2023年江苏省常州市溧阳市南渡中学中考物理一模试题（含答案）

这是一份2023年江苏省常州市溧阳市南渡中学中考物理一模试题（含答案），共33页。试卷主要包含了选择题，填空作图题等内容，欢迎下载使用。

1．（2分）杠杆在生活中无处不在，如图所示工具在使用过程中属于费力杠杆的是（ ）
A．铁皮剪B．定滑轮
C．起瓶器D．镊子
2．（2分）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（ ）
A．核能和地热能都是可再生能源
B．半导体是制造集成电路的重要材料
C．弯曲的光导纤维也能传输信息，说明光是沿曲线传播的
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
3．（2分）如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（ ）
A．若m相同，Δt越小，燃料的热值越大
B．若Δt相同，m越大，燃料的热值越大
C．若的值越大，燃料的热值越大
D．若的值越大，燃料的热值越大
4．（2分）如图所示，下列四幅图中力对物体不做功的是（ ）
A． 提着滑板在水平路面上匀速前行
B．物体在绳子的拉力作用下匀速前进
C．小车在水平推力下匀速前进
D．手提公文包随电梯匀速上升
5．（2分）如图所示，闭合开关，发现灯泡不亮，检查时发现熔丝完好，用测电笔接触P、M、N点时氖管发光，Q点时氖管不发光，若电路中仅有一处故障，则对该电路的分析正确的是（ ）
A．开关短路B．灯丝断路
C．N、Q间断路D．进户零线断路
6．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析中错误的是（ ）
A．灯L1与灯L2并联
B．电压表测量灯L1两端的电压
C．只断开开关S1，灯L2正常发光
D．电流表测量干路电流
7．（2分）下面是对生活中一些事例的判断，其中正确的是（ ）
A．冰熔化时温度不变，内能也不变
B．温度高的物体含有的热量多
C．钻木取火利用热传递改变内能
D．用热水袋取暖利用了水的比热容大的特性
8．（2分）2020年12月17日，“嫦娥五号”在月球上收集了一满罐的月球土壤（简称“月壤”），科研人员称出其质量为1731g，与计划的2000g存在差距，主要原因是收集罐的容积是按照月壤密度为1.6×103kg/m3而设计的。以下说法正确的是（ ）
A．月壤从月球带回地球后质量变小了
B．若将月壤分成等质量的两份，则每份的密度都变小
C．收集罐的容积为1.25×10﹣3m3
D．月壤的实际密度大于1.6×103kg/m3
9．（2分）电影《流浪地球2》引爆兔年电影春节档，影片中太空电梯的炫目特效让观众极为震撼。太空电梯在加速升空过程中（ ）
A．重力势能减小B．动能不变
C．机械能增大D．机械能减小
10．（2分）图甲所示为工人师傅乘坐吊篮在高空粉刷楼体外墙的情景，吊篮可在电动机的作用下实现升降，其简化结构原理如图乙所示。吊篮的质量为40kg，两名工人及工具的总质量为200kg，某次吊升过程中，吊蓝在30s内匀速上升了6m，不计滑轮重、绳重和摩擦，关于该过程的分析正确的是（ ）
A．电动机对绳子的拉力为800N
B．电动机拉动绳子的功率为480W
C．克服吊篮做的额外功是240J
D．吊篮的机械能守恒
11．（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角做套筒，木质推杆前端粘附艾绒（一种很容易被点燃的物质）。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗，与手推杆入简过程能量转化过程相同的冲程是（ ）
A．B．C．D．
12．（2分）使用空气炸锅（如图所示）时发现：同时闭合定时开关和温控开关产生热风，仅闭合定时开关产生冷风，不会只发热不吹风。则其电路可能是（ ）
A．B．
C．D．
13．（2分）图甲是身高、体重测量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示身高和体重。电路原理如图乙所示，电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，压敏电阻R的阻值随压力增大而增大，滑片P随身高增高而上滑。下列分析正确的是（ ）
A．身高越高电压表示数越大
B．身高越高通过R0的电流越小
C．体重越大电流表示数越大
D．体重越大电路消耗总功率越大
14．（2分）新能源汽车越来越普及，如图所示为新能源汽车专用号牌，号牌中的字母“D”表示纯电动汽车，这类汽车的动力装置为电动机，下列选项所示实验与其工作原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
15．（2分）如图所示，电源电压为4.5V保持不变，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器R的规格是“25Ω 1A”，灯泡L上标有“2.5V 1.25W”的字样。若闭合开关S，在保证电路安全的情况下，忽略温度对灯丝电阻的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡的电阻为2Ω
B．电流表的示数变化范围是0.15～0.5A
C．滑动变阻器允许调节的阻值范围是5～25Ω
D．电路消耗的最大总功率为2.7W
二、填空作图题（每空格1分，每图2分，共26分）
