2023年云南省昭通市镇雄县中考物理一模试卷-普通用卷

这是一份2023年云南省昭通市镇雄县中考物理一模试卷-普通用卷，共20页。试卷主要包含了 下列说法中正确的是， 下列估测值最符合实际的是等内容，欢迎下载使用。

2023年云南省昭通市镇雄县中考物理一模试卷
1. 市面上有一款不需要电池的自发电门铃，如图所示。当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，发声元件便可以发出声音。这种门铃发电的原理是(    )
A. 电磁感应现象
B. 电流的磁效应
C. 磁极间的相互作用
D. 通电导体在磁场中受力运动
2. 在国际单位制中，长度的基本单位是(    )
A. 米(m) B. 厘米(cm) C. 秒(s) D. 米/秒(m/s)
3. 某单缸四冲程汽油机工作过程中，转数稳定在“3000r/min”，说法错误的是(    )
A. 在压缩冲程中，是机械能转化为内能
B. 汽油机每秒钟完成100个冲程，做功25次
C. 只有做功冲程是燃气对外做功
D. 汽油在气缸中燃烧的过程中，热值逐渐减小
4. 下列说法中正确的是(    )
A. 光的传播速度总是3×108m/s B. 漫反射遵循光的反射定律
C. 物体经平面镜成正立等大的实像 D. 光总是沿直线传播的
5. 如图所示，为某社区集体核酸检测采集现场的情景。医务人员先用手机扫描健康码，每次采集前为了安全医务人员还需要用消毒液对手进行消毒。有关此过程下列说法正确的是(    )


A. 手机上的健康码不是光源
B. 扫码时健康码位于摄像头的二倍焦距之外，成倒立缩小的实像
C. 要使屏幕上健康码的像变小，只需将健康码靠近摄像头
D. 医务人员按压消毒液的过程没有利用到大气压
6. 第一次“龟兔赛跑”，兔子因为在途中睡觉而输掉比赛，很不服气，决定与乌龟再比一次，并且骄傲地说，这次我一定不睡觉，让乌龟从起点先跑一段距离我再去追都可以赢，结果兔子又一次输掉了比赛，则下列图像可以体现这次比赛过程的是(    )
A. B.
C. D.
7. 关于下列光学现象的描述正确的是(    )
A. 光在空气中一定沿直线传播
B. “人面桃花相映红”——桃花是光源，发出的红光映红了人的脸
C. 白光通过三棱镜后被分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光
D. 绿叶是绿色是因为吸收了绿光
8. 日常生活中常常要进行估测，下列估测最接近实际值的是(    )
A. 某同学的身高是160dm
B. 某中学生的质量是50g
C. 人双脚站立时对水平地面的压强约为104Pa
D. 洗澡水的温度是60℃
9. 下列估测值最符合实际的是(    )
A. 人的正常体温约为38.5℃ B. 中学生正常行走的速度约为5m/s
C. 初中物理课本的长度约26cm D. 初中物理课本的质量约5kg
10. 运用初中阶段学习形成的物理知识进行判断，下列说法中正确的是(    )
A. 物体的运动速度越大，越难停下来，说明此时物体的惯性越大
B. 以卵击石的现象中，鸡蛋碎了是因为鸡蛋受到的力更大一些
C. 用电器的额定功率随着实际电压的增大而增大
D. 通电导体在磁场中受到力的作用，是有一定条件的
11. 如图所示，在水平桌面上放置一个平底轻质薄塑料杯，杯子底面积为2×10−3m2，高为0.1m，杯中装满水，水的质量为300g，将体积为100cm3、重为1.8N的小球缓慢的放入水中，当小球静止时，下列判断中正确的是(g=10N/kg)(    )


