2023年中考物理考前押题预测卷02（河北卷）（全解全析）

2023年中考物理考前押题预测卷B（全解全析）

河北卷

（本卷共18小题，考试时间：80分钟  试卷满分：62分）

注意事项：

1．本试卷分为单向选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答单向选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3．回答其他题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

5．考试范围：中考全部内容。

一、选择题（本题共8小题，单选题每小题2分，多选题每小题3分。1-5题为单选题，6-8为多选题，共19分。多选题每小题四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题意，每小题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）

1.下列估测与实际最相符的是(    )。

A. 一节干电池电压为2V     B. 一支新2B铅笔长度约为10cm

C. 一枚鸡蛋的质量约为50g D. 一名普通中学生百米赛跑的时间约为9s

【答案】C。

【解析】A、一节标准新干电池的电压是故A不符合实际；

B、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm。一支新2B铅笔长度与此差不多，在18cm左右。故B不符合实际；

C、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤，所以一个鸡蛋的质量在50g左右。故C符合实际；

D、男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，一般在15s左右。故D不符合实际。

故选：C。

2.下列说法正确的是（   ）。

A. 物体的温度为0 ℃时，内能也为零；

B. 物体吸收热量，温度一定升高；

C. 甲物体传递了热量给乙物体，说明甲物体的内能大；

D. 四冲程汽油机的做功冲程，是将内能转化为机械能的过程

【答案】D。

【解析】一切物体在任何情况下都有内能，A错误；

物体吸收热量，温度可能上升，可能保持不变，B错误；

热传递的条件是物体间存在温度差，与内能没有直接关系，C错误；

汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，D正确。故选D。

3.下列说法正确的是(  )。

A. 百米运动员冲过终点时，由于受到惯性力的作用不会立即停下来；

B. 竖直抛向空中的小球，在最高点时速度为零，只受重力；

C. 跳远运动员助跑起跳，是为了增大惯性，以提高成绩；

D. 举重运动员将杠铃举在空中静止时，他受到的重力和地面对他的支持力是一对平衡力

【答案】B。

【解析】A、百米运动员冲过终点时，由于具有惯性不会立即停下来。惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故A错误；

B、竖直抛向空中的小球，在最高点时速度为零，只受重力的作用，故B正确；

C、跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，以提高成绩，这是利用了自身惯性，此过程中人的质量不变，惯性大小不变，故C错误；

D、举重运动员将杠铃举在空中静止时，地面对他的支持力等于他的重力加上杠铃的重力，则地面对他的支持力和他的重力大小不相等，二力不是一对平衡力，故D错误。

故选：B。

4．关于如图所示的实验，下列说法正确的是（　　）。

A．甲图所示实验研究的是发电机原理；

B．乙图所示实验研究的是电动机原理；

C．丙图所示实验现象说明a、b是异名磁极；

D．丁图所示实验说明电流周围存在磁场

【答案】D。

【解析】A．甲图是通电导体在磁场中受力运动，这个过程中电能转化为机械能，研究的是电动机原理，故A错误；

B．乙图是电磁感应实验，导体做切割磁感线运动且电路是闭合的，电路中才会产生感应电流，研究的是发电机原理，故B错误；

C．丙图中磁极间是相互排斥的，说明a、b是同名磁极，故C错误；

D．丁图实验通电导体周围的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应，故D正确。

故选D。

5.关于安全用电，下列说法正确的是（　　）。

A．家庭电路中的空气开关跳闸一定是发生了短路；

B．洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换上；

C．用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体；

D．当干路中的电流过大时，漏电保护器就会自动切断电路

【答案】C。

【解析】A、家庭电路中的空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；

B、洗衣机的三脚插头坏了，应该找一个同样规格的三脚插头换上，故B错误；

C、用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，故C正确；

D、当干路中的电流过大时，空气开关会自动切断，当电路中出现漏电时，漏电保护器会自动切断，故D错误。

故选：C。

6.图甲是小明在做“探究凸透镜成像规律”实验时的装置，图乙是他根据实验数据描绘的物距一像距图像。蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置、、分别与图像中三点相对应。则下列说法正确的是(   )。

