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2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷（含答案）
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这是一份2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷（含答案），共44页。试卷主要包含了填空题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷
一、共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。
1．（2分）甲、乙、丙三个带电小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带负电荷（ ）
A．可能带负电荷 B．一定带正电荷
C．一定带负电荷 D．可能带正电荷
2．（2分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ）
A．水沸腾时放出大量的热
B．图甲是水沸腾时的现象
C．沸腾时不断地冒出“白气”，是液化形成的
D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计
3．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（ ）
A．如图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．如图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．如图前2s内，小华跑得较慢
D．如图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
4．（2分）蜡烛S、某光学元件K和光屏P按图示位置放置在光具座上，它们的中心在同一水平直线。此时光屏上可观察到烛焰清晰的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．若K是小孔并将光屏向右移动少许，光屏上的像将变模糊
B．若K是凸透镜，则它的焦距满足f＞15cm
C．仅需水平移动S、K或P中的一个，即可判断K是否为小孔
D．若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，光屏上将得到清晰的缩小像
5．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
6．（2分）如图所示电路，闭合开关，L1、L2。两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零（ ）
A．灯L1短路 B．灯 L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
7．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高（ ）
A．A的重力等于B的重力
B．甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度
C．甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．两容器底部所受液体压强相等
8．（2分）小车在水平地面上沿直线运动，车内的小球A和物块B在图示位置相对车厢静止．则（ ）
A．车可能做匀速运动
B．物块B受平衡力作用
C．物块B受到向右的摩擦力
D．球A的惯性一定比物块B的小
9．（2分）如图甲所示，小虎同学将质量为20g的木块（ρ木＜ρ水）轻轻放入装满水的溢水杯中，当水停止外流时接水杯的水量如图乙所示（接水杯为内径均匀的柱形容器）。假如将这个接水杯倒满开水，则水放出的热量最可能是【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（ ）
A．1.0×104J B．1.5×104J C．2.5×104J D．3.5×104J
10．（2分）如图所示，电路中的M为电子集成元件，其电阻与两端所加的电压成正比（即RM＝kUM，式中k为常数）且遵循欧姆定律，R为定值电阻，电源电压可调。现闭合开关SR与电源电压U的关系图线可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（共14小题，每小题3分，满分70分）
11．（3分）2022年4月21日，长约400m的复兴号列车成功实现单列时速435km/h、相对交会时速870km/h，创造了高铁动车组列车交会速度世界纪录 ；每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口的连接方式是 ；某次列车匀速完全通过长3200m的隧道用时40s，通过隧道的速度为 m/s。
12．（3分）现有0.3kg的汽油，其热值为4.6×107J/kg。汽油机燃烧了0.2kg汽油，实际放出的热量为8×106J，产生的有用机械能为2.76×106J。则燃烧0.2kg汽油时，未完全燃烧损耗的能量为 J。此时汽油机的效率为 %。若该四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟做功 次。
13．（3分）如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 点重力势能最大，在 点动能最大，在 点机械能最大。（不计空气阻力）
14．（5分）在综合实践活动中，小明利用杠杆、刻度尺、金属块、杯子、细线和适量的水制成一个液体密度秤．请你将小明设计的实验步骤补充完整。
（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时，杠杆恰好在水平位置平衡。
（2）在杯中装入一定量的水，将质量为m的金属块挂在C处，杠杆恰好水平平衡，OD的距离为4cm，则烧杯中水的质量为 （用m表示）。
（3）将水倒出，在杯中装入相同 （选填“质量”或“体积”）的待测液体，金属块移至B处杠杆再次平衡，测出BO间的距离为6cm液＝ kg/m3。
（4）用该方案制成的密度秤，其秤的刻度 （选填“均匀”或“不均匀”），该方案中要增加密度秤的量程，其方法是 。
15．（7分）物理兴趣小组制作了如图甲所示的测量大气压强装置，其中弹簧的伸长长度（ΔL）跟所受拉力（F），注射器的最大刻度为20mL，全部刻度的长度为20cm，电阻R0的阻值为6Ω，电阻R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝，电压表的量程为0～3V。
（1）该气压计使用前先将注射器活塞推到顶端，并用橡皮帽将注射器孔封闭，目的是 。
（2）当外界大气压为1标准大气压时，将弹簧右端固定在注射器的活塞上，向左拉弹簧另一端使活塞右端滑动到注射器的中部静止，如图甲所示。若活塞与注射器内壁摩擦忽略不计、注射器内视作真空，由 原理知，弹簧对活塞的拉力 活塞受到的大气压力（选填“大于”、“等于”或“小于”），弹簧伸长量为 。（取1标准大气压＝1.0×105Pa）
（3）将滑片固定在弹簧右端，调节电阻丝R的位置，使其和滑片接触良好且滑片位于R的中点，电压表的示数 （选填“增大”“不变”或“减小”），该装置能测得周围的最大气压是 Pa。
（4）当外界气压为2×105Pa时，装置中滑动变阻器R消耗的电功率大小为 W。
16．（2分）如图，凹透镜光路中，分别作出入射光线对应的出射光线。
17．（2分）如图所示，忽略空气阻力，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动
18．（2分）请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座插座（准备接大功率用电器）接入家庭电路中。
19．（5分）如图所示，质量为60kg的工人用滑轮组提升重物，每个滑轮重均为50N，使重物以0.2m/s的速度匀速上升。（g＝10N/kg）求：
（1）工人施加在绳端的拉力；
（2）若绳子能够承受的最大拉力为400N，重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
20．（7分）如图，电源电压U＝6.0V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样1和S3闭合时，电流表示数为0.6A，不计灯丝电阻随温度的变化。滑动变阻器R2的最大阻值20Ω。求：
（1）灯泡L正常发光时的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，求当R1电功率与R2电功率之比最小时，R1的电功率。
21．（5分）学校物理探究小组进行了以下三个热学实验：甲图为“探究不同物质吸热升温现象”，乙图为“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，丙图“探究影响电流热效应的因素”。
（1）上述三个热学实验中都需要控制被加热物质 （体积/质量）相等，这些实验中可利用加热相同时间进行实验有 （甲、乙/乙、丙/甲、丙）。
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量实验。小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快，这 （能/不能）说明碎纸片的热值大。
（3）丙图实验中可发现B烧瓶中温度计的示数升高快，据此可初步得出结论： 产生的热量越多。如果仅用丙图中提供的器材，利用该装置 （可以/不可以）探究电热与电流的关系。
22．（9分）在测量未知电阻Rx（阻值约为150Ω）的实验中，提供的实验器材有：电源（电压3V）、滑动变阻器R（0～50Ω）0（0～9999Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、开关及导线若干。
（1）小虎同学设计了图甲所示的电路，他 （填“能”或“不能”）较准确测出Rx的阻值，理由是 。
（2）小明同学设计了图乙所示的电路进行测量。
①请根据图乙所示的电路，在图丙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。
②正确连接电路后，小明先将开关S拨至“1”，调节变阻器的滑片至某一位置，读数为U1＝ V。
③再将开关S拨至“2”，当电阻箱的阻值调至R0＝148Ω时，电压表的示数恰为U1，则待测电阻的阻值Rx＝ Ω。
④实验中，若将开关拨至“2”时，不小心将滑动变阻器的滑片向左移动了少许，则Rx的测量值 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
（3）小丽同学另选器材，设计了如图戊所示电路，也测出Rx的阻值。其中R为定值电阻，R'为电阻箱。请在空白处填上合适内容。
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1。
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表和电流表示数为合适的值。
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关 使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
④待测电阻的阻值Rx＝ 。
23．（7分）如图甲是一种草坪喷水器，它是通过向外喷水而使自身转动的。那么，草坪喷水器的旋转速度与哪些因素有关呢？同学们仔细观察
猜想1：孔的数量
猜想2：孔的大小
（1）喷水器向外喷水而自身转动，说明了 。
（2）同学们设计了如下实验：在离易拉罐底1cm的罐体上，用如图乙所示的方法打一个孔，将细绳系在易拉罐的罐顶中心，灌满水后，快速把易拉罐提到水面上方，将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中。改变孔的大小和数目，重复上述实验
序号
孔的大小
孔的数量
10s易拉罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
12
3
小
3
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
①实验时，观察易拉罐旋转速度的方法与 相同（填“相同时间比路程”或“相同路程比时间”）。
①分析表中序号1、2、3的数据，可判断猜想 （填“1”或“2”）是正确的，结论是 。
①为判断另一个猜想，应该分析表中序号 的数据，可得出结论是 。
（3）实验中，为减小实验误差，需要增加易拉罐旋转的圈数，老师在易拉罐体上打孔时，钉子戳入罐体后要以罐体的直径为基准旋转90°（如图乙）（如图丙），以增加水对罐体作用力的 （填“大小”或“力臂”）。
24．（10分）阅读短文，回答问题。
集成灶
ㅤㅤ集成灶（如图甲）是一种集吸油烟机、燃气灶、消毒柜、储藏柜等多种功能于一体的厨房电器。具有节省空间、抽油烟效果好，节能低耗环保等优点。集成灶是运用微空气动力学原理，下排风产生流体负压区的原理，让油烟魔力般的往下吸走，油烟吸净率达95%以上。集成灶是为解决传统油烟机无法彻底根除油烟的难题，改善厨房和家居环境而研制开发的国际领先的厨房家电产品
电压
220V
油烟吸净率
99%
功率
200～500W
风量
9～18m3/min
净重
75kg
风压
300Pa
噪声
54～70dB
油脂分离度
90%
ㅤㅤ风量是指静压为零时吸油烟机单位时间的排风量；风压是指吸油烟机风量为7m3/min时的静压值；油烟吸净率指被除去的油烟与处理前的油烟的质量百分比；油脂分离度指的是集油杯中油脂的质量与吸入油烟中油脂的质量之比。油脂分离度高；油脂分离太低，容易导致机器内油污沉积过多，当油污累积到一定程度，还会产生很大噪声。
（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时香味扑鼻而来，这表明分子运动快慢与 有关；集成灶消毒柜利用 进行消毒（填“红外线”、“紫外线”）。
（2）如图乙所示，是集成灶灶头示意图。使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是 。
A.进口处煤气流速大，压强大于大气压强
B.进口处煤气流速大，压强小于大气压强
C.进口处煤气流速小，压强大于大气压强
D.进口处煤气流速小，压强小于大气压强
（3）集成灶在安装时与地面的总接触面积为300cm2，则其对地面的压强约为 Pa；若油烟吸排前后的体积变化忽略不计，吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%，没有除去的油烟中的油脂质量是 g，集油杯中收集到的油脂的质量是 g（吸入前油烟的密度ρ油烟＝1.1kg/m3，g＝10N/kg）。
（4）集成灶安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图1为其模拟装置示意图：电源电压U＝6V：当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时（未画出）启动保护，反之打开气路；热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图2中图线①所示。
①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将 （填“变大”、“变小”）。
②在调试装置时，需满足以下两个条件：
A.装置启动保护时Rt的温度不高于80℃。
B.为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护Rt的电功率应不超过0.06W；为满足上述条件，则电阻箱R接入电路阻值的范围是 。
③若仅将Rt更换为图2中图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同）则装置启动保护的灵敏度会 （填“升高”、“降低”、“不变”）。
2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷
参考答案与试题解析
