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2023届河南省名校青桐鸣大联考高三4月联考理科综合试题
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这是一份2023届河南省名校青桐鸣大联考高三4月联考理科综合试题，共35页。试卷主要包含了50 ml/L的碳酸钠溶液等内容，欢迎下载使用。
2023届普通高等学校招生全国统一考试青桐鸣大联考(高三)
理科综合能力测试
全卷满分300分，考试时间150分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量:H—1 C—12 O—16 Ca—40 Sc—45 Ti—48
一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 进行有性生殖的生物，其细胞增殖方式通常包括有丝分裂、无丝分裂和减数分裂三种类型，下列说法正确的是 ( )
A.人类成熟红细胞在有丝分裂前期会出现纺锤体
B.蛙的红细胞无丝分裂过程中存在DNA复制
C.通常选用蝗虫卵巢观察减数分裂过程的图像
D.三种细胞增殖方式均具有细胞周期
2. 如图表示某植物在不同光照强度下的CO₂吸收量和释放量情况，其中B、C两点分别表示光补偿点和光饱和点，下列说法错误的是( )
A. A点对应的CO₂释放量可以表示植物在黑暗环境中细胞呼吸强度
B. B点的含义是植物的光合作用与细胞呼吸强度相等时所对应的光照强度
C. C点的含义是植物的光合作用强度不再随着光照强度的增加而增加的最小光照强度
D.若该植物生存环境中的CO₂浓度下降，则B点会右移，C点会左移，D点会右上移
3. 糖尿病是一种代谢性疾病，它的症状之一是高血糖。高血糖是由于胰岛素分泌缺陷或胰岛素生理作用受损，或两者兼有引起。下列说法正确的是 ( )
A.某人检测出高血糖，则其一定是糖尿病患者
B.胰岛B细胞受损会导致胰岛A细胞增加
C.胰岛素不能发挥其生理作用可能与某些细胞膜上缺少受体有关
D.血糖升高后导致胰岛B细胞分泌胰岛素，该过程仅存在体液调节
4. 已知脂肪组织分泌的瘦素和激活脂肪组织处的交感神经均可以促进脂肪组织的分解，为验证瘦素通过激活脂肪组织处的交感神经促进脂肪分解，科研人员用生长状况相似的小白鼠进行了下列实验，实验中添加物质甲后进行检测1，继续添加物质乙后进行检测2，表中字母处填写的添加物质错误的是 ( )
组别
添加物质甲
检测1
添加物质乙
检测2
对照组1
生理盐水
脂肪组织体积减少量
生理盐水
脂肪组织体积减少量
对照组2
A
脂肪组织体积减少量
B
脂肪组织体积减少量
实验组
C
脂肪组织体积减少量
D
脂肪组织体积减少量
A.生理盐水 B.瘦素
C.抑制交感神经的药物 D.生理盐水
5.态系统具有能量流动、物质循环和信息传递的功能，下列有关生态系统功能的说法正确的是( )
①碳循环过程中，无机环境中的碳可以被生物群落反复利用
②鸭粪中的有机物被植物体吸收后能促进物质循环
③喷施农药消灭害虫体现了化学信息传递可以调节种间关系
④流入生态系统的总能量不一定只有生产者固定的能量
⑤第二营养级粪便中的能量来源于第一营养级生长、发育、繁殖的能量
⑥生态系统中生物与生物之间的信息传递往往是双向的
A.①②④⑤ B.②③⑤⑥ C.②③④⑥ D.①④⑤⑥
6. 番茄(雌雄同花)的果肉颜色有红、橙、黄三种，由两对等位基因A/a、B/b控制，黄色肉与橙色肉番茄植株杂交，F₁全是红色肉，F₁自交，F₂中果肉颜色及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=9：3：4，下列说法错误的是 ( )
A.番茄果肉颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，F₂红色肉番茄中纯合子占1/9
B.亲本黄色肉和橙色肉番茄植株的基因型应分别为AAbb和aaBB
C. F₂所有橙色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型全为橙色肉
D. F₂所有红色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=64：8：9
7. 河南省是中华民族和华夏文明的重要发祥地，河南省博物院中馆藏许多珍贵文物，它们都记载了中华民族的灿烂文化，下列文物不属于合金制品的是 ( )
选项
A
B
C
D
文物
名称
杜岭方鼎
玉柄铁剑剑身
汝窑天蓝釉刻花鹅颈瓶
莲鹤方壶
8.下列实验中，实验装置或操作与对应叙述不相符的是 ( )
A.图1装置：蒸发硫酸镁溶液，获得硫酸镁晶体
B.图2装置：乙醇与浓硫酸反应制备乙烯
C.图3装置：提纯混有氯化钠杂质的淀粉胶体
D.图4装置:配制0.50 mol/L的碳酸钠溶液
9. 当药黄素来源于龙胆科藏茵陈，属矮小草本药用植物，具有清热解毒、保肝利胆、祛风除湿等功效，用于肝炎、胆囊炎、急性黄疸、消化不良、流行性感冒、发烧等症，其结构简式如图所示：
下列说法正确的是 ( )
A.当药黄素的分子式为C₂₂H₂₄O₁₀
B.1mol当药黄素与足量H₂发生反应,最多可消耗7 mol H₂
C.当药黄素与碳酸钠溶液反应可产生CO₂气体
D.当药黄素与浓溴水既可以发生取代反应，又可以发生加成反应
10.NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是 ( )
A.1 mol乙醇CH3CH218OH中含有22NA个中子
B.标准状况下,22.4LH₂O₂和22.4LH₂S中均含18NA个电子
C.1mol · L ⁻¹ 的Na₂C₂O₄溶液中, H2C2O4、HC2O4−、C2O42−的数目和为NA
D.室温下,1LpH=2的HCOOH溶液中,H⁺的数目小于0.01NA
11.卢瑟福将天然放射性射线中带正电的粒子束命名为α粒子。用α粒子(即氦核24He)分别轰击非金属原子ZWX和金属原子TEY均释放一个中子(01n)，核反应分别为ZWX+24He→01n+umA和
TEY+24He→01n+kiD。 已知A、D为原子序数依次增大的短周期同主族元素，且简单氢化物分子的空间构型均为三角锥形。下列说法正确的是 ( )
A.同周期的主族元素中，第一电离能大于A的元素有两个
B. A、D最高价氧化物对应水化物均为强酸
C.简单离子半径:Y>A
D. A可与氢元素形成正四面体构型的阳离子
稳定的固体电解
12. 室温钠硫电池是一种有吸引力的、可持续的、低成本的锂离子电池替代品。某科研团队就实现了将硫的氧化还原过程从传统的溶解-沉淀反应转变为准固态反应，从而消除了多硫化钠穿梭并促进无枝晶的Na金属电镀和剥离，实现了钠硫电池的高效循环使用。电池放电过程如图所示。已知法拉第常数 F=9.65×10⁴C/mol。下列有关说法错误的是 ( )
A.电池工作时，钠为负极，硫为正极
B.无枝晶的Na金属电镀和剥离，产生稳定的固体电解质相界面，有利于钠硫电池的循环使用
C.电池充电时,Na⁺的移动方向为Na电极→S电极
D.电池工作时，若穿过离子交换膜的Na⁺数目为0.2NA，电池产生的电量为1.93×10⁴ C
13. 柠檬酸是世界上用生物化学方法生产的产量最大的有机酸，柠檬酸及盐类是发酵行业的支柱产品之一。柠檬酸是一种三羧酸类化合物，可表示为H₃Cit。常温下，向柠檬酸溶液中滴加氢氧化钠溶液，其中各微粒的分布分数[δX=cXcH3Clt+cH2Ct−+cHCt2−+cCt3−, X为H₃Cit、 H₂Cit⁻、HCit²⁻或Cit³⁻]与pH的关系如图所示。下列说法错误的是 ( )
A.常温下，柠檬酸的Ka1=10−3.1
B.0.1 mol/L的NaH₂Cit溶液中: cH₂Cit⁻>cHCit²⁻>cH₃Cit
C. Y点存在: c(H⁺)+c(Na⁺)=cOH⁻+3cH₂Cit⁻+3cCit³⁻
D.已知常温下苯甲酸(C₆H₅COOH)的Kₐ=6.3×10⁻⁵, 将柠檬酸滴入苯甲酸钠中可发生反应:H₃Cit+3C₆H₅COONa═Na₃Cit+3C₆H₅COOH
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18小题只有一项符合题目要求，第19~21小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。
14. 用同一实验装置研究光电效应，当入射光频率为v₀时，遏止电压为U₀，入射光的频率变为2v₀时，遏止电压变为3U₀。则入射光频率为4v₀时，遏止电压为 ( )
A.9U。 B.7U。 C.6U₀ D.5U₀
15. 如图所示，地球和火星绕太阳做匀速圆周运动，二者与太阳的连线夹角为44°时，是火星探测器的发射窗口期。中国自主研发的火星探测器“天问一号”发射于2020年7月23日就是在窗口期内发射的，已知火星的公转半径约为地球公转半径的1.6倍，那么2020年7月之后的下一次发窗口期大约在 ( )
A.2022年7月
B.2022年1月
C.2021年7月
D.2021年1月
16. 如图，虚线MN左侧空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B₀。与MN共面的单匝金属线框abcd以MN为轴匀速转动，角速度大小为ω。已知正方形线框边长为L，回路阻值为R， ad边与MN之间的距离为 L3,，则线框回路中电流的有效值为( )
A.2B0L2ω6R B.2B0L2ω3R
C.5B0L2ω3R D.5B0L2ω6R
17. 如图，轻杆可绕转轴O在竖直平面内转动，两端固定A、B两个小球(可视为质点)，两小球的质量分别为 mA= 0.2kg,mB=0.1kg,到转轴O的距离分别为rA=20cm,rB=40cm。 现给小球B大小为VB=4m/s线速度，使两小球在竖直平面内转动起来，不计转轴处的摩擦力及空气阻力，重力加速度g取10m/s²，则轻杆转到水平位置时，轻杆对小球A的作用力大小为 ( )
A.2N B.4 N C.25N D.6 N
18. 如图,A、B、C、D、E是真空中圆心为O,半径为a的圆弧上的5个等分点,在B、C、D、E点分别固定一个电荷量为q的正点电荷，在A点固定一个电荷量为2q的负点电荷，静电力常量为k，则圆心O处的电场强度大小为( )
A.kqa2 B.2kqa2 C.3kga2 D.4kqa2
19. 甲、乙两汽车沿平直公路同向行驶，其x-t图像如图所示，下列说法正确的是( )
A.在t₁时刻，两车的速度大小相等
B.在0时刻，甲车的速度小于乙车的速度
C.在0~t₁时间内，两车的平均速度大小相等
D.在0~t₁时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度
20.如图所示，斜面倾角为30°，一小球从斜面顶端垂直斜面抛出，经过时间2s小球恰好落在斜面的底端，重力加速度g取10m/s²， 不计空气阻力，小球可视为质点，则下列说法正确的是 ( )
A.斜面的长度为10m
B.小球抛出时的速度大小为 53m/s
C.小球落在斜面底端时的速度大小为57 m/s
D.小球运动过程中距离斜面最远为53m
21. 如图(a)，水平面内有两根足够长的光滑平行固定金属导轨，间距为d。导轨所在空间存在方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。同种材料制成、粗细均匀、长度均为d的两导体棒M、N静止放置在导轨上。已知M的质量为m，阻值为R，导轨电阻不计。现给M棒一水平向右的初速度v₀，其速度随时间变化关系如图(b)所示，两导体棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好，则下列说法正确的是 ( )
A.导体棒N的质量为m2 B.导体棒N的阻值为R2
C.在0~t₁内，导体棒M产生的热量为 mv029 D.在0~t₁内，通过导体棒M的电荷量为 2mv03Bd
三、非选择题：共174分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须作答；第33题~第38题为选考题，考生根据要求作答。
(一)必考题:共129分。
22. (5分)某同学用图(a)所示的实验装置来验证机械能守恒定律。实验时将气垫导轨的一端用垫块垫高，让带有遮光片的滑块从气垫导轨的顶端滑下，分别测出遮光片通过两个光电门的时间，已知气垫导轨自带的刻度尺长度为L，刻度尺两端高度差为h，导轨上两个光电门之间的距离为x，重力加速度为g。
(1)用游标卡尺测量遮光片的宽度结果如图(b)所示，则遮光片的宽度d= mm 。
(2)某次实验时，测得遮光片先通过光电门2的时间为t₂，再通过光电门1的时间为t₁，则验证机械能守恒定律,需要验证的表达式为 (用题中物理量的字母符号表示)。
(3)为了减小空气阻力的产生的相对误差，应适当 (填“增加”或“减小”)滑块的质量。
23. (10分)某实验小组制作一个简易的欧姆表如图所示，其中灵敏电流计G的满偏电流 Ig=150μA,内阻为rg=50Ω,电池的电动势E=1.5V,内阻为r=1Ω,滑动变阻器R的阻值调节范围为0~1500Ω,R₁和R₂为定值电阻。
(1)为了满足欧姆表的使用规范,表笔P应选用 (填“红”或“黑”)表笔。
(2)已知电路中两个定值电阻的阻值分别为50Ω和400Ω，为了实现欧姆调零，则R₁的阻值为 (填“50Ω”或“400Ω”), 且欧姆调零时，滑动变阻器R接入电路的阻值为 Ω。
(3)用该欧姆表测量某电压表的内阻，表笔P应与电压表的 (填“正”或“负”)接线柱相连，指针稳定后灵敏电流计的示数为 I₁=50μA, 电压表的指针指在满偏电压的 16处，则该电压表的内阻为 Ω,满偏电压为 V。
24. (12分)如图，在坐标系xOy的第二、三象限存在沿x轴正方向的匀强电场，在第一、四象限存在垂直坐标系平面向外的匀强磁场。一质量为m，带电量为+q的粒子以初速度v₀从x轴上的P点沿y轴正方向开始运动，一段时间后粒子能返回P点。已知粒子经过y轴时的两点之间的距离为43d,P点到坐标原点O的距离为3d，不计粒子重力，求：
(1)磁场的磁感应强度。
(2)粒子相邻两次经过P点所用的时间。
25. (20分)如图，长度为L=9.6m绷紧的水平传送带以速率v₀=8 m/s顺时针匀速转动，光滑水平地面上有一足够长、质量为M=1 kg的木板贴紧传送带右端，木板上表面与传送带的上表面等高，在木板右侧有一固定的挡板，木板右端到挡板的距离为s=4m。一质量为m=2kg的物块(可视为质点)轻轻的放在传送带的左端，经过t=2s物块滑离传送带并无机械能损失地滑上木板，已知物块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.4，木板与挡板的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短,重力加速度g取10m/s²,求:
(1)物块与传送带之间的动摩擦因数。
(2)木板开始运动到最终停止运动的总路程。
(3)物块与传送带以及木板发生相对滑动产生的总热量。
26. (15分)过硫酸铵[(NH₄)₂S₂O ₈]有强氧化性和腐蚀性，其被广泛地用于蓄电池工业。常温下过硫酸铵稳定性较好，但加热至120℃以上易分解。回答下列问题：
Ⅰ.实验室制备过硫酸铵，实验装置如图甲所示。
(1)试剂X为 ;a管的作用是 。
(2)C装置的作用是 。
(3)三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为 。
Ⅱ.工业制备过硫酸铵，原理如图乙所示。
(4)阳极的电极反应式为 。
(5)中间的离子交换膜为 交换膜(填“阴离子”或“阳离子”);阴极产物有 (填物质名称)。
Ⅲ.探究过硫酸铵的热稳定性，实验装置如图丙所示。
(6)实验小组预测过硫酸铵的分解产物可能有N₂、NH₃、SO₂、SO₃和H₂O，实验过程中E装置无沉淀生成,F装置品红溶液褪色。则E装置的作用是 ;过硫酸铵加热分解的化学方程式为 。
