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2023年江苏省泰州市海陵区中考物理一模试卷（含答案）
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这是一份2023年江苏省泰州市海陵区中考物理一模试卷（含答案），共33页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省泰州市海陵区中考物理一模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意．）
1．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，日本政府于4月13日召开有关内阁会议正式决定将福岛第一核电站上百万吨核污水经过滤并稀释后排入大海，排放将于约2年后开始。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
2．（2分）下列数据中，符合事实的是（ ）
A．一个苹果的质量约为 1.5kg
B．手电筒中的电流约为 20A
C．正常人一次脉搏的时间约 4s
D．中学生正常步行时的速度约为 5km/h
3．（2分）下列与声现象有关的说法，不正确的是（ ）
A．禁鸣喇叭是在声源处减弱噪声
B．看电视时调节音量改变的是声音的音调
C．“隔墙有耳”说明声音可以在固体中传播
D．人在月球上不能直接对话，是因为真空不能传声
4．（2分）四个情景中，其物态变化过程需要吸热的是（ ）
A． 冬天户外的人呼出“白气”
B． 湿裤子晾干
C． 冬天窗玻璃上有冰花
D．钢水浇铸得到钢件
5．（2分）新型冠状病毒传播方式之一为飞沫传播，飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，可以通过一定距离（一般认为1～2m）进入易感粘膜表面，一般不会长时间存留在空中。为此人们要正确佩戴口罩，对易受到污染的物体表面经常进行消毒处理。根据以上介绍，请你判断下列说法中正确的是（ ）
A．飞沫能附着于物体表面，是因为分子间有引力的缘故
B．飞沫能飞出1m外，说明飞沫分子在不停地做无规则运动
C．健康人戴口罩防止被感染，其防疫策略类似于在摩托车上安装消声器以减弱噪声
D．用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有热效应
6．（2分）下列现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．泰州大桥在水中的“倒影”
B．日食
C．雨后天空出现的彩虹
D．池水变“浅”
7．（2分）对下列四幅图的表述正确的是（ ）
A．甲图反映的是电动机的工作原理
B．乙图能实现电能转化为机械能
C．丙图闭合开关后，小磁针N极逆时针偏转
D．丁图中小磁针N极顺时针偏转
8．（2分）下列说法中正确的是（ ）
A．用金属铝制成窗户边框，是利用其导热性能较好的性质
B．蜡烛在燃烧的过程中，质量变小，密度变大
C．水结成冰的过程中，质量不变，内能不变
D．密度、硬度、比热容等都属于物质的物理属性
9．（2分）如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U形管中两液面的高度差h，下列操作中能使高度差h增大的是（ ）
A．将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度
B．将探头放在酒精中的同样深度处
C．探头在水中深度不变，把U形管中的水换成密度大些的浓盐水
D．探头在水中深度不变，把U形管中的水换成密度小些的煤油
10．（2分）将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起，它的部分运动轨迹如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A．皮球经过同一高度的A、B两点时动能相等
B．皮球第一次反弹后到达最高点P时速度为零
C．皮球在D点时的机械能可能等于在C点时的机械能
D．若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小不等的黑色圆斑
11．（2分）水平桌面上，甲、乙、丙三个同规格容器内各装有液体，小明将完全相同的三个小球分别放入三个容器内，小球静止时状态如图所示，此时三个容器中的液面相平。则以下关系正确的是（ ）
A．三只小球受到的浮力：F甲＜F乙＜F丙
B．三杯液体的密度：ρ甲＞ρ乙＞ρ丙
C．烧杯对桌面的压力：F1＞F2＝F3
D．液体对烧杯底部的压强：p1＞p2＞p3
12．（2分）如图为一种握力计和它的工作原理图。电源电压保持不变，握力显示表是由电流表改装而成，定值电阻R2起保护电路作用，其电阻为5Ω，弹簧一端的滑片P在电阻R1的最上端时不施加力，移动到最下端时施加的力最大（弹簧的电阻不计）。握力计测量范围为0～300N，电路中电流表变化范围0.1～0.6A，则下列说法正确的是（ ）
A．握力300N时电路中电流为0.6A
B．R1连入电路阻值变化的范围是0～30Ω
C．R2消耗的最小功率为0.5W
D．电路消耗的总功率变化范围是0.3W～1.8W
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）“端午节”是中华文明最具代表性的“文化符号”之一．小明的妈妈在端午节用铁锅煮粽子是利用铁的 好，煮粽子的过程是利用 的方式增大了粽子的内能。
14．（2分）乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内，否则动车进站时，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，这是因为 ；如图是进站后的动车静止在水平轨道上，此时它受到的重力和 是一对平衡力。
15．（4分）如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方即可产生电能。产生的电能储存于魔方内并通过USB端口给移动设备充电。
（1）此魔方根据 的原理发电，这个过程 能转化为电能。
（2）给移动设备充电时，魔方相当于电路中的 （选填“电源”或“用电器”）。
（3）将此魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面的压力是由 发生形变而产生的。
16．（3分）对放在水平桌面上的托盘天平进行调节时，发现指针静止时指在如图甲所示，这时应将横梁上的平衡螺母向 调节，使天平平衡。测某合金块的质量时，天平平衡时砝码及游码位置如图乙所示，合金块质量是 g。用细线拴好合金块，把它放入盛有30mL水的量筒中，水面到达的位置如图丙所示，合金块的密度为 g/cm3。
17．（2分）如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GA＞GB，则η甲 η乙；若FA＝FB，则GA GB。（选填“＞”、“＜”或“＝”）
18．（4分）某电热水壶具有“烧水”和“保温”两种功能，电路如图所示，电热水壶工作电压为220V，R1＝55Ω，保温功率为110W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）闭合开关 时为保温状态，该热水壶“烧水”功率为 W；
（2）2kg初温为20℃的水，加热升温到100℃，水吸收的热量为 J；
（3）在图中虚线框内要给电路加一个“保温”工作指示灯，则该指示灯的电阻应该尽可能 （选填“大”或“小”）些。
19．（3分）如图所示，将一个棱长为5cm、重为1N的正方体物块（图中未画出），轻轻放入足够大、盛满水的溢水杯中，则该物块静止时受到的浮力大小为 N，放入物块后，水对溢水杯底部的压强 （选填“变大”、“变小”或“不变”），溢水杯对水平桌面的压力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
20．（2分）工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m，若该过程中斜面的效率为75%，力F所做的功为 J，力F的大小为 N。
21．（1分）朵朵家的电能表上标有“3000revs/（kW•h）”字样。她把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电热水壶工作，发现1min内电能表的转盘转了15转，若这些电能全部被质量为0.5kg、初温为21℃的水吸收，可使水的温度升高到 ℃。[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），结果保留1位小数]
22．（4分）如图是小明自制的一种测定油箱内油面高度的装置。油量表是由量程为0～0.6A的电流表改装而成的，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，从油量表指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。已知电源电压为12V，当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏；当油箱内没有油时，R全部接入电路，油量表的读数最小。则R0的阻值是 Ω，油量表的最小读数是 A；当油箱内油面的高度降为最高油面一半时，滑片正好在R的中点，此时油量表的读数是 A，据此推理油量表的刻度 （“均匀”/“不均匀”）。
三、解答题（本题共10小题，解答44、45题时应有公式和解题过程，共50分．）
23．（2分）请根据入射光线和反射光线，在图中正确的位置作出平面镜。
24．（2分）如图是小明起跑时的情景，请画出小明所受重力（点O为重心）和右脚所受摩擦力的示意图。
25．（2分）如图所示，插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其它部分也正确接入家庭电路。
26．（6分）跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一体重为500N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落210m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s，求在这个过程中：
（1）运动员下落的平均速度；
（2）重力做的功；
（3）匀速下降时重力做功的功率。
27．（6分）某电加热器简化电路如图所示，R1、R2为发热电阻，1、2、3、4为触点，S为旋转型开关，实现关、低、高挡的转换。高温挡的功率为1100W，低温挡时R1的功率为44W。求：
（1）当旋转型开关与触点3、4接触时，电加热器处于 （选填“关”、“低温挡”或“高温挡”）；
（2）在该电加热器的电热槽中装质量为500g、初温为12℃的水，用高温挡正常加热至沸腾，若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，则需要加热多长时间？（电热槽内气压为标准大气压，c水＝4.2×103J/（kg•℃）
（3）低温挡时R2的功率。
28．（4分）小明利用如图所示的装置研究“观察水的沸腾”实验。
（1）A处铁圈的位置是根据 来确定的。
（2）组装好实验器材后，小明在烧杯中倒入适量温水，用温度计来测量烧杯中水的温度，读数时视线应与温度计液柱的上表面 。
（3）在水温升高到90℃后，小明每隔1min记录一次温度计的示数，同时注意观察水中发生的现象，直至水沸腾并持续2min后停止加热，将所得的数据记录在下表中。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
温度/℃
90
92
94
96
98
99
99
99
请你预测一下，当水沸腾2min后，如果小明继续加热4min，此时的水温应为 ℃。
（4）实验中，小明观察到水中气泡的情形如图所示，此时烧杯中的水处于 （选填“沸腾前”或“沸腾时”）的状态。
29．（4分）如图所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点（ρ盐水＞ρ水）。
（1）实验中，将液体内部的压强大小转换为用U形管两侧液面的 来表示。
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用 （选填“有色”或“无色”）的。
（3）将探头：放在图乙所示液体内部的A、B位置，观察到U形管两侧液面的高度差hB＞hA，经过多次实验观察到同样的现象，这说明同种液体内部的压强随深度的增加而增大。
（4）将探头：放在图乙中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hA＞hB，这是为了研究液体压强与液波体 关系。
（5）由以上实验可知图乙所示液体内部A、B、C、D四个位置压强最大的是位置 。
30．（3分）小华利用天平、量筒、烧杯和电子秤等器材测量盐水和鸭蛋的密度。
（1）用天平测量物体的质量时，添加砝码过程中， （填“能”或“不能”）调节平衡螺母。
（2）测量盐水的密度时，有以下四个步骤：
①向烧杯中倒入适量盐水，测出烧杯和盐水的总质量；
②将烧杯中的盐水倒入量筒（烧杯内有残留），测出盐水的体积；
③…；
④算出盐水的密度。
为使测量结果更准确，步骤③的操作是 （填“直接”或“擦干残留盐水后”）测量烧杯的质量。
