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2023年江西省上饶四中中考物理一模试卷（含答案）
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2023年江西省上饶四中中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 2022年中国金鸡百花电影节暨第35届中国电影金鸡奖于11月10日至12日举办如图所示，金鸡奖奖杯的高度最接近( )
A. 15 cm
B. 35 cm
C. 60 cm
D. 100 cm
2. 如图所示，将A、B两个杯子放入水槽中，A杯倒扣入水中，B杯内有水，然后对水槽加热，下列说法正确的是( )
A. A不能沸腾，B能沸腾 B. A能沸腾，B不能沸腾
C. A能沸腾，B也能沸腾 D. A不能沸腾，B也不能沸腾
3. 如图所示，几个完全相同的条形磁体叠放在水平桌面上，关于比较甲、乙两图中桌面受到的压力的大小，下列说法正确的是( )
A. 甲图中桌面受到的压力比乙图大
B. 乙图中桌面受到的压力比甲图大
C. 两图中桌面受到的压力相等
D. 无法确定
4. 如图所示，水平桌面上有一个装有水的圆柱形容器，水面漂浮着一个放有铁球的烧杯(ρ铁>ρ水)；若将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，下列说法正确的是( )
A. 容器底受到水的压强不变 B. 容器对桌面的压强会变小
C. 容器中的水面会下降一些 D. 烧杯下表面受到水的压强不变
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 物理学蕴含着很多思想和方法，例如可以通过观察树枝的摇晃程度知道风力的大小，下列研究方法与此相同的是( )
A. 通过保持电压一定来探究电流与电阻的关系
B. 通过比较木块被小车推动距离的远近来判断小车动能的大小
C. 通过观察鼓面上纸屑跳动的高度来推断鼓面振动的幅度
D. 用一条带有箭头的直线来表示光的传播径迹和方向
6. 如图所示电路中，变阻器的滑片P从中点向左端移动的过程中，下列说法错误的是( )
A. 电流表A1示数和电流表A2示数都变大
B. 电流表A2示数和电流表A1示数之差保持不变
C. 电压表V和电流表A1示数之比保持不变
D. 电压表V示数保持不变，电路总功率变大
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共7小题，共14.0分）
7. 1820年4月，丹麦物理学家 发现了“电生磁”现象；1831年，英国科学家法拉第又发现了 现象，实现了“磁生电”。
8. 你一定剪过指甲吧！为什么指甲被剪断之后不是原地掉下来，而是“飞”出去？原来，指甲受到指甲钳的挤压，改变了______，当指甲被指甲钳剪断后，指甲的______转化为指甲的动能，让指甲“飞”出去。
9. 如图为大学教授课堂演示情景，教授将一个摆球从下巴处放手，结果摆球摆回时并没有砸到他的下巴，这是因为摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少，这一过程 (选填“符合”或“不符合”)能量的转化和守恒定律，若小球摆回来到达最高点时外力全部消失，摆球将 。
10. 如图所示，是歼20战机与加油机空中加油的情景，歼20战机相对加油机是______ (选填“静止”或“运动”)的；由于飞机与空气发生______ 而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器。
11. 中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计______。在接收点，为正确读数，验收人员______(选填“能”或“不能”)把温度计从冷藏箱中取出读数。
12. 如图所示，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用甲、乙两种方法使其一端缓慢抬离地面，若F甲和F乙始终竖直向上，则F甲______(>//
13. 如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中。L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9W，设两灯泡的电阻不变，则L1、L2两灯泡电阻之比为 ，甲、乙两图中电路消耗的总功率之比 。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
14. (1)如图所示，若要测量同学们100米跑的成绩，应选择 (选填“甲”或“乙”)表，甲表外圈的分度值为 s。
(2)如图2所示，木块的长度为 cm，电流表的读数为 A。
(3)小慧同学通过实验测定小矿石的密度，测小矿石的质量时天平右盘中所加砝码以及游码位置如图3甲所示，则小矿石的质量为 g，接着，测量小矿石的体积，如图3乙所示，则小矿石的密度为 kg/m3；图乙中，若小慧同学的眼睛从A处读取水和矿石的总体积，则会导致所测密度 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
15. 小明在做“探究凸透镜成像规律”时，所用的器材有：带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等。
(1)实验前，小明调节______、凸透镜、光屏的中心在同一高度。
(2)如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个______的光斑时停止移动光屏，可测出凸透镜的焦距是______cm。
(3)小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立放大的______(填“实像”或“虚像”)。
(4)保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，无论怎样移动光屏都在光屏上看不到烛焰的像，则人眼在图中______(填“A”或“B”)处能观察到烛焰的像。
(5)小明将图乙中的透镜换成焦距f=5cm的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊。将烛焰向______(填“左”或“右”)移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像；若不移动蜡烛，在蜡烛和凸透镜之间放置一个度数适当的______(填“近视”或“远视”)眼睛的镜片，光屏上也会重新出现烛焰清晰的像。
16. 小李同学想探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。
(1)实验步骤如图1所示，甲、乙、丙、丁中的弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4，物体受到的浮力F浮=______。
(2)小李利用三个不同物体a、b、c进行实验探究，实验数据如下表：
物体
物重
G/N
物体浸没在水中测力计的示数F/N
浮力
F浮/N
空桶重
G0/N
桶与排开水的总重G1/N
排开水重
G排/N
a
1.2
0.7
0.5
0.6
1.1
0.5
b
2
1.4
0.6
0.6
1.2
0.6
c
2.4
1.7
0.7
0.6
1.2
0.6
分析表中物体a、b的实验数据，小李得出的结论是：______。
(3)小李在探究物体c所受浮力的实验中，排除各种测量误差因素的影响，发现物体c排开水的重力明显小于它所受浮力，请分析实验操作中造成这种结果的原因：______。
(4)小张利用身边的器材对小李的实验进行改进：两个相同的弹簧测力计A和B、重物、溢水杯(由饮料瓶和吸管组成)、薄塑料杯(质量忽略不计)等器材，装置如图2所示。实验时小张逐渐向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到弹簧测力计A的示数逐渐______，弹簧测力计B的示数逐渐______，若弹簧测力计A的示数变化量为ΔFA，弹簧测力计B的示数变化量为ΔFB，则它们的大小关系是ΔFA______ΔFB(选填“>”、“=”或“<”)；
(5)针对两种实验方案，小张实验装置的优点是______(填答案标号)。
A.弹簧测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，实验中能同步观察弹簧测力计A、B示数的变化
17. “测量小灯泡的电功率”实验，小丹同学设计了如图甲所示的电路图。所用电学器材如下：电源(6V)、额定电压为2.5V的小灯泡(正常发光时电阻约为11Ω)、电流表(0～0.6A,0～3A)、电压表(0～3V,0～15V)、滑动变阻器R1标有“10Ω1A”、滑动变阻器R2标有“20Ω 1.5A”、开关、导线若干。
(1)进行实验
①连接电路时，应选用滑动变阻器______(选填“R1”或“R2”)进行实验，电流表量程应选______(选填“0～0.6A”或“0～3A”)更合理。
②闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，使小灯泡两端的电压分别低于、等于、高于额定电压，记下电压值和电流值，并观察小灯泡的亮度，把实验数据和观察到的现象记录在表格里。
