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2023年江苏省扬州市邗江区中考物理一模试卷（含解析）
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2023年江苏省扬州市邗江区中考物理一模试卷
副标题
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 10月16日，二十大胜利召开，小明准时打开电视收看总书记的报告，妈妈在厨房听到后，兴奋地说：是习主席在讲话，是习主席在讲话！小明妈妈根据什么判断是习主席讲话的( )
A. 音色 B. 音调 C. 响度 D. 声速
2. 下列几种估测最符合实际情况的是( )
A. 人步行时的每步距离长约为100cm B. 正常人的脉搏频率约为1.2Hz
C. 舒适的洗澡水的温度约为25℃ D. 做一遍中学生眼保健操的时间约需120s
3. 据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，日本政府于2021年4月13日召开有关内阁会议正式决定将福岛第一核电站上百万吨核污水经过滤并稀释后排入大海，排放将于约2年后开始。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是( )
A. 核能是可再生能源
B. 核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
C. 核能来自太阳
D. 核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
4. 关于下列中考体育测试项目，说法正确的是( )
A. 引体向上——人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力
B. 800m测试——冲过终点的同学由于惯性不能立刻停下来
C. 立定跳远——起跳时用力蹬地，地面对脚的力大于脚对地面的力
D. 掷实心球——若球在最高点时所受外力全部消失，球将竖直下落
5. 某天，“生物”和“物理”两位大师在一起进行体育锻炼。“生物”大师伸出健硕的手臂对“物理”大师说：“看，我能提起很重的物体哦(如图)！”“物理”大师竖起大拇指说：“真厉害！其实，你的前臂就是物理学中的一根杠杆，”以下对于这根杠杆在提起重物的过程中，分析不合理的是( )
A. 前臂杠杆的支点O在肘关节处 B. 肱二头肌给桡骨的力是动力
C. 重物给前臂的力F2是阻力 D. 前臂是一根省力杠杆，缺点是费距离
6. 一场大雪后，小明用刻度尺测出水平地面雪的厚度为180mm，然后他用脚使劲将雪踏结实，测出踩出的雪坑深度为165mm，若雪踏实后的密度与冰相似(0.9×103kg/m3).如图所示，将一辆小汽车车顶上的雪全部收集起来熔化成水，其质量约为( )
A. 15kg B. 50kg C. 120kg D. 250kg
7. 疫情期间，居家隔离的小赵同学在网上购买了自热小火锅(如图)，上下包装被分为两层，通过向下层加水，使发热包膨胀升温，加热上层食物，一段时间后便可食用。下列说法正确的是( )
A. 已加热的鸭血有内能，未加热的虾饺无内能
B. 发热包是通过做功改变小火锅里食物的内能
C. 刚开始加热的藕片温度升高，内能可能不变
D. 闻到火锅的香味是因为分子在做无规则运动
8. 如图所示，电压力锅是传统高压锅和电饭锅的升级换代产品。为了保证安全，电路中设计了过压保护开关S1和过热保护开关S2，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作。以下设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
9. 关于能源、信息和材料，下列说法正确的是( )
A. 光在光导纤维中靠多次折射传递信息
B. 绿色植物是利用光能转化为热能来提供养分的
C. LED灯的核心元件发光二极管是由超导材料制成的
D. 电视遥控器是用红外线来遥控电视机的，红外线属于电磁波
10. 现在兴起的智能手机无线充电主要是运用电磁感应技术，当电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能接受磁场，产生电流，实现充电过程。以下设备也是利用“磁生电”工作的是( )
A. 电磁起重机 B. 扬声器 C. 电烙铁 D. 动圈式话筒
11. 把蜡烛放在凸透镜前30cm处，光屏上可接收到倒立等大的实像，若把蜡烛向靠近凸透镜方向移动5cm，并移动光屏，在光屏上可以看到( )
A. 倒立缩小的实像 B. 倒立放大的实像 C. 正立放大的虚像 D. 倒立等大的实像
12. 小明设计了如图甲所示的模拟调光灯，电路电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2(V2未画出)示数变化关系图像如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为4.5V
B. 小灯泡正常发光时的功率为3W
C. 图像②表示R1的电流随电压变化关系
D. 再串联一个4.5Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全
二、填空题（本大题共8小题，共50.0分）
13. 2023年1月初，经扬州市人民政府批准，为改善空气质量，扬州市气象局计划近期开展人工增雨作业。气象部门实施人工增雨，用飞机在高空喷洒干冰，干冰进入云层后迅速______ 成为气体，并从周围吸收大量的热，空气温度急剧下降，使空气中水蒸气______ 成小冰晶，这些冰晶逐渐变大而下降，遇暖气后吸收热量而熔化为雨滴落到地面。(均填物态变化名称)
14. 如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的______ ，看到的是硬币的______ (选填“实”或“虚”)像，其位置在真实硬币的______ (选填“上方”或“下方”)。
15. 如图温度计的读数为______ ℃；秒表的读数为______ s；汽车速度表的读数为______ km/h。
16. 2022年北京冬奥会上，中国运动员苏翊鸣获得自由式滑雪双板大跳台冠军，图中显示的是苏翊鸣的空中最高处的情形，他从高处下落后______能转化为______能，在空中最高处苏翊鸣的动能______零(选填“为”或“不为”)。
17. 2022年11月12日10时03分，搭载天舟五号货运飞船的长征七号遥六运载火箭，在中国文昌航天发射场点火发射成功。12时10分，天舟五号货运飞船采取自主快速交会对接模式，成功对接于空间站天和核心舱后向端口，中国航天员首次在空间站迎接货运飞船来访。此次任务中，首次实现了两小时自主快速交会对接，创造了世界纪录。这一技术突破对于提升我国空间交会对接水平，提升空间站任务应急物资补给能力具有重要意义。
(1)火箭选用液态氢做燃料，是因为氢气的______ 大。
(2)火箭在上升过程中，燃料的______ 转化为内能，最终转化为火箭的机械能。
(3)天舟五号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船是______ (静止/运动)的。
(4)地面控制系统是依靠______ 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的，光在真空中的传播速度是______ km/s。
18. 3月23日下午空间站“天宫课堂”，宇航员完成了太空抛物实验。实验中，只见王亚平把冰墩墩正对着叶光富手的方向顺手一推，只见冰墩墩稳稳地沿着原来抛出去的方向，一路飘到了同伴叶光富的手里。冰墩墩离开手后能继续运动是由于它具有______ 。如图，冰墩墩在太空中处于失重状态，在空中不受力的作用，它在空中飞行做______ 运动；这个小实验直接验证了______ 定律，也说明物体的运动______ (选填“需要”或“不需要”)力来维持。
19. 课外实践活动中，小明仔细观察了家中的电能表，表盘信息如图所示，电能表的示数为______ kW⋅h。若在10min内转盘转过了600转，则电路中用电器消耗的功率为______ W。
20. 图甲是中国自主研发的无人遥控潜水器“海龙Ⅲ”。在某次下潜中，从“海龙Ⅲ”刚好浸没开始计时，下潜深度h随时间的变化关系如图乙。忽略海水密度变化和“海龙Ⅲ”的形变，考虑海水的阻力。“海龙III”在1～3min内，受到海水的压强______，受到的浮力______(选填“变小”、“不变”或“变大”)，且浮力______重力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
21. 请你将图中的光路图补充完整(保留作图痕迹)。
22. 如图为正在水中加速上浮的乒乓球，作出乒乓球受到的重力与浮力的示意图。
23. 如图所示，在虚线框内填上电池符号，在磁感线上标出方向。
四、实验探究题（本大题共5小题，共28.0分）
24. 图甲为“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置。
(1)要完成这个实验，已准备有烧杯、酒精灯、铁架台、温度计，还需要的测量仪器是______ ，安装实验器材时应按照______ 顺序进行(选填“自下而上”或“自上而下”)；
(2)当观察到烧杯中有大量气泡产生，气泡内应该是______ (选填“空气”、“水蒸气”或“小水珠”)，且气泡在上升过程中体积逐渐______ (选填“变大”或“变小”)，升至水面破裂，此时认为水开始沸腾；
(3)请根据表中数据在图乙中画出水的温度随时间变化的图像。在沸腾过程中水的温度______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
水温/oC
90
92
94
96
98
99
99
99
99
99
(4)由表格数据可知，实验过程中水的沸点低于100oC，原因是______ ；
(5)撤掉酒精灯后，水不会立刻停止沸腾，原因是______ 。
25. 小明和小红测量食用醋的密度：
(1)小明调节好天平平衡后，接下来进行以下3项操作：
①图甲，用天平测量烧杯和剩余醋的总质量m1。
②图乙，将待测醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和醋的总质量m2。
③图丙，将烧杯中醋的一部分倒入量筒，测出这部分醋的体积V。
以上3项操作的正确顺序是：______(填数字序号)；测得图甲中m1=______g，食用醋的密度是______kg/m3。
(2)如图丁，小红用刻度尺、水(已知密度为ρ水)、两个相同玻璃容器和两个完全相同不吸水的正方体木块，也测出食用醋的密度。测量步骤如下：
①用刻度尺测出正方体木块的边长为L；
②将木块分别放入盛有适量食用醋和水的容器a、b中，待木块静止时，分别测出木块在两个容器中露出液面的高度为La、Lb；
③计算出食用醋的密度ρ=______(用已知量或测量量的符号表示)。
26. 兴趣小组如图所示的装置探究光的反射规律：
(1)为了显示光路，下列做法不可行的是______ ；
A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾
B.使光束贴着纸板射向平面镜
C.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行
(2)图中红光激光笔发出的光相当于______ 线，当绿光激光笔向镜面靠近时，反射角______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(3)实验中小明三次改变入射角的大小，测得数据如表所示，他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致，请你分析小明测量实验数据过程中出现的问题可能是______ ；
实验次数
入射角
反射角
1
20°
70°
2
30°
60°
3
50°
40°
(4)从A侧往B侧看，当我们观察到______ 现象时证明反射光线、入射光线和法线在同一平面。
27. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明同学完成了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
(1)为了测量滑动摩擦力的大小，小明同学的具体操作是______；
(2)比较甲、乙两次实验数据，可以探究滑动摩擦力的大小与______的关系；
(3)甲、丙两次实验不能用来探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，原因是______；
(4)实验反思：实验过程中，小明同学发现弹簧测力计的示数并不稳定，于是改进了实验装置，如图丁所示。改进后进行实验时，长木板______(选填“一定”或“不一定”)要做匀速直线运动。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压接近3V左右。
(1)如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线。
(2)排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为1V，电流表的示数为0，则故障是______；
