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2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷
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这是一份2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷，共21页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）
1．（3分）下列对于生活中物理量的描述，最接近实际的是（ ）
A．人的正常体温约为38.5℃
B．中学生百米赛跑的速度约为12m/s
C．黑龙江省夏天的气温为55℃
D．一节干电池的电压为1.5V
2．（3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A．声音在真空中传播的速度是3×108m/s
B．我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的响度不同
C．外科医生用超声波振动除去人体内的结石，是利用了声能够传递能量的性质
D．在学校附近禁止机动车鸣笛，是在传播过程中控制噪声
3．（3分）目前家庭汽车保有量越来越高，以下跟汽车有关的热现象中说法不正确的是（ ）
A．冬天排气管冒出的“白气”，是汽车发动机中喷出的水蒸气液化形成的
B．汽车玻璃起雾可对玻璃吹暖风，可加速液体升华
C．冬天，为汽车水箱加注防冻液后凝固点降低
D．车内空调制冷时，制冷剂汽化吸热、液化放热，将车内的“热”“搬”到车外
4．（3分）2022年10月25日16时58分，我国西藏和新疆部分地势较高的地区见证了一场“超级日食”。下列现象成因与之相同的是（ ）
A．地面上的影子 B．“弯折”的铅笔
C．水中的倒影 D．放大的“熊猫”
5．（3分）如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA＝AB。在A点悬挂物体，在B点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是（ ）
A．F的大小为物重的2倍
B．物重增加5N，F的大小也增加5N
C．物体悬挂点右移，拉力F会增大
D．将F改为沿图中虚线方向，拉力F会减小
6．（3分）如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．图甲表明地磁南极在地理南极附近
B．图乙说明了电流周围存在磁场
C．图丙说明通电线圈匝数越多，磁性越弱
D．图丁是将机械能转化为电能的装置
7．（3分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流，描绘出如图乙所示的图象，则下列判断正确的是（ ）
A．实验中电压表的示数保持1V不变
B．当R短路时，电压表有示数，电流表无示数
C．电压一定时，电阻和电流成正比
D．将R从5Ω换成10Ω后，应将滑片向右移
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）2022年10月12日，神舟十四号航天员乘组在我国空间站为我们带来了精彩的“天宫课堂”第三课。航天员的讲课声是由声带 产生的，同学们通过声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）就可以分辨三位航天员的讲课声。日常生活中观看电视节目时，减小电视机的音量是在 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
9．（3分）小刚同学在探究某种物质熔化特点的实验中，根据实验数据画出了该物质熔化过程中温度随时间变化的图像。由图像可知，该物质是 （填“晶体”或“非晶体”），其熔点是 ℃，在加热6min时，该物质处于 （填“固态”、“液态”或“固液共存态”）。
10．（3分）2022年6月5日，神舟十四号载人飞船发射圆满成功。飞船升空时，以地球为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的。飞船进入太空后，航天员携带物品的质量 （选填“变大”、“变小”或“不变”），在空间站内航天员利用 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面交流。
11．（3分）小波在湖边游玩时，看到茂密的树下有许多圆形光斑，仔细一看是太阳的“像”，这是光的 而形成的；看到湖水中游动的“鱼”比其实际位置要 （选填“深”或“浅”）；湖面上拱桥在水中的“倒影”是由于光的 而形成的虚像。
12．（3分）油电混合动力汽车在行驶过程中，发动机提供动力的同时，也给蓄电池组充电。充电过程中，蓄电池组相当于 （选填“电源”或“用电器”）；汽车发动机用水来冷却，是利用了水 大的特点。如图所示是汽车汽油机的 冲程。
13．（3分）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B在2s内匀速下降了10cm，已知每个滑轮的重力均为4N，物体A在水平面上匀速移动，受到的摩擦力为5N。忽略绳重及滑轮与绳间的摩擦，则物体B的重力为 N，物体A移动的速度为 m/s，绳子拉力对物体A做功的功率为 W.
14．（3分）如图是一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是 Ω。观察图像发现灯泡L的电阻是在增大的，这是因为 。
三、作图题（共7分）
15．（2分）如图是指甲剪的示意图。请在图中画出杠杆ABO以O点为支点时动力F1的力臂l1和阻力F2。（忽略摩擦，保留作图痕迹）
16．（3分）如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水中有一平面镜。一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经过水中的平面镜反射后恰好过P点。请画出：
（1）经过凸透镜的折射光线；
（2）进入水中的折射光线；
（3）经平面镜后的反射光线。
17．（2分）如图所示，在螺线管旁悬挂一条形磁体。闭合开关后，条形磁体向左偏。请在括号内标出：
（1）通电螺线管的“N”或“S”极；
（2）电源的“+”或“﹣”极。
四、实验题（本大题3小题，每空1分，共19分）
18．（7分）（1）如图甲所示，要正确测出物体的长度，应选刻度尺 （选填“A”或“B”）进行读数，物体的长度为 cm；图乙中停表的读数为 s。
（2）小强利用弹簧测力计、铁块、溢水杯等器材按照如图丙所示，探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
①以上探究步骤中，最合理的操作顺序是 （填字母代号）；
②铁块浸没于水后受到的浮力F浮为 N。测出铁块排开水所受的重力G排，可发现：F浮 G排（选填“＞”“＝”或“＜”），由此得出阿基米德原理；
③按最合理的实验步骤进行操作，下列因素会影响实验结果的是 。
A．溢水杯内未盛满水
B．小桶内原来有少量水
C．铁块未浸没在水中
19．（6分）在“测量盐水的密度”实验中，小明、小刚和小强组成实验小组，小组进行了分工：小明负责天平的操作，小刚负责量筒的测量，小强负责实验数据记录及处理。他们根据实验室提供的实验器材，按照设计的实验方案进行了实验。如图所示，为实验过程的主要操作示意图。
实验的主要步骤：
A.实验准备阶段，小明将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；
B.如图乙所示，小明用托盘天平测得烧杯与剩余盐水的质量之和M'；
C.小刚将烧杯中的部分盐水倒入量筒，三人按照图丙所示的方式各自读出所测盐水的体积V；
D.如图丁所示，小明将所测盐水倒入烧杯，并用托盘天平测出二者质量之和M。
（1）步骤A中，小强发现小明有一处不当的操作是 ；
（2）改正不当操作后，继续按照正常的实验流程操作，后面三个实验步骤的顺序应该是 （用步骤前的字母代号表示）；
（3）小刚倒入量筒的盐水质量m＝ g；
（4）步骤C中，三人对盐水体积的读数方式正确的是 （选填“小刚”、“小明”或“小强”），测出的盐水体积V＝ mL；
（5）小强根据实验数据和密度公式，求得盐水密度ρ＝ kg/m3。