次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
小灯泡亮暗情况
1
2
0.2
较暗
2
2.5
0.22
正常
3
3
0.24
较亮
(2)分析与归纳
由表格中数据可得：
①小灯泡额定功率为______W。
②小灯泡亮度由______功率决定。
(3)完成上述实验后，小丹同学在缺少电压表的情况下，为了测量另一个额定电流为0.25A的小灯泡的额定功率，设计了如图乙所示的电路。电源电压(未知)保持不变。请完成实验步骤：
①闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使电流表示数为0.25A。
②断开开关，用5Ω的定值电阻替换灯泡，滑动变阻器滑片P ______(选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”)。闭合开关，电流表的示数为0.3A。
③将滑动变阻器滑片P移到最左端，电流表示数为0.9A，可得电源电压为______V。
④小灯泡的额定功率为______W。
五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
18. 静止在水平桌面上的一套丛书，质量为1.65kg，与桌面的接触面积为0.03m2，求：
(1)该套丛书受到的重力；
(2)该套丛书对桌面的压强。(g=10N/kg)
19. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关，将滑片P移到最右端时，R2两端的电压为5V，电流为0.1A；将滑片P移到另一位置时，R1两端的电压为6V，R2的功率为0.4W。求：
(1)滑动变阻器R2的最大阻值；
(2)电源电压。
六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）
20. 音乐喷泉是集光机电技术于一体的装置，让红、绿、蓝三种色灯照射到水柱上，通过电脑控制三种色灯功率的比例就能让水柱变换颜色，呈现美轮美奂的视觉效果。图甲是某段时间内红、绿两色灯功率随时间变化的图像。
(1)第28s红灯两端的电压为100V，求此时通过红灯的电流；
(2)请计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
(3)图乙是控制喷泉水柱工作的模拟电路。AB两端输入如图丙所示的周期性变化的电压UAB，定值电阻R=2Ω，D为特殊电子元件。当UAB<6V时，D两端的电压UD=UAB；当UAB≥6V时，UD恒为6V不变。当通过R的电流满足I≥2A时，电路启动喷水，此时UAB至少为多少伏？该电路工作10min，其中喷水时间有多少秒？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：普通人手掌的宽度约为10cm，由图中金鸡奖奖杯与握奖杯的手的对比可知，金鸡奖奖杯的高度约为35cm。
故选：B。
根据图片信息和生活经验作答。
长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右，等等。
2.【答案】D
【解析】解：A中水汽化成水蒸气，水蒸气增多，气压增大，水的沸点升高，水温不能达到沸点，所以A杯中水不能沸腾； B杯中水温能达到沸点，但不能继续吸热，所以B杯中水不能沸腾，故D正确。
故选：D。
水沸腾的条件是：达到沸点和继续吸热，二者缺一不可，水的沸点会随着压强的增大而升高。
本题考查了沸腾的条件，学会使用我们所学的物理知识来分析生活中的物理现象。
3.【答案】C
【解析】解：几个完全相同的条形磁体，则重力相等，如图所示，叠放在水平桌面上，其对桌面的压力等于重力，故两图中桌面受到的压力相等。
故选：C。
置于水平面上的物体对水平面的压力等于其重力。
此题考查压力及重力与压力的区别，难度不大，条形磁体叠放在一起，彼此之间存在引力和斥力，是较为迷惑人的地方，但物体间力的作用是相互的，所以不需要考虑。易错题。
4.【答案】C
【解析】解：当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁>ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力；
AC、根据F浮=ρ水gV排可知，当ρ水、g一定时，F浮变小，V排变小，所以当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排=S容器h可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p=ρ水gh可知，容器底受到水的压强将变小，故A错误，C正确；
B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，所以将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，容器对桌面的压力保持不变，根据p=FS可知，容器对桌面的压强不变，故B错误；
D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=FS=G烧杯+G铁球S烧杯；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=F'S=G烧杯S烧杯，
由此可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯下表面受到水的压强变小，故D错误。
故选C。
当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁>ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力；
AC、根据阿基米德原理可知，当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排=S容器h可得出将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p=ρ水gh可知，容器底受到水的压强的变化；
B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，根据p=FS可得出容器对桌面的压强的变化；
D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=FS=G烧杯+G铁球S烧杯；当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=F'S=G烧杯S烧杯，由此可得出烧杯下表面受到水的压强的变化。
本题主要考查阿基米德原理的应用，液体压强的特点的应用，固体压强大小的比较，其中分析清楚将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯和铁球受到的总浮力的变化是解题的关键，属于浮力、压强综合题，有一定的难度。
5.【答案】BC
【解析】解：通过观察树枝的摇晃程度知道风力的大小，这是转换法的运用。
A、探究电流与电压、电阻的关系时，保持电压一定，研究电流与电阻的关系，是控制变量法，故A错误；
B、实验中是通过观察木块被推动的距离的远近，比较小车对木块做功的多少，从而判断小车动能的大小，这是转换法的运用，故B正确；
C、通过比较轻小物体被弹起的高度来比较鼓面振动幅度的大小，这是利用了转换法，故C正确；
D、用一条带有箭头的线段表示光传播的径迹和方向，运用了模型法，故D错误。
故选：BC。
初中物理中常用的物理研究方法：控制变量法、转换法、类比法、等效替代法、模型法、等量法等。
本题主要考查学生对一些常用的物理学方法的了解和区别，涉及到的方法有控制变量法、转换法、模型法。
6.【答案】ABD
【解析】解：ABC、由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表与电源并联，A2串联在干路上，测量电路的总电流，A1与定值电阻R1串联，测量定值电阻R1的电流；
滑动变阻器的滑片P从中点向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；而电压表测量电源电压，因此电压表示数不变；
由于并联电路中，各支路互不影响，因此通过定值电阻的电流不变，即电流表A1示数不变，而干路电流等于各支路电流之和，因此电流表A2示数变小；
电流表A2示数和电流表A1示数之差就是通过滑动变阻器的电流，所以电流表A2示数和电流表A1示数之差减小；
电压表V示数不变，电流表A1示数不变，则它们之比保持不变，故AB错误、C正确；
D、电源电压不变，干路电流减小，根据P=UI可知，电路总功率变小，故D错误。
故答案为：ABD。
由图知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表与电源并联，A2串联在干路上，A1与定值电阻串联；
电压表始终测量电源电压；根据滑片的移动确定接入电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路中各支路互不影响判断出电流表A1示数的变化；根据并联电路的电流规律分析电流表A2示数和电流表A1示数之差的变化；
根据干路电流等于各支路电流之和，判断出电流表A2示数的变化；