A. 该凸透镜的焦距为；

B. 当蜡烛在位置时的成像特点与投影仪相同；

C. 将蜡烛从移动到的过程中，所成像逐渐变大；

D. 当蜡烛在点时，在紧贴凸透镜的左侧放置一远视镜片，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰的实像，此时物距一像距的对应坐标应出现在点的正下方

【答案】。

【解析】由图乙可知，点时，物距等于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时，
则焦距，故A错误；

B.由图乙可知，点时，物距与焦距的关系为，成倒立、放大的实像，是幻灯机和投影仪的原理，故B正确；

C.将蜡烛从移动到的过程中，即物距变大，，此时像距变小，同时像变小，故C错误；

D.当蜡烛在点时，物距大于两倍焦距，相当于照相机，可成清晰的实像，在紧贴凸透镜的左侧放置一远视镜片，由于远视镜片也是凸透镜，当紧贴实验中的凸透镜时，组成的整体可相当于一个凸透镜，由于厚度变大，则组成的整体的焦距变小，像距变小，则物距像距的对应坐标应出现在点的正下方，故D正确。

故选BD。

7.如图所示的滑轮组，动滑轮重3N，物体A在5s内被匀速提升0.5m的过程中，图中绳的拉力均沿竖直方向，滑轮组的机械效率为90%，不计绳重和摩擦，则在本次实验中（　　）。

A．若提升更重的物体，滑轮组的机械效率降低；

B．物体A的重力为27N；

C．绳子自由端的拉力F大小为8N；

D．绳子自由端拉力的功率为3W

【答案】BD。

【解析】A．用同一滑轮组提升重物时，物重越重，滑轮组机械效率越高，若提升更重的物体，滑轮组的机械效率提高，故A不符合题意；

B．物体A在5s内被匀速提升0.5m的过程中，做的额外功

由滑轮组的机械效率为90%，可知总功

有用功

物体A的重力，故B符合题意；

C．绳子自由端的拉力F大小为，故C不符合题意；

D．绳子自由端拉力的功率，故D符合题意。

故选BD。

8．如图所示，电源电压恒为4V，R1、R2是阻值均为10Ω的定值电阻，R是规格为“20Ω 0.5A”的滑动变阻器，a、b是实验室电流表或电压表，均以小量程接入电路。当只闭合开关S、S1时，各元件安全且a、b指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是（　　）。

A．ab一定都为电流表；

B．只闭合开关S、S2，向右移动滑片P，电路总功率变大；

C．在保证电路安全的情况下任意闭合开关并移动滑片P，电路总功率最大值是3.6W；

D．若将ab同时换为另一种电表，只闭合开关S、S2，滑片P向右移动，ab两表示数变化量相等

【答案】AC。

【解析】A．当只闭合开关S、S1时，a表和R2串联，b表和滑动变阻器串联，所以a和b两表均为电流表，故A正确；

B．只闭合开关S、S2时，电阻R2和滑动变阻器均被短路，移动滑片时，电路功率不变，故B错误；

C．对于整个电路，电源电压一定，要使功率最大，则电路电阻最小，即闭合开关S、S1，滑动变阻器的电流最大时功率最大，最大功率为，故C正确；

D．若将ab同时换为电压表，电压表串联在电路中测电源电压，故移动滑片时电压表示数不变，故D错误。

故选AC。

二、填空及简答题（共5小题，第11小题3分，其他小题每空1分，共13分）

9.弹奏吉他时，人们不断用手指来控制琴弦的长度，这样做的目的是使吉他发出不同的______（选填“响度”、“音调”或“音色”）；如果半夜还要弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在______（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声，防止“扰民”。

【答案】音调；传播过程中。

【解析】(1]琴弦的长度不同，则振动的快慢就会不同，即频率不同，导致发出声音的音调就会不同，所以人们不断用手指来控制琴弦的长度，这样做是为了改变吉他发出声音的音调。

(2]控制噪声的途径有：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱，则半夜弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在传播过程中减弱噪声。