20．（6分）探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池（电压为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图：
（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大；
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是： ；
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 （选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I﹣R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是 ，其数值为 ；
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是 ；
A．调高电源电压
B．更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C．将电压表改接到滑动变阻器两端
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
22．（6分）在一次综合实践活动中，小明制作了一个简单的保温箱，其工作原理如图所示。热敏电阻R、定值电阻R0和电磁继电器组成保温箱的控制电路。热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小，当箱内温度达到100℃时，电磁铁吸合衔铁，使触点A脱开触点B改与触点C接触，当箱内温度低于50℃时电磁铁松开衔铁，触点A再次与触点B接触。当触点A先后与触点B、C接触时，电流表的示数分别为5A和1A。求：
（1）电阻R1和R2的阻值；
（2）保温箱加热时工作电路的功率；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能。
六、综合能力题（本大题3小题，每空1分，共19分）
23．（8分）小红在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）一束平行于主光轴的光线经凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该透镜的焦距为 cm；
（2）小红将蜡烛、凸透镜、光屏安装在光具座上并靠在一起，点燃蜡烛，调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在 ；
（3）调节各元件位置如图乙所示，可在光屏上得到一个清晰、倒立、 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，生活中的 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用该成像原理工作的；保持凸透镜位置不变，若将蜡烛向右移动少许，则应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动才能再次在光屏上成清晰的像；
（4）保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛和透镜之间加一个近视镜片，观察到光屏上的像变模糊，若使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 （选填“左”或“右”）移动；
（5）当烛焰通过凸透镜成正立的像时，小红的眼睛应该在 （选填“蜡烛”或“光屏”）一侧向凸透镜方向进行观察；
（6）学生发现蜡烛燃烧产生的异味令人难受，经讨论大家认为可利用LED灯替代蜡烛作为光源，其好处是 。
24．（6分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
25．（5分）阅读短文，回答问题。
“歼﹣20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼﹣20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼﹣20”配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速（合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107/kg。g取10N/kg）
速度v/（m/s）
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.3×104
1.2×104
2.7×104
4.8×104
7.5×104
（1）“歼﹣20”飞机表面能 （选填“反射”或“吸收”）对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。飞行携带的燃油属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
（2）下列说法中不正确的是 。
A.飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B.为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂
C.飞机与地面的联系采用电磁波的形式传输信号
D.当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
（3）飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值R1与离地高度h的关系如图甲所示，如图乙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在 （选填“1”、“2”或“3”）位置，该高度表示数刻度 （选填“均匀”或“不均匀”）。
2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）
1．【解答】解：A、人的正常体温约为36.5℃，A选项不正确；
B、中学生百米赛跑的速度约为步行速度的6倍，步行速度为1.1m/s，不可能为12m/s，B选项不正确；
C、黑龙江省夏天的气温最高约为35℃，不能为55℃，C选项不正确；
D、一节干电池的电压为1.5V，符合实际，D选项正确；
故选：D。
2．【解答】解：A、光在真空中传播的速度是3×108m/s，声音不能在真空中传播，故A错误；
B、我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故B错误；
C、外科医生用超声波振动除去人体内的结石，是利用了声能够传递能量的性质，故C正确；
D、在学校附近禁止机动车鸣笛，这是在声源处中减弱噪声，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、冬天排气管冒出的“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A正确；
B、汽车玻璃起雾的原因是车内水蒸气液化形成的小水珠附着在内表面，对玻璃吹暖风增大了液体表面的空气流动的速度和液体的温度，可加速液体汽化，故B错误；
C、汽车水箱中加注防冻液能降低水的凝固点，防止水结冰胀破水箱，故C正确；
D、空调制冷时，液态制冷剂在车内热交换器内吸热由液态变为气态，发生汽化，气态制冷剂又由压缩机压入车外的热交换器，在交换器内放热液化，即将车内的“热”“搬”到车外，故D正确。
故选：B。
4．【解答】解：A．日环食是由光的直线传播形成的；地面上的影子，是由光的直线传播形成的，故A正确；
B．“弯折”的铅笔，是由光的折射形成的，故B不正确；
C．水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不正确；
D．放大的“熊猫”，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故D不正确。
故选：A。
5．【解答】解：
A、由图可知，OA＝AB，阻力的力臂为动力力臂的一半，根据杠杆的平衡条件F×OB＝G×OA可知，拉力F的大小为物重的二分之一，故A错误；
