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必刷卷03——2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（四川成都专用）
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2023年中考物理考前信息必刷卷03
物 理（四川成都专用）
（考试时间：90分钟 试卷满分：105分）
2023年成都中考物理试卷结构和内容以及难度方面与去年相比不会有太大变化！2023年物理试卷A卷共25题：13（选择题）+7（填空题）+1（作图题）+2（计算题）+2（实验题），B卷共7题：5（选择题）+1（综合实验题）+1（综合计算题），根据最新考试信息以及模拟考试可以发现：计算题主要集中在力学和电学，其他板块考查基础知识为主，A卷的难度会和往年持平。
通过对考试信息的梳理以及教学研究成果，预测：今年会在声学、大气压强、电流电压电功率常识、物理常识、浮力的应用等方面至少各出一个选择题，第21题大概率会考到杠杆作图和光学作图；第23题电学基础计算以考察最值问题为主；实验题可能会延续去年的开放性作答，因此考生请务必做好相关准备。B卷第5题将会考察电功率的综合求解以及等效电路图的运用难度较大；B卷第6题主要可能会考到冷门点的暗箱类问题；B卷第7题属于浮力、压强的综合计算，近几年的趋势来看可能会让求解函数表达式，这对综合计算能力要求比较高，考生可多做这方面的相关练习。
另外，在平时学习中要特别关注基础性知识点（一般试卷A卷选择填空题B卷前三题直接考查基础知识，容易拿分），尽量做到A卷不扣分或者少扣分！
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
A卷（85分）
第Ⅰ卷
一、 选择题（每小题2分，共26分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．以下估测值中，最符合实际的是（ ）
A．一节新干电池的电压是1.5 V B．我国家庭电路的电压是380 V
C．手电筒中的电流约是2 A D．立式空调正常工作的电功率约50W
【答案】A
【分析】根据对家庭电路电压、干电池电压的了解进行判断．同时，应对手电筒工作时的电流、家用空调器工作时的电流有一个大体的了解．
【详解】A. 一节干电池的电压是1.5V，故A正确；B. 我国家庭电路的电压是220V，故B错误；C. 根据物理实验室中的经验可知，普通手电筒小灯泡工作时的电流都不会超过电流表的小量程，即一般在0.6A以下，不可能达到2A，故C错误；D. 家用空调器的功率约1000W,其正常工作的电流I=PU=1000W220V≈4.5A，故D错误．故选A.
2．如图所示，将一台正在播放节目的收音机放在硬纸盒下，看到盒子上面的小“人”翩翩起舞，这一现象说明了（ ）
A．小“人”发声时在振动 B．声音不能在真空中传播
C．声音的响度与频率有关 D．声音可以传递能量
【答案】D
【详解】A．在此探究中是收音机发出声音，引起了纸盒振动，表明声音可以传递能量，这里发声并不是小“人”，故A不符合题意，D符合题意；
B．本探究实验是探究声音是由物体振动发出的，并不涉及到声音不能在真空中传播，故B不符合题意；
C．声音的响度与振幅有关，本实验是探究声音是由物体振动发出的，故C不符合题意。
故选D。
3．下列是通过不加控制的链式反应获得能量的是（ ）
A．原子弹 B．氢弹 C．核电站 D．核潜艇
【答案】A
【详解】A．原子弹爆炸时发生的链式反应是不加控制的，A正确；
B．氢弹利用的是核聚变在瞬间释放的能量，是不可控的，B错误；
CD．核电站与核潜艇是通过可控的链式反应释放核能的，C、D错误。
故选A。
【点睛】多在选择题和填空题中考查.涉及的内容有核能，太阳能，能源分类等。
4．如图所示的物态变化的实例中，属于液化的是（ ）
A． 冰化成水 B． 露的形成 C． “雾凇”的形成 D． 霜的形成
【答案】B
【详解】A．冰化成水，物体由固态变为液态，属于熔化，故A不符合题意；
B．露是空气中的水蒸气遇冷放热形成的小水珠，物体由气态变为液态，属于液化，故B符合题意；
C．雾凇是物体由气态变为固态，属于凝华，故C不符合题意；
D．霜是物体由气态变为固态，属于凝华，故D不符合题意。
5．下列关于压强的说法正确的是（ ）
A．飞机升力是由于机翼上表面的空气流速大，压强大形成的
B．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强随深度增加而减小
C．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来增大压强
D．马德堡半球实验首次测出了大气压强值
【答案】C
【分析】（1）了解机翼的形状，根据流体压强与流速的关系可做出解答．流体流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．（2）液体内部压强随着深度的增加而增大；（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）马德堡半球实验首次证明大气压的存在．
【详解】A. 飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小．因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力．故A错误．
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故B错误．C. 菜刀的刀刃薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确．D. 马德堡半球实验首次证明大气压的存在，故D错误．故选C．
6．关于热学知识，下列描述正确的是（ ）
A．一根铁棒很难被拉断，说明铁分子之间只存在引力
B．甲物体把热量传递给了乙物体，说明甲物体内能大
C．因为水的比热容较大所以比较适合做冷却剂
D．将一滴红墨水分别滴入温度不同的清水中，两杯水扩散的一样快
【答案】C
【详解】A．一根铁棒很难被拉断，是因为分子间的距离大于平衡距离，引力大于斥力，分子间表现为较大的引力，A错误；
B．热传递的过程是热量从高温物体传递给低温的物体，甲物体自发传递热量给乙物体，说明甲物体的温度比乙物体的高，B错误；
C．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以水比较适合做冷却剂，C正确；
D．扩散的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快，因此滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散的快，D错误。
7．如图所示是刻舟求剑的故事，“舟已行矣，而剑不行”这句话所选用的参照物是（ ）
A．舟 B．舟上的人 C．地面 D．流动的水
【答案】C
【详解】A．以舟为参照物，剑是运动的，故A不符合题意；
B．以舟上的人为参照物，舟是静止的，剑是运动的，故B不符合题意；
C．以地面为参照物，舟是运动的，剑相对于地面的位置没有发生变化，故C符合题意；
D．以流动的水为参照物，舟是运动的，剑也是运动的，故D不符合题意。
故选C。
8．电让我们的生活丰富多彩，关于图所示情景说法正确的是（ ）
A．甲图中的充电宝在给手机充电时，充电宝是把电能转化为化学能
B．乙图中通常情况下，陶瓷和塑料都是导体
C．丁图中的测电笔，在使用时手应接触测电笔尾部的金属体
D．图丙中孔1没有连接火线或零线，完全无用
【答案】C
【详解】A．充电宝在给手机电池充电的过程中，充电宝是电源，化学能转化为电能，故A错误；
B．通常情况下，陶瓷和塑料都是绝缘体，故B错误；
C．测电笔在使用时，手应接触测电笔尾部的金属体，使导线、人体、大地之间形成通路，这样才能正确辨别火线和零线，故C正确；
D．图中，插座的孔1应接地线，使用电器的金属外壳与大地相连，若用电器的外壳万一漏电，电流会通过地线导入大地，可防止触电事故的发生，故D错误。
故选C。
9．如图，蹦极是一种惊险刺激的运动项目．深受人们的喜爱，当人系好弹性绳后从高空跳下，先下落后又反弹上升，忽略空气的阻力和浮力，下列有关蹦极的说法正确的是（ ）
A．人下落时，它的重力势能全部转化为动能
B．人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力
C．在最低点时，人受到的拉力和人的重力是一对平衡力
D．若竖直反弹到最高点时，一切力消失了，人将竖直下落
【答案】B
【详解】A．人下落过程中，当弹性绳没有发生形变时，人的高度减小、速度增大，则重力势能减小、动能增大，即重力势能转化为人的动能；当弹性绳发生形变时，弹性绳的弹性势能增大，人的机械能转化为弹性绳的弹性势能，故A不符合题意；
B．由于人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力满足相互作用力的条件，所以，是一对相互作用力，故B符合题意；
C．在最低点时，由于人受到的拉力大于人的重力，人才会上升，即二力的大小不相等，不是一对平衡力，故C不符合题意；
D．若竖直反弹到最高点时，此时人的速度为0，若此时一切力都消失了，由牛顿第一定律知道，此人会静止在空中，故D不符合题意．