10．2022年在北京成功举办了第24届冬奥会，我国选手谷爱凌在滑雪大跳台项目中勇夺冠军。如图所示，这是利用摄影机拍出的她从大跳台跳起后运动过程的频闪照片。在她从A点腾空达到最高点B，接着又下落到着地点C的过程中，在最高点B时具有的 　   　能最大；请从机械能角度提出一个问题并回答。（空气阻力不可忽略）

问题：　   　；

回答：　   　。

【答案】重力势；从最高点下落的过程中，动能和势能如何变化；重力势能减小，动能变大。

【解析】在最高点B时的质量不变，高度最高，重力势能最大；

谷爱凌从最高点下落的过程中，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能。

故答案为：重力势；从最高点下落的过程中，动能和势能如何变化；重力势能减小，动能变大。

11.一些大厦的外部安装了平板玻璃幕墙，人们可以通过它看到自己清晰的______（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙时像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。如图，S为平面镜MN前的一点光源，P为镜前的点，试画出S点发出经平面镜反射后经过P点的光线的光路图_______。

【答案】虚；不变；如图。

【解析】[1]因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装有平板玻璃幕墙看到自己的虚像。

[2]由于平面镜成的像与物大小相同，故人靠近幕墙时像的大小不变。

[3]根据物与像关于镜面对称，先作出点光源S的像点S′，连接PS′，与镜面的交点O为入射点；再连接SO为入射光线，OP为反射光线，如图所示：

12.能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱。化石能源与核能都属于 　   　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；新能源电动汽车的核心部件之一是电动机，它是利用 　   　原理工作的，工作时其能量转化过程是 　   　。

【答案】不可再生；通电线圈在磁场中受力转动；电能转化为机械能。

【解析】化石能源与核能在使用后短时间无法补充，属于不可再生能源；电动机正常工作时，将电能转化为机械能，是利用通电线圈在磁场中受力转动原理工作的。

故答案为：不可再生；通电线圈在磁场中受力转动；电能转化为机械能。

13.如图甲所示电路中，灯泡L标有“6V、3W”字样，其U-I图像如图乙所示，则灯正常发光时的电阻______Ω。滑动变阻器标有“20Ω、1A”字样，当滑片从中点向左移动到端点时，灯恰好正常发光，移动过程中，滑动变阻器功率的变化量ΔP变与小灯泡功率的变化量ΔP灯相比较，｜｜____｜｜（选填“>”、“<”或“=”）。

【答案】12；<。

【解析】[1]因为灯泡标有“6V 3W”字样，说明灯泡的额定电压U额=6V，额定功率P额=3W。所以灯泡正常发光时的电阻

灯泡的额定电流为

[2]当滑片从中点向左移动到端点时，只有灯泡L接入的简单电路，灯泡恰好正常发光，所以电源电压

此时滑动变阻器的功率P滑1=0，灯泡的功率P灯1=3W。因为滑动变阻器与灯泡串联，根据串联电路电流规律，滑动变阻器通过的电流I滑=I灯=I

当滑片在中点时，滑动变阻器的功率P滑2=URI

灯泡的电功率P灯2=(U源-UR)I

所以滑动变阻器功率的变化量

灯泡功率的变化量

所以滑动变阻器功率的变化量与小灯泡功率的变化量相减

滑片从中点向左移动时电流变大，但总小于灯泡的额定电流，即I˂I额=0.5A

所以

所以滑动变阻器电功率的变化量小于灯泡电功率的变化量。

三、实验探究题（共3小题，共17分）

14．（4分）如图甲是探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置。

（1） 某时刻，温度计示数如图乙，温度是______°C。

（2）根据实验数据，作出了水温随时间变化的图像，如图丙中的a图线。由a图线可知，水佛腾时温度变化的特点是：持续吸热，温度______。

（3） 另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据作出水温随时间变化的图像可能是（______）

