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所属成套资源：2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（江苏专用）
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必刷卷02——2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（江苏无锡专用）
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这是一份必刷卷02——2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（江苏无锡专用），文件包含必刷卷022023年中考物理考前30天冲刺必刷卷江苏无锡专用解析版docx、必刷卷022023年中考物理考前30天冲刺必刷卷江苏无锡专用原卷版docdocx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
无锡地区考试题型为12（单选题）＋12（填空题）＋8（解答题），内容包含力学、热学、光学、声学、电磁学。
实验题在整份试卷中所占分值较多，考察面广。通过对实验探究过程的探究，考查学生的科学探究知识及能力。需要注意的是：实验仪器的选用与调节，实验原理、实验步骤的编排、数据的测量和处理、现象的观察和分析、结论的总结归纳及其应用、故障的排除等。解答时仔细辨析找出关键词，联系平时实验具体操作过程，只要推理严谨、过程规范，都会得满分。
教育部关于2023年中考命题工作的通知中强调：“减少记忆性试题，增加探究性、开放性、综合性试题”。从命题的“减少记忆性试题”角度来看，中考试题有些不再是单纯的知识和技能的重现，而是在一定的背景下灵活进行考查，命题由知识立意向能力立意转变。预测2023年无锡地区考试解答题中，会向开放性、综合性试题倾斜，关注学生学以致用的能力、利用所学物理知识对身边进行估算估测的能力.。
同时应特别注意以社会热点、新发现为背景的新情景问题，此类试题蕴含浓厚的物理文化气息，能有效考查学生在新情景下对知识的理解以及迁移到不同情境中的能力，考查学生发现问题、分析问题和解决问题的能力。很多题目背景都取材于生活，例如本卷第16题，22题，鼓励学生学以致用，将物理知识与实际生活相结合。同时很多题目背景渗透前沿科技知识，例如本卷第18题和20题，但是本质不难，分清本质就很容易解题。
本卷满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
1．若小华和小明乘坐的平底小船静止在光滑的冰面上，他们将书包向某个方向扔出。下列说法正确的是（ ）
A．船对冰面的压力是由于冰的形变产生的
B．书包向某个方向扔出，船将向相同方向运动
C．书包飞出后，若冰面无限长，船将一直运动下去
D．扔出去的书包运动到最高点时，书包受到平衡力的作用
【答案】C。
【解析】A．船对冰面的压力是由于船发生形变，要恢复原状而对冰面产生的弹力，故A错误；
B．书包向某个方向扔出，人给书包一个力，由于物体间力的作用是相互的，则书包会给人一个相反方向的力，船将向相反方向运动，故B错误；
C．书包飞出后，若光滑的冰面无限长，船在水平方向上不受力，由牛顿第一定律知道，船将一直运动下去，故C正确；
D．扔出去的书包运动到最高点时，书包受到重力和空气阻力的共同作用，这两个力的大小、方向不同，不是平衡力，故D错误。
2．实验装置如图所示，加热试管使水沸腾。对观察到的现象分析正确的是（ ）
A．玻璃管口冒出“白气”是汽化成的水蒸气B．加热使水升温是通过做功的方式改变水的内能
C．燃料燃烧是将内能转化为化学能的D．小叶轮转动，水的内能转化为叶轮的机械能
【答案】D。
【解析】A．玻璃管口冒出的“白气”，是水蒸气上升遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B．加热使水升温是通过热传递的方式改变水的内能，故B错误；
C．燃料燃烧是化学能转化为内能，故C错误；
D．高温的水蒸气可以驱动叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了叶轮的机械能，故D正确。
3．如图是一种手摇式手机充电器，只要摇转手柄，就可以给手机充电。以下四幅图中能反映手摇充电器原理的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D。
【分析】从题意中可知，手摇式手机充电器，给手机电池充电是利用电磁感应原理工作的。
【解析】A．磁体周围的小磁针反映了磁感线的方向，故A错误；
B．通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故B错误；
C．不是闭合电路，无法产生感应电流，故C错误；
D．闭合电路中导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D正确。
4．如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者身上，并与固定在地面上的环扣相连。打开环扣，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，能上升到最高位置C点，在B点时速度最大。对此过程，下列描述正确的是（ ）
A．弹性绳的弹性势能在B点时最大
B．人在B点时动能最大
C．人从A到C的过程中，重力势能增加，动能一直减小
D．人从A到B的过程中，动能增加，重力势能减小
【答案】B。
【解析】A． 弹性绳在A点时弹性形变最大，弹性势能最大，故A错误；
B． 人从扣环释放到达B点前，弹力大于人的重力，人向上做加速运动，过了B点，弹力小于人的重力，开始做减速运动，所以在B点时速度最快，人的质量一定，在B点时速度最大，动能最大，故B正确；
C．人从A到C的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增加，AB段速度逐渐变大，动能逐渐变大，BC段速度逐渐变小，动能逐渐变小，故C错误；
D．从A到B的过程中，质量不变、高度增大，速度逐渐增大，弹性势能逐渐转化成重力势能和动能，重力势能增加，动能变大，故 D错误。
5．如图，在一根长玻璃管中注入一半水，再缓缓地注满酒精，用塞子塞住开口端，上下颠倒几次再竖起来。可以看到玻璃管内的液面比原来的低，这说明（ ）
A．物质是由分子组成B．分子间存在着间隙
C．分子间存在相互作用力D．分子在不停地做无规则运动
【答案】B。
【解析】在一根长玻璃管中注入一半水，再缓缓地注满酒精，用塞子塞住开口端，上下颠倒几次再竖起来。可以看到玻璃管内的液面比原来的低，即混合后体积变小，可知分子间存在着间隙，故ACD不符合题意，B符合题意。
6．如图所示是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，通过观察纸屑是否跳动可以探究“声音的产生原因”（ ）
B．图乙中，乒乓球的作用是延长音叉的振动时间
C．图丙中，真空铃实验说明声音能在真空中传播
D．图丁中，小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，说明空气可以传声
【答案】A。
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，将纸屑撒在鼓面上，可以通过纸屑的跳动感知鼓面的振动，故A正确；
B．图乙中，将乒乓球与音叉接触，如果音叉振动，乒乓球就会被弹开，将音叉的微小振动转化为乒乓球被弹开，便于观察，并不能将音叉的振动时间延长，故B错误；
C．图丙中，将玻璃罩内的空气抽走，听到闹铃的声音变小，由此推理，真空不能传声，故C错误；
D．小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，声音是通过固体传播的，说明固体可以传声，故D错误。
7．如图所示，这是探究“物质吸热能力大小”的实验装置、某时刻温度计的示数及根据实验数据绘制的温度随加热时间变化的关系图像。（水和沙子质量相等）下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，组装实验装置时应按自上而下的顺序组装
B．图甲中，未点燃酒精灯加热前水和沙子的内能为零
C．图乙中，温度计的示数为41℃
D．图丙中，由图像可知，沙子比水的吸热能力弱
【答案】D。
【解析】A．要用酒精的外焰加热，故甲中，组装实验装置时应按自下而上的顺序组装，故A错误；
B．一切物体在任何温度下都有内能，加热前水和沙子的内能不为零，故B错误；
C．图乙中，温度计的分度值为1℃，示数为39℃，故C错误；
D．根据图丙可知，加热相同的时间，质量相同的水和沙子，水升温慢，沙子比水的吸热能力弱，故D正确。
8．如图所示，某同学用自制的水凸透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像，关于下列现象的分析，错误的是（ ）
A．实验中，蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像向上移动
B．此时水透镜的焦距大于7.5cm小于15cm
C．在水透镜前戴上近视眼镜，发现光屏上的像不清晰了，此时将光屏远离水透镜，光屏上又能承接到清晰的像
D．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将蜡烛靠近水透镜方向移动，光屏上又能承接到清晰的像，这可以解释远视眼的形成原因
【答案】D。
【解析】A．实验中，蜡烛越烧越短，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，光屏上烛焰的像向上移动，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，物距为30cm，像距为15cm，则30m＞2f、2f＞15cm＞f，则7.5cm＜f＜15cm，故B正确，不符合题意；
C．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏远离透镜，使像成在光屏上，故C正确，不符合题意；