10．如图是一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的灯会发光。下图各实验装置中，能反映此现象原理的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【详解】一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的灯会发光，是机械能转化为电能。
A．图中电磁感应实验，闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流，机械能转化为电能，故A符合题意；
B．图中是奥斯特实验，证明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．图中实验探究磁极间的相互作用，故C不符合题意；
D．图中实验说明通电导体在磁场中会受到磁力的作用，是电动机的原理，故D不符合题意。
故选A。
11．小梦和同学去高邮神居山春游，在山上捡到了几块石头。下表中记录的是小梦与其他三位同学测出的小石块的密度（经查密度表可知，该石头的密度为2.50g/cm3）。下列说法正确的是（ ）
姓名
小梦
小满
小明
小杨
小石块的密度
2.45g/cm3
2.52g/cm3
2.56g/cm3
2.60g/cm3
A．只要实验操作正确，数据真实，上述数据均有效
B．只有小扬的数据不可以接受，因为他的数据偏差最大
C．只有小满的数据可以接受，因为他的数据最接近密度表中的数据
D．四位同学的实验都是失败的，因为密度表中石块的密度为2.50g/cm3
【答案】A
【详解】在实验中，只要操作正确，数据便是真实的，几个组数据的不同，是因为在测量过程中存在误差的原因。故A正确，BCD错误。
故选A。
12．小明的家安装了一款智能锁，开门方式有如下三种：按指纹、输密码或者刷门禁卡，正确操作任一种方式，都会让锁内电动机工作，带动锁芯转动，打开门锁。用S1表示指纹开关，S2表示密码开关，S3表示门禁卡开关。则符合要求的电路是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联在电源上，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
13．如图所示，欢欢同学把一只苹果丢入水中，发现苹果下沉一段距离后，又向上运动，最终漂浮在水面上，下列分析正确的是（ ）
A．在下沉的过程中，苹果受到水的压强不变
B．在下沉的过程中，苹果受到水的浮力减小
C．在水面漂浮时，苹果受到的浮力大于它受到的重力
D．在整个过程中，苹果受到浮力的方向总是竖直向上
【答案】D
【详解】A．在下沉的过程中，苹果所处液体深度变大，苹果受到水的压强变大，故A错误；
B．在下沉的过程中，苹果排开水的体积不变，液体密度不变，由阿基米德原理可知苹果受到水的浮力不变，故B错误；
C．在水面漂浮时，苹果受力平衡，苹果受到的浮力等于它受到的重力，故C错误；
D．物体不管处于何种浮沉状态，所受浮力的方向总是竖直向上的，故D正确。
故选D。
第Ⅱ卷
二、填空题（每空2分，共28分）
14．如图所示，在“探究光的反射规律”实验中，改变入射光的方向，使入射角变大，则反射角变___________（大/小）；以ON为轴将硬纸板的右半面向后旋转，在硬纸板上__________（能/不能）观察到反射光．
【答案】 大 不能
【详解】解答：在光的反射现象中，反射角和入射角相等，所以使入射角变大，则反射角变大；以ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转一个角度，在白纸板上不能看到反射光线，是因为纸板OB面和反射光线以及法线不在同一个平面上．
点睛：（1）在光的反射现象中，反射角等于如射角；（2）根据是否能看到光线可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内．
15．某实验小组用厚纸做成的一个小纸锅，纸锅里装些水，放在火上加热，过一会水就会沸腾，而纸锅不会燃烧，原因：当水沸腾后，水继续吸热，温度___________，水的沸点___________（选填“高于“或“低于“）纸的着火点。
【答案】 不变 低于
【详解】[1][2]水在沸腾过程中，尽管继续吸热，但温度总保持在沸点不变，而纸盒没有燃烧，说明水沸腾时的温度没有达到纸燃烧时的温度，即水的沸点低于纸的着火点。
16．2023年冰壶世青赛于3月4日在德国落下帷幕，中国队历史上首次冰壶世青赛冠军。如图所示，冰壶离手后，会继续向前运动，说明物体的运动___________（选填“需要”或“不需要”）力来维持；冰壶运动过程中若所有力全部消失，则冰壶将___________（选填“静止”或“匀速直线运动”）。
【答案】 不需要 匀速直线运动
【详解】[1]冰壶离手后，由于冰壶具有惯性，因此会继续往前运动，说明物体的运动不需要力来维持。
[2]冰壶原来运动，由牛顿第一定律可知，冰壶运动过程中若所有力都消失， 冰壶将做匀速直线运动。
17．用下列方法制作如图所示的“喷气火箭”：将气球吹大，并用夹子把口夹紧；从一根吸管上剪取一小段，用胶带把它固定在气球上；将一根细绳穿过吸管，并水平拉直，作为“喷气火箭”运动的轨道，把封口的夹子松开，气球就会运动．使气球由静止变为运动的力的施力物体是________，此现象说明力可以改变物体的________________．
【答案】 空气 运动状态
【详解】把封口的夹子松开，气体向左喷出，空气会给气球一个向右的反作用力，所以气球就会向右运动，说明力可以改变物体的运动状态．
故答案为空气；运动状态．
18．当开关S 闭合时，通电螺线管旁的小磁针按图示方向转动，则通电螺线管的 a 端为_____ 极，当图中滑片 P 向左滑动时，小磁针受到的力将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 N 变大
【详解】小磁针N极向左转动，则由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的b端为S极，a端为N极，当滑片向左滑动时，电阻变小，电路中电流变大，通电螺线管的磁性增强，小磁针受到的磁场对它的作用力变大．
19．如图是探究“导体中电流与电阻的关系”的实验电路。实验中控制电阻R两端的电压为3V，若电源电压为4.5V。实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，闭合开关后，滑动变阻器的滑片向 _________ （选填“a”或“b”）端滑动，滑动变阻器的电阻至少为 ______ Ω。
【答案】 b 12.5
【详解】[1]根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向b端移动，使电压表的示数为3V。
[2]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
故为了完成整个实验滑动变阻器的阻值至少为12.5Ω。
20．如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R20．如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R，R1、R2为定值电阻，已知R∶R1∶R2=1∶1∶2，当滑片P移动到a端时，闭合开关S1、S2，通过R1与R2的电流之比是___________；当滑片P移动到b端时，只闭合开关S2，通电1min，R与R2产生的热量之比是___________。
【答案】 2∶1 1∶2
【详解】[1] 当滑片P移动到a端时，闭合开关S1、S2，电阻R1与电阻R2并联，根据并联电路特点支路电流与电阻成反比与R1∶R2=1∶2可得，通过R1与R2的电流之比是2∶1。
[2] 当滑片P移动到b端时，只闭合开关S2，电阻R与电阻R2串联，串联电路电流相等，根据Q=I2Rt，结合R∶R2=1∶2，可得通电1min，R与R2产生的热量之比是1∶2。
三、作图与计算题（共17分）
21．（4分）
（1）手持一个木雕马静止，请在图中作出木雕马的重力的示意图及人对马尾巴 的力 F 的力臂；
【详解】重力示意图的做法：从重心开始沿竖直方向向下作一条有向线段，力F的力臂是从支点到力的作用线的垂直线段，如图所示：
．
答案：见上图．
（2）如图所示，水族馆方形大鱼缸内正在表演的美人鱼看到自己通过鱼缸壁成的像在A点，看到B点的观众的像在C点处。请你确定美人鱼的位置A'；并完成美人鱼看到观众像的光路图。
【详解】作出A点关于平面镜的对称点A′，即点A′为美人鱼的位置，然后连接A′C，与鱼缸壁交于点O，连接BO即为入射光线，OA即为折射光线，如下图
22．（6分）质量为60kg的运动员小洋参加了自行车山地选拔赛，小洋在某路段匀速直线骑行，30s通过450m的路程，已知自行车的质量为10kg，该路段人和车所受阻力为总重力的0.02倍，求：
（1）小洋在匀速行驶时的平均速度是多少；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率是多少。
【答案】（1）15m/s ；（2）210W
【详解】解：（1）由题意可得，小洋在匀速行驶时的平均速度为
（2）由题意可得，匀速直线行驶时，车所受的阻力与驱动力大小相等，即
F=f
由题意可得，阻力为
