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2023年河南省平顶山市郏县中考物理一模试卷
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这是一份2023年河南省平顶山市郏县中考物理一模试卷，共20页。试卷主要包含了 生活中有许多物理现象等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河南省平顶山市郏县中考物理一模试卷
1. 小明用热水袋暖手，手感到热，这是通过__________的方式改变手的内能;在汽油机的工作过程中，将内能转化为机械能的是__________冲程。
2. 如图所示，用吸管吸饮料，将吸管折弯说明力可以改变物体的__________;用吸管把饮料“吸”入口中，是利用__________的作用。
3. 如图甲所示，在A的两侧分别挂上柱状重物B、C后物体A水平向右做匀速直线运动，已知A、B、C的重力分别是10N、20N、30N，则A受到摩擦力的方向是__________，大小是__________N，如果把C物体浸没在足够深的水中(如图乙)，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，则C物体的密度是__________g/cm3(分析本题时不考虑空气阻力、绳重、滑轮与绳间的摩擦及水的阻力，g=10N/kg)
4. 两个电阻，分别标有“6Ω、0.5A”和“20Ω、0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用，那么电路中的电流不能超过______A，两个电阻两端允许加的电源电压最大为______V；将它们并联后接入电路使用，干路上的电流最大为______A。
5. 如图是小明家的电能表，此时读数为__________kW⋅h。小明妈妈炒菜时，让额定功率为200W的抽油烟机单独正常工作，这段时间内，电能表的表盘转了30转，根据电能表的铭牌可知，抽油烟机的工作时间为__________min。
6. 在通常情况下，许多物质的密度、沸点、凝固点、比热容等都是稳定不变的。这些稳定不变的物理量既是物质的基本属性，也是自然界平衡与和谐的本质反映。假如这些物理量发生改变，我们生产、生活中的许多现象就会发生变化。请仿照示例，就任一物理量发生改变，提出一个相关的物理问题，并做出合理的猜想。
【示例】问题：如果水的密度变小，轮船的吃水深度将如何变化?猜想：轮船的吃水深度将增加。
问题：__________。猜想：__________。
7. 如图为声音的波形图，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙的响度不同
B. 甲、丙的音调相同
C. 乙、丙的响度不同
D. 甲、乙、丙三者的音调、响度、音色都不同
8. 如图所示，在发光的灯泡附近放置一凸透镜，在远处的墙上出现了灯丝清晰的像。关于此像下列说法中正确的是( )
A. 像是正立的 B. 像是放大的 C. 像是虚像 D. 像比灯丝亮
9. 生活中有许多物理现象。下列说法正确的是( )
A. 水烧开时壶嘴周围冒“白气”这是汽化现象
B. 用保鲜袋装蔬菜并放入冰箱，为了加快蒸发
C. 阳光下晾晒的湿衣服过一会“干”了，这是凝华现象
D. 炒菜时碘盐和油不宜同时加热，因为碘在高温下很容易升华
10. 在2022年北京冬奥会上，如图是冠军少女谷爱凌在自由式滑雪大跳台时的情景，下列说法正确的是( )
A. 谷爱凌在下落过程中动能保持不变
B. 谷爱凌在空中时没有受到惯性力的作用
C. 当谷爱凌站在领奖台上静止不动时，她所受的重力和领奖台对她的支持力是一对平衡力
D. 谷爱凌脚下的滑雪板做的宽长是为了增大对雪面的压强
11. 下列情况符合安全用电原则的是( )
A. 不能用潮湿的手触摸家庭电路的开关
B. 可以随意搬动亮着的台灯或工作的电扇
C. 把电路中的电线当成晒衣服绳披挂湿衣服
D. 发现有人触电时，直接用手把触电者拉开以脱离电源
12. 下列四个装置能反映电风扇工作原理的是( )
A. B.
C. D.
13. (双选)甲、乙两个完全相同的密闭圆台形容器，一正一反放置在水平桌面上，装有质量和深度都相等的不同液体，如图所示.则下列说法正确的是( )
A. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
B. 甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强
C. 甲容器底部受到液体的压力等于乙容器底部受到液体的压力
D. 甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强
14. 如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两个电阻U-I的关系图像如图乙所示。则下列判断正确的是( )
A. 图线甲是电阻R1的“U-I”关系图像
B. 电源电压为11.5V
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 变阻器滑片在中点时，电压表V2示数为7.2V
15. 如图所示，一束光从空气射向玻璃砖，并穿过玻璃砖；画出这束光进入和离开玻璃砖的折射光线。
16. 如图所示，在竖直悬挂的带有磁性的黑板上，吸着一个重4N的小铁块，小铁块静止不动。若磁性黑板和铁块之间的吸引力是10N，请画出铁块在竖直方向上所受的力的示意图。
17. (1)练习用刻度尺测量物体的长度，图甲中A、C间的距离是______ cm；
(2)如图乙所示的停表示数为______ s；
(3)常用温度计是根据液体______ 的原理制成的，如图丙所示体温度计的示数是______ ℃。
18. 在“测量滑轮组机械效率”的实验中，小兵与同学们用同一滑轮组进行了三次实验(如图所示)，实验数据记录如表：
次数
钩码重/N
钩码上升距离/cm
弹簧测力计示数/N
弹簧测力计上升距离/cm
机械效率
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
①
3
6
10
②
30
90.9%
(1)实验时应沿竖直方向______拉动弹簧测力计，并用刻度尺测出物体上升的高度；
(2)表格中编号①处的数据为______；编号②处的数据为______(观察丙图)；
(3)分析数据可得结论：使用同一滑轮组提升不同重物至同一高度时，提升的物重增加时，所做的额外功______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(4)分析数据可得结论：使用同一滑轮组，滑轮组的机械效率与物重的关系可能比较符合的图是______；
(5)若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计绳重和摩擦，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率______(选填“改变”或“不变”)。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中：电源为两节新干电池串联。
(1)如图甲所示，请你用笔画线代替导线，将图中电路连接完整(请勿更改原有导线，导线不得交叉)，要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中的电流变大。
(2)闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因是______ 。
(3)实验过程中，将5Ω的电阻接入电路中，闭合开关调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电流表示数如图乙所示，则电流表示数为______ A。将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动，使电压表示数为______ V。若滑动变阻器的规格为“20Ω，1A”，则为了完成实验连入电路中的定值电阻的最大阻值为______ Ω。
(4)把5Ω和10Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，前后两次通过滑动变阻器的电流之比是______ 。若将5Ω的电阻接入电路时，电压表示数为U1，更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，电压表示数为U2，则U2______ 3U1(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
20. 某辆新能源汽车重为1.5×104N，驾驶员驾驶该车在一段平直公路上行驶，从A点以10m/s的速度匀速行驶60s到B点，紧接着加速行驶150s到达C点，已知在AB段汽车牵引力的功率为40kW，BC段距离为3600m。求：
(1)在AC段汽车的平均速度；
