2022-2023学年天津市部分区高二下学期期中练习物理试题 解析版

天津市部分区2022～2023学年度第二学期期中练习

高二物理

第Ⅰ卷

一、单项选择题（本题共5小题，每小题5分，共25分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）

1. 一单摆做简谐运动，在摆角减小的过程中，摆球的（　　）

A. 位移增大 B. 速度增大 C. 回复力增大 D. 机械能增大

【答案】B

【解析】

【详解】单摆做简谐运动，在摆角减小的过程中，摆球的位移减小，速度增大，根据

F=-kx

可知回复力增大，由于只有重力做功则机械能守恒，即机械能不变，选项B正确，ACD错误。

故选B

2. 关于波长的下列说法正确的是（　　）

A. 波峰与波峰间的距离或波谷与波谷间的距离

B. 波动中对平衡位置位移总相同的两质点间的距离

C. 一个周期内介质中的质点通过的路程

D. 一个周期内振动在介质中传播的距离

【答案】D

【解析】

【详解】A．波长等于相邻波峰与波峰间的距离或波谷与波谷间的距离，故A错误；

B．波长等于在波的传播方向上振动相位总是相同的相邻的两个质点间的距离，故B错误；

C．质点不随波迁移，一个周期内介质中的质点通过的路程是四个振幅，不是波长，故C错误；

D．一个周期内振动在介质中传播的距离为一个波长，故D正确。

故选D。

3. 两束细平行光a和b相距为d，从空气中互相平行地斜射到长方体玻璃砖的上表面，如图所示，若玻璃对a的折射率小于对b的折射率。当它们从玻璃砖的下表面射出后，有（　　）

A. 两束光仍平行，间距等于d B. 两束光仍平行，间距大于d

C. 两束光仍平行，间距小于d D. 两束光不再相互平行

【答案】B

【解析】

【详解】作出两种光线在平行玻璃砖的光路图如下

根据折射率公式有

na=，nb=

由题意知

na<nb

则

ra>rb

由几何关系得

>d

光线经两侧面平行的玻璃砖后方向不变，折射光线平行。故ACD错误，B正确。

故选B。

4. 下列说法正确的是（　　）

A. 光导纤维导光的原理是利用了光的全反射

B. 光的偏振现象表明光是纵波

C. 激光测距是利用了激光具有高度相干性的特点

D. 声源与观察者相互靠近时，观察者所接收的频率小于声源振动的频率

【答案】A

【解析】

【详解】A．用光导纤维传播信号是利用了光的全反射，具有容量大、衰减小、速度快的特点，故A正确；

B．偏振是横波是特有现象，光的偏振现象说明光是横波，故B错误；

C．激光测距是利用激光的平行性好，故C错误；

D．根据多普勒效应可知，声源与观察者相对靠近，观察者所接收的频率大于声源发出的频率，故D错误。

故选A。

5. 一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动，F随时间t变化的图像如图所示，则（　　）

A. t=2s时物块的速率为2m/s B. t=2s时物块的速度改变方向

C. t=3s时物块的动量大小为5kg·m/s D. t=4s时物块的速度为零

【答案】A

【解析】

【详解】A．由动量定理

t=2s时物块的速率为

故A正确；

B．t=2s时物块所受合力方向改变，物体开始做匀减速直线运动，速度方向保持不变，B错误；

CD．由动量定理

当t=3s时物块的动量大小为

t=4s时物块的速度为

故C、D错误。

故选A。

二、不定项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）

6. 如图所示为在同一地点的A、B两个单摆做简谐运动的振动图像，其中实线表示A的振动图像，虚线表示B的振动图像，关于这两个单摆，以下判断中正确的是（　　）

A. 这两个单摆的周期相同 B. 这两个单摆的振幅相同

C. 这两个单摆的摆长不同 D. 这两个单摆的摆球质量一定相等

【答案】BC

【解析】

【详解】A．由图可知，两个单摆周期的关系为

故A错误；

B．由图可知，两个单摆的振幅相同。故B正确；

C．根据

解得

易知两个单摆的摆长不同。故C正确；

D．由题中条件不能确定两个单摆的摆球质量。故D错误。

故选BC。

7. 如图甲所示，滑块以O点为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动．取向右为正方向，滑块位移x随时间t的变化如图乙所示，则可知（　　）

A. t=0.2s时，滑块的加速度方向向左

B. t=0.4s时，滑块的回复力为零

C. t=0.6s时，滑块的速度方向向右

D. t=0.4s到t=0.8s时间内，滑块的动能逐渐增大

【答案】AD

【解析】

【详解】A．由乙图可知，时，滑块的位移为正，即位移为右方向，则滑块的加速度方向向左，A正确；

B．时，由乙图可知，滑块在正方向最大位移处，则回复力最大，B错误；

C．时，由乙图可知，滑块从正向最大位移向平衡位置振动，即滑块向左运动，速度方向向左，C错误；

D．到的时间内，滑块从最大位移向平衡位置移动，滑块的速度逐渐增大，动能逐渐增大，D正确。

故选AD。

8. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，波的周期为0.2s，某时刻的波形如图所示，则（　　）