(3)移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，其示数为______A，待测电阻Rx=______Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向______移动。(选填“左”或“右”)
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②______，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx=______。(用U、U1和R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
29. 搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，不计绳重和摩擦，工人的重力为640N，提升时间为20s，重物上升高度为2m。求：
(1)提升时绳自由端的速度为多少；
(2)若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为多少；
(3)若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为多少。
30. 小明家新买了一个电水壶，原理图如图甲所示，其额定电压为220V，R1和R2是电热丝，该水壶有高温挡、中温挡和保温挡，其中保温挡额定功率为242W。图乙是一种新型插座，它能即时显示用电器的工作电压和所耗电费等，将该水壶单独插在该插座上，用中温挡加热一段时间后，屏幕两次显示如图丙，[电费单价：0.5元/(kW▪h)，忽略温度对电阻的影响]求：
(1)电阻R1的阻值；
(2)电阻R2的阻值；
(3)该电水壶的中温挡额定功率及高温挡额定功率。
六、综合题（本大题共1小题，共5.0分）
31. 阅读短文，回答问题：
教室护眼灯教室护眼灯的外观图如图甲所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生。常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出，如图乙所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
(1)护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于______眩光。
(2)导光板材料主要利用了下列哪种物理属性______。
A.导电性
B.导热性
C.磁性
D.透明度
(3)当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是______。
A.没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B.没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C.没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D.没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
(4)当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，电流与电压的关系图像应在丙图像中的______(填“左侧”“右侧”或“原处”)。
(5)下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：虽不见其人，但能听出熟悉的人的声音，这主要是根据声音的音色来判断出说话人的，所以小明妈妈根据音色判断是习主席讲话的。
故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；将声现象与生活实际中的一些说法相联系，深入理解音调和响度的概念。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2.【答案】B
【解析】解：A、人步行时的每步距离长约为60cm，故A错误；
B、正常人的脉搏每分钟约70次，即频率约为1.2Hz，故B正确；
C、舒适的洗澡水的温度约为40℃，故C错误；
D、做一遍中学生眼保健操的时间约需300s，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】B
【解析】解：A、B、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能，由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故A错误，B正确；
C、核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳的能量，故C错误；
D、核电站是一种高能量、少耗料的电站，所以虽然有产生核污染的风险，但是只要采取有效措施是可以防止核事故产生的，故D错误。
故选：B。
根据核能的产生和特点及应用进行解答。
此题主要考查了核能发电、能源类型、核能应用等知识，属于基础知识，难度较低。
4.【答案】B
【解析】解：A、人对单杠的拉力与单杠对人的拉力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、惯性是物体本身固有的一种性质，冲过终点的同学由于惯性不能立刻停下来，故B正确；
C、立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对脚产生力的作用，就能向前运动，两个力的大小相同，故C错误；
D、掷出的实心球斜向上运动，在最高点时的速度不为零，仍具有水平方向的速度，若此时所受外力全部消失，由牛顿第一定律可知，球将沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
(1)掌握二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上并在同一条直线上；
(2)惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性百米冲线后，由于惯性要保持原来的运动状态不变，继续运动；
(3)当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(4)根据牛顿第一定律进行分析，即当物体受到的力突然消失，物体还会保持原来的运动状态。
此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、二力平衡的应用以及牛顿第一定律，是一道综合题。
5.【答案】D
【解析】解：(1)用手向上举物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处，故ABC正确；
(2)用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆，费力省距离，故D错误。
故选：D。
(1)能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力；
(2)可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系，杠杆分为三类：省力杠杆(动力臂大于阻力臂，省力费距离)、费力杠杆(动力臂小于阻力臂，费力省距离)和等臂杠杆(动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离)。
本题考查杠杆的五要素，省力杠杆，费力杠杆的判断，属于基础知识考查，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：已知雪的厚度是h1=180mm=0.18m，雪坑的深度是h2=165mm=0.165m，
雪被踩后成为冰，密度是0.9×103kg/m3，一般的轿车长在4.8m左右，宽在1.8m左右，所以小汽车车顶上的雪面积约为S=4.8m×1.8m≈9m2，
冰的体积：V冰=S(h1−h2)=9m2×(0.18m−0.165m)=0.135m3，
根据密度公式得，雪的质量为：m雪=m冰V冰=0.9×103kg/m3×0.135m3=121.5kg，即该小汽车车顶上的雪全部收集起来熔化成水其质量约为121.5kg，故C符合题意。
故选：C。
雪被踩前后，质量和脚印的面积是不变的。已知雪的深度和雪坑的深度，可以知道踩实后的冰的深度；根据雪的深度、冰的深度和雪坑的深度，可以得到冰的体积；
质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关，所以，此时雪和冰的质量以及熔化成水的质量不变，根据密度公式的变形式m=ρV得到冰的质量，即水的质量。
此题主要考查质量及其特性以及密度的计算与公式的应用等知识，解答此题的关键是利用脚印面积部分的积雪在脚踩压前后的质量相同。
7.【答案】D
【解析】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能，则未加热的虾饺也有内能，故A错误；
B、发热包是通过热传递的方式改变小火锅里食物的内能，故B错误；
C、温度越高，物体内部分子的无规则运动越剧烈，物体的内能就越大，所以刚开始加热的藕片温度升高，内能变大，故C错误；
D、闻到火锅的香味是因为分子在做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)任何物体在任何情况下都具有内能；
(2)改变内能的方法有：做功和热传递；
(3)物体的内能与温度有关，温度越高，物体内部分子的无规则运动越剧烈，物体的内能就越大；
(4)构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动。
本题主要考查了热传递改变物体的内能、分子动理论的基础知识，是一道热学综合题，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作，则两开关应为串联。
A.由电路图可知，两个开关断开任何一个时，发热器还会正常工作，故A不符合题意；
B.由电路图可知，闭合开关S2时会造成电源短路，故B不符合题意；
C.由电路图可知，两开关均闭合时会造成电源短路，故C不符合题意；
D.由电路图可知，两开关串联共同控制发热器，断开任何一个开关时，发热器都会停止工作，故D符合题意。
故选：D。
由题意可知，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作，说明两开关不能独立工作即为串联，据此分析选项得出答案。
本题考查了电路图的设计，正确得出两开关的连接方式是关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、光纤通信是利用激光在光导纤维中反射来传递信息的，故A错误；
B、绿色植物是利用光能转化为化学能来提供养分的，故B错误；
C、发光二极管由半导体材料制成，故C错误；
D、红外线可以做遥控器，遥控器发出红外线，电视机接收红外线，实现无线控制，红外线是光波，属于电磁波，故D正确。
故选：D。
(1)光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息；
(2)绿色植物是利用光能转化为化学能来提供养分的；
(3)发光二极管由半导体材料制成；
(4)红外线是不可见光，属于电磁波，红外线的热作用很强，可以制成热谱仪、红外线夜视仪、电视遥控器等等，
本题考查了光纤通信、核电站的工作原理、红外线和半导体的应用，属于基础知识。
10.【答案】D
【解析】解：
从题意中知道，手机中的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；
A、电磁起重机是利用电流的磁效应工作的，故A不符合题意；
B、扬声器是利用通电导体受到磁场力的作用工作的，故B不符合题意；
C、电烙铁是利用电流的热效应工作的，故C不符合题意；
D、动圈式话筒是利用闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。
本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：凸透镜成倒立等大的实像时，物距等于二倍焦距，所以可知凸透镜的焦距应是15cm，
此时把蜡烛向靠近凸透镜方向移动5 cm，物距变为25cm，物距大于一倍焦距小于两倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时所成的像是倒立放大的实像，故B正确。
故选：B。
凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像。
当u=2f时，成倒立、等大的实像。
当f
当u
此题主要考查了凸透镜成像情况，要熟练掌握凸透镜成像的规律，并做到灵活应用。
12.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
AC.因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以图乙中图线①是小灯泡的I−U图像，
由图线②可知，电压表V2的示数随电流表示数的增大而减小，