(2)在AB段汽车牵引力做的功；
(3)在AB段汽车受到的阻力。
21. 随着生活水平的提高，很多家庭装有“一拖四中央空凋”。“一拖四中央空调”简单来说就是一台室外机带四台室内机(如图)。一台室外机即压缩机，实际功率可以随室内机工作情况发生变化。四台室内机可用于四个房间，使用时均正常工作，某用户在自家装修中安装了某品牌的“一拖四中央空调”，其相关系统参数如下表所示，生活用电电压为220V。求：
额定功率
额定制冷量
室外机
5000
16800
63室内机
客厅
180
6300
餐厅
100
4200
主卧室
140
3500
次卧室
80
2800
(1)若该用户测试空调性能时，将室外机以及室内所有空调机全部同时开机进行额定功率下的工作测试，测试过程中中央空调线路干路中的电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍。当只开主卧室空调时，“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室室温从36℃降至26℃，至少需要多长时间[次卧室室内空气质量为42.0kg，空气的比热容为1000J/(kg⋅℃)]。
答案和解析
1.【答案】热传递；做功
【解析】解：(1)小明用热水袋暖手感觉手上发热，是通过热传递的方式改变手的内能，使手的内能增加．
(2)汽油机的工作过程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程；将内能转化为机械能的是做功冲程．
故答案为：热传递；做功．
(1)改变物体内能的方法：热传递、做功．
(2)热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程是机械能转化为内能．做功冲程是内能转化为机械能．
掌握改变内能的两种方法．掌握热机的四个冲程，以及压缩和做功冲程的能的转化．
2.【答案】形状 大气压
【解析】解：吸管在力的作用下弯折，说明力可以改变物体的形状；
用吸管吸饮料，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。
故答案为：形状；大气压。
力的作用效果：一是改变物体的运动状态，二是改变物体的形状；吸饮料是借助了大气压的作用。
本题考查了大气压的应用、力的作用效果的知识，要求学生能够利用所学知识解释身边的一些生活现象。
3.【答案】水平向左；10；1.5
【解析】解：(1)读图甲可知，物体A水平向右做匀速直线运动，此时右端的拉力与左端的拉力、摩擦力平衡，即20N+f=30N，
则摩擦力f=30N-20N=10N，方向水平向左；
(2)如图乙，把C物体浸没在足够深的水中，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，则左侧的拉力FB，与右侧的摩擦力f'、拉力FC平衡，
即FB=f'+FC，
则FC=FB-f'=20N-10N=10N，
对物体C进行受力分析可知，C受到向下的重力、向上的拉力和浮力，
则F浮=G-FC=30N-10N=20N，
由公式F浮=ρgV排可得，
VC=V排=F浮ρg=20N1×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3，
C物体的密度：ρC=mV=GgVC=30N10N/kg×2×10-3m3=1.5×103kg/m3=1.5g/cm3.
故答案为：水平向左；10；1.5.
(1)物体做匀速直线运动时，受力平衡，根据A、B、C的不同大小，可根据二力的合力规律判断A受到的摩擦力大小与方向；
(2)把C物体浸没在足够深的水中，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，此时根据力的平衡，可推算出拉力、浮力的大小，再根据阿基米德原理的变形公式求出体积，进而计算物体的密度．
解答本题的关键是要对物体进行正确的受力分析，据此得出相应的力的大小和方向，再运用浮力公式、重力公式、密度公式等进行计算，尤其是求密度有一定的难度，值得关注．
4.【答案】0.37.80.65
【解析】解：(1)因串联电路中各处的电流相等，
所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I2=0.3A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电路两端的最大电压：
U=I(R1+R2)=0.3A×(6Ω+20Ω)=7.8V；
(2)两电阻两端允许所加的最大电压分别为：
U1=I1R1=0.5A×6Ω=3V，U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压U'=U1=3V，
此时通过R1的电流为0.5A，通过R2的电流I2'=U'R2=3V20Ω=0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路的最大电流：
I=I1+I2'=0.5A+0.15A=0.65A。
故答案为：0.3；7.8；0.65。
(1)已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端的最大电压；
(2)根据欧姆定律求出甲乙电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知电路两端的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的，根据欧姆定律分别求出通过它们的电流，利用并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时电压也选最小。
5.【答案】1123.43
【解析】解：(1)小明家的电能表最右端的为小数点后第一位小数，电能的单位为kW⋅h，则此时读数为1123.4kW⋅h；
(2)电能表的转盘转30转消耗的电能：
W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h，
由P=Wt可得，抽油烟机的工作时间：
t=WP=0.01kW⋅h200×10-3kW=0.05h=3min。
故答案为：1123.4；3。
(1)电能表最后一位示数是小数位、单位是kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出表盘转过30转消耗的电能，利用P=Wt求出抽油烟机的工作时间。
本题考查了电能表的读数和电功公式的应用，明确电能表参数的含义是解题的关键。
6.【答案】如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？ 凝固点变低，冬天会更难结冰
【解析】解：
①问题：如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？猜想：凝固点变低，冬天会更难结冰。
②问题：如果水的密度变大，人会更容易飘起来吗？猜想：水的密度变大，浮力变大，会更容易飘起来。
故答案为：如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？；凝固点变低，冬天会更难结冰。
不同物质的凝固点是不同的，根据凝固点的变化提出问题；
比如：人在水中会处于漂浮状态，当水的密度变大时，根据浮沉条件判定人是否容易漂浮。
本题考查了水的凝固点、物体的浮沉条件的应用，难度不大，要掌握。
7.【答案】A
【解析】解：A、甲和乙的振幅不同，响度不同，故A正确；
B、甲和丙频率不同，音调不同，故B错误；
C、乙和丙的振幅相同，响度相同，故C错误；
D、甲和乙频率相同，音调相同，乙和丙的振幅相同，响度相同，故D错误。
故选：A。
(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高。
(2)响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大。
(3)音色跟发声体的材料、品质有关。
(4)相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大。
通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响和振幅对响度的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率和振幅。
8.【答案】B
【解析】解：由题意知，灯丝在墙上有一个清晰的像，说明此时凸透镜成的是实像，实像都是倒立的。由此可以确定答案A、C是错误的。
由于此时的物距小于像距，所以此时的成像情况是：f
综上分析，故选B。
根据题目中提到的情景，利用凸透镜成像的规律，可以确定成像的性质。
关于凸透镜成像的规律涉及四个方面的内容：物距与焦距的关系；成像性质；像距与焦距的关系；应用。只要告诉这四个方面中的一个，就可以确定其余的三个方面。在此题中，通过图示的物距与像距的关系，间接地告诉了物距与焦距的关系。
9.【答案】D