B、若物重增加5N，根据杠杆的平衡条件可知，F的变化量为5N×＝2.5N，故B错误；
C、当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变大，则动力F将变大，故C正确；
D、保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：A、地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B、图乙是奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故B正确；
C、图丙中闭合开关，电磁铁产生磁性吸引大头针，是利用了电流的磁效应，说明通电线圈匝数越多，磁性越强，故C错误；
D、磁场对通电导体有力的作用，根据此原理制成了电动机，将电能转化为机械能，故D错误。
故选：B。
7．【解答】解：A、根据图乙可知，当电阻为5Ω时，电路中的电流为0.5A；
由I＝可得，电压表的示数：U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，故A错误；
B、当R短路时，电压表测量R两端的电压，故电压表无示数，电路仍接通，故电流表有示数，故B错误；
C、电压一定时，电流和电阻成反比，故C错误；
D、将R从5Ω换成10Ω后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，需减小定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律，应增大滑动变阻器两端电压，根据分压原理，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．【解答】解：声音都是由物体振动产生的，王亚平老师的讲课声是由声带振动产生的；
音色是声音的特色，一般不同人的音色不同，因此同学们依据声音的音色分辨出三位航天员的讲课声；
观看电视节目时，减小电视机的音量，这是减小声音的响度，这是从声源处减弱噪声。
故答案为：振动；音色；声源处。
9．【解答】解：由图象可知，该物质在熔化过程中（BC段）吸收热量，温度保持80℃不变，则该物质为晶体，这个不变的温度叫做熔点，即该物质的熔点是80℃；
在加热6min时，该物质处于固液共存态。
故答案为：晶体；80；固液共存态。
10．【解答】解：飞船升空时，以地球为参照物，飞船的位置不断变化，所以是运动的；
质量决定于物体所含物质的多少，与位置无关，所以飞船进入太空后，航天员携带物品的质量不变；
电磁波可以在太空中传递无线信息，所以空间站内航天员利用电磁波与地面交流。
故答案为：运动；不变；电磁波。
11．【解答】解：（1）茂密的树下有许多圆形光斑，属于小孔成像现象，是由于光沿直线传播而形成的太阳的“像”。
（2）水中鱼反射的光线由水中斜射入空气中，发生折射，折射角大于入射角，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是鱼经水面折射所成的虚像，且虚像在实际鱼的上方，所以从岸边看到水中“鱼”的位置比鱼实际位置要浅一些。
（3）湖面上拱桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射而形成的虚像。
故答案为：直线传播；浅；反射。
12．【解答】解：充电过程中，蓄电池组消耗电能，相当于用电器；
与其它液体相比较，水的比热容较大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量较多，冷却效果较好；
由图可知，两个气门都关闭，活塞上行，为压缩冲程。
故答案为：用电器；比热容；压缩。
13．【解答】解：物体B匀速下降的速度：
v＝＝＝5cm/s；
由于物体A在水平面上匀速移动，所以由二力平衡条件可知物体A受到的拉力F大小等于物体A受到地面的摩擦力，则FA＝5N，
由图可知有2段绳子拉动动滑轮，即有n＝2，
动力F＝（G物+G动），即（GB+4N）＝5N，解得，GB＝6N；
则绳子自由端移动的速度为v绳＝nv物＝2×5cm/s＝10cm/s，
所以物体A移动的速度为0.1m/s；
绳子拉力对物体A做功的功率为P＝Fv绳＝5N×0.1m/s＝0.5W。
故答案为：6；0.1；0.5。
14．【解答】解：
（1）灯泡两端的电压为24V时，灯泡正常发光，由图乙可知此时通过灯泡的电流IL＝0.4A，
根据欧姆定律可得，此时灯丝的电阻：RL＝＝＝60Ω；
（2）由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V，通过的电流为0.2A时，灯泡的实际功率为1.2W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL′＝24V﹣6V＝18V，
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可得，滑动变阻器R连入电路的阻值：
R滑＝＝＝90Ω。
（3）在材料、长度和横截面积一定时，灯丝电阻还与温度有关，并且灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：60；90；灯丝电阻随温度的升高而增大。
三、作图题（共7分）
15．【解答】解：首先延长力F1的作用线，然后过支点O作力F1作用线的垂线段，标出力臂的符号l1，因为动力F1让杠杆绕支点O顺时针转动，所以阻力F2应该让杠杆绕支点O逆时针转动，如图所示：
。
16．【解答】解：平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，根据像与物体关于平面镜对称，画出P在平面镜中形成的像P'，连接FP'，与平面镜交于M点，FM是水中的折射光线，也是平面镜的入射光线，连接MP，可得经平面镜反射的反射光线，如图所示：
17．【解答】解：由图可知，条形磁铁被螺线管吸引，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极，左端为N极；跟安培定则可知，电流从螺线管的右侧流入，左侧流出，所以电源的左端为负极，如图所示：
四、实验题（本大题3小题，每空1分，共19分）
18．【解答】解：（1）A刻度尺的测量的始端没有与0刻度线对齐而是在零刻度线的左侧，故A放法错误；
B中两条相邻刻度线之间的距离（分度值）是1mm；物体的长度是：6.00cm﹣4.00cm＝2.00cm；
由图示停表可知，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min；
在停表的大表盘上，一个小格代表0.1s，因分针没有超过半刻度线，则秒针指在7.5s处，秒针指示的时间为7.5s，所以停表的读数为5min7.5s＝307.5s；
（2）①为了使小桶在接水之后可直接计算水的重力，应先测量空桶的重力，然后再测出铁块的重力（或先测铁块的重力再测桶的重力）；将铁块浸入水中观察测力计的示数。最后测排出的水和小桶的总重，求排出的水的重力。因此，合理的顺序应为：D、B、C、A（或B、D、C、A）；
②由题图可知，步骤B测出了铁块的重力G＝3.8N，步骤C测出了铁块浸没在水中时测力计的拉力F拉＝2.4N，
则物块浸在入液体时受到的浮力为F浮＝G﹣F拉＝3.8N﹣2.4N＝1.4N；
步骤D测出空桶的重力G桶＝1.2N，步骤A测出了桶和铁块排开水的总重力G总＝2.6N，
则铁块排开水的重力G排＝G总﹣G桶＝2.6N﹣1.2N＝1.4N，
由此可知，F浮＝G排，即物体浸在液体中受到的浮力等于物体排开液体的重力；
③A、若溢水杯内未盛满水，则石块排开的水不能全部排出，则测得排开水的重力会偏小，会影响探究结果；
B、小桶内有少量水，铁块排开水后，A、D两步骤的示数之差仍等于排开水的重力，不影响探究结果；
C、铁块未浸没水中，此时物体受到的浮力变小，排开水的重力也变小，不影响探究结果。
故选A。
故答案为：（1）B；2.00；307.5；（2）①DBCA；②1.4；＝；③A。
19．【解答】解：（1）调节天平横梁平衡时，先要把游码移到标尺左端的零刻度，再调节平衡螺母，由图甲可知，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是游码未归零；