（3）测量鸭蛋密度的步骤如图甲、乙、丙、丁所示：
图中电子秤显示的四个数据，若没有“131.0g”这个数据，能否求出鸭蛋的密度？要求：①若能，请写出鸭蛋的密度值（单位为：g/cm3）；②若不能，请说明理由。
31．（9分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，实验电路如图1所示，其中R1＞R2。
实验一：探究电流产生的热量与电阻大小的关系：
（1）请按照图1中的电路图将图2实物图连接完整；
（2）实验电路按照图1中的电路图连接是为了控制通电时间相同和控制 ；电阻丝放出热量的多少，通过 来进行判断。
（3）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，a、b两瓶中要装入 相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容 水的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
实验二：探究电流产生的热量与电流大小的关系：
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1加热的煤油，在实验一中温度升高Δt1，在实验二中温度升高Δt1′，则Δt1′ 2Δt1（选填“大于”、“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流大小 正比例关系（选填“成”或“不成”）。实验中，用电阻丝R2加热煤油重复以上实验步骤，也可以得出相同的结论。
（5）如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值 的电阻丝（选填“相同”或“不同”），就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。假设a烧瓶中液体的质量为m，瓶中电阻丝的阻值为R，测出通过它的电流为I，通电一段时间t后，温度计的示数变化量为Δt，若不计热量损失，则a液体的比热容为 （用所给出的物理量写出比热容的表达式）。
32．（11分）小明同学用如图甲所示的电路探究“电流与电压和电阻的关系”，电源电压18V保持不变，滑动变阻器的规格是“70Ω 1.5A”，阻值为10Ω、20Ω，30Ω、50Ω的电阻各一个，满足测量需求的电流表，电压表各一个。
（1）根据图甲所示的电路图，将图乙所示的实物图连接完整，要求闭合S后，滑片P向左移动时电压表示数变大。
（2）小明先探究“电阻R一定，电流与电压的关系”，他将10Ω的电阻作为R接入电路，闭合开关S，通过调节滑动变阻器滑片P，测出电阻两端施加不同电压时对应电流值，并记录（如表1所示）。第3次实验时电流表的读数如图丙所示，则此时流经电阻的电流为 A．分析数据，可得出结论： 。
实验次序
1
2
3
4
U/V
3.0
4.0
5.0
6.0
I/A
0.30
0.41
0.62
表1
（3）接着小明根据表1数据绘制出I﹣U图象，如图丁中a所示，实验完成后，将电阻换成小灯泡。重复上述实验过程，绘制出I﹣U图象，如图丁中b所示，试分析图象中A，B、C三点阻RA，RB，RC从小到大排列依次为（用不等式表示）： 。
（4）小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”：
a、他将10Ω的电阻接入电路，闭合开关S，调节滑片P到适当位置，读出电流表示数记入表中断开开关S，小明用20Ω的电阻替换10Ω的电阻，闭合开关S，移动滑片P使滑动变阻器接入电路阻值 （选填“增大”或“减小”）他这样操作的目的是 。
实验次序
1
2
3
4
R/Ω
10
20
30
50
I/A
0.60
0.30
0.20
0.12
表2
b、表2是小明提交的实验数据，老师指出有一组数据不符合实际，你认为这是实验次序 的数据，选出的理由是 。
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意．）
1．【分析】根据核能的产生和特点及应用进行解答。
【解答】解：A、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式发电，而目前还不能有效利用核聚变发电，故A正确。
B、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能．由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故B错误；
C、核电站是一种高能量、少耗料的电站，采取有效措施是可以防止核事故产生的，故C错误；
D、核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳的能量，故D错误。
故选：A。
2．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、三个苹果的质量约1斤，而1斤＝500g，所以一个苹果的质量约150g＝0.15kg。故A不符合实际；
B、手电筒工作电流很小，一般在200mA＝0.2A左右。故B不符合实际；
C、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故C不符合实际；
D、中学生正常步行的速度在1.4m/s＝1.4×3.6km/h≈5km/h左右。故D符合实际。
故选：D。
3．【分析】（1）减弱噪声的三条途径：在声源处；在传播过程中；在人耳处；
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关；音调与频率有关；音色与物质结构有关；
（3）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能够传播声音，真空不能传声。
【解答】解：A.禁鸣喇叭是在声源处减弱噪声，故A正确；
B.调节电视机音量时，喇叭的振幅发生改变，所以是为了改变声音的响度，故B错误；
C.隔墙有耳，说明固体能够传播声音，故C正确；
D.月球上没有空气，真空不能传声，因此人在月球上不能直接对话，故D正确。
故选：B。
4．【分析】在六种物态变化形式中，熔化、汽化、升华需要吸热，凝固、液化、凝华需要放热，弄清楚四幅图中的物态变化再去判断吸放热情况。
【解答】解：
A、冬天户外的人呼出“白气”，是嘴中呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故A不符合题意；
B、湿裤子晾干，是水变成水蒸气的过程，是汽化现象，需要吸热，故B符合题意；
C、冬天窗玻璃上有冰花，是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，需要放热，故C不符合题意；
D、钢水浇铸得到钢件，是钢水变成固态钢件的过程，是凝固现象，需要放热，故D不符合题意。
故选：B。
5．【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）构成物质的分子在不停地做无规则运动；
（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（4）红外线波长长，具有明显的热效应；紫外线有显著的化学作用，可利用紫外线消毒。
【解答】解：
A、因为分子之间有吸引力，所以飞沫能附着于物体表面，故A正确；
B、飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，是物体，不是分子，所以飞沫能飞出1m外不是因为飞沫分子在运动，故B错误；
C、健康人戴口罩防止病毒通过飞沫传播使人感染，属于在传播过程中阻断病毒的传播，而摩托车上安装消声器是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有杀菌的作用，故D错误。
故选：A。
6．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、泰州大桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A正确；
B、当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时，月球挡住了太阳照射在地球上的光线，地球处在月球的影子里，这就形成了日食，日食的形成说明光是沿直线传播的，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C错误；
D、池底反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是池底变浅的虚像，故D错误。
故选：A。
7．【分析】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，工作时将电能转化为机械能；
（2）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，工作时将机械能转化为电能；
（3）根据安培定则判定螺线管的N、S极；
（4）根据磁极间的相互作用分析解答。
【解答】解：A、该图中有电源，若闭合开关，磁场中的金属棒会受力运动，即说明通电导体在磁场中受力运动，即电动机的原理图，故A正确；
B、该图中没有电源，是发电机的原理图，工作时将机械能转化为电能，故B错误；
C、由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引知闭合开关后，小磁针N极顺时针偏转，故C错误；
D、根据同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引知丁图中小磁针N极会逆时针偏转，故D错误。
故选：A。
8．【分析】根据物质的基本属性判断各选项的正误。
【解答】解：A、用金属铝制成窗户边框，是利用其硬度大的性质，故A错误；
B、蜡烛在燃烧的过程中，质量变小，密度不变，故B错误；
C、水结成冰的过程中，质量不变，内能减小，故C错误；
D、密度、硬度、比热容等都属于物质的物理属性，说法正确。
故选：D。
9．【分析】液体压强计是根据U形管两边液面的高度差来判断液体压强大小的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法。
A、同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等；
B、将探头放在酒精中的同样深度处，根据p＝ρgh分析；
CD、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh分析。
【解答】解：A、将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度，探头处的深度不变，同种液体产生的压强不变，由转换法，故U形管中两液面的高度差不变，故A不符合题意；
B、将探头放在酒精中的同样深度处，根据p＝ρgh，因液体密度变小，故液体产生的压强变小，U形管中两液面的高度差变小，故B不符合题意；
C、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh，把U形管中的水换成密度大些的浓盐水。因U形管中液体的密度变大，故h变小，故C不符合题意；
D、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh，把U形管中的水换成密度小些的煤油，因U形管中液体的密度变小，故h变大，故D符合题意。
故选：D。
10．【分析】（1）由图可知，每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球运动过程中受到空气阻力，机械能逐渐变小；机械能是物体动能与势能的总和，AB两点高度相同，则重力势能相同；
（2）从轨迹来看，小球既有竖直方向的速度又有水平方向的速度；
（3）每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小；
（4）弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反应小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大。
【解答】解：A、由图可知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小，在A点的机械能大于在B点的机械能；机械能是物体动能与势能的总和，在AB两点高度相同则重力势能相同，所以在A点的动能大于在B点的动能；故A错误。
B、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度。小球在最高点时，竖直方向速度为零，但是仍然能往右运动，说明小球还具有水平方向速度，所以皮球第一次反弹后到达最高点P时，速度不为零；故B错误。
C、每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小。小球先运动C点后运动到D点，故在D点的机械能小于在C点的机械能；故C错误。
D、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反应小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大，弹性势能越大。因小球在M点机械能大于在N点的机械能，所以在M、N两点动能和重力势能最小且相等时，小球在M点的弹性势能大于在N点的弹性势能，所以在M点的圆斑要大于在N点的圆斑；故D正确。