D．当他继续向凸透镜内注水，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，这时将蜡烛靠近水透镜方向移动，光屏上又能承接到清晰的像，这说明透镜越凸，焦距越小；近视眼的成因是晶状体的折光能力太强，像呈现在视网膜的前方，可以解释近视眼的形成原因，故D错误，符合题意。
9．如图是测量细铜丝直径的情景，下列说法正确的是（ ）
A．该实验采用了以直代曲法
B．缠绕足够紧密时，可以消除误差
C．测量起点不是0刻度线，这种测量方法是错误的
D．从图中可以看出缠绕不够紧密，会导致测量值偏大
【答案】D。
【解析】A．铜丝的直径太小，不便于直接测量，为了测量细铜丝的直径，我们可以运用累积法，故A错误；
B．缠绕足够紧密时，可以减小误差，但不能消除误差，误差不可避免，故B错误；
C．使用刻度尺测物体的长度时，物体的一端要对准刻度尺的零刻度线或整刻度线，故C错误；
D．细铜丝缠绕不够紧密时，缝隙的宽度也会包括，测量的长度会偏大，这样计算出的细铜丝的直径会偏大，故D正确。
10．图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息，下列估测数据中最接近实际的是（ ）
A．蹦床的面积约为0.1m2
B．该运动员的质量约为25kg
C．跳起时的速度约为500mm/s
D．运动员脚尖到床面A点的距离约为1.8m
【答案】D。
【解析】A．体育运动中蹦床的面积约为8m2，故A不符合题意；
B．一个成年人的质量约在70kg左右，所以运动员的质量也应该在这个范围内，故B不符合题意；
C．蹦床运动员最开始时是静止在蹦床上的，所以起跳时的那一瞬间，运动员的速度也为零，之后蹦床的弹性势能转化为运动员的动能，运动员速度很大，不可能是500mm/s，故C不符合题意；
D．由图可知，运动员脚尖距A点的距离和运动员身高差不多，人的身高约为1.8m，故脚尖到床面A点的距离约为1.8m，故D符合题意。
11．小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体以相同速度匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2，拉力分别为F1、F2，拉力的功率分别为P1、P2。下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（ ）
A．F1>F2 η1=η2P1=P2B．F1η2P1C．F1>F2 η1=η2P1>P2D．F1>F2 η1>η2 P1=P2
【答案】A。
【解析】由图可知，左滑轮组绳子的有效股数n1=2，右滑轮组绳子的有效股数n2=3，因相同滑轮组，且拉升同一物体，忽略绳重与摩擦，由可知，F1>F2；提升中克服物体重力做的功为有用功，且两物体提升相同高度，所以，由可知，两滑轮组做的有用功相等，因克服物体和动滑轮总重力做的功为总功，所以，由可知，两滑轮组拉力做的总功相等，由可知，两装置的机械效率关系为η1=η2；因提升物体的速度相等，由可知，提升物体所用的时间相等，所以，由可知，拉力做功的功率关系为P1=P2，故A正确、BCD错误。
12．如图所示，电源电压不变，滑片P置于滑动变阻器中点，a为电流表或电压表。任意开关闭合，电路都是安全的，下列说法正确的是（ ）
A．a是电流表
B．只闭合S1，P向右滑动，a的示数的变化量与A2示数的变化量的比值变小
C．闭合S1、S2，断开S3，A1的示数等于A2的示数
D．闭合S1、S2、S3，P向左滑动，A2的示数减小
【答案】D。
【解析】A．由电路图可知，当S1与S2闭合时，电表a与电源串联，若a为电流表，会造成电源短路，故a不是电流表；因此时电路是安全的，说明a是电压表，故A错误；
B．只闭合S1，R1和滑动变阻器串联，电压表a测滑动变阻器两端的电压，两电流表测电路中的电流。设P向右滑动前后电路中的电流分别为I1、I2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由欧姆定律可得，电压表a示数的变化量
ΔU2=U滑-U滑′=(U-I1R1)-(U-I2R1)=(I2-I1)R1=ΔIR1
则
即a的示数的变化量与A2示数的变化量的比值不变，故B错误；
C．闭合S1、S2，R1短路，A1的示数等于0，电路为变阻器的简单电路，电流表A2测电路的电流（不等于0），故A1的示数不等于A2的示数，故C错误；
D．闭合S1、S2、S3时，R1和A1被短路，R2与滑动变阻器并联，A2测变阻器的电流，P向左滑动，变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，A2的示数减小，故D正确。
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．春晚一首《早安中国》歌曲：“你是那夜空中最美的星星，照亮我一路前行，你是我生命中最美的相遇……”。舞台上，演员唱歌是声带___________产生的。自习课时小明同学小声唱着这首歌，对其他同学来讲，属于___________（选填“乐音”或“噪声”）。
【答案】 振动 噪声
【解析】[1]声音是由物体的振动产生的，演员唱歌发出的声音是由演员声带的振动产生的。
[2]自习课时小明同学小声唱歌，对其他同学的学习造成了干扰，因此这时候小明唱歌的声音属于噪声。
14．如图甲是用粗铜丝做成的框，乙是一段细铁丝，两端弯成环状，把铁环套在铜丝上，并沾上肥皂膜，如图丙。轻轻晃动铜框，铁丝会向上升，这是因为分子间存在着___________。晃动是为了减小铁环与铜丝之间的___________力。
【答案】 引力 摩擦
【解析】[1]分子间既存在引力又存在斥力，轻轻晃动铜框，铁丝会向上升，这是分子间存在着引力的缘故。
[2]轻轻晃动铜框，可以减小压力，通过减小压力的方式减小摩擦力，使分子引力现象更明显。
15．如图所示，将“气压火箭”发射筒内充满气体，并在发射筒外安装好纸火箭外壳。按下发射气阀，随着“砰”的一声响，火箭飞出，同时看到下端管口出现了明显的“白气”。“白气”是________（填物态变化名称）形成的，发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能_________（选填“增大”“减小”或“不变”），这个过程中的能量转化与汽油机的________（选填“压缩”或“做功”）冲程相同。
【答案】 液化 减小 做功
【解析】[1]下端管口出现了明显的“白气”，是管内温度高的水蒸气在管口遇冷液化形成的小水滴。
[2]外界对物体做功，物体内能增加，物体对外界做功，物体内能减少，故射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能减少。
[3]发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能转化为机械能，汽油机的做功冲程，燃料燃烧产生的高温高压气体压缩活塞向下运动，通过连杆带动曲轴对外做功，内能转化为机械能。
16．某款手机拥有反向无线充电的技术，如图所示，将甲手机置于乙手机上，就能给甲手机充电。此时，乙手机相当于电路中的______，乙手机将______能转化为电能；制作手机芯片的主要材料是______（选填“导体”“半导体”或“绝缘体”）。
【答案】 电源 化学 半导体
【解析】[1][2]如图所示，将甲手机置于乙手机上，就能给甲手机充电，此时，乙手机给甲手机提供电能，乙手机相当于电路中的电源，乙手机消耗化学能，产生电能，将化学能转化为电能。
[3]导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，制作手机芯片的主要材料是半导体。
17．如图所示，在2022年央视春晚现场，首次运用LED（发光二极管）屏幕打造720°穹顶空间，LED的核心部分是由 ___________（选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成，这些LED大屏幕相互之间应是 ___________（选填“串联”或“并联”）的。为了呈现绚丽多彩的效果，组成大屏幕的LED，应有红、___________、蓝三种颜色。
【答案】 半导体 并联 绿
【解析】[1]LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管主要是由半导体材料制成的。
[2] LED大屏幕相互不影响，所以是并联电路。
[3]光的三原色为：红、绿、蓝。为了呈现绚丽多彩的效果，组成大屏幕的LED，应有红、绿、蓝三种颜色。
18．如图所示，是我国自行设计和自主研制的蛟龙号载人潜水器。当蛟龙号完全进入海水中工作时，排开海水的质量是50t，g取10N/kg，则蛟龙号受到海水的浮力是______N；不考虑海水密度的变化，随着不断下潜，蛟龙号下表面受到海水的压强______，受到的浮力______（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】 变大 不变
【解析】[1]根据阿基米德原理：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于排开液体所受的重力，蛟龙号完全进入海水中工作时，排开海水的质量是50t，这部分海水的重力是
蛟龙号受到海水的浮力是。
[2]同种液体的压强随液体深度的增大而增大，随着不断下潜，根据可知，蛟龙号下表面受到海水的压强增大。
[3]蛟龙号完全浸没在水中，所受到的浮力大小为，液体的密度和排开液体的体积都不变，浮力的大小不变。
19．用一把材料分布均匀的米尺，一端用细线系住一个物块，然后将其支撑起来，不断调整，使米尺静止在水平位置如图甲，然后将物块浸没在水中，调整支撑点，使米尺再次静止在水平位置如图乙，则物块的质量与米尺的质量比为_________，物块的密度是_________kg/m3，乙图小桌子对地面的压强比甲图小桌子对地面的压强_________（大/小/相等）。
【答案】 2∶3 1.6×103 小
【解析】[1][2]一把材料分布均匀的米尺，其重心在中心。杠杆平衡时，如图甲知，重心到支点的距离为两格，重物到支点的距离为三格，设一格长度为L，米尺重为G，物体重为G1，根据杠杆的平衡条件得
所以
①
由乙图知，杠杆平衡时，根据杠杆的平衡条件得
②
