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2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷（含答案）
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这是一份2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷（含答案），共45页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷
一、选择题（本题共12小题，单选每题2分，多选题每题3分，共28分。1-8为单选题，9-12为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列估测值中，最符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路电压为220V
B．一本物理课本的质量约为5kg
C．学生书桌的高度约为1.7m
D．中学生正常步行的速度约为9m/s
2．（2分）中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（ ）
A．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”——霜的形成是凝固现象
B．“纷纷暮雪下辕门，风掣红旗冻不翻”——雪的形成是升华现象
C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”——露的形成是液化现象
D．“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象
3．（2分）下列光现象中，能够用光的直线传播来解释的是（ ）
A．筷子“弯折” B．小孔成像
C．桥的倒影 D．雨后彩虹
4．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
5．（2分）“B超”利用超声波成像技术诊断疾病。对“B超”发出的超声波，下列说法正确的是（ ）
A．超声波传播不需要介质
B．超声波是由物体振动产生的
C．超声波在空气中传播速度最快
D．超声波不能传递能量
6．（2分）如图所示四个装置，下列有关说法正确的是（ ）
A．图甲所示与电动机工作原理相同
B．图乙中的电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的
C．图丙所示与发电机工作原理相同
D．图丁中小磁针发生偏转，这是电磁感应现象
7．（2分）“生活处处有物理，留心观察皆学问”。下面有关现象的解释，正确的是（ ）
A．洗手池下方排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B．接种疫苗时，用注射器将药液注入肌肉是利用了大气压强
C．潜水员潜水时穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度增加而减小
D．塑料吸盘能贴在墙面的瓷砖上，是因为吸盘对瓷砖有吸引力
8．（2分）2022年冬季奥运会将在我国北京举行。如图为某运动员为备赛正在进行跳台滑雪训练的情景。穿着滑雪板的运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下，在到达赛道底部时双膝弯曲后蹬地跃起，一段时间后着地。下列分析动能和势能的大小变化正确的是（ ）
A．运动员在赛道上滑下时机械能增加
B．运动员滑向赛道底部时，重力对运动员没有做功
C．运动员滑向赛道底部时速度增大，动能增大
D．运动员向上跃起过程中，重力势能转化为动能
（多选）9．（3分）物理知识与生活密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是防止噪声的产生
B．手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的
C．“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息的
D．在站台候车时，人要站在安全线以外，是因为流体中流速越大的位置压强越大
（多选）10．（3分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．液体对烧杯底的压力F甲＞F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
（多选）11．（3分）随着科学技术的发展，家用电器越来越多，给我们带来极大的方便。生活中我们必须时刻注意安全用电、节约用电。关于家庭用电，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换上
B．家庭电路中安装了空气开关，仍然需要安装漏电保护器
C．在夏天，家庭中使用空调时，为了节约用电，不要把温度设定得过低
D．对人体而言，高于36V的电压都有触电的危险
（多选）12．（3分）如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω 0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω～10Ω
B．电路中电流变化范围是0.2A～0.5A
C．电路消耗的最小电功率为1.2W
D．电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分。）
13．（4分）“五一”假期小明骑自行车去我市侏罗纪公园游玩，当自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 的方法增大摩擦，此时刹车皮会发热，这是通过 的方式增加内能。当小明看到一辆同向行驶的汽车超越自己时，若以汽车为参照物，小明是向 （选填“前”、“后”）运动的。当他停止蹬脚踏板，自行车不会立即停下，是由于自行车具有 。
14．（3分）2022年6月5日，我国神舟十四号载人飞船发射圆满成功。航天英雄在太空中利用 与地面互相传递信息；当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为 能；太阳能属于 能源（填“一次”或“二次”）。
15．（3分）建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G＝900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F＝400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功 J，滑轮组的机械效率为 ；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升 N的重物。
16．（3分）学校组织同学们利用投影仪观看“天宫课堂”第二课。投影仪的镜头相当于 透镜，屏幕上的彩色画面是由红、绿、 三种色光混合而成的；坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕表面发生 （选填“镜面”或“漫”）反射。
17．（3分）如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向 （填“改变”或“不变”），此过程中发电机将 能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈 （填“能”或“不能”）持续转动。
18．（2分）疫情防控期间，每天早上我们都要经过红外线热成像测温通道进入校园，此时我们体温的示数和行走的图像将显示在与仪器相连的显示屏上。红外线是 （选填“超声波”或“电磁波”）；每天我们还用水银体温计检测体温，水银体温计是根据 的原理制成的。
19．（2分）如图所示，电路中电源的电压不变，灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V1示数将 ，电压表V2示数将 。（“变大”、“变小”或“不变”
20．（3分）如图所示为电子式电能表表盘。小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次。6min该家用电器耗电 kW•h，其额定功率是 W，这个家用电器可能 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
21．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端时，小灯泡L恰好正常发光。电流表示数与电压表V2示数的关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为 W，滑动变阻器的最大阻值为 Ω，滑动变阻器的滑片置于a端时，电压表V1的示数为 V。
三、作图题（每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车手闸，其中ABO部分可视为杠杆，O为支点，刹车线的拉力为阻力F2，其简化示意图如图乙。请在乙图中画出：
（1）阻力的力臂L2；
（2）刹车时，作用在杠杆A点的最小动力F1及其力臂L1。
23．（3分）游泳是一项有益身心健康和健美体型的运动，但同时存在安全隐患。如图所示，某游泳馆救生员在泳池边的高椅子上注视着泳池中的动向。他发现由于泳池边缘的阻挡，池底有一块视觉盲区监管不到。请画出一条光线从池底盲区边缘处刚好射入救生员眼睛的光路图。
24．（3分）如图所示，请将螺线管、滑动变阻器接入电路中，使开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，并标出螺线管的磁极。
四、简答题（3分）
25．（3分）为了保障出行安全，交通部门做了很多规定，如：高速公路上对机动车进行限速；车上驾驶员和乘客要系安全带：特别是自今年的6月1日起，又开展了“一盔一带”专项整治行动。请运用你所学的物理知识，简要回答下列问题：
（1）为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？
（2）为什么行驶中的车辆紧急刹车时，乘客会向前倾？
（3）安全带为什么要做得比较宽大？
五、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是冰球门将周嘉鹰在冬奥里会上镇守球门的情景。由于冰球对抗性极强，为防住高速冰球撞击，门将护具的质量为35kg。求：（g取10N/kg）
（1）若冰刀与冰面的总接触面积为10cm2，质量为65kg的周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强有多大；
（2）若同嘉鹰开球时用100N的力向前挥杆，向前挥杆时手的速度为10m/s，那么周嘉鹰的挥杆功率有多大；
（3）守门训练时，额定电功率为120W的发球机产生的推力恒为240N，1s将冰球从30cm的平直发时轨道中推出，发球机发球时的效率有多大？
27．（9分）一家用电热水壶的额定功率为1210W，如甲图所示为了粗测此热水壶的能效，在一次实际使用中，将家里其它用电器全部断开，用此水壶将2kg的水从20℃加热至100℃用了14min。期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次表盘如乙图所示，其中3600imp/（kW•h）表示此电能表上接的用电器，每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，水的比热容c＝4.2×103（kg•℃），计算在此次烧水的过程中：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水壶的效率；
（3）电热水壶的实际工作电压。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： 。
（2）改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 ℃。
（3）持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度 ，需要 热量。
（4）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的 段表示水的沸腾过程。
（5）你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点 。
29．（6分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）如图1所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为 cm，实验前，应调节水透镜的、烛焰和光屏三者中心在 ，目的是为了使像成在光屏的中央；
（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图2所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，利用此成像特点可制成 （选填“照相机”或“投影仪”）；若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）在图2所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图3所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 调。（填“往上”或“往下”）
30．（8分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丙三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物，甲和乙两图中的接触面相同，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做 运动，实验中，弹簧测力计对木块的拉力 （选填“＞”“＜”或“＝”）木块受到的摩擦力。
（2）甲、乙两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是乙图中弹簧测力计示数 甲图弹簧测力计示数。
（3）小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是 （选填字母）。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.急刹车时用力踩脚踏板
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
（4）上述实验中，主要应用到的实验方法是转换法和 ，实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图丁所示实验，请你判断：图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力 （选填“＞”“＜”或“＝”）图甲中木块所受滑动摩擦力。
31．（6分）小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
（1）通过 三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（2）物体A浸没在水中时受到的浮力是 N，物体A的体积是 m3。
（3）由图示实验数据得出盐水的密度是 kg/m3。
（4）他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是 。
32．（10分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 （选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 次的数据，判断的依据是 ；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 。
（5）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 （选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 W。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，单选每题2分，多选题每题3分，共28分。1-8为单选题，9-12为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列估测值中，最符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路电压为220V
B．一本物理课本的质量约为5kg
C．学生书桌的高度约为1.7m
D．中学生正常步行的速度约为9m/s
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、我国家庭电路电压为220V，故A符合实际；
B、一本物理课本的质量约为250g，故B不符合实际；
C、学生书桌的高度约为0.8m，故C不符合实际；
D、中学生正常步行的速度约为1m/s，故D不符合实际。
故选：A。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（2分）中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（ ）
A．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”——霜的形成是凝固现象
B．“纷纷暮雪下辕门，风掣红旗冻不翻”——雪的形成是升华现象
C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”——露的形成是液化现象
D．“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A不正确；
B、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B不正确；
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D不正确。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下列光现象中，能够用光的直线传播来解释的是（ ）
A．筷子“弯折” B．小孔成像
C．桥的倒影 D．雨后彩虹
【分析】掌握三种光现象：①在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
②当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：筷子插入水中变弯、彩虹等。
