2023年安徽省各地九年级物理中考一轮模拟试题分类选编：电功率

这是一份2023年安徽省各地九年级物理中考一轮模拟试题分类选编：电功率，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年安徽省各地九年级物理中考一轮模拟试题分类选编：电功率

一、单选题
1．（2023·安徽芜湖·统考一模）如图所示，将定值电阻R1、R2按甲、乙两图接在电压不同的电路中，已知两图中R1两端的电压相等，乙图中流过R1、R2的电流之比为2：1。下列说法中正确的是（　　）

A．两电阻的阻值之比为R1：R2=2： 1
B．两图中电源的电压之比为U1： U2=3：2
C．两图中流过R2的电流之比为I2甲：I2乙 =3：2
D．两图电路消耗的总功率之比为P甲：P乙=2： 1
2．（2023·安徽芜湖·统考一模）图甲所示电路，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动到某一位置的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。下列判断正确的是（　　）

A．小灯泡的额定功率为0.625W B．电路的最大总功率为1.2W
C．小灯泡的灯丝阻值越来越小 D．R的阻值变化范围为12Ω~60Ω
3．（2023·安徽合肥·合肥市第四十八中学校考一模）如图所示为探究“焦耳定律”的实验装置．两个透明容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化．将容器中的电阻丝R1、R2串联在电路中，且R1
A．该实验装置用于探究“电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系”
B．闭合开关后，通过R1的电流大于R2的电流
C．闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢
D．闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片P向左移动
4．（2023·安徽淮北·统考一模）关于厨房中的物理知识，下列判断正确的是（　　）
A．抽油烟机是利用流体在流速越快的地方压强越小的原理工作的
B．燃气在燃烧的过程中热值逐渐变小
C．相同加热条件下加热相同质量的水和食用油，水温度升高较慢，说明食用油吸热能力强
D．若可以实现常温下的超导，则用超导体做电饭锅的加热盘，效果会更好

二、填空题
5．（2023·安徽滁州·统考一模）将定值电阻R1=6Ω、R2=10Ω连在如图所示的电路中，电源电压恒定不变，只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，则开关S、S1都闭合时，10s内整个电路消耗的电能为___________J。

6．（2023·安徽蚌埠·统考一模）某水电壶工作2min，使图示电能表的转盘转过150r，则电水壶消耗的电能为_____kW·h，电功率为________W，这些电能可供一只“220V  10W”的节能灯正常工作_____ h。

7．（2023·安徽芜湖·统考一模）为了更好落实“双减”政策，河东区教育和体育局对课后服务进行了统一管理。课后服务1.5h的时间内，某教室一台功率为3000W的空调正常工作，能让下图所示的电能表的转盘转___________转。

8．（2023·安徽·统考模拟预测）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2是定值电阻，R1=2R2，闭合开关S，电流表示数为0.4 A，电压表示数为2.5V，则电路1 min 消耗的电能为___________J。

9．（2023·安徽滁州·统考一模）如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R0的阻值已知。闭合开关，电压表的示数为U；将标有“2.5V、1.25W”字样的小灯泡L接入ab间，再闭合开关，小灯泡正常发光，电压表示数变化了0.5V，则R0的值为______Ω。

10．（2023·安徽黄山·校考一模）从产品说明书得知，一台“6 V  3 W”的迷你型小风扇，电动机线圈阻值0.1Ω，则小风扇正常工作2min电动机线圈产生的热量为____J。
11．（2023·安徽合肥·统考一模）如图所示，这是探究“电流产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，将装置接在电压为6V的电源上，2min电流通过电阻R2产生的热量为 _____J。

12．（2023·安徽黄山·统考一模）如图所示，小灯泡L上标有“3V 3W”字样，闭合开关，L正常发光，通电10s，R产生的热量为150J，则R的电阻值为________Ω。

13．（2023·安徽安庆·统考一模）有两根电热丝，甲标有“15V，1.0A”字样，乙标有“10V，0.5A”字样。现把它们串联起来，在确保电路安全的前提下，通电1min，甲、乙两根电热丝产生的总热量最多为_________J。
14．（2023·安徽阜阳·统考一模）如图所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，定值电阻R1=10Ω。闭合开关S，电流表的示数变化了0.6A。则通电1min整个电路产生的热量为 ___________J。