由①②得
又因为浸没，所以
所以
[3]甲图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力；乙图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力减去物体所受的浮力，即乙图小桌子对地面的压力比甲图小桌子对地面的压力小，小桌子的受力面积不变，根据知，乙图小桌子对地面的压强比甲图小桌子对地面的压强小。
20．如图所示，2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用的燃料是液氢，是因为液氢具有较大的______；火箭发射时向下喷射燃气获得推力加速升空，说明力的作用是______的；火箭升空过程中箭体温度会升高，这是通过______的方式改变物体内能的。
【答案】 热值 相互 做功
【解析】[1]火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。
[2]火箭向下喷射燃气，对空气产生一个向下的作用力，同时空气对火箭产生一个向上的推力而使火箭加速升空，这说明力的作用是相互的。
[3]火箭上升过程中，火箭的外壳与空气摩擦，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体内能的。
21．如图所示，工人师傅用250N的拉力，使重为2000N的物体以0.2m/s的速度在水平地面上做匀速直线运动，已知物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍，动滑轮受到的重力为80N，则工人师傅拉力的功率为 ___________W，该滑轮组的机械效率为 ___________。
【答案】 100 80%
【解析】[1]由图可知， n=2，则绳子自由端移动的速度
v绳=nv物=2×0.2m/s=0.4m/s
工人师傅拉力的功率
[2]物体在运动时受到地面的摩擦力
该滑轮组的机械效率
22．如图a，电磁铁A和B，磁性较强的是电磁铁___________，说明电磁铁的磁性强弱跟___________有关，小明手里有如图b所示一款运动手环，戴着这种手环走路时磁铁在线圈内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，这是图b利用了___________原理，计步的数据可以通过___________无线传送到手机上。
【答案】 A 线圈的匝数 电磁感应 电磁波
【解析】[1]如图，两个电磁铁串联，通过电磁铁的电流相同，电磁铁磁性的强弱通过能够吸引铁钉的数量来判断，在图甲中，电磁铁A比B吸引铁钉的数量多，说明电磁铁A的磁性强。
[2]电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数多少决定，在图甲中A、B串联，通过它们的电流相同，A上的线圈匝数多，磁性强，说明电磁铁的磁性强弱跟线圈匝数有关。
[3] 如图b所示一款运动手环，戴着这种手环走路时磁铁在线圈内反复运动，切割磁感线，线圈中便会产生感应电流，这是电磁感应原理。
[4]手机通信是利用电磁波传递信息的，所以手环与手机间的信息传递是通过电磁波进行的。
23．利用卡纸可以完成很多实验。
（1）如图甲，用卡纸在梳齿上快划、慢划，可以听到声音的___________不同；
（2）如图乙，用卡纸盖住装满水的玻璃杯，倒置后水和卡纸不会掉落，这说明了___________的存在；
（3）如图丙，用卡纸自制了飞机机翼模型，用电吹风从侧面向它吹风时，机翼就会升起，这是因为机翼上方的空气流速大压强___________的缘故；
（4）如图丁，用卡纸自制了一个验电器。当带电塑料棒靠近卡纸条的一端时，卡纸条会偏转。该验电器是利用了带电体___________的性质制成的。
【答案】 音调 大气压 小 吸引轻小物体
【解析】（1）[1]如图甲，用卡纸在梳齿上分别快划、慢划时，卡纸振动的频率不同，发出声音的音调不同。
（2）[2]如图乙，用卡纸盖住装满水的玻璃杯，玻璃板内的空气被排出，倒置后水和卡纸不会掉落，是因为受到了大气压的作用，这说明了大气压的存在。
（3）[3]如图丙，用卡纸自制了飞机机翼模型，用电吹风从侧面向它吹风时，机翼就会升起，机翼模型上凸下平，上方的空气流速大于下方空气流速，说明流速大的地方压强小。
（4）[4]带电体有吸引轻小物体的性质。如图丁，用卡纸自制了一个验电器。当带电塑料棒靠近卡纸条的一端时，卡纸条会偏转；利用带电体吸引轻小物体的性质制成的。
24．图甲是小红设计的检测空气污染指数（API）的简化电路。电源电压U不变，电压表量程为0~3V，R0为定值电阻，R为气敏电阻，图乙是其API与R的倒数的关系图线。闭合S，当第一次测出API为某一数值时，电压表示数为2V，气敏电阻R的功率为0.4W，当第二次API为原数值的一半时，电压表示数变化0.5V，则电源电压为______V，定值电阻R0为______Ω，前后两次API变化______。若电源电压U可调，仅将U调______，就可减小该电路允许检测API的最大值。
【答案】 3 5 50 大
【解析】[1][2][3]由甲图知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压。闭合S，电压表示数为2V，气敏电阻R的功率为8.4W；由图乙可知，API与R的倒数的关系图线是过原点的倾斜直线，即API与R成反比，第二次API为原数值的一半时，气敏电阻的电阻R的倒数变小，则气敏电阻的电阻R变大，电路中总电阻变大，由欧姆定律知，电路中电流变小。R0的阻值不变，由欧姆定律可知，R0两端的电压减小，已知电压表示数变化0.5V，则此时电压表示数为
由串联电路的特点和欧姆定律可知，第一次的电源电压
①
第二次的电源电压
②
电源电压U不变，联立①②解得
③
将③代入①解得电源电压
当第一次测出API为某一数值时，气敏电阻R的功率
解得
，
则R的倒数为
对照乙图可知，API是100，第二次API为原数值的一半，即第二次的API是50，则前后两次API变化
[4]由于API的值与R成反比，当减小API的最大值时，气敏电阻的阻值变大， R0的阻值不变，若仍然以原来电压表的示数（2V）作为检测API的最大值，由可知，电路中的电流不变，由欧姆定律得，气敏电阻的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，电源电压应调大。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中28、32题应写出必要的解题过程）
25．小红学习了滑轮之后，用一根绳和一个滑轮，借助木桩设计出图（甲）装置，将船拉上海滩，小明分析后，认为不太合理，请在图（乙）中画出你的方法。（把绳和滑轮画出来，并标出木桩的位置）
【答案】
【解析】为了省力，可以将滑轮安装在小船上滑轮当做动滑轮来使用能够省一半的力，如图所示
26．把蜡烛放在离凸透镜远大于2倍焦距的地方，在光屏上出现了明亮、清晰的烛焰的像，如图所示，请完成光路图。
【答案】
【解析】折射光线过折射点和像点，入射光线过发光点和折射点，如下图所示：
27．如图所示小聪同学根据所学的知识，设计一个电子身高计，他的设想是把电压表改成身高计，电压表的示数越大，表示人的身高越高，利用图中的器材连接了部分电路，请你帮助小聪按要求补全电路（R2是滑动变阻器，O 点是连接滑片的接线柱）。
【答案】由图得，滑动变阻器的滑片接在人的头顶上，当升高变高时，滑片向上移动。依题意得，电压表示数随滑动变阻器接入阻值的改变而改变，所以滑动变阻器应与电阻串联：
若电压表测量定值电阻电压，则电压表示数变大，说明滑片向上移动，电路中电流变大，则此时滑动变阻器接入电路中电阻变小，滑动变阻器的上面接入电路中，如图所示：
若电压表测量滑动变阻器的电压，说明滑片向上移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电压表示数变大，则此时滑动变阻器的下面接入电路中，如图所示：
28．如图所示已知物体A质量为8kg，边长为10cm，A与水平台间的最大静摩擦力为20N，在A的两侧通过滑轮分别挂上圆柱体重物B、C，且C的一部分浸入水中GB=40N，Gc=100N，C的横截面积为80cm2， 长度足够，水够深．当物体A不移动时，求C浸入水中深度的变化范围（g取10N/kg）．求：
（1）物体A的密度；
（2）物体A对水平台的压强；
（3）则当物体A不受摩擦力作用时，C受到的水的浮力是多少？
（4）当物体A不移动时，求C浸入水中深度的变化范围．
【答案】（1）物体A的密度为8×103kg/m3；
（2）物体A对水平台的压强为8×103Pa；
（3）则当物体A不受摩擦力作用时，C受到的水的浮力是60N；
（4）当物体A不移动时，C浸入水中深度的变化范围是0.5m～1m．
【解析】（1）物体A的体积：V=（0.1m）3=1×10-3m3，
物体A的密度：；
（2）物体A对水平台的压强：；
（3）当物体A不受摩擦力作用时，物体C受到的拉力：FC=GB=40N，
C受到的水的浮力：F浮=GC-FC=100N-40N=60N；
（4）当物体A受到最大摩擦力向左时，物体C受到的浮力最小，
物体C受到的拉力 FC1=GB+f=40N+20N=60N，
F浮1=GC-FC1=100N-60N=40N，
由F浮=ρ水V排g=ρ水SCh1g，
40N=1×103kg/m3×80×10-4m-2 h1×10N/kg，
h1=0.5m，
当物体A受到最大摩擦力向右时，物体C受到的浮力最大，
物体C受到的拉力FC2=GB-f=40N-20N=20N，
F浮2=GC-FC2=100N-20N=80N，
由F浮=ρ水V排gρ水SCh2g，
80N=1×103kg/m3×80×10-4m-2 h2×10N/kg，
h2=1m．
物体C浸入水中的深度变化范围是0.5m～1m．
29．线、长木板、两个完全相同的木块A、B和一个弹簧测力计，在水平台上进行实验。
（1）实验中，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做__________运动；
（2）比较甲、乙两图，得出的结论是：接触面的粗糙程度相同时，__________越大，滑动摩擦力越大；
（3）比较乙、丙两图，得出的结论是：滑动摩擦力大小与接触面积大小__________（选填“有关”或“无关”）；