16．（3分）为治病教人，急需将一种药品送到偏远的山村，这种药品要求在0℃以下存放，常用保温瓶不能满足需要。同学们经过讨论，为保障药品在0℃以下存放，设计了如图所示的冷藏盒。
（1）药品应放置于 （A/B）处，另一处空间放置低温物质。
（2）为了让冷藏盒长时间温度恒定且不要太重，包装盒的传热性能应该较 （好/差），且用 （质量/密度）较小的材料制成。
17．（4分）利用如图所示装置探究影响电磁铁磁性强弱的因素，A是铁块，B是电磁铁，R是定值电阻，R′是滑动变阻器。当开关接1时，电磁铁有磁性将铁块A磁化，A的下端为 极；向左移动滑动变阻器的滑片P至某位置，弹簧的长度变 ，此时，电流表示数I1。为探究电磁铁磁性强弱与匝数的关系，将开关接2，移动滑动变阻器的滑片，使电流I2＝ ，比较 。
18．（2分）如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ＝45°时，拉力F＝ N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将 （选填“变大”或“变小”）。
19．（4分）随着科技的发展，有些餐厅利用机器人送餐。某次送餐时，机器人与食物的总质量为30kg，如果机器人在水平路面上以0.8m/s的速度沿直线匀速运动50m，机器人受到的阻力为重力的0.1倍。机器人所受牵引力 N，重力做功 J，牵引力对机器人做功 J，功率为 W。
20．（3分）如图，小明拉着质量为30kg行李箱匀速经过一段长3m、高1m的斜坡路面，用时10s，若此过程拉力F方向沿斜面向上，大小为125N，克服行李箱重力做功 J，拉力F做功的功率是 W，斜面的机械效率是 %。
21．（3分）如图为一列波某时刻的波形图，振动频率为5Hz，此波波长是 m，周期是 s，若波速为7km/s，则这列波传播14km，需要 s。
22．（3分）为了比较不同物质的比热容，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，并且用相同的装置加热，如图甲所示。
（1）实验中，可以通过加热时间来反映两种液体 的多少。
（2）根据实验数据绘制的温度随时间变化关系如图乙所示，分析可知， 液体的比热容更大。
（3）实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值 （变大/变小/不变）。
23．（2分）人体中的某些部位具有杠杆的功能，图甲所示为人握住哑铃锻炼的情景，其简图如图乙所示。肱二头肌收缩对手臂产生一个拉力F，使手臂绕肘关节“O”转动，请在图乙中作出哑铃所受重力的示意图和拉力F的力臂L。
24．（2分）轻质通电导线中的电流方向向右时，它在磁场中的受力情况如图甲所示。若只将导线中电流方向变成向左，请在图乙中画出通电导线在磁场中的受力F。
三、解答探究题（本大题共6小题，共46分）计算型问解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分
25．（6分）酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用图1所示的实心陶瓷材质冰墩墩模型来估测某酒精消毒液的密度。
（1）将天平放在水平桌面上，将游码归零后，指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向
（左/右）端调节。
（2）用天平测量冰墩嫩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为 g，体积为 cm3。（陶瓷材料的密度为2.7×10kg/m3）
（3）如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量酒精消毒液后，用天平测出烧杯乙和酒精消毒液的总质量m1＝135.2g。
（4）如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中浸没，在烧杯壁上标记液面的位置。
（5）将冰墩墩取出， 测出烧杯乙和剩余酒精消毒液的总质量m2＝109.7g。
（6）根据以上实验数据，求得酒精消毒液的密度ρ＝ g/cm3。与真实值相比，用本方案所测出的酒精消毒液密度 （偏大/偏小/相同）。
26．（6分）燃气灶烧水时，把质量为2kg、初温为20℃的水加热至沸腾（一个标准大气压下），共燃烧了0.028m3天然气（假设天然气完全燃烧）。已知水的此热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为4×107J/m3。问：
（1）水吸收的热量有多大？
（2）天然气完全燃烧放出的热量有多大？
（3）燃气灶烧水时的效率有多大？
27．（8分）如图所示，滑轮组在400N拉力F的作用下，将重为600N的钢材匀速提起，在20s内物体上移2m。问：
（1）拉力的功率有多大？
（2）滑轮组提升该重物时的机械效率有多大？
（3）如果不计绳重和摩擦，将重为400N的钢材匀速提起时，机械效率有多大？（计算结果保留1位小数）
28．（9分）随着科技创新教育在全市广泛开展，我校已配置了如图甲所示的3D打印笔。3D打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后凝固成稳定的形状。此打印笔有快、慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，将该3D打印笔单独接入装有如图丙所示电能表的家庭电路中正常工作。快挡打印2min，电能表指示灯闪烁8次，刚好将15g的塑胶从20℃加热到260℃。已知该3D打印笔慢挡打印功率为22W，R1、R2是用于发热的定值电阻，塑胶的比热容为2×103J/（kg•℃）且保持不变。问：