15．（2023·安徽芜湖·统考一模）如图甲所示，电源电压恒定，R1为定值电阻。将滑动变阻器的滑片从R2的最左端向右滑到某点，此过程中电压表示数U与电流表示数I的关系如图乙所示。当滑片滑到滑动变阻器的中点时，电阻R1在100s内产生的热量为 _____J。

16．（2023·安徽芜湖·统考一模）有一个电动机接在电压为6V不变的电源上，用手捏住电动机不让它转动，电流为2A，松手后电动机稳定转动，电流为0.2A，则电动机稳定转动1min输出的机械能为 _____J。
17．（2023·安徽马鞍山·校考一模）如图甲所示，滑动变阻器R2最大阻值是40Ω。闭合开关，移动滑动变阻器，其功率P与阻值R的图象如图乙所示，当滑片滑至最右端时，通电10s，电流通过R1产生的热量是 _____J。


三、实验题
18．（2023·安徽芜湖·统考一模）小明想测量额定电压为2.5V的小灯泡额定功率，设计电路如图甲所示。

（1）根据实验数据绘制而成的U﹣I图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_______W；
（2）小明在完成几组实验后，电流表发生故障无法使用，于是他利用一个定值电阻R0接在原电路中电流表的位置，设计了如图丙所示电路，来测量小灯泡的额定功率。首先调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为U额，然后接着保持滑片的位置不变，将电压表B点的接线改到C点，观察并记录电压表的示数为U，则小灯泡的额定功率可表示为P额=_______（用R0、U额、U等物理量表示）。
19．（2023·安徽滁州·统考一模）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡L（额定电压为2.5伏，正常发光时灯丝电阻约为10欧）、电源（电压恒为6伏）、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。实验室只有：R1（10欧0.5安）、R2（20欧0.2安）、R3（50欧0.5安）三种规格的滑动变阻器可供选择。
（1）为顺利完成实验，同学们应该选择的滑动变阻器是___________。（选填“R1”、“R2”或“R3”）
（2）同学们根据图1所示的电路，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数。出现这种现象的原因可能是___________。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2，则小灯泡的额定功率为___________瓦。
（4）同学们利用图3，把该小灯泡的额定电流和额定功率当作已知条件，调节滑动变阻器滑片位置使电流表A1的示数如图2所示，此时电流表A2的示数为0.46安，则未知电阻Rx的阻值为___________欧。

20．（2023·安徽安庆·统考一模）“测量小灯泡电功率”的实验中，同学们设计了如图所示电路进行实验，所用灯泡规格为“2.5V”。

（1）请你根据实物物在方框内画出对应的电路图________；
（2）在连接电路过程中开关应处于__________状态；
（3）实验时观察到电流表和电压表均有示数，但小灯泡不发光，原因可能是________ ；
（4）同学们进行了多次测量，将实验数据和现象记录在如下表格中。
次数
U/V
I/A
亮度
R/Ω
1
1.3
0.22
较暗

2
1.7
0.26
稍亮

3
2.1
0.28
较亮

4
2.5
0.30
最亮

根据表格中的数据计算出对应的电阻值，你能发现的规律是________ 。
21．（2023·安徽阜阳·统考一模）小明在做“测量小灯泡的额定功率”实验时，实验器材：两节新干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡、开关和若干导线。

（1）根据实验要求设计并连接的部分电路如图甲所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整（要求滑片P向右移动，电流表示数变小）。___________
（2）闭合开关S，电压表示数如图乙所示，要想测出小灯泡的额定功率，则接下来应进行的操作是 ___________。
（3）小明正确实验，并根据实验数据绘制了通过小灯泡的电流随两端电压的变化的I﹣U图像（如图丙所示），分析图像可知，小灯泡的额定功率为 ___________W。
（4）分析如图丙所示的图像还可得到的信息有：___________（写出一条即可）。
22．（2023·安徽淮北·统考一模）小聪同学在“测量小灯泡正常发光时的电功率”的实验中，已知电源电压为6V且保持不变，小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为8Ω。
（1）请用笔画线代替导线将实物电路甲连接完整。_______