一、共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。
1．（2分）甲、乙、丙三个带电小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带负电荷（ ）
A．可能带负电荷 B．一定带正电荷
C．一定带负电荷 D．可能带正电荷
【分析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：由图知乙、丙相互排斥、丙一定带同种电荷，则乙一定也带负电；
图中甲、乙相互吸引，甲带正电。
故选：B。
【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
2．（2分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ）
A．水沸腾时放出大量的热
B．图甲是水沸腾时的现象
C．沸腾时不断地冒出“白气”，是液化形成的
D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计
【分析】（1）水沸腾时吸热；
（2）掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；
（3）物质由气体变为液体是液化；
（4）根据量程选择温度计
【解答】解：A、水沸腾时吸收热量；
B、甲气泡在上升过程中，所以是沸腾前的情况；
C、水沸腾时，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴；
D、在标准大气压下，选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计是错误的；
故选：C。
【点评】探究水沸腾的实验中，有关实验仪器的调节、沸腾的特点、沸腾的现象等，是此类实验经常考查的问题，要熟练掌握。
3．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（ ）
A．如图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．如图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．如图前2s内，小华跑得较慢
D．如图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
【分析】（1）在内燃机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能；
（2）克服摩擦做功，机械能转化为内能；
（3）判断前2s内谁跑得快，我们可采取相同时间比较路程，谁在相同时间内运动的路程长，谁就跑得快；
（4）发声体振动的频率越高，音调就越高。
【解答】解：A、汽车内燃机压缩冲程是机械能转化为内能，故A错误；
B、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，重力势能不能完全转化为动能；
C、由图像可知，小华运动的距离比小明长，故C错误；
D、由波形图可知，甲音叉振动快，甲音叉比乙音叉发声的音调高。
故选：D。
【点评】本题主要考查了内燃机工作过程能量的转化、机械能的转化以及对s﹣t图像和物体振动波形图的了解，掌握相关知识是解答此题的关键。
4．（2分）蜡烛S、某光学元件K和光屏P按图示位置放置在光具座上，它们的中心在同一水平直线。此时光屏上可观察到烛焰清晰的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．若K是小孔并将光屏向右移动少许，光屏上的像将变模糊
B．若K是凸透镜，则它的焦距满足f＞15cm
C．仅需水平移动S、K或P中的一个，即可判断K是否为小孔
D．若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，光屏上将得到清晰的缩小像
【分析】（1）小孔成像光屏向右移动少许，光屏上的像变大，不会模糊；
（2）由图可知，物距大于像距，分析解答；
（3）水平移动S、K或P中的一个，小孔成像只能改变像的大小，如是凸透镜像的大小、清晰度都发生变化；
（4）f＜u＜2f，光屏上将得到清晰的倒立放大的实像。
【解答】解：A、小孔成像光屏向右移动少许，不会模糊；
B、由图可知，光屏上可观察到烛焰清晰的像，
u＝50cm﹣20cm＝30cm＞2f，解得，
v＝65cm﹣50cm＝15cm，f＜15cm＜2f，
解得，3.5cm＜f＜15cm；
C、仅需水平移动S，小孔成像只能改变像的大小、清晰度都发生变化；
D、若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，像距为30cm，由光在折射时光路是可逆的可知，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查小孔成像、凸透镜的特点，掌握基础知识可以解答。
5．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
【分析】据牛顿第一运动定律可知，一切物体在没有受到任何外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：当皮球运动到最高点A时，仍然具有水平向右的速度，由牛顿第一运动定律可知。
故选：B。
【点评】此题考查了牛顿第一定律的应用，理解牛顿第一定律的内容是解题的关键。
6．（2分）如图所示电路，闭合开关，L1、L2。两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零（ ）
A．灯L1短路 B．灯 L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
【分析】由电路图可知，L1、L2串联，电压表测L2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据选项逐一分析找出符合要求的选项。
【解答】解：由电路图可知，L1、L2串联，电压表测L2两端的电压，电流表测电路中的电流，
A．若L1灯短路时，电路为L2的简单电路，此时L8不发光、L2发光，电压表和电流表的示数均增大；
B．若L2灯短路时，电路为L7的简单电路，此时L1发光、L2不发光，电流表示数增大，故B符合题意；
C．若L4灯断路时，电路断路1、L2均不发光，电流表和电压表均无示数；
D．若L2灯断路时，电路断路1、L2均不发光，电流表无示数，其示数增大。
故选：B。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
7．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高（ ）
A．A的重力等于B的重力
B．甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度
C．甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．两容器底部所受液体压强相等
【分析】（1）首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；
（2）根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
（3）容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，首先根据物体浮沉条件，结合图示判断实心物体A、B所受浮力关系，得出排开液体的重力关系，再利用密度公式和重力公式判断两种液体的重力关系。
（4）已知两种液体的密度关系，又知高度关系，根据p＝ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
【解答】解：A、甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，
将实心物体A、B分别放入两容器中，
则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和相等，
由图可知，A漂浮，根据密度公式，A的重力大于B的重力；
B、由图可知，A的密度小于甲液体的密度，B的密度等于乙液体的密度，
实心物体A、B由同种材料制作，
所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度；
C、由图可知，A所受浮力等于A的重力，B所受浮力等于B的重力，
所以，A排开液体的重力大于B排开液体的重力，
甲、乙两容器相同的，
甲、乙两容器中的两种液体体积相等，
根据可知，
根据G＝mg可知，甲液体的重力大于乙液体的重力，
容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，
所以，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力；
D、甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，
根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。
故选：C。
【点评】此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性很强，关键是知道容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，属于难题。
8．（2分）小车在水平地面上沿直线运动，车内的小球A和物块B在图示位置相对车厢静止．则（ ）
A．车可能做匀速运动
B．物块B受平衡力作用
C．物块B受到向右的摩擦力
D．球A的惯性一定比物块B的小
【分析】对于A，受到绳子拉力和重力，属于非平衡力，故A不可能为匀速，对于B，B和小车一起运动，处于向右加速或者向左减速状态，非平衡状态，故摩擦力为向右，惯性大小和质量有关。
【解答】解：A.对于A，受到绳子拉力和重力，故A不可能为匀速；
B、C.由图可知，处于向右加速或者向左减速状态，摩擦力向右，C正确；
D.惯性大小和质量有关，题中没有说明两者质量关系，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了平衡状态和非平衡状态的条件、摩擦力的判断和惯性的知识点，属于中档题。
9．（2分）如图甲所示，小虎同学将质量为20g的木块（ρ木＜ρ水）轻轻放入装满水的溢水杯中，当水停止外流时接水杯的水量如图乙所示（接水杯为内径均匀的柱形容器）。假如将这个接水杯倒满开水，则水放出的热量最可能是【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（ ）
A．1.0×104J B．1.5×104J C．2.5×104J D．3.5×104J
【分析】木块的密度小于水的密度，木块轻轻放入装满水的溢水杯中后处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理得出等式即可求出排开水的重力，由图可知接水杯中水的体积约占容器的，据此可知满接水杯内水的总质量，开水的初温约为100℃，人直接可以饮用水的温度约为40℃，根据Q放＝cm（t0﹣t）求出水放出的热量，然后结合选项得出答案。
【解答】解：因木块的密度小于水的密度，
所以，木块轻轻放入装满水的溢水杯中后处于漂浮状态，
由漂浮条件和阿基米德原理可得：F浮＝G木＝G排，即m木g＝m排g，
则接水杯内水的质量：m排＝m木＝20g，
由图可知，接水杯中水的体积约占容器的，
由m＝ρV可得，满接水杯内水的总质量：m＝2m排＝3×20g＝60g＝0.06kg，
开水的初温约为100℃，人直接可以饮用水的温度约为40℃，
则开水放出的热量：Q放＝cm（t4﹣t）＝4.2×105J/（kg•℃）×0.06kg×（100℃﹣40℃）＝1.512×104J，
结合选项可知，与B接近。
故选：B。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、放热公式的应用，要注意开水温度和人直接可以饮用水温度的估测。
10．（2分）如图所示，电路中的M为电子集成元件，其电阻与两端所加的电压成正比（即RM＝kUM，式中k为常数）且遵循欧姆定律，R为定值电阻，电源电压可调。现闭合开关SR与电源电压U的关系图线可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由电路图可知，电子集成元件M与电阻R串联，根据电子集成元件M的阻值与两端所加的电压成正比可知通过M的电流不变，根据串联电路的电流特点可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知电阻R两端电压的电压变化，利用串联电路的电压特点可知电子元件M两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，电子集成元件M与定值电阻R串联。
AB．因电子集成元件M的阻值与其两端电压成正比，通过电子集成元件M的电流有
I＝，
可知，增加电源电压时，因此通过M的电流I与电源电压U的关系图线是一条平行于横轴的直线；
CD．因为电子集成元件M与定值电阻R串联，通过定值电阻R和电子集成元件M的电流相等，增加电源电压时，因此，通过定值电阻R的电流不变，定值电阻R的两端电压不变，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电子集成元件M的阻值与两端的电压关系确定出通过其电流不变是关键。
二、填空题（共14小题，每小题3分，满分70分）
11．（3分）2022年4月21日，长约400m的复兴号列车成功实现单列时速435km/h、相对交会时速870km/h，创造了高铁动车组列车交会速度世界纪录 阻力 ；每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口的连接方式是 并联 ；某次列车匀速完全通过长3200m的隧道用时40s，通过隧道的速度为 90 m/s。
【分析】流线型设计可以减小空气阻力；高速列车上充电插口的连接方式都是并联；先求出列车完全通过隧道时的总路程，再利用速度公式v＝即可解答。
【解答】解：复兴号列车采用全新流线型车头设计成流线型减小了运行中受到的阻力，实现了节能降耗的目的；
复兴号列车上每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口互不影响；
列车完全通过隧道时的总路程：
s＝L隧道+L车＝3200m+400m＝3600m
v＝＝＝90m/s。
故答案为：阻力；并联。
【点评】本题以列车为背景，考查了减小阻力的方法、串并联电路的判断、速度公式的应用，是一道基础题。
12．（3分）现有0.3kg的汽油，其热值为4.6×107J/kg。汽油机燃烧了0.2kg汽油，实际放出的热量为8×106J，产生的有用机械能为2.76×106J。则燃烧0.2kg汽油时，未完全燃烧损耗的能量为 1.2×106 J。此时汽油机的效率为 30 %。若该四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟做功 15 次。
【分析】（1）根据热值和汽油的质量，用公式Q＝qm求出汽油完全燃烧放出的热量；用燃料完全燃烧完全放出的热量﹣实际放出的热量等于未完全燃烧损耗的能量；
（2）有用功的能量占总能量的比值，得出汽油机的效率；
（3）由飞轮的转速可求出每秒飞轮转动的圈数，根据四冲程汽油机一个工作循环，完成四个冲程，飞轮转动2圈，做功一次可求出每秒钟做功的次数。
【解答】解：（1）汽油的热值为4.6×104J/kg，完全燃烧0.2kg的汽油产生的热量：
Q放＝mq＝3.2kg×4.3×107J/kg＝9.3×106J；
实际放出的热量为Q实放＝8×105J，
未完全燃烧损耗的能量为9.2×103﹣8×106J＝6.2×106J；
（2）η＝＝＝30%；
（3）由飞轮的转速是1800r/min可知，每秒飞轮转动30圈，
根据四冲程汽油机一个工作循环，完成四个冲程，做功一次可知。
故答案为：3.2×106；30；15。
【点评】本题考查热机、热值概念以及热值公式以及机械效率，是热学综合题。