（2）实验准备阶段，将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和盐水总质量，再将盐水倒入量筒中测出倒出的食用奶的体积，剩余盐水和烧杯的总质量，则倒出的盐水质量可求，盐水的密度可用倒出的盐水质量和倒出的盐水的体积求出，这样就可以减小误差的产生，所以实验顺序应是ADCB。
（3）如图丁所示，烧杯和盐水的总质量M＝50g+1.4g＝51.4g，如图乙所示，烧杯与剩余盐水的质量M'＝20g+5g+3.4g＝28.4g，
则量筒中盐水的质量m＝M﹣M′＝51.4g﹣28.4g＝23.0g；
（4）量筒读数时，视线要和液柱的凹面底部相平，故小明的读数方法是正确的；
由图知，量筒分度值1L，盐水的体积：V＝20.0mL＝20.0cm3；
（5）盐水的密度：
ρ＝＝＝1.15g/cm3＝1.15×103kg/m3。
故答案为：（1）游码未归零；（2）DCB；（ 3 ） 23.0；（4）小明，20.0；（5）1.15×103。
20．【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，要求滑片向右移动时电阻变大，确定滑动变阻器的左下接线柱接入电路，如下图所示：
；
（2）若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明故障为与电压表并联的定值电阻断路；
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数保持不变；
（4）根据画出I﹣R图象（如图乙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U＝IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V；
（5）A、设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则＝，即＝，解得电源电压为：U＝4.2V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A错误；
B、为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为：
＝，即＝，解得滑动变阻器的最大电阻为：R滑大＝25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B正确；
C.将电压表改接到滑动变阻器两端，电压表原来测定值电阻的电压，现在测变阻器的电压，对改变定值电阻的电压大小没有影响，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故C不符合题意。
故选：B。
故答案为：（1）见解答；（2）R断路；（3）右；（4）电阻两端的电压；3V；（5）B。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．【解答】解：（1）车满载时的总重力G＝mg＝14×103kg×10N/kg＝1.4×105N；
（2）车满载静止时，对地面的压力等于重力，所以对地面的压强p＝＝3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中牵引力做功为发动机的有用功，W＝F牵s＝1.5×104N×4.6×103m＝6.9×107J；
燃烧汽油产生的热量为发动机的总功，Q放＝m汽油q＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J；
则发动机的效率η＝。
答：（1）车满载时受到的总重力为1.4×105N；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强为3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中发动机的效率为30%。
22．【解答】解：（1）当触点A与触点B接触时，R2被短路，此时只有R1连接在电路中，保温箱处于加热状态，I加＝5A，
R1＝＝＝44Ω，
当触点A与触点C接触时，R1与R2串联在电路中，此时保温箱处于保温状态，I保＝1A，
R总＝＝＝220Ω，
R2＝R总﹣R1＝220Ω﹣44Ω＝176Ω，
（2）保温箱加热时工作电路的功率：
P＝UI加＝220V×5A＝1100W；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能：
W＝UI保t＝220V×1A×10×60s＝1.32×105J。
答：（1）电阻R1的阻值是44Ω，R2的阻值是176Ω；
（2）保温箱加热时工作电路的功率为1100W；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能为1.32×105J。
六、综合能力题（本大题3小题，每空1分，共19分）
23．【解答】解：（1）由图甲知，刻度尺的分度值为1cm，凸透镜与光屏的距离，即凸透镜的焦距f＝42.5cm﹣30.0cm＝12.5cm。
（2）为了让烛焰的像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度。
（3）由图乙知，蜡烛与凸透镜的距离，即物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40cm，
物距大于二倍焦距，所成的是倒立、缩小的实像。
照相机成倒立、缩小的实像，投影仪成倒立、放大的实像，放大镜成正立、放大的虚像，所以与图乙成像特点相同的是照相机。
凸透镜位置不变，向右移动蜡烛，则物距变小，像距随着变大，像变大，所以应向右移动光屏才能承接到清晰的像。
（4）近视镜片是凹透镜，对光线有发散作用，在蜡烛与透镜间加一个近视镜片，蜡烛发出的先发散后，再经过凸透镜，相当于物距变小了，像距会变大，所以应将光屏向右移动。
（5）烛焰通过凸透镜成正立像时，物距小于一倍焦距，则物与像同在凸透镜的左侧，应在右侧才能观察到成像，所以眼睛应该在光屏一侧向凸透镜方向进行观察。
（6）用LED灯代替蜡烛作为光源，可避免在燃烧时产生异味，减少污染，有利于健康。
故答案为：（1）12.5；（2）同一高度；（3）缩小；照相机；右；（4）右；（5）光屏；（6）减少了污染、有利于健康等或成像更清晰、便于观察。
24．【解答】解：（1）电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故B正确。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成事故。
（3）水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
（4）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变小。
（5）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择D绝缘管。
（6）由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：
故答案为：（1）B；（2）大地；（3）省力；（4）小；（5）D；（6）见解析。
25．【解答】解：（1）具有隐形功能的战机可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达。
飞行携带的燃油属于二次能源。
（2）A．飞机的机翼做成流线型，由伯努利原理可知，可以减小其空气的阻力，故A正确，不符合题意；
B．相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，为解决雷达的散热问题，应采用比热容较大的液体作为冷却剂，故B正确，不符合题意；
C．“歼﹣20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号（即电磁波）向地面传递，故C正确，不符合题意；
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于非平衡状态，故受到非平衡力作用，故D错误，符合题意。′
故选D。
（3）由题意知，R1与R0串联，此时若高度增加，导致R1的阻值增加，电源输出的电流恒定，由欧姆定律可知，R1两端的电压也随之增加，而R0两端的电压不变，而电路中的电流不变，所以高度计应为电压表并放于3位置，则满足要求，高度表示数能随飞行高度的增大而增大。