27. (14分)钪常用来制特种玻璃、轻质耐高温合金，在光电、超导及催化等领域均有重要应用。但其产量很少，在地壳中的含量约为0.0005%，矿物直接提取比较困难，往往采用航的伴生矿物副产品富集回收的方式收集钪。一种以钛白废酸液(除含有大量Fe³⁺和废硫酸外，还含有 Sc³⁺、Mn²⁺、Al³⁺、TiO²⁺ 等离子)为原料，制取氧化钪(Sc₂O₃)和氯化钪(ScCl₃)的工艺流程如图甲所示：
已知：①钪与铝类似，其氢氧化物具有两性，强碱性环境下，易形成[Sc(OH)₄]⁻;
②碱性条件下,Mn²⁺易被氧化为MnO₂;
③25℃时, Kₛ₁H₂C₂O₄=x,Kₛ₂H₂C₂O₄=y,KₛₚSc₂C₂O₄₃=z。
回答下列问题：
(1)“萃取”过程中,进入萃取剂的离子有 。
(2)生成MnO₂的离子方程式为 。
(3)“反萃取”步骤中，加入过量NaOH溶液的目的除为沉锰提供碱性条件外，还有 。
(4)“沉钪”后得到Sc₂(C₂O₄)₃沉淀,则沉钪反应的平衡常数K= (用含x、y、z的代数式表示)。
(5)Sc₂(C₂O₄)₃·6H₂O在空气中加热分解时,固体残留率[m(剩余固体)m(初始固体)] . 随温度变化曲线如图乙所示：
则400℃和850℃时的含钪化合物分别为 、 。
(6)ScCl₃·6H₂O在HCl气流中高温脱水得到ScCl₃,若未通入HCl气体,则ScCl₃中常常含有ScOCl杂质,原因是 _____________________(用化学方程式表示)。
28. (14分)2020年9月22日，国家主席习近平在第七十五届联合国大会上宣布，中国力争2030年前二氧化碳排放达到峰值，努力争取2060年前实现碳中和目标。其中的关键技术是运用催化转化法实现二氧化碳的碳捕集和碳利用。回答下列问题：
Ⅰ.二氧化碳转化为甲醇。
主反应： CO₂(g)+3H₂(g)CH₃OH(g)+H₂O(g) △H
副反应： CO₂(g)+H₂(g) CO(g)+H₂O(g) △H₁=+41kJ/mol
(1)已知: CO(g)+2H₂(g) ═CH₃OH(g) △H₂=-90 kJ/mol,计算主反应的△H= kJ⋅mol⁻¹,该反应能在 (填“高温”或“低温”)条件下自发进行。
(2)在某一恒温恒压密闭容器中通入1mol CO₂和3 mol H₂，加入催化剂发生反应。
①假设只发生主反应，则下列描述能说明主反应达到平衡状态的是 (填字母序号)。
A.容器体积保持不变
B. CH₃OH和H₂O的物质的量之比为1:1
C.断裂2 mol C═O键的同时生成3 mol O—H键
D.容器内混合气体的平均摩尔质量不再改变
E.容器内混合气体的密度保持不变
②反应一段时间测得二氧化碳转化率α(CO₂)和甲醇选择性xCH3OH=n生成甲醇n消耗CO2随温度变化关系如图甲所示。
(i)已知200~250℃温度下，催化剂活性受温度影响不大，则CO₂转化率曲线先升高后下降的原因是 。
(ii)温度为220℃、总压为10MPa条件下反应,CO₂平衡转化率为40%,甲醇选择性为70%,则该温度下主反应以气体分压来表示的平衡常数 Kₚ=________________________(列出代数式即可)。
Ⅱ.二氧化碳转化为甲酸。
发表在《Angewandte Chemie》上的一项研究中,新的铁基催化剂表现出优异的CO₂向HCOOH 催化性能，主要产物HCOOH有超过90%的选择性。该反应为CO₂(g)+ H₂(g)HCOOH(g) △H=-31kJ/mol。
(3)已知Arrhenius公式Rlnk=−EaT+C(Ea 为活化能，k为反应速率常数，R和C为常数)，相关数据曲线如图乙所示，则该反应的活化能 Eₐ=______KJ⋅mol⁻¹。
(4)在一容积固定的密闭容器中进行反应，实验测得v正=k正cCO2cH2,v逆=k逆 c(HCOOH)，k正与k逆为速率常数。温度为T₁℃时，该反应的平衡常数K=2，温度为T₂℃时, kE=2.5k差,,则T₂ (填“>”“<”或“=”)T₁,理由是 。
29. (12分)科研人员以中苜1号和WL903两种紫花苜蓿品种为材料，设置对照组(CK组，含Hoagland营养液)、NaCl组(200mmol/LNaCl+Hoagland营养液)和MT组(100 μmol/L 褪黑素+200 mmol/L NaCl+Hoagland营养液),测定各组中紫花苜蓿的叶绿素含量、净光合速率(假设细胞呼吸速率不受影响)、气孔导度等指标，结果如图所示。回答下列问题：
(1)紫花苜蓿是一种豆科植物,不需要额外施用氮肥,原因是 ,其细胞叶绿体中 (填结构)更加丰富，有利于光反应的进行。
(2)CK组、NaCl组和MT组中每组培养的紫花苜蓿均为10株而不是1株,原因是 。据图可知NaCl对 品种的紫花苜蓿叶绿素含量影响更大,褪黑素 (填“能”或“不能”)缓解这种影响。
(3)WL903品种的NaCl组比CK组、MT组的净光合速率低,据图分析原因是 。
(4)为验证NaCl组WL903品种的叶绿素含量下降是由于叶绿素a含量减少导致，而不是叶绿素b含量下降导致的,请写出实验思路及预期实验结果 。
30. (7分)下丘脑是机体进行正常生命活动的重要中枢，灵长类动物冬眠现象很罕见，科研人员设想通过特异性激活下丘脑神经元开启人工冬眠之路，回答下列问题：
(1)研究发现特异性激活下丘脑视前区某些神经元，可以使体温降至28℃，在此过程中，机体产热量 散热量，下丘脑视前区某些神经元兴奋后可引起与散热有关的反应，此过程中效应器主要包括传出神经末梢及其支配的 和 。
(2)研究表明，寒冷信号可以抑制胃肠道消化功能。生长抑素(SS)具有抑制垂体前叶释放生长激素和促甲状腺激素的能力，可以从动物下丘脑提取物中分离得到，是一种神经肽。为验证寒冷信号通过SS作用于消化系统，抑制胃肠道功能，科研人员选取生长状况相似且下丘脑SS分泌区已被损毁的小鼠若干，随机均分为甲、乙两组，甲组小鼠提供普通食物，乙组小鼠提供等量的普通食物和SS的混合物，两组小鼠都在常温条件下培养，一段时间后检测两组小鼠的进食量。以上方案中存在两个明显的错误,分别为 和 。
(3)动物冬眠会引起甲状腺作用降低，这样会导致动物全身的细胞代谢下降，从分子水平上解释导致动物全身细胞代谢下降的原因是
31. (8分)科研人员于2017年和2018年以晋北赖草草地为研究对象，监测不放牧(UG)、轻度放牧(LG)、中度放牧(MG)和重度放牧(HG)下生态系统总初级生产力(在单位时间和单位面积上，绿色植物通过光合作用所固定的有机物总量，用GPP表示)。与UG相比，分析三种放牧强度下GPP的升降情况。回答下列问题：
(1)晋北赖草草地中的牧草通常长势较低， (填“存在”或“不存在”)垂直结构。植物分层现象的意义是 。
(2)实验随机选取样地设置4个小区：UG、LG、MG和HG，采用铁丝网围栏隔开小区，选择健康状况良好的绵羊，在每年6月初开始放牧，9月底停止放牧，监测结果如图所示。据图可知，实验结论为 (两年分开分析)。
(3)晋北赖草草地中的牧草会通过刺、毛、有毒物质抵御食草动物，植物给食草动物传递了 信息,适度放牧在生态系统能量流动中的意义是 。
(4)研究草地生态系统的能量流动时，会出现蝗虫同化量小于生产者同化量10%的情况，最可能的原因是 。
32. (12分)科研人员利用转基因技术将耐贮存基因M和抗冻基因N转入番茄，以期望获得耐储存、抗冻两不分离的番茄植株。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞的染色体上，获得若干转基因番茄植株。不考虑突变和交叉互换，回答下列问题。
(1)若已获得的若干转基因番茄植株细胞中染色体如图所示，1号和2号表示番茄细胞中的非同源染色体，则甲图、乙图对应的番茄植株自交子代的性状及比例分别为 和 。
(2)若有一基因型为MMNN的植株Q进行自交获得F₁，F₁中耐贮存抗冻番茄植株226株、不耐贮存不抗冻番茄植株15株，假设基因只插入了1号和2号染色体上。
①在图丙中标记基因M和N在细胞中的位置。
②F₁耐贮存抗冻番茄植株中自交后代全是耐储存抗冻番茄植株的个体所占的比例为 。
③F₁基因型为MMNN的番茄植株中，耐贮存、抗冻基因在染色体上的位置关系有 种。
④F₁基因型为MMNN的番茄植株中，自交后代不发生性状分离的植株占 。
(二)选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33.[物理——选修3—3](15分)
(1)(5分)一定质量的气体从状态a经状态b变化到状态c，最终又变回状态a，该过程如p-T 图像中的三条线段所示，已知气体在状态a时的体积为V₀，则气体 (填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分。)
A.在状态c时的体积为 V02
B.由a变化到b的过程中，气体吸热
C.由a变化到b的过程中，气体体积不变
D.由b变化到c的过程中，气体对外界做功为 3p0V02
E.由c变化到a的过程中，外界对气体做功为p0V0
(2)(10分)如图，一粗细均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内有一段水银柱，水银柱下密封了一定质量的空气，水银柱上表面到管口的距离与被密封的空气柱的长度均为d。现用一厚度不计的塞子将玻璃管的开口密封并固定，并缓慢将玻璃管倒置，稳定后水银柱下表面到管口塞子的距离变为原来d2,已知大气压强为p₀，重力加速度为g，水银的密度为ρ，空气可视为理想气体，且管内空气温度保持不变，求管内水银柱的长度。
34.[物理——选修3—4](15分)
(1)(5分)均匀介质中一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图(a)所示，平衡位置x=0的质点振动图像如图(b)所示，则该波的传播方向沿x轴 方向(填“正”或“负”)，该波的传播速度大小为 m/s，平衡位置x=2m处的质点的振动方程为y= 。
(2)(10分)如图，半圆形玻璃砖的横截面半径为R，圆心为O，底面AB涂有反光材料，玻璃砖的折射率为 n=2。 一束单色光在横截面内垂直底面AB从圆弧面的P点射入玻璃砖，入射角为θ=45°。已知光在真空中的传播速度大小为c，不考虑发生折射时的反射光线。求：
(i)光线射出玻璃砖时折射角的正弦值。
(ii)光线在玻璃砖中的传播时间。
35. [化学——选修3:物质结构与性质](15分)
当前，中国空间站已进入应用与发展阶段，天舟六号货运飞船、神舟十六号载人飞船、神舟十七号载人飞船将于今年接续造访中国空间站。我国空间站建设也体现了我国在先进材料领域的巨大进步。这些先进材料中经常出现“空间金属”-钛的身影。回答下列问题：
(1)基态 Ti 原子价层电子排布图为 ,基态|Ti⁴⁺核外电子的空间运动状态有 种。
(2)TiCl₄是重要工业品，也是制备金属钛的基本原料，其可由TiO₂与氯化剂COCl₂、CHCl₃反应制得。
①常温下，TiCl₄是一种无色液体，分子结构与CCl₄相同，但稳定性比CCl₄差，试从物质结构角度分析其原因: 。
②第二周期主族元素中电负性比C元素大的有 (填元素符号)。
③COCl₂中 Cl —C— Cl 键角比CHCl₃中 Cl —C— Cl 键角大,其原因是 。
(3)钛的某配位化合物的结构如图甲所示：
①该物质中C的杂化方式为 。
②该配合物中存在的化学键有 (填字母)。
a、离子键 b.配位键 c.金属键 d.共价键 e.氢键
(4)钙钛矿具有众多优异的光电特性，是太阳能电池领域的“宠儿”，其立方晶胞的投影图如图乙所示，并且其沿x、y、z轴的平面投影均为此投影图，其中O的一种原子坐标为12012,则Ti⁴⁺处于O²⁻形成的 空隙(填“正八面体”或“正四面体”)，若该晶胞的边长为apm，则该晶体的密度为 g·cm⁻³。
36. [化学——选修5:有机化学基础](15分)
新冠疫情已经基本稳定，但“甲流”又给人们带来了大范围的
急性呼吸道传染疾病。奥司他韦是一种作用于神经氨酸酶的特异性抑制剂，可有效抑制流感病毒在人体内的传播，是针对于“甲流”的有效药物。以奎宁酸(A)为原料合成奥司他韦(H)的路线如图所示：
已知： 其中R₁、R₂为烃基或H原子)
RCOOR'+R''OH→RCOOR''+R'OH(其中R,R'、R"均为烃基)
回答下列问题：
(1)奎宁酸(A)中含氧官能团的名称是 。
(2)C→D的化学方程式为 。
(3)E→F的反应类型为 。
(4)设计步骤A→B和B→C的目的是 。
(5)若碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳原子称为手性碳。写出E的结构简式并用星号(*)标出E中的手性碳: 。
(6)有机物N是D的同分异构体，具有以下特征：
①具有苯环结构；
②核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为6：3：2：1；
③与氯化铁不反应，但能与NaHCO₃反应。
写出N的所有结构简式: 。
(7)参照上述合成方法，设计以和为原料制备的合成路线: __________________(无机试剂任选)。
37. 【生物——选修1:生物技术实践】(15分)
石油泄漏污染环境，某科研机构欲从被石油污染的土壤中筛选出能高效分解石油的菌株。回答下列问题：
(1)从被石油污染的土壤中能筛选出分解石油的菌株，这说明在寻找目的菌株时，要根据 ，到相应的环境中去寻找；在实验室筛选石油分解菌时，应使用以 为唯一碳源的选择培养基,原因是 ;在实验室扩大培养筛选到的石油分解菌时,应使用 体培养基,原因是 。
(2)用稀释涂布平板法对筛选出的分解石油的菌株进行计数时，统计结果一般用 而不是用活菌数来表示。统计的结果往往 (填“偏大”“偏小”或“不变”),理由是 。
(3)为了检测初步筛选出的能分解石油的A菌和B菌对石油分解的效果，研究人员以石油为底物进行实验，可使用的材料有石油、基础培养基(无碳源)、无菌培养液、A菌液、B菌液、可检测石油分解率的仪器。请将下表中实验思路补全。
组别
1
2
3
基础物质
10g石油、100mL基础培养基
B_
10g石油、100mL基础培养基
培养液种类
_A_
A菌液1mL
_C_
7天后石油分解率
38.【生物——选修3:现代生物科技专题】(15分)
人乳铁蛋白具有很强的抑菌作用，研究人员利用转基因牛的膀胱生物反应器来合成并分泌人的乳铁蛋白，回答下列问题：
(1)构建转基因牛的膀胱生物反应器的核心步骤为 ，为使人乳铁蛋白基因在牛的膀胱上皮细胞中特异性表达,在此步骤中应将 接入重组质粒,用 方法将其导入牛的 细胞,选用这种细胞作为受体细胞的原因是 。
(2)将上述转基因细胞培育成早期胚胎的过程中需要定期更换培养液，目的是 。形成早期胚胎后,可以通过 技术获得更多的转基因牛。
(3)可以从转基因牛的 中获取人乳铁蛋白，为验证转基因牛生产的乳铁蛋白是否具有与生物体自身产生的乳铁蛋白相同的抑菌作用，可使用的材料有乳铁蛋白基因缺陷小鼠，转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白，小鼠体内提取的乳铁蛋白，肺炎双球菌，请将下表中实验思路补全。
组别
1
2
3
小鼠类型
乳铁蛋白基因缺陷小鼠
_B_
_D_
注射试剂
A
_C_
生理盐水
感染微生物
肺炎双球菌
肺炎双球菌
肺炎双球菌
观察小鼠是否患败血症
及症状轻重（是否死亡）
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综物理
14. B 解析：由爱因斯坦光电效应方程可知 hv。一W₀=U₀e,2hv₀-W₀=3U₀e, 解得 W。=U₀e,hv₀=2U₀e，当入射光的频率为4v₀，设遏止电压为U，则有 4hv₀-W₀=Ue, 解得 U=7U₀,B正确。故选B。
15. A 解析：根据开普勒第三定律可知 r追3T追2=r水3T水2,解得 T水=r水3r追3T追≈2 年，设相邻两次窗口期的时间间隔为t，则有 tT加−tT差=1,解得t=2年，所以2020年7月之后的下一次发窗口期大约在2022年7月,A正确。故选A。
