2023年内蒙古乌海二中中考物理段考试卷（3月份）（含答案）

这是一份2023年内蒙古乌海二中中考物理段考试卷（3月份）（含答案），共25页。试卷主要包含了选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年内蒙古乌海二中中考物理段考试卷（3月份）
一、选择题（每题3分，共计45分）
1．（3分）近三年来的新冠疫情为我们带来了很多不便，下列对于疫情防控知识理解正确的是（　　）
A．新冠病毒不是由分子构成的
B．病毒通过飞沫传播是一种扩散现象
C．戴口罩可以防止疫情传播是因为口罩分子间没有间隙
D．出现发烧症状说明人体内分子热运动更剧烈
2．（3分）下面是小里同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（　　）
A．正在熔化的冰，内能增大
B．具有机械能的物体一定具有内能
C．温度越高的物体含有的热量越多
D．某物体的温度升高时，内能一定增加，但不一定吸收了热量
3．（3分）科技小组的同学们准备制作“可调节台灯”，他们准备了电源、开关、导线以及如图所示的电位器（变阻器）。其中电位器中电阻丝的材料可以选用（　　）

A．玻璃 B．石墨 C．塑料 D．橡胶
4．（3分）下列关于电学知识说法正确的是（　　）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
C．电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
D．使用三脚插头和三孔插座的目的，是将用电器的金属外壳与大地相连
5．（3分）小敏学习物理之后，养成了节约用电的好习惯，她总是随手关闭不必要使用的家用电器。每多关闭一个家用电器，电路里变大的物理量是（　　）
A．总电流 B．总电压 C．总功率 D．总电阻
6．（3分）下列家用电器的有关数据，最符合实际的是（　　）
A．电视遥控器的工作电流为1A
B．洗衣机的工作电压为220V
C．电冰箱的工作电压为380V
D．空调制冷功率约为10W
7．（3分）电网连着千万家，安全系着你我他。关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．控制电灯的开关必须接在火线与电灯之间
B．发现空气开关跳闸后，应该立即重新合上
C．使用验电笔时，手不必接触笔尾金属部分
D．发现有人触电，立即用手把他拉离带电体
8．（3分）超市的商品上贴有软磁条，消费者如果不买单，直接走出超市，软磁条没有消磁，防盗报警器上的检测头就会有电流产生，导致报警器响起。下图中与此工作原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
9．（3分）小明要设计一款电热水壶，能实现自动抽水和加热，且抽水和加热能独立操作。下列符合要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
10．（3分）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（　　）


A．电阻乙为定值电阻，它的阻值为20Ω
B．电阻甲和乙的阻值不可能相等
C．当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，乙的电阻为20Ω
D．当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，干路电流为0.6A
11．（3分）常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是（　　）

A．图乙中的显示仪是由电流表改装的
B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C．被测温者体温越高，电路的总功率就越小
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
12．（3分）如图所示，只闭合开关S时灯L1的功率为9W；断开开关S，闭合S1、S2时，灯L1的功率为16W．电源电压不变，且灯丝电阻不受温度的影响。则L1、L2两灯灯丝电阻之比是（　　）

A．1：3 B．4：3 C．3：1 D．3：4
13．（3分）如图，电源电压不变。闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且等于电源电压。排除故障后，滑动变阻器的滑片P向左移动，下列分析正确的是（　　）

A．灯泡不亮是因为滑动变阻器阻值过大
B．灯泡不亮是因为灯泡短路
C．排除故障后，滑片P向左移动，灯泡变暗
D．排除故障后，滑片P向左移动，电流表和电压表示数均变大
14．（3分）将甲、乙两灯并联在照明电路里都能正常发光，且甲灯比乙灯亮，现在把两灯串联接入照明电路中，已知灯丝电阻均保持不变，则下列说法正确的是（　　）
A．甲灯的功率一定比乙灯大
B．甲灯一定比乙灯亮
C．甲灯的电阻比乙灯大
D．甲灯两端的电压比乙灯两端的电压小
15．（3分）如图甲中电源电压恒定，R0为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列正确的是（　　）
A．电源电压为4V
B．定值电阻R0阻值为20Ω
C．滑动变阻器的最大阻值是20Ω
D．当滑动变阻器的滑片向左移，电流表示数变大，电压表示数变大
二、实验题（每空2分，作图2分，共38分）
16．（12分）在“探究并联电路电流特点”的实验中，小华设计了如图1所示的电路进行实验。
（1）连接电路时，开关应处于 　 　状态。
（2）实验中，在A、B、C三处各接入一个电流表，并选择合适的量程。闭合开关，测得A、B、C三处的电流分别为0.48A、0.24A、0.24A。为了 　 　，接下来应更换多组 　 　（选填“相同”或“不同”）规格的灯泡重复实验。
（3）分析实验数据可得：在并联电路中，干路电流与各支路电流的关系是 　 　（写出关系式，电流分别用IA、IB、IC表示）。
（4）小华在某次实验时，测得C处电流IC为0.3A，观察到A处电流表指针位置如图2所示，则A处电流大小为 　 　A，B处电流大小为 　 　A。

