2020贵州省黔东南州中考物理试卷

这是一份2020贵州省黔东南州中考物理试卷，共34页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2020年贵州省黔东南州中考物理试卷
一、选择题（每小题3分，共24分，每小题只有一个答案是正确的，请用2B铅笔将答题卡上的对应字母标号涂黑）
1．（3分）（2020•黔东南州）下列估测最接近于实际的是（　　）
A．一支全新2B铅笔的长度约为20cm
B．人步行的速度约为5m/s
C．一个普通中学生的重力约为50N
D．人感到舒适的气温约为39℃
2．（3分）（2020•黔东南州）如图是镇远县某次赛龙舟比赛活动中，某龙舟上的鼓手正在击鼓号令的场景。关于鼓声，下面的说法中错误的是（　　）

A．鼓声是由鼓面振动产生的
B．鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．鼓声传进教室，影响听课，所以鼓声是噪音
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
3．（3分）（2020•黔东南州）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
D．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
4．（3分）（2020•黔东南州）如图所示，一些金属条被科技馆工作人员按特殊的方式摆放后，在灯光的照射下就出现了栩栩如生的“飞机”，与“飞机”的形成原理相同的是（　　）

A．坐井观天，所见甚小 B．海市蜃楼
C．雨后彩虹 D．镜中“花”、水中“月”
5．（3分）（2020•黔东南州）如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是（　　）
A．
B．
C．
D．
6．（3分）（2020•黔东南州）如图所示四个装置中工作原理与发电机相同的是（　　）
A．电磁起重机
B．扬声器
C．话筒
D．司南
7．（3分）（2020•黔东南州）如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲物质的密度随体积增大而增大
B．当甲和乙两物质的质量相同时，乙物质的体积较大
C．甲、乙两种物质的密度之比是4：1
D．体积为5cm3的乙物质，质量为10g
8．（3分）（2020•黔东南州）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持3V不变，闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，下列说法不正确的是（　　）

A．定值电阻R1的阻值是5Ω
B．滑动变阻器的阻值范围是0～10Ω
C．当滑片P移到b端时，电路消耗的总功率为1.8W
D．若滑动变阻器R2出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为3V
二、填空题（每空1分，共14分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
9．（2分）（2020•黔东南州）“低碳环保“是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是　 　；手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用　 　传递信息的。
10．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，“歼31”是我国自主研发具有隐形功能的一种四代战机。飞行时，以　 　（填“地面”或“飞机”）为参照物，飞行员是静止的；飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的　 　（填“快”或“慢”），从而产生了较大的升力。

11．（4分）（2020•黔东南州）浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为2N、10N，该金属块受到的浮力为　 　N，金属块的体积为　 　m3．若上表面距离水面的深度为0.4m，现用3N的力把金属块提升0.1m，则此力对物体做的功为　 　J，此时金属块受到的浮力将　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
12．（3分）（2020•黔东南州）电能表是测量　 　的仪表。小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月小红家里用了　 　度电。小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/（kW•h）”字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为　 　W。

13．（3分）（2020•黔东南州）如图是一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为　 　Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是　 　Ω．观察图象发现灯泡L的电阻是在增大的，这是因为　 　。

三、作图题（每小题2分，共6分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
14．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，一束光线从空气射入水中，在空气和水的分界面上同时发生反射和折射。请在图中作出反射光线，并作出折射光线的大致方向。

15．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，用一根细绳将杠杆AOB在O点悬挂起来，B处挂一重物G，请你在杠杆上画出最小的动力F1及动力臂L1，使杠杆在图中位置平衡。

16．（2分）（2020•黔东南州）如图所示已画出永磁体与通电螺线管之间的磁感线分布情况中的一条，请标出：①磁感线的方向；②在括号中标出电源右侧的极性（用“+”或“﹣”表示）。

四、实验探究题（每空1分，共22分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
17．（5分）（2020•黔东南州）如图所示是探究“水的沸腾”的实验装置。当水温上升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止记录。

（1）图甲中温度计读数是　 　℃，图乙中，表示水在沸腾时的现象是其中的　 　（选填“A”或“B”）。
（2）根据实验数据，作出了水的温度随时间变化的图象，如图丙所示，由图象可知，在当时条件下，水的沸点是　 　℃。
（3）水在沸腾过程中的特点　 　。
（4）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷　 　形成的。
18．（5分）（2020•黔东南州）如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素。