【解析】解：A、水烧开时壶嘴周围冒“白气”这是水蒸气的液化现象，故A错误；
B、用保鲜袋装蔬菜并放入冰箱，为了减慢蒸发，故B错误；
C、阳光下晾晒的湿衣服过一会“干”了，这是水的汽化现象，故C错误；
D、炒菜时碘盐和油不宜同时加热，因为碘在高温下很容易升华，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
10.【答案】C
【解析】解：A、谷爱凌在下落过程中速度变大，故动能增加，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、当谷爱凌站在领奖台上静止不动时，处于平衡状态，她所受的重力和领奖台对她的支持力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故C正确；
D、谷爱凌脚下的滑雪板做的宽长，增大了受力面积，在压力一定时，可以减小对雪面的压强，故D错误。
故选：C。
(1)动能与物体质量和速度有关；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
此题考查动能的大小变化、惯性、平衡力和相互作用力的辨别、减小压强的方法，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11.【答案】A
【解析】解：
A、不能用潮湿的手触摸家用电器的开关，因为水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故A符合安全用电要求；
B、亮着的台灯或工作中的电扇不能随意搬动，防止发生触电事故，故B不符合安全用电要求；
C、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险，故C不符合安全用电要求；
D、发现有人触电时，要先切断电源或用干燥竿子将火线与人分离，故D不符合安全用电要求。
故选：A。
(1)(3)生活用水一般都是导体，容易导电；
(2)当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；
(4)发现有人触电时，要先切断电源或用干燥竿子将火线与人分离。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。发现有人触电或失火时，要及时切断电源，再采取施救措施。
12.【答案】B
【解析】解：电风扇的核心元件是电动机，电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。
A、该装置是手摇发电机的原理图，该实验说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是机械能转化为电能，故A不符合题意；
B、该装置是扬声器的原理图，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C、该装置是动圈式话筒的原理图，是利用通电磁感应现象制成的，与发电机的工作原理相同，故C不符合题意；
D、该装置是发电机的原理图，是利用通电磁感应现象制成的，与电动机的工作原理不相同，故D不符合题意。
故选：B。
首先明确电动机的工作原理，然后根据图示的实验装置，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
13.【答案】BD
【解析】解：A、容器在水平桌面上，桌面所受杯子的压力等于杯和液体的总重力，由于液体的质量相同，杯子的质量相同，所以总质量相同，故总重力相同，所以两杯对桌面的压力相同，即F甲=F乙；故A错误；
B、根据图示可知：S甲p乙，故B正确；
C、正放时，由于容器形状是上粗下细，一部分液体压在了容器侧壁上，所以容器底受到的压力小于液体的重力；即F1
由于两种液体质量相同，则重力相等，比较可知，容器底部受到液体的压力为F甲'
故选：BD。
(1)静止在水平面上的物体对桌面的压力大小等于自身的重力；
(2)根据图示可知甲乙与桌面受力面积的大小关系，根据p=FS可比较出桌面受到压强的大小关系；
(3)根据容器的形状判断容器底部受到液体的压力大小；
(4)根据液体的质量相等，而后结合容器内的体积关系，可判断出容器内部液体的密度关系，而后据液体内部压强的计算公式计算即可。
此题考查了密度公式、液体内部压强公式的应用和分析，是一道综合题。
14.【答案】CD
【解析】解：
A、由图象可知，图象甲电压随电流的增大而减小，甲是滑动变阻器的图象，图象乙电压随电流的增大而变大，因此图象乙是电阻R1的图象，故A错误；
B、由图象可知，电流I=0.3A时，滑动变阻器电压U甲=9V，电阻R1的电压U乙=3V，电源电压U=U甲+U乙=9V+3V=12V，故B错误；
C、当电路电流最小为I=0.3A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时滑动变阻器电压U甲=9V，
因为I=UR，
所以滑动变阻器最大阻值R滑=U甲I=9V0.3A=30Ω，故C正确；
D、由图象可知，电阻R1的阻值R1=U乙I=3V0.3A=10Ω，
当滑片在中点时，滑动变阻器两端电压U滑=IR滑'=UR1+R滑'
R滑'=12V10Ω+30Ω2×30Ω2=7.2V，故D正确。
故选：CD。
A、由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻R1的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，随滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，随电路电流增大，定值电阻两端电压变大，据此判断甲、乙图线是哪个电阻的U-I图象；
B、由图象求出两个电压表的示数，然后由串联电路特点求出电源电压；
C、当电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图象找出此时滑动变阻器两端电压与流过它的电流，然后由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
D、由串联电路特点及欧姆定律求出变阻器滑片在中点时，电压表V2的示数。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U-I”关系图象。
15.【答案】解：首先光从空气垂直进入玻璃砖，所以其传播方向不变；
然后光从玻璃斜射入空气中，先过入射点垂直于界面画出法线，然后根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧、折射角大于入射角，画出折射光线；如图所示：
【解析】光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧；
当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角；当光线垂直入射时，折射光线、法线和入射光线在同一直线上。
此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系，特别注意垂直入射时，光的传播方向不变。
16.【答案】解：当铁块静止在有磁性的黑板上时，竖直方向上的重力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
过铁块的重心分别作竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，并分别用字母G、f表示，标明力的大小(均为4N)，如图所示：
【解析】小铁块静止不动，是平衡状态，受到的重力G与摩擦力f是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用点都在重心，重力的方向是竖直向下，摩擦力的方向是竖直向上。
本题考查了物体受力平衡的判断和力的示意图的画法。注意重力和支持力的长短要相同，且不要画水平方向上的力。
17.【答案】20.0337.5热胀冷缩 38
【解析】解：(1)由图甲可知：刻度尺上10cm之间有10个小格，所以一个小格代表1cm，即刻度尺的分度值为1cm；物体左侧与0cm对齐，右侧与20.0cm对齐，所以物体的长度为20.0cm；
(2)小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过5.5min；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s=5×60s+37.5s=337.5s；
(3)常用的温度计是利用液体热胀冷缩性质制成的；
在体温计上，1℃之间有10个小格，一个小格代表0.1℃，所以此体温计的分度值为0.1℃，示数为38℃。
故答案为：(1)20.0；(2)337.5；(3)热胀冷缩；38。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(3)液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的；体温计读数时要确定每一个大格和每一个小格各代表的温度值。