17．（12分）为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器，导线若干。

（1）滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表始终无示数，电流表始终有示数，其原因可能是 　 　（只填序号）。
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器短路
（2）小海将10Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为 　 　V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25Ω后，为保证 　 　表的示数不变，应向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑片。
（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如图3所示，可得到的结论是：　 　。
（4）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过 　 　Ω。
18．（14分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。

（1）请将如图甲中电路连接完整。（要求：滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）
（2）闭合开关前，应将滑片P置于 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 　 　（选填“A”或“B”）移动。
（4）调节滑动变阻器，得到多组数据，画出如图丙所示的I﹣U图象，从图象可算出小灯泡的额定功率为 　 　W。
（5）小张设计了如图丁所示的电路也完成了“测量某小灯泡额定功率”的实验（电源电压不变，R阻值已知，小灯泡的额定电压为U额），请补充完整实验步骤：
①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为 　 　。
②　 　，读出此时电压表示数为U0。
③则小灯泡额定功率的表达式P额＝　 　（用U额、R、U0表示）。
三、计算题（19题8分，20题9分，共17分）
19．（8分）如图所示，已知电源电压恒为8V，小灯泡上标有“6V 3W”。
（1）求小灯泡正常发光时的电流和电阻；
（2）闭合开关S，移动滑片P，使小灯泡正常发光，求此时滑动变阻器连入电路中的电阻和电路消耗的总功率。

20．（9分）如图所示是某款电养生壶及其铭牌的部分参数，当养生壶正常工作时，
求：（1）养生壶正常工作的电流。
（2）若该养生壶的加热效率为80%，在标准大气压下，将初温是12℃的一壶水烧开，需要多长时间。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]
（3）在物理综合实践活动中，小明和小丽同学利用所学习的物理知识，合作测量养生壶的实际功率。电能表上标着“1200r/（kW•h）”，他们把家中的其他用电器都与电源断开，仅让养生壶接入电路中烧水，2min电能表的转盘转了40r，求电养生壶的实际功率。
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
1100W
容量
1L


2023年内蒙古乌海二中中考物理段考试卷（3月份）
（参考答案与试题解析）
一、选择题（每题3分，共计45分）
1．（3分）近三年来的新冠疫情为我们带来了很多不便，下列对于疫情防控知识理解正确的是（　　）
A．新冠病毒不是由分子构成的
B．病毒通过飞沫传播是一种扩散现象
C．戴口罩可以防止疫情传播是因为口罩分子间没有间隙
D．出现发烧症状说明人体内分子热运动更剧烈
【解答】解：A．新冠病毒是由大量的分子组成的，故A错误；
B．新型冠状病毒能通过飞沫传播，飞沫肉眼可以看到，不属于分子，所以飞沫传播的过程不属于扩散现象，故B错误；
C．分子和分子间存在着间隙，由于带电体能够吸引轻小物体，因为口罩中间层的熔喷布是一种超细的静电纤维，能够有效利用静电吸附轻小的飞沫，阻止病毒传播，所以戴口罩可以防止疫情传播，故C错误；
D．出现发烧症状时，人体温度升高，人体内分子热运动更剧烈，故D正确。
2．（3分）下面是小里同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（　　）
A．正在熔化的冰，内能增大
B．具有机械能的物体一定具有内能
C．温度越高的物体含有的热量越多
D．某物体的温度升高时，内能一定增加，但不一定吸收了热量
【解答】解：
A、正在熔化的冰吸收热量，温度不变，内能增加，故A正确；
B、一切物体都具有内能，具有机械能的物体一定具有内能，故B正确；
C、热量是过程量，描述它的术语是“吸收”或着“放出”，不能用含有，故C错误；
D、某物体的温度升高时，物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故D正确。
故选：C。
3．（3分）科技小组的同学们准备制作“可调节台灯”，他们准备了电源、开关、导线以及如图所示的电位器（变阻器）。其中电位器中电阻丝的材料可以选用（　　）