根据电压表V与电流表A1的示数变化可知两表示数之比的变化；
(2)根据P=UI判断出电路总功率的变化。
本题考查学生识别电路的能力、并联电路的电压和电流规律的应用情况、欧姆定律应用以及电功率公式的应用的掌握情况。
7.【答案】奥斯特 电磁感应
【解析】解：由物理学史知道：丹麦的物理学家奥斯特发现通电导线周围存在着磁场，法拉第发现了电磁感应现象。
故答案为：奥斯特，电磁感应。
要解答本题需记忆物理学史。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
8.【答案】形状 弹性势能
【解析】解：指甲被挤压后发生形变，此时指甲具有弹性势能，当指甲被指甲钳剪断后，指甲的弹性势能转化为指甲的动能。
故答案为：形状；弹性势能。
指甲飞出去说明动能增加了，是因为指甲的弹性势能转化为了动能。弹性势能和物体的形变程度有关。
在做能量的转化这种题时，我们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。
9.【答案】符合 静止
【解析】解：(1)摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少，这一过程同样符合能量的转化和守恒定律，即能的总量保持不变；
(2)摆球摆动到最高点时，摆球的速度为零，如果外力全部消失，由牛顿第一定律可知摆球将静止。
故答案为：符合；静止。
(1)球摆动过程中，由于空气摩擦，机械能转化为内能；任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律；
(2)根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态；
本题考查的是能量守恒定律和牛顿第一定律，属于基础题。
10.【答案】静止 摩擦起电(或摩擦)
【解析】解：(1)歼20战机与加油机空中加油的过程中，歼20战机相对加油机位置保持不变，因此是静止的；
(2)由摩擦起电现象可知，由于飞机与空气发生摩擦而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器
故答案为：静止；摩擦起电(或摩擦)。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
(2)摩擦可以使物体带电，据此分析。
本题考查了对运动与静止相对性的理解，以及对摩擦起电现象的认识，难度不大。
11.【答案】图2 不能
【解析】解：由题意可知，疫苗需保存在低于8℃的环境中，即保存环境温度最高为8℃。图1温度计是普通温度计，图2温度计的构造类似于体温计。根据体温计的构造特点，温度升高后水银柱升高，不会再降下去，可以测定最高温度，在接收点可根据温度计最终显示的示数判断运输过程中疫苗温度是否超标，因此应在冷藏箱内放置图2中所示的温度计；
图2中的温度计有缩口，示数不会自行下降，但外界温度高时，温度计的示数会升高，故验收人员不能把温度计从冷藏箱中取出读数。
故答案为：图2；不能。
本题考查温度计的构造和原理、温度计的读数，可根据这两点进行解答。
掌握图中温度计的构造特点是解答本题的关键，本题中要重点理解温度计的测温主要目的是为了“监测运输过程中疫苗温度是否超标”。
12.【答案】= <
【解析】解：(1)两次抬起水泥板时的情况如图所示：
在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一。根据杠杆的平衡条件F=GL阻L动=12G.所以前后两次所用的力相同；
(2)若甲、乙两种情况均将水泥板拉至竖直位置，由图可知h甲
(1)把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点。由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力F克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半。在此基础上，利用杠杆的平衡条件，即可确定F甲与F乙的大小关系。
(2)根据W=Fs可比较拉力做功的大小关系。
本题考查杠杆平衡条件的应用和功的比较，正确判断动力臂与阻力臂的关系是关键。
13.【答案】2：1 2：9
【解析】解：(1)因甲图中灯泡L1的功率P1=U12R1，乙图中灯泡L1的功率P1'=U2R1，
所以，P1P1'=U12R1U2R1=U12U2=4W9W，
解得：U1U=23，
甲图中：
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等，
所以，R1R2=U1IU2I=U1U2=U1U-U1=23-2=21；
(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，甲图中电路消耗的总功率：
P甲=U2R1+R2=U22R2+R2=U23R2，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，乙图电路消耗的总功率：
P乙=U2R1+U2R2=U22R2+U2R2=3U22R2，
所以，P甲P乙=U23R23U22R2=29。
故答案为：2：1；2：9。
(1)甲图中两灯泡串联，乙图中两灯泡并联，根据公式P=U2R可求甲、乙两图中灯泡L1两端的电压之比，根据串联电路的特点和欧姆定律结合甲图求出L1、L2两灯泡的阻值之比；
(2)根据电阻的串联和P=U2R求出甲图电路消耗的总功率；再根据并联电路的电压特点和P=U2R表示出乙图中两灯泡的电功率，两者功率之和即为乙图中电路消耗的总功率，进一步结合电阻关系求出甲、乙两图中电路消耗的总功率之比。
本题考查学生对欧姆定律、电功率公式、串并联特点的掌握和运用，要求灵活选用公式，涉及到求比值问题，要细心防止因颠倒而出错。
14.【答案】甲 0.1 2.20 0.08 53.4 2.67×103 偏小
【解析】解：(1)百米赛跑要求计时的精确度高，因此应选用甲表；甲表外圈的分度值为0.1s；
(2)由图得，刻度尺的分度值为0.1cm，物体的左端在刻度尺的1.00cm位置，右端在刻度尺的3.20cm位置，木块的长度为：3.20cm-1.00cm=2.20cm；
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.08A；
(3)由图得，小矿石的质量为：m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g，
由图得，矿石的体积为：V=40mL-20mL=20mL=20cm3，
小矿石的密度为：ρ=mV=53.4g20cm3=2.67g/cm3=2.67×103kg/m3；
若小明的眼晴从A处读取水和矿石的总体积，读得的水和矿石的体积偏大，导致测量的矿石的体积偏大，而矿石的质量准确，则会导致所测密度偏小。
故答案为：(1)甲；0.1；(2)2.20；0.08；(3)53.4；2.67×103；偏小。
(1)百米赛跑要求计时的精确度高，根据两表的分度值可做出判断；
(2)刻度尺读数时，先明确分度值，再根据对应的刻度位置读数，并估读到分度值的下一位；
明确电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
(3)物体的质量等于天平中砝码的质量与标尺示数之和；物体的体积等于量筒两次的示数之和；利用密度公式ρ=mV可求物体的密度；
量筒读数时，若从A处读取水和矿石的总体积，总体积值会偏大，由此得到的小矿石体积也会偏大，则根据密度公式可知计算出的密度是偏大还是偏小。
本题考查了时间的测量、长度的测量、电流表的读数、固体密度的测量等，关键是知道各种仪器的使用和读数。
15.【答案】烛焰 最小、最亮 10.0 实像 B 右 近视
【解析】解：(1)为了使像成在光屏的中央，应调整烛焰中心、凸透镜中心、光屏的中心在同一高度；
(2)平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点，也就是最小最亮的挂光斑的位置，焦点到光心的距离是焦距，由图甲可知，该凸透镜的焦距为f=50.0cm-40.0cm=10.0cm；
(3)由图可知，此时物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(4)由图可知，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，像物同侧，应该在B处观察；
(5)将图甲中的透镜换成焦距f=5cm的凸透镜，焦距变小，折射能力变大，像会提前会聚，在光屏的前方，可以适当向右移动，此时像在光屏的前方，相当于近视眼，可以配戴凹透镜，即近视镜，使光线发散，成的像向右移动。
故答案为：(1)烛焰；(2)最小、最亮；10.0；(3)实像；(4)B；(5)右；近视。
(1)根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让凸透镜、光屏和烛焰三者中心放在同一高度上，其目的是使其成像在光屏的中心；
(2)通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距；
(3)当物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(4)当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，像物同侧；