13．（3分）如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 a 点重力势能最大，在 c 点动能最大，在 a 点机械能最大。（不计空气阻力）
【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大。
分析重物从a运动到d的过程中，质量、速度、高度的变化，确定哪点的重力势能最大、动能最大。
【解答】解：①重物从a运动到d的过程中，质量不变，重力势能最大；
②c是重物连接在弹簧下端静止时的位置，此时重物受到的拉力和重力相等，即点b是弹簧处于原长的位置；
从a运动到b的过程中，重物受到向下的重力和向下的弹力，重物做加速运动；
从b点到d的过程中，重物在c点之前；重物在c点之后；所以，即在c点时速度最大；故a点机械能最大。
故答案为：a；c；a。
【点评】本题考查了物体动能、重力势能的变化分析，确定重物在c点前后的速度变化是本题的关键。
14．（5分）在综合实践活动中，小明利用杠杆、刻度尺、金属块、杯子、细线和适量的水制成一个液体密度秤．请你将小明设计的实验步骤补充完整。
（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时，杠杆恰好在水平位置平衡。
（2）在杯中装入一定量的水，将质量为m的金属块挂在C处，杠杆恰好水平平衡，OD的距离为4cm，则烧杯中水的质量为 1.25m （用m表示）。
（3）将水倒出，在杯中装入相同 体积 （选填“质量”或“体积”）的待测液体，金属块移至B处杠杆再次平衡，测出BO间的距离为6cm液＝ 1.2×103 kg/m3。
（4）用该方案制成的密度秤，其秤的刻度 均匀 （选填“均匀”或“不均匀”），该方案中要增加密度秤的量程，其方法是 减少烧杯内液体的体积 。
【分析】（1）根据杠杆平衡条件代入数据即可得到烧杯中水的质量。
（2）液体的体积可以用第二步得到的水的体积来替代，用密度公式得出液体体积的表达式，液体的质量通过杠杆的再平衡时，利用杠杆平衡条件得出液体质量的表达式，最后利用密度的公式可得到液体密度的数值。
（3）利用杠杆平衡条件得出液体密度的表达式，分析表达式中液体密度与金属块到O点的距离L之间的关系得出结论，分析液体密度的表达式可得到增加密度秤量程的方法。
【解答】解：（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时．
（2）在杯中加水后，将金属块挂在C处，由杠杆平衡条件知：mg×CO＝m水g×OD；
m水＝＝5.25m。
（3）本实验是制作液体密度秤，液体的体积可以用第二步得到的水的体积来替代液＝V水＝；
液体的质量通过杠杆的再平衡来计算，故在烧杯中装入体积相同的待测液体，有mg×BO＝m液g×OD；
待测液体质量m液＝＝1.5m；
液体密度ρ液＝＝1.4×103kg/m3。
（4）（a）小明制作密度秤的原理是F7L1＝F2L4； （b）烧杯中没有放水时，即所装液体的密度为零，杠杆恰好在水平位置平衡；
设液体密度为ρ液，体积V液与烧杯中原来装的水的体积相同，金属块m移动到某点时杠杆平衡，根据杠杆平衡条件可得：
ρ液V液g×OD＝mg×L，
所以，ρ液＝，其中V液、m、OD为定值液与长度L之间的函数关系，为一次函数关系，因此密度秤的刻度是均匀的液，故可以减少烧杯内液体的体积。
故答案为：（2）1.25m；（3）体积3；（4）均匀；减少烧杯内液体的体积。
【点评】本题考查液体密度的测量，应用到密度公式和杠杆的平衡条件，有一定难度。
15．（7分）物理兴趣小组制作了如图甲所示的测量大气压强装置，其中弹簧的伸长长度（ΔL）跟所受拉力（F），注射器的最大刻度为20mL，全部刻度的长度为20cm，电阻R0的阻值为6Ω，电阻R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝，电压表的量程为0～3V。
（1）该气压计使用前先将注射器活塞推到顶端，并用橡皮帽将注射器孔封闭，目的是 排出注射器中的空气，防止空气进入筒内 。
（2）当外界大气压为1标准大气压时，将弹簧右端固定在注射器的活塞上，向左拉弹簧另一端使活塞右端滑动到注射器的中部静止，如图甲所示。若活塞与注射器内壁摩擦忽略不计、注射器内视作真空，由 二力平衡 原理知，弹簧对活塞的拉力 等于 活塞受到的大气压力（选填“大于”、“等于”或“小于”），弹簧伸长量为 1cm 。（取1标准大气压＝1.0×105Pa）
（3）将滑片固定在弹簧右端，调节电阻丝R的位置，使其和滑片接触良好且滑片位于R的中点，电压表的示数 增大 （选填“增大”“不变”或“减小”），该装置能测得周围的最大气压是 5×105 Pa。
（4）当外界气压为2×105Pa时，装置中滑动变阻器R消耗的电功率大小为 1.44 W。
【分析】（1）实验中要排出注射器内的空气，这样在拉动活塞时，注射器内部会接近于真空，这样才能测出大气的压力；
（2）弹簧对活塞的拉力与大气对活塞的压力是一对平衡力，据此可判断二者的关系。利用大气压强，求出大气压力的大小，再通过读图乙可确定弹簧伸长的长度；
（3）在电路图中，两电阻串联，根据电压的关系，利用欧姆定律可求出电压表的示数；根据大气压强对滑片的影响，可判断电压表示数的变化情况；
由于电压表的量程为0～3V．所以电压表示数为3V时，大气压的值最大；根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时R连入电路的电阻，根据变阻器的阻值和长度得出变阻器连入电路的长度，据此判断得出弹簧伸长量，读图乙得出此时大气压对活塞的压力，利用p＝即可求出压强；
（4）当外界大气压为2×105Pa时，利用公式F＝pS可算出大气的压力，根据大气压力得出形变量的关系，根据电阻与长度的关系得出电阻的大小，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用P＝I2R计算电功率。
【解答】解：（1）实验时，把活塞推至注射器筒底端是为了排出注射器中的空气，防止空气进入筒内；
（2）由题意可知，当活塞处于静止时，故二者的大小相等；
由V＝SL得，活塞的横截面积：
S＝＝＝1cm6＝1×10﹣4m2，
由公式p＝得，活塞受到的压力（弹簧的拉力）：
F＝pS＝1.0×107Pa×1×10﹣4m3＝10N，
读图乙可知，当F＝10N时。
（3）由图可知：滑动变阻器与定值定值R0串联，当大气压强增大时，接入电路的阻值变小，则定值电阻分压变大；
由于电压表的量程为0～4V．所以电压表示数为3V时；
此时电路中的电流为：I＝＝＝6.5A；
由I＝得，电路中的总电阻为：
R总＝＝＝12Ω，
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得：
R滑1＝R总﹣R3＝12Ω﹣6Ω＝6Ω，
由于变阻器R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝滑5＝6Ω时连入电路的长度为6cm；
根据活塞右端滑动到注射器的中部静止，即连入电路的长度为10cm时弹簧伸长的长度是5cm；
可知：连入电路的长度为6cm；弹簧伸长的长度ΔL1＝ΔL+（s7﹣s1）＝1cm+（10cm﹣5m）＝5cm，
读图乙可知，当ΔL1＝6cm时，F1＝50N，
所以此时的大气压：p0′＝p3＝＝＝5×105Pa。
（4）大气压为8×105Pa时，活塞受到压力：
F2＝p8S＝2×105Pa×5×10﹣4m2＝20N，
由图可知，F3＝20N时，弹簧伸长量为ΔL2＝2cm；
弹簧在中点时已经伸长了6cm（中点到右端距离为10cm），滑动变阻器最后接入的长度是10cm+1cm﹣2cm＝8cm，
由于变阻器R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝滑2＝9Ω，
则电路中电流：I8＝＝＝2.4A，
R消耗的功率：P2＝R滑2＝（4.4A）2×4Ω＝1.44W。
故答案为：（1）排出注射器中的空气并封闭注射器；（2）二力平衡；1cm；2×105；（4）1.44。
【点评】本题是一个通过电路来测量大气压的装置，能正确读懂装置的原理，并运用相关的公式、原理来进行分析、计算，是解答本题的关键，有一定的难度。
16．（2分）如图，凹透镜光路中，分别作出入射光线对应的出射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：过凹透镜光心的光线传播方向不改变；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴
【点评】凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
17．（2分）如图所示，忽略空气阻力，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动
【分析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
【解答】解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，且G＜F
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
18．（2分）请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座插座（准备接大功率用电器）接入家庭电路中。
【分析】（1）开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
（2）带保险丝的三孔插座，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线首先进入保险丝，然后再进入右孔。当三脚插头插入三孔插座时，如果金属外壳的用电器漏电时，人体接触金属外壳，地线把人体短路，防止发生触电事故。
【解答】解：
（1）灯泡的接法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点；
（2）三孔插座的接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，零线直接接三孔插座的左孔。
【点评】本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
19．（5分）如图所示，质量为60kg的工人用滑轮组提升重物，每个滑轮重均为50N，使重物以0.2m/s的速度匀速上升。（g＝10N/kg）求：
（1）工人施加在绳端的拉力；
（2）若绳子能够承受的最大拉力为400N，重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
【分析】（1）由图知，动滑轮上绳子的段数n＝2，根据v＝nv物和P＝＝＝Fv计算工人施加在绳端的拉力；
（2）绳端拉力最大时，提起的物重最大，滑轮组的机械效率最高；
设物体被提升的高度为h，根据功的计算公式表示出绳端拉力最大时的总功、克服动滑轮重做的额外功、克服绳重和摩擦做的额外功，从而表示出有用功，根据机械效率公式计算出滑轮组的最大机械效率。
【解答】解：
（1）由图知，动滑轮上绳子的段数n＝2，
由v＝nv物和P＝＝＝Fv可得
F＝＝＝＝300N；
（2）绳端拉力最大时，提起的物重最大，
设物体被提升的高度为h，则绳端移动的距离s＝4h，
绳子拉力最大为400N时，拉力做的总功：
W总＝Fs＝400N×2h＝800N×h，
克服动滑轮重力做的额外功：
W额＝G动h＝50N×h，
由题意可得，克服绳重和摩擦做的额外功：
W额′＝10%W总＝10%×800N×h＝80N×h，
则有用功：W有＝W总﹣W额﹣W额′＝800N×h﹣50N×h﹣80N×h＝670N×h，
滑轮组的最大机械效率：
η＝＝×100%＝83.75%。
答：（1）工人施加在绳端的拉力为300N；
（2）滑轮组的最大机械效率为83.75%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、额外功、总功以及功率和机械效率公式的灵活应用，关键要知道：滑轮组提起的物体越重（绳端拉力越大），机械效率越高。
20．（7分）如图，电源电压U＝6.0V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样1和S3闭合时，电流表示数为0.6A，不计灯丝电阻随温度的变化。滑动变阻器R2的最大阻值20Ω。求：
（1）灯泡L正常发光时的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，求当R1电功率与R2电功率之比最小时，R1的电功率。
【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI计算灯泡的额定电流，再根据欧姆定律计算灯泡L正常发光时的阻值；
（2）S1和S3闭合时，变阻器R2被短接，电路为定值电阻R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路的电流，根据I＝，计算定值电阻R1的阻值；
三个开关S1、S2、S3都闭合时，变阻器R2被短接，定值电阻R1与灯泡L并联，根据P＝UI计算整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，由P＝UI可知，当R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小时，R1电功率与R2电功率之比最小，当变阻器R2两端电压最高时，R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小，据此分析作答。
【解答】解：（1）灯泡L标有“6V 6W”字样，则灯泡的额定电压：U额＝3V，额定功率：P额＝6W，
根据P＝UI可得，灯泡的额定电流：I额＝＝＝1A，
根据欧姆定律可得，灯泡L正常发光时的阻值：RL＝＝＝6Ω；
（2）S1和S8闭合时，变阻器R2被短接，电路为定值电阻R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路的电流，I3＝0.6A，
根据I＝，可得定值电阻R6的阻值：R1＝＝＝＝10Ω；
三个开关S1、S6、S3都闭合时，变阻器R2被短接，定值电阻R3与灯泡L并联，
灯泡L正常发光，灯泡的实际功率：PL＝P额＝6W
根据P＝UI可得，R1消耗的电功率：P8＝U1I1＝UI6＝6V×0.2A＝3.6W，
整个电路消耗的电功率：P总＝P2+PL＝3.6W+2W＝9.6W；
（3）只闭合开关S3，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，由P＝UI可知3两端的电压与R2两端的电压的比值最小时，R1电功率与R8电功率之比最小，
当变阻器R2两端电压最高时，电压表的量程为0～5V2两端的电压：U2＝3V时，R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小，
由串联电路电压规律可得，R3两端的电压：U1＝U﹣U2＝4V﹣3V＝3V，
由欧姆定律可得，通过R7的电流：I′1＝＝＝0.3A，
串联电路中电流处处相等，通过R2的电流：I′2＝I′8＝0.3A，
由欧姆定律可知，变阻器R8的接入电阻：R′2＝＝＝10Ω＜20Ω。
由P＝UI可得，R1的电功率：P′1＝I′3R′1＝0.6A×3V＝0.6W。
答：（1）灯泡L正常发光时的阻值为6Ω；
（2）三个开关S1、S8、S3都闭合时，整个电路的总功率是9.4W；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～8V，电流表的量程为0～0.5A1电功率与R2电功率之比最小时，R5的电功率是0.9W。
【点评】本题考查欧姆定律、串、并联电阻的规律及电功率公式灵活运用，关键是识别电路的连接。有一定难度。
21．（5分）学校物理探究小组进行了以下三个热学实验：甲图为“探究不同物质吸热升温现象”，乙图为“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，丙图“探究影响电流热效应的因素”。
（1）上述三个热学实验中都需要控制被加热物质 质量 （体积/质量）相等，这些实验中可利用加热相同时间进行实验有 甲、丙 （甲、乙/乙、丙/甲、丙）。
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量实验。小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快，这 不能 （能/不能）说明碎纸片的热值大。
