＝G﹣F压＝4.2×105N﹣105N＝3.2×105N，
由F浮＝ρgV排可得，坦克的体积：
V＝V排＝＝＝32m3。
答：（1）该坦克在水平路面上行驶时，对地面的压强为1.05×105Pa；
（2）坦克顶部的舱门受到水的压力为2.16×104N；
（3）坦克的体积为32m3。
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