所以，电压表V2测滑动变阻器两端的电压或测定值电阻和滑动变阻器两端的电压之和，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由电流相等时两电压表的示数之和不相等可知，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，即并联在滑动变阻器R2两端，因此图像②表示R2的电流随电压变化关系，故C错误；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.5V，变阻器R2两端的电压U2=3.5V，电路中的电流I=0.1A，
则电源的电压：U=UL+U2+IR1=0.5V+3.5V+0.1A×R1------①
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL′=2.5V，变阻器R2两端的电压U2′=0.75V，电路中的电流I′=0.25A，
则电源的电压：U=UL′+U2′+I′R1=2.5V+0.75V+0.25A×R1----②
由①②可得：R1=5Ω，U=4.5V，故A正确；
B.小灯泡正常发光时的功率：PL=UL′I′=2.5V×0.25A=0.625W，故B错误；
D.因为R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以为0，即R2=0时，电路的电流为0.25A，
由I=UR可得，此时电路的总电阻为：R总=UI′=4.5V0.25A=18Ω，
灯泡正常发光的电阻：RL=UL′I′=2.5V0.25A=10Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以需要串联电阻的阻值：R串联=R总−RL−R1=18Ω−10Ω−5Ω=3Ω，
所以，再串联一个3Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全，故D错误。
故选：A。
由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
(1)根据灯泡两端的电压越大时通过的电流越大判断出小灯泡的I−U图像，根据图乙可知电压表V2的示数随电流表示数的变化关系，然后结合电流相等时两电压表的示数之和不相等判断出电压表V2并联的位置；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，同理表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
(2)知道灯泡正常发光时的电流和电压，根据P=UI求出小灯泡正常发光时的功率；
(3)根据欧姆定律算出小灯泡正常发光的电阻，要使R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以是0，即R2=0时，电路的电流为0.25A，根据欧姆定律算出此时电路的总电阻，根据串联电路电阻的规律算出串联电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出两电压表V2的位置和从图象中获取有用的信息是关键。
13.【答案】升华 凝华
【解析】解：飞机在高空投撒干冰，干冰进入冷云层，就很快由固态直接升华成二氧化碳气体，并从周围吸收大量的热，使空气的温度急剧下降，于是空中水蒸气便凝华成小冰粒，这些小冰粒下降遇到暖气流就熔化成雨点降落到地面。
故答案为：升华；凝华。
(1)物质由固态直接变为气态的过程叫升华，属于吸热过程；
(2)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，属于放热过程。
本题考查的是我们对生活中物态变化现象的认识，属于基本规律的应用，体现了物理规律与日常生活的联系。
14.【答案】折射 虚 上方
【解析】解：当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，由于折射角大于入射角，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到虚像的位置比物体的实际位置偏高，即其位置在真实硬币的上方。
故答案为：折射；虚；上方。
光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。
本题综合考查了光的折射，关于光的传播历来就是考试的一个考点，所以该题属于常见题，一定要掌握。
15.【答案】−14 36 80
【解析】解：由左图可知，温度计的分度值为1℃，示数从下向上的数值逐渐减小，故此时是0摄氏度以下，故读数为−14℃；
由中图可知，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在0min和1min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在36s，因此秒表读数为36s；
由右图可知，汽车的速度表单位是km/h，故速度值是：80km/h。
故答案为：−14；36；80。
使用温度计读数时，要先确定量程和分度值，再根据温度计液柱液面位置读数，注意区分温度是零上还是零下；
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
看清汽车的速度表的单位及分度值，再看指针位置即可读出速度值。
本题考查了温度计、秒表、速度表的读数，是一道基础题。
16.【答案】重力势 动 不为
【解析】解：他从高处下落后，质量不变，高度降低，重力势能减小；质量不变，速度越变越大，动能变大，所以是重力势能转化为动能。
苏翊鸣在最高处，有一个水平初速度，故动能的大小不为零。
故答案为：重力势；动；不为。
动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关。
本题考查了重力势能和动能的转化、动能的大小，属于基础题。
17.【答案】热值 化学能 静止 电磁波 3×105
【解析】解：(1)火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；
(2)火箭内燃料燃烧，化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；
(3)对接后，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船的位置没有变化，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船是静止的；
(4)地面控制系统是依靠电磁波传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的，光在真空中的传播速度是3×105km/s。
故答案为：(1)热值；(2)化学能；(3)静止；(4)静止；3×105。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
(2)燃料燃烧过程是化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；
(3)对接后，根据天和核心舱相对于天舟五号货运飞船的位置变化情况，去判断天和核心舱的运动状态；
(4)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×105km/s；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
本题考查热值、能量转化、参照物及其选择、电磁波的传播与应用等，知识点较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。
18.【答案】惯性 匀速直线 牛顿第一 不需要
【解析】解：冰墩墩原来与手一起运动，离开手后，由于惯性，继续运动；
冰墩墩不受力，不会改变运动状态。故离开手后运动的冰墩墩做匀速直线运动；
这个实验证明：运动的物体，如果不受力，会保持匀速直线运动——这是牛顿第一定律的内容。同时，不受力的冰墩墩，还能在空中做匀速直线运动，这说明运动不需要力来维持。
故答案为：惯性；匀速直线；牛顿第一；不需要。
一切物体在任何情况下都有惯性，即任何物体都有保持原来运动状态的性质；
牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因。
本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
19.【答案】81.3 1200
【解析】解：电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h，则图示电能表的示数为81.3kW⋅h；
电能表的转盘转动600r消耗电能为：W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h，
而t=10min=16h，
则用电器的功率为：P=Wt=0.2kW⋅h16h=1.2kW=1200W。
故答案为：81.3；1200。
电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表；电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h；首先计算出电能表的转盘转1200r电路中消耗的电能，又知道工作时间，然后利用公式P=Wt计算出用电器的功率。
本题考查了电能表的读数、对电能表相关参数的理解、电功率的计算，注意：电能表的表盘上有五位数，读数时，前四位为整数，最后一位为小数。
20.【答案】变大 不变 等于
【解析】解：
由图知在1～3min内，潜水器浸没水中，深度逐渐增加，根据p=ρgh知潜水器受到海水的压强逐渐增加，排开水的体积不变，由F浮=ρgV排可知，受到水的浮力不变；
由图象丙知在1～3min内潜水器匀速下潜，处于平衡状态，受到的浮力与重力是一对平衡力，大小相等，即浮力等于其重力。
故答案为：变大；不变；等于。
由h−t图象可知在1～3min内潜水器所处深度的变化，根据p=ρgh可知受到水的压强变化；
潜水器从刚好浸没时开始计时，在1～3min内潜水器排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知受到水的浮力变化；
根据图丙判断出1−3min潜水器的状态，据此判断出浮力与重力的关系。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、力与运动的关系等，从图象中获取潜水器深度的变化和运动的速度是关键。
21.【答案】解：指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；过凹透镜光心的光线其传播方向不变。如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜有三条特殊光线：①指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；③过凹透镜光心的光线其传播方向不变。
22.【答案】答：乒乓球受到的竖直向下的重力和竖直向上的浮力，力的作用点在重心。由力与运动的关系可知，当乒乓球在水中加速上浮时，受到的浮力大小大于重力，如图所示：
。
【解析】乒乓球受到的重力的方向是竖直向下的，作用点在重心。乒乓球受到的浮力是竖直向上的，作用点画在重心。由力与运动的关系可知，当乒乓球在水中加速上浮时，受到的浮力大小大于重力，据此画图。
本题考查浮沉条件的应用，并考查力的示意图的画法。
23.【答案】解：由图可知，螺线管左端为N极，在磁体的外部磁感线从N极出发回到S极，据此在磁感线上标出方向；
根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指环绕的方向是螺线管中的电流方向，可以确定电流从螺线管的右端流入、左端流出，即电源的右端为正极、左端为负极，如图所示：
【解析】螺线管的N、S极已知，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向；电源外部，电流方向从电源正极流向负极，然后利用磁感线的特点可以得到磁感线的方向。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中磁场的方向往往与小磁针的N、S极或磁感线的方向联系在一起，而电流方向经常与电源的正负极联系起来。
24.【答案】秒表 自下而上 水蒸气 变大 不变 当地的气压小于1个标准气压 石棉网温度较高且高于水的沸点
【解析】解：(1)实验过程中需要记录时间和温度，因此还需要秒表。因为外焰温度最高，所以加热时应使用酒精灯的外焰。因为考虑到要用外焰加热，所以实验器材应按照自下而上的顺序安装；
(2)水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入，所以气泡会变大。气泡里面的气体是水蒸气；
(3)在沸腾过程中水的温度不变，维持沸腾状态需要继续加热；
(4)在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，实验中的沸点低于100℃，所以气压小于一标准大气压；
(5)撤掉酒精灯后，水不会立刻停止沸腾，是因为石棉网的温度高于水的温度，水仍然能够继续吸收热量，维持沸腾状态。
故答案为：(1)秒表；自下而上；(2)水蒸气；变大；(3)不变；(4)当地的气压小于 1 个标准气压；(5)石棉网温度较高且高于水的沸点。
(1)实验过程中需要记录时间。外焰温度最高，考虑到要用外焰加热；
