资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩3页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（全国甲卷）（原卷版+解析版）
展开
这是一份必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（全国甲卷）（原卷版+解析版），文件包含必刷卷04解析版docx、必刷卷04原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共18页， 欢迎下载使用。
绝密★启用前
2023年高考生物考前信息必刷卷04
全国甲卷专用
全国甲卷题型为6个单选题+6个非选择题（4个必做题+2个选做题），其中情境创设题是这两年的新考察的题型。
所谓情境创设题型，就是给出的题干融入生活情景，学生从题干中获取信息，进行解答。需要注意的是：题目所给的情景，并不影响试题考察的内容，试题都是以课标为基准，以课本内容为主。学生答题时需要读懂情景题干，以所学课本上相关的内容进行答题可拿到满分。
2022年全国甲卷试题的非选择题中，虽未出现情境创设题型，但预测2023年甲卷将以情境创设方式考查免疫调节，出现在第30题的可能性较大，难度中等，例如本卷第30题。
同时应特别注意模式生物作为研究对象的实验分析类题型，此类试题将实验探究、分析实验与植物激素的基础知识等融为一体，能有效考查学生对模式生物研究结果的分析能力与知识应用的能力，考查学生科学思维和科学探究的能力，一般出现在选择题第3题、第4题的位置，难度中等偏上；例如本卷第3题。
一、选择题：本题共6小题,每小题6分,共36分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求。
1. 下列有关生物膜上蛋白质的叙述,正确的是
A. 生物膜上的蛋白质都是由 C、H、O、N、P 组成的
B.生物膜上的蛋白质在核糖体上合成以后即有活性
C.生物膜上的蛋白质可分为载体蛋白和受体蛋白两类
D. 生物膜的选择透过性与蛋白质和磷脂分子都有关
【答案】D
【分析】蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样
①有的蛋白质是细胞结构的重要组成成分，如肌肉蛋白；
②有的蛋白质具有催化功能，如大多数酶的本质是蛋白质；
③有的蛋白质具有运输功能，如载体蛋白和血红蛋白；
④有的蛋白质具有信息传递，能够调节机体的生命活动，如胰岛素；
⑤有的蛋白质具有免疫功能，如抗体。
【详解】A、蛋白质中一定含有C、H、0、N，但不一定含有P，A错误；
B、生物膜上的蛋白质由附着在内质网上的核糖体合成后，再经内质网和高尔基体加工后才有活性，B错误；
C、生物膜上的蛋白质除了载体蛋白和受体蛋白外，还有结构蛋白和起催化作用的酶等，C错误；
D、生物膜的主要成分是磷脂和蛋白质，生物膜的选择透过性与蛋白质和磷脂分子都有关，D正确，
故选D。
2. 下列有关细胞呼吸的叙述,正确的是
A.活细胞中的线粒体分布在细胞质中代谢比较旺盛的部位
B.过保质期的酸奶常出现胀袋现象是由于乳酸菌无氧呼吸产生的气体造成的
C.呼吸作用的终产物中有水,则一定进行了无氧呼吸
D.真核细胞都进行有氧呼吸
【答案】C
【分析】细胞呼吸原理的应用
（1）种植农作物时，疏松土壤能促进根细胞有氧呼吸，有利于根细胞对矿质离子的主动吸收；
（2）利用酵母菌发酵产生酒精的原理酿酒，利用其发酵产生二氧化碳的原理制作面包、馒头；
（3） 利用乳酸菌发酵产生乳酸的原理制作酸奶、泡菜；
（4）稻田中定期排水可防止水稻因缺氧而变黑、腐烂；
（5）提倡慢跑等有氧运动，是不致因剧烈运动导致氧的不足，使肌细胞因无氧呼吸产生乳酸，引起肌肉酸胀乏力。
【详解】A、活细胞中的线粒体往往可以定向地运动到代谢比较旺盛的部位，A错误；
B、乳酸菌无氧呼吸产物为乳酸，无CO2，B错误；
C、水是有氧呼吸中特有的终产物，无氧呼吸终产物中没有水，C正确；
D、哺乳动物成熟的红细胞只进行无氧呼吸。
故选C。
3. 拟南芥的种子萌发后,幼苗在破土前顶端会形成“弯钩”结构，而在对照组SA处理组破土后“弯钩”打开,幼苗得以直立生长。研究发现，“弯钩”的形成与生长素分布不均有关,水杨酸(SA)对“弯钩”的形成有影响，相关实验结果如图所示。下列有关叙述正确的是
A.破土前，“弯钩”内侧的生长速度比外侧快
B.破土后，“弯钩”外侧的生长速度比内侧快
C.“弯钩”破士前后的生长状况可说明拟南芥“弯钩”内侧生长素分布多
D.SA 可能是通过影响生长素的分布，从而影响拟南芥顶端“弯钩”的形成
【答案】D
【分析】已知弯钩的形成是由于尖端一侧的生长素浓度过高，抑制生长，说明弯钩形成体现了生长素作用的两重性，据图可知，与对照组相比，SA处理组的弯钧没有打开，可推知SA可能影响生长素在弯钧内外侧的分布。
【详解】A、破土前，“弯钩”内侧的生长速度比外侧慢，A错误;
B、破士后“弯钩”打开，幼苗得以直立生长，则破土后，“弯钩”外侧的生长速度大于内侧，B错误；
C、幼苗在破士前顶端会形成 弯钩"结构，而在破土后“弯钩”打开，幼苗得以直立生长，因此破士前生长素浓度，内侧＜外侧，
破土后生长素浓度内侧＞外侧，C错误；
D、与对照组相比，SA处理组的弯钩没有打开，可推知SA可能影响生长素在弯钩内外侧的分布，D正确。
故选D。
4.肾上腺素既是肾上腺髓质分泌的激素，也是某些神经元分泌的神经递质，
这种神经递质可与相应的受体结合，引起内脏及皮肤血管收缩，心跳加速，汗腺分泌，肝糖原分解，不
列相关叙述错误的是
A.肾上腺髓质分泌肾上腺素受神经的直接支配
B.肾上腺素可引起突触后膜发生由“电信号→化学信号”的变化
C.肾上腺素能通过体液运输到达心脏，引起心跳加速
D.神经元分泌肾上腺素的过程与细胞呼吸有关
【答案】B
【分析】本题考查肾上腺素相关知识。
【详解】A、分泌肾上腺素，分泌活动受神经的直接支配，故A正确；
B、肾上腺素可引起突触后膜发生由“化学信号→电信号”的变化，在突触前膜发生由“电信号→化学
信号”的变化，故B错误；
C、激素的三大特征：微量高效；由体液运输；作用于靶细胞和靶器官。所以肾上腺素能通过体液运输到心
脏，引起心跳加速，故C正确；
D、肾上腺素属于生物原胺类的神经递质，是通过胞吐，需要通过细胞呼吸提供能量，故D正确。
故选B。
5.现用山核桃的甲（AABB)、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1,F1测交结果如表,下列有关叙述不正确的是
A. F1 产生的AB花粉 50％不能萌发,不能实现受精
B. F1自交得F2，F2的基因型有9种