此题考查了不同测量仪器的原理和读数，属于基本技能的考查，难度不大。
18.【答案】匀速 88.9%2.2变大 B 不变
【解析】解：(1)实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计；
(2)第2次实验的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs×100%=4N×0.1m1.5N×0.3m=88.9%，
图中测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，故编号②处数据为2.2；
(3)进一步分析数据，可知用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功将变大，原因：物重增加，轮和轴之间的压力变大，摩擦力变大；
(4)动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，
从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大；
同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确符合题意。
(5)不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的自重做的功为额外功的唯一来源，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动×100%，
因G和G动不变，故滑轮组的机械效率不变。
故答案为：(1)匀速； (2)88.9%；2.2； (3)变大； (4)B；(5)不变。
(1)实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，
(2)根据η=W有用W总=GhFs×100%求出第2次实验的机械效率；根据测力计分度值读数；
(3)根据功的计算公式与影响滑轮组效率的因素分析答题。；
(4)纵向分析表中数据得出结论；
(5)不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的自重做的功为额外功的唯一来源，根据滑轮组的机械效率为η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动×100%分析。
本题测量滑轮组的机械效率实验，考查注意事项、测力计读数和机械效率计算、数据分析及影响机械效率大小的因素分析。
19.【答案】R断路 0.3右 1.5203：1 小于
【解析】解：(1)当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)闭合开关后，电流表无示数，电路可能断路，发现电压表有示数且接近电源电压，电压表与电源连通，其原因是R断路；
(3)实验过程中，将5Ω的电阻接入电路中，闭合开关调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表示数为0.3A；
由欧姆定律，电阻的电压为：UV=IR=0.3A×5Ω=1.5V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.5V；
若滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，电阻两端的电压始终保持UV=IR=1.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-1.5V=1.5V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压的1倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻20Ω连入电路中时，对应的最大定值电阻为：
R定大=1×20Ω=20Ω，则为了完成实验连入电路中的定值电阻的最大阻值为20Ω；
(4)把5Ω和15Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，由I=UR，在电压不变时，电流与电阻成反比，故前后两次滑动变阻器的电流之比是15Ω：5Ω=3：1；
若将5Ω的电阻接入电路时，电压表示数为U1，设变阻器连入电路的电阻为R滑，由串联电路的规律及欧姆定律，U1=UR滑+5Ω×5Ω-----①，
更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，同理，
电压表示数为：
U2=UR滑+15Ω×15Ω-----②，
①÷②得：
U1U2=R滑+15ΩR滑+5Ω×5Ω15Ω>13。
故U2<3U1。即U2小于3U1。
故答案为：(1)如上所示；(2)R断路；(3)0.3；右；1.5；20；(4)3：1；小于。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大，确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出电阻的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入连入电路中对应的最大定值电阻；
(4)把5Ω和15Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，由I=UR，在电压不变时，电流与电阻成反比，据此求解；
由串联电路的规律及欧姆定律得出U1表达式；
更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，同理得出电压表示数表达式；由数学知识得出比较U2与3U1的大小。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、控制变量法、操作过程及对器材的要求和串联电路的规律、欧姆定律的运用。
20.【答案】解：(1)由v=st得，AB段的路程为：
sAB=vAB×tAB=10m/s×60s=600m；
AC段的路程为：
sAC=600m+3600m=4200m；
AC段行驶时间为：
tAC=60s+150s=210s；
AC段的平均速度为：
vAC=sACtAC=4200m210s=20m/s；
(2)AB段汽车牵引力做的功：
W=Pt=40×103W×60s=2.4×106J；
(3)汽车在AB段匀速行驶，水平方向受到牵引力F和阻力f是一对平衡力，大小相等；
由P=Wt、W=Fs，v=st得，P=Fst=Fv，
AB段汽车受到的阻力为：
f=F=Pv=40×103W10m/s=4000N。
答：(1)在AC段汽车的平均速度为20m/s；
(2)在AB段汽车牵引力做的功为2.4×106J；
(3)在AB段汽车受到的阻力为4000N。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算出AB段的路程，再计算出AC段路程和时间，最后计算出AC段平均速度。
(2)根据功的计算公式W=Pt计算出AB段汽车牵引力所做的功。
(3)根据功的计算公式W=Fs、功率计算公式P=Wt和速度计算公式v=st的推导公式P=Fv计算出牵引力。
本题综合考查了速度公式、功和功率公式，以及二力平衡条件的灵活应用，易错题；解决本题的关键是抓住AB段汽车功率不变这一条件，利用功率表达式求牵引力，注意隐含条件汽车匀速时牵引力等于阻力。
21.【答案】解：(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率：
P=P外+P客+P餐+P主+P次=5000W+180W+100W+140W+80W=5500W，
由P=UI可得，空调线路干路中的总电流：
I=PU=5500W220V=25A；
(2)当只开主卧室空调时，整机的实际功率：
P实=3500W3.5=1000W=1kW，
由P=Wt可得，“整机”正常工作4h所消耗的电能：
W=P实t=1kW×4h=4kW⋅h；
(3)用该空调将次卧室温从36℃降至26℃时，次卧室内空气放出的热量：
Q放=cm(t1-t2)=1000J/(kg⋅℃)×42.0kg×(36℃-26℃)=4.2×105J，
由Q放=W=Pt可得，空调需要工作的时间：
t'=Q放P次=4.2×105J2800W=150s。
答：(1)测试过程中中央空调线路干路中的电流为25A；
(2)“整机”正常工作4h所消耗的电能为4kW⋅h；
(3)至少需要150s的时间。
【解析】(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率等于各用电器功率之和，利用P=UI求出空调线路干路中的总电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍，据此得出当只开主卧室空调时，整机的实际功率，利用P=Wt求出“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室温从35℃降至25℃时，根据Q放=cm(t1-t2)求出次卧室内空气放出的热量，根据Q放=W=Pt求出空调需要工作的时间。
