2023年安徽省安庆市太湖县望天学校中考物理三模试卷(含答案)

2023年安徽省安庆市太湖县望天学校中考物理三模试卷

一、填空题（每空2分，满分20分）

1．（2分）如图所示，某同学体育测试参加坐位体前屈项目的场景，该同学坐位体前屈的成绩为　        　cm。

2．（2分）小丽上学前站在平面镜前理了理自己的头发，当她转身远离平面镜时，像与人的距离 　     　（选填“变大”“变小”或“不变”）。

3．（2分）“八月涛声吼地来，头高数丈触山回。”这是唐代诗人刘禹锡描绘钱塘江海潮的诗句。这里的涛声用吼来描述，从声音的特性来看这是描述声音的　     　。

4．（2分）如图所示，一段未点燃的圆柱形蜡烛的下端插入一根小铁钉，使蜡烛能直立漂浮在水中，缓慢地向水中加入适量的食盐，则这段圆柱形蜡烛的下表面所受液体的压强将 　     　。（选填“变大”“变小”或“不变”）

5．（2分）如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动。B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧的最高点，且A、C两点到B点的竖直距离hA＞hC。在小球从B点摆动到C点的过程中绳的拉力对小球 　     　做功（选填“有”或“没有”）。

6．（2分）光在水中的传播速度为空气中传播速度的，光在玻璃中的传播速度为空气中传播速度的．当光从空气中斜射入水中时，折射光线偏向法线；当光线从空气中斜射入玻璃中时，折射光线也偏向法线。大量实验表明，光的折射现象与光在介质中速度有关。据此，当光线从玻璃中斜射入水中时，折射光线会　     　（选填“偏离”或“偏向”）法线。

7．（2分）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象，则电源电压是　     　V。

8．（2分）如图所示，电源电压保持不变，灯L标有“6V 0.6W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，电压表示数为4V，当滑片P移到最大阻值时，灯L与滑动变阻器的电功率之比为　      　。

9．（2分）磁场是有强弱的，用磁场强度来表示，符号是B，磁场强度的单位是特斯拉，符号是T。实验表明在磁场中，当通电导体与磁场方向垂直时（如图），电流所受的作用力F大小等于磁场强度B，电流I和导线长度L三者的乘积，即F＝BIL。在磁场强度为0.5T的磁场中，有一条与磁场方向垂直的通电导线，通过它的电流为5A，导线上长为0.4m的一段受到的磁场作用力F＝　   　N。

10．（2分）如图所示，重300N的物体在20N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向左匀速直线运动，滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面滑动摩擦力为　     　N。

二、选择题（每小题2分，满分14分）

11．（2分）关于温度热量和内能，下列说法正确的是（　　）

A．温度相同的物体内能一定相等 

B．热量可以从内能少的物体传递给内能多的物体 

C．晶体熔化时温度不变，所以内能也不变 

D．物体吸收热量，内能一定增大，温度一定升高

12．（2分）在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，把蜡烛和光屏固定在光具座上，当移动透镜分别距光屏6cm和34cm均可在光屏上得到清晰像。下列判断正确的是（　　）

A．透镜距光屏34cm时成缩小的实像 

B．蜡烛和光屏的距离为40cm 

C．透镜的焦距范围为3cm≤f≤6cm 

D．如将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，且像的性质不变

13．（2分）为倡导“绿色出行“，共享单车走进人们的生活，关于它的使用下列说法中正确的是（　　）

A．上坡前用力蹬车，是为了增大骑行者和单车的惯性 

B．匀速下坡，骑行者和单车的动能不变，机械能减小 

C．在水平路面上匀速直线骑行时，单车受到的力是非平衡力 

D．匀速转弯时，骑行者受到的力是平衡力

14．（2分）将同一长方体分别水平与竖直放置在水中，如图所示，它所受到的（　　）

A．向上、向下压强差不等，向上、向下压力差相等 

B．向上、向下压强差不等，向上、向下压力差不等 

C．向上、向下压强差相等，向上、向下压力差不等 

D．向上、向下压强差相等，向上、向下压力差相等

15．（2分）小夏将 n 个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器 R1和 R2，使所有灯泡均正常发光。则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（　　）

