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2023年广东省河源市龙川县中考物理一模试卷
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这是一份2023年广东省河源市龙川县中考物理一模试卷，共22页。
2023年广东省河源市龙川县中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 对生活中常见的物理量进行估测，符合实际的是( )
A. 普通中学生的身高约为1.6 m
B. 一个苹果的质量约为3 kg
C. 家用电饭锅正常工作时的电流约为10mA
D. 一支粉笔受到的重力约为10N
2. 下列工具在正常使用过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 起子 B. 核桃夹
C. 钳子 D. 食品夹
3. 我们能分辨不同同学说话的声音，主要是依据( )
A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 声速
4. 新能源电动汽车的核心部件是电动机。如图中能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，用盛水的纸盒做“纸锅烧水”实验，下列有关说法正确的是( )
A. 纸锅没有燃烧是因为它的温度低于水的温度
B. 纸锅上方的“白气”是水汽化形成的水蒸气
C. 水沸腾前不断吸热，温度逐渐升高
D. 水沸腾后不再吸热，温度保持不变
6. 如图所示是模拟显示汽车油箱剩余油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，滑片与滑杆相连，当油量减少时，滑杆向上移动，下列说法正确的是( )
A. 电流表示数逐渐变大 B. R0两端的电压逐渐变大
C. R两端的电压与电流表示数的比值变大 D. 电路的总功率逐渐变大
7. 最大容积为400mL的烧杯静置在水平桌面上，烧杯内有质量为200g的水，现将一个体积为330mL的可乐罐缓慢浸入烧杯中，如图所示，烧杯溢出水的质量为100g，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，此时可乐罐受到的浮力大小是( )
A. 1N B. 2N C. 3N D. 4N
8. 在熬制中药的过程中，我们能够嗅到明显的中药味，这是______ 现象；药材的有效成分在熬制时快速溶入水中，这是因为温度越高，分子运动越______ ；用筷子搅拌药液后，筷子上会沾上药液，这是因为分子间存在______ 。
9. 小明做视力检测，如图所示，他通过前方的平面镜观看自己身后的视力表。小明看到的是平面镜所成的______ (选填“实”或“虚”)像，这个像与小明相距______ m，如果小明靠近镜子，该像将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
10. 如图所示，往B管中吹气，A管上端管口处的空气流速变大，压强变______ ，杯中的水在______ 的作用下沿A管上升，水对杯底的压强将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
11. 如图所示，卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的动能______ ，机械能______ (前两空选填“增大”“减小”或“不变”)；如果卫星运动到近地点时所受的外力全部消失，则卫星将______ 。
12. 在图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，两个电流表指针偏转均如图乙所示，则通过灯泡L2的电流为______ A，灯泡L1、L2两端的电压之比是______ ，灯泡L1、L2的电阻之比是______ 。
13. 如图所示，汽油机此时进行的是______ 冲程，该冲程将______ 转化成机械能。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，汽油机的效率是25%，若完全燃烧0.1kg汽油，汽油机可以输出______ J的有用功。
14. 在图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。当滑片P在a端时，电流表示数为______ A；当滑片P滑到b端时，R2接入电路的电阻为______ Ω，此时整个电路的电功率为______ W。
15. 如图所示，一条光线从空气射向水面时发生了反射和折射，OA为反射光线，请在图中作出入射光线和大致的折射光线。
16. 如图甲所示，小车自斜面滑下，在水平木板上滑行一段距离后停下来，请在图乙中画出小车在水平木板上运动过程中所受的摩擦力f随时间t变化的大致图象。
17. 如图所示，条形磁体A、B静止在水平桌面上，图中画出了部分磁感线的分布情况，请在图中标出磁体A的N极，并画出磁体B在水平方向上的受力示意图。
18. 在图中，用刻度尺所测物体的长度为______ cm；温度计的示数为______ ℃；弹簧测力计的读数为______ N。
19. 利用海绵、小桌砝码探究“影响压力作用效果的因素”，如图所示。
(1)该实验可通过______ 来显示压力作用的效果；对比图______ 可知压力的作用效果与受力面积有关。
(2)将图丙中的海绵换成蓬松棉，实验现象如图丁所示，则图丙实验中小桌对海绵的压强______ (选填“大于”“小于”或“等于”)图丁实验中小桌对蓬松棉的压强。
20. 某学习小组正在尝试用天平和量筒测量液态蜂蜜的密度。
(1)测量前，水平桌面上的天平如图甲所示，指针静止时指向分度盘中央。实验小组接下来应首先______ ，然后将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直至指针指在分度盘的中央刻度线上。
(2)天平调平后，实验小组按如下步骤进行实验：
①测出空烧杯的质量m1=40.4g；
②将适量的蜂蜜倒入烧杯中，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，烧杯和蜂蜜的总质量m2= ______ g；
③将烧杯中的蜂蜜全部倒入量筒中，如图丙所示，蜂蜜的体积V= ______ mL；
④则可以测得该蜂蜜的密度ρ= ______ kg/m3。
(3)小组成员讨论交流后认为(2)中步骤③会使部分蜂蜜残留在烧杯中，这会导致蜂蜜密度的测量值______ (选填“偏大”或“偏小”)；他们认为可在步骤③之后用天平测量出烧杯和残留蜂蜜的质量m3，并用ρ= ______ (用题中的字母符号表示)来计算蜂蜜的密度。
21. 如图甲所示是小璇同学做“探究电流与电阻的关系”的实验电路，其中电源电压为4.5V保持不变，实验中用到阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻各一个。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中电流变大)；
(2)实验过程中，小璇先用5Ω的电阻进行实验，并将实验数据记录在下表的第1次实验中，接下来应______ ，换上10Ω的电阻，再闭合开关并移动滑动变阻器的滑片直至电压表示数为______ V，电流表示数如图乙，为______ A；
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
15
电流I/A
0.4
(3)小璇换用15Ω的电阻做第3次实验，连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电压表有示数，电流表示数几乎为0，经检查发现线路接触良好，各电表完好，其原因可能是______ ；为完成第3次实验，小璇可采取的做法是______ 。
22. 如图所示，底面积为0.01m2的物体A，质量为2kg。现用一动滑轮拉着物体A以0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，A受到的摩擦力是自重的0.2倍。忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦，g取10N/kg。求：
(1)A静止时对水平地面的压强；
(2)A匀速运动过程中拉力F的大小；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，拉力F做的功。
23. 某型号的家用电热水壶有加热和保温两个挡位，其简化电路如图所示，已知加热和保温的功率分别为1100W和44W。求：
(1)电热水壶在加热挡工作5min产生的热量；
(2)加热时，通过电阻R1、R2的电流；
(3)R2的阻值。
24. 李老师在给同学们演示“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”的实验，她将装置A、B、C串联在同一电路中，如图甲所示，a、b、c、d为电热丝。
(1)透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气______ 的变化，这种变化源于空气与电热丝之间发生了______ 。
(2)已知电热丝a、b、c的阻值均为5Ω，电热丝d的阻值为10Ω，电路接通后，a两端的电压与______ 两端的电压相同，通过c的电流与通过______ (均选填“a”“b”“c”或“d”)的电流相同。
(3)如图乙所示，插座上同时接入的用电器越多，通过插座导线的电流越______ ，相同时间内产生的热量越多，接插座的导线就会有起火的危险，这种现象可通过对比图甲中的装置______ (选填“A和B”“B和C”或“A和C”)来解释。
25. 光刻机被认为是芯片制造过程中最为重要的设备，其能够将设计好的电路刻制在微小的晶圆上。“光刻“的流程如图所示，先在晶圆硅片表面覆盖一层对光敏感的光刻胶，再用光线透过掩模版(其上有设计好的电路图)、光学镜片最终照射在硅片表面，被光线照射到的光刻胶会发生反应，随后用特定溶剂洗去被照射(或未被照射)的光刻胶，就实现电路图从掩模版到硅片的转移。光源是光刻机的核心部件之一，光刻机的工艺能力首先取决于光源的波长，其决定了芯片的制程。早期光刻机的光源是采用汞灯产生的紫外光源，波长约365nm，随后业界采用了准分子激光的深紫外光源，将波长进一步缩小到193nm，目前开始采用极紫外光源来进一步提供更短波长的光。