（1）3D灯印笔快挡的电功率有多大？
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率有多大？
（3）R1的阻值有多大？
29．（6分）小明对电流表指针偏转的原因产生了兴趣，他在实验室找到一只可拆卸的电流表，进行了如下探究：
（1）打开外壳，观察电流表的内部结构，示意图如图所示。按照操作规范将电流表 联接入电路，通电后线圈转动，带动指针偏转：撤去磁体再次通电，指针不动。这说明电流表指针偏转的原因是通电线圈在 中受力转动，此时电能转化为 能和内能。
（2）若让电流从电流表的“﹣”接线柱流入，“+”接线柱流出，指针偏转方向会与（1）中的偏转方向 ，因此使用电流表时不能把接线柱接反。
（3）若在电流表“+”“﹣”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，导线中会产生感应电流，这种现象叫做 ，据此可制成 。
30．（9分）如图甲所示是小杨利用两节干电池做电源，测量未知电阻Rx阻值的实验电路图。
（1）闭合开关前，小杨发现已连接的电路有一根导线连接错误，请你在错误的连线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）电路连接正确后，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，则此时的电压是 V，电流表的示数如图丙所示，则此时的电流是 A，此次测得电阻R的阻值为 Ω。
（3）接着小杨又测出了两次R的阻值，分别为3.9Ω和3.8Ω，则R的阻值应为 Ω。
（4）小杨绘制出定值电阻Rx的I﹣U图像如图丁中的a所示，然后将定值电阻换成小灯泡，用同样的方法多次实验，并根据实验数据绘制出灯泡的I﹣U图像，如图丁中的b所示，由图像可以看出小灯泡灯丝的电阻是变化的，原因是 ，丁图中A、B、C三点电阻最大的是 点。
（5）小杨还想测量一个阻值约为300Ω的定值电阻R1的阻值，他发现用改正后的如图甲所示的电路无法完成该实验，原因是 。
2023年江苏省常州市溧阳市南渡中学中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括15小题，共30分。每小题只有一个选项符合题意。请将答案填在下列表格内，否则不得分。）
1．【答案】D
【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、铁皮剪在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、定滑轮在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B不符合题意；
C、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2．【答案】B
【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）集成电路使用的材料为半导体材料；
（3）光纤通信是利用激光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，这样就把它携带的信息传到远方；
（4）太阳能电池板将太阳能转化为电能。
【解答】解：A、地热能可以能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源，化石能源、核能是不可再生能源，故A错误；
B、集成电路的重要材料是半导体，故B正确；
C、光导纤维由内外两层组成，且内外两层的折射本领不同，激光不会透过去，激光是不断的经光纤壁反射向前传播，故C错误；
D、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了太阳能的转化、半导体的应用、电磁波的应用和可再生与不可再生能源的分类，属于基础题。
3．【答案】D
【分析】燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸＝Q放，而Q吸＝c液m液Δt，Q放＝mq，即c液m液Δt＝mq进而判断热值大小。
【解答】解：燃料的热值大小不能直接测量，需要通过水吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而水吸收热量的多少跟水的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸＝Q放，而Q吸＝c水m水Δt，Q放＝mq，即c水m水Δt＝mq，解得：q＝；
A、若m相同，Δt越小，由q＝可知，燃料的热值越小，故A错误；
B、若Δt相同，m越大，由q＝可知，燃料的热值越小，故B错误；
C、若的值越大，即的值越小，由q＝可知，燃料的热值越小，故C错误；
D、若的值越大，由q＝可知，燃料的热值越大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
4．【答案】A
【分析】判断力做没做功的依据就是看在这个过程中，是否同时具备做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