(2)水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入；
(3)在沸腾过程中水的温度不变，维持沸腾状态需要继续加热；
(4)在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低；
(5)石棉网的温度高于水的温度，水仍然能够继续吸收热量。
此题考查水沸腾的相关知识，属于综合题目。
25.【答案】②③① 37.4 1.125×103 L−LbL−La⋅ρ水
【解析】解：(1)在测量时，需先测出烧杯和醋的总质量，再将烧杯中的一部分醋倒入量筒，测出这部分醋的体积，并测出烧杯和剩余醋的总质量，所以测量顺序为②③①；
由图甲知烧杯和剩余醋的总质量：m1=20g+10g+5g+2.4g=37.4g，
由图乙知烧杯和醋的总质量：m2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g，
所以量筒中醋的质量：m=m2−m1=82.4g−37.4g=45g；
由图丙知量筒的分度值为2mL，量筒中醋的体积为：V=40mL=40cm3；
食用醋的密度：
ρ=mV=45g40cm3=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3；
(2)③设木块的底面积为S，木块在食用醋和水中都漂浮，所以F浮醋=F浮水，
所以ρ醋gS(L−La)=ρ水gS(L−Lb)，
食用醋的密度为：
ρ醋=L−LbL−La⋅ρ水。
故答案为：(1)②③①；37.4；1.125×103；(2)L−LbL−La⋅ρ水。
(1)在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中的质量和体积，根据分析排列成顺序；
量筒中食用醋的质量等于烧杯和醋的总质量减去烧杯和剩余醋的总质量；
利用量筒测量食用醋的体积，先确定量筒的分度值，再根据液面位置读出数值；
已知食用醋的质量和体积，利用密度公式得出食用醋的密度；
(2)木块漂浮在水和牛奶中，根据漂浮时浮力等于重力，再利用F浮=ρ液gV排列等式表示出食用醋的密度。
本题考查了液体密度的测量、天平的使用与读数、量筒的读数、特殊的方法测量液体的密度等，是一道综合题，难度不大。
26.【答案】C 法 变大 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 一根光线
【解析】解：(1)A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾，小水滴能反射光线，形成光路，便于观察，故A不符合题意；
B.使光束贴着纸板射向平面镜，纸板能反射光线，形成光路，便于观察，故B不符合题意；
C.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行，由于没有反射光的物质，故不能看到光线的传播路径，故C符合题意；
(2)由图可知，红色激光笔发出的光相当于法线；当绿色激光笔向镜面靠近时，入射角变大，反射角等于入射角，故反射角变大；
(3)根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，而70°，60°，40°正好是反射光线与镜面的夹角，所以是把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；
(4)从A侧往B侧看，当三线重合，即入射光线、反射光线、法线重合，此时只看到一根光线，这说明入射光线、反射光线、法线在同一平面内。
故答案为：(1)C；(2)法；变大；(3)把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；(4)一根光线。
(1)为了显示光路，则应使玻璃缸中的物质能反射光线，形成光路；
(2)根据光的传播路径和光的反射规律解答；
(3)入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，由此根据表格数据分析找出错误；
(4)发生反射时，入射光线、反射光线、法线在同一平面内。
本题考查了研究光的反射定律的实验，反射角等于入射角。反射光线与法线的夹角叫反射角，而不是反射光线与镜面的夹角。
27.【答案】水平匀速直线拉动木块 压力 压力不同 不一定
【解析】解：(1)摩擦力难以直接测量，可以根据二力平衡时拉力等于摩擦力间接测量，所以实验时要水平匀速直线拉动木块；
(2)甲、乙两次实验接触面粗糙程度相同，压力大小不同，根据控制变量法，可以探究滑动摩擦力的大小与压力的关系；
(3)探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，根据控制变量法，应保持压力不变，改变接触面粗糙程度，而甲、丙两次实验压力与接触面粗糙程度都不相同，故甲、丙两次实验不能用来探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(4)拉动木板时，木块在水平面上只受到弹簧测力计的拉力与木板的摩擦力，相对于地面处于静止状态，即平衡状态，摩擦力等于弹簧测力计的拉力，拉动木板时，不改变与木块之间接触面的粗糙程度及压力大小，对摩擦力没有影响，故不一定要匀速拉动，操作更简单。
故答案为：(1)水平匀速直线拉动木块；(2)压力；(3)压力不同；(4)不一定。
(1)实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力；
(2)(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系；
(4)木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
28.【答案】电流表短路 0.26 5 右 再闭合S1 U1R0U−U1
【解析】解：(1)原电路中，电阻R和电压表短路了，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联，改正后如下所示：
(2)刚合上开关，发现电压表的示数为1V，说明电路正常，电流表的示数为0，说明电流表没有接入电路，则故障是电流表短路；
(3)电流表接入电路的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.26A，根据欧姆定律可得待测电阻：Rx=UI=1.3V0.26A=5Ω，若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以需将滑片P向右移动；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1：
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在①中，两电阻串联，测得电阻两端Rx的电压为U1；在②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U，
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0的电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得电路中的电流为：I=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：Rx=U1I=U1U−U1R0=U1R0U−U1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电流表短路；(3)0.26；5；右；(4)②再闭合S1；③U1R0U−U1。
(1)原电路中，电阻R和电压表短路了，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联；
(2)刚合上开关，发现电压表的示数为1V，说明电路正常，电流表的示数为0，说明电流表没有接入电路；
(3)电流表接入电路的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，根据欧姆定律可得待测电阻的阻值，若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知滑片移动的方向；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压为和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、电阻计算和设计实验方案测电阻的能力。
29.【答案】解：
(1)重物上升速度：v物=ht=2m20s=0.1m/s，
由图可知，n=3，
则提升时绳自由端的速度：v′=3v物=3×0.1m/s=0.3m/s，
(2)拉力的功率：P=Wt=Fst=Fv′=150N×0.3m/s=45W；
(3)已知G=360N，则滑轮组的机械效率；
η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF=360N150N×3×100%=80%；
答：(1)提升时绳自由端的速度为0.3m/s，
(2)若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为45W；
(3)若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)已知提升时间和重物上升高度，利用速度公式可求得重物上升速度，由图可知，n=3，然后可知提升时绳自由端的速度；
(2)已知拉力F的大小，利用P=Wt=Fst=Fv可求得拉力的功率；
(3)根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可求得滑轮组的机械效率。
本题考查了滑轮组的拉力、功、机械效率的计算，难度中等，把握相关公式是解题的关键。
30.【答案】解：(1)根据电路图可知，当S1断开，S2在A时，R1和R2串联，电路总电阻最大，由P=U2R可知，此时电路为保温挡；
当S1闭合，S2在A时，电路为R1的简单电路，电路总电阻较大，由P=U2R可知，此时电路为中温挡；
当S1闭合，S2在B时，R1和R2并联，电路总电阻最小，由P=U2R可知，此时电路为高温挡；
由图丙可知，中温挡加热的时间：t中=12min=15h，
消耗的电能：W中=0.1元0.5元/kW⋅h=0.2kW⋅h，
则中温挡加热时的实际功率：P中=W中t中=0.2kW⋅h15h=1kW=1000W；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U实2P中=(200V)21000W=40Ω；
(2)已知保温挡额定功率为242W，则R1和R2串联后的总电阻：R总=U2P保温=(220V)2242W=200Ω；
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2=R总−R1=200Ω−40Ω=160Ω；
(3)电水壶的中温挡额定功率：P额中=P1=U2R1=(220V)240Ω=1210W；
高温挡额定功率：P额高=P1+P2=U2R1+U2R2=(220V)240Ω+(220V)2160Ω=1512.5W。
答：(1)电阻R1的阻值为40Ω；
(2)电阻R2的阻值为160Ω；
(3)该电水壶的中温挡额定功率及高温挡额定功率分别为1210W、1512.5W。
【解析】(1)分析开关转换时电路连接，根据P=U2R确定不同挡位电路的连接；根据所交电费求出中温挡加热功率，再根据中温挡加热功率和P=U2R求出R1的阻值；
(2)根据保温挡额定功率和P=U2R求出R1和R2串联后的总电阻，进一步根据电阻的串联特点求出R2的阻值；
(3)根据P=U2R求出电水壶的中温挡额定功率和高温挡额定功率。
本题考查了串并联电路的特点、电功率公式及电功公式等知识的综合应用，关键是电水壶处于不同挡位时电路连接方式的判断，熟练运用相关公式及变形公式即可正确解题，有一定的难度。
31.【答案】直接 D C 左侧 B
【解析】解：(1)由材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光；
(2)导光板将两边的的光导向中央传播，则利用的物理性质应与光相关，故选：D；
(3)由乙图可知，在没有导光点的导光板上，光在导光板中只发生反射，所以没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射，故选：C；
(4)由材料可知，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，根据IU=IR，此时I−U图像的斜率将变大，故应在丙图像的左侧；
(5)由丙图的阴影部分可知，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故选：B。
故答案为：(1)直接；(2)D；(3)C；(4)左侧；(5)B。
(1)通过阅读材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生；
(2)教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播；
(3)光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出；
(4)(5)研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像，应据此判断。