(1)光刻机早期使用的紫外光源波长约365nm，相当于______ m；随着技术升级，光源波长变短，光的传播速度______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)晶圆硅片是制造芯片的基础，采用______ (选填“导体”“半导体”或“绝缘体”)材料制造；用类似材料制作的发光二极管具有______ 导电性。
(3)要在晶圆上刻制电路，透过掩模版的光线经光学镜片在晶圆上成______ (选填“放大”或“缩小”)的______ 像，其成像效果类似于______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
26. 阅读短文，回答问题。
筒车筒车亦称“水转筒车”，是一种以水流作动力取水灌田的工具。据史料记载，筒车发明于隋而盛于唐，距今已有1000多年的历史。
筒车的种类较多，制作工艺有所不同。如图所示，简易的筒车常用一端开口、一端封闭的竹节制成筒，竹筒被均匀安装在筒车上，用于从河中打水，同时在水流的推动下使筒车转动起来。筒车工作时，竹筒绕车轴做圆周运动，筒底与筒口的运动轨迹是同心圆，且筒底所在的外圆半径大于筒口所在的内圆半径。竹筒浸在水里的时候被灌满了水，当转过一定角度后将离开水面被提升，所以竹筒在低处时盛水，在高处时泄水，泄出的水落入水槽后被引向农田，如此往复，循环提水。在实际使用过程中，人们会根据农田与水面间的高度差调整水槽的位置和宽度，使水槽能够接到更多的水。
(1)关于筒车的说法正确的是______ 。(填字母)
A.筒车能转动是由于竹筒受到了浮力
B.筒车能连续转动是受到惯性的作用
C.筒车工作时对水流有力的作用
D.筒车证明了永动机是可以制造出来的
(2)筒车在匀速转动的过程中，竹筒受______ (选填“平衡力”或“非平衡力”)，以竹筒为参照物，车轴是______ (选填“运动”或“静止”)的；当竹筒运行至高处泄水，水在______ 力的作用下落入水槽。
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，通过调整水槽的位置，竹筒中50%的水能落入水槽，则当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，最多可以为农田浇灌______ kg的水，在此过程中，竹筒的筒底比筒口运动的速度快______ m/s。(圆周率π取3，ρ水=1.0×103kg/m3)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、普通中学生的身高约为1.6 m，故A正确；
B、一个苹果的质量约为200g=0.2kg，故B错误；
C、家用电饭锅的功率约为1000W，其正常工作时的电流I=PU=1000W220V≈0.45A，故C错误；
D、一支粉笔受到的重力大小约为0.05N，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】D
【解析】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故A不合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故B不合题意；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故C不合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】B
【解析】解：我们能分辨不同同学说话的声音，主要是依据音色；故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
不同的发声体的音色不同；音色与发声体的材料和结构有关。
知道音色的影响因素。本题属于基础性题目。
4.【答案】D
【解析】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；
A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图中是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；
D、当闭合开关后，通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理，故D符合题意。
故选：D。
电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、水烧开后纸盒仍不会烧着，是因为纸的着火点高于水的沸点，此时纸的温度为水的温度，故A错误；
B、纸锅上方的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故B错误；
C、水沸腾前不断吸热，温度逐渐升高，故C正确；
D、水烧开后温度保持不变，仍需要吸热，故D错误。
故选：C。
(1)汽化有蒸发与沸腾两种，蒸发可以随时随地进行。
(2)液体沸腾的特点：继续吸热，温度不变。
(3)液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
本题考查了液体沸腾的特点与液化现象，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：由图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。当油箱中的油量减少时滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大；
A、由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
B、由U=IR可知，电阻R0两端电压变小，故B错误；
C、根据I=UR可知，R两端的电压与电流表示数的比值等于R的电阻，变阻器R接入电路中的电阻变大，因而比值变大，故C正确；
D、电源电压不变，电路中的电流减小，根据P=UI知电路总功率减小，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。根据油量的变化可知滑片移动的方向，从而得出R接入电路中电阻的变化，从而得出电路的总电阻变化，利用欧姆定律可知电路中电流的变化和电阻R0两端电压变化，根据P=UI知电路总功率的变化；
(2)根据I=UR可知R两端的电压与电流表示数的比值表示R的电阻，由此确定比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和串联电路的特点、欧姆定律、电功率的应用，属于中档题。
7.【答案】C
【解析】解：水的密度：ρ水=1.0×103kg/m3=1.0g/cm3，
由ρ=mV可得，烧杯内水的体积：V水=m水ρ水=200g1.0g/cm3=200cm3，
溢出水的体积：V溢水=m溢水ρ水=100g1.0g/cm3=100cm3，
烧杯的容积：V容=400mL=400cm3，
可乐罐缓慢浸入烧杯中时排开水的体积：V排=V容+V溢水-V水=400cm3+100cm3-200cm3=300cm3=3×10-4m3，
此时可乐罐受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10-4m3=3N。
故选：C。
知道水的密度和烧杯内水的质量，根据V=mρ求出烧杯内水的体积和溢出水的体积，可乐罐缓慢浸入烧杯中时排开水的体积等于烧杯的容积加上溢出水的体积后再减去烧杯内水的体积，利用F浮=ρ液gV排求出此时可乐罐受到的浮力。
本题考查了浮力大小的计算，正确得出可乐罐排开水的体积是关键，计算过程要注意单位的换算。
8.【答案】扩散 剧烈 引力
【解析】解：在熬制中药的过程中，我们能够嗅到明显的中药味，这是扩散现象；药材的有效成分在熬制时快速溶入水中，温度越高，分子运动越剧烈。
用筷子搅拌药液后，筷子上会沾上药液，这是因为分子间存在引力。
故答案为：扩散；剧烈；引力。
不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散；温度越高，分子的热运动越剧烈；
分子间存在着相互作用的引力和斥力。
此题考查了分子动理论的知识，属基础题目。
9.【答案】虚 4.2 不变
【解析】解：被测者看到的是平面镜成的虚像；
视力表到平面镜的距离是2.3m，视力表的像到平面镜的距离是2.3m，该同学到平面镜的距离是2.3m-0.4m=1.9m，镜中视力表的像到该同学的距离为2.3m+1.9m=4.2m；
如果小明靠近镜子，由平面镜成像特点可知，则镜中视力表的像的大小将不变。
故答案为：虚；4.2；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
当人靠近平面镜时，镜中的像大小不变，但是眼睛看像的视角变大，感觉像变大。这点学生不容易理解，容易出现错误。
10.【答案】小 外界大气压 变小
【解析】解：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，杯中的水在外界大气压的作用下沿A管上升；
杯内水的高度变小，根据p=ρgh可知，水对容器底的压强变小。
故答案为：小；外界大气压；变小。
(1)流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小。
(2)分析水的高度变化，根据p=ρgh判读水对容器底的压强变化。
本题考查了流体压强与流速的关系、液体内部压强特点的理解和应用，难度不大。
11.【答案】增大 不变 做匀速直线运动
【解析】解：卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；由于不存在空气阻力，所以卫星的机械能守恒，保持不变；
如果卫星运动到近地点时所受的外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，卫星将做匀速直线运动。
故答案为：增大；不变；做匀速直线运动。