【解答】解：A、提着滑板在水平路面上匀速前行，此时力的方向竖直向上，与距离的方向垂直，故不做功；
B、物体在绳子的拉力作用下匀速前进，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，故做了功；
C、小车在水平推力下匀速前进，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，故做了功；
D、手提公文包随电梯匀速上升，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，故做了功。
故选：A。
【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
5．【答案】C
【分析】电灯不亮，说明电路出现了断路现象；用试电笔接触某点时，若氖管发光，说明该点与火线是相连的，不发光，说明该点与火线之间是断开的。
【解答】解：闭合开关S，电灯不亮，说明电路出现了断路现象；检查时发现熔丝完好，用测电笔接触P、M、N点时氖管发光，这说明这三点与火线之间是接通的；
接触Q点时氖管不发光，说明Q与火线之间是断开的，所以故障是N、Q间断路。
故选：C。
【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
6．【答案】D
【分析】分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点（并联电路中各支路独立工作、互不影响）、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
【解答】解：ABD、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L2的支路上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AB正确、D错误；
C、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故C正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
7．【答案】D
【分析】（1）根据内能和温度的关系判断；
（2）热量是一个过程量；
（3）根据改变物体内能的方式判断；
（4）比热容是表示物质吸放热本领的物理量。
【解答】解：A、冰是晶体，在熔化时温度不变，但是不断吸热，则它的内能增大，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C、钻木取火利用克服摩擦做功的方式改变内能，故C错误；
D、用热水袋取暖利用了水的比热容大的特性，可以保证相同质量的水在降低相同的温度时会放出更多的热量，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了内能、温度、热量之间的关系以及水的比热容大的应用和改变物体内能的方法，属于基础题。
8．【答案】C
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，物体的质量与物体的形状、状态、空间位置和温度无关；
（2）密度是物质的特性，密度的大小只与物质的种类、状态和温度有关，与物体的质量、体积无关；
（3）利用密度公式计算出收集罐的容积；
（4）知道月壤的质量和体积，利用密度公式计算出月壤的密度。
【解答】解：A、物体的质量与物体的形状、状态、空间位置和温度无关，月壤从月球带回地球后位置变化，但是质量不变，故A错误；
B、将月壤分成等质量的两份，由于物质的种类没有变化，所以密度不变，故B错误；
C、由ρ＝可知，收集罐的容积V＝＝＝1.25×10﹣3m3，故C正确；
D、月壤的密度ρ月壤＝＝＝1.3835×103kg/m3＜1.6×103kg/m3，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查物体的质量及其特性、物质的密度以及密度的公式的灵活运用，计算过程中注意单位的换算。
9．【答案】C
【分析】根据影响动能和重力势能大小的因素判断动能和重力势能的大小变化，再根据机械能等于动能与势能的总和分析机械能的大小变化。
【解答】解：太空电梯在加速升空过程中，电梯的质量不变，速度变大，则动能变大，同时高度增加，重力势能变大；电梯没有发生弹性形变，不考虑弹性势能；因机械能等于动能与势能的总和，所以电梯的机械能变大，故C正确。
故选：C。
【点评】解答本题的关键是掌握好影响动能和重力势能大小的因素，是一道基础题。
10．【答案】B
【分析】（1）不计滑轮重、绳重和摩擦，根据F＝G总求出电动机对绳子的拉力；
（2）根据连接动滑轮绳子的段数求出绳子自由端移动的距离，根据速度公式求出绳子自由端移动的速度，根据P＝＝Fv求出拉力的功率；
（3）根据G＝mg可求出吊篮的重力，根据W＝Gh可求出克服吊篮做的额外功；
（4）动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能与势能的和；
【解答】解：A、由图可知，有4段绳子拉着动滑轮，不计滑轮重、绳重和摩擦，电动机对绳子的拉力为：F＝G总＝m总g＝×（40kg+200kg）×10N/kg＝600N，故A错误；
B、绳子自由端移动的距离为：s＝4h＝4×6m＝24m，绳子自由端移动的速度为：v＝＝0.8m/s；