【解答】解：A、筷子插入水中时，水下部分筷子上的光到达水面时发生了折射，所以看上去“弯折”了，故A错误；
B、小孔成像是光的直线传播形成的，故B正确；
C、桥在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故C错误；
D、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，故D错误。
故选：B。
【点评】一般来说：见到影子、日月食、小孔成像、“三点一线”就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体，海市蜃楼就联系到光的折射原理。
4．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
（3）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
【解答】解：A．汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故A错误；
B．燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故B正确；
C．太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故C错误；
D．飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
5．（2分）“B超”利用超声波成像技术诊断疾病。对“B超”发出的超声波，下列说法正确的是（ ）
A．超声波传播不需要介质
B．超声波是由物体振动产生的
C．超声波在空气中传播速度最快
D．超声波不能传递能量
【分析】声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，在不同的介质中的传播速度不同，真空不能传声，声音可以传递信息和能量。
【解答】解：A、超声波也属于声波，需要通过介质传播，故A错误；
B、声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体的振动产生的，故B正确；
C、声音在固、液、气三种状态中传播速度由大到小排列，故C错误；
D、声音可以传递信息和能量，超声波也能传递信息和能量，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查声音的产生及传播、超声波和次声波的应用等，属于基础题。
6．（2分）如图所示四个装置，下列有关说法正确的是（ ）
A．图甲所示与电动机工作原理相同
B．图乙中的电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的
C．图丙所示与发电机工作原理相同
D．图丁中小磁针发生偏转，这是电磁感应现象
【分析】（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理工作的；
（2）电磁继电器的核心是电磁铁，电磁铁利用电流的磁效应工作的；
（3）发电机是利用电磁感应工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
（4）奥斯特的实验说明通电导体周围存在磁场。
【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理工作的；图中没有电源给导线通电，不是电动机的工作原理，是发电机的原理，故A错误；
B、电磁继电器的核心是电磁铁，电磁铁利用电流的磁效应工作的；故B正确；
C、发电机是利用电磁感应工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；图中有电池给导体通电，是电动机的原理，故C错误；
D、图中奥斯特的实验说明通电导体周围存在磁场，小磁针发生偏转是因为受到了电流的磁场作用，不是电磁感应现象，故D错误。
故选：B。
【点评】电动机和发电机是本题的易错点，关键看电路中有没有电源提供电流。
7．（2分）“生活处处有物理，留心观察皆学问”。下面有关现象的解释，正确的是（ ）
A．洗手池下方排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B．接种疫苗时，用注射器将药液注入肌肉是利用了大气压强
C．潜水员潜水时穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度增加而减小
D．塑料吸盘能贴在墙面的瓷砖上，是因为吸盘对瓷砖有吸引力
【分析】（1）上端开口，底部连通的仪器叫做连通器。
（2）注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推力。
（3）液体内部的压强随着深度的增加而增大。
（4）塑料吸盘是大气压在生活中应用的实例。塑料吸盘内部的气体压强小于外界的大气压强，是大气压强把吸盘压在墙面上的。
【解答】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口，底部连通，利用了连通器原理，故A正确。
B、用注射器注射药液是由于活塞受到推力的作用，不是利用大气压，故B错误。
C、深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大，故C错误。
D、使用塑料吸盘时，先挤出里边的空气，使其内部的气体压强减小，在外界大气压的作用就把它压在了光滑的墙面上，故D错误。
故选：A。
【点评】平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
8．（2分）2022年冬季奥运会将在我国北京举行。如图为某运动员为备赛正在进行跳台滑雪训练的情景。穿着滑雪板的运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下，在到达赛道底部时双膝弯曲后蹬地跃起，一段时间后着地。下列分析动能和势能的大小变化正确的是（ ）
A．运动员在赛道上滑下时机械能增加
B．运动员滑向赛道底部时，重力对运动员没有做功
C．运动员滑向赛道底部时速度增大，动能增大
D．运动员向上跃起过程中，重力势能转化为动能
【分析】（1）动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关；机械能包括动能和势能；能量转化的方向是减少的能量转化为增加的能量；
（2）做功包含两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：AC、运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下的过程中，由于存在摩擦阻力，所以机械能会减小，此过程中其质量不变，速度增大，所以动能增大，故A错误，C正确。
B、运动员滑向赛道底部时，运动员受重力作用，且在重力的方向上移动了距离。故重力对运动员做了功，故B错误。
D、运动员向上跃起过程中，质量不变，速度越来越小，动能越来越小，高度增加，重力势能增大，故动能转化为重力势能，故D错误。
故选：C。
【点评】此题以冬奥会项目为材料，考查了物体运动过程中机械能的转化、影响动能和重力势能的因素、做功包含的必要条件等知识点，体现了物理关注社会热点的特点。
（多选）9．（3分）物理知识与生活密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是防止噪声的产生
B．手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的
C．“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息的
D．在站台候车时，人要站在安全线以外，是因为流体中流速越大的位置压强越大
【分析】（1）减弱噪声的三个途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（2）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。半导体材料有许多独特的功能，根据半导体材料的特殊性质制成了特殊的元件；
（3）“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息；
（4）流体压强和流速有关，流速越大的位置压强越小，为了安全，候车的旅客要站在安全线以外。
【解答】解：A、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，防止噪声产生，故A正确；
B、手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的，故B正确；
C、我国建立的“北斗”卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，是无线通信，光纤传递信息需要光缆，故C正确；
D、火车在高速行驶时带动周围的空气运动，空气流速变大，压强变小，小于大气压，若人站在安全线以内，在大气压的作用下，就可以被推向火车，发生危险，故D错误。
故选：ABC。
【点评】本题考查电磁波、半导体、流体压强和流速的关系及防治噪声的途径等知识，属于对基础知识的考查。
（多选）10．（3分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．液体对烧杯底的压力F甲＞F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
（3）（4）知道液体的密度关系，利用p＝ρgh可知液体对烧杯底的压强关系；利用p＝可知液体对烧杯底的压力关系。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故液体的密度ρ甲＞ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲＝G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙＝G，所以F浮甲＝F浮乙，
根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲＝G排乙，根据G＝mg可知，小球排开液体的质量m排甲＝m排乙，故B错误；
CD、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，
由于烧杯完全相同，根据p＝可知，液体对烧杯底的压力F甲＞F乙，故C正确、D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
（多选）11．（3分）随着科学技术的发展，家用电器越来越多，给我们带来极大的方便。生活中我们必须时刻注意安全用电、节约用电。关于家庭用电，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换上
B．家庭电路中安装了空气开关，仍然需要安装漏电保护器
C．在夏天，家庭中使用空调时，为了节约用电，不要把温度设定得过低
D．对人体而言，高于36V的电压都有触电的危险
【分析】（1）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（2）家庭电路中安装了空气开关、漏电保护器等装置，但不是绝对安全可靠；
（3）为了节约用电，空调的温度不能设定过低；
（4）对人体的安全电压不高于36V。
【解答】解：A、若把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电流及时导向大地，易发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路中要安装空气开关、漏电保护器等装置，这样才能更大限度的安全用电，故B正确；
C、为了节约用电，不要把空调的温度设定得过低，故C正确；
D、对人体的安全电压不高于36V，高于36V的电压都有触电的危险，故D正确。
故选：BCD。
【点评】此题考查的是我们对常见电压数值、安全用电常识等知识的掌握，属于常识性知识的考查，难度较小，容易解答。
（多选）12．（3分）如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω 0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω～10Ω
B．电路中电流变化范围是0.2A～0.5A
C．电路消耗的最小电功率为1.2W
D．电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器接入点的最大阻值；
根据滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据串联电阻规律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
根据电路中的最小电流，根据P＝UI求出电路的最小功率；
根据电路中的最小电流，利用P＝I2R求出电阻R0消耗的最小电功率。
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、当电压表的最大示数为3V时，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小；
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以定值电阻R0两端电压：U0＝U﹣UR＝6V﹣3V＝3V；
此时电路中的最小电流：I小＝I0＝＝＝0.3A；
由I＝可知，此时电路的总电阻：R总大＝＝＝20Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大＝R总大﹣R0＝20Ω﹣10Ω＝10Ω；
因电流表的量程为0～0.6A，定值电阻R0允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大＝0.5A；则电流表示数允许变化范围是0.3A～0.5A；
此时电路中的总电阻：R总小＝＝＝12Ω；
此时滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小＝R总小﹣R0＝12Ω﹣10Ω＝2Ω；变阻器R接入电路阻变化范围为2Ω～10Ω；故A正确，B错误；
C、电路中的最小电流为I小＝0.3A，电路消耗的最小电功率为P＝UI小＝6V×0.3A＝1.8W，故C错误；
D、电阻R0消耗的最小电功率为：P'＝R0＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及欧姆定律的应用，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分。）
13．（4分）“五一”假期小明骑自行车去我市侏罗纪公园游玩，当自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 增大压力 的方法增大摩擦，此时刹车皮会发热，这是通过 做功 的方式增加内能。当小明看到一辆同向行驶的汽车超越自己时，若以汽车为参照物，小明是向 后 （选填“前”、“后”）运动的。当他停止蹬脚踏板，自行车不会立即停下，是由于自行车具有 惯性 。
【分析】（1）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；改变内能的方法有两个：做功和热传递。
（2）首先确定被研究的物体，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
（3）物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。一切物体都有惯性。
【解答】解：自行车刹车时要用力捏车闸，是通过增大压力来增大摩擦的；用力捏闸时，刹车皮与轮胎之间摩擦增大，刹车皮发热，温度升高，内能增加，是通过做功的方式增加了内能；
小明骑自行车与汽车同向行驶，以汽车为参照物，骑自行车的小明和汽车之间位置发生了改变，小明是运动的，并且人在汽车的西面离汽车越来越远，因此以汽车为参照物人向后运动；
小明停止蹬脚踏板，自行车由于惯性，不会立即停下，继续向前运动。
故答案为：增大压力；做功；后；惯性。
【点评】（1）掌握摩擦力大小的影响因素和改变内能的方法，灵活解释生活中有关的问题。
（2）一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
（3）一切物体都具有惯性。
14．（3分）2022年6月5日，我国神舟十四号载人飞船发射圆满成功。航天英雄在太空中利用 电磁波 与地面互相传递信息；当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为 电 能；太阳能属于 一次 能源（填“一次”或“二次”）。
【分析】电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息；
当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为电能；
一次能源是指可以从自然界直接获取的能源，二次能源是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
【解答】解：航天英雄在太空中利用电磁波与地面互相传递信息；
当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为电能；太阳能可直接从自然界获得，属于一次能源。
故答案为：电磁波；电；一次。
【点评】本题考查电磁波、能量转化和能源的分类的知识，综合性强，难度适中。
15．（3分）建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G＝900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F＝400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功 2400 J，滑轮组的机械效率为 75% ；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升 1200 N的重物。
【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，利用W＝Fs求出拉力F做功；
（2）根据W＝Gh求出拉力做的有用功，利用η＝×100%求出滑轮组的机械效率；
（3）不计绳重和摩擦，根据F＝（G+G动）求出动滑轮的重力，根据题意得出将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率，设出提升重物的重力，克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，根据η＝×100%表示出滑轮组的机械效率即可求出提升重物的重力。