这个题目是阅读材料题，没有用到物理课本的内容解题，而是利用材料中给定的结论解题，一定要仔细阅读材料。
2023年江苏省扬州市邗江区中考物理一模试卷
副标题
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 10月16日，二十大胜利召开，小明准时打开电视收看总书记的报告，妈妈在厨房听到后，兴奋地说：是习主席在讲话，是习主席在讲话！小明妈妈根据什么判断是习主席讲话的( )
A. 音色 B. 音调 C. 响度 D. 声速
2. 下列几种估测最符合实际情况的是( )
A. 人步行时的每步距离长约为100cm B. 正常人的脉搏频率约为1.2Hz
C. 舒适的洗澡水的温度约为25℃ D. 做一遍中学生眼保健操的时间约需120s
3. 据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，日本政府于2021年4月13日召开有关内阁会议正式决定将福岛第一核电站上百万吨核污水经过滤并稀释后排入大海，排放将于约2年后开始。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是( )
A. 核能是可再生能源
B. 核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
C. 核能来自太阳
D. 核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
4. 关于下列中考体育测试项目，说法正确的是( )
A. 引体向上——人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力
B. 800m测试——冲过终点的同学由于惯性不能立刻停下来
C. 立定跳远——起跳时用力蹬地，地面对脚的力大于脚对地面的力
D. 掷实心球——若球在最高点时所受外力全部消失，球将竖直下落
5. 某天，“生物”和“物理”两位大师在一起进行体育锻炼。“生物”大师伸出健硕的手臂对“物理”大师说：“看，我能提起很重的物体哦(如图)！”“物理”大师竖起大拇指说：“真厉害！其实，你的前臂就是物理学中的一根杠杆，”以下对于这根杠杆在提起重物的过程中，分析不合理的是( )
A. 前臂杠杆的支点O在肘关节处 B. 肱二头肌给桡骨的力是动力
C. 重物给前臂的力F2是阻力 D. 前臂是一根省力杠杆，缺点是费距离
6. 一场大雪后，小明用刻度尺测出水平地面雪的厚度为180mm，然后他用脚使劲将雪踏结实，测出踩出的雪坑深度为165mm，若雪踏实后的密度与冰相似(0.9×103kg/m3).如图所示，将一辆小汽车车顶上的雪全部收集起来熔化成水，其质量约为( )
A. 15kg B. 50kg C. 120kg D. 250kg
7. 疫情期间，居家隔离的小赵同学在网上购买了自热小火锅(如图)，上下包装被分为两层，通过向下层加水，使发热包膨胀升温，加热上层食物，一段时间后便可食用。下列说法正确的是( )
A. 已加热的鸭血有内能，未加热的虾饺无内能
B. 发热包是通过做功改变小火锅里食物的内能
C. 刚开始加热的藕片温度升高，内能可能不变
D. 闻到火锅的香味是因为分子在做无规则运动
8. 如图所示，电压力锅是传统高压锅和电饭锅的升级换代产品。为了保证安全，电路中设计了过压保护开关S1和过热保护开关S2，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作。以下设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
9. 关于能源、信息和材料，下列说法正确的是( )
A. 光在光导纤维中靠多次折射传递信息
B. 绿色植物是利用光能转化为热能来提供养分的
C. LED灯的核心元件发光二极管是由超导材料制成的
D. 电视遥控器是用红外线来遥控电视机的，红外线属于电磁波
10. 现在兴起的智能手机无线充电主要是运用电磁感应技术，当电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能接受磁场，产生电流，实现充电过程。以下设备也是利用“磁生电”工作的是( )
A. 电磁起重机 B. 扬声器 C. 电烙铁 D. 动圈式话筒
11. 把蜡烛放在凸透镜前30cm处，光屏上可接收到倒立等大的实像，若把蜡烛向靠近凸透镜方向移动5cm，并移动光屏，在光屏上可以看到( )
A. 倒立缩小的实像 B. 倒立放大的实像 C. 正立放大的虚像 D. 倒立等大的实像
12. 小明设计了如图甲所示的模拟调光灯，电路电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2(V2未画出)示数变化关系图像如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为4.5V
B. 小灯泡正常发光时的功率为3W
C. 图像②表示R1的电流随电压变化关系
D. 再串联一个4.5Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全
二、填空题（本大题共8小题，共50.0分）
13. 2023年1月初，经扬州市人民政府批准，为改善空气质量，扬州市气象局计划近期开展人工增雨作业。气象部门实施人工增雨，用飞机在高空喷洒干冰，干冰进入云层后迅速______ 成为气体，并从周围吸收大量的热，空气温度急剧下降，使空气中水蒸气______ 成小冰晶，这些冰晶逐渐变大而下降，遇暖气后吸收热量而熔化为雨滴落到地面。(均填物态变化名称)
14. 如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的______ ，看到的是硬币的______ (选填“实”或“虚”)像，其位置在真实硬币的______ (选填“上方”或“下方”)。
15. 如图温度计的读数为______ ℃；秒表的读数为______ s；汽车速度表的读数为______ km/h。
16. 2022年北京冬奥会上，中国运动员苏翊鸣获得自由式滑雪双板大跳台冠军，图中显示的是苏翊鸣的空中最高处的情形，他从高处下落后______能转化为______能，在空中最高处苏翊鸣的动能______零(选填“为”或“不为”)。
17. 2022年11月12日10时03分，搭载天舟五号货运飞船的长征七号遥六运载火箭，在中国文昌航天发射场点火发射成功。12时10分，天舟五号货运飞船采取自主快速交会对接模式，成功对接于空间站天和核心舱后向端口，中国航天员首次在空间站迎接货运飞船来访。此次任务中，首次实现了两小时自主快速交会对接，创造了世界纪录。这一技术突破对于提升我国空间交会对接水平，提升空间站任务应急物资补给能力具有重要意义。
(1)火箭选用液态氢做燃料，是因为氢气的______ 大。
(2)火箭在上升过程中，燃料的______ 转化为内能，最终转化为火箭的机械能。
(3)天舟五号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船是______ (静止/运动)的。
(4)地面控制系统是依靠______ 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的，光在真空中的传播速度是______ km/s。
18. 3月23日下午空间站“天宫课堂”，宇航员完成了太空抛物实验。实验中，只见王亚平把冰墩墩正对着叶光富手的方向顺手一推，只见冰墩墩稳稳地沿着原来抛出去的方向，一路飘到了同伴叶光富的手里。冰墩墩离开手后能继续运动是由于它具有______ 。如图，冰墩墩在太空中处于失重状态，在空中不受力的作用，它在空中飞行做______ 运动；这个小实验直接验证了______ 定律，也说明物体的运动______ (选填“需要”或“不需要”)力来维持。
19. 课外实践活动中，小明仔细观察了家中的电能表，表盘信息如图所示，电能表的示数为______ kW⋅h。若在10min内转盘转过了600转，则电路中用电器消耗的功率为______ W。
20. 图甲是中国自主研发的无人遥控潜水器“海龙Ⅲ”。在某次下潜中，从“海龙Ⅲ”刚好浸没开始计时，下潜深度h随时间的变化关系如图乙。忽略海水密度变化和“海龙Ⅲ”的形变，考虑海水的阻力。“海龙III”在1～3min内，受到海水的压强______，受到的浮力______(选填“变小”、“不变”或“变大”)，且浮力______重力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
21. 请你将图中的光路图补充完整(保留作图痕迹)。
22. 如图为正在水中加速上浮的乒乓球，作出乒乓球受到的重力与浮力的示意图。
23. 如图所示，在虚线框内填上电池符号，在磁感线上标出方向。
四、实验探究题（本大题共5小题，共28.0分）
24. 图甲为“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置。
(1)要完成这个实验，已准备有烧杯、酒精灯、铁架台、温度计，还需要的测量仪器是______ ，安装实验器材时应按照______ 顺序进行(选填“自下而上”或“自上而下”)；
(2)当观察到烧杯中有大量气泡产生，气泡内应该是______ (选填“空气”、“水蒸气”或“小水珠”)，且气泡在上升过程中体积逐渐______ (选填“变大”或“变小”)，升至水面破裂，此时认为水开始沸腾；
(3)请根据表中数据在图乙中画出水的温度随时间变化的图像。在沸腾过程中水的温度______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
水温/oC
90
92
94
96
98
99
99
99
99
99
(4)由表格数据可知，实验过程中水的沸点低于100oC，原因是______ ；
(5)撤掉酒精灯后，水不会立刻停止沸腾，原因是______ 。
25. 小明和小红测量食用醋的密度：
(1)小明调节好天平平衡后，接下来进行以下3项操作：
①图甲，用天平测量烧杯和剩余醋的总质量m1。
②图乙，将待测醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和醋的总质量m2。
③图丙，将烧杯中醋的一部分倒入量筒，测出这部分醋的体积V。
以上3项操作的正确顺序是：______(填数字序号)；测得图甲中m1=______g，食用醋的密度是______kg/m3。
(2)如图丁，小红用刻度尺、水(已知密度为ρ水)、两个相同玻璃容器和两个完全相同不吸水的正方体木块，也测出食用醋的密度。测量步骤如下：
①用刻度尺测出正方体木块的边长为L；
②将木块分别放入盛有适量食用醋和水的容器a、b中，待木块静止时，分别测出木块在两个容器中露出液面的高度为La、Lb；
③计算出食用醋的密度ρ=______(用已知量或测量量的符号表示)。
26. 兴趣小组如图所示的装置探究光的反射规律：
(1)为了显示光路，下列做法不可行的是______ ；
A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾
B.使光束贴着纸板射向平面镜
C.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行
(2)图中红光激光笔发出的光相当于______ 线，当绿光激光笔向镜面靠近时，反射角______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(3)实验中小明三次改变入射角的大小，测得数据如表所示，他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致，请你分析小明测量实验数据过程中出现的问题可能是______ ；
实验次数
入射角
反射角
1
20°
70°
2
30°
60°
3
50°
40°
(4)从A侧往B侧看，当我们观察到______ 现象时证明反射光线、入射光线和法线在同一平面。
27. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明同学完成了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
(1)为了测量滑动摩擦力的大小，小明同学的具体操作是______；
(2)比较甲、乙两次实验数据，可以探究滑动摩擦力的大小与______的关系；
(3)甲、丙两次实验不能用来探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，原因是______；
(4)实验反思：实验过程中，小明同学发现弹簧测力计的示数并不稳定，于是改进了实验装置，如图丁所示。改进后进行实验时，长木板______(选填“一定”或“不一定”)要做匀速直线运动。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压接近3V左右。
(1)如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线。
(2)排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为1V，电流表的示数为0，则故障是______；
(3)移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，其示数为______A，待测电阻Rx=______Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向______移动。(选填“左”或“右”)