A. 该波的波长为8m B. 该波的波速为50m/s

C. 该时刻质点P向y轴负方向运动 D. 该时刻起，质点Q比质点P先回到平衡位置

【答案】AC

【解析】

【详解】A．由题图可知该波的波长为8m，A正确；

B．由可知，该波的波速为

故B错误；

CD．因为该波沿x轴正方向传播，所以此时刻质点P向y轴负方向运动，而质点Q向y轴正方向运动，所以会比质点P晚回到平衡位置，C正确，D错误；

故选AC。

第Ⅱ卷

本卷共4题，共60分。

9. “用单摆测量重力加速度”的实验中，有人提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是（　　）

A. 适当加长摆线

B. 质量相同、体积不同的摆球，应选用体积较大的

C. 摆线偏离平衡位置的角度要很小

D. 当摆球经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期

【答案】AC

【解析】

【详解】A．单摆的摆长越长，周期越大，适当加长摆长，便于测量周期，可以减小测量的误差，提供测量结果的精确度，故A符合题意；

B．要减小空气阻力的影响，应选体积较小的摆球，故B不符合题意；

C．单摆在摆角很小的情况下才做简谐运动，则单摆偏离平衡位置的角度不能太大，一般不超过5°，故C符合题意；

D．单摆周期较小，把一次全振动的时间作为周期，测量误差较大，应采用累积法，测多个周期的时间取平均值作为单摆的周期，故D不符合题意。

故选AC。

10. 在“用双缝干涉测光的波长”实验中：

（1）下列说法正确的是______。

A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝

B．测量某条干涉条纹位置时，应使分划板中心刻线与亮条纹的中心对齐

C．为减小测量误差，测出n条亮条纹间的距离a，再求出相邻两条亮条纹的距离

（2）测量某亮纹位置时，手轮上的示数如图，其示数为______mm。

（3）测得相邻两条亮条纹间的距离Δx=2.6×10-3m，且已知双缝间距d为2.0×10-4m，双缝到毛玻璃屏的距离l为0.800m，由计算式λ=______，求得所测光的波长为______m。

【答案】    ①. B    ②. 1.970    ③.     ④. 6.5×10-7

【解析】

【详解】（1）[1]A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，不放单缝和双缝，故A错误；

B．测量某条干涉条纹位置时，应使分划板中心刻线与亮条纹的中心对齐，故B正确；

C．为减小测量误差，测出n条亮条纹间的距离a，再求出相邻两条亮条纹的距离为

故C错误。

故选B。

（2）[2]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度读数之和，故手轮上的示数为

（3）[3][4]根据公式

可得

代入数据解得

11. 如图甲所示，为一列简谐横波在时刻图像，图乙是这列波上质点的振动图像。

（1）这列波的波长与振幅；

（2）求出这列波的波速大小；

（3）试判断这列波传播方向。

【答案】（1），；（2）；（3）波沿x轴正向传播

【解析】

【详解】（1）根据题意，由甲图可知，这列波的波长为

振幅为

（2）由乙图可知，周期为

波速为

代入数据解得

（3）根据乙图可判断出时刻，质点P沿y轴负向运动，再根据图甲结合“同侧法”可知，这列波沿x轴正向传播。全科试题免费下载公众号《高中僧课堂》

12. 如图所示，一个半径为R的圆木板静止在水面上，在圆木板圆心O的正下方处有一点光源S，已知水的折射率。

（1）求沿圆木板边缘射出的折射光线的折射角的正弦值；

（2）若要在水面上方观察不到点光源S所发出的光，则应将点光源S至少竖直向上移多大的距离？

【答案】（1）；（2）

【解析】

【详解】（1）光路图如图甲所示

由边角关系可知

折射率

解得

（2）如图乙所示

沿圆木板边缘的光线恰好发生全反射时，刚好在水面上方观察不到点光源S，由边角关系可知

临界角与介质折射率的关系

求得

进而求出点光源S至少竖直向上移动

13. 如图所示，A、B两木块质量分别为和，A、B与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为的小铁块C静止在A的左端。现对小铁块C施加一水平向右的瞬时冲量的作用，小铁块C由A滑上B，最终小铁块C与B的共同速度大小为，求：

（1）瞬时冲量作用后，小铁块的速度大小；

（2）A的最终速度大小；

（3）小铁块C刚滑上B时的速度大小。

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】

【详解】（1）根据题意，由动量定理有

解得

（2）根据题意可知，A、B、C组成的系统动量守恒，则有

代入数据解得

（3）通过分析可知，铁块C刚滑上B时，A、B两木块速度相同且为，小铁块C滑上B到二者共速，B、C组成的系统动量守恒，则有

代入数据解得