A. 溢出水的体积为10cm3 B. 水对杯底的压力为3N
C. 水对杯底的压强为1500 Pa D. 小球受到的浮力为1N
12. 小哲学习电学知识后，回家根据所见所闻，归纳了以下几种说法，其中正确的是(    )
A. 他家电能表表盘上标明“10(20)A”字样，表示这个电能表工作时的电流不应超过10A
B. 手机的锂电池，上面标明电压为3.7V，容量为1130mA⋅h，它充满电后，储存电能为1130mA⋅h
C. 他家一个标有“36V 25W”的灯泡。他把它接在24V的电路中，它发光暗淡；他通过计算得到灯泡的实际功率是16.7W
D. 他听到一位电视记者在讲到某工厂上半年共节电5000kW⋅h的时候，手举一只理发用电吹风机说：“我这只电吹风是500瓦的，也就是0.5千瓦，这个厂节省的电力可以同时开动10000个这样的电吹风正常工作1小时。”他认为电视记者的说法是对的
13. 甲和乙两灯的额定电压均为6V。如图是两灯电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，则下列说法正确的是(    )
A. 电路中的电流为0.5A
B. 电源电压为12V
C. 甲灯的电阻为5Ω
D. 两灯的实际功率之比为1：3
14. 关于大气压强，下列说法正确的是(    )
A. 空气由于受到重力且具有流动性产生了大气压强
B. 马德堡半球实验证明了大气压强的存在
C. 托里拆利实验测出了大气压强的数值
D. 大气压强在任何地区都是1.01×105Pa
15. 水平桌面上的烧杯中装有适量的水，一木块用细线系住，细线另一端固定在烧杯底部，如图所示，剪断细线后，木块上浮最后漂浮在水面，木块漂浮在水面上时与剪断细线前相比较(    )
A. 木块受到的浮力变小
B. 烧杯底部受到水的压强变小
C. 烧杯底部受到水的压力变化量等于木块受到浮力的变化量
D. 桌面受到压力的变化量等于木块受到浮力的变化量

16. 把标有“4V，8W”的灯泡L1和“2V，2W”的灯泡L2串联接到某电源上，其中一只灯泡正常工作，另一只没有达到其额定功率，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则正确的是(    )
A. L1正常发光 B. L2正常发光 C. 电源电压为4V D. 灯L2比L1亮
17. 如图所示，动车采用了“再生电制动”技术，即在制动时，列车由于惯性仍会向前运动一段距离，带动发电机发电，将______能转化为电能，车厢内座椅下方的插座方便了旅客充电的需求，插座间的连接方式是______联。

18. 4只相同的杯子装有同样多的水，把质量相同的实心球铝球、铁球、铜球、铅球分别抽入这4只杯子，液面升高最少的是放______球的杯子。
(ρ铝<ρ铁<ρ铜<ρ铅)
19. 一个杠杆的动力臂与阻力臂之比为4：1，则该杠杆是______杠杆，动力与阻力之比是______.若此杠杆受到的阻力是60 N，则当动力为______N时，杠杆处于平衡状态．
20. 如图所示电路，开关闭合时观察到：灯L不亮，电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是______，改正错误后，滑片移到最右端，电压表、电流表所测量的物理量如何变化？______。

21. 在“探究平面镜成像特点”的实验中：

(1)用玻璃板代替平面镜是为了______。
(2)如图甲所示，在竖直的玻璃板前点燃蜡烛A，将______(选填“点燃”或“未点燃”)的相同蜡烛B在玻璃板后面移动，发现蜡烛B可以与A在平面镜中所成的像重合，此现象表明像与物______。
(3)经过多次实验，分别记录蜡烛A、蜡烛B在纸板上的位置如图乙所示，沿玻璃板在纸板上的位置将纸板对折，发现B1与A1、B2与A2、B3与A3、……位置重合，表明像与物到镜面的______。
(4)将光屏竖直放到蜡烛B的位置，不能在光屏上直接观察到蜡烛A所成的像，说明所成的像是______像。
22. 小丽在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，固定凸透镜在光具座的位置不动，蜡烛和光屏在图所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，则：
(1)这个像的成像原理与______相同(选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”)。
(2)若将蜡烛稍微向右移动一些，则应将光屏向______移动(选填“左”或“右”)才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要______些(选填“大”或“小”)。