(5)凸透镜的焦距变小，折射率变大，像会提前会聚；近视镜是凹透镜，对光线有发散的作用。
此题主要考查的是凸透镜成像规律及其探究实验操作的理解，难点是物距的大小与成像性质的关联，但只要熟练掌握凸透镜成像规律即可解答。
16.【答案】F1-F3 物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力 将物体c浸入水中之前，溢水杯中没有加满水(或排开是水没有全部流入小桶) 变小 变大 = B
【解析】解：(1)由图甲可知物体的重力G=F1，由图丁可知物体浸没时弹簧测力计的示数F'=F3，则物体受到的浮力F浮=G-F'=F1-F3；
(2)由表中可知，物体a、b的实验数据中物体受到浮力大小与物体排开水的重力相等，因此可得结论：物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；
(3)在实验中，若溢水杯没有装满水，造成溢出水的体积小于排开水的体积，则排开水的重力明显小于所受的浮力(或排开是水没有全部流入小桶)；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变小，
重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等，即ΔFA=ΔFB；
(5)比较两种实验方案可知，改进后：
A、由称重法F浮=G-F'可知，弹簧测力计A的示数等于物体的重力减去受到的浮力，故A错误；
B、薄塑料袋不计质量，能同步观察测力计A、B示数的变化，从而得出物体受到浮力的大小与排开液体所受重力的关系，故B正确；
故答案为：(1)F1-F3；(2)物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；(3)将物体c浸入水中之前，溢水杯中没有加满水(或排开是水没有全部流入小桶)；(4)变小；变大；=；(5)B。
(1)根据称重法求出物体受到的浮力；
(2)分析比较表中的浮力与排开水的重力关系得出结论；
(3)在实验中，排除测量误差因素的影响，从溢出水的体积小于排开水的体积考虑；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系；
(5)改进后的优点从增加实验器材的目的来分析。
本题主要是考查学生科学探究的能力、分析能力、观察能力以及对阿基米德原理的理解等，弄清楚实验装置中每一个仪器的作用和目的是关键。
17.【答案】R2 0～0.6A 0.55 实际 保持不动 4.5 0.5
【解析】解：(1)①连接电路时，应选用滑动变阻器R2进行实验，因为：U灯U变=R灯R变，即2.5V6V-2.5V=11ΩR变，得出R变=15.4Ω，所以应选R2。
电流表量程应选0～0.6A更合理，因为：I=UR=2.5V11Ω=0.23A，所以应该选择0～0.6A的量程。
(2)①小灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.22A=0.55W。
②由表格中的数据可得出：小灯泡亮度由实际功率决定。
(3)③将滑动变阻器滑片P移到最左端，电流表示数为0.9A，可得电源电压为：U=IR=0.9A×5Ω=4.5V。
②用5Ω的定值电阻替换灯泡，滑动变阻器滑片P保持不动，闭合开关，电流表的示数为0.3A。此时总电阻为：R总=UI=4.5V0.3A=15Ω；
变阻器接入的电阻为：R变=R总-R定=15Ω-5Ω=10Ω；
①闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使电流表示数为0.25A。此时总电阻为：R总'=UI'=4.5V0.25A=18Ω；
小灯泡的电阻为R灯=R总'-R变=18Ω-10Ω=8Ω；
则灯泡的额定功率为：P额=I额2R灯=(0.25A)2×8Ω=0.5W。
故答案为：(1)R2；0～0.6A；(2)0.55；实际；(3)保持不动；4.5；0.5。
(1)根据串联电路的分压规律，结合电源电压和灯泡的额定电压，可选取合适的滑动变阻器。根据灯泡的额定电压和阻值，可求出电流，再选取电流表的量程。
(2)根据报告中的额定电压和额的电流，运用P=UI可求出灯泡的额定功率。由表格中的数据可分析出，决定灯泡亮度的是实际功率。
(3)根据串联电路的电流、电压、电阻规律，运用欧姆定律和电功率公式，可计算得出灯泡的额定功率。
理解串联电路的分压规律，熟练运用电功率和欧姆定律的公式，准确分析表格中的数据，是解答此题的关键。
18.【答案】解：(1)该套丛书受到的重力：
G=mg=1.65kg×10N/kg=16.5N；
(2)因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，该套丛书对桌面的压强：
p=FS=GS=16.5N0.03m2=550Pa。
答：(1)该套丛书受到的重力为16.5N；
(2)该套丛书对桌面的压强为550Pa。
【解析】(1)知道该套丛书的质量，根据G=mg求出该套丛书受到的重力；
(2)该套丛书对桌面的压力和自身的重力相等，受力面积的大小等于其与桌面的接触面积，利用p=FS求出该套丛书对桌面的压强。
本题考查了重力公式和压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
19.【答案】解：(1)由题意可知，闭合开关，将滑片P移到最右端时，R2接入电路中的电阻最大，
此时R2两端的电压为5V，电流为0.1A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=U2I=5V0.1A=50Ω；
(2)由电路图可知，R1、R2串联。当滑片在最右端时，根据串联电路电压特点可得，电源电压为
U=5V+0.1A×R1①
将滑片P移到另一位置时，电路中的电流为I'=U1'R1=6VR1；
由于R2的功率为0.4W，
由P=UI得，此时R2两端的电压为U2'=P2'I'=0.4W6VR1=0.4W×R16V，
根据串联电路电压特点可得，此时电源电压为U=6V+0.4W×R16V②
联立①②，解得U=8V。
答：(1)滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω；
(2)电源电压为8V。
【解析】由图知，闭合开关，定值电阻与滑动变阻器串联。
(1)将滑片P移到最右端时，滑动变阻器全部接入电路。已知滑动变阻器两端电压及通过的电流，利用R=UI得到其最大阻值；
(2)在串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和。无论滑片位置在哪里，电源电压为两只电阻两端电压之和；将滑片P移到另一位置时，已知R1两端的电压，设R1阻值为R1，利用欧姆定律得到此时的电路电流；已知此时滑动变阻器的功率及通过的电流，利用P=UI变形公式得到此时滑动变阻器两端电压。根据电源电压一定列方程得到电源电压。
此题考查了串联电路的特点、欧姆定律及电功率计算公式的应用，综合性较强，难度较大。
20.【答案】解：(1)第28s红灯两端的电压为100V，由图甲可知，此时红灯的功率为P红=200W，
由P=UI可知，此时通过红灯的电流为：I红=P红U红=200W200V=1A；
(2)由图甲可知，红灯和绿灯在0～20s内的总功率P1=200W，在20～25s内总功率为P2=0W，在25～30s内总功率P3=200W+200W=400W，
所以0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为：W=W1+W2+W3=P1t1+P2t2+P3t3=200W×20s+0W×5s+400W×5s=6000J；
(3)根据题意知：当UAB<6V时，D两端的电压UD等于输入电压，UAB≥6V时，UD保持6V不变。
当通过R的电流满足I≥2A时，水泵启动喷水，
根据I=UR可得，喷水时R两端的电压至少为：UR=IR=2A×2Ω=4V；
这个电压为能否喷水的临界电压，
所以UAB对应的电压为：UAB=UD+UR=6V+4V=10V，
由图丁可知，0-3s内AB两端的电压均匀增加，3s时达到15V，则2s时对应的电压为10V，即在一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则一个周期内(周期为6s)有三分之一的时间在喷水(一个周期内喷水时间为2s)，
所以10min=600s，相当于100个周期，则有2s×100=200s时间在喷水。
答：(1)第28s红灯两端的电压为100V，此时通过红灯的电流为1A；
(2)0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为6000J；
(3)电路启动喷水，此时UAB至少为10V，该电路工作10min，其中喷水时间有200s。
【解析】(1)根据P=UI可求出此时通过红灯的电流；
(2)结合图象分析出0～30s内电路中总功率的变化，根据W=Pt求出0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
(3)当通过R的电流满足I≥2A时，电路启动喷水，根据U=IR算出R两端的电压，这个电压为能否喷水的临界电压，根据UAB=UD+UR算出UAB的电压；
根据图知，当0
绝密★启用前