图乙中说明R1与高度h成一次函数关系，由U＝IR1可知，电压表 （高度表） 示数刻度均匀。
故答案为：（1）吸收；二次；（2）D；（3）3；均匀。
2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）
1．（3分）下列对于生活中物理量的描述，最接近实际的是（ ）
A．人的正常体温约为38.5℃
B．中学生百米赛跑的速度约为12m/s
C．黑龙江省夏天的气温为55℃
D．一节干电池的电压为1.5V
2．（3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A．声音在真空中传播的速度是3×108m/s
B．我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的响度不同
C．外科医生用超声波振动除去人体内的结石，是利用了声能够传递能量的性质
D．在学校附近禁止机动车鸣笛，是在传播过程中控制噪声
3．（3分）目前家庭汽车保有量越来越高，以下跟汽车有关的热现象中说法不正确的是（ ）
A．冬天排气管冒出的“白气”，是汽车发动机中喷出的水蒸气液化形成的
B．汽车玻璃起雾可对玻璃吹暖风，可加速液体升华
C．冬天，为汽车水箱加注防冻液后凝固点降低
D．车内空调制冷时，制冷剂汽化吸热、液化放热，将车内的“热”“搬”到车外
4．（3分）2022年10月25日16时58分，我国西藏和新疆部分地势较高的地区见证了一场“超级日食”。下列现象成因与之相同的是（ ）
A．地面上的影子 B．“弯折”的铅笔
C．水中的倒影 D．放大的“熊猫”
5．（3分）如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA＝AB。在A点悬挂物体，在B点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是（ ）
A．F的大小为物重的2倍
B．物重增加5N，F的大小也增加5N
C．物体悬挂点右移，拉力F会增大
D．将F改为沿图中虚线方向，拉力F会减小
6．（3分）如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．图甲表明地磁南极在地理南极附近
B．图乙说明了电流周围存在磁场
C．图丙说明通电线圈匝数越多，磁性越弱
D．图丁是将机械能转化为电能的装置
7．（3分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流，描绘出如图乙所示的图象，则下列判断正确的是（ ）
A．实验中电压表的示数保持1V不变
B．当R短路时，电压表有示数，电流表无示数
C．电压一定时，电阻和电流成正比
D．将R从5Ω换成10Ω后，应将滑片向右移
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）2022年10月12日，神舟十四号航天员乘组在我国空间站为我们带来了精彩的“天宫课堂”第三课。航天员的讲课声是由声带 产生的，同学们通过声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）就可以分辨三位航天员的讲课声。日常生活中观看电视节目时，减小电视机的音量是在 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
9．（3分）小刚同学在探究某种物质熔化特点的实验中，根据实验数据画出了该物质熔化过程中温度随时间变化的图像。由图像可知，该物质是 （填“晶体”或“非晶体”），其熔点是 ℃，在加热6min时，该物质处于 （填“固态”、“液态”或“固液共存态”）。
10．（3分）2022年6月5日，神舟十四号载人飞船发射圆满成功。飞船升空时，以地球为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的。飞船进入太空后，航天员携带物品的质量 （选填“变大”、“变小”或“不变”），在空间站内航天员利用 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面交流。
11．（3分）小波在湖边游玩时，看到茂密的树下有许多圆形光斑，仔细一看是太阳的“像”，这是光的 而形成的；看到湖水中游动的“鱼”比其实际位置要 （选填“深”或“浅”）；湖面上拱桥在水中的“倒影”是由于光的 而形成的虚像。
12．（3分）油电混合动力汽车在行驶过程中，发动机提供动力的同时，也给蓄电池组充电。充电过程中，蓄电池组相当于 （选填“电源”或“用电器”）；汽车发动机用水来冷却，是利用了水 大的特点。如图所示是汽车汽油机的 冲程。
13．（3分）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B在2s内匀速下降了10cm，已知每个滑轮的重力均为4N，物体A在水平面上匀速移动，受到的摩擦力为5N。忽略绳重及滑轮与绳间的摩擦，则物体B的重力为 N，物体A移动的速度为 m/s，绳子拉力对物体A做功的功率为 W.
14．（3分）如图是一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是 Ω。观察图像发现灯泡L的电阻是在增大的，这是因为 。
三、作图题（共7分）
15．（2分）如图是指甲剪的示意图。请在图中画出杠杆ABO以O点为支点时动力F1的力臂l1和阻力F2。（忽略摩擦，保留作图痕迹）
16．（3分）如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水中有一平面镜。一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经过水中的平面镜反射后恰好过P点。请画出：
（1）经过凸透镜的折射光线；
（2）进入水中的折射光线；
（3）经平面镜后的反射光线。
17．（2分）如图所示，在螺线管旁悬挂一条形磁体。闭合开关后，条形磁体向左偏。请在括号内标出：
（1）通电螺线管的“N”或“S”极；
（2）电源的“+”或“﹣”极。
四、实验题（本大题3小题，每空1分，共19分）
18．（7分）（1）如图甲所示，要正确测出物体的长度，应选刻度尺 （选填“A”或“B”）进行读数，物体的长度为 cm；图乙中停表的读数为 s。
（2）小强利用弹簧测力计、铁块、溢水杯等器材按照如图丙所示，探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
①以上探究步骤中，最合理的操作顺序是 （填字母代号）；
②铁块浸没于水后受到的浮力F浮为 N。测出铁块排开水所受的重力G排，可发现：F浮 G排（选填“＞”“＝”或“＜”），由此得出阿基米德原理；
③按最合理的实验步骤进行操作，下列因素会影响实验结果的是 。
A．溢水杯内未盛满水
B．小桶内原来有少量水
C．铁块未浸没在水中
19．（6分）在“测量盐水的密度”实验中，小明、小刚和小强组成实验小组，小组进行了分工：小明负责天平的操作，小刚负责量筒的测量，小强负责实验数据记录及处理。他们根据实验室提供的实验器材，按照设计的实验方案进行了实验。如图所示，为实验过程的主要操作示意图。
实验的主要步骤：
A.实验准备阶段，小明将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；
B.如图乙所示，小明用托盘天平测得烧杯与剩余盐水的质量之和M'；
C.小刚将烧杯中的部分盐水倒入量筒，三人按照图丙所示的方式各自读出所测盐水的体积V；
D.如图丁所示，小明将所测盐水倒入烧杯，并用托盘天平测出二者质量之和M。
（1）步骤A中，小强发现小明有一处不当的操作是 ；
（2）改正不当操作后，继续按照正常的实验流程操作，后面三个实验步骤的顺序应该是 （用步骤前的字母代号表示）；
（3）小刚倒入量筒的盐水质量m＝ g；
（4）步骤C中，三人对盐水体积的读数方式正确的是 （选填“小刚”、“小明”或“小强”），测出的盐水体积V＝ mL；
（5）小强根据实验数据和密度公式，求得盐水密度ρ＝ kg/m3。
20．（6分）探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池（电压为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图：