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②______，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx=______。(用U、U1和R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
29. 搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，不计绳重和摩擦，工人的重力为640N，提升时间为20s，重物上升高度为2m。求：
(1)提升时绳自由端的速度为多少；
(2)若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为多少；
(3)若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为多少。
30. 小明家新买了一个电水壶，原理图如图甲所示，其额定电压为220V，R1和R2是电热丝，该水壶有高温挡、中温挡和保温挡，其中保温挡额定功率为242W。图乙是一种新型插座，它能即时显示用电器的工作电压和所耗电费等，将该水壶单独插在该插座上，用中温挡加热一段时间后，屏幕两次显示如图丙，[电费单价：0.5元/(kW▪h)，忽略温度对电阻的影响]求：
(1)电阻R1的阻值；
(2)电阻R2的阻值；
(3)该电水壶的中温挡额定功率及高温挡额定功率。
六、综合题（本大题共1小题，共5.0分）
31. 阅读短文，回答问题：
教室护眼灯教室护眼灯的外观图如图甲所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生。常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出，如图乙所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
(1)护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于______眩光。
(2)导光板材料主要利用了下列哪种物理属性______。
A.导电性
B.导热性
C.磁性
D.透明度
(3)当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是______。
A.没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B.没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C.没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D.没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
(4)当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，电流与电压的关系图像应在丙图像中的______(填“左侧”“右侧”或“原处”)。
(5)下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：虽不见其人，但能听出熟悉的人的声音，这主要是根据声音的音色来判断出说话人的，所以小明妈妈根据音色判断是习主席讲话的。
故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；将声现象与生活实际中的一些说法相联系，深入理解音调和响度的概念。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2.【答案】B
【解析】解：A、人步行时的每步距离长约为60cm，故A错误；
B、正常人的脉搏每分钟约70次，即频率约为1.2Hz，故B正确；
C、舒适的洗澡水的温度约为40℃，故C错误；
D、做一遍中学生眼保健操的时间约需300s，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】B
【解析】解：A、B、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能，由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故A错误，B正确；
C、核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳的能量，故C错误；
D、核电站是一种高能量、少耗料的电站，所以虽然有产生核污染的风险，但是只要采取有效措施是可以防止核事故产生的，故D错误。
故选：B。
根据核能的产生和特点及应用进行解答。
此题主要考查了核能发电、能源类型、核能应用等知识，属于基础知识，难度较低。
4.【答案】B
【解析】解：A、人对单杠的拉力与单杠对人的拉力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、惯性是物体本身固有的一种性质，冲过终点的同学由于惯性不能立刻停下来，故B正确；
C、立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对脚产生力的作用，就能向前运动，两个力的大小相同，故C错误；
D、掷出的实心球斜向上运动，在最高点时的速度不为零，仍具有水平方向的速度，若此时所受外力全部消失，由牛顿第一定律可知，球将沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
(1)掌握二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上并在同一条直线上；
(2)惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性百米冲线后，由于惯性要保持原来的运动状态不变，继续运动；
(3)当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(4)根据牛顿第一定律进行分析，即当物体受到的力突然消失，物体还会保持原来的运动状态。
此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、二力平衡的应用以及牛顿第一定律，是一道综合题。
5.【答案】D
【解析】解：(1)用手向上举物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处，故ABC正确；
(2)用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆，费力省距离，故D错误。
故选：D。
(1)能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力；
(2)可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系，杠杆分为三类：省力杠杆(动力臂大于阻力臂，省力费距离)、费力杠杆(动力臂小于阻力臂，费力省距离)和等臂杠杆(动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离)。
本题考查杠杆的五要素，省力杠杆，费力杠杆的判断，属于基础知识考查，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：已知雪的厚度是h1=180mm=0.18m，雪坑的深度是h2=165mm=0.165m，
雪被踩后成为冰，密度是0.9×103kg/m3，一般的轿车长在4.8m左右，宽在1.8m左右，所以小汽车车顶上的雪面积约为S=4.8m×1.8m≈9m2，
冰的体积：V冰=S(h1−h2)=9m2×(0.18m−0.165m)=0.135m3，
根据密度公式得，雪的质量为：m雪=m冰V冰=0.9×103kg/m3×0.135m3=121.5kg，即该小汽车车顶上的雪全部收集起来熔化成水其质量约为121.5kg，故C符合题意。
故选：C。
雪被踩前后，质量和脚印的面积是不变的。已知雪的深度和雪坑的深度，可以知道踩实后的冰的深度；根据雪的深度、冰的深度和雪坑的深度，可以得到冰的体积；
质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关，所以，此时雪和冰的质量以及熔化成水的质量不变，根据密度公式的变形式m=ρV得到冰的质量，即水的质量。
此题主要考查质量及其特性以及密度的计算与公式的应用等知识，解答此题的关键是利用脚印面积部分的积雪在脚踩压前后的质量相同。
7.【答案】D
【解析】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能，则未加热的虾饺也有内能，故A错误；
B、发热包是通过热传递的方式改变小火锅里食物的内能，故B错误；
C、温度越高，物体内部分子的无规则运动越剧烈，物体的内能就越大，所以刚开始加热的藕片温度升高，内能变大，故C错误；
D、闻到火锅的香味是因为分子在做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)任何物体在任何情况下都具有内能；
(2)改变内能的方法有：做功和热传递；
(3)物体的内能与温度有关，温度越高，物体内部分子的无规则运动越剧烈，物体的内能就越大；
(4)构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动。
本题主要考查了热传递改变物体的内能、分子动理论的基础知识，是一道热学综合题，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作，则两开关应为串联。
A.由电路图可知，两个开关断开任何一个时，发热器还会正常工作，故A不符合题意；
B.由电路图可知，闭合开关S2时会造成电源短路，故B不符合题意；
C.由电路图可知，两开关均闭合时会造成电源短路，故C不符合题意；
D.由电路图可知，两开关串联共同控制发热器，断开任何一个开关时，发热器都会停止工作，故D符合题意。
故选：D。
由题意可知，当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作，说明两开关不能独立工作即为串联，据此分析选项得出答案。
本题考查了电路图的设计，正确得出两开关的连接方式是关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、光纤通信是利用激光在光导纤维中反射来传递信息的，故A错误；
B、绿色植物是利用光能转化为化学能来提供养分的，故B错误；
C、发光二极管由半导体材料制成，故C错误；
D、红外线可以做遥控器，遥控器发出红外线，电视机接收红外线，实现无线控制，红外线是光波，属于电磁波，故D正确。
故选：D。
(1)光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息；
(2)绿色植物是利用光能转化为化学能来提供养分的；
(3)发光二极管由半导体材料制成；
(4)红外线是不可见光，属于电磁波，红外线的热作用很强，可以制成热谱仪、红外线夜视仪、电视遥控器等等，
本题考查了光纤通信、核电站的工作原理、红外线和半导体的应用，属于基础知识。
10.【答案】D
【解析】解：
从题意中知道，手机中的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；
A、电磁起重机是利用电流的磁效应工作的，故A不符合题意；
B、扬声器是利用通电导体受到磁场力的作用工作的，故B不符合题意；
C、电烙铁是利用电流的热效应工作的，故C不符合题意；
D、动圈式话筒是利用闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。
本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：凸透镜成倒立等大的实像时，物距等于二倍焦距，所以可知凸透镜的焦距应是15cm，
此时把蜡烛向靠近凸透镜方向移动5 cm，物距变为25cm，物距大于一倍焦距小于两倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时所成的像是倒立放大的实像，故B正确。
故选：B。
凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像。
当u=2f时，成倒立、等大的实像。
当f
当u
此题主要考查了凸透镜成像情况，要熟练掌握凸透镜成像的规律，并做到灵活应用。
12.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
AC.因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以图乙中图线①是小灯泡的I−U图像，
由图线②可知，电压表V2的示数随电流表示数的增大而减小，
所以，电压表V2测滑动变阻器两端的电压或测定值电阻和滑动变阻器两端的电压之和，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由电流相等时两电压表的示数之和不相等可知，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，即并联在滑动变阻器R2两端，因此图像②表示R2的电流随电压变化关系，故C错误；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.5V，变阻器R2两端的电压U2=3.5V，电路中的电流I=0.1A，