2023年江西省上饶四中中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 2022年中国金鸡百花电影节暨第35届中国电影金鸡奖于11月10日至12日举办如图所示，金鸡奖奖杯的高度最接近( )
A. 15 cm
B. 35 cm
C. 60 cm
D. 100 cm
2. 如图所示，将A、B两个杯子放入水槽中，A杯倒扣入水中，B杯内有水，然后对水槽加热，下列说法正确的是( )
A. A不能沸腾，B能沸腾 B. A能沸腾，B不能沸腾
C. A能沸腾，B也能沸腾 D. A不能沸腾，B也不能沸腾
3. 如图所示，几个完全相同的条形磁体叠放在水平桌面上，关于比较甲、乙两图中桌面受到的压力的大小，下列说法正确的是( )
A. 甲图中桌面受到的压力比乙图大
B. 乙图中桌面受到的压力比甲图大
C. 两图中桌面受到的压力相等
D. 无法确定
4. 如图所示，水平桌面上有一个装有水的圆柱形容器，水面漂浮着一个放有铁球的烧杯(ρ铁>ρ水)；若将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，下列说法正确的是( )
A. 容器底受到水的压强不变 B. 容器对桌面的压强会变小
C. 容器中的水面会下降一些 D. 烧杯下表面受到水的压强不变
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 物理学蕴含着很多思想和方法，例如可以通过观察树枝的摇晃程度知道风力的大小，下列研究方法与此相同的是( )
A. 通过保持电压一定来探究电流与电阻的关系
B. 通过比较木块被小车推动距离的远近来判断小车动能的大小
C. 通过观察鼓面上纸屑跳动的高度来推断鼓面振动的幅度
D. 用一条带有箭头的直线来表示光的传播径迹和方向
6. 如图所示电路中，变阻器的滑片P从中点向左端移动的过程中，下列说法错误的是( )
A. 电流表A1示数和电流表A2示数都变大
B. 电流表A2示数和电流表A1示数之差保持不变
C. 电压表V和电流表A1示数之比保持不变
D. 电压表V示数保持不变，电路总功率变大
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共7小题，共14.0分）
7. 1820年4月，丹麦物理学家 发现了“电生磁”现象；1831年，英国科学家法拉第又发现了 现象，实现了“磁生电”。
8. 你一定剪过指甲吧！为什么指甲被剪断之后不是原地掉下来，而是“飞”出去？原来，指甲受到指甲钳的挤压，改变了______，当指甲被指甲钳剪断后，指甲的______转化为指甲的动能，让指甲“飞”出去。
9. 如图为大学教授课堂演示情景，教授将一个摆球从下巴处放手，结果摆球摆回时并没有砸到他的下巴，这是因为摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少，这一过程 (选填“符合”或“不符合”)能量的转化和守恒定律，若小球摆回来到达最高点时外力全部消失，摆球将 。
10. 如图所示，是歼20战机与加油机空中加油的情景，歼20战机相对加油机是______ (选填“静止”或“运动”)的；由于飞机与空气发生______ 而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器。
11. 中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计______。在接收点，为正确读数，验收人员______(选填“能”或“不能”)把温度计从冷藏箱中取出读数。
12. 如图所示，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用甲、乙两种方法使其一端缓慢抬离地面，若F甲和F乙始终竖直向上，则F甲______(>//
13. 如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中。L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9W，设两灯泡的电阻不变，则L1、L2两灯泡电阻之比为 ，甲、乙两图中电路消耗的总功率之比 。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
14. (1)如图所示，若要测量同学们100米跑的成绩，应选择 (选填“甲”或“乙”)表，甲表外圈的分度值为 s。
(2)如图2所示，木块的长度为 cm，电流表的读数为 A。
(3)小慧同学通过实验测定小矿石的密度，测小矿石的质量时天平右盘中所加砝码以及游码位置如图3甲所示，则小矿石的质量为 g，接着，测量小矿石的体积，如图3乙所示，则小矿石的密度为 kg/m3；图乙中，若小慧同学的眼睛从A处读取水和矿石的总体积，则会导致所测密度 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
15. 小明在做“探究凸透镜成像规律”时，所用的器材有：带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等。
(1)实验前，小明调节______、凸透镜、光屏的中心在同一高度。
(2)如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个______的光斑时停止移动光屏，可测出凸透镜的焦距是______cm。
(3)小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立放大的______(填“实像”或“虚像”)。
(4)保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，无论怎样移动光屏都在光屏上看不到烛焰的像，则人眼在图中______(填“A”或“B”)处能观察到烛焰的像。
(5)小明将图乙中的透镜换成焦距f=5cm的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊。将烛焰向______(填“左”或“右”)移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像；若不移动蜡烛，在蜡烛和凸透镜之间放置一个度数适当的______(填“近视”或“远视”)眼睛的镜片，光屏上也会重新出现烛焰清晰的像。
16. 小李同学想探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。
(1)实验步骤如图1所示，甲、乙、丙、丁中的弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4，物体受到的浮力F浮=______。
(2)小李利用三个不同物体a、b、c进行实验探究，实验数据如下表：
物体
物重
G/N
物体浸没在水中测力计的示数F/N
浮力
F浮/N
空桶重
G0/N
桶与排开水的总重G1/N
排开水重
G排/N
a
1.2
0.7
0.5
0.6
1.1
0.5
b
2
1.4
0.6
0.6
1.2
0.6
c
2.4
1.7
0.7
0.6
1.2
0.6
分析表中物体a、b的实验数据，小李得出的结论是：______。
(3)小李在探究物体c所受浮力的实验中，排除各种测量误差因素的影响，发现物体c排开水的重力明显小于它所受浮力，请分析实验操作中造成这种结果的原因：______。
(4)小张利用身边的器材对小李的实验进行改进：两个相同的弹簧测力计A和B、重物、溢水杯(由饮料瓶和吸管组成)、薄塑料杯(质量忽略不计)等器材，装置如图2所示。实验时小张逐渐向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到弹簧测力计A的示数逐渐______，弹簧测力计B的示数逐渐______，若弹簧测力计A的示数变化量为ΔFA，弹簧测力计B的示数变化量为ΔFB，则它们的大小关系是ΔFA______ΔFB(选填“>”、“=”或“<”)；
(5)针对两种实验方案，小张实验装置的优点是______(填答案标号)。
A.弹簧测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，实验中能同步观察弹簧测力计A、B示数的变化
17. “测量小灯泡的电功率”实验，小丹同学设计了如图甲所示的电路图。所用电学器材如下：电源(6V)、额定电压为2.5V的小灯泡(正常发光时电阻约为11Ω)、电流表(0～0.6A,0～3A)、电压表(0～3V,0～15V)、滑动变阻器R1标有“10Ω1A”、滑动变阻器R2标有“20Ω 1.5A”、开关、导线若干。
(1)进行实验
①连接电路时，应选用滑动变阻器______(选填“R1”或“R2”)进行实验，电流表量程应选______(选填“0～0.6A”或“0～3A”)更合理。
②闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，使小灯泡两端的电压分别低于、等于、高于额定电压，记下电压值和电流值，并观察小灯泡的亮度，把实验数据和观察到的现象记录在表格里。
次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
小灯泡亮暗情况
1
2
0.2
较暗
2
2.5
0.22
正常
3
3
0.24
较亮
(2)分析与归纳
由表格中数据可得：
①小灯泡额定功率为______W。
②小灯泡亮度由______功率决定。