(1)在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，势能越大。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)根据牛顿第一定律分析。
本题主要考查了机械能守恒、动能大小的判断、牛顿第一定律的应用，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。
12.【答案】0.3 1：1 1：4
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，电流表A1的示数大于电流表A2的示数，
则电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即：I=1.5A，
电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即：I2=0.3A，
所以，灯L1中的电流：
I1=I-I2=1.5A-0.3A=1.2A。
因两灯泡并联，则灯泡L1与L2两端的电压之比U1：U2=1：1；
根据欧姆定律可得两灯泡的电阻之比：
R1R2=U1I1U2I2=U1U2×I2I1=11×0.3A1.2A=14=1：4。
故答案为：0.3；1：1；1：4。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流；然后根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压之比，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻之比。
本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关键。
13.【答案】做功 内能 1.15×106
【解析】解：
(1)由图可知，汽油机两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，因此该冲程是做功冲程；做功冲程中，高温高压的燃气膨胀做功，推动活塞运动，将燃气的内能转化为活塞的机械能；
(2)完全燃烧0.1kg汽油放出的热量：Q放=mq汽油=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J，
根据效率公式η=WQ放可得该汽油机对外做的有用功：W=Q放η=4.6×106J×25%=1.15×106J。
故答案为：做功；内能；1.15×106。
(1)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；
(2)根据Q=mq求出完全燃烧0.1kg汽油放出的热量，根据效率公式η=WQ放可以求出该汽油机对外做的有用功。
该题考查了冲程的判断、热机效率的计算，解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，属于基础题。
14.【答案】0.6 10 0.6
【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器滑片P在a端时，则接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知，I1=0.6A，
由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×R1，
当滑动变阻器滑片P在b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，I2=0.2A，U2=2V，此时R2接入电路的电阻为R2=U2I2=2V0.2A=10Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=I2R1+U2=0.2A×R1+2V，
因电源的电压不变，所以，0.6A×R1=0.2A×R1+2V，
解得：R1=5Ω，
电源的电压：U=I1R1=0.6A×5Ω=3V；
整个电路的电功率P=UI=3V×0.2A=0.6W。
故答案为：0.6；10；0.6。
(1)由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，由图象读出电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出电源电压和R1的值；
(2)根据图乙读出滑片在b端时电路中的电流，根据P=UI算出整个电路的电功率。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用等知识，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
15.【答案】解：如图所示，当一束光线从空气斜射到水面时发生反射与折射；先作出法线，然后据反射角等于入射角，作出入射光线；根据折射角小于入射角，作出折射角，如下图：
【解析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射，光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。
本题考查了光的反射定律和折射规律的应用，属于基础题目。
16.【答案】解：小车在水平木板上运动过程中，对木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以受到的摩擦力大小不变，如图所示：
【解析】滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，据此分析。
本题考查了影响摩擦力大小的因素，属于基础题。
17.【答案】解：条形磁体A、B静止在水平桌面上，磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以A的右端为N极、B的左端为S极，异名磁极相互吸引，所以B会受到水平向左的吸引力和水平向右的摩擦力的共同作用，如图所示：
【解析】磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；异名磁极相互吸引；对B受力分析，然后做出力的示意图。
本题考查了磁感线的方向、磁极间的相互作用力、力的示意图的画法，属于综合题。
18.【答案】2.20 -4 1.6
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与2.20cm对齐，所以物体的长度L=2.20cm；
(2)在图乙中标注数字0和10之间有10小格，故该温度计的分度值是1℃，该温度计的液柱上表面上部标注数字是0，下部标注数字是10，上小下大，说明液柱上表面在0℃以下，液柱上表面距离0℃有4小格，故温度计读数为-4℃。
(3)弹簧测力计每大格为1N，每大格内有5小格，故其分度值为0.2N，指针在1N下面，距离1N有2小格，故其读数为1.6N。
故答案为：2.20；-4；1.6。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位。
(2)使用温度计时要先确定分度值，然后根据温度计上标注数字的大小关系确定标注数字是零上还是零下，最后根据液柱上表面对应的刻度读出此时测量的温度值。
(3)根据弹簧测力计的分度值和指针的位置进行读数；
本题考查了用刻度尺测量长度、温度计的读数和弹簧测力计的读数，属于基础内容，要熟练掌握测量工具的使用和读数。
19.【答案】海绵的凹陷程度 乙、丙 等于
【解析】解：(1)根据转换法，该实验可通过海绵的凹陷程度来显示压力作用的效果；
探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，对比图乙、丙可知压力的作用效果与受力面积有关。
(2)将图丙中的海绵换成蓬松棉，实验现象如图丁所示，根据p=FS，因压力大小和受力面积不变，则图丙实验中小桌对海绵的压强等于图丁实验中小桌对蓬松棉的压强。
故答案为：(1)海绵的凹陷程度；(2)乙、丙；(3)等于。
根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】把游码拨到左端零刻度线处 右 82.4 30 1.4×103 偏大 m2-m3V
【解析】解：(1)使用天平时，应先把游码移到标尺的零刻度线处，即游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡，而小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏了游码归零这一步骤；
原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，应将平衡螺母右调；
(2)由图丙可知，标尺分度值为0.2g，烧杯和蜂蜜的总质量为50g+20g+10g+2.4g=82.4g，
蜂蜜的质量为m=82.4g-40.4g=42.0g；
由丁图知，倒入量筒中蜂蜜的体积为V=30mL=30cm3，
蜂蜜的密度ρ=mV=42.0g30cm3=1.4g/cm3=1.4×103kg/m3；
(3)烧杯中的蜂蜜全部倒入量筒中时，会有部分蜂蜜残留在烧杯中，这样会使测得蜂蜜体积偏小，密度偏大；
量筒内蜂蜜的质量为：m'=m2-m3，
蜂蜜的密度为：ρ'=m'V=m2-m3V。
故答案为：(1)把游码拨到左端零刻度线处；右；(2)82.4；30；1.4×103；(3)偏大；m2-m3V。
(1)从天平的正确使用进行分析：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处；调节平衡螺母使天平横梁平衡；
原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，据此分析平衡螺母应向哪边调节；
(2)烧杯和蜂蜜的总质量等于砝码的质量和游码对应刻度之和，烧杯和蜂蜜总质量和烧杯的质量差为蜂蜜的质量；
用量筒测量液体的体积时，要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；利用密度公式求出蜂蜜密度；
(3)蜂蜜倒入量筒时会有残留，由此分析解答；
量筒内蜂蜜的质量等于两次质量之差，读出量筒内蜂蜜的体积，根据密度公式可求出蜂蜜的密度。