16. D 解析：根据法拉第电磁感应定律可知，线框ad 边在磁场中运动时，回路中的感应电流最大为 Im1= B0L2ω3R,线框bc边在磁场中运动时，回路中的感应电流最大为 Im2=2B0L2ω3R,可得线框转动过程中回路中的感应电流随时间变化如图所示
设回路中电流的有效值为I，则有I²RT= Im122R⋅T2+Im222R⋅T2, 解得I= 5B0L2ω6R,D 正确。故选D。
17. C 解析：将两小球作为一个系统，分析可知转动过程中，系统的重力势能不变，所以两小球的动能也不变，两小球做的是匀速圆周运动，小球A转动的线速度大小为 vA=vB2=2m/s,轻杆转到水平位置时，小球A竖直方向(切线)受力平衡，轻杆对小球A的作用力在竖直方向上的分力为 F₁ =mAg=2 N, 轻杆对小球A的作用力水平方向的分力提供小球做圆周运动的向心力，有 F2=mAvA2rA=4N，所以轻杆对小球A的作用力为F= F12+F22=25N。 故选C。
18. C 解析：将A点的点电荷看作电荷量为q的正点电荷和电荷量为3q的负点电荷组合，圆弧上5等分点上的5个电荷量相等的点电荷在圆心O处形成的电场强度之和为0，电荷量为3q的点电荷在圆心O处形成的电场强度为 E=k3qa2,C正确。故选C。
19. BC 解析：在x-t图像中，图线的斜率表示物体的速度，所以在0时刻甲车的速度小于乙车的速度，B正确；在t₁时刻，甲车的速度大于乙车的速度，A 错误;在0~t₁| 时间内，两车的位移大小相等，所以两车的平均速度大小相等，C正确，D错误。故选B、C。
20. ABC 解析：在沿斜面方向小球做初速度为0的匀加速直线运动，沿斜面方向的分加速度大小为a₁= gsin 30°,斜面的长度为L=12a1t2=10m,A正确；垂直斜面方向小球做类上抛运动，垂直斜面的分加速度大小为 a₂=gcos 30°,抛出时的初速度大小 v0=a2t2=53m/s,I 正确；小球到达斜面底端时，垂直斜面的分速度大小为 v0=53m/s, 沿斜面的分速度大小为 v₁ = a₁t = 1 0 m/s,合速度大
小为v=v02+v12=57m/s, 正确；垂直斜面方向的分速度减为0时，小球距离斜面最远，有x=
v022a2=532m,D错误。故选A、B、C。
21. BD 解析：导体棒M、N受到的安培力大小相等，方向相反，所以两导体棒组成的系统动量守恒，且两导体棒最终速度大小相等，有 mv0=m+mNv03,解得 mN=2m,A错误；设导体棒的密度为ρ，电阻率为ρ₀，两导体棒横截面积为 SM=mρd和 Sn=2mρd,导体棒M的阻值为 R=ρ0dSM, 导体棒N的阻值为 RN=ρ0dSN=R2,B正确；在0~t₁内回路产生的总热量为 Q=12mv02−12m+2mv032= 13mv02,所以导体棒M产生的焦耳热为 QM= RR+R2Q=29mv02,错误；由动量定理可知，在0~t₁内导体棒N有 BIdt1=2m⋅v03−0, 通过导体棒M的电荷量 q=It1,解得 q=2mv03Bd,D正确。故选B、D。
22. 答案:(1)4.30 (2分)
22gℎxL=dt12−dt22 (2分)
(3)增加 (1分)
解析：(1)游标卡尺的读数为 d=4mm+0.05 mm×6=4.30 mm。
(2)滑块通过光电门2的速度大小为 v2=dt2,通过光电门1的速度大小为 v1=dt1,两个光电门之间的高度差为 ℎ=ℎL⋅x, 所以机械能守恒有 2gℎxL=dt12−dt22。
(3)若机械能守恒，滑块重力势能的减少量应等于滑块动能的增加量，但是由于存在空气阻力做负功，滑块重力势能的减小量总是大于滑块动能的增加量，但是滑块的重力越大，空气阻力相对越小。所以为了减小空气阻力产生的相对误差，可以适当增加滑块的质量。
23. 答案:(1)红 (1分)
(2)400Ω(2分) 954 (2分)
(3)负 (1分) 2000 (2分) 6 (2分)
解析：(1)电流应从红表笔流进欧姆表，从黑表笔流出欧姆表，根据电池正负极可知，表笔P为红色。
(2)若R₁=50Ω，欧姆调零时，电流表满偏，干路电流 I0=Ig+Igrg+50Ω400Ω=187.5μA 欧姆表内阻为 R肉=EI0=8kΩ, 滑动变阻器的阻值最大为1500Ω，无法实现欧姆调零。若 R₁=400 Ω, 欧姆调零时，电流表满偏，干路电流 I0=Ig+ Igrg+400Ω50Ω=1.5mA,欧姆表内阻为 R肉=EI0=1kΩ，滑动变阻器的阻值最大为1500Ω，可以实现欧姆调零，所以定值电阻R₁的阻值为400Ω。欧姆调零时 R肉=1kΩ=R+r+rg+R1R2rg+R1+R2, 解得R=954 Ω。
(3)用欧姆表测量电压表内阻时，电流要从正接线柱流进电压表，所以表笔Q应接电压表的正接线柱，表笔P接电压表的负接线柱。灵敏电流计G 示数为I₁=50μA，则干路电流为 I = I₁ + I1rg+400Ω50Ω=0.5mA 由闭合电路欧姆定律可知 I=ER肉+RV,解得.Rv=2000 Ω。」 此时电压表两端电压为 U=IRV=1V,所以电压表的满偏电压为 Ug=6×1V=6V。
24. 答案: 1mv02qd
2123+8πd3v0
解析：(1)分析可知，粒子运动的轨迹关于x轴对称，所以粒子从P点到第一经过y轴时，沿y轴运动的距离为 y=23d=v0t1 (1分)
粒子在第二象限做类平抛运动，设粒子第一次经过y轴时速度方向与y轴的夹角为θ，则有tanθ2= OPy (1分)
解得θ=60°
粒子进入第一象限时的速度大小为 v=v0cosθ(1分)
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力有 qvB=mv2R (1分)
由几何关系可知y=Rsinθ (1分)
解得 B=mv02qd (1分)
(2)粒子在磁场区域做匀速圆周运动的周期为T= 2πmqB=4πdv0 (2分)
由几何关系可知，粒子在磁场区域运动的时间为 t2=2π−2θ2πT=8πd3v0 (2分)
所以粒子相邻两次经过P点所用的时间为
t=2t1+t2=123+8πd3v0 (2分)
25. 答案:(1)0.5 (2)8 m (3)128J
解析：(1)设物块滑离传送带时恰好与传送带共速，由运动学公式可知 0+v02t=8m<9.6m (1分)
可知物块离开传送带前已经和传送带共速，设经过时间t₁物块和传送带共速，设物块与传送带之间的动摩擦因数为μ₁，则物块在传送带上的加速度大小为a₁=μ₁g (1分)
加速阶段有x1=12a1t12 (1分)
v₀=a₁t₁ (1分)
匀速运动的距离为 L−x₁ =v₀( t−t₁) (1分)
解得 μ₁ =0.5 (1分)
(2)设木板与挡板碰撞前，小物块和木板已经共速，共速的速度大小为v₁，由动量守恒定律可知
mv。=(M+m)v₁ (1分)
解得 v1=163m/s
小物块滑上木板后，木板的加速度大小为a₂= μmgM=8m/s2 (1分)
设木板与挡板碰撞前，木板一直加速，木板与挡板碰撞前瞬间速度大小为v₂，则有 v2=2a2s=8m/s (1分)
由于v₁< v₂,所以木板与挡板碰撞前，小木快与木板已经共速，木板第一次碰撞挡板的速度大小为v₁，木板与挡板第一次碰撞后，向左减速到速度为0运动的距离为s1=v122a2=169m (1分)
然后向右匀加速运动直到与物块共速
mv₁−Mv₁=( m+M)v₃ (1分)
由于v₃< v₁,所以物块与木板先共速，在以速度大小v₃与挡板发生第二次碰撞，碰后木板速度反向，大小不变，加速度不变，向左运动位移为
s₂= v322a2=1681m (1分)
同理，可知木板和物块会再次共速，然后和挡板发生碰撞反弹向左运动
s3=v422a2=16729m (1分)
……
木板的总路程S=s+2s1+2s2+2s3+⋯(1分)
解得 s=4m+169×2m+1681×2m+=4m+ 3219+192+193+⋯m=8m (1分)
(3)木板与右侧挡板C的碰撞中没有机械能损失且碰撞时间极短可忽略，由动量守恒与机械能守恒可得，每次碰撞后，木板速度大小不变，方向反向。碰撞数次后物块、木板最终均静止，根据能量守恒可知物块与木板摩擦产生的热量为Q1=12mv02=64 J (2分)
物块与传送带发生相对滑动过程中，传动带转动的距离为 x₂=v₀t₁=12.8 m (1分)
物块与传送带发生相对滑动产生的热量为Q₂=μ₁mg( x₂−x₁) =64 J (1分)
所以物块与传送带以及木板发生相对滑动产生的总热量为Q=Q₁+Q₂=128J (1分)
33. (1)答案:BCE(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分。)
解析：由理想气体方程可知 p=CVT,所以气体由a 变化到b的过程中，体积不变；温度升高，内能增加，吸收热量，B、C正确；气体由c变化到a的过程中，压强不变，有 V02T0=V0T0,解得 V。=2V。, 该过程
成中外界对气体做功为W = p。(2V。−V。) =p。V。，A错误、E正确；由b变化到c的过程，为等温变化，该过程气体的压强随体积变化的图像如图所示，气体对外界做的功为W<2p0+p0V02= 3p0V02,D 错误。
(2)答案 4p05ρg
解析：设管内水银柱的长度为L，玻璃管倒置前，水银柱上方的空气压强为p。 (1分)
水银柱下方的空气压强为 p₁=p₀+ρgL (2分)
玻璃管倒置后，空气柱的总长度不变，所以原水银柱下方的空气柱长度变为 3d2
原水银柱下方的空气变到水银柱的上方，设其压强变为 p₁',，根据等温变化有 p1d=p1'3d2 (2分)
原水银柱上方的空气变到水银柱的下方，设其压强变为p₂，根据等温变化有 p0d=p2d2 (1分)
且有 p₁'+ρgL=p₂ (2分)
解得 L=4p05ρg (2分)
34. (1)答案:正 (1分) 0.4 (2分)
y=−2sinπ3tcos[2sinπ3t+πcm 也得分](2分)
解析：由图(b)可知，平衡位置为x=0的质点在t=0时刻正在沿y轴负方向运动，可得该波沿x 轴正方向传播，设该波的波长为λ，由图(a)可知 5λ6=2m,解得λ=2.4m，设该波的周期为T，由图b可知 T6=1s,解得T=6s，所以该波的波速大小为v=λT=0.4m/s,因为波沿x轴正向传播，x=2m处的质点，t=0时刻向下运动，故平衡位置x =2m处的质点的振动方程为y = −2sinπ3tcm。
(2)答案: i22ii6Rc
解析：(i)做出光路图，并做出光线PC关于AB的镜面图线如图所示
设光线在P点的折射角为α
由折射定律可知 sinθsinα=n (1分)解得α=30°
由几何关系可知射出玻璃砖时的入射角也为α(1分)
在Q点有 sinβsinα=n (1分)
解得 sinβ=22 (2分)
(ii)由几何关系可知光线在玻璃砖中传播的距离为x=2Rcosα (2分)
光线在玻璃砖中传播的速度为v=cn (1分)
所以光线在玻璃砖传播的时间为 t=xv=6Rc (2分)
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综化学
7. C 解析：杜岭方鼎和莲鹤方壶是铜制品，玉柄铁剑剑身是铁制品，均属于合金制品；汝窑天蓝釉刻花鹅颈瓶属于瓷器，不属于合金制品，故选C。
8. D 解析：蒸发硫酸镁溶液，虽然镁离子水解，但另一个水解产物是硫酸，硫酸是难挥发性酸，最终会反应得到硫酸镁晶体，A项正确；乙醇与浓硫酸制备乙烯，温度控制在170℃左右，B项正确；胶体提纯采用半透膜渗析法，C项正确；容量瓶不可直接溶解固体，D项错误；故选D。
9. D 解析:当药黄素的分子式为C₂₂H₂₂O₁₀,A项错误；当药黄素含两个苯环、1个碳碳双键，故1mol当药黄素与足量H₂发生反应，最少可消耗7 mol H₂，其中所含羰基也可与H₂加成，B项错误；当药黄素中含有多个相连的饱和碳原子，所有碳原子不可能共面，C项错误；当药黄素中含有醇羟基，且含有碳碳双键，故其可以发生取代反应，又可以发生加成反应，D项正确；故选D。
10. A 解析: CH3CH218OH由碳、氢、氧三种原子组成，碳的中子数为6，氢的中子数为0，¹⁸O白的中子数为10，A项正确；标准状况下，H₂O₂是液体，B项错误;1 mol·L⁻¹的Na₂C₂O₄溶液,并未指出体积,C项错误;室温下,1LpH=2的HCOOH溶液中H⁺的数目等于0.01NA,D项错误;故选A。
11. D 解析：根据信息“A、D为原子序数依次增大的短周期同主族元素，且最高正价与最低负价的绝对值之差为2”和核反应方程式，可推出元素X、Y、A、D分别为B、Al、N、P。AlCl₃为共价化合物,工业上一般电解熔融的Al₂O₃制备单质Al，A项错误；A、D最高价氧化物对应水化物分别是硝酸和磷酸，磷酸为中强酸，B项错误；电子层数相同，质子数越多半径越小，简单离子半径 N³⁻>Al³⁺,C项错误；NH₃中存在分子间氢键，所以沸点NH₃>PH₃,D项正确;故选D。
12. C 解析：钠硫电池，金属钠失电子，为负极，S电极为正极，A项正确；由题干可知，消除多硫化钠穿梭并促进无枝晶的Na金属电镀和剥离，实现了钠硫电池的高循环使用，故无枝晶的Na金属电镀和剥离，产生稳定的固体电解质相界面有利于钠硫电池的循环使用，B项正确；电池充电时，Na⁺的移动方向为S电极→Na电极，C项错误；穿过离子交换膜的Na⁺数目为0.2NA，即原电池工作时，转移了0.2mol电子,根据法拉第常数F=9.65×10⁴C/mol可知,电池产生的电量为1.93×10⁴C,D项正确；故选C。
13. D 解析:X点是H₃Cit与H₂Cit⁻浓度相等的点，则 Ka1=cH2Cit−⋅cH+cH3Cit=cH+=10−3.1 A 项正确；由图可知，NaH₂Cit溶液呈现酸性，说明H₂Cit⁻电离大于水解,故 cH₂Cit⁻>cHCit²⁻>c(H₃Cit),B项正确;Y点电荷守恒为. c( H⁺)+ cNa⁺=cOH⁻+cH₂Cit⁻+2cHCit²⁻+3c(Cit³⁻),且 cH₂Cit⁻=cHCit²⁻ 故c(H⁺)+ cNa⁺=cOH⁻+3cH₂Cit⁻+3cCit³⁻,C项正确；由图可知，柠檬酸的 Ka2=1×10−4.7≈2×10⁻⁵<苯甲酸的 Kₐ=6.3×10⁻⁵, 故柠檬酸与苯甲酸钠反应不能得到Na₃Cit，D项错误；故选D。
26.(15分)
(1)生石灰或NaOH固体 (1分,合理即可) 平衡压强，使液体顺利滴下 (1分)
(2)吸收多余的NH₃，防止污染空气 (2分，合理即可)
(3)H₂O₂+2H₂SO₄ +2NH₃===(NH₄)₂S₂O ₈+2H₂O (2分)
42SO42−−2e−=S2O82− (2分)
(5)阳离子 (1分) 硫酸铵(或硫酸氢铵)与氢气(2分)
(6)检验是否有SO₃生成 (2分,合理即可)
NH42S2O82SO2↑+N2↑+4H2O↑(2分)
解析：(1)装置A制备氨气，原料为生石灰(或 NaOH固体等)和浓氨水；a管所在装置为恒压滴液漏斗，a管的作用为平衡压强，使液体顺利滴下。
(2)C装置作用为尾气处理，吸收多余的NH₃，防止污染空气。
(3)根据原料及产物分析，三颈烧瓶中的化学反应方程式为 H₂O₂ + 2H₂SO₄ + 2NH₃===(NH₄)₂S₂O₈+2H₂O。
(4)阳极发生氧化反应，硫酸根失电子变为过硫酸根，电极反应式为 2SO42−−2e−=S2O82−。
(5)阳极多余的铵根穿过阳离子交换膜进入阴极区，与硫酸根结合生成硫酸铵，阴极氢离子得电子变为氢气，故阴极产物有硫酸铵(或硫酸氢铵)和氢气。
(6)实验中E装置无白色沉淀生成，说明未产生SO₃，F装置品红溶液褪色，说明分解产生SO₂，根据得失电子守恒及原子守恒可知分解产物有N₂、SO₂和H₂O，故分解反应方程式为 NH42S2O82SO₂↑+N₂↑+4H₂O↑。
27.(14分)
1Sc³⁺、Mn²⁺、TiO²⁺ (2分)
22Mn²⁺+O₂+4OH⁻=2MnO₂↓+2H₂O(2分)
(3)使Sc³⁺充分变为[Sc(OH)₄] ⁻(2分)
4xy3z (2分)
( 5)Sc₂(C₂O₄)₃· H₂O(2分) Sc₂O₃ (2分)
6ScCl3⋅6H2O高ScOCl+2HCl↑+5H2O↑(2分)
解析：(1)由题干及流程可知 Sc³⁺、Mn²⁺、TiO²⁺三种离子进入萃取剂中。