C. F1花粉离体培养,将得到四种表型不同的植株
D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
【答案】D
【分析】本题考查基因的自由组合定律，双杂合测交的特殊分离比
【详解】A、正常情况下，双杂合测交后代四种表现型的比例应该是1：1：1：1,而作为父本的F1测交结果为AaBb： Aabb：aaBb：aabb：=1：2：2：2,说明父本F1产生的 AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A正确；B、F1自交后代中有9种基因型，B正确；
C、F1花粉离体培养，将得到四种表型不同的单倍体植株，C正确；
D、根据题意可知，正反交均有四种表型,说明符合基因自由组合定律,D错误。
故选D。
6. 下图是某丘陵山地群落演替过程。相关叙述正确的是
A. 过程①②均为次生演替，决定两者演替方向的因素相同
B. 在演替过程中,各植物种群的环境容纳量保持相对稳定
C. 在演替过程中，草本阶段和乔木阶段物种组成完全不同
D. 与灌木阶段相比，乔木阶段垂直结构复杂，光能利用率高
【答案】D
【分析】群落演替是指随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程。其主要类型有初生演替和次生演替；初生演替是指一个从来没有被植物覆盖的地面，或者是原来存在过植被，但是被彻底消灭了的地方发生的演替；次生演替原来有的植被虽然已经不存在，但是原来有的士壤基本保留，甚至还保留有植物的种子和其他繁殖体的地方发生的演替。
【详解】A、过程①②均为次生演替，决定两者演替方向的因素不同，后者体现了人类活动能改变群落演替的方向和速度，A错误;
B、演替的本质是物种的优势取代的过程，据此可推测，在演替过程中，各植物种群的环境容纳量会发生变化，B错误；
C、在演替过程中，草本阶段和乔木阶段物种组成不完全不同，因为有些物种在草本阶段、灌木阶段和乔木阶段都会一直会存在，C错误;
D、与灌木阶段相比，乔木阶段垂直结构更加复杂，生物对群落中空间资源的利用率更高，因而乔木阶段表现得光能利用率更高，D正确。
故选D。
二、非选择题:共54分。第29~32题为必考题,每个试题考生都必须作答。第37~38题为选考题,考生根据要求作答。
(一) 必考题:共39分。
29. (9分)农业生产中，农作物生长所需的氮素可以NO3-的形式由根系从士壤中吸收。作物乙的根细胞吸收NO3-的速率与O2浓度的关系如图所示。
(1) 由图可判断NO3-进入根细胞的运输方式是 ，判断依据是 。
（2）O2浓度大于a时，作物乙吸收NO3-的速率不再增加，推测其原因是 。
(3)当作物甲和作物乙各自的NO3-的吸收速率达到最大时，作物甲根细胞的呼吸速率大于乙，判断依据是 。
（4）据图可知，在农业生产中，为促进农作物对NO3-的吸收利用，可以采取的措施是 。
30. (9分) 真核细胞内染色体外环状DNA (eccDNA） 是游离于染色体基因组外的DNA， DNA的损伤可能会导致eccDNA的形成。如图中途径1、2分别表示真核细胞中DNA复制的两种情况，a、b、a'和b'表示子链的两端，①~④表示生理过程。请据图回答。
回答下列问题：
（1）途径1中酶2为______________，途径2中④过程需要______________酶的作用。
（2）途径2中a、b、a'和b'中为5'端的是________________。
（3）观察过程①③可推测DNA复制采用了_____________等方式，极大的提升了复制速率。
（4）下列属于ecCDNA形成的原因可能有__________。
A.DNA 发生双链断裂
B.染色体片段丟失
C.染色体断裂后重新连接
D.DNA中碱基互补配对
（5） eccDNA 在肿瘤细胞中普遍存在，肿瘤细胞分裂时，因eccDNA无________________(填结构），而无法与________________连接，导致不能平均分配到子细胞中。由此可见eccDNA的遗传________________（填“遵循”或“不遵循”）孟德尔遗传规律。
【答案】（1） (1) DNA聚合酶；DNA连接
（2） a和a'
（3）双向、多起点
（4）ABC
（5）着丝点（着丝粒）；星射线（纺锤丝）； 不遵循
【分析】①表示正常DNA复制，③表示受损伤的DNA复制，②④表示两条单链复制产生子代DNA过程。
其中，a、b、a和b'表示子链的两端，酶1表示解旋酶，酶2表示DNA聚合酶，本题结合过程图，考查DNA的复制过程，要求考生识记DNA的过程、条件、场所及产物等基础知识，能准确判断图中各过程及物质的名称，能结合图中信息答题。
【详解】（1） 由题图可知，途径1中酶2是DNA聚合酶。途径2中④过程需要除了需要DNA聚合酶外，还需要DNA连接酶将复制后不连续的DNA片段连接起来。
（2） 根据DNA的复制方向，确定途径2中a、b、a和b中为5'端的是a和a'。
（3） 观察过程①③可推测DNA复制采用了双向、多起点等方式，极大的提升了复制速率。
（4）据题干信息可知，eccDNA的形成是DNA的损伤后复制产生的，而DNA发生双链断裂、染色体片段丢失、染色体断裂后重新连接都会导致DNA受到损伤，故选：ABC。
（5） 肿瘤细胞分裂时，因eccDNA无着丝点，而无法与星射线连接，导致不能平均分配到子细胞中。由此
可见，eccDNA的遗传不遵循孟德尔遗传规律。
31. (9分) 湿地生态系统在蓄洪防旱、调节气候等方面有重要作用。如图为某总面积为300 hm2 的湿地受有害物质a污染后，有害物质a的浓度在各营养级部分生物种类体内的变化情况。回答下列问题：
（1）作为完整的生态系统,图中缺少的成分有_________________________，湿地生态系统在
蓄洪防旱、调节气候等方面有重要作用，这说明生物多样性具有___________价值。
（2）该湿地生态系统中燕鸥种群的K值为2400 只。当燕鸥的种群密度为________只/ hm2时，其种群增长速率最大。燕鸥的同化量除用于呼吸消耗之外，还用于________________________等生命活动。
（3）该生态系统中有一种有害昆虫，目前控制的主要方法是使用汽车和空中喷雾器以小剂量施用有机磷农药,此方法属于___________________防治, 这种方法具有快速、高效等优点,但不建议频繁使用,原因是______________________________________ (答出两点即可）。
【答案】（1）非生物的物质和能量、分解者；间接
（2）4 ；自身的生长、发育和繁殖
（3）化学 ；磷会对环境造成污染; 有害昆虫对化学药剂可能会产生抗药性，可能会对其他生物造成伤害
