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2023年江苏省淮安市中考物理二模试卷
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这是一份2023年江苏省淮安市中考物理二模试卷，共34页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省淮安市中考物理二模试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分）
1．（2分）古诗《春夜洛城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（ ）
A．音色 B．响度 C．音调 D．速度
2．（2分）“冰，水为之，而寒于水”出自《荀子•劝学》，下列水的物态变化中，与之相同的是（ ）
A．气结成露 B．冰雪消融 C．窗花凝结 D．河水结冰
3．（2分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．水中折笔
C．雨后彩虹 D．水中倒影
4．（2分）《套买曜》中记载：“人在舟中闭牖（门窗）而坐，舟行而人不觉”。其中“舟行”和“人不觉”分别对应的参照物是（ ）
A．舟、岸 B．水、舟 C．岸、舟 D．门窗、舟
5．（2分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （ ）
A．拉力的力臂为0.12m B．弹簧测力计的示数为4N
C．钩码总重为2N D．此时为省力杠杆
6．（2分）如图所示的措施中，为了减小摩擦的是（ ）
A．给机械安装滚动轴承 B．防滑手套内侧凹凸不平
C．自行车把手的条纹 D．汽车轮胎上装有防滑链
7．（2分）如图所示的是一种名为soccket的新型足球，这种足球能够将动能转化为电能并收集起来，可以用来为LED灯等低电压照明设备供电，每天踢上15分钟，就可以给LED灯供电3小时，下列演示实验能够说明发电足球原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率η（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值为5Ω
B．滑动变阻器最大阻值6Ω
C．乙图阴影部分面积为2.88W
D．丙图b点的坐标为（2V，4.5W）
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）
9．（6分）请看图完成下列问题：
（1）如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，同时机身周围常常会有白雾出现，如图所示。音爆的产生是因为空气 产生的，雪的形成原理与白雾的出现的原理 （选填“相同”或“不相同”）。
（2）如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，并在 （选填“A”、“B”）位置上观察是否有像。
（3）如图丙所示，a为某次水沸腾实验的温度﹣时间图像，若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度—时间”图线应为图丙中 （选填“b”或“c”）所示；
（4）在探究重力方向时，实验装置如图丁所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向 （选填“变化”或“不变”）。
10．（2分）用如图所示的滑轮组在10s内将一个重200N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为125N，不计绳重及摩擦，拉力做的有用功是 J，滑轮组的机械效率 。
11．（2分）如图所示是某款咖啡的制作过程，在咖啡壶中放入100克10℃左右的冷水，然后将咖啡壶放到滚烫的沙上，待水沸腾后再加入适量细腻的咖啡粉，经过搅拌得到一杯浓郁的咖啡。咖啡壶内的水沸腾前，是通过 的方式增大内能的。若把100g水加热至沸腾需要吸收 J的热量。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），当地的大气压为标准大气压】
12．（3分）如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是 （选填“串联”或“并联”）的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW•h以下的可充电设备。乘客 （填“可以”或“不可以”）将电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
13．（3分）两只完全一样的大烧杯分别装有相同质量的水和浓盐水，将两个质量完全相同的苹果分别放入其中，静止时苹果的状态如图所示。则两苹果排开液体的体积V甲 V乙，两苹果所受的浮力F甲 F乙（以上两空选填“＞”“＜”或“＝”）。大亚湾核电站是我国第一座大型商用核电站，是通过 （选填“核聚变”或“核裂变”）的方式获取核能。
14．（3分）当雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现：雨滴下落时所受空气阻力大小与下落速度有关，如表是对一重力为2.6×10﹣3牛的雨滴进行研究得到的数据。
下落速度（米/秒）
1
2
3
4
所受空气阻力（*10﹣3牛）
0.17
0.66
1.48
2.6
①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，此时雨滴受到的空气阻力 雨滴的重力（选填“大于”“小于”或“等于”）。
②请根据上表信息推测雨滴最终会做 运动，理由是 。
15．（2分）如图甲所示，笑笑同学根据实验数据画出了定值电阻R0和滑动变阻器R的P﹣I图像如图乙所示。则曲线 （选填“a”或“b”）是表示滑动变阻器R的P﹣I图像，P0为 W。
三、解答题（本题共10小题，，共43分）
16．（1分）如图所示，一束激光照射到小陶子的眼镜上，作出它的出射光线。
17．（1分）如图是重力为4.3N的足球在空中飞行时的情景，画出它所受重力的示意图。
18．（1分）请画出图中杠杆动力臂L的示意图。
19．（1分）如图所示，根据通电螺线管的磁极，请在括号中标出电源右侧的极性。
20．（10分）如图甲所示，是工人利用热熔器把两段管子焊接在一起的工作图。热熔器的电路部分如图乙所示，S1是手控开关，S2为温控开关，ND为指示灯，R1是限流电阻，R2和R1为电热丝，它的技术参数如表所示。
产品名称
便携式热熔器
额定电压
220V
加热头温度
260±5℃
功率
加热：1100W
保温：240W
（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是 现象；当S1闭合、S2 （选填“断开”或“闭合”）时，热熔器处于保温状态。
（2）指示灯ND为“3V 10mA”的发光二极管，则限流电阻R1的阻值多大才能使指示灯正常发光？
（3）电热丝R3的阻值多大？
（4）当环境温度是25℃时，熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，此时热熔器的效率为80%。若在25℃时熔接需要熔化110g的PVC塑料，在热熔器正常工作情况下需要加热多长时间？
21．（4分）如图甲所示，是“探究水沸腾时温度特点”的实验装置。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将 （选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好。
（2）实验过程中，小明同学每隔1min记录一次温度，根据实验数据在方格纸上描点做出图象，如图乙所示，由实验现象和图像可得出探究结论是 。
（3）观察到水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，甲图中杯口附近 （选填“C”或“D”）处的“白气”更浓；
（4）水沸腾一段时间后，停止加热，观察水是否继续沸腾，目的是 。
22．（5分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 （选填“右”或“左”）调。
（2）a．用天平测出空烧杯的质量为17g；b．在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示；c．将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示。
则烧杯中酱油的质量为 g，酱油的密度为 kg/m3。
（3）小明用这种方法测出的酱油密度会 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）为了减小误差，（2）的正确操作顺序 （填字母“a”“b”“c”）。
23．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。
（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在 上。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 （选填“正立”或“倒立”）的 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）仅将题（2）中蜡烛和光屏位置对调，此时光屏上所成像的特点与 （选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）相同。
（4）小林继续进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过 s，光屏上成清晰 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。
24．（5分）如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。
（1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面高度差的大小来反映；在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示。其调节的方法是 （选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．拆除胶管重新安装
（2）比较 两图，可以得到：深度相同时，液体的压强与液体密度有关，液体密度越大，压强越大；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）若保持丙图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为此结论是否可靠？ ；
（5）用图戊所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A．右侧待测液体到容器底的深度h1；
B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C．左侧水到容器底的深度h3；
D．左侧水到橡皮膜中心的深度h1
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝ （用题中合适的字母和ρ水表示）。
25．（10分）在“测量小灯泡电阻”的实验中：电源（电压未知且保持不变）、电流表，电压表、“20Ω 2A”的滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡、开关、导线若干。
（1）如图甲是小明连接的电路，闭合开关前发现导线1或2中有一根导线连接错误，请找出是 （填“1”或“2”）；请你在图甲中错误的连线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值 Ω；
（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压值和电流值，并绘制成U﹣I图像（如图丙所示），其中能准确反映小灯泡U﹣I图像的是 （选填“A”“B”或“C”），出现该现象的原因是 ；
（4）实验过程中，小华向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ΔP2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）小明又设计了图丁所示的电路，测量另一只标有额定电流为0.3A小灯泡的额功率，请完成下列步骤（已知：电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为20Ω）；
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持 滑片位置不变，调节滑动变阻器 的滑片，使电流表示数为 A；
③接着将R₁的滑片P调至最左端，电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，观察到电流表的示数为0.15A；
④该小灯泡额定功率P额＝ W。
2023年江苏省淮安市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分）
1．（2分）古诗《春夜洛城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（ ）
A．音色 B．响度 C．音调 D．速度
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：不同乐器发出乐音的音色不同，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的音色不同。
故选：A。
【点评】能区分声音的三个特征（音调、响度、音色）是解答此题的关键。