(3)完成上述实验后，小丹同学在缺少电压表的情况下，为了测量另一个额定电流为0.25A的小灯泡的额定功率，设计了如图乙所示的电路。电源电压(未知)保持不变。请完成实验步骤：
①闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使电流表示数为0.25A。
②断开开关，用5Ω的定值电阻替换灯泡，滑动变阻器滑片P ______(选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”)。闭合开关，电流表的示数为0.3A。
③将滑动变阻器滑片P移到最左端，电流表示数为0.9A，可得电源电压为______V。
④小灯泡的额定功率为______W。
五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
18. 静止在水平桌面上的一套丛书，质量为1.65kg，与桌面的接触面积为0.03m2，求：
(1)该套丛书受到的重力；
(2)该套丛书对桌面的压强。(g=10N/kg)
19. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关，将滑片P移到最右端时，R2两端的电压为5V，电流为0.1A；将滑片P移到另一位置时，R1两端的电压为6V，R2的功率为0.4W。求：
(1)滑动变阻器R2的最大阻值；
(2)电源电压。
六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）
20. 音乐喷泉是集光机电技术于一体的装置，让红、绿、蓝三种色灯照射到水柱上，通过电脑控制三种色灯功率的比例就能让水柱变换颜色，呈现美轮美奂的视觉效果。图甲是某段时间内红、绿两色灯功率随时间变化的图像。
(1)第28s红灯两端的电压为100V，求此时通过红灯的电流；
(2)请计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
(3)图乙是控制喷泉水柱工作的模拟电路。AB两端输入如图丙所示的周期性变化的电压UAB，定值电阻R=2Ω，D为特殊电子元件。当UAB<6V时，D两端的电压UD=UAB；当UAB≥6V时，UD恒为6V不变。当通过R的电流满足I≥2A时，电路启动喷水，此时UAB至少为多少伏？该电路工作10min，其中喷水时间有多少秒？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：普通人手掌的宽度约为10cm，由图中金鸡奖奖杯与握奖杯的手的对比可知，金鸡奖奖杯的高度约为35cm。
故选：B。
根据图片信息和生活经验作答。
长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右，等等。
2.【答案】D
【解析】解：A中水汽化成水蒸气，水蒸气增多，气压增大，水的沸点升高，水温不能达到沸点，所以A杯中水不能沸腾； B杯中水温能达到沸点，但不能继续吸热，所以B杯中水不能沸腾，故D正确。
故选：D。
水沸腾的条件是：达到沸点和继续吸热，二者缺一不可，水的沸点会随着压强的增大而升高。
本题考查了沸腾的条件，学会使用我们所学的物理知识来分析生活中的物理现象。
3.【答案】C
【解析】解：几个完全相同的条形磁体，则重力相等，如图所示，叠放在水平桌面上，其对桌面的压力等于重力，故两图中桌面受到的压力相等。
故选：C。
置于水平面上的物体对水平面的压力等于其重力。
此题考查压力及重力与压力的区别，难度不大，条形磁体叠放在一起，彼此之间存在引力和斥力，是较为迷惑人的地方，但物体间力的作用是相互的，所以不需要考虑。易错题。
4.【答案】C
【解析】解：当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁>ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力；
AC、根据F浮=ρ水gV排可知，当ρ水、g一定时，F浮变小，V排变小，所以当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排=S容器h可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p=ρ水gh可知，容器底受到水的压强将变小，故A错误，C正确；
B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，所以将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，容器对桌面的压力保持不变，根据p=FS可知，容器对桌面的压强不变，故B错误；
D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=FS=G烧杯+G铁球S烧杯；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=F'S=G烧杯S烧杯，
由此可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯下表面受到水的压强变小，故D错误。
故选C。
当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力；
当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁>ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力；
AC、根据阿基米德原理可知，当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排=S容器h可得出将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p=ρ水gh可知，容器底受到水的压强的变化；
B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，根据p=FS可得出容器对桌面的压强的变化；
D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=FS=G烧杯+G铁球S烧杯；当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p=F'S=G烧杯S烧杯，由此可得出烧杯下表面受到水的压强的变化。
本题主要考查阿基米德原理的应用，液体压强的特点的应用，固体压强大小的比较，其中分析清楚将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯和铁球受到的总浮力的变化是解题的关键，属于浮力、压强综合题，有一定的难度。
5.【答案】BC
【解析】解：通过观察树枝的摇晃程度知道风力的大小，这是转换法的运用。
A、探究电流与电压、电阻的关系时，保持电压一定，研究电流与电阻的关系，是控制变量法，故A错误；
B、实验中是通过观察木块被推动的距离的远近，比较小车对木块做功的多少，从而判断小车动能的大小，这是转换法的运用，故B正确；
C、通过比较轻小物体被弹起的高度来比较鼓面振动幅度的大小，这是利用了转换法，故C正确；
D、用一条带有箭头的线段表示光传播的径迹和方向，运用了模型法，故D错误。
故选：BC。
初中物理中常用的物理研究方法：控制变量法、转换法、类比法、等效替代法、模型法、等量法等。
本题主要考查学生对一些常用的物理学方法的了解和区别，涉及到的方法有控制变量法、转换法、模型法。
6.【答案】ABD
【解析】解：ABC、由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表与电源并联，A2串联在干路上，测量电路的总电流，A1与定值电阻R1串联，测量定值电阻R1的电流；
滑动变阻器的滑片P从中点向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；而电压表测量电源电压，因此电压表示数不变；
由于并联电路中，各支路互不影响，因此通过定值电阻的电流不变，即电流表A1示数不变，而干路电流等于各支路电流之和，因此电流表A2示数变小；
电流表A2示数和电流表A1示数之差就是通过滑动变阻器的电流，所以电流表A2示数和电流表A1示数之差减小；
电压表V示数不变，电流表A1示数不变，则它们之比保持不变，故AB错误、C正确；
D、电源电压不变，干路电流减小，根据P=UI可知，电路总功率变小，故D错误。
故答案为：ABD。
由图知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表与电源并联，A2串联在干路上，A1与定值电阻串联；
电压表始终测量电源电压；根据滑片的移动确定接入电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路中各支路互不影响判断出电流表A1示数的变化；根据并联电路的电流规律分析电流表A2示数和电流表A1示数之差的变化；
根据干路电流等于各支路电流之和，判断出电流表A2示数的变化；
根据电压表V与电流表A1的示数变化可知两表示数之比的变化；
(2)根据P=UI判断出电路总功率的变化。
本题考查学生识别电路的能力、并联电路的电压和电流规律的应用情况、欧姆定律应用以及电功率公式的应用的掌握情况。
7.【答案】奥斯特 电磁感应
