2023年中考押题预测卷01（长沙卷）-物理（全解全析）

2023年中考押题预测卷01【长沙卷】

物理·全解全析

1．【答案】D

【解答】解：A、我国家庭照明电路的电压为220V，故A符合实际；

B、人的正常体温大约在36.5℃左右，变化不大，故B符合实际；

C、一元硬币的质量较小，在6g左右，故C符合实际；

D、容积200L的家用节能冰箱一天耗电在0.7kW•h左右，故D不符合实际。

故选：D。

2．【答案】B

【解答】解：A、树叶中的水由液态变为气态，属于汽化现象，汽化吸热，故A错误；

B、冰是水温度降到零摄氏度以下凝固形成的，属于凝固现象，凝固放热，故B正确；

C、因为“加盖”后可以减小锅内水的蒸发，水蒸发吸热，故C错误；

D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故D错误。

故选：B。

3．【答案】D

【解答】解：重力方向是竖直向下（垂直于水平面）、作用点在重心；

A、图中力的方向竖直向上，故A错误；

B、图中力的方向垂直斜面向下，是物体对斜面的压力，不是重力，故B错误；

C、图中力的方向斜向上，故C错误，

D、小球受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，故D正确。

故选：D。

4．【答案】B

【解答】解：A、泥鳅身上有许多粘液，可以在压力一定时，减小接触面的粗糙程度减小摩擦力，从而方便逃生，故A正确；

B、骆驼能在沙漠自如行走，是因为它的脚掌面积很大，在压力一定时减小了骆驼对地面的压强，从而不会陷入沙漠中，故B错误；

C、根据p＝ρgh深海处的海水压强很大，深海鱼长期生活在深海处已经适应了这个压强，故把它打捞到岸上时压强远小于深海处的压强，所以会死掉，故C正确；

D、鸟类的翅膀上凸下平，使鸟的翅膀上方空气流速快压强小，从而获得向上的升力，故D正确。

故选：B。

5．【答案】C

【解答】解：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开，这表明灯泡和动力装置能各自独立工作，并联在电路中，启动开关S1接在干路中，控制整个电路；感应开关S2控制动力装置，串联在动力装置的支路上，故C符合题意。

故选：C。

6．【答案】C

【解答】解：茶叶浸在水中时，受到液体的浮力F浮和重力G两个力的作用，

A、悬停的茶叶，由物体的浮沉条件可知受到的浮力等于重力，故A错误；

B、漂浮在水面的茶叶受到平衡力的作用，不是惯性作用，故B错误；

C、喝茶时握在手中静止的茶杯受摩擦力和重力的作用，因茶杯处于静止平衡状态，受到的力是平衡力，则所受的摩擦力等于其重力，故C正确；

D、杯子和水所受重力与桌面对杯子的支持力，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D错误。

故选：C。

7．【答案】A

【解答】解：乙同学欲使自己被跷起，根据杠杆的平衡条件可知，可以减小乙对跷跷板的压力或减小乙对跷跷板的压力的力臂，故乙应该向前移动；

若甲前进点，则甲对跷跷板压力的力臂变小，甲对跷跷板压力与其力臂的乘积变小，乙同学不会被跷起，故A正确。

故选：A。

8．【答案】D

【解答】解：A、若蜡烛移到A位置，则物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，像与物在凸透镜的同侧，虚像不能呈现在光屏上，故眼睛在①位置不可以看到光屏上的像，故A错误；

B、若蜡烛移到B位置，物体位于焦点处，经凸透镜折射后成为平行光，不成像，故眼睛在②位置不能看到蜡烛同侧的像，故B错误；

C、若蜡烛移到C位置，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像，和投影仪原理相同，故C错误；

D、物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，蜡烛从E向D移动过程中，即从2倍焦距外向2倍焦距处移动的过程中，物距变小，像距变大，像变大，即能看到光屏上的像，而且像会变大，故D正确。

故选：D。

9．【答案】D

【解答】解：由图可知，开关闭合后，电流的路径只有一条，为串联电路，电压表测量的是L1两端的电压，电流表测量通过两个灯泡的电流，故D正确。

故选：D。

10．【答案】AD

【解答】解：

A、一般情况下，声音在各种介质中传播的速度不同；因声速还受介质温度的影响，所以声音在同种介质中传播速度不一定相同，故A错误；

B、一切正在发声的物体都在振动；敲鼓时，泡沫屑会不停地跳动，这表明发声体在振动，故B正确；

C、不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色也不同，所以人们可以通过音色来区分笛子和二胡的声音，故C正确；

D、把手机调到静音状态是在声源处减弱噪声，故D错误。

故选：AD。

11．【答案】BD

【解答】解：A、该盆栽悬浮的原理利用了同名磁极相互排斥，当盆栽悬浮在空中静止不动时，受的力是平衡力，即盆栽的总重力和磁力大小相等，当浇水后重力变大，故磁力也变大，故A错误；