故选：D。
11．【分析】（1）由图可知，甲中球漂浮，乙丙中球悬浮，不管球漂浮还是悬浮，都处于平衡态，浮力等于球的重力，由于是完全相同的三个小球，据此得出三只小球受到的浮力的大小关系；
（2）从图中可知三只小球排开液体的体积关系为V甲＜V乙＝V丙，由F浮＝ρ液gV排可知当三只小球受到的浮力相等时，排开液体的体积越小，液体的密度越大，据此得出三杯液体的密度关系；
（3）甲、乙、丙是三个同规格容器，球是完全相同的三个小球，所以容器重力和球的重力都相同，由图可知，三个容器中液体的体积关系为V甲液＞V乙液＝V丙液，
因为三杯液体的密度ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，由m＝ρV可知，甲液体质量最大，乙丙液体质量相等，由G＝mg可知，甲液体重力最大，乙丙液体重力相等，根据F＝G容+G排+G得出 烧杯对桌面的压力的大小关系；
（4）已知三个容器中的液面相平，即液面深度相同，由p＝ρ液gh可知，液面深度相同时，液体密度越，液体对烧杯底部的压强越大，由p＝ρ液gh可知所以液体对烧杯底部的压强的大小关系。
【解答】解：
A．由图可知，甲中球漂浮，乙丙中球悬浮，不管球漂浮还是悬浮，都处于平衡态，浮力等于球的重力，由于是完全相同的三个小球，所以三只小球受到的浮力相等，故A错误；
B．三只小球排开液体的体积关系为V甲＜V乙＝V丙，
由F浮＝ρ液gV排可知，当三只小球受到的浮力相等时，排开液体的体积越小，液体的密度越大，所以三杯液体的密度关系为ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，故B错误；
C．烧杯对桌面的压力为F＝G容+G排+G，
甲、乙、丙是三个同规格容器，球是完全相同的三个小球，所以容器重力和球的重力都相同，由图可知，三个容器中液体的体积关系为V甲液＞V乙液＝V丙液，
因为三杯液体的密度ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，由m＝ρV可知，甲液体质量最大，乙丙液体质量相等，由G＝mg可知，甲液体重力最大，乙丙液体重力相等，由此可知，甲烧杯对桌面的压力最大，乙丙烧杯对桌面的压力相等，即，F1＞F2＝F3，故C正确；
D．已知三个容器中的液面相平，即液面深度相同，由p＝ρ液gh可知，液面深度相同时，液体密度越，液体对烧杯底部的压强越大，由p＝ρ液gh可知所以液体对烧杯底部的压强关系为p1＞p2＝p3，故D错误。
故选C。
12．【分析】A、握力最300N时，滑片P位于R1最下端，R1电阻最大，此时电路的电流最小；
B、当P在R1最上端时，R1电阻为0，此时电路中电流最大，又因为电路中电流表变化范围0.1～0.6A，说明此时电路中电流为0.6A，R2阻值已知，根据U＝IR可以求出电源电压；
根据电流范围可以求出总电阻范围，减去R2的阻值就是R1的阻值范围；
C、电路中电流最小时，R2消耗的功率最小为P2min＝I2R2＝（0.1A）2×5Ω＝0.05W；
D、电路消耗总功率范围由公式P＝UI可知，等于总电压与电流的乘积；
【解答】解：A、握力最300N时，滑片P位于R1最下端，R1电阻最大，此时电路的电流最小，大小为0.1A；故A错误。
B、当P在R1最上端时，R1电阻为0，此时电路中电流最大，又因为电路中电流表变化范围0.1～0.6A，说明此时电路中电流为0.6A，
则电源电压U＝ImaxR2＝0.6A×5Ω＝3V；
当电路中电流为最小值Imin＝0.1A时，电路总总电阻最大，；
R1max＝Rmax﹣R2＝30Ω﹣5Ω＝25Ω；所以R1连入电路电阻范围是0～25Ω，故B错误。
C、电路中电流最小时，R2消耗的功率最小为P2min＝I2R2＝（0.1A）2×5Ω＝0.05W；故C错误。
D、电路消耗总功率范围由公式P＝UI可知，Pmax＝UImax＝3V×0.6A＝1.8W； Pmin＝UImin＝3V×0.1A＝0.3W；故D正确。
故选：D。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13．【分析】铁容易导热；改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。
【解答】解：用铁锅煮粽子是利用铁的导热性好；
粽子吸收热量、温度升高，煮粽子是通过热传递方式增加内能的。
故答案为：导热性；热传递。
14．【分析】液体和气体都称为流体，流体的流速越大，压强越小。处于静止或匀速直线运动状态时物体受力平衡。
【解答】解：动车行驶过程中，动车的速度很大，人靠近动车时，使人和动车之间的空气流动速度增大，压强减小，人外侧的压强不变，外侧压强大于内侧压强，若人站在安全线内极易被“吸”向动车，造成事故；
动车静止在水平轨道上，动车在竖直方向上受到重力和支持力，这两个力满足大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。
故答案为：流体流速越大的地方，压强越小；支持力。
15．【分析】（1）（2）利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能；在对外供电的过程中，电源会提供电能；
（3）物体发生弹性形变，能产生弹力。
【解答】解：
（1）转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用的是电磁感应现象；在发电的过程中，电能转化为机械能；
（2）魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源；
（3）将魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面有压力的作用，压力是由魔方发生形变而产生的。
故答案为：（1）电磁感应；机械；（2）电源；（3）魔方。
16．【分析】（1）托盘天平使用前要调平，调平方法：指针左偏右调，右偏左调原则；
（2）在读游码所对的刻度值时，注意标尺的最小分度值及要读游码左侧所对的刻度值；
（3）固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差，根据计算密度。
【解答】解：（1）由图可知分度盘指针向右偏，则平衡螺母向左调；
（2）合金块质量：砝码质量+游码所对应的刻度值＝45g+2.4g＝47.4g；
（3）由图丙知，量筒的分度值为1mL，此时水和合金块的总体积为40mL，而水的体积为30mL，
则合金块的体积：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3，
合金块的密度。
故答案为：左；47.4；4.74。
17．【分析】（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，根据η＝×100%＝×100%＝×100%结合GA＞GB比较两滑轮组的机械效率关系；
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F＝（G+G动）结合FA＝FB得出提升物体的重力关系。
【解答】解：（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，因物体的重力G越大，1+越小，越大，且动滑轮的重力相等，所以GA＞GB时，η甲＞η乙；
（2）由图可知，n甲＝2，n乙＝3，由F＝（G+G动）可得，提升物体的重力：G＝nF﹣G动，则FA＝FB时，提升物体的重力关系为GA＜GB。
故答案为：＞；＜。
18．【分析】（1）由图可知，闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路总电阻较小，由P＝可知，当电路中总电阻较大时，电功率较小，处于保温状态，当电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，所以闭合开关S1时为保温状态。
闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，由P＝可知该热水壶“烧水”功率；
（2）根据Q吸＝cmΔt得出水吸收的热量；
（3）由图可知，指示灯与R2并联，由于并联后的总电阻小于任意分电阻，当指示灯的电阻尽可能大时，它与R2的总电阻越接近于R2的阻值，对保温功率的影响小，据此分析。
【解答】解：
（1）由图可知，闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路总电阻较小，由P＝可知，当电路中总电阻较大时，电功率较小，处于保温状态，当电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，所以闭合开关S1时为保温状态。
闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，由P＝可知该热水壶“烧水”功率为P烧水＝＝＝880W；
（2）水吸收的热量为Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；
（3）由图可知，指示灯与R2并联，由于并联后的总电阻小于任意分电阻，当指示灯的电阻尽可能大时，它与R2的总电阻越接近于R2的阻值，对保温功率的影响小，所以该指示灯的电阻应尽可能大些。
故答案为：（1）S1；880；（2）6.72×105；（3）大。
19．【分析】（1）根据V＝L3求出物块的体积，利用G＝mg求出物块的质量，再利用密度公式求出物块的密度，与水的密度比较，得出物块静止时的状态，利用物体漂浮条件得出受到的浮力；
（2）首先判断放入物块后，溢水杯中水的深度变化，然后根据p＝ρgh可知，水对溢水杯底部的压强变化；
（3）把溢水杯、物块和杯内的水作为一个整体，则放物块前后溢水杯对水平桌面的压力等于溢水杯、物块，以及杯内的水的重力之和，据此根据物体漂浮条件和阿基米德原理分析解答。
【解答】解：（1）正方体物块的体积：V＝L3＝（5cm）3＝125cm3＝125×10﹣6m3，
由G＝mg可得，物块的质量：m＝＝＝0.1kg，
则物块的密度：ρ＝＝＝0.8×103kg/m3，
因为ρ＜ρ水，所以，该物块静止时漂浮在水面上，则物块受到的浮力：F浮＝G＝1N；
（2）放入物块前，溢水杯中盛满水，放入物块后，溢水杯中水的深度不变，由p＝ρgh可知，水对溢水杯底部的压强不变；
（3）把溢水杯、物块和杯内的水作为一个整体，则放物块前后溢水杯对水平桌面的压力等于溢水杯、物块，以及杯内水的重力之和；
由于物块漂浮，则F浮＝G﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由阿基米德原理可知：F浮＝G排﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②可得：G＝G排，所以放入物块后，溢水杯对水平桌面的压力不变。
故答案为：1；不变；不变。
20．【分析】知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W＝Gh求推力做的有用功；
知道斜面的效率，利用η＝求总功，再利用W＝FL求推力F大小。
【解答】解：推力做的有用功：
W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J，
由η＝得，推力做的总功：
W总＝＝＝1200J，
由W＝FL得推力大小：
F＝＝＝400N。
故答案为：1200；400。
21．【分析】（1）3000revs/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出转盘转15转时，电热水壶消耗的电能；
（2）由题知，水吸收的热量Q吸＝W，再利用Q吸＝cmΔt求水升高的温度，知道初温，可求末温。
【解答】解：
（1）3000revs/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，
则转盘转15转时，电热水壶消耗的电能：
W＝kW•h＝0.005kW•h＝0.005×3.6×106J＝1.8×104J，
由题知，水吸收的热量Q吸＝W＝1.8×104J，
由Q吸＝cmΔt得水升高的温度：
Δt＝＝≈8.6℃，
末温：
t＝t0+Δt＝21℃+8.6℃＝29.6℃。
故答案为：29.6。
22．【分析】（1）当油面最高时，R的金属片在最下端，R接入电路的阻值为0，此时电路中的电流为0.6A，由公式I＝可求得R0的阻值；
（2）当油面最低时，R与R0串联，且R接入电路的阻值最大为20Ω，由公式I＝可求得电路中的最小电流即油量表的最小读数；
（3）当油面为最高油面一半时，R与R0串联，且R接入电路的阻值为10Ω，由公式I＝可求得电路中的电流；
（4）根据“油面在不同位置时电流表的示数”可判断油量表的刻度是否均匀。
【解答】解：
（1）当油面最高时，R的金属片在最下端，R接入电路的阻值为0，此时电路中的电流为0.6A，R0的阻值为：
R0＝＝＝20Ω；
（2）当油面最低时，R与R0串联，且R接入电路的阻值最大为20Ω，电路中的最小电流即油量表的最小读数为：
I小＝＝＝＝0.3A；
（3）当油面为最高油面一半时，R与R0串联，且R接入电路的阻值为10Ω，电路中的电流为：
I′＝＝＝＝0.4A；
（4）由题意和以上解答可知，当油箱内油面最高时油量表的示数最大为0.6A，当油箱内油面的高度为最高油面一半时油量表的示数为0.4A，当油箱内油面最低时油量表的示数最小为0.3A，即油的体积均匀减小时电流表的示数不是均匀减小的，所以油量表的刻度不均匀。