23. 小丽用如图甲所示的装置对冰加热直至水沸腾，根据实验记录数据绘制了冰熔化过程中温度随时间变化的图象如图乙所示(全过程质量不变).请你回答：
①实验需要的测量仪器是温度计和______ ．
②当水沸腾时温度计的示数如图丙所示，则水的沸点是______ ℃.
③在图乙中，AB段与CD段的升温快慢不同，这是因为______ ．
24. 2019年12月17日，中国首艘国产航空母舰山东舰正式入列，标志着中国海军正式进入双航母时代，是我国国防力量的重大突破。

(1)已知山东舰甲板总长315m，每次战机从甲板起降前，机组成员要对甲板进行地毯式排查，排查时人的行走速度约为1.5m/s，则船员从船头到船尾进行一次排查需要多长时间？
(2)若航母的吃水线(最底部到水面的竖直距离)为10.5m，则航母底受到的水的压强为多少？
(3)已知歼15战斗机总质量为30t，停在航母上，战斗机共四个轮子，每个轮子和地面的接触面积375cm2，此时对航母的压强为多少？
25. 如图所示是小洁设计的汽车油量表模拟电路。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片P跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。把电流表的刻度盘改为相应的油量体积数，可以直接读出油箱中的油量。已知：电源两端电压为12V且保持不变，电流表的量程为0～0.6A。闭合开关S，当油箱内为满油量时，滑动变阻器的滑片P滑动到电阻片的一端，电流表指针指在“0.6A”处；当油箱内空箱时，滑动变阻器的滑片P滑动到电阻片的另一端，电流表指针指在“0.15A”处。
求：
(1)电路中的保护电阻R0；
(2)滑动变阻器的电阻片的最大阻值R；
(3)当油箱内为一半油量时，滑片P恰好滑动到电阻片中点，此时对应的电流表的示数I。
26. 在如图中，根据电路图连接实物图。电流表测量电路中的电流约为0.3A，电源电压3V。


答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，这是电磁感应现象，此过程将机械能转化为电能；故A正确，BCD错误。
故选：A。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象。
本题考查了电磁感应现象，属于基础知识。

2.【答案】A 
【解析】解：长度的常用单位有千米(km)、米(m)、分米(dm)、厘米(cm)、毫米(mm)、微米(μm)、纳米(nm)，其中在国际单位制中，长度的基本单位是米(m)，故A正确。
故选：A。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。

3.【答案】D 
【解析】解：AC、汽油机四个冲程中，只有做功冲程燃气对外做功，将内能转化为机械能；在压缩冲程中将机械能转化为内能，故AC正确；
B、四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈。因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，故B正确；
D、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧情况无关，故D错误。
故选：D。
(1)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次。其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
(2)热值的大小只与燃料的种类有关。
本题考查了热值的大小、热机的工作过程，属于基础知识。

4.【答案】B 
【解析】解：因为光在不同的介质中，传播速度是不同的，所以A选项错误；
平面镜成正立的、等大的虚像，所以C选项不正确；
而光只有在均匀介质中才沿直线传播，所以D选项错误；
光的反射在任何时候都遵循反射定律；
故选：B。
光在不同介质中的传播速度是不同的，在真空中的传播速度是3×108m/s；光的反射在任何时候都遵循反射定律；平面镜成正立的、等大的、虚像；光只有在均匀介质中是沿直线传播的。
知道光的传播速度与介质有关，知道光沿直线传播的条件；知道光的反射遵循的规律，知道平面镜成像的特点。