（4）在某次实验中，小华拉动木块在木板上运动，木块运动的路程一时间图像如图丁所示。若用F1和F2分别表示0～t1和t1～t2时间内弹簧测力计的示数，则可判断F1_________ F2（填“>”、“=”或“<”）；
（5）实验前，如果该同学先在竖直方向对测力计调零，然后按上述要求拉动木块，测得的滑动摩擦力________________（大于/等于/小于）实际的摩擦力；
（6）另一同学又设计了如右图所示的实验装置，用力F水平向左拉动木板，当拉力F=2.4N时，木块受到木板对它的摩擦力方向是__________，大小为__________N。在实际操作时发现弹簧测力计示数仍不稳定，可能原因是__________________。
【答案】 匀速直线 压力 无关 = 小于 水平向左 0.4 木板上表面粗糙程度不均匀
【解析】（1）[1]实验中，用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动，由二力平衡条件知，此时木块受到的摩擦力大小等于弹簧的拉力，为弹簧测力计的示数。
（2）[2]比较甲、乙两图发现，接触面的粗糙程度相同，压力增大，弹簧测力计示数增大，得出的结论是：接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）[3]观察乙、丙两图发现，接触面的粗糙程度一样，压力一样，接触面积不一样时，弹簧测力计的示数一样，得出的结论是：滑动摩擦力大小与接触面积大小无关。
（4）[4]由路程一时间图像特点知，0～t1和t1～t2时间段内木块速度大小均不变，木块以不同的速度均做匀速直线运动，木块都处于平衡状态，都受到平衡力的作用，且木块受到的滑动摩擦力不变，则0～t1和t1～t2时间段内木块的拉力都等于摩擦力，即。
（5）[5] 实验前，如果该同学先在竖直方向对测力计调零，没有在水平方向调零，受弹簧自身重力的影响，在水平方向测得的滑动摩擦力小于实际的摩擦力。
（6）[6][7]由实验图可知，用力F水平向左拉动木板时，木块处于静止，处于平衡状态，受到的摩擦力和弹簧的拉力是一对平衡力，大小等于弹簧测力计的示数为0.4N，水平向左。
[8]根据影响摩擦力的因素可知，在压力不变的情况下，弹簧测力计的示数不稳定，即摩擦力是变化的，说明木板表面的粗糙程度不同。
30．实验室现有电源（电源电压有2伏、4伏、6伏和8伏四挡可选）、电流表、电压表（只有03伏挡完好）、开关各一个，两个滑动变阻器（分别标有“10Ω；2A”和“20Ω；1A”）、以及导线若干。晓燕同学想测量一个标有“2.5V”字样且额定功率小于1W的小灯泡电功率。
（1）请根据甲图所示的电路图，帮助晓燕找出图乙中接错的一根导线，在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的连接_________；
（2）连接电路后闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮。电路的故障可能是_________（填序号）；
A．灯泡短路 B．滑动变阻器短路
C．灯泡断路 D．滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置时，电压表示数如图丙所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向_________（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，那么灯泡的额定功率是_________W；
【拓展】小明同学要用电压表和电流表测量未知阻值Rx的电阻大小，他选用某一挡位电源电压后，设计电路并选用实验室器材连接电路，他先将滑片移到最大阻值处，闭合开关时读出电压表电流表数据如表格序号1所示，移动滑片P，发现电流表示数变大，电压表示数超出了量程。经过思考后，仅更换了滑动变阻器，继续进行实验，实验数据如序号2、3所示。则：待测电阻Rx的阻值为_________Ω（结果保留一位小数）；小明同学实验所用电源电压的挡位为_________V。
【答案】 见详解图 D 左 0.75 10.1 6
【解析】（1）[1]图中电压表与小灯泡串联，电流表与小灯泡并联是错误的，正确的电路如下图所示。
（2）[2]A.若小灯泡短路，电路为通路，则电流表有示数，又因电压表并联在灯泡两端则电压表示数为零，故A不符合题意；
B.若滑动变阻器短路，电路为通路，灯泡发光、电流表和电压表都有示数，故B不符合题意；
C.若灯泡断路，灯泡不发光，电流表无示数，电压表测电源电压（有示数），故C不符合题意；
D.若变阻器断路，整个电路断路，灯泡不发光，电流表和电压表都无示数，故D符合题意。
故选D。
（3）[3]由图可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.8V，为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，所以应减小灯泡两端电压，根据串联电路电压规律可知，应增大滑动变阻器两端电压，根据串联电路的分压特点可知，应增大变阻器接入电路的阻值，所以应向左移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止。
[4]当灯泡两端的电压为2.5V时，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，由图可知，通过灯泡的电流为0.3A，则灯泡的额定功率
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W
[5]根据欧姆定律可得
第一次
第二次
第三次
则电阻Rx平均值
[6]连接电路，并将滑片移到最大阻值处，闭合开关时此时电压表的示数为3V，由于实验中移动滑片P，发现电流表示数变大，电压表示数超出了量程，则更换的滑动变阻器一定是阻值更大的，所以实验中更换滑动变阻器前使用滑动变阻器的最大阻值为10Ω，根据欧姆定律可知第一次实验滑动变阻器两端电压为
U＝IR＝0.3A×10Ω＝3V
根据串联电路电压规律可知电源电压为3V+3V＝6V。
31．在枣庄市全面决胜脱贫攻坚工作中，老师们也积极响应此项工作，为贫困学生家庭送去了菜油、大米、牛奶、鸭蛋等物品。为此，小明想知道牛奶的密度，于是他设计了以下实验，请你帮助他完成。
（1）将天平放在水平桌面上，接着将______移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指向分度盘的左侧，此时应该把平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）小明同学在测量牛奶质量的过程中，操作情况如图（a）所示，请指出其中错误操作的一处是______；
（3）改正错误后，所测得烧杯和牛奶的总质量为138.4g，倒入一部分在量筒后，量筒中牛奶的体积如图（c）所示，再测出剩余牛奶和烧杯的质量，其砝码质量和游码在标尺上对应的位置如图（b）所示，则量筒中牛奶的质量为______g；
（4）小明所测得牛奶的密度为______kg/m3；
（5）小新同学也设计了一种测量酸奶密度的实验方案为：
①用调好的天平测出空烧杯的质量m1；
②向烧杯中倒入一些酸奶，测出它们的总质量m2；则这些酸奶的质量为m2-m1；
③再将烧杯中酸奶倒入量筒中，测出酸奶的体积V；
④计算出酸奶的密度ρ=；
对于小新的测量方案，小组同学在分析、交流与评估时发现：用这种方案测量会使测出的牛奶的密度值偏______；（选填“大”、或“小”）
（6）小丽同学利用电子秤想测出鸭蛋的密度，测量步骤如图甲、乙、丙、丁所示：
图中电子秤显示的四个数据，若没有“131.0g”这个数据，能否求出鸭蛋的密度？请在横线上作答要求：①若能，请写出鸭蛋的密度值；②若不能，请说明理由。答：______。
【答案】 游码 右 测量过程中调节了平衡螺母 60 1.2×103kg/m3 大 能，1.15g/cm3
【解析】（1）[1]天平在使用之前的调节顺序是，把天平放在水平台上，游码拨到标尺0刻度处，调节横梁平衡螺母，直至指针指在分度盘的中央刻度线处，天平平衡。
[2]平衡螺母的调节方法是：左倾右调，右倾左调。若指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向右调。
（2）[3]图（a）中的操作错误是，在测量过程中调节了平衡螺母。操作过程中若指针偏左或偏右，只能通过加减砝码和调节游码来使天平平衡，不能调节平衡螺母。
（3）[4]如图（b）所示，剩余牛奶和烧杯的质量为
m剩=50g+20g+5g+3.4g=78.4g
烧杯和牛奶的总质量m总=138.4g，可得量筒中牛奶的质量
m奶=m总-m剩=138.4g-78.4g=60g
（4）[5] 由图（c）可知，量筒中牛奶的体积V奶=50cm3，则牛奶的密度
（5）④[6]将烧杯中酸奶倒入量筒中时，会有一部分残留在烧杯里，而使牛奶的体积测量偏小，根据公式可知，体积偏小，则密度偏大。
（6）[7] 若没有“131.0g”这个数据，也可以测出鸭蛋的密度。由甲、乙两图可知烧杯中原来所装的水和烧瓶的总质量
m0=m乙-m甲=212.5g-80.5g=132g
由丙图可知补加水至放鸭蛋时的水位时烧杯和水的总质量m丙=202.0g，则鸭蛋的体积与后来补加的水的体积相等，即
由甲图可知鸭蛋的质量m鸭=80.5g，故鸭蛋的密度
32．如图甲所示是某家用多功能电炖锅，深受消费者认可和青睐。它有三段温控功能：高温炖、中温煮和低温熬，图乙是它的简化电路图，如表是该电炖锅的部分参数。（）
（1）低温挡时，开关______（选填“断开”或“闭合”），接 ______ （选填A或B）；
（2）电阻的阻值为多少？( )
（3）在标准大气压下，使用高温炖将初温是的一锅水烧开，若电炖锅高温炖时加热效率为，求烧开一锅水需要的时间？( )
【答案】 断开 A 110Ω 300s
【解析】（1）[1][2]由图乙可知，当开关闭合、接时，、并联；当开关闭合、接A时，只有工作；当断开、接A时，、串联；根据串并联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，并联的总小于任一分电阻，所以，当开关闭合、接时，、并联，电路中的总电阻最小，根据可知，电路中的电功率最大，电炖锅处于高温挡；当断开、接时，、串联，电路中的总电阻最大，电功率最小，电炖锅处于低温挡；当开关闭合、接时，只有工作，电炖锅处于中温挡。