本题考查了电功和热量的综合计算，从题干中获取有用的信息是关键，对学生获取信息解决问题的能力要求较高。
2022-2023学年河南省平顶山市郏县中考物理一模试卷
1. 小明用热水袋暖手，手感到热，这是通过__________的方式改变手的内能;在汽油机的工作过程中，将内能转化为机械能的是__________冲程。
2. 如图所示，用吸管吸饮料，将吸管折弯说明力可以改变物体的__________;用吸管把饮料“吸”入口中，是利用__________的作用。
3. 如图甲所示，在A的两侧分别挂上柱状重物B、C后物体A水平向右做匀速直线运动，已知A、B、C的重力分别是10N、20N、30N，则A受到摩擦力的方向是__________，大小是__________N，如果把C物体浸没在足够深的水中(如图乙)，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，则C物体的密度是__________g/cm3(分析本题时不考虑空气阻力、绳重、滑轮与绳间的摩擦及水的阻力，g=10N/kg)
4. 两个电阻，分别标有“6Ω、0.5A”和“20Ω、0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用，那么电路中的电流不能超过______A，两个电阻两端允许加的电源电压最大为______V；将它们并联后接入电路使用，干路上的电流最大为______A。
5. 如图是小明家的电能表，此时读数为__________kW⋅h。小明妈妈炒菜时，让额定功率为200W的抽油烟机单独正常工作，这段时间内，电能表的表盘转了30转，根据电能表的铭牌可知，抽油烟机的工作时间为__________min。
6. 在通常情况下，许多物质的密度、沸点、凝固点、比热容等都是稳定不变的。这些稳定不变的物理量既是物质的基本属性，也是自然界平衡与和谐的本质反映。假如这些物理量发生改变，我们生产、生活中的许多现象就会发生变化。请仿照示例，就任一物理量发生改变，提出一个相关的物理问题，并做出合理的猜想。
【示例】问题：如果水的密度变小，轮船的吃水深度将如何变化?猜想：轮船的吃水深度将增加。
问题：__________。猜想：__________。
7. 如图为声音的波形图，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙的响度不同
B. 甲、丙的音调相同
C. 乙、丙的响度不同
D. 甲、乙、丙三者的音调、响度、音色都不同
8. 如图所示，在发光的灯泡附近放置一凸透镜，在远处的墙上出现了灯丝清晰的像。关于此像下列说法中正确的是( )
A. 像是正立的 B. 像是放大的 C. 像是虚像 D. 像比灯丝亮
9. 生活中有许多物理现象。下列说法正确的是( )
A. 水烧开时壶嘴周围冒“白气”这是汽化现象
B. 用保鲜袋装蔬菜并放入冰箱，为了加快蒸发
C. 阳光下晾晒的湿衣服过一会“干”了，这是凝华现象
D. 炒菜时碘盐和油不宜同时加热，因为碘在高温下很容易升华
10. 在2022年北京冬奥会上，如图是冠军少女谷爱凌在自由式滑雪大跳台时的情景，下列说法正确的是( )
A. 谷爱凌在下落过程中动能保持不变
B. 谷爱凌在空中时没有受到惯性力的作用
C. 当谷爱凌站在领奖台上静止不动时，她所受的重力和领奖台对她的支持力是一对平衡力
D. 谷爱凌脚下的滑雪板做的宽长是为了增大对雪面的压强
11. 下列情况符合安全用电原则的是( )
A. 不能用潮湿的手触摸家庭电路的开关
B. 可以随意搬动亮着的台灯或工作的电扇
C. 把电路中的电线当成晒衣服绳披挂湿衣服
D. 发现有人触电时，直接用手把触电者拉开以脱离电源
12. 下列四个装置能反映电风扇工作原理的是( )
A. B.
C. D.
13. (双选)甲、乙两个完全相同的密闭圆台形容器，一正一反放置在水平桌面上，装有质量和深度都相等的不同液体，如图所示.则下列说法正确的是( )
A. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
B. 甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强
C. 甲容器底部受到液体的压力等于乙容器底部受到液体的压力
D. 甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强
14. 如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两个电阻U-I的关系图像如图乙所示。则下列判断正确的是( )
A. 图线甲是电阻R1的“U-I”关系图像
B. 电源电压为11.5V
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 变阻器滑片在中点时，电压表V2示数为7.2V
15. 如图所示，一束光从空气射向玻璃砖，并穿过玻璃砖；画出这束光进入和离开玻璃砖的折射光线。
16. 如图所示，在竖直悬挂的带有磁性的黑板上，吸着一个重4N的小铁块，小铁块静止不动。若磁性黑板和铁块之间的吸引力是10N，请画出铁块在竖直方向上所受的力的示意图。
17. (1)练习用刻度尺测量物体的长度，图甲中A、C间的距离是______ cm；
(2)如图乙所示的停表示数为______ s；
(3)常用温度计是根据液体______ 的原理制成的，如图丙所示体温度计的示数是______ ℃。
18. 在“测量滑轮组机械效率”的实验中，小兵与同学们用同一滑轮组进行了三次实验(如图所示)，实验数据记录如表：
次数
钩码重/N
钩码上升距离/cm
弹簧测力计示数/N
弹簧测力计上升距离/cm
机械效率
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
①
3
6
10
②
30
90.9%
(1)实验时应沿竖直方向______拉动弹簧测力计，并用刻度尺测出物体上升的高度；
(2)表格中编号①处的数据为______；编号②处的数据为______(观察丙图)；
(3)分析数据可得结论：使用同一滑轮组提升不同重物至同一高度时，提升的物重增加时，所做的额外功______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(4)分析数据可得结论：使用同一滑轮组，滑轮组的机械效率与物重的关系可能比较符合的图是______；
(5)若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计绳重和摩擦，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率______(选填“改变”或“不变”)。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中：电源为两节新干电池串联。
(1)如图甲所示，请你用笔画线代替导线，将图中电路连接完整(请勿更改原有导线，导线不得交叉)，要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中的电流变大。
(2)闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因是______ 。
(3)实验过程中，将5Ω的电阻接入电路中，闭合开关调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电流表示数如图乙所示，则电流表示数为______ A。将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动，使电压表示数为______ V。若滑动变阻器的规格为“20Ω，1A”，则为了完成实验连入电路中的定值电阻的最大阻值为______ Ω。
(4)把5Ω和10Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，前后两次通过滑动变阻器的电流之比是______ 。若将5Ω的电阻接入电路时，电压表示数为U1，更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，电压表示数为U2，则U2______ 3U1(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
20. 某辆新能源汽车重为1.5×104N，驾驶员驾驶该车在一段平直公路上行驶，从A点以10m/s的速度匀速行驶60s到B点，紧接着加速行驶150s到达C点，已知在AB段汽车牵引力的功率为40kW，BC段距离为3600m。求：
(1)在AC段汽车的平均速度；
(2)在AB段汽车牵引力做的功；
(3)在AB段汽车受到的阻力。