5.【答案】B 
【解析】解：
A.手机上的健康码自身能够发光，是光源，故A错误；
B.手机摄像头的成像原理与照相机相同，是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律制成的，因此，扫描二维码时镜头和二维码的距离大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，故B正确；
C.如果要让像变小一些，因凸透镜成实像时，物远像近像变小，所以应增大物距，应将二维码远离镜头，故C错误；
D.按压的时候，会将外部气体压入瓶内，瓶内气压增大就把消毒液挤压出来了，故D错误。
故选：B。
(1)能自身发光的物体是光源；
(2)摄像头的原理与照相机相同，物体应位于其镜头的二倍焦距之外；
(3)根据凸透镜成像特点，物远像近像变小可知将健康码远离摄像头；
(4)按压消毒液，瓶内气压增大就把消毒液挤压出来了。
本题考查了光源的概念、凸透镜的成像原理以及大气压的应用等，有一定综合性，但难度不大。

6.【答案】B 
【解析】解：根据题意可知，乌龟早出发且早到达终点，故B选项符合题意。
故选：B。
根据题意可知，乌龟早出发且早到达终点，据此分析。
本题考查对s−t图像描述物体运动的理解，难度不大。

7.【答案】C 
【解析】解：A、光在不均匀的空气中传播时会发生折射，故A错误；
B、桃花是反射的红光，桃花不是光源，故B错误；
C、白光通过三棱镜时，因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同，白光通过三棱镜分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，故C正确；
D、绿色植物呈绿色是因为它反射了绿光，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(2)能够自身发光的物体叫做光源；
(3)太阳通过玻璃三棱镜后，被分解为绚丽的七色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这种现象称为光的色散，说明了白光不是单色光，不同颜色的光折射时的偏折程度不同；
(4)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，透明物体的颜色是由它透过的色光决定的。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的传播速度、光源、光的色散以及物体颜色的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。

8.【答案】C 
【解析】解：
A、中学生的身高是16dm，所以A不符合实际情况；
B、中学生的质量是50kg，所以B不符合实际情况；
C、中学生的体重大约是500N，双脚的面积大约是500cm2，则中学生双脚站立时对地面的压强大约是：p=FS=500N500×10−4m2=104Pa，所以C符合实际情况；
D、洗澡水的温度应与人体的温度差不多，大约是40℃左右，所以D不符合实际情况．
故选C．
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释．
估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用．

9.【答案】C 
【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合实际；
B、中学生正常步行的速度约为4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s，故B不符合实际；
C、一根筷子的长度约25cm，初中物理课本的长度略大于此数值，在26cm左右，故C符合实际；
D、两个苹果的质量约300g，初中物理课本的质量与此差不多，在300g=0.3kg左右，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

10.【答案】D 
【解析】解：A、物体的惯性只与物体本身的质量有关，与物体的速度大小无关，不会因为速度变大或变小而变大或变小，故A错误；
B、鸡蛋碰石头，尽管鸡蛋碎了，但物体间力的作用是相互的，则鸡蛋受到的力等于石头受到的力，故B错误；
C、额定功率是用电器正常工作时的功率，是在额定电压下的功率，与实际电压无关，故C错误；
D、当电流方向和磁感线方向相平行的时候，没有力，所以通电导体在磁场中受到力的作用，是有一定条件的，故D正确。
故选：D。
(1)物体的惯性只与物体本身的质量有关，与物体的速度大小、受力情况无关；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)额定功率是用电器正常工作时的功率，是在额定电压下的功率，是不变的；
(4)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与电流方向和磁感线方向有关。
本题考查物体惯性的影响因素、相互作用力、额定功率、磁场对通电导线的作用。