（3）丙图实验中可发现B烧瓶中温度计的示数升高快，据此可初步得出结论： 当电流和通电时间相同时，电阻越大 产生的热量越多。如果仅用丙图中提供的器材，利用该装置 不可以 （可以/不可以）探究电热与电流的关系。
【分析】（1）探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料（根据转换法，确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液升高的温度；
（2）探究“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；
（3）探究“影响电流热效应的因素”实验中，用温度计升高的度数体现电热，用控制变量法研究与电阻的关系：串联时控制电流和通电时间一定。
【解答】解：（1）“探究不同物质吸热升温现象”、“比 、“探究影响电流热效应的因素”这三个热学实验都需要控制被加热物质质量相等、“探究影响电流热效应的因素”都可以 ，而“比较不同燃料燃烧 ，比较放出热量的多少，因此不能通过加热相同的时间比较燃料燃烧时热值的大小；
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量的实验中，小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快但不等于烧杯中水的末温高，因此这不能说明相同质量的碎纸屑就放出的热量多；
（3）探究电热与电流的关系时，应控制电阻和通电时间都相同，虽然可以通过调节滑动变阻器改变电路中电流的大小，即不能控制通电时间相同。
故答案为：（1）质量；甲、丙；（2）不能，电阻越大。
【点评】本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”、和探究“不同物质吸热升温现象”和“探究影响电流热效应的因素”三个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。
22．（9分）在测量未知电阻Rx（阻值约为150Ω）的实验中，提供的实验器材有：电源（电压3V）、滑动变阻器R（0～50Ω）0（0～9999Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、开关及导线若干。
（1）小虎同学设计了图甲所示的电路，他 不能 （填“能”或“不能”）较准确测出Rx的阻值，理由是 电路中的电流太小，用电流表不能准确测出通过电流的大小，所以不能用伏安法测出该电阻的阻值 。
（2）小明同学设计了图乙所示的电路进行测量。
①请根据图乙所示的电路，在图丙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。
②正确连接电路后，小明先将开关S拨至“1”，调节变阻器的滑片至某一位置，读数为U1＝ 0.4 V。
③再将开关S拨至“2”，当电阻箱的阻值调至R0＝148Ω时，电压表的示数恰为U1，则待测电阻的阻值Rx＝ 148 Ω。
④实验中，若将开关拨至“2”时，不小心将滑动变阻器的滑片向左移动了少许，则Rx的测量值 小于 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
（3）小丽同学另选器材，设计了如图戊所示电路，也测出Rx的阻值。其中R为定值电阻，R'为电阻箱。请在空白处填上合适内容。
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1。
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表和电流表示数为合适的值。
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关 R'与滑动变阻器滑片P 使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
④待测电阻的阻值Rx＝ R1﹣R2 。
【分析】（1）根据欧姆定律，在电压不变的情况下，若电路的电阻增大，则电路中的电流减小，若电阻值很大，则电路中的电流会很小。若电流值小于电流表的分度值时，将无法准确地测出电流值；
①根据电路图连接实物电路图，从滑动变阻器引出的导线接在单刀双掷开关的中间位置，电压表“3”接线柱与电源正极相连；
②先确定电压表的量程和分度值，读出电压表的示数；
③根据实验电路图可知，实验时有电压表，没有电流表，根据并联电路各支路两端的电压特点，用电压表测出待测电阻两端电压，再将开关与电阻箱连接并调节电阻箱的阻值使电压表的示数不变，根据并联电路的电压相等和欧姆定律可知待测电阻的阻值与电阻箱的阻值相等；
④滑动变阻器的滑片向左移动，接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压原理，要使变阻箱两端的电压保持不变，需要减小变阻箱的阻值，据此判断；
（3）导线改接后，调节电阻箱，使电压表、电流表的示数不变，由等效替代法求出Rx。
【解答】解：（1）由已知条件可知，未知电阻Rx的阻值约为150Ω，因为电源电压为3V可知电路中的电流太小，所以不能用伏安法较准确地测出该电阻的阻值；
①根据电路图，从滑动变阻器左下端引出的导线接在单刀双掷开关的中间位置，如图所示；
；
②电压表选择0～2V量程，最小分度值为0.1V；
③再将开关S拨至另一位置，当电阻箱的阻值调至R5＝148Ω时，电压表示数恰为U1，根据欧姆定律可知，Rx与R0相等，电阻箱的示数R8＝148Ω，所以电阻Rx＝148Ω；
④滑动变阻器的滑片向左移动，接入电路中的电阻R变小＝，要使滑动变阻器两端的电压UR保持不变，需要减小变阻箱R2的阻值，所以测得的Rx的值小于真实值；
（3）③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），反复调节R'与滑动变阻器滑片P，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关；
④此时电路中的电流、电流两端的电压与②中相同x的阻值，根据等效替代法可知，Rx＝R1﹣R2。
故答案为：（1）不能；电路中的电流太小，所以不能用伏安法测出该电阻的阻值；②0.4；④小于；④R3﹣R2。
【点评】本题的考查的知识点难点较多，根据并联电路各支路两端的电压相等这一特点设计实验，着重体现了等效替代法在实验中的具体应用。
23．（7分）如图甲是一种草坪喷水器，它是通过向外喷水而使自身转动的。那么，草坪喷水器的旋转速度与哪些因素有关呢？同学们仔细观察
猜想1：孔的数量
猜想2：孔的大小
（1）喷水器向外喷水而自身转动，说明了 力的作用是相互的 。
（2）同学们设计了如下实验：在离易拉罐底1cm的罐体上，用如图乙所示的方法打一个孔，将细绳系在易拉罐的罐顶中心，灌满水后，快速把易拉罐提到水面上方，将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中。改变孔的大小和数目，重复上述实验
序号
孔的大小
孔的数量
10s易拉罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
12
3
小
3
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
①实验时，观察易拉罐旋转速度的方法与 相同时间比路程 相同（填“相同时间比路程”或“相同路程比时间”）。
①分析表中序号1、2、3的数据，可判断猜想 1 （填“1”或“2”）是正确的，结论是 当孔的大小相同时，孔越多，旋转速度越快 。
①为判断另一个猜想，应该分析表中序号 1、4、6（或2、5、7） 的数据，可得出结论是 当孔的数量相同时，孔越大、旋转速度越大 。
（3）实验中，为减小实验误差，需要增加易拉罐旋转的圈数，老师在易拉罐体上打孔时，钉子戳入罐体后要以罐体的直径为基准旋转90°（如图乙）（如图丙），以增加水对罐体作用力的 力臂 （填“大小”或“力臂”）。
【分析】（1）喷水器向外喷水而自身转动，是因为水给罐体一个反作用力，据此分析即可；
（2）①由题意“将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中”，说明观察易拉罐旋转速度的方法是相同时间比路程；
②由表中序号1、2、3的数据可知，孔的大小相同，记录的时间相同，孔的数量越多，转的圈数就越多，据此分析；
③分析表中序号1、4、6的数据可知，当孔的数量相同时，孔越大、旋转速度越大；
（3）旋转的力矩＝力×力臂。
【解答】解：（1）喷水器向外喷水而自身转动，是因为水给罐体一个反作用力；
（2）①由题意“将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中”，说明观察易拉罐旋转速度的方法是相同时间比路程；
②由表中序号1、2、2的数据可知，记录的时间相同，转的圈数就越多，孔越多，所以猜想1正确；
③分析表中序号1、5、6（或2、2，当孔的数量相同时、旋转速度越大；
（3）因为旋转的力矩＝力×力臂，所以当力不变的情况下。
故答案为：（1）力的作用是相互的；（2）①相同时间比路程；当孔的大小相同时，旋转速度越快、4、6（或5、5；当孔的数量相同时、旋转速度越大。
【点评】此题考查控制变量法在探究性实验中的运用，关键是利用控制变量法对实验数据进行分析并得出结论，属于综合题目。
24．（10分）阅读短文，回答问题。
集成灶
ㅤㅤ集成灶（如图甲）是一种集吸油烟机、燃气灶、消毒柜、储藏柜等多种功能于一体的厨房电器。具有节省空间、抽油烟效果好，节能低耗环保等优点。集成灶是运用微空气动力学原理，下排风产生流体负压区的原理，让油烟魔力般的往下吸走，油烟吸净率达95%以上。集成灶是为解决传统油烟机无法彻底根除油烟的难题，改善厨房和家居环境而研制开发的国际领先的厨房家电产品
电压
220V
油烟吸净率
99%
功率
200～500W
风量
9～18m3/min
净重
75kg
风压
300Pa
噪声
54～70dB
油脂分离度
90%
ㅤㅤ风量是指静压为零时吸油烟机单位时间的排风量；风压是指吸油烟机风量为7m3/min时的静压值；油烟吸净率指被除去的油烟与处理前的油烟的质量百分比；油脂分离度指的是集油杯中油脂的质量与吸入油烟中油脂的质量之比。油脂分离度高；油脂分离太低，容易导致机器内油污沉积过多，当油污累积到一定程度，还会产生很大噪声。
（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时香味扑鼻而来，这表明分子运动快慢与 温度 有关；集成灶消毒柜利用 紫外线 进行消毒（填“红外线”、“紫外线”）。
（2）如图乙所示，是集成灶灶头示意图。使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是 B 。
A.进口处煤气流速大，压强大于大气压强
B.进口处煤气流速大，压强小于大气压强
C.进口处煤气流速小，压强大于大气压强
D.进口处煤气流速小，压强小于大气压强
（3）集成灶在安装时与地面的总接触面积为300cm2，则其对地面的压强约为 2.5×104 Pa；若油烟吸排前后的体积变化忽略不计，吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%，没有除去的油烟中的油脂质量是 0.0198 g，集油杯中收集到的油脂的质量是 1.76418 g（吸入前油烟的密度ρ油烟＝1.1kg/m3，g＝10N/kg）。
（4）集成灶安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图1为其模拟装置示意图：电源电压U＝6V：当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时（未画出）启动保护，反之打开气路；热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图2中图线①所示。
①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将 变小 （填“变大”、“变小”）。
②在调试装置时，需满足以下两个条件：
A.装置启动保护时Rt的温度不高于80℃。
B.为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护Rt的电功率应不超过0.06W；为满足上述条件，则电阻箱R接入电路阻值的范围是 150Ω≤R≤200Ω 。
③若仅将Rt更换为图2中图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同）则装置启动保护的灵敏度会 降低 （填“升高”、“降低”、“不变”）。
【分析】（1）分子热运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈；紫外线可以用来杀菌和消毒；
（2）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，比较煤气进口处的内外气体的流速分析回答；
（3）根据G＝mg求出集成灶的重力，集成灶对水平地面的压力大小等于集成灶自身的重力，根据p＝计算集成灶对地面的压强；
根据风量和时间求出集成灶以最高挡位工作10min时吸入前油烟的体积，根据密度公式求出吸入前油烟的质量，根据吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%求出吸入前油烟中油脂的质量，根据油烟吸净率求出除去的油烟中的油脂质量，进而没有除去的油烟中的油脂质量；根据油脂分离度求出集油杯中收集到的油脂的质量；
（4）①根据图像得出电阻与温度的关系，根据欧姆定律求出随着Rt温度降低，线圈中电流的变化；
②根据装置启动保护时R1的温度不高于80℃，算出电阻箱的最大电阻值；
根据装置启动保护时R1的电功率应不超过0.06W，算出电阻箱的最小电阻值；
（ 3）更换热敏后，装置启动熄火保护功能时，电路中的电流及电路的总电阻是确定的，比较前、后热敏电阻的阻值大小可知装置启动保护功能的灵敏度变化。
【解答】解：（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时，温度较高，香味扑鼻而来；
紫外线具有杀菌消毒的作用，集成灶消毒柜是利用紫外线进行消毒的；
（2）因为流速越快，流体的压强越小，压强小于大气压，而煤气不会向空气中泄露；
（3）由表中数据可知，集成灶的质量为75kg，
集成灶的重力：G＝mg＝75kg×10N/kg＝750N，
集成灶对水平地面的压力：F＝G＝750N，
受力面积S＝300cm2＝0.03m8，
集成灶对地面的压强约为：p＝＝＝2.5×104Pa；
由表中数据可知，最大风量为18m5/min，集成灶以最高挡位工作10min时吸入前油烟的体积：V前＝18m3/min×10min＝180m3，
由ρ＝可知前＝ρ油烟V前＝5.1kg/m3×180m7＝198kg，
由吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%可知，吸入前油烟中油脂的质量：m前油＝0.001%m前＝6.001%×198kg＝1.98×10﹣3kg＝4.98g，
由表中数据可知，油烟吸净率为99%除＝99%×m前油＝99%×1.98g＝1.9602g，
没有除去的油烟中的油脂质量：m剩＝m前油﹣m除＝5.98g﹣1.9602g＝0.0198g，
由表中数据可知，油脂分离度为90%收集＝90%m除＝90%×4.9602g＝1.76418g；
（4）①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，由图2中图线①知，Rt的阻值增大，由欧姆定律可知；
②装置启动保护功能时，由题知此时电路中的电流I＝5.02A1，Rt的温度为80℃，由图2中图线①可知t＝100Ω，
此时电路的总电阻为：R总＝＝＝300Ω；
由电阻的串联可得，R1的电阻为：R5＝R总﹣Rt＝300Ω﹣100Ω＝200Ω；
为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护时Rt的电功率应不超过0.06W，设此时电阻箱的阻值为R2，
此时电路中I＝8.02A，Rt的最大电功率为0.06W，
所以Pt＝I2Rt′＝6.06W，
即：（0.02A）2×Rt′＝7.06W，