（1）本实验是通过观察　 　来比较压力作用效果的。实验中用到的研究方法有　 　和转换法。
（2）通过比较图甲、乙，说明　 　，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较图　 　（填序号），说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p　 　p′（选填“＞”“＜”或“＝”）。
19．（6分）（2020•黔东南州）某课外兴趣小组的同学对学校的自来水密度进行了测定：
（1）某同学将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左侧的零刻度线，发现指针位置如图甲所示，然后向　 　（选填“左”或“右”）调节　 　使指针指在分度盘中央。
（2）实验正确操作，测出自来水和杯子总质量为114.8g，将部分水倒入量筒，如图乙所示，测出量筒中水的体积为　 　cm3．测出剩余自来水和杯子的质量，如图丙所示，为　 　g。
（3）根据上述实验数据，计算出自来水的密度为　 　kg/m3。
（4）在向量筒倒入自来水时，如果不慎有水溅出。则测出的自来水密度会　 　（填“偏大”“偏小”或“不变”）。

20．（6分）（2020•黔东南州）某学习小组在“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。

（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整。（要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大；导线不得交叉）
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，电流表有示数，移动滑片，电表示数不变，则故障为滑动变阻R′　 　。
（3）探究通电导体中的电流与电阻的关系实验要在电压一定时进行，图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象。由图象可知R两端的电压为　 　V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压　 　（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片应向　 　（选填“左”或“右”）端滑动；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，为了保证完成实验，则滑动变阻器的阻值至少是　 　Ω。
五、简答题（共4分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
21．（4分）（2020•黔东南州）2020年初新冠肺炎开始在全球蔓延。为了阻止新冠肺炎的蔓延，戴口罩、隔离、喷洒消毒液，都能有效的阻止其蔓延。3月16日九年级同学戴上口罩返校开学。当同学们进入教室，闻到了浓浓消毒液的气味，戴眼镜的同学的镜片上有了雾气。有的同学在手上、文具上喷洒酒精消毒，发现不一会酒精干了。手上喷洒酒精后有一点凉凉的感觉……．请你根据上面的描述和所学物理知识提出两个相关问题并回答。
示例：
问题：镜片上的雾气是怎样形成的？回答：呼出的水蒸气液化形成的。
（1）问题：　 　；回答：　 　。
（2）问题：　 　；回答：　 　。
六、计算题（第22题5分，第23题7分，第24题8分，共20分．请将解答过程及答案填入答题卡对应的位置上）
22．（5分）（2020•黔东南州）如图所示的电路中电源电压保持不变，R1＝R2＝R3＝20Ω，当S1、S2 都断开，电流表示数是0.3A，求：
（1）电源电压；
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数是多少？

23．（7分）（2020•黔东南州）为减少新型冠状病毒的滋生蔓延，武汉市城管部门在夜间对城区道路集中开展了雾炮车喷洒消毒作业（如图所示）。某型号雾炮车空载时的质量为10t，它配备了一个体积为10m3的水箱，为了方便清洗，水箱底部有一个排水孔，排水孔盖子面积约为100cm2。
（1）雾炮车匀速前进喷洒过程中，在2.4km的路段上用时20min，则雾炮车的速度是多少？
（2）消毒液喷洒完后空载匀速返回时，若雾炮车在水平地面上匀速行驶时受到的阻力为车重的0.05倍，则行驶2.4km的水平路面上，牵引力所做的功为多大？（g取10N/kg）
（3）当水箱中消毒液的深度为1m时，排水孔盖子受到消毒液的压力约为多大？（消毒液的密度为0.8×103kg/m3）。

24．（2020•黔东南州）小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆（如图所示）内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压为220V，额定功率605W．问：
（1）小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40℃，此加热过程中水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）加热系统加热时的热效率是多少？（结果精确到0.1%）
（3）当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率是多少？（加热电阻阻值不随温度变化而变化）
（4）足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V（按摩系统将交流电压转换为12V），工作电流为4A，其电阻为0.5Ω，电动机工作中因发热损失的功率是多少？