11.【答案】D 
【解析】解：A、根据G=mg和ρ=mV可得，小球的密度：
ρ球=m球V球=G球gV球=1.8N10N/kg×100×10−6m3=1.8×103kg/m3；
因为ρ球>ρ水，所以，小球放入水中静止时沉入水底，则会全部浸没水中，溢出水的体积为100cm3；故A错误；
BC、杯底部受到的水的压强：
p底=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa；
则水对杯底的压力F底=p底S=1×103Pa×2×10−3m2=2N，故BC错误；
D、小球在水中静止时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×100×10−6m3=1N；故D正确。
故选：D。
(1)根据G=mg和ρ=mV计算小球的密度，判断小球在水中静止时的状态，计算出溢出水的体积。
(2)利用液体压强公式直接计算水对杯底的压强和压力。
(3)根据阿基米德原理计算受到的浮力。
此题考查液体压强的计算和浮力的大小计算，同时考查物体浮沉条件，及重力和密度公式的运用，综合性很强，关键是通过比较物体与水的密度得出物体在水中静止时的状态。

12.【答案】D 
【解析】解：
A、他家电能表表盘上标明“10(20)A”字样，表示这个电能表工作时的电流不应超过20A，故A错；
B、手机锂电池充满电后，储存的电荷量Q=It=1130×10−3A×3600s=4068C，充电电流所做的功W=UIt=UQ=3.7V×4068C=15051.6J，即大约储存了15051.6J的电能。故B错；
C、灯泡的电阻R=U额2P额=(36V)225W=51.84Ω，接在U=24V的电路中时，灯泡的实际功率P实=U2R=(24V)251.84Ω≈11W，故C错；
D、5000kW⋅h是电功，500瓦是电功率，这个记者把电功率和电能混淆了；没有说明电吹风的工作时间是1小时(开动10000个这样的电吹风，总功率是5000瓦)，故D正确。
故选D。
(1)“10(20)A”表示电能表的标定电流为10A，平时工作允许通过的最大电流为20A；
(2)知道电池的容量，根据I=Qt求出电池储存的电荷量，根据W=UIt=UQ求出电流做的功即为储存的电能；
(3)由灯泡的铭牌信息可知灯泡的额定电压及额定功率，根据R=U2P可求得灯泡的电阻，再根据P=U2R求出接到电压是24V电路上时的实际功率；
(4)根据电功和电功率的应用进行解答，即电功是消耗电能的多少，电功率是消耗电能的快慢。
本题为电学综合题，要求认真审题，灵活应用相关知识。

13.【答案】AD 
【解析】解：A.已知甲、乙两灯泡正常发光时的电压均为6V，由图象可知，甲正常工作时的电流为1.0A，乙正常工作时的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以两灯泡串联时，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路中的电流为0.5A，故A正确；
B.由图象可知，电路中的电流为0.5A时，甲两端的电压为2V，乙两端的电压为6V，电源电压U=U甲+U乙=2V+6V=8V；故B错误；
C.甲灯的电阻R甲=U甲I=2V0.5A=4Ω；故C错误；
D.由P=UI可得，此时这两灯实际功率之比P甲：P乙=U甲I：U乙I=U甲：U乙=2V：6V=1：3，故D正确。
故选：AD。
两灯泡的额定电压相等，根据图像比较两灯泡的额定电流关系，根据串联电路的电流特点可知两灯泡串联时电路中的最大电流为两者额定电流中较小的，此时额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图像读出此时两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；并求出实际功率之比。
本题考查了串联电路的电流特点和电压特点与电功率的计算，关键是根据图像正确读出电流、电压的对应值。

14.【答案】ABC 
【解析】解：A、由于空气也受到重力，且能够流动，所以空气内部各个方向也存在压强，这种压强叫大气压。故A符合题意；
B、马德堡半球实验证明了大气压强的存在，故B符合题意；
C、托里拆利实验测出了大气压的值，故C符合题意；
D、一标准大气压的数值为1.01×105Pa；故D不符合题意。
故选：ABC。
(1)由于大气受到重力作用而产生压强，这就是大气压；
(2)在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，用了很大的力才将两个半球拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在，并且十分强大；
(3)托里拆利利用水银第一个测出了大气压值；
(4)一标准大气压测量数值为1.0×105Pa；大气压的大小和高度有关，高度越高，空气越稀薄，大气压越小。
本题考查了大气压的产生、验证、测定实验。属于基础知识的考查，相对比较简单。