（2）[3]由可知，的阻值为
（3）[4]根据题意可知，水的体积为
由可知，水的质量为
一个标准大气压下，水的沸点是，水吸收的热量为
由可知，电炖锅消耗的电能为
由可知，烧开一锅水的时间为
序号
电流表（A）
电压表（V）
1
0.3
3
2
0.24
2.5
3
0.18
1.8
项目
参数
电源电压V
中温挡功率W
高温挡功率W
容积L
无锡地区考试题型为12（单选题）＋12（填空题）＋8（解答题），内容包含力学、热学、光学、声学、电磁学。
实验题在整份试卷中所占分值较多，考察面广。通过对实验探究过程的探究，考查学生的科学探究知识及能力。需要注意的是：实验仪器的选用与调节，实验原理、实验步骤的编排、数据的测量和处理、现象的观察和分析、结论的总结归纳及其应用、故障的排除等。解答时仔细辨析找出关键词，联系平时实验具体操作过程，只要推理严谨、过程规范，都会得满分。
教育部关于2023年中考命题工作的通知中强调：“减少记忆性试题，增加探究性、开放性、综合性试题”。从命题的“减少记忆性试题”角度来看，中考试题有些不再是单纯的知识和技能的重现，而是在一定的背景下灵活进行考查，命题由知识立意向能力立意转变。预测2023年无锡地区考试解答题中，会向开放性、综合性试题倾斜，关注学生学以致用的能力、利用所学物理知识对身边进行估算估测的能力.。
同时应特别注意以社会热点、新发现为背景的新情景问题，此类试题蕴含浓厚的物理文化气息，能有效考查学生在新情景下对知识的理解以及迁移到不同情境中的能力，考查学生发现问题、分析问题和解决问题的能力。很多题目背景都取材于生活，例如本卷第16题，22题，鼓励学生学以致用，将物理知识与实际生活相结合。同时很多题目背景渗透前沿科技知识，例如本卷第18题和20题，但是本质不难，分清本质就很容易解题。
本卷满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
1．若小华和小明乘坐的平底小船静止在光滑的冰面上，他们将书包向某个方向扔出。下列说法正确的是（ ）
A．船对冰面的压力是由于冰的形变产生的
B．书包向某个方向扔出，船将向相同方向运动
C．书包飞出后，若冰面无限长，船将一直运动下去
D．扔出去的书包运动到最高点时，书包受到平衡力的作用
【答案】C。
【解析】A．船对冰面的压力是由于船发生形变，要恢复原状而对冰面产生的弹力，故A错误；
B．书包向某个方向扔出，人给书包一个力，由于物体间力的作用是相互的，则书包会给人一个相反方向的力，船将向相反方向运动，故B错误；
C．书包飞出后，若光滑的冰面无限长，船在水平方向上不受力，由牛顿第一定律知道，船将一直运动下去，故C正确；
D．扔出去的书包运动到最高点时，书包受到重力和空气阻力的共同作用，这两个力的大小、方向不同，不是平衡力，故D错误。
2．实验装置如图所示，加热试管使水沸腾。对观察到的现象分析正确的是（ ）
A．玻璃管口冒出“白气”是汽化成的水蒸气B．加热使水升温是通过做功的方式改变水的内能
C．燃料燃烧是将内能转化为化学能的D．小叶轮转动，水的内能转化为叶轮的机械能
【答案】D。
【解析】A．玻璃管口冒出的“白气”，是水蒸气上升遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B．加热使水升温是通过热传递的方式改变水的内能，故B错误；
C．燃料燃烧是化学能转化为内能，故C错误；
D．高温的水蒸气可以驱动叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了叶轮的机械能，故D正确。
3．如图是一种手摇式手机充电器，只要摇转手柄，就可以给手机充电。以下四幅图中能反映手摇充电器原理的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D。
【分析】从题意中可知，手摇式手机充电器，给手机电池充电是利用电磁感应原理工作的。
【解析】A．磁体周围的小磁针反映了磁感线的方向，故A错误；
B．通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故B错误；
C．不是闭合电路，无法产生感应电流，故C错误；
D．闭合电路中导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D正确。
4．如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者身上，并与固定在地面上的环扣相连。打开环扣，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，能上升到最高位置C点，在B点时速度最大。对此过程，下列描述正确的是（ ）
A．弹性绳的弹性势能在B点时最大
B．人在B点时动能最大
C．人从A到C的过程中，重力势能增加，动能一直减小
D．人从A到B的过程中，动能增加，重力势能减小
【答案】B。
【解析】A． 弹性绳在A点时弹性形变最大，弹性势能最大，故A错误；
B． 人从扣环释放到达B点前，弹力大于人的重力，人向上做加速运动，过了B点，弹力小于人的重力，开始做减速运动，所以在B点时速度最快，人的质量一定，在B点时速度最大，动能最大，故B正确；
C．人从A到C的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增加，AB段速度逐渐变大，动能逐渐变大，BC段速度逐渐变小，动能逐渐变小，故C错误；
D．从A到B的过程中，质量不变、高度增大，速度逐渐增大，弹性势能逐渐转化成重力势能和动能，重力势能增加，动能变大，故 D错误。
5．如图，在一根长玻璃管中注入一半水，再缓缓地注满酒精，用塞子塞住开口端，上下颠倒几次再竖起来。可以看到玻璃管内的液面比原来的低，这说明（ ）
A．物质是由分子组成B．分子间存在着间隙
C．分子间存在相互作用力D．分子在不停地做无规则运动
【答案】B。
【解析】在一根长玻璃管中注入一半水，再缓缓地注满酒精，用塞子塞住开口端，上下颠倒几次再竖起来。可以看到玻璃管内的液面比原来的低，即混合后体积变小，可知分子间存在着间隙，故ACD不符合题意，B符合题意。
6．如图所示是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，通过观察纸屑是否跳动可以探究“声音的产生原因”（ ）
B．图乙中，乒乓球的作用是延长音叉的振动时间
C．图丙中，真空铃实验说明声音能在真空中传播
D．图丁中，小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，说明空气可以传声
【答案】A。
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，将纸屑撒在鼓面上，可以通过纸屑的跳动感知鼓面的振动，故A正确；
B．图乙中，将乒乓球与音叉接触，如果音叉振动，乒乓球就会被弹开，将音叉的微小振动转化为乒乓球被弹开，便于观察，并不能将音叉的振动时间延长，故B错误；
C．图丙中，将玻璃罩内的空气抽走，听到闹铃的声音变小，由此推理，真空不能传声，故C错误；
D．小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，声音是通过固体传播的，说明固体可以传声，故D错误。
7．如图所示，这是探究“物质吸热能力大小”的实验装置、某时刻温度计的示数及根据实验数据绘制的温度随加热时间变化的关系图像。（水和沙子质量相等）下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，组装实验装置时应按自上而下的顺序组装
B．图甲中，未点燃酒精灯加热前水和沙子的内能为零
C．图乙中，温度计的示数为41℃
D．图丙中，由图像可知，沙子比水的吸热能力弱
【答案】D。
【解析】A．要用酒精的外焰加热，故甲中，组装实验装置时应按自下而上的顺序组装，故A错误；
B．一切物体在任何温度下都有内能，加热前水和沙子的内能不为零，故B错误；
C．图乙中，温度计的分度值为1℃，示数为39℃，故C错误；
D．根据图丙可知，加热相同的时间，质量相同的水和沙子，水升温慢，沙子比水的吸热能力弱，故D正确。
8．如图所示，某同学用自制的水凸透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像，关于下列现象的分析，错误的是（ ）
A．实验中，蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像向上移动
B．此时水透镜的焦距大于7.5cm小于15cm
C．在水透镜前戴上近视眼镜，发现光屏上的像不清晰了，此时将光屏远离水透镜，光屏上又能承接到清晰的像
D．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将蜡烛靠近水透镜方向移动，光屏上又能承接到清晰的像，这可以解释远视眼的形成原因
【答案】D。
【解析】A．实验中，蜡烛越烧越短，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，光屏上烛焰的像向上移动，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，物距为30cm，像距为15cm，则30m＞2f、2f＞15cm＞f，则7.5cm＜f＜15cm，故B正确，不符合题意；
C．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏远离透镜，使像成在光屏上，故C正确，不符合题意；
D．当他继续向凸透镜内注水，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，这时将蜡烛靠近水透镜方向移动，光屏上又能承接到清晰的像，这说明透镜越凸，焦距越小；近视眼的成因是晶状体的折光能力太强，像呈现在视网膜的前方，可以解释近视眼的形成原因，故D错误，符合题意。
9．如图是测量细铜丝直径的情景，下列说法正确的是（ ）
A．该实验采用了以直代曲法
B．缠绕足够紧密时，可以消除误差
C．测量起点不是0刻度线，这种测量方法是错误的
D．从图中可以看出缠绕不够紧密，会导致测量值偏大