故答案为：20；0.3；0.4；不均匀。
三、解答题（本题共10小题，解答44、45题时应有公式和解题过程，共50分．）
23．【分析】根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置。
【解答】解：由光的反射定律知，反射角等于入射角，所以先作出反射光线与入射光线夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即可得到平面镜的位置。如图：
24．【分析】根据重力的方向总是竖直向下的，过重心表示出重力的方向即可。
摩擦力是由于物体相互接触，并且发生相对运动或者有相对运动的趋势而产生的，摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反。
【解答】解：
过重心O画一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，即为重力的示意图；
人走路时后脚蹬地面，脚有向后运动的趋势，则后脚受到的摩擦力向前，作用点在脚掌与地面的接触面上，如图所示：
25．【分析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。据此确定火线和零线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全。
【解答】解：三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，据此可知上面为火线，中间为零线；
开关控制灯泡时，火线先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。如图所示：
26．【分析】根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式v＝、功的公式W＝Fs＝Gh、功率公式P＝Fv，代入数值可求速度、功和功率。
【解答】解：
（1）由题可知，运动员在0﹣15s下落的路程为s前＝210m，
由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，
则运动员在15﹣30s通过的路程为：s后＝vt后＝6m/s×15s＝90m；
运动员通过的总路程为：s＝s前+s后＝210m+90m＝300m，
总时间为t＝30s，
则整个过程中运动员下落的平均速度：
v′＝＝＝10m/s；
（2）运动员下落的高度为：h＝s＝300m；
重力做的功：
W＝Gh＝500N×300m＝1.5×105J；
（3）匀速下降时，重力做功的功率：
P＝Fv＝Gv＝500N×6m/s＝3×103W；
答：（1）运动员下落的平均速度为10m/s；
（2）重力做的功为1.5×105J；
（3）匀速下降时重力做功的功率为3×103W。
27．【分析】（1）当旋转型开关S置于3、4触点处时，只有电阻R1接入电路，电路中的总电阻小，由P＝UI＝可知，功率最大，据此可知电路所处状态；
（2）根据Q＝cmΔt求得水吸收的热量，若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，根据P＝求得时间；
（3）利用P＝UI＝求出R1的电阻值；
当开关拨到2、3位置时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，根据P＝UI＝可知，功率最小，因此电路处于低温挡；
由低温挡时R1的功率为44W和P＝I2R算出低温挡的电流，由I＝的变形公式算出低温挡时电路的总电阻，根据串联电路电阻的规律知R2的电阻，由P＝I2R2算出低温挡时R2的功率。
【解答】解：（1）当旋转型开关S置于3、4触点处时，只有电阻R1接入电路，电路中的总电阻小，由P＝UI＝可知，功率最大，此时处于高温挡；
（2）水从12℃加热至100℃吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃﹣12℃）＝1.848×105J，
若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，W＝Q吸＝1.848×105J，
由P＝可得需要加热时间为：
t＝＝＝168s；
（3）利用P＝UI＝可得发热电阻R1的阻值：
R1＝＝＝44Ω，
当开关拨到2、3位置时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，根据P＝UI＝可知，功率最小，因此电路处于低温挡；
由低温挡时R1的功率为44W和P＝I2R知低温挡的电流为：
I＝＝＝1A，
由I＝可知低温挡时电路的总电阻为：
R＝＝＝220Ω，
根据串联电路电阻的规律知R2的电阻为：
R2＝R﹣R1＝220Ω﹣44Ω＝176Ω，
低温挡时R2的功率为：
P2＝I2R2＝（1A）2×176Ω＝176W。
答：（1）高温挡；
（2）需要加热168s；
（3）低温挡时R2的功率为176W。
28．【分析】（1）根据自下而上的组装顺序分析；
（2）读数时视线应与温度计液柱的上表面相平；
（3）水沸腾时，继续吸热，温度不变，此时水的沸点为99℃，据此分析；
（4）水沸腾时，烧杯中所有的水温度都一样，气泡越往上，所受水的压强越小，且不断有液态水汽化为水蒸气进入气泡，故气泡越来越大，据此分析。
【解答】解：（1）根据自下而上的组装顺序，A处铁圈的位置是根据酒精灯外焰的位置来确定；
（2）读数时视线应与温度计液柱的上表面相平；
（3）水沸腾时，继续吸热，温度不变，此时水的沸点为99℃，如果小明继续加热4min，此时的水温应为99℃；
（4）水沸腾时，烧杯中所有的水温度都一样，气泡越往上，所受水的压强越小，且不断有液态水汽化为水蒸气进入气泡，故气泡越来越大，符合图中情境，故此时烧杯中的水处于沸腾时的状态。
故答案为：（1）酒精灯外焰的位置；（2）相平；（3）99；（4）沸腾时。
29．【分析】（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
（4）（5）液体内部向各个方向都有压强，深度越深压强越大，液体压强的大小还与液体的密度有关；根据控制变量法解答。
【解答】解：（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大；
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
（4）将探头放在图乙中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hC＞hB，在相同的深度时，探头在浓盐水时U形管两边液面的高度差增大了，即压强变大了，故结论为：在深度相同中，液体密度越大，压强越大。这是为了研究液体压强与液体密度关系；
（5）D点位于密度大，深度大的位置，故该点液体压强最大。
故答案为：（1）高度差；（2）有色；（4）密度；（5）D。
30．【分析】（1）使用天平测量物体质量时，通过增减砝码和移动游码来使天平恢复水平平衡；
（2）由公式ρ＝可知，为了减小液体残留对测量结果的影响，应测量出残留盐水与烧杯的总质量，算出倒入量筒的盐水质量及其体积，使所测密度更为准确；
（3）已知鸭蛋的质量，再通过排水法来计算鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，由甲、乙、丁三图可知：V蛋＝V排，由甲、乙、丁三图可知加入水的体积即为鸭蛋的体积，根据公式ρ＝计算出鸭蛋的密度。
【解答】解：（1）用调节好的天平测量物体质量时，通过增减砝码和移动游码来使天平恢复水平平衡，这个过程中，不能再调节平衡螺母；
（2）由公式ρ＝可知，为了减小液体残留对测量结果的影响，应测量出残留盐水与烧杯的总质量，算出倒入量筒的盐水质量及其体积，使所测密度更为准确。若擦干残留盐水测量烧杯质量，则所测盐水质量会偏大，使所测密度偏大；
（3）鸭蛋的质量m蛋＝80.5g，再用排水法来测量鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，V蛋＝V排；
在乙、丙两图中，由于取出鸭蛋时带出一些水，在丁中补入水的体积略大于鸭蛋排开水的体积，按丙、丁数据计算鸭蛋的体积会使所测体积偏大，由ρ＝可知，所测鸭蛋的密度会偏小；
若没有丙中数据，由甲、乙、丁三个数据计算排开水的体积可以不受带出水对实验的影响，此时，
排开水的质量为：m排＝m丁+m甲﹣m乙＝202.0g+80.5g﹣212.5g＝70g，
鸭蛋的体积为：
V蛋＝V排＝＝＝70cm3，
鸭蛋的密度为：
ρ蛋＝＝＝1.15g/cm3。
故答案为：（1）不能；（2）直接；（3）能，鸭蛋的密度为1.15g/cm3。
31．【分析】（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，由电路图可知，滑片左移时变阻器接入电路中的电阻变小；
（2）串联电路各处的电流相等；电流产生的热量不易比较，可让初温、质量相同的煤油吸热，比较煤油升高的温度确定产生的热量，采用了转换法；
（3）本实验应用了控制变量法，从实验需要控制的变量分析答题；从煤油与水的比热容大小关系分析实验中用煤油而不用水的原因；
（4）根据Q＝I2Rt和Q吸＝cmΔt进行分析解答；
（5）为控制相同时间内两液体吸热相同，根据Q＝I2Rt结合电路图得出两根电阻丝的阻值关系；根据Q＝I2Rt求出电热丝放出的热量，不计热量损失，放出的热量全部被液体吸收，根据Q吸＝cmΔt求出a液体的比热容。
【解答】解：（1）由电路图可知，滑片左移时变阻器接入电路中的电阻变小，则变阻器左下方接线柱必须接入电路中，如下图所示：
（2）由电路图可知，两电热丝串联在电路中，这是为了控制通电时间相同和控制电流相同；
根据转换法可知，电阻丝放出热量的多少，是通过温度计示数的变化进行比较的；
（3）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，a、b两瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体；
因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的热量，煤油温度升高的多，用煤油做实验效果更明显，便于观察；
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同，
由Q＝I2Rt可知，电阻丝产生的热量是原来的4倍，
由Q吸＝cmΔt的变形式Δt＝可知，用电阻丝R1加热的煤油，温度升高量Δt1′大于2Δt1，
该实验说明电流产生的热量与电流不成正比例关系；
（5）实验中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，为控制相同时间两液体吸热相同，根据Q＝I2Rt可知，选用的两根电阻丝的阻值应相同；
假设a烧瓶中液体的质量为m，瓶中电阻丝的阻值为R，测出通过它的电流为I，通电一段时间t后，电热丝放出的热量Q＝I2Rt，
温度计的示数变化量为Δt，若不计热量损失，放出的热量全部被液体吸收，由Q吸＝cmΔt可得，a液体的比热容：c＝＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）电流相同；温度计的示数变化；（3）质量；小于；（4）大于；不成；（5）相同；c＝。
32．【分析】（1）滑片P向左移动时电压表示数变大确定变阻器的连接；
（2）根据电流表选用大量程确定分度值读数；分析这些数据得出结论；
（3）由图a图线是正比例图线，可知B点电阻与a、b相交处电阻相等，
因灯泡的电阻增大，由图线b可知，所以RA＜RC＜R交点，据此分析回答；
（4）a、小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，根据分压原理和串联电路的规律分析；
b、根据滑动变阻器的规格是“75Ω 1.5A”的含义和串联电路的规律及欧姆定律求出电路的最小电流分析。
【解答】解：
（1）电压表测待测电阻的电压，滑片P向左移动时电压表示数变大，根据U＝IR，电路的电流变大，变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与待测电阻串联，如下所示：
如下所示：
（2）第3次实验时电流表的读数如图丙所示，电流表选用大量程，分度值为0.1A，则此时流经电阻的电流为0.5A；
根据表中数据，考虑到误差因素，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来几倍，故可以得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；
（3）图a是正比例图线，表示定值电阻的I﹣U图象，所以B点电阻与a、b相交处电阻相等，
由图线b可知，灯泡两端的电压变大时，电流变大，根据P＝UI灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯泡的电阻增大，所以RA＜RC＜R交点，即：RA＜RC＜RB；
（4）a、根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，使电压表的示数控制不变；
b、变阻器的最大电阻为70Ω，当接入50Ω的电阻时，根据电阻的串联，电路的最大电阻为：
R串＝70Ω+50Ω＝120Ω，
由欧姆定律，电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.15A＞0.12A，故实验次序4数据不符合实际；
