2023年中考押题预测卷02（重庆卷）-物理（全解全析）

这是一份2023年中考押题预测卷02（重庆卷）-物理（全解全析），共21页。试卷主要包含了075A×40Ω=3V，0 10 2等内容，欢迎下载使用。

重庆市2023年初中学业水平暨高中招生考试（押题卷B）
物理试题
(全卷共四个大题，满分80分与化学共用120分钟)
注意事项:
1.试题的答案书写在答题卡上，不得在试题卷上直接作答。
2.作答前认真阅读答题卡上的注意事项。
3.考试结束，由监考人员将试题卷和答题卡一并收回。
4. 全卷取g=10N/kg，水的密度ρ＝1.0×10³kg/m³。
一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）
1．下列认识中，最接近实际的是（　　）
A．人的正常体温约为38℃ B．一部普通智能手机的质量约为2kg
C．家用电冰箱的额定功率约为1000W D．声音在空气中的传播速度约为340m/s
【答案】D
【解析】A．人的正常体温约为37℃，故A不符合题意；
B．普通智能手机的质量约125g，故B不符合题意；
C．家用电冰箱的额定功率约为100W，故C不符合题意；
D．声音在15℃的空气中传播的速度约为340m/s，故D符合题意。
故选D。
2．下列四幅图中的光现象，由光的反射形成的是（　　）
A．树荫下的圆斑 B．水中的倒影
C．白光透过三棱镜   D．海市蜃楼
【答案】B
【解析】A．树荫下的圆斑是太阳透过树叶的缝隙成的像，是小孔成像，是由于光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B．水中的倒影是物体在水面成的像，是平面镜成像，是因为光在水面发生反射形成的，故B符合题意；
C．白光透过三棱镜会被分解成各种颜色的光，是因为光在空气和玻璃中传播时发生折射，不同颜色的色光折射的程度不同形成的，故C不符合题意；
D．海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故D不符合题意。
故选B。
3．如图所示是历史悠久、价格实惠、味道独特、文明全国的万州格格，下列说法正确的（　　）

A．格格冒出的“白气”是由水蒸气汽化形成的
B．格格下面的锅是用铁做的，是利用铁的比热容大
C．在蒸格格的过程中，格格温度升高是通过热传递改变的
D．格格下面铁锅中已沸腾的水温度一直升高，内能增大
【答案】C
【解析】A．根据物质的物态变化特点可知，“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水珠，故A错误；
B．铁具有良好的导热性，因此格格下面的锅是用铁做的，故B错误；
C．在蒸格格的过程中，格格从水中吸收热量，内能增大，温度升高，因此是通过热传递来改变的，故C正确；
D．根据水的沸腾特点可知，水沸腾时，内能增大，温度保持不变，故D错误。
故选C。
4．如图是一种常见的话筒动圈式话筒的构造图，如图所示的四幅图中能够说明其工作原理的是（  ）

A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】当你对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起振动，而线圈处在磁场中，线圈振动时切割磁感线，能产生随着声音变化而变化的电流。动圈式话筒运用的是电磁感应的原理；
A．图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，是利用电磁感应原理工作的，故A正确；
B．该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C．该图是通电线圈在磁场中受到力的作用，导体会转动，故C错误；
D．图中电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，故D错误。
故选A。
5．轮渡曾是重庆重要的水上交通工具，如图所示。随着跨江大桥的修建，轮渡逐步变为旅游观光的工具。下列说法正确的是（   ）