解得Rt′＝150Ω，
此时电阻箱的阻值：R2＝R总﹣Rt′＝300Ω﹣150Ω＝150Ω，
所以，电阻箱R接入电路阻值的范围：150Ω≤R≤200Ω；
③由图2可知，随着熄火后R温度降低，图线②要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护。
故答案为：（1）温度；紫外线；（3）6.5×104；2.0198；1.76418；②150Ω≤R≤200Ω。
【点评】本题综合考查影响分子运动快慢的因素、紫外线的应用、压强定义式、电磁铁、欧姆定律和电功率等知识，是一道综合题，难度较大。
2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷
一、共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。
1．（2分）甲、乙、丙三个带电小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带负电荷（ ）
A．可能带负电荷 B．一定带正电荷
C．一定带负电荷 D．可能带正电荷
2．（2分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ）
A．水沸腾时放出大量的热
B．图甲是水沸腾时的现象
C．沸腾时不断地冒出“白气”，是液化形成的
D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计
3．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（ ）
A．如图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．如图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．如图前2s内，小华跑得较慢
D．如图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
4．（2分）蜡烛S、某光学元件K和光屏P按图示位置放置在光具座上，它们的中心在同一水平直线。此时光屏上可观察到烛焰清晰的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．若K是小孔并将光屏向右移动少许，光屏上的像将变模糊
B．若K是凸透镜，则它的焦距满足f＞15cm
C．仅需水平移动S、K或P中的一个，即可判断K是否为小孔
D．若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，光屏上将得到清晰的缩小像
5．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
6．（2分）如图所示电路，闭合开关，L1、L2。两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零（ ）
A．灯L1短路 B．灯 L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
7．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高（ ）
A．A的重力等于B的重力
B．甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度
C．甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．两容器底部所受液体压强相等
8．（2分）小车在水平地面上沿直线运动，车内的小球A和物块B在图示位置相对车厢静止．则（ ）
A．车可能做匀速运动
B．物块B受平衡力作用
C．物块B受到向右的摩擦力
D．球A的惯性一定比物块B的小
9．（2分）如图甲所示，小虎同学将质量为20g的木块（ρ木＜ρ水）轻轻放入装满水的溢水杯中，当水停止外流时接水杯的水量如图乙所示（接水杯为内径均匀的柱形容器）。假如将这个接水杯倒满开水，则水放出的热量最可能是【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（ ）
A．1.0×104J B．1.5×104J C．2.5×104J D．3.5×104J
10．（2分）如图所示，电路中的M为电子集成元件，其电阻与两端所加的电压成正比（即RM＝kUM，式中k为常数）且遵循欧姆定律，R为定值电阻，电源电压可调。现闭合开关SR与电源电压U的关系图线可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（共14小题，每小题3分，满分70分）
11．（3分）2022年4月21日，长约400m的复兴号列车成功实现单列时速435km/h、相对交会时速870km/h，创造了高铁动车组列车交会速度世界纪录 ；每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口的连接方式是 ；某次列车匀速完全通过长3200m的隧道用时40s，通过隧道的速度为 m/s。
12．（3分）现有0.3kg的汽油，其热值为4.6×107J/kg。汽油机燃烧了0.2kg汽油，实际放出的热量为8×106J，产生的有用机械能为2.76×106J。则燃烧0.2kg汽油时，未完全燃烧损耗的能量为 J。此时汽油机的效率为 %。若该四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟做功 次。
13．（3分）如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 点重力势能最大，在 点动能最大，在 点机械能最大。（不计空气阻力）
14．（5分）在综合实践活动中，小明利用杠杆、刻度尺、金属块、杯子、细线和适量的水制成一个液体密度秤．请你将小明设计的实验步骤补充完整。
（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时，杠杆恰好在水平位置平衡。
（2）在杯中装入一定量的水，将质量为m的金属块挂在C处，杠杆恰好水平平衡，OD的距离为4cm，则烧杯中水的质量为 （用m表示）。
（3）将水倒出，在杯中装入相同 （选填“质量”或“体积”）的待测液体，金属块移至B处杠杆再次平衡，测出BO间的距离为6cm液＝ kg/m3。
（4）用该方案制成的密度秤，其秤的刻度 （选填“均匀”或“不均匀”），该方案中要增加密度秤的量程，其方法是 。
15．（7分）物理兴趣小组制作了如图甲所示的测量大气压强装置，其中弹簧的伸长长度（ΔL）跟所受拉力（F），注射器的最大刻度为20mL，全部刻度的长度为20cm，电阻R0的阻值为6Ω，电阻R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝，电压表的量程为0～3V。
（1）该气压计使用前先将注射器活塞推到顶端，并用橡皮帽将注射器孔封闭，目的是 。
（2）当外界大气压为1标准大气压时，将弹簧右端固定在注射器的活塞上，向左拉弹簧另一端使活塞右端滑动到注射器的中部静止，如图甲所示。若活塞与注射器内壁摩擦忽略不计、注射器内视作真空，由 原理知，弹簧对活塞的拉力 活塞受到的大气压力（选填“大于”、“等于”或“小于”），弹簧伸长量为 。（取1标准大气压＝1.0×105Pa）
（3）将滑片固定在弹簧右端，调节电阻丝R的位置，使其和滑片接触良好且滑片位于R的中点，电压表的示数 （选填“增大”“不变”或“减小”），该装置能测得周围的最大气压是 Pa。
（4）当外界气压为2×105Pa时，装置中滑动变阻器R消耗的电功率大小为 W。
16．（2分）如图，凹透镜光路中，分别作出入射光线对应的出射光线。
17．（2分）如图所示，忽略空气阻力，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动
18．（2分）请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座插座（准备接大功率用电器）接入家庭电路中。
19．（5分）如图所示，质量为60kg的工人用滑轮组提升重物，每个滑轮重均为50N，使重物以0.2m/s的速度匀速上升。（g＝10N/kg）求：
（1）工人施加在绳端的拉力；
（2）若绳子能够承受的最大拉力为400N，重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
20．（7分）如图，电源电压U＝6.0V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样1和S3闭合时，电流表示数为0.6A，不计灯丝电阻随温度的变化。滑动变阻器R2的最大阻值20Ω。求：
（1）灯泡L正常发光时的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，求当R1电功率与R2电功率之比最小时，R1的电功率。
21．（5分）学校物理探究小组进行了以下三个热学实验：甲图为“探究不同物质吸热升温现象”，乙图为“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，丙图“探究影响电流热效应的因素”。
（1）上述三个热学实验中都需要控制被加热物质 （体积/质量）相等，这些实验中可利用加热相同时间进行实验有 （甲、乙/乙、丙/甲、丙）。
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量实验。小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快，这 （能/不能）说明碎纸片的热值大。
（3）丙图实验中可发现B烧瓶中温度计的示数升高快，据此可初步得出结论： 产生的热量越多。如果仅用丙图中提供的器材，利用该装置 （可以/不可以）探究电热与电流的关系。
22．（9分）在测量未知电阻Rx（阻值约为150Ω）的实验中，提供的实验器材有：电源（电压3V）、滑动变阻器R（0～50Ω）0（0～9999Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、开关及导线若干。
（1）小虎同学设计了图甲所示的电路，他 （填“能”或“不能”）较准确测出Rx的阻值，理由是 。
（2）小明同学设计了图乙所示的电路进行测量。
①请根据图乙所示的电路，在图丙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。
②正确连接电路后，小明先将开关S拨至“1”，调节变阻器的滑片至某一位置，读数为U1＝ V。
③再将开关S拨至“2”，当电阻箱的阻值调至R0＝148Ω时，电压表的示数恰为U1，则待测电阻的阻值Rx＝ Ω。
④实验中，若将开关拨至“2”时，不小心将滑动变阻器的滑片向左移动了少许，则Rx的测量值 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
（3）小丽同学另选器材，设计了如图戊所示电路，也测出Rx的阻值。其中R为定值电阻，R'为电阻箱。请在空白处填上合适内容。
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1。
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表和电流表示数为合适的值。
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关 使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
④待测电阻的阻值Rx＝ 。
23．（7分）如图甲是一种草坪喷水器，它是通过向外喷水而使自身转动的。那么，草坪喷水器的旋转速度与哪些因素有关呢？同学们仔细观察
猜想1：孔的数量
猜想2：孔的大小
（1）喷水器向外喷水而自身转动，说明了 。
（2）同学们设计了如下实验：在离易拉罐底1cm的罐体上，用如图乙所示的方法打一个孔，将细绳系在易拉罐的罐顶中心，灌满水后，快速把易拉罐提到水面上方，将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中。改变孔的大小和数目，重复上述实验
序号
孔的大小
孔的数量
10s易拉罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
12
3
小
3
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
①实验时，观察易拉罐旋转速度的方法与 相同（填“相同时间比路程”或“相同路程比时间”）。
①分析表中序号1、2、3的数据，可判断猜想 （填“1”或“2”）是正确的，结论是 。
①为判断另一个猜想，应该分析表中序号 的数据，可得出结论是 。
（3）实验中，为减小实验误差，需要增加易拉罐旋转的圈数，老师在易拉罐体上打孔时，钉子戳入罐体后要以罐体的直径为基准旋转90°（如图乙）（如图丙），以增加水对罐体作用力的 （填“大小”或“力臂”）。
24．（10分）阅读短文，回答问题。
集成灶
ㅤㅤ集成灶（如图甲）是一种集吸油烟机、燃气灶、消毒柜、储藏柜等多种功能于一体的厨房电器。具有节省空间、抽油烟效果好，节能低耗环保等优点。集成灶是运用微空气动力学原理，下排风产生流体负压区的原理，让油烟魔力般的往下吸走，油烟吸净率达95%以上。集成灶是为解决传统油烟机无法彻底根除油烟的难题，改善厨房和家居环境而研制开发的国际领先的厨房家电产品
电压
220V
油烟吸净率
99%
功率
200～500W
风量
9～18m3/min
净重
75kg
风压
300Pa
噪声
54～70dB
油脂分离度
90%
ㅤㅤ风量是指静压为零时吸油烟机单位时间的排风量；风压是指吸油烟机风量为7m3/min时的静压值；油烟吸净率指被除去的油烟与处理前的油烟的质量百分比；油脂分离度指的是集油杯中油脂的质量与吸入油烟中油脂的质量之比。油脂分离度高；油脂分离太低，容易导致机器内油污沉积过多，当油污累积到一定程度，还会产生很大噪声。
（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时香味扑鼻而来，这表明分子运动快慢与 有关；集成灶消毒柜利用 进行消毒（填“红外线”、“紫外线”）。
（2）如图乙所示，是集成灶灶头示意图。使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是 。
A.进口处煤气流速大，压强大于大气压强
B.进口处煤气流速大，压强小于大气压强
C.进口处煤气流速小，压强大于大气压强
D.进口处煤气流速小，压强小于大气压强
（3）集成灶在安装时与地面的总接触面积为300cm2，则其对地面的压强约为 Pa；若油烟吸排前后的体积变化忽略不计，吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%，没有除去的油烟中的油脂质量是 g，集油杯中收集到的油脂的质量是 g（吸入前油烟的密度ρ油烟＝1.1kg/m3，g＝10N/kg）。
（4）集成灶安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图1为其模拟装置示意图：电源电压U＝6V：当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时（未画出）启动保护，反之打开气路；热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图2中图线①所示。
①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将 （填“变大”、“变小”）。
②在调试装置时，需满足以下两个条件：
A.装置启动保护时Rt的温度不高于80℃。
B.为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护Rt的电功率应不超过0.06W；为满足上述条件，则电阻箱R接入电路阻值的范围是 。
③若仅将Rt更换为图2中图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同）则装置启动保护的灵敏度会 （填“升高”、“降低”、“不变”）。
2023年江苏省南通市中考物理适应性试卷
参考答案与试题解析