【解答】解：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，
则绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，
拉力F做功：W总＝Fs＝400N×6m＝2400J；
（2）拉力做的有用功：W有＝Gh＝900N×2m＝1800J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；
（3）不计绳重和摩擦，由F＝（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×400N﹣900N＝300N，
将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率η′＝80%，设提升重物的重力为G′，
因克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
所以，滑轮组的机械效率：η′＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%＝80%，
解得：G′＝1200N。
故答案为：2400；75%；1200。
【点评】本题考查了做功公式、滑轮组绳子拉力公式和滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数和有用功、总功是关键。
16．（3分）学校组织同学们利用投影仪观看“天宫课堂”第二课。投影仪的镜头相当于 凸 透镜，屏幕上的彩色画面是由红、绿、 蓝 三种色光混合而成的；坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕表面发生 漫 （选填“镜面”或“漫”）反射。
【分析】（1）投影仪的制作原理：当2f＞u＞f时，根据凸透镜成放大、倒立实像的原理制成的；
（2）红、绿、蓝三种单色光按不同的比例混合能合成任意一种色光；
（3）光线照到粗糙不平的物体表面，物体表面发生反射，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
【解答】解：
投影仪的镜头相当于一个凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，投影仪是利用物距大于一倍焦距小于二倍焦距（f＜u＜2f）时，成倒立、放大的实像的原理制成的。
屏幕上的丰富色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成的；
坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕上发生了漫反射。
故答案为：凸；蓝；漫。
【点评】本题考查凸透镜成像的应用、漫反射的概念以及色光的三原色，涉及的知识点较多，并且与实际生活联系紧密，是一道很好的题目。
17．（3分）如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向 改变 （填“改变”或“不变”），此过程中发电机将 机械 能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈 不能 （填“能”或“不能”）持续转动。
【分析】闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；通电导体在磁场中受力运动。
【解答】解：将发电机与小量程相连，转动小风车，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流，电流表指针左右偏转，这说明电路中电流的方向是改变的；此过程中发电机将机械能能转化为电能；
若将图中电流表换成电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉，无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去。
故答案为：改变；机械；不能。
【点评】此题考查了通电线圈在磁场中的转动情况，以及法拉第的电磁感应现象，难度不大。
18．（2分）疫情防控期间，每天早上我们都要经过红外线热成像测温通道进入校园，此时我们体温的示数和行走的图像将显示在与仪器相连的显示屏上。红外线是 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）；每天我们还用水银体温计检测体温，水银体温计是根据 液体热胀冷缩 的原理制成的。
【分析】（1）看不见的光包括红外线和紫外线，都属于电磁波；
（2）常用液体温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的。
【解答】解：红外线是不可见光，光是电磁波的一种；
常用的水银体温计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。
故答案为：电磁波；液体热胀冷缩。
【点评】本题考查了红外线的应用和液体温度计的工作原理数，是一道基础题，难度不大。
19．（2分）如图所示，电路中电源的电压不变，灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V1示数将 变小 ，电压表V2示数将 变大 。（“变大”、“变小”或“不变”
【分析】分析电路的连接方式及电表测量的对象，分析当滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路的电阻变化，由串联电路的电阻规律判断电路总电阻的变化，由欧姆定律I＝确定电路中电流的变化，根据U＝IR分析灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压规律确定V1的示数变化。
【解答】解：由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测变阻器两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由串联电路的电阻规律可知电路的总电阻变小，根据欧姆定律I＝可知电路中的电流变大；
灯的电阻不变，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表V2的示数将变大；根据串联电路的电压规律可知，电压表V1的示数将变小。
故答案为：变小；变大。
【点评】本题为电路动态变化的分析题，考查了串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
20．（3分）如图所示为电子式电能表表盘。小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次。6min该家用电器耗电 0.1 kW•h，其额定功率是 1000 W，这个家用电器可能 电热水壶 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
【分析】3200imp/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，求出闪烁320次消耗的电能，然后根据P＝求出用电器的功率，进而选择是哪种用电器。
【解答】解：
因3200imp/kW•h表示电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，
所以，指示灯闪烁320次消耗的电能：
W＝kW•h＝0.1kW•h＝3.6×105J，
家用电器的额定功率：
P＝＝＝1000W，
因为电热水壶的功率在1000W左右，台灯的功率小于40W，电视机的功率在200W左右，
所以，这个家用电器可能是电热水壶。
故答案为：0.1；1000；电热水壶。
【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，关键是从电能表表盘上得到相关信息。
21．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端时，小灯泡L恰好正常发光。电流表示数与电压表V2示数的关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为 1.6 W，滑动变阻器的最大阻值为 25 Ω，滑动变阻器的滑片置于a端时，电压表V1的示数为 1 V。
【分析】由电路图可知，当闭合开关S，滑动变阻器、R0和灯泡串联接入电路，电压表V1测量L的电压，电压表V2测量R0和L的总电压；
（1）当滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R0和灯泡串联，电路的总电阻最小，根据欧姆定律可知电路电流，即灯泡的额定电流，根据串联电路电压规律可知两个图像对应电压表示数的变化，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
由图像读出灯泡的额定的电压和电压表V2的示数，即电源电压，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；
（2）当滑动变阻器的滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，由图像读出电路电流和电压表V2的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
由I＝可得，定值电阻R0的两端电压，根据串联电路电压规律可求得电压表V1的示数。
【解答】解：
由电路图可知，当闭合开关S，滑动变阻器、R0和灯泡串联接入电路，电压表V1测量L的电压，电压表V2测量R0和L的总电压；
（1）当滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R0和灯泡串联，电路的总电阻最小，由欧姆定律可知电路电流最大，由图乙可知，电路最大电流为0.4A，即灯泡的额定电流为0.4A；
由I＝可得，灯泡的额定电压为UL＝IRL＝0.4A×10Ω＝4V
则灯泡的额定功率：PL＝ULIL＝4V×0.4A＝1.6W；
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V2的示数大于电压表V1的示数，已经求得灯泡的额定电压为4V，则电压表V2的示数为8V，即电源电压为8V；
由I＝可得，定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝10Ω；
（2）当滑动变阻器的滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，由图像可知，电路最小电流为0.2A，电压表V2的示数为3V，
则滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣UV2＝8V﹣3V＝5V，
滑动变阻器的最大阻值：R滑＝＝＝25Ω，
由I＝可得，定值电阻R0的两端电压U′＝I小R0＝0.2A×10Ω＝2V
根据串联分压的特点可知，电压表V1的示数U″＝UV2﹣U′＝3V﹣2V＝1V。
故答案为：1.6；25；1。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。
三、作图题（每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车手闸，其中ABO部分可视为杠杆，O为支点，刹车线的拉力为阻力F2，其简化示意图如图乙。请在乙图中画出：
（1）阻力的力臂L2；
（2）刹车时，作用在杠杆A点的最小动力F1及其力臂L1。
【分析】（1）力臂是从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：（1）从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂L2。
（2）由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
图中支点在O点，动力作用在A点，因此OA作为动力臂最长；根据物理常识和图示可知刹车时动力的方向应该垂直于力臂OA向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
【点评】解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出“在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小”的结论。
23．（3分）游泳是一项有益身心健康和健美体型的运动，但同时存在安全隐患。如图所示，某游泳馆救生员在泳池边的高椅子上注视着泳池中的动向。他发现由于泳池边缘的阻挡，池底有一块视觉盲区监管不到。请画出一条光线从池底盲区边缘处刚好射入救生员眼睛的光路图。
【分析】光线从水中斜射入空气中时会发生折射现象，折射光线会远离法线，折射角大于入射角；根据人的眼睛的位置和泳池边缘做出折射光线，然后连接折射点、盲区左边缘可得入射光线。
【解答】解：由于光在同种均匀介质中是沿直线传播，根据人的眼睛和泳池边缘作出折射光线可得入射点O，连接O点、盲区左边缘可得入射光线，如图所示：
【点评】本题考查了光的折射规律的应用，难度不大。
24．（3分）如图所示，请将螺线管、滑动变阻器接入电路中，使开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，并标出螺线管的磁极。
【分析】磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；由安培定则判断得出螺线管线圈正面的电流方向，则可知螺线管右端导线应接电源的哪个极；
要使滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，即此时电路中电流变小，滑动变阻器连入电路的阻值变大，再分析得出滑动变阻器的接法。
【解答】解：开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，根据同名磁极相互排斥可知螺线管左侧为S极，其右侧为N极，由安培定则可知螺线管线圈正面的电流方向应向下，且外部电路的电流最后流回电源的负极，则螺线管右端导线应接开关的左端；
滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，即此时电路中电流变小，由欧姆定律可知滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以需使滑动变阻器左侧下接线柱连入电路中。如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素和安培定则的运用，综合性较强。
四、简答题（3分）
25．（3分）为了保障出行安全，交通部门做了很多规定，如：高速公路上对机动车进行限速；车上驾驶员和乘客要系安全带：特别是自今年的6月1日起，又开展了“一盔一带”专项整治行动。请运用你所学的物理知识，简要回答下列问题：
（1）为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？
（2）为什么行驶中的车辆紧急刹车时，乘客会向前倾？
（3）安全带为什么要做得比较宽大？
【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大，对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析。
（2）根据惯性的概念答题，物体由于惯性保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫惯性。
（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】答：
（1）对机动车的最高行驶速度进行限制的原因是：车辆的行驶速度越大，动能越大，越容易发生交通事故，发生交通事故造成的损失越大。
（2）行驶中的车辆紧急刹车时，由于乘客具有惯性，要保持原来的运动状态不变，所以乘客会向前倾。
（3）安全带要做得比较宽大的原因是通过增大受力面积减小压强。
【点评】本题综合考查动能大小的影响因素、惯性和减小压强的方法，重点考查学生利用所学物理知识解决实际问题的能力，并可对学生进行交通安全教育，是一道好题。
五、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是冰球门将周嘉鹰在冬奥里会上镇守球门的情景。由于冰球对抗性极强，为防住高速冰球撞击，门将护具的质量为35kg。求：（g取10N/kg）
（1）若冰刀与冰面的总接触面积为10cm2，质量为65kg的周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强有多大；
（2）若同嘉鹰开球时用100N的力向前挥杆，向前挥杆时手的速度为10m/s，那么周嘉鹰的挥杆功率有多大；
（3）守门训练时，额定电功率为120W的发球机产生的推力恒为240N，1s将冰球从30cm的平直发时轨道中推出，发球机发球时的效率有多大？
【分析】（1）根据F＝G得出站立时对冰面的压力，根据p＝得出站立时，冰刀对冰面的压强；
（2）利用功率公式P＝＝＝Fv即可求周嘉鹰的挥杆的功率；
（3）利用W＝Fs求出推力做的功，再利用W电＝Pt计算出电能，利用η＝计算发球机的效率。
【解答】解：（1）周嘉鹰穿上护具站立时，对冰面的压力：F＝G总＝（m人+m护具）g＝（65kg+35kg）×10N/kg＝1000N，
站立时冰刀对冰面的压强p＝＝＝1×106Pa；
（2）周嘉鹰的挥杆功率P＝＝＝Fv＝100N×10m/s＝1×103W；
（3）水平推力所做的功W＝Fs＝240N×30×10﹣2m＝72J；
发球机工作1s消耗的电能为：W电＝Pt＝120W×1s＝120J，
发球机工作时的效率η＝＝＝60%。
答：（1）周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强为1×106Pa；
（2）周嘉鹰的挥杆功率为1×103W；
（3）发球机发球时的效率为60%。
【点评】本题考查了压强、功率和效率的计算，属于中档题。
27．（9分）一家用电热水壶的额定功率为1210W，如甲图所示为了粗测此热水壶的能效，在一次实际使用中，将家里其它用电器全部断开，用此水壶将2kg的水从20℃加热至100℃用了14min。期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次表盘如乙图所示，其中3600imp/（kW•h）表示此电能表上接的用电器，每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，水的比热容c＝4.2×103（kg•℃），计算在此次烧水的过程中：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水壶的效率；