A．I甲＝I乙 B．I甲＝I 乙 C．P甲＝nP乙 D．P甲＝n2P乙

16．（2分）高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图，以下说法正确的是（　　）

A．称重表其实是一个电压表 

B．电路中的R1是没有作用的 

C．当车辆越重时，R连入电路的阻值越大 

D．当车辆越重时，称重表的示数越大

17．（2分）如图所示，将一个乒乓球压在盛有适量水的烧杯底部，突然松手后，乒乓球会不断上浮露出水面直至弹离水面。下列说法正确的是（　　）

A．乒乓球上浮过程中，其受到的浮力始终不变 

B．乒乓球上浮过程中，一直受到平衡力的作用 

C．乒乓球弹离水面后继续上升，是由于受到惯性的作用 

D．乒乓球上浮直至露出水面的过程中，水对杯底的压强先不变，后减小

三、实验题（每空2分，满分16分）

18．（6分）如图甲所示是小胜同学探究“物质熔化和凝固规律“的实验装置。

（1）为了完成该实验，除图中器材外，他还要用到的测量工具是　     　。

（2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，该物质此时的温度为　      　。

（3）分析图丙可知该物质第20min末的内能　     　（选填“大于““等于”或“小于”）第10min末的内能。

19．（10分）在“测量小灯泡电功率“的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V“字样。

（1）如图甲所示是小军已经连接的部分实验电路，在连接电路时，小军操作上出现的错误是 　         　。纠正错误后，请你再用笔画线代替导线在答题卡上帮小军将图甲所示的实物电路连接完整。

（2）连接完实验电路，检查无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表、电压表的示数都为零。出现这种现象的原因可能是 　   　

A.小灯泡短路

B.小灯泡开路

C.变阻器短路

D.变阻器开路

（3）排除上述故障后，闭合开关，让小灯泡发光，为了测量小灯泡的额定功率，需要一边调节滑动变阻器的滑片P的同时，一边眼睛要观察 　        　（选填“小灯泡的亮度”、“电压表的示数”或“电流表的示数”），直到小灯泡正常发光为止。

（4）继续调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压略低于、高于2.5V，观察小灯泡的亮度并记

下电压表、电流表的示数。根据这些实验数据画出小灯泡的电流与电压Ⅰ﹣U关系图像，过此图象上任一点M分别作两坐标轴的平行线，如图乙所示，它们与两坐标轴围成的矩形的面积在数值上等于小灯泡此时的 　        　。

四、计算题（14题6分，15题5分，16题9分；满分20分）

20．（6分）如图甲所示，是厦门大学科研人员研制的“嘉庚号”科考船。该科考船满载时排水量为3.5×103t，在某段航行中该科考船的牵引力与其航行速度的关系如图象乙所示（反比例函数）。

求：（1）该科考船满载航行时所受到的浮力大小；

（2）请根据图2所示规律推算，该科考船航行速度为20km/h时，所受到的牵引力大小。

21．（5分）如图甲所示，车库出入口处常安装自动升降的横杆来控制车辆的出入，可以把图甲中的横杆简化为图乙所示。横杆AB质量分布均匀且可绕O点转动，并通过与A端相连的电动机来自动控制横杆的升降。当汽车靠近时，电动机可在10s内将原先处于水平位置的横杆匀速转动到竖直位置。已知横杆重量150N，OA＝0.2m，AB＝3.2m，加在电动机线圈两端电压为220V，通过电动机线圈的电流为0.1A，不计空气阻力。

求：（1）在匀速转动提升横杆工的过程中，电动机对横杆的A端始终施加垂直横杆的拉力F的大小；

（2）该车库的自动升降杆装置，在上述过程中的工作效率大小（保留一位小数）。

22．（9分）常用的电压表其实是由小量程的电流表（电流计）G改装而成的。从电路的角度来看，电流计其实是一个电阻，同样遵循欧姆定律。电流计与其他电阻的不同仅在于通过电流计的电流大小可从刻度盘上读出来。

