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2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷（含答案），共27页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）冰箱冷冻室的温度约为（ ）
A．0℃ B．﹣18℃ C．﹣100℃ D．﹣200℃
2．（2分）如图是某人眼睛看物体时的成像示意图。则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是（ ）
A．近视眼 凸透镜 B．近视眼 凹透镜
C．远视眼 凸透镜 D．远视眼 凹透镜
3．（2分）为创建文明城市，要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．声速 B．响度 C．音色 D．音调
4．（2分）现在越来越多的家庭注重儿童探究思维、动手操作能力的培养，儿童电子积木玩具受到了家长和孩子们喜欢。电子积木玩具中的手摇发电机利用的原理是下列哪位科学家提出的（ ）
A．法拉第 B．奥斯特 C．欧姆 D．安培
5．（2分）为了满足火星车在火星上工作的能量要求，“祝融号”火星车具有巨大的太阳能帆板，可将太阳光能直接转化为电能。制成太阳能帆板的主要材料是（ ）
A．导体 B．绝缘体 C．半导体 D．超导体
6．（2分）如图为歼15飞机从“山东舰”航母起飞时的照片。起飞时，站在甲板上的人认为自己是运动的，他所选的参照物是（ ）
A．辽阔的海面 B．航母上的工作人员
C．“山东舰”航母 D．歼15飞机
7．（2分）A、B两种液体的质量之比为1：2，密度之比为5：4，则它们的体积之比为（ ）
A．2：5 B．5：2 C．5：8 D．8：5
8．（2分）唐代诗人杜甫有诗句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”。诗中秋风“卷”走“三重茅”主要是由于屋顶外侧空气相对于屋内空气的（ ）
A．流速小，压强小 B．流速小，压强大
C．流速大，压强大 D．流速大，压强小
9．（2分）如图所示，重300N的小邓坐在跷跷板（板的质量忽略不计）右边的中间处，一块大石头放在板的左端，此时跷跷板水平静止。据此可估算石头重约（ ）
A．100N B．150N C．300N D．600N
10．（2分）如图所示，手电筒中的电流为0.6A，电源为三节干电池，则该手电筒中的小灯泡工作1min消耗的电能约为（ ）
A．2.7J B．81J C．162J D．9720J
11．（2分）如图所示的电路中，已知定值电阻R1＝8Ω，R2＝4Ω，灯泡L的额定电压为6V．读出电压表V1的示数为7V，电压表V2的示数为5V，电灯正常工作时，灯泡的额定功率为（ ）
A．3W B．6W C．9W D．12W
12．（2分）甲、乙是由同种材料制成的规格相同的实心长方体，现将乙平放在水平面上，甲竖放在乙的上表面中央，若长方体的长、宽、高三者中，长度为a、高度为b、宽度为c，三者之比为3：1：1，如图所示。则：甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为（ ）
A．1：1 B．1：3 C．2：3 D．3：2
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分）
13．（6分）新疆是个好地方，拥有着得天独厚的风能和太阳能资源。
（1）风能和太阳能属于 次能源。呼呼的风声是由于空气的 产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变 ，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）已知某太阳能热水器在冬季有效日照时段里能将8℃、0.1m3的水加热到38℃，热水器中水的质量为 kg，在此过程中，水吸收的热量为 J。结合你的生活经历，再列举出太阳能的一项应用： 。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
14．（6分）2022年冬奥会在我国隆重举办。如图所示，冰壶运动亦称冰上溜石，冰壶石由纯粹的花岗岩石磨制而成，塑料环形手把利用螺栓固定。
（1）冰壶离手后，依靠 继续向前运动，决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的 （选填“质量”或“速度”）；
（2）冰壶是可以控制方向的，如果冰壶投掷出时顺时针旋转，冰壶会向 （选填“左”或“右”）偏，此时冰壶受力 （选填“是”或“不是”）平衡的；
（3）队友扫冰导致冰面产生薄薄的水层， （选填“增大”或“减小”）冰壶前进过程受到的力，冰壶能滑行得更远。
15．（6分）电冰箱是我们普遍使用的家用电器。
（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150 （填单位符号）。在我国家庭电路中每个用电器之间的电路连接方式是 联。为了使用的安全，应使用 （选填“两”或“三”）孔插座。
（2）已知冰箱铭牌上标有“220V 120W”字样，此冰箱正常工作6h消耗的电能为 度。为了节约用电，热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到 ，如果在密闭绝热的房间里长时间打开正常工作的电冰箱门，房间的温度会 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
16．（8分）我国某无人机制造商推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。
（1）无人机旋翼是利用通电线圈在 中受力转动的原理工作的；增大线圈中的电流，旋翼的转速会 （选填“变大”或“变小”）。
（2）“四旋翼”无人机的质量约为1360g，匀速直线运动过程中，一个旋翼产生的升力约 N。若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机是 （选填“运动”或“静止”）的；利用遥控器可以操控无人机，当无人机转弯时，运动状态 （选填“发生”或“未发生”）改变。
（3）航拍时，物体通过镜头成倒立、 的实像；为了镜头里能出现更多景色，那么需要无人机飞得 （选填“高”或“低”）些。无人机接收遥控器发射的 （选填“超声波”或“电磁波”）实现各种飞行要求。
三、作图题（本大题共3小题，每图2分，共6分）
17．（2分）如图所示，小球漂浮在静止于斜面上的杯内液体中，请画出小球所受的力。
18．（2分）根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线。
19．（2分）请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“﹣”极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，作图2分，共24分）
20．（6分）如图甲所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）实验时，不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于确定像的 。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，便于比较像和物体的大小关系，这个方法叫做 。
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像。
21．（8分）全国著名的油茶之都邵阳县盛产茶油，小华同学为了测量家中茶油的密度，课后在老师的指导下进行如下实验：
（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的 处，然后发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）取适量茶油倒入烧杯，用天平测量烧杯和茶油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示。然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量是 g；
（3）量筒中茶油的体积如图丙所示，请你计算出茶油的密度是 kg/m3。
22．（10分）小明用以下实验器材测小灯泡正常工作时的电阻：电源（电压4.5V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为2.5V的待测手电筒灯泡（电阻约为8Ω），滑动变阻器R“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。
（2）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表有示数但均很小，无论怎样移动滑片都不能改变这种情况，可能的故障是 。
（3）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为 V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）移动。
（4）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电流与电压的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是 Ω。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压为3V，闭合开关S后，通过电阻R1的电流为1A，通过电阻R2的电流为0.5A。求：
（1）通过电流表的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路在5s内产生的热量。
24．（5分）如图甲所示，不吸水的长方体物块放在底部水平的圆柱形容器中，物块的质量为0.2kg，物块的底面积为50cm2，物块与容器底部用一根质量、体积均忽略不计的细绳相连，当往容器中缓慢注水至如图乙所示位置，停止注水，此时，物块上表面距水面12cm，绳子竖直拉直，物块水平静止，绳子的拉力为2N。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：