（3）电热水壶的实际工作电压。
【分析】（1）根据Q＝cmΔt求出水吸收的热量，
（2）根据期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，结合乙图求出电热水壶消耗电能产生的热量，然后利用效率公式求出电热水壶的热效率；
（3）求得电能表的脉冲指示灯闪烁840次消耗的电能，利用P＝求出电热水壶的实际功率；根据电热水壶的额定电压和额定功率求出电热水壶的电阻；再利用功率的变形公式U＝求出电热水壶两端的实际电压。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J，
（2）由“3600imp/（kW•h）”可知每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，
电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，消耗电能W＝＝kW•h＝×3.6×106J＝8.4×105J：
电热水壶的效率η＝＝＝80%；
（3）由“3600imp/（kW•h）”可知每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，
电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，消耗电能W＝＝kW•h：
由P＝可得，电热水壶的实际功率P′＝＝＝1kW＝1000W；
由P＝可得，电热水壶的电阻R＝＝＝40Ω；
则电热水壶的实际工作电压U实际＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；
（2）电热水壶的效率为80%；
（3）电热水壶的实际工作电压为200V。
【点评】本题考查消耗电能、电阻、实际功率、实际电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要理解电能表参数的物理意义，学会从题目所给信息中找到有用的数据。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： 温度计玻璃泡碰到了烧杯壁 。
（2）改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 92 ℃。
（3）持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度 不变 ，需要 吸收 热量。
（4）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的 BC 段表示水的沸腾过程。
（5）你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点 降低 。
【分析】（1）温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；
（2）根据温度计的分度值读出水的温度；
（3）（4）沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；
（5）气体温度降低，气压减小，水的沸点降低。
【解答】解：（1）观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；
（2）图乙知温度计的分度值为1℃，温度计的示数为92℃，即此时水的温度为92℃；
（3）（4）水沸腾时吸热但温度保持不变，所以丙图图线的BC段表示水的沸腾过程；
（5）水停止沸腾后，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，瓶内液面上方气压降低，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。
故答案为：（1）温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；（2）92；（3）不变；吸收；（4）BC；（5）降低。
【点评】本题考查结合图象分析液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，横坐标代表时间，纵坐标代表温度还要明确每一个小格各代表多少，考查学生的分析归纳能力。
29．（6分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）如图1所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为 8.0 cm，实验前，应调节水透镜的、烛焰和光屏三者中心在 同一高度 ，目的是为了使像成在光屏的中央；
（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图2所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，利用此成像特点可制成 照相机 （选填“照相机”或“投影仪”）；若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）在图2所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图3所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 远视 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 往下 调。（填“往上”或“往下”）
【分析】（1）通过图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距。实验前要调节烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度；
（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪。
光的折射中光路是可逆的。
（3）这里的水透镜就相当于人眼的晶状体。形成“远视眼”，是因为从水凸透镜内抽出一部分水后，使透镜凸度变小。
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。根据物与像移动方向相反确定屏上像移动的方向。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点。焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是8.0cm。
实验前应先调节光具座上烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度，这样可使像成在光屏的中央；
（2）如图，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
因为光的折射中光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将光屏与蜡烛的位置对调，则物距等于原来的像距，成倒立、放大的实像。光屏上能接到像是实像。
（3）当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于光屏前移，所以应在水凸透镜前放置一块凸透镜。由此判断该同学戴的是远视眼镜。
由于蜡烛的燃烧，烛焰的高度逐渐降低，则像的位置会偏高，即屏上像逐渐向上移动，为使像重新回到光屏中央。应将凸透镜往下调；
故答案为：（1）8.0；同一高度；（2）照相机；能；（3）远视；往下。
【点评】本题首先确定凸透镜的焦距，然后根据凸透镜成像的几种情况进行判断，掌握凸透镜的成像的几种情况是重点。此题不仅考查了凸透镜成像的规律，还考查了对远视眼的成因和矫正方法的掌握。
30．（8分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丙三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物，甲和乙两图中的接触面相同，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做 匀速直线 运动，实验中，弹簧测力计对木块的拉力 ＝ （选填“＞”“＜”或“＝”）木块受到的摩擦力。
（2）甲、乙两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是乙图中弹簧测力计示数 大于 甲图弹簧测力计示数。
（3）小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是 C （选填字母）。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.急刹车时用力踩脚踏板
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
（4）上述实验中，主要应用到的实验方法是转换法和 控制变量法 ，实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图丁所示实验，请你判断：图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力 ＝ （选填“＞”“＜”或“＝”）图甲中木块所受滑动摩擦力。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）逐一分析每次实验，找出符合题意的选项；
（4）由控制变量法分析；根据影响滑动摩擦力大小的两因素不变分析。
【解答】解：（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计对木块的拉力＝木块受到摩擦力；
（2）甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，故是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是乙图弹簧测力计示数比甲图示数大；
（3）根据甲、乙两图的实验可知，在接触面粗糙程度相同的条件下，增大压力可增大滑动摩擦力；
A．轴承上加润滑油，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故A不符合题意；
B．体操运动员在手上涂镁粉，属于通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B不符合题意；
C．刹车时用力踩脚踏板，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，故C符合题意；
D．移动很重的石块时，在地上铺设滚木，用滚动摩擦代替滑动摩擦从而减小摩擦，故D不符合题意；
故选C；
（4）滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，实验需要用到控制变量法；
图丁和图甲中木块对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，故图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力等于图甲中木块所受滑动摩擦力。
故答案为：（1）匀速直线；＝；（2）压力大小；大于；（3）C；（4）控制变量法；＝。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对图像的分析，体现了对过程和方法的考查。
31．（6分）小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
（1）通过 甲、丙、丁 三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（2）物体A浸没在水中时受到的浮力是 4 N，物体A的体积是 4×10﹣4 m3。
（3）由图示实验数据得出盐水的密度是 1.1×103 kg/m3。
（4）他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是 没有控制物体排开液体的体积相同 。
【分析】（1）探究物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关时，需要控制液体的密度相同、排开的液体的体积相同，改变物体在液体中的深度；
（2）根据F浮＝G﹣F求浮力大小，由F浮＝ρgV排公式变形可求得物体排开水的体积，因为物体浸没，所以物块排开水的体积等于物体的体积；
（3）物体的重力与弹簧测力计拉力之差是物体受到的浮力，已经求出物体的体积，根据F浮＝ρ液gV排公式变形可求得盐水的密度；
（4）物体下沉时F浮＜G，漂浮时F浮＝G，由此可知铁片两次受到的浮力的关系；
探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积和液体密度相同。
【解答】解：（1）探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲、丙、丁图；
根据称重法可知，物体在两种情况下受到的浮力是相同的，故说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，
（2）由图甲、丁可知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝G﹣F＝5N﹣1N＝4N，
物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮＝ρ水gV排水可得，物体排开水的体积：
V排水＝＝＝4×10﹣4m3，
物体排开水的体积等于物体的体积，即V物体＝4×10﹣4m3；
（3）由图甲、戊所示实验可知，物块浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水＝G﹣F′＝5N﹣0.6N＝4.4N，
浮力F浮盐水＝ρ盐水gV排盐水，
此时物体排开盐水的体积V排盐水＝V物体＝4×10﹣4m3；
盐水的密度：ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3。
（4）由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时F浮1＜G，铁片漂浮时F浮2＝G，则F浮1＜F浮2，即：第一次铁片受到的浮力小于第二次铁片受到的浮力；
探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积和液体密度相同，错误原因就是没有利用控制变量法，即没有控制物体排开液体的体积相同；
故答案为：（1）甲、丙、丁；（2）4；4×10﹣4；（3）1.1×103；（4）小于；没有控制物体排开液体的体积相同。
【点评】本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。
32．（10分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 不动 （选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 0.16 A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 1 次的数据，判断的依据是 电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为2V ；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 10 Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 用来求平均值来减小误差 。
（5）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 2 V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 保持不动 （选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 1 W。
【分析】（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；
（2）根据电流表选用的量程确定分度值读数；
（3）求出定值电阻的大约值，根据分压原理，得出电压表的最小读数；
（4）根据欧姆定律求出对应的电阻，最后求平均值得出测量结果；多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律；
（5）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，通过移动滑片的位置，电压表V1的示数为U′＝U﹣U额；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表V2测定值电阻的电压，根据串联分压可求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路，故电压表指针不动；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，电压表应并联接在定值电阻的两端，如图所示：
（2）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，示数为0.16A，
（3）由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻R＝＝＝10Ω，根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U最小＝×U＝×4.5V＝1.5V＞1V，所以第1组数据不是本实验中测得的；
（4）由表格可知，电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律可得：
R2＝＝＝10Ω，R3＝＝＝11.1Ω，R4＝＝＝9.2Ω，R5＝＝＝10Ω，
所测量的电阻阻值应是R＝＝≈10Ω；
本实验多次测量的目的是用来求平均值来减小误差；
（5）①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为U′＝U﹣U额＝4.5V﹣2.5V＝2V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片保持不动，读出电压表V2的示数为3V；
此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由串联分压可知，＝，即：＝，
解得：R滑右＝15Ω，
所以滑动变阻器左边部分的电阻为：R滑左＝R滑﹣R滑右＝20Ω﹣15Ω＝5Ω，
所以当闭合开关S、S1，断开开关S2时，电路中的电流为：I＝＝＝0.4A，