【分析】此题考察了生态系统的组成成分，包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者；生物多样系的价值包括直接价值和间接价值；种群数量为K/2时，种群增长速率最大；防治有害动物的方法有机械防治、化学防治和生物防治。
【详解】（1）态系统的组成成分，包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者；
（2）种群数量为K/2时，种群增长速率最大。当燕鸥的种群密度为4只/ hm2时，其种群增长速率最大。
（3）防治有害动物的方法有机械防治、化学防治和生物防治。题目中控制的主要方法是使用汽车和空中喷雾器以小剂量施用有机磷农药,此方法属于化学防治；虽然这种方法具有快速、高效等优点, 但磷会对环境造成污染; 有害昆虫对化学药剂可能会产生抗药性，可能会对其他生物造成伤害等。
32. （12分）无尾猫是一种观赏猫．猫的无尾和有尾由一对等位基因（A、a）控制． 为了选育纯种无尾猫，让无尾猫自交多代，但发现每一代中总会出现有尾猫，且无尾猫与有尾猫的比例为2：1. 由此推断：
（1）猫的有尾和无尾是一对______________________，其中____________是显性性状，控制此性状的基因的传递符合遗传规律中的________________________定律，无尾猫自交后代总会出现既有无尾猫又有有尾猫的现象称作___________。
（2）无尾猫的基因型为______________，有尾猫的基因型为__________；无尾猫自交，后代无尾猫与有尾猫的比例为2：1，推测其原因是 。
（3）让无尾猫与有尾猫杂交，后代出现无尾猫的比例为 。
【答案】（1）相对性状；无尾；（基因)分离；性状分离
（2）Aa ；aa；AA个体无法存活
（3）1/2
【分析】由题意知，猫的无尾和有尾由一对等位基因 (A、a)控制，因此猫的有尾和无尾是一对相对性状，且在传过程中遵循基因的分离定律；又知，无尾猫之间自交多代，每一代中总会出现有尾猫，旦无尾猫与有尾猫的比例为2：1，说明无尾对有尾是显性性状，无尾猫的基因型是Aa， 自交后代的基因型及比例是AA: Aa:aa=1:2：1，后代的性状分离比是2：1，不是3：1，最可能的原因是显性纯合致死，本题重在考查学生掌握相对性状、性状分离的概念和性状的显性和隐性的判断方法，理解基因分离定律的实质，学会应用相关知识分析性状偏离比现象。
【详解】(1)由分析可知，猫的有尾和无尾是一对相对性状；其中无尾是显性性状，控制此性状的基因的传递符合基因分离定律；无尾猫自交，后代总会出现既有无尾猫又有有尾猫的现象称作性状分离；
(2)由分析可知，无尾猫的基因型是Aa；有尾是隐性性状，基因型为aa； 无尾猫自交，后代无尾猫与有尾猫的比例为2：1，最可能的原因是显性纯合致死．
(3)无尾猫的基因型是Aa， 有尾猫的基因型是aa、二者杂交后代的基因型及比例是Aa: aa=1：1，前者表现
为无尾，后者表现为有尾。
(二)选考题:共15分。请考生从2道生物题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。
37. 研究人员从海底微生物中分离到一种在低温下有催化活性的α-淀粉酶 A3,并对其进行了研究。回答下列问题：
（1）在以淀粉为底物测定 A3酶活性时，既可检测淀粉的减少，检测应采用的试剂是___________________，
也可采用斐林试剂检测____________________的增加。
（2）在A3的分离过程中可采用聚丙烯酰胺凝胶电泳检测其纯度，通常会在凝胶中添加 SDS,SDS 的作用是
________________________________________和________________________________________。
（3）本实验中，研究人员在确定A3的最适pH 时使用了三种组分不同的缓冲系统，结果如图所示。某同学据图判断，缓冲系统的组分对酶活性有影响，其判断依据是________________________________________。
（4）在制备A3的固定化酶时，一般不宜采用包埋法，原因是_______________________。（答出1点即可）。
【答案】（1）碘液；还原糖（或答：葡萄糖）
（2）消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响；使蛋白质发生变性
（3）在pH值相同时，不同缓冲系统条件下所测得的相对酶活性不同
（4）酶分子体积小，很容易从包埋材料中漏出
【分析】1、细胞组成中化合物的鉴定
（1）可溶性还原糖+斐林试剂→砖红色沉淀。（50-60°C水浴加热）
（2） 淀粉＋碘→变蓝。
2、蛋白质提取和分离---凝胶电泳法：
（1） 原理：不同蛋白质的带电性质、电量、形状和大小不同，在电场中受到的作用力大小、方向、阻力不
同，导致不同蛋白质在电场中的运动方向和运动速度不同。
（2） 分离方法：琼脂糖凝胶电泳、聚丙烯酰胺凝胶电泳等。
（3） 分离过程：在一定pH下，使蛋白质基团带上正电或负电；加入带负电荷多的SDS（加入SDS的作用是消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响和使蛋白质发生变性），形成“蛋白质-SDS复合物”，使蛋白质迁移速率仅取決于分子大小。
3、细胞固定化的方法：
（1） 吸附法：是制备固定化动物细胞的主要方法，此法也可制备固定化植物细胞，它既可将植物细胞吸附
在泡沫塑料的大孔隙或裂缝之中，也可将植物细胞吸附在中空纤维的外壁上；
（2） 包埋法：是指将细胞包埋在多孔载体的内部而制成固定化细胞的方法。其中，凝胶包埋法是应用最广
泛的细胞固定化方法，它所使用的载体主要有琼脂海藻酸钠凝胶、角叉菜胶、明胶等。
（3） 方法的选择：一般来说，酶更适合采用化学结合法和物理吸附法固定化，而细胞多采用包埋法固定化。这是因为细胞体积大，而酶分子很小；体积大的细胞难以被吸附或结合，而酶的体积小容易从包埋材料
中漏出。
【详解】（1）在以淀粉为底物测定A3酶活性时，淀粉会被A3水解为葡萄糖，在底物淀粉没有完全被水解时，反应液中含有淀粉和葡萄糖，检测淀粉可用碘液，淀粉遇碘液颜色会变为蓝色，而葡萄糖是还原性糖，其与斐林试剂在50-60°C水浴加热条件下会形成砖红色沉淀故在以淀粉为底物测定A3酶活性时，既可检测淀粉的减少，检测应采用的试剂是碘液，也可采用斐林试剂检测葡萄糖的增加。