（1）物块的重力；
（2）物块对容器底的压强；
（3）物块的密度。
2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）冰箱冷冻室的温度约为（ ）
A．0℃ B．﹣18℃ C．﹣100℃ D．﹣200℃
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：冰箱冷冻室的温度低于0℃，一般为﹣18℃左右，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2分）如图是某人眼睛看物体时的成像示意图。则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是（ ）
A．近视眼 凸透镜 B．近视眼 凹透镜
C．远视眼 凸透镜 D．远视眼 凹透镜
【分析】近视眼成因：远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需配戴凹透镜。远视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。
【解答】解：近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需配戴凹透镜。
由此可知：此图是近视眼示意图，应戴凹透镜眼镜；
故选：B。
【点评】本题考查了学生对近视眼和远视眼成因和矫正方法的理解和掌握。
3．（2分）为创建文明城市，要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．声速 B．响度 C．音色 D．音调
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱，音色是指声音的品质与特色。要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的响度，与声速无关，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
4．（2分）现在越来越多的家庭注重儿童探究思维、动手操作能力的培养，儿童电子积木玩具受到了家长和孩子们喜欢。电子积木玩具中的手摇发电机利用的原理是下列哪位科学家提出的（ ）
A．法拉第 B．奥斯特 C．欧姆 D．安培
【分析】此题考查物理学家及其贡献，根据奥斯特、法拉第、安培和欧姆对于物理学的贡献来作答。
【解答】解：
A、法拉第发现了电磁感应现象，导致了发电机的发明，人类进入电气时代，故A符合题意；
B、奥斯特首先发现了通电直导线周围存在磁场，故B不符合题意；
C、欧姆总结出了欧姆定律，故C不符合题意；
D、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则﹣﹣安培定则，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对物理学家及其贡献的了解，多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的。
5．（2分）为了满足火星车在火星上工作的能量要求，“祝融号”火星车具有巨大的太阳能帆板，可将太阳光能直接转化为电能。制成太阳能帆板的主要材料是（ ）
A．导体 B．绝缘体 C．半导体 D．超导体
【分析】制成太阳能帆板的主要材料是硅，属于半导体。
【解答】解：制成太阳能帆板的主要材料是硅，硅的光电转化率比较高，硅属于半导体，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查半导体的应用，要求学生了解。
6．（2分）如图为歼15飞机从“山东舰”航母起飞时的照片。起飞时，站在甲板上的人认为自己是运动的，他所选的参照物是（ ）
A．辽阔的海面 B．航母上的工作人员
C．“山东舰”航母 D．歼15飞机
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：歼15飞机从“山东舰”航母上起飞时，站在甲板上的人相对于辽阔的海面、航母上的工作人员、“山东舰”航母位置没有发生变化，是静止的；
相对于歼15飞机位置发生了变化，是运动的，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
7．（2分）A、B两种液体的质量之比为1：2，密度之比为5：4，则它们的体积之比为（ ）
A．2：5 B．5：2 C．5：8 D．8：5
【分析】已知A、B两种液体的质量之比和密度之比，根据密度公式的变形式V＝可知它们的体积之比。
【解答】解：根据密度公式的变形式V＝可知它们的体积之比：＝＝×＝×＝。
故选A。
【点评】本题考查密度公式的应用，属于基础题。
8．（2分）唐代诗人杜甫有诗句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”。诗中秋风“卷”走“三重茅”主要是由于屋顶外侧空气相对于屋内空气的（ ）
A．流速小，压强小 B．流速小，压强大
C．流速大，压强大 D．流速大，压强小
【分析】流体的压强跟流速有关，流速越大的地方，压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。
【解答】解：秋风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，产生一个向上的压强差和压力差，所以秋风“卷”走屋顶茅草，故D正确、ABC错误。
故选：D。
【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注意平常的积累，注意挖掘古诗中蕴含的物理知识。
9．（2分）如图所示，重300N的小邓坐在跷跷板（板的质量忽略不计）右边的中间处，一块大石头放在板的左端，此时跷跷板水平静止。据此可估算石头重约（ ）
A．100N B．150N C．300N D．600N
【分析】设石头所在一端为动力，小邓一端为阻力，估测出力臂的关系，根据杠杆平衡条件估算出石头的重力。
【解答】解：设石头所在一端为动力F1，则小邓所在一端为阻力F2，
由图示可知，动力臂约为阻力臂的2倍，
由F1L1＝F2L2可得：＝
F1＝＝＝150N。
故选：B。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，对于杠杆平衡问题，一般知道动力臂、动力、阻力臂、阻力其中的三个物理量，根据杠杆平衡条件求出第四个物理量。
10．（2分）如图所示，手电筒中的电流为0.6A，电源为三节干电池，则该手电筒中的小灯泡工作1min消耗的电能约为（ ）
A．2.7J B．81J C．162J D．9720J
【分析】1节干电池的电压为1.5V，求出电源电压；根据W＝UIt求出灯泡1min消耗的电能。
【解答】解：电源电压为：U＝1.5V×3＝4.5V，
小灯泡工作1min消耗的电能为：W＝UIt＝4.5V×0.6A×60s＝162J；故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查的是学生对电功计算公式的理解和掌握，弄明白电源电压是解决此题的关键，基础性题目。
11．（2分）如图所示的电路中，已知定值电阻R1＝8Ω，R2＝4Ω，灯泡L的额定电压为6V．读出电压表V1的示数为7V，电压表V2的示数为5V，电灯正常工作时，灯泡的额定功率为（ ）
A．3W B．6W C．9W D．12W
【分析】（1）分析清楚电路结构，知道各电路元件的连接方式、两电压表各测哪部分电路电压；
（2）由串联电路的特点求出电阻R1、R2间的电压关系，两电压表示数表达式，然后求出R1、R2与灯泡L两端的电压；
（3）由欧姆定律求出灯泡电阻；由功率公式P＝求出灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）电阻R1、R2与灯泡L串联，电压表V1测电阻R1与灯泡L两端的电压；
电压表电阻V2测电阻R2与灯泡L两端的电压；
（2）串联电路电流处处相等，则两定值电阻的电压之比＝＝＝＝2，则U1＝2U2﹣﹣﹣﹣﹣①；
由串联电路的特点知：UV 1＝U1+UL＝7V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
UV 2＝UL+U2＝5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；
由①②③解得U1＝4V，U2＝2V，UL＝3V；
（3）电路电流I＝＝＝0.5A，
灯泡电阻RL＝＝＝6Ω；
则灯泡的额定功率PL＝＝＝6W。
故选：B。
【点评】本题考查了电路结构分析、串联电路的特点、欧姆定律与电功率公式的应用，题目难度较大；灵活应用串联电路的特点是解题的关键。
12．（2分）甲、乙是由同种材料制成的规格相同的实心长方体，现将乙平放在水平面上，甲竖放在乙的上表面中央，若长方体的长、宽、高三者中，长度为a、高度为b、宽度为c，三者之比为3：1：1，如图所示。则：甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为（ ）
A．1：1 B．1：3 C．2：3 D．3：2
【分析】（1）根据p＝、G＝mg、m＝ρV以及V＝Sh表示出甲对乙的压强；
（2）甲的放置方式不影响乙对地面的压强，所以可以将甲看作是平放在乙之上，然后根据p＝ρgh表示出乙对地面的压强，再结合a与c的比值求出甲对乙的压强与乙对地面的压强之比。
【解答】解：
（1）物体对水平面的压力等于物体的重力，
由p＝、G＝mg、m＝ρV以及V＝Sh可得长方体对水平面的压强：p＝＝＝＝＝＝ρgh；
则甲对乙的压强：p甲＝ρgh甲＝ρga；
（2）由题知，两实心长方体的密度、规格（长宽高）都相同，
无论甲以什么方式放置在乙的上面，乙对地面的压力都等于甲和乙的总重力，且对应的受力面积（为乙的底面积）不变，
所以由p＝可知，甲的放置方式不影响乙对地面的压强，所以可以将甲看作是平放在乙之上（如下图），
同理可得乙对地面的压强：p乙＝ρgh′＝ρg（c+c）＝2ρgc。
已知a与c之比为3：1，则p甲：p乙＝ρga：2ρgc＝a：2c＝3：2。
故选：D。
【点评】本题考查了密度公式和重力公式、压强公式的应用，关键要知道：实心长方体对水平面的压强p＝ρgh。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分）
13．（6分）新疆是个好地方，拥有着得天独厚的风能和太阳能资源。