一、共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。
1．（2分）甲、乙、丙三个带电小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带负电荷（ ）
A．可能带负电荷 B．一定带正电荷
C．一定带负电荷 D．可能带正电荷
【分析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：由图知乙、丙相互排斥、丙一定带同种电荷，则乙一定也带负电；
图中甲、乙相互吸引，甲带正电。
故选：B。
【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
2．（2分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ）
A．水沸腾时放出大量的热
B．图甲是水沸腾时的现象
C．沸腾时不断地冒出“白气”，是液化形成的
D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计
【分析】（1）水沸腾时吸热；
（2）掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；
（3）物质由气体变为液体是液化；
（4）根据量程选择温度计
【解答】解：A、水沸腾时吸收热量；
B、甲气泡在上升过程中，所以是沸腾前的情况；
C、水沸腾时，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴；
D、在标准大气压下，选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计是错误的；
故选：C。
【点评】探究水沸腾的实验中，有关实验仪器的调节、沸腾的特点、沸腾的现象等，是此类实验经常考查的问题，要熟练掌握。
3．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（ ）
A．如图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．如图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．如图前2s内，小华跑得较慢
D．如图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
【分析】（1）在内燃机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能；
（2）克服摩擦做功，机械能转化为内能；
（3）判断前2s内谁跑得快，我们可采取相同时间比较路程，谁在相同时间内运动的路程长，谁就跑得快；
（4）发声体振动的频率越高，音调就越高。
【解答】解：A、汽车内燃机压缩冲程是机械能转化为内能，故A错误；
B、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，重力势能不能完全转化为动能；
C、由图像可知，小华运动的距离比小明长，故C错误；
D、由波形图可知，甲音叉振动快，甲音叉比乙音叉发声的音调高。
故选：D。
【点评】本题主要考查了内燃机工作过程能量的转化、机械能的转化以及对s﹣t图像和物体振动波形图的了解，掌握相关知识是解答此题的关键。
4．（2分）蜡烛S、某光学元件K和光屏P按图示位置放置在光具座上，它们的中心在同一水平直线。此时光屏上可观察到烛焰清晰的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．若K是小孔并将光屏向右移动少许，光屏上的像将变模糊
B．若K是凸透镜，则它的焦距满足f＞15cm
C．仅需水平移动S、K或P中的一个，即可判断K是否为小孔
D．若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，光屏上将得到清晰的缩小像
【分析】（1）小孔成像光屏向右移动少许，光屏上的像变大，不会模糊；
（2）由图可知，物距大于像距，分析解答；
（3）水平移动S、K或P中的一个，小孔成像只能改变像的大小，如是凸透镜像的大小、清晰度都发生变化；
（4）f＜u＜2f，光屏上将得到清晰的倒立放大的实像。
【解答】解：A、小孔成像光屏向右移动少许，不会模糊；
B、由图可知，光屏上可观察到烛焰清晰的像，
u＝50cm﹣20cm＝30cm＞2f，解得，
v＝65cm﹣50cm＝15cm，f＜15cm＜2f，
解得，3.5cm＜f＜15cm；
C、仅需水平移动S，小孔成像只能改变像的大小、清晰度都发生变化；
D、若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，像距为30cm，由光在折射时光路是可逆的可知，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查小孔成像、凸透镜的特点，掌握基础知识可以解答。
5．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
【分析】据牛顿第一运动定律可知，一切物体在没有受到任何外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：当皮球运动到最高点A时，仍然具有水平向右的速度，由牛顿第一运动定律可知。
故选：B。
【点评】此题考查了牛顿第一定律的应用，理解牛顿第一定律的内容是解题的关键。
6．（2分）如图所示电路，闭合开关，L1、L2。两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零（ ）
A．灯L1短路 B．灯 L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
【分析】由电路图可知，L1、L2串联，电压表测L2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据选项逐一分析找出符合要求的选项。
【解答】解：由电路图可知，L1、L2串联，电压表测L2两端的电压，电流表测电路中的电流，
A．若L1灯短路时，电路为L2的简单电路，此时L8不发光、L2发光，电压表和电流表的示数均增大；
B．若L2灯短路时，电路为L7的简单电路，此时L1发光、L2不发光，电流表示数增大，故B符合题意；
C．若L4灯断路时，电路断路1、L2均不发光，电流表和电压表均无示数；
D．若L2灯断路时，电路断路1、L2均不发光，电流表无示数，其示数增大。
故选：B。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
7．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高（ ）
A．A的重力等于B的重力
B．甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度
C．甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．两容器底部所受液体压强相等
【分析】（1）首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；
（2）根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
（3）容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，首先根据物体浮沉条件，结合图示判断实心物体A、B所受浮力关系，得出排开液体的重力关系，再利用密度公式和重力公式判断两种液体的重力关系。
（4）已知两种液体的密度关系，又知高度关系，根据p＝ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
【解答】解：A、甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，
将实心物体A、B分别放入两容器中，
则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和相等，
由图可知，A漂浮，根据密度公式，A的重力大于B的重力；
B、由图可知，A的密度小于甲液体的密度，B的密度等于乙液体的密度，
实心物体A、B由同种材料制作，
所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度；
C、由图可知，A所受浮力等于A的重力，B所受浮力等于B的重力，
所以，A排开液体的重力大于B排开液体的重力，
甲、乙两容器相同的，
甲、乙两容器中的两种液体体积相等，
根据可知，
根据G＝mg可知，甲液体的重力大于乙液体的重力，
容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，
所以，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力；
D、甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，
根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。
故选：C。
【点评】此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性很强，关键是知道容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，属于难题。
8．（2分）小车在水平地面上沿直线运动，车内的小球A和物块B在图示位置相对车厢静止．则（ ）
A．车可能做匀速运动
B．物块B受平衡力作用
C．物块B受到向右的摩擦力
D．球A的惯性一定比物块B的小
【分析】对于A，受到绳子拉力和重力，属于非平衡力，故A不可能为匀速，对于B，B和小车一起运动，处于向右加速或者向左减速状态，非平衡状态，故摩擦力为向右，惯性大小和质量有关。
【解答】解：A.对于A，受到绳子拉力和重力，故A不可能为匀速；
B、C.由图可知，处于向右加速或者向左减速状态，摩擦力向右，C正确；
D.惯性大小和质量有关，题中没有说明两者质量关系，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了平衡状态和非平衡状态的条件、摩擦力的判断和惯性的知识点，属于中档题。
9．（2分）如图甲所示，小虎同学将质量为20g的木块（ρ木＜ρ水）轻轻放入装满水的溢水杯中，当水停止外流时接水杯的水量如图乙所示（接水杯为内径均匀的柱形容器）。假如将这个接水杯倒满开水，则水放出的热量最可能是【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（ ）
A．1.0×104J B．1.5×104J C．2.5×104J D．3.5×104J
【分析】木块的密度小于水的密度，木块轻轻放入装满水的溢水杯中后处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理得出等式即可求出排开水的重力，由图可知接水杯中水的体积约占容器的，据此可知满接水杯内水的总质量，开水的初温约为100℃，人直接可以饮用水的温度约为40℃，根据Q放＝cm（t0﹣t）求出水放出的热量，然后结合选项得出答案。
【解答】解：因木块的密度小于水的密度，
所以，木块轻轻放入装满水的溢水杯中后处于漂浮状态，
由漂浮条件和阿基米德原理可得：F浮＝G木＝G排，即m木g＝m排g，
则接水杯内水的质量：m排＝m木＝20g，
由图可知，接水杯中水的体积约占容器的，
由m＝ρV可得，满接水杯内水的总质量：m＝2m排＝3×20g＝60g＝0.06kg，
开水的初温约为100℃，人直接可以饮用水的温度约为40℃，
则开水放出的热量：Q放＝cm（t4﹣t）＝4.2×105J/（kg•℃）×0.06kg×（100℃﹣40℃）＝1.512×104J，
结合选项可知，与B接近。
故选：B。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、放热公式的应用，要注意开水温度和人直接可以饮用水温度的估测。
10．（2分）如图所示，电路中的M为电子集成元件，其电阻与两端所加的电压成正比（即RM＝kUM，式中k为常数）且遵循欧姆定律，R为定值电阻，电源电压可调。现闭合开关SR与电源电压U的关系图线可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由电路图可知，电子集成元件M与电阻R串联，根据电子集成元件M的阻值与两端所加的电压成正比可知通过M的电流不变，根据串联电路的电流特点可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知电阻R两端电压的电压变化，利用串联电路的电压特点可知电子元件M两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，电子集成元件M与定值电阻R串联。
AB．因电子集成元件M的阻值与其两端电压成正比，通过电子集成元件M的电流有
I＝，
可知，增加电源电压时，因此通过M的电流I与电源电压U的关系图线是一条平行于横轴的直线；
CD．因为电子集成元件M与定值电阻R串联，通过定值电阻R和电子集成元件M的电流相等，增加电源电压时，因此，通过定值电阻R的电流不变，定值电阻R的两端电压不变，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电子集成元件M的阻值与两端的电压关系确定出通过其电流不变是关键。
二、填空题（共14小题，每小题3分，满分70分）
11．（3分）2022年4月21日，长约400m的复兴号列车成功实现单列时速435km/h、相对交会时速870km/h，创造了高铁动车组列车交会速度世界纪录 阻力 ；每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口的连接方式是 并联 ；某次列车匀速完全通过长3200m的隧道用时40s，通过隧道的速度为 90 m/s。
【分析】流线型设计可以减小空气阻力；高速列车上充电插口的连接方式都是并联；先求出列车完全通过隧道时的总路程，再利用速度公式v＝即可解答。
【解答】解：复兴号列车采用全新流线型车头设计成流线型减小了运行中受到的阻力，实现了节能降耗的目的；
复兴号列车上每两个座位都有一个充电插口，这些充电插口互不影响；
列车完全通过隧道时的总路程：
s＝L隧道+L车＝3200m+400m＝3600m
v＝＝＝90m/s。
故答案为：阻力；并联。
【点评】本题以列车为背景，考查了减小阻力的方法、串并联电路的判断、速度公式的应用，是一道基础题。
12．（3分）现有0.3kg的汽油，其热值为4.6×107J/kg。汽油机燃烧了0.2kg汽油，实际放出的热量为8×106J，产生的有用机械能为2.76×106J。则燃烧0.2kg汽油时，未完全燃烧损耗的能量为 1.2×106 J。此时汽油机的效率为 30 %。若该四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟做功 15 次。
【分析】（1）根据热值和汽油的质量，用公式Q＝qm求出汽油完全燃烧放出的热量；用燃料完全燃烧完全放出的热量﹣实际放出的热量等于未完全燃烧损耗的能量；
（2）有用功的能量占总能量的比值，得出汽油机的效率；
（3）由飞轮的转速可求出每秒飞轮转动的圈数，根据四冲程汽油机一个工作循环，完成四个冲程，飞轮转动2圈，做功一次可求出每秒钟做功的次数。
【解答】解：（1）汽油的热值为4.6×104J/kg，完全燃烧0.2kg的汽油产生的热量：
Q放＝mq＝3.2kg×4.3×107J/kg＝9.3×106J；
实际放出的热量为Q实放＝8×105J，
未完全燃烧损耗的能量为9.2×103﹣8×106J＝6.2×106J；
（2）η＝＝＝30%；
（3）由飞轮的转速是1800r/min可知，每秒飞轮转动30圈，
根据四冲程汽油机一个工作循环，完成四个冲程，做功一次可知。
故答案为：3.2×106；30；15。
【点评】本题考查热机、热值概念以及热值公式以及机械效率，是热学综合题。
13．（3分）如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 a 点重力势能最大，在 c 点动能最大，在 a 点机械能最大。（不计空气阻力）