【答案】D。
【解析】A．铜丝的直径太小，不便于直接测量，为了测量细铜丝的直径，我们可以运用累积法，故A错误；
B．缠绕足够紧密时，可以减小误差，但不能消除误差，误差不可避免，故B错误；
C．使用刻度尺测物体的长度时，物体的一端要对准刻度尺的零刻度线或整刻度线，故C错误；
D．细铜丝缠绕不够紧密时，缝隙的宽度也会包括，测量的长度会偏大，这样计算出的细铜丝的直径会偏大，故D正确。
10．图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息，下列估测数据中最接近实际的是（ ）
A．蹦床的面积约为0.1m2
B．该运动员的质量约为25kg
C．跳起时的速度约为500mm/s
D．运动员脚尖到床面A点的距离约为1.8m
【答案】D。
【解析】A．体育运动中蹦床的面积约为8m2，故A不符合题意；
B．一个成年人的质量约在70kg左右，所以运动员的质量也应该在这个范围内，故B不符合题意；
C．蹦床运动员最开始时是静止在蹦床上的，所以起跳时的那一瞬间，运动员的速度也为零，之后蹦床的弹性势能转化为运动员的动能，运动员速度很大，不可能是500mm/s，故C不符合题意；
D．由图可知，运动员脚尖距A点的距离和运动员身高差不多，人的身高约为1.8m，故脚尖到床面A点的距离约为1.8m，故D符合题意。
11．小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体以相同速度匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2，拉力分别为F1、F2，拉力的功率分别为P1、P2。下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（ ）
A．F1>F2 η1=η2P1=P2B．F1
【答案】A。
【解析】由图可知，左滑轮组绳子的有效股数n1=2，右滑轮组绳子的有效股数n2=3，因相同滑轮组，且拉升同一物体，忽略绳重与摩擦，由可知，F1>F2；提升中克服物体重力做的功为有用功，且两物体提升相同高度，所以，由可知，两滑轮组做的有用功相等，因克服物体和动滑轮总重力做的功为总功，所以，由可知，两滑轮组拉力做的总功相等，由可知，两装置的机械效率关系为η1=η2；因提升物体的速度相等，由可知，提升物体所用的时间相等，所以，由可知，拉力做功的功率关系为P1=P2，故A正确、BCD错误。
12．如图所示，电源电压不变，滑片P置于滑动变阻器中点，a为电流表或电压表。任意开关闭合，电路都是安全的，下列说法正确的是（ ）
A．a是电流表
B．只闭合S1，P向右滑动，a的示数的变化量与A2示数的变化量的比值变小
C．闭合S1、S2，断开S3，A1的示数等于A2的示数
D．闭合S1、S2、S3，P向左滑动，A2的示数减小
【答案】D。
【解析】A．由电路图可知，当S1与S2闭合时，电表a与电源串联，若a为电流表，会造成电源短路，故a不是电流表；因此时电路是安全的，说明a是电压表，故A错误；
B．只闭合S1，R1和滑动变阻器串联，电压表a测滑动变阻器两端的电压，两电流表测电路中的电流。设P向右滑动前后电路中的电流分别为I1、I2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由欧姆定律可得，电压表a示数的变化量
ΔU2=U滑-U滑′=(U-I1R1)-(U-I2R1)=(I2-I1)R1=ΔIR1
则
即a的示数的变化量与A2示数的变化量的比值不变，故B错误；
C．闭合S1、S2，R1短路，A1的示数等于0，电路为变阻器的简单电路，电流表A2测电路的电流（不等于0），故A1的示数不等于A2的示数，故C错误；
D．闭合S1、S2、S3时，R1和A1被短路，R2与滑动变阻器并联，A2测变阻器的电流，P向左滑动，变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，A2的示数减小，故D正确。
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．春晚一首《早安中国》歌曲：“你是那夜空中最美的星星，照亮我一路前行，你是我生命中最美的相遇……”。舞台上，演员唱歌是声带___________产生的。自习课时小明同学小声唱着这首歌，对其他同学来讲，属于___________（选填“乐音”或“噪声”）。
【答案】 振动 噪声
【解析】[1]声音是由物体的振动产生的，演员唱歌发出的声音是由演员声带的振动产生的。
[2]自习课时小明同学小声唱歌，对其他同学的学习造成了干扰，因此这时候小明唱歌的声音属于噪声。
14．如图甲是用粗铜丝做成的框，乙是一段细铁丝，两端弯成环状，把铁环套在铜丝上，并沾上肥皂膜，如图丙。轻轻晃动铜框，铁丝会向上升，这是因为分子间存在着___________。晃动是为了减小铁环与铜丝之间的___________力。
【答案】 引力 摩擦
【解析】[1]分子间既存在引力又存在斥力，轻轻晃动铜框，铁丝会向上升，这是分子间存在着引力的缘故。
[2]轻轻晃动铜框，可以减小压力，通过减小压力的方式减小摩擦力，使分子引力现象更明显。
15．如图所示，将“气压火箭”发射筒内充满气体，并在发射筒外安装好纸火箭外壳。按下发射气阀，随着“砰”的一声响，火箭飞出，同时看到下端管口出现了明显的“白气”。“白气”是________（填物态变化名称）形成的，发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能_________（选填“增大”“减小”或“不变”），这个过程中的能量转化与汽油机的________（选填“压缩”或“做功”）冲程相同。
【答案】 液化 减小 做功
【解析】[1]下端管口出现了明显的“白气”，是管内温度高的水蒸气在管口遇冷液化形成的小水滴。
[2]外界对物体做功，物体内能增加，物体对外界做功，物体内能减少，故射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能减少。
[3]发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能转化为机械能，汽油机的做功冲程，燃料燃烧产生的高温高压气体压缩活塞向下运动，通过连杆带动曲轴对外做功，内能转化为机械能。
16．某款手机拥有反向无线充电的技术，如图所示，将甲手机置于乙手机上，就能给甲手机充电。此时，乙手机相当于电路中的______，乙手机将______能转化为电能；制作手机芯片的主要材料是______（选填“导体”“半导体”或“绝缘体”）。
【答案】 电源 化学 半导体
【解析】[1][2]如图所示，将甲手机置于乙手机上，就能给甲手机充电，此时，乙手机给甲手机提供电能，乙手机相当于电路中的电源，乙手机消耗化学能，产生电能，将化学能转化为电能。
[3]导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，制作手机芯片的主要材料是半导体。
17．如图所示，在2022年央视春晚现场，首次运用LED（发光二极管）屏幕打造720°穹顶空间，LED的核心部分是由 ___________（选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成，这些LED大屏幕相互之间应是 ___________（选填“串联”或“并联”）的。为了呈现绚丽多彩的效果，组成大屏幕的LED，应有红、___________、蓝三种颜色。
【答案】 半导体 并联 绿
【解析】[1]LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管主要是由半导体材料制成的。
[2] LED大屏幕相互不影响，所以是并联电路。
[3]光的三原色为：红、绿、蓝。为了呈现绚丽多彩的效果，组成大屏幕的LED，应有红、绿、蓝三种颜色。
18．如图所示，是我国自行设计和自主研制的蛟龙号载人潜水器。当蛟龙号完全进入海水中工作时，排开海水的质量是50t，g取10N/kg，则蛟龙号受到海水的浮力是______N；不考虑海水密度的变化，随着不断下潜，蛟龙号下表面受到海水的压强______，受到的浮力______（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】 变大 不变
【解析】[1]根据阿基米德原理：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于排开液体所受的重力，蛟龙号完全进入海水中工作时，排开海水的质量是50t，这部分海水的重力是
蛟龙号受到海水的浮力是。
[2]同种液体的压强随液体深度的增大而增大，随着不断下潜，根据可知，蛟龙号下表面受到海水的压强增大。
[3]蛟龙号完全浸没在水中，所受到的浮力大小为，液体的密度和排开液体的体积都不变，浮力的大小不变。
19．用一把材料分布均匀的米尺，一端用细线系住一个物块，然后将其支撑起来，不断调整，使米尺静止在水平位置如图甲，然后将物块浸没在水中，调整支撑点，使米尺再次静止在水平位置如图乙，则物块的质量与米尺的质量比为_________，物块的密度是_________kg/m3，乙图小桌子对地面的压强比甲图小桌子对地面的压强_________（大/小/相等）。
【答案】 2∶3 1.6×103 小
【解析】[1][2]一把材料分布均匀的米尺，其重心在中心。杠杆平衡时，如图甲知，重心到支点的距离为两格，重物到支点的距离为三格，设一格长度为L，米尺重为G，物体重为G1，根据杠杆的平衡条件得
所以
①
由乙图知，杠杆平衡时，根据杠杆的平衡条件得
②
由①②得
又因为浸没，所以
所以
[3]甲图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力；乙图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力减去物体所受的浮力，即乙图小桌子对地面的压力比甲图小桌子对地面的压力小，小桌子的受力面积不变，根据知，乙图小桌子对地面的压强比甲图小桌子对地面的压强小。
20．如图所示，2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用的燃料是液氢，是因为液氢具有较大的______；火箭发射时向下喷射燃气获得推力加速升空，说明力的作用是______的；火箭升空过程中箭体温度会升高，这是通过______的方式改变物体内能的。