（1）风能和太阳能属于 一 次能源。呼呼的风声是由于空气的 振动 产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变 快 ，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）已知某太阳能热水器在冬季有效日照时段里能将8℃、0.1m3的水加热到38℃，热水器中水的质量为 100 kg，在此过程中，水吸收的热量为 1.26×107 J。结合你的生活经历，再列举出太阳能的一项应用： 太阳能发电 。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）直接从自然界中获取的能量叫一次能源；声音是由于物体的振动产生的；空气的流动越快，水分蒸发越快。
（2）根据密度公式进行计算m＝ρV；根据热量公式Q吸＝cm（t﹣t0）计算水吸收的热量；太阳能还可以直接进行光电转换，用来发电。
【解答】解：（1）风能和太阳能属于一次能源。呼呼的风声是由于空气的振动产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变快，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）热水器中水的质量为：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.1m3＝100kg；
在此过程中，水吸收的热量为：×（38℃﹣8℃）×100kg＝1.26×107J。
在实际生产和生活中，我们还可以利用太阳能来发电。
故答案为：（1）一；振动；快；（2）100；1.26×107；太阳能发电。
【点评】本题以太阳能为背景，重点考查了太阳能的利用和热量的计算，牢记密度和热量的计算公式是解决本题的关键。
14．（6分）2022年冬奥会在我国隆重举办。如图所示，冰壶运动亦称冰上溜石，冰壶石由纯粹的花岗岩石磨制而成，塑料环形手把利用螺栓固定。
（1）冰壶离手后，依靠 惯性 继续向前运动，决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的 速度 （选填“质量”或“速度”）；
（2）冰壶是可以控制方向的，如果冰壶投掷出时顺时针旋转，冰壶会向 左 （选填“左”或“右”）偏，此时冰壶受力 不是 （选填“是”或“不是”）平衡的；
（3）队友扫冰导致冰面产生薄薄的水层， 减小 （选填“增大”或“减小”）冰壶前进过程受到的力，冰壶能滑行得更远。
【分析】（1）一切物体都具有保持静止或匀速直线运动状态的性质叫惯性；在摩擦力相同的情况下，冰壶的速度越大，滑行的越远；
（2）流体流速大的位置压强小；受平衡力的物体处于静止或匀速直线运动状态；
（3）减小摩擦力的因素：减小压力、使接触面变得更加光滑、使接触面分离等。
【解答】解：（1）冰壶离手后，由于惯性冰壶会保持原来的运动状态不变，继续向前运动。
决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的速度，速度越大，在冰面滑行的距离越大，质量与惯性有关，质量越大，惯性越大。
（2）如果冰壶投掷出顺时针旋转，冰壶左边的空气流速大，压强小，右边空气流速小，压强大，冰壶会向左偏，此时冰壶在水平方向上受摩擦力，竖直方向上受重力和支持力，所以冰壶受力不是平衡力。
（3）冰面产生薄薄的水层，使冰壶与接触面分离，因此减小了冰壶前进过程受到的摩擦力，冰壶能滑行得更远。
故答案为：（1）惯性；速度（2）左；不是；（3）减小。
【点评】本题综合考查惯性知识、流体压强与流速的关系、物体的平衡状态、减小摩擦的方法等，属于常见题目
15．（6分）电冰箱是我们普遍使用的家用电器。
（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150 W （填单位符号）。在我国家庭电路中每个用电器之间的电路连接方式是 并 联。为了使用的安全，应使用 三 （选填“两”或“三”）孔插座。
（2）已知冰箱铭牌上标有“220V 120W”字样，此冰箱正常工作6h消耗的电能为 0.72 度。为了节约用电，热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到 室温 ，如果在密闭绝热的房间里长时间打开正常工作的电冰箱门，房间的温度会 升高 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150W；家庭电路中各用电器都是并联的，有金属外壳的用电器必须使用三孔插座，以免漏电时发生触电事故。
（2）利用电功率的变形公式W＝Pt可计算消耗的电能；
食物放入冰箱前先自然冷却，有利用节能；由于电动机工作时会产生热量，所以会使房间内的温度升高。
【解答】解：（1）功率的单位是W，普通家用电冰箱的额定功率约为150W；
家用电冰箱与其它家用电器是并联的，工作时互不影响；
电冰箱有金属外壳，为了使用的安全，应使用三孔插座，这样可避免漏电时发生触电事故。
（2）由公式P＝可得，此冰箱正常工作6h消耗的电能为：
W＝Pt＝0.12kW×6h＝0.72kW•h＝0.72度。
热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到室温，这样有利用节能；
冰箱压缩机将冰箱内部的热量通过消耗电能转移到冰箱外部来，但由于和室外没有热交换，故热量仍在室内，
并且压缩机工作时其电路中也会因为有电阻而产生热量，即产生的热量大于制冷量，故室内温度会升高。
故答案为：（1）W；并；三；（2）0.72；（3）室温；升高。
【点评】本题以电冰箱涉及的物理知识为考查对象，包含了多个知识点，了解相关知识，并能与物理知识和应用进行有机的结合，是我们学好物理的诀窍。
16．（8分）我国某无人机制造商推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。
（1）无人机旋翼是利用通电线圈在 磁场 中受力转动的原理工作的；增大线圈中的电流，旋翼的转速会 变大 （选填“变大”或“变小”）。
（2）“四旋翼”无人机的质量约为1360g，匀速直线运动过程中，一个旋翼产生的升力约 3.4 N。若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机是 运动 （选填“运动”或“静止”）的；利用遥控器可以操控无人机，当无人机转弯时，运动状态 发生 （选填“发生”或“未发生”）改变。
（3）航拍时，物体通过镜头成倒立、 缩小 的实像；为了镜头里能出现更多景色，那么需要无人机飞得 高 （选填“高”或“低”）些。无人机接收遥控器发射的 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）实现各种飞行要求。
【分析】（1）磁场对通电导线有力的作用；其作用力的大小与电流的大小、磁场的强弱有关；
（2）由公式G＝mg可以求出无人机的总重力，即可求出一个旋翼产生的升力；
研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
物体速度变化、运动方向变化都属于运动状态变化；
（3）凸透镜成实像时，根据“物近像远像变大，物远像近像变小”即可判断；电磁波可以传递信息，电磁波在真空中传播，声的传播需要介质，不能在真空中传播。
【解答】解：（1）无人机旋翼主要组成部分有电动机，是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，则磁力变大，旋翼的转速会变大；
（2）已知无人机的质量m＝1360g＝1.36kg，无人机匀速运动过程中受力是平衡的，受到竖直向上的升力和竖直向下的重力，升力等于重力，即F＝G＝mg＝1.36kg×10N/kg＝13.6N；由于无人机有四个旋翼，则一个旋翼产生的升力为：F'＝F＝×13.6N＝3.4N；
若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机相对于地面位置发生了变化，所以无人机是运动的；
当无人机转弯时，运动的方向发生了改变，其运动状态发生改变；
（3）航拍时，摄像机的镜头相当于一个凸透镜，其成像的原理是：当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小的实像；
为了镜头里能出现更多景色，需要将像拍摄小些，根据“物远像近像变小”知，需要无人机飞的高些来增大物距；
电磁波可以传递信息，无人机就是接受遥控器发射的电磁波实现各种飞行要求。
故答案为：（1）磁场；变大；（2）3.4；运动；发生；（3）缩小；高；电磁波。
【点评】本题是一道以无人机为背景的信息给予题，涉及到的知识点较多，关键能从题干中获取有用的信息，熟练运用已学的知识即可正确解题，综合性强，难度不是很大。
三、作图题（本大题共3小题，每图2分，共6分）
17．（2分）如图所示，小球漂浮在静止于斜面上的杯内液体中，请画出小球所受的力。
【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，从重心表示出重力和浮力的大小和方向。
【解答】解：
因为小球漂浮在液体中，所以F浮＝G，从小球的球心（重心）作竖直向下有向线段，用G表示小球的重力，作竖直向上的有向线段，用表示F浮浮力，如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；注意浮力和重力的线段长度相等。
18．（2分）根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线。
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过焦点的光线经凹透镜折射后会平行于主光轴，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
19．（2分）请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“﹣”极。
【分析】根据螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极；根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。
【解答】解：螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，作图2分，共24分）