(2)根据已知②碱性条件下， Mn²⁺ 易被氧化为MnO₂，且“反萃取”时通入空气，故氧化剂应为O₂。
(3)根据已知①钪与铝类似，其氢氧化物具有两性，强碱性环境下，易形成 ScOH₄⁻, 可知过量氢氧化钠的目的除为沉锰提供碱性条件外还有使 Sc³⁺充分变为 ScOH₄⁻。
42Sc³⁺+3H₂C₂O₄=Sc₂C₂O₄₃↓+6H⁺ 的平衡常数 K=Ka1⋅Ka23Ksp=xy3z。
(5)设有1mol草酸钪晶体(462g)在空气中受热分解,400℃时,剩余固体质量为462g×80.5%=371.91g,失水重量为90.09g≈90g,即1mol晶体失去5mol水，则此时固体的主要成分是Sc₂(C₂O₄)₃·H₂O;850℃时,剩余固体质量为462g×29.8%=137.7g≈138g,计算可知,此时固体的主要成分是Sc₂O₃。
(6)ScCl₃·6H₂O高温脱水得到ScCl₃,但通常含有ScOCl杂质，原因是高温脱水时，ScCl₃会水解产生ScOCl，结合原子守恒，反应的化学方程式为 ScCl3⋅6H2O高温ScOCl+2HCl↑+5H2O↑。
28.(14分)
(1)-49 (1分) 低温 (1分)
(2)①ADE (2分) ②(i)210℃之前,反应未达到平衡，温度升高反应速率加快，一段时间内二氧化碳转化率升高；210℃之后，反应已达到平衡，主反应放热，副反应吸热，升温使主反应平衡逆向移动的程度大于副反应平衡正向移动的程度，平衡时二氧化碳转化率下降(2分，合理即可)
ii0.283.44×10×0.43.44×100.63.44×10×2.043.44×103 (2分)
(3)1120 (2分)
(4)< (2分) 该反应是放热反应,温度降低平衡常数增大 (2分，合理即可)
解析：(1)根据盖斯定律可知，主反应的△H= △H₁+△H₂=−49kJ⋅mol⁻¹,该反应为熵减的放热反应，根据△G=△H-T△S<0时反应自发进行可知，反应能在低温条件下自发进行。
(2)①恒温恒压条件下，主反应为气体分子数减小的反应，故体积不变可以说明主反应达平衡状态，A项正确；任何时刻CH₃OH和H₂O的物质的量之比均为1：1，不能表示平衡状态，B项错误；断裂2 mol C═O键的同时生成3mol O═H键,两者均表示正反应速率，不能作为反应达到平衡状态的判断依据，C项错误；反应前后气体总质量不变，气体总物质的量改变，则平均摩尔质量不再改变，可表明反应达到平衡状态，D项正确；根据密度公式和质量守恒定律可知，混合气体密度不变可说明反应达到平衡状态，E项正确；故选ADE。②(i)210℃之前，反应未达到平衡，温度升高反应速率加快，一段时间内二氧化碳转化率升高；210℃之后，反应已达到平衡，主反应放热，副反应吸热，升温使主反应平衡逆向移动的程度大于副反应平衡正向移动的程度，平衡时二氧化碳转化率下降。(ii)通过计算可知平衡时,n(CO₂)=0.6 mol,n(H₂) = 2.04 mol,n(CH₃OH) = 0.28 mol,n(CO)=0.12 mol,n(H₂O)=0.4 mol,总压为10 MPa,CO₂、H₂、CH₃OH、H₂O气体分压分别为 0.63.44×10MPa、2.043.44×10MPa、0.283.44×10MPa、 0.43.44×10MPa, 代入平衡常数表达式得 Kp=0.283.44×10×0.43.44×100.63.44×10×2.043.44×103。
(3)由 Rlnk=−EnT+C可知，活化能Eₐ为直线斜率的相反数，将曲线上两点的坐标分别代入Rlnk= −EaT+C中，可得 E₆=1 120 kJ · mol ⁻¹。
(4)反应达到平衡时，正、逆反应速率相等，即 k底cCO2cH2=k追cHCOOH 温度为T₂时 K=k底k追=2.5>2, 所以 T₂
35.(15分)
( 1 ) (1分)9(1分)
(2)①钛原子半径比碳原子半径大， Ti—Cl键比C—Cl键的键长长、键能低、易断裂，所以TiCl₄稳定性比CCl₄差 (2分)
②N、O、F (2分)
③COCl₂中C为sp²杂化,键角近似120°,而CHCl₃中C为sp³杂化,键角近似109°28' (2分,合理即可)
(3)①sp²、sp³ (2分) ②bd (2分)
(4)正八面体 (1分) 136a3×NA×10−30 (2分)
解析：(1)基态Ti原子价层电子排布图为
基态Ti原子核外电子排布式为[Ar]3d²4s²，失去四个电子后为1s²2s²2p⁶3s²3p⁶,故电子的空间运动状态有9种
(2)①钛原子半径比碳原子半径大， Ti—Cl键比C—Cl键的键长长、键能低、易断裂，所以TiCl₄稳定性比CCl₄差。②第二周期中电负性比C元素大的主族元素有N、O、F。③COCl₂中C为sp²杂化,键角近似120°,而CHCl₃中C为sp³杂化,键角近似109°28',因此COCl₂中Cl—C—Cl键角比CHCl₃中Cl—C—Cl键角大。
(3)①根据结构图可知C的杂化方式有sp²、sp³。②根据结构图可知C与H、C与C、C与O等原子间存在共价键， Ti与N、O等原子间存在配位键。
(4)根据投影图及O原子坐标可知，该晶胞为高度对称的立方体晶胞，O位于面心位置、Ti位于体心位置、Ca位于顶点位置，故Ti⁴⁺处于O²⁻于 形成的正八面体空隙；根据晶胞结构，可以判断晶胞中含有1个CaTiO₃,则晶胞密度 ρ=mV=136a3×NA×10−30 g⋅cm⁻³。
36.(15分)
(1)羧基、羟基 (2分)
(2) (2分)
(3)取代反应 (2分)
(4)保护三个相邻的羟基不发生消去反应 (2分)
(5)
(6)
（2分，写出一个得1分）
解析：(1)根据奎宁酸(A)的结构可知，其含氧官能团为羧基、羟基。
(2)根据已知①及B的结构可知，C的结构为
则C→D的化学方程式为
(3)根据已知②及D的结构简式可知，E的结构简式为 ，则E→F的反应类型为取代反应。
(4)奎宁酸(A)包含一个六元环，4个羟基和一个羧基，根据D的结构可知，与羧基连在一个碳上的羟基需要进行消去反应，故A→B和B→C步骤的目的是保护三个相邻的羟基不发生消去反应。
(5)E的结构简式为 ，手性碳有
(6)具有苯环结构，与氯化铁不反应，但能与NaHCO₃反应，说明有羧基结构，且不含酚羟基，核磁共振氢谱有4组峰且峰面积之比为6：3：2：1，说明含有对称结构的甲基，故答案为
(6)设计合成路线，由和为原料制备的合成路线为
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综生物
1. B【解析】人类成熟红细胞属于高度分化的细胞，不具有分裂能力，无法完成有丝分裂，A错误；蛙的红细胞无丝分裂过程中没有纺锤丝的形成，没有染色质到染色体的变化，但是存在DNA复制，B正确；由于精子的数量远远多于卵细胞，且卵巢中无法观察到完整的减数分裂过程，所以通常选用蝗虫精巢观察减数分裂过程的图像，C错误；三种细胞增殖方式中只有有丝分裂具有细胞周期，D错误。故选B。
2. D【解析】A点对应的光照强度为0，可以用来表示植物在黑暗环境中细胞呼吸强度，A正确；B点是光补偿点，它的含义是植物的光合作用与细胞呼吸强度相等时所对应的光照强度，B正确；C点是光饱和点，它的含义是植物的光合作用强度不再随着光照强度的增加而增加的最小光照强度，C正确；若该植物生存环境中的CO₂浓度下降，则补偿呼吸需要更大的光照强度，同时由于CO₂的限制，光合作用速率降低，所以B点会右移，C点会左移，D点会左下移,D错误。故选D。
3. C【解析】某人检测出高血糖，并不一定是糖尿病患者，引起高血糖的原因有多种，如肝脏疾病等，A 错误；胰岛B细胞受损和胰岛A细胞数量增加没有直接因果关系，B错误；胰岛素不能发挥其生理作用可能与某些细胞膜上缺少受体有关，C正确；血糖升高后导致胰岛B细胞分泌胰岛素，该过程存在体液调节和神经调节，D错误。故选C。
4. D【解析】据题意可知，脂肪组织分泌的瘦素和激活脂肪组织处的交感神经均可以促进脂肪组织的分解，为验证瘦素通过激活脂肪组织处的交感神经促进脂肪分解，所以此实验的自变量应为交感神经是否被激活，A、B属于对照组，C、D属于实验组，因此A、B、C、D处的添加物质应分别为生理盐水、瘦素、抑制交感神经的药物、瘦素，综上A、B、C正确，D错误。故选D。
5. D【解析】碳循环过程中，碳元素可以在生物群落和无机环境中循环往复，无机环境中的碳可以被生物群落反复利用，①正确；鸭粪中的有机物被分解者分解成无机盐后才能被植物体吸收，②错误；喷施农药消灭害虫不属于信息传递，③错误；对于人工生态系统而言，流入生态系统的总能量还包括人工投放的饲料中的能量，④正确；第二营养级粪便中的能量不属于自身的同化量，而是来源于第一营养级生长、发育、繁殖的能量，⑤正确；生态系统生物与生物之间的信息传递往往是双向的，⑥正确；综上，①④⑤⑥正确,D正确。故选D。
6. B【解析】F₂中番茄果肉颜色及比例为红色肉：黄色肉:橙色肉=9:3:4,为9:3:3:1的变形,所以番茄果肉颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，据此可以假设红色肉基因型为A B ，黄色肉基因型为aaB ,橙色肉基因型为A bb+ aabb,则F₂中红色肉番茄A B 中纯合子AABB占1/9,A正确;亲本黄色肉和橙色肉番茄的基因型应分别为AAbb、aaBB或aaBB、AAbb,B错误;F₂所有橙色肉番茄植株基因型为3A bb: laabb, bb 纯合,所以随机授粉,F₃表现型全为橙色肉，C正确；F₂所有红色肉番茄植株基因型为4AaBb:2AABb,2AaBB,1AABB,产生的配子及比例为AB=4/9, Ab=2/9,aB=2/9,ab=1/9，F₂所有红色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=64：8：9，D正确。故选B。
29.【答案】(12分)
(1)豆科植物与根瘤菌互利共生，根瘤菌具有固氮能力，能为豆科植物提供氮元素 (2分) 基粒/类囊体(薄膜) (1分)
(2)避免偶然因素影响，减小实验误差 (1分)WL903 (1分) 能 (1分)
(3)NaCl导致WL903品种的叶绿素含量减少,气孔导度下降，因此捕获光能减少，CO₂吸收量不足，所以光合速率下降；而且细胞呼吸速率不受影响，因此净光合速率下降 (2分)
(4)实验思路:取等量的CK组和NaCl组的WL903品种叶片分别编号甲组、乙组，提取叶绿体中的色素后再用纸层析法分离，观察并比较滤纸条从上到下第3、4条色素带的宽窄 (2分) 预期结果：甲组比乙组的第3条色素带宽，甲组与乙组的第4条色素带宽窄相同 (2分)
【解析】(1)紫花苜蓿是一种豆科植物与根瘤菌互利共生，根瘤菌具有固氮能力，能为豆科植物提供氮元素，所以不用额外施用氮肥；其细胞叶绿体中基粒/类囊体(薄膜)更加丰富，有利于光反应的进行。
(2)CK组、NaCl组和MT组中每组培养的紫花苜蓿均为10株而不是1株，这样可以避免偶然因素对实验结果造成影响。据图可知NaCl对WL903品种的紫花苜蓿叶绿素含量影响更大，褪黑素能缓解这种影响。
(3)WL903品种的NaCl组比CK组、MT组的净光合速率低，据图可知，NaCl导致WL903品种的叶绿素含量减少，气孔导度下降，因此捕获光能减少，CO₂吸收量不足，所以光合速率下降；而且细胞呼吸速率不受影响，因此净光合速率下降。
(4)为验证NaCl组WL903品种的叶绿素含量下降是由于叶绿素a含量减少导致，而不是叶绿素b含量下降导致的，可将等量的CK组和NaCl组中的WL903品种叶片分别编号甲组、乙组，提取叶绿体中的色素后再用纸层析法分离，观察并比较滤纸条从上到下第3、4条色素带的宽窄。预期结果为甲组比乙组的第3条色素带宽，甲组与乙组的第4条色素带宽窄相同。
30.【答案】(7分)
(1)小于 (1分) 汗腺 (1分) 毛细血管 (1分)
(2)SS是神经肽,不能饲喂 (1分) 两组小鼠不该在常温条件下培养，应放在寒冷环境中培(1分)
(3)甲状腺作用降低，所以甲状腺激素分泌减少，几乎全身各处的细胞表面都存在甲状腺激素的受体(2分)
【解析】(1)特异性激活下丘脑视前区某些神经元使体温降至28℃的过程中，机体产热量小于散热量，下丘脑视前区某些神经元兴奋后可引起与散热有关的反应，此过程中效应器主要包括传出神经末梢及其所支配的汗腺和毛细血管。
(2)寒冷信号可以抑制胃肠道消化功能，为验证寒冷信号通过SS作用于消化系统，抑制胃肠道功能，应选取生长状况相似的下丘脑SS分泌区已被损毁的小鼠若干，随机均分为甲、乙两组，甲组小鼠提供普通食物，乙组小鼠提供等量的普通食物并注射适量SS，两组小鼠都在低温条件下培养，一段时间后检测两组小鼠的进食量。
(3)动物冬眠会引起甲状腺作用降低，这样会导致动物全身的细胞代谢下降，从分子水平上解释导致动物全身细胞代谢下降的原因是甲状腺作用降低，所以甲状腺激素分泌减少，几乎全身各处的细胞表面都存在甲状腺激素的受体。
31.【答案】(8分)
(1)存在 (1分) 提高群落利用阳光等环境资源的能力 (1分)
(2)在2017年,与UG相比,LG、MG和HG三种放牧强度均降低了GPP;在2018年,与UG相比,LG 降低了GPP，而MG和HG两种放牧强度下GPP 均提高 (2分，合理即可)
(3)物理、化学 (1分) 合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分(2分)
(4)第二营养级的生物包括蝗虫及其他种类的食草动物 (1分)
【解析】(1)晋北赖草草地中的牧草通常长势较低，但是各种草也有高矮之分，存在垂直结构。植物分层现象的意义是提高群落利用阳光等环境资源的能力。
(2)据图可知，实验结论为在2017年，与UG相比LG、MG和HG三种放牧强度均降低了GPP；在2018年,与UG相比LG降低了GPP,而MG和HG两种放牧强度下GPP均提高。
(3)晋北赖草草地中的牧草会通过刺、毛抵御各种食草动物，给食草动物传递物理信息，植物通过有毒物质抵御各种食草动物，给食草动物传递化学信息。适度放牧在生态系统能量流动中的意义是合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。
(4)研究草地生态系统的能量流动时，会出现蝗虫同化量小于生产者同化量10%的情况，最可能的原因是第二营养级的生物包括蝗虫及其他种类的食草动物。
32.【答案】(12分)
(1)耐贮存不抗冻：耐贮存抗冻：不耐贮存抗冻=1:2:1 (2分) 耐贮存抗冻:耐贮存不抗冻:不耐贮存抗冻:不耐贮存不抗冻=9:3:3:1 (2分)
(2分)
②7/15 (2分) ③3 (2分) 13(2分)
【解析】(1)假设没有M、N基因的位点用m、n表示,甲图番茄产生的配子为1/2Mn,1/2mN,雌雄配子随机结合后，子代中耐贮存不抗冻：耐贮存抗冻：不耐贮存抗冻=1：2：1；乙图番茄产生的配子为1/4MN,1/4mN,1/4Mn,1/4mn,雌雄配子随机结合后，子代中耐贮存抗冻：耐贮存不抗冻：不耐贮存抗冻：不耐贮存不抗冻=9：3：3：1。
(2)①植株Q自交获得的F₁中，耐贮存抗冻番茄植株226株、不耐贮存不抗冻番茄植株15株，比例为15：1，假设基因只插入了1号和2号染色体上，则基因位置应是
假设用1MN来表示1号染色体上带有M和N基因，其他基因型同理。单株Q产生的配子为1/4的1MN2MN、1/4的 1MN2ᵐⁿ,1/4的1ᵐⁿ2MN,1/4的1ᵐⁿ2ᵐⁿ，雌雄配子随机结合，F₁的基因型如表：
1/4的
1MN2MN
1/4的
1MN2mn
1/4的
1mⁿ2MN
1/4的
1ᵐⁿ2ᵐⁿ
1/4的
1MN2MN
△
△
△
○
1/4的
1MN2mm
△
△○
○
1/4的
1ᵐⁿ2MN
△
○
△○
1/4的
1""2""
○
②表中△处为自交后代全是耐贮存抗冻性状的F₁植株，占全部耐贮存抗冻F₁植株的7/15。
③表中○处即为F₁中基因型为MMNN的番茄植株,分别为1MN1MN2ᵐⁿ2ᵐ⁺、1MN1ᵐⁿ2MN2ᵐⁿ和 1mm1mn2MN2MN,，因此，耐贮存、抗冻基因在染色体上的位置关系有三种。
④F₁基因型为MMNN的番茄植株中，自交后代不发生性状分离的植株占 13.