【解析】解：由物理学史知道：丹麦的物理学家奥斯特发现通电导线周围存在着磁场，法拉第发现了电磁感应现象。
故答案为：奥斯特，电磁感应。
要解答本题需记忆物理学史。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
8.【答案】形状 弹性势能
【解析】解：指甲被挤压后发生形变，此时指甲具有弹性势能，当指甲被指甲钳剪断后，指甲的弹性势能转化为指甲的动能。
故答案为：形状；弹性势能。
指甲飞出去说明动能增加了，是因为指甲的弹性势能转化为了动能。弹性势能和物体的形变程度有关。
在做能量的转化这种题时，我们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。
9.【答案】符合 静止
【解析】解：(1)摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少，这一过程同样符合能量的转化和守恒定律，即能的总量保持不变；
(2)摆球摆动到最高点时，摆球的速度为零，如果外力全部消失，由牛顿第一定律可知摆球将静止。
故答案为：符合；静止。
(1)球摆动过程中，由于空气摩擦，机械能转化为内能；任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律；
(2)根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态；
本题考查的是能量守恒定律和牛顿第一定律，属于基础题。
10.【答案】静止 摩擦起电(或摩擦)
【解析】解：(1)歼20战机与加油机空中加油的过程中，歼20战机相对加油机位置保持不变，因此是静止的；
(2)由摩擦起电现象可知，由于飞机与空气发生摩擦而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器
故答案为：静止；摩擦起电(或摩擦)。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
(2)摩擦可以使物体带电，据此分析。
本题考查了对运动与静止相对性的理解，以及对摩擦起电现象的认识，难度不大。
11.【答案】图2 不能
【解析】解：由题意可知，疫苗需保存在低于8℃的环境中，即保存环境温度最高为8℃。图1温度计是普通温度计，图2温度计的构造类似于体温计。根据体温计的构造特点，温度升高后水银柱升高，不会再降下去，可以测定最高温度，在接收点可根据温度计最终显示的示数判断运输过程中疫苗温度是否超标，因此应在冷藏箱内放置图2中所示的温度计；
图2中的温度计有缩口，示数不会自行下降，但外界温度高时，温度计的示数会升高，故验收人员不能把温度计从冷藏箱中取出读数。
故答案为：图2；不能。
本题考查温度计的构造和原理、温度计的读数，可根据这两点进行解答。
掌握图中温度计的构造特点是解答本题的关键，本题中要重点理解温度计的测温主要目的是为了“监测运输过程中疫苗温度是否超标”。
12.【答案】= <
【解析】解：(1)两次抬起水泥板时的情况如图所示：
在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一。根据杠杆的平衡条件F=GL阻L动=12G.所以前后两次所用的力相同；
(2)若甲、乙两种情况均将水泥板拉至竖直位置，由图可知h甲
(1)把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点。由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力F克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半。在此基础上，利用杠杆的平衡条件，即可确定F甲与F乙的大小关系。
(2)根据W=Fs可比较拉力做功的大小关系。
本题考查杠杆平衡条件的应用和功的比较，正确判断动力臂与阻力臂的关系是关键。
13.【答案】2：1 2：9
【解析】解：(1)因甲图中灯泡L1的功率P1=U12R1，乙图中灯泡L1的功率P1'=U2R1，
所以，P1P1'=U12R1U2R1=U12U2=4W9W，
解得：U1U=23，
甲图中：
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等，
所以，R1R2=U1IU2I=U1U2=U1U-U1=23-2=21；
(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，甲图中电路消耗的总功率：
P甲=U2R1+R2=U22R2+R2=U23R2，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，乙图电路消耗的总功率：
P乙=U2R1+U2R2=U22R2+U2R2=3U22R2，
所以，P甲P乙=U23R23U22R2=29。
故答案为：2：1；2：9。
(1)甲图中两灯泡串联，乙图中两灯泡并联，根据公式P=U2R可求甲、乙两图中灯泡L1两端的电压之比，根据串联电路的特点和欧姆定律结合甲图求出L1、L2两灯泡的阻值之比；
(2)根据电阻的串联和P=U2R求出甲图电路消耗的总功率；再根据并联电路的电压特点和P=U2R表示出乙图中两灯泡的电功率，两者功率之和即为乙图中电路消耗的总功率，进一步结合电阻关系求出甲、乙两图中电路消耗的总功率之比。
本题考查学生对欧姆定律、电功率公式、串并联特点的掌握和运用，要求灵活选用公式，涉及到求比值问题，要细心防止因颠倒而出错。
14.【答案】甲 0.1 2.20 0.08 53.4 2.67×103 偏小
【解析】解：(1)百米赛跑要求计时的精确度高，因此应选用甲表；甲表外圈的分度值为0.1s；
(2)由图得，刻度尺的分度值为0.1cm，物体的左端在刻度尺的1.00cm位置，右端在刻度尺的3.20cm位置，木块的长度为：3.20cm-1.00cm=2.20cm；
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.08A；
(3)由图得，小矿石的质量为：m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g，
由图得，矿石的体积为：V=40mL-20mL=20mL=20cm3，
小矿石的密度为：ρ=mV=53.4g20cm3=2.67g/cm3=2.67×103kg/m3；
若小明的眼晴从A处读取水和矿石的总体积，读得的水和矿石的体积偏大，导致测量的矿石的体积偏大，而矿石的质量准确，则会导致所测密度偏小。
故答案为：(1)甲；0.1；(2)2.20；0.08；(3)53.4；2.67×103；偏小。
(1)百米赛跑要求计时的精确度高，根据两表的分度值可做出判断；
(2)刻度尺读数时，先明确分度值，再根据对应的刻度位置读数，并估读到分度值的下一位；
明确电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
(3)物体的质量等于天平中砝码的质量与标尺示数之和；物体的体积等于量筒两次的示数之和；利用密度公式ρ=mV可求物体的密度；
量筒读数时，若从A处读取水和矿石的总体积，总体积值会偏大，由此得到的小矿石体积也会偏大，则根据密度公式可知计算出的密度是偏大还是偏小。
本题考查了时间的测量、长度的测量、电流表的读数、固体密度的测量等，关键是知道各种仪器的使用和读数。
15.【答案】烛焰 最小、最亮 10.0 实像 B 右 近视
【解析】解：(1)为了使像成在光屏的中央，应调整烛焰中心、凸透镜中心、光屏的中心在同一高度；
(2)平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点，也就是最小最亮的挂光斑的位置，焦点到光心的距离是焦距，由图甲可知，该凸透镜的焦距为f=50.0cm-40.0cm=10.0cm；
(3)由图可知，此时物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(4)由图可知，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，像物同侧，应该在B处观察；
(5)将图甲中的透镜换成焦距f=5cm的凸透镜，焦距变小，折射能力变大，像会提前会聚，在光屏的前方，可以适当向右移动，此时像在光屏的前方，相当于近视眼，可以配戴凹透镜，即近视镜，使光线发散，成的像向右移动。
故答案为：(1)烛焰；(2)最小、最亮；10.0；(3)实像；(4)B；(5)右；近视。
(1)根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让凸透镜、光屏和烛焰三者中心放在同一高度上，其目的是使其成像在光屏的中心；
(2)通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距；
(3)当物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(4)当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，像物同侧；
(5)凸透镜的焦距变小，折射率变大，像会提前会聚；近视镜是凹透镜，对光线有发散的作用。
此题主要考查的是凸透镜成像规律及其探究实验操作的理解，难点是物距的大小与成像性质的关联，但只要熟练掌握凸透镜成像规律即可解答。