20．（6分）如图甲所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）实验时，不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于确定像的 位置 。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，便于比较像和物体的大小关系，这个方法叫做 等效替代法 。
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像。
【分析】（1）实验时用透明的玻璃板代替平面镜，既能看到物体的像，也能看到像一侧的代替物体，便于确定像的位置；
（2）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法；等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之；
（3）实像可以成在光屏上，而虚像不能成在光屏上，据此分析判断即可。
【解答】解：
（1）该实验采用透明薄玻璃板代替平面镜，玻璃板是透明的，观察到A蜡烛像的同时，也能观察到蜡烛B，当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，蜡烛B的位置便是蜡烛A的像的位置；
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这表明像与物体大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像是不能成在光屏上的，故移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，这时，光屏上不能接收到蜡烛的像。
故答案为：（1）位置；（2）等效替代法；不能。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
21．（8分）全国著名的油茶之都邵阳县盛产茶油，小华同学为了测量家中茶油的密度，课后在老师的指导下进行如下实验：
（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的 零刻度线 处，然后发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）取适量茶油倒入烧杯，用天平测量烧杯和茶油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示。然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量是 36 g；
（3）量筒中茶油的体积如图丙所示，请你计算出茶油的密度是 0.9×103 kg/m3。
【分析】（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的零刻度线处，调节平衡螺母时应将平衡螺母向上翘的一端移动，使天平平衡。
（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应的质量之和；
求出量筒中茶油的质量；
（3）读出量筒中茶油的体积，根据ρ＝计算出茶油的密度。
【解答】解：（1）实验前，把天平放在水平台上，将游码移到标尺的零刻度线处，由图甲可知，指针偏左，横梁右端上翘，此时应将平衡螺母向右调节，使天平平衡。
（2）由图乙可知，烧杯和茶油的总质量：
m1＝50g+10g+3g＝63g；
然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量：
m＝63g﹣27g＝36g；
（3）如图丙所示，量筒中茶油的体积为：
V＝40mL＝40cm3；
则茶油的密度：
ρ＝＝＝9g/cm3＝0.9×103 kg/m3。
故答案为：（1）零刻度线；右；（2）36；（3）0.9×103。
【点评】本题测量家中茶油的密度，考查天平调节、使用、体积测量和密度计算。
22．（10分）小明用以下实验器材测小灯泡正常工作时的电阻：电源（电压4.5V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为2.5V的待测手电筒灯泡（电阻约为8Ω），滑动变阻器R“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。
（2）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表有示数但均很小，无论怎样移动滑片都不能改变这种情况，可能的故障是 将变阻器的下面两个接线柱连入了电路 。
（3）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为 2.3 V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 左 （选填“左”或“右”）移动。
（4）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电流与电压的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是 10 Ω。
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗，说明变阻器接入电路的阻值变大，据此确定变阻器连接方式；
（2）闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，据此分析导致该故障的原因；
（3）根据灯泡额定电压确定电压表量程，根据电压表示数确定分度值读数；根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
（4）根据小灯泡的电流与电压的关系图像找到灯泡额定电压对应的额定电流，根据R＝算出小灯泡正常工作时的电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗，说明变阻器接入电路的阻值变大，故变阻器应选左下接线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：
；
（2）该组同学连接完电路后，闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，导致该故障的原因是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；
（3）小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程，分度值0.1V，电压表的示数如图乙所示，其示数为2.3V，为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左移动；
（4）由小灯泡的电流与电压的关系图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电阻为：
R＝＝＝10Ω。
故答案为：（1）如上图所示；（2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；（3）2.3；左；（4）10。
【点评】本题测灯泡正常工作时的电阻，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、操作过程以及电阻的计算等知识。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压为3V，闭合开关S后，通过电阻R1的电流为1A，通过电阻R2的电流为0.5A。求：
（1）通过电流表的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路在5s内产生的热量。
【分析】由电路图可知，电阻R1与R2并联，电流表测干路电流。
（1）根据并联电路的电流特点求出通过电流表的电流；
（2）根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
（3）根据Q＝W＝UIt求出整个电路在5s内产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电流表的电流：I＝I1+I2＝1A+0.5A＝1.5A；
（2）根据并联的电压特点可知，电阻R1两端的电压U1＝U2＝U＝3V；
由I＝可得，电阻R1的阻值：R1＝＝＝3Ω；
（3）整个电路在5s内产生的热量：Q＝W＝UIt＝3V×1.5A×5s＝22.5J。
答：（1）通过电流表的电流为1.5A；
（2）电阻R1的阻值为3Ω；
（3）整个电路在10s内产生的热量为22.5J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道基础题。
24．（5分）如图甲所示，不吸水的长方体物块放在底部水平的圆柱形容器中，物块的质量为0.2kg，物块的底面积为50cm2，物块与容器底部用一根质量、体积均忽略不计的细绳相连，当往容器中缓慢注水至如图乙所示位置，停止注水，此时，物块上表面距水面12cm，绳子竖直拉直，物块水平静止，绳子的拉力为2N。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：
（1）物块的重力；
（2）物块对容器底的压强；
（3）物块的密度。
【分析】（1）知道物块的质量，根据G＝mg求出物块的重力；
（2）物块对容器底的压力等于物块的重力，受力面积大小等于物块的底面积，利用p＝求出物块对容器底的压强；
（3）对长方体物块受力分析，根据力的平衡条件求出长方体物块受到的浮力，然后根据阿基米德原理的变形公式求出物块排开水的体积即为物块的体积，再根据密度公式求出物块的密度。
【解答】解：（1）物块的重力：G＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N；
（2）正方体物块对容器底的压力：F＝G＝2N，
物块对容器底的压强为：p＝＝＝400Pa；
（3）由图乙可知，长方体物块受到重力、绳子的拉力和浮力的作用，
根据力的平衡条件可知，长方体物块受到的浮力：
F浮＝G+F拉＝2N+2N＝4N，
由F浮＝ρ水gV排得，物块排开水的体积：
V排＝＝＝4×10﹣4m3，
因物块浸没在水中，所以物体的体积：
V＝V排＝4×10﹣4m3，
物块的密度：