故答案为：（1）见上图； （2）0.5；电阻一定，通过导体的电流与导体两端电压成正比； （3）RA＜RC＜RB；（4）a、增大；控制电压表示数不变；b、4 电路最小电流为0.125A，不可能为0.12A。
2023年江苏省泰州市海陵区中考物理一模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意．）
1．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，日本政府于4月13日召开有关内阁会议正式决定将福岛第一核电站上百万吨核污水经过滤并稀释后排入大海，排放将于约2年后开始。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
2．（2分）下列数据中，符合事实的是（ ）
A．一个苹果的质量约为 1.5kg
B．手电筒中的电流约为 20A
C．正常人一次脉搏的时间约 4s
D．中学生正常步行时的速度约为 5km/h
3．（2分）下列与声现象有关的说法，不正确的是（ ）
A．禁鸣喇叭是在声源处减弱噪声
B．看电视时调节音量改变的是声音的音调
C．“隔墙有耳”说明声音可以在固体中传播
D．人在月球上不能直接对话，是因为真空不能传声
4．（2分）四个情景中，其物态变化过程需要吸热的是（ ）
A． 冬天户外的人呼出“白气”
B． 湿裤子晾干
C． 冬天窗玻璃上有冰花
D．钢水浇铸得到钢件
5．（2分）新型冠状病毒传播方式之一为飞沫传播，飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，可以通过一定距离（一般认为1～2m）进入易感粘膜表面，一般不会长时间存留在空中。为此人们要正确佩戴口罩，对易受到污染的物体表面经常进行消毒处理。根据以上介绍，请你判断下列说法中正确的是（ ）
A．飞沫能附着于物体表面，是因为分子间有引力的缘故
B．飞沫能飞出1m外，说明飞沫分子在不停地做无规则运动
C．健康人戴口罩防止被感染，其防疫策略类似于在摩托车上安装消声器以减弱噪声
D．用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有热效应
6．（2分）下列现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．泰州大桥在水中的“倒影”
B．日食
C．雨后天空出现的彩虹
D．池水变“浅”
7．（2分）对下列四幅图的表述正确的是（ ）
A．甲图反映的是电动机的工作原理
B．乙图能实现电能转化为机械能
C．丙图闭合开关后，小磁针N极逆时针偏转
D．丁图中小磁针N极顺时针偏转
8．（2分）下列说法中正确的是（ ）
A．用金属铝制成窗户边框，是利用其导热性能较好的性质
B．蜡烛在燃烧的过程中，质量变小，密度变大
C．水结成冰的过程中，质量不变，内能不变
D．密度、硬度、比热容等都属于物质的物理属性
9．（2分）如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U形管中两液面的高度差h，下列操作中能使高度差h增大的是（ ）
A．将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度
B．将探头放在酒精中的同样深度处
C．探头在水中深度不变，把U形管中的水换成密度大些的浓盐水
D．探头在水中深度不变，把U形管中的水换成密度小些的煤油
10．（2分）将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起，它的部分运动轨迹如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A．皮球经过同一高度的A、B两点时动能相等
B．皮球第一次反弹后到达最高点P时速度为零
C．皮球在D点时的机械能可能等于在C点时的机械能
D．若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小不等的黑色圆斑
11．（2分）水平桌面上，甲、乙、丙三个同规格容器内各装有液体，小明将完全相同的三个小球分别放入三个容器内，小球静止时状态如图所示，此时三个容器中的液面相平。则以下关系正确的是（ ）
A．三只小球受到的浮力：F甲＜F乙＜F丙
B．三杯液体的密度：ρ甲＞ρ乙＞ρ丙
C．烧杯对桌面的压力：F1＞F2＝F3
D．液体对烧杯底部的压强：p1＞p2＞p3
12．（2分）如图为一种握力计和它的工作原理图。电源电压保持不变，握力显示表是由电流表改装而成，定值电阻R2起保护电路作用，其电阻为5Ω，弹簧一端的滑片P在电阻R1的最上端时不施加力，移动到最下端时施加的力最大（弹簧的电阻不计）。握力计测量范围为0～300N，电路中电流表变化范围0.1～0.6A，则下列说法正确的是（ ）
A．握力300N时电路中电流为0.6A
B．R1连入电路阻值变化的范围是0～30Ω
C．R2消耗的最小功率为0.5W
D．电路消耗的总功率变化范围是0.3W～1.8W
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）“端午节”是中华文明最具代表性的“文化符号”之一．小明的妈妈在端午节用铁锅煮粽子是利用铁的 好，煮粽子的过程是利用 的方式增大了粽子的内能。
14．（2分）乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内，否则动车进站时，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，这是因为 ；如图是进站后的动车静止在水平轨道上，此时它受到的重力和 是一对平衡力。
15．（4分）如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方即可产生电能。产生的电能储存于魔方内并通过USB端口给移动设备充电。
（1）此魔方根据 的原理发电，这个过程 能转化为电能。
（2）给移动设备充电时，魔方相当于电路中的 （选填“电源”或“用电器”）。
（3）将此魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面的压力是由 发生形变而产生的。
16．（3分）对放在水平桌面上的托盘天平进行调节时，发现指针静止时指在如图甲所示，这时应将横梁上的平衡螺母向 调节，使天平平衡。测某合金块的质量时，天平平衡时砝码及游码位置如图乙所示，合金块质量是 g。用细线拴好合金块，把它放入盛有30mL水的量筒中，水面到达的位置如图丙所示，合金块的密度为 g/cm3。
17．（2分）如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GA＞GB，则η甲 η乙；若FA＝FB，则GA GB。（选填“＞”、“＜”或“＝”）
18．（4分）某电热水壶具有“烧水”和“保温”两种功能，电路如图所示，电热水壶工作电压为220V，R1＝55Ω，保温功率为110W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）闭合开关 时为保温状态，该热水壶“烧水”功率为 W；
（2）2kg初温为20℃的水，加热升温到100℃，水吸收的热量为 J；
（3）在图中虚线框内要给电路加一个“保温”工作指示灯，则该指示灯的电阻应该尽可能 （选填“大”或“小”）些。
19．（3分）如图所示，将一个棱长为5cm、重为1N的正方体物块（图中未画出），轻轻放入足够大、盛满水的溢水杯中，则该物块静止时受到的浮力大小为 N，放入物块后，水对溢水杯底部的压强 （选填“变大”、“变小”或“不变”），溢水杯对水平桌面的压力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
20．（2分）工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m，若该过程中斜面的效率为75%，力F所做的功为 J，力F的大小为 N。
21．（1分）朵朵家的电能表上标有“3000revs/（kW•h）”字样。她把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电热水壶工作，发现1min内电能表的转盘转了15转，若这些电能全部被质量为0.5kg、初温为21℃的水吸收，可使水的温度升高到 ℃。[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），结果保留1位小数]
22．（4分）如图是小明自制的一种测定油箱内油面高度的装置。油量表是由量程为0～0.6A的电流表改装而成的，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，从油量表指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。已知电源电压为12V，当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏；当油箱内没有油时，R全部接入电路，油量表的读数最小。则R0的阻值是 Ω，油量表的最小读数是 A；当油箱内油面的高度降为最高油面一半时，滑片正好在R的中点，此时油量表的读数是 A，据此推理油量表的刻度 （“均匀”/“不均匀”）。
三、解答题（本题共10小题，解答44、45题时应有公式和解题过程，共50分．）
23．（2分）请根据入射光线和反射光线，在图中正确的位置作出平面镜。
24．（2分）如图是小明起跑时的情景，请画出小明所受重力（点O为重心）和右脚所受摩擦力的示意图。
25．（2分）如图所示，插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其它部分也正确接入家庭电路。
26．（6分）跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一体重为500N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落210m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s，求在这个过程中：
（1）运动员下落的平均速度；
（2）重力做的功；
（3）匀速下降时重力做功的功率。
27．（6分）某电加热器简化电路如图所示，R1、R2为发热电阻，1、2、3、4为触点，S为旋转型开关，实现关、低、高挡的转换。高温挡的功率为1100W，低温挡时R1的功率为44W。求：
（1）当旋转型开关与触点3、4接触时，电加热器处于 （选填“关”、“低温挡”或“高温挡”）；
（2）在该电加热器的电热槽中装质量为500g、初温为12℃的水，用高温挡正常加热至沸腾，若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，则需要加热多长时间？（电热槽内气压为标准大气压，c水＝4.2×103J/（kg•℃）
（3）低温挡时R2的功率。
28．（4分）小明利用如图所示的装置研究“观察水的沸腾”实验。
（1）A处铁圈的位置是根据 来确定的。
（2）组装好实验器材后，小明在烧杯中倒入适量温水，用温度计来测量烧杯中水的温度，读数时视线应与温度计液柱的上表面 。
（3）在水温升高到90℃后，小明每隔1min记录一次温度计的示数，同时注意观察水中发生的现象，直至水沸腾并持续2min后停止加热，将所得的数据记录在下表中。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
温度/℃
90
92
94
96
98
99
99
99
请你预测一下，当水沸腾2min后，如果小明继续加热4min，此时的水温应为 ℃。
（4）实验中，小明观察到水中气泡的情形如图所示，此时烧杯中的水处于 （选填“沸腾前”或“沸腾时”）的状态。
29．（4分）如图所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点（ρ盐水＞ρ水）。
（1）实验中，将液体内部的压强大小转换为用U形管两侧液面的 来表示。
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用 （选填“有色”或“无色”）的。
（3）将探头：放在图乙所示液体内部的A、B位置，观察到U形管两侧液面的高度差hB＞hA，经过多次实验观察到同样的现象，这说明同种液体内部的压强随深度的增加而增大。
（4）将探头：放在图乙中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hA＞hB，这是为了研究液体压强与液波体 关系。
（5）由以上实验可知图乙所示液体内部A、B、C、D四个位置压强最大的是位置 。
30．（3分）小华利用天平、量筒、烧杯和电子秤等器材测量盐水和鸭蛋的密度。
（1）用天平测量物体的质量时，添加砝码过程中， （填“能”或“不能”）调节平衡螺母。
（2）测量盐水的密度时，有以下四个步骤：
①向烧杯中倒入适量盐水，测出烧杯和盐水的总质量；
②将烧杯中的盐水倒入量筒（烧杯内有残留），测出盐水的体积；
③…；
④算出盐水的密度。
为使测量结果更准确，步骤③的操作是 （填“直接”或“擦干残留盐水后”）测量烧杯的质量。
（3）测量鸭蛋密度的步骤如图甲、乙、丙、丁所示：
图中电子秤显示的四个数据，若没有“131.0g”这个数据，能否求出鸭蛋的密度？要求：①若能，请写出鸭蛋的密度值（单位为：g/cm3）；②若不能，请说明理由。