37.【答案】(15分)
(1)目的菌株对生存环境的要求 (2分) 石油
(1分) 以石油为唯一碳源的培养基只能让能分解石油的菌株存活，其他菌株的生长受到抑制
(2分) 液 (1分) 液体培养基可以增大与菌体的接触面积，有助于菌体利用液体培养基中的营养物质,快速繁殖 (2分)
(2)菌落数 (1分) 偏小 (1分) 当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落(2分)
(3)A:无菌培养液1mL (1分) B:10g石油、100mL基础培养基 (1分) C:B菌液1mL (1分)
(需注意等量原则) (3分)
【解析】(1)从被石油污染的土壤中能筛选出分解石油的菌株，这说明在寻找目的菌株时，要根据它对生存环境的要求，到相应的环境中去寻找；在实验室筛选石油分解菌时，应使用以石油为唯一碳源的选择培养基，原因是以石油为唯一碳源的培养基只能让能分解石油的菌株存活，其他菌株的生长受到抑制；在实验室扩大培养筛选到的石油分解菌时，应使用液体培养基，原因是液体培养基可以增大与菌体的接触面积，有助于菌体利用液体培养基中的营养物质，快速繁殖。
(2)用稀释涂布平板法对筛选出的分解石油的菌株进行计数时，统计结果一般用菌落数而不是用活菌数来表示。统计的结果往往偏小，是因为当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落。
(3)为了检测初步筛选出的能分解石油的A菌和B 菌对石油分解的效果，研究人员以石油为底物进行实验，可使用的材料有石油、基础培养基、无菌培养液、A菌液、B菌液、可检测石油分解率的仪器。实验思路如表：
组别
1
2
3
基础物质
10g石油、
100mL基
础培养基
10g石油、
100mL基
础培养基
10g石油、
100mL基
础培养基
培养液种类
无菌培
养液1mL
A菌液
1mL
B菌液
1mL
7天后石
油分解率
38.【答案】(15分)
(1)基因表达载体的构建 (1分) 膀胱上皮细胞中特异性表达的启动子(和人乳铁蛋白基因)
(2分) 显微注射 (1分) 受精卵 (1分) 受精卵的全能性高，易发育成完整个体，细胞大，易操作 (2分)
(2)清除代谢产物，防止细胞代谢产物积累对细胞自身造成危害；为细胞提供充足营养物质 (2分)胚胎分割 (1分)
(3)尿液 (1分)
A：转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白 (1分) B：乳铁蛋白基因缺陷小鼠 (1分) C：小鼠体内提取的乳铁蛋白 (1分) D：乳铁蛋白基因缺陷小鼠(1分) (乳铁蛋白的量不作要求) (4分)
【解析】(1)构建转基因牛的膀胱生物反应器的核心步骤为基因表达载体的构建，为使人乳铁蛋白基因在牛的膀胱上皮细胞中特异性表达，在此步骤中应将(人乳铁蛋白基因和)膀胱上皮细胞中特异性表达的启动子接入重组质粒，用显微注射法将其导入牛的受精卵细胞，选用这种细胞作为受体细胞的原因是受精卵的全能性高，易发育成完整个体，细胞大，易操作。
(2)将上述转基因细胞培育成早期胚胎的过程中需要定期更换培养液，目的是清除代谢产物，防止细胞代谢产物积累对细胞自身造成危害；为细胞提供充足营养物质。形成早期胚胎后，可以通过胚胎分割技术获得更多的转基因牛。
(3)可以从转基因牛的尿液中获取人乳铁蛋白，为验证转基因牛生产的乳铁蛋白是否具有与生物体自身产生的乳铁蛋白相同的抑菌作用，可使用的材料有乳铁蛋白基因缺陷小鼠，转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白，小鼠体内提取的乳铁蛋白，肺炎双球菌，实验思路如表：
组别
1
2
3
小鼠类型
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
注射试剂
转基因牛
生产的小
鼠乳铁蛋白
小鼠体内
提取的乳
铁蛋白
生理盐水
感染微生物
肺炎双球菌
肺炎双球菌
肺炎双球菌
观察小鼠是
否患败血症
及症状轻重
（是否死亡）
2023届普通高等学校招生全国统一考试青桐鸣大联考(高三)
理科综合能力测试
全卷满分300分，考试时间150分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量:H—1 C—12 O—16 Ca—40 Sc—45 Ti—48
一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 进行有性生殖的生物，其细胞增殖方式通常包括有丝分裂、无丝分裂和减数分裂三种类型，下列说法正确的是 ( )
A.人类成熟红细胞在有丝分裂前期会出现纺锤体
B.蛙的红细胞无丝分裂过程中存在DNA复制
C.通常选用蝗虫卵巢观察减数分裂过程的图像
D.三种细胞增殖方式均具有细胞周期
2. 如图表示某植物在不同光照强度下的CO₂吸收量和释放量情况，其中B、C两点分别表示光补偿点和光饱和点，下列说法错误的是( )
A. A点对应的CO₂释放量可以表示植物在黑暗环境中细胞呼吸强度
B. B点的含义是植物的光合作用与细胞呼吸强度相等时所对应的光照强度
C. C点的含义是植物的光合作用强度不再随着光照强度的增加而增加的最小光照强度
D.若该植物生存环境中的CO₂浓度下降，则B点会右移，C点会左移，D点会右上移
3. 糖尿病是一种代谢性疾病，它的症状之一是高血糖。高血糖是由于胰岛素分泌缺陷或胰岛素生理作用受损，或两者兼有引起。下列说法正确的是 ( )
A.某人检测出高血糖，则其一定是糖尿病患者
B.胰岛B细胞受损会导致胰岛A细胞增加
C.胰岛素不能发挥其生理作用可能与某些细胞膜上缺少受体有关
D.血糖升高后导致胰岛B细胞分泌胰岛素，该过程仅存在体液调节
4. 已知脂肪组织分泌的瘦素和激活脂肪组织处的交感神经均可以促进脂肪组织的分解，为验证瘦素通过激活脂肪组织处的交感神经促进脂肪分解，科研人员用生长状况相似的小白鼠进行了下列实验，实验中添加物质甲后进行检测1，继续添加物质乙后进行检测2，表中字母处填写的添加物质错误的是 ( )
组别
添加物质甲
检测1
添加物质乙
检测2
对照组1
生理盐水
脂肪组织体积减少量
生理盐水
脂肪组织体积减少量
对照组2
A
脂肪组织体积减少量
B
脂肪组织体积减少量
实验组
C
脂肪组织体积减少量
D
脂肪组织体积减少量
A.生理盐水 B.瘦素
C.抑制交感神经的药物 D.生理盐水
5.态系统具有能量流动、物质循环和信息传递的功能，下列有关生态系统功能的说法正确的是( )
①碳循环过程中，无机环境中的碳可以被生物群落反复利用
②鸭粪中的有机物被植物体吸收后能促进物质循环
③喷施农药消灭害虫体现了化学信息传递可以调节种间关系
④流入生态系统的总能量不一定只有生产者固定的能量
⑤第二营养级粪便中的能量来源于第一营养级生长、发育、繁殖的能量
⑥生态系统中生物与生物之间的信息传递往往是双向的
A.①②④⑤ B.②③⑤⑥ C.②③④⑥ D.①④⑤⑥
6. 番茄(雌雄同花)的果肉颜色有红、橙、黄三种，由两对等位基因A/a、B/b控制，黄色肉与橙色肉番茄植株杂交，F₁全是红色肉，F₁自交，F₂中果肉颜色及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=9：3：4，下列说法错误的是 ( )
A.番茄果肉颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，F₂红色肉番茄中纯合子占1/9
B.亲本黄色肉和橙色肉番茄植株的基因型应分别为AAbb和aaBB
C. F₂所有橙色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型全为橙色肉
D. F₂所有红色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=64：8：9
7. 河南省是中华民族和华夏文明的重要发祥地，河南省博物院中馆藏许多珍贵文物，它们都记载了中华民族的灿烂文化，下列文物不属于合金制品的是 ( )
选项
A
B
C
D
文物
名称
杜岭方鼎
玉柄铁剑剑身
汝窑天蓝釉刻花鹅颈瓶
莲鹤方壶
8.下列实验中，实验装置或操作与对应叙述不相符的是 ( )
A.图1装置：蒸发硫酸镁溶液，获得硫酸镁晶体
B.图2装置：乙醇与浓硫酸反应制备乙烯
C.图3装置：提纯混有氯化钠杂质的淀粉胶体
D.图4装置:配制0.50 mol/L的碳酸钠溶液
9. 当药黄素来源于龙胆科藏茵陈，属矮小草本药用植物，具有清热解毒、保肝利胆、祛风除湿等功效，用于肝炎、胆囊炎、急性黄疸、消化不良、流行性感冒、发烧等症，其结构简式如图所示：
下列说法正确的是 ( )
A.当药黄素的分子式为C₂₂H₂₄O₁₀
B.1mol当药黄素与足量H₂发生反应,最多可消耗7 mol H₂
C.当药黄素与碳酸钠溶液反应可产生CO₂气体
D.当药黄素与浓溴水既可以发生取代反应，又可以发生加成反应
10.NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是 ( )
A.1 mol乙醇CH3CH218OH中含有22NA个中子
B.标准状况下,22.4LH₂O₂和22.4LH₂S中均含18NA个电子
C.1mol · L ⁻¹ 的Na₂C₂O₄溶液中, H2C2O4、HC2O4−、C2O42−的数目和为NA
D.室温下,1LpH=2的HCOOH溶液中,H⁺的数目小于0.01NA
11.卢瑟福将天然放射性射线中带正电的粒子束命名为α粒子。用α粒子(即氦核24He)分别轰击非金属原子ZWX和金属原子TEY均释放一个中子(01n)，核反应分别为ZWX+24He→01n+umA和
TEY+24He→01n+kiD。 已知A、D为原子序数依次增大的短周期同主族元素，且简单氢化物分子的空间构型均为三角锥形。下列说法正确的是 ( )
A.同周期的主族元素中，第一电离能大于A的元素有两个
B. A、D最高价氧化物对应水化物均为强酸
C.简单离子半径:Y>A
D. A可与氢元素形成正四面体构型的阳离子
稳定的固体电解
12. 室温钠硫电池是一种有吸引力的、可持续的、低成本的锂离子电池替代品。某科研团队就实现了将硫的氧化还原过程从传统的溶解-沉淀反应转变为准固态反应，从而消除了多硫化钠穿梭并促进无枝晶的Na金属电镀和剥离，实现了钠硫电池的高效循环使用。电池放电过程如图所示。已知法拉第常数 F=9.65×10⁴C/mol。下列有关说法错误的是 ( )
A.电池工作时，钠为负极，硫为正极
B.无枝晶的Na金属电镀和剥离，产生稳定的固体电解质相界面，有利于钠硫电池的循环使用
C.电池充电时,Na⁺的移动方向为Na电极→S电极
D.电池工作时，若穿过离子交换膜的Na⁺数目为0.2NA，电池产生的电量为1.93×10⁴ C
13. 柠檬酸是世界上用生物化学方法生产的产量最大的有机酸，柠檬酸及盐类是发酵行业的支柱产品之一。柠檬酸是一种三羧酸类化合物，可表示为H₃Cit。常温下，向柠檬酸溶液中滴加氢氧化钠溶液，其中各微粒的分布分数[δX=cXcH3Clt+cH2Ct−+cHCt2−+cCt3−, X为H₃Cit、 H₂Cit⁻、HCit²⁻或Cit³⁻]与pH的关系如图所示。下列说法错误的是 ( )
A.常温下，柠檬酸的Ka1=10−3.1
B.0.1 mol/L的NaH₂Cit溶液中: cH₂Cit⁻>cHCit²⁻>cH₃Cit
C. Y点存在: c(H⁺)+c(Na⁺)=cOH⁻+3cH₂Cit⁻+3cCit³⁻
D.已知常温下苯甲酸(C₆H₅COOH)的Kₐ=6.3×10⁻⁵, 将柠檬酸滴入苯甲酸钠中可发生反应:H₃Cit+3C₆H₅COONa═Na₃Cit+3C₆H₅COOH
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18小题只有一项符合题目要求，第19~21小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。
14. 用同一实验装置研究光电效应，当入射光频率为v₀时，遏止电压为U₀，入射光的频率变为2v₀时，遏止电压变为3U₀。则入射光频率为4v₀时，遏止电压为 ( )
A.9U。 B.7U。 C.6U₀ D.5U₀
15. 如图所示，地球和火星绕太阳做匀速圆周运动，二者与太阳的连线夹角为44°时，是火星探测器的发射窗口期。中国自主研发的火星探测器“天问一号”发射于2020年7月23日就是在窗口期内发射的，已知火星的公转半径约为地球公转半径的1.6倍，那么2020年7月之后的下一次发窗口期大约在 ( )
A.2022年7月
B.2022年1月
C.2021年7月
D.2021年1月
16. 如图，虚线MN左侧空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B₀。与MN共面的单匝金属线框abcd以MN为轴匀速转动，角速度大小为ω。已知正方形线框边长为L，回路阻值为R， ad边与MN之间的距离为 L3,，则线框回路中电流的有效值为( )
A.2B0L2ω6R B.2B0L2ω3R
C.5B0L2ω3R D.5B0L2ω6R
17. 如图，轻杆可绕转轴O在竖直平面内转动，两端固定A、B两个小球(可视为质点)，两小球的质量分别为 mA= 0.2kg,mB=0.1kg,到转轴O的距离分别为rA=20cm,rB=40cm。 现给小球B大小为VB=4m/s线速度，使两小球在竖直平面内转动起来，不计转轴处的摩擦力及空气阻力，重力加速度g取10m/s²，则轻杆转到水平位置时，轻杆对小球A的作用力大小为 ( )
A.2N B.4 N C.25N D.6 N
18. 如图,A、B、C、D、E是真空中圆心为O,半径为a的圆弧上的5个等分点,在B、C、D、E点分别固定一个电荷量为q的正点电荷，在A点固定一个电荷量为2q的负点电荷，静电力常量为k，则圆心O处的电场强度大小为( )
A.kqa2 B.2kqa2 C.3kga2 D.4kqa2
19. 甲、乙两汽车沿平直公路同向行驶，其x-t图像如图所示，下列说法正确的是( )
A.在t₁时刻，两车的速度大小相等
B.在0时刻，甲车的速度小于乙车的速度
C.在0~t₁时间内，两车的平均速度大小相等
D.在0~t₁时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度
20.如图所示，斜面倾角为30°，一小球从斜面顶端垂直斜面抛出，经过时间2s小球恰好落在斜面的底端，重力加速度g取10m/s²， 不计空气阻力，小球可视为质点，则下列说法正确的是 ( )
A.斜面的长度为10m
B.小球抛出时的速度大小为 53m/s
C.小球落在斜面底端时的速度大小为57 m/s
D.小球运动过程中距离斜面最远为53m
21. 如图(a)，水平面内有两根足够长的光滑平行固定金属导轨，间距为d。导轨所在空间存在方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。同种材料制成、粗细均匀、长度均为d的两导体棒M、N静止放置在导轨上。已知M的质量为m，阻值为R，导轨电阻不计。现给M棒一水平向右的初速度v₀，其速度随时间变化关系如图(b)所示，两导体棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好，则下列说法正确的是 ( )
A.导体棒N的质量为m2 B.导体棒N的阻值为R2
C.在0~t₁内，导体棒M产生的热量为 mv029 D.在0~t₁内，通过导体棒M的电荷量为 2mv03Bd
三、非选择题：共174分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须作答；第33题~第38题为选考题，考生根据要求作答。
(一)必考题:共129分。
22. (5分)某同学用图(a)所示的实验装置来验证机械能守恒定律。实验时将气垫导轨的一端用垫块垫高，让带有遮光片的滑块从气垫导轨的顶端滑下，分别测出遮光片通过两个光电门的时间，已知气垫导轨自带的刻度尺长度为L，刻度尺两端高度差为h，导轨上两个光电门之间的距离为x，重力加速度为g。
(1)用游标卡尺测量遮光片的宽度结果如图(b)所示，则遮光片的宽度d= mm 。
(2)某次实验时，测得遮光片先通过光电门2的时间为t₂，再通过光电门1的时间为t₁，则验证机械能守恒定律,需要验证的表达式为 (用题中物理量的字母符号表示)。
(3)为了减小空气阻力的产生的相对误差，应适当 (填“增加”或“减小”)滑块的质量。
23. (10分)某实验小组制作一个简易的欧姆表如图所示，其中灵敏电流计G的满偏电流 Ig=150μA,内阻为rg=50Ω,电池的电动势E=1.5V,内阻为r=1Ω,滑动变阻器R的阻值调节范围为0~1500Ω,R₁和R₂为定值电阻。
(1)为了满足欧姆表的使用规范,表笔P应选用 (填“红”或“黑”)表笔。
(2)已知电路中两个定值电阻的阻值分别为50Ω和400Ω，为了实现欧姆调零，则R₁的阻值为 (填“50Ω”或“400Ω”), 且欧姆调零时，滑动变阻器R接入电路的阻值为 Ω。
(3)用该欧姆表测量某电压表的内阻，表笔P应与电压表的 (填“正”或“负”)接线柱相连，指针稳定后灵敏电流计的示数为 I₁=50μA, 电压表的指针指在满偏电压的 16处，则该电压表的内阻为 Ω,满偏电压为 V。
24. (12分)如图，在坐标系xOy的第二、三象限存在沿x轴正方向的匀强电场，在第一、四象限存在垂直坐标系平面向外的匀强磁场。一质量为m，带电量为+q的粒子以初速度v₀从x轴上的P点沿y轴正方向开始运动，一段时间后粒子能返回P点。已知粒子经过y轴时的两点之间的距离为43d,P点到坐标原点O的距离为3d，不计粒子重力，求：
(1)磁场的磁感应强度。
(2)粒子相邻两次经过P点所用的时间。