15.【答案】ABC 
【解析】解：A、剪断前木块完全浸没，剪断后，木块部分浸没，由F浮=ρ水gV排可知，木块受到的浮力变小，A正确；
B、剪断后，木块漂浮，木块排开水的体积变小，可知水的深度变小，对容器底的压强变小，B正确；
C、由于是圆柱体容器，水给木块浮力作用，木块会给水压力，所以压力的变化量等于木块受到浮力的变化量，C正确；
D、桌面受到压力始终等于容器、木块、水的总重，剪断细线后，桌面受到压力不变，变化量为零，D错误．
故选ABC．
A、根据F浮=ρ液gV排判断浮力的变化；
B、根据V排的变化判断烧杯底部所受压强的变化；
C、根据力的作用的相互性分析即可；
D、桌面受到的压力等于容器的总重．
本题是有关浮力、压强、压力的综合分析，关键掌握阿基米德原理、浮沉条件、液体压强公式及各个量的关系．

16.【答案】BC 
【解析】解：由P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：I1=P1U1=8W4V=2A，I2=P2U2=2W2V=1A；
由I=UR可知，两灯泡的电阻分别是：R1=U1I1=4V2A=2Ω，R2=U2I2=2V1A=2Ω，
由于L1的额定电流大于L2的额定电流，所以两灯泡串联时，L2正常发光，且电路中的电流为I=1A；
由I=UR可知，电源的电压为：U=I(R1+R2)=1A×(2Ω+2Ω)=4V；
因串联电路通过两灯泡的电流相等，且两灯泡的电阻相等，由P=I2R知道，两灯泡的实际电功率相等，亮度相同；
综上所述，BC正确，AD错误。
故选：BC。
(1)根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据公式I=PU求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻；
(2)两灯泡串联时电流相等，正常发光的是额定电流较小的灯泡；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压；两灯泡串联时电流相等，且知道两灯的电阻大小关系，由P=I2R可知两灯的实际功率大小关系和亮度的关系。
本题考查了电流、电阻、实际电压、实际功率、总功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道串联电路的电流和电压规律。

17.【答案】机械  并 
【解析】解：(1)列车行驶带动发电机发电，将机械能转化为电能。
(2)插座是连接用电器的，车厢内的各用电器是并联的，故插座也是并联的。
故答案为：机械；并。
(1)行驶的列车具有很大的机械能，可以带动电动机发电。
(2)串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作。
本题利用生活中某一实例，考查了物理知识的应用，揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识，是中考题的常见题型。

18.【答案】铅 
【解析】解：因为m铝=m铁=m铜=m铅，ρ铝<ρ铁<ρ铜<ρ铅，
由V=mρ可知：
V铝>V铁>V铜>V铅，
因为这四个金属球都浸没入水杯里，
所以它们排出水的体积都等于它们各自的体积，
则V铝排>V铁排>V铜排>V铅排，
所以放铝球的杯子水面最高，放铅球的杯子最低。
故答案为：铅。
要判断哪个杯子水面最低，就得需要知道哪个金属球的体积最小，而要判断哪个金属球的体积最小，我们可根据密度公式ρ=mV进行判断。
本题主要考查了学生对密度公式的应用，对于相同质量的物体，能否根据密度求出相应的体积，关键是要知道这四者密度的大小顺序。

19.【答案】省力  1：4  15 
【解析】解：动力大于阻力臂，则该杠杆为省力杠杆．
∵F1L1=F2L2
L1L2=4
∴F1F2=14
即F160N=14
∴F1=15N
答案为：省力，1：4，15N．
根据杠杆平衡体条件F1L1=F2L2分析，动力大于阻力臂，则该杠杆为省力杠杆．动力臂与阻力臂之比为4：1，动力与阻力之比是1：4，杠杆受到的阻力是60 N，则动力为15N．
本题考查学生对杠杆平衡条件的理解和运用．