f=0.02G=0.02(G人+G车)=0.02×(60kg×10N/kg+10kg×10N/kg)=14N
由功率公式可得
答：（1）小洋在匀速行驶时的平均速度为15m/s；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率为210W。
23．（7分）如图甲为一款紫砂电饭锅，其电路原理图如图乙所示，通过开关S1和S2的闭合、断开可实现高、中、低三挡加热。已知该电饭锅容积2L，额定电压220V，低温挡功率275W，中温挡功率550W，其内部电路由发热电阻R1和R2组成。求：
（1）R1的阻值是多少？
（2）使1kg的水温度从22℃升至55℃，水需要吸收多少热量？[已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103 J/(kg·℃)]
（3）若用此电饭锅加热（2）中的水，工作效率为90%，以高温挡正常工作需要加热多长时间？
【答案】（1）88Ω；（2）1.386×105J；（3）140s
【详解】解：（1）观察图乙可知，闭合开关S1，S2接B时，两电阻并联接在电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，为高温挡；闭合开关S1，S2接A时，只有R1接入电路中，电路的总电阻较大，电路的总功率较小，为中温挡；断开开关S1，S2接A时，两电阻串联接在电路中，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，为低温挡。由于该电饭锅额定电压为220V，中温挡功率550W，根据电功率的推导式，可知电阻R1的大小为
电阻R1的大小为88Ω。
（2）由题意可知，水的质量为1kg，水温度从22℃升至55℃，水的比热容c水=4.2×103 J/(kg·℃)，根据比热容公式可知，水需要吸收的热量为
（3）由（1）解析可知，电阻R1的大小为88Ω，低温挡的时候两电阻串联接在电路中，低温挡功率275W，根据电功率的推导式，可知
解得。高温挡的时候两电阻并联接在电路，根据电功率的推导式，可知，高温挡的电功率为
设需要加热的时间为t，则高温挡正常工作放出的热量为
由（2）解析可知，水需要吸收的热量为1.386×105J，工作效率为90%，根据效率公式，可得
解得，故高温挡正常工作需要加热的时间为140s。
答：（1）R1的阻值是88Ω；
（2）使1kg的水温度从22℃升至55℃，水需要吸收热量为1.386×105J；
（3）若用此电饭锅加热（2）中的水，工作效率为90%，以高温挡正常工作需要加热的时间为140s。
四、实验题（每空2分，共14分）
24．科学探究是初中物理课程内容的重要组成部分，探究的形式可以是多种多样的。
探究电阻大小的影响因素
器材：干电池2节，开关、灯泡、滑动变阻器各一个，粗线相同的铜丝和镍铬合金丝（如图）
（1）若想探究电阻大小与长度的关系，应该将MN分别连接CE和___________两端；
（2）将MN先后连接AB和CD，发现灯泡亮度没有明显变化，请你出实验的改进意见：___________；
（3）根据现有器材，能否进一步探究电阻大小与横截面积的关系？答：___________（选填“能”或“不能”）。
【答案】 CD 将CD换用更细更长的镍铬合金丝 能
【详解】（1）[1]探究电阻大小与长度的关系，需保证电阻丝的材料和横截面积相同，因此应该将MN分别连接CE和CD两端。
（2）[2]由题意可知，小灯泡发光，各元件完好，电路连接无故障，说明是通路。则造成小灯泡的亮度没有明显变化的原因应该是电路的最大阻值太小，对电路的调节作用不明显。
（3）[3]探究电阻大小与横截面积大小关系时，需保证电阻的材料和长度相同，可将CD的一半接入电路，将CD对折后接入电路，因此可以探究电阻大小与横截面积的关系。
25．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明同学用图甲的装置进行实验。
（1）为了测量木块所受到的滑动摩擦力大小，必须用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，利用二力平衡的原理，______（选填“直接”“间接”）测量木块所受的摩擦力大小；
（2）该实验方案在实际操作时会因为难以保持匀速的原因，导致无法得出正确的实验结论。于是同学们改用如图乙所示的装置进行实验。抽去长木板时，上面的方木块会受到摩擦力。当读取测力计的数值时，上面的方木块是______（选填“静止”“运动”）的；方木块受到的摩擦力______（选填“是”“不是”）滑动摩擦力；下面的长木板______（选填“必须”“可以不必”）匀速拉动。
【答案】 间接 静止 是 可以不必
【详解】（1）[1][2]用弹簧测力计水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小，此时可用弹簧测力计的示数表示滑动摩擦力的大小，间接测量木块所受的摩擦力大小。
（2）[3]由于弹簧测力计固定在墙面上，挂钩系上木块，所以抽去长木板时，木块依旧静止。
[4]抽去长木板时，木块和长木板的相对位置发生改变，故木块受到的摩擦力是滑动摩擦力。
[5]由于木块对长木板的压力不变，接触面的粗糙程度也不变，故下面的长木板无论是加速、减速还是匀速运动，木块受到的摩擦力都不变，所以下面的长木板可以不必匀速拉动。
B卷（20分）
一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
1．能源科技的发展促进了人类文明的进步，关于能源和材料，下列说法中错误的是（ ）
A．化石能源的大量使用带来了酸雨、雾霾、温室效应等环境问题
B．提高能量转化利用中的效率是节能问题的核心
C．超导体材料不能应用在电饭锅等电器上
D．铜是磁性材料，可以被磁化
【答案】D
【详解】A．化石能源的大量使用带来了酸雨、雾霾、温室效应等环境问题，故A正确，不符合题意；
B．提高能量转化利用中的效率，避免能源的浪费，是节能问题的核心，故B正确，不符合题意；
C．超导体材料的电阻几乎为零，而电饭锅是利用电流的热效应工作的电器，因此电饭锅不能利用超导材料，故C正确，不符合题意；
D．铜不是磁性材料，不可以被磁化，故D错误，符合题意。
故选D。
2．足球比赛中，凭裁判肉眼观察判断球员是否越位往往会产生偏差，经常引起争议。为此，2022年在卡塔尔举办的第22届世界杯足球赛使用了“半自动越位识别”系统，通过安装在足球内部的微型传感器精准确定足球位置，通过场上的12个跟踪摄像头确定足球与球员的实时位置，综合生成3D图像，精准判断球员是否越位，如图所示。对于跟踪摄像头，下列说法正确的是（ ）
A．运动员通过摄像头的镜头成的是正立放大的虚像
B．摄像头镜头的成像原理和潜望镜的成像原理相同
C．运动员在摄像头镜头的一倍焦距以内才能够成像
D．运动员靠近摄像头的镜头，通过镜头成的像变大
【答案】D
【详解】摄像头的镜头是一个凸透镜，摄像头的成像原理与照相机相同，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；潜望镜的成像原理是平面镜成像，所以摄像头的成像原理与平面镜不同；当运动员靠近摄像头的镜头时，物距变小，像距变大，通过镜头成的像变大，故D正确，ABC错误。
故选D。
3．标准大气压下，用相同的电加热器分别对200g物质甲和300g水持续加热（不计热量损失），如图是它们的温度随时间的变化图象，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，下列说法正确的是（ ）
A．曲线 是水的温度-时间图象 B．甲物质的熔点是
C．，甲物质的比热容为 D．，甲物质的内能增加了
【答案】D
【详解】AC．由图可知，，甲和水吸收相同的热量，水的质量较大，一般情况下，水的比热容也较大，根据可知，水的温度变化较小，所以，曲线A是甲的温度-时间图象。根据∆可得
∆∆
所以
所以有
c甲=0.75c水=0.75×4.2×103J/(kg⋅℃)=3.15×103J/(kg⋅℃)
故AC错误；
B．由题中图像不能确定甲的状态，可能是晶体的熔化图像也可能是液体的沸腾图像，故不能确定60℃是甲的熔点还是沸点，故B错误；
D．使用相同的加热器加热，那么A在吸收的热量等于吸收相同的热量，则10min~15min，甲吸收的热量
Q吸=c甲m(t-t0)=3.15×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(40-20)℃=1.26×104J
即在这段时间内，甲的内能增加了1.26×104J，故D正确。
故选D。
4．用相同质量的滑轮组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，在绳子自由端分别用力将重力为G的物体匀速提升，乙滑轮组的效率为η乙，不计轮与轴间的摩擦、绳和木板的重力，下列说法正确的是（ ）
A．F1不一定大于F2 B．A、B点绳子受到拉力FA、FB关系：F＞2F
C．每个滑轮重为 D．两个滑轮组的机械效率可能相等
【答案】BC
【详解】A．由图可知，n甲=2，n乙=4，不计摩擦、绳和木板的重，则两滑轮组绳子的拉力分别为
因为
（2G+2G动）>（G+2G动）
所以，F1一定大于F2，故A错误；
B．A点绳子受到的力
B点绳子受到的力
F=2F2+G动=2F+G动
所以
F>2F
故B正确；