（1）如图甲所示，是一个量程为0～3mA，内阻（即电流计G自身电阻）Rg是10Ω，使用时，其指针指着某一电流刻度，表示流过电流计G的电流为某一数值，也意味着电流计G两端具有一定大小的电压。若指针指在2mA刻度时，求其对应的电压大小。

（2）如图乙所示，将电流计G改装成电压表就是给电流计G串联一个定值电阻，串联好的定值电阻和电流计G即为改装后的电压表。如果需要将图甲中电流计G改装成量程为3V的电压表，求串联的电阻R的阻值大小。

（3）利用按照图乙所示改装好的电压表（如图丙）测量电压时，如果其指针指在表盘刻度为1.5mA处，求此时所测量的电压大小。

2023年安徽省安庆市太湖县望天学校中考物理三模试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（每空2分，满分20分）

1．【解答】解：

由图知：

刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；

物体左侧与0.00cm对齐，右侧与16.60cm对齐，所以物体的长度为L＝16.60cm﹣0.00cm＝16.60cm。

故答案为：16.60。

2．【解答】解：

根据平面镜成像的特点，像与物到镜面的距离相等，当小丽远离平面镜时，小丽的像也远离平面镜，所以像离人的距离变大。

故答案为：变大。

3．【解答】解：响度是指声音的强弱或大小，这里的吼地来指声音非常大，即是指的声音的响度特性。

故答案为：响度。

4．【解答】解：圆柱形蜡烛漂浮在水中，则蜡烛受到的浮力等于重力；

如果在水中加入一些盐，蜡烛静止后仍然在水中漂浮，蜡烛受到的浮力仍等于其重力，自重G不变，所以，蜡烛受到的浮力不变；

因为蜡烛漂浮，下表面受到的压力等于浮力，浮力不变，下表面受到的压力不变，根据p＝知，圆柱形蜡烛的下表面所受液体的压强不变。

故答案为：不变。

5．【解答】解：小球在摆动过程中，拉力与小球的运动方向始终是垂直的，小球并没有在拉力的方向上通过距离，所以绳子的拉力对小球不做功。

故答案为：没有。

6．【解答】解：光在水中的传播速度为空气中传播速度的3/4，即光在空气中传播速度快、在水中传播速度慢；当光从空气中斜射入水中时，折射光线偏向法线；

根据题意还可知：光在空气中传播速度快、在玻璃中传播速度慢，当光从传播速度大的介质斜射向传播速度小的介质中时，折射光线偏向法线；

则当光线从玻璃中斜射入空气中时，折射光线偏离法线；当光线从玻璃中斜射入水中时，折射光线会偏离法线。

故答案为：偏离。

7．【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

由电路图可知，当电路中的电流I＝0.2A时，R1的电功率P1＝2.0W，

由P＝UI可得，R1两端的电压：

U1＝＝＝10V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，由I＝可得，电源的电压：

U＝U1+IR0＝10V+0.2A×R0，

由电路图可知，当电路中的电流I′＝0.4A时，R1的电功率P1′＝3.2W，

此时R1两端的电压：

U1′＝＝＝8V，

电源的电压：

U＝U1′+I′R1＝8V+0.4A×R0，

因电源的电压不变，

所以，10V+0.2A×R0＝8V+0.4A×R0，

解得：R0＝10Ω，

电源的电压：

U＝U1+IR0＝10V+0.2A×10Ω＝12V。

故答案为：12。

8．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。

当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，其两端的电压UL＝6V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I＝可得，