A．a图线         B．b图线         C．c图线         D．d图线

（4） 结合图表丁，分析本实验中应选用______液体温度计。

【答案】89；保持不变（或不变）；B；水银。

【解析】（1）图中温度计的分度值为1℃，示数为89℃。

（2）由a图线知道，水的沸点是98℃；水沸腾时温度不变，但需要不断吸热。

（3）由于液体上方的气压不变，则液体的沸点不变。又因为液体质量减少，吸热升温变快，加热至沸腾所用时间变短，故b符合。

故B正确。

（4）在标准大气压下，沸水的温度是100℃，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计。

15.（6分）小明同学在做“探究杠杆平衡条件”的实验时，进行了如下操作：

将杠杆悬挂在支点O上，如图甲所示，这时发现杠杆左端高、右端低，他应将杠杆的平衡螺母向______选填“左”或“右”端调节，才能使杠杆在水平位置平衡。

杠杆水平平衡后，他在A点挂三个钩码，如图乙所示，那么B点挂______个相同的钩码，可使杠杆在水平位置重新平衡。

如果在C点挂上已调好的弹簧测力计，他应______选填“竖直向上”或“竖直向下”拉动弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡。若沿虚线方向拉弹簧测力计，使杠杆水平平衡，测力计的示数将______选填“变大”“变小”或“不变”。

【拓展】图丙中的轻质杠杆全长lm，支点为杠杆的中点，小明在支点左侧某一固定位置挂一个重为G的物体，在支点右侧距离O点为L的位置施加竖直向下的力F使杠杆水平平衡，多次移动拉力位置并根据多次测量的F、L的数据，画出如图丁所示的图象。

已知当F最小的时候，F与G的比为4：5，结合杠杆平衡条件，可求出物体悬挂点到支点的距离是____ m，物体的重力______N。

【答案】左；2；竖直向上；变大；。

【解析】如图所示杠杆左端高、右端低，说明杠杆右端偏重，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母左端调节。

设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件得

解得；

如图乙，在C点用弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，杠杆才能在水平位置平衡，此时拉力的力臂为OC；
弹簧测力计倾斜拉杠杆时，拉力的力臂小于OC，拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知测力计的拉力将变大；

【拓展】：如丙图，F和成正比，可知推断成反比。

当时，，所以，

当F最小的时候，F与G的比为4：5，则，，

根据杠杆平衡条件得：，所以，即，所以，，

则，解得，25N。

故答案为：左；；竖直向上；变大；【拓展】；。

16．（7分）如图所示，同学们在实验室测两个阻值未知的定值电阻R1、R2的阻值，使用的电源为两节新干电池。

（1）图甲是小明测量R1阻值的部分实物图；

①用一根导线将电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大；连线不交叉）；

②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P滑到B端；

③闭合开关，移动滑片P、发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线 　   　（填“a”、“b”或“c”）内部断路；

④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1＝  　Ω；

（2）小华设计了图丙所示的电路测R2的阻值，其中R0是电阻箱（阻值可调、可读），并完成了实验：

①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；

②只闭合开关 　   　，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为 　   　V，读出电阻箱的读数为65Ω，则R2＝　   　Ω。

【拓展】若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，其它操作正确，则小华测得R2的阻值为 　   　Ω。

【答案】（1）①如图所示；③b；④5；（2）②S1、S2；1；65；【拓展】66。

【解析】（1）①滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大，故变阻器应选左下接线柱与开关串联接入电路，如下图所示：

③电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即故障可能是导线b内部断路；

④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则R1＝＝＝5Ω；

（2）①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；

②只闭合开关S1、S2，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω；

在①中，R2与变阻器串联，电压表测R2两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使电压表读数为1V；

在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω，由等效替代法，电阻箱R0的示数即为电阻R2的阻值，故R2＝65Ω；

【拓展】在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，电压表示数为1V，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为UR＝U﹣U0＝3V﹣1V＝2V，根据串联分压原理可知：