21. 随着生活水平的提高，很多家庭装有“一拖四中央空凋”。“一拖四中央空调”简单来说就是一台室外机带四台室内机(如图)。一台室外机即压缩机，实际功率可以随室内机工作情况发生变化。四台室内机可用于四个房间，使用时均正常工作，某用户在自家装修中安装了某品牌的“一拖四中央空调”，其相关系统参数如下表所示，生活用电电压为220V。求：
额定功率
额定制冷量
室外机
5000
16800
63室内机
客厅
180
6300
餐厅
100
4200
主卧室
140
3500
次卧室
80
2800
(1)若该用户测试空调性能时，将室外机以及室内所有空调机全部同时开机进行额定功率下的工作测试，测试过程中中央空调线路干路中的电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍。当只开主卧室空调时，“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室室温从36℃降至26℃，至少需要多长时间[次卧室室内空气质量为42.0kg，空气的比热容为1000J/(kg⋅℃)]。
答案和解析
1.【答案】热传递；做功
【解析】解：(1)小明用热水袋暖手感觉手上发热，是通过热传递的方式改变手的内能，使手的内能增加．
(2)汽油机的工作过程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程；将内能转化为机械能的是做功冲程．
故答案为：热传递；做功．
(1)改变物体内能的方法：热传递、做功．
(2)热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程是机械能转化为内能．做功冲程是内能转化为机械能．
掌握改变内能的两种方法．掌握热机的四个冲程，以及压缩和做功冲程的能的转化．
2.【答案】形状 大气压
【解析】解：吸管在力的作用下弯折，说明力可以改变物体的形状；
用吸管吸饮料，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。
故答案为：形状；大气压。
力的作用效果：一是改变物体的运动状态，二是改变物体的形状；吸饮料是借助了大气压的作用。
本题考查了大气压的应用、力的作用效果的知识，要求学生能够利用所学知识解释身边的一些生活现象。
3.【答案】水平向左；10；1.5
【解析】解：(1)读图甲可知，物体A水平向右做匀速直线运动，此时右端的拉力与左端的拉力、摩擦力平衡，即20N+f=30N，
则摩擦力f=30N-20N=10N，方向水平向左；
(2)如图乙，把C物体浸没在足够深的水中，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，则左侧的拉力FB，与右侧的摩擦力f'、拉力FC平衡，
即FB=f'+FC，
则FC=FB-f'=20N-10N=10N，
对物体C进行受力分析可知，C受到向下的重力、向上的拉力和浮力，
则F浮=G-FC=30N-10N=20N，
由公式F浮=ρgV排可得，
VC=V排=F浮ρg=20N1×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3，
C物体的密度：ρC=mV=GgVC=30N10N/kg×2×10-3m3=1.5×103kg/m3=1.5g/cm3.
故答案为：水平向左；10；1.5.
(1)物体做匀速直线运动时，受力平衡，根据A、B、C的不同大小，可根据二力的合力规律判断A受到的摩擦力大小与方向；
(2)把C物体浸没在足够深的水中，物体A恰好水平向左做匀速直线运动，此时根据力的平衡，可推算出拉力、浮力的大小，再根据阿基米德原理的变形公式求出体积，进而计算物体的密度．
解答本题的关键是要对物体进行正确的受力分析，据此得出相应的力的大小和方向，再运用浮力公式、重力公式、密度公式等进行计算，尤其是求密度有一定的难度，值得关注．
4.【答案】0.37.80.65
【解析】解：(1)因串联电路中各处的电流相等，
所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I2=0.3A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电路两端的最大电压：
U=I(R1+R2)=0.3A×(6Ω+20Ω)=7.8V；
(2)两电阻两端允许所加的最大电压分别为：
U1=I1R1=0.5A×6Ω=3V，U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压U'=U1=3V，
此时通过R1的电流为0.5A，通过R2的电流I2'=U'R2=3V20Ω=0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路的最大电流：
I=I1+I2'=0.5A+0.15A=0.65A。
故答案为：0.3；7.8；0.65。
(1)已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端的最大电压；
(2)根据欧姆定律求出甲乙电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知电路两端的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的，根据欧姆定律分别求出通过它们的电流，利用并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时电压也选最小。
5.【答案】1123.43
【解析】解：(1)小明家的电能表最右端的为小数点后第一位小数，电能的单位为kW⋅h，则此时读数为1123.4kW⋅h；
(2)电能表的转盘转30转消耗的电能：
W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h，
由P=Wt可得，抽油烟机的工作时间：
t=WP=0.01kW⋅h200×10-3kW=0.05h=3min。
故答案为：1123.4；3。
(1)电能表最后一位示数是小数位、单位是kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出表盘转过30转消耗的电能，利用P=Wt求出抽油烟机的工作时间。
本题考查了电能表的读数和电功公式的应用，明确电能表参数的含义是解题的关键。
6.【答案】如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？ 凝固点变低，冬天会更难结冰
【解析】解：
①问题：如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？猜想：凝固点变低，冬天会更难结冰。
②问题：如果水的密度变大，人会更容易飘起来吗？猜想：水的密度变大，浮力变大，会更容易飘起来。
故答案为：如果水的凝固点变低，会更容易结冰吗？；凝固点变低，冬天会更难结冰。
不同物质的凝固点是不同的，根据凝固点的变化提出问题；
比如：人在水中会处于漂浮状态，当水的密度变大时，根据浮沉条件判定人是否容易漂浮。
本题考查了水的凝固点、物体的浮沉条件的应用，难度不大，要掌握。
7.【答案】A
【解析】解：A、甲和乙的振幅不同，响度不同，故A正确；
B、甲和丙频率不同，音调不同，故B错误；
C、乙和丙的振幅相同，响度相同，故C错误；
D、甲和乙频率相同，音调相同，乙和丙的振幅相同，响度相同，故D错误。
故选：A。
(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高。
(2)响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大。
(3)音色跟发声体的材料、品质有关。
(4)相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大。
通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响和振幅对响度的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率和振幅。
8.【答案】B
【解析】解：由题意知，灯丝在墙上有一个清晰的像，说明此时凸透镜成的是实像，实像都是倒立的。由此可以确定答案A、C是错误的。
由于此时的物距小于像距，所以此时的成像情况是：f
综上分析，故选B。
根据题目中提到的情景，利用凸透镜成像的规律，可以确定成像的性质。
关于凸透镜成像的规律涉及四个方面的内容：物距与焦距的关系；成像性质；像距与焦距的关系；应用。只要告诉这四个方面中的一个，就可以确定其余的三个方面。在此题中，通过图示的物距与像距的关系，间接地告诉了物距与焦距的关系。
9.【答案】D
【解析】解：A、水烧开时壶嘴周围冒“白气”这是水蒸气的液化现象，故A错误；
B、用保鲜袋装蔬菜并放入冰箱，为了减慢蒸发，故B错误；
C、阳光下晾晒的湿衣服过一会“干”了，这是水的汽化现象，故C错误；
