2023年天津市高考物理冲刺卷1（含解析）

2023年天津市高考物理冲刺卷 1

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题

1．新中国成立后，为了打破西方霸权主义的核威胁,巩固我们来之不易的独立自主，无数科技工作者以全世界独一无二的热情及艰苦奋斗的精神投入核武器的研制工作之中，终于在1964年、1967年分别成功爆炸我国第一颗原子弹（atom bomb）和第一颗氢弹（hydrogen bomb）。下列核反应方程可表示氢弹的爆炸原理的是（　　）

A．

B．

C．

D．

2．一定质量的理想气体分别在、温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，对应的图线上有A、B两点，表示气体的两个状态。则（　　）

A．温度为时气体分子的平均动能比时大

B．从状态A到状态B的过程中，气体内能增加

C．从状态A到状态B的过程中，气体向外界放出热量

D．从状态A到状态B的过程中，气体压强减小

3．质量为m的小物块放在倾角为α的斜面上处于静止，如图所示．若整个装置可以沿水平方向或竖直方向平行移动，且小物块与斜面体总保持相对静止．下列的哪种运动方式可以使物块对斜面的压力和摩擦力都一定减少（ ）

A．沿竖直方向向上加速运动

B．沿水平方向向右加速运动

C．沿竖直方向向上减速运动

D．沿水平方向向右减速运动

二、多选题

4．已知某行星的质量为M，半径为R，其表面处的重力加速度为a，引力常量为G。则该行星上的第一宇宙速度一定为（　　）

A． B．7.9km/s C．11.2km/s D．

三、单选题

5．如图甲所示，为一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0时刻的图像。图乙为x=0.5m的质点的振动图像，下列说法中正确的是（　　）

A．该列简谐波沿x轴负方向传播，波速为1m/s

B．在t=0时刻，x=0.9m的质点，加速度沿y轴正方向

C．在t=0至t=0.5s内，x=1.0m的质点所通过的路程为2m

D．若以t=0.5s时作为计时起点，则x=0.5m处的质点的振动方程为y=2sin（2πt）m

四、多选题

6．如图所示，直角三角形ABC为一透明介质制成的三棱镜的截面，且∠A=30°，在整个AC面上有一束垂直于它的平行光线射入，已知透明介质的折射率n＞2，以下关于光线经过各个界面出射情况的说法正确的是（　　）

A．一定有光线垂直于AB面射出 B．光线一定不会由AB面射出

C．一定有光线垂直于BC面射出 D．一定有光线垂直于AC面射出

7．在匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲（1）所示，产生的交变电动势的图象如图甲（2）所示，若将其接到一理想变压器上，如图乙所示，该理想变压器的原线圈匝数 n1＝1600匝，副线圈匝数 n2＝400匝，交流电表A和V的内阻对电路的影响可忽略不计。则（　　）

A．线框产生的电动势瞬时值表达式为：e=311sin(100πt) V

B．从0到0.01s的时间内，通过线框的电量为零

C．在t =0.01s时，矩形线框中的磁通量最大，磁通量变化率为零，而此时变压器副线圈的瞬时感应电动势最大

D．若将可变电阻R的阻值由110Ω调为55Ω，则电流表A的示数由0.5A增大至1A

8．如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是

A．缩小a、b间的距离 B．加大a、b间的距离

C．取出a、b两极板间的电介质 D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质

五、实验题

9．（1）用如图所示装置，探究“加速度与力、质量的关系”的活动中，若要保证实验结果较为理想，则应满足的前提是：______

（2）调试好实验装置后，同学们顺利地完成了实验，下图是他们在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度a=_____m/s2。（保留三位有效数字）

（3）该同学在实验时，若忘记了平衡摩擦这一步骤，则其保持小车总质量不变，不断加大砝码的质量，在其质量从“非常小”到“较大”（与小车相比较）的过程中，得到了小车的加速度随力变化的图像，如下图所示，其中，符合实验事实的是(            )

A．      B．  

C．      D．  

10．甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（0-99.99Ω），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。

①先测电阻R1的阻值。请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变，______，读出电压表的示数U2。则电阻R1的表达式为R1=______

②甲同学已经测得电阻R1=4.8Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E=______V，电阻R2=______Ω．

③利用甲同学设计的电路和测得的电阻R1，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2．这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围______（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以______同学的做法更恰当些．

六、解答题

11．光滑水平面上放着质量m=1 kg的物块A与质量m=2 kg的物块B，A与B均可视为质点，A靠在竖直墙壁上，A、B间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），用手挡住B不动，此时弹簧弹性势能Ep=49 J．在A、B间系一轻质细绳，细绳长度大于弹簧的自然长度，如图所示．放手后B向右运动，绳在短暂时间内被拉断，之后B冲上与水平面相切的竖直半圆光滑轨道，其半径R=0.5 m，B恰能到达最高点C．g取10 m/s2，求：