＝，即＝，解得R滑＝2R0＝2×65Ω＝130Ω；

若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，则R'滑＝R滑+2Ω＝130Ω+2Ω＝132Ω，

由于变阻器与R0电压关系不变，则R'0＝R'滑＝×132Ω＝66Ω，故小华测得R2的阻值为66Ω。

故答案为：（1）①如上图所示；③b；④5；（2）②S1、S2；1；65；【拓展】66。

四、计算题（2小题，共13分）

17．（6分）小明用传感器设计了如图所示的力传感器装置，竖直细杆的上端通过力传感器固定，力传感器可以显示出细杆的上端受到作用力的大小。下端与物体M相连，水箱的底面积为100cm2，细杆及连接处的重力可忽略不计。向图甲所示的空水箱中加水直到刚好加满。图乙是力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像。（g＝10N/kg）

（1）求物块M的重力。

（2）当加水到物体恰好浸没时，求物体所受的浮力及物体的体积。

（3）当力传感器的示数大小变为0时，求此时水对箱底的压强。

【解析】（1）由图乙可知，水箱中没有水时（m＝0），压力传感器受到的拉力F0＝2N，则物体M的重力GM＝F0＝2N；

（2）由图乙可知，当M完全浸没时，压力传感器的示数为8N，

对M受力分析可知，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和杆的作用力，

则此时M受到的浮力F浮＝GM+F＝2N+8N＝10N，

由F浮＝ρ水gV排可知，物体M的体积为：VM＝V排＝＝＝10﹣3m3；

（3）当压力传感器的压力为零时，M受到的浮力等于M的重力2N，

由图乙可知，加水2kg时水面达到M的下表面时浮力为0，加水4kg时M刚好浸没，此时浮力为10N，该过程中增加水的质量为2kg，物体M受到的浮力增大了10N，

所以，每加1kg水，物体M受到的浮力增加5N，

所以M受到的浮力为2N时，应加入水的质量2kg+2N×＝2.4kg，力传感器的示数才为零，

此时容器内水对容器底的压力为：F压＝G水+GM＝m水g+GM＝2.4kg×10N/kg+2N＝26N，

此时容器内水对容器底的压强为：p＝＝＝2600Pa。

答：（1）物块M的重力为2N；（2）当加水到物体恰好浸没时，物体所受的浮力及物体的体积为10﹣3m3；（3）当力传感器的示数大小变为0时，此时水对箱底的压强为2600Pa。

18.（7分）某不锈钢内胆电热水壶具有加热和保温功能，其铭牌如图甲所示，工作电路图如图乙所示，虚线框内的加热电路由两个加热电阻组成，定值电阻，是最大阻值为的可变电阻（调温开关），人通过调节可以改变电热水壶的功率。

（1）在额定电压下工作时，该电热水壶最大功率为多大？

（2）电热水壶每秒向外散失的热量Q跟电热水壶表面温度与环境温度的温差关系如图丙所示（壶内水温跟壶表面温度一致），在额定电压下工作。在温度为20℃的房间使用，要求电热水壶温度保持70℃，问应将的阻值调为多大？

（3）用电高峰时，实际电压为200V，当电路中只有电热水壶以最大功率加热时，如图丁所示的电能表指示灯在内闪烁了多少次？

【答案】（1）1210W；（2）400Ω；（3）50次。

【解析】（1）由图乙知，两个电阻串联在电阻中，当可变电阻R′接入电路的阻值最小为0时，此时电路中的电流最大为

据P=UI知，此时电热水壶的功率最大为P=UI=220V×5.5A=1210W

由题意知，电热水壶表面温度与环境温度的温差∆t=70℃-20℃=50℃

由图丙知，此时电热水壶每秒的向外散失的热量Q=110J

即电热水壶每秒放出的热量为110J，那么电热水壶此时的功率

据知，电路中此时的总电阻

此时可变电阻接入电路的阻值R′=R-R0=440Ω-40Ω=400Ω

（3）[3]实际电压为200V时，电热水壶的最大功率

加热1min消耗的电能W=P实t=1000W×60s=60000J

由图丁中电能表的参数知指示灯闪烁的次数

答：（1）在额定电压下工作时，该电热水壶最大功率为1210W；（2）应将R′的阻值调为400Ω；（3）电能表指示灯在1min内闪烁了50次。