本题是测量液体密度的实验，主要考查了天平、量筒的使用读数及液体密度的测量方法和密度计算及误差分析等，应掌握好。
21.【答案】断开开关 2 0.2 15Ω的定值电阻断路 将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻
【解析】解：(1)滑动变阻器与定值电阻串联，滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
(2)为了保护电路，在拆接电路时，开关应断开，因此小璇接下来应断开开关，换上10Ω的电阻；
由表中数据可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，因此小璇闭合开关后，应移动滑动变阻器的滑片直至电压表示数为2V，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(3)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的15Ω的定值电阻断路了；
由串联电路的电阻特点可知，将5Ω和10Ω的电阻串联后的总电阻：R总=5Ω+10Ω=15Ω，因此为完成第3次实验，小璇可采取的做法是将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开开关；2；0.2；(3)15Ω的定值电阻断路；将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻。
(1)滑动变阻器与定值电阻串联，滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)为了保护电路，在拆接电路时，开关应断开，根据表中数据利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；
(3)电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；根据串联电路的电阻特点分析为完成第3次实验，小璇采取的做法。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法、电流表的读数、串联电路的电阻特点和欧姆定律的应用。
22.【答案】解：(1)A静止时对水平地面的压力F=G=mg=2kg×10N/kg=20N；
A静止时对水平地面的压强p=FS=20N0.01m2=2000Pa；
(2)忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦。
用一动滑轮拉着物体A0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，处于平衡状态，
所受的拉力FA=f=0.2G=0.2mg=0.2×2kg×10N/kg=4N，
A匀速运动过程中拉力F=12FA=12×4N=2N；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，A运动的路程sA=vt=0.5m/s×20s=10m，
绳子自由端移动的距离s=2sA=2×10m=20m，
拉力F做的功W=Fs=2N×20m=40J。
答：(1)A静止时对水平地面的压强为2000Pa；
(2)A匀速运动过程中拉力F的大小为2N；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，拉力F做的功为40J。
【解析】(1)根据F=G=mg得出A静止时对水平地面的压力；根据p=FS得出A静止时对水平地面的压强；
(2)忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦，用一动滑轮拉着物体A0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，处于平衡状态，根据FA=f=0.2G=0.2mg得出所受的拉力，根据F=12FA得出A匀速运动过程中拉力；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，根据sA=vt得出A运动的路程，根据s=2sA得出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs得出拉力F做的功。
本题考查压强、功的有关计算，并考查动滑轮的有关知识，是一道综合题。
23.【答案】解：(1)由题知，电热水壶加热挡工作时的功率P加热=1100W，
在加热挡工作5min产生的热量：
Q加热=W加热=P加热t=1100W×5×60s=3.3×105J；
(2)由图知，S、S1都闭合时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，电源电压一定，由P=U2R知，电路的功率较大，为加热状态，
只闭合S时，两电阻串联，电路的电阻较大，电源电压一定，由P=U2R知，电路的功率较小，为保温状态，
所以加热时，通过R2的电流I2=0，
由P=UI可得，通过电阻R1的电流：
I1=P加热U=1100W220V=5A；
(3)由I=UR可得，R1阻值：
R1=UI1=220V5A=44Ω，
保温时：R1+R2=U2P保温，
即：44Ω+R2=(220V)244W，
解得：R2=1056Ω。
答：(1)电热水壶在加热挡工作5min产生的热量为3.3×105J；
(2)加热时，通过电阻R1为5A，通过R2的电流为0；
(3)R2的阻值为1056Ω。
【解析】(1)已知电热水壶加热功率，根据Q=W=Pt计算在加热挡工作5min产生的热量；
(2)根据电路特点和P=U2R，结合图示分析开关S闭合后，S1闭合和断开时电热水壶的工作状态，由加热时电路连接情况和P=UI可得，通过电阻R1、R2的电流；
(3)由欧姆定律计算R1的电阻；在保温时，根据串联电路特点和P=U2R计算R2的阻值。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律、电功率以及电热计算公式的灵活应用，正确判断加热和保温时电路的连接情况是前提。
24.【答案】温度 热传递 b d 大 A和B
【解析】解：(1)气体具有热胀冷缩的性质，透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化；空气会从电热丝处吸收热量，是通过热传递改变内能的；
(2)接通电路后，a与b并联连接，所以a两端的电压与b两端的电压相同；c与d串联接入电路中，根据串联电路的电流关系可知，通过c的电流与通过d的电流相同；
(3)如图乙所示，插座上同时接入的用电器越多，电路的总功率变大，根据P=UI可知，通过插座导线的电流越大，相同时间内产生的热量越多，接插座的导线就会有起火的危险，这种现象可通过对比图甲中的装置A和B来解释。
故答案为：(1)温度；热传递；(2)b；d；(3)大；A和B。
(1)气体具有热胀冷缩的性质；改变内能的方法：做功和热传递；
(2)根据串联、并联电路的电压规律、电流规律分析；
(3)用电器的总功率越大，电路中的电流越大。
本题主要考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的方案，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
25.【答案】3.65×10-7 不变 半导体 单向 放大 实 投影仪
【解析】解：(1)光刻机早期使用的紫外光源波长约365nm，相当于3.65×10-7m；随着技术升级，光源波长变短，光的传播速度不变。
(2)晶圆硅片是制造芯片的基础，采用半导体材料制造；用类似材料制作的发光二极管具有单向导电性。
(3)要在晶圆上刻制电路，透过掩模版的光线经光学镜片在晶圆上成放大的实像，其成像效果类似于投影仪。
故答案为：(1)3.65×10-7；不变；(2)半导体；单向；(3)放大；实；投影仪。
(1)纳米是长度的单位，1nm=10-9m；光的传播速度与波长无关。
(2)晶圆硅片是半导体材料制成的，是制造芯片的基础。发光二极管具有单向导电性。
(3)光刻时采用和投影仪一样的原理，将设计好的电路通过成倒立、放大的实像，实现电路图从掩模版到硅片的转移。
知道光的传播速度；知道半导体材料的特点及应用；知道凸透镜成像规律的应用。
26.【答案】C 非平衡力 运动 重 12000 0.1
【解析】解：(1)A.筒车能转动是由于水流的推动，故A错误；
B.筒车能连续转动是因为其具有惯性，故B错误；
C.筒车工作时改变的水的运动状态，对水流有力的作用，故C正确；
D.永动机是不可以制造出来的，故D错误；
故选C；
(2)筒车在匀速转动的过程中，运动方向改变，竹筒受非平衡力，以竹筒为参照物，车轴是运动的；当竹筒运行至高处泄水，水在重力的作用下落入水槽；
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，竹筒中50%的水能落入水槽，则当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，最多可以为农田浇灌的水的质量m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×60×5×20×2×10-3m3×50%=12000kg，
筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，在此过程中，竹筒的筒底比筒口运动的速度快v=s1-s2t=2×2.2m×3-2×2m×360s5=0.1m/s。
故答案为：(1)C；(2)非平衡力；运动；重；(3)12000；0.1。
(1)A.筒车能转动是由于水流的推动；
B.筒车能连续转动是因为其具有惯性；
C.筒车工作时改变的水的运动状态，对水流有力的作用；
D.永动机是不可以制造出来的；
(2)筒车在匀速转动的过程中，运动方向改变，根据牛顿第一定律可知竹筒是否受平衡力作用；
物体相当于参照物的位置改变，物体是运动的，物体相当于参照物的位置没有改变，物体是静止的；
当竹筒运行至高处泄水，水在重力的作用下落入水槽；
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，竹筒中50%的水能落入水槽，当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，根据m=ρV计算最多可以为农田浇灌的水的质量，
筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，根据速度公式计算在此过程中竹筒的筒底比筒口运动的速度快多少。
本题考查运动和力、运动和静止的相对性、速度公式、密度公式的灵活运用。
2023年广东省河源市龙川县中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 对生活中常见的物理量进行估测，符合实际的是( )
A. 普通中学生的身高约为1.6 m
B. 一个苹果的质量约为3 kg
C. 家用电饭锅正常工作时的电流约为10mA
D. 一支粉笔受到的重力约为10N
2. 下列工具在正常使用过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 起子 B. 核桃夹
C. 钳子 D. 食品夹
3. 我们能分辨不同同学说话的声音，主要是依据( )
A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 声速
4. 新能源电动汽车的核心部件是电动机。如图中能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，用盛水的纸盒做“纸锅烧水”实验，下列有关说法正确的是( )
A. 纸锅没有燃烧是因为它的温度低于水的温度
B. 纸锅上方的“白气”是水汽化形成的水蒸气
C. 水沸腾前不断吸热，温度逐渐升高
D. 水沸腾后不再吸热，温度保持不变
6. 如图所示是模拟显示汽车油箱剩余油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，滑片与滑杆相连，当油量减少时，滑杆向上移动，下列说法正确的是( )
A. 电流表示数逐渐变大 B. R0两端的电压逐渐变大
C. R两端的电压与电流表示数的比值变大 D. 电路的总功率逐渐变大
7. 最大容积为400mL的烧杯静置在水平桌面上，烧杯内有质量为200g的水，现将一个体积为330mL的可乐罐缓慢浸入烧杯中，如图所示，烧杯溢出水的质量为100g，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，此时可乐罐受到的浮力大小是( )
A. 1N B. 2N C. 3N D. 4N
8. 在熬制中药的过程中，我们能够嗅到明显的中药味，这是______ 现象；药材的有效成分在熬制时快速溶入水中，这是因为温度越高，分子运动越______ ；用筷子搅拌药液后，筷子上会沾上药液，这是因为分子间存在______ 。
9. 小明做视力检测，如图所示，他通过前方的平面镜观看自己身后的视力表。小明看到的是平面镜所成的______ (选填“实”或“虚”)像，这个像与小明相距______ m，如果小明靠近镜子，该像将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
10. 如图所示，往B管中吹气，A管上端管口处的空气流速变大，压强变______ ，杯中的水在______ 的作用下沿A管上升，水对杯底的压强将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
11. 如图所示，卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的动能______ ，机械能______ (前两空选填“增大”“减小”或“不变”)；如果卫星运动到近地点时所受的外力全部消失，则卫星将______ 。
12. 在图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，两个电流表指针偏转均如图乙所示，则通过灯泡L2的电流为______ A，灯泡L1、L2两端的电压之比是______ ，灯泡L1、L2的电阻之比是______ 。
13. 如图所示，汽油机此时进行的是______ 冲程，该冲程将______ 转化成机械能。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，汽油机的效率是25%，若完全燃烧0.1kg汽油，汽油机可以输出______ J的有用功。
14. 在图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。当滑片P在a端时，电流表示数为______ A；当滑片P滑到b端时，R2接入电路的电阻为______ Ω，此时整个电路的电功率为______ W。
15. 如图所示，一条光线从空气射向水面时发生了反射和折射，OA为反射光线，请在图中作出入射光线和大致的折射光线。
16. 如图甲所示，小车自斜面滑下，在水平木板上滑行一段距离后停下来，请在图乙中画出小车在水平木板上运动过程中所受的摩擦力f随时间t变化的大致图象。
17. 如图所示，条形磁体A、B静止在水平桌面上，图中画出了部分磁感线的分布情况，请在图中标出磁体A的N极，并画出磁体B在水平方向上的受力示意图。
18. 在图中，用刻度尺所测物体的长度为______ cm；温度计的示数为______ ℃；弹簧测力计的读数为______ N。
19. 利用海绵、小桌砝码探究“影响压力作用效果的因素”，如图所示。
(1)该实验可通过______ 来显示压力作用的效果；对比图______ 可知压力的作用效果与受力面积有关。
(2)将图丙中的海绵换成蓬松棉，实验现象如图丁所示，则图丙实验中小桌对海绵的压强______ (选填“大于”“小于”或“等于”)图丁实验中小桌对蓬松棉的压强。
20. 某学习小组正在尝试用天平和量筒测量液态蜂蜜的密度。
(1)测量前，水平桌面上的天平如图甲所示，指针静止时指向分度盘中央。实验小组接下来应首先______ ，然后将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直至指针指在分度盘的中央刻度线上。
(2)天平调平后，实验小组按如下步骤进行实验：
①测出空烧杯的质量m1=40.4g；
②将适量的蜂蜜倒入烧杯中，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，烧杯和蜂蜜的总质量m2= ______ g；
③将烧杯中的蜂蜜全部倒入量筒中，如图丙所示，蜂蜜的体积V= ______ mL；
④则可以测得该蜂蜜的密度ρ= ______ kg/m3。
(3)小组成员讨论交流后认为(2)中步骤③会使部分蜂蜜残留在烧杯中，这会导致蜂蜜密度的测量值______ (选填“偏大”或“偏小”)；他们认为可在步骤③之后用天平测量出烧杯和残留蜂蜜的质量m3，并用ρ= ______ (用题中的字母符号表示)来计算蜂蜜的密度。
21. 如图甲所示是小璇同学做“探究电流与电阻的关系”的实验电路，其中电源电压为4.5V保持不变，实验中用到阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻各一个。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中电流变大)；
(2)实验过程中，小璇先用5Ω的电阻进行实验，并将实验数据记录在下表的第1次实验中，接下来应______ ，换上10Ω的电阻，再闭合开关并移动滑动变阻器的滑片直至电压表示数为______ V，电流表示数如图乙，为______ A；
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
15
电流I/A
0.4
(3)小璇换用15Ω的电阻做第3次实验，连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电压表有示数，电流表示数几乎为0，经检查发现线路接触良好，各电表完好，其原因可能是______ ；为完成第3次实验，小璇可采取的做法是______ 。
22. 如图所示，底面积为0.01m2的物体A，质量为2kg。现用一动滑轮拉着物体A以0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，A受到的摩擦力是自重的0.2倍。忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦，g取10N/kg。求：
(1)A静止时对水平地面的压强；
(2)A匀速运动过程中拉力F的大小；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，拉力F做的功。
23. 某型号的家用电热水壶有加热和保温两个挡位，其简化电路如图所示，已知加热和保温的功率分别为1100W和44W。求：
(1)电热水壶在加热挡工作5min产生的热量；
(2)加热时，通过电阻R1、R2的电流；
(3)R2的阻值。
24. 李老师在给同学们演示“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”的实验，她将装置A、B、C串联在同一电路中，如图甲所示，a、b、c、d为电热丝。
(1)透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气______ 的变化，这种变化源于空气与电热丝之间发生了______ 。
(2)已知电热丝a、b、c的阻值均为5Ω，电热丝d的阻值为10Ω，电路接通后，a两端的电压与______ 两端的电压相同，通过c的电流与通过______ (均选填“a”“b”“c”或“d”)的电流相同。
(3)如图乙所示，插座上同时接入的用电器越多，通过插座导线的电流越______ ，相同时间内产生的热量越多，接插座的导线就会有起火的危险，这种现象可通过对比图甲中的装置______ (选填“A和B”“B和C”或“A和C”)来解释。
25. 光刻机被认为是芯片制造过程中最为重要的设备，其能够将设计好的电路刻制在微小的晶圆上。“光刻“的流程如图所示，先在晶圆硅片表面覆盖一层对光敏感的光刻胶，再用光线透过掩模版(其上有设计好的电路图)、光学镜片最终照射在硅片表面，被光线照射到的光刻胶会发生反应，随后用特定溶剂洗去被照射(或未被照射)的光刻胶，就实现电路图从掩模版到硅片的转移。光源是光刻机的核心部件之一，光刻机的工艺能力首先取决于光源的波长，其决定了芯片的制程。早期光刻机的光源是采用汞灯产生的紫外光源，波长约365nm，随后业界采用了准分子激光的深紫外光源，将波长进一步缩小到193nm，目前开始采用极紫外光源来进一步提供更短波长的光。