（2）小聪同学调节滑动变阻器，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电功率为________W；
（3）老师指出：因为电压表选用0~15V量程测量3.8V电压时，电压测量值误差较大，所以实验误差较大，为了减小误差，可以进行的改进是：________。
23．（2023·安徽芜湖·芜湖市第二十九中学校考一模）小明冬天取暖时发现：电暖器的电热丝热得发红，而与电热丝相连的导线却不怎么热。

（1）如图是小明进行实验探究的部分电路，甲、乙烧瓶中装有质量相等初温相同的煤油，金属丝电阻分别为R甲、R乙，R甲＜R乙。通电一段时间后，发现乙烧瓶中温度计的示数大些。此现象说明：在相同的通电时间内，________相同时，电阻越大，电流产生的热量越多；
（2）小明想用此装置探究水和煤油吸热能力，电路中必须满足的条件是R甲=R乙，在此实验中测量时，水和煤油的初温均为t0，通电一段时间后水和煤油的末温分别为t1和t2，请写出煤油比热容的表达式c煤油＝________（水的比热容为c水）。

四、计算题
24．（2023·安徽滁州·统考一模）如图甲所示，是某种具有高、低温两挡的电烘箱内部的简化电路图，它的加热电阻是R1和R2，额定电压是220V，R2的电阻为180Ω，当闭合S1、断开S2时,为低温挡，电烘箱低温挡的额定功率为220W。求：
（1）低温挡正常工作时，电路中的电流；
（2）加热电阻R1的阻值；
（3）有一次，晶晶同学发现，电烘箱内温度比正常工作时低，她猜想可能是因为其工作时实际电压偏低所致。于是，她关闭家里所有用电器，只让电烘箱以高温挡工作，发现在1分钟内电能表的转盘转了10转。电能表的铭牌如图乙所示，请通过计算判断，晶晶同学的猜想是否正确。（不考虑电阻值随温度的变化）

25．（2023·安徽芜湖·统考模拟预测）如图甲所示，这是晓梅老师使用的一款新型智能养生壶，它具有加热、保温两挡功能，壶内部简化电路如图乙所示，其中R1和R2为电热丝，S2为自动控制开关，该养生壶的主要参数如下表所示。求：
（1）在加热状态，该养生壶正常工作时的电流；
（2）电热丝R1的阻值为多少；
（3）某天早上晓梅老师将该养生壶接入家庭电路中单独工作，在该养生壶给水加热的过程中，观察到家里电能表（如图丙所示）的转盘120s内转了110转，则该养生壶加热时的实际电压是多大？
产品名称
智能养生壶
额定电压
220V
额定加热功率
1100W
额定保温功率
100W

26．（2023·安徽宿州·统考一模）如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1＝5Ω，R2＝15Ω。
（1）当开关Sl、S2都断开时，电流表示数为0.5A，则电源电压多少？
（2）当开关Sl、S2都闭合时，电流表示数为2.4A，则通过电阻R3的电流是？
（3）如果只闭合Sl时，电路消耗的功率是多少？

27．（2023·安徽马鞍山·校考一模）如图甲是食堂为餐具消毒、烘干的保洁消毒柜，其内部电路如图乙所示，S1为温控开关，S2为门控开关，R为石英加热管。消毒柜的总功率为1250W，其中臭氧发生器的功率为150W。求：
（1）正常工作时通过石英加热管R的电流为多大？
（2）在货架上放100kg的不锈钢餐具，将其从26℃加热到70℃，若电流产生的热量有20%损失，消毒柜石英加热管需要正常工作多长时间？[c钢=0.46×103J/（kg﹒℃）]


28．（2023·安徽蚌埠·统考一模）如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，电压表量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P-I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
（2）电源电压；
（3）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。