ρ＝＝＝0.5×103kg/m3。
答：（1）物块的重力为2N；
（2）物块对容器底的压强为400Pa；
（3）物块的密度为0.5×103kg/m3。
【点评】本题主要考查学生对重力公式、阿基米德原理、密度公式、浮力的计算公式以及压强公式的掌握和应用，有一定的难度！
2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）冰箱冷冻室的温度约为（ ）
A．0℃ B．﹣18℃ C．﹣100℃ D．﹣200℃
2．（2分）如图是某人眼睛看物体时的成像示意图。则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是（ ）
A．近视眼 凸透镜 B．近视眼 凹透镜
C．远视眼 凸透镜 D．远视眼 凹透镜
3．（2分）为创建文明城市，要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．声速 B．响度 C．音色 D．音调
4．（2分）现在越来越多的家庭注重儿童探究思维、动手操作能力的培养，儿童电子积木玩具受到了家长和孩子们喜欢。电子积木玩具中的手摇发电机利用的原理是下列哪位科学家提出的（ ）
A．法拉第 B．奥斯特 C．欧姆 D．安培
5．（2分）为了满足火星车在火星上工作的能量要求，“祝融号”火星车具有巨大的太阳能帆板，可将太阳光能直接转化为电能。制成太阳能帆板的主要材料是（ ）
A．导体 B．绝缘体 C．半导体 D．超导体
6．（2分）如图为歼15飞机从“山东舰”航母起飞时的照片。起飞时，站在甲板上的人认为自己是运动的，他所选的参照物是（ ）
A．辽阔的海面 B．航母上的工作人员
C．“山东舰”航母 D．歼15飞机
7．（2分）A、B两种液体的质量之比为1：2，密度之比为5：4，则它们的体积之比为（ ）
A．2：5 B．5：2 C．5：8 D．8：5
8．（2分）唐代诗人杜甫有诗句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”。诗中秋风“卷”走“三重茅”主要是由于屋顶外侧空气相对于屋内空气的（ ）
A．流速小，压强小 B．流速小，压强大
C．流速大，压强大 D．流速大，压强小
9．（2分）如图所示，重300N的小邓坐在跷跷板（板的质量忽略不计）右边的中间处，一块大石头放在板的左端，此时跷跷板水平静止。据此可估算石头重约（ ）
A．100N B．150N C．300N D．600N
10．（2分）如图所示，手电筒中的电流为0.6A，电源为三节干电池，则该手电筒中的小灯泡工作1min消耗的电能约为（ ）
A．2.7J B．81J C．162J D．9720J
11．（2分）如图所示的电路中，已知定值电阻R1＝8Ω，R2＝4Ω，灯泡L的额定电压为6V．读出电压表V1的示数为7V，电压表V2的示数为5V，电灯正常工作时，灯泡的额定功率为（ ）
A．3W B．6W C．9W D．12W
12．（2分）甲、乙是由同种材料制成的规格相同的实心长方体，现将乙平放在水平面上，甲竖放在乙的上表面中央，若长方体的长、宽、高三者中，长度为a、高度为b、宽度为c，三者之比为3：1：1，如图所示。则：甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为（ ）
A．1：1 B．1：3 C．2：3 D．3：2
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分）
13．（6分）新疆是个好地方，拥有着得天独厚的风能和太阳能资源。
（1）风能和太阳能属于 次能源。呼呼的风声是由于空气的 产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变 ，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）已知某太阳能热水器在冬季有效日照时段里能将8℃、0.1m3的水加热到38℃，热水器中水的质量为 kg，在此过程中，水吸收的热量为 J。结合你的生活经历，再列举出太阳能的一项应用： 。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
14．（6分）2022年冬奥会在我国隆重举办。如图所示，冰壶运动亦称冰上溜石，冰壶石由纯粹的花岗岩石磨制而成，塑料环形手把利用螺栓固定。
（1）冰壶离手后，依靠 继续向前运动，决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的 （选填“质量”或“速度”）；
（2）冰壶是可以控制方向的，如果冰壶投掷出时顺时针旋转，冰壶会向 （选填“左”或“右”）偏，此时冰壶受力 （选填“是”或“不是”）平衡的；
（3）队友扫冰导致冰面产生薄薄的水层， （选填“增大”或“减小”）冰壶前进过程受到的力，冰壶能滑行得更远。
15．（6分）电冰箱是我们普遍使用的家用电器。
（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150 （填单位符号）。在我国家庭电路中每个用电器之间的电路连接方式是 联。为了使用的安全，应使用 （选填“两”或“三”）孔插座。
（2）已知冰箱铭牌上标有“220V 120W”字样，此冰箱正常工作6h消耗的电能为 度。为了节约用电，热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到 ，如果在密闭绝热的房间里长时间打开正常工作的电冰箱门，房间的温度会 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
16．（8分）我国某无人机制造商推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。
（1）无人机旋翼是利用通电线圈在 中受力转动的原理工作的；增大线圈中的电流，旋翼的转速会 （选填“变大”或“变小”）。
（2）“四旋翼”无人机的质量约为1360g，匀速直线运动过程中，一个旋翼产生的升力约 N。若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机是 （选填“运动”或“静止”）的；利用遥控器可以操控无人机，当无人机转弯时，运动状态 （选填“发生”或“未发生”）改变。
（3）航拍时，物体通过镜头成倒立、 的实像；为了镜头里能出现更多景色，那么需要无人机飞得 （选填“高”或“低”）些。无人机接收遥控器发射的 （选填“超声波”或“电磁波”）实现各种飞行要求。
三、作图题（本大题共3小题，每图2分，共6分）
17．（2分）如图所示，小球漂浮在静止于斜面上的杯内液体中，请画出小球所受的力。
18．（2分）根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线。
19．（2分）请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“﹣”极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，作图2分，共24分）
20．（6分）如图甲所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）实验时，不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于确定像的 。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，便于比较像和物体的大小关系，这个方法叫做 。
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像。
21．（8分）全国著名的油茶之都邵阳县盛产茶油，小华同学为了测量家中茶油的密度，课后在老师的指导下进行如下实验：
（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的 处，然后发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）取适量茶油倒入烧杯，用天平测量烧杯和茶油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示。然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量是 g；
（3）量筒中茶油的体积如图丙所示，请你计算出茶油的密度是 kg/m3。
22．（10分）小明用以下实验器材测小灯泡正常工作时的电阻：电源（电压4.5V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为2.5V的待测手电筒灯泡（电阻约为8Ω），滑动变阻器R“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。
（2）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表有示数但均很小，无论怎样移动滑片都不能改变这种情况，可能的故障是 。
（3）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为 V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）移动。
（4）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电流与电压的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是 Ω。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压为3V，闭合开关S后，通过电阻R1的电流为1A，通过电阻R2的电流为0.5A。求：
（1）通过电流表的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路在5s内产生的热量。
24．（5分）如图甲所示，不吸水的长方体物块放在底部水平的圆柱形容器中，物块的质量为0.2kg，物块的底面积为50cm2，物块与容器底部用一根质量、体积均忽略不计的细绳相连，当往容器中缓慢注水至如图乙所示位置，停止注水，此时，物块上表面距水面12cm，绳子竖直拉直，物块水平静止，绳子的拉力为2N。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：