(1)光刻机早期使用的紫外光源波长约365nm，相当于______ m；随着技术升级，光源波长变短，光的传播速度______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)晶圆硅片是制造芯片的基础，采用______ (选填“导体”“半导体”或“绝缘体”)材料制造；用类似材料制作的发光二极管具有______ 导电性。
(3)要在晶圆上刻制电路，透过掩模版的光线经光学镜片在晶圆上成______ (选填“放大”或“缩小”)的______ 像，其成像效果类似于______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
26. 阅读短文，回答问题。
筒车筒车亦称“水转筒车”，是一种以水流作动力取水灌田的工具。据史料记载，筒车发明于隋而盛于唐，距今已有1000多年的历史。
筒车的种类较多，制作工艺有所不同。如图所示，简易的筒车常用一端开口、一端封闭的竹节制成筒，竹筒被均匀安装在筒车上，用于从河中打水，同时在水流的推动下使筒车转动起来。筒车工作时，竹筒绕车轴做圆周运动，筒底与筒口的运动轨迹是同心圆，且筒底所在的外圆半径大于筒口所在的内圆半径。竹筒浸在水里的时候被灌满了水，当转过一定角度后将离开水面被提升，所以竹筒在低处时盛水，在高处时泄水，泄出的水落入水槽后被引向农田，如此往复，循环提水。在实际使用过程中，人们会根据农田与水面间的高度差调整水槽的位置和宽度，使水槽能够接到更多的水。
(1)关于筒车的说法正确的是______ 。(填字母)
A.筒车能转动是由于竹筒受到了浮力
B.筒车能连续转动是受到惯性的作用
C.筒车工作时对水流有力的作用
D.筒车证明了永动机是可以制造出来的
(2)筒车在匀速转动的过程中，竹筒受______ (选填“平衡力”或“非平衡力”)，以竹筒为参照物，车轴是______ (选填“运动”或“静止”)的；当竹筒运行至高处泄水，水在______ 力的作用下落入水槽。
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，通过调整水槽的位置，竹筒中50%的水能落入水槽，则当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，最多可以为农田浇灌______ kg的水，在此过程中，竹筒的筒底比筒口运动的速度快______ m/s。(圆周率π取3，ρ水=1.0×103kg/m3)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、普通中学生的身高约为1.6 m，故A正确；
B、一个苹果的质量约为200g=0.2kg，故B错误；
C、家用电饭锅的功率约为1000W，其正常工作时的电流I=PU=1000W220V≈0.45A，故C错误；
D、一支粉笔受到的重力大小约为0.05N，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】D
【解析】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故A不合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故B不合题意；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力、费距离杠杆，故C不合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】B
【解析】解：我们能分辨不同同学说话的声音，主要是依据音色；故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
不同的发声体的音色不同；音色与发声体的材料和结构有关。
知道音色的影响因素。本题属于基础性题目。
4.【答案】D
【解析】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；
A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图中是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；
D、当闭合开关后，通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理，故D符合题意。
故选：D。
电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、水烧开后纸盒仍不会烧着，是因为纸的着火点高于水的沸点，此时纸的温度为水的温度，故A错误；
B、纸锅上方的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故B错误；
C、水沸腾前不断吸热，温度逐渐升高，故C正确；
D、水烧开后温度保持不变，仍需要吸热，故D错误。
故选：C。
(1)汽化有蒸发与沸腾两种，蒸发可以随时随地进行。
(2)液体沸腾的特点：继续吸热，温度不变。
(3)液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
本题考查了液体沸腾的特点与液化现象，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：由图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。当油箱中的油量减少时滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大；
A、由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
B、由U=IR可知，电阻R0两端电压变小，故B错误；
C、根据I=UR可知，R两端的电压与电流表示数的比值等于R的电阻，变阻器R接入电路中的电阻变大，因而比值变大，故C正确；
D、电源电压不变，电路中的电流减小，根据P=UI知电路总功率减小，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。根据油量的变化可知滑片移动的方向，从而得出R接入电路中电阻的变化，从而得出电路的总电阻变化，利用欧姆定律可知电路中电流的变化和电阻R0两端电压变化，根据P=UI知电路总功率的变化；
(2)根据I=UR可知R两端的电压与电流表示数的比值表示R的电阻，由此确定比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和串联电路的特点、欧姆定律、电功率的应用，属于中档题。
7.【答案】C
【解析】解：水的密度：ρ水=1.0×103kg/m3=1.0g/cm3，
由ρ=mV可得，烧杯内水的体积：V水=m水ρ水=200g1.0g/cm3=200cm3，
溢出水的体积：V溢水=m溢水ρ水=100g1.0g/cm3=100cm3，
烧杯的容积：V容=400mL=400cm3，
可乐罐缓慢浸入烧杯中时排开水的体积：V排=V容+V溢水-V水=400cm3+100cm3-200cm3=300cm3=3×10-4m3，
此时可乐罐受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10-4m3=3N。
故选：C。
知道水的密度和烧杯内水的质量，根据V=mρ求出烧杯内水的体积和溢出水的体积，可乐罐缓慢浸入烧杯中时排开水的体积等于烧杯的容积加上溢出水的体积后再减去烧杯内水的体积，利用F浮=ρ液gV排求出此时可乐罐受到的浮力。
本题考查了浮力大小的计算，正确得出可乐罐排开水的体积是关键，计算过程要注意单位的换算。
8.【答案】扩散 剧烈 引力
【解析】解：在熬制中药的过程中，我们能够嗅到明显的中药味，这是扩散现象；药材的有效成分在熬制时快速溶入水中，温度越高，分子运动越剧烈。
用筷子搅拌药液后，筷子上会沾上药液，这是因为分子间存在引力。
故答案为：扩散；剧烈；引力。
不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散；温度越高，分子的热运动越剧烈；
分子间存在着相互作用的引力和斥力。
此题考查了分子动理论的知识，属基础题目。
9.【答案】虚 4.2 不变
【解析】解：被测者看到的是平面镜成的虚像；
视力表到平面镜的距离是2.3m，视力表的像到平面镜的距离是2.3m，该同学到平面镜的距离是2.3m-0.4m=1.9m，镜中视力表的像到该同学的距离为2.3m+1.9m=4.2m；
如果小明靠近镜子，由平面镜成像特点可知，则镜中视力表的像的大小将不变。
故答案为：虚；4.2；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
当人靠近平面镜时，镜中的像大小不变，但是眼睛看像的视角变大，感觉像变大。这点学生不容易理解，容易出现错误。
10.【答案】小 外界大气压 变小
【解析】解：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，杯中的水在外界大气压的作用下沿A管上升；
杯内水的高度变小，根据p=ρgh可知，水对容器底的压强变小。
故答案为：小；外界大气压；变小。
(1)流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小。
(2)分析水的高度变化，根据p=ρgh判读水对容器底的压强变化。
本题考查了流体压强与流速的关系、液体内部压强特点的理解和应用，难度不大。
11.【答案】增大 不变 做匀速直线运动
【解析】解：卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；由于不存在空气阻力，所以卫星的机械能守恒，保持不变；
如果卫星运动到近地点时所受的外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，卫星将做匀速直线运动。
故答案为：增大；不变；做匀速直线运动。