（2）蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶电泳中的迁移率取決于它所带负电荷的多少以及分子的大小等因素。为了消除静电荷对迁移率的影响，可以在凝胶中加入SDS，SDS能使蛋白质发生变性。故在A3的分离过程中可采用聚丙烯酰胺凝胶电泳检测其纯度，通常会在凝胶中添加SDS，SDS的作用是消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响和使蛋白质发生变性。
（3） 结合曲线图分析可知，三组缓冲系统中在pH值不同时，酶的活性不同，且在pH值相同时，其酶的活性也不同。故能够推断出缓冲系统的组分对酶活性有影响，其判断依据是在pH值相同时，不同缓冲系统条件下所测得的相对酶活性不同。
（4）在细胞固定化方法选择时，一般来说酶更适合采用化学结合法和物理吸附法固定化，而细胞多采用包
埋法固定化。这是因为细胞体积大，而酶分子很小;体积大的细胞难以被吸附或结合，而体积小的酶容易
从包埋材料中漏出。故在制备A3的固定化酶时，一般不宜采用包埋法，原因是酶分子体积小，很容易从包
埋材料中漏出。
38. 已知新冠病毒的 S抗原基因编码的S蛋白在感染人体细胞的过程中起到关键作用，S蛋白与人细胞膜上 ACE2 受体结合后，新冠病毒入侵人体细胞。我国陈薇院士团队成功开发了一种以人复制缺陷腺病毒为载体的重组新型冠状病毒基因疫苗，目前已获批上市。回答下列问题：
（1）制备腺病毒载体新冠疫苗时，首先需在_____________的作用下，以新冠病毒的遗传物质 RNA为模板经过逆转录得到S抗原基因后，利用 PCR技术扩增S抗原基因的体系中需加入_____________酶。
（2）腺病毒 DNA 上有__________________________，便于 S抗原基因插入，S抗原基因整合进腺病毒基因组时，需将S抗原基因插在腺病毒载体的启动子和终止子之间，使S抗原基因能_______________________，从而激发人体产生抵抗新冠病毒的抗体和记忆细胞。
（3）研究人员还可将S蛋白注入动物体内，一段时间后从其脾脏中获取浆细胞，与骨髓瘤细胞融合，并利用选择培养基筛选出__________________________的杂交瘤细胞。接着经过多次筛选并在体外培养，获得
针对S 蛋白的单克隆抗体，该单克隆抗体最主要优点是_______________________________________。
（4）将新冠病毒灭活制成的灭活疫苗对预防新冠肺炎也有很好的效果，这种疫苗免疫程序是两针免疫，接种间隔为 3-8周，间隔时间过长、过短都可能影响免疫预防的效果，原因可能是
。
【答案】（1）逆(或反）转录酶；热稳定DNA聚合(或Taq)
（2）一个或多个限制酶的切割位点；表达出S蛋白
（3）既能分泌抗体又能无限增殖; 特异性强、灵敏度高、可大量制备
（4）间隔时间太短，前一次产生的抗体水平较高，会将后一次接种的疫苗中和，降低疫苗的作用效果：间隔时间太长，前一次的记忆细胞减少，使得后一次接种的疫苗产生的免疫加强效果下降
【分析】本题考查基因工程和单克隆抗体的制备的相关知识。意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。1.基因工程技术的基本步骤：①目的基因的获取：方法有从基因文库中获取、利用PCR技术扩增和人工合成。②基因表达载体的构建：是基因工程的核心步骤基因表达载体包括目的基因、启动子、终止子和标记基因等。③将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同，导入的方法也不一样。将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法，基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法。④目的基因的检测与鉴定：分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是是否播入目的基因-DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA--分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质-抗原-抗体杂交技术。个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等。
2.单克隆抗体是由单-B细胞克隆产生的高度均一、仅针对某一特定抗原表位的抗体，通常采用杂交瘤技术来制备，杂交瘤抗体技术是在细胞融合技术的基础上将具有分泌特异性抗体能力的致敏B细胞和具有无限繁殖能力的骨瘤细胞融合为B细胞杂交瘤。
【详解】（1）已知新冠病毒的S抗原基因编码的S蛋白在感染人体细胞的过程中起到关键作用。制备腺病毒载体新冠病毒疫苗时，首先需要在逆转录酶的作用下，以新冠病毒的遗传物质RNA为模板经过逆转录得到S抗原基因。利用PCR技术扩增S抗原基因，体系中需加入热稳定DNA聚合酶。
（2）腺病毒DNA上有一个或多个限制酶的切割位点，便于S抗原基因插入，S抗原基因整合进腺病毒基因组时，需将S抗原基因插在腺病毒载体的启动子和终止子之间，启动子是RNA聚台酶结合位点，从而驱动转录的发生，终止子让转录终止，从而能正确表达出S蛋白使S抗原基因能表达出S蛋白，从而激发人体产生抵抗新冠病毒的抗体和记忆细胞。
（3）研究人员还可将S蛋白注入动物体内，一段时间后从脾脏中获取浆细胞，与骨髓瘤细胞融合，并利用选择培养基筛选出既能分泌抗体又能无限增殖的杂交瘤细胞接着经过多次筛选获得针对S蛋白的单克隆抗体，该单克隆抗体最主要优点是特异性强、灵敏度高、可大量制备。
（4）将新冠病毒灭活制成的灭活疫苗对预防新冠肺炎也有很好的效果，这种疫苗免疫程序是两针免疫，接种间隔为3-8周，若间隔时间太短，前一次产生的抗体水平较高，会将后一次接种的疫苗中和，降低疫苗的作用效果；若问隔时间太长，前一次的记忆细胞减少，使得后一次接种的疫苗产生的免疫加强效果下降。
绝密★启用前
2023年高考生物考前信息必刷卷04
全国甲卷专用
全国甲卷题型为6个单选题+6个非选择题（4个必做题+2个选做题），其中情境创设题是这两年的新考察的题型。
所谓情境创设题型，就是给出的题干融入生活情景，学生从题干中获取信息，进行解答。需要注意的是：题目所给的情景，并不影响试题考察的内容，试题都是以课标为基准，以课本内容为主。学生答题时需要读懂情景题干，以所学课本上相关的内容进行答题可拿到满分。
2022年全国甲卷试题的非选择题中，虽未出现情境创设题型，但预测2023年甲卷将以情境创设方式考查免疫调节，出现在第30题的可能性较大，难度中等，例如本卷第30题。