2020年贵州省黔东南州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题3分，共24分，每小题只有一个答案是正确的，请用2B铅笔将答题卡上的对应字母标号涂黑）
1．（3分）（2020•黔东南州）下列估测最接近于实际的是（　　）
A．一支全新2B铅笔的长度约为20cm
B．人步行的速度约为5m/s
C．一个普通中学生的重力约为50N
D．人感到舒适的气温约为39℃
【分析】结合实际生活经验和对常见物理量的了解，依次分析每个选项，找出与实际相符的。
【解答】解：A、全新2B铅笔的长度约为20cm，故A接近实际；
B、人步行的速度约为1.2m/s，故B不符合实际；
C、一个普通中学生的质量约50kg，重力约500N，故C不符合实际；
D、人感到舒适的气温约为23℃，故D不符合实际。
故选：A。
【点评】对不同物理量的估测、估算，需要借助生活经验，进行必要的计算或单位的换算。
2．（3分）（2020•黔东南州）如图是镇远县某次赛龙舟比赛活动中，某龙舟上的鼓手正在击鼓号令的场景。关于鼓声，下面的说法中错误的是（　　）

A．鼓声是由鼓面振动产生的
B．鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．鼓声传进教室，影响听课，所以鼓声是噪音
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
【分析】（1）声音由物体的振动产生；歌声是由于声带振动产生。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）从环境保护的角度讲，凡是影响人们正常的休息、工作的声音都属于噪声。
（4）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，声音在不同介质中的传播速度不同。
【解答】解：A、物体的振动产生声音，鼓声是由鼓面振动产生的，故A说法正确。
B、鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大，故B说法正确。
C、从环境保护的角度讲，凡是影响人们正常的休息、工作的声音都属于噪声。鼓声传进教室，影响听课，所以鼓声是噪音。故C说法正确。
D、鼓手敲击鼓面越快，只是鼓声的节奏越快，但鼓声在空气中传播的速度不变。故D说法错误。
故选：D。
【点评】深入理解声音的产生条件、传播条件，区分声音的三个特征，是解答此题的关键。
3．（3分）（2020•黔东南州）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
D．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要放热，故A错误。
B、“露似真珠月似弓”，露的形成是水蒸气的液化现象，需要放热，故B正确。
C、“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是水蒸气的液化现象，需要放热，故C错误。
D、“月落乌啼霜满天”，霜的形成是水蒸气的凝华现象，需要放热，故D错误。
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（3分）（2020•黔东南州）如图所示，一些金属条被科技馆工作人员按特殊的方式摆放后，在灯光的照射下就出现了栩栩如生的“飞机”，与“飞机”的形成原理相同的是（　　）

A．坐井观天，所见甚小 B．海市蜃楼
C．雨后彩虹 D．镜中“花”、水中“月”
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象。
【解答】解：金属条被科技馆工作人员按特殊的方式摆放后，在灯光的照射下就出现了栩栩如生的“飞机”，其形成原理是光的直线传播。
A、坐井观天，所见甚小，是由光的直线传播引起的，故A正确；
B、海市蜃楼是光经过不同密度的空气层后发生折射，使远处景物显示在半空中或地面上的奇异幻景，属于光的折射现象，故B错误；
C、雨后天空出现彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，属于光的折射，故C错误；
D、镜中“花”、水中“月”均属于平面镜成像，其形成原理是光的反射，故D错误。
故选：A。
【点评】正确区分三种光现象（光的直线传播、光的反射、光的折射）。一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。
5．（3分）（2020•黔东南州）如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响即为并联，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S3位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，据此进行解答。
【解答】解：由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，
则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，且锁定开关S3位于干路，
然后与灯泡、电源组成电路，结合选项电路图可知，选项B符合。
故选：B。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三个开关的位置和连接方式是关键。
6．（3分）（2020•黔东南州）如图所示四个装置中工作原理与发电机相同的是（　　）
A．电磁起重机
B．扬声器
C．话筒
D．司南
【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象，分析清楚图示实验原理，然后答题。
【解答】解：发电机的工作原理是电磁感应现象。
A、电磁起重机是利用电磁铁工作的，其原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理，故B不符合题意；
C、话筒是利用在闭合电路的一部分导体磁场中做切割磁感线运动而产生交变电流的原理（即电磁感应现象）制成的，故C符合题意；
D、司南是天然的磁体，由于受地磁场的影响，磁体具有指南北的性质，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、磁体的指向性、电动机的原理和发电机的原理，注意电流的磁效应、电磁感应以及通电导体在磁场中受力运动等原理的应用，平时多归纳。
7．（3分）（2020•黔东南州）如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲物质的密度随体积增大而增大
B．当甲和乙两物质的质量相同时，乙物质的体积较大
C．甲、乙两种物质的密度之比是4：1
D．体积为5cm3的乙物质，质量为10g
【分析】（1）密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关；
（2）分析图象，得出相同质量的甲和乙两种物质的体积大小关系；
（3）由图象可知得出，当甲物质的质量为2g时的体积，利用密度公式求出甲的密度；当乙物质的质量为4g时的体积，利用密度公式求出乙的密度，进而求出甲、乙两种物质的密度之比；再利用m＝ρV求乙物质的质量。
【解答】解：
A、密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关，故A错；
B、由图象可知，当甲和乙两物质的质量相同时（如质量都为2g），乙物质的体积较小，故B错；
CD、由图象可知，当甲物质的质量m甲＝2g时，V甲＝4cm3，V乙＝2cm3，ρ甲＝＝＝0.5g/cm3；
当乙物质的质量m乙＝4g时，V乙＝2cm3，ρ乙＝＝＝2g/cm3，
所以甲、乙两种物质的密度之比是1：4，故C错；
体积为V乙′＝5cm3的乙物质的质量：m乙′＝ρ乙V乙′＝2g/cm3×5cm3＝10g，故C错、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了密度公式的应用以及对密度特性的理解，分析图象得出相关信息是关键。
8．（3分）（2020•黔东南州）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持3V不变，闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，下列说法不正确的是（　　）