2．（2分）“冰，水为之，而寒于水”出自《荀子•劝学》，下列水的物态变化中，与之相同的是（ ）
A．气结成露 B．冰雪消融 C．窗花凝结 D．河水结冰
【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固，熔化吸热，凝固放热。
【解答】解：冰是由液体的水凝固而成的。
A．露是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故A不正确；
B．冰雪消融指固态的冰熔化成液态的水，故B不正确；
C．窗花是由空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故C不正确；
D．河水结冰，液态的水凝固成固态的冰，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对物态变化的相关知识的理解，属于热学基础知识的考查，比较简单。
3．（2分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．水中折笔
C．雨后彩虹 D．水中倒影
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：A、立竿见影，是利用光沿直线播形成的现象，故A不符合题意；
B、水中折笔，是光从水中斜射入空气中发生折射形成的，故B不符合题意；
C、雨后彩虹，是太阳光经空气中的水珠折射后分解为七色光形成的，属于光的折射现象，故C不符合题意；
D、水中倒影，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
4．（2分）《套买曜》中记载：“人在舟中闭牖（门窗）而坐，舟行而人不觉”。其中“舟行”和“人不觉”分别对应的参照物是（ ）
A．舟、岸 B．水、舟 C．岸、舟 D．门窗、舟
【分析】物体的运动和静止，都是被研究的物体相对参照物来讲的，这是物体运动和静止的相对性。
【解答】解：舟相对于河岸发生了位置的改变，以河岸为参照物，舟是运动的。
人和船之间没有发生位置的改变，以舟为参照物，人是静止的。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握。人在舟里坐着，舟是行驶的，但是人感觉不动。原因是选择的参照物不同，同一物体的运动和静止的结论就不同。说明运动和静止是相对的。
5．（2分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （ ）
A．拉力的力臂为0.12m B．弹簧测力计的示数为4N
C．钩码总重为2N D．此时为省力杠杆
【分析】当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）动力臂是OA，比较力臂大小判断杠杆是否省力；根据弹簧测力计的示数得出弹簧测力计的读数；根据杠杆的平衡条件求出钩码重力。
【解答】解：A、当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于OA＝×4×3cm＝6cm＝0.06m，故A错误；
B、由图中弹簧测力计指针在3N，弹簧测力计的示数为3N，故B错误；
C、根据杠杆的平衡条件F1L1＝GL2得，钩码的重力为：G＝＝＝2N，故C正确；
D、阻力臂的大小：L2＝3×3cm＝9cm＞L1，杠杆为费力杠杆，故D错误。
故选：C。
【点评】此题主要考查了杠杆的平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
6．（2分）如图所示的措施中，为了减小摩擦的是（ ）
A．给机械安装滚动轴承 B．防滑手套内侧凹凸不平
C．自行车把手的条纹 D．汽车轮胎上装有防滑链
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
A、给机械安装滚动轴承，是通过变滑动为滚动来减小摩擦力的，故A正确；
B、防滑手套内侧凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C、自行车把手的条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了增大和减小摩擦的方法，是一道基础题。
7．（2分）如图所示的是一种名为soccket的新型足球，这种足球能够将动能转化为电能并收集起来，可以用来为LED灯等低电压照明设备供电，每天踢上15分钟，就可以给LED灯供电3小时，下列演示实验能够说明发电足球原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】发足球的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
【解答】解：发电足球的工作原理是电磁感应原理，
A．演示的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，故A不符合题意；
B．演示的是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电磁感应原理，故B符合题意：
C．演示的是通电螺线管的磁场，原理是电流周围存在磁场，故C不符合题意：
D．演示的是异名磁极之间的相互作用，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
8．（2分）如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率η（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值为5Ω
B．滑动变阻器最大阻值6Ω
C．乙图阴影部分面积为2.88W
D．丙图b点的坐标为（2V，4.5W）
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于A端时，接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
（2）根据串联电路的特点和P＝UI＝I2R表示出滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比，根据表达式判断出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时效率最大，根据图丁读出最大效率，然后得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据图丙判断出a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电压表的示数，然后根据P＝UI求出乙图阴影部分面积；
（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流，利用P＝UI＝I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，根据表达式得出变阻器消耗的电功率最大接入电路中的电阻，根据图丙读出变阻器消耗的最大功率，然后求出电路中的电流和电压表的示数，从而得出丙图上b点的坐标。
【解答】解：由甲电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、当滑片位于A端时，滑动变阻器接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，
由图乙可知，电路中的最大电流I大＝3A，
由I＝可得，定值电阻的阻值：R0＝＝＝2Ω，故A错误；
B.因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，
所以，由P＝UI＝I2R可得，滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比：
η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图丁可知，最大效率为80%，
则80%＝×100%，
解得：R滑大＝8Ω，故B错误；
C、由图乙可知，a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时电路中的电流I小＝＝＝0.6A，
此时电压表的示数U滑＝I小R滑大＝0.6A×8Ω＝4.8V；
则乙图阴影部分面积：P＝U滑I小＝4.8V×0.6A＝2.88W，故C正确；
D、当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中电流：
I＝＝，
此时滑动变阻器消耗的电功率：
PR＝I2R＝（）2R＝＝，
当R＝R0＝2Ω时，变阻器消耗的电功率最大，由图丙可知，变阻器消耗的最大功率为4.5W，
此时电路中的电流I＝＝＝1.5A，
电压表的示数UR＝IR＝1.5A×2Ω＝3V，
则丙图上b点的坐标（3V，4.5W），故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是得出滑动变阻器消耗的最大功率时接入电路中的电阻和根据图像得出相关的信息。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）
9．（6分）请看图完成下列问题：
（1）如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，同时机身周围常常会有白雾出现，如图所示。音爆的产生是因为空气 振动 产生的，雪的形成原理与白雾的出现的原理 不相同 （选填“相同”或“不相同”）。
（2）如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在 未点燃 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，并在 B （选填“A”、“B”）位置上观察是否有像。
（3）如图丙所示，a为某次水沸腾实验的温度﹣时间图像，若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度—时间”图线应为图丙中 b （选填“b”或“c”）所示；
（4）在探究重力方向时，实验装置如图丁所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向 不变 （选填“变化”或“不变”）。
【分析】（1）发声的物体在振动；
（2）雾是水蒸气液化成的小液滴；雪是水蒸气凝华成的小颗粒；
确定平面镜成虚像，需要在像的位置（即未点燃的蜡烛）处放置光屏，在光屏一侧观察是否有像；
（3）在探究水的沸腾实验中，水的质量越大，加热时间越长，但是水的沸点不变；
（4）重力的方向总是竖直向下的。
【解答】解：（1）声音是由物体振动产生的；
雾是液化现象；雪凝华现象，故原理不相同；
（2）确定平面镜成虚像，需要在像的位置（即未点燃的蜡烛）处放置光屏，在光屏一侧即B处观察是否有像；
（3）若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度﹣时间”图线应为图丙中b所示，水的沸点不变，加热时间延长；
（4）逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向不变，因为重力的方向始终是竖直向下的。
故答案为：（1）振动；不相同；（2）未点燃：B；（3）b；不变。
【点评】知道声音产生的原因；知道平面镜成像的特点；知道水的沸腾特点；知道重力的方向始终是竖直向下的。
10．（2分）用如图所示的滑轮组在10s内将一个重200N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为125N，不计绳重及摩擦，拉力做的有用功是 400 J，滑轮组的机械效率 80% 。
【分析】（1）利用W有＝Gh求滑轮组对物体做的有用功；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）滑轮组对物体做的有用功：W有＝Gh＝200N×2m＝400J；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×2m＝4m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝125N×4m＝500J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
故答案为：400；80%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
11．（2分）如图所示是某款咖啡的制作过程，在咖啡壶中放入100克10℃左右的冷水，然后将咖啡壶放到滚烫的沙上，待水沸腾后再加入适量细腻的咖啡粉，经过搅拌得到一杯浓郁的咖啡。咖啡壶内的水沸腾前，是通过 热传递 的方式增大内能的。若把100g水加热至沸腾需要吸收 3.78×104 J的热量。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），当地的大气压为标准大气压】
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量。
【解答】解：咖啡壶内的水吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式增大水的内能；
一个标准大气压下，水的沸点100℃，水的质量：m＝100g＝0.1kg，
水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（100℃﹣10℃）＝3.78×104J。
故答案为：热传递；3.78×104。
【点评】本题考查改变物体内能的方式以及热量的简单计算，是一道基础题。
12．（3分）如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是 并联 （选填“串联”或“并联”）的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW•h以下的可充电设备。乘客 可以 （填“可以”或“不可以”）将电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）并联电路的各个用电器之间互不影响；串联的各个用电器之间互相影响。