＝＝＝，

解得：＝，

当滑片P移到最大阻值时，灯L与滑动变阻器的电功率之比：

＝＝＝。

故答案为：3：4。

9．【解答】解：

根据题意可得，这段导线所受的磁场力：F＝BIL＝0.5T×5A×0.4m＝1N。

故答案为：1。

10．【解答】解：由图知，n＝3，有用功W有＝fs物，拉力做的总功W总＝Fs绳，因为η＝＝＝＝，

所以物体与地面间的滑动摩擦力：f＝η×nF＝80%×3×20N＝48N；

故答案为：48。

二、选择题（每小题2分，满分14分）

11．【解答】解：

A、内能大小与温度、质量、状态等有关，故温度相同的物体内能不一定相等，故A错误；

B、热量总是从高温物体传向低温物体，或者从同一物体的高温部分传向低温部分，跟内能多少无关，热量可以从内能少的物体传递给内能多的物体，故B正确；

CD、物体吸收热量，内能一定增大，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中，继续吸热，但温度是不变的，内能增大，故CD错误。

故选：B。

12．【解答】解：题干中说到当移动透镜分别距光屏6cm和34cm均可在光屏上得到清晰像，

根据凸透镜成实像的特点可以得到：距光屏6cm时，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，即f＜6cm＜2f……①，

距光屏34cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距，即34cm＞2f……②，故A错误；

根据①②可得3cm＜f＜6cm，故C错误；

根据成像分析，距光屏6cm和34cm成实像是两个互逆的光路，所以u1＝v2，v1＝u2，蜡烛和光屏的距离为6cm+34cm＝40cm，故B正确；

如将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，但是成像的性质正好与原先相反，故D错误。

故选：B。

13．【解答】解：

A．惯性大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，上坡前用力蹬车，是为了增大骑行者和单车的动能；而骑行者和单车的质量不变，其惯性不变，故A错误；

B．匀速下坡时，质量不变、速度不变，则动能不变，高度减小，重力势能减小；因机械能等于动能与势能的总和，所以骑行者和单车的机械能减小，故B正确；

C．在水平路面上匀速直线骑行时，单车处于平衡状态，所以单车受到的力为平衡力，故C错误；

D．匀速转弯时，骑行者的运动方向发生了变化，其受到的不是平衡力，故D错误。

故选：B。

14．【解答】解：长方体物块悬浮在水中，说明受到水的浮力不变，而浮力等于物体上下表面受到水的压力差，所以长方体物块上下表面受到水的压力差不变；

而长方体物块上下表面受到水的压强差：Δp＝，竖直放置比水平放置上下表面积小，所以长方体物块上下表面受到水的压强差不相等。

综合上述分析可知，选项BCD错误，A正确。

故选：A。

15．【解答】解：

n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，都为I＝＝＝0.1A；

若将他们并联，则干路中的电流I甲＝0.1A×n＝n0.1A；

若将他们串联，串联电路中电流处处相等，则电流中的电流I乙＝0.1A，所以I甲＝nI乙；

电路中的总功率分别为：P甲＝UI甲＝U×n0.1A，P乙＝UI乙＝U×0.1A，

故P甲＝nP乙。

故ABD错误，C正确。

故选：C。

16．【解答】解：A．称重表与电阻串联，应为电流表，故A错误；

B．当物体很重，滑片滑到最下端，如果没有电阻R1，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的R1具有保护称重表的作用，故B错误；

CD．当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由I＝可知，电路的电流越大，称重表的示数越大，故C错误、D正确。

故选：D。

17．【解答】解：

A、乒乓球在上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，由F浮＝ρ水V排g可知受到的浮力不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，由F浮＝ρ水V排g可知受到的浮力变小；所以乒乓球在上浮过程中，受到的浮力先不变、后变小，故A错误；

B、乒乓球上浮过程中，浮力大于重力，故一直受到非平衡力的作用。故B错误；

C、乒乓球弹离水面后继续上升，是由于乒乓球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性的作用。故C错误。

D、乒乓球上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，水的深度不变，由p＝ρgh可知水对杯底的压强不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，水的深度变小，由p＝ρgh可知水对杯底的压强变小；所以乒乓球在上浮过程中，水对杯底的压强先不变、后减小，故D正确。