A．定值电阻R1的阻值是5Ω
B．滑动变阻器的阻值范围是0～10Ω
C．当滑片P移到b端时，电路消耗的总功率为1.8W
D．若滑动变阻器R2出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为3V
【分析】由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的电流，根据欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；
（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图乙读出电表的示数，根据欧姆定律求出变阻器的最大阻值；
（3）当滑片P移到b端时，根据P＝UI求出电路消耗的总功率；
（4）若滑动变阻器R2出现接触不良时，电路断路，电路中无电流，此时电压表串联在电路中测电源两端的电压。
【解答】解：由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知I1＝0.6A，
由I＝可得，定值电阻R1的阻值：R1＝＝＝5Ω，故A正确；
B．当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图乙可知I2＝0.2A，U2＝2V，则滑动变阻器的最大阻值：R2＝＝＝10Ω，即滑动变阻器的阻值范围是0～10Ω，故B正确；
C．当滑片P移到b端时，电路消耗的总功率P＝UI2＝3V×0.2A＝0.6W，故C错误；
D．若滑动变阻器R2出现接触不良时，电路断路，电路中无电流，则电流表的示数为0，电压表串联在电路中测电源两端的电压，其示数为3V，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，要知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
二、填空题（每空1分，共14分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
9．（2分）（2020•黔东南州）“低碳环保“是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是　太阳能　；手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用　电磁波　传递信息的。
【分析】（1）太阳能是一种新型的能源，取之不尽用之不竭，且无污染，是较为理想的能源；
（2）有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的。
【解答】解：
（1）在煤、石油、太阳能这三种能源之中，太阳能因分布广阔、获取方便、清洁不会造成环境污染可能成为未来的理想能源；
（2）手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在人讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波。
故答案为：太阳能；电磁波。
【点评】本题主要考查学生对太阳能优点和电磁波的应用的了解和掌握，是一道基础题。
10．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，“歼31”是我国自主研发具有隐形功能的一种四代战机。飞行时，以　飞机　（填“地面”或“飞机”）为参照物，飞行员是静止的；飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的　快　（填“快”或“慢”），从而产生了较大的升力。