25. (20分)如图，长度为L=9.6m绷紧的水平传送带以速率v₀=8 m/s顺时针匀速转动，光滑水平地面上有一足够长、质量为M=1 kg的木板贴紧传送带右端，木板上表面与传送带的上表面等高，在木板右侧有一固定的挡板，木板右端到挡板的距离为s=4m。一质量为m=2kg的物块(可视为质点)轻轻的放在传送带的左端，经过t=2s物块滑离传送带并无机械能损失地滑上木板，已知物块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.4，木板与挡板的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短,重力加速度g取10m/s²,求:
(1)物块与传送带之间的动摩擦因数。
(2)木板开始运动到最终停止运动的总路程。
(3)物块与传送带以及木板发生相对滑动产生的总热量。
26. (15分)过硫酸铵[(NH₄)₂S₂O ₈]有强氧化性和腐蚀性，其被广泛地用于蓄电池工业。常温下过硫酸铵稳定性较好，但加热至120℃以上易分解。回答下列问题：
Ⅰ.实验室制备过硫酸铵，实验装置如图甲所示。
(1)试剂X为 ;a管的作用是 。
(2)C装置的作用是 。
(3)三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为 。
Ⅱ.工业制备过硫酸铵，原理如图乙所示。
(4)阳极的电极反应式为 。
(5)中间的离子交换膜为 交换膜(填“阴离子”或“阳离子”);阴极产物有 (填物质名称)。
Ⅲ.探究过硫酸铵的热稳定性，实验装置如图丙所示。
(6)实验小组预测过硫酸铵的分解产物可能有N₂、NH₃、SO₂、SO₃和H₂O，实验过程中E装置无沉淀生成,F装置品红溶液褪色。则E装置的作用是 ;过硫酸铵加热分解的化学方程式为 。
27. (14分)钪常用来制特种玻璃、轻质耐高温合金，在光电、超导及催化等领域均有重要应用。但其产量很少，在地壳中的含量约为0.0005%，矿物直接提取比较困难，往往采用航的伴生矿物副产品富集回收的方式收集钪。一种以钛白废酸液(除含有大量Fe³⁺和废硫酸外，还含有 Sc³⁺、Mn²⁺、Al³⁺、TiO²⁺ 等离子)为原料，制取氧化钪(Sc₂O₃)和氯化钪(ScCl₃)的工艺流程如图甲所示：
已知：①钪与铝类似，其氢氧化物具有两性，强碱性环境下，易形成[Sc(OH)₄]⁻;
②碱性条件下,Mn²⁺易被氧化为MnO₂;
③25℃时, Kₛ₁H₂C₂O₄=x,Kₛ₂H₂C₂O₄=y,KₛₚSc₂C₂O₄₃=z。
回答下列问题：
(1)“萃取”过程中,进入萃取剂的离子有 。
(2)生成MnO₂的离子方程式为 。
(3)“反萃取”步骤中，加入过量NaOH溶液的目的除为沉锰提供碱性条件外，还有 。
(4)“沉钪”后得到Sc₂(C₂O₄)₃沉淀,则沉钪反应的平衡常数K= (用含x、y、z的代数式表示)。
(5)Sc₂(C₂O₄)₃·6H₂O在空气中加热分解时,固体残留率[m(剩余固体)m(初始固体)] . 随温度变化曲线如图乙所示：
则400℃和850℃时的含钪化合物分别为 、 。
(6)ScCl₃·6H₂O在HCl气流中高温脱水得到ScCl₃,若未通入HCl气体,则ScCl₃中常常含有ScOCl杂质,原因是 _____________________(用化学方程式表示)。
28. (14分)2020年9月22日，国家主席习近平在第七十五届联合国大会上宣布，中国力争2030年前二氧化碳排放达到峰值，努力争取2060年前实现碳中和目标。其中的关键技术是运用催化转化法实现二氧化碳的碳捕集和碳利用。回答下列问题：
Ⅰ.二氧化碳转化为甲醇。
主反应： CO₂(g)+3H₂(g)CH₃OH(g)+H₂O(g) △H
副反应： CO₂(g)+H₂(g) CO(g)+H₂O(g) △H₁=+41kJ/mol
(1)已知: CO(g)+2H₂(g) ═CH₃OH(g) △H₂=-90 kJ/mol,计算主反应的△H= kJ⋅mol⁻¹,该反应能在 (填“高温”或“低温”)条件下自发进行。
(2)在某一恒温恒压密闭容器中通入1mol CO₂和3 mol H₂，加入催化剂发生反应。
①假设只发生主反应，则下列描述能说明主反应达到平衡状态的是 (填字母序号)。
A.容器体积保持不变
B. CH₃OH和H₂O的物质的量之比为1:1
C.断裂2 mol C═O键的同时生成3 mol O—H键
D.容器内混合气体的平均摩尔质量不再改变
E.容器内混合气体的密度保持不变
②反应一段时间测得二氧化碳转化率α(CO₂)和甲醇选择性xCH3OH=n生成甲醇n消耗CO2随温度变化关系如图甲所示。
(i)已知200~250℃温度下，催化剂活性受温度影响不大，则CO₂转化率曲线先升高后下降的原因是 。
(ii)温度为220℃、总压为10MPa条件下反应,CO₂平衡转化率为40%,甲醇选择性为70%,则该温度下主反应以气体分压来表示的平衡常数 Kₚ=________________________(列出代数式即可)。
Ⅱ.二氧化碳转化为甲酸。
发表在《Angewandte Chemie》上的一项研究中,新的铁基催化剂表现出优异的CO₂向HCOOH 催化性能，主要产物HCOOH有超过90%的选择性。该反应为CO₂(g)+ H₂(g)HCOOH(g) △H=-31kJ/mol。
(3)已知Arrhenius公式Rlnk=−EaT+C(Ea 为活化能，k为反应速率常数，R和C为常数)，相关数据曲线如图乙所示，则该反应的活化能 Eₐ=______KJ⋅mol⁻¹。
(4)在一容积固定的密闭容器中进行反应，实验测得v正=k正cCO2cH2,v逆=k逆 c(HCOOH)，k正与k逆为速率常数。温度为T₁℃时，该反应的平衡常数K=2，温度为T₂℃时, kE=2.5k差,,则T₂ (填“>”“<”或“=”)T₁,理由是 。
29. (12分)科研人员以中苜1号和WL903两种紫花苜蓿品种为材料，设置对照组(CK组，含Hoagland营养液)、NaCl组(200mmol/LNaCl+Hoagland营养液)和MT组(100 μmol/L 褪黑素+200 mmol/L NaCl+Hoagland营养液),测定各组中紫花苜蓿的叶绿素含量、净光合速率(假设细胞呼吸速率不受影响)、气孔导度等指标，结果如图所示。回答下列问题：
(1)紫花苜蓿是一种豆科植物,不需要额外施用氮肥,原因是 ,其细胞叶绿体中 (填结构)更加丰富，有利于光反应的进行。
(2)CK组、NaCl组和MT组中每组培养的紫花苜蓿均为10株而不是1株,原因是 。据图可知NaCl对 品种的紫花苜蓿叶绿素含量影响更大,褪黑素 (填“能”或“不能”)缓解这种影响。
(3)WL903品种的NaCl组比CK组、MT组的净光合速率低,据图分析原因是 。
(4)为验证NaCl组WL903品种的叶绿素含量下降是由于叶绿素a含量减少导致，而不是叶绿素b含量下降导致的,请写出实验思路及预期实验结果 。
30. (7分)下丘脑是机体进行正常生命活动的重要中枢，灵长类动物冬眠现象很罕见，科研人员设想通过特异性激活下丘脑神经元开启人工冬眠之路，回答下列问题：
(1)研究发现特异性激活下丘脑视前区某些神经元，可以使体温降至28℃，在此过程中，机体产热量 散热量，下丘脑视前区某些神经元兴奋后可引起与散热有关的反应，此过程中效应器主要包括传出神经末梢及其支配的 和 。
(2)研究表明，寒冷信号可以抑制胃肠道消化功能。生长抑素(SS)具有抑制垂体前叶释放生长激素和促甲状腺激素的能力，可以从动物下丘脑提取物中分离得到，是一种神经肽。为验证寒冷信号通过SS作用于消化系统，抑制胃肠道功能，科研人员选取生长状况相似且下丘脑SS分泌区已被损毁的小鼠若干，随机均分为甲、乙两组，甲组小鼠提供普通食物，乙组小鼠提供等量的普通食物和SS的混合物，两组小鼠都在常温条件下培养，一段时间后检测两组小鼠的进食量。以上方案中存在两个明显的错误,分别为 和 。
(3)动物冬眠会引起甲状腺作用降低，这样会导致动物全身的细胞代谢下降，从分子水平上解释导致动物全身细胞代谢下降的原因是
31. (8分)科研人员于2017年和2018年以晋北赖草草地为研究对象，监测不放牧(UG)、轻度放牧(LG)、中度放牧(MG)和重度放牧(HG)下生态系统总初级生产力(在单位时间和单位面积上，绿色植物通过光合作用所固定的有机物总量，用GPP表示)。与UG相比，分析三种放牧强度下GPP的升降情况。回答下列问题：
(1)晋北赖草草地中的牧草通常长势较低， (填“存在”或“不存在”)垂直结构。植物分层现象的意义是 。
(2)实验随机选取样地设置4个小区：UG、LG、MG和HG，采用铁丝网围栏隔开小区，选择健康状况良好的绵羊，在每年6月初开始放牧，9月底停止放牧，监测结果如图所示。据图可知，实验结论为 (两年分开分析)。
(3)晋北赖草草地中的牧草会通过刺、毛、有毒物质抵御食草动物，植物给食草动物传递了 信息,适度放牧在生态系统能量流动中的意义是 。
(4)研究草地生态系统的能量流动时，会出现蝗虫同化量小于生产者同化量10%的情况，最可能的原因是 。
32. (12分)科研人员利用转基因技术将耐贮存基因M和抗冻基因N转入番茄，以期望获得耐储存、抗冻两不分离的番茄植株。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞的染色体上，获得若干转基因番茄植株。不考虑突变和交叉互换，回答下列问题。
(1)若已获得的若干转基因番茄植株细胞中染色体如图所示，1号和2号表示番茄细胞中的非同源染色体，则甲图、乙图对应的番茄植株自交子代的性状及比例分别为 和 。
(2)若有一基因型为MMNN的植株Q进行自交获得F₁，F₁中耐贮存抗冻番茄植株226株、不耐贮存不抗冻番茄植株15株，假设基因只插入了1号和2号染色体上。
①在图丙中标记基因M和N在细胞中的位置。
②F₁耐贮存抗冻番茄植株中自交后代全是耐储存抗冻番茄植株的个体所占的比例为 。
③F₁基因型为MMNN的番茄植株中，耐贮存、抗冻基因在染色体上的位置关系有 种。
④F₁基因型为MMNN的番茄植株中，自交后代不发生性状分离的植株占 。
(二)选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33.[物理——选修3—3](15分)
(1)(5分)一定质量的气体从状态a经状态b变化到状态c，最终又变回状态a，该过程如p-T 图像中的三条线段所示，已知气体在状态a时的体积为V₀，则气体 (填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分。)
A.在状态c时的体积为 V02
B.由a变化到b的过程中，气体吸热
C.由a变化到b的过程中，气体体积不变
D.由b变化到c的过程中，气体对外界做功为 3p0V02
E.由c变化到a的过程中，外界对气体做功为p0V0
(2)(10分)如图，一粗细均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内有一段水银柱，水银柱下密封了一定质量的空气，水银柱上表面到管口的距离与被密封的空气柱的长度均为d。现用一厚度不计的塞子将玻璃管的开口密封并固定，并缓慢将玻璃管倒置，稳定后水银柱下表面到管口塞子的距离变为原来d2,已知大气压强为p₀，重力加速度为g，水银的密度为ρ，空气可视为理想气体，且管内空气温度保持不变，求管内水银柱的长度。
34.[物理——选修3—4](15分)
(1)(5分)均匀介质中一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图(a)所示，平衡位置x=0的质点振动图像如图(b)所示，则该波的传播方向沿x轴 方向(填“正”或“负”)，该波的传播速度大小为 m/s，平衡位置x=2m处的质点的振动方程为y= 。
(2)(10分)如图，半圆形玻璃砖的横截面半径为R，圆心为O，底面AB涂有反光材料，玻璃砖的折射率为 n=2。 一束单色光在横截面内垂直底面AB从圆弧面的P点射入玻璃砖，入射角为θ=45°。已知光在真空中的传播速度大小为c，不考虑发生折射时的反射光线。求：
(i)光线射出玻璃砖时折射角的正弦值。
(ii)光线在玻璃砖中的传播时间。
35. [化学——选修3:物质结构与性质](15分)
当前，中国空间站已进入应用与发展阶段，天舟六号货运飞船、神舟十六号载人飞船、神舟十七号载人飞船将于今年接续造访中国空间站。我国空间站建设也体现了我国在先进材料领域的巨大进步。这些先进材料中经常出现“空间金属”-钛的身影。回答下列问题：
(1)基态 Ti 原子价层电子排布图为 ,基态|Ti⁴⁺核外电子的空间运动状态有 种。
(2)TiCl₄是重要工业品，也是制备金属钛的基本原料，其可由TiO₂与氯化剂COCl₂、CHCl₃反应制得。
①常温下，TiCl₄是一种无色液体，分子结构与CCl₄相同，但稳定性比CCl₄差，试从物质结构角度分析其原因: 。
②第二周期主族元素中电负性比C元素大的有 (填元素符号)。
③COCl₂中 Cl —C— Cl 键角比CHCl₃中 Cl —C— Cl 键角大,其原因是 。
(3)钛的某配位化合物的结构如图甲所示：
①该物质中C的杂化方式为 。
②该配合物中存在的化学键有 (填字母)。
a、离子键 b.配位键 c.金属键 d.共价键 e.氢键
(4)钙钛矿具有众多优异的光电特性，是太阳能电池领域的“宠儿”，其立方晶胞的投影图如图乙所示，并且其沿x、y、z轴的平面投影均为此投影图，其中O的一种原子坐标为12012,则Ti⁴⁺处于O²⁻形成的 空隙(填“正八面体”或“正四面体”)，若该晶胞的边长为apm，则该晶体的密度为 g·cm⁻³。
36. [化学——选修5:有机化学基础](15分)
新冠疫情已经基本稳定，但“甲流”又给人们带来了大范围的
急性呼吸道传染疾病。奥司他韦是一种作用于神经氨酸酶的特异性抑制剂，可有效抑制流感病毒在人体内的传播，是针对于“甲流”的有效药物。以奎宁酸(A)为原料合成奥司他韦(H)的路线如图所示：
已知： 其中R₁、R₂为烃基或H原子)
RCOOR'+R''OH→RCOOR''+R'OH(其中R,R'、R"均为烃基)
回答下列问题：
(1)奎宁酸(A)中含氧官能团的名称是 。
(2)C→D的化学方程式为 。
(3)E→F的反应类型为 。
(4)设计步骤A→B和B→C的目的是 。
(5)若碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳原子称为手性碳。写出E的结构简式并用星号(*)标出E中的手性碳: 。
(6)有机物N是D的同分异构体，具有以下特征：
①具有苯环结构；
②核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为6：3：2：1；
③与氯化铁不反应，但能与NaHCO₃反应。
写出N的所有结构简式: 。
(7)参照上述合成方法，设计以和为原料制备的合成路线: __________________(无机试剂任选)。
37. 【生物——选修1:生物技术实践】(15分)
石油泄漏污染环境，某科研机构欲从被石油污染的土壤中筛选出能高效分解石油的菌株。回答下列问题：
(1)从被石油污染的土壤中能筛选出分解石油的菌株，这说明在寻找目的菌株时，要根据 ，到相应的环境中去寻找；在实验室筛选石油分解菌时，应使用以 为唯一碳源的选择培养基,原因是 ;在实验室扩大培养筛选到的石油分解菌时,应使用 体培养基,原因是 。
(2)用稀释涂布平板法对筛选出的分解石油的菌株进行计数时，统计结果一般用 而不是用活菌数来表示。统计的结果往往 (填“偏大”“偏小”或“不变”),理由是 。
(3)为了检测初步筛选出的能分解石油的A菌和B菌对石油分解的效果，研究人员以石油为底物进行实验，可使用的材料有石油、基础培养基(无碳源)、无菌培养液、A菌液、B菌液、可检测石油分解率的仪器。请将下表中实验思路补全。
组别
1
2
3
基础物质
10g石油、100mL基础培养基
B_
10g石油、100mL基础培养基
培养液种类
_A_
A菌液1mL
_C_
7天后石油分解率
38.【生物——选修3:现代生物科技专题】(15分)
人乳铁蛋白具有很强的抑菌作用，研究人员利用转基因牛的膀胱生物反应器来合成并分泌人的乳铁蛋白，回答下列问题：
(1)构建转基因牛的膀胱生物反应器的核心步骤为 ，为使人乳铁蛋白基因在牛的膀胱上皮细胞中特异性表达,在此步骤中应将 接入重组质粒,用 方法将其导入牛的 细胞,选用这种细胞作为受体细胞的原因是 。
(2)将上述转基因细胞培育成早期胚胎的过程中需要定期更换培养液，目的是 。形成早期胚胎后,可以通过 技术获得更多的转基因牛。
(3)可以从转基因牛的 中获取人乳铁蛋白，为验证转基因牛生产的乳铁蛋白是否具有与生物体自身产生的乳铁蛋白相同的抑菌作用，可使用的材料有乳铁蛋白基因缺陷小鼠，转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白，小鼠体内提取的乳铁蛋白，肺炎双球菌，请将下表中实验思路补全。
组别
1
2
3
小鼠类型
乳铁蛋白基因缺陷小鼠
_B_
_D_
注射试剂
A
_C_
生理盐水
感染微生物
肺炎双球菌
肺炎双球菌
肺炎双球菌
观察小鼠是否患败血症
及症状轻重（是否死亡）
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综物理
14. B 解析：由爱因斯坦光电效应方程可知 hv。一W₀=U₀e,2hv₀-W₀=3U₀e, 解得 W。=U₀e,hv₀=2U₀e，当入射光的频率为4v₀，设遏止电压为U，则有 4hv₀-W₀=Ue, 解得 U=7U₀,B正确。故选B。
15. A 解析：根据开普勒第三定律可知 r追3T追2=r水3T水2,解得 T水=r水3r追3T追≈2 年，设相邻两次窗口期的时间间隔为t，则有 tT加−tT差=1,解得t=2年，所以2020年7月之后的下一次发窗口期大约在2022年7月,A正确。故选A。
16. D 解析：根据法拉第电磁感应定律可知，线框ad 边在磁场中运动时，回路中的感应电流最大为 Im1= B0L2ω3R,线框bc边在磁场中运动时，回路中的感应电流最大为 Im2=2B0L2ω3R,可得线框转动过程中回路中的感应电流随时间变化如图所示