故选：D。

三、实验题（每空2分，满分16分）

18．【解答】解：（1）测量温度的仪器是温度计，测量时间的仪器是秒表，所以该实验的仪器需要秒表；

（2）由图可知，温度在0℃以上，分度值为1℃，故示数为54℃；

（3）由题图可知，该物质从第10min～20min之间一直吸收热量，第20min时刚好熔化完毕，为液态，故该物质第20min末的内能大于第10min末的内能。

故答案为：（1）秒表；（2）54℃；（3）大于。

19．【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应断开，故小军操作上出现的错误是没有断开开关；

灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：

（2）A．若小灯泡短路，电路为通路，电流表有示数，不符合题意；

B．若小灯泡开路，则电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数即为电源电压，不符合题意；

C．若变阻器短路，则电流表示数，电压表示数即为电源电压，不符合题意；

D．若变阻器开路，整个电路断路，灯不发光，两表都没有示数，符合题意；

故选D；

（3）灯在额定电压下正常发光，所以在移动滑动变阻器的滑片时，眼睛要观察电压表的示数，直到电压表示数为2.5V为止；

（4）根据这些实验数据画出小灯泡的电流电压I﹣U关系图像，过此图像上任一点M分别作两坐标轴的平行线，它们与两坐标轴围成的矩形的面积等于UI，根据P＝UI，故两坐标轴围成的矩形的面积在数值上等于小灯泡此时的实际电功率。

故答案为：（1）开关没有断开；如上图；（2）D；（3）电压表示数；（4）实际电功率。

四、计算题（14题6分，15题5分，16题9分；满分20分）

20．【解答】解：

（1）由阿基米德原理得，科考船满载航行时所受到的浮力：

F浮＝G排＝m排g＝3.5×103×103kg×10N/kg＝3.5×107N；

（2）由科考船航行中牵引力F与速度v的关系图象可知，F与v成反比，即F1v1＝F2v2，

当F1＝6×106N时，v1＝2km/h，

则当v2＝20km/h时牵引力：

F2＝＝＝6×105N。

答：（1）科考船满载航行时受到的浮力为3.5×107N；

（2）科考船航速为20km/h时受到的牵引力为6×105N。

21．【解答】解：

（1）横杆AB粗细相同、质量分布均匀，所以其重心C在几何中心上，则重心到A的距离为＝1.6m；

支点为O，则OA就是动力臂，支点到重心的距离OC为阻力臂，OC＝AC﹣OA＝1.6m﹣0.2m＝1.4m；

根据杠杆的平衡条件可知：F×OA＝G×OC，F＝＝150N×＝1050N；

（2）电动机可在10s内将原先处于水平位置的横杆匀速转动到竖直位置，则杠杆的重心上升的高度为h＝1.4m；

所做的有用功为：W有＝Gh＝150N×1.4m＝210J；

所做的总功为：W总＝UIt＝220V×0.1A×10s＝220J；

上述过程中的工作效率为：η＝＝≈95.5%。

答：（1）在匀速转动提升横杆工的过程中，电动机对横杆的A端始终施加垂直横杆的拉力F的大小为1050N；

（2）该车库的自动升降杆装置，在上述过程中的工作效率大小为95.5%。

22．【解答】解：（1）由I＝可得，指针指在2mA刻度时，对应的电压：

U′＝IRg＝2×10﹣3A×10Ω＝0.02V；

（2）当电流表改成量程为3V的电压表时，即此时流过电流表的电流为Ig＝3mA＝3×10﹣3A，

表头的总电阻：

RG＝＝＝1000Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，串联电阻R的阻值：

R＝RG﹣Rg＝1000Ω﹣10Ω＝990Ω；

（3）当指针指在表盘刻度为1.5mA处，则I测＝1.5mA＝1.5×10﹣3A，

由I＝可得所测量的电压U测＝I测RG＝1.5×10﹣3A×1000Ω＝1.5V。

答：（1）其对应的电压大小为0.02V。

（2）串联的电阻R的阻值大小为990Ω。

（3）利如果其指针指在表盘刻度为1.5mA处，此时所测量的电压为1.5V。