参考答案：
1．D
【详解】A．由图乙可知，R1和R2并联，根据并联电路的分流性
R1R2=I2I1=12
故A错误；
B．由图甲可知，R1与R2串联，则电路的总电阻为
R甲=R1+R2=3R1
根据串联电路的分压性可得
U1UR1=R甲R1=3R1R1=31
两图中R1两端的电压相等，又由图乙知， R1和R2并联，则
U2=UR1'=UR1
所以
U1U2=31
故B错误；
C．由图甲可知，R1与R2串联，串联电路中各处的电流相等，通过R2的电流为
I2甲=U1R甲=U1R1+R2=U13R1
由图乙可知，R1和R2并联，关联电路中各支路两端的电压相等且与电源电压相等，则通过R2的电流为
I2乙=U2R2=U22R1
所以
I2甲I2乙=U13R1U22R1=U13R1×2R1U2=21
故C错误；
D．由图乙可知，R1和R2并联，电路的总电阻为
R乙=R1R2R1+R2=R1⋅2R1R1+2R1=2R13
由P=UI及欧姆定律可得
P=U2R
则图甲电路消耗的总功率为
P甲=U12R甲=U123R1
图乙电路消耗的总功率为
P乙=U22R乙=U222R13=3U222R1
所以
P甲P乙=U123R13U222R1=U123R1×2R13U22=21
故D正确。
故选D。
2．A
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．小灯泡的额定电压为2.5V，由图乙可知，此时通过小灯泡的电流即额定电流为：IL=0.25A；小灯泡的额定功率为
P额=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W
故A正确；
B．电路中的最大电流为
I大=IL=0.25A
电路的最大功率为
P大=UI大=3V×0.25A=0.75W
故B错误；
C．由图乙可知，随着电压的增大，通过灯泡的电流也增大，I-U图像为一条向U轴靠近的图线，根据R=UI可知，小灯泡的灯丝阻值越来越大，故C错误；
D．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡分得的电压最小，由图乙可知，小灯泡两端的最小电压UL′=0.5V时，通过的电流IL′=0.05A，此时滑动变阻器两端的电压为
UR'=U-UL'=3V-0.5V=2.5V
由串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为
I小=IL'=0.05A
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值为
R大=UR'I小=2.5V0.05A=50Ω
当小灯泡正常发光时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由图乙可知，小灯泡两端的电压UL=2.5V时，通过的电流IL=0.25A；滑动变阻器两端的电压为
UR″=U-UL=3V-2.5V=0.5V
由串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为
I大=IL=0.25A
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值为
R小=UR″I大=0.5V0.25A=2Ω
R的阻值变化范围为2Ω~50Ω，故D错误。
故选A。
3．C
【详解】由于图中两电阻串联，所以，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系，AB错误；
由于R1 ＜R2，由Q=I2 Rt知道，右边容器中电阻丝产生的热量多，所以，由转换法知道，甲管中液面上升比乙慢，故C正确；
闭合开关后，由欧姆定律知道，要使电流增大，需要减小电路的电阻，即应将滑动变阻器滑片P向右移动，故D错误．
4．A
【详解】A．在流体中，流速越大的位置压强越小，抽油烟机是利用流速快的地方压强小把油烟抽出厨房的，故A正确；
B．热值与燃料的种类有关，燃气在燃烧的过程中热值不变，故B错误；
C．由c＝Q吸m(t﹣t0)知，相同加热条件下加热相同质量的水和食用油，水温度升高较慢，比热容越大，说明水的吸热能力强，故C错误；
D．超导体的电阻为零，而电饭锅利用电流的热效应工作的，故不能用超导体做电饭锅的加热盘，它不会发热，故D错误。
故选A。
5．24
【详解】只闭合开关S时，电流表示数为0.3A，则电源电压为
U=U2=R2I=10Ω×0.3A=3V

当两个开关都闭合时，10s时间内整个电路消耗的电能为
W=W1+W2=U1I1t+U2I2t=U2R1t+U2R2t=(3V)26Ω×10s+(3V)210Ω×10s=24J