根据P＝＝Fv可知，电动机拉动绳子的功率为：P＝Fv＝600N×0.8m/s＝480W，故B正确；
C、吊篮的重力为：G吊篮＝m吊篮g＝40kg×10N/kg＝400N，
克服吊篮做的额外功为：W吊篮＝G吊篮h＝400N×6m＝2400J，故C错误；
D、吊篮匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变；同时高度变大，其重力势能变大；因动能不变，重力势能变大，且机械能为动能与势能的和，所以机械能增大，即机械能不守恒，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了动能和机械能的大小变化、功率的计算、速度公式的应用、额外功的计算等，难度不大。
11．【答案】A
【分析】猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增加，温度升高；在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，压缩冲程是机械能转化为内能的冲程。
【解答】解：封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，气体内能增加，是机械能转化为内能；汽油机的压缩冲程是机械能转化为内能的冲程，与上述能量转化相同。
A、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，机械能转化为内能，故A正确；
B、排气门开启，活塞上行，废气被排出汽缸，是排气冲程，没有发生能量转化，故B错误；
C、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，火花塞喷出电火花，是做功冲程，内能转化为机械能，故C错误；
D、进气门开启，活塞下行，燃料和空气的混合物进入汽缸，是吸气冲程，没有发生能量转化，故D错误。
故选：A。
【点评】本题是物理知识在生活中的应用，考查做功改变物体的内能，难度不大。
12．【答案】D
【分析】空气炸锅工作时，可以单独产生风，也可以产生热风，但不能只发热不吹风，说明电动机和电吹风可以独立工作、互不影响即为并联，且发热管支路有开关控制，据此进行解答。
【解答】解：
A．由图可知，发热管和电动机串联，同时闭合定时开关和温控开关，只发热不吹风，故A不符合题意；
B．由图可知，发热管和电动机并联，只闭合温控开关时，只有发热管工作，只发热不吹风，故B不符合题意；
C．由图可知，发热管和电动机并联，只闭合温控开关时，只有发热管工作，只发热不吹风，故C不符合题意；
D．由图可知，只闭合定时开关时，电动机工作产生冷风；再闭合温控开关时，电动机和发热管同时工作吹热风；只闭合合温控开关时发热管不工作，不会出现只发热不吹风，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题干中的条件分析每一个选项即可得出答案。
13．【答案】A
【分析】由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测R支路的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知通过R0的电流变化，当身高越高时滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，根据欧姆定律可知滑片P下方电阻丝两端的电压变化；当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知R的阻值越大，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，利用P＝UI可知电路消耗总功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测压敏电阻R支路的电流，
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，人的身高变化即滑片移动时，R0接入电路中的电阻不变，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且各支路独立工作、互不影响，
所以，由I＝可知，通过R0的电流不变，故B错误；
当身高越高时，滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，
由U＝IR可知，滑片P下方电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确；
当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，
由压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知，R的阻值越大，
由I＝可知，通过R的电流越小，即电流表的示数越小，故C错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，体重越大时电路的总电流越小，
由P＝UI可知，电路消耗总功率越小，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表并联部分电阻变化是关键。
14．【答案】C
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受力运动。