【分析】（1）如果物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的，物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的；
（2）流体流速越大，流体压强越小，流体流速越小，流体压强越大。
【解答】解：（1）飞行员相对于飞机位置不变，则以飞机作为参照物，飞行员是静止的；
（2）机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼上方气体压强小于机翼下方气体压强，从而产生了升力。
故答案为：飞机；快。
【点评】本题考查了参照物的选择、流体流速与流体压强的关系，难度不大，是一道基础题。
11．（4分）（2020•黔东南州）浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为2N、10N，该金属块受到的浮力为　8　N，金属块的体积为　8×10﹣4　m3．若上表面距离水面的深度为0.4m，现用3N的力把金属块提升0.1m，则此力对物体做的功为　0.3　J，此时金属块受到的浮力将　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”）（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
【分析】（1）浮力产生的原因：物体上下表面所受液体的压力之差，据此计算该金属块受到的浮力；
（2）金属块浸没在水中，则金属块的体积等于排开水的体积；已知浮力大小，根据F浮＝ρ液gV排求出物体排开水的体积，可得到金属块的体积；
（3）根据W＝Fs计算该力对物体做的功；
（4）原来金属块的上表面距离水面的深度为0.4m，把金属块提升0.1m，金属块未露出水面，根据阿基米德原理判断浮力的大小变化。
【解答】解：（1）由浮力的产生原因可知，该金属块受到的浮力为：
F浮＝F下﹣F上＝10N﹣2N＝8N；
（2）金属块浸没在水中，由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得金属块的体积：
V金＝V排＝＝＝8×10﹣4m3；
（3）用3N的力把金属块提升0.1m，则此力对物体做的功：
W＝Fs＝3N×0.1m＝0.3J；
（4）原来金属块的上表面距离水面的深度为0.4m，把金属块提升0.1m，金属块未露出水面，其排开水的体积不变，根据公式F浮＝ρ水gV排可知，金属块受到的浮力大小不变。
故答案为：8；8×10﹣4；0.3；不变。
【点评】此题考查了浮力产生的原因、功的计算和阿基米德原理公式的灵活应用，理解浮力的产生原因和阿基米德原理是解题的关键。
12．（3分）（2020•黔东南州）电能表是测量　电功（消耗电能）　的仪表。小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月小红家里用了　82　度电。小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/（kW•h）”字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为　600　W。

【分析】（1）电能表是测量家庭电路中电流做功（消耗电能）多少的仪器。
（2）电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数；（2）最后一位是小数；（3）单位kW•h；
（3）“3000R/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求转30转消耗的电能，再根据P＝求出电功率。
【解答】解：
（1）电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；
（2）这个月家里用电：1469.5kW•h﹣1387.5kW•h＝82kW•h＝82度；
（3）“3000R/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转。
当转盘转动30转时，消耗的电能：
W＝kW•h＝0.01kW•h，
这只电饭锅工作时的实际功率：
P＝＝＝0.6kW＝600W。
故答案为：电功（消耗电能）；82；600。
【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法。注意题目中的单位换算。
13．（3分）（2020•黔东南州）如图是一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为　60　Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是　90　Ω．观察图象发现灯泡L的电阻是在增大的，这是因为　灯丝电阻随温度的升高而增大　。

【分析】（1）额定电压下灯泡正常发光，根据图乙读出对应的电流，根据欧姆定律求出此时灯丝的电阻；
（2）由图可知找出灯泡的实际功率为3.6W时灯泡两端的电压和电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器R连入电路的阻值；
（3）灯丝的电阻与温度有关。
【解答】解：
（1）灯泡两端的电压为24V时，灯泡正常发光，由图乙可知此时通过灯泡的电流IL＝0.4A，
根据欧姆定律可得，此时灯丝的电阻：RL＝＝＝60Ω；
（2）由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V，通过的电流为0.2A时，灯泡的实际功率为1.2W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL′＝24V﹣6V＝18V，
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可得，滑动变阻器R连入电路的阻值：
R滑＝＝＝90Ω。
（3）在材料、长度和横截面积一定时，灯丝电阻还与温度有关，并且灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：60；90；灯丝电阻随温度的升高而增大。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图乙得出灯泡实际功率为1.2W时灯泡两端的电压和通过的电流。
三、作图题（每小题2分，共6分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
14．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，一束光线从空气射入水中，在空气和水的分界面上同时发生反射和折射。请在图中作出反射光线，并作出折射光线的大致方向。

【分析】先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
【解答】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光线；
根据折射角小于入射角，在法线右侧水中画出折射光线。如图所示：

【点评】本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题。
15．（2分）（2020•黔东南州）如图所示，用一根细绳将杠杆AOB在O点悬挂起来，B处挂一重物G，请你在杠杆上画出最小的动力F1及动力臂L1，使杠杆在图中位置平衡。

【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。因此先确定最长的力臂，即离支点最远的点；然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。
【解答】解：
根据杠杆平衡的条件F1×L1＝F2×L2可知，在阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长；
由图知，B点离支点最远，故最长的动力臂为OB；过B点作垂直于OB的作用力F1，为使杠杆平衡，动力的方向应垂直于OB向上；如图所示：

【点评】由杠杆的平衡条件，杠杆中最小作用力问题，可以转化为最大力臂问题，解题的关键是找出最长的力臂。
16．（2分）（2020•黔东南州）如图所示已画出永磁体与通电螺线管之间的磁感线分布情况中的一条，请标出：①磁感线的方向；②在括号中标出电源右侧的极性（用“+”或“﹣”表示）。