同时应特别注意模式生物作为研究对象的实验分析类题型，此类试题将实验探究、分析实验与植物激素的基础知识等融为一体，能有效考查学生对模式生物研究结果的分析能力与知识应用的能力，考查学生科学思维和科学探究的能力，一般出现在选择题第3题、第4题的位置，难度中等偏上；例如本卷第3题。
一、选择题：本题共6小题,每小题6分,共36分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求。
1. 下列有关生物膜上蛋白质的叙述,正确的是
A. 生物膜上的蛋白质都是由 C、H、O、N、P 组成的
B.生物膜上的蛋白质在核糖体上合成以后即有活性
C.生物膜上的蛋白质可分为载体蛋白和受体蛋白两类
D. 生物膜的选择透过性与蛋白质和磷脂分子都有关
【答案】D
【分析】蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样
①有的蛋白质是细胞结构的重要组成成分，如肌肉蛋白；
②有的蛋白质具有催化功能，如大多数酶的本质是蛋白质；
③有的蛋白质具有运输功能，如载体蛋白和血红蛋白；
④有的蛋白质具有信息传递，能够调节机体的生命活动，如胰岛素；
⑤有的蛋白质具有免疫功能，如抗体。
【详解】A、蛋白质中一定含有C、H、0、N，但不一定含有P，A错误；
B、生物膜上的蛋白质由附着在内质网上的核糖体合成后，再经内质网和高尔基体加工后才有活性，B错误；
C、生物膜上的蛋白质除了载体蛋白和受体蛋白外，还有结构蛋白和起催化作用的酶等，C错误；
D、生物膜的主要成分是磷脂和蛋白质，生物膜的选择透过性与蛋白质和磷脂分子都有关，D正确，
故选D。
2. 下列有关细胞呼吸的叙述,正确的是
A.活细胞中的线粒体分布在细胞质中代谢比较旺盛的部位
B.过保质期的酸奶常出现胀袋现象是由于乳酸菌无氧呼吸产生的气体造成的
C.呼吸作用的终产物中有水,则一定进行了无氧呼吸
D.真核细胞都进行有氧呼吸
【答案】C
【分析】细胞呼吸原理的应用
（1）种植农作物时，疏松土壤能促进根细胞有氧呼吸，有利于根细胞对矿质离子的主动吸收；
（2）利用酵母菌发酵产生酒精的原理酿酒，利用其发酵产生二氧化碳的原理制作面包、馒头；
（3） 利用乳酸菌发酵产生乳酸的原理制作酸奶、泡菜；
（4）稻田中定期排水可防止水稻因缺氧而变黑、腐烂；
（5）提倡慢跑等有氧运动，是不致因剧烈运动导致氧的不足，使肌细胞因无氧呼吸产生乳酸，引起肌肉酸胀乏力。
【详解】A、活细胞中的线粒体往往可以定向地运动到代谢比较旺盛的部位，A错误；
B、乳酸菌无氧呼吸产物为乳酸，无CO2，B错误；
C、水是有氧呼吸中特有的终产物，无氧呼吸终产物中没有水，C正确；
D、哺乳动物成熟的红细胞只进行无氧呼吸。
故选C。
3. 拟南芥的种子萌发后,幼苗在破土前顶端会形成“弯钩”结构，而在对照组SA处理组破土后“弯钩”打开,幼苗得以直立生长。研究发现，“弯钩”的形成与生长素分布不均有关,水杨酸(SA)对“弯钩”的形成有影响，相关实验结果如图所示。下列有关叙述正确的是
A.破土前，“弯钩”内侧的生长速度比外侧快
B.破土后，“弯钩”外侧的生长速度比内侧快
C.“弯钩”破士前后的生长状况可说明拟南芥“弯钩”内侧生长素分布多
D.SA 可能是通过影响生长素的分布，从而影响拟南芥顶端“弯钩”的形成
【答案】D
【分析】已知弯钩的形成是由于尖端一侧的生长素浓度过高，抑制生长，说明弯钩形成体现了生长素作用的两重性，据图可知，与对照组相比，SA处理组的弯钧没有打开，可推知SA可能影响生长素在弯钧内外侧的分布。
【详解】A、破土前，“弯钩”内侧的生长速度比外侧慢，A错误;
B、破士后“弯钩”打开，幼苗得以直立生长，则破土后，“弯钩”外侧的生长速度大于内侧，B错误；
C、幼苗在破士前顶端会形成 弯钩"结构，而在破土后“弯钩”打开，幼苗得以直立生长，因此破士前生长素浓度，内侧＜外侧，
破土后生长素浓度内侧＞外侧，C错误；
D、与对照组相比，SA处理组的弯钩没有打开，可推知SA可能影响生长素在弯钩内外侧的分布，D正确。
故选D。
4.肾上腺素既是肾上腺髓质分泌的激素，也是某些神经元分泌的神经递质，
这种神经递质可与相应的受体结合，引起内脏及皮肤血管收缩，心跳加速，汗腺分泌，肝糖原分解，不
列相关叙述错误的是
A.肾上腺髓质分泌肾上腺素受神经的直接支配
B.肾上腺素可引起突触后膜发生由“电信号→化学信号”的变化
C.肾上腺素能通过体液运输到达心脏，引起心跳加速
D.神经元分泌肾上腺素的过程与细胞呼吸有关
【答案】B
【分析】本题考查肾上腺素相关知识。
【详解】A、分泌肾上腺素，分泌活动受神经的直接支配，故A正确；
B、肾上腺素可引起突触后膜发生由“化学信号→电信号”的变化，在突触前膜发生由“电信号→化学
信号”的变化，故B错误；
C、激素的三大特征：微量高效；由体液运输；作用于靶细胞和靶器官。所以肾上腺素能通过体液运输到心
脏，引起心跳加速，故C正确；
D、肾上腺素属于生物原胺类的神经递质，是通过胞吐，需要通过细胞呼吸提供能量，故D正确。
故选B。
5.现用山核桃的甲（AABB)、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1,F1测交结果如表,下列有关叙述不正确的是
A. F1 产生的AB花粉 50％不能萌发,不能实现受精
B. F1自交得F2，F2的基因型有9种
C. F1花粉离体培养,将得到四种表型不同的植株
D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
【答案】D
【分析】本题考查基因的自由组合定律，双杂合测交的特殊分离比
【详解】A、正常情况下，双杂合测交后代四种表现型的比例应该是1：1：1：1,而作为父本的F1测交结果为AaBb： Aabb：aaBb：aabb：=1：2：2：2,说明父本F1产生的 AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A正确；B、F1自交后代中有9种基因型，B正确；
C、F1花粉离体培养，将得到四种表型不同的单倍体植株，C正确；
D、根据题意可知，正反交均有四种表型,说明符合基因自由组合定律,D错误。
故选D。
6. 下图是某丘陵山地群落演替过程。相关叙述正确的是
A. 过程①②均为次生演替，决定两者演替方向的因素相同
B. 在演替过程中,各植物种群的环境容纳量保持相对稳定
C. 在演替过程中，草本阶段和乔木阶段物种组成完全不同
D. 与灌木阶段相比，乔木阶段垂直结构复杂，光能利用率高
【答案】D
【分析】群落演替是指随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程。其主要类型有初生演替和次生演替；初生演替是指一个从来没有被植物覆盖的地面，或者是原来存在过植被，但是被彻底消灭了的地方发生的演替；次生演替原来有的植被虽然已经不存在，但是原来有的士壤基本保留，甚至还保留有植物的种子和其他繁殖体的地方发生的演替。