6． 0.05 1500 5
【详解】[1]电能表的转盘转过150r，电水壶消耗的电能
W=150r3000r/kW⋅h=0.05kW⋅h
[2]电水壶的电功率
P=Wt=0.05kW⋅h260h=1.5kW=1500W
[3]由P=Wt，这些电能可供一只“220V  10W”的节能灯正常工作时间
t=WP'=0.05kW⋅h0.01kW=5h
7．2700
【详解】1.5h的时间功率为3000W的空调消耗的电能
W=Pt=3kW×1.5h=4.5kW⋅h
电能表的转盘转过的转数
n=4.5kW⋅h×600r/(kW⋅h)=2700r
8．90
【详解】闭合开关S时，两电阻并联，电流表测R2电流，电压表测量电源电压，即U=2.5V；根据并联电路的电流之比等于电阻倒数的比，且R1=2R2，则
I1=12I2=12×0.4A=0.2A·
干路中的电流
I=I1+I2=0.4A+0.2A=0.6A
通电1min电路消耗的电能
W=UIt=2.5V×0.6A×60s=90J
9．1
【详解】闭合开关，电压表通过定值电阻与电源相连测电源电压，电压表的示数为U，即电源电压为U；根据小灯泡上标有“2.5V、1.25W”的字样，由P=U2R可知，小灯泡正常发光的电阻为
RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω
小灯泡正常发光时的电流
IL=ULRL=2.5V5Ω=0.5A
将小灯泡L接入ab间，再闭合开关，小灯泡与定值电阻串联，电压表测小灯泡的电压，根据串联电路电压的规律可知，电压表示数变小，电压表示数变化了0.5V，故此时电压表示数，即灯泡两端的电压为
UL'=UV=2.5V
则定值电阻R0两端的电压为
U0=U-UL'=U-2.5V=0.5V
因为串联电路中各处电流相等，由R=UI可知，定值电阻R0阻值为
R0=U0IL=0.5V0.5A=1Ω
10．3
【详解】电路中线圈的电流为
I=PU=3W6V=0.5A
电路中通过线圈的电流为产生的热量为
Q=I2Rt=(0.5A) 2×0.1Ω×2×60s=3J
11．96
【详解】由图可知R1、R2串联，根据串联电路电阻的特点可知，电路中的总电阻
R=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω
电路中的电流
I=UR=6V15Ω=0.4A
根串联电路的电流特点可知，通过R2的电流
I2=I=0.4A
通电2min电流通过电阻R2产生的热量
Q=I22R2t=（0.4A）2×5Ω×2×60s=96J
12．15
【详解】由图得，灯泡L与电阻R串联，闭合开关，L正常发光，由P＝UI得，电路电流
I=IL＝PLUL=3W3V=1A
由Q=I2Rt得，R的电阻值为
R=QI2t=150J1A2×10s=15Ω
13．525
【详解】两根电阻丝的电阻分别为
R甲=U甲I甲=15V1.0A=15Ω
R乙=U乙I乙=10V0.5A=20Ω
根据串联电路中各处的电流相等，当两电阻串联时，电路中的最大电流
I=I2=0.5A
通电1min，甲、乙两根电热丝产生的总热量
Q=I2(R甲+R乙)t=(0.5A)2×(15Ω+20Ω)×60s=525J
14．810
【详解】由电路图知，闭合开关S前，电路为R1的简单电路，通过R1的电流
I1=UR1=9V10Ω=0.9A
闭合开关S，定值电阻R1、R2并联，电流表测量干路中的电流，因为并联电路各支路用电器互不影响，通过定值电阻R1的电流不变，电流表的示数变化量大小等于通过定值电阻R2的电流I2=0.6A，则干路电流
I=I1+I2=0.9A+0.6A=1.5A
通电1min整个电路产生的热量
Q=W=UIt=9V×1.5A×60s=810J
15．102.4
【详解】当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路的最大阻值，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的电流I小=0.2A，U2=6V，由欧姆定律可得，滑动变阻器的最大阻值
R2=U2I小=6V0.2A=30Ω
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压
U=I小（R1+R2）=0.2A×（R1+30Ω）
当滑片从R2的最左端向右滑到某点时，由图乙可知，电路中的电流I1＝0.4A，电压表的示数为4V，串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源的电压