【答案】 热值 相互 做功
【解析】[1]火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。
[2]火箭向下喷射燃气，对空气产生一个向下的作用力，同时空气对火箭产生一个向上的推力而使火箭加速升空，这说明力的作用是相互的。
[3]火箭上升过程中，火箭的外壳与空气摩擦，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体内能的。
21．如图所示，工人师傅用250N的拉力，使重为2000N的物体以0.2m/s的速度在水平地面上做匀速直线运动，已知物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍，动滑轮受到的重力为80N，则工人师傅拉力的功率为 ___________W，该滑轮组的机械效率为 ___________。
【答案】 100 80%
【解析】[1]由图可知， n=2，则绳子自由端移动的速度
v绳=nv物=2×0.2m/s=0.4m/s
工人师傅拉力的功率
[2]物体在运动时受到地面的摩擦力
该滑轮组的机械效率
22．如图a，电磁铁A和B，磁性较强的是电磁铁___________，说明电磁铁的磁性强弱跟___________有关，小明手里有如图b所示一款运动手环，戴着这种手环走路时磁铁在线圈内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，这是图b利用了___________原理，计步的数据可以通过___________无线传送到手机上。
【答案】 A 线圈的匝数 电磁感应 电磁波
【解析】[1]如图，两个电磁铁串联，通过电磁铁的电流相同，电磁铁磁性的强弱通过能够吸引铁钉的数量来判断，在图甲中，电磁铁A比B吸引铁钉的数量多，说明电磁铁A的磁性强。
[2]电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数多少决定，在图甲中A、B串联，通过它们的电流相同，A上的线圈匝数多，磁性强，说明电磁铁的磁性强弱跟线圈匝数有关。
[3] 如图b所示一款运动手环，戴着这种手环走路时磁铁在线圈内反复运动，切割磁感线，线圈中便会产生感应电流，这是电磁感应原理。
[4]手机通信是利用电磁波传递信息的，所以手环与手机间的信息传递是通过电磁波进行的。
23．利用卡纸可以完成很多实验。
（1）如图甲，用卡纸在梳齿上快划、慢划，可以听到声音的___________不同；
（2）如图乙，用卡纸盖住装满水的玻璃杯，倒置后水和卡纸不会掉落，这说明了___________的存在；
（3）如图丙，用卡纸自制了飞机机翼模型，用电吹风从侧面向它吹风时，机翼就会升起，这是因为机翼上方的空气流速大压强___________的缘故；
（4）如图丁，用卡纸自制了一个验电器。当带电塑料棒靠近卡纸条的一端时，卡纸条会偏转。该验电器是利用了带电体___________的性质制成的。
【答案】 音调 大气压 小 吸引轻小物体
【解析】（1）[1]如图甲，用卡纸在梳齿上分别快划、慢划时，卡纸振动的频率不同，发出声音的音调不同。
（2）[2]如图乙，用卡纸盖住装满水的玻璃杯，玻璃板内的空气被排出，倒置后水和卡纸不会掉落，是因为受到了大气压的作用，这说明了大气压的存在。
（3）[3]如图丙，用卡纸自制了飞机机翼模型，用电吹风从侧面向它吹风时，机翼就会升起，机翼模型上凸下平，上方的空气流速大于下方空气流速，说明流速大的地方压强小。
（4）[4]带电体有吸引轻小物体的性质。如图丁，用卡纸自制了一个验电器。当带电塑料棒靠近卡纸条的一端时，卡纸条会偏转；利用带电体吸引轻小物体的性质制成的。
24．图甲是小红设计的检测空气污染指数（API）的简化电路。电源电压U不变，电压表量程为0~3V，R0为定值电阻，R为气敏电阻，图乙是其API与R的倒数的关系图线。闭合S，当第一次测出API为某一数值时，电压表示数为2V，气敏电阻R的功率为0.4W，当第二次API为原数值的一半时，电压表示数变化0.5V，则电源电压为______V，定值电阻R0为______Ω，前后两次API变化______。若电源电压U可调，仅将U调______，就可减小该电路允许检测API的最大值。
【答案】 3 5 50 大
【解析】[1][2][3]由甲图知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压。闭合S，电压表示数为2V，气敏电阻R的功率为8.4W；由图乙可知，API与R的倒数的关系图线是过原点的倾斜直线，即API与R成反比，第二次API为原数值的一半时，气敏电阻的电阻R的倒数变小，则气敏电阻的电阻R变大，电路中总电阻变大，由欧姆定律知，电路中电流变小。R0的阻值不变，由欧姆定律可知，R0两端的电压减小，已知电压表示数变化0.5V，则此时电压表示数为
由串联电路的特点和欧姆定律可知，第一次的电源电压
①
第二次的电源电压
②
电源电压U不变，联立①②解得
③
将③代入①解得电源电压
当第一次测出API为某一数值时，气敏电阻R的功率
解得
，
则R的倒数为
对照乙图可知，API是100，第二次API为原数值的一半，即第二次的API是50，则前后两次API变化
[4]由于API的值与R成反比，当减小API的最大值时，气敏电阻的阻值变大， R0的阻值不变，若仍然以原来电压表的示数（2V）作为检测API的最大值，由可知，电路中的电流不变，由欧姆定律得，气敏电阻的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，电源电压应调大。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中28、32题应写出必要的解题过程）
25．小红学习了滑轮之后，用一根绳和一个滑轮，借助木桩设计出图（甲）装置，将船拉上海滩，小明分析后，认为不太合理，请在图（乙）中画出你的方法。（把绳和滑轮画出来，并标出木桩的位置）
【答案】
【解析】为了省力，可以将滑轮安装在小船上滑轮当做动滑轮来使用能够省一半的力，如图所示
26．把蜡烛放在离凸透镜远大于2倍焦距的地方，在光屏上出现了明亮、清晰的烛焰的像，如图所示，请完成光路图。
【答案】
【解析】折射光线过折射点和像点，入射光线过发光点和折射点，如下图所示：
27．如图所示小聪同学根据所学的知识，设计一个电子身高计，他的设想是把电压表改成身高计，电压表的示数越大，表示人的身高越高，利用图中的器材连接了部分电路，请你帮助小聪按要求补全电路（R2是滑动变阻器，O 点是连接滑片的接线柱）。
【答案】由图得，滑动变阻器的滑片接在人的头顶上，当升高变高时，滑片向上移动。依题意得，电压表示数随滑动变阻器接入阻值的改变而改变，所以滑动变阻器应与电阻串联：
若电压表测量定值电阻电压，则电压表示数变大，说明滑片向上移动，电路中电流变大，则此时滑动变阻器接入电路中电阻变小，滑动变阻器的上面接入电路中，如图所示：
若电压表测量滑动变阻器的电压，说明滑片向上移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电压表示数变大，则此时滑动变阻器的下面接入电路中，如图所示：
28．如图所示已知物体A质量为8kg，边长为10cm，A与水平台间的最大静摩擦力为20N，在A的两侧通过滑轮分别挂上圆柱体重物B、C，且C的一部分浸入水中GB=40N，Gc=100N，C的横截面积为80cm2， 长度足够，水够深．当物体A不移动时，求C浸入水中深度的变化范围（g取10N/kg）．求：
（1）物体A的密度；
（2）物体A对水平台的压强；
（3）则当物体A不受摩擦力作用时，C受到的水的浮力是多少？
（4）当物体A不移动时，求C浸入水中深度的变化范围．
【答案】（1）物体A的密度为8×103kg/m3；
（2）物体A对水平台的压强为8×103Pa；
（3）则当物体A不受摩擦力作用时，C受到的水的浮力是60N；
（4）当物体A不移动时，C浸入水中深度的变化范围是0.5m～1m．
【解析】（1）物体A的体积：V=（0.1m）3=1×10-3m3，
物体A的密度：；
（2）物体A对水平台的压强：；
（3）当物体A不受摩擦力作用时，物体C受到的拉力：FC=GB=40N，
C受到的水的浮力：F浮=GC-FC=100N-40N=60N；
（4）当物体A受到最大摩擦力向左时，物体C受到的浮力最小，
物体C受到的拉力 FC1=GB+f=40N+20N=60N，
F浮1=GC-FC1=100N-60N=40N，
由F浮=ρ水V排g=ρ水SCh1g，
40N=1×103kg/m3×80×10-4m-2 h1×10N/kg，
h1=0.5m，
当物体A受到最大摩擦力向右时，物体C受到的浮力最大，
物体C受到的拉力FC2=GB-f=40N-20N=20N，
F浮2=GC-FC2=100N-20N=80N，
由F浮=ρ水V排gρ水SCh2g，
80N=1×103kg/m3×80×10-4m-2 h2×10N/kg，
h2=1m．
物体C浸入水中的深度变化范围是0.5m～1m．
29．线、长木板、两个完全相同的木块A、B和一个弹簧测力计，在水平台上进行实验。
（1）实验中，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做__________运动；
（2）比较甲、乙两图，得出的结论是：接触面的粗糙程度相同时，__________越大，滑动摩擦力越大；
（3）比较乙、丙两图，得出的结论是：滑动摩擦力大小与接触面积大小__________（选填“有关”或“无关”）；
（4）在某次实验中，小华拉动木块在木板上运动，木块运动的路程一时间图像如图丁所示。若用F1和F2分别表示0～t1和t1～t2时间内弹簧测力计的示数，则可判断F1_________ F2（填“>”、“=”或“<”）；
（5）实验前，如果该同学先在竖直方向对测力计调零，然后按上述要求拉动木块，测得的滑动摩擦力________________（大于/等于/小于）实际的摩擦力；
（6）另一同学又设计了如右图所示的实验装置，用力F水平向左拉动木板，当拉力F=2.4N时，木块受到木板对它的摩擦力方向是__________，大小为__________N。在实际操作时发现弹簧测力计示数仍不稳定，可能原因是__________________。