20.【答案】灯泡断路  都变大 
【解析】解：由图可知，该电路为混联电路，灯泡与滑动变阻器的左边部分并联后再与滑动变阻器的右边部分串联；电流表测量灯泡的电流，电压表测量小灯泡两端的电压，此时电压表示数要小于电源电压；
灯L不亮，电流表无示数，说明电路中无电流，出现了断路现象；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源正负极是相连的，所以故障是灯泡断路；
滑片移到最右端，此时为并联电路，灯泡两端的电压等于电源电压，示数变大；由于灯泡两端的电压变大，电阻不变，根据欧姆定律可知，其电流变大。
故答案为：灯泡断路；都变大。
由图可知，该电路为混联电路，灯泡与滑动变阻器的左边部分并联后再与滑动变阻器的右边部分串联；电流表测量灯泡的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；电路故障包括短路和断路，断路时用电器不能工作，电流表示数为零；短路时，被短路的用电器不工作，电路中有电流。根据电流表、电压表的示数和灯泡的工作情况判断故障所在；
滑片移到最右端时，该电路为并联电路，灯泡与滑动变阻器并联在电源的两端，根据电路特点和欧姆定律分析即可得出答案。
本题是非常规电路分析题，注意弄清电表所测的电路元件是解题的关键，有难度。

21.【答案】(1)便于确定像的位置；(2)未点燃；大小相等；(3)距离相同；(4)虚。 
【解析】
【分析】
(1)用玻璃板代替平面镜，能看到镜前蜡烛的像，又能看到玻璃板后面的蜡烛；
(2)为了比较像和物体的大小关系，需要用相同的蜡烛；
(3)平面镜成像时，像物到平面镜的距离相等；
(4)实像和虚像的重要区别是实像能用光屏承接，虚像不能光屏承接。
本题为探究平面镜成像特点的实验题目。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

【解答】
(1)因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，容易确定像的位置，而平面镜是不透明的，无法确定像的位置，所以选用玻璃板；
(2)在竖直的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧(A侧)观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，说明像与物大小相等；
(3)用沿玻璃板在纸板上的位置将纸板对折，发现B1与A1、B2与A2、B3与A3、……位置重合，这表明B1与A1、B2与A2、B3与A3相对于镜面是对称的，即像和物到平面镜的距离相等；
(4)将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是虚像。
故答案为：(1)便于确定像的位置；(2)未点燃；大小相等；(3)距离相同；(4)虚。  
22.【答案】照相机；右；大 
【解析】解：(1)由图知，像距小于物距，此时成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(2)若将蜡烛稍微向右移动一些，物距减小，则像和像距变大，应将光屏向右移动，才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要大些。
故答案为：(1)照相机；(2)右；大。
(1)根据像距和物距的大小关系确定成像的特点，像距小于物距，成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(2)凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点。
掌握凸透镜成像的三种情况和应用：
u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。
2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
u
23.【答案】秒表；97；水的比热容大于冰的比热容 
【解析】解：①在探究熔化规律时，需要探究温度随时间的变化情况，所以需用温度计和秒表两种测量仪器；
②冰在BC段处于熔化过程，从第5min开始熔化到15min结束，该物质熔化过程经历了10分钟；沸腾时的温度叫沸点．图丙中温度计的分度值为1℃，根据图示的液柱对应的刻度读出示数为97℃，即水的沸点为97℃．
③根据公式Q吸=cm△t可以知道，当质量和吸收的热量相同时，升高的温度△t与比热容c成反比．AB段的冰温度升高的快，是因为冰的比热容比水的小．
故答案为：①秒表；②97；③水的比热容大于冰的比热容．
①在探究熔化规律时，需要探究温度随时间的变化情况，所以需用温度计和秒表两种测量仪器；
②晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变，处于固液混合状态；液体沸腾时的温度叫沸点．
③运用公式Q吸=cm△t可以知道，当质量和吸收的热量相同时，升高的温度△t与比热c成反比
本题考查水的沸腾实验，主要考查器材的选择、温度计的读数、比热容的知识，属于常见题型；