U=I1R1+U2=0.4A×R1+4V
因电源电压不变，所以
0.2A×（R1+30Ω）=0.4A×R1+4V
解得R1=10Ω，电源电压
U=I1R1+U2=0.4A×R1+4V=0.4A×10Ω+4V=8V
当滑片滑到滑动变阻器的中点时，电路中的电流
I=UR1+12R2=8V10Ω+12×30Ω=0.32A
电阻R1在100s内产生的热量
Q1=I2R1t=（0.32A）2×10Ω×100s=102.4J
16．64.8
【详解】由欧姆定律可得电动机线圈的电阻为
R=UI=6V2A=3Ω
1min线圈产生的热量为
Q=I2Rt=(0.2A)2×3Ω×60s=7.2J
1min电动机消耗的电能为
W=UIt=6V×0.2A×60s=72J
1min电动机输出的机械能为
W机械=W-Q=72J-7.2J=64.8J
17．8
【详解】由电路图可知，R1与R2串联，当滑片P滑至最右端时，R2＝40Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2＝1.6W，由P＝I2R可得变阻器的电流，即电路中电流
I=P2R2=1.6W40Ω=0.2A
由串联电路的电阻规律及欧姆定律可得，电源电压
U＝I（R1+R2）＝0.2A×（R1+40Ω）
当变阻器连入电路的电阻为R2中＝20Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2中＝1.8W，同理可得，电路中的电流
I'=P2中R2中=1.8W20Ω=0.3A
同理可得，电源电压
U＝I′（R1+R2中）＝0.3A×（R1+20Ω）
得
U＝12V
R1＝20Ω
当滑片滑至最右端时，电路中的电流为0.2A，则通电10s电流通过R1产生的热量是
Q＝I2R1t＝（0.2A）2×20Ω×10s＝8J
18． 0.5 U额⋅U-U额R0
【详解】（1）[1]灯泡的额定电压为2.5V，由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为
P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W
（2）[2]图丙所示电路中，灯泡、定值电阻R0、滑动变阻器串联，电压表测灯两端的电压，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为U额时，灯正常发光；接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改到C点，观察并记录电压表示数为U，电压表测量灯泡和定值电阻R0两端的总电压，因各电阻的阻值和电压大小都不改变，则此时灯泡仍然正常发光，根据串联电路电压的规律，定值电阻R0两端的电压为
U0=U-U额
由欧姆定律可得，通过定值电阻R0的电流
I0=U0R0=U-U额R0
根据串联电路电流的规律可得灯泡的额定电流
I额=I0=U-U额R0
小灯泡的额定功率
P额=U额I额=U额⋅U-U额R0
19． R3 灯的实际功率过小 0.65 12.5
【详解】[1]灯的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为
I=ULR=2.5V10Ω=0.25A>0.2A
由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻为
R滑=U-ULI=6V-2.5V0.25A=14Ω
考虑到电流和电阻因素，故选用R3滑动变阻器。
[2]同学们根据图1所示的电路，正确连接好电路，闭合开关，电流表、电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，导致灯的实际功率过小。
[3]当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，则小灯泡的额定功率为
P=ULIL=2.5V×0.26A=0.65W
[4]图3中待测电阻与灯并联后与变阻器串联，电流表A1测灯的电流，电流表A2测并联电路的电流，因A1的示数为0.26A（灯的电压为2.5V），由并联电路电流的规律，通过待测电阻的电流为
Ix=0.46A-0.26A=0.2A
根据并联电路电压的规律，待测电阻的电压Ux=2.5V，由欧姆定律，待测电阻为
Rx=UxIx=2.5V0.2A=12.5Ω
20． 见解析 断开 电流过小 灯丝电阻随温度的升高而增大
【详解】（1）[1]