31．（9分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，实验电路如图1所示，其中R1＞R2。
实验一：探究电流产生的热量与电阻大小的关系：
（1）请按照图1中的电路图将图2实物图连接完整；
（2）实验电路按照图1中的电路图连接是为了控制通电时间相同和控制 ；电阻丝放出热量的多少，通过 来进行判断。
（3）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，a、b两瓶中要装入 相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容 水的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
实验二：探究电流产生的热量与电流大小的关系：
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1加热的煤油，在实验一中温度升高Δt1，在实验二中温度升高Δt1′，则Δt1′ 2Δt1（选填“大于”、“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流大小 正比例关系（选填“成”或“不成”）。实验中，用电阻丝R2加热煤油重复以上实验步骤，也可以得出相同的结论。
（5）如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值 的电阻丝（选填“相同”或“不同”），就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。假设a烧瓶中液体的质量为m，瓶中电阻丝的阻值为R，测出通过它的电流为I，通电一段时间t后，温度计的示数变化量为Δt，若不计热量损失，则a液体的比热容为 （用所给出的物理量写出比热容的表达式）。
32．（11分）小明同学用如图甲所示的电路探究“电流与电压和电阻的关系”，电源电压18V保持不变，滑动变阻器的规格是“70Ω 1.5A”，阻值为10Ω、20Ω，30Ω、50Ω的电阻各一个，满足测量需求的电流表，电压表各一个。
（1）根据图甲所示的电路图，将图乙所示的实物图连接完整，要求闭合S后，滑片P向左移动时电压表示数变大。
（2）小明先探究“电阻R一定，电流与电压的关系”，他将10Ω的电阻作为R接入电路，闭合开关S，通过调节滑动变阻器滑片P，测出电阻两端施加不同电压时对应电流值，并记录（如表1所示）。第3次实验时电流表的读数如图丙所示，则此时流经电阻的电流为 A．分析数据，可得出结论： 。
实验次序
1
2
3
4
U/V
3.0
4.0
5.0
6.0
I/A
0.30
0.41
0.62
表1
（3）接着小明根据表1数据绘制出I﹣U图象，如图丁中a所示，实验完成后，将电阻换成小灯泡。重复上述实验过程，绘制出I﹣U图象，如图丁中b所示，试分析图象中A，B、C三点阻RA，RB，RC从小到大排列依次为（用不等式表示）： 。
（4）小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”：
a、他将10Ω的电阻接入电路，闭合开关S，调节滑片P到适当位置，读出电流表示数记入表中断开开关S，小明用20Ω的电阻替换10Ω的电阻，闭合开关S，移动滑片P使滑动变阻器接入电路阻值 （选填“增大”或“减小”）他这样操作的目的是 。
实验次序
1
2
3
4
R/Ω
10
20
30
50
I/A
0.60
0.30
0.20
0.12
表2
b、表2是小明提交的实验数据，老师指出有一组数据不符合实际，你认为这是实验次序 的数据，选出的理由是 。
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意．）
1．【分析】根据核能的产生和特点及应用进行解答。
【解答】解：A、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式发电，而目前还不能有效利用核聚变发电，故A正确。
B、核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能．由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故B错误；
C、核电站是一种高能量、少耗料的电站，采取有效措施是可以防止核事故产生的，故C错误；
D、核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳的能量，故D错误。
故选：A。
2．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、三个苹果的质量约1斤，而1斤＝500g，所以一个苹果的质量约150g＝0.15kg。故A不符合实际；
B、手电筒工作电流很小，一般在200mA＝0.2A左右。故B不符合实际；
C、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故C不符合实际；
D、中学生正常步行的速度在1.4m/s＝1.4×3.6km/h≈5km/h左右。故D符合实际。
故选：D。
3．【分析】（1）减弱噪声的三条途径：在声源处；在传播过程中；在人耳处；
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关；音调与频率有关；音色与物质结构有关；
（3）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能够传播声音，真空不能传声。
【解答】解：A.禁鸣喇叭是在声源处减弱噪声，故A正确；
B.调节电视机音量时，喇叭的振幅发生改变，所以是为了改变声音的响度，故B错误；
C.隔墙有耳，说明固体能够传播声音，故C正确；
D.月球上没有空气，真空不能传声，因此人在月球上不能直接对话，故D正确。
故选：B。
4．【分析】在六种物态变化形式中，熔化、汽化、升华需要吸热，凝固、液化、凝华需要放热，弄清楚四幅图中的物态变化再去判断吸放热情况。
【解答】解：
A、冬天户外的人呼出“白气”，是嘴中呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故A不符合题意；
B、湿裤子晾干，是水变成水蒸气的过程，是汽化现象，需要吸热，故B符合题意；
C、冬天窗玻璃上有冰花，是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，需要放热，故C不符合题意；
D、钢水浇铸得到钢件，是钢水变成固态钢件的过程，是凝固现象，需要放热，故D不符合题意。
故选：B。
5．【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）构成物质的分子在不停地做无规则运动；
（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（4）红外线波长长，具有明显的热效应；紫外线有显著的化学作用，可利用紫外线消毒。
【解答】解：
A、因为分子之间有吸引力，所以飞沫能附着于物体表面，故A正确；
B、飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，是物体，不是分子，所以飞沫能飞出1m外不是因为飞沫分子在运动，故B错误；
C、健康人戴口罩防止病毒通过飞沫传播使人感染，属于在传播过程中阻断病毒的传播，而摩托车上安装消声器是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有杀菌的作用，故D错误。
故选：A。
6．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、泰州大桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A正确；
B、当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时，月球挡住了太阳照射在地球上的光线，地球处在月球的影子里，这就形成了日食，日食的形成说明光是沿直线传播的，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C错误；
D、池底反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是池底变浅的虚像，故D错误。
故选：A。
7．【分析】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，工作时将电能转化为机械能；
（2）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，工作时将机械能转化为电能；
（3）根据安培定则判定螺线管的N、S极；
（4）根据磁极间的相互作用分析解答。
【解答】解：A、该图中有电源，若闭合开关，磁场中的金属棒会受力运动，即说明通电导体在磁场中受力运动，即电动机的原理图，故A正确；
B、该图中没有电源，是发电机的原理图，工作时将机械能转化为电能，故B错误；
C、由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引知闭合开关后，小磁针N极顺时针偏转，故C错误；
D、根据同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引知丁图中小磁针N极会逆时针偏转，故D错误。
故选：A。
8．【分析】根据物质的基本属性判断各选项的正误。
【解答】解：A、用金属铝制成窗户边框，是利用其硬度大的性质，故A错误；
B、蜡烛在燃烧的过程中，质量变小，密度不变，故B错误；
C、水结成冰的过程中，质量不变，内能减小，故C错误；
D、密度、硬度、比热容等都属于物质的物理属性，说法正确。
故选：D。
9．【分析】液体压强计是根据U形管两边液面的高度差来判断液体压强大小的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法。
A、同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等；
B、将探头放在酒精中的同样深度处，根据p＝ρgh分析；
CD、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh分析。
【解答】解：A、将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度，探头处的深度不变，同种液体产生的压强不变，由转换法，故U形管中两液面的高度差不变，故A不符合题意；
B、将探头放在酒精中的同样深度处，根据p＝ρgh，因液体密度变小，故液体产生的压强变小，U形管中两液面的高度差变小，故B不符合题意；
C、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh，把U形管中的水换成密度大些的浓盐水。因U形管中液体的密度变大，故h变小，故C不符合题意；
D、探头在水中深度不变，液体产生的压强不变；根据p＝ρgh，把U形管中的水换成密度小些的煤油，因U形管中液体的密度变小，故h变大，故D符合题意。
故选：D。
10．【分析】（1）由图可知，每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球运动过程中受到空气阻力，机械能逐渐变小；机械能是物体动能与势能的总和，AB两点高度相同，则重力势能相同；
（2）从轨迹来看，小球既有竖直方向的速度又有水平方向的速度；
（3）每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小；
（4）弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反应小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大。
【解答】解：A、由图可知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小，在A点的机械能大于在B点的机械能；机械能是物体动能与势能的总和，在AB两点高度相同则重力势能相同，所以在A点的动能大于在B点的动能；故A错误。
B、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度。小球在最高点时，竖直方向速度为零，但是仍然能往右运动，说明小球还具有水平方向速度，所以皮球第一次反弹后到达最高点P时，速度不为零；故B错误。
C、每次小球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小。小球先运动C点后运动到D点，故在D点的机械能小于在C点的机械能；故C错误。
D、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反应小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大，弹性势能越大。因小球在M点机械能大于在N点的机械能，所以在M、N两点动能和重力势能最小且相等时，小球在M点的弹性势能大于在N点的弹性势能，所以在M点的圆斑要大于在N点的圆斑；故D正确。
故选：D。
11．【分析】（1）由图可知，甲中球漂浮，乙丙中球悬浮，不管球漂浮还是悬浮，都处于平衡态，浮力等于球的重力，由于是完全相同的三个小球，据此得出三只小球受到的浮力的大小关系；