【答案】 匀速直线 压力 无关 = 小于 水平向左 0.4 木板上表面粗糙程度不均匀
【解析】（1）[1]实验中，用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动，由二力平衡条件知，此时木块受到的摩擦力大小等于弹簧的拉力，为弹簧测力计的示数。
（2）[2]比较甲、乙两图发现，接触面的粗糙程度相同，压力增大，弹簧测力计示数增大，得出的结论是：接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）[3]观察乙、丙两图发现，接触面的粗糙程度一样，压力一样，接触面积不一样时，弹簧测力计的示数一样，得出的结论是：滑动摩擦力大小与接触面积大小无关。
（4）[4]由路程一时间图像特点知，0～t1和t1～t2时间段内木块速度大小均不变，木块以不同的速度均做匀速直线运动，木块都处于平衡状态，都受到平衡力的作用，且木块受到的滑动摩擦力不变，则0～t1和t1～t2时间段内木块的拉力都等于摩擦力，即。
（5）[5] 实验前，如果该同学先在竖直方向对测力计调零，没有在水平方向调零，受弹簧自身重力的影响，在水平方向测得的滑动摩擦力小于实际的摩擦力。
（6）[6][7]由实验图可知，用力F水平向左拉动木板时，木块处于静止，处于平衡状态，受到的摩擦力和弹簧的拉力是一对平衡力，大小等于弹簧测力计的示数为0.4N，水平向左。
[8]根据影响摩擦力的因素可知，在压力不变的情况下，弹簧测力计的示数不稳定，即摩擦力是变化的，说明木板表面的粗糙程度不同。
30．实验室现有电源（电源电压有2伏、4伏、6伏和8伏四挡可选）、电流表、电压表（只有03伏挡完好）、开关各一个，两个滑动变阻器（分别标有“10Ω；2A”和“20Ω；1A”）、以及导线若干。晓燕同学想测量一个标有“2.5V”字样且额定功率小于1W的小灯泡电功率。
（1）请根据甲图所示的电路图，帮助晓燕找出图乙中接错的一根导线，在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的连接_________；
（2）连接电路后闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮。电路的故障可能是_________（填序号）；
A．灯泡短路 B．滑动变阻器短路
C．灯泡断路 D．滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置时，电压表示数如图丙所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向_________（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，那么灯泡的额定功率是_________W；
【拓展】小明同学要用电压表和电流表测量未知阻值Rx的电阻大小，他选用某一挡位电源电压后，设计电路并选用实验室器材连接电路，他先将滑片移到最大阻值处，闭合开关时读出电压表电流表数据如表格序号1所示，移动滑片P，发现电流表示数变大，电压表示数超出了量程。经过思考后，仅更换了滑动变阻器，继续进行实验，实验数据如序号2、3所示。则：待测电阻Rx的阻值为_________Ω（结果保留一位小数）；小明同学实验所用电源电压的挡位为_________V。
【答案】 见详解图 D 左 0.75 10.1 6
【解析】（1）[1]图中电压表与小灯泡串联，电流表与小灯泡并联是错误的，正确的电路如下图所示。
（2）[2]A.若小灯泡短路，电路为通路，则电流表有示数，又因电压表并联在灯泡两端则电压表示数为零，故A不符合题意；
B.若滑动变阻器短路，电路为通路，灯泡发光、电流表和电压表都有示数，故B不符合题意；
C.若灯泡断路，灯泡不发光，电流表无示数，电压表测电源电压（有示数），故C不符合题意；
D.若变阻器断路，整个电路断路，灯泡不发光，电流表和电压表都无示数，故D符合题意。
故选D。
（3）[3]由图可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.8V，为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，所以应减小灯泡两端电压，根据串联电路电压规律可知，应增大滑动变阻器两端电压，根据串联电路的分压特点可知，应增大变阻器接入电路的阻值，所以应向左移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止。
[4]当灯泡两端的电压为2.5V时，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，由图可知，通过灯泡的电流为0.3A，则灯泡的额定功率
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W
[5]根据欧姆定律可得
第一次
第二次
第三次
则电阻Rx平均值
[6]连接电路，并将滑片移到最大阻值处，闭合开关时此时电压表的示数为3V，由于实验中移动滑片P，发现电流表示数变大，电压表示数超出了量程，则更换的滑动变阻器一定是阻值更大的，所以实验中更换滑动变阻器前使用滑动变阻器的最大阻值为10Ω，根据欧姆定律可知第一次实验滑动变阻器两端电压为
U＝IR＝0.3A×10Ω＝3V
根据串联电路电压规律可知电源电压为3V+3V＝6V。
31．在枣庄市全面决胜脱贫攻坚工作中，老师们也积极响应此项工作，为贫困学生家庭送去了菜油、大米、牛奶、鸭蛋等物品。为此，小明想知道牛奶的密度，于是他设计了以下实验，请你帮助他完成。
（1）将天平放在水平桌面上，接着将______移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指向分度盘的左侧，此时应该把平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）小明同学在测量牛奶质量的过程中，操作情况如图（a）所示，请指出其中错误操作的一处是______；
（3）改正错误后，所测得烧杯和牛奶的总质量为138.4g，倒入一部分在量筒后，量筒中牛奶的体积如图（c）所示，再测出剩余牛奶和烧杯的质量，其砝码质量和游码在标尺上对应的位置如图（b）所示，则量筒中牛奶的质量为______g；
（4）小明所测得牛奶的密度为______kg/m3；
（5）小新同学也设计了一种测量酸奶密度的实验方案为：
①用调好的天平测出空烧杯的质量m1；
②向烧杯中倒入一些酸奶，测出它们的总质量m2；则这些酸奶的质量为m2-m1；
③再将烧杯中酸奶倒入量筒中，测出酸奶的体积V；
④计算出酸奶的密度ρ=；
对于小新的测量方案，小组同学在分析、交流与评估时发现：用这种方案测量会使测出的牛奶的密度值偏______；（选填“大”、或“小”）
（6）小丽同学利用电子秤想测出鸭蛋的密度，测量步骤如图甲、乙、丙、丁所示：
图中电子秤显示的四个数据，若没有“131.0g”这个数据，能否求出鸭蛋的密度？请在横线上作答要求：①若能，请写出鸭蛋的密度值；②若不能，请说明理由。答：______。
【答案】 游码 右 测量过程中调节了平衡螺母 60 1.2×103kg/m3 大 能，1.15g/cm3
【解析】（1）[1]天平在使用之前的调节顺序是，把天平放在水平台上，游码拨到标尺0刻度处，调节横梁平衡螺母，直至指针指在分度盘的中央刻度线处，天平平衡。
[2]平衡螺母的调节方法是：左倾右调，右倾左调。若指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向右调。
（2）[3]图（a）中的操作错误是，在测量过程中调节了平衡螺母。操作过程中若指针偏左或偏右，只能通过加减砝码和调节游码来使天平平衡，不能调节平衡螺母。
（3）[4]如图（b）所示，剩余牛奶和烧杯的质量为
m剩=50g+20g+5g+3.4g=78.4g
烧杯和牛奶的总质量m总=138.4g，可得量筒中牛奶的质量
m奶=m总-m剩=138.4g-78.4g=60g
（4）[5] 由图（c）可知，量筒中牛奶的体积V奶=50cm3，则牛奶的密度
（5）④[6]将烧杯中酸奶倒入量筒中时，会有一部分残留在烧杯里，而使牛奶的体积测量偏小，根据公式可知，体积偏小，则密度偏大。
（6）[7] 若没有“131.0g”这个数据，也可以测出鸭蛋的密度。由甲、乙两图可知烧杯中原来所装的水和烧瓶的总质量
m0=m乙-m甲=212.5g-80.5g=132g
由丙图可知补加水至放鸭蛋时的水位时烧杯和水的总质量m丙=202.0g，则鸭蛋的体积与后来补加的水的体积相等，即
由甲图可知鸭蛋的质量m鸭=80.5g，故鸭蛋的密度
32．如图甲所示是某家用多功能电炖锅，深受消费者认可和青睐。它有三段温控功能：高温炖、中温煮和低温熬，图乙是它的简化电路图，如表是该电炖锅的部分参数。（）
（1）低温挡时，开关______（选填“断开”或“闭合”），接 ______ （选填A或B）；
（2）电阻的阻值为多少？( )
（3）在标准大气压下，使用高温炖将初温是的一锅水烧开，若电炖锅高温炖时加热效率为，求烧开一锅水需要的时间？( )
【答案】 断开 A 110Ω 300s
【解析】（1）[1][2]由图乙可知，当开关闭合、接时，、并联；当开关闭合、接A时，只有工作；当断开、接A时，、串联；根据串并联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，并联的总小于任一分电阻，所以，当开关闭合、接时，、并联，电路中的总电阻最小，根据可知，电路中的电功率最大，电炖锅处于高温挡；当断开、接时，、串联，电路中的总电阻最大，电功率最小，电炖锅处于低温挡；当开关闭合、接时，只有工作，电炖锅处于中温挡。
（2）[3]由可知，的阻值为
（3）[4]根据题意可知，水的体积为
由可知，水的质量为
一个标准大气压下，水的沸点是，水吸收的热量为
由可知，电炖锅消耗的电能为
由可知，烧开一锅水的时间为
序号
电流表（A）
电压表（V）
1
0.3
3
2
0.24
2.5
3
0.18
1.8
项目
参数
电源电压V
中温挡功率W
高温挡功率W
容积L
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