A．船的甲板上有凹凸的花纹是为了增大摩擦 B．静止在江面上的轮渡受到的浮力大于重力
C．船工的鞋底一般比较宽大是为了增大压强 D．船在靠岸前关闭发动机是借助惯性力前进
【答案】A
【解析】A．船的甲板上有凹凸的花纹，是增大了接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦，故A正确；
B．由于轮渡静止在江面上，则轮渡竖直方向上受力平衡，即轮渡受到的浮力等于重力，故B错误；
C．根据可知，船工的鞋底一般比较宽大是为了减小压强，故C错误；
D．惯性是物体本身具有的一种性质，不是力，故D错误。
故选A。
6．如图所示是坐位体前屈测量仪，测试时根据挡板停留在刻度尺上的位置读数即可。晓晨利用电表等器材对该测量仪进行改进，使电表的示数随着挡板被推动距离的增大而增大。下列电路设计符合要求的是（　　）

A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】A．变阻器与R串联，电压表测变阻器的电压，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，由分压原理，电压表示数变小，故A不符合题意；
B．变阻器与R串联，电压表接在变阻器的滑片上，故电流要通过全部电阻丝，变阻器连入电路的电阻不变，由串联电阻的规律及欧姆定律可知电路的电流不变，电压表测滑片以左电阻丝的电压，当挡板被推动距离的增大时，滑片以左电阻丝变小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故B不符合题意；
C．变阻器与R串联，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电阻的规律可知电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流表示数变大，故C符合题意；
D．电流表与R并联，R短路，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变大，电路的电流变小，且到电流大到一定程度时，电流表有可能损坏，故D不符合题意。
故选C。
7．用如图所示装置在5s时间内将重40N的物体匀速提升了10m，拉力F大小为20N，不计绳重和摩擦。以下说法正确的是（　　）

A．提升重物过程中克服动滑轮重力做功400J B．提升重物过程中，拉力的功率为40W
C．此情景下滑轮组机械效率约为66.7% D．若只增加重物的重力，机械效率不变
【答案】C
【解析】A．由图知，承担物重的绳子有3段，不计绳重和摩擦，由

动滑轮重
G动=3F-G=3×20N-40N=20N
提升重物过程中克服动滑轮重力做功
W额=G动h=20N×10m=200J
故A错误；
B．绳子自由端移动的距离
s=3h=3×10m=30m
拉力做的功为
W总=Fs=20N×30m=600J
拉力的功率为

故B错误；
C．有用功
W有用=Gh=40N×10m=400J
滑轮组的机械效率

故C正确；
D．不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，若只增加重物的重力G′，动滑轮的重力不变，根据

故机械效率增大，故D错误。
故选C。
8．某水位自动测控仪的测量原理如图甲所示，电源电压U恒为6V，定值电阻R1=40，R2为一竖直固定光滑金属棒，总长40cm，阻值为40，其接入电路的阻值与对应棒长成正比。弹簧为导体，上端固定，滑片P固定在弹簧下端且与R2接触良好，滑片及弹簧的阻值、重力均不计。圆柱体M通过无伸缩的绝缘轻绳挂在弹簧下端，重80N，高60cm，底面积为100cm2，容器底面积为150cm2。当水位处于最高位置A时，M刚好浸没，此时滑片P恰在R2最上端；容器底部有出水口，当水位降至最低位置B时，M的下表面刚好离开水面。已知弹簧所受拉力F与其伸长量ΔL的关系如图乙所示。闭合开关S，打开阀门，水位从A下降到B的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表的示数变大 B．电压表的示数变化范围是0~3V
C．电压表的示数为2V时水位下降60cm D．放出水的体积为3000cm3
【答案】B
【解析】A．由图甲可知，电阻R1和变阻器R2串联，电压表测量变阻器R2两端的电压，当水位下降时，M所受的浮力减小，弹簧的拉力增大，弹簧的伸长量增大，滑片P向下移动，金属棒接入电路的长度减小，R1接入电路的阻值减小，根据串联分压特点可知，R1两端的电压减小，即电压表示数减小，故A错误；
B．当水位处于位置A时，滑片P在R1最上端，此时R1=40Ω，根据串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻
R=R0+R1=40Ω+40Ω=80Ω
电路中的电流