所以小灯泡的额定功率为：P额＝U额I＝2.5V×0.4A＝1W。
故答案为：（1）不动；见解答过程；（2）0.16；（3）1；电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为2V；（4）10；用来求平均值来减小误差；（5）2；保持不动；1。
【点评】本题为伏安法测电阻实验，主要考查了电路故障分析、电路连接、电流表读数、欧姆定律的计算、多次测量的目的、实验数据的分析以及特殊方法测量电功率等，知识点多，可以说每道小题学生都容易出错，难度较大。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷
一、选择题（本题共12小题，单选每题2分，多选题每题3分，共28分。1-8为单选题，9-12为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列估测值中，最符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路电压为220V
B．一本物理课本的质量约为5kg
C．学生书桌的高度约为1.7m
D．中学生正常步行的速度约为9m/s
2．（2分）中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（ ）
A．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”——霜的形成是凝固现象
B．“纷纷暮雪下辕门，风掣红旗冻不翻”——雪的形成是升华现象
C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”——露的形成是液化现象
D．“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象
3．（2分）下列光现象中，能够用光的直线传播来解释的是（ ）
A．筷子“弯折” B．小孔成像
C．桥的倒影 D．雨后彩虹
4．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
5．（2分）“B超”利用超声波成像技术诊断疾病。对“B超”发出的超声波，下列说法正确的是（ ）
A．超声波传播不需要介质
B．超声波是由物体振动产生的
C．超声波在空气中传播速度最快
D．超声波不能传递能量
6．（2分）如图所示四个装置，下列有关说法正确的是（ ）
A．图甲所示与电动机工作原理相同
B．图乙中的电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的
C．图丙所示与发电机工作原理相同
D．图丁中小磁针发生偏转，这是电磁感应现象
7．（2分）“生活处处有物理，留心观察皆学问”。下面有关现象的解释，正确的是（ ）
A．洗手池下方排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B．接种疫苗时，用注射器将药液注入肌肉是利用了大气压强
C．潜水员潜水时穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度增加而减小
D．塑料吸盘能贴在墙面的瓷砖上，是因为吸盘对瓷砖有吸引力
8．（2分）2022年冬季奥运会将在我国北京举行。如图为某运动员为备赛正在进行跳台滑雪训练的情景。穿着滑雪板的运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下，在到达赛道底部时双膝弯曲后蹬地跃起，一段时间后着地。下列分析动能和势能的大小变化正确的是（ ）
A．运动员在赛道上滑下时机械能增加
B．运动员滑向赛道底部时，重力对运动员没有做功
C．运动员滑向赛道底部时速度增大，动能增大
D．运动员向上跃起过程中，重力势能转化为动能
（多选）9．（3分）物理知识与生活密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是防止噪声的产生
B．手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的
C．“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息的
D．在站台候车时，人要站在安全线以外，是因为流体中流速越大的位置压强越大
（多选）10．（3分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．液体对烧杯底的压力F甲＞F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
（多选）11．（3分）随着科学技术的发展，家用电器越来越多，给我们带来极大的方便。生活中我们必须时刻注意安全用电、节约用电。关于家庭用电，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换上
B．家庭电路中安装了空气开关，仍然需要安装漏电保护器
C．在夏天，家庭中使用空调时，为了节约用电，不要把温度设定得过低
D．对人体而言，高于36V的电压都有触电的危险
（多选）12．（3分）如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω 0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω～10Ω
B．电路中电流变化范围是0.2A～0.5A
C．电路消耗的最小电功率为1.2W
D．电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分。）
13．（4分）“五一”假期小明骑自行车去我市侏罗纪公园游玩，当自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 的方法增大摩擦，此时刹车皮会发热，这是通过 的方式增加内能。当小明看到一辆同向行驶的汽车超越自己时，若以汽车为参照物，小明是向 （选填“前”、“后”）运动的。当他停止蹬脚踏板，自行车不会立即停下，是由于自行车具有 。
14．（3分）2022年6月5日，我国神舟十四号载人飞船发射圆满成功。航天英雄在太空中利用 与地面互相传递信息；当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为 能；太阳能属于 能源（填“一次”或“二次”）。
15．（3分）建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G＝900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F＝400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功 J，滑轮组的机械效率为 ；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升 N的重物。
16．（3分）学校组织同学们利用投影仪观看“天宫课堂”第二课。投影仪的镜头相当于 透镜，屏幕上的彩色画面是由红、绿、 三种色光混合而成的；坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕表面发生 （选填“镜面”或“漫”）反射。
17．（3分）如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向 （填“改变”或“不变”），此过程中发电机将 能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈 （填“能”或“不能”）持续转动。
18．（2分）疫情防控期间，每天早上我们都要经过红外线热成像测温通道进入校园，此时我们体温的示数和行走的图像将显示在与仪器相连的显示屏上。红外线是 （选填“超声波”或“电磁波”）；每天我们还用水银体温计检测体温，水银体温计是根据 的原理制成的。
19．（2分）如图所示，电路中电源的电压不变，灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V1示数将 ，电压表V2示数将 。（“变大”、“变小”或“不变”
20．（3分）如图所示为电子式电能表表盘。小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次。6min该家用电器耗电 kW•h，其额定功率是 W，这个家用电器可能 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
21．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端时，小灯泡L恰好正常发光。电流表示数与电压表V2示数的关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为 W，滑动变阻器的最大阻值为 Ω，滑动变阻器的滑片置于a端时，电压表V1的示数为 V。
三、作图题（每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车手闸，其中ABO部分可视为杠杆，O为支点，刹车线的拉力为阻力F2，其简化示意图如图乙。请在乙图中画出：
（1）阻力的力臂L2；
（2）刹车时，作用在杠杆A点的最小动力F1及其力臂L1。
23．（3分）游泳是一项有益身心健康和健美体型的运动，但同时存在安全隐患。如图所示，某游泳馆救生员在泳池边的高椅子上注视着泳池中的动向。他发现由于泳池边缘的阻挡，池底有一块视觉盲区监管不到。请画出一条光线从池底盲区边缘处刚好射入救生员眼睛的光路图。
24．（3分）如图所示，请将螺线管、滑动变阻器接入电路中，使开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，并标出螺线管的磁极。
四、简答题（3分）
25．（3分）为了保障出行安全，交通部门做了很多规定，如：高速公路上对机动车进行限速；车上驾驶员和乘客要系安全带：特别是自今年的6月1日起，又开展了“一盔一带”专项整治行动。请运用你所学的物理知识，简要回答下列问题：
（1）为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？
（2）为什么行驶中的车辆紧急刹车时，乘客会向前倾？
（3）安全带为什么要做得比较宽大？
五、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是冰球门将周嘉鹰在冬奥里会上镇守球门的情景。由于冰球对抗性极强，为防住高速冰球撞击，门将护具的质量为35kg。求：（g取10N/kg）
（1）若冰刀与冰面的总接触面积为10cm2，质量为65kg的周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强有多大；
（2）若同嘉鹰开球时用100N的力向前挥杆，向前挥杆时手的速度为10m/s，那么周嘉鹰的挥杆功率有多大；
（3）守门训练时，额定电功率为120W的发球机产生的推力恒为240N，1s将冰球从30cm的平直发时轨道中推出，发球机发球时的效率有多大？
27．（9分）一家用电热水壶的额定功率为1210W，如甲图所示为了粗测此热水壶的能效，在一次实际使用中，将家里其它用电器全部断开，用此水壶将2kg的水从20℃加热至100℃用了14min。期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次表盘如乙图所示，其中3600imp/（kW•h）表示此电能表上接的用电器，每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，水的比热容c＝4.2×103（kg•℃），计算在此次烧水的过程中：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水壶的效率；
（3）电热水壶的实际工作电压。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： 。
（2）改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 ℃。
（3）持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度 ，需要 热量。
（4）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的 段表示水的沸腾过程。
（5）你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点 。
29．（6分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）如图1所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为 cm，实验前，应调节水透镜的、烛焰和光屏三者中心在 ，目的是为了使像成在光屏的中央；
（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图2所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，利用此成像特点可制成 （选填“照相机”或“投影仪”）；若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）在图2所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图3所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 调。（填“往上”或“往下”）
30．（8分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丙三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物，甲和乙两图中的接触面相同，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做 运动，实验中，弹簧测力计对木块的拉力 （选填“＞”“＜”或“＝”）木块受到的摩擦力。
（2）甲、乙两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是乙图中弹簧测力计示数 甲图弹簧测力计示数。
（3）小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是 （选填字母）。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.急刹车时用力踩脚踏板
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
（4）上述实验中，主要应用到的实验方法是转换法和 ，实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图丁所示实验，请你判断：图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力 （选填“＞”“＜”或“＝”）图甲中木块所受滑动摩擦力。
31．（6分）小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
（1）通过 三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（2）物体A浸没在水中时受到的浮力是 N，物体A的体积是 m3。
（3）由图示实验数据得出盐水的密度是 kg/m3。
（4）他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是 。
32．（10分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 （选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 次的数据，判断的依据是 ；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 。
（5）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 （选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 W。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，单选每题2分，多选题每题3分，共28分。1-8为单选题，9-12为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列估测值中，最符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路电压为220V
B．一本物理课本的质量约为5kg
C．学生书桌的高度约为1.7m
D．中学生正常步行的速度约为9m/s
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、我国家庭电路电压为220V，故A符合实际；
B、一本物理课本的质量约为250g，故B不符合实际；
C、学生书桌的高度约为0.8m，故C不符合实际；
D、中学生正常步行的速度约为1m/s，故D不符合实际。
故选：A。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（2分）中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（ ）
A．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”——霜的形成是凝固现象
B．“纷纷暮雪下辕门，风掣红旗冻不翻”——雪的形成是升华现象
C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”——露的形成是液化现象
D．“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A不正确；
B、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B不正确；
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D不正确。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下列光现象中，能够用光的直线传播来解释的是（ ）
A．筷子“弯折” B．小孔成像
C．桥的倒影 D．雨后彩虹
【分析】掌握三种光现象：①在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