CD．由图可知，甲滑轮组只有1个动滑轮，乙滑轮组有2个动滑轮，且不计摩擦、绳和木板的重，因克服物体重力G做的功为有用功，克服物重和动滑轮重做的功为总功，所以，两滑轮组的机械效率分别为
综上可得
η甲>η乙
由
可得，动滑轮的重力
故C正确，D错误。
故选BC。
5．如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R0的最大电阻是20Ω。当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表示数是U1，R1的功率是P1；当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表示数是，R2和R3的功率之和是1.6W；当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1的功率是，已知R2∶R3=1∶3，∶ =9∶5， =1∶25，下列结论正确的是（ ）
A．电源电压是8V B．R2的阻值是30Ω
C．电流表的最大示数是2.7A D．该电路的最大功率是27W
【答案】CD
【详解】AB．第一过程：当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是U1，如图甲。第二过程：当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3串联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是U1′，如图乙。 已知，串联电路中功率比等于电阻比，所以，R2和R3的功率之和是1.6W
P2 +P3=1.6W
所以
P2 =0.4W，P3 =1.2W
第三过程：当开关S1、S2和 S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3 并联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是电源电压U， 电流表测量R1、R2的总电流，如图丙。
甲图，电压表示数是U1，R1的电压是U1，R1的功率是P1；丙图中电压表示数是U，R1的电压是U，R1的功率是P1 ′；，对于同一导体
所以
所以
因为，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，所以
因为，R0 =20Ω，串联电路中电压比等于电阻比，所以
甲图，电压表示数是U1，R1的电压是U1，乙图，电压表示数是U1′，R1的电压是U1′，又因为，所以，，所以乙图中
R1、R2、R3 串联在电路中，串联电路中电压比等于电阻比，
已知，所以
，
又因为，，所以
解得
同理解得
所以
又因为
所以
所以电源电压为
故AB错误；
C．甲乙都是串联电路，电阻大，电流小，丙是并联电路，电流大，电流表测量R1、R2的电流
电流表测量R1、R2 的电流，所以，电流表示数最大为
故C正确；
D．电路中并联电路电阻最小，电流最大，最大电流为
所以电路最大功率为
故D正确。
故选CD。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6.（4分）如图是兴趣小组设计的蓄水池水位测量模拟装置：可绕O点转动的轻质杠杆A端用轻质连杆连接一浮力柱，B端固定一轻质三角支架，支架与固定不动的压敏电阻RF保持水平接触挤压，压敏电阻压力每减小1N阻值减小20Ω，杠杆保持水平平衡。已知： AO长为0.25m，BO长为0.5m；浮力柱重力为60N。底面积为20cm2，高为1.5m，下表面距池底0.4m；滑动变阻器的规格为“300Ω 1A”电压表量程为0-3V，电源电压为6V。
（1）蓄水池未注水时，小组同学对电路进行调试，于是他们将滑动变阻器的滑片调到最左端，发现电压表的示数为3V，调节滑动变阻器直至电压表读数为2V，逐渐向水槽中加水，从浮力柱入水到达到最高水位之前，发现注水深度越深，电压表示数越______；
（2）该装置所能测量的最大深度为______m；
（3）为了使测量的最大深度增加，应该向______移动滑动变阻器的滑片；
（4）由电压表改装后的深度表的刻度线是______的。（选填“均匀”“不均匀”）
【答案】 大 1.4
右 不均匀
【详解】（1）[1]未注水时RF受到的压力为
逐渐向水槽中加水，从浮力柱入水到达到最高水位之前，随着水深的增加，排开液体的体积增大，浮力柱受到的浮力变大，杠杆A端向下拉力越小，根据杠杆的平衡条件可知，左右力臂不变，压敏电阻RF受到的压力越小，RF的阻值越小，电路中电流变大，R分担的电压越大，则电压表的示数越大。
（2）[2]未注水时，电路中的电流为
电源电压为6V，此时压敏电阻两端的电压也为3V，根据分压原理可知，压敏电阻的阻值为
RF=R滑=300Ω
当电压表示数为2V时，电压表测量部分的电阻为
若电压表并联的电阻为200Ω，电压表达到最大值3V，此时电路中的电流为
整个滑动变阻器R分的电压为
此时压敏电阻的阻值为
压敏电阻减小的压力为
此时杠杆B端的压力为
FB'=FB-ΔF=30N-10N=20N
此时杠杆A端的拉力为
浮力柱受到的浮力为
F浮=G柱-FA'=60N-40N=20N
排开液体的体积为
浮力柱浸入的深度为
该装置所能测量的最大深度为
h=h浸+h下=1m+0.4m=1.4m
（3）[3]为了使测量的最大深度增加，即同样的压力下，电压表不满偏时，即电压表测得电阻变小，应向右移动滑动变阻器的滑片。
（4）[4]浮力会随着排开液体体积的增大而增大，FA处会均匀减小，FB处也会均匀减小，电阻RF也会均匀减小，电压表的示数为
由公式可知电压表与压敏电阻的大小成反比，由电压表改装后的深度表的刻度线是不均匀的。
7.（6分）如图所示，将圆柱体A和柱形容器B置于水平地面上，其底面积之比为SA∶SB=1∶2，圆柱体A的密度为 ，体积为 ；容器B内盛有0.2m深的某种液体，液体对容器底部的压强为 ，求：
（1）圆柱体A对地面的压力；
（2）容器B中液体的密度；
（3）若A的底面积SA=10-2m2，现将A水平切去一部分，并将切去部分竖直放置在B容器中（液体未溢出），能否实现A的剩余部分对地面的压力与A浸在液体中的浮力相等，若可以通过计算算出A切去部分的高度；若不能，请说明理由（g=10N/kg）。
【答案】（1）96N；（2）0.8×103kg/m3；（3）0.3m
【详解】(1)物体A的质量
物体A对地面的压力
(2)液体的密度由,可得B中液体密度为
(3)物体A的高度
假设A切去部分在B中没有浸没，则B中液体的高度为
则
所以A切去部分在B中一定浸没状态，设切去部分的高度为，
A剩余部分对地面的压力等于A浸在液体中的浮力，即
解得
此时液面的高度为
0.35m＞0.3m假设成立。
答：(1)圆柱体A对地面的压力为96N；
(2)容器B中液体的密度0.8×103kg/m3；
(3)现将A水平切去0.3m高，并将切去部分竖直放置在B容器中（液体未溢出），A的剩余部分对地面的压力与A浸在液体中的浮力相等。
绝密★启用前
2023年中考物理考前信息必刷卷03
物 理（四川成都专用）
（考试时间：90分钟 试卷满分：105分）
2023年成都中考物理试卷结构和内容以及难度方面与去年相比不会有太大变化！2023年物理试卷A卷共25题：13（选择题）+7（填空题）+1（作图题）+2（计算题）+2（实验题），B卷共7题：5（选择题）+1（综合实验题）+1（综合计算题），根据最新考试信息以及模拟考试可以发现：计算题主要集中在力学和电学，其他板块考查基础知识为主，A卷的难度会和往年持平。
通过对考试信息的梳理以及教学研究成果，预测：今年会在声学、大气压强、电流电压电功率常识、物理常识、浮力的应用等方面至少各出一个选择题，第21题大概率会考到杠杆作图和光学作图；第23题电学基础计算以考察最值问题为主；实验题可能会延续去年的开放性作答，因此考生请务必做好相关准备。B卷第5题将会考察电功率的综合求解以及等效电路图的运用难度较大；B卷第6题主要可能会考到冷门点的暗箱类问题；B卷第7题属于浮力、压强的综合计算，近几年的趋势来看可能会让求解函数表达式，这对综合计算能力要求比较高，考生可多做这方面的相关练习。
另外，在平时学习中要特别关注基础性知识点（一般试卷A卷选择填空题B卷前三题直接考查基础知识，容易拿分），尽量做到A卷不扣分或者少扣分！
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
A卷（85分）
第Ⅰ卷
一、 选择题（每小题2分，共26分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．以下估测值中，最符合实际的是（ ）
A．一节新干电池的电压是1.5 V B．我国家庭电路的电压是380 V
C．手电筒中的电流约是2 A D．立式空调正常工作的电功率约50W
【答案】A
【分析】根据对家庭电路电压、干电池电压的了解进行判断．同时，应对手电筒工作时的电流、家用空调器工作时的电流有一个大体的了解．
【详解】A. 一节干电池的电压是1.5V，故A正确；B. 我国家庭电路的电压是220V，故B错误；C. 根据物理实验室中的经验可知，普通手电筒小灯泡工作时的电流都不会超过电流表的小量程，即一般在0.6A以下，不可能达到2A，故C错误；D. 家用空调器的功率约1000W,其正常工作的电流I=PU=1000W220V≈4.5A，故D错误．故选A.