（1）绳拉断后B的速度v的大小；

（2）绳拉断过程绳对B的冲量I的大小；

（3）绳拉断过程绳对A所做的功W．

12．如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L=0.5m，长为3d，d=1.0m，导轨平面与水平面的夹角为θ=37°，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层。匀强磁场的磁感应强度大小为B=4.0T，方向与导轨平面垂直。质量为m=0.2kg的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端。导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R=8.0Ω，导体棒电阻为r=2.0Ω，重力加速度为g=10m/s2。求：

（1）导体棒与涂层间的动摩擦因数μ；

（2）导体棒匀速运动的速度大小v；

（3）整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q。

13．如图所示，电源电动势为E=100V，内阻不计，R1、R2、R4的阻值均为300Ω，R3为可变电阻。C为一水平放置的平行板电容器，虚线到两极板距离相等且通过竖直放置的荧光屏中心，极板长为L=8cm，板间距离为d=1cm，右端到荧光屏距离为s=20cm，荧光屏直径为D=5cm。有一细电子束沿图中虚线以E0=9.6×102eV的动能连续不断地向右射入平行板电容器。要使电子都能打在荧光屏上，变阻器R3的取值范围多大？（已知电子电量e=1.6×10—19C）

参考答案：

1．D

【详解】A．是发现质子的核反应方程，故A错误；

B．是重核裂变方程，是对应原子弹爆炸的核反应方程，故B错误；

C．是原子核衰变方程，故C错误；

D．是氢核聚变方程，是对应氢弹爆炸的核反应方程，故D正确。

故选D。

2．D

【详解】A．根据可知，则温度为时气体分子的平均动能比时小，故A错误；

B．A到B的过程中，气体的温度不变，气体内能不变，故B错误；

C．A到B的过程中，气体的温度不变，气体内能不变，体积增大，气体对外做功（即），则一定吸收热量（），故C错误；

D．由图像可知，A到B的过程中，压强减小，故D正确。

故选D。

3．C

【详解】A．由于物体放在斜面上共受到三个力的作用，即重力、支持力和摩擦力；若物体沿竖直方向向上加速运动，物体的加速度方向向上，物体受到的合外力也向上，则支持力与摩擦力都成比例增大，即压力也增大，选项A错误；

B．若物体沿水平方向向右加速运动，合外力方向是水平向右的，故支持力会减小，摩擦力却要增大，故选项B错误；

C．若物体沿竖直方向向上减速运动，加速度方向向下，合外力方向向下，则支持力与摩擦力的合力减小，故支持力与摩擦力成比例减小，即压力也减小，选项C正确；

D．若物体沿水平方向向右减速运动，则加速度方向向左，故支持力增大，摩擦力减小，故压力减小，选项D错误．

故选C。

4．AD

【详解】在该星球表面或附近有

近地卫星有

解得

故AD正确，BC错误。

故选AD。

5．D

【详解】A．由图乙可知t=0时刻，x=0.5m的质点的振动方向向下，根据“同侧法”可知该列简谐波沿x轴正方向传播，由图像可知、，则波速为

故A错误；

B．在t=0时刻，x=0.9m的质点，在x轴的上方向上振动，加速度沿y轴负方向，故B错误；

C．在t=0至t=0.5s内，x=1.0m的质点振动时间为，所通过的路程为2A=4m，故C错误；

D．由题中条件可知

若以t=0.5s时作为计时起点，则x=0.5m处的质点的振动方程为

故D正确。

故选D。

6．BD

【详解】AB．光从介质中射向空气时恰发生全反射时

得

分析可知光线在AB界面的入射角为，所以射向AB界面的光全发生全反射，故A错误，B正确；

CD．光线在AB界面发生全发射时有部分光线射向BC界面，分析可知射向BC界面的入射角为，所以会发生全反射，射向AC界面，分析可知射向AC界面时的入射角为。所以光线垂直于AC面射出。故C错误，D正确。

故选BD。

7．AC

【详解】A．电动势的峰值为311V，周期为0.02s，结合图（1）可得电动势瞬时值表达式为

故A正确；

B．假设磁感应强度为B，线框面积为S、电阻为R，则

故B错误；

C．由图（2）可知在t =0.01s时，感应电动势为0，矩形线框位于中性面位置，线框中的磁通量最大，磁通量变化率为零。从图（2）可知此时感应电动势变化率最大，在变压器原线圈中引起的磁通量变化最快，由法拉第电磁感应定律可知此时原线圈产生的感应电动势最大，故此时变压器副线圈的瞬时感应电动势最大。故C正确；