（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大；
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是： ；
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 （选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I﹣R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是 ，其数值为 ；
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是 ；
A．调高电源电压
B．更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C．将电压表改接到滑动变阻器两端
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
22．（6分）在一次综合实践活动中，小明制作了一个简单的保温箱，其工作原理如图所示。热敏电阻R、定值电阻R0和电磁继电器组成保温箱的控制电路。热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小，当箱内温度达到100℃时，电磁铁吸合衔铁，使触点A脱开触点B改与触点C接触，当箱内温度低于50℃时电磁铁松开衔铁，触点A再次与触点B接触。当触点A先后与触点B、C接触时，电流表的示数分别为5A和1A。求：
（1）电阻R1和R2的阻值；
（2）保温箱加热时工作电路的功率；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能。
六、综合能力题（本大题3小题，每空1分，共19分）
23．（8分）小红在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）一束平行于主光轴的光线经凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该透镜的焦距为 cm；
（2）小红将蜡烛、凸透镜、光屏安装在光具座上并靠在一起，点燃蜡烛，调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在 ；
（3）调节各元件位置如图乙所示，可在光屏上得到一个清晰、倒立、 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，生活中的 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用该成像原理工作的；保持凸透镜位置不变，若将蜡烛向右移动少许，则应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动才能再次在光屏上成清晰的像；
（4）保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛和透镜之间加一个近视镜片，观察到光屏上的像变模糊，若使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 （选填“左”或“右”）移动；
（5）当烛焰通过凸透镜成正立的像时，小红的眼睛应该在 （选填“蜡烛”或“光屏”）一侧向凸透镜方向进行观察；
（6）学生发现蜡烛燃烧产生的异味令人难受，经讨论大家认为可利用LED灯替代蜡烛作为光源，其好处是 。
24．（6分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
25．（5分）阅读短文，回答问题。
“歼﹣20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼﹣20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼﹣20”配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速（合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107/kg。g取10N/kg）
速度v/（m/s）
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.3×104
1.2×104
2.7×104
4.8×104
7.5×104
（1）“歼﹣20”飞机表面能 （选填“反射”或“吸收”）对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。飞行携带的燃油属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
（2）下列说法中不正确的是 。
A.飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B.为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂
C.飞机与地面的联系采用电磁波的形式传输信号
D.当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
（3）飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值R1与离地高度h的关系如图甲所示，如图乙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在 （选填“1”、“2”或“3”）位置，该高度表示数刻度 （选填“均匀”或“不均匀”）。
2023年广东省茂名市高州一中附属实验中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）
1．【解答】解：A、人的正常体温约为36.5℃，A选项不正确；
B、中学生百米赛跑的速度约为步行速度的6倍，步行速度为1.1m/s，不可能为12m/s，B选项不正确；
C、黑龙江省夏天的气温最高约为35℃，不能为55℃，C选项不正确；
D、一节干电池的电压为1.5V，符合实际，D选项正确；
故选：D。
2．【解答】解：A、光在真空中传播的速度是3×108m/s，声音不能在真空中传播，故A错误；
B、我们能分辨出不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故B错误；
C、外科医生用超声波振动除去人体内的结石，是利用了声能够传递能量的性质，故C正确；
D、在学校附近禁止机动车鸣笛，这是在声源处中减弱噪声，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、冬天排气管冒出的“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A正确；
B、汽车玻璃起雾的原因是车内水蒸气液化形成的小水珠附着在内表面，对玻璃吹暖风增大了液体表面的空气流动的速度和液体的温度，可加速液体汽化，故B错误；
C、汽车水箱中加注防冻液能降低水的凝固点，防止水结冰胀破水箱，故C正确；
D、空调制冷时，液态制冷剂在车内热交换器内吸热由液态变为气态，发生汽化，气态制冷剂又由压缩机压入车外的热交换器，在交换器内放热液化，即将车内的“热”“搬”到车外，故D正确。
故选：B。
4．【解答】解：A．日环食是由光的直线传播形成的；地面上的影子，是由光的直线传播形成的，故A正确；
B．“弯折”的铅笔，是由光的折射形成的，故B不正确；
C．水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不正确；
D．放大的“熊猫”，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故D不正确。
故选：A。
5．【解答】解：
A、由图可知，OA＝AB，阻力的力臂为动力力臂的一半，根据杠杆的平衡条件F×OB＝G×OA可知，拉力F的大小为物重的二分之一，故A错误；
B、若物重增加5N，根据杠杆的平衡条件可知，F的变化量为5N×＝2.5N，故B错误；
C、当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变大，则动力F将变大，故C正确；