R1两端的电压
U1=IR1=0.075A×40Ω=3V
即电压表示数为3V，水位到B时，R2接入电流的电阻最小，由串联分压可知此时R2两端的电压最小，即电压表的示数最小，由于M的下表面刚好离开水面，则弹簧对它的拉力即为重力80N，由图乙可知此时弹簧的伸长量为40cm，即滑片P恰好位于R2的最下端，则R2接入电路的电阻为零，此时电压表被短路，其示数为零，故电压表的示数变化范围是0~3V，故B正确；
C．当电压表的示数为2V时，由欧姆定律和串联电路的特点可知R2接入电路的电阻

R2接入电路的电阻减小了
40Ω-20Ω=20Ω
R2为一竖直固定光滑金属棒，总长40cm，阻值为40，其接入电路的阻值与对应棒长成正比，所以

ΔL=20cm
弹簧伸长了20cm，即M下降了20cm，由图乙可知弹簧受到的拉力增大了40N，物体受到的浮力减小40N，M排开水的体积的变化量为

M露出水平面的高度

水面下降的高度
h降=hM降+h露=10cm+40cm=50cm
故C错误；
D．当水位从A下降到B的过程中，弹簧伸长了40cm，即M下降了40cm，M全部露出水面，则水面下降的高度
h′降=h′M降+h′露=40cm+60cm=100cm
放出水的体积为
V放=Sh′降=150cm2×100cm=15000cm3
故D错误。
故选B。
二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）
9．电流通过导体时导体都要发热，这个现象称为电流的______效应；1840年英国物理学家______最先确定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系。
【答案】 热 焦耳
【解析】[1]电流通过导体时，导体都要发热，将电能转化为内能，这个现象称为电流的热效应。
[2]1840年，英国物理学家焦耳经过大量的实验，最先确定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，为了纪念他对物理学所做的贡献，这一发现被称为焦耳定律。
10．如图所示是重庆两江新区的重庆中车研发的单轨系统车辆。该车辆采用最高等级的自动驾驶技术，可实现车辆自动唤醒、自动启停、自动回库等功能，以运动的车辆为参照物，轨道旁的树木是______（选填“运动”或“静止”）的。车厢内能分辨不同乘客的声音，是因为乘客声音的______不同。

【答案】运动 音色
【解析】[1]以运动的车辆为参照物，树木的位置不断变化，是运动的。
[2]不同的乘客说话时，由于声带结构、形状不同，发出声音的音色不同，所以分辨不同的乘客是因为声音的音色不同。
11．体积为0.1m3、热值为2.1×107J/m3的某气体燃料完全燃烧放出的热量为__J；若这些热量全部被温度为20℃、质量为10kg的水吸收，则水升高的温度是____℃ [c水=4.2×103J/（kg·℃）]。
【答案】 2.1×106 50
【解析】[1]完全燃烧0.1m3某气体放出的热量
Q放=qV气体=2.1×107J/m3×0.1m3=2.1×106J
[2]水温度升高的温度

12．如图，螺线管的左侧有一个用细线悬挂的小铁球右侧有一个能在水平面内自由转动的小磁针。开关闭合后，当滑片P向右滑动时，小磁针静止时右端为______（选填“S”或“N”）极，细线对小铁球的拉力和小铁球受到的重力______（选填“是”或“不是”）一对平衡力。

【答案】 S 不是
【解析】[1]开关闭合后，由右手螺旋定则可知螺线管左端为N极，右端为S极，则小磁针静止时右端为S极。
[2]螺线管对小铁球有引力，细线对小铁球的拉力不在竖直方向上，和小铁球受到的重力不在一条直线上，这两个力不是一对平衡力。
13．如图甲所示，边长10cm的均匀正方体，重为90N，放在水平桌面中央，上表面受到一个竖直向上的40N拉力，此时正方体对桌面的压强为________Pa。撤去F，沿水平方向切下一部分a立放在水平桌面上，且使a对桌面压强为剩余部分b对桌面压强的1.5倍，如图乙、丙所示，再将b沿水平方向截取高度叠放在a的上表面，如图丁，此时a对桌面的压强为________Pa。