（2）根据W＝UIt计算比较电池储存的电能。
（3）测电笔的氖管接触火线或与火线连通的导体就会发光。
【解答】解：如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是并联的，互不影响；
电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本储存的电能为：W＝UIt＝20V×2000mA•h＝20V×2A•h＝40W•h＝0.04kW•h，小于航空公司的规定值，可以带上飞机。
开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，A点与火线连通，且与零线断路，故测电笔氖管会发光。
故答案为：并联；可以：会。
【点评】知道测电笔的使用方法；知道串联电路和并联电路的特点；会根据电功公式进行简单的计算。
13．（3分）两只完全一样的大烧杯分别装有相同质量的水和浓盐水，将两个质量完全相同的苹果分别放入其中，静止时苹果的状态如图所示。则两苹果排开液体的体积V甲 ＞ V乙，两苹果所受的浮力F甲 ＝ F乙（以上两空选填“＞”“＜”或“＝”）。大亚湾核电站是我国第一座大型商用核电站，是通过 核裂变 （选填“核聚变”或“核裂变”）的方式获取核能。
【分析】根据物体的浮沉条件判断苹果所受浮力关系；
核电站利用原子核裂变发电。
【解答】解：苹果质量相同、密度相同，由ρ＝可知两个苹果体积相同；根据图示可知，甲图中苹果悬浮，则排开水的体积V甲＝V物；乙图中物体漂浮，则排开浓盐水的体积V乙＜V物，故V甲＞V乙。
两苹果质量相同，由G＝mg可知，两苹果重力相同，甲图中苹果处于悬浮状态，所受浮力F甲＝G物；乙图中苹果处于漂浮状态，所受浮力F乙＝G物，故F甲＝F乙。
原子弹和核电站都是利用原子核裂变的链式反应发电。
故答案为：＞；＝；核裂变。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和核能的应用，一定要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
14．（3分）当雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现：雨滴下落时所受空气阻力大小与下落速度有关，如表是对一重力为2.6×10﹣3牛的雨滴进行研究得到的数据。
下落速度（米/秒）
1
2
3
4
所受空气阻力（*10﹣3牛）
0.17
0.66
1.48
2.6
①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，此时雨滴受到的空气阻力 小于 雨滴的重力（选填“大于”“小于”或“等于”）。
②请根据上表信息推测雨滴最终会做 匀速直线 运动，理由是 雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡 。
【分析】①根据雨滴的运动状态判定阻力和重力的大小关系；
②根据阻力和运动速度的关系分析。
【解答】解：①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，这说明合力的方向是竖直向下的，所以雨滴受到的空气阻力小于雨滴的重力；
②根据表格中的数据可知，雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡，将做匀速直线运动。
故答案为：①小于；②匀速直线；雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡。
【点评】本题主要考查了力和运动的关系，二力平衡条件的应用及对新知识的应用能力，关键能够搞清雨滴下落过程中所受力的变化及状态的变化关系。
15．（2分）如图甲所示，笑笑同学根据实验数据画出了定值电阻R0和滑动变阻器R的P﹣I图像如图乙所示。则曲线 a （选填“a”或“b”）是表示滑动变阻器R的P﹣I图像，P0为 1.25 W。
【分析】（1）由P＝I2R可知，定值电阻R0的发热功率P0与电流I是二次函数关系，据此得出定值电阻对应的图线应该是b，滑动变阻器的图线是a；
（2）利用图象和P＝UI确定电源电压，结合电功率变形公式求解定值电阻阻值，由图乙可知，当电路中电流为I0时，定值电阻R0的电功率等于滑动变阻器的电功率，由P＝I2R可知滑动变阻器连入电路的电阻等于定值电阻，利用欧姆定律、电功率计算公式P＝I2R求得P0。
【解答】解：由P＝I2R可知，定值电阻R0的发热功率P0与电流I是二次函数关系，据此得出定值电阻对应的图线应该是b，滑动变阻器的图线是a，
由图可知当电流为0.1A时，滑动变阻器的电阻功率为0.8W，定值电阻的功率为0.2W，故由此可知电源电压为U＝＝＝10V，
此时定值电阻的两端的电压为＝＝2V，
定值电阻的阻值为R0＝＝20Ω，
由图乙可知，当电路中电流为I0时，定值电阻R0的电功率等于滑动变阻器的电功率，由P＝I2R可知滑动变阻器连入电路的电阻等于定值电阻，电路总电阻R总＝2R0＝2×20Ω＝40Ω，
I0＝＝0.25A，
P0＝R0＝（0.25A）2×20Ω＝1.25W。
故答案为：a；1.25。
【点评】本题难度较大，由图象找出电功率对应的电流是正确解题的前提与关键，熟练应用电功率公式的变形公式、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。
三、解答题（本题共10小题，共43分）
16．（1分）如图所示，一束激光照射到小陶子的眼镜上，作出它的出射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解“”平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线经传播方向不改变。
17．（1分）如图是重力为4.3N的足球在空中飞行时的情景，画出它所受重力的示意图。
【分析】重力的方向总是竖直向下的，作用点在重心。
【解答】解：重力的方向总是竖直向下的，从足球重心O，沿竖直向下方向画一条有向线段，标出G＝4.3N，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动、处于什么状态，重力的方向总是竖直向下的。
18．（1分）请画出图中杠杆动力臂L的示意图。
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
【解答】解：延长动力F的作用线，从支点O向动力作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L，如图所示：
【点评】此题考查了力臂的画法，理解力臂的概念，会画力的作用线以及过支点的力的作用线的垂线是关键。
19．（1分）如图所示，根据通电螺线管的磁极，请在括号中标出电源右侧的极性。
【分析】已知通电螺线管的N、S极，由安培定则得出通电螺线管线圈中的电流方向，进而确定电源的正负极。
【解答】解：已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极，右手握住螺线管，大拇指指向通电螺线管的N极，则四指指向电流的方向，可知电流由右侧流入，则电源左端为负极，右端为正极，如图所示：
【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈的绕向。在具体的题目中，知二求一，由此来突破此题。
20．（10分）如图甲所示，是工人利用热熔器把两段管子焊接在一起的工作图。热熔器的电路部分如图乙所示，S1是手控开关，S2为温控开关，ND为指示灯，R1是限流电阻，R2和R1为电热丝，它的技术参数如表所示。
产品名称
便携式热熔器
额定电压
220V
加热头温度
260±5℃
功率
加热：1100W
保温：240W
（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是 扩散 现象；当S1闭合、S2 断开 （选填“断开”或“闭合”）时，热熔器处于保温状态。
（2）指示灯ND为“3V 10mA”的发光二极管，则限流电阻R1的阻值多大才能使指示灯正常发光？
（3）电热丝R3的阻值多大？
（4）当环境温度是25℃时，熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，此时热熔器的效率为80%。若在25℃时熔接需要熔化110g的PVC塑料，在热熔器正常工作情况下需要加热多长时间？
【分析】（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是扩散现象；当开S1闭合、S2断开时，两R2、R3电阻串联，当开关S1、S2闭合时，只有R3工作，根据串联电路的特点和P＝可知保温状态加热状态时的电路连接；
（2）指示灯正常工作时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出限流电阻R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出限流电阻R1的阻值；
（3）根据加热状态时的功率和P＝可知R3的阻值；
（4）根据熔化1kg的PVC塑料需要吸收的热量求出熔化110g的PVC吸收的热量，根据效率公式求出消耗的电能，利用P＝求出加热时间。
【解答】解：（1）组成物质的分子在不停地做无规则运动，连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是扩散现象；
由图乙可知，当开S1闭合、S2断开时，发热电路中两R2、R3电阻串联，当开关S1、S2闭合时，发热电路中只有R3工作，
根据串联电路的电阻特点可知，当开S1闭合、S2断开时，发热电路中两R2、R3电阻串联，电路中的总电阻最大，根据P＝可知，电路中的总功率最小，热熔器处于保温状态；
当开关S1、S2闭合时，发热电路中只有R3工作，电路中的总电阻最小，电功率最大，热熔器处于加热状态；
（2）指示灯ND与限流电阻R1串联，当指示灯正常发光时：＝IND＝10mA＝0.01A，
根据串联电路的电压特点可知，限流电阻R1两端的电压为：＝U−UND＝220V−3V＝217V，
根据欧姆定律可知，限流电阻R1的阻值为R1＝＝＝2.17×104Ω；
（3）当S1、S2闭合时处于加热状态，此时发热电路只有电热丝R3工作，
由P＝可得，电热丝R3的阻值R3＝＝＝44Ω；
（4）熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，
所以熔化110g的PVC需要吸收的热量：Q＝×8×105J＝8.8×104J；
由η＝×100%可得，消耗的电能W＝＝＝1.1×105J；
由P＝可得，需要的加热时间t＝＝＝100s。
答：（1）扩散；断开；
（2）限流电阻R1的阻值2.17×104Ω才能使指示灯正常发光；
（3）电热丝R3的阻值44Ω；
（4）热熔器正常工作情况下需要加热的时间为100s。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、效率公式的应用以及电热的计算，分清电路的连接特点与热熔器的工作状态是解题的关键。
21．（4分）如图甲所示，是“探究水沸腾时温度特点”的实验装置。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将 A处向上 （选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好。
（2）实验过程中，小明同学每隔1min记录一次温度，根据实验数据在方格纸上描点做出图象，如图乙所示，由实验现象和图像可得出探究结论是 水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变 。
（3）观察到水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，甲图中杯口附近 D （选填“C”或“D”）处的“白气”更浓；
（4）水沸腾一段时间后，停止加热，观察水是否继续沸腾，目的是 探究水沸腾是否需要继续吸热 。
【分析】（1）在测量水的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热；（2）水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；
（3）物质由气态变为液态叫液化，液化的两种方法：降低温度（温度越低越明显）、压缩体积；
（4）从沸腾需要满足的条件进行分析。
【解答】解：（1）如图甲，在组装器材时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热，现在温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，此时应将A处向上调整；
（2）分析图像可知：水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；
（3）水沸腾时烧杯的上方出现大量的“白气”，“白气”是由水蒸气液化形成的，杯口附近C处温度高、D处的温度低，D处的“白气”更浓；
（4）停止加热，观察水是否继续沸腾，其目的是探究水沸腾是否需要继续吸热。
故答案为：（1）A处向上；（2）水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；（3）D；（4）探究水沸腾是否需要继续吸热。
【点评】本题是探究水的沸腾实验，主要考查了实验器材的安装、液化现象以及沸腾时的特点等知识，是一道很好的实验题。
22．（5分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 左 （选填“右”或“左”）调。