【分析】磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极的；根据螺线管的极性，利用安培定值判定螺线管中电流的方向，从而标出正负极。
【解答】解：由图可知，永磁体的右端为S极，在磁体外部，磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的，所以电源的右端为正极，如图所示：

【点评】本题主要考查安培定则、磁感线的特点，作图时要注意作图方法及画图的要求。
四、实验探究题（每空1分，共22分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
17．（5分）（2020•黔东南州）如图所示是探究“水的沸腾”的实验装置。当水温上升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止记录。

（1）图甲中温度计读数是　96　℃，图乙中，表示水在沸腾时的现象是其中的　B　（选填“A”或“B”）。
（2）根据实验数据，作出了水的温度随时间变化的图象，如图丙所示，由图象可知，在当时条件下，水的沸点是　98　℃。
（3）水在沸腾过程中的特点　吸收热量，温度保持不变　。
（4）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷　液化　形成的。
【分析】（1）在进行温度计的读数时，先明确分度值，再根据液面位置读数；
水在沸腾过程中生成大量的气泡，气泡在上升过程中体积逐渐增大，达到水面处破裂；
（2）（3）水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变；
（4）白气是由小水珠组成的，是由于水蒸气液化形成的。
【解答】解：（1）由图甲知，温度计的分度值为1℃，其示数为96℃；
由图乙知，A中气泡在上升过程中体积逐渐减小，是沸腾前的现象；B中气泡在上升过程中逐渐增大，是沸腾时的现象；
（2）由图A知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以水的沸点为98℃；
（3）水在沸腾过程中，需要吸收热量，但温度保持不变；
（4）杯口附近出现大量的“白气”是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠组成的。
故答案为：
（1）96；B；（2）98；（3）吸收热量，温度保持不变；（4）液化。
【点评】此题是探究“水的沸腾”的实验，考查了温度计的读数及水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾图象的分析，能根据水的沸腾特点判断沸点及质量的变化，是解决此题的关键。
18．（5分）（2020•黔东南州）如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素。

（1）本实验是通过观察　海绵的凹陷程度　来比较压力作用效果的。实验中用到的研究方法有　控制变量法　和转换法。
（2）通过比较图甲、乙，说明　受力面积一定时，压力越大　，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较图　乙、丙　（填序号），说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p　＝　p′（选填“＞”“＜”或“＝”）。
【分析】（1）（2）（3）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，据此分析回答；
（4）因图丙中和图丁中受压材料不同，故不能根据受压材料的凹陷程度来反映压力的作用效果，应据据p＝分析。
【解答】解：
（1）根据转换法，本实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的；实验中用到的研究方法有控制变量法和转换法；
（2）通过比较图甲、乙知，受力面积一定，乙中压力大，海绵的凹陷程度大，这说明受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
（3）探究压力的作用效果与受力面积时，应控制压力的大小不变，而受力面积不同，故应该比较图乙、丙，且可以得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，与图丙相比，因压力大小和受力面积都相同，则根据p＝可知，图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p＝p′；
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；控制变量法；（2）受力面积一定时，压力越大；（3）乙、丙；（4）＝。
【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用及p＝的运用，体现了对过程和方法的考查。
19．（6分）（2020•黔东南州）某课外兴趣小组的同学对学校的自来水密度进行了测定：
（1）某同学将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左侧的零刻度线，发现指针位置如图甲所示，然后向　右　（选填“左”或“右”）调节　平衡螺母　使指针指在分度盘中央。
（2）实验正确操作，测出自来水和杯子总质量为114.8g，将部分水倒入量筒，如图乙所示，测出量筒中水的体积为　40　cm3．测出剩余自来水和杯子的质量，如图丙所示，为　54.2　g。
（3）根据上述实验数据，计算出自来水的密度为　1.515×103　kg/m3。
（4）在向量筒倒入自来水时，如果不慎有水溅出。则测出的自来水密度会　偏大　（填“偏大”“偏小”或“不变”）。