16.【答案】F1-F3 物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力 将物体c浸入水中之前，溢水杯中没有加满水(或排开是水没有全部流入小桶) 变小 变大 = B
【解析】解：(1)由图甲可知物体的重力G=F1，由图丁可知物体浸没时弹簧测力计的示数F'=F3，则物体受到的浮力F浮=G-F'=F1-F3；
(2)由表中可知，物体a、b的实验数据中物体受到浮力大小与物体排开水的重力相等，因此可得结论：物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；
(3)在实验中，若溢水杯没有装满水，造成溢出水的体积小于排开水的体积，则排开水的重力明显小于所受的浮力(或排开是水没有全部流入小桶)；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变小，
重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等，即ΔFA=ΔFB；
(5)比较两种实验方案可知，改进后：
A、由称重法F浮=G-F'可知，弹簧测力计A的示数等于物体的重力减去受到的浮力，故A错误；
B、薄塑料袋不计质量，能同步观察测力计A、B示数的变化，从而得出物体受到浮力的大小与排开液体所受重力的关系，故B正确；
故答案为：(1)F1-F3；(2)物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；(3)将物体c浸入水中之前，溢水杯中没有加满水(或排开是水没有全部流入小桶)；(4)变小；变大；=；(5)B。
(1)根据称重法求出物体受到的浮力；
(2)分析比较表中的浮力与排开水的重力关系得出结论；
(3)在实验中，排除测量误差因素的影响，从溢出水的体积小于排开水的体积考虑；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系；
(5)改进后的优点从增加实验器材的目的来分析。
本题主要是考查学生科学探究的能力、分析能力、观察能力以及对阿基米德原理的理解等，弄清楚实验装置中每一个仪器的作用和目的是关键。
17.【答案】R2 0～0.6A 0.55 实际 保持不动 4.5 0.5
【解析】解：(1)①连接电路时，应选用滑动变阻器R2进行实验，因为：U灯U变=R灯R变，即2.5V6V-2.5V=11ΩR变，得出R变=15.4Ω，所以应选R2。
电流表量程应选0～0.6A更合理，因为：I=UR=2.5V11Ω=0.23A，所以应该选择0～0.6A的量程。
(2)①小灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.22A=0.55W。
②由表格中的数据可得出：小灯泡亮度由实际功率决定。
(3)③将滑动变阻器滑片P移到最左端，电流表示数为0.9A，可得电源电压为：U=IR=0.9A×5Ω=4.5V。
②用5Ω的定值电阻替换灯泡，滑动变阻器滑片P保持不动，闭合开关，电流表的示数为0.3A。此时总电阻为：R总=UI=4.5V0.3A=15Ω；
变阻器接入的电阻为：R变=R总-R定=15Ω-5Ω=10Ω；
①闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使电流表示数为0.25A。此时总电阻为：R总'=UI'=4.5V0.25A=18Ω；
小灯泡的电阻为R灯=R总'-R变=18Ω-10Ω=8Ω；
则灯泡的额定功率为：P额=I额2R灯=(0.25A)2×8Ω=0.5W。
故答案为：(1)R2；0～0.6A；(2)0.55；实际；(3)保持不动；4.5；0.5。
(1)根据串联电路的分压规律，结合电源电压和灯泡的额定电压，可选取合适的滑动变阻器。根据灯泡的额定电压和阻值，可求出电流，再选取电流表的量程。
(2)根据报告中的额定电压和额的电流，运用P=UI可求出灯泡的额定功率。由表格中的数据可分析出，决定灯泡亮度的是实际功率。
(3)根据串联电路的电流、电压、电阻规律，运用欧姆定律和电功率公式，可计算得出灯泡的额定功率。
理解串联电路的分压规律，熟练运用电功率和欧姆定律的公式，准确分析表格中的数据，是解答此题的关键。
18.【答案】解：(1)该套丛书受到的重力：
G=mg=1.65kg×10N/kg=16.5N；
(2)因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，该套丛书对桌面的压强：
p=FS=GS=16.5N0.03m2=550Pa。
答：(1)该套丛书受到的重力为16.5N；
(2)该套丛书对桌面的压强为550Pa。
【解析】(1)知道该套丛书的质量，根据G=mg求出该套丛书受到的重力；
(2)该套丛书对桌面的压力和自身的重力相等，受力面积的大小等于其与桌面的接触面积，利用p=FS求出该套丛书对桌面的压强。
本题考查了重力公式和压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
19.【答案】解：(1)由题意可知，闭合开关，将滑片P移到最右端时，R2接入电路中的电阻最大，
此时R2两端的电压为5V，电流为0.1A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=U2I=5V0.1A=50Ω；
(2)由电路图可知，R1、R2串联。当滑片在最右端时，根据串联电路电压特点可得，电源电压为
U=5V+0.1A×R1①
将滑片P移到另一位置时，电路中的电流为I'=U1'R1=6VR1；
由于R2的功率为0.4W，
由P=UI得，此时R2两端的电压为U2'=P2'I'=0.4W6VR1=0.4W×R16V，
根据串联电路电压特点可得，此时电源电压为U=6V+0.4W×R16V②
联立①②，解得U=8V。
答：(1)滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω；
(2)电源电压为8V。
【解析】由图知，闭合开关，定值电阻与滑动变阻器串联。
(1)将滑片P移到最右端时，滑动变阻器全部接入电路。已知滑动变阻器两端电压及通过的电流，利用R=UI得到其最大阻值；
(2)在串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和。无论滑片位置在哪里，电源电压为两只电阻两端电压之和；将滑片P移到另一位置时，已知R1两端的电压，设R1阻值为R1，利用欧姆定律得到此时的电路电流；已知此时滑动变阻器的功率及通过的电流，利用P=UI变形公式得到此时滑动变阻器两端电压。根据电源电压一定列方程得到电源电压。
此题考查了串联电路的特点、欧姆定律及电功率计算公式的应用，综合性较强，难度较大。
20.【答案】解：(1)第28s红灯两端的电压为100V，由图甲可知，此时红灯的功率为P红=200W，
由P=UI可知，此时通过红灯的电流为：I红=P红U红=200W200V=1A；
(2)由图甲可知，红灯和绿灯在0～20s内的总功率P1=200W，在20～25s内总功率为P2=0W，在25～30s内总功率P3=200W+200W=400W，
所以0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为：W=W1+W2+W3=P1t1+P2t2+P3t3=200W×20s+0W×5s+400W×5s=6000J；
(3)根据题意知：当UAB<6V时，D两端的电压UD等于输入电压，UAB≥6V时，UD保持6V不变。
当通过R的电流满足I≥2A时，水泵启动喷水，
根据I=UR可得，喷水时R两端的电压至少为：UR=IR=2A×2Ω=4V；
这个电压为能否喷水的临界电压，
所以UAB对应的电压为：UAB=UD+UR=6V+4V=10V，
由图丁可知，0-3s内AB两端的电压均匀增加，3s时达到15V，则2s时对应的电压为10V，即在一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则一个周期内(周期为6s)有三分之一的时间在喷水(一个周期内喷水时间为2s)，
所以10min=600s，相当于100个周期，则有2s×100=200s时间在喷水。
答：(1)第28s红灯两端的电压为100V，此时通过红灯的电流为1A；
(2)0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为6000J；
(3)电路启动喷水，此时UAB至少为10V，该电路工作10min，其中喷水时间有200s。
【解析】(1)根据P=UI可求出此时通过红灯的电流；
(2)结合图象分析出0～30s内电路中总功率的变化，根据W=Pt求出0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
(3)当通过R的电流满足I≥2A时，电路启动喷水，根据U=IR算出R两端的电压，这个电压为能否喷水的临界电压，根据UAB=UD+UR算出UAB的电压；
根据图知，当0
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2023年江西省上饶市鄱阳县鄱南六校中考物理二模试卷（含答案）： 这是一份2023年江西省上饶市鄱阳县鄱南六校中考物理二模试卷（含答案），共28页。试卷主要包含了填空题，选择题，计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