（2）a．用天平测出空烧杯的质量为17g；b．在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示；c．将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示。
则烧杯中酱油的质量为 45 g，酱油的密度为 1.125×103 kg/m3。
（3）小明用这种方法测出的酱油密度会 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）为了减小误差，（2）的正确操作顺序 bca （填字母“a”“b”“c”）。
【分析】（1）天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母，调左侧的还是右侧的平衡螺母都是可以的。
（2）砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量；由图示量筒读出酱油的体积，然后由密度公式可以求出酱油的密度；
（3）（4）在测液体密度时，玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响，据此分析合适的实验步骤。
【解答】解：（1）调节时将天平放在水平台上，把游码放在标尺零刻度处，指针的位置指在分度盘中央的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）由图甲所示可知，酱油和瓶的总质量：m总＝50g+10g+2g＝62g，
烧杯中酱油的质量：m＝m总﹣m剩＝62g﹣17g＝45g，
由图乙所示量筒可知，酱油的体积：V＝40mL＝40cm3，
酱油的密度：ρ＝＝＝1.125g/cm3＝1.125×103kg/m3。
（3）小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ＝知：密度测量结果偏大。
（4）为减小误差，可按照bca的顺序进行实验
故答案为：（1）左；（2）45；1.125×103；（3）偏大；（4）bca。
【点评】本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出酱油的质量与体积，应用密度公式可以求出酱油的密度。
23．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。
（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在 同一高度 上。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 倒立 （选填“正立”或“倒立”）的 放大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）仅将题（2）中蜡烛和光屏位置对调，此时光屏上所成像的特点与 照相机 （选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）相同。
（4）小林继续进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过 5 s，光屏上成清晰 等大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上；
（2）根据凸透镜成实像时，物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像；
（3）将图甲中蜡烛和光屏的位置互换，根据光路可逆进行分析；照相机成倒立缩小的实像；
（4）假设经过的时间是t，分别求出t秒后的物距和像距，比较会发现两个距离相等，此时物距和像距都等于2倍焦距，据此列方程求解，求出时间t；物距和像距相等时，成等大的实像。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上；
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像；
（3）保持凸透镜位置不变，将图甲中蜡烛和光屏的位置互换，此时物距将大于像距，根据光路可逆，成倒立缩小的实像，应用为照相机；
（4）由乙图可知，物距 u＝15cm，像距v＝15cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s 和 1cm/s 的速度，同时匀速向左运动，则t秒时，物距u′＝15cm+（2cm/s﹣1cm/s ）t＝15cm+1cm/s×t，像距v′＝15cm+1cm/s×t，
则可知在移动过程中，要能在不动的光屏上成像，物距必须等于像距，由凸透镜成像规律可知此时成倒立等大的实像，
所以此时u′＝v′＝2f＝20cm，即15cm+t×1cm/s＝20cm，解得t＝5s。
故答案为：（1）同一高度；（2）倒立；放大；（3）照相机；（4）5；等大。
【点评】此题考查的是凸透镜成像规律和实际应用，属于基本技能的考查和基本规律的应用，难度不大，熟练掌握凸透镜成像规律是解决此类问题的前提。
24．（5分）如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。
（1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面高度差的大小来反映；在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示。其调节的方法是 B （选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．拆除胶管重新安装
（2）比较 丙、丁 两图，可以得到：深度相同时，液体的压强与液体密度有关，液体密度越大，压强越大；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）若保持丙图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为此结论是否可靠？ 不可靠 ；
（5）用图戊所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A．右侧待测液体到容器底的深度h1；
B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C．左侧水到容器底的深度h3；
D．左侧水到橡皮膜中心的深度h1
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝ （用题中合适的字母和ρ水表示）。
【分析】（1）液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）（3）（4）液体压强大小跟液体深度和密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟方向的关系时，控制深度、密度不变，改变金属盒的方向；探究液体压强跟密度时，控制深度和方向不变，改变密度的大小；
（5）观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p＝ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
【解答】解：（1）液体内部压强大小通过U形管中液面高度差的大小来反映，这是转换法；进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
（2）比较图乙和图丙知，液体的密度相同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部的压强越大，故可以得出在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大；要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度不变，改变液体的密度，实验丙、丁符合题意；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，液体内部的压强不变，U形管中液面高度差不变；
（4）保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论不可靠；
（5）实验时，橡皮膜两侧受到的压强容易观察，利用水和液体在橡皮膜处的压强相等来计算液体压强，分别测量出待测液体和水到橡皮膜中心的深度，根据橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左＝p右，由液体压强公式得ρ水gh4＝ρgh2，解得待测液体密度的表达式为：ρ＝。
故答案为：（1）B；（2）丙、丁；（3）不变；（4）不可靠；（5）。
【点评】本题考查了压强计的检查与使用、液体压强的影响因素等问题，难度不大，掌握基础知识即可正确解题，解题时注意控制变量法的应用。
25．（10分）在“测量小灯泡电阻”的实验中：电源（电压未知且保持不变）、电流表，电压表、“20Ω 2A”的滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡、开关、导线若干。
（1）如图甲是小明连接的电路，闭合开关前发现导线1或2中有一根导线连接错误，请找出是 1 （填“1”或“2”）；请你在图甲中错误的连线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值 12.5 Ω；
（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压值和电流值，并绘制成U﹣I图像（如图丙所示），其中能准确反映小灯泡U﹣I图像的是 C （选填“A”“B”或“C”），出现该现象的原因是 灯泡的电阻随温度的升高而增大 ；
（4）实验过程中，小华向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ＜ ΔP2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）小明又设计了图丁所示的电路，测量另一只标有额定电流为0.3A小灯泡的额功率，请完成下列步骤（已知：电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为20Ω）；
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持 R1 滑片位置不变，调节滑动变阻器 R2 的滑片，使电流表示数为 0.3 A；
③接着将R₁的滑片P调至最左端，电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，观察到电流表的示数为0.15A；
④该小灯泡额定功率P额＝ 0.9 W。
【分析】（1）电压表应并联在灯泡两端，且滑动变阻器应选择“一上一下”两个接线柱串联使用，故电压表和电流表相连的导线错误，可将滑动变阻器的左下接线柱和电流表的“﹣”接线柱线路，据此画图。
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的阻值。（3）灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（4）当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大，根据P＝UI判断出灯泡实际功率的变化；
电源电压不变，由P＝UI可知，电路总功率变小；根据电路总功率等于各用电器消耗功率之和判断出，滑动变阻器的功率增大量ΔP1与灯泡的功率变化ΔP2的关系。
（5）采用等效替代法进行测量：只闭合开关S和S1，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，接着将R1的滑片P调至最左端，记下电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为0.15A，根据电源电压不变，求出滑动变阻器R2的阻值，根据P＝I2R求出的电功率，即小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）电压表应并联在灯泡两端，且滑动变阻器应选择“一上一下”两个接线柱串联使用，故电压表和电流表相连的导线错误，可将滑动变阻器的左下接线柱和电流表的“﹣”接线柱线路，如图。
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的阻值RL＝＝＝12.5Ω。
（3）灯泡的电阻随温度的升高而增大，图中能准确反映小灯泡I﹣U图像是C。
（4）当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，根据知电路中的电流变大，由串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压增大，灯泡的实际功率变大；电源电压不变，由P＝UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小量ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1＜ΔP2；
（5）①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，调节滑动变阻器R2，使电流表示数仍为0.3A；
此时滑动变阻器R2等效于小灯泡。
③接着将R1的滑片P调至最左端，滑动变阻器R1被短路，记下电流表的示数为0.45A，则电源电压U源＝I'R2；
再将R1的滑片P调至最右端，滑动变阻器R1和滑动变阻器R2串联在电路中，阻值最大滑动变阻器R1，记下电流表的示数为0.15A，则电源电压U源＝I''（R1+R2）；
根据电源电压不变得，则I'R2＝I''（R1+R2），
0.45A×R2＝0.15A×（20Ω+R2），
则滑动变阻器R2的阻值R2＝10Ω。
则滑动变阻器R2的功率为P'＝I额2R2＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，
滑动变阻器R2等效于小灯泡，则小灯泡的额定功率P额＝0.9W。