设回路中电流的有效值为I，则有I²RT= Im122R⋅T2+Im222R⋅T2, 解得I= 5B0L2ω6R,D 正确。故选D。
17. C 解析：将两小球作为一个系统，分析可知转动过程中，系统的重力势能不变，所以两小球的动能也不变，两小球做的是匀速圆周运动，小球A转动的线速度大小为 vA=vB2=2m/s,轻杆转到水平位置时，小球A竖直方向(切线)受力平衡，轻杆对小球A的作用力在竖直方向上的分力为 F₁ =mAg=2 N, 轻杆对小球A的作用力水平方向的分力提供小球做圆周运动的向心力，有 F2=mAvA2rA=4N，所以轻杆对小球A的作用力为F= F12+F22=25N。 故选C。
18. C 解析：将A点的点电荷看作电荷量为q的正点电荷和电荷量为3q的负点电荷组合，圆弧上5等分点上的5个电荷量相等的点电荷在圆心O处形成的电场强度之和为0，电荷量为3q的点电荷在圆心O处形成的电场强度为 E=k3qa2,C正确。故选C。
19. BC 解析：在x-t图像中，图线的斜率表示物体的速度，所以在0时刻甲车的速度小于乙车的速度，B正确；在t₁时刻，甲车的速度大于乙车的速度，A 错误;在0~t₁| 时间内，两车的位移大小相等，所以两车的平均速度大小相等，C正确，D错误。故选B、C。
20. ABC 解析：在沿斜面方向小球做初速度为0的匀加速直线运动，沿斜面方向的分加速度大小为a₁= gsin 30°,斜面的长度为L=12a1t2=10m,A正确；垂直斜面方向小球做类上抛运动，垂直斜面的分加速度大小为 a₂=gcos 30°,抛出时的初速度大小 v0=a2t2=53m/s,I 正确；小球到达斜面底端时，垂直斜面的分速度大小为 v0=53m/s, 沿斜面的分速度大小为 v₁ = a₁t = 1 0 m/s,合速度大
小为v=v02+v12=57m/s, 正确；垂直斜面方向的分速度减为0时，小球距离斜面最远，有x=
v022a2=532m,D错误。故选A、B、C。
21. BD 解析：导体棒M、N受到的安培力大小相等，方向相反，所以两导体棒组成的系统动量守恒，且两导体棒最终速度大小相等，有 mv0=m+mNv03,解得 mN=2m,A错误；设导体棒的密度为ρ，电阻率为ρ₀，两导体棒横截面积为 SM=mρd和 Sn=2mρd,导体棒M的阻值为 R=ρ0dSM, 导体棒N的阻值为 RN=ρ0dSN=R2,B正确；在0~t₁内回路产生的总热量为 Q=12mv02−12m+2mv032= 13mv02,所以导体棒M产生的焦耳热为 QM= RR+R2Q=29mv02,错误；由动量定理可知，在0~t₁内导体棒N有 BIdt1=2m⋅v03−0, 通过导体棒M的电荷量 q=It1,解得 q=2mv03Bd,D正确。故选B、D。
22. 答案:(1)4.30 (2分)
22gℎxL=dt12−dt22 (2分)
(3)增加 (1分)
解析：(1)游标卡尺的读数为 d=4mm+0.05 mm×6=4.30 mm。
(2)滑块通过光电门2的速度大小为 v2=dt2,通过光电门1的速度大小为 v1=dt1,两个光电门之间的高度差为 ℎ=ℎL⋅x, 所以机械能守恒有 2gℎxL=dt12−dt22。
(3)若机械能守恒，滑块重力势能的减少量应等于滑块动能的增加量，但是由于存在空气阻力做负功，滑块重力势能的减小量总是大于滑块动能的增加量，但是滑块的重力越大，空气阻力相对越小。所以为了减小空气阻力产生的相对误差，可以适当增加滑块的质量。
23. 答案:(1)红 (1分)
(2)400Ω(2分) 954 (2分)
(3)负 (1分) 2000 (2分) 6 (2分)
解析：(1)电流应从红表笔流进欧姆表，从黑表笔流出欧姆表，根据电池正负极可知，表笔P为红色。
(2)若R₁=50Ω，欧姆调零时，电流表满偏，干路电流 I0=Ig+Igrg+50Ω400Ω=187.5μA 欧姆表内阻为 R肉=EI0=8kΩ, 滑动变阻器的阻值最大为1500Ω，无法实现欧姆调零。若 R₁=400 Ω, 欧姆调零时，电流表满偏，干路电流 I0=Ig+ Igrg+400Ω50Ω=1.5mA,欧姆表内阻为 R肉=EI0=1kΩ，滑动变阻器的阻值最大为1500Ω，可以实现欧姆调零，所以定值电阻R₁的阻值为400Ω。欧姆调零时 R肉=1kΩ=R+r+rg+R1R2rg+R1+R2, 解得R=954 Ω。
(3)用欧姆表测量电压表内阻时，电流要从正接线柱流进电压表，所以表笔Q应接电压表的正接线柱，表笔P接电压表的负接线柱。灵敏电流计G 示数为I₁=50μA，则干路电流为 I = I₁ + I1rg+400Ω50Ω=0.5mA 由闭合电路欧姆定律可知 I=ER肉+RV,解得.Rv=2000 Ω。」 此时电压表两端电压为 U=IRV=1V,所以电压表的满偏电压为 Ug=6×1V=6V。
24. 答案: 1mv02qd
2123+8πd3v0
解析：(1)分析可知，粒子运动的轨迹关于x轴对称，所以粒子从P点到第一经过y轴时，沿y轴运动的距离为 y=23d=v0t1 (1分)
粒子在第二象限做类平抛运动，设粒子第一次经过y轴时速度方向与y轴的夹角为θ，则有tanθ2= OPy (1分)
解得θ=60°
粒子进入第一象限时的速度大小为 v=v0cosθ(1分)
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力有 qvB=mv2R (1分)
由几何关系可知y=Rsinθ (1分)
解得 B=mv02qd (1分)
(2)粒子在磁场区域做匀速圆周运动的周期为T= 2πmqB=4πdv0 (2分)
由几何关系可知，粒子在磁场区域运动的时间为 t2=2π−2θ2πT=8πd3v0 (2分)
所以粒子相邻两次经过P点所用的时间为
t=2t1+t2=123+8πd3v0 (2分)
25. 答案:(1)0.5 (2)8 m (3)128J
解析：(1)设物块滑离传送带时恰好与传送带共速，由运动学公式可知 0+v02t=8m<9.6m (1分)
可知物块离开传送带前已经和传送带共速，设经过时间t₁物块和传送带共速，设物块与传送带之间的动摩擦因数为μ₁，则物块在传送带上的加速度大小为a₁=μ₁g (1分)
加速阶段有x1=12a1t12 (1分)
v₀=a₁t₁ (1分)
匀速运动的距离为 L−x₁ =v₀( t−t₁) (1分)
解得 μ₁ =0.5 (1分)
(2)设木板与挡板碰撞前，小物块和木板已经共速，共速的速度大小为v₁，由动量守恒定律可知
mv。=(M+m)v₁ (1分)
解得 v1=163m/s
小物块滑上木板后，木板的加速度大小为a₂= μmgM=8m/s2 (1分)
设木板与挡板碰撞前，木板一直加速，木板与挡板碰撞前瞬间速度大小为v₂，则有 v2=2a2s=8m/s (1分)
由于v₁< v₂,所以木板与挡板碰撞前，小木快与木板已经共速，木板第一次碰撞挡板的速度大小为v₁，木板与挡板第一次碰撞后，向左减速到速度为0运动的距离为s1=v122a2=169m (1分)
然后向右匀加速运动直到与物块共速
mv₁−Mv₁=( m+M)v₃ (1分)
由于v₃< v₁,所以物块与木板先共速，在以速度大小v₃与挡板发生第二次碰撞，碰后木板速度反向，大小不变，加速度不变，向左运动位移为
s₂= v322a2=1681m (1分)
同理，可知木板和物块会再次共速，然后和挡板发生碰撞反弹向左运动
s3=v422a2=16729m (1分)
……
木板的总路程S=s+2s1+2s2+2s3+⋯(1分)
解得 s=4m+169×2m+1681×2m+=4m+ 3219+192+193+⋯m=8m (1分)
(3)木板与右侧挡板C的碰撞中没有机械能损失且碰撞时间极短可忽略，由动量守恒与机械能守恒可得，每次碰撞后，木板速度大小不变，方向反向。碰撞数次后物块、木板最终均静止，根据能量守恒可知物块与木板摩擦产生的热量为Q1=12mv02=64 J (2分)
物块与传送带发生相对滑动过程中，传动带转动的距离为 x₂=v₀t₁=12.8 m (1分)
物块与传送带发生相对滑动产生的热量为Q₂=μ₁mg( x₂−x₁) =64 J (1分)
所以物块与传送带以及木板发生相对滑动产生的总热量为Q=Q₁+Q₂=128J (1分)
33. (1)答案:BCE(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分。)
解析：由理想气体方程可知 p=CVT,所以气体由a 变化到b的过程中，体积不变；温度升高，内能增加，吸收热量，B、C正确；气体由c变化到a的过程中，压强不变，有 V02T0=V0T0,解得 V。=2V。, 该过程
成中外界对气体做功为W = p。(2V。−V。) =p。V。，A错误、E正确；由b变化到c的过程，为等温变化，该过程气体的压强随体积变化的图像如图所示，气体对外界做的功为W<2p0+p0V02= 3p0V02,D 错误。
(2)答案 4p05ρg
解析：设管内水银柱的长度为L，玻璃管倒置前，水银柱上方的空气压强为p。 (1分)
水银柱下方的空气压强为 p₁=p₀+ρgL (2分)
玻璃管倒置后，空气柱的总长度不变，所以原水银柱下方的空气柱长度变为 3d2
原水银柱下方的空气变到水银柱的上方，设其压强变为 p₁',，根据等温变化有 p1d=p1'3d2 (2分)
原水银柱上方的空气变到水银柱的下方，设其压强变为p₂，根据等温变化有 p0d=p2d2 (1分)
且有 p₁'+ρgL=p₂ (2分)
解得 L=4p05ρg (2分)
34. (1)答案:正 (1分) 0.4 (2分)
y=−2sinπ3tcos[2sinπ3t+πcm 也得分](2分)
解析：由图(b)可知，平衡位置为x=0的质点在t=0时刻正在沿y轴负方向运动，可得该波沿x 轴正方向传播，设该波的波长为λ，由图(a)可知 5λ6=2m,解得λ=2.4m，设该波的周期为T，由图b可知 T6=1s,解得T=6s，所以该波的波速大小为v=λT=0.4m/s,因为波沿x轴正向传播，x=2m处的质点，t=0时刻向下运动，故平衡位置x =2m处的质点的振动方程为y = −2sinπ3tcm。
(2)答案: i22ii6Rc
解析：(i)做出光路图，并做出光线PC关于AB的镜面图线如图所示
设光线在P点的折射角为α
由折射定律可知 sinθsinα=n (1分)解得α=30°
由几何关系可知射出玻璃砖时的入射角也为α(1分)
在Q点有 sinβsinα=n (1分)
解得 sinβ=22 (2分)
(ii)由几何关系可知光线在玻璃砖中传播的距离为x=2Rcosα (2分)
光线在玻璃砖中传播的速度为v=cn (1分)
所以光线在玻璃砖传播的时间为 t=xv=6Rc (2分)
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综化学
7. C 解析：杜岭方鼎和莲鹤方壶是铜制品，玉柄铁剑剑身是铁制品，均属于合金制品；汝窑天蓝釉刻花鹅颈瓶属于瓷器，不属于合金制品，故选C。
8. D 解析：蒸发硫酸镁溶液，虽然镁离子水解，但另一个水解产物是硫酸，硫酸是难挥发性酸，最终会反应得到硫酸镁晶体，A项正确；乙醇与浓硫酸制备乙烯，温度控制在170℃左右，B项正确；胶体提纯采用半透膜渗析法，C项正确；容量瓶不可直接溶解固体，D项错误；故选D。
9. D 解析:当药黄素的分子式为C₂₂H₂₂O₁₀,A项错误；当药黄素含两个苯环、1个碳碳双键，故1mol当药黄素与足量H₂发生反应，最少可消耗7 mol H₂，其中所含羰基也可与H₂加成，B项错误；当药黄素中含有多个相连的饱和碳原子，所有碳原子不可能共面，C项错误；当药黄素中含有醇羟基，且含有碳碳双键，故其可以发生取代反应，又可以发生加成反应，D项正确；故选D。
10. A 解析: CH3CH218OH由碳、氢、氧三种原子组成，碳的中子数为6，氢的中子数为0，¹⁸O白的中子数为10，A项正确；标准状况下，H₂O₂是液体，B项错误;1 mol·L⁻¹的Na₂C₂O₄溶液,并未指出体积,C项错误;室温下,1LpH=2的HCOOH溶液中H⁺的数目等于0.01NA,D项错误;故选A。
11. D 解析：根据信息“A、D为原子序数依次增大的短周期同主族元素，且最高正价与最低负价的绝对值之差为2”和核反应方程式，可推出元素X、Y、A、D分别为B、Al、N、P。AlCl₃为共价化合物,工业上一般电解熔融的Al₂O₃制备单质Al，A项错误；A、D最高价氧化物对应水化物分别是硝酸和磷酸，磷酸为中强酸，B项错误；电子层数相同，质子数越多半径越小，简单离子半径 N³⁻>Al³⁺,C项错误；NH₃中存在分子间氢键，所以沸点NH₃>PH₃,D项正确;故选D。
12. C 解析：钠硫电池，金属钠失电子，为负极，S电极为正极，A项正确；由题干可知，消除多硫化钠穿梭并促进无枝晶的Na金属电镀和剥离，实现了钠硫电池的高循环使用，故无枝晶的Na金属电镀和剥离，产生稳定的固体电解质相界面有利于钠硫电池的循环使用，B项正确；电池充电时，Na⁺的移动方向为S电极→Na电极，C项错误；穿过离子交换膜的Na⁺数目为0.2NA，即原电池工作时，转移了0.2mol电子,根据法拉第常数F=9.65×10⁴C/mol可知,电池产生的电量为1.93×10⁴C,D项正确；故选C。
13. D 解析:X点是H₃Cit与H₂Cit⁻浓度相等的点，则 Ka1=cH2Cit−⋅cH+cH3Cit=cH+=10−3.1 A 项正确；由图可知，NaH₂Cit溶液呈现酸性，说明H₂Cit⁻电离大于水解,故 cH₂Cit⁻>cHCit²⁻>c(H₃Cit),B项正确;Y点电荷守恒为. c( H⁺)+ cNa⁺=cOH⁻+cH₂Cit⁻+2cHCit²⁻+3c(Cit³⁻),且 cH₂Cit⁻=cHCit²⁻ 故c(H⁺)+ cNa⁺=cOH⁻+3cH₂Cit⁻+3cCit³⁻,C项正确；由图可知，柠檬酸的 Ka2=1×10−4.7≈2×10⁻⁵<苯甲酸的 Kₐ=6.3×10⁻⁵, 故柠檬酸与苯甲酸钠反应不能得到Na₃Cit，D项错误；故选D。
26.(15分)
(1)生石灰或NaOH固体 (1分,合理即可) 平衡压强，使液体顺利滴下 (1分)
(2)吸收多余的NH₃，防止污染空气 (2分，合理即可)
(3)H₂O₂+2H₂SO₄ +2NH₃===(NH₄)₂S₂O ₈+2H₂O (2分)
42SO42−−2e−=S2O82− (2分)
(5)阳离子 (1分) 硫酸铵(或硫酸氢铵)与氢气(2分)
(6)检验是否有SO₃生成 (2分,合理即可)
NH42S2O82SO2↑+N2↑+4H2O↑(2分)
解析：(1)装置A制备氨气，原料为生石灰(或 NaOH固体等)和浓氨水；a管所在装置为恒压滴液漏斗，a管的作用为平衡压强，使液体顺利滴下。
(2)C装置作用为尾气处理，吸收多余的NH₃，防止污染空气。
(3)根据原料及产物分析，三颈烧瓶中的化学反应方程式为 H₂O₂ + 2H₂SO₄ + 2NH₃===(NH₄)₂S₂O₈+2H₂O。
(4)阳极发生氧化反应，硫酸根失电子变为过硫酸根，电极反应式为 2SO42−−2e−=S2O82−。
(5)阳极多余的铵根穿过阳离子交换膜进入阴极区，与硫酸根结合生成硫酸铵，阴极氢离子得电子变为氢气，故阴极产物有硫酸铵(或硫酸氢铵)和氢气。
(6)实验中E装置无白色沉淀生成，说明未产生SO₃，F装置品红溶液褪色，说明分解产生SO₂，根据得失电子守恒及原子守恒可知分解产物有N₂、SO₂和H₂O，故分解反应方程式为 NH42S2O82SO₂↑+N₂↑+4H₂O↑。
27.(14分)
1Sc³⁺、Mn²⁺、TiO²⁺ (2分)
22Mn²⁺+O₂+4OH⁻=2MnO₂↓+2H₂O(2分)
(3)使Sc³⁺充分变为[Sc(OH)₄] ⁻(2分)
4xy3z (2分)
( 5)Sc₂(C₂O₄)₃· H₂O(2分) Sc₂O₃ (2分)
6ScCl3⋅6H2O高ScOCl+2HCl↑+5H2O↑(2分)
解析：(1)由题干及流程可知 Sc³⁺、Mn²⁺、TiO²⁺三种离子进入萃取剂中。
(2)根据已知②碱性条件下， Mn²⁺ 易被氧化为MnO₂，且“反萃取”时通入空气，故氧化剂应为O₂。
(3)根据已知①钪与铝类似，其氢氧化物具有两性，强碱性环境下，易形成 ScOH₄⁻, 可知过量氢氧化钠的目的除为沉锰提供碱性条件外还有使 Sc³⁺充分变为 ScOH₄⁻。
42Sc³⁺+3H₂C₂O₄=Sc₂C₂O₄₃↓+6H⁺ 的平衡常数 K=Ka1⋅Ka23Ksp=xy3z。
(5)设有1mol草酸钪晶体(462g)在空气中受热分解,400℃时,剩余固体质量为462g×80.5%=371.91g,失水重量为90.09g≈90g,即1mol晶体失去5mol水，则此时固体的主要成分是Sc₂(C₂O₄)₃·H₂O;850℃时,剩余固体质量为462g×29.8%=137.7g≈138g,计算可知,此时固体的主要成分是Sc₂O₃。
(6)ScCl₃·6H₂O高温脱水得到ScCl₃,但通常含有ScOCl杂质，原因是高温脱水时，ScCl₃会水解产生ScOCl，结合原子守恒，反应的化学方程式为 ScCl3⋅6H2O高温ScOCl+2HCl↑+5H2O↑。
28.(14分)
(1)-49 (1分) 低温 (1分)
(2)①ADE (2分) ②(i)210℃之前,反应未达到平衡，温度升高反应速率加快，一段时间内二氧化碳转化率升高；210℃之后，反应已达到平衡，主反应放热，副反应吸热，升温使主反应平衡逆向移动的程度大于副反应平衡正向移动的程度，平衡时二氧化碳转化率下降(2分，合理即可)
ii0.283.44×10×0.43.44×100.63.44×10×2.043.44×103 (2分)
(3)1120 (2分)
(4)< (2分) 该反应是放热反应,温度降低平衡常数增大 (2分，合理即可)
解析：(1)根据盖斯定律可知，主反应的△H= △H₁+△H₂=−49kJ⋅mol⁻¹,该反应为熵减的放热反应，根据△G=△H-T△S<0时反应自发进行可知，反应能在低温条件下自发进行。