（2）[2]为了保证电路的安全，在连接电路中开关需要断开。
（3）[3]实验刚开始时，为了保证电路安全，滑动变阻器需要调节到阻值最大处，此时电路中电流过小，所以灯泡不亮可能的原因是电路中电流过小。
（4）[4]在实验过程中灯丝温度随电流的增加而增加，分析实验数据可得灯丝的电阻也在逐渐变大，因此可得规律为，灯泡电阻随温度的升高而增大。
21． 将滑动变阻器滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V 0.5 灯丝的电阻随电压的升高而增大（其它答案合理也可）
【详解】（1）[1]小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端；滑片P向右移动，电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示
；
（2）[2]闭合开关S，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.5V，小于灯泡额定电压2.5V，要想测出小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故接下来应进行的操作是：将滑动变阻器滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V。
（3）[3]由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡额定功率为
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W
（4）[4]由图丙可知，通过灯的电流随电压的增大而变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯丝的温度升高，因灯的电阻随温度的升高而变大，故灯丝的电阻随电压的升高而增大。（其它答案合理也可）。
22． 1.9 将电压表的0~3V量程并联在滑动变阻器两端
【详解】（1）[1]在测量小灯泡正常发光时的电功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为8Ω，则小灯泡正常发光时的电流约为
I'=ULR=3.8V8Ω=0.475A
故电流表选用小量程；滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中，如下图所示：