【详解】A、过程①②均为次生演替，决定两者演替方向的因素不同，后者体现了人类活动能改变群落演替的方向和速度，A错误;
B、演替的本质是物种的优势取代的过程，据此可推测，在演替过程中，各植物种群的环境容纳量会发生变化，B错误；
C、在演替过程中，草本阶段和乔木阶段物种组成不完全不同，因为有些物种在草本阶段、灌木阶段和乔木阶段都会一直会存在，C错误;
D、与灌木阶段相比，乔木阶段垂直结构更加复杂，生物对群落中空间资源的利用率更高，因而乔木阶段表现得光能利用率更高，D正确。
故选D。
二、非选择题:共54分。第29~32题为必考题,每个试题考生都必须作答。第37~38题为选考题,考生根据要求作答。
(一) 必考题:共39分。
29. (9分)农业生产中，农作物生长所需的氮素可以NO3-的形式由根系从士壤中吸收。作物乙的根细胞吸收NO3-的速率与O2浓度的关系如图所示。
(1) 由图可判断NO3-进入根细胞的运输方式是 ，判断依据是 。
（2）O2浓度大于a时，作物乙吸收NO3-的速率不再增加，推测其原因是 。
(3)当作物甲和作物乙各自的NO3-的吸收速率达到最大时，作物甲根细胞的呼吸速率大于乙，判断依据是 。
（4）据图可知，在农业生产中，为促进农作物对NO3-的吸收利用，可以采取的措施是 。
30. (9分) 真核细胞内染色体外环状DNA (eccDNA） 是游离于染色体基因组外的DNA， DNA的损伤可能会导致eccDNA的形成。如图中途径1、2分别表示真核细胞中DNA复制的两种情况，a、b、a'和b'表示子链的两端，①~④表示生理过程。请据图回答。
回答下列问题：
（1）途径1中酶2为______________，途径2中④过程需要______________酶的作用。
（2）途径2中a、b、a'和b'中为5'端的是________________。
（3）观察过程①③可推测DNA复制采用了_____________等方式，极大的提升了复制速率。
（4）下列属于ecCDNA形成的原因可能有__________。
A.DNA 发生双链断裂
B.染色体片段丟失
C.染色体断裂后重新连接
D.DNA中碱基互补配对
（5） eccDNA 在肿瘤细胞中普遍存在，肿瘤细胞分裂时，因eccDNA无________________(填结构），而无法与________________连接，导致不能平均分配到子细胞中。由此可见eccDNA的遗传________________（填“遵循”或“不遵循”）孟德尔遗传规律。
【答案】（1） (1) DNA聚合酶；DNA连接
（2） a和a'
（3）双向、多起点
（4）ABC
（5）着丝点（着丝粒）；星射线（纺锤丝）； 不遵循
【分析】①表示正常DNA复制，③表示受损伤的DNA复制，②④表示两条单链复制产生子代DNA过程。
其中，a、b、a和b'表示子链的两端，酶1表示解旋酶，酶2表示DNA聚合酶，本题结合过程图，考查DNA的复制过程，要求考生识记DNA的过程、条件、场所及产物等基础知识，能准确判断图中各过程及物质的名称，能结合图中信息答题。
【详解】（1） 由题图可知，途径1中酶2是DNA聚合酶。途径2中④过程需要除了需要DNA聚合酶外，还需要DNA连接酶将复制后不连续的DNA片段连接起来。
（2） 根据DNA的复制方向，确定途径2中a、b、a和b中为5'端的是a和a'。
（3） 观察过程①③可推测DNA复制采用了双向、多起点等方式，极大的提升了复制速率。
（4）据题干信息可知，eccDNA的形成是DNA的损伤后复制产生的，而DNA发生双链断裂、染色体片段丢失、染色体断裂后重新连接都会导致DNA受到损伤，故选：ABC。
（5） 肿瘤细胞分裂时，因eccDNA无着丝点，而无法与星射线连接，导致不能平均分配到子细胞中。由此
可见，eccDNA的遗传不遵循孟德尔遗传规律。
31. (9分) 湿地生态系统在蓄洪防旱、调节气候等方面有重要作用。如图为某总面积为300 hm2 的湿地受有害物质a污染后，有害物质a的浓度在各营养级部分生物种类体内的变化情况。回答下列问题：
（1）作为完整的生态系统,图中缺少的成分有_________________________，湿地生态系统在
蓄洪防旱、调节气候等方面有重要作用，这说明生物多样性具有___________价值。
（2）该湿地生态系统中燕鸥种群的K值为2400 只。当燕鸥的种群密度为________只/ hm2时，其种群增长速率最大。燕鸥的同化量除用于呼吸消耗之外，还用于________________________等生命活动。
（3）该生态系统中有一种有害昆虫，目前控制的主要方法是使用汽车和空中喷雾器以小剂量施用有机磷农药,此方法属于___________________防治, 这种方法具有快速、高效等优点,但不建议频繁使用,原因是______________________________________ (答出两点即可）。
【答案】（1）非生物的物质和能量、分解者；间接
（2）4 ；自身的生长、发育和繁殖
（3）化学 ；磷会对环境造成污染; 有害昆虫对化学药剂可能会产生抗药性，可能会对其他生物造成伤害
【分析】此题考察了生态系统的组成成分，包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者；生物多样系的价值包括直接价值和间接价值；种群数量为K/2时，种群增长速率最大；防治有害动物的方法有机械防治、化学防治和生物防治。
【详解】（1）态系统的组成成分，包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者；
（2）种群数量为K/2时，种群增长速率最大。当燕鸥的种群密度为4只/ hm2时，其种群增长速率最大。
（3）防治有害动物的方法有机械防治、化学防治和生物防治。题目中控制的主要方法是使用汽车和空中喷雾器以小剂量施用有机磷农药,此方法属于化学防治；虽然这种方法具有快速、高效等优点, 但磷会对环境造成污染; 有害昆虫对化学药剂可能会产生抗药性，可能会对其他生物造成伤害等。
32. （12分）无尾猫是一种观赏猫．猫的无尾和有尾由一对等位基因（A、a）控制． 为了选育纯种无尾猫，让无尾猫自交多代，但发现每一代中总会出现有尾猫，且无尾猫与有尾猫的比例为2：1. 由此推断：
（1）猫的有尾和无尾是一对______________________，其中____________是显性性状，控制此性状的基因的传递符合遗传规律中的________________________定律，无尾猫自交后代总会出现既有无尾猫又有有尾猫的现象称作___________。