（1）物块的重力；
（2）物块对容器底的压强；
（3）物块的密度。
2023年新疆和田地区和田市中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）冰箱冷冻室的温度约为（ ）
A．0℃ B．﹣18℃ C．﹣100℃ D．﹣200℃
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：冰箱冷冻室的温度低于0℃，一般为﹣18℃左右，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2分）如图是某人眼睛看物体时的成像示意图。则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是（ ）
A．近视眼 凸透镜 B．近视眼 凹透镜
C．远视眼 凸透镜 D．远视眼 凹透镜
【分析】近视眼成因：远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需配戴凹透镜。远视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。
【解答】解：近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需配戴凹透镜。
由此可知：此图是近视眼示意图，应戴凹透镜眼镜；
故选：B。
【点评】本题考查了学生对近视眼和远视眼成因和矫正方法的理解和掌握。
3．（2分）为创建文明城市，要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．声速 B．响度 C．音色 D．音调
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱，音色是指声音的品质与特色。要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的响度，与声速无关，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
4．（2分）现在越来越多的家庭注重儿童探究思维、动手操作能力的培养，儿童电子积木玩具受到了家长和孩子们喜欢。电子积木玩具中的手摇发电机利用的原理是下列哪位科学家提出的（ ）
A．法拉第 B．奥斯特 C．欧姆 D．安培
【分析】此题考查物理学家及其贡献，根据奥斯特、法拉第、安培和欧姆对于物理学的贡献来作答。
【解答】解：
A、法拉第发现了电磁感应现象，导致了发电机的发明，人类进入电气时代，故A符合题意；
B、奥斯特首先发现了通电直导线周围存在磁场，故B不符合题意；
C、欧姆总结出了欧姆定律，故C不符合题意；
D、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则﹣﹣安培定则，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对物理学家及其贡献的了解，多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的。
5．（2分）为了满足火星车在火星上工作的能量要求，“祝融号”火星车具有巨大的太阳能帆板，可将太阳光能直接转化为电能。制成太阳能帆板的主要材料是（ ）
A．导体 B．绝缘体 C．半导体 D．超导体
【分析】制成太阳能帆板的主要材料是硅，属于半导体。
【解答】解：制成太阳能帆板的主要材料是硅，硅的光电转化率比较高，硅属于半导体，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查半导体的应用，要求学生了解。
6．（2分）如图为歼15飞机从“山东舰”航母起飞时的照片。起飞时，站在甲板上的人认为自己是运动的，他所选的参照物是（ ）
A．辽阔的海面 B．航母上的工作人员
C．“山东舰”航母 D．歼15飞机
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：歼15飞机从“山东舰”航母上起飞时，站在甲板上的人相对于辽阔的海面、航母上的工作人员、“山东舰”航母位置没有发生变化，是静止的；
相对于歼15飞机位置发生了变化，是运动的，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
7．（2分）A、B两种液体的质量之比为1：2，密度之比为5：4，则它们的体积之比为（ ）
A．2：5 B．5：2 C．5：8 D．8：5
【分析】已知A、B两种液体的质量之比和密度之比，根据密度公式的变形式V＝可知它们的体积之比。
【解答】解：根据密度公式的变形式V＝可知它们的体积之比：＝＝×＝×＝。
故选A。
【点评】本题考查密度公式的应用，属于基础题。
8．（2分）唐代诗人杜甫有诗句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”。诗中秋风“卷”走“三重茅”主要是由于屋顶外侧空气相对于屋内空气的（ ）
A．流速小，压强小 B．流速小，压强大
C．流速大，压强大 D．流速大，压强小
【分析】流体的压强跟流速有关，流速越大的地方，压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。
【解答】解：秋风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，产生一个向上的压强差和压力差，所以秋风“卷”走屋顶茅草，故D正确、ABC错误。
故选：D。
【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注意平常的积累，注意挖掘古诗中蕴含的物理知识。
9．（2分）如图所示，重300N的小邓坐在跷跷板（板的质量忽略不计）右边的中间处，一块大石头放在板的左端，此时跷跷板水平静止。据此可估算石头重约（ ）
A．100N B．150N C．300N D．600N
【分析】设石头所在一端为动力，小邓一端为阻力，估测出力臂的关系，根据杠杆平衡条件估算出石头的重力。
【解答】解：设石头所在一端为动力F1，则小邓所在一端为阻力F2，
由图示可知，动力臂约为阻力臂的2倍，
由F1L1＝F2L2可得：＝
F1＝＝＝150N。
故选：B。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，对于杠杆平衡问题，一般知道动力臂、动力、阻力臂、阻力其中的三个物理量，根据杠杆平衡条件求出第四个物理量。
10．（2分）如图所示，手电筒中的电流为0.6A，电源为三节干电池，则该手电筒中的小灯泡工作1min消耗的电能约为（ ）
A．2.7J B．81J C．162J D．9720J
【分析】1节干电池的电压为1.5V，求出电源电压；根据W＝UIt求出灯泡1min消耗的电能。
【解答】解：电源电压为：U＝1.5V×3＝4.5V，
小灯泡工作1min消耗的电能为：W＝UIt＝4.5V×0.6A×60s＝162J；故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查的是学生对电功计算公式的理解和掌握，弄明白电源电压是解决此题的关键，基础性题目。
11．（2分）如图所示的电路中，已知定值电阻R1＝8Ω，R2＝4Ω，灯泡L的额定电压为6V．读出电压表V1的示数为7V，电压表V2的示数为5V，电灯正常工作时，灯泡的额定功率为（ ）
A．3W B．6W C．9W D．12W
【分析】（1）分析清楚电路结构，知道各电路元件的连接方式、两电压表各测哪部分电路电压；
（2）由串联电路的特点求出电阻R1、R2间的电压关系，两电压表示数表达式，然后求出R1、R2与灯泡L两端的电压；
（3）由欧姆定律求出灯泡电阻；由功率公式P＝求出灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）电阻R1、R2与灯泡L串联，电压表V1测电阻R1与灯泡L两端的电压；
电压表电阻V2测电阻R2与灯泡L两端的电压；
（2）串联电路电流处处相等，则两定值电阻的电压之比＝＝＝＝2，则U1＝2U2﹣﹣﹣﹣﹣①；
由串联电路的特点知：UV 1＝U1+UL＝7V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
UV 2＝UL+U2＝5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；
由①②③解得U1＝4V，U2＝2V，UL＝3V；
（3）电路电流I＝＝＝0.5A，
灯泡电阻RL＝＝＝6Ω；
则灯泡的额定功率PL＝＝＝6W。
故选：B。
【点评】本题考查了电路结构分析、串联电路的特点、欧姆定律与电功率公式的应用，题目难度较大；灵活应用串联电路的特点是解题的关键。
12．（2分）甲、乙是由同种材料制成的规格相同的实心长方体，现将乙平放在水平面上，甲竖放在乙的上表面中央，若长方体的长、宽、高三者中，长度为a、高度为b、宽度为c，三者之比为3：1：1，如图所示。则：甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为（ ）
A．1：1 B．1：3 C．2：3 D．3：2
【分析】（1）根据p＝、G＝mg、m＝ρV以及V＝Sh表示出甲对乙的压强；
（2）甲的放置方式不影响乙对地面的压强，所以可以将甲看作是平放在乙之上，然后根据p＝ρgh表示出乙对地面的压强，再结合a与c的比值求出甲对乙的压强与乙对地面的压强之比。
【解答】解：
（1）物体对水平面的压力等于物体的重力，
由p＝、G＝mg、m＝ρV以及V＝Sh可得长方体对水平面的压强：p＝＝＝＝＝＝ρgh；
则甲对乙的压强：p甲＝ρgh甲＝ρga；
（2）由题知，两实心长方体的密度、规格（长宽高）都相同，
无论甲以什么方式放置在乙的上面，乙对地面的压力都等于甲和乙的总重力，且对应的受力面积（为乙的底面积）不变，
所以由p＝可知，甲的放置方式不影响乙对地面的压强，所以可以将甲看作是平放在乙之上（如下图），
同理可得乙对地面的压强：p乙＝ρgh′＝ρg（c+c）＝2ρgc。
已知a与c之比为3：1，则p甲：p乙＝ρga：2ρgc＝a：2c＝3：2。
故选：D。
【点评】本题考查了密度公式和重力公式、压强公式的应用，关键要知道：实心长方体对水平面的压强p＝ρgh。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分）