D、炒菜时碘盐和油不宜同时加热，因为碘在高温下很容易升华，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
10.【答案】C
【解析】解：A、谷爱凌在下落过程中速度变大，故动能增加，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、当谷爱凌站在领奖台上静止不动时，处于平衡状态，她所受的重力和领奖台对她的支持力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故C正确；
D、谷爱凌脚下的滑雪板做的宽长，增大了受力面积，在压力一定时，可以减小对雪面的压强，故D错误。
故选：C。
(1)动能与物体质量和速度有关；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
此题考查动能的大小变化、惯性、平衡力和相互作用力的辨别、减小压强的方法，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11.【答案】A
【解析】解：
A、不能用潮湿的手触摸家用电器的开关，因为水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故A符合安全用电要求；
B、亮着的台灯或工作中的电扇不能随意搬动，防止发生触电事故，故B不符合安全用电要求；
C、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险，故C不符合安全用电要求；
D、发现有人触电时，要先切断电源或用干燥竿子将火线与人分离，故D不符合安全用电要求。
故选：A。
(1)(3)生活用水一般都是导体，容易导电；
(2)当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；
(4)发现有人触电时，要先切断电源或用干燥竿子将火线与人分离。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。发现有人触电或失火时，要及时切断电源，再采取施救措施。
12.【答案】B
【解析】解：电风扇的核心元件是电动机，电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。
A、该装置是手摇发电机的原理图，该实验说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是机械能转化为电能，故A不符合题意；
B、该装置是扬声器的原理图，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C、该装置是动圈式话筒的原理图，是利用通电磁感应现象制成的，与发电机的工作原理相同，故C不符合题意；
D、该装置是发电机的原理图，是利用通电磁感应现象制成的，与电动机的工作原理不相同，故D不符合题意。
故选：B。
首先明确电动机的工作原理，然后根据图示的实验装置，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
13.【答案】BD
【解析】解：A、容器在水平桌面上，桌面所受杯子的压力等于杯和液体的总重力，由于液体的质量相同，杯子的质量相同，所以总质量相同，故总重力相同，所以两杯对桌面的压力相同，即F甲=F乙；故A错误；
B、根据图示可知：S甲
C、正放时，由于容器形状是上粗下细，一部分液体压在了容器侧壁上，所以容器底受到的压力小于液体的重力；即F1
由于两种液体质量相同，则重力相等，比较可知，容器底部受到液体的压力为F甲'
故选：BD。
(1)静止在水平面上的物体对桌面的压力大小等于自身的重力；
(2)根据图示可知甲乙与桌面受力面积的大小关系，根据p=FS可比较出桌面受到压强的大小关系；
(3)根据容器的形状判断容器底部受到液体的压力大小；
(4)根据液体的质量相等，而后结合容器内的体积关系，可判断出容器内部液体的密度关系，而后据液体内部压强的计算公式计算即可。
此题考查了密度公式、液体内部压强公式的应用和分析，是一道综合题。
14.【答案】CD
【解析】解：
A、由图象可知，图象甲电压随电流的增大而减小，甲是滑动变阻器的图象，图象乙电压随电流的增大而变大，因此图象乙是电阻R1的图象，故A错误；
B、由图象可知，电流I=0.3A时，滑动变阻器电压U甲=9V，电阻R1的电压U乙=3V，电源电压U=U甲+U乙=9V+3V=12V，故B错误；
C、当电路电流最小为I=0.3A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时滑动变阻器电压U甲=9V，
因为I=UR，
所以滑动变阻器最大阻值R滑=U甲I=9V0.3A=30Ω，故C正确；
D、由图象可知，电阻R1的阻值R1=U乙I=3V0.3A=10Ω，
当滑片在中点时，滑动变阻器两端电压U滑=IR滑'=UR1+R滑'
R滑'=12V10Ω+30Ω2×30Ω2=7.2V，故D正确。
故选：CD。
A、由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻R1的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，随滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，随电路电流增大，定值电阻两端电压变大，据此判断甲、乙图线是哪个电阻的U-I图象；
B、由图象求出两个电压表的示数，然后由串联电路特点求出电源电压；
C、当电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图象找出此时滑动变阻器两端电压与流过它的电流，然后由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
D、由串联电路特点及欧姆定律求出变阻器滑片在中点时，电压表V2的示数。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U-I”关系图象。
15.【答案】解：首先光从空气垂直进入玻璃砖，所以其传播方向不变；
然后光从玻璃斜射入空气中，先过入射点垂直于界面画出法线，然后根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧、折射角大于入射角，画出折射光线；如图所示：
【解析】光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧；
当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角；当光线垂直入射时，折射光线、法线和入射光线在同一直线上。
此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系，特别注意垂直入射时，光的传播方向不变。
16.【答案】解：当铁块静止在有磁性的黑板上时，竖直方向上的重力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
过铁块的重心分别作竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，并分别用字母G、f表示，标明力的大小(均为4N)，如图所示：
【解析】小铁块静止不动，是平衡状态，受到的重力G与摩擦力f是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用点都在重心，重力的方向是竖直向下，摩擦力的方向是竖直向上。
本题考查了物体受力平衡的判断和力的示意图的画法。注意重力和支持力的长短要相同，且不要画水平方向上的力。
17.【答案】20.0337.5热胀冷缩 38
【解析】解：(1)由图甲可知：刻度尺上10cm之间有10个小格，所以一个小格代表1cm，即刻度尺的分度值为1cm；物体左侧与0cm对齐，右侧与20.0cm对齐，所以物体的长度为20.0cm；
(2)小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过5.5min；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s=5×60s+37.5s=337.5s；
(3)常用的温度计是利用液体热胀冷缩性质制成的；
在体温计上，1℃之间有10个小格，一个小格代表0.1℃，所以此体温计的分度值为0.1℃，示数为38℃。
故答案为：(1)20.0；(2)337.5；(3)热胀冷缩；38。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(3)液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的；体温计读数时要确定每一个大格和每一个小格各代表的温度值。
此题考查了不同测量仪器的原理和读数，属于基本技能的考查，难度不大。
18.【答案】匀速 88.9%2.2变大 B 不变