（2）无尾猫的基因型为______________，有尾猫的基因型为__________；无尾猫自交，后代无尾猫与有尾猫的比例为2：1，推测其原因是 。
（3）让无尾猫与有尾猫杂交，后代出现无尾猫的比例为 。
【答案】（1）相对性状；无尾；（基因)分离；性状分离
（2）Aa ；aa；AA个体无法存活
（3）1/2
【分析】由题意知，猫的无尾和有尾由一对等位基因 (A、a)控制，因此猫的有尾和无尾是一对相对性状，且在传过程中遵循基因的分离定律；又知，无尾猫之间自交多代，每一代中总会出现有尾猫，旦无尾猫与有尾猫的比例为2：1，说明无尾对有尾是显性性状，无尾猫的基因型是Aa， 自交后代的基因型及比例是AA: Aa:aa=1:2：1，后代的性状分离比是2：1，不是3：1，最可能的原因是显性纯合致死，本题重在考查学生掌握相对性状、性状分离的概念和性状的显性和隐性的判断方法，理解基因分离定律的实质，学会应用相关知识分析性状偏离比现象。
【详解】(1)由分析可知，猫的有尾和无尾是一对相对性状；其中无尾是显性性状，控制此性状的基因的传递符合基因分离定律；无尾猫自交，后代总会出现既有无尾猫又有有尾猫的现象称作性状分离；
(2)由分析可知，无尾猫的基因型是Aa；有尾是隐性性状，基因型为aa； 无尾猫自交，后代无尾猫与有尾猫的比例为2：1，最可能的原因是显性纯合致死．
(3)无尾猫的基因型是Aa， 有尾猫的基因型是aa、二者杂交后代的基因型及比例是Aa: aa=1：1，前者表现
为无尾，后者表现为有尾。
(二)选考题:共15分。请考生从2道生物题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。
37. 研究人员从海底微生物中分离到一种在低温下有催化活性的α-淀粉酶 A3,并对其进行了研究。回答下列问题：
（1）在以淀粉为底物测定 A3酶活性时，既可检测淀粉的减少，检测应采用的试剂是___________________，
也可采用斐林试剂检测____________________的增加。
（2）在A3的分离过程中可采用聚丙烯酰胺凝胶电泳检测其纯度，通常会在凝胶中添加 SDS,SDS 的作用是
________________________________________和________________________________________。
（3）本实验中，研究人员在确定A3的最适pH 时使用了三种组分不同的缓冲系统，结果如图所示。某同学据图判断，缓冲系统的组分对酶活性有影响，其判断依据是________________________________________。
（4）在制备A3的固定化酶时，一般不宜采用包埋法，原因是_______________________。（答出1点即可）。
【答案】（1）碘液；还原糖（或答：葡萄糖）
（2）消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响；使蛋白质发生变性
（3）在pH值相同时，不同缓冲系统条件下所测得的相对酶活性不同
（4）酶分子体积小，很容易从包埋材料中漏出
【分析】1、细胞组成中化合物的鉴定
（1）可溶性还原糖+斐林试剂→砖红色沉淀。（50-60°C水浴加热）
（2） 淀粉＋碘→变蓝。
2、蛋白质提取和分离---凝胶电泳法：
（1） 原理：不同蛋白质的带电性质、电量、形状和大小不同，在电场中受到的作用力大小、方向、阻力不
同，导致不同蛋白质在电场中的运动方向和运动速度不同。
（2） 分离方法：琼脂糖凝胶电泳、聚丙烯酰胺凝胶电泳等。
（3） 分离过程：在一定pH下，使蛋白质基团带上正电或负电；加入带负电荷多的SDS（加入SDS的作用是消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响和使蛋白质发生变性），形成“蛋白质-SDS复合物”，使蛋白质迁移速率仅取決于分子大小。
3、细胞固定化的方法：
（1） 吸附法：是制备固定化动物细胞的主要方法，此法也可制备固定化植物细胞，它既可将植物细胞吸附
在泡沫塑料的大孔隙或裂缝之中，也可将植物细胞吸附在中空纤维的外壁上；
（2） 包埋法：是指将细胞包埋在多孔载体的内部而制成固定化细胞的方法。其中，凝胶包埋法是应用最广
泛的细胞固定化方法，它所使用的载体主要有琼脂海藻酸钠凝胶、角叉菜胶、明胶等。
（3） 方法的选择：一般来说，酶更适合采用化学结合法和物理吸附法固定化，而细胞多采用包埋法固定化。这是因为细胞体积大，而酶分子很小；体积大的细胞难以被吸附或结合，而酶的体积小容易从包埋材料
中漏出。
【详解】（1）在以淀粉为底物测定A3酶活性时，淀粉会被A3水解为葡萄糖，在底物淀粉没有完全被水解时，反应液中含有淀粉和葡萄糖，检测淀粉可用碘液，淀粉遇碘液颜色会变为蓝色，而葡萄糖是还原性糖，其与斐林试剂在50-60°C水浴加热条件下会形成砖红色沉淀故在以淀粉为底物测定A3酶活性时，既可检测淀粉的减少，检测应采用的试剂是碘液，也可采用斐林试剂检测葡萄糖的增加。
（2）蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶电泳中的迁移率取決于它所带负电荷的多少以及分子的大小等因素。为了消除静电荷对迁移率的影响，可以在凝胶中加入SDS，SDS能使蛋白质发生变性。故在A3的分离过程中可采用聚丙烯酰胺凝胶电泳检测其纯度，通常会在凝胶中添加SDS，SDS的作用是消除蛋白质所带负电荷对迁移率的影响和使蛋白质发生变性。
（3） 结合曲线图分析可知，三组缓冲系统中在pH值不同时，酶的活性不同，且在pH值相同时，其酶的活性也不同。故能够推断出缓冲系统的组分对酶活性有影响，其判断依据是在pH值相同时，不同缓冲系统条件下所测得的相对酶活性不同。
（4）在细胞固定化方法选择时，一般来说酶更适合采用化学结合法和物理吸附法固定化，而细胞多采用包
埋法固定化。这是因为细胞体积大，而酶分子很小;体积大的细胞难以被吸附或结合，而体积小的酶容易
从包埋材料中漏出。故在制备A3的固定化酶时，一般不宜采用包埋法，原因是酶分子体积小，很容易从包
埋材料中漏出。
38. 已知新冠病毒的 S抗原基因编码的S蛋白在感染人体细胞的过程中起到关键作用，S蛋白与人细胞膜上 ACE2 受体结合后，新冠病毒入侵人体细胞。我国陈薇院士团队成功开发了一种以人复制缺陷腺病毒为载体的重组新型冠状病毒基因疫苗，目前已获批上市。回答下列问题：
（1）制备腺病毒载体新冠疫苗时，首先需在_____________的作用下，以新冠病毒的遗传物质 RNA为模板经过逆转录得到S抗原基因后，利用 PCR技术扩增S抗原基因的体系中需加入_____________酶。