(2)①恒温恒压条件下，主反应为气体分子数减小的反应，故体积不变可以说明主反应达平衡状态，A项正确；任何时刻CH₃OH和H₂O的物质的量之比均为1：1，不能表示平衡状态，B项错误；断裂2 mol C═O键的同时生成3mol O═H键,两者均表示正反应速率，不能作为反应达到平衡状态的判断依据，C项错误；反应前后气体总质量不变，气体总物质的量改变，则平均摩尔质量不再改变，可表明反应达到平衡状态，D项正确；根据密度公式和质量守恒定律可知，混合气体密度不变可说明反应达到平衡状态，E项正确；故选ADE。②(i)210℃之前，反应未达到平衡，温度升高反应速率加快，一段时间内二氧化碳转化率升高；210℃之后，反应已达到平衡，主反应放热，副反应吸热，升温使主反应平衡逆向移动的程度大于副反应平衡正向移动的程度，平衡时二氧化碳转化率下降。(ii)通过计算可知平衡时,n(CO₂)=0.6 mol,n(H₂) = 2.04 mol,n(CH₃OH) = 0.28 mol,n(CO)=0.12 mol,n(H₂O)=0.4 mol,总压为10 MPa,CO₂、H₂、CH₃OH、H₂O气体分压分别为 0.63.44×10MPa、2.043.44×10MPa、0.283.44×10MPa、 0.43.44×10MPa, 代入平衡常数表达式得 Kp=0.283.44×10×0.43.44×100.63.44×10×2.043.44×103。
(3)由 Rlnk=−EnT+C可知，活化能Eₐ为直线斜率的相反数，将曲线上两点的坐标分别代入Rlnk= −EaT+C中，可得 E₆=1 120 kJ · mol ⁻¹。
(4)反应达到平衡时，正、逆反应速率相等，即 k底cCO2cH2=k追cHCOOH 温度为T₂时 K=k底k追=2.5>2, 所以 T₂
35.(15分)
( 1 ) (1分)9(1分)
(2)①钛原子半径比碳原子半径大， Ti—Cl键比C—Cl键的键长长、键能低、易断裂，所以TiCl₄稳定性比CCl₄差 (2分)
②N、O、F (2分)
③COCl₂中C为sp²杂化,键角近似120°,而CHCl₃中C为sp³杂化,键角近似109°28' (2分,合理即可)
(3)①sp²、sp³ (2分) ②bd (2分)
(4)正八面体 (1分) 136a3×NA×10−30 (2分)
解析：(1)基态Ti原子价层电子排布图为
基态Ti原子核外电子排布式为[Ar]3d²4s²，失去四个电子后为1s²2s²2p⁶3s²3p⁶,故电子的空间运动状态有9种
(2)①钛原子半径比碳原子半径大， Ti—Cl键比C—Cl键的键长长、键能低、易断裂，所以TiCl₄稳定性比CCl₄差。②第二周期中电负性比C元素大的主族元素有N、O、F。③COCl₂中C为sp²杂化,键角近似120°,而CHCl₃中C为sp³杂化,键角近似109°28',因此COCl₂中Cl—C—Cl键角比CHCl₃中Cl—C—Cl键角大。
(3)①根据结构图可知C的杂化方式有sp²、sp³。②根据结构图可知C与H、C与C、C与O等原子间存在共价键， Ti与N、O等原子间存在配位键。
(4)根据投影图及O原子坐标可知，该晶胞为高度对称的立方体晶胞，O位于面心位置、Ti位于体心位置、Ca位于顶点位置，故Ti⁴⁺处于O²⁻于 形成的正八面体空隙；根据晶胞结构，可以判断晶胞中含有1个CaTiO₃,则晶胞密度 ρ=mV=136a3×NA×10−30 g⋅cm⁻³。
36.(15分)
(1)羧基、羟基 (2分)
(2) (2分)
(3)取代反应 (2分)
(4)保护三个相邻的羟基不发生消去反应 (2分)
(5)
(6)
（2分，写出一个得1分）
解析：(1)根据奎宁酸(A)的结构可知，其含氧官能团为羧基、羟基。
(2)根据已知①及B的结构可知，C的结构为
则C→D的化学方程式为
(3)根据已知②及D的结构简式可知，E的结构简式为 ，则E→F的反应类型为取代反应。
(4)奎宁酸(A)包含一个六元环，4个羟基和一个羧基，根据D的结构可知，与羧基连在一个碳上的羟基需要进行消去反应，故A→B和B→C步骤的目的是保护三个相邻的羟基不发生消去反应。
(5)E的结构简式为 ，手性碳有
(6)具有苯环结构，与氯化铁不反应，但能与NaHCO₃反应，说明有羧基结构，且不含酚羟基，核磁共振氢谱有4组峰且峰面积之比为6：3：2：1，说明含有对称结构的甲基，故答案为
(6)设计合成路线，由和为原料制备的合成路线为
2023届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣大联考(高三)参考答案
理综生物
1. B【解析】人类成熟红细胞属于高度分化的细胞，不具有分裂能力，无法完成有丝分裂，A错误；蛙的红细胞无丝分裂过程中没有纺锤丝的形成，没有染色质到染色体的变化，但是存在DNA复制，B正确；由于精子的数量远远多于卵细胞，且卵巢中无法观察到完整的减数分裂过程，所以通常选用蝗虫精巢观察减数分裂过程的图像，C错误；三种细胞增殖方式中只有有丝分裂具有细胞周期，D错误。故选B。
2. D【解析】A点对应的光照强度为0，可以用来表示植物在黑暗环境中细胞呼吸强度，A正确；B点是光补偿点，它的含义是植物的光合作用与细胞呼吸强度相等时所对应的光照强度，B正确；C点是光饱和点，它的含义是植物的光合作用强度不再随着光照强度的增加而增加的最小光照强度，C正确；若该植物生存环境中的CO₂浓度下降，则补偿呼吸需要更大的光照强度，同时由于CO₂的限制，光合作用速率降低，所以B点会右移，C点会左移，D点会左下移,D错误。故选D。
3. C【解析】某人检测出高血糖，并不一定是糖尿病患者，引起高血糖的原因有多种，如肝脏疾病等，A 错误；胰岛B细胞受损和胰岛A细胞数量增加没有直接因果关系，B错误；胰岛素不能发挥其生理作用可能与某些细胞膜上缺少受体有关，C正确；血糖升高后导致胰岛B细胞分泌胰岛素，该过程存在体液调节和神经调节，D错误。故选C。
4. D【解析】据题意可知，脂肪组织分泌的瘦素和激活脂肪组织处的交感神经均可以促进脂肪组织的分解，为验证瘦素通过激活脂肪组织处的交感神经促进脂肪分解，所以此实验的自变量应为交感神经是否被激活，A、B属于对照组，C、D属于实验组，因此A、B、C、D处的添加物质应分别为生理盐水、瘦素、抑制交感神经的药物、瘦素，综上A、B、C正确，D错误。故选D。
5. D【解析】碳循环过程中，碳元素可以在生物群落和无机环境中循环往复，无机环境中的碳可以被生物群落反复利用，①正确；鸭粪中的有机物被分解者分解成无机盐后才能被植物体吸收，②错误；喷施农药消灭害虫不属于信息传递，③错误；对于人工生态系统而言，流入生态系统的总能量还包括人工投放的饲料中的能量，④正确；第二营养级粪便中的能量不属于自身的同化量，而是来源于第一营养级生长、发育、繁殖的能量，⑤正确；生态系统生物与生物之间的信息传递往往是双向的，⑥正确；综上，①④⑤⑥正确,D正确。故选D。
6. B【解析】F₂中番茄果肉颜色及比例为红色肉：黄色肉:橙色肉=9:3:4,为9:3:3:1的变形,所以番茄果肉颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，据此可以假设红色肉基因型为A B ，黄色肉基因型为aaB ,橙色肉基因型为A bb+ aabb,则F₂中红色肉番茄A B 中纯合子AABB占1/9,A正确;亲本黄色肉和橙色肉番茄的基因型应分别为AAbb、aaBB或aaBB、AAbb,B错误;F₂所有橙色肉番茄植株基因型为3A bb: laabb, bb 纯合,所以随机授粉,F₃表现型全为橙色肉，C正确；F₂所有红色肉番茄植株基因型为4AaBb:2AABb,2AaBB,1AABB,产生的配子及比例为AB=4/9, Ab=2/9,aB=2/9,ab=1/9，F₂所有红色肉番茄植株随机授粉，F₃表现型及比例为红色肉：黄色肉：橙色肉=64：8：9，D正确。故选B。
29.【答案】(12分)
(1)豆科植物与根瘤菌互利共生，根瘤菌具有固氮能力，能为豆科植物提供氮元素 (2分) 基粒/类囊体(薄膜) (1分)
(2)避免偶然因素影响，减小实验误差 (1分)WL903 (1分) 能 (1分)
(3)NaCl导致WL903品种的叶绿素含量减少,气孔导度下降，因此捕获光能减少，CO₂吸收量不足，所以光合速率下降；而且细胞呼吸速率不受影响，因此净光合速率下降 (2分)
(4)实验思路:取等量的CK组和NaCl组的WL903品种叶片分别编号甲组、乙组，提取叶绿体中的色素后再用纸层析法分离，观察并比较滤纸条从上到下第3、4条色素带的宽窄 (2分) 预期结果：甲组比乙组的第3条色素带宽，甲组与乙组的第4条色素带宽窄相同 (2分)
【解析】(1)紫花苜蓿是一种豆科植物与根瘤菌互利共生，根瘤菌具有固氮能力，能为豆科植物提供氮元素，所以不用额外施用氮肥；其细胞叶绿体中基粒/类囊体(薄膜)更加丰富，有利于光反应的进行。
(2)CK组、NaCl组和MT组中每组培养的紫花苜蓿均为10株而不是1株，这样可以避免偶然因素对实验结果造成影响。据图可知NaCl对WL903品种的紫花苜蓿叶绿素含量影响更大，褪黑素能缓解这种影响。
(3)WL903品种的NaCl组比CK组、MT组的净光合速率低，据图可知，NaCl导致WL903品种的叶绿素含量减少，气孔导度下降，因此捕获光能减少，CO₂吸收量不足，所以光合速率下降；而且细胞呼吸速率不受影响，因此净光合速率下降。
(4)为验证NaCl组WL903品种的叶绿素含量下降是由于叶绿素a含量减少导致，而不是叶绿素b含量下降导致的，可将等量的CK组和NaCl组中的WL903品种叶片分别编号甲组、乙组，提取叶绿体中的色素后再用纸层析法分离，观察并比较滤纸条从上到下第3、4条色素带的宽窄。预期结果为甲组比乙组的第3条色素带宽，甲组与乙组的第4条色素带宽窄相同。
30.【答案】(7分)
(1)小于 (1分) 汗腺 (1分) 毛细血管 (1分)
(2)SS是神经肽,不能饲喂 (1分) 两组小鼠不该在常温条件下培养，应放在寒冷环境中培(1分)
(3)甲状腺作用降低，所以甲状腺激素分泌减少，几乎全身各处的细胞表面都存在甲状腺激素的受体(2分)
【解析】(1)特异性激活下丘脑视前区某些神经元使体温降至28℃的过程中，机体产热量小于散热量，下丘脑视前区某些神经元兴奋后可引起与散热有关的反应，此过程中效应器主要包括传出神经末梢及其所支配的汗腺和毛细血管。
(2)寒冷信号可以抑制胃肠道消化功能，为验证寒冷信号通过SS作用于消化系统，抑制胃肠道功能，应选取生长状况相似的下丘脑SS分泌区已被损毁的小鼠若干，随机均分为甲、乙两组，甲组小鼠提供普通食物，乙组小鼠提供等量的普通食物并注射适量SS，两组小鼠都在低温条件下培养，一段时间后检测两组小鼠的进食量。
(3)动物冬眠会引起甲状腺作用降低，这样会导致动物全身的细胞代谢下降，从分子水平上解释导致动物全身细胞代谢下降的原因是甲状腺作用降低，所以甲状腺激素分泌减少，几乎全身各处的细胞表面都存在甲状腺激素的受体。
31.【答案】(8分)
(1)存在 (1分) 提高群落利用阳光等环境资源的能力 (1分)
(2)在2017年,与UG相比,LG、MG和HG三种放牧强度均降低了GPP;在2018年,与UG相比,LG 降低了GPP，而MG和HG两种放牧强度下GPP 均提高 (2分，合理即可)
(3)物理、化学 (1分) 合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分(2分)
(4)第二营养级的生物包括蝗虫及其他种类的食草动物 (1分)
【解析】(1)晋北赖草草地中的牧草通常长势较低，但是各种草也有高矮之分，存在垂直结构。植物分层现象的意义是提高群落利用阳光等环境资源的能力。
(2)据图可知，实验结论为在2017年，与UG相比LG、MG和HG三种放牧强度均降低了GPP；在2018年,与UG相比LG降低了GPP,而MG和HG两种放牧强度下GPP均提高。
(3)晋北赖草草地中的牧草会通过刺、毛抵御各种食草动物，给食草动物传递物理信息，植物通过有毒物质抵御各种食草动物，给食草动物传递化学信息。适度放牧在生态系统能量流动中的意义是合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。
(4)研究草地生态系统的能量流动时，会出现蝗虫同化量小于生产者同化量10%的情况，最可能的原因是第二营养级的生物包括蝗虫及其他种类的食草动物。
32.【答案】(12分)
(1)耐贮存不抗冻：耐贮存抗冻：不耐贮存抗冻=1:2:1 (2分) 耐贮存抗冻:耐贮存不抗冻:不耐贮存抗冻:不耐贮存不抗冻=9:3:3:1 (2分)
(2分)
②7/15 (2分) ③3 (2分) 13(2分)
【解析】(1)假设没有M、N基因的位点用m、n表示,甲图番茄产生的配子为1/2Mn,1/2mN,雌雄配子随机结合后，子代中耐贮存不抗冻：耐贮存抗冻：不耐贮存抗冻=1：2：1；乙图番茄产生的配子为1/4MN,1/4mN,1/4Mn,1/4mn,雌雄配子随机结合后，子代中耐贮存抗冻：耐贮存不抗冻：不耐贮存抗冻：不耐贮存不抗冻=9：3：3：1。
(2)①植株Q自交获得的F₁中，耐贮存抗冻番茄植株226株、不耐贮存不抗冻番茄植株15株，比例为15：1，假设基因只插入了1号和2号染色体上，则基因位置应是
假设用1MN来表示1号染色体上带有M和N基因，其他基因型同理。单株Q产生的配子为1/4的1MN2MN、1/4的 1MN2ᵐⁿ,1/4的1ᵐⁿ2MN,1/4的1ᵐⁿ2ᵐⁿ，雌雄配子随机结合，F₁的基因型如表：
1/4的
1MN2MN
1/4的
1MN2mn
1/4的
1mⁿ2MN
1/4的
1ᵐⁿ2ᵐⁿ
1/4的
1MN2MN
△
△
△
○
1/4的
1MN2mm
△
△○
○
1/4的
1ᵐⁿ2MN
△
○
△○
1/4的
1""2""
○
②表中△处为自交后代全是耐贮存抗冻性状的F₁植株，占全部耐贮存抗冻F₁植株的7/15。
③表中○处即为F₁中基因型为MMNN的番茄植株,分别为1MN1MN2ᵐⁿ2ᵐ⁺、1MN1ᵐⁿ2MN2ᵐⁿ和 1mm1mn2MN2MN,，因此，耐贮存、抗冻基因在染色体上的位置关系有三种。
④F₁基因型为MMNN的番茄植株中，自交后代不发生性状分离的植株占 13.
37.【答案】(15分)
(1)目的菌株对生存环境的要求 (2分) 石油
(1分) 以石油为唯一碳源的培养基只能让能分解石油的菌株存活，其他菌株的生长受到抑制
(2分) 液 (1分) 液体培养基可以增大与菌体的接触面积，有助于菌体利用液体培养基中的营养物质,快速繁殖 (2分)
(2)菌落数 (1分) 偏小 (1分) 当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落(2分)
(3)A:无菌培养液1mL (1分) B:10g石油、100mL基础培养基 (1分) C:B菌液1mL (1分)
(需注意等量原则) (3分)
【解析】(1)从被石油污染的土壤中能筛选出分解石油的菌株，这说明在寻找目的菌株时，要根据它对生存环境的要求，到相应的环境中去寻找；在实验室筛选石油分解菌时，应使用以石油为唯一碳源的选择培养基，原因是以石油为唯一碳源的培养基只能让能分解石油的菌株存活，其他菌株的生长受到抑制；在实验室扩大培养筛选到的石油分解菌时，应使用液体培养基，原因是液体培养基可以增大与菌体的接触面积，有助于菌体利用液体培养基中的营养物质，快速繁殖。
(2)用稀释涂布平板法对筛选出的分解石油的菌株进行计数时，统计结果一般用菌落数而不是用活菌数来表示。统计的结果往往偏小，是因为当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落。
(3)为了检测初步筛选出的能分解石油的A菌和B 菌对石油分解的效果，研究人员以石油为底物进行实验，可使用的材料有石油、基础培养基、无菌培养液、A菌液、B菌液、可检测石油分解率的仪器。实验思路如表：
组别
1
2
3
基础物质
10g石油、
100mL基
础培养基
10g石油、
100mL基
础培养基
10g石油、
100mL基
础培养基
培养液种类
无菌培
养液1mL
A菌液
1mL
B菌液
1mL
7天后石
油分解率
38.【答案】(15分)
(1)基因表达载体的构建 (1分) 膀胱上皮细胞中特异性表达的启动子(和人乳铁蛋白基因)
(2分) 显微注射 (1分) 受精卵 (1分) 受精卵的全能性高，易发育成完整个体，细胞大，易操作 (2分)
(2)清除代谢产物，防止细胞代谢产物积累对细胞自身造成危害；为细胞提供充足营养物质 (2分)胚胎分割 (1分)
(3)尿液 (1分)
A：转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白 (1分) B：乳铁蛋白基因缺陷小鼠 (1分) C：小鼠体内提取的乳铁蛋白 (1分) D：乳铁蛋白基因缺陷小鼠(1分) (乳铁蛋白的量不作要求) (4分)
【解析】(1)构建转基因牛的膀胱生物反应器的核心步骤为基因表达载体的构建，为使人乳铁蛋白基因在牛的膀胱上皮细胞中特异性表达，在此步骤中应将(人乳铁蛋白基因和)膀胱上皮细胞中特异性表达的启动子接入重组质粒，用显微注射法将其导入牛的受精卵细胞，选用这种细胞作为受体细胞的原因是受精卵的全能性高，易发育成完整个体，细胞大，易操作。
(2)将上述转基因细胞培育成早期胚胎的过程中需要定期更换培养液，目的是清除代谢产物，防止细胞代谢产物积累对细胞自身造成危害；为细胞提供充足营养物质。形成早期胚胎后，可以通过胚胎分割技术获得更多的转基因牛。
(3)可以从转基因牛的尿液中获取人乳铁蛋白，为验证转基因牛生产的乳铁蛋白是否具有与生物体自身产生的乳铁蛋白相同的抑菌作用，可使用的材料有乳铁蛋白基因缺陷小鼠，转基因牛生产的小鼠乳铁蛋白，小鼠体内提取的乳铁蛋白，肺炎双球菌，实验思路如表：
组别
1
2
3
小鼠类型
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
乳铁蛋白
基因缺陷
小鼠
注射试剂
转基因牛
生产的小
鼠乳铁蛋白
小鼠体内
提取的乳
铁蛋白
生理盐水
感染微生物
肺炎双球菌
肺炎双球菌
肺炎双球菌
观察小鼠是
否患败血症
及症状轻重
（是否死亡）
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