2．如图所示，将一台正在播放节目的收音机放在硬纸盒下，看到盒子上面的小“人”翩翩起舞，这一现象说明了（ ）
A．小“人”发声时在振动 B．声音不能在真空中传播
C．声音的响度与频率有关 D．声音可以传递能量
【答案】D
【详解】A．在此探究中是收音机发出声音，引起了纸盒振动，表明声音可以传递能量，这里发声并不是小“人”，故A不符合题意，D符合题意；
B．本探究实验是探究声音是由物体振动发出的，并不涉及到声音不能在真空中传播，故B不符合题意；
C．声音的响度与振幅有关，本实验是探究声音是由物体振动发出的，故C不符合题意。
故选D。
3．下列是通过不加控制的链式反应获得能量的是（ ）
A．原子弹 B．氢弹 C．核电站 D．核潜艇
【答案】A
【详解】A．原子弹爆炸时发生的链式反应是不加控制的，A正确；
B．氢弹利用的是核聚变在瞬间释放的能量，是不可控的，B错误；
CD．核电站与核潜艇是通过可控的链式反应释放核能的，C、D错误。
故选A。
【点睛】多在选择题和填空题中考查.涉及的内容有核能，太阳能，能源分类等。
4．如图所示的物态变化的实例中，属于液化的是（ ）
A． 冰化成水 B． 露的形成 C． “雾凇”的形成 D． 霜的形成
【答案】B
【详解】A．冰化成水，物体由固态变为液态，属于熔化，故A不符合题意；
B．露是空气中的水蒸气遇冷放热形成的小水珠，物体由气态变为液态，属于液化，故B符合题意；
C．雾凇是物体由气态变为固态，属于凝华，故C不符合题意；
D．霜是物体由气态变为固态，属于凝华，故D不符合题意。
5．下列关于压强的说法正确的是（ ）
A．飞机升力是由于机翼上表面的空气流速大，压强大形成的
B．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强随深度增加而减小
C．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来增大压强
D．马德堡半球实验首次测出了大气压强值
【答案】C
【分析】（1）了解机翼的形状，根据流体压强与流速的关系可做出解答．流体流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．（2）液体内部压强随着深度的增加而增大；（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）马德堡半球实验首次证明大气压的存在．
【详解】A. 飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小．因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力．故A错误．
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故B错误．C. 菜刀的刀刃薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确．D. 马德堡半球实验首次证明大气压的存在，故D错误．故选C．
6．关于热学知识，下列描述正确的是（ ）
A．一根铁棒很难被拉断，说明铁分子之间只存在引力
B．甲物体把热量传递给了乙物体，说明甲物体内能大
C．因为水的比热容较大所以比较适合做冷却剂
D．将一滴红墨水分别滴入温度不同的清水中，两杯水扩散的一样快
【答案】C
【详解】A．一根铁棒很难被拉断，是因为分子间的距离大于平衡距离，引力大于斥力，分子间表现为较大的引力，A错误；
B．热传递的过程是热量从高温物体传递给低温的物体，甲物体自发传递热量给乙物体，说明甲物体的温度比乙物体的高，B错误；
C．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以水比较适合做冷却剂，C正确；
D．扩散的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快，因此滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散的快，D错误。
7．如图所示是刻舟求剑的故事，“舟已行矣，而剑不行”这句话所选用的参照物是（ ）
A．舟 B．舟上的人 C．地面 D．流动的水
【答案】C
【详解】A．以舟为参照物，剑是运动的，故A不符合题意；
B．以舟上的人为参照物，舟是静止的，剑是运动的，故B不符合题意；
C．以地面为参照物，舟是运动的，剑相对于地面的位置没有发生变化，故C符合题意；
D．以流动的水为参照物，舟是运动的，剑也是运动的，故D不符合题意。
故选C。
8．电让我们的生活丰富多彩，关于图所示情景说法正确的是（ ）
A．甲图中的充电宝在给手机充电时，充电宝是把电能转化为化学能
B．乙图中通常情况下，陶瓷和塑料都是导体
C．丁图中的测电笔，在使用时手应接触测电笔尾部的金属体
D．图丙中孔1没有连接火线或零线，完全无用
【答案】C
【详解】A．充电宝在给手机电池充电的过程中，充电宝是电源，化学能转化为电能，故A错误；
B．通常情况下，陶瓷和塑料都是绝缘体，故B错误；
C．测电笔在使用时，手应接触测电笔尾部的金属体，使导线、人体、大地之间形成通路，这样才能正确辨别火线和零线，故C正确；
D．图中，插座的孔1应接地线，使用电器的金属外壳与大地相连，若用电器的外壳万一漏电，电流会通过地线导入大地，可防止触电事故的发生，故D错误。
故选C。
9．如图，蹦极是一种惊险刺激的运动项目．深受人们的喜爱，当人系好弹性绳后从高空跳下，先下落后又反弹上升，忽略空气的阻力和浮力，下列有关蹦极的说法正确的是（ ）
A．人下落时，它的重力势能全部转化为动能
B．人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力
C．在最低点时，人受到的拉力和人的重力是一对平衡力
D．若竖直反弹到最高点时，一切力消失了，人将竖直下落
【答案】B
【详解】A．人下落过程中，当弹性绳没有发生形变时，人的高度减小、速度增大，则重力势能减小、动能增大，即重力势能转化为人的动能；当弹性绳发生形变时，弹性绳的弹性势能增大，人的机械能转化为弹性绳的弹性势能，故A不符合题意；
B．由于人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力满足相互作用力的条件，所以，是一对相互作用力，故B符合题意；
C．在最低点时，由于人受到的拉力大于人的重力，人才会上升，即二力的大小不相等，不是一对平衡力，故C不符合题意；
D．若竖直反弹到最高点时，此时人的速度为0，若此时一切力都消失了，由牛顿第一定律知道，此人会静止在空中，故D不符合题意．
10．如图是一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的灯会发光。下图各实验装置中，能反映此现象原理的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【详解】一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的灯会发光，是机械能转化为电能。
A．图中电磁感应实验，闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流，机械能转化为电能，故A符合题意；
B．图中是奥斯特实验，证明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．图中实验探究磁极间的相互作用，故C不符合题意；
D．图中实验说明通电导体在磁场中会受到磁力的作用，是电动机的原理，故D不符合题意。
故选A。
11．小梦和同学去高邮神居山春游，在山上捡到了几块石头。下表中记录的是小梦与其他三位同学测出的小石块的密度（经查密度表可知，该石头的密度为2.50g/cm3）。下列说法正确的是（ ）
姓名
小梦
小满
小明
小杨
小石块的密度
2.45g/cm3
2.52g/cm3
2.56g/cm3
2.60g/cm3
A．只要实验操作正确，数据真实，上述数据均有效
B．只有小扬的数据不可以接受，因为他的数据偏差最大
C．只有小满的数据可以接受，因为他的数据最接近密度表中的数据