D．原线圈电压为

所以副线圈电压为

则副线圈中电流大小为

原线圈电流为

将可变电阻R的阻值由110Ω调为55Ω时

原线圈电流大小为

则电流表A的示数由0.125A增大至0.25A。故D错误。

故选AC。

8．BC

【详解】试题分析：两极板间的电荷量恒定，因为a板和Q板接地，b板和P板相连，所以ab间的电势差和PQ间的电势差相等，根据公式可知缩小a、b间的距离，电容增大，根据公式可得减小，则也减小，即PQ间的电场强度减小，所以偏角变变小，反之增大ab间的距离，则偏角变大，A错误B正确；根据公式可知取出a、b两极板间的电介质，电容ab减小，根据公式可得增大，则也增大，即PQ间的电场强度增大，所以偏角变大，反之换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质，偏小变小，C正确D错误；

考点：考查了电容的动态变化分析

【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变

9．          0.195     C

【详解】（1）[1]由牛顿第二定律有

解得

则

因为没有测力计，当要保证砝码和砝码盘的总质量m远小于小车的质量M时，有

此时可以让砝码和砝码盘的总重力近似等于细绳对小车的拉力，所以若要保证实验结果较为理想，则应满足的前提是：要保证砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量，即；

（2）[2]小车的加速度为

（3）[3]若忘记了平衡摩擦这一步骤，有

解得

由此可知外力F要增大到滑动摩擦力才会有加速度，当时，，斜率为

保持小车总质量不变，不断加大砝码的质量，在其质量从“非常小”到“较大”（与小车相比较）的过程中，斜率先保持不变，当不再满足时，图像的斜率将变为

可知不断加大砝码的质量，斜率变小。

故选C。

10．     将S2切换到b               1.2Ω     较小     甲

【详解】①[1][2]先测出电阻箱R两端的电压U1，再测出电阻箱与R1的总电压U2，两次的电压之比就等于电阻R与R+R1之比，因此电键S2先切换到a，之后再切换到b，这时有

因此

；

②[3]根据闭合电路欧姆定律

整理得

可知图像的截距

可得

[4]由图可知图像的斜率值为

可得；

③[5][6]乙同学测量时，由于电压表测量的是R与R1的总电压，因此电阻箱调节范围较小，也就是电压表变化范围较小，甲同学的更合理。

11．（1）vB=5m/s（2）4N•s（3） 8J

【详解】试题分析：（1）设B在绳被拉断后瞬时的速率为vB，到达C点的速率为vC，

根据B恰能到达最高点C有：-----①

对绳断后到B运动到最高点C这一过程应用动能定理：-2mBgR=mBvc2-mBvB2---------②

由①②解得：vB=5m/s．

（2）设弹簧恢复到自然长度时B的速率为v1，取向右为正方向，

弹簧的弹性势能转化给B的动能，Ep=mBv12------③

根据动量定理有：I=mBvB-mBv1 -----------------④

由③④解得：I="-4" N•s，其大小为4N•s

（3）设绳断后A的速率为vA，取向右为正方向，

根据动量守恒定律有：mBv1=mBvB+mAvA-----⑤

根据动能定理有：W=mAvA2------⑥

由⑤⑥解得：W=8J

考点：动能定理；动量守恒定律；动量定理

【名师点睛】该题考查了多个知识点．我们首先要清楚物体的运动过程，要从题目中已知条件出发去求解问题．其中应用动能定理时必须清楚研究过程和过程中各力做的功．应用动量定理和动量守恒定律时要规定正方向，要注意矢量的问题．

12．（1）0.75；（2）3m/s；（3）1.2J

【详解】（1）由题可知，导体棒在图层上进行匀速，通过受力可知

解得

（2）由题可知

解得

（3）整个运动过程中，电路中产生的总热量等于整个过程中克服安培力做的功，即

解得

电阻R产生的焦耳热

13．

【详解】电子穿过电容器过程中，在水平方向做匀速运动  

l= v0t

在竖直方向做匀加速运动

，vy= at ，

电子穿过平行板电容器时，速度方向偏转θ 角   

联立解得  

电子打在荧光屏上偏离中心O′的位移为  

y = y1 + stanθ

即  

当时，代入数据求得

y=3cm>

故要使电子都能打在荧光屏上，应满足

y≤

解得

代入数据求得

U≤25V

当U=25V时，即

代入数据求得  

R3=900Ω

当U=25V时，即

代入数据求得  

R3=100Ω

综述

100Ω≤R3≤900Ω