（2）[2]由（1）可知，电流表选用小量程；当小灯泡正常发光时，如图乙所示，电流表示数为0.5A，则小灯泡正常发光时的电功率为
PL=ULIL=3.8V×0.5A=1.9W
（3）[3]灯的额定电压为3.8V，而电压表大量程分度值为0.5V，故用大量程测量误差较大，根据串联电路电压的规律，当灯正常工作时，灯的电压一定为3.8V，滑动变阻器两端的电压为
6V-3.8V=2.2V
故可将电压表0～3V的量程与滑动变阻器并联，而电压表小量程分度值为0.1V，测量较准确，故可以进行的改进是：将电压表0～3V的量程并联在滑动变阻器两端。
23． 电流 c水(t1-t0)t2-t0
【详解】（1）[1]由题意及图可知，图中甲、乙两个金属丝串联，通过甲、乙金属丝的电流相同。
（2）[2]由题意可得，在相同的时间内，相同电阻所产生的热量相同，即水和煤油所吸收的热量相同，则有
Q水=c水mt1-t0
Q油=c油mt2-t0
Q油=Q水

解得
c油=c水t1-t0t2-t0

24．（1）1A；（2）40Ω；（3）晶晶同学的猜想是正确的，计算过程见解析。
【详解】解：（1）当闭合S1、断开S2时,为低温挡，此时R1、R2串联，电烘箱低温挡的额定功率为220W，根据P=UI可知，低温挡正常工作时，电路中的电流为
I=P低U=220W220V=1A
（2）当闭合S1、断开S2时，为低温挡，此时R1、R2串联，电路中电流为1A，则电路中的总电阻为
R总=UI=220V1A=220Ω
由题意可知，R2的电阻为180Ω，根据串联电路电阻规律可知，电阻R1的阻值为
R1=R总-R2=220Ω-180Ω=40Ω
（3）由电路图可知，当S1、S2都闭合时，R2被短路，电路是关于R1的简单电路，此时电阻较小，为高温挡。只让电烘箱以高温挡工作，在1分钟内电能表的转盘转了10转，消耗的电能为
W=nN=10r600r/（kW⋅h）=160kW⋅h
高温挡工作时的实际功率为
P实=Wt=160kW⋅h160h=1kW=1000W
实际电压为
U实=P实R1=1000W×40Ω=200V
由于220V<220V，所以晶晶同学的猜想是正确的。
答：（1）低温挡正常工作时，电路中的电流为1A；
（2）加热电阻R1的阻值为40Ω；
（3）晶晶同学的猜想是正确的，计算过程见解析。
25．（1）5A；（2）440Ω；（3）220V
【详解】解：（1）当S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大；当S1和S2均闭合时，电路中只有R2工作，总电阻最小，由
P=UI=U2R
得当S1闭合，S2断开时，功率小，养生壶处于保温状态；当S1和S2均闭合时，功率大，养生壶处于加热状态，由P=UI得在加热状态时，该养生壶正常工作时的电流为
I=P加热U=1100W220V=5A
由欧姆定律得电阻R2的阻值为
R2=UI=220V5A=44Ω
（2）当S1闭合，S2断开时，养生壶处于保温状态，由
P=UI=U2R
得电路的总电阻为
R总=U2P保温=(220V)2100W=484Ω
又
R总=R1+R2
所以
R1=R总-R2=484Ω-44Ω=440Ω
（3）电能表的转盘120s内转了110转，养生壶消耗的电能为
W=110r3000r/(kW⋅h)=11300kW⋅h=1.32×105J
120s内养生壶的电功率为
P实=Wt=1.32×105J120s=1.1×103W
由
P=UI=U2R
得该养生壶加热时的实际电压是
U'=P实R2=1.1×103W×44Ω=220V
答：（1）在加热状态，该养生壶正常工作时的电流为5A；
（2）电热丝R1的阻值为440Ω；
（3）该养生壶加热时的实际电压是220V。
26．（1）10V；（2）0.4A；（3）5.2W
【详解】解：（1）当开关Sl、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压
U＝I（R1+R2）＝0.5A×（5Ω+15Ω）＝10V
（2）当开关Sl、S2都闭合时，R1和R3并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R1的电流
I1=UR1=10V5Ω=2A
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R3的电流：
I3＝I′﹣I1＝2.4A﹣2A＝0.4A
（3）电阻R3的阻值
R3=UI3=10V0.4A=25Ω
只闭合Sl时，R1和R3并联后再与R2串联，因并联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R1和R3并联后的总电阻
R13=R1R3R1+R3=5Ω×25Ω5Ω+25Ω=256Ω
则电路消耗的功率
P=U2R总=U2R13+R2=10V2256Ω+15Ω=5.2W
答：（1）当电源电压为10V；
（2）当开关Sl、S2都闭合时，通过电阻R3的电流是0.4A；
（3）如果只闭合Sl时，电路消耗的功率是5.2W。
27．（1）5A；（2）2300s
【详解】解：（1）正常工作时，石英加热管的功率为P加
P总=P发+P加
P加=P总-P发=1250W-150W=1100W
正常工作时通过石英加热管R的电流
I加=P加U=1100W220V=5A
（2）不锈钢餐具吸收的热量
Q吸=C钢m钢(t-t0)
消毒柜石英加热管
Q加=P加t
消毒柜石英加热管的效率
η=1-20%=80%
列方程
η=Q吸Q放=c钢m钢ΔtP加t=0.46×103J/（kg﹒°C）×100kg×(70°C-26°C)1100W×t=80%
解得
t=2300s
答：（1）正常工作时通过石英加热管R的电流5A；
（2）消毒柜石英加热管需要正常工作时间为2300s。
28．（1）54J；（2）6V；（3）2Ω
【详解】解：（1）灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，灯泡正常发光时的电阻为
RL=UL2PL=(5V)22.5W=10Ω
闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流为0.3A，灯泡的实际功率为0.9W，1min内灯泡L消耗的电能为
W=Pt=0.9W×60s=54J
（2）滑片P在b端时，灯泡两端的电压为
UL1=P1I1=0.9W0.3A=3V
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压为
U=UL1+I1R=3V+0.3A×R   ①
滑动变阻器的滑片位于中点时，由图乙可知通过电路的电流为0.4A，此时灯泡的实际功率为1.6W，灯泡两端的电压为
UL2=P2I2=1.6W0.4A=4V
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压为
U=UL2+I2×12R=4V+0.4A×12R  ②
①②联立可得：R=10Ω，U=6V。
（3）灯泡正常发光时的电流为
IL=PLUL=2.5W5V=0.5A
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时的电流为通过电路的最大电流，根据欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可得此时电路总电阻为
R0=UIL=6V0.5A=12Ω
根据串联电路电阻规律可得，滑动变阻器接入电路的最小阻值为
R′=R0-RL=12Ω-10Ω=2Ω
答：（1）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能为54J；
（2）电源电压为6V；
（3）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为2Ω。