13．（6分）新疆是个好地方，拥有着得天独厚的风能和太阳能资源。
（1）风能和太阳能属于 一 次能源。呼呼的风声是由于空气的 振动 产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变 快 ，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）已知某太阳能热水器在冬季有效日照时段里能将8℃、0.1m3的水加热到38℃，热水器中水的质量为 100 kg，在此过程中，水吸收的热量为 1.26×107 J。结合你的生活经历，再列举出太阳能的一项应用： 太阳能发电 。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）直接从自然界中获取的能量叫一次能源；声音是由于物体的振动产生的；空气的流动越快，水分蒸发越快。
（2）根据密度公式进行计算m＝ρV；根据热量公式Q吸＝cm（t﹣t0）计算水吸收的热量；太阳能还可以直接进行光电转换，用来发电。
【解答】解：（1）风能和太阳能属于一次能源。呼呼的风声是由于空气的振动产生的，多风天气，会使地表的水分蒸发速度变快，这是造成地面干燥的原因之一。
（2）热水器中水的质量为：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.1m3＝100kg；
在此过程中，水吸收的热量为：×（38℃﹣8℃）×100kg＝1.26×107J。
在实际生产和生活中，我们还可以利用太阳能来发电。
故答案为：（1）一；振动；快；（2）100；1.26×107；太阳能发电。
【点评】本题以太阳能为背景，重点考查了太阳能的利用和热量的计算，牢记密度和热量的计算公式是解决本题的关键。
14．（6分）2022年冬奥会在我国隆重举办。如图所示，冰壶运动亦称冰上溜石，冰壶石由纯粹的花岗岩石磨制而成，塑料环形手把利用螺栓固定。
（1）冰壶离手后，依靠 惯性 继续向前运动，决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的 速度 （选填“质量”或“速度”）；
（2）冰壶是可以控制方向的，如果冰壶投掷出时顺时针旋转，冰壶会向 左 （选填“左”或“右”）偏，此时冰壶受力 不是 （选填“是”或“不是”）平衡的；
（3）队友扫冰导致冰面产生薄薄的水层， 减小 （选填“增大”或“减小”）冰壶前进过程受到的力，冰壶能滑行得更远。
【分析】（1）一切物体都具有保持静止或匀速直线运动状态的性质叫惯性；在摩擦力相同的情况下，冰壶的速度越大，滑行的越远；
（2）流体流速大的位置压强小；受平衡力的物体处于静止或匀速直线运动状态；
（3）减小摩擦力的因素：减小压力、使接触面变得更加光滑、使接触面分离等。
【解答】解：（1）冰壶离手后，由于惯性冰壶会保持原来的运动状态不变，继续向前运动。
决定其向前滑行距离的初始因素是冰壶的速度，速度越大，在冰面滑行的距离越大，质量与惯性有关，质量越大，惯性越大。
（2）如果冰壶投掷出顺时针旋转，冰壶左边的空气流速大，压强小，右边空气流速小，压强大，冰壶会向左偏，此时冰壶在水平方向上受摩擦力，竖直方向上受重力和支持力，所以冰壶受力不是平衡力。
（3）冰面产生薄薄的水层，使冰壶与接触面分离，因此减小了冰壶前进过程受到的摩擦力，冰壶能滑行得更远。
故答案为：（1）惯性；速度（2）左；不是；（3）减小。
【点评】本题综合考查惯性知识、流体压强与流速的关系、物体的平衡状态、减小摩擦的方法等，属于常见题目
15．（6分）电冰箱是我们普遍使用的家用电器。
（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150 W （填单位符号）。在我国家庭电路中每个用电器之间的电路连接方式是 并 联。为了使用的安全，应使用 三 （选填“两”或“三”）孔插座。
（2）已知冰箱铭牌上标有“220V 120W”字样，此冰箱正常工作6h消耗的电能为 0.72 度。为了节约用电，热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到 室温 ，如果在密闭绝热的房间里长时间打开正常工作的电冰箱门，房间的温度会 升高 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）普通家用电冰箱的额定功率约为150W；家庭电路中各用电器都是并联的，有金属外壳的用电器必须使用三孔插座，以免漏电时发生触电事故。
（2）利用电功率的变形公式W＝Pt可计算消耗的电能；
食物放入冰箱前先自然冷却，有利用节能；由于电动机工作时会产生热量，所以会使房间内的温度升高。
【解答】解：（1）功率的单位是W，普通家用电冰箱的额定功率约为150W；
家用电冰箱与其它家用电器是并联的，工作时互不影响；
电冰箱有金属外壳，为了使用的安全，应使用三孔插座，这样可避免漏电时发生触电事故。
（2）由公式P＝可得，此冰箱正常工作6h消耗的电能为：
W＝Pt＝0.12kW×6h＝0.72kW•h＝0.72度。
热的食物放入电冰箱之前应将其自然冷却到室温，这样有利用节能；
冰箱压缩机将冰箱内部的热量通过消耗电能转移到冰箱外部来，但由于和室外没有热交换，故热量仍在室内，
并且压缩机工作时其电路中也会因为有电阻而产生热量，即产生的热量大于制冷量，故室内温度会升高。
故答案为：（1）W；并；三；（2）0.72；（3）室温；升高。
【点评】本题以电冰箱涉及的物理知识为考查对象，包含了多个知识点，了解相关知识，并能与物理知识和应用进行有机的结合，是我们学好物理的诀窍。
16．（8分）我国某无人机制造商推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。
（1）无人机旋翼是利用通电线圈在 磁场 中受力转动的原理工作的；增大线圈中的电流，旋翼的转速会 变大 （选填“变大”或“变小”）。
（2）“四旋翼”无人机的质量约为1360g，匀速直线运动过程中，一个旋翼产生的升力约 3.4 N。若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机是 运动 （选填“运动”或“静止”）的；利用遥控器可以操控无人机，当无人机转弯时，运动状态 发生 （选填“发生”或“未发生”）改变。
（3）航拍时，物体通过镜头成倒立、 缩小 的实像；为了镜头里能出现更多景色，那么需要无人机飞得 高 （选填“高”或“低”）些。无人机接收遥控器发射的 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）实现各种飞行要求。
【分析】（1）磁场对通电导线有力的作用；其作用力的大小与电流的大小、磁场的强弱有关；
（2）由公式G＝mg可以求出无人机的总重力，即可求出一个旋翼产生的升力；
研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
物体速度变化、运动方向变化都属于运动状态变化；
（3）凸透镜成实像时，根据“物近像远像变大，物远像近像变小”即可判断；电磁波可以传递信息，电磁波在真空中传播，声的传播需要介质，不能在真空中传播。
【解答】解：（1）无人机旋翼主要组成部分有电动机，是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，则磁力变大，旋翼的转速会变大；
（2）已知无人机的质量m＝1360g＝1.36kg，无人机匀速运动过程中受力是平衡的，受到竖直向上的升力和竖直向下的重力，升力等于重力，即F＝G＝mg＝1.36kg×10N/kg＝13.6N；由于无人机有四个旋翼，则一个旋翼产生的升力为：F'＝F＝×13.6N＝3.4N；
若无人机匀速水平飞行，以地面为参照物，无人机相对于地面位置发生了变化，所以无人机是运动的；
当无人机转弯时，运动的方向发生了改变，其运动状态发生改变；
（3）航拍时，摄像机的镜头相当于一个凸透镜，其成像的原理是：当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小的实像；
为了镜头里能出现更多景色，需要将像拍摄小些，根据“物远像近像变小”知，需要无人机飞的高些来增大物距；
电磁波可以传递信息，无人机就是接受遥控器发射的电磁波实现各种飞行要求。
故答案为：（1）磁场；变大；（2）3.4；运动；发生；（3）缩小；高；电磁波。
【点评】本题是一道以无人机为背景的信息给予题，涉及到的知识点较多，关键能从题干中获取有用的信息，熟练运用已学的知识即可正确解题，综合性强，难度不是很大。
三、作图题（本大题共3小题，每图2分，共6分）
17．（2分）如图所示，小球漂浮在静止于斜面上的杯内液体中，请画出小球所受的力。
【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，从重心表示出重力和浮力的大小和方向。
【解答】解：
因为小球漂浮在液体中，所以F浮＝G，从小球的球心（重心）作竖直向下有向线段，用G表示小球的重力，作竖直向上的有向线段，用表示F浮浮力，如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；注意浮力和重力的线段长度相等。
18．（2分）根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线。
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过焦点的光线经凹透镜折射后会平行于主光轴，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
19．（2分）请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“﹣”极。
【分析】根据螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极；根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。
【解答】解：螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，作图2分，共24分）
20．（6分）如图甲所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）实验时，不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于确定像的 位置 。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，便于比较像和物体的大小关系，这个方法叫做 等效替代法 。