A．玻璃 B．石墨 C．塑料 D．橡胶
【解答】解：玻璃通常状态下是绝缘体，塑料和橡胶是绝缘体，无法作为电阻丝的材料；故电阻丝的材料应选择石墨。
故选：B。
4．（3分）下列关于电学知识说法正确的是（　　）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
C．电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
D．使用三脚插头和三孔插座的目的，是将用电器的金属外壳与大地相连
【解答】解：A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A错误；
B、若空气开关“跳闸”，说明电路中电流过大，可能是总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C、电能表是测量用电器消耗电能（电流做功）多少的仪表，故C错误；
D、使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电，故D正确。
故选：D。
5．（3分）小敏学习物理之后，养成了节约用电的好习惯，她总是随手关闭不必要使用的家用电器。每多关闭一个家用电器，电路里变大的物理量是（　　）
A．总电流 B．总电压 C．总功率 D．总电阻
【解答】解：家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联，
因家庭电路的电压不变，所以，每多关闭一个家用电器，总电压不变，故B不符合题意；
因电路中的总功率等于各用电器功率之和，所以，每多关闭一个家用电器，电路的总功率变小，故C不符合题意；
由P＝UI可知，电路中的总电流变小，故A不符合题意；
由I＝知，电路中的总电阻变大，故D符合题意。
故选：D。
6．（3分）下列家用电器的有关数据，最符合实际的是（　　）
A．电视遥控器的工作电流为1A
B．洗衣机的工作电压为220V
C．电冰箱的工作电压为380V
D．空调制冷功率约为10W
【解答】解：A、电视遥控器的工作电流约为15mA，故A错误；
BC、洗衣机、电冰箱的工作电压都为220V，故B正确，C错误；
D、空调制冷功率约为1000W，故D错误；
故选：B。
7．（3分）电网连着千万家，安全系着你我他。关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．控制电灯的开关必须接在火线与电灯之间
B．发现空气开关跳闸后，应该立即重新合上
C．使用验电笔时，手不必接触笔尾金属部分
D．发现有人触电，立即用手把他拉离带电体
【解答】解：A、开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡之间，故A正确；
B、发现空气开关跳闸后，应该检查跳闸原因，等处理好故障后才能合上空气开关，故B错误；
C、使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分，使电路通过人体到大地上，形成一个回路，才能检测是否有电，故C错误；
D、人是导体，有人触电，用手去拉，间接接触火线，会发生触电事故。这种操作是错误的，故D错误。
故选：A。
8．（3分）超市的商品上贴有软磁条，消费者如果不买单，直接走出超市，软磁条没有消磁，防盗报警器上的检测头就会有电流产生，导致报警器响起。下图中与此工作原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：消费者如果不买单，直接走出超市，软磁条没有消磁，防盗报警器上的检测头就会有电流产生，这是电磁感应现象；
A、该实验中无电源，是探究电磁感应现象的实验，与题中报警器的工作原理相同，故A符合题意；
B、该装置中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，反映了电动机的工作原理，故B不符合题意；
C、该实验是探究电磁铁磁性强弱影响因素的实验，故C不符合题意；
D、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：A。
9．（3分）小明要设计一款电热水壶，能实现自动抽水和加热，且抽水和加热能独立操作。下列符合要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【解答】解：
A、电动机M与R并联，每个开关与一个电路元件串联，抽水和加热互不影响，A正确；
BC、S1控制整个电路，只有闭合S1，M（R）工作时，再闭合S2，R（M）才能工作，不符合题意；
D、S1控制整个电路，两用电器串联，只闭合（断开）S1，M和R同时工作（停止工作）；
再闭合S2，M短路，M不能工作，只有R工作，不符合题意；
故选：A。
10．（3分）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（　　）