（2）腺病毒 DNA 上有__________________________，便于 S抗原基因插入，S抗原基因整合进腺病毒基因组时，需将S抗原基因插在腺病毒载体的启动子和终止子之间，使S抗原基因能_______________________，从而激发人体产生抵抗新冠病毒的抗体和记忆细胞。
（3）研究人员还可将S蛋白注入动物体内，一段时间后从其脾脏中获取浆细胞，与骨髓瘤细胞融合，并利用选择培养基筛选出__________________________的杂交瘤细胞。接着经过多次筛选并在体外培养，获得
针对S 蛋白的单克隆抗体，该单克隆抗体最主要优点是_______________________________________。
（4）将新冠病毒灭活制成的灭活疫苗对预防新冠肺炎也有很好的效果，这种疫苗免疫程序是两针免疫，接种间隔为 3-8周，间隔时间过长、过短都可能影响免疫预防的效果，原因可能是
。
【答案】（1）逆(或反）转录酶；热稳定DNA聚合(或Taq)
（2）一个或多个限制酶的切割位点；表达出S蛋白
（3）既能分泌抗体又能无限增殖; 特异性强、灵敏度高、可大量制备
（4）间隔时间太短，前一次产生的抗体水平较高，会将后一次接种的疫苗中和，降低疫苗的作用效果：间隔时间太长，前一次的记忆细胞减少，使得后一次接种的疫苗产生的免疫加强效果下降
【分析】本题考查基因工程和单克隆抗体的制备的相关知识。意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。1.基因工程技术的基本步骤：①目的基因的获取：方法有从基因文库中获取、利用PCR技术扩增和人工合成。②基因表达载体的构建：是基因工程的核心步骤基因表达载体包括目的基因、启动子、终止子和标记基因等。③将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同，导入的方法也不一样。将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法，基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法。④目的基因的检测与鉴定：分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是是否播入目的基因-DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA--分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质-抗原-抗体杂交技术。个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等。
2.单克隆抗体是由单-B细胞克隆产生的高度均一、仅针对某一特定抗原表位的抗体，通常采用杂交瘤技术来制备，杂交瘤抗体技术是在细胞融合技术的基础上将具有分泌特异性抗体能力的致敏B细胞和具有无限繁殖能力的骨瘤细胞融合为B细胞杂交瘤。
【详解】（1）已知新冠病毒的S抗原基因编码的S蛋白在感染人体细胞的过程中起到关键作用。制备腺病毒载体新冠病毒疫苗时，首先需要在逆转录酶的作用下，以新冠病毒的遗传物质RNA为模板经过逆转录得到S抗原基因。利用PCR技术扩增S抗原基因，体系中需加入热稳定DNA聚合酶。
（2）腺病毒DNA上有一个或多个限制酶的切割位点，便于S抗原基因插入，S抗原基因整合进腺病毒基因组时，需将S抗原基因插在腺病毒载体的启动子和终止子之间，启动子是RNA聚台酶结合位点，从而驱动转录的发生，终止子让转录终止，从而能正确表达出S蛋白使S抗原基因能表达出S蛋白，从而激发人体产生抵抗新冠病毒的抗体和记忆细胞。
（3）研究人员还可将S蛋白注入动物体内，一段时间后从脾脏中获取浆细胞，与骨髓瘤细胞融合，并利用选择培养基筛选出既能分泌抗体又能无限增殖的杂交瘤细胞接着经过多次筛选获得针对S蛋白的单克隆抗体，该单克隆抗体最主要优点是特异性强、灵敏度高、可大量制备。
（4）将新冠病毒灭活制成的灭活疫苗对预防新冠肺炎也有很好的效果，这种疫苗免疫程序是两针免疫，接种间隔为3-8周，若间隔时间太短，前一次产生的抗体水平较高，会将后一次接种的疫苗中和，降低疫苗的作用效果；若问隔时间太长，前一次的记忆细胞减少，使得后一次接种的疫苗产生的免疫加强效果下降。
相关试卷
必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（浙江卷）（原卷版+解析版）： 这是一份必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（浙江卷）（原卷版+解析版），文件包含必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷浙江卷解析版docx、必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷浙江卷原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共32页， 欢迎下载使用。
必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（河北卷）（原卷版+解析版）： 这是一份必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（河北卷）（原卷版+解析版），文件包含必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷河北卷解析版docx、必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷河北卷原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共35页， 欢迎下载使用。
必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（山东卷）（原卷版+解析版）： 这是一份必刷卷04——【高考三轮冲刺】2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷（山东卷）（原卷版+解析版），文件包含必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷山东卷解析版docx、必刷卷04高考三轮冲刺2023年高考生物考前20天冲刺必刷卷山东卷原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共47页， 欢迎下载使用。