(1)在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，势能越大。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)根据牛顿第一定律分析。
本题主要考查了机械能守恒、动能大小的判断、牛顿第一定律的应用，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。
12.【答案】0.3 1：1 1：4
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，电流表A1的示数大于电流表A2的示数，
则电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即：I=1.5A，
电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即：I2=0.3A，
所以，灯L1中的电流：
I1=I-I2=1.5A-0.3A=1.2A。
因两灯泡并联，则灯泡L1与L2两端的电压之比U1：U2=1：1；
根据欧姆定律可得两灯泡的电阻之比：
R1R2=U1I1U2I2=U1U2×I2I1=11×0.3A1.2A=14=1：4。
故答案为：0.3；1：1；1：4。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流；然后根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压之比，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻之比。
本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关键。
13.【答案】做功 内能 1.15×106
【解析】解：
(1)由图可知，汽油机两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，因此该冲程是做功冲程；做功冲程中，高温高压的燃气膨胀做功，推动活塞运动，将燃气的内能转化为活塞的机械能；
(2)完全燃烧0.1kg汽油放出的热量：Q放=mq汽油=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J，
根据效率公式η=WQ放可得该汽油机对外做的有用功：W=Q放η=4.6×106J×25%=1.15×106J。
故答案为：做功；内能；1.15×106。
(1)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；
(2)根据Q=mq求出完全燃烧0.1kg汽油放出的热量，根据效率公式η=WQ放可以求出该汽油机对外做的有用功。
该题考查了冲程的判断、热机效率的计算，解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，属于基础题。
14.【答案】0.6 10 0.6
【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器滑片P在a端时，则接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知，I1=0.6A，
由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×R1，
当滑动变阻器滑片P在b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，I2=0.2A，U2=2V，此时R2接入电路的电阻为R2=U2I2=2V0.2A=10Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=I2R1+U2=0.2A×R1+2V，
因电源的电压不变，所以，0.6A×R1=0.2A×R1+2V，
解得：R1=5Ω，
电源的电压：U=I1R1=0.6A×5Ω=3V；
整个电路的电功率P=UI=3V×0.2A=0.6W。
故答案为：0.6；10；0.6。
(1)由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路中的电流最大，由图象读出电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出电源电压和R1的值；
(2)根据图乙读出滑片在b端时电路中的电流，根据P=UI算出整个电路的电功率。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用等知识，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
15.【答案】解：如图所示，当一束光线从空气斜射到水面时发生反射与折射；先作出法线，然后据反射角等于入射角，作出入射光线；根据折射角小于入射角，作出折射角，如下图：
【解析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射，光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。
本题考查了光的反射定律和折射规律的应用，属于基础题目。
16.【答案】解：小车在水平木板上运动过程中，对木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以受到的摩擦力大小不变，如图所示：
【解析】滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，据此分析。
本题考查了影响摩擦力大小的因素，属于基础题。
17.【答案】解：条形磁体A、B静止在水平桌面上，磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以A的右端为N极、B的左端为S极，异名磁极相互吸引，所以B会受到水平向左的吸引力和水平向右的摩擦力的共同作用，如图所示：
【解析】磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；异名磁极相互吸引；对B受力分析，然后做出力的示意图。
本题考查了磁感线的方向、磁极间的相互作用力、力的示意图的画法，属于综合题。
18.【答案】2.20 -4 1.6
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与2.20cm对齐，所以物体的长度L=2.20cm；
(2)在图乙中标注数字0和10之间有10小格，故该温度计的分度值是1℃，该温度计的液柱上表面上部标注数字是0，下部标注数字是10，上小下大，说明液柱上表面在0℃以下，液柱上表面距离0℃有4小格，故温度计读数为-4℃。
(3)弹簧测力计每大格为1N，每大格内有5小格，故其分度值为0.2N，指针在1N下面，距离1N有2小格，故其读数为1.6N。
故答案为：2.20；-4；1.6。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位。
(2)使用温度计时要先确定分度值，然后根据温度计上标注数字的大小关系确定标注数字是零上还是零下，最后根据液柱上表面对应的刻度读出此时测量的温度值。
(3)根据弹簧测力计的分度值和指针的位置进行读数；
本题考查了用刻度尺测量长度、温度计的读数和弹簧测力计的读数，属于基础内容，要熟练掌握测量工具的使用和读数。
19.【答案】海绵的凹陷程度 乙、丙 等于
【解析】解：(1)根据转换法，该实验可通过海绵的凹陷程度来显示压力作用的效果；
探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，对比图乙、丙可知压力的作用效果与受力面积有关。
(2)将图丙中的海绵换成蓬松棉，实验现象如图丁所示，根据p=FS，因压力大小和受力面积不变，则图丙实验中小桌对海绵的压强等于图丁实验中小桌对蓬松棉的压强。
故答案为：(1)海绵的凹陷程度；(2)乙、丙；(3)等于。
根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】把游码拨到左端零刻度线处 右 82.4 30 1.4×103 偏大 m2-m3V
【解析】解：(1)使用天平时，应先把游码移到标尺的零刻度线处，即游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡，而小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏了游码归零这一步骤；
原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，应将平衡螺母右调；
(2)由图丙可知，标尺分度值为0.2g，烧杯和蜂蜜的总质量为50g+20g+10g+2.4g=82.4g，
蜂蜜的质量为m=82.4g-40.4g=42.0g；
由丁图知，倒入量筒中蜂蜜的体积为V=30mL=30cm3，
蜂蜜的密度ρ=mV=42.0g30cm3=1.4g/cm3=1.4×103kg/m3；
(3)烧杯中的蜂蜜全部倒入量筒中时，会有部分蜂蜜残留在烧杯中，这样会使测得蜂蜜体积偏小，密度偏大；
量筒内蜂蜜的质量为：m'=m2-m3，
蜂蜜的密度为：ρ'=m'V=m2-m3V。
故答案为：(1)把游码拨到左端零刻度线处；右；(2)82.4；30；1.4×103；(3)偏大；m2-m3V。
(1)从天平的正确使用进行分析：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处；调节平衡螺母使天平横梁平衡；
原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，据此分析平衡螺母应向哪边调节；
(2)烧杯和蜂蜜的总质量等于砝码的质量和游码对应刻度之和，烧杯和蜂蜜总质量和烧杯的质量差为蜂蜜的质量；
用量筒测量液体的体积时，要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；利用密度公式求出蜂蜜密度；
(3)蜂蜜倒入量筒时会有残留，由此分析解答；
量筒内蜂蜜的质量等于两次质量之差，读出量筒内蜂蜜的体积，根据密度公式可求出蜂蜜的密度。