A．电阻乙为定值电阻，它的阻值为20Ω
B．电阻甲和乙的阻值不可能相等
C．当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，乙的电阻为20Ω
D．当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，干路电流为0.6A
【解答】解：
A、由图可知，甲对应的电流和电压成正比，则甲为定值电阻，而乙对应的电流和电压不成正比，所以乙不是定值电阻，故A错误；
B、由图像可知，当电阻甲和乙两端的电压都为6V时，通过的电流都为0.3A，根据R＝可知此时甲、乙的阻值相等，即电阻甲和乙的阻值可能相等，故B错误；
C、当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，因串联电路中各处电流相等，则由图像可知，当电路中的电流为0.2A时，R甲两端的电压为4V，R乙两端的电压为2V，则总电压为U′＝U甲+U乙＝4V+2V＝6V，符合题意，
根据欧姆定律可得此时乙的电阻为R乙＝＝＝10Ω，故C错误；
D、当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，因并联电路各支路两端电压相等，则由图像可知，通过R甲、R乙的电流都为0.3A，由并联电路的电流特点可知干路电流为I＝I甲+I乙＝0.3A+0.3A＝0.6A，故D正确。
故选：D。
11．（3分）常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是（　　）

A．图乙中的显示仪是由电流表改装的
B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C．被测温者体温越高，电路的总功率就越小
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
【解答】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数（电压表的示数）也会变大，由分压原理可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I＝可知，电路的电流越小，根据P＝UI可知，电路消耗的功率越小，故C正确；
D、温度相同时热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压越小，因此显示仪示数会变小，故D错误。
故选：C。
12．（3分）如图所示，只闭合开关S时灯L1的功率为9W；断开开关S，闭合S1、S2时，灯L1的功率为16W．电源电压不变，且灯丝电阻不受温度的影响。则L1、L2两灯灯丝电阻之比是（　　）

A．1：3 B．4：3 C．3：1 D．3：4
【解答】解：只闭合开关S时，两灯串联，灯L1的功率为9W；
断开开关S，闭合S1、S2时，两灯并联，灯L1的功率为16W；
设两灯串联时L1、L2的电压分别为U1、U2；而两灯并联时，根据并联电路的电压特点可知两灯的电压均等于电源电压U，
根据P＝，在R不变时，功率与电压的平方成正比，
对灯L1而言有：＝，
即＝，
则电源电压与串联电路中L1的电压之比为：＝＝4：3，
根据串联电路电压的规律可得：＝，
解得＝，
即串联电路中L2的电压与L1的电压之比为1：3，由分压原理可知＝＝，L1、L2两灯灯丝电阻之比是3：1，只有C正确，
故选：C。
13．（3分）如图，电源电压不变。闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且等于电源电压。排除故障后，滑动变阻器的滑片P向左移动，下列分析正确的是（　　）

A．灯泡不亮是因为滑动变阻器阻值过大
B．灯泡不亮是因为灯泡短路
C．排除故障后，滑片P向左移动，灯泡变暗
D．排除故障后，滑片P向左移动，电流表和电压表示数均变大
【解答】解：AB、由图可知，灯泡与变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表没有示数，说明电路是断路，电压表有示数，说明电压表并联的部分电路断路，即小灯泡断路，故AB错误；
CD、滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯丝中电流变大，电根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变小，根据串联电路的电压特点可知灯泡两端的电压变大，所以电流表和电压表示数均变大，根据P＝UI可知灯丝的实际功率变大，灯泡变亮，故AC错误，D正确。
故选：D。
14．（3分）将甲、乙两灯并联在照明电路里都能正常发光，且甲灯比乙灯亮，现在把两灯串联接入照明电路中，已知灯丝电阻均保持不变，则下列说法正确的是（　　）
A．甲灯的功率一定比乙灯大
B．甲灯一定比乙灯亮
C．甲灯的电阻比乙灯大
D．甲灯两端的电压比乙灯两端的电压小
【解答】解：C、将甲、乙两灯并联在照明电路里都能正常发光，且甲灯比乙灯亮，甲的电功率大，根据并联电压相等，由P＝知，甲的电阻较小；故C错误；
AB、灯泡亮度由灯泡实际功率决定，
根据串联电路电流的特点和P＝UI＝I2R知，甲的电阻比乙小，则甲的电功率比乙小，甲的亮度较暗；故AB错误；
D、根据串联电路电流的规律知，两个灯的电流相等，而甲的电阻较小；根据U＝IR知，甲的电压较小，故甲灯两端的电压比乙灯两端的电压小，故D正确。
故选：D。
15．（3分）如图甲中电源电压恒定，R0为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列正确的是（　　）
A．电源电压为4V
B．定值电阻R0阻值为20Ω
C．滑动变阻器的最大阻值是20Ω
D．当滑动变阻器的滑片向左移，电流表示数变大，电压表示数变大
【解答】解：
由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压。
（1）当滑片位于a端时，变阻器接入电路中的电阻为零，电路中的电流最大，
由图象可知，电路中的最大电流I大＝0.6A，
由I＝可得，电源的电压：U＝I大R0＝0.6A×R0，
当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，
由图象可知，此时U滑＝4V，电路中的最小电流I小＝0.2A，
则滑动变阻器的最大阻值：R滑＝＝＝20Ω，故C正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：
U＝I小（R0+R滑）＝0.2A×（R0+20Ω），
因电源的电压不变，
所以，0.6A×R0＝0.2A×（R0+20Ω），
解得：R0＝10Ω，故B错误；
电源的电压：U＝I大R0＝0.6A×10Ω＝6V，故A错误；
（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；滑片向左滑动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大；滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器分压变小，电压表示数变小，故D错误。
故选：C。
二、实验题（每空2分，作图2分，共38分）
16．（12分）在“探究并联电路电流特点”的实验中，小华设计了如图1所示的电路进行实验。
（1）连接电路时，开关应处于 　断开　状态。
（2）实验中，在A、B、C三处各接入一个电流表，并选择合适的量程。闭合开关，测得A、B、C三处的电流分别为0.48A、0.24A、0.24A。为了 　让实验结论具有普遍性　，接下来应更换多组 　不同　（选填“相同”或“不同”）规格的灯泡重复实验。
（3）分析实验数据可得：在并联电路中，干路电流与各支路电流的关系是 　IA＝IB+IC　（写出关系式，电流分别用IA、IB、IC表示）。
（4）小华在某次实验时，测得C处电流IC为0.3A，观察到A处电流表指针位置如图2所示，则A处电流大小为 　0.8　A，B处电流大小为 　0.5　A。