故答案为：（1）1；见解析；（2）12.5；（3）C；灯泡的电阻随温度的升高而增大；（4）＜；（5）R1；R2；0.3；0.9。
【点评】本题为“测量小灯泡电阻”的实验，考查电路连接、欧姆定律的应用、图像分析和实验步骤等知识。
2023年江苏省淮安市中考物理二模试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分）
1．（2分）古诗《春夜洛城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（ ）
A．音色 B．响度 C．音调 D．速度
2．（2分）“冰，水为之，而寒于水”出自《荀子•劝学》，下列水的物态变化中，与之相同的是（ ）
A．气结成露 B．冰雪消融 C．窗花凝结 D．河水结冰
3．（2分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．水中折笔
C．雨后彩虹 D．水中倒影
4．（2分）《套买曜》中记载：“人在舟中闭牖（门窗）而坐，舟行而人不觉”。其中“舟行”和“人不觉”分别对应的参照物是（ ）
A．舟、岸 B．水、舟 C．岸、舟 D．门窗、舟
5．（2分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （ ）
A．拉力的力臂为0.12m B．弹簧测力计的示数为4N
C．钩码总重为2N D．此时为省力杠杆
6．（2分）如图所示的措施中，为了减小摩擦的是（ ）
A．给机械安装滚动轴承 B．防滑手套内侧凹凸不平
C．自行车把手的条纹 D．汽车轮胎上装有防滑链
7．（2分）如图所示的是一种名为soccket的新型足球，这种足球能够将动能转化为电能并收集起来，可以用来为LED灯等低电压照明设备供电，每天踢上15分钟，就可以给LED灯供电3小时，下列演示实验能够说明发电足球原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率η（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值为5Ω
B．滑动变阻器最大阻值6Ω
C．乙图阴影部分面积为2.88W
D．丙图b点的坐标为（2V，4.5W）
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）
9．（6分）请看图完成下列问题：
（1）如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，同时机身周围常常会有白雾出现，如图所示。音爆的产生是因为空气 产生的，雪的形成原理与白雾的出现的原理 （选填“相同”或“不相同”）。
（2）如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，并在 （选填“A”、“B”）位置上观察是否有像。
（3）如图丙所示，a为某次水沸腾实验的温度﹣时间图像，若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度—时间”图线应为图丙中 （选填“b”或“c”）所示；
（4）在探究重力方向时，实验装置如图丁所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向 （选填“变化”或“不变”）。
10．（2分）用如图所示的滑轮组在10s内将一个重200N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为125N，不计绳重及摩擦，拉力做的有用功是 J，滑轮组的机械效率 。
11．（2分）如图所示是某款咖啡的制作过程，在咖啡壶中放入100克10℃左右的冷水，然后将咖啡壶放到滚烫的沙上，待水沸腾后再加入适量细腻的咖啡粉，经过搅拌得到一杯浓郁的咖啡。咖啡壶内的水沸腾前，是通过 的方式增大内能的。若把100g水加热至沸腾需要吸收 J的热量。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），当地的大气压为标准大气压】
12．（3分）如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是 （选填“串联”或“并联”）的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW•h以下的可充电设备。乘客 （填“可以”或“不可以”）将电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
13．（3分）两只完全一样的大烧杯分别装有相同质量的水和浓盐水，将两个质量完全相同的苹果分别放入其中，静止时苹果的状态如图所示。则两苹果排开液体的体积V甲 V乙，两苹果所受的浮力F甲 F乙（以上两空选填“＞”“＜”或“＝”）。大亚湾核电站是我国第一座大型商用核电站，是通过 （选填“核聚变”或“核裂变”）的方式获取核能。
14．（3分）当雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现：雨滴下落时所受空气阻力大小与下落速度有关，如表是对一重力为2.6×10﹣3牛的雨滴进行研究得到的数据。
下落速度（米/秒）
1
2
3
4
所受空气阻力（*10﹣3牛）
0.17
0.66
1.48
2.6
①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，此时雨滴受到的空气阻力 雨滴的重力（选填“大于”“小于”或“等于”）。
②请根据上表信息推测雨滴最终会做 运动，理由是 。
15．（2分）如图甲所示，笑笑同学根据实验数据画出了定值电阻R0和滑动变阻器R的P﹣I图像如图乙所示。则曲线 （选填“a”或“b”）是表示滑动变阻器R的P﹣I图像，P0为 W。
三、解答题（本题共10小题，，共43分）
16．（1分）如图所示，一束激光照射到小陶子的眼镜上，作出它的出射光线。
17．（1分）如图是重力为4.3N的足球在空中飞行时的情景，画出它所受重力的示意图。
18．（1分）请画出图中杠杆动力臂L的示意图。
19．（1分）如图所示，根据通电螺线管的磁极，请在括号中标出电源右侧的极性。
20．（10分）如图甲所示，是工人利用热熔器把两段管子焊接在一起的工作图。热熔器的电路部分如图乙所示，S1是手控开关，S2为温控开关，ND为指示灯，R1是限流电阻，R2和R1为电热丝，它的技术参数如表所示。
产品名称
便携式热熔器
额定电压
220V
加热头温度
260±5℃
功率
加热：1100W
保温：240W
（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是 现象；当S1闭合、S2 （选填“断开”或“闭合”）时，热熔器处于保温状态。
（2）指示灯ND为“3V 10mA”的发光二极管，则限流电阻R1的阻值多大才能使指示灯正常发光？
（3）电热丝R3的阻值多大？
（4）当环境温度是25℃时，熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，此时热熔器的效率为80%。若在25℃时熔接需要熔化110g的PVC塑料，在热熔器正常工作情况下需要加热多长时间？
21．（4分）如图甲所示，是“探究水沸腾时温度特点”的实验装置。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将 （选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好。
（2）实验过程中，小明同学每隔1min记录一次温度，根据实验数据在方格纸上描点做出图象，如图乙所示，由实验现象和图像可得出探究结论是 。
（3）观察到水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，甲图中杯口附近 （选填“C”或“D”）处的“白气”更浓；
（4）水沸腾一段时间后，停止加热，观察水是否继续沸腾，目的是 。
22．（5分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 （选填“右”或“左”）调。
（2）a．用天平测出空烧杯的质量为17g；b．在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示；c．将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示。
则烧杯中酱油的质量为 g，酱油的密度为 kg/m3。
（3）小明用这种方法测出的酱油密度会 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）为了减小误差，（2）的正确操作顺序 （填字母“a”“b”“c”）。
23．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。
（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在 上。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 （选填“正立”或“倒立”）的 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）仅将题（2）中蜡烛和光屏位置对调，此时光屏上所成像的特点与 （选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）相同。
（4）小林继续进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过 s，光屏上成清晰 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。
24．（5分）如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。
（1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面高度差的大小来反映；在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示。其调节的方法是 （选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．拆除胶管重新安装
（2）比较 两图，可以得到：深度相同时，液体的压强与液体密度有关，液体密度越大，压强越大；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）若保持丙图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为此结论是否可靠？ ；
（5）用图戊所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A．右侧待测液体到容器底的深度h1；
B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C．左侧水到容器底的深度h3；
D．左侧水到橡皮膜中心的深度h1
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝ （用题中合适的字母和ρ水表示）。
25．（10分）在“测量小灯泡电阻”的实验中：电源（电压未知且保持不变）、电流表，电压表、“20Ω 2A”的滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡、开关、导线若干。
（1）如图甲是小明连接的电路，闭合开关前发现导线1或2中有一根导线连接错误，请找出是 （填“1”或“2”）；请你在图甲中错误的连线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值 Ω；
（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压值和电流值，并绘制成U﹣I图像（如图丙所示），其中能准确反映小灯泡U﹣I图像的是 （选填“A”“B”或“C”），出现该现象的原因是 ；
（4）实验过程中，小华向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ΔP2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）小明又设计了图丁所示的电路，测量另一只标有额定电流为0.3A小灯泡的额功率，请完成下列步骤（已知：电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为20Ω）；
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持 滑片位置不变，调节滑动变阻器 的滑片，使电流表示数为 A；
③接着将R₁的滑片P调至最左端，电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，观察到电流表的示数为0.15A；
④该小灯泡额定功率P额＝ W。
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参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分）
1．（2分）古诗《春夜洛城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（ ）
A．音色 B．响度 C．音调 D．速度
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：不同乐器发出乐音的音色不同，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的音色不同。
故选：A。
【点评】能区分声音的三个特征（音调、响度、音色）是解答此题的关键。
2．（2分）“冰，水为之，而寒于水”出自《荀子•劝学》，下列水的物态变化中，与之相同的是（ ）