【答案】 5000 1.8×104
【解析】[1] 正方体对桌面的压强

[2] 沿水平方向切下一部分a立放在水平桌面上，且使a对桌面压强为剩余部分b对桌面压强的1.5倍，则Pa=1.5Pb；
因为柱状固体放在水平地面上的压强可以用以下公式

可得ha=1.5hb，由此可得，，所以Ga=30N，Gb=60N；
又因为ha=10cm，所以
再将b沿水平方向截取高度叠放在a的上表面，如图丁，此时a对桌面的压强为

14．（1）请在图中画出经过凹透镜折射后的光线；
（2）如图所示，用笔画线代替导线，正确连接家庭电路。

【答案】（1） （2）
【解析】（1）凹透镜对光线具有发散作用，经过凹透镜指向另一侧焦点的光线折射之后会平行于主光轴，如图所示：

（2）为了安全，控制灯泡的开关要接在火线与灯之间，灯泡的螺旋套接在零线上，如图所示


三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小周8分，17小题9分，共23分。）
15．（1）如图甲所示为探究水沸腾的实验装置，图乙为某时刻温度计示数。


①图乙中温度计示数为______℃。实验测得水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压______标准大气压（选填“高于”或“低于”）；
②水沸腾时，大量气泡在水面破裂后会看到“白气”，“白气”是由于______（填物态变化名称）形成的。
（2）在“天宫课堂”的水球实验中，小军看到王亚平老师的倒立、缩小的像，如图甲所示。于是他利用实验室的光学器材探究凸透镜成像的规律。

①小军找到了一个焦距未知的凸透镜，用一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，直到光屏上出现最小最亮的光斑，如图乙所示。则凸透镜的焦距是______cm；
②如图丙所示，安装器材并调节烛焰、透镜和光屏，使它们三者中心大致在______；
③将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，移动光屏，光屏上会出现烛焰倒立、______的实像。
【答案】 85 低于 液化 10.0 同一高度 缩小

【解析】（1）①[1]图乙中的温度计分度值为1℃，数字越往上越大，为零上，示数为85℃；
[2]标准大气压下水的沸点是100℃，大气压越低，水的沸点越低。水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压低于标准大气压。
②[3]气泡破裂后，气泡内的水蒸气在空气中遇冷液化成小水滴，这就是“白气”。
（2）①[4]平行光正对凸透镜照射，这些光线平行于主光轴，经凸透镜折射后会聚于主光轴上一点，这个点就是焦点。移动光屏，直到光屏上出现最小最亮的光斑，该光斑就是凸透镜焦点，到光心的距离就是焦距，如图乙，焦距为
60.0cm-50.0cm=10.0cm
②[5]调节烛焰、透镜和光屏，使它们三者中心大致在同一高度，可以使烛焰的像成在光屏的中央，方便观察。
③[6]凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，则物距为
u=50cm-20cm=30cm
由于凸透镜焦距为10cm，所以u>2f，此时光屏上会出现倒立、缩小的实像。
16．小聪周末在长江边游玩时捡到一块鹅卵石，并带回实验室对该石块的密度进行了测量。