②当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：筷子插入水中变弯、彩虹等。
【解答】解：A、筷子插入水中时，水下部分筷子上的光到达水面时发生了折射，所以看上去“弯折”了，故A错误；
B、小孔成像是光的直线传播形成的，故B正确；
C、桥在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故C错误；
D、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，故D错误。
故选：B。
【点评】一般来说：见到影子、日月食、小孔成像、“三点一线”就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体，海市蜃楼就联系到光的折射原理。
4．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
（3）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
【解答】解：A．汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故A错误；
B．燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故B正确；
C．太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故C错误；
D．飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
5．（2分）“B超”利用超声波成像技术诊断疾病。对“B超”发出的超声波，下列说法正确的是（ ）
A．超声波传播不需要介质
B．超声波是由物体振动产生的
C．超声波在空气中传播速度最快
D．超声波不能传递能量
【分析】声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，在不同的介质中的传播速度不同，真空不能传声，声音可以传递信息和能量。
【解答】解：A、超声波也属于声波，需要通过介质传播，故A错误；
B、声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体的振动产生的，故B正确；
C、声音在固、液、气三种状态中传播速度由大到小排列，故C错误；
D、声音可以传递信息和能量，超声波也能传递信息和能量，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查声音的产生及传播、超声波和次声波的应用等，属于基础题。
6．（2分）如图所示四个装置，下列有关说法正确的是（ ）
A．图甲所示与电动机工作原理相同
B．图乙中的电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的
C．图丙所示与发电机工作原理相同
D．图丁中小磁针发生偏转，这是电磁感应现象
【分析】（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理工作的；
（2）电磁继电器的核心是电磁铁，电磁铁利用电流的磁效应工作的；
（3）发电机是利用电磁感应工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
（4）奥斯特的实验说明通电导体周围存在磁场。
【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理工作的；图中没有电源给导线通电，不是电动机的工作原理，是发电机的原理，故A错误；
B、电磁继电器的核心是电磁铁，电磁铁利用电流的磁效应工作的；故B正确；
C、发电机是利用电磁感应工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；图中有电池给导体通电，是电动机的原理，故C错误；
D、图中奥斯特的实验说明通电导体周围存在磁场，小磁针发生偏转是因为受到了电流的磁场作用，不是电磁感应现象，故D错误。
故选：B。
【点评】电动机和发电机是本题的易错点，关键看电路中有没有电源提供电流。
7．（2分）“生活处处有物理，留心观察皆学问”。下面有关现象的解释，正确的是（ ）
A．洗手池下方排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B．接种疫苗时，用注射器将药液注入肌肉是利用了大气压强
C．潜水员潜水时穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度增加而减小
D．塑料吸盘能贴在墙面的瓷砖上，是因为吸盘对瓷砖有吸引力
【分析】（1）上端开口，底部连通的仪器叫做连通器。
（2）注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推力。
（3）液体内部的压强随着深度的增加而增大。
（4）塑料吸盘是大气压在生活中应用的实例。塑料吸盘内部的气体压强小于外界的大气压强，是大气压强把吸盘压在墙面上的。
【解答】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口，底部连通，利用了连通器原理，故A正确。
B、用注射器注射药液是由于活塞受到推力的作用，不是利用大气压，故B错误。
C、深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大，故C错误。
D、使用塑料吸盘时，先挤出里边的空气，使其内部的气体压强减小，在外界大气压的作用就把它压在了光滑的墙面上，故D错误。
故选：A。
【点评】平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
8．（2分）2022年冬季奥运会将在我国北京举行。如图为某运动员为备赛正在进行跳台滑雪训练的情景。穿着滑雪板的运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下，在到达赛道底部时双膝弯曲后蹬地跃起，一段时间后着地。下列分析动能和势能的大小变化正确的是（ ）
A．运动员在赛道上滑下时机械能增加
B．运动员滑向赛道底部时，重力对运动员没有做功
C．运动员滑向赛道底部时速度增大，动能增大
D．运动员向上跃起过程中，重力势能转化为动能
【分析】（1）动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关；机械能包括动能和势能；能量转化的方向是减少的能量转化为增加的能量；
（2）做功包含两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：AC、运动员依靠重力的作用从跳台上加速滑下的过程中，由于存在摩擦阻力，所以机械能会减小，此过程中其质量不变，速度增大，所以动能增大，故A错误，C正确。
B、运动员滑向赛道底部时，运动员受重力作用，且在重力的方向上移动了距离。故重力对运动员做了功，故B错误。
D、运动员向上跃起过程中，质量不变，速度越来越小，动能越来越小，高度增加，重力势能增大，故动能转化为重力势能，故D错误。
故选：C。
【点评】此题以冬奥会项目为材料，考查了物体运动过程中机械能的转化、影响动能和重力势能的因素、做功包含的必要条件等知识点，体现了物理关注社会热点的特点。
（多选）9．（3分）物理知识与生活密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是防止噪声的产生
B．手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的
C．“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息的
D．在站台候车时，人要站在安全线以外，是因为流体中流速越大的位置压强越大
【分析】（1）减弱噪声的三个途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（2）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。半导体材料有许多独特的功能，根据半导体材料的特殊性质制成了特殊的元件；
（3）“北斗”卫星导航系统是利用电磁波传递信息；
（4）流体压强和流速有关，流速越大的位置压强越小，为了安全，候车的旅客要站在安全线以外。
【解答】解：A、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，防止噪声产生，故A正确；
B、手机芯片上的晶体管是用半导体材料制成的，故B正确；
C、我国建立的“北斗”卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，是无线通信，光纤传递信息需要光缆，故C正确；
D、火车在高速行驶时带动周围的空气运动，空气流速变大，压强变小，小于大气压，若人站在安全线以内，在大气压的作用下，就可以被推向火车，发生危险，故D错误。
故选：ABC。
【点评】本题考查电磁波、半导体、流体压强和流速的关系及防治噪声的途径等知识，属于对基础知识的考查。
（多选）10．（3分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．液体对烧杯底的压力F甲＞F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
（3）（4）知道液体的密度关系，利用p＝ρgh可知液体对烧杯底的压强关系；利用p＝可知液体对烧杯底的压力关系。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故液体的密度ρ甲＞ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲＝G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙＝G，所以F浮甲＝F浮乙，
根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲＝G排乙，根据G＝mg可知，小球排开液体的质量m排甲＝m排乙，故B错误；
CD、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，
由于烧杯完全相同，根据p＝可知，液体对烧杯底的压力F甲＞F乙，故C正确、D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
（多选）11．（3分）随着科学技术的发展，家用电器越来越多，给我们带来极大的方便。生活中我们必须时刻注意安全用电、节约用电。关于家庭用电，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换上
B．家庭电路中安装了空气开关，仍然需要安装漏电保护器
C．在夏天，家庭中使用空调时，为了节约用电，不要把温度设定得过低
D．对人体而言，高于36V的电压都有触电的危险
【分析】（1）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（2）家庭电路中安装了空气开关、漏电保护器等装置，但不是绝对安全可靠；
（3）为了节约用电，空调的温度不能设定过低；
（4）对人体的安全电压不高于36V。
【解答】解：A、若把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电流及时导向大地，易发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路中要安装空气开关、漏电保护器等装置，这样才能更大限度的安全用电，故B正确；
C、为了节约用电，不要把空调的温度设定得过低，故C正确；
D、对人体的安全电压不高于36V，高于36V的电压都有触电的危险，故D正确。
故选：BCD。
【点评】此题考查的是我们对常见电压数值、安全用电常识等知识的掌握，属于常识性知识的考查，难度较小，容易解答。
（多选）12．（3分）如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω 0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω～10Ω
B．电路中电流变化范围是0.2A～0.5A
C．电路消耗的最小电功率为1.2W
D．电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器接入点的最大阻值；
根据滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据串联电阻规律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
根据电路中的最小电流，根据P＝UI求出电路的最小功率；
根据电路中的最小电流，利用P＝I2R求出电阻R0消耗的最小电功率。
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、当电压表的最大示数为3V时，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小；
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以定值电阻R0两端电压：U0＝U﹣UR＝6V﹣3V＝3V；
此时电路中的最小电流：I小＝I0＝＝＝0.3A；
由I＝可知，此时电路的总电阻：R总大＝＝＝20Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大＝R总大﹣R0＝20Ω﹣10Ω＝10Ω；
因电流表的量程为0～0.6A，定值电阻R0允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大＝0.5A；则电流表示数允许变化范围是0.3A～0.5A；
此时电路中的总电阻：R总小＝＝＝12Ω；
此时滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小＝R总小﹣R0＝12Ω﹣10Ω＝2Ω；变阻器R接入电路阻变化范围为2Ω～10Ω；故A正确，B错误；
C、电路中的最小电流为I小＝0.3A，电路消耗的最小电功率为P＝UI小＝6V×0.3A＝1.8W，故C错误；
D、电阻R0消耗的最小电功率为：P'＝R0＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及欧姆定律的应用，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分。）
13．（4分）“五一”假期小明骑自行车去我市侏罗纪公园游玩，当自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 增大压力 的方法增大摩擦，此时刹车皮会发热，这是通过 做功 的方式增加内能。当小明看到一辆同向行驶的汽车超越自己时，若以汽车为参照物，小明是向 后 （选填“前”、“后”）运动的。当他停止蹬脚踏板，自行车不会立即停下，是由于自行车具有 惯性 。
【分析】（1）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；改变内能的方法有两个：做功和热传递。
（2）首先确定被研究的物体，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
（3）物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。一切物体都有惯性。
【解答】解：自行车刹车时要用力捏车闸，是通过增大压力来增大摩擦的；用力捏闸时，刹车皮与轮胎之间摩擦增大，刹车皮发热，温度升高，内能增加，是通过做功的方式增加了内能；
小明骑自行车与汽车同向行驶，以汽车为参照物，骑自行车的小明和汽车之间位置发生了改变，小明是运动的，并且人在汽车的西面离汽车越来越远，因此以汽车为参照物人向后运动；
小明停止蹬脚踏板，自行车由于惯性，不会立即停下，继续向前运动。
故答案为：增大压力；做功；后；惯性。
【点评】（1）掌握摩擦力大小的影响因素和改变内能的方法，灵活解释生活中有关的问题。
（2）一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
（3）一切物体都具有惯性。
14．（3分）2022年6月5日，我国神舟十四号载人飞船发射圆满成功。航天英雄在太空中利用 电磁波 与地面互相传递信息；当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为 电 能；太阳能属于 一次 能源（填“一次”或“二次”）。
【分析】电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息；
当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为电能；
一次能源是指可以从自然界直接获取的能源，二次能源是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
【解答】解：航天英雄在太空中利用电磁波与地面互相传递信息；
当飞船的太阳能帆板打开时会把太阳能转化为电能；太阳能可直接从自然界获得，属于一次能源。
故答案为：电磁波；电；一次。
【点评】本题考查电磁波、能量转化和能源的分类的知识，综合性强，难度适中。
15．（3分）建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G＝900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F＝400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功 2400 J，滑轮组的机械效率为 75% ；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升 1200 N的重物。
【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，利用W＝Fs求出拉力F做功；
（2）根据W＝Gh求出拉力做的有用功，利用η＝×100%求出滑轮组的机械效率；
（3）不计绳重和摩擦，根据F＝（G+G动）求出动滑轮的重力，根据题意得出将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率，设出提升重物的重力，克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，根据η＝×100%表示出滑轮组的机械效率即可求出提升重物的重力。
【解答】解：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，
则绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，