【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大。
分析重物从a运动到d的过程中，质量、速度、高度的变化，确定哪点的重力势能最大、动能最大。
【解答】解：①重物从a运动到d的过程中，质量不变，重力势能最大；
②c是重物连接在弹簧下端静止时的位置，此时重物受到的拉力和重力相等，即点b是弹簧处于原长的位置；
从a运动到b的过程中，重物受到向下的重力和向下的弹力，重物做加速运动；
从b点到d的过程中，重物在c点之前；重物在c点之后；所以，即在c点时速度最大；故a点机械能最大。
故答案为：a；c；a。
【点评】本题考查了物体动能、重力势能的变化分析，确定重物在c点前后的速度变化是本题的关键。
14．（5分）在综合实践活动中，小明利用杠杆、刻度尺、金属块、杯子、细线和适量的水制成一个液体密度秤．请你将小明设计的实验步骤补充完整。
（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时，杠杆恰好在水平位置平衡。
（2）在杯中装入一定量的水，将质量为m的金属块挂在C处，杠杆恰好水平平衡，OD的距离为4cm，则烧杯中水的质量为 1.25m （用m表示）。
（3）将水倒出，在杯中装入相同 体积 （选填“质量”或“体积”）的待测液体，金属块移至B处杠杆再次平衡，测出BO间的距离为6cm液＝ 1.2×103 kg/m3。
（4）用该方案制成的密度秤，其秤的刻度 均匀 （选填“均匀”或“不均匀”），该方案中要增加密度秤的量程，其方法是 减少烧杯内液体的体积 。
【分析】（1）根据杠杆平衡条件代入数据即可得到烧杯中水的质量。
（2）液体的体积可以用第二步得到的水的体积来替代，用密度公式得出液体体积的表达式，液体的质量通过杠杆的再平衡时，利用杠杆平衡条件得出液体质量的表达式，最后利用密度的公式可得到液体密度的数值。
（3）利用杠杆平衡条件得出液体密度的表达式，分析表达式中液体密度与金属块到O点的距离L之间的关系得出结论，分析液体密度的表达式可得到增加密度秤量程的方法。
【解答】解：（1）如图将烧杯用细绳悬挂在杠杆D端，移动绳套到O点时．
（2）在杯中加水后，将金属块挂在C处，由杠杆平衡条件知：mg×CO＝m水g×OD；
m水＝＝5.25m。
（3）本实验是制作液体密度秤，液体的体积可以用第二步得到的水的体积来替代液＝V水＝；
液体的质量通过杠杆的再平衡来计算，故在烧杯中装入体积相同的待测液体，有mg×BO＝m液g×OD；
待测液体质量m液＝＝1.5m；
液体密度ρ液＝＝1.4×103kg/m3。
（4）（a）小明制作密度秤的原理是F7L1＝F2L4； （b）烧杯中没有放水时，即所装液体的密度为零，杠杆恰好在水平位置平衡；
设液体密度为ρ液，体积V液与烧杯中原来装的水的体积相同，金属块m移动到某点时杠杆平衡，根据杠杆平衡条件可得：
ρ液V液g×OD＝mg×L，
所以，ρ液＝，其中V液、m、OD为定值液与长度L之间的函数关系，为一次函数关系，因此密度秤的刻度是均匀的液，故可以减少烧杯内液体的体积。
故答案为：（2）1.25m；（3）体积3；（4）均匀；减少烧杯内液体的体积。
【点评】本题考查液体密度的测量，应用到密度公式和杠杆的平衡条件，有一定难度。
15．（7分）物理兴趣小组制作了如图甲所示的测量大气压强装置，其中弹簧的伸长长度（ΔL）跟所受拉力（F），注射器的最大刻度为20mL，全部刻度的长度为20cm，电阻R0的阻值为6Ω，电阻R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝，电压表的量程为0～3V。
（1）该气压计使用前先将注射器活塞推到顶端，并用橡皮帽将注射器孔封闭，目的是 排出注射器中的空气，防止空气进入筒内 。
（2）当外界大气压为1标准大气压时，将弹簧右端固定在注射器的活塞上，向左拉弹簧另一端使活塞右端滑动到注射器的中部静止，如图甲所示。若活塞与注射器内壁摩擦忽略不计、注射器内视作真空，由 二力平衡 原理知，弹簧对活塞的拉力 等于 活塞受到的大气压力（选填“大于”、“等于”或“小于”），弹簧伸长量为 1cm 。（取1标准大气压＝1.0×105Pa）
（3）将滑片固定在弹簧右端，调节电阻丝R的位置，使其和滑片接触良好且滑片位于R的中点，电压表的示数 增大 （选填“增大”“不变”或“减小”），该装置能测得周围的最大气压是 5×105 Pa。
（4）当外界气压为2×105Pa时，装置中滑动变阻器R消耗的电功率大小为 1.44 W。
【分析】（1）实验中要排出注射器内的空气，这样在拉动活塞时，注射器内部会接近于真空，这样才能测出大气的压力；
（2）弹簧对活塞的拉力与大气对活塞的压力是一对平衡力，据此可判断二者的关系。利用大气压强，求出大气压力的大小，再通过读图乙可确定弹簧伸长的长度；
（3）在电路图中，两电阻串联，根据电压的关系，利用欧姆定律可求出电压表的示数；根据大气压强对滑片的影响，可判断电压表示数的变化情况；
由于电压表的量程为0～3V．所以电压表示数为3V时，大气压的值最大；根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时R连入电路的电阻，根据变阻器的阻值和长度得出变阻器连入电路的长度，据此判断得出弹簧伸长量，读图乙得出此时大气压对活塞的压力，利用p＝即可求出压强；
（4）当外界大气压为2×105Pa时，利用公式F＝pS可算出大气的压力，根据大气压力得出形变量的关系，根据电阻与长度的关系得出电阻的大小，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用P＝I2R计算电功率。
【解答】解：（1）实验时，把活塞推至注射器筒底端是为了排出注射器中的空气，防止空气进入筒内；
（2）由题意可知，当活塞处于静止时，故二者的大小相等；
由V＝SL得，活塞的横截面积：
S＝＝＝1cm6＝1×10﹣4m2，
由公式p＝得，活塞受到的压力（弹簧的拉力）：
F＝pS＝1.0×107Pa×1×10﹣4m3＝10N，
读图乙可知，当F＝10N时。
（3）由图可知：滑动变阻器与定值定值R0串联，当大气压强增大时，接入电路的阻值变小，则定值电阻分压变大；
由于电压表的量程为0～4V．所以电压表示数为3V时；
此时电路中的电流为：I＝＝＝6.5A；
由I＝得，电路中的总电阻为：
R总＝＝＝12Ω，
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得：
R滑1＝R总﹣R3＝12Ω﹣6Ω＝6Ω，
由于变阻器R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝滑5＝6Ω时连入电路的长度为6cm；
根据活塞右端滑动到注射器的中部静止，即连入电路的长度为10cm时弹簧伸长的长度是5cm；
可知：连入电路的长度为6cm；弹簧伸长的长度ΔL1＝ΔL+（s7﹣s1）＝1cm+（10cm﹣5m）＝5cm，
读图乙可知，当ΔL1＝6cm时，F1＝50N，
所以此时的大气压：p0′＝p3＝＝＝5×105Pa。
（4）大气压为8×105Pa时，活塞受到压力：
F2＝p8S＝2×105Pa×5×10﹣4m2＝20N，
由图可知，F3＝20N时，弹簧伸长量为ΔL2＝2cm；
弹簧在中点时已经伸长了6cm（中点到右端距离为10cm），滑动变阻器最后接入的长度是10cm+1cm﹣2cm＝8cm，
由于变阻器R是长20cm、阻值20Ω的均匀电阻丝滑2＝9Ω，
则电路中电流：I8＝＝＝2.4A，
R消耗的功率：P2＝R滑2＝（4.4A）2×4Ω＝1.44W。
故答案为：（1）排出注射器中的空气并封闭注射器；（2）二力平衡；1cm；2×105；（4）1.44。
【点评】本题是一个通过电路来测量大气压的装置，能正确读懂装置的原理，并运用相关的公式、原理来进行分析、计算，是解答本题的关键，有一定的难度。
16．（2分）如图，凹透镜光路中，分别作出入射光线对应的出射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：过凹透镜光心的光线传播方向不改变；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴
【点评】凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
17．（2分）如图所示，忽略空气阻力，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动
【分析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
【解答】解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，且G＜F
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
18．（2分）请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座插座（准备接大功率用电器）接入家庭电路中。
【分析】（1）开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
（2）带保险丝的三孔插座，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线首先进入保险丝，然后再进入右孔。当三脚插头插入三孔插座时，如果金属外壳的用电器漏电时，人体接触金属外壳，地线把人体短路，防止发生触电事故。
【解答】解：
（1）灯泡的接法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点；
（2）三孔插座的接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，零线直接接三孔插座的左孔。
【点评】本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
19．（5分）如图所示，质量为60kg的工人用滑轮组提升重物，每个滑轮重均为50N，使重物以0.2m/s的速度匀速上升。（g＝10N/kg）求：
（1）工人施加在绳端的拉力；
（2）若绳子能够承受的最大拉力为400N，重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
【分析】（1）由图知，动滑轮上绳子的段数n＝2，根据v＝nv物和P＝＝＝Fv计算工人施加在绳端的拉力；
（2）绳端拉力最大时，提起的物重最大，滑轮组的机械效率最高；
设物体被提升的高度为h，根据功的计算公式表示出绳端拉力最大时的总功、克服动滑轮重做的额外功、克服绳重和摩擦做的额外功，从而表示出有用功，根据机械效率公式计算出滑轮组的最大机械效率。
【解答】解：
（1）由图知，动滑轮上绳子的段数n＝2，
由v＝nv物和P＝＝＝Fv可得
F＝＝＝＝300N；
（2）绳端拉力最大时，提起的物重最大，
设物体被提升的高度为h，则绳端移动的距离s＝4h，
绳子拉力最大为400N时，拉力做的总功：
W总＝Fs＝400N×2h＝800N×h，
克服动滑轮重力做的额外功：
W额＝G动h＝50N×h，
由题意可得，克服绳重和摩擦做的额外功：
W额′＝10%W总＝10%×800N×h＝80N×h，
则有用功：W有＝W总﹣W额﹣W额′＝800N×h﹣50N×h﹣80N×h＝670N×h，
滑轮组的最大机械效率：
η＝＝×100%＝83.75%。
答：（1）工人施加在绳端的拉力为300N；
（2）滑轮组的最大机械效率为83.75%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、额外功、总功以及功率和机械效率公式的灵活应用，关键要知道：滑轮组提起的物体越重（绳端拉力越大），机械效率越高。
20．（7分）如图，电源电压U＝6.0V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样1和S3闭合时，电流表示数为0.6A，不计灯丝电阻随温度的变化。滑动变阻器R2的最大阻值20Ω。求：
（1）灯泡L正常发光时的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，求当R1电功率与R2电功率之比最小时，R1的电功率。
【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI计算灯泡的额定电流，再根据欧姆定律计算灯泡L正常发光时的阻值；
（2）S1和S3闭合时，变阻器R2被短接，电路为定值电阻R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路的电流，根据I＝，计算定值电阻R1的阻值；
三个开关S1、S2、S3都闭合时，变阻器R2被短接，定值电阻R1与灯泡L并联，根据P＝UI计算整个电路的总功率；
（3）只闭合开关S1，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，由P＝UI可知，当R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小时，R1电功率与R2电功率之比最小，当变阻器R2两端电压最高时，R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小，据此分析作答。
【解答】解：（1）灯泡L标有“6V 6W”字样，则灯泡的额定电压：U额＝3V，额定功率：P额＝6W，
根据P＝UI可得，灯泡的额定电流：I额＝＝＝1A，
根据欧姆定律可得，灯泡L正常发光时的阻值：RL＝＝＝6Ω；
（2）S1和S8闭合时，变阻器R2被短接，电路为定值电阻R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路的电流，I3＝0.6A，
根据I＝，可得定值电阻R6的阻值：R1＝＝＝＝10Ω；
三个开关S1、S6、S3都闭合时，变阻器R2被短接，定值电阻R3与灯泡L并联，
灯泡L正常发光，灯泡的实际功率：PL＝P额＝6W
根据P＝UI可得，R1消耗的电功率：P8＝U1I1＝UI6＝6V×0.2A＝3.6W，
整个电路消耗的电功率：P总＝P2+PL＝3.6W+2W＝9.6W；
（3）只闭合开关S3，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，由P＝UI可知3两端的电压与R2两端的电压的比值最小时，R1电功率与R8电功率之比最小，
当变阻器R2两端电压最高时，电压表的量程为0～5V2两端的电压：U2＝3V时，R1两端的电压与R2两端的电压的比值最小，
由串联电路电压规律可得，R3两端的电压：U1＝U﹣U2＝4V﹣3V＝3V，
由欧姆定律可得，通过R7的电流：I′1＝＝＝0.3A，
串联电路中电流处处相等，通过R2的电流：I′2＝I′8＝0.3A，
由欧姆定律可知，变阻器R8的接入电阻：R′2＝＝＝10Ω＜20Ω。
由P＝UI可得，R1的电功率：P′1＝I′3R′1＝0.6A×3V＝0.6W。
答：（1）灯泡L正常发光时的阻值为6Ω；
（2）三个开关S1、S8、S3都闭合时，整个电路的总功率是9.4W；
（3）只闭合开关S1，电压表的量程为0～8V，电流表的量程为0～0.5A1电功率与R2电功率之比最小时，R5的电功率是0.9W。
【点评】本题考查欧姆定律、串、并联电阻的规律及电功率公式灵活运用，关键是识别电路的连接。有一定难度。
21．（5分）学校物理探究小组进行了以下三个热学实验：甲图为“探究不同物质吸热升温现象”，乙图为“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，丙图“探究影响电流热效应的因素”。
（1）上述三个热学实验中都需要控制被加热物质 质量 （体积/质量）相等，这些实验中可利用加热相同时间进行实验有 甲、丙 （甲、乙/乙、丙/甲、丙）。
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量实验。小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快，这 不能 （能/不能）说明碎纸片的热值大。
（3）丙图实验中可发现B烧瓶中温度计的示数升高快，据此可初步得出结论： 当电流和通电时间相同时，电阻越大 产生的热量越多。如果仅用丙图中提供的器材，利用该装置 不可以 （可以/不可以）探究电热与电流的关系。