D．四位同学的实验都是失败的，因为密度表中石块的密度为2.50g/cm3
【答案】A
【详解】在实验中，只要操作正确，数据便是真实的，几个组数据的不同，是因为在测量过程中存在误差的原因。故A正确，BCD错误。
故选A。
12．小明的家安装了一款智能锁，开门方式有如下三种：按指纹、输密码或者刷门禁卡，正确操作任一种方式，都会让锁内电动机工作，带动锁芯转动，打开门锁。用S1表示指纹开关，S2表示密码开关，S3表示门禁卡开关。则符合要求的电路是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联在电源上，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
13．如图所示，欢欢同学把一只苹果丢入水中，发现苹果下沉一段距离后，又向上运动，最终漂浮在水面上，下列分析正确的是（ ）
A．在下沉的过程中，苹果受到水的压强不变
B．在下沉的过程中，苹果受到水的浮力减小
C．在水面漂浮时，苹果受到的浮力大于它受到的重力
D．在整个过程中，苹果受到浮力的方向总是竖直向上
【答案】D
【详解】A．在下沉的过程中，苹果所处液体深度变大，苹果受到水的压强变大，故A错误；
B．在下沉的过程中，苹果排开水的体积不变，液体密度不变，由阿基米德原理可知苹果受到水的浮力不变，故B错误；
C．在水面漂浮时，苹果受力平衡，苹果受到的浮力等于它受到的重力，故C错误；
D．物体不管处于何种浮沉状态，所受浮力的方向总是竖直向上的，故D正确。
故选D。
第Ⅱ卷
二、填空题（每空2分，共28分）
14．如图所示，在“探究光的反射规律”实验中，改变入射光的方向，使入射角变大，则反射角变___________（大/小）；以ON为轴将硬纸板的右半面向后旋转，在硬纸板上__________（能/不能）观察到反射光．
【答案】 大 不能
【详解】解答：在光的反射现象中，反射角和入射角相等，所以使入射角变大，则反射角变大；以ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转一个角度，在白纸板上不能看到反射光线，是因为纸板OB面和反射光线以及法线不在同一个平面上．
点睛：（1）在光的反射现象中，反射角等于如射角；（2）根据是否能看到光线可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内．
15．某实验小组用厚纸做成的一个小纸锅，纸锅里装些水，放在火上加热，过一会水就会沸腾，而纸锅不会燃烧，原因：当水沸腾后，水继续吸热，温度___________，水的沸点___________（选填“高于“或“低于“）纸的着火点。
【答案】 不变 低于
【详解】[1][2]水在沸腾过程中，尽管继续吸热，但温度总保持在沸点不变，而纸盒没有燃烧，说明水沸腾时的温度没有达到纸燃烧时的温度，即水的沸点低于纸的着火点。
16．2023年冰壶世青赛于3月4日在德国落下帷幕，中国队历史上首次冰壶世青赛冠军。如图所示，冰壶离手后，会继续向前运动，说明物体的运动___________（选填“需要”或“不需要”）力来维持；冰壶运动过程中若所有力全部消失，则冰壶将___________（选填“静止”或“匀速直线运动”）。
【答案】 不需要 匀速直线运动
【详解】[1]冰壶离手后，由于冰壶具有惯性，因此会继续往前运动，说明物体的运动不需要力来维持。
[2]冰壶原来运动，由牛顿第一定律可知，冰壶运动过程中若所有力都消失， 冰壶将做匀速直线运动。
17．用下列方法制作如图所示的“喷气火箭”：将气球吹大，并用夹子把口夹紧；从一根吸管上剪取一小段，用胶带把它固定在气球上；将一根细绳穿过吸管，并水平拉直，作为“喷气火箭”运动的轨道，把封口的夹子松开，气球就会运动．使气球由静止变为运动的力的施力物体是________，此现象说明力可以改变物体的________________．
【答案】 空气 运动状态
【详解】把封口的夹子松开，气体向左喷出，空气会给气球一个向右的反作用力，所以气球就会向右运动，说明力可以改变物体的运动状态．
故答案为空气；运动状态．
18．当开关S 闭合时，通电螺线管旁的小磁针按图示方向转动，则通电螺线管的 a 端为_____ 极，当图中滑片 P 向左滑动时，小磁针受到的力将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 N 变大
【详解】小磁针N极向左转动，则由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的b端为S极，a端为N极，当滑片向左滑动时，电阻变小，电路中电流变大，通电螺线管的磁性增强，小磁针受到的磁场对它的作用力变大．
19．如图是探究“导体中电流与电阻的关系”的实验电路。实验中控制电阻R两端的电压为3V，若电源电压为4.5V。实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，闭合开关后，滑动变阻器的滑片向 _________ （选填“a”或“b”）端滑动，滑动变阻器的电阻至少为 ______ Ω。
【答案】 b 12.5
【详解】[1]根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向b端移动，使电压表的示数为3V。
[2]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
故为了完成整个实验滑动变阻器的阻值至少为12.5Ω。
20．如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R20．如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R，R1、R2为定值电阻，已知R∶R1∶R2=1∶1∶2，当滑片P移动到a端时，闭合开关S1、S2，通过R1与R2的电流之比是___________；当滑片P移动到b端时，只闭合开关S2，通电1min，R与R2产生的热量之比是___________。
【答案】 2∶1 1∶2
【详解】[1] 当滑片P移动到a端时，闭合开关S1、S2，电阻R1与电阻R2并联，根据并联电路特点支路电流与电阻成反比与R1∶R2=1∶2可得，通过R1与R2的电流之比是2∶1。
[2] 当滑片P移动到b端时，只闭合开关S2，电阻R与电阻R2串联，串联电路电流相等，根据Q=I2Rt，结合R∶R2=1∶2，可得通电1min，R与R2产生的热量之比是1∶2。
三、作图与计算题（共17分）
21．（4分）
（1）手持一个木雕马静止，请在图中作出木雕马的重力的示意图及人对马尾巴 的力 F 的力臂；
【详解】重力示意图的做法：从重心开始沿竖直方向向下作一条有向线段，力F的力臂是从支点到力的作用线的垂直线段，如图所示：
．
答案：见上图．
（2）如图所示，水族馆方形大鱼缸内正在表演的美人鱼看到自己通过鱼缸壁成的像在A点，看到B点的观众的像在C点处。请你确定美人鱼的位置A'；并完成美人鱼看到观众像的光路图。
【详解】作出A点关于平面镜的对称点A′，即点A′为美人鱼的位置，然后连接A′C，与鱼缸壁交于点O，连接BO即为入射光线，OA即为折射光线，如下图
22．（6分）质量为60kg的运动员小洋参加了自行车山地选拔赛，小洋在某路段匀速直线骑行，30s通过450m的路程，已知自行车的质量为10kg，该路段人和车所受阻力为总重力的0.02倍，求：
（1）小洋在匀速行驶时的平均速度是多少；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率是多少。
【答案】（1）15m/s ；（2）210W
【详解】解：（1）由题意可得，小洋在匀速行驶时的平均速度为
（2）由题意可得，匀速直线行驶时，车所受的阻力与驱动力大小相等，即
F=f
由题意可得，阻力为
f=0.02G=0.02(G人+G车)=0.02×(60kg×10N/kg+10kg×10N/kg)=14N
由功率公式可得
答：（1）小洋在匀速行驶时的平均速度为15m/s；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率为210W。