【解答】解：（1）连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）为了让实验结论具有普遍性，接下来应更换多组不同规格的灯泡重复实验。
（3）分析实验数据可得：在并联电路中，干路电流与各支路电流的关系是：IA＝IB+IC。
（4）小华在某次实验时，测得C处电流IC为0.3A，观察到A处电流表指针位置如图2所示，A处测量的是干路中的电流，所以此时电流表的量程是0～3A，分度值是0.1A，此时的读数应该是0.8A；根据并联电路的电流规律，干路中的电流等于各个支路的电流之和，所以有：IB＝IA﹣IC＝0.8A﹣0.3A＝0.5A。
故答案为：（1）断开；（2）让实验结论具有普遍性；不同；（3）IA＝IB+IC；（4）0.8；0.5。
17．（12分）为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器，导线若干。

（1）滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表始终无示数，电流表始终有示数，其原因可能是 　A　（只填序号）。
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器短路
（2）小海将10Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为 　2.5　V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25Ω后，为保证 　电压　表的示数不变，应向 　左　（选填“左”或“右”）移动滑片。
（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如图3所示，可得到的结论是：　当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比　。
（4）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过 　50　Ω。
【解答】解：（1）闭合开关，移动滑片P发现，电流表始终有示数，说明电路是通路；电压表始终无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即其原因可能是R短路，故选：A；
（2）小海将10Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.5V；
实验中，当把10Ω的电阻换成25Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，即电压表示数不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左滑动；
（3）由图3可知，电流与电阻的乘积UV＝IR＝0.5A×5Ω＝……＝0.1A×25Ω＝2.5V，为一定值，故可得到的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）根据题意，滑动变阻器的最大电阻为40Ω，电阻两端的电压始终保持UV＝2.5V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，电阻分得的电压为滑动变阻器分得的电压＝1.25倍，根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻40Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：R定大＝1.25×40Ω＝50Ω，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50Ω。
故答案为：（1）A；（2）2.5；电压；左；（3）当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）50。
18．（14分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。

