2020-2021学年湖北省鄂东南省级示范高中教育教学改革联盟学校高二下学期期中联考物理试题（PDF版）

2021年春季鄂东南省级示范高中教育教学改革联盟学校期中联考
高二物理参考答案

题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11

答案 B A D C D D C BC AC BCD BC

一、选择题

1、【解析】 A．电子电荷量的精确测定是在1909~1913年间由密立根通过著名的“油滴实验”做出的；C．爱因斯坦光电效应方程表明，入射光的频率越大，光电子的最大初动能也越大，但二者不是正比关系；D．玻尔认为电子的轨道半径不是任意的，也就是说，电子的轨道是量子化的 。故选B。

2、【解析】 A．原子核的比结合能越大，原子核中核子一定结合得越牢固，原子核就越稳定，故不正确的选项为A。

3、【解析】 线框中感应电流的最大值为2A ，有效值为A，故B项错；线框匀速转动过程中消耗的电功率为4W ，故A项错；C．线框在图示的位置磁通量变化率最大，故C项错；  由正弦式交变电流的规律可知，从图示位置开始计时，在任意时刻穿过线框磁通量的表达式为（Wb），故选D。

4、【解析】 由位移的表达式(m)可知质点做简谐运动的，故选项A错误；在t=2s时由位移的表达式，故选项B、D错误，C正确；

5、【解析】 A．氢原子由n=4能级向低能级跃迁一共会发出6种不同频率的光子，故A项错；B．氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级会释放出光子，同时核外电子的动能会增大，故B项错；C．能使该金属发生光电效应的两种光子的能量分别为（E4﹣E1）和（E3﹣E1），故C项错；D．由光电效应方程可知，该金属的逸出功W0应满足如下关系：（E2﹣E1）＜W0 ≤ （E3﹣E1），故选D 。

6、【解析】 A．若交流电的周期增大，变压器的输出功率不变，故A项错；当触头P向上移动或者向下移动，可以将副线圈电路中的电阻R等效为原线圈电路中的一个电阻，等效的原则是二者消耗的功率相等，且该电阻与r串联，当n1=750匝时，电阻R的等效电阻阻值与r = 9 相等，根据闭合电路的功率规律可知此时电阻R消耗的功率最大，故选D。

7、【解析】 在导体棒ab绕a点以角速度ω = 4 rad/s顺时针匀速转动75°的过程中，由电磁感应所产生的电荷量Q1==C，同时还会给电容器C充电，充电后C对R放电的电荷量Q2=2BL2Cω=C。最终通过电阻R的电荷量为Q=Q1+Q2=C ，故选C。

8、【解析】电磁波在真空中的传播速度等于光速，与电磁波的频率无关，选项A错误；周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波，选项B正确；电磁波传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直，选项C正确；电磁波可以通过光缆传输，选项D错误。

9、【解析】A处放置一光屏，由于光的色散，屏上将会出现彩色光斑，且光斑上部呈红色，下部呈紫色故A选项正确；B处放置一光屏，光路图可等效如图所示，白光已经分开，故C选项正确。

10、【解析】 光从空气中射入介质中不可能会发生全反射现象，选项A错误；光是一种横波，不管反射光还是入射光都是横波,选项B正确；当反射光与折射光垂直时，则即布儒斯特角满足关系选项C正确；D．光在介质中的传播速度，得

选项D正确。故选BCD。

11、【解析】 由电磁感应的知识可知，电路中感应电动势的大小为E=Blv=40V  ,故A项错；金属杆的热功率为=160W，故D项错；当金属杆所受外力水平时，其外力的大小为=20N,当金属杆所受外力不水平时，假设外力斜向下方，外力的大小可能为50N，故选BC。

二、实验题

12、（7分）

（1）  C  （2分）    （2） AB （2分）   （3） λ＝5.89×10－7m  （3分）

【解析】（1）此实验要求光源、遮光片、单缝、双缝、屏在一条直线上即可，A错。调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，不需放单缝和双缝，故B错误；测量某条干涉亮条纹位置时，应使测量头分划板中心刻线与该亮条纹的中心对齐，故C正确；

（2）根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知，要使Δx增大，可以增大波长或增大双缝到屏的距离或缩小双缝间的距离，所以选项A、B正确。

（3）第1个亮条纹到第11个亮条纹的中心间距为x＝10Δx＝1.178×10－2m，则Δx＝1.178×10－3m，由Δx＝λ可知，则λ＝5.89×10－7m。

13、（9分）

（1）如图所示  （3分）（2） ×10    （1分）  140  （1分）（3） R3    （2分）  减小  （2分）

【解析】（1）光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通，所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在AB之间，电路图如上图；

（2）用多用电表“×100”Ω挡，测量图中电磁铁线圈电阻时，指针偏转角度太大，说明电阻较小，换用小量程挡位，接下来应选用“×10”Ω挡，进行欧姆调零后重新测量，欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是14，倍率是“×10 Ω”，所以电阻值是14×10＝140 Ω；

（3）天色渐暗照度降低至1.0 lx时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2 kΩ，电路中的电流是2 mA，R＝－R光＝ Ω－2 000 Ω ＝1 000 Ω，所以要选择滑动变阻器R3；由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻。

14、（10分）

【解析】

（1）从A波发射脉冲波开始计时，向下运动的A波在Y轴上位置坐标为

                                                         （1分）

向上运动的B波在Y轴上位置坐标为                   （1分）

当他们相遇时，，代入得                                （2分）

（2）从A波发射脉冲波开始计时，A波方程为           （2分）

B波方程为                                （2分）

联立得（）                                   （2分）

15．（12分）

（1）发电机的输出功率：P出＝nP灯＋IR                                 （2分）

而I2＝I3＝I1＝nI灯＝×22×10× A＝4 A                      （2分）

所以，P出＝22×10×40＋42×50 W＝9 600 W                                （2分）

（2）E＝U1＋I1r，r为发电机的内阻                                     （2分）

U1＝U2，U3＝10U4                                               （1分）

U2＝10U4＋I2R＝10×220 V＋4×50 V＝2 400 V；I1＝20 I2                    （1分）

所以，E＝120 V＋80×1 V＝200V                                        （2分）

16、（18分）

（1）由动量守恒定律：  解得           （2分）

由功能关系可得：  

解得                                                   （2分）

其中ab棒上所产生的焦耳热                                        （2分）

（2）分析两棒运动的情况可知，ab棒的速度大小为有两种情况：

当ab棒速度未反向时，即，设此时cd棒的速度为，由动量守恒定律得：

  解得  =                    （1分）

当ab棒速度反向时，即，设此时cd棒的速度为，由动量守恒定律得：

  解得  =                     （1分）

① 情况中：        （2分）

情况中：           （2分）

② 对ab棒由动量定理可得：

其中   =BIL                  

代入两种情况可得:

当ab棒速度未反向时， 得:       （1分）

由得：                          （2分）

  当ab棒速度反向时，  得:    （1分）

由 得：                         （2分）

【说明：第（2）小题只得出一种情况的可以给一半得分。】