23．（7分）如图甲为一款紫砂电饭锅，其电路原理图如图乙所示，通过开关S1和S2的闭合、断开可实现高、中、低三挡加热。已知该电饭锅容积2L，额定电压220V，低温挡功率275W，中温挡功率550W，其内部电路由发热电阻R1和R2组成。求：
（1）R1的阻值是多少？
（2）使1kg的水温度从22℃升至55℃，水需要吸收多少热量？[已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103 J/(kg·℃)]
（3）若用此电饭锅加热（2）中的水，工作效率为90%，以高温挡正常工作需要加热多长时间？
【答案】（1）88Ω；（2）1.386×105J；（3）140s
【详解】解：（1）观察图乙可知，闭合开关S1，S2接B时，两电阻并联接在电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，为高温挡；闭合开关S1，S2接A时，只有R1接入电路中，电路的总电阻较大，电路的总功率较小，为中温挡；断开开关S1，S2接A时，两电阻串联接在电路中，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，为低温挡。由于该电饭锅额定电压为220V，中温挡功率550W，根据电功率的推导式，可知电阻R1的大小为
电阻R1的大小为88Ω。
（2）由题意可知，水的质量为1kg，水温度从22℃升至55℃，水的比热容c水=4.2×103 J/(kg·℃)，根据比热容公式可知，水需要吸收的热量为
（3）由（1）解析可知，电阻R1的大小为88Ω，低温挡的时候两电阻串联接在电路中，低温挡功率275W，根据电功率的推导式，可知
解得。高温挡的时候两电阻并联接在电路，根据电功率的推导式，可知，高温挡的电功率为
设需要加热的时间为t，则高温挡正常工作放出的热量为
由（2）解析可知，水需要吸收的热量为1.386×105J，工作效率为90%，根据效率公式，可得
解得，故高温挡正常工作需要加热的时间为140s。
答：（1）R1的阻值是88Ω；
（2）使1kg的水温度从22℃升至55℃，水需要吸收热量为1.386×105J；
（3）若用此电饭锅加热（2）中的水，工作效率为90%，以高温挡正常工作需要加热的时间为140s。
四、实验题（每空2分，共14分）
24．科学探究是初中物理课程内容的重要组成部分，探究的形式可以是多种多样的。
探究电阻大小的影响因素
器材：干电池2节，开关、灯泡、滑动变阻器各一个，粗线相同的铜丝和镍铬合金丝（如图）
（1）若想探究电阻大小与长度的关系，应该将MN分别连接CE和___________两端；
（2）将MN先后连接AB和CD，发现灯泡亮度没有明显变化，请你出实验的改进意见：___________；
（3）根据现有器材，能否进一步探究电阻大小与横截面积的关系？答：___________（选填“能”或“不能”）。
【答案】 CD 将CD换用更细更长的镍铬合金丝 能
【详解】（1）[1]探究电阻大小与长度的关系，需保证电阻丝的材料和横截面积相同，因此应该将MN分别连接CE和CD两端。
（2）[2]由题意可知，小灯泡发光，各元件完好，电路连接无故障，说明是通路。则造成小灯泡的亮度没有明显变化的原因应该是电路的最大阻值太小，对电路的调节作用不明显。
（3）[3]探究电阻大小与横截面积大小关系时，需保证电阻的材料和长度相同，可将CD的一半接入电路，将CD对折后接入电路，因此可以探究电阻大小与横截面积的关系。
25．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明同学用图甲的装置进行实验。
（1）为了测量木块所受到的滑动摩擦力大小，必须用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，利用二力平衡的原理，______（选填“直接”“间接”）测量木块所受的摩擦力大小；
（2）该实验方案在实际操作时会因为难以保持匀速的原因，导致无法得出正确的实验结论。于是同学们改用如图乙所示的装置进行实验。抽去长木板时，上面的方木块会受到摩擦力。当读取测力计的数值时，上面的方木块是______（选填“静止”“运动”）的；方木块受到的摩擦力______（选填“是”“不是”）滑动摩擦力；下面的长木板______（选填“必须”“可以不必”）匀速拉动。
【答案】 间接 静止 是 可以不必
【详解】（1）[1][2]用弹簧测力计水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小，此时可用弹簧测力计的示数表示滑动摩擦力的大小，间接测量木块所受的摩擦力大小。
（2）[3]由于弹簧测力计固定在墙面上，挂钩系上木块，所以抽去长木板时，木块依旧静止。
[4]抽去长木板时，木块和长木板的相对位置发生改变，故木块受到的摩擦力是滑动摩擦力。
[5]由于木块对长木板的压力不变，接触面的粗糙程度也不变，故下面的长木板无论是加速、减速还是匀速运动，木块受到的摩擦力都不变，所以下面的长木板可以不必匀速拉动。
B卷（20分）
一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
1．能源科技的发展促进了人类文明的进步，关于能源和材料，下列说法中错误的是（ ）
A．化石能源的大量使用带来了酸雨、雾霾、温室效应等环境问题
B．提高能量转化利用中的效率是节能问题的核心
C．超导体材料不能应用在电饭锅等电器上
D．铜是磁性材料，可以被磁化
【答案】D
【详解】A．化石能源的大量使用带来了酸雨、雾霾、温室效应等环境问题，故A正确，不符合题意；
B．提高能量转化利用中的效率，避免能源的浪费，是节能问题的核心，故B正确，不符合题意；
C．超导体材料的电阻几乎为零，而电饭锅是利用电流的热效应工作的电器，因此电饭锅不能利用超导材料，故C正确，不符合题意；
D．铜不是磁性材料，不可以被磁化，故D错误，符合题意。
故选D。
2．足球比赛中，凭裁判肉眼观察判断球员是否越位往往会产生偏差，经常引起争议。为此，2022年在卡塔尔举办的第22届世界杯足球赛使用了“半自动越位识别”系统，通过安装在足球内部的微型传感器精准确定足球位置，通过场上的12个跟踪摄像头确定足球与球员的实时位置，综合生成3D图像，精准判断球员是否越位，如图所示。对于跟踪摄像头，下列说法正确的是（ ）
A．运动员通过摄像头的镜头成的是正立放大的虚像
B．摄像头镜头的成像原理和潜望镜的成像原理相同
C．运动员在摄像头镜头的一倍焦距以内才能够成像
D．运动员靠近摄像头的镜头，通过镜头成的像变大
【答案】D
【详解】摄像头的镜头是一个凸透镜，摄像头的成像原理与照相机相同，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；潜望镜的成像原理是平面镜成像，所以摄像头的成像原理与平面镜不同；当运动员靠近摄像头的镜头时，物距变小，像距变大，通过镜头成的像变大，故D正确，ABC错误。
故选D。
3．标准大气压下，用相同的电加热器分别对200g物质甲和300g水持续加热（不计热量损失），如图是它们的温度随时间的变化图象，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，下列说法正确的是（ ）
A．曲线 是水的温度-时间图象 B．甲物质的熔点是
C．，甲物质的比热容为 D．，甲物质的内能增加了
【答案】D
【详解】AC．由图可知，，甲和水吸收相同的热量，水的质量较大，一般情况下，水的比热容也较大，根据可知，水的温度变化较小，所以，曲线A是甲的温度-时间图象。根据∆可得
∆∆
所以
所以有
c甲=0.75c水=0.75×4.2×103J/(kg⋅℃)=3.15×103J/(kg⋅℃)
故AC错误；
B．由题中图像不能确定甲的状态，可能是晶体的熔化图像也可能是液体的沸腾图像，故不能确定60℃是甲的熔点还是沸点，故B错误；
D．使用相同的加热器加热，那么A在吸收的热量等于吸收相同的热量，则10min~15min，甲吸收的热量