D、保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：A、地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B、图乙是奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故B正确；
C、图丙中闭合开关，电磁铁产生磁性吸引大头针，是利用了电流的磁效应，说明通电线圈匝数越多，磁性越强，故C错误；
D、磁场对通电导体有力的作用，根据此原理制成了电动机，将电能转化为机械能，故D错误。
故选：B。
7．【解答】解：A、根据图乙可知，当电阻为5Ω时，电路中的电流为0.5A；
由I＝可得，电压表的示数：U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，故A错误；
B、当R短路时，电压表测量R两端的电压，故电压表无示数，电路仍接通，故电流表有示数，故B错误；
C、电压一定时，电流和电阻成反比，故C错误；
D、将R从5Ω换成10Ω后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，需减小定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律，应增大滑动变阻器两端电压，根据分压原理，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．【解答】解：声音都是由物体振动产生的，王亚平老师的讲课声是由声带振动产生的；
音色是声音的特色，一般不同人的音色不同，因此同学们依据声音的音色分辨出三位航天员的讲课声；
观看电视节目时，减小电视机的音量，这是减小声音的响度，这是从声源处减弱噪声。
故答案为：振动；音色；声源处。
9．【解答】解：由图象可知，该物质在熔化过程中（BC段）吸收热量，温度保持80℃不变，则该物质为晶体，这个不变的温度叫做熔点，即该物质的熔点是80℃；
在加热6min时，该物质处于固液共存态。
故答案为：晶体；80；固液共存态。
10．【解答】解：飞船升空时，以地球为参照物，飞船的位置不断变化，所以是运动的；
质量决定于物体所含物质的多少，与位置无关，所以飞船进入太空后，航天员携带物品的质量不变；
电磁波可以在太空中传递无线信息，所以空间站内航天员利用电磁波与地面交流。
故答案为：运动；不变；电磁波。
11．【解答】解：（1）茂密的树下有许多圆形光斑，属于小孔成像现象，是由于光沿直线传播而形成的太阳的“像”。
（2）水中鱼反射的光线由水中斜射入空气中，发生折射，折射角大于入射角，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是鱼经水面折射所成的虚像，且虚像在实际鱼的上方，所以从岸边看到水中“鱼”的位置比鱼实际位置要浅一些。
（3）湖面上拱桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射而形成的虚像。
故答案为：直线传播；浅；反射。
12．【解答】解：充电过程中，蓄电池组消耗电能，相当于用电器；
与其它液体相比较，水的比热容较大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量较多，冷却效果较好；
由图可知，两个气门都关闭，活塞上行，为压缩冲程。
故答案为：用电器；比热容；压缩。
13．【解答】解：物体B匀速下降的速度：
v＝＝＝5cm/s；
由于物体A在水平面上匀速移动，所以由二力平衡条件可知物体A受到的拉力F大小等于物体A受到地面的摩擦力，则FA＝5N，
由图可知有2段绳子拉动动滑轮，即有n＝2，
动力F＝（G物+G动），即（GB+4N）＝5N，解得，GB＝6N；
则绳子自由端移动的速度为v绳＝nv物＝2×5cm/s＝10cm/s，
所以物体A移动的速度为0.1m/s；
绳子拉力对物体A做功的功率为P＝Fv绳＝5N×0.1m/s＝0.5W。
故答案为：6；0.1；0.5。
14．【解答】解：
（1）灯泡两端的电压为24V时，灯泡正常发光，由图乙可知此时通过灯泡的电流IL＝0.4A，
根据欧姆定律可得，此时灯丝的电阻：RL＝＝＝60Ω；
（2）由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V，通过的电流为0.2A时，灯泡的实际功率为1.2W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL′＝24V﹣6V＝18V，
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可得，滑动变阻器R连入电路的阻值：
R滑＝＝＝90Ω。
（3）在材料、长度和横截面积一定时，灯丝电阻还与温度有关，并且灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：60；90；灯丝电阻随温度的升高而增大。
三、作图题（共7分）
15．【解答】解：首先延长力F1的作用线，然后过支点O作力F1作用线的垂线段，标出力臂的符号l1，因为动力F1让杠杆绕支点O顺时针转动，所以阻力F2应该让杠杆绕支点O逆时针转动，如图所示：
。
16．【解答】解：平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，根据像与物体关于平面镜对称，画出P在平面镜中形成的像P'，连接FP'，与平面镜交于M点，FM是水中的折射光线，也是平面镜的入射光线，连接MP，可得经平面镜反射的反射光线，如图所示：
17．【解答】解：由图可知，条形磁铁被螺线管吸引，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极，左端为N极；跟安培定则可知，电流从螺线管的右侧流入，左侧流出，所以电源的左端为负极，如图所示：
四、实验题（本大题3小题，每空1分，共19分）
18．【解答】解：（1）A刻度尺的测量的始端没有与0刻度线对齐而是在零刻度线的左侧，故A放法错误；
B中两条相邻刻度线之间的距离（分度值）是1mm；物体的长度是：6.00cm﹣4.00cm＝2.00cm；
由图示停表可知，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min；
在停表的大表盘上，一个小格代表0.1s，因分针没有超过半刻度线，则秒针指在7.5s处，秒针指示的时间为7.5s，所以停表的读数为5min7.5s＝307.5s；
（2）①为了使小桶在接水之后可直接计算水的重力，应先测量空桶的重力，然后再测出铁块的重力（或先测铁块的重力再测桶的重力）；将铁块浸入水中观察测力计的示数。最后测排出的水和小桶的总重，求排出的水的重力。因此，合理的顺序应为：D、B、C、A（或B、D、C、A）；
②由题图可知，步骤B测出了铁块的重力G＝3.8N，步骤C测出了铁块浸没在水中时测力计的拉力F拉＝2.4N，
则物块浸在入液体时受到的浮力为F浮＝G﹣F拉＝3.8N﹣2.4N＝1.4N；
步骤D测出空桶的重力G桶＝1.2N，步骤A测出了桶和铁块排开水的总重力G总＝2.6N，
则铁块排开水的重力G排＝G总﹣G桶＝2.6N﹣1.2N＝1.4N，
由此可知，F浮＝G排，即物体浸在液体中受到的浮力等于物体排开液体的重力；
③A、若溢水杯内未盛满水，则石块排开的水不能全部排出，则测得排开水的重力会偏小，会影响探究结果；
B、小桶内有少量水，铁块排开水后，A、D两步骤的示数之差仍等于排开水的重力，不影响探究结果；
C、铁块未浸没水中，此时物体受到的浮力变小，排开水的重力也变小，不影响探究结果。
故选A。
故答案为：（1）B；2.00；307.5；（2）①DBCA；②1.4；＝；③A。
19．【解答】解：（1）调节天平横梁平衡时，先要把游码移到标尺左端的零刻度，再调节平衡螺母，由图甲可知，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是游码未归零；
（2）实验准备阶段，将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和盐水总质量，再将盐水倒入量筒中测出倒出的食用奶的体积，剩余盐水和烧杯的总质量，则倒出的盐水质量可求，盐水的密度可用倒出的盐水质量和倒出的盐水的体积求出，这样就可以减小误差的产生，所以实验顺序应是ADCB。