A．气结成露 B．冰雪消融 C．窗花凝结 D．河水结冰
【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固，熔化吸热，凝固放热。
【解答】解：冰是由液体的水凝固而成的。
A．露是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故A不正确；
B．冰雪消融指固态的冰熔化成液态的水，故B不正确；
C．窗花是由空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故C不正确；
D．河水结冰，液态的水凝固成固态的冰，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对物态变化的相关知识的理解，属于热学基础知识的考查，比较简单。
3．（2分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．水中折笔
C．雨后彩虹 D．水中倒影
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：A、立竿见影，是利用光沿直线播形成的现象，故A不符合题意；
B、水中折笔，是光从水中斜射入空气中发生折射形成的，故B不符合题意；
C、雨后彩虹，是太阳光经空气中的水珠折射后分解为七色光形成的，属于光的折射现象，故C不符合题意；
D、水中倒影，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
4．（2分）《套买曜》中记载：“人在舟中闭牖（门窗）而坐，舟行而人不觉”。其中“舟行”和“人不觉”分别对应的参照物是（ ）
A．舟、岸 B．水、舟 C．岸、舟 D．门窗、舟
【分析】物体的运动和静止，都是被研究的物体相对参照物来讲的，这是物体运动和静止的相对性。
【解答】解：舟相对于河岸发生了位置的改变，以河岸为参照物，舟是运动的。
人和船之间没有发生位置的改变，以舟为参照物，人是静止的。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握。人在舟里坐着，舟是行驶的，但是人感觉不动。原因是选择的参照物不同，同一物体的运动和静止的结论就不同。说明运动和静止是相对的。
5．（2分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （ ）
A．拉力的力臂为0.12m B．弹簧测力计的示数为4N
C．钩码总重为2N D．此时为省力杠杆
【分析】当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）动力臂是OA，比较力臂大小判断杠杆是否省力；根据弹簧测力计的示数得出弹簧测力计的读数；根据杠杆的平衡条件求出钩码重力。
【解答】解：A、当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于OA＝×4×3cm＝6cm＝0.06m，故A错误；
B、由图中弹簧测力计指针在3N，弹簧测力计的示数为3N，故B错误；
C、根据杠杆的平衡条件F1L1＝GL2得，钩码的重力为：G＝＝＝2N，故C正确；
D、阻力臂的大小：L2＝3×3cm＝9cm＞L1，杠杆为费力杠杆，故D错误。
故选：C。
【点评】此题主要考查了杠杆的平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
6．（2分）如图所示的措施中，为了减小摩擦的是（ ）
A．给机械安装滚动轴承 B．防滑手套内侧凹凸不平
C．自行车把手的条纹 D．汽车轮胎上装有防滑链
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
A、给机械安装滚动轴承，是通过变滑动为滚动来减小摩擦力的，故A正确；
B、防滑手套内侧凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C、自行车把手的条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了增大和减小摩擦的方法，是一道基础题。
7．（2分）如图所示的是一种名为soccket的新型足球，这种足球能够将动能转化为电能并收集起来，可以用来为LED灯等低电压照明设备供电，每天踢上15分钟，就可以给LED灯供电3小时，下列演示实验能够说明发电足球原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】发足球的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
【解答】解：发电足球的工作原理是电磁感应原理，
A．演示的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，故A不符合题意；
B．演示的是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电磁感应原理，故B符合题意：
C．演示的是通电螺线管的磁场，原理是电流周围存在磁场，故C不符合题意：
D．演示的是异名磁极之间的相互作用，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
8．（2分）如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率η（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值为5Ω
B．滑动变阻器最大阻值6Ω
C．乙图阴影部分面积为2.88W
D．丙图b点的坐标为（2V，4.5W）
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于A端时，接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
（2）根据串联电路的特点和P＝UI＝I2R表示出滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比，根据表达式判断出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时效率最大，根据图丁读出最大效率，然后得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据图丙判断出a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电压表的示数，然后根据P＝UI求出乙图阴影部分面积；
（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流，利用P＝UI＝I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，根据表达式得出变阻器消耗的电功率最大接入电路中的电阻，根据图丙读出变阻器消耗的最大功率，然后求出电路中的电流和电压表的示数，从而得出丙图上b点的坐标。
【解答】解：由甲电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、当滑片位于A端时，滑动变阻器接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，
由图乙可知，电路中的最大电流I大＝3A，
由I＝可得，定值电阻的阻值：R0＝＝＝2Ω，故A错误；
B.因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，
所以，由P＝UI＝I2R可得，滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比：
η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图丁可知，最大效率为80%，
则80%＝×100%，
解得：R滑大＝8Ω，故B错误；
C、由图乙可知，a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时电路中的电流I小＝＝＝0.6A，
此时电压表的示数U滑＝I小R滑大＝0.6A×8Ω＝4.8V；
则乙图阴影部分面积：P＝U滑I小＝4.8V×0.6A＝2.88W，故C正确；
D、当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中电流：
I＝＝，
此时滑动变阻器消耗的电功率：
PR＝I2R＝（）2R＝＝，
当R＝R0＝2Ω时，变阻器消耗的电功率最大，由图丙可知，变阻器消耗的最大功率为4.5W，
此时电路中的电流I＝＝＝1.5A，
电压表的示数UR＝IR＝1.5A×2Ω＝3V，
则丙图上b点的坐标（3V，4.5W），故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是得出滑动变阻器消耗的最大功率时接入电路中的电阻和根据图像得出相关的信息。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）
9．（6分）请看图完成下列问题：
（1）如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，同时机身周围常常会有白雾出现，如图所示。音爆的产生是因为空气 振动 产生的，雪的形成原理与白雾的出现的原理 不相同 （选填“相同”或“不相同”）。
（2）如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在 未点燃 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，并在 B （选填“A”、“B”）位置上观察是否有像。
（3）如图丙所示，a为某次水沸腾实验的温度﹣时间图像，若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度—时间”图线应为图丙中 b （选填“b”或“c”）所示；
（4）在探究重力方向时，实验装置如图丁所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向 不变 （选填“变化”或“不变”）。
【分析】（1）发声的物体在振动；
（2）雾是水蒸气液化成的小液滴；雪是水蒸气凝华成的小颗粒；
确定平面镜成虚像，需要在像的位置（即未点燃的蜡烛）处放置光屏，在光屏一侧观察是否有像；
（3）在探究水的沸腾实验中，水的质量越大，加热时间越长，但是水的沸点不变；
（4）重力的方向总是竖直向下的。
【解答】解：（1）声音是由物体振动产生的；
雾是液化现象；雪凝华现象，故原理不相同；
（2）确定平面镜成虚像，需要在像的位置（即未点燃的蜡烛）处放置光屏，在光屏一侧即B处观察是否有像；
（3）若其他条件不变，仅增加烧杯中水的质量，则“温度﹣时间”图线应为图丙中b所示，水的沸点不变，加热时间延长；
（4）逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向不变，因为重力的方向始终是竖直向下的。
故答案为：（1）振动；不相同；（2）未点燃：B；（3）b；不变。
【点评】知道声音产生的原因；知道平面镜成像的特点；知道水的沸腾特点；知道重力的方向始终是竖直向下的。
10．（2分）用如图所示的滑轮组在10s内将一个重200N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为125N，不计绳重及摩擦，拉力做的有用功是 400 J，滑轮组的机械效率 80% 。
【分析】（1）利用W有＝Gh求滑轮组对物体做的有用功；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）滑轮组对物体做的有用功：W有＝Gh＝200N×2m＝400J；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×2m＝4m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝125N×4m＝500J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
故答案为：400；80%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
11．（2分）如图所示是某款咖啡的制作过程，在咖啡壶中放入100克10℃左右的冷水，然后将咖啡壶放到滚烫的沙上，待水沸腾后再加入适量细腻的咖啡粉，经过搅拌得到一杯浓郁的咖啡。咖啡壶内的水沸腾前，是通过 热传递 的方式增大内能的。若把100g水加热至沸腾需要吸收 3.78×104 J的热量。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），当地的大气压为标准大气压】
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量。
【解答】解：咖啡壶内的水吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式增大水的内能；
一个标准大气压下，水的沸点100℃，水的质量：m＝100g＝0.1kg，
水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（100℃﹣10℃）＝3.78×104J。
故答案为：热传递；3.78×104。
【点评】本题考查改变物体内能的方式以及热量的简单计算，是一道基础题。
12．（3分）如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是 并联 （选填“串联”或“并联”）的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW•h以下的可充电设备。乘客 可以 （填“可以”或“不可以”）将电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）并联电路的各个用电器之间互不影响；串联的各个用电器之间互相影响。