则电源的电压：U=UL+U2+IR1=0.5V+3.5V+0.1A×R1------①
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL′=2.5V，变阻器R2两端的电压U2′=0.75V，电路中的电流I′=0.25A，
则电源的电压：U=UL′+U2′+I′R1=2.5V+0.75V+0.25A×R1----②
由①②可得：R1=5Ω，U=4.5V，故A正确；
B.小灯泡正常发光时的功率：PL=UL′I′=2.5V×0.25A=0.625W，故B错误；
D.因为R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以为0，即R2=0时，电路的电流为0.25A，
由I=UR可得，此时电路的总电阻为：R总=UI′=4.5V0.25A=18Ω，
灯泡正常发光的电阻：RL=UL′I′=2.5V0.25A=10Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以需要串联电阻的阻值：R串联=R总−RL−R1=18Ω−10Ω−5Ω=3Ω，
所以，再串联一个3Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全，故D错误。
故选：A。
由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
(1)根据灯泡两端的电压越大时通过的电流越大判断出小灯泡的I−U图像，根据图乙可知电压表V2的示数随电流表示数的变化关系，然后结合电流相等时两电压表的示数之和不相等判断出电压表V2并联的位置；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，同理表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
(2)知道灯泡正常发光时的电流和电压，根据P=UI求出小灯泡正常发光时的功率；
(3)根据欧姆定律算出小灯泡正常发光的电阻，要使R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以是0，即R2=0时，电路的电流为0.25A，根据欧姆定律算出此时电路的总电阻，根据串联电路电阻的规律算出串联电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出两电压表V2的位置和从图象中获取有用的信息是关键。
13.【答案】升华 凝华
【解析】解：飞机在高空投撒干冰，干冰进入冷云层，就很快由固态直接升华成二氧化碳气体，并从周围吸收大量的热，使空气的温度急剧下降，于是空中水蒸气便凝华成小冰粒，这些小冰粒下降遇到暖气流就熔化成雨点降落到地面。
故答案为：升华；凝华。
(1)物质由固态直接变为气态的过程叫升华，属于吸热过程；
(2)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，属于放热过程。
本题考查的是我们对生活中物态变化现象的认识，属于基本规律的应用，体现了物理规律与日常生活的联系。
14.【答案】折射 虚 上方
【解析】解：当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，由于折射角大于入射角，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到虚像的位置比物体的实际位置偏高，即其位置在真实硬币的上方。
故答案为：折射；虚；上方。
光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。
本题综合考查了光的折射，关于光的传播历来就是考试的一个考点，所以该题属于常见题，一定要掌握。
15.【答案】−14 36 80
【解析】解：由左图可知，温度计的分度值为1℃，示数从下向上的数值逐渐减小，故此时是0摄氏度以下，故读数为−14℃；
由中图可知，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在0min和1min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在36s，因此秒表读数为36s；
由右图可知，汽车的速度表单位是km/h，故速度值是：80km/h。
故答案为：−14；36；80。
使用温度计读数时，要先确定量程和分度值，再根据温度计液柱液面位置读数，注意区分温度是零上还是零下；
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
看清汽车的速度表的单位及分度值，再看指针位置即可读出速度值。
本题考查了温度计、秒表、速度表的读数，是一道基础题。
16.【答案】重力势 动 不为
【解析】解：他从高处下落后，质量不变，高度降低，重力势能减小；质量不变，速度越变越大，动能变大，所以是重力势能转化为动能。
苏翊鸣在最高处，有一个水平初速度，故动能的大小不为零。
故答案为：重力势；动；不为。
动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关。
本题考查了重力势能和动能的转化、动能的大小，属于基础题。
17.【答案】热值 化学能 静止 电磁波 3×105
【解析】解：(1)火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；
(2)火箭内燃料燃烧，化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；
(3)对接后，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船的位置没有变化，天和核心舱相对于天舟五号货运飞船是静止的；
(4)地面控制系统是依靠电磁波传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的，光在真空中的传播速度是3×105km/s。
故答案为：(1)热值；(2)化学能；(3)静止；(4)静止；3×105。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
(2)燃料燃烧过程是化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；
(3)对接后，根据天和核心舱相对于天舟五号货运飞船的位置变化情况，去判断天和核心舱的运动状态；
(4)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×105km/s；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
本题考查热值、能量转化、参照物及其选择、电磁波的传播与应用等，知识点较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。
18.【答案】惯性 匀速直线 牛顿第一 不需要
【解析】解：冰墩墩原来与手一起运动，离开手后，由于惯性，继续运动；
冰墩墩不受力，不会改变运动状态。故离开手后运动的冰墩墩做匀速直线运动；
这个实验证明：运动的物体，如果不受力，会保持匀速直线运动——这是牛顿第一定律的内容。同时，不受力的冰墩墩，还能在空中做匀速直线运动，这说明运动不需要力来维持。
故答案为：惯性；匀速直线；牛顿第一；不需要。
一切物体在任何情况下都有惯性，即任何物体都有保持原来运动状态的性质；
牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因。
本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
19.【答案】81.3 1200
【解析】解：电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h，则图示电能表的示数为81.3kW⋅h；
电能表的转盘转动600r消耗电能为：W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h，
而t=10min=16h，
则用电器的功率为：P=Wt=0.2kW⋅h16h=1.2kW=1200W。
故答案为：81.3；1200。
电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表；电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h；首先计算出电能表的转盘转1200r电路中消耗的电能，又知道工作时间，然后利用公式P=Wt计算出用电器的功率。
本题考查了电能表的读数、对电能表相关参数的理解、电功率的计算，注意：电能表的表盘上有五位数，读数时，前四位为整数，最后一位为小数。
20.【答案】变大 不变 等于
【解析】解：
由图知在1～3min内，潜水器浸没水中，深度逐渐增加，根据p=ρgh知潜水器受到海水的压强逐渐增加，排开水的体积不变，由F浮=ρgV排可知，受到水的浮力不变；
由图象丙知在1～3min内潜水器匀速下潜，处于平衡状态，受到的浮力与重力是一对平衡力，大小相等，即浮力等于其重力。
故答案为：变大；不变；等于。
由h−t图象可知在1～3min内潜水器所处深度的变化，根据p=ρgh可知受到水的压强变化；
潜水器从刚好浸没时开始计时，在1～3min内潜水器排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知受到水的浮力变化；
根据图丙判断出1−3min潜水器的状态，据此判断出浮力与重力的关系。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、力与运动的关系等，从图象中获取潜水器深度的变化和运动的速度是关键。
21.【答案】解：指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；过凹透镜光心的光线其传播方向不变。如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜有三条特殊光线：①指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；③过凹透镜光心的光线其传播方向不变。
22.【答案】答：乒乓球受到的竖直向下的重力和竖直向上的浮力，力的作用点在重心。由力与运动的关系可知，当乒乓球在水中加速上浮时，受到的浮力大小大于重力，如图所示：
。
【解析】乒乓球受到的重力的方向是竖直向下的，作用点在重心。乒乓球受到的浮力是竖直向上的，作用点画在重心。由力与运动的关系可知，当乒乓球在水中加速上浮时，受到的浮力大小大于重力，据此画图。
本题考查浮沉条件的应用，并考查力的示意图的画法。
23.【答案】解：由图可知，螺线管左端为N极，在磁体的外部磁感线从N极出发回到S极，据此在磁感线上标出方向；
根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指环绕的方向是螺线管中的电流方向，可以确定电流从螺线管的右端流入、左端流出，即电源的右端为正极、左端为负极，如图所示：
【解析】螺线管的N、S极已知，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向；电源外部，电流方向从电源正极流向负极，然后利用磁感线的特点可以得到磁感线的方向。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中磁场的方向往往与小磁针的N、S极或磁感线的方向联系在一起，而电流方向经常与电源的正负极联系起来。
24.【答案】秒表 自下而上 水蒸气 变大 不变 当地的气压小于1个标准气压 石棉网温度较高且高于水的沸点
【解析】解：(1)实验过程中需要记录时间和温度，因此还需要秒表。因为外焰温度最高，所以加热时应使用酒精灯的外焰。因为考虑到要用外焰加热，所以实验器材应按照自下而上的顺序安装；
(2)水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入，所以气泡会变大。气泡里面的气体是水蒸气；
(3)在沸腾过程中水的温度不变，维持沸腾状态需要继续加热；
(4)在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，实验中的沸点低于100℃，所以气压小于一标准大气压；
(5)撤掉酒精灯后，水不会立刻停止沸腾，是因为石棉网的温度高于水的温度，水仍然能够继续吸收热量，维持沸腾状态。
故答案为：(1)秒表；自下而上；(2)水蒸气；变大；(3)不变；(4)当地的气压小于 1 个标准气压；(5)石棉网温度较高且高于水的沸点。
(1)实验过程中需要记录时间。外焰温度最高，考虑到要用外焰加热；
(2)水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入；
(3)在沸腾过程中水的温度不变，维持沸腾状态需要继续加热；
(4)在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低；