（1）请将如图甲中电路连接完整。（要求：滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）
（2）闭合开关前，应将滑片P置于 　A　（选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 　B　（选填“A”或“B”）移动。
（4）调节滑动变阻器，得到多组数据，画出如图丙所示的I﹣U图象，从图象可算出小灯泡的额定功率为 　0.75　W。
（5）小张设计了如图丁所示的电路也完成了“测量某小灯泡额定功率”的实验（电源电压不变，R阻值已知，小灯泡的额定电压为U额），请补充完整实验步骤：
①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为 　U额　。
②　闭合开关S和S2，断开S1，滑片的位置保持不变　，读出此时电压表示数为U0。
③则小灯泡额定功率的表达式P额＝　U额×　（用U额、R、U0表示）。
【解答】解：
（1）分析电路图可知，测量小灯泡额定功率的实验电路为简单的串联电路，滑动变阻器在电路中起到调节小灯泡两端电压的作用，由滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮可知，此时电路中的电流变大，由欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，即滑动变阻器接入电路中的电阻在变小，所以根据滑动变阻器“一上一下”接线规则，下接线柱接在B点，电路图的连接如下：
；
（2）为保证电路中各用电器安全使用，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要置于最大阻值处，即A点；
（3）电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；依题意得，小灯泡的额定电压为2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向右移动，使滑动变阻器接入电路中的电阻变小，使滑动变阻器分到的电压变小，使小灯泡的电压增大为2.5V；
（4）由I﹣U图像可知，当灯泡的电压为2.5V时，灯泡的电流为0.3A，灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（5）图丁中，开关S、S1闭合，S2断开，实验电路是串联电路，电压表测小灯泡两端的电压，调节变阻器的滑片使电压表示数为小灯泡的额定电压U额，然后闭合开关S、S2，断开S1，电压表测定值电阻及小灯泡的总电压，电压表示数为U0；这个过程中滑片的位置保持不变，则小灯泡仍然正常发光，定值电阻R两端的电压UR＝U0﹣U额，
电路中的电流为I＝＝，
则小灯泡的额定电功率为P额＝U额I＝U额×。
故答案为：（1）见解析；（2）A；（3）B；（4）0.75；（5）①U额；②闭合开关S和S2，断开S1，滑片的位置保持不变；③U额×。
三、计算题（19题8分，20题9分，共17分）
19．（8分）如图所示，已知电源电压恒为8V，小灯泡上标有“6V 3W”。
（1）求小灯泡正常发光时的电流和电阻；
（2）闭合开关S，移动滑片P，使小灯泡正常发光，求此时滑动变阻器连入电路中的电阻和电路消耗的总功率。

【解答】解：（1）由P＝UI可知，小灯泡正常发光时的电流：
IL＝I额＝＝＝0.5A，
由欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝12Ω；
（2）由电路图可知，小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，
由欧姆定律可知，小灯泡正常发光时电路中的总电阻：
R＝＝＝16Ω，
由串联电路的电阻特点可知，此时滑动变阻器连入电路中的电阻：
R滑＝R﹣RL＝16Ω﹣12Ω＝4Ω，
电路消耗的总功率：
P＝UI＝8V×0.5A＝4W。
答：（1）小灯泡正常发光时的电流为0.5A，电阻为12Ω；
（2）闭合开关S，移动滑片P，使小灯泡正常发光，此时滑动变阻器连入电路中的电阻为4Ω，电路消耗的总功率为4W。
20．（9分）如图所示是某款电养生壶及其铭牌的部分参数，当养生壶正常工作时，
求：（1）养生壶正常工作的电流。
（2）若该养生壶的加热效率为80%，在标准大气压下，将初温是12℃的一壶水烧开，需要多长时间。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]
（3）在物理综合实践活动中，小明和小丽同学利用所学习的物理知识，合作测量养生壶的实际功率。电能表上标着“1200r/（kW•h）”，他们把家中的其他用电器都与电源断开，仅让养生壶接入电路中烧水，2min电能表的转盘转了40r，求电养生壶的实际功率。
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
1100W
容量
1L

【解答】解：（1）由P＝UI可得，养生壶正常工作的电流：I＝＝＝5A；
（2）由表格数据可知，一壶水的体积：V＝1L＝1dm3＝10﹣3m3，
由ρ＝可得，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×10﹣3m3＝1kg，
在标准大气压下水的沸点为100℃，
则水烧开时吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J，
由η＝×100%可得，消耗的电能：W＝＝＝4.62×105J，
由P＝可得，养生壶需要加热的时间：t′＝＝＝420s；
（3）因1200r/（kW•h）表示电路每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200r，
所以，电能表的转盘转了40r消耗的电能：W′＝kW•h＝kW•h＝1.2×105J，
则电养生壶的实际功率：P实＝＝＝1000W。
答：（1）养生壶正常工作的电流为5A。
（2）在标准大气压下，将初温是12℃的一壶水烧开，需要420s。
（3）电养生壶的实际功率为1000W。