【解析】解：(1)实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计；
(2)第2次实验的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs×100%=4N×0.1m1.5N×0.3m=88.9%，
图中测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，故编号②处数据为2.2；
(3)进一步分析数据，可知用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功将变大，原因：物重增加，轮和轴之间的压力变大，摩擦力变大；
(4)动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，
从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大；
同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确符合题意。
(5)不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的自重做的功为额外功的唯一来源，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动×100%，
因G和G动不变，故滑轮组的机械效率不变。
故答案为：(1)匀速； (2)88.9%；2.2； (3)变大； (4)B；(5)不变。
(1)实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，
(2)根据η=W有用W总=GhFs×100%求出第2次实验的机械效率；根据测力计分度值读数；
(3)根据功的计算公式与影响滑轮组效率的因素分析答题。；
(4)纵向分析表中数据得出结论；
(5)不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的自重做的功为额外功的唯一来源，根据滑轮组的机械效率为η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动×100%分析。
本题测量滑轮组的机械效率实验，考查注意事项、测力计读数和机械效率计算、数据分析及影响机械效率大小的因素分析。
19.【答案】R断路 0.3右 1.5203：1 小于
【解析】解：(1)当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)闭合开关后，电流表无示数，电路可能断路，发现电压表有示数且接近电源电压，电压表与电源连通，其原因是R断路；
(3)实验过程中，将5Ω的电阻接入电路中，闭合开关调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表示数为0.3A；
由欧姆定律，电阻的电压为：UV=IR=0.3A×5Ω=1.5V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.5V；
若滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，电阻两端的电压始终保持UV=IR=1.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-1.5V=1.5V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压的1倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻20Ω连入电路中时，对应的最大定值电阻为：
R定大=1×20Ω=20Ω，则为了完成实验连入电路中的定值电阻的最大阻值为20Ω；
(4)把5Ω和15Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，由I=UR，在电压不变时，电流与电阻成反比，故前后两次滑动变阻器的电流之比是15Ω：5Ω=3：1；
若将5Ω的电阻接入电路时，电压表示数为U1，设变阻器连入电路的电阻为R滑，由串联电路的规律及欧姆定律，U1=UR滑+5Ω×5Ω-----①，
更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，同理，
电压表示数为：
U2=UR滑+15Ω×15Ω-----②，
①÷②得：
U1U2=R滑+15ΩR滑+5Ω×5Ω15Ω>13。
故U2<3U1。即U2小于3U1。
故答案为：(1)如上所示；(2)R断路；(3)0.3；右；1.5；20；(4)3：1；小于。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大，确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出电阻的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入连入电路中对应的最大定值电阻；
(4)把5Ω和15Ω的电阻分别接入电路，控制电阻两端的电压不变，由I=UR，在电压不变时，电流与电阻成反比，据此求解；
由串联电路的规律及欧姆定律得出U1表达式；
更换为15Ω的电阻后，立即闭合开关，同理得出电压表示数表达式；由数学知识得出比较U2与3U1的大小。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、控制变量法、操作过程及对器材的要求和串联电路的规律、欧姆定律的运用。
20.【答案】解：(1)由v=st得，AB段的路程为：
sAB=vAB×tAB=10m/s×60s=600m；
AC段的路程为：
sAC=600m+3600m=4200m；
AC段行驶时间为：
tAC=60s+150s=210s；
AC段的平均速度为：
vAC=sACtAC=4200m210s=20m/s；
(2)AB段汽车牵引力做的功：
W=Pt=40×103W×60s=2.4×106J；
(3)汽车在AB段匀速行驶，水平方向受到牵引力F和阻力f是一对平衡力，大小相等；
由P=Wt、W=Fs，v=st得，P=Fst=Fv，
AB段汽车受到的阻力为：
f=F=Pv=40×103W10m/s=4000N。
答：(1)在AC段汽车的平均速度为20m/s；
(2)在AB段汽车牵引力做的功为2.4×106J；
(3)在AB段汽车受到的阻力为4000N。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算出AB段的路程，再计算出AC段路程和时间，最后计算出AC段平均速度。
(2)根据功的计算公式W=Pt计算出AB段汽车牵引力所做的功。
(3)根据功的计算公式W=Fs、功率计算公式P=Wt和速度计算公式v=st的推导公式P=Fv计算出牵引力。
本题综合考查了速度公式、功和功率公式，以及二力平衡条件的灵活应用，易错题；解决本题的关键是抓住AB段汽车功率不变这一条件，利用功率表达式求牵引力，注意隐含条件汽车匀速时牵引力等于阻力。
21.【答案】解：(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率：
P=P外+P客+P餐+P主+P次=5000W+180W+100W+140W+80W=5500W，
由P=UI可得，空调线路干路中的总电流：
I=PU=5500W220V=25A；
(2)当只开主卧室空调时，整机的实际功率：
P实=3500W3.5=1000W=1kW，
由P=Wt可得，“整机”正常工作4h所消耗的电能：
W=P实t=1kW×4h=4kW⋅h；
(3)用该空调将次卧室温从36℃降至26℃时，次卧室内空气放出的热量：
Q放=cm(t1-t2)=1000J/(kg⋅℃)×42.0kg×(36℃-26℃)=4.2×105J，
由Q放=W=Pt可得，空调需要工作的时间：
t'=Q放P次=4.2×105J2800W=150s。
答：(1)测试过程中中央空调线路干路中的电流为25A；
(2)“整机”正常工作4h所消耗的电能为4kW⋅h；
(3)至少需要150s的时间。
【解析】(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率等于各用电器功率之和，利用P=UI求出空调线路干路中的总电流；
(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际功率的3.5倍，据此得出当只开主卧室空调时，整机的实际功率，利用P=Wt求出“整机”正常工作4h所消耗的电能；
(3)用该空调将次卧室温从35℃降至25℃时，根据Q放=cm(t1-t2)求出次卧室内空气放出的热量，根据Q放=W=Pt求出空调需要工作的时间。
本题考查了电功和热量的综合计算，从题干中获取有用的信息是关键，对学生获取信息解决问题的能力要求较高。
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