【分析】（1）正确使用天平：把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，调节天平的横梁平衡，在调节时，左偏右调，右偏左调；
（2）根据图甲读出水的体积；根据图乙读出剩余自来水和杯子的总质量；
（3）计算出量筒中自来水的质量，根据ρ＝计算出自来水的密度；
（4）如量筒内有水溅出，则所测水的体积会偏小，从而可得出密度的大小偏差。
【解答】解：（1）放在水平桌面上的托盘天平调节平衡时，发现游码放在标尺的零刻线处，指针指在分度盘中央的左侧（如图甲所示），说明天平左侧沉，应将横梁右端的平衡螺母向右移，使指针指在分度盘中央。
（2）由图乙知，量筒中水的体积：V＝40mL＝40cm3；
由图丙知，标尺的分度值为0.2g，剩余水和烧杯的总质量：m＝20g+20g+10g+4.2g＝54.2g；
（3）量筒中自来水的质量m＝114.8g﹣54.2g＝60.6g；
自来水的密度ρ＝＝＝1.515g/cm3＝1.515×103kg/m3。
（4）在向量筒倒入自来水时，如果不慎有溅出，则所测自来水的体积偏小，由ρ＝，测出自来水的密度会偏大。
故答案为：（1）右；平衡螺母；（2）60；54.2；（3）1.515×103；（4）偏大。
【点评】本题主要是有关液体密度的测量，主要考查了天平、量筒的使用读数及液体密度的测量方法和密度计算，并能够根据测量状态分析测量误差。
20．（6分）（2020•黔东南州）某学习小组在“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。

（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整。（要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大；导线不得交叉）
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，电流表有示数，移动滑片，电表示数不变，则故障为滑动变阻R′　短路　。
（3）探究通电导体中的电流与电阻的关系实验要在电压一定时进行，图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象。由图象可知R两端的电压为　3　V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压　不变　（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片应向　右　（选填“左”或“右”）端滑动；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，为了保证完成实验，则滑动变阻器的阻值至少是　12.5　Ω。
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，电路为通路是，移动滑片，电表示数不变，变阻器没有变阻作用，据此分析；
（3）由图乙知求出电阻两端的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，移动滑片，电表示数不变，说明变阻器没有变阻作用，则故障为滑动变阻R′短路；
（3）由图乙知，电阻两端的电压始终保持：
UV＝IR＝0.3A×10Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.6A×5Ω＝3V，即R两端的电压为3V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为3V；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣3V＝1.5V，
变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×25Ω＝12.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少12.5Ω的滑动变阻器。
故答案为：（1）如上所示；（2）短路；（3）3；不变；右；12.5。
【点评】本题“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验，考查电路连接、故障分析、控制变量法、操作过程及对器材的要求，为中考的热点问题。
五、简答题（共4分．请将答案填入答题卡对应的位置上）
21．（4分）（2020•黔东南州）2020年初新冠肺炎开始在全球蔓延。为了阻止新冠肺炎的蔓延，戴口罩、隔离、喷洒消毒液，都能有效的阻止其蔓延。3月16日九年级同学戴上口罩返校开学。当同学们进入教室，闻到了浓浓消毒液的气味，戴眼镜的同学的镜片上有了雾气。有的同学在手上、文具上喷洒酒精消毒，发现不一会酒精干了。手上喷洒酒精后有一点凉凉的感觉……．请你根据上面的描述和所学物理知识提出两个相关问题并回答。
示例：
问题：镜片上的雾气是怎样形成的？回答：呼出的水蒸气液化形成的。
（1）问题：　手上喷洒酒精后，为什么有一点凉凉的感觉？　；回答：　酒精汽化吸热，使手的温度降低　。
（2）问题：　为什么进入教室后，闻到了浓浓消毒液的气味？　；回答：　酒精分子在不停地做无规则运动，进入鼻孔　。
【分析】（1）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
（2）构成物质的分子总在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
【解答】答：（1）手上喷洒酒精后，为什么有一点凉凉的感觉？回答：酒精汽化吸热，使手的温度降低。
（2）为什么进入教室后，闻到了浓浓消毒液的气味？回答：酒精分子在不停地做无规则运动，进入鼻孔产生嗅觉。
【点评】理解汽化现象和汽化的特点、分子的无规则运动，可解答此题，属于开放题，合理即可。
六、计算题（第22题5分，第23题7分，第24题8分，共20分．请将解答过程及答案填入答题卡对应的位置上）
22．（5分）（2020•黔东南州）如图所示的电路中电源电压保持不变，R1＝R2＝R3＝20Ω，当S1、S2 都断开，电流表示数是0.3A，求：
（1）电源电压；
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数是多少？