（2）根据W＝UIt计算比较电池储存的电能。
（3）测电笔的氖管接触火线或与火线连通的导体就会发光。
【解答】解：如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是并联的，互不影响；
电池容量约为2000mA•h、电压为20V的笔记本储存的电能为：W＝UIt＝20V×2000mA•h＝20V×2A•h＝40W•h＝0.04kW•h，小于航空公司的规定值，可以带上飞机。
开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，A点与火线连通，且与零线断路，故测电笔氖管会发光。
故答案为：并联；可以：会。
【点评】知道测电笔的使用方法；知道串联电路和并联电路的特点；会根据电功公式进行简单的计算。
13．（3分）两只完全一样的大烧杯分别装有相同质量的水和浓盐水，将两个质量完全相同的苹果分别放入其中，静止时苹果的状态如图所示。则两苹果排开液体的体积V甲 ＞ V乙，两苹果所受的浮力F甲 ＝ F乙（以上两空选填“＞”“＜”或“＝”）。大亚湾核电站是我国第一座大型商用核电站，是通过 核裂变 （选填“核聚变”或“核裂变”）的方式获取核能。
【分析】根据物体的浮沉条件判断苹果所受浮力关系；
核电站利用原子核裂变发电。
【解答】解：苹果质量相同、密度相同，由ρ＝可知两个苹果体积相同；根据图示可知，甲图中苹果悬浮，则排开水的体积V甲＝V物；乙图中物体漂浮，则排开浓盐水的体积V乙＜V物，故V甲＞V乙。
两苹果质量相同，由G＝mg可知，两苹果重力相同，甲图中苹果处于悬浮状态，所受浮力F甲＝G物；乙图中苹果处于漂浮状态，所受浮力F乙＝G物，故F甲＝F乙。
原子弹和核电站都是利用原子核裂变的链式反应发电。
故答案为：＞；＝；核裂变。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和核能的应用，一定要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
14．（3分）当雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现：雨滴下落时所受空气阻力大小与下落速度有关，如表是对一重力为2.6×10﹣3牛的雨滴进行研究得到的数据。
下落速度（米/秒）
1
2
3
4
所受空气阻力（*10﹣3牛）
0.17
0.66
1.48
2.6
①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，此时雨滴受到的空气阻力 小于 雨滴的重力（选填“大于”“小于”或“等于”）。
②请根据上表信息推测雨滴最终会做 匀速直线 运动，理由是 雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡 。
【分析】①根据雨滴的运动状态判定阻力和重力的大小关系；
②根据阻力和运动速度的关系分析。
【解答】解：①当雨滴刚从空中静止下落时做加速运动，这说明合力的方向是竖直向下的，所以雨滴受到的空气阻力小于雨滴的重力；
②根据表格中的数据可知，雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡，将做匀速直线运动。
故答案为：①小于；②匀速直线；雨滴下落的速度越大，受到的阻力越大，当受到的阻力等于重力时，雨滴受力平衡。
【点评】本题主要考查了力和运动的关系，二力平衡条件的应用及对新知识的应用能力，关键能够搞清雨滴下落过程中所受力的变化及状态的变化关系。
15．（2分）如图甲所示，笑笑同学根据实验数据画出了定值电阻R0和滑动变阻器R的P﹣I图像如图乙所示。则曲线 a （选填“a”或“b”）是表示滑动变阻器R的P﹣I图像，P0为 1.25 W。
【分析】（1）由P＝I2R可知，定值电阻R0的发热功率P0与电流I是二次函数关系，据此得出定值电阻对应的图线应该是b，滑动变阻器的图线是a；
（2）利用图象和P＝UI确定电源电压，结合电功率变形公式求解定值电阻阻值，由图乙可知，当电路中电流为I0时，定值电阻R0的电功率等于滑动变阻器的电功率，由P＝I2R可知滑动变阻器连入电路的电阻等于定值电阻，利用欧姆定律、电功率计算公式P＝I2R求得P0。
【解答】解：由P＝I2R可知，定值电阻R0的发热功率P0与电流I是二次函数关系，据此得出定值电阻对应的图线应该是b，滑动变阻器的图线是a，
由图可知当电流为0.1A时，滑动变阻器的电阻功率为0.8W，定值电阻的功率为0.2W，故由此可知电源电压为U＝＝＝10V，
此时定值电阻的两端的电压为＝＝2V，
定值电阻的阻值为R0＝＝20Ω，
由图乙可知，当电路中电流为I0时，定值电阻R0的电功率等于滑动变阻器的电功率，由P＝I2R可知滑动变阻器连入电路的电阻等于定值电阻，电路总电阻R总＝2R0＝2×20Ω＝40Ω，
I0＝＝0.25A，
P0＝R0＝（0.25A）2×20Ω＝1.25W。
故答案为：a；1.25。
【点评】本题难度较大，由图象找出电功率对应的电流是正确解题的前提与关键，熟练应用电功率公式的变形公式、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。
三、解答题（本题共10小题，共43分）
16．（1分）如图所示，一束激光照射到小陶子的眼镜上，作出它的出射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解“”平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线经传播方向不改变。
17．（1分）如图是重力为4.3N的足球在空中飞行时的情景，画出它所受重力的示意图。
【分析】重力的方向总是竖直向下的，作用点在重心。
【解答】解：重力的方向总是竖直向下的，从足球重心O，沿竖直向下方向画一条有向线段，标出G＝4.3N，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动、处于什么状态，重力的方向总是竖直向下的。
18．（1分）请画出图中杠杆动力臂L的示意图。
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
【解答】解：延长动力F的作用线，从支点O向动力作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L，如图所示：
【点评】此题考查了力臂的画法，理解力臂的概念，会画力的作用线以及过支点的力的作用线的垂线是关键。
19．（1分）如图所示，根据通电螺线管的磁极，请在括号中标出电源右侧的极性。
【分析】已知通电螺线管的N、S极，由安培定则得出通电螺线管线圈中的电流方向，进而确定电源的正负极。
【解答】解：已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极，右手握住螺线管，大拇指指向通电螺线管的N极，则四指指向电流的方向，可知电流由右侧流入，则电源左端为负极，右端为正极，如图所示：
【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈的绕向。在具体的题目中，知二求一，由此来突破此题。
20．（10分）如图甲所示，是工人利用热熔器把两段管子焊接在一起的工作图。热熔器的电路部分如图乙所示，S1是手控开关，S2为温控开关，ND为指示灯，R1是限流电阻，R2和R1为电热丝，它的技术参数如表所示。
产品名称
便携式热熔器
额定电压
220V
加热头温度
260±5℃
功率
加热：1100W
保温：240W
（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是 扩散 现象；当S1闭合、S2 断开 （选填“断开”或“闭合”）时，热熔器处于保温状态。
（2）指示灯ND为“3V 10mA”的发光二极管，则限流电阻R1的阻值多大才能使指示灯正常发光？
（3）电热丝R3的阻值多大？
（4）当环境温度是25℃时，熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，此时热熔器的效率为80%。若在25℃时熔接需要熔化110g的PVC塑料，在热熔器正常工作情况下需要加热多长时间？
【分析】（1）连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是扩散现象；当开S1闭合、S2断开时，两R2、R3电阻串联，当开关S1、S2闭合时，只有R3工作，根据串联电路的特点和P＝可知保温状态加热状态时的电路连接；
（2）指示灯正常工作时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出限流电阻R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出限流电阻R1的阻值；
（3）根据加热状态时的功率和P＝可知R3的阻值；
（4）根据熔化1kg的PVC塑料需要吸收的热量求出熔化110g的PVC吸收的热量，根据效率公式求出消耗的电能，利用P＝求出加热时间。
【解答】解：（1）组成物质的分子在不停地做无规则运动，连接过程中小红闻到了难闻的气味，这是扩散现象；
由图乙可知，当开S1闭合、S2断开时，发热电路中两R2、R3电阻串联，当开关S1、S2闭合时，发热电路中只有R3工作，
根据串联电路的电阻特点可知，当开S1闭合、S2断开时，发热电路中两R2、R3电阻串联，电路中的总电阻最大，根据P＝可知，电路中的总功率最小，热熔器处于保温状态；
当开关S1、S2闭合时，发热电路中只有R3工作，电路中的总电阻最小，电功率最大，热熔器处于加热状态；
（2）指示灯ND与限流电阻R1串联，当指示灯正常发光时：＝IND＝10mA＝0.01A，
根据串联电路的电压特点可知，限流电阻R1两端的电压为：＝U−UND＝220V−3V＝217V，
根据欧姆定律可知，限流电阻R1的阻值为R1＝＝＝2.17×104Ω；
（3）当S1、S2闭合时处于加热状态，此时发热电路只有电热丝R3工作，
由P＝可得，电热丝R3的阻值R3＝＝＝44Ω；
（4）熔化1kg的PVC塑料需要吸收8×105J热量，
所以熔化110g的PVC需要吸收的热量：Q＝×8×105J＝8.8×104J；
由η＝×100%可得，消耗的电能W＝＝＝1.1×105J；
由P＝可得，需要的加热时间t＝＝＝100s。
答：（1）扩散；断开；
（2）限流电阻R1的阻值2.17×104Ω才能使指示灯正常发光；
（3）电热丝R3的阻值44Ω；
（4）热熔器正常工作情况下需要加热的时间为100s。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、效率公式的应用以及电热的计算，分清电路的连接特点与热熔器的工作状态是解题的关键。
21．（4分）如图甲所示，是“探究水沸腾时温度特点”的实验装置。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将 A处向上 （选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好。
（2）实验过程中，小明同学每隔1min记录一次温度，根据实验数据在方格纸上描点做出图象，如图乙所示，由实验现象和图像可得出探究结论是 水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变 。
（3）观察到水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，甲图中杯口附近 D （选填“C”或“D”）处的“白气”更浓；
（4）水沸腾一段时间后，停止加热，观察水是否继续沸腾，目的是 探究水沸腾是否需要继续吸热 。
【分析】（1）在测量水的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热；（2）水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；
（3）物质由气态变为液态叫液化，液化的两种方法：降低温度（温度越低越明显）、压缩体积；
（4）从沸腾需要满足的条件进行分析。
【解答】解：（1）如图甲，在组装器材时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热，现在温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，此时应将A处向上调整；
（2）分析图像可知：水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；
（3）水沸腾时烧杯的上方出现大量的“白气”，“白气”是由水蒸气液化形成的，杯口附近C处温度高、D处的温度低，D处的“白气”更浓；
（4）停止加热，观察水是否继续沸腾，其目的是探究水沸腾是否需要继续吸热。
故答案为：（1）A处向上；（2）水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变；（3）D；（4）探究水沸腾是否需要继续吸热。
【点评】本题是探究水的沸腾实验，主要考查了实验器材的安装、液化现象以及沸腾时的特点等知识，是一道很好的实验题。
22．（5分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 左 （选填“右”或“左”）调。
（2）a．用天平测出空烧杯的质量为17g；b．在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示；c．将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示。
则烧杯中酱油的质量为 45 g，酱油的密度为 1.125×103 kg/m3。
（3）小明用这种方法测出的酱油密度会 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）为了减小误差，（2）的正确操作顺序 bca （填字母“a”“b”“c”）。