拉力F做功：W总＝Fs＝400N×6m＝2400J；
（2）拉力做的有用功：W有＝Gh＝900N×2m＝1800J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；
（3）不计绳重和摩擦，由F＝（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×400N﹣900N＝300N，
将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率η′＝80%，设提升重物的重力为G′，
因克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
所以，滑轮组的机械效率：η′＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%＝80%，
解得：G′＝1200N。
故答案为：2400；75%；1200。
【点评】本题考查了做功公式、滑轮组绳子拉力公式和滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数和有用功、总功是关键。
16．（3分）学校组织同学们利用投影仪观看“天宫课堂”第二课。投影仪的镜头相当于 凸 透镜，屏幕上的彩色画面是由红、绿、 蓝 三种色光混合而成的；坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕表面发生 漫 （选填“镜面”或“漫”）反射。
【分析】（1）投影仪的制作原理：当2f＞u＞f时，根据凸透镜成放大、倒立实像的原理制成的；
（2）红、绿、蓝三种单色光按不同的比例混合能合成任意一种色光；
（3）光线照到粗糙不平的物体表面，物体表面发生反射，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
【解答】解：
投影仪的镜头相当于一个凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，投影仪是利用物距大于一倍焦距小于二倍焦距（f＜u＜2f）时，成倒立、放大的实像的原理制成的。
屏幕上的丰富色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成的；
坐在各个位置的同学都能看到屏幕画面，是因为光在屏幕上发生了漫反射。
故答案为：凸；蓝；漫。
【点评】本题考查凸透镜成像的应用、漫反射的概念以及色光的三原色，涉及的知识点较多，并且与实际生活联系紧密，是一道很好的题目。
17．（3分）如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向 改变 （填“改变”或“不变”），此过程中发电机将 机械 能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈 不能 （填“能”或“不能”）持续转动。
【分析】闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；通电导体在磁场中受力运动。
【解答】解：将发电机与小量程相连，转动小风车，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流，电流表指针左右偏转，这说明电路中电流的方向是改变的；此过程中发电机将机械能能转化为电能；
若将图中电流表换成电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉，无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去。
故答案为：改变；机械；不能。
【点评】此题考查了通电线圈在磁场中的转动情况，以及法拉第的电磁感应现象，难度不大。
18．（2分）疫情防控期间，每天早上我们都要经过红外线热成像测温通道进入校园，此时我们体温的示数和行走的图像将显示在与仪器相连的显示屏上。红外线是 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）；每天我们还用水银体温计检测体温，水银体温计是根据 液体热胀冷缩 的原理制成的。
【分析】（1）看不见的光包括红外线和紫外线，都属于电磁波；
（2）常用液体温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的。
【解答】解：红外线是不可见光，光是电磁波的一种；
常用的水银体温计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。
故答案为：电磁波；液体热胀冷缩。
【点评】本题考查了红外线的应用和液体温度计的工作原理数，是一道基础题，难度不大。
19．（2分）如图所示，电路中电源的电压不变，灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V1示数将 变小 ，电压表V2示数将 变大 。（“变大”、“变小”或“不变”
【分析】分析电路的连接方式及电表测量的对象，分析当滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路的电阻变化，由串联电路的电阻规律判断电路总电阻的变化，由欧姆定律I＝确定电路中电流的变化，根据U＝IR分析灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压规律确定V1的示数变化。
【解答】解：由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测变阻器两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由串联电路的电阻规律可知电路的总电阻变小，根据欧姆定律I＝可知电路中的电流变大；
灯的电阻不变，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表V2的示数将变大；根据串联电路的电压规律可知，电压表V1的示数将变小。
故答案为：变小；变大。
【点评】本题为电路动态变化的分析题，考查了串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
20．（3分）如图所示为电子式电能表表盘。小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次。6min该家用电器耗电 0.1 kW•h，其额定功率是 1000 W，这个家用电器可能 电热水壶 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
【分析】3200imp/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，求出闪烁320次消耗的电能，然后根据P＝求出用电器的功率，进而选择是哪种用电器。
【解答】解：
因3200imp/kW•h表示电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，
所以，指示灯闪烁320次消耗的电能：
W＝kW•h＝0.1kW•h＝3.6×105J，
家用电器的额定功率：
P＝＝＝1000W，
因为电热水壶的功率在1000W左右，台灯的功率小于40W，电视机的功率在200W左右，
所以，这个家用电器可能是电热水壶。
故答案为：0.1；1000；电热水壶。
【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，关键是从电能表表盘上得到相关信息。
21．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端时，小灯泡L恰好正常发光。电流表示数与电压表V2示数的关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为 1.6 W，滑动变阻器的最大阻值为 25 Ω，滑动变阻器的滑片置于a端时，电压表V1的示数为 1 V。
【分析】由电路图可知，当闭合开关S，滑动变阻器、R0和灯泡串联接入电路，电压表V1测量L的电压，电压表V2测量R0和L的总电压；
（1）当滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R0和灯泡串联，电路的总电阻最小，根据欧姆定律可知电路电流，即灯泡的额定电流，根据串联电路电压规律可知两个图像对应电压表示数的变化，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
由图像读出灯泡的额定的电压和电压表V2的示数，即电源电压，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；
（2）当滑动变阻器的滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，由图像读出电路电流和电压表V2的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
由I＝可得，定值电阻R0的两端电压，根据串联电路电压规律可求得电压表V1的示数。
【解答】解：
由电路图可知，当闭合开关S，滑动变阻器、R0和灯泡串联接入电路，电压表V1测量L的电压，电压表V2测量R0和L的总电压；
（1）当滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R0和灯泡串联，电路的总电阻最小，由欧姆定律可知电路电流最大，由图乙可知，电路最大电流为0.4A，即灯泡的额定电流为0.4A；
由I＝可得，灯泡的额定电压为UL＝IRL＝0.4A×10Ω＝4V
则灯泡的额定功率：PL＝ULIL＝4V×0.4A＝1.6W；
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V2的示数大于电压表V1的示数，已经求得灯泡的额定电压为4V，则电压表V2的示数为8V，即电源电压为8V；
由I＝可得，定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝10Ω；
（2）当滑动变阻器的滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，由图像可知，电路最小电流为0.2A，电压表V2的示数为3V，
则滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣UV2＝8V﹣3V＝5V，
滑动变阻器的最大阻值：R滑＝＝＝25Ω，
由I＝可得，定值电阻R0的两端电压U′＝I小R0＝0.2A×10Ω＝2V
根据串联分压的特点可知，电压表V1的示数U″＝UV2﹣U′＝3V﹣2V＝1V。
故答案为：1.6；25；1。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。
三、作图题（每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车手闸，其中ABO部分可视为杠杆，O为支点，刹车线的拉力为阻力F2，其简化示意图如图乙。请在乙图中画出：
（1）阻力的力臂L2；
（2）刹车时，作用在杠杆A点的最小动力F1及其力臂L1。
【分析】（1）力臂是从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：（1）从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂L2。
（2）由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
图中支点在O点，动力作用在A点，因此OA作为动力臂最长；根据物理常识和图示可知刹车时动力的方向应该垂直于力臂OA向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
【点评】解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出“在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小”的结论。
23．（3分）游泳是一项有益身心健康和健美体型的运动，但同时存在安全隐患。如图所示，某游泳馆救生员在泳池边的高椅子上注视着泳池中的动向。他发现由于泳池边缘的阻挡，池底有一块视觉盲区监管不到。请画出一条光线从池底盲区边缘处刚好射入救生员眼睛的光路图。
【分析】光线从水中斜射入空气中时会发生折射现象，折射光线会远离法线，折射角大于入射角；根据人的眼睛的位置和泳池边缘做出折射光线，然后连接折射点、盲区左边缘可得入射光线。
【解答】解：由于光在同种均匀介质中是沿直线传播，根据人的眼睛和泳池边缘作出折射光线可得入射点O，连接O点、盲区左边缘可得入射光线，如图所示：
【点评】本题考查了光的折射规律的应用，难度不大。
24．（3分）如图所示，请将螺线管、滑动变阻器接入电路中，使开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，并标出螺线管的磁极。
【分析】磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；由安培定则判断得出螺线管线圈正面的电流方向，则可知螺线管右端导线应接电源的哪个极；
要使滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，即此时电路中电流变小，滑动变阻器连入电路的阻值变大，再分析得出滑动变阻器的接法。
【解答】解：开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，根据同名磁极相互排斥可知螺线管左侧为S极，其右侧为N极，由安培定则可知螺线管线圈正面的电流方向应向下，且外部电路的电流最后流回电源的负极，则螺线管右端导线应接开关的左端；
滑动变阻器滑片P向右移动会使斥力变小，即此时电路中电流变小，由欧姆定律可知滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以需使滑动变阻器左侧下接线柱连入电路中。如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素和安培定则的运用，综合性较强。
四、简答题（3分）
25．（3分）为了保障出行安全，交通部门做了很多规定，如：高速公路上对机动车进行限速；车上驾驶员和乘客要系安全带：特别是自今年的6月1日起，又开展了“一盔一带”专项整治行动。请运用你所学的物理知识，简要回答下列问题：
（1）为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？
（2）为什么行驶中的车辆紧急刹车时，乘客会向前倾？
（3）安全带为什么要做得比较宽大？
【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大，对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析。
（2）根据惯性的概念答题，物体由于惯性保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫惯性。
（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】答：
（1）对机动车的最高行驶速度进行限制的原因是：车辆的行驶速度越大，动能越大，越容易发生交通事故，发生交通事故造成的损失越大。
（2）行驶中的车辆紧急刹车时，由于乘客具有惯性，要保持原来的运动状态不变，所以乘客会向前倾。
（3）安全带要做得比较宽大的原因是通过增大受力面积减小压强。
【点评】本题综合考查动能大小的影响因素、惯性和减小压强的方法，重点考查学生利用所学物理知识解决实际问题的能力，并可对学生进行交通安全教育，是一道好题。
五、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是冰球门将周嘉鹰在冬奥里会上镇守球门的情景。由于冰球对抗性极强，为防住高速冰球撞击，门将护具的质量为35kg。求：（g取10N/kg）
（1）若冰刀与冰面的总接触面积为10cm2，质量为65kg的周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强有多大；
（2）若同嘉鹰开球时用100N的力向前挥杆，向前挥杆时手的速度为10m/s，那么周嘉鹰的挥杆功率有多大；
（3）守门训练时，额定电功率为120W的发球机产生的推力恒为240N，1s将冰球从30cm的平直发时轨道中推出，发球机发球时的效率有多大？
【分析】（1）根据F＝G得出站立时对冰面的压力，根据p＝得出站立时，冰刀对冰面的压强；
（2）利用功率公式P＝＝＝Fv即可求周嘉鹰的挥杆的功率；
（3）利用W＝Fs求出推力做的功，再利用W电＝Pt计算出电能，利用η＝计算发球机的效率。
【解答】解：（1）周嘉鹰穿上护具站立时，对冰面的压力：F＝G总＝（m人+m护具）g＝（65kg+35kg）×10N/kg＝1000N，
站立时冰刀对冰面的压强p＝＝＝1×106Pa；
（2）周嘉鹰的挥杆功率P＝＝＝Fv＝100N×10m/s＝1×103W；
（3）水平推力所做的功W＝Fs＝240N×30×10﹣2m＝72J；
发球机工作1s消耗的电能为：W电＝Pt＝120W×1s＝120J，
发球机工作时的效率η＝＝＝60%。
答：（1）周嘉鹰穿上护具站立时，冰刀对冰面的压强为1×106Pa；
（2）周嘉鹰的挥杆功率为1×103W；
（3）发球机发球时的效率为60%。
【点评】本题考查了压强、功率和效率的计算，属于中档题。
27．（9分）一家用电热水壶的额定功率为1210W，如甲图所示为了粗测此热水壶的能效，在一次实际使用中，将家里其它用电器全部断开，用此水壶将2kg的水从20℃加热至100℃用了14min。期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次表盘如乙图所示，其中3600imp/（kW•h）表示此电能表上接的用电器，每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，水的比热容c＝4.2×103（kg•℃），计算在此次烧水的过程中：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水壶的效率；
（3）电热水壶的实际工作电压。
【分析】（1）根据Q＝cmΔt求出水吸收的热量，
（2）根据期间，电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，结合乙图求出电热水壶消耗电能产生的热量，然后利用效率公式求出电热水壶的热效率；
（3）求得电能表的脉冲指示灯闪烁840次消耗的电能，利用P＝求出电热水壶的实际功率；根据电热水壶的额定电压和额定功率求出电热水壶的电阻；再利用功率的变形公式U＝求出电热水壶两端的实际电压。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J，