(5)石棉网的温度高于水的温度，水仍然能够继续吸收热量。
此题考查水沸腾的相关知识，属于综合题目。
25.【答案】②③① 37.4 1.125×103 L−LbL−La⋅ρ水
【解析】解：(1)在测量时，需先测出烧杯和醋的总质量，再将烧杯中的一部分醋倒入量筒，测出这部分醋的体积，并测出烧杯和剩余醋的总质量，所以测量顺序为②③①；
由图甲知烧杯和剩余醋的总质量：m1=20g+10g+5g+2.4g=37.4g，
由图乙知烧杯和醋的总质量：m2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g，
所以量筒中醋的质量：m=m2−m1=82.4g−37.4g=45g；
由图丙知量筒的分度值为2mL，量筒中醋的体积为：V=40mL=40cm3；
食用醋的密度：
ρ=mV=45g40cm3=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3；
(2)③设木块的底面积为S，木块在食用醋和水中都漂浮，所以F浮醋=F浮水，
所以ρ醋gS(L−La)=ρ水gS(L−Lb)，
食用醋的密度为：
ρ醋=L−LbL−La⋅ρ水。
故答案为：(1)②③①；37.4；1.125×103；(2)L−LbL−La⋅ρ水。
(1)在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中的质量和体积，根据分析排列成顺序；
量筒中食用醋的质量等于烧杯和醋的总质量减去烧杯和剩余醋的总质量；
利用量筒测量食用醋的体积，先确定量筒的分度值，再根据液面位置读出数值；
已知食用醋的质量和体积，利用密度公式得出食用醋的密度；
(2)木块漂浮在水和牛奶中，根据漂浮时浮力等于重力，再利用F浮=ρ液gV排列等式表示出食用醋的密度。
本题考查了液体密度的测量、天平的使用与读数、量筒的读数、特殊的方法测量液体的密度等，是一道综合题，难度不大。
26.【答案】C 法 变大 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 一根光线
【解析】解：(1)A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾，小水滴能反射光线，形成光路，便于观察，故A不符合题意；
B.使光束贴着纸板射向平面镜，纸板能反射光线，形成光路，便于观察，故B不符合题意；
C.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行，由于没有反射光的物质，故不能看到光线的传播路径，故C符合题意；
(2)由图可知，红色激光笔发出的光相当于法线；当绿色激光笔向镜面靠近时，入射角变大，反射角等于入射角，故反射角变大；
(3)根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，而70°，60°，40°正好是反射光线与镜面的夹角，所以是把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；
(4)从A侧往B侧看，当三线重合，即入射光线、反射光线、法线重合，此时只看到一根光线，这说明入射光线、反射光线、法线在同一平面内。
故答案为：(1)C；(2)法；变大；(3)把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；(4)一根光线。
(1)为了显示光路，则应使玻璃缸中的物质能反射光线，形成光路；
(2)根据光的传播路径和光的反射规律解答；
(3)入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，由此根据表格数据分析找出错误；
(4)发生反射时，入射光线、反射光线、法线在同一平面内。
本题考查了研究光的反射定律的实验，反射角等于入射角。反射光线与法线的夹角叫反射角，而不是反射光线与镜面的夹角。
27.【答案】水平匀速直线拉动木块 压力 压力不同 不一定
【解析】解：(1)摩擦力难以直接测量，可以根据二力平衡时拉力等于摩擦力间接测量，所以实验时要水平匀速直线拉动木块；
(2)甲、乙两次实验接触面粗糙程度相同，压力大小不同，根据控制变量法，可以探究滑动摩擦力的大小与压力的关系；
(3)探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，根据控制变量法，应保持压力不变，改变接触面粗糙程度，而甲、丙两次实验压力与接触面粗糙程度都不相同，故甲、丙两次实验不能用来探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(4)拉动木板时，木块在水平面上只受到弹簧测力计的拉力与木板的摩擦力，相对于地面处于静止状态，即平衡状态，摩擦力等于弹簧测力计的拉力，拉动木板时，不改变与木块之间接触面的粗糙程度及压力大小，对摩擦力没有影响，故不一定要匀速拉动，操作更简单。
故答案为：(1)水平匀速直线拉动木块；(2)压力；(3)压力不同；(4)不一定。
(1)实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力；
(2)(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系；
(4)木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
28.【答案】电流表短路 0.26 5 右 再闭合S1 U1R0U−U1
【解析】解：(1)原电路中，电阻R和电压表短路了，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联，改正后如下所示：
(2)刚合上开关，发现电压表的示数为1V，说明电路正常，电流表的示数为0，说明电流表没有接入电路，则故障是电流表短路；
(3)电流表接入电路的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.26A，根据欧姆定律可得待测电阻：Rx=UI=1.3V0.26A=5Ω，若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以需将滑片P向右移动；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1：
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在①中，两电阻串联，测得电阻两端Rx的电压为U1；在②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U，
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0的电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得电路中的电流为：I=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：Rx=U1I=U1U−U1R0=U1R0U−U1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电流表短路；(3)0.26；5；右；(4)②再闭合S1；③U1R0U−U1。
(1)原电路中，电阻R和电压表短路了，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联；
(2)刚合上开关，发现电压表的示数为1V，说明电路正常，电流表的示数为0，说明电流表没有接入电路；
(3)电流表接入电路的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，根据欧姆定律可得待测电阻的阻值，若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知滑片移动的方向；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压为和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、电阻计算和设计实验方案测电阻的能力。
29.【答案】解：
(1)重物上升速度：v物=ht=2m20s=0.1m/s，
由图可知，n=3，
则提升时绳自由端的速度：v′=3v物=3×0.1m/s=0.3m/s，
(2)拉力的功率：P=Wt=Fst=Fv′=150N×0.3m/s=45W；
(3)已知G=360N，则滑轮组的机械效率；
η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF=360N150N×3×100%=80%；
答：(1)提升时绳自由端的速度为0.3m/s，
(2)若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为45W；
(3)若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)已知提升时间和重物上升高度，利用速度公式可求得重物上升速度，由图可知，n=3，然后可知提升时绳自由端的速度；
(2)已知拉力F的大小，利用P=Wt=Fst=Fv可求得拉力的功率；
(3)根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可求得滑轮组的机械效率。
本题考查了滑轮组的拉力、功、机械效率的计算，难度中等，把握相关公式是解题的关键。
30.【答案】解：(1)根据电路图可知，当S1断开，S2在A时，R1和R2串联，电路总电阻最大，由P=U2R可知，此时电路为保温挡；
当S1闭合，S2在A时，电路为R1的简单电路，电路总电阻较大，由P=U2R可知，此时电路为中温挡；
当S1闭合，S2在B时，R1和R2并联，电路总电阻最小，由P=U2R可知，此时电路为高温挡；
由图丙可知，中温挡加热的时间：t中=12min=15h，
消耗的电能：W中=0.1元0.5元/kW⋅h=0.2kW⋅h，
则中温挡加热时的实际功率：P中=W中t中=0.2kW⋅h15h=1kW=1000W；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U实2P中=(200V)21000W=40Ω；
(2)已知保温挡额定功率为242W，则R1和R2串联后的总电阻：R总=U2P保温=(220V)2242W=200Ω；
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2=R总−R1=200Ω−40Ω=160Ω；
(3)电水壶的中温挡额定功率：P额中=P1=U2R1=(220V)240Ω=1210W；
高温挡额定功率：P额高=P1+P2=U2R1+U2R2=(220V)240Ω+(220V)2160Ω=1512.5W。
答：(1)电阻R1的阻值为40Ω；
(2)电阻R2的阻值为160Ω；
(3)该电水壶的中温挡额定功率及高温挡额定功率分别为1210W、1512.5W。
【解析】(1)分析开关转换时电路连接，根据P=U2R确定不同挡位电路的连接；根据所交电费求出中温挡加热功率，再根据中温挡加热功率和P=U2R求出R1的阻值；
(2)根据保温挡额定功率和P=U2R求出R1和R2串联后的总电阻，进一步根据电阻的串联特点求出R2的阻值；
(3)根据P=U2R求出电水壶的中温挡额定功率和高温挡额定功率。
本题考查了串并联电路的特点、电功率公式及电功公式等知识的综合应用，关键是电水壶处于不同挡位时电路连接方式的判断，熟练运用相关公式及变形公式即可正确解题，有一定的难度。
31.【答案】直接 D C 左侧 B
【解析】解：(1)由材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光；
(2)导光板将两边的的光导向中央传播，则利用的物理性质应与光相关，故选：D；
(3)由乙图可知，在没有导光点的导光板上，光在导光板中只发生反射，所以没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射，故选：C；
(4)由材料可知，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，根据IU=IR，此时I−U图像的斜率将变大，故应在丙图像的左侧；
(5)由丙图的阴影部分可知，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故选：B。
故答案为：(1)直接；(2)D；(3)C；(4)左侧；(5)B。
(1)通过阅读材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生；
(2)教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播；
(3)光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出；
(4)(5)研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像，应据此判断。
这个题目是阅读材料题，没有用到物理课本的内容解题，而是利用材料中给定的结论解题，一定要仔细阅读材料。
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