【分析】（1）探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料（根据转换法，确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液升高的温度；
（2）探究“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；
（3）探究“影响电流热效应的因素”实验中，用温度计升高的度数体现电热，用控制变量法研究与电阻的关系：串联时控制电流和通电时间一定。
【解答】解：（1）“探究不同物质吸热升温现象”、“比 、“探究影响电流热效应的因素”这三个热学实验都需要控制被加热物质质量相等、“探究影响电流热效应的因素”都可以 ，而“比较不同燃料燃烧 ，比较放出热量的多少，因此不能通过加热相同的时间比较燃料燃烧时热值的大小；
（2）图乙是比较不同燃料燃烧时放出的热量的实验中，小明发现用碎纸片加热的烧杯中水温升得快但不等于烧杯中水的末温高，因此这不能说明相同质量的碎纸屑就放出的热量多；
（3）探究电热与电流的关系时，应控制电阻和通电时间都相同，虽然可以通过调节滑动变阻器改变电路中电流的大小，即不能控制通电时间相同。
故答案为：（1）质量；甲、丙；（2）不能，电阻越大。
【点评】本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”、和探究“不同物质吸热升温现象”和“探究影响电流热效应的因素”三个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。
22．（9分）在测量未知电阻Rx（阻值约为150Ω）的实验中，提供的实验器材有：电源（电压3V）、滑动变阻器R（0～50Ω）0（0～9999Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、开关及导线若干。
（1）小虎同学设计了图甲所示的电路，他 不能 （填“能”或“不能”）较准确测出Rx的阻值，理由是 电路中的电流太小，用电流表不能准确测出通过电流的大小，所以不能用伏安法测出该电阻的阻值 。
（2）小明同学设计了图乙所示的电路进行测量。
①请根据图乙所示的电路，在图丙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。
②正确连接电路后，小明先将开关S拨至“1”，调节变阻器的滑片至某一位置，读数为U1＝ 0.4 V。
③再将开关S拨至“2”，当电阻箱的阻值调至R0＝148Ω时，电压表的示数恰为U1，则待测电阻的阻值Rx＝ 148 Ω。
④实验中，若将开关拨至“2”时，不小心将滑动变阻器的滑片向左移动了少许，则Rx的测量值 小于 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
（3）小丽同学另选器材，设计了如图戊所示电路，也测出Rx的阻值。其中R为定值电阻，R'为电阻箱。请在空白处填上合适内容。
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1。
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表和电流表示数为合适的值。
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关 R'与滑动变阻器滑片P 使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
④待测电阻的阻值Rx＝ R1﹣R2 。
【分析】（1）根据欧姆定律，在电压不变的情况下，若电路的电阻增大，则电路中的电流减小，若电阻值很大，则电路中的电流会很小。若电流值小于电流表的分度值时，将无法准确地测出电流值；
①根据电路图连接实物电路图，从滑动变阻器引出的导线接在单刀双掷开关的中间位置，电压表“3”接线柱与电源正极相连；
②先确定电压表的量程和分度值，读出电压表的示数；
③根据实验电路图可知，实验时有电压表，没有电流表，根据并联电路各支路两端的电压特点，用电压表测出待测电阻两端电压，再将开关与电阻箱连接并调节电阻箱的阻值使电压表的示数不变，根据并联电路的电压相等和欧姆定律可知待测电阻的阻值与电阻箱的阻值相等；
④滑动变阻器的滑片向左移动，接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压原理，要使变阻箱两端的电压保持不变，需要减小变阻箱的阻值，据此判断；
（3）导线改接后，调节电阻箱，使电压表、电流表的示数不变，由等效替代法求出Rx。
【解答】解：（1）由已知条件可知，未知电阻Rx的阻值约为150Ω，因为电源电压为3V可知电路中的电流太小，所以不能用伏安法较准确地测出该电阻的阻值；
①根据电路图，从滑动变阻器左下端引出的导线接在单刀双掷开关的中间位置，如图所示；
；
②电压表选择0～2V量程，最小分度值为0.1V；
③再将开关S拨至另一位置，当电阻箱的阻值调至R5＝148Ω时，电压表示数恰为U1，根据欧姆定律可知，Rx与R0相等，电阻箱的示数R8＝148Ω，所以电阻Rx＝148Ω；
④滑动变阻器的滑片向左移动，接入电路中的电阻R变小＝，要使滑动变阻器两端的电压UR保持不变，需要减小变阻箱R2的阻值，所以测得的Rx的值小于真实值；
（3）③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），反复调节R'与滑动变阻器滑片P，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关；
④此时电路中的电流、电流两端的电压与②中相同x的阻值，根据等效替代法可知，Rx＝R1﹣R2。
故答案为：（1）不能；电路中的电流太小，所以不能用伏安法测出该电阻的阻值；②0.4；④小于；④R3﹣R2。
【点评】本题的考查的知识点难点较多，根据并联电路各支路两端的电压相等这一特点设计实验，着重体现了等效替代法在实验中的具体应用。
23．（7分）如图甲是一种草坪喷水器，它是通过向外喷水而使自身转动的。那么，草坪喷水器的旋转速度与哪些因素有关呢？同学们仔细观察
猜想1：孔的数量
猜想2：孔的大小
（1）喷水器向外喷水而自身转动，说明了 力的作用是相互的 。
（2）同学们设计了如下实验：在离易拉罐底1cm的罐体上，用如图乙所示的方法打一个孔，将细绳系在易拉罐的罐顶中心，灌满水后，快速把易拉罐提到水面上方，将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中。改变孔的大小和数目，重复上述实验
序号
孔的大小
孔的数量
10s易拉罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
12
3
小
3
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
①实验时，观察易拉罐旋转速度的方法与 相同时间比路程 相同（填“相同时间比路程”或“相同路程比时间”）。
①分析表中序号1、2、3的数据，可判断猜想 1 （填“1”或“2”）是正确的，结论是 当孔的大小相同时，孔越多，旋转速度越快 。
①为判断另一个猜想，应该分析表中序号 1、4、6（或2、5、7） 的数据，可得出结论是 当孔的数量相同时，孔越大、旋转速度越大 。
（3）实验中，为减小实验误差，需要增加易拉罐旋转的圈数，老师在易拉罐体上打孔时，钉子戳入罐体后要以罐体的直径为基准旋转90°（如图乙）（如图丙），以增加水对罐体作用力的 力臂 （填“大小”或“力臂”）。
【分析】（1）喷水器向外喷水而自身转动，是因为水给罐体一个反作用力，据此分析即可；
（2）①由题意“将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中”，说明观察易拉罐旋转速度的方法是相同时间比路程；
②由表中序号1、2、3的数据可知，孔的大小相同，记录的时间相同，孔的数量越多，转的圈数就越多，据此分析；
③分析表中序号1、4、6的数据可知，当孔的数量相同时，孔越大、旋转速度越大；
（3）旋转的力矩＝力×力臂。
【解答】解：（1）喷水器向外喷水而自身转动，是因为水给罐体一个反作用力；
（2）①由题意“将易拉罐在10s内旋转的圈数记入表中”，说明观察易拉罐旋转速度的方法是相同时间比路程；
②由表中序号1、2、2的数据可知，记录的时间相同，转的圈数就越多，孔越多，所以猜想1正确；
③分析表中序号1、5、6（或2、2，当孔的数量相同时、旋转速度越大；
（3）因为旋转的力矩＝力×力臂，所以当力不变的情况下。
故答案为：（1）力的作用是相互的；（2）①相同时间比路程；当孔的大小相同时，旋转速度越快、4、6（或5、5；当孔的数量相同时、旋转速度越大。
【点评】此题考查控制变量法在探究性实验中的运用，关键是利用控制变量法对实验数据进行分析并得出结论，属于综合题目。
24．（10分）阅读短文，回答问题。
集成灶
ㅤㅤ集成灶（如图甲）是一种集吸油烟机、燃气灶、消毒柜、储藏柜等多种功能于一体的厨房电器。具有节省空间、抽油烟效果好，节能低耗环保等优点。集成灶是运用微空气动力学原理，下排风产生流体负压区的原理，让油烟魔力般的往下吸走，油烟吸净率达95%以上。集成灶是为解决传统油烟机无法彻底根除油烟的难题，改善厨房和家居环境而研制开发的国际领先的厨房家电产品
电压
220V
油烟吸净率
99%
功率
200～500W
风量
9～18m3/min
净重
75kg
风压
300Pa
噪声
54～70dB
油脂分离度
90%
ㅤㅤ风量是指静压为零时吸油烟机单位时间的排风量；风压是指吸油烟机风量为7m3/min时的静压值；油烟吸净率指被除去的油烟与处理前的油烟的质量百分比；油脂分离度指的是集油杯中油脂的质量与吸入油烟中油脂的质量之比。油脂分离度高；油脂分离太低，容易导致机器内油污沉积过多，当油污累积到一定程度，还会产生很大噪声。
（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时香味扑鼻而来，这表明分子运动快慢与 温度 有关；集成灶消毒柜利用 紫外线 进行消毒（填“红外线”、“紫外线”）。
（2）如图乙所示，是集成灶灶头示意图。使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是 B 。
A.进口处煤气流速大，压强大于大气压强
B.进口处煤气流速大，压强小于大气压强
C.进口处煤气流速小，压强大于大气压强
D.进口处煤气流速小，压强小于大气压强
（3）集成灶在安装时与地面的总接触面积为300cm2，则其对地面的压强约为 2.5×104 Pa；若油烟吸排前后的体积变化忽略不计，吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%，没有除去的油烟中的油脂质量是 0.0198 g，集油杯中收集到的油脂的质量是 1.76418 g（吸入前油烟的密度ρ油烟＝1.1kg/m3，g＝10N/kg）。
（4）集成灶安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图1为其模拟装置示意图：电源电压U＝6V：当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时（未画出）启动保护，反之打开气路；热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图2中图线①所示。
①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将 变小 （填“变大”、“变小”）。
②在调试装置时，需满足以下两个条件：
A.装置启动保护时Rt的温度不高于80℃。
B.为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护Rt的电功率应不超过0.06W；为满足上述条件，则电阻箱R接入电路阻值的范围是 150Ω≤R≤200Ω 。
③若仅将Rt更换为图2中图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同）则装置启动保护的灵敏度会 降低 （填“升高”、“降低”、“不变”）。
【分析】（1）分子热运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈；紫外线可以用来杀菌和消毒；
（2）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，比较煤气进口处的内外气体的流速分析回答；
（3）根据G＝mg求出集成灶的重力，集成灶对水平地面的压力大小等于集成灶自身的重力，根据p＝计算集成灶对地面的压强；
根据风量和时间求出集成灶以最高挡位工作10min时吸入前油烟的体积，根据密度公式求出吸入前油烟的质量，根据吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%求出吸入前油烟中油脂的质量，根据油烟吸净率求出除去的油烟中的油脂质量，进而没有除去的油烟中的油脂质量；根据油脂分离度求出集油杯中收集到的油脂的质量；
（4）①根据图像得出电阻与温度的关系，根据欧姆定律求出随着Rt温度降低，线圈中电流的变化；
②根据装置启动保护时R1的温度不高于80℃，算出电阻箱的最大电阻值；
根据装置启动保护时R1的电功率应不超过0.06W，算出电阻箱的最小电阻值；
（ 3）更换热敏后，装置启动熄火保护功能时，电路中的电流及电路的总电阻是确定的，比较前、后热敏电阻的阻值大小可知装置启动保护功能的灵敏度变化。
【解答】解：（1）在使用集成灶旺油大火炒菜时，温度较高，香味扑鼻而来；
紫外线具有杀菌消毒的作用，集成灶消毒柜是利用紫外线进行消毒的；
（2）因为流速越快，流体的压强越小，压强小于大气压，而煤气不会向空气中泄露；
（3）由表中数据可知，集成灶的质量为75kg，
集成灶的重力：G＝mg＝75kg×10N/kg＝750N，
集成灶对水平地面的压力：F＝G＝750N，
受力面积S＝300cm2＝0.03m8，
集成灶对地面的压强约为：p＝＝＝2.5×104Pa；
由表中数据可知，最大风量为18m5/min，集成灶以最高挡位工作10min时吸入前油烟的体积：V前＝18m3/min×10min＝180m3，
由ρ＝可知前＝ρ油烟V前＝5.1kg/m3×180m7＝198kg，
由吸入前油烟中油脂质量含量为0.001%可知，吸入前油烟中油脂的质量：m前油＝0.001%m前＝6.001%×198kg＝1.98×10﹣3kg＝4.98g，
由表中数据可知，油烟吸净率为99%除＝99%×m前油＝99%×1.98g＝1.9602g，
没有除去的油烟中的油脂质量：m剩＝m前油﹣m除＝5.98g﹣1.9602g＝0.0198g，
由表中数据可知，油脂分离度为90%收集＝90%m除＝90%×4.9602g＝1.76418g；
（4）①停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，由图2中图线①知，Rt的阻值增大，由欧姆定律可知；
②装置启动保护功能时，由题知此时电路中的电流I＝5.02A1，Rt的温度为80℃，由图2中图线①可知t＝100Ω，
此时电路的总电阻为：R总＝＝＝300Ω；
由电阻的串联可得，R1的电阻为：R5＝R总﹣Rt＝300Ω﹣100Ω＝200Ω；
为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护时Rt的电功率应不超过0.06W，设此时电阻箱的阻值为R2，
此时电路中I＝8.02A，Rt的最大电功率为0.06W，
所以Pt＝I2Rt′＝6.06W，
即：（0.02A）2×Rt′＝7.06W，
解得Rt′＝150Ω，
此时电阻箱的阻值：R2＝R总﹣Rt′＝300Ω﹣150Ω＝150Ω，
所以，电阻箱R接入电路阻值的范围：150Ω≤R≤200Ω；
③由图2可知，随着熄火后R温度降低，图线②要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护。
故答案为：（1）温度；紫外线；（3）6.5×104；2.0198；1.76418；②150Ω≤R≤200Ω。
【点评】本题综合考查影响分子运动快慢的因素、紫外线的应用、压强定义式、电磁铁、欧姆定律和电功率等知识，是一道综合题，难度较大。
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