（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺左端的_________处，分度盘上的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向__________（选填“左”或“右”）调节，使天平横梁平衡；
（2）测量鹅卵石质量时，将最小为5g的砝码放入托盘天平的右盘后，分度盘上的指针如图甲所示，为了使天平的横梁平衡，应该__________（填正确的字母序号）；
A．把标尺上的游码向右移一些
B．把横梁两端的平衡螺母向右调节
C．把这个砝码取下，并把标尺上的游码向右移
（3）天平平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，接着测鹅卵石体积如丙图所示。则鹅卵石的质量_____g，鹅卵石的体积是_________cm3，鹅卵石的密度为______g/cm3；
（4）如果实验结束后发现天平右边托盘的砝码有一些生锈了，这会使测得的鹅卵石的密度_________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；
（5）同组的小明在实验过程中，小池不小心将量筒打碎了，经过思考，他采取了以下步骤测量鹅卵石的密度（如图丁）。先用天平测出鹅卵石的质量m0；再将鹅卵石放入盛水的烧杯中浸没，在水面到达的位置做上标记；接着取出鹅卵石，测得烧杯和水的总质量为m1；最后往烧杯中加水直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为m2，则鹅卵石的密度为________（用字母m0、m1、m2、ρ水表示）。
【答案】 零刻度线 右 A 27.0 10 2.7 偏小
【解析】（1）[1][2]根据天平的使用方法，由图甲可知，将天平放在水平桌面上，并将游码移至横梁标尺左端的零刻度线后，指针处于分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向右调节，使天平横梁平衡。
（2）[3]由图甲可知，测量质量时加入最小的5g砝码后，指针偏向左侧，说明砝码的总质量较小，这时鹅卵石的质量大于右盘中砝码的总质量；接下来的操作是：向右移动游码，直至天平平衡，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（3）[4]根据图乙可知，此天平标尺的分度值是0.2g，故此时鹅卵石的质量是
m=20g＋5g＋2.0g=27.0g
[5]由图丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒中水的体积V1=30mL；量筒中水和鹅卵石的总体积V2=40mL；故鹅卵石的体积为
V=V2-V1=40mL-30mL=10mL =10cm3
[6]根据可得，鹅卵石的密度为

（4）[7]如果实验结束后发现天平右边托盘的砝码有一些生锈了，砝码生锈质量变大，因此鹅卵石的质量测量结果偏小，根据可得，鹅卵石的体积不变，则测的鹅卵石的密度偏小。
（5）[8]实验中加水直到标记处，加的水的质量为

加的水的体积为

由题意可知，鹅卵石加入到盛有水的烧杯中，由于浸没，其排开水的体积为加的水的体积，即鹅卵石的体积为

根据密度公式可得，鹅卵石的密度为

17．在“测量小灯泡额定功率”实险中，小华选用了标有“2.5V”字样的小灯泡、电流表、电压表、开关、学生电源、标有“50Ω  1.5A”的滑动变阻器、若干导线等器材按如图所示连接起来。
（1）用笔画线代替导线将图甲电路补充完整，并使滑动变阻器右移时电路中电流变小；___________
（2）开关试触时发现电流表无示数、电压表满偏，出现此故障的原因是___________；
A．小灯泡断路                   B．小灯泡短路
C．滑动变阻器断路              D．滑动变阻器短路
（3）正确连接电路后，闭合开关，电压表及电流表示数如图乙，电源电压为___________V，小灯泡实际功率为___________W；

（4）为测小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向___________端移动滑片，当小灯泡正常发光，电流表示数为0.3A，则此小灯泡的额定功率为___________W；
（5）滑动变阻器的滑片向左移，小灯泡的电功率将___________（选填“增大“减小”或“不变”）；
（6）小华测出在不同电压下灯泡的电流值，将记录下来的数据描绘成I-U图像，如图丙，实验中发现灯泡电阻随温度升高而增大，则正确的图像为___________；
（7）实验过程中，小华向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了△P1，灯泡的功率交化了△P2，则△P1___________△P2（选填“>”“<”或“=”）。


【答案】 A 4 0.08 左 0.75 增大 C ＜

【解析】（1）[1]向右移时电流变小，则电路中总电阻变大，即滑动变阻器接入电路的阻值变大，因此如图所示

（2）[2]电流表无示数，说明电路中存在断路，电压表满偏，说明小灯泡之外的电路正常，因此故障为小灯泡断路，故选A。
（3）[3]闭合开关后，电流表测电路电流，电压表测小灯泡两端电压。由图可知，I=0.04A，UL=2V，则小灯泡电阻为