（2）从图中可知三只小球排开液体的体积关系为V甲＜V乙＝V丙，由F浮＝ρ液gV排可知当三只小球受到的浮力相等时，排开液体的体积越小，液体的密度越大，据此得出三杯液体的密度关系；
（3）甲、乙、丙是三个同规格容器，球是完全相同的三个小球，所以容器重力和球的重力都相同，由图可知，三个容器中液体的体积关系为V甲液＞V乙液＝V丙液，
因为三杯液体的密度ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，由m＝ρV可知，甲液体质量最大，乙丙液体质量相等，由G＝mg可知，甲液体重力最大，乙丙液体重力相等，根据F＝G容+G排+G得出 烧杯对桌面的压力的大小关系；
（4）已知三个容器中的液面相平，即液面深度相同，由p＝ρ液gh可知，液面深度相同时，液体密度越，液体对烧杯底部的压强越大，由p＝ρ液gh可知所以液体对烧杯底部的压强的大小关系。
【解答】解：
A．由图可知，甲中球漂浮，乙丙中球悬浮，不管球漂浮还是悬浮，都处于平衡态，浮力等于球的重力，由于是完全相同的三个小球，所以三只小球受到的浮力相等，故A错误；
B．三只小球排开液体的体积关系为V甲＜V乙＝V丙，
由F浮＝ρ液gV排可知，当三只小球受到的浮力相等时，排开液体的体积越小，液体的密度越大，所以三杯液体的密度关系为ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，故B错误；
C．烧杯对桌面的压力为F＝G容+G排+G，
甲、乙、丙是三个同规格容器，球是完全相同的三个小球，所以容器重力和球的重力都相同，由图可知，三个容器中液体的体积关系为V甲液＞V乙液＝V丙液，
因为三杯液体的密度ρ甲＞ρ乙＝ρ丙，由m＝ρV可知，甲液体质量最大，乙丙液体质量相等，由G＝mg可知，甲液体重力最大，乙丙液体重力相等，由此可知，甲烧杯对桌面的压力最大，乙丙烧杯对桌面的压力相等，即，F1＞F2＝F3，故C正确；
D．已知三个容器中的液面相平，即液面深度相同，由p＝ρ液gh可知，液面深度相同时，液体密度越，液体对烧杯底部的压强越大，由p＝ρ液gh可知所以液体对烧杯底部的压强关系为p1＞p2＝p3，故D错误。
故选C。
12．【分析】A、握力最300N时，滑片P位于R1最下端，R1电阻最大，此时电路的电流最小；
B、当P在R1最上端时，R1电阻为0，此时电路中电流最大，又因为电路中电流表变化范围0.1～0.6A，说明此时电路中电流为0.6A，R2阻值已知，根据U＝IR可以求出电源电压；
根据电流范围可以求出总电阻范围，减去R2的阻值就是R1的阻值范围；
C、电路中电流最小时，R2消耗的功率最小为P2min＝I2R2＝（0.1A）2×5Ω＝0.05W；
D、电路消耗总功率范围由公式P＝UI可知，等于总电压与电流的乘积；
【解答】解：A、握力最300N时，滑片P位于R1最下端，R1电阻最大，此时电路的电流最小，大小为0.1A；故A错误。
B、当P在R1最上端时，R1电阻为0，此时电路中电流最大，又因为电路中电流表变化范围0.1～0.6A，说明此时电路中电流为0.6A，
则电源电压U＝ImaxR2＝0.6A×5Ω＝3V；
当电路中电流为最小值Imin＝0.1A时，电路总总电阻最大，；
R1max＝Rmax﹣R2＝30Ω﹣5Ω＝25Ω；所以R1连入电路电阻范围是0～25Ω，故B错误。
C、电路中电流最小时，R2消耗的功率最小为P2min＝I2R2＝（0.1A）2×5Ω＝0.05W；故C错误。
D、电路消耗总功率范围由公式P＝UI可知，Pmax＝UImax＝3V×0.6A＝1.8W； Pmin＝UImin＝3V×0.1A＝0.3W；故D正确。
故选：D。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13．【分析】铁容易导热；改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。
【解答】解：用铁锅煮粽子是利用铁的导热性好；
粽子吸收热量、温度升高，煮粽子是通过热传递方式增加内能的。
故答案为：导热性；热传递。
14．【分析】液体和气体都称为流体，流体的流速越大，压强越小。处于静止或匀速直线运动状态时物体受力平衡。
【解答】解：动车行驶过程中，动车的速度很大，人靠近动车时，使人和动车之间的空气流动速度增大，压强减小，人外侧的压强不变，外侧压强大于内侧压强，若人站在安全线内极易被“吸”向动车，造成事故；
动车静止在水平轨道上，动车在竖直方向上受到重力和支持力，这两个力满足大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。
故答案为：流体流速越大的地方，压强越小；支持力。
15．【分析】（1）（2）利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能；在对外供电的过程中，电源会提供电能；
（3）物体发生弹性形变，能产生弹力。
【解答】解：
（1）转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用的是电磁感应现象；在发电的过程中，电能转化为机械能；
（2）魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源；
（3）将魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面有压力的作用，压力是由魔方发生形变而产生的。
故答案为：（1）电磁感应；机械；（2）电源；（3）魔方。
16．【分析】（1）托盘天平使用前要调平，调平方法：指针左偏右调，右偏左调原则；
（2）在读游码所对的刻度值时，注意标尺的最小分度值及要读游码左侧所对的刻度值；
（3）固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差，根据计算密度。
【解答】解：（1）由图可知分度盘指针向右偏，则平衡螺母向左调；
（2）合金块质量：砝码质量+游码所对应的刻度值＝45g+2.4g＝47.4g；
（3）由图丙知，量筒的分度值为1mL，此时水和合金块的总体积为40mL，而水的体积为30mL，
则合金块的体积：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3，
合金块的密度。
故答案为：左；47.4；4.74。
17．【分析】（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，根据η＝×100%＝×100%＝×100%结合GA＞GB比较两滑轮组的机械效率关系；
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F＝（G+G动）结合FA＝FB得出提升物体的重力关系。
【解答】解：（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，因物体的重力G越大，1+越小，越大，且动滑轮的重力相等，所以GA＞GB时，η甲＞η乙；
（2）由图可知，n甲＝2，n乙＝3，由F＝（G+G动）可得，提升物体的重力：G＝nF﹣G动，则FA＝FB时，提升物体的重力关系为GA＜GB。
故答案为：＞；＜。
18．【分析】（1）由图可知，闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路总电阻较小，由P＝可知，当电路中总电阻较大时，电功率较小，处于保温状态，当电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，所以闭合开关S1时为保温状态。
闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，由P＝可知该热水壶“烧水”功率；
（2）根据Q吸＝cmΔt得出水吸收的热量；
（3）由图可知，指示灯与R2并联，由于并联后的总电阻小于任意分电阻，当指示灯的电阻尽可能大时，它与R2的总电阻越接近于R2的阻值，对保温功率的影响小，据此分析。
【解答】解：
（1）由图可知，闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路总电阻较小，由P＝可知，当电路中总电阻较大时，电功率较小，处于保温状态，当电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，所以闭合开关S1时为保温状态。
闭合开关S1和S2时，为R1的简单电路，电路中总电阻较小时，电功率较大，处于烧水状态，由P＝可知该热水壶“烧水”功率为P烧水＝＝＝880W；
（2）水吸收的热量为Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；
（3）由图可知，指示灯与R2并联，由于并联后的总电阻小于任意分电阻，当指示灯的电阻尽可能大时，它与R2的总电阻越接近于R2的阻值，对保温功率的影响小，所以该指示灯的电阻应尽可能大些。
故答案为：（1）S1；880；（2）6.72×105；（3）大。
19．【分析】（1）根据V＝L3求出物块的体积，利用G＝mg求出物块的质量，再利用密度公式求出物块的密度，与水的密度比较，得出物块静止时的状态，利用物体漂浮条件得出受到的浮力；
（2）首先判断放入物块后，溢水杯中水的深度变化，然后根据p＝ρgh可知，水对溢水杯底部的压强变化；
（3）把溢水杯、物块和杯内的水作为一个整体，则放物块前后溢水杯对水平桌面的压力等于溢水杯、物块，以及杯内的水的重力之和，据此根据物体漂浮条件和阿基米德原理分析解答。
【解答】解：（1）正方体物块的体积：V＝L3＝（5cm）3＝125cm3＝125×10﹣6m3，
由G＝mg可得，物块的质量：m＝＝＝0.1kg，
则物块的密度：ρ＝＝＝0.8×103kg/m3，
因为ρ＜ρ水，所以，该物块静止时漂浮在水面上，则物块受到的浮力：F浮＝G＝1N；
（2）放入物块前，溢水杯中盛满水，放入物块后，溢水杯中水的深度不变，由p＝ρgh可知，水对溢水杯底部的压强不变；
（3）把溢水杯、物块和杯内的水作为一个整体，则放物块前后溢水杯对水平桌面的压力等于溢水杯、物块，以及杯内水的重力之和；
由于物块漂浮，则F浮＝G﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由阿基米德原理可知：F浮＝G排﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②可得：G＝G排，所以放入物块后，溢水杯对水平桌面的压力不变。
故答案为：1；不变；不变。
20．【分析】知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W＝Gh求推力做的有用功；
知道斜面的效率，利用η＝求总功，再利用W＝FL求推力F大小。
【解答】解：推力做的有用功：
W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J，
由η＝得，推力做的总功：
W总＝＝＝1200J，
由W＝FL得推力大小：
F＝＝＝400N。
故答案为：1200；400。
21．【分析】（1）3000revs/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出转盘转15转时，电热水壶消耗的电能；
（2）由题知，水吸收的热量Q吸＝W，再利用Q吸＝cmΔt求水升高的温度，知道初温，可求末温。
【解答】解：
（1）3000revs/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，
则转盘转15转时，电热水壶消耗的电能：
W＝kW•h＝0.005kW•h＝0.005×3.6×106J＝1.8×104J，
由题知，水吸收的热量Q吸＝W＝1.8×104J，
由Q吸＝cmΔt得水升高的温度：
Δt＝＝≈8.6℃，
末温：
t＝t0+Δt＝21℃+8.6℃＝29.6℃。
故答案为：29.6。
22．【分析】（1）当油面最高时，R的金属片在最下端，R接入电路的阻值为0，此时电路中的电流为0.6A，由公式I＝可求得R0的阻值；
（2）当油面最低时，R与R0串联，且R接入电路的阻值最大为20Ω，由公式I＝可求得电路中的最小电流即油量表的最小读数；
（3）当油面为最高油面一半时，R与R0串联，且R接入电路的阻值为10Ω，由公式I＝可求得电路中的电流；
（4）根据“油面在不同位置时电流表的示数”可判断油量表的刻度是否均匀。
【解答】解：
（1）当油面最高时，R的金属片在最下端，R接入电路的阻值为0，此时电路中的电流为0.6A，R0的阻值为：
R0＝＝＝20Ω；
（2）当油面最低时，R与R0串联，且R接入电路的阻值最大为20Ω，电路中的最小电流即油量表的最小读数为：
I小＝＝＝＝0.3A；
（3）当油面为最高油面一半时，R与R0串联，且R接入电路的阻值为10Ω，电路中的电流为：
I′＝＝＝＝0.4A；
（4）由题意和以上解答可知，当油箱内油面最高时油量表的示数最大为0.6A，当油箱内油面的高度为最高油面一半时油量表的示数为0.4A，当油箱内油面最低时油量表的示数最小为0.3A，即油的体积均匀减小时电流表的示数不是均匀减小的，所以油量表的刻度不均匀。
故答案为：20；0.3；0.4；不均匀。
三、解答题（本题共10小题，解答44、45题时应有公式和解题过程，共50分．）
23．【分析】根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置。