Q吸=c甲m(t-t0)=3.15×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(40-20)℃=1.26×104J
即在这段时间内，甲的内能增加了1.26×104J，故D正确。
故选D。
4．用相同质量的滑轮组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，在绳子自由端分别用力将重力为G的物体匀速提升，乙滑轮组的效率为η乙，不计轮与轴间的摩擦、绳和木板的重力，下列说法正确的是（ ）
A．F1不一定大于F2 B．A、B点绳子受到拉力FA、FB关系：F＞2F
C．每个滑轮重为 D．两个滑轮组的机械效率可能相等
【答案】BC
【详解】A．由图可知，n甲=2，n乙=4，不计摩擦、绳和木板的重，则两滑轮组绳子的拉力分别为
因为
（2G+2G动）>（G+2G动）
所以，F1一定大于F2，故A错误；
B．A点绳子受到的力
B点绳子受到的力
F=2F2+G动=2F+G动
所以
F>2F
故B正确；
CD．由图可知，甲滑轮组只有1个动滑轮，乙滑轮组有2个动滑轮，且不计摩擦、绳和木板的重，因克服物体重力G做的功为有用功，克服物重和动滑轮重做的功为总功，所以，两滑轮组的机械效率分别为
综上可得
η甲>η乙
由
可得，动滑轮的重力
故C正确，D错误。
故选BC。
5．如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R0的最大电阻是20Ω。当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表示数是U1，R1的功率是P1；当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表示数是，R2和R3的功率之和是1.6W；当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1的功率是，已知R2∶R3=1∶3，∶ =9∶5， =1∶25，下列结论正确的是（ ）
A．电源电压是8V B．R2的阻值是30Ω
C．电流表的最大示数是2.7A D．该电路的最大功率是27W
【答案】CD
【详解】AB．第一过程：当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是U1，如图甲。第二过程：当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3串联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是U1′，如图乙。 已知，串联电路中功率比等于电阻比，所以，R2和R3的功率之和是1.6W
P2 +P3=1.6W
所以
P2 =0.4W，P3 =1.2W
第三过程：当开关S1、S2和 S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3 并联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是电源电压U， 电流表测量R1、R2的总电流，如图丙。
甲图，电压表示数是U1，R1的电压是U1，R1的功率是P1；丙图中电压表示数是U，R1的电压是U，R1的功率是P1 ′；，对于同一导体
所以
所以
因为，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，所以
因为，R0 =20Ω，串联电路中电压比等于电阻比，所以
甲图，电压表示数是U1，R1的电压是U1，乙图，电压表示数是U1′，R1的电压是U1′，又因为，所以，，所以乙图中
R1、R2、R3 串联在电路中，串联电路中电压比等于电阻比，
已知，所以
，
又因为，，所以
解得
同理解得
所以
又因为
所以
所以电源电压为
故AB错误；
C．甲乙都是串联电路，电阻大，电流小，丙是并联电路，电流大，电流表测量R1、R2的电流
电流表测量R1、R2 的电流，所以，电流表示数最大为
故C正确；
D．电路中并联电路电阻最小，电流最大，最大电流为
所以电路最大功率为
故D正确。
故选CD。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6.（4分）如图是兴趣小组设计的蓄水池水位测量模拟装置：可绕O点转动的轻质杠杆A端用轻质连杆连接一浮力柱，B端固定一轻质三角支架，支架与固定不动的压敏电阻RF保持水平接触挤压，压敏电阻压力每减小1N阻值减小20Ω，杠杆保持水平平衡。已知： AO长为0.25m，BO长为0.5m；浮力柱重力为60N。底面积为20cm2，高为1.5m，下表面距池底0.4m；滑动变阻器的规格为“300Ω 1A”电压表量程为0-3V，电源电压为6V。
（1）蓄水池未注水时，小组同学对电路进行调试，于是他们将滑动变阻器的滑片调到最左端，发现电压表的示数为3V，调节滑动变阻器直至电压表读数为2V，逐渐向水槽中加水，从浮力柱入水到达到最高水位之前，发现注水深度越深，电压表示数越______；
（2）该装置所能测量的最大深度为______m；
（3）为了使测量的最大深度增加，应该向______移动滑动变阻器的滑片；
（4）由电压表改装后的深度表的刻度线是______的。（选填“均匀”“不均匀”）
【答案】 大 1.4
右 不均匀
【详解】（1）[1]未注水时RF受到的压力为
逐渐向水槽中加水，从浮力柱入水到达到最高水位之前，随着水深的增加，排开液体的体积增大，浮力柱受到的浮力变大，杠杆A端向下拉力越小，根据杠杆的平衡条件可知，左右力臂不变，压敏电阻RF受到的压力越小，RF的阻值越小，电路中电流变大，R分担的电压越大，则电压表的示数越大。
（2）[2]未注水时，电路中的电流为
电源电压为6V，此时压敏电阻两端的电压也为3V，根据分压原理可知，压敏电阻的阻值为
RF=R滑=300Ω
当电压表示数为2V时，电压表测量部分的电阻为
若电压表并联的电阻为200Ω，电压表达到最大值3V，此时电路中的电流为
整个滑动变阻器R分的电压为
此时压敏电阻的阻值为
压敏电阻减小的压力为
此时杠杆B端的压力为
FB'=FB-ΔF=30N-10N=20N
此时杠杆A端的拉力为
浮力柱受到的浮力为
F浮=G柱-FA'=60N-40N=20N
排开液体的体积为
浮力柱浸入的深度为
该装置所能测量的最大深度为
h=h浸+h下=1m+0.4m=1.4m
（3）[3]为了使测量的最大深度增加，即同样的压力下，电压表不满偏时，即电压表测得电阻变小，应向右移动滑动变阻器的滑片。
（4）[4]浮力会随着排开液体体积的增大而增大，FA处会均匀减小，FB处也会均匀减小，电阻RF也会均匀减小，电压表的示数为
由公式可知电压表与压敏电阻的大小成反比，由电压表改装后的深度表的刻度线是不均匀的。
7.（6分）如图所示，将圆柱体A和柱形容器B置于水平地面上，其底面积之比为SA∶SB=1∶2，圆柱体A的密度为 ，体积为 ；容器B内盛有0.2m深的某种液体，液体对容器底部的压强为 ，求：
（1）圆柱体A对地面的压力；
（2）容器B中液体的密度；
（3）若A的底面积SA=10-2m2，现将A水平切去一部分，并将切去部分竖直放置在B容器中（液体未溢出），能否实现A的剩余部分对地面的压力与A浸在液体中的浮力相等，若可以通过计算算出A切去部分的高度；若不能，请说明理由（g=10N/kg）。
【答案】（1）96N；（2）0.8×103kg/m3；（3）0.3m
【详解】(1)物体A的质量
物体A对地面的压力
(2)液体的密度由,可得B中液体密度为
(3)物体A的高度
假设A切去部分在B中没有浸没，则B中液体的高度为
则
所以A切去部分在B中一定浸没状态，设切去部分的高度为，
A剩余部分对地面的压力等于A浸在液体中的浮力，即
解得
此时液面的高度为
0.35m＞0.3m假设成立。
答：(1)圆柱体A对地面的压力为96N；
(2)容器B中液体的密度0.8×103kg/m3；
(3)现将A水平切去0.3m高，并将切去部分竖直放置在B容器中（液体未溢出），A的剩余部分对地面的压力与A浸在液体中的浮力相等。
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