24.【答案】解：(1)由v=st可得船员从船头到船尾进行一次排查需要的时间：t=sv=315m1.5m/s=210s；
(2)航母底受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10.5m=1.05×105Pa；
(3)歼15战斗机总重力：G=mg=30×103kg×10N∕kg=3×105N，
对航母的压力：F=G=3×105N，
受力面积S=4×375cm2=1500cm2=0.15m2，
此时对航母的压强：p=FS=3×105N0.15m2=2×106Pa。
答：(1)船员从船头到船尾进行一次排查需要210s；
(2)航母底受到的水的压强为1.05×105Pa；
(3)此时对航母的压强为2×106Pa。 
【解析】(1)已知山东舰甲板总长、排查时人的行走速度，利用t=sv求船员从船头到船尾进行一次排查需要的时间；
(2)已知航母的吃水线(最底部到水面的竖直距离)，利用p=ρgh求航母底受到的水的压强；
(3)已知歼15战斗机总质量，利用G=mg求总重力，对航母的压力等于歼15战斗机的总重力，求出受力面积，再利用p=FS求对航母的压强。
本题考查了速度公式、重力公式、液体压强公式、压强定义式的应用，虽知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。

25.【答案】解：(1)油箱满油量时，滑片位于最下端，此时滑动变阻器接入电路的电阻R=0Ω，电路中的电流为：I1=0.6A，则电路中的保护电阻为：
R0=UI1=12V0.6A=20Ω；
(2)油箱空箱时，滑片位于最上端，此时滑动变阻器接入电路的电阻值最大，此时电路中的电流为：I2=0.15A，则电路中的总电阻为：
R总=UI2=12V0.15A=80Ω；
滑动变阻器的电阻片的最大阻值为：
R=R总−R0=80Ω−20Ω=60Ω；
(3)油箱内一半油量时，滑动变阻器在滑片的中点，此时电路中的电流为：
I=UR0+12R=12V20Ω+12×60Ω=0.24A，即此时对应的电流表的示数I为0.24A。
答：(1)电路中的保护电阻R0为20Ω；
(2)滑动变阻器的电阻片的最大阻值R为60Ω；
(3)当油箱内为一半油量时，滑片P恰好滑动到电阻片中点，此时对应的电流表的示数I为0.24A。 
【解析】(1)油箱满油量时，滑片位于最下端，此时滑动变阻器接入电路的电阻R=0Ω，电路中的电流为：I1=0.6A，根据R0=UI1算出电路中的保护电阻；
(2)油箱空箱时，滑片位于最上端，此时滑动变阻器接入电路的电阻值最大，此时电路中的电流为：I2=0.15A，根据R总=UI2算出电路中的总电阻，由串联电路电阻的规律算出滑动变阻器的电阻片的最大阻值；
(3)油箱内一半油量时，滑动变阻器在滑片的中点，根据I=UR0+12R算出此时对应的电流表的示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用等，分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可解题。

26.【答案】解：连接实物图时，可以根据电流流向法，即从电源的正极出发依次串联开关、电流表、L2、L1回到电源的负极，然后把电压表并联在L1两端；电路中的电流约为0.3A，电流表选用小量程；电源电压为3V，所以电压表选用小量程；如下图所示：
 
【解析】根据电路图可知，L1、L2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端的电压；电压表应并联接入电路中。
本题考查了连接实物图的能力：先要判断电路的连接形式，再从电源的一极开始连起，先串后并，且在连接时开关的状态是断开的。