【分析】（1）天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母，调左侧的还是右侧的平衡螺母都是可以的。
（2）砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量；由图示量筒读出酱油的体积，然后由密度公式可以求出酱油的密度；
（3）（4）在测液体密度时，玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响，据此分析合适的实验步骤。
【解答】解：（1）调节时将天平放在水平台上，把游码放在标尺零刻度处，指针的位置指在分度盘中央的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）由图甲所示可知，酱油和瓶的总质量：m总＝50g+10g+2g＝62g，
烧杯中酱油的质量：m＝m总﹣m剩＝62g﹣17g＝45g，
由图乙所示量筒可知，酱油的体积：V＝40mL＝40cm3，
酱油的密度：ρ＝＝＝1.125g/cm3＝1.125×103kg/m3。
（3）小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ＝知：密度测量结果偏大。
（4）为减小误差，可按照bca的顺序进行实验
故答案为：（1）左；（2）45；1.125×103；（3）偏大；（4）bca。
【点评】本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出酱油的质量与体积，应用密度公式可以求出酱油的密度。
23．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。
（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在 同一高度 上。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 倒立 （选填“正立”或“倒立”）的 放大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）仅将题（2）中蜡烛和光屏位置对调，此时光屏上所成像的特点与 照相机 （选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）相同。
（4）小林继续进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过 5 s，光屏上成清晰 等大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上；
（2）根据凸透镜成实像时，物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像；
（3）将图甲中蜡烛和光屏的位置互换，根据光路可逆进行分析；照相机成倒立缩小的实像；
（4）假设经过的时间是t，分别求出t秒后的物距和像距，比较会发现两个距离相等，此时物距和像距都等于2倍焦距，据此列方程求解，求出时间t；物距和像距相等时，成等大的实像。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上；
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像；
（3）保持凸透镜位置不变，将图甲中蜡烛和光屏的位置互换，此时物距将大于像距，根据光路可逆，成倒立缩小的实像，应用为照相机；
（4）由乙图可知，物距 u＝15cm，像距v＝15cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s 和 1cm/s 的速度，同时匀速向左运动，则t秒时，物距u′＝15cm+（2cm/s﹣1cm/s ）t＝15cm+1cm/s×t，像距v′＝15cm+1cm/s×t，
则可知在移动过程中，要能在不动的光屏上成像，物距必须等于像距，由凸透镜成像规律可知此时成倒立等大的实像，
所以此时u′＝v′＝2f＝20cm，即15cm+t×1cm/s＝20cm，解得t＝5s。
故答案为：（1）同一高度；（2）倒立；放大；（3）照相机；（4）5；等大。
【点评】此题考查的是凸透镜成像规律和实际应用，属于基本技能的考查和基本规律的应用，难度不大，熟练掌握凸透镜成像规律是解决此类问题的前提。
24．（5分）如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。
（1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面高度差的大小来反映；在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示。其调节的方法是 B （选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．拆除胶管重新安装
（2）比较 丙、丁 两图，可以得到：深度相同时，液体的压强与液体密度有关，液体密度越大，压强越大；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）若保持丙图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为此结论是否可靠？ 不可靠 ；
（5）用图戊所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A．右侧待测液体到容器底的深度h1；
B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C．左侧水到容器底的深度h3；
D．左侧水到橡皮膜中心的深度h1
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝ （用题中合适的字母和ρ水表示）。
【分析】（1）液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）（3）（4）液体压强大小跟液体深度和密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟方向的关系时，控制深度、密度不变，改变金属盒的方向；探究液体压强跟密度时，控制深度和方向不变，改变密度的大小；
（5）观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p＝ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
【解答】解：（1）液体内部压强大小通过U形管中液面高度差的大小来反映，这是转换法；进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
（2）比较图乙和图丙知，液体的密度相同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部的压强越大，故可以得出在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大；要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度不变，改变液体的密度，实验丙、丁符合题意；
（3）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，液体内部的压强不变，U形管中液面高度差不变；
（4）保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论不可靠；
（5）实验时，橡皮膜两侧受到的压强容易观察，利用水和液体在橡皮膜处的压强相等来计算液体压强，分别测量出待测液体和水到橡皮膜中心的深度，根据橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左＝p右，由液体压强公式得ρ水gh4＝ρgh2，解得待测液体密度的表达式为：ρ＝。
故答案为：（1）B；（2）丙、丁；（3）不变；（4）不可靠；（5）。
【点评】本题考查了压强计的检查与使用、液体压强的影响因素等问题，难度不大，掌握基础知识即可正确解题，解题时注意控制变量法的应用。
25．（10分）在“测量小灯泡电阻”的实验中：电源（电压未知且保持不变）、电流表，电压表、“20Ω 2A”的滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡、开关、导线若干。
（1）如图甲是小明连接的电路，闭合开关前发现导线1或2中有一根导线连接错误，请找出是 1 （填“1”或“2”）；请你在图甲中错误的连线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值 12.5 Ω；
（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压值和电流值，并绘制成U﹣I图像（如图丙所示），其中能准确反映小灯泡U﹣I图像的是 C （选填“A”“B”或“C”），出现该现象的原因是 灯泡的电阻随温度的升高而增大 ；
（4）实验过程中，小华向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ＜ ΔP2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）小明又设计了图丁所示的电路，测量另一只标有额定电流为0.3A小灯泡的额功率，请完成下列步骤（已知：电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为20Ω）；
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持 R1 滑片位置不变，调节滑动变阻器 R2 的滑片，使电流表示数为 0.3 A；
③接着将R₁的滑片P调至最左端，电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，观察到电流表的示数为0.15A；
④该小灯泡额定功率P额＝ 0.9 W。
【分析】（1）电压表应并联在灯泡两端，且滑动变阻器应选择“一上一下”两个接线柱串联使用，故电压表和电流表相连的导线错误，可将滑动变阻器的左下接线柱和电流表的“﹣”接线柱线路，据此画图。
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的阻值。（3）灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（4）当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大，根据P＝UI判断出灯泡实际功率的变化；
电源电压不变，由P＝UI可知，电路总功率变小；根据电路总功率等于各用电器消耗功率之和判断出，滑动变阻器的功率增大量ΔP1与灯泡的功率变化ΔP2的关系。
（5）采用等效替代法进行测量：只闭合开关S和S1，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，接着将R1的滑片P调至最左端，记下电流表的示数为0.45A，再将R1的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为0.15A，根据电源电压不变，求出滑动变阻器R2的阻值，根据P＝I2R求出的电功率，即小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）电压表应并联在灯泡两端，且滑动变阻器应选择“一上一下”两个接线柱串联使用，故电压表和电流表相连的导线错误，可将滑动变阻器的左下接线柱和电流表的“﹣”接线柱线路，如图。
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的阻值RL＝＝＝12.5Ω。
（3）灯泡的电阻随温度的升高而增大，图中能准确反映小灯泡I﹣U图像是C。
（4）当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，根据知电路中的电流变大，由串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压增大，灯泡的实际功率变大；电源电压不变，由P＝UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小量ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1＜ΔP2；
（5）①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为0.3A；
②只闭合开关S和S1，保持滑动变阻器R1滑片位置不变，调节滑动变阻器R2，使电流表示数仍为0.3A；
此时滑动变阻器R2等效于小灯泡。
③接着将R1的滑片P调至最左端，滑动变阻器R1被短路，记下电流表的示数为0.45A，则电源电压U源＝I'R2；
再将R1的滑片P调至最右端，滑动变阻器R1和滑动变阻器R2串联在电路中，阻值最大滑动变阻器R1，记下电流表的示数为0.15A，则电源电压U源＝I''（R1+R2）；
根据电源电压不变得，则I'R2＝I''（R1+R2），
0.45A×R2＝0.15A×（20Ω+R2），
则滑动变阻器R2的阻值R2＝10Ω。
则滑动变阻器R2的功率为P'＝I额2R2＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，
滑动变阻器R2等效于小灯泡，则小灯泡的额定功率P额＝0.9W。
故答案为：（1）1；见解析；（2）12.5；（3）C；灯泡的电阻随温度的升高而增大；（4）＜；（5）R1；R2；0.3；0.9。
【点评】本题为“测量小灯泡电阻”的实验，考查电路连接、欧姆定律的应用、图像分析和实验步骤等知识。
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