总电压为

[4]小灯泡的实际功率为

（4）[5]为了使电压达到2.5V，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器的阻值，即向左移动滑片。
[6]由题可知，小灯泡的额定功率为

（5）[7]当滑片向左移动时，滑动变阻器电阻变小，电流中电流增大，由可知，小灯泡功率增大。
（6）[8]因灯泡电阻随温度升高而增大，由可知，图像应偏向电压轴，故选C。
（7）[9]当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，根据知电路中的电流变大，由串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压增大，灯泡的实际功率变大；电源电压不变，由P=UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小量ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1＜ΔP2；

四、论述计算题（本题共3个小题，18小题6分，19 小题7分，20小题8分，共21分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）
18．质量为60kg的运动员小洋参加了自行车山地选拔赛，小洋在某路段匀速直线骑行，30s通过450m的路程，已知自行车的质量为10kg，该路段人和车所受阻力为总重力的0.02倍，求：
（1）小洋在匀速行驶时的平均速度是多少；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率是多少。
【答案】（1）15m/s ；（2）210W
【解析】解：（1）由题意可得，小洋在匀速行驶时的平均速度为


（2）由题意可得，匀速直线行驶时，车所受的阻力与驱动力大小相等，即
F=f
由题意可得，阻力为
f=0.02G=0.02(G人+G车)=0.02×(60kg×10N/kg+10kg×10N/kg)=14N
由功率公式可得

答：（1）小洋在匀速行驶时的平均速度为15m/s；
（2）在匀速行驶时，小洋骑车的功率为210W。
19．如图甲所示，小波家使用的一款智能养生壶，它具有加热、保温两挡功能，壶内部简化电路如图乙所示，其中R1和R2为电热丝，S2为自动控制开关，该养生壶的主要参数如表所示。求：
产品名称
智能养生壶
额定电压
220V
额定加热功率
880W
额定保温功率
110W
（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为多少A?
（2）电热丝R1的阻值为多少Ω？
（3）小波将该养生壶接入家庭电路中单独工作，在养生壶给水加热的过程中，观察到家里电能表（如图丙所示）的转盘3min内转了132转，则该养生壶加热时的实际电压是多少V?

【答案】（1）0.5；（2）385；（3）220
【解析】解：（1）由得，在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为

（2）由图乙得，两开关均闭合时，电路中只有R2，此时电路中电阻最小，为加热档，由得，R2阻值为

只闭合开关S1，两电阻串联，此时电路中电阻最大，为保温档，由得，电路总电阻为

则R1阻值为

（3）电加热器烧水3min消耗的电能为

加热功率为

由得，此时电加热器的实际电压为

答：（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为0.5 A；
（2）电热丝R1的阻值为385Ω；
（3）该养生壶加热时的实际电压是220V。
20．恩来广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，底面积分别为0.2m2、0.1m2，若沿水平方向将该模型切去一部分，并将切去部分放在同一水平面上。剩余部分对地面的压强为p1，切去部分对水平面的压强为p2，p1与切去部分的高度h的关系如图乙所示，求：
（1）h=0时，A对地面的压力；
（2）B的密度；
（3）当p1=p2时，h的大小。

【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】解：（1）由图乙可知，h=0时，，由可知，A对地面的压力为

（2）由图乙可知，h=0.7m时，物体B全部被切去，仅剩余A物体，A对地面的压力为

A对地面的压力等于A所受的重力，A的重力为

由图乙可知，h=0时，AB整体对地面的压力等于AB所受的重力，即

B所受重力为

由图乙可知，h=0.7m时，物体B全部被切去，即物体B的高度为0.7m，物体B的体积为

B的密度为

（3）切去部分的重力为

切去部分对水平面的压强为

B剩余部分所受重力为

剩余部分对地面的压强为

当时，则

代入数值解得h的大小为

答：（1）h=0时，A对地面的压力为；
（2）B的密度为；
（3）当p1=p2时，h的大小为。