衡水金卷先享题考前悟题——新教材新高考物理考前悟题

这是一份衡水金卷先享题考前悟题——新教材新高考物理考前悟题，共5页。试卷主要包含了5 s，4 J等内容，欢迎下载使用。
1.如表格所示为我国《高中生体质健康测试标准》——高三年级男生、女生50 m跑评分表。现有高三男、女两位同学的50 m跑单项测试成绩均为90分，两位同学在测试中均由静止开始匀加速起跑，达到最大速度后再匀速跑到终点，男、女两位同学加速运动的时间分别为2 s和2.4 s，则这两位男、女同学加速运动阶段的加速度大小之比为等级优秀良好单项得分10095908580男生成绩（s）6.86.97.07.17.2女生成绩（s）7.67.77.88.18.4A.1:1           B.11:10          C.33:25           D.39:352.如图所示，通过轻弹簧相连的两物块A、B均静置在水平地面上。已知A、B的质量均为，弹簧劲度系数为k，现给A施加竖直向上、大小F=2mg的恒力，弹簧始终在弹性限度内，则关于接下来的运动，下列说法正确的是A.A先做加速运动，当加速度减为零后做匀速运动B.A、B和弹簧组成的系统机械能先增加后不变C.A、B组成的系统总动量先增加后不变D.从B离开地面至弹簧第一次拉伸到最长的过程中，弹簧弹性势能的变化量为3.(多选)如图所示，在绝缘水平面内固定两根足够长的平行金属导轨，其左端连有一定值电阻R，导轨处在与水平方向的夹角为的匀强磁场中。不可伸长的轻绳跨过定滑轮一端与金属棒PQ中点相连，另一端挂有重物，定滑轮与金属棒之间的轻绳水平。t=0时刻释放重物，金属棒由静止开始运动，金属棒和导轨间的动摩擦因数，导轨及金属棒的电阻不计，金属棒和导轨始终垂直且接触良好，则金属棒在导轨上运动的过程中，金属棒的加速度a及速度随时间t、通过金属棒某一截面的电量q及动能随金属棒位移变化的图像正确的是4.(多选)空间存在垂直于纸面（平面）向外的匀强磁场和沿y轴正方向的匀强电场，磁场的磁感应强度大小为B，电场的电场强度大小为E。一质量为m、电荷量为q的带电粒子从坐标原点O由静止释放，在电场和磁场的作用下其运动轨迹如图所示,轨迹上的P点与x轴的距离最远，不计粒子重力及空气阻力。下列说法正确的是A.粒子带正电 B.粒子经过P点时的速度最大C.粒子经过P点时的速度大小为 D.P点与x轴的距离为5.如图所示，倾角的足够长的光滑斜面底端固定有垂直于斜面的挡板，将“L”型长木板静置于斜面底端，木板的质量M=2 kg，长度L=3.8 m。质量m=1 kg的物块（可视为质点）以初速度5 m/s从距木板上端0.8 m处开始沿木板上滑并与木板上端发生碰撞，之后运动过程中木板与挡板将发生多次碰撞，物块与木板上端以及木板与挡板之间的碰撞均为弹性碰撞，且碰撞时间极短。已知物块与木板间的动摩擦因数，，，重力加速度g＝10 m/s2。求：（1）物块与木板上端第一次碰撞后瞬间物块和木板的速度；（2）木板与挡板碰撞几次后物块从木板上滑落；（3）物块与木板相对滑动过程中因摩擦产生的热量。1.C【解析】设匀加速运动能达到的最大速度为，加速度大小为，加速运动的时间为，运动的总时间为，运动的总位移为x，由题意可知，，联立可得，则这两位男、女同学加速运动阶段的加速度大小之比，C项正确。2.C【解析】开始时A、B均处于静止状态，弹簧处于压缩状态，对A施加恒力F后，A开始向上加速运动，弹簧压缩量变小，弹力减小，A的加速度减小，当弹簧处于拉伸状态且弹力时B开始运动，此时A的加速度恰好减小到零，速度达到最大，由于A的速度大于B的速度,弹簧继续伸长,之后A减速，A项错误；在B离开地面之前及离开地面之后的整个过程中，因恒力F一直做正功，A、B和弹簧组成的系统机械能会不断增加，B项错误；在B离开地面之前，系统合外力不为零，A、B组成的系统总动量逐渐增加，B开始运动后，系统合外力为零，系统的总动量保持不变，C项正确；设A、B静止时弹簧的压缩量为，B刚要离开地面时弹簧的伸长量为，B刚要离开地面时A的速度为，由平衡条件有，两个状态弹簧的弹性势能相等，由功能关系有，B离开地面后第一次拉伸到最长时，A、B的速度相等，弹簧的弹性势能达到最大，设此时A、B的速度为，由系统动量守恒有，系统动能的减少量，联立解得，设此过程中A、B的位移分别为，恒力F做的功，系统重力势能的增加量，因，则，由功能关系可知从B离开地面至弹簧第一次拉伸到最长的过程中，弹簧弹性势能的变化量，D项错误。3.AD【解析】金属棒向右运动切割磁感线产生感应电流，设重物的质量为M，金属棒的质量为m，金属棒受到的安培力为F，方向与磁场方向垂直，对重物和金属棒整体应用牛顿第二定律有，又，联立可得，故金属棒做匀加速直线运动，A项正确，B项错误；金属棒的动能，故与位移成正比，D项正确；设金属棒的长度为l，由可知与位移成正比，C项错误。4.BD【解析】由粒子的运动轨迹可知粒子从坐标原点O由静止释放，向y轴负方向运动，并向右偏转，可判断粒子带负电，A项错误；运动过程中只有电场力对粒子做功，洛伦兹力不做功，由O点到P点的过程，电场力做功最多，故粒子经过P点时的速度最大，B项正确；P点为曲线运动轨迹上的一点，速度最大，向心力不为零，应有，则，C项错误；设P点与x轴的距离为，由O点到P点的过程，根据动能定理有，沿x轴方向根据动量定理有，可得，联立可得，D项正确。5.【解析】（1）设物块与木板间的滑动摩擦力大小为f  设物块上滑与木板上端碰撞之前物块的加速度为根据牛顿第二定律有   物块向上做匀减速运动，对于木板，由于，木板静止，设物块与木板上端碰撞前瞬间的速度大小为 由运动学公式有   设物块与木板上端碰撞后物块和木板的速度分别为，由系统动量守恒和机械能守恒有 联立解得-1 m/s，方向沿斜面向下  2 m/s，方向沿斜面向上（2）设物块与木板碰撞后，物块沿木板下滑的加速度大小为，木板的加速度大小为对物块，由牛顿第二定律有    对木板，由牛顿第二定律有     设经时间t物块和木板共速，则有联立解得t=0.5 s   可得共同速度-2 m/s木板在0~0.5 s时间内的位移，恰好回到初始位置与挡板碰撞，并以2 m/s的速度反弹，在物块从木板上滑落之前，木板每隔0.5 s与挡板碰撞一次由于，木板与挡板碰撞后物块始终沿斜面向下做加速运动，经过时间nt物块的位移若木板与挡板经过n次碰撞后物块从木板上滑落，应满足，联立解得，故木板与挡板碰撞三次后物块从木板上滑落（3）根据能量守恒定律，因相对滑动产生的热量解得18.4 J