B、影响压强的因素是压力和受力面积，当浇水后重力变大，磁力也变大，对桌面的压力也变大，根据p＝在压力变大，受力面积不变时，压强变大，故B正确；

C、要使盆栽与底座之间距离不变，需增大磁力，磁力的大小与电流的方向无关，故C错误；

D、要使盆栽与底座之间距离不变，需增大磁力，电磁铁磁性强弱与电流的大小有关，其他条件相同，电流越大，磁性越强，故要增大磁力需增大电流，故D正确。

故选：BD。

12．【答案】AC

【解答】解：

A、①图说明通电导体在磁场中受力运动，电动机就是根据这个原理制成的，故A正确；

B、②图说明同种电荷相互排斥，磁悬浮列车是依据磁极间的相互作用来实现悬浮的，故B不正确；

C、手摇发电机的工作原理是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生感应电流，这就是电磁感应现象，故C正确；

D、图④是探究电荷间的相互作用规律，同名磁极相互排斥；而d验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D不正确。

故选：AC。

13．【答案】运动；不停地做无规则运动。

【解答】解：

坐在行驶于河中游船上的乘客相对于河岸，位置发生了改变，所以以河岸为参照物，游客是运动的；

游客闻到花香说明花香分子在空气中做无规则运动，所以人们可以闻到花的香味。

故答案为：运动；不停地做无规则运动。

14．【答案】不可再生；内。

【解答】解：

天然气随着使用不断减少，短时间内从自然界得不到补充，因此属于不可再生能源；

天然气在燃烧时，内部的化学能转化成内能，内能又转化汽车的机械能。

故答案为：不可再生；内。

15．【答案】OB。

【解答】解：如图，拉杆箱相当于一个杠杆，O是支点，拉力F是动力，AB与F共线，即AB在拉力F的作用线上，过支点O向拉力F的作用线作垂线段，则OB是拉力F的力臂。

故答案为：OB。

16．【答案】（1）2；进户零线断路；（2）0.4；0.3

【解答】解：（1）保险丝接在火线上，开关应接在灯与火线之间。因此开关应接在2处。当测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说明通过电灯、开关与火线相通了，故零线断路。

（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，

由图象可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1＝2V，

因为串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，

串联电路中各处的电流相等，＝，即＝，

解得：R1＝10Ω；R1消耗的功率：P1＝＝＝0.4W；

当滑片P移到中点时，根据图像可知，R1两端的电压为3V，则通过R1的电流为：I'＝＝＝0.3A。

故答案为：（1）2；进户零线断路；（2）0.4；0.3。

17．【答案】1；270。

【解答】解：当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在AB中点时，等效电路图如图甲所示；

当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P移至B端时，等效电路图如图乙所示；

当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器滑片P移至A端时，等效电路图如图丙所示。

因U1：U2＝3：4，所以，由I＝可得：＝＝＝2×＝，

因电源的电压不变，所以电流与总电阻成反比，则＝＝，解得：R3＝2R1，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，图乙中的电流I2＝＝＝＝，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，

所以，图丙中的干路电流I3＝+＝+＝+3A，

又因I2：I3＝1：6，所以，I3＝6I2，即+3A＝6×，解得：R1＝1Ω，

则R3＝2R1＝2×1Ω＝2Ω，

通电1min，图甲中电路消耗的电能：W＝UI1t＝t＝×60s＝270J。

故答案为：1；270。

18．【答案】。

【解答】解：由图可知，小球漂浮在水面上，此时小球受到的浮力等于重力，浮力方向竖直向上，如图所示。

19．【答案】

【解答】解：由电路图可知，若上面的电表为电流表，则电路会出现短路现象，所以该电表为电压表；

下面的电表串联在干路中，为电流表，如图所示.

20．【答案】（1）薄  （2）虚像；（3远离。

【解答】解：（1）玻璃板的厚度对实验有影响，会产生重影，为了保证实验效果，应选择薄玻璃板进行实验；

（2）光屏无法接收，说明平面镜所成的是虚像；

（3）实验中，如果蜡烛A远离玻璃板M，蜡烛A成的像也远离玻璃板M，为了使蜡烛蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，则蜡烛B应远离器材M。

故答案为：（1）薄  （2）虚像；（3远离。

21．【答案】（1）调节平衡螺母前未将游码移至称量标尺左端的“0”刻度线上；（2）82.6；1.5×103。

【解答】解：

（1）天平使用前，将游码移至称量标尺左端的“0”刻度线上，再调节平衡螺母使天平横梁水平平衡。所以图甲所示，小红操作中不规范之处是调节平衡螺母前未将游码移至称量标尺左端的“0”刻度线上；