【分析】（1）当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
（2）当S1、S2都闭合时，R1与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电流表示数。
【解答】解：
（1）当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝I（R1+R2）＝0.3A×（20Ω+20Ω）＝12V；
（2）当S1、S2都闭合时，R1与R3并联，电流表测干路电流，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R＝＝＝10Ω，
则干路电流表的示数：
I′＝＝＝1.2A。
答：（1）电源电压为12V；
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数是1.2A。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
23．（7分）（2020•黔东南州）为减少新型冠状病毒的滋生蔓延，武汉市城管部门在夜间对城区道路集中开展了雾炮车喷洒消毒作业（如图所示）。某型号雾炮车空载时的质量为10t，它配备了一个体积为10m3的水箱，为了方便清洗，水箱底部有一个排水孔，排水孔盖子面积约为100cm2。
（1）雾炮车匀速前进喷洒过程中，在2.4km的路段上用时20min，则雾炮车的速度是多少？
（2）消毒液喷洒完后空载匀速返回时，若雾炮车在水平地面上匀速行驶时受到的阻力为车重的0.05倍，则行驶2.4km的水平路面上，牵引力所做的功为多大？（g取10N/kg）
（3）当水箱中消毒液的深度为1m时，排水孔盖子受到消毒液的压力约为多大？（消毒液的密度为0.8×103kg/m3）。

【分析】（1）已知在2.4km的路段上用时20min，利用速度公式求解；
（2）利用G＝mg可求得雾炮车空载时的重力，然后可求得阻力，因为运动行驶，牵引力F＝f，由W＝Fs可求得牵引力所做的功；
（3）由p＝ρgh可求得排水孔盖子受到消毒液的压强，利用F＝pS可求得排水孔盖子受到消毒液的压力。
【解答】解：
（1）雾炮车的速度：v＝＝＝7.2km/h；
（2）雾炮车空载时的重力：G＝mg＝10×103kg×10N/kg＝1×105N，
匀速行驶时受到的阻力：f＝0.05G＝0.05×1×105N＝5000N，
因为运动行驶，所以雾炮车受到的牵引力：F＝f＝5000N，
牵引力所做的功：W＝Fs＝5000N×2.4×103m＝1.2×107J；
（3）排水孔盖子受到消毒液的压强：p＝ρgh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×1m＝8×103Pa，
由p＝可得，排水孔盖子受到消毒液的压力：F＝pS＝8×103Pa×1×10﹣2m2＝80N。
答：（1）雾炮车的速度是7.2km/h；
（2）牵引力所做的功为1.2×107J；
（3）排水孔盖子受到消毒液的压力为80N。
【点评】此题考查了重力、压强、液体压强、速度的计算等，是一道综合性较强的题目。
24．（2020•黔东南州）小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆（如图所示）内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压为220V，额定功率605W．问：
（1）小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40℃，此加热过程中水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）加热系统加热时的热效率是多少？（结果精确到0.1%）
（3）当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率是多少？（加热电阻阻值不随温度变化而变化）
（4）足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V（按摩系统将交流电压转换为12V），工作电流为4A，其电阻为0.5Ω，电动机工作中因发热损失的功率是多少？

【分析】（1）知道水的比热容、水的质量，初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；
（2）根据W＝Pt求出足浴盆消耗的电能，根据η＝×100%算出加热系统加热时的热效率；
（3）先根据P＝的变形公式求出加热电阻的阻值，然后再根据P＝求出加热电阻工作的实际功率；
（4）根据P损＝I2R′求出电动机工作中因发热损失的功率。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×6kg×（40℃﹣20℃）＝5.04×105J；
（2）加热时间t′＝15min＝900s，
足浴盆加热时消耗的电能：
W＝P额t′＝605W×900s＝5.445×105J；
热系统加热时的热效率为：
η＝×100%＝×100%≈92.6%；
（3）由P＝得，加热电阻的阻值：
R＝＝＝80Ω，
当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率：
P实＝＝＝500W；
（4）电动机工作中因发热损失的功率：
P损＝I2R′＝（4A）2×0.5Ω＝8W。
答：（1）此加热过程中水吸收的热量是5.04×105J；
（2）加热系统加热时的热效率是92.6%；
（3）当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率是500W；
（4）电动机工作中因发热损失的功率是8W。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到吸热公式、电功公式和电功率公式以及效率公式的应用，熟练应用相关公式即可正确解题，关键要注意电动机正常工作时的功率不等于发热功率。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布
日期：2020/7/16 9:42:34；用户：时代卓锦初物；邮箱：sdzjwl@xyh.com；学号：37287011