（2）由“3600imp/（kW•h）”可知每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，
电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，消耗电能W＝＝kW•h＝×3.6×106J＝8.4×105J：
电热水壶的效率η＝＝＝80%；
（3）由“3600imp/（kW•h）”可知每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，
电能表上的脉冲指示灯闪烁了840次，消耗电能W＝＝kW•h：
由P＝可得，电热水壶的实际功率P′＝＝＝1kW＝1000W；
由P＝可得，电热水壶的电阻R＝＝＝40Ω；
则电热水壶的实际工作电压U实际＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；
（2）电热水壶的效率为80%；
（3）电热水壶的实际工作电压为200V。
【点评】本题考查消耗电能、电阻、实际功率、实际电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要理解电能表参数的物理意义，学会从题目所给信息中找到有用的数据。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： 温度计玻璃泡碰到了烧杯壁 。
（2）改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 92 ℃。
（3）持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度 不变 ，需要 吸收 热量。
（4）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的 BC 段表示水的沸腾过程。
（5）你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点 降低 。
【分析】（1）温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；
（2）根据温度计的分度值读出水的温度；
（3）（4）沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；
（5）气体温度降低，气压减小，水的沸点降低。
【解答】解：（1）观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；
（2）图乙知温度计的分度值为1℃，温度计的示数为92℃，即此时水的温度为92℃；
（3）（4）水沸腾时吸热但温度保持不变，所以丙图图线的BC段表示水的沸腾过程；
（5）水停止沸腾后，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，瓶内液面上方气压降低，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。
故答案为：（1）温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；（2）92；（3）不变；吸收；（4）BC；（5）降低。
【点评】本题考查结合图象分析液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，横坐标代表时间，纵坐标代表温度还要明确每一个小格各代表多少，考查学生的分析归纳能力。
29．（6分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）如图1所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为 8.0 cm，实验前，应调节水透镜的、烛焰和光屏三者中心在 同一高度 ，目的是为了使像成在光屏的中央；
（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图2所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，利用此成像特点可制成 照相机 （选填“照相机”或“投影仪”）；若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）在图2所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图3所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 远视 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 往下 调。（填“往上”或“往下”）
【分析】（1）通过图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距。实验前要调节烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度；
（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪。
光的折射中光路是可逆的。
（3）这里的水透镜就相当于人眼的晶状体。形成“远视眼”，是因为从水凸透镜内抽出一部分水后，使透镜凸度变小。
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。根据物与像移动方向相反确定屏上像移动的方向。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点。焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是8.0cm。
实验前应先调节光具座上烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度，这样可使像成在光屏的中央；
（2）如图，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
因为光的折射中光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将光屏与蜡烛的位置对调，则物距等于原来的像距，成倒立、放大的实像。光屏上能接到像是实像。
（3）当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于光屏前移，所以应在水凸透镜前放置一块凸透镜。由此判断该同学戴的是远视眼镜。
由于蜡烛的燃烧，烛焰的高度逐渐降低，则像的位置会偏高，即屏上像逐渐向上移动，为使像重新回到光屏中央。应将凸透镜往下调；
故答案为：（1）8.0；同一高度；（2）照相机；能；（3）远视；往下。
【点评】本题首先确定凸透镜的焦距，然后根据凸透镜成像的几种情况进行判断，掌握凸透镜的成像的几种情况是重点。此题不仅考查了凸透镜成像的规律，还考查了对远视眼的成因和矫正方法的掌握。
30．（8分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丙三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物，甲和乙两图中的接触面相同，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做 匀速直线 运动，实验中，弹簧测力计对木块的拉力 ＝ （选填“＞”“＜”或“＝”）木块受到的摩擦力。
（2）甲、乙两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是乙图中弹簧测力计示数 大于 甲图弹簧测力计示数。
（3）小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是 C （选填字母）。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.急刹车时用力踩脚踏板
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
（4）上述实验中，主要应用到的实验方法是转换法和 控制变量法 ，实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图丁所示实验，请你判断：图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力 ＝ （选填“＞”“＜”或“＝”）图甲中木块所受滑动摩擦力。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）逐一分析每次实验，找出符合题意的选项；
（4）由控制变量法分析；根据影响滑动摩擦力大小的两因素不变分析。
【解答】解：（1）实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计对木块的拉力＝木块受到摩擦力；
（2）甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，故是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是乙图弹簧测力计示数比甲图示数大；
（3）根据甲、乙两图的实验可知，在接触面粗糙程度相同的条件下，增大压力可增大滑动摩擦力；
A．轴承上加润滑油，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故A不符合题意；
B．体操运动员在手上涂镁粉，属于通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B不符合题意；
C．刹车时用力踩脚踏板，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，故C符合题意；
D．移动很重的石块时，在地上铺设滚木，用滚动摩擦代替滑动摩擦从而减小摩擦，故D不符合题意；
故选C；
（4）滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，实验需要用到控制变量法；
图丁和图甲中木块对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，故图丁中，木块水平运动时所受滑动摩擦力等于图甲中木块所受滑动摩擦力。
故答案为：（1）匀速直线；＝；（2）压力大小；大于；（3）C；（4）控制变量法；＝。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对图像的分析，体现了对过程和方法的考查。
31．（6分）小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
（1）通过 甲、丙、丁 三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（2）物体A浸没在水中时受到的浮力是 4 N，物体A的体积是 4×10﹣4 m3。
（3）由图示实验数据得出盐水的密度是 1.1×103 kg/m3。
（4）他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是 没有控制物体排开液体的体积相同 。
【分析】（1）探究物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关时，需要控制液体的密度相同、排开的液体的体积相同，改变物体在液体中的深度；
（2）根据F浮＝G﹣F求浮力大小，由F浮＝ρgV排公式变形可求得物体排开水的体积，因为物体浸没，所以物块排开水的体积等于物体的体积；
（3）物体的重力与弹簧测力计拉力之差是物体受到的浮力，已经求出物体的体积，根据F浮＝ρ液gV排公式变形可求得盐水的密度；
（4）物体下沉时F浮＜G，漂浮时F浮＝G，由此可知铁片两次受到的浮力的关系；
探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积和液体密度相同。
【解答】解：（1）探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲、丙、丁图；
根据称重法可知，物体在两种情况下受到的浮力是相同的，故说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，
（2）由图甲、丁可知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝G﹣F＝5N﹣1N＝4N，
物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮＝ρ水gV排水可得，物体排开水的体积：
V排水＝＝＝4×10﹣4m3，
物体排开水的体积等于物体的体积，即V物体＝4×10﹣4m3；
（3）由图甲、戊所示实验可知，物块浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水＝G﹣F′＝5N﹣0.6N＝4.4N，
浮力F浮盐水＝ρ盐水gV排盐水，
此时物体排开盐水的体积V排盐水＝V物体＝4×10﹣4m3；
盐水的密度：ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3。
（4）由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时F浮1＜G，铁片漂浮时F浮2＝G，则F浮1＜F浮2，即：第一次铁片受到的浮力小于第二次铁片受到的浮力；
探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积和液体密度相同，错误原因就是没有利用控制变量法，即没有控制物体排开液体的体积相同；
故答案为：（1）甲、丙、丁；（2）4；4×10﹣4；（3）1.1×103；（4）小于；没有控制物体排开液体的体积相同。
【点评】本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。
32．（10分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 不动 （选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 0.16 A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 1 次的数据，判断的依据是 电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为2V ；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 10 Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 用来求平均值来减小误差 。
（5）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 2 V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 保持不动 （选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 1 W。
【分析】（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；
（2）根据电流表选用的量程确定分度值读数；
（3）求出定值电阻的大约值，根据分压原理，得出电压表的最小读数；
（4）根据欧姆定律求出对应的电阻，最后求平均值得出测量结果；多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律；
（5）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，通过移动滑片的位置，电压表V1的示数为U′＝U﹣U额；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表V2测定值电阻的电压，根据串联分压可求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路，故电压表指针不动；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，电压表应并联接在定值电阻的两端，如图所示：
（2）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，示数为0.16A，
（3）由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻R＝＝＝10Ω，根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U最小＝×U＝×4.5V＝1.5V＞1V，所以第1组数据不是本实验中测得的；
（4）由表格可知，电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律可得：
R2＝＝＝10Ω，R3＝＝＝11.1Ω，R4＝＝＝9.2Ω，R5＝＝＝10Ω，
所测量的电阻阻值应是R＝＝≈10Ω；
本实验多次测量的目的是用来求平均值来减小误差；
（5）①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为U′＝U﹣U额＝4.5V﹣2.5V＝2V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片保持不动，读出电压表V2的示数为3V；
此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由串联分压可知，＝，即：＝，
解得：R滑右＝15Ω，
所以滑动变阻器左边部分的电阻为：R滑左＝R滑﹣R滑右＝20Ω﹣15Ω＝5Ω，
所以当闭合开关S、S1，断开开关S2时，电路中的电流为：I＝＝＝0.4A，
所以小灯泡的额定功率为：P额＝U额I＝2.5V×0.4A＝1W。
故答案为：（1）不动；见解答过程；（2）0.16；（3）1；电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为2V；（4）10；用来求平均值来减小误差；（5）2；保持不动；1。
【点评】本题为伏安法测电阻实验，主要考查了电路故障分析、电路连接、电流表读数、欧姆定律的计算、多次测量的目的、实验数据的分析以及特殊方法测量电功率等，知识点多，可以说每道小题学生都容易出错，难度较大。
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