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像。
【分析】（1）实验时用透明的玻璃板代替平面镜，既能看到物体的像，也能看到像一侧的代替物体，便于确定像的位置；
（2）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法；等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之；
（3）实像可以成在光屏上，而虚像不能成在光屏上，据此分析判断即可。
【解答】解：
（1）该实验采用透明薄玻璃板代替平面镜，玻璃板是透明的，观察到A蜡烛像的同时，也能观察到蜡烛B，当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，蜡烛B的位置便是蜡烛A的像的位置；
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这表明像与物体大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像是不能成在光屏上的，故移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，这时，光屏上不能接收到蜡烛的像。
故答案为：（1）位置；（2）等效替代法；不能。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
21．（8分）全国著名的油茶之都邵阳县盛产茶油，小华同学为了测量家中茶油的密度，课后在老师的指导下进行如下实验：
（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的 零刻度线 处，然后发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）取适量茶油倒入烧杯，用天平测量烧杯和茶油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示。然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量是 36 g；
（3）量筒中茶油的体积如图丙所示，请你计算出茶油的密度是 0.9×103 kg/m3。
【分析】（1）把天平放在水平台上，将游码移到标尺的零刻度线处，调节平衡螺母时应将平衡螺母向上翘的一端移动，使天平平衡。
（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应的质量之和；
求出量筒中茶油的质量；
（3）读出量筒中茶油的体积，根据ρ＝计算出茶油的密度。
【解答】解：（1）实验前，把天平放在水平台上，将游码移到标尺的零刻度线处，由图甲可知，指针偏左，横梁右端上翘，此时应将平衡螺母向右调节，使天平平衡。
（2）由图乙可知，烧杯和茶油的总质量：
m1＝50g+10g+3g＝63g；
然后将烧杯中部分茶油倒入量筒中，再次测出烧杯和剩余茶油的总质量为27g，则量筒中茶油的质量：
m＝63g﹣27g＝36g；
（3）如图丙所示，量筒中茶油的体积为：
V＝40mL＝40cm3；
则茶油的密度：
ρ＝＝＝9g/cm3＝0.9×103 kg/m3。
故答案为：（1）零刻度线；右；（2）36；（3）0.9×103。
【点评】本题测量家中茶油的密度，考查天平调节、使用、体积测量和密度计算。
22．（10分）小明用以下实验器材测小灯泡正常工作时的电阻：电源（电压4.5V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为2.5V的待测手电筒灯泡（电阻约为8Ω），滑动变阻器R“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。
（2）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表有示数但均很小，无论怎样移动滑片都不能改变这种情况，可能的故障是 将变阻器的下面两个接线柱连入了电路 。
（3）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为 2.3 V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 左 （选填“左”或“右”）移动。
（4）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电流与电压的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是 10 Ω。
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗，说明变阻器接入电路的阻值变大，据此确定变阻器连接方式；
（2）闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，据此分析导致该故障的原因；
（3）根据灯泡额定电压确定电压表量程，根据电压表示数确定分度值读数；根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
（4）根据小灯泡的电流与电压的关系图像找到灯泡额定电压对应的额定电流，根据R＝算出小灯泡正常工作时的电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗，说明变阻器接入电路的阻值变大，故变阻器应选左下接线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：
；
（2）该组同学连接完电路后，闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，导致该故障的原因是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；
（3）小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程，分度值0.1V，电压表的示数如图乙所示，其示数为2.3V，为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左移动；
（4）由小灯泡的电流与电压的关系图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电阻为：
R＝＝＝10Ω。
故答案为：（1）如上图所示；（2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；（3）2.3；左；（4）10。
【点评】本题测灯泡正常工作时的电阻，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、操作过程以及电阻的计算等知识。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压为3V，闭合开关S后，通过电阻R1的电流为1A，通过电阻R2的电流为0.5A。求：
（1）通过电流表的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路在5s内产生的热量。
【分析】由电路图可知，电阻R1与R2并联，电流表测干路电流。
（1）根据并联电路的电流特点求出通过电流表的电流；
（2）根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
（3）根据Q＝W＝UIt求出整个电路在5s内产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电流表的电流：I＝I1+I2＝1A+0.5A＝1.5A；
（2）根据并联的电压特点可知，电阻R1两端的电压U1＝U2＝U＝3V；
由I＝可得，电阻R1的阻值：R1＝＝＝3Ω；
（3）整个电路在5s内产生的热量：Q＝W＝UIt＝3V×1.5A×5s＝22.5J。
答：（1）通过电流表的电流为1.5A；
（2）电阻R1的阻值为3Ω；
（3）整个电路在10s内产生的热量为22.5J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道基础题。
24．（5分）如图甲所示，不吸水的长方体物块放在底部水平的圆柱形容器中，物块的质量为0.2kg，物块的底面积为50cm2，物块与容器底部用一根质量、体积均忽略不计的细绳相连，当往容器中缓慢注水至如图乙所示位置，停止注水，此时，物块上表面距水面12cm，绳子竖直拉直，物块水平静止，绳子的拉力为2N。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：
（1）物块的重力；
（2）物块对容器底的压强；
（3）物块的密度。
【分析】（1）知道物块的质量，根据G＝mg求出物块的重力；
（2）物块对容器底的压力等于物块的重力，受力面积大小等于物块的底面积，利用p＝求出物块对容器底的压强；
（3）对长方体物块受力分析，根据力的平衡条件求出长方体物块受到的浮力，然后根据阿基米德原理的变形公式求出物块排开水的体积即为物块的体积，再根据密度公式求出物块的密度。
【解答】解：（1）物块的重力：G＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N；
（2）正方体物块对容器底的压力：F＝G＝2N，
物块对容器底的压强为：p＝＝＝400Pa；
（3）由图乙可知，长方体物块受到重力、绳子的拉力和浮力的作用，
根据力的平衡条件可知，长方体物块受到的浮力：
F浮＝G+F拉＝2N+2N＝4N，
由F浮＝ρ水gV排得，物块排开水的体积：
V排＝＝＝4×10﹣4m3，
因物块浸没在水中，所以物体的体积：
V＝V排＝4×10﹣4m3，
物块的密度：
ρ＝＝＝0.5×103kg/m3。
答：（1）物块的重力为2N；
（2）物块对容器底的压强为400Pa；
（3）物块的密度为0.5×103kg/m3。
【点评】本题主要考查学生对重力公式、阿基米德原理、密度公式、浮力的计算公式以及压强公式的掌握和应用，有一定的难度！
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