（3）如图丁所示，烧杯和盐水的总质量M＝50g+1.4g＝51.4g，如图乙所示，烧杯与剩余盐水的质量M'＝20g+5g+3.4g＝28.4g，
则量筒中盐水的质量m＝M﹣M′＝51.4g﹣28.4g＝23.0g；
（4）量筒读数时，视线要和液柱的凹面底部相平，故小明的读数方法是正确的；
由图知，量筒分度值1L，盐水的体积：V＝20.0mL＝20.0cm3；
（5）盐水的密度：
ρ＝＝＝1.15g/cm3＝1.15×103kg/m3。
故答案为：（1）游码未归零；（2）DCB；（ 3 ） 23.0；（4）小明，20.0；（5）1.15×103。
20．【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，要求滑片向右移动时电阻变大，确定滑动变阻器的左下接线柱接入电路，如下图所示：
；
（2）若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明故障为与电压表并联的定值电阻断路；
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数保持不变；
（4）根据画出I﹣R图象（如图乙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U＝IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V；
（5）A、设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则＝，即＝，解得电源电压为：U＝4.2V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A错误；
B、为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为：
＝，即＝，解得滑动变阻器的最大电阻为：R滑大＝25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B正确；
C.将电压表改接到滑动变阻器两端，电压表原来测定值电阻的电压，现在测变阻器的电压，对改变定值电阻的电压大小没有影响，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故C不符合题意。
故选：B。
故答案为：（1）见解答；（2）R断路；（3）右；（4）电阻两端的电压；3V；（5）B。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．【解答】解：（1）车满载时的总重力G＝mg＝14×103kg×10N/kg＝1.4×105N；
（2）车满载静止时，对地面的压力等于重力，所以对地面的压强p＝＝3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中牵引力做功为发动机的有用功，W＝F牵s＝1.5×104N×4.6×103m＝6.9×107J；
燃烧汽油产生的热量为发动机的总功，Q放＝m汽油q＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J；
则发动机的效率η＝。
答：（1）车满载时受到的总重力为1.4×105N；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强为3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中发动机的效率为30%。
22．【解答】解：（1）当触点A与触点B接触时，R2被短路，此时只有R1连接在电路中，保温箱处于加热状态，I加＝5A，
R1＝＝＝44Ω，
当触点A与触点C接触时，R1与R2串联在电路中，此时保温箱处于保温状态，I保＝1A，
R总＝＝＝220Ω，
R2＝R总﹣R1＝220Ω﹣44Ω＝176Ω，
（2）保温箱加热时工作电路的功率：
P＝UI加＝220V×5A＝1100W；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能：
W＝UI保t＝220V×1A×10×60s＝1.32×105J。
答：（1）电阻R1的阻值是44Ω，R2的阻值是176Ω；
（2）保温箱加热时工作电路的功率为1100W；
（3）保温箱保温10min工作电路消耗的电能为1.32×105J。
六、综合能力题（本大题3小题，每空1分，共19分）
23．【解答】解：（1）由图甲知，刻度尺的分度值为1cm，凸透镜与光屏的距离，即凸透镜的焦距f＝42.5cm﹣30.0cm＝12.5cm。
（2）为了让烛焰的像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度。
（3）由图乙知，蜡烛与凸透镜的距离，即物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40cm，
物距大于二倍焦距，所成的是倒立、缩小的实像。
照相机成倒立、缩小的实像，投影仪成倒立、放大的实像，放大镜成正立、放大的虚像，所以与图乙成像特点相同的是照相机。
凸透镜位置不变，向右移动蜡烛，则物距变小，像距随着变大，像变大，所以应向右移动光屏才能承接到清晰的像。
（4）近视镜片是凹透镜，对光线有发散作用，在蜡烛与透镜间加一个近视镜片，蜡烛发出的先发散后，再经过凸透镜，相当于物距变小了，像距会变大，所以应将光屏向右移动。
（5）烛焰通过凸透镜成正立像时，物距小于一倍焦距，则物与像同在凸透镜的左侧，应在右侧才能观察到成像，所以眼睛应该在光屏一侧向凸透镜方向进行观察。
（6）用LED灯代替蜡烛作为光源，可避免在燃烧时产生异味，减少污染，有利于健康。
故答案为：（1）12.5；（2）同一高度；（3）缩小；照相机；右；（4）右；（5）光屏；（6）减少了污染、有利于健康等或成像更清晰、便于观察。
24．【解答】解：（1）电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故B正确。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成事故。
（3）水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
（4）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变小。
（5）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择D绝缘管。
（6）由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：
故答案为：（1）B；（2）大地；（3）省力；（4）小；（5）D；（6）见解析。
25．【解答】解：（1）具有隐形功能的战机可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达。
飞行携带的燃油属于二次能源。
（2）A．飞机的机翼做成流线型，由伯努利原理可知，可以减小其空气的阻力，故A正确，不符合题意；
B．相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，为解决雷达的散热问题，应采用比热容较大的液体作为冷却剂，故B正确，不符合题意；
C．“歼﹣20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号（即电磁波）向地面传递，故C正确，不符合题意；
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于非平衡状态，故受到非平衡力作用，故D错误，符合题意。′
故选D。
（3）由题意知，R1与R0串联，此时若高度增加，导致R1的阻值增加，电源输出的电流恒定，由欧姆定律可知，R1两端的电压也随之增加，而R0两端的电压不变，而电路中的电流不变，所以高度计应为电压表并放于3位置，则满足要求，高度表示数能随飞行高度的增大而增大。
图乙中说明R1与高度h成一次函数关系，由U＝IR1可知，电压表 （高度表） 示数刻度均匀。
故答案为：（1）吸收；二次；（2）D；（3）3；均匀。
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