【解答】解：由光的反射定律知，反射角等于入射角，所以先作出反射光线与入射光线夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即可得到平面镜的位置。如图：
24．【分析】根据重力的方向总是竖直向下的，过重心表示出重力的方向即可。
摩擦力是由于物体相互接触，并且发生相对运动或者有相对运动的趋势而产生的，摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反。
【解答】解：
过重心O画一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，即为重力的示意图；
人走路时后脚蹬地面，脚有向后运动的趋势，则后脚受到的摩擦力向前，作用点在脚掌与地面的接触面上，如图所示：
25．【分析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。据此确定火线和零线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全。
【解答】解：三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，据此可知上面为火线，中间为零线；
开关控制灯泡时，火线先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。如图所示：
26．【分析】根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式v＝、功的公式W＝Fs＝Gh、功率公式P＝Fv，代入数值可求速度、功和功率。
【解答】解：
（1）由题可知，运动员在0﹣15s下落的路程为s前＝210m，
由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，
则运动员在15﹣30s通过的路程为：s后＝vt后＝6m/s×15s＝90m；
运动员通过的总路程为：s＝s前+s后＝210m+90m＝300m，
总时间为t＝30s，
则整个过程中运动员下落的平均速度：
v′＝＝＝10m/s；
（2）运动员下落的高度为：h＝s＝300m；
重力做的功：
W＝Gh＝500N×300m＝1.5×105J；
（3）匀速下降时，重力做功的功率：
P＝Fv＝Gv＝500N×6m/s＝3×103W；
答：（1）运动员下落的平均速度为10m/s；
（2）重力做的功为1.5×105J；
（3）匀速下降时重力做功的功率为3×103W。
27．【分析】（1）当旋转型开关S置于3、4触点处时，只有电阻R1接入电路，电路中的总电阻小，由P＝UI＝可知，功率最大，据此可知电路所处状态；
（2）根据Q＝cmΔt求得水吸收的热量，若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，根据P＝求得时间；
（3）利用P＝UI＝求出R1的电阻值；
当开关拨到2、3位置时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，根据P＝UI＝可知，功率最小，因此电路处于低温挡；
由低温挡时R1的功率为44W和P＝I2R算出低温挡的电流，由I＝的变形公式算出低温挡时电路的总电阻，根据串联电路电阻的规律知R2的电阻，由P＝I2R2算出低温挡时R2的功率。
【解答】解：（1）当旋转型开关S置于3、4触点处时，只有电阻R1接入电路，电路中的总电阻小，由P＝UI＝可知，功率最大，此时处于高温挡；
（2）水从12℃加热至100℃吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃﹣12℃）＝1.848×105J，
若此过程中发热电阻产生的热量全部被水吸收，W＝Q吸＝1.848×105J，
由P＝可得需要加热时间为：
t＝＝＝168s；
（3）利用P＝UI＝可得发热电阻R1的阻值：
R1＝＝＝44Ω，
当开关拨到2、3位置时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，根据P＝UI＝可知，功率最小，因此电路处于低温挡；
由低温挡时R1的功率为44W和P＝I2R知低温挡的电流为：
I＝＝＝1A，
由I＝可知低温挡时电路的总电阻为：
R＝＝＝220Ω，
根据串联电路电阻的规律知R2的电阻为：
R2＝R﹣R1＝220Ω﹣44Ω＝176Ω，
低温挡时R2的功率为：
P2＝I2R2＝（1A）2×176Ω＝176W。
答：（1）高温挡；
（2）需要加热168s；
（3）低温挡时R2的功率为176W。
28．【分析】（1）根据自下而上的组装顺序分析；
（2）读数时视线应与温度计液柱的上表面相平；
（3）水沸腾时，继续吸热，温度不变，此时水的沸点为99℃，据此分析；
（4）水沸腾时，烧杯中所有的水温度都一样，气泡越往上，所受水的压强越小，且不断有液态水汽化为水蒸气进入气泡，故气泡越来越大，据此分析。
【解答】解：（1）根据自下而上的组装顺序，A处铁圈的位置是根据酒精灯外焰的位置来确定；
（2）读数时视线应与温度计液柱的上表面相平；
（3）水沸腾时，继续吸热，温度不变，此时水的沸点为99℃，如果小明继续加热4min，此时的水温应为99℃；
（4）水沸腾时，烧杯中所有的水温度都一样，气泡越往上，所受水的压强越小，且不断有液态水汽化为水蒸气进入气泡，故气泡越来越大，符合图中情境，故此时烧杯中的水处于沸腾时的状态。
故答案为：（1）酒精灯外焰的位置；（2）相平；（3）99；（4）沸腾时。
29．【分析】（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
（4）（5）液体内部向各个方向都有压强，深度越深压强越大，液体压强的大小还与液体的密度有关；根据控制变量法解答。
【解答】解：（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大；
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
（4）将探头放在图乙中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hC＞hB，在相同的深度时，探头在浓盐水时U形管两边液面的高度差增大了，即压强变大了，故结论为：在深度相同中，液体密度越大，压强越大。这是为了研究液体压强与液体密度关系；
（5）D点位于密度大，深度大的位置，故该点液体压强最大。
故答案为：（1）高度差；（2）有色；（4）密度；（5）D。
30．【分析】（1）使用天平测量物体质量时，通过增减砝码和移动游码来使天平恢复水平平衡；
（2）由公式ρ＝可知，为了减小液体残留对测量结果的影响，应测量出残留盐水与烧杯的总质量，算出倒入量筒的盐水质量及其体积，使所测密度更为准确；
（3）已知鸭蛋的质量，再通过排水法来计算鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，由甲、乙、丁三图可知：V蛋＝V排，由甲、乙、丁三图可知加入水的体积即为鸭蛋的体积，根据公式ρ＝计算出鸭蛋的密度。
【解答】解：（1）用调节好的天平测量物体质量时，通过增减砝码和移动游码来使天平恢复水平平衡，这个过程中，不能再调节平衡螺母；
（2）由公式ρ＝可知，为了减小液体残留对测量结果的影响，应测量出残留盐水与烧杯的总质量，算出倒入量筒的盐水质量及其体积，使所测密度更为准确。若擦干残留盐水测量烧杯质量，则所测盐水质量会偏大，使所测密度偏大；
（3）鸭蛋的质量m蛋＝80.5g，再用排水法来测量鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，V蛋＝V排；
在乙、丙两图中，由于取出鸭蛋时带出一些水，在丁中补入水的体积略大于鸭蛋排开水的体积，按丙、丁数据计算鸭蛋的体积会使所测体积偏大，由ρ＝可知，所测鸭蛋的密度会偏小；
若没有丙中数据，由甲、乙、丁三个数据计算排开水的体积可以不受带出水对实验的影响，此时，
排开水的质量为：m排＝m丁+m甲﹣m乙＝202.0g+80.5g﹣212.5g＝70g，
鸭蛋的体积为：
V蛋＝V排＝＝＝70cm3，
鸭蛋的密度为：
ρ蛋＝＝＝1.15g/cm3。
故答案为：（1）不能；（2）直接；（3）能，鸭蛋的密度为1.15g/cm3。
31．【分析】（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，由电路图可知，滑片左移时变阻器接入电路中的电阻变小；
（2）串联电路各处的电流相等；电流产生的热量不易比较，可让初温、质量相同的煤油吸热，比较煤油升高的温度确定产生的热量，采用了转换法；
（3）本实验应用了控制变量法，从实验需要控制的变量分析答题；从煤油与水的比热容大小关系分析实验中用煤油而不用水的原因；
（4）根据Q＝I2Rt和Q吸＝cmΔt进行分析解答；
（5）为控制相同时间内两液体吸热相同，根据Q＝I2Rt结合电路图得出两根电阻丝的阻值关系；根据Q＝I2Rt求出电热丝放出的热量，不计热量损失，放出的热量全部被液体吸收，根据Q吸＝cmΔt求出a液体的比热容。
【解答】解：（1）由电路图可知，滑片左移时变阻器接入电路中的电阻变小，则变阻器左下方接线柱必须接入电路中，如下图所示：
（2）由电路图可知，两电热丝串联在电路中，这是为了控制通电时间相同和控制电流相同；
根据转换法可知，电阻丝放出热量的多少，是通过温度计示数的变化进行比较的；
（3）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，a、b两瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体；
因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的热量，煤油温度升高的多，用煤油做实验效果更明显，便于观察；
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同，
由Q＝I2Rt可知，电阻丝产生的热量是原来的4倍，
由Q吸＝cmΔt的变形式Δt＝可知，用电阻丝R1加热的煤油，温度升高量Δt1′大于2Δt1，
该实验说明电流产生的热量与电流不成正比例关系；
（5）实验中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，为控制相同时间两液体吸热相同，根据Q＝I2Rt可知，选用的两根电阻丝的阻值应相同；
假设a烧瓶中液体的质量为m，瓶中电阻丝的阻值为R，测出通过它的电流为I，通电一段时间t后，电热丝放出的热量Q＝I2Rt，
温度计的示数变化量为Δt，若不计热量损失，放出的热量全部被液体吸收，由Q吸＝cmΔt可得，a液体的比热容：c＝＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）电流相同；温度计的示数变化；（3）质量；小于；（4）大于；不成；（5）相同；c＝。
32．【分析】（1）滑片P向左移动时电压表示数变大确定变阻器的连接；
（2）根据电流表选用大量程确定分度值读数；分析这些数据得出结论；
（3）由图a图线是正比例图线，可知B点电阻与a、b相交处电阻相等，
因灯泡的电阻增大，由图线b可知，所以RA＜RC＜R交点，据此分析回答；
（4）a、小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，根据分压原理和串联电路的规律分析；
b、根据滑动变阻器的规格是“75Ω 1.5A”的含义和串联电路的规律及欧姆定律求出电路的最小电流分析。
【解答】解：
（1）电压表测待测电阻的电压，滑片P向左移动时电压表示数变大，根据U＝IR，电路的电流变大，变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与待测电阻串联，如下所示：
如下所示：
（2）第3次实验时电流表的读数如图丙所示，电流表选用大量程，分度值为0.1A，则此时流经电阻的电流为0.5A；
根据表中数据，考虑到误差因素，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来几倍，故可以得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；
（3）图a是正比例图线，表示定值电阻的I﹣U图象，所以B点电阻与a、b相交处电阻相等，
由图线b可知，灯泡两端的电压变大时，电流变大，根据P＝UI灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯泡的电阻增大，所以RA＜RC＜R交点，即：RA＜RC＜RB；
（4）a、根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，使电压表的示数控制不变；
b、变阻器的最大电阻为70Ω，当接入50Ω的电阻时，根据电阻的串联，电路的最大电阻为：
R串＝70Ω+50Ω＝120Ω，
由欧姆定律，电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.15A＞0.12A，故实验次序4数据不符合实际；
故答案为：（1）见上图； （2）0.5；电阻一定，通过导体的电流与导体两端电压成正比； （3）RA＜RC＜RB；（4）a、增大；控制电压表示数不变；b、4 电路最小电流为0.125A，不可能为0.12A。
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