（2）由图乙可知，称量标尺的分度值为0.2g，容器和剩余液体的质量为50g+20g+10g+2.6g＝82.6g；

由图丙可知，当量筒内液体体积为10mL时，容器和剩余液体的质量为80g；当量筒内液体体积为30mL时，容器和剩余液体的质量为50g。由此可得，倒出质量Δm＝80g﹣50g＝30g的液体的体积为ΔV＝30mL﹣10mL＝20mL＝20cm3，

液体密度：

ρ＝＝ ＝1.5g/cm3＝1.5×103kg/m3。

故答案为：（1）调节平衡螺母前未将游码移至称量标尺左端的“0”刻度线上；（2）82.6；1.5×103。

22．【答案】（1）切割磁感线；（2）换用磁性更强的磁铁或加快导体移动的速度

【解答】解：

（1）闭合开关，当导体棒ab沿水平方向左右运动时，会切割磁感线，电路中有感应电流产生，灵敏电流计的指针就会偏转；

（2）电流表指针偏转不明显，是感应电流太弱，从装置上的改进方法：可以换用磁性更强的磁铁、可以换用匝数更多的线圈、可以换用量程更小的小量程电流表；从操作角度改进：可以加快导体的移动速度，即使导体切割磁感线运动的速度更快。

故答案为：（1）切割磁感线；（2）换用磁性更强的磁铁或加快导体移动的速度。

23．【答案】（1）求平均值减小误差；（2）见上图；（3）电压表与滑动变阻器并联接入电路；10；1.2。

【解答】解：（1）“伏安法”测电阻多次实验的目的是计算平均值，减小误差；

（2）电流表、电阻、滑动变阻器串联接入电路，由图甲可知滑片左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择左下接线柱接入电路，如图：

；

（3）分析表格中数据发现，电压表示数变小时，电流表示数变大，根据U＝IR可知定值电阻两端电压变大，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压变小，所以电压表与滑动变阻器并联接入电路，

根据欧姆定律可得电源电压U＝UP+IR，代入前两次实验数据可得3V+0.1A×R＝2.4V+0.16A×R，解方程可得R＝10Ω。

故答案为：（1）求平均值减小误差；（2）见上图；（3）电压表与滑动变阻器并联接入电路；10。

24．【答案】（1）①无人机匀速运动时的速度是5m/s；

（2）①保洁船牵引力做的功是3×106J；

②保洁船牵引力的功率是6×104W。

【解答】解：（1）①无人机匀速运动时的速度：v＝＝＝5m/s；

（2）①保洁船牵引力做的功：W＝Fs＝5×104N×60m＝3×106J，

②保洁船牵引力的功率：P＝＝＝6×104W。

答：（1）①无人机匀速运动时的速度是5m/s；

（2）①保洁船牵引力做的功是3×106J；

②保洁船牵引力的功率是6×104W。

25．【答案】（1）物体A的质量为0.16kg；

（2）此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3时Rp的电阻是50Ω；

（3）该装置所能控制的最小盐水密度为1.1g/cm3。

【解答】解：（1）物体A的质量mA＝ρAVA＝1.6×103kg/m3×100×10﹣6m3＝0.16kg；

（2）图甲控制电路中，R、电磁铁、Rp串联；

物体A的重力GA＝mAg＝0.16kg×10N/kg＝1.6N，

若此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3，物体A所受的最大浮力：F浮最大＝ρ最大VAg＝1.3×103kg/m3×100×10﹣6m3×10N/kg＝1.3N，

此时轻质细线上的拉力F最小＝G﹣F浮＝1.6N﹣1.3N＝0.3N，

根据图象可知F最小＝0.3N时，Rp＝200Ω；

（3）此时铁质开关K应吸上，排水电路开始排水，则电磁铁线圈中的电流I≥0.048A，由欧姆定律可得电路中的总电阻：R总＝＝＝250Ω；

根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得：定值电阻R＝R总﹣Rp＝250Ω﹣200Ω＝50Ω；

根据题意可知，当电流达到I′＝0.04A时，铁质开关K被释放，停止放水；由欧姆定律可得电路中的总电阻：R总′＝＝＝300Ω；

此时Rf的阻值：Rp′＝R总′﹣R＝300Ω﹣50Ω＝250Ω，

由图乙可知，此时的拉力为：F最大＝0.5N，

物体A所受的最小浮力：F浮最小＝G﹣F最大＝1.6N﹣0.5N＝1.1N，

根据F浮＝ρ液V排g可得盐水的最小密度：ρ最小＝＝＝1.1×103kg/m3＝1.1g/cm3。

答：（1）物体A的质量为0.16kg；

（2）此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3时Rp的电阻是50Ω；

（3）该装置所能控制的最小盐水密度为1.1g/cm3。