本题是测量液体密度的实验，主要考查了天平、量筒的使用读数及液体密度的测量方法和密度计算及误差分析等，应掌握好。
21.【答案】断开开关 2 0.2 15Ω的定值电阻断路 将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻
【解析】解：(1)滑动变阻器与定值电阻串联，滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
(2)为了保护电路，在拆接电路时，开关应断开，因此小璇接下来应断开开关，换上10Ω的电阻；
由表中数据可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，因此小璇闭合开关后，应移动滑动变阻器的滑片直至电压表示数为2V，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(3)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的15Ω的定值电阻断路了；
由串联电路的电阻特点可知，将5Ω和10Ω的电阻串联后的总电阻：R总=5Ω+10Ω=15Ω，因此为完成第3次实验，小璇可采取的做法是将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开开关；2；0.2；(3)15Ω的定值电阻断路；将5Ω和10Ω的电阻串联后代替15Ω的电阻。
(1)滑动变阻器与定值电阻串联，滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)为了保护电路，在拆接电路时，开关应断开，根据表中数据利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；
(3)电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；根据串联电路的电阻特点分析为完成第3次实验，小璇采取的做法。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法、电流表的读数、串联电路的电阻特点和欧姆定律的应用。
22.【答案】解：(1)A静止时对水平地面的压力F=G=mg=2kg×10N/kg=20N；
A静止时对水平地面的压强p=FS=20N0.01m2=2000Pa；
(2)忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦。
用一动滑轮拉着物体A0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，处于平衡状态，
所受的拉力FA=f=0.2G=0.2mg=0.2×2kg×10N/kg=4N，
A匀速运动过程中拉力F=12FA=12×4N=2N；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，A运动的路程sA=vt=0.5m/s×20s=10m，
绳子自由端移动的距离s=2sA=2×10m=20m，
拉力F做的功W=Fs=2N×20m=40J。
答：(1)A静止时对水平地面的压强为2000Pa；
(2)A匀速运动过程中拉力F的大小为2N；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，拉力F做的功为40J。
【解析】(1)根据F=G=mg得出A静止时对水平地面的压力；根据p=FS得出A静止时对水平地面的压强；
(2)忽略滑轮重、绳重及绳子与滑轮间的摩擦，用一动滑轮拉着物体A0.5m/s的速度在水平地面上匀速运动，处于平衡状态，根据FA=f=0.2G=0.2mg得出所受的拉力，根据F=12FA得出A匀速运动过程中拉力；
(3)A在拉力F的作用下匀速运动20s，根据sA=vt得出A运动的路程，根据s=2sA得出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs得出拉力F做的功。
本题考查压强、功的有关计算，并考查动滑轮的有关知识，是一道综合题。
23.【答案】解：(1)由题知，电热水壶加热挡工作时的功率P加热=1100W，
在加热挡工作5min产生的热量：
Q加热=W加热=P加热t=1100W×5×60s=3.3×105J；
(2)由图知，S、S1都闭合时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，电源电压一定，由P=U2R知，电路的功率较大，为加热状态，
只闭合S时，两电阻串联，电路的电阻较大，电源电压一定，由P=U2R知，电路的功率较小，为保温状态，
所以加热时，通过R2的电流I2=0，
由P=UI可得，通过电阻R1的电流：
I1=P加热U=1100W220V=5A；
(3)由I=UR可得，R1阻值：
R1=UI1=220V5A=44Ω，
保温时：R1+R2=U2P保温，
即：44Ω+R2=(220V)244W，
解得：R2=1056Ω。
答：(1)电热水壶在加热挡工作5min产生的热量为3.3×105J；
(2)加热时，通过电阻R1为5A，通过R2的电流为0；
(3)R2的阻值为1056Ω。
【解析】(1)已知电热水壶加热功率，根据Q=W=Pt计算在加热挡工作5min产生的热量；
(2)根据电路特点和P=U2R，结合图示分析开关S闭合后，S1闭合和断开时电热水壶的工作状态，由加热时电路连接情况和P=UI可得，通过电阻R1、R2的电流；
(3)由欧姆定律计算R1的电阻；在保温时，根据串联电路特点和P=U2R计算R2的阻值。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律、电功率以及电热计算公式的灵活应用，正确判断加热和保温时电路的连接情况是前提。
24.【答案】温度 热传递 b d 大 A和B
【解析】解：(1)气体具有热胀冷缩的性质，透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化；空气会从电热丝处吸收热量，是通过热传递改变内能的；
(2)接通电路后，a与b并联连接，所以a两端的电压与b两端的电压相同；c与d串联接入电路中，根据串联电路的电流关系可知，通过c的电流与通过d的电流相同；
(3)如图乙所示，插座上同时接入的用电器越多，电路的总功率变大，根据P=UI可知，通过插座导线的电流越大，相同时间内产生的热量越多，接插座的导线就会有起火的危险，这种现象可通过对比图甲中的装置A和B来解释。
故答案为：(1)温度；热传递；(2)b；d；(3)大；A和B。
(1)气体具有热胀冷缩的性质；改变内能的方法：做功和热传递；
(2)根据串联、并联电路的电压规律、电流规律分析；
(3)用电器的总功率越大，电路中的电流越大。
本题主要考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的方案，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
25.【答案】3.65×10-7 不变 半导体 单向 放大 实 投影仪
【解析】解：(1)光刻机早期使用的紫外光源波长约365nm，相当于3.65×10-7m；随着技术升级，光源波长变短，光的传播速度不变。
(2)晶圆硅片是制造芯片的基础，采用半导体材料制造；用类似材料制作的发光二极管具有单向导电性。
(3)要在晶圆上刻制电路，透过掩模版的光线经光学镜片在晶圆上成放大的实像，其成像效果类似于投影仪。
故答案为：(1)3.65×10-7；不变；(2)半导体；单向；(3)放大；实；投影仪。
(1)纳米是长度的单位，1nm=10-9m；光的传播速度与波长无关。
(2)晶圆硅片是半导体材料制成的，是制造芯片的基础。发光二极管具有单向导电性。
(3)光刻时采用和投影仪一样的原理，将设计好的电路通过成倒立、放大的实像，实现电路图从掩模版到硅片的转移。
知道光的传播速度；知道半导体材料的特点及应用；知道凸透镜成像规律的应用。
26.【答案】C 非平衡力 运动 重 12000 0.1
【解析】解：(1)A.筒车能转动是由于水流的推动，故A错误；
B.筒车能连续转动是因为其具有惯性，故B错误；
C.筒车工作时改变的水的运动状态，对水流有力的作用，故C正确；
D.永动机是不可以制造出来的，故D错误；
故选C；
(2)筒车在匀速转动的过程中，运动方向改变，竹筒受非平衡力，以竹筒为参照物，车轴是运动的；当竹筒运行至高处泄水，水在重力的作用下落入水槽；
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，竹筒中50%的水能落入水槽，则当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，最多可以为农田浇灌的水的质量m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×60×5×20×2×10-3m3×50%=12000kg，
筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，在此过程中，竹筒的筒底比筒口运动的速度快v=s1-s2t=2×2.2m×3-2×2m×360s5=0.1m/s。
故答案为：(1)C；(2)非平衡力；运动；重；(3)12000；0.1。
(1)A.筒车能转动是由于水流的推动；
B.筒车能连续转动是因为其具有惯性；
C.筒车工作时改变的水的运动状态，对水流有力的作用；
D.永动机是不可以制造出来的；
(2)筒车在匀速转动的过程中，运动方向改变，根据牛顿第一定律可知竹筒是否受平衡力作用；
物体相当于参照物的位置改变，物体是运动的，物体相当于参照物的位置没有改变，物体是静止的；
当竹筒运行至高处泄水，水在重力的作用下落入水槽；
(3)某筒车上均匀分布了20个相同的竹筒，每个竹筒的容积为2L，竹筒中50%的水能落入水槽，当筒车以每分钟转动5圈的速度连续工作2h，根据m=ρV计算最多可以为农田浇灌的水的质量，
筒底的运动半径为2.2m，筒口的运动半径为2.0m，根据速度公式计算在此过程中竹筒的筒底比筒口运动的速度快多少。
本题考查运动和力、运动和静止的相对性、速度公式、密度公式的灵活运用。
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