【解答】解：A、是奥斯特实验图，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故A错误；
B、图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，是将机械能转化为电能，是发电机的实验图，故B错误。
C、电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，故C正确；
D、该实验是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，是电流的磁效应，故D错误。
故选：C。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
15．【答案】B
【分析】由电路图知，R与L串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）根据求出灯泡的阻值；
（2）（3）根据求出灯泡额定电流，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流；灯泡两端的最大电压为2.5V时，滑动变阻器连入电路中的阻值最小，根据分压特点求出滑动变阻器R两端的电压，再根据欧姆定律求出最大电流；进而求出滑动变阻器连入电路中的最小阻值；
（4）根据P＝UI求出最大功率。
【解答】解：由电路图知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、灯泡的阻值：，故A错误；
BC、由P＝UI得灯泡的额定电流，串联电路各处电流相等，电流表量程选择“0～0.6A”；由串联分压原理可知当电压表示数最大为2.5V时，滑动变阻器连入电路中的阻值最小，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，滑动变阻器连入电路中的最小阻值，所以滑动变阻器允许调节的阻值范围是4～25Ω，故C错误；
当滑动变阻器全部连入电路时，电路中电流最小，最小电流，电流表的示数变化范围是0.15～0.5A，故B正确；
D、电路消耗的最大总功率为P＝UI＝4.5V×0.5A＝2.25W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中各量的最大和最小值的确定，有一定的难度。
二、填空作图题（每空格1分，每图2分，共26分）
16．【答案】（1）B；（2）差；密度、
【分析】（1）根据包装盒所要发挥的作用分析解答；
（2）晶体熔化过程吸热，温度不变；导热性能差的物质的保温效果更好，可以减缓热传递的速度；密度较小的材料可减轻冷藏箱的重力。
【解答】解：（1）温度低的气体密度大，下沉，为使药品处于低温环境，应把药品放置在B处，低温物质放置在A处；
（2）这种药品要求在低温环境下存放，要求运输过程中尽可能不从外界吸收热量，故包装盒应具有导热性能差的特点；
为了携带方便，需减轻冷藏箱的重力，包装盒的外壳要用密度较小的材料。
故答案为：（1）B；（2）差；密度、
【点评】本题属于与生活实际相联系的信息题，只要同学们把自己掌握的知识与题目所给信息相结合，问题就很好解决。
17．【答案】N；大；I1；弹簧的长度。
【分析】（1）根据安培定则判定电磁铁的极性。在电磁铁的磁场中被磁化后，铁块的极性是：靠近N的为S，靠近S的为N；
（2）根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知电磁铁的磁性强弱的变化；
（3）影响电磁铁磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少；在实验中，应注意控制变量法和转换法的运用。
【解答】解：（1）由图可知，电流从B电磁铁的上端流入、下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为S极，下端为N极；电磁铁有磁性，将铁块A磁化，由磁化规律可知A的下端为N极；
（2）开关接1，电磁铁有磁性将铁块吸下，弹簧的长度变大；当滑片P向左的滑动过程中，变阻器的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性变强，对铁块的吸引力增大，故弹簧会变长一些；
（3）为了探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，将开关S从1换到2上时，连入电路中线圈的匝数减少，连入电路中线圈的电阻减小，则应控制两次实验中电流的大小不变（即I2＝I1），通过比较弹簧的长度来比较电磁铁磁性强弱。
故答案为：N；大；I1；弹簧的长度。
【点评】本题考查了探究影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则的应用、控制变量法、转换法，难度适中。
18．【答案】见试题解答内容
【分析】根据图像分析动力臂、阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件得出拉力的大小；根据杠杆的平衡条件判定拉力的变化。
【解答】解：如图：
θ＝45°，拉力的方向沿水平方向，阻力的方向是竖直方向，根据等腰直角三角形的知识可知，F的力臂与G的力臂是相同的，根据杠杆的平衡条件可知，动力等于阻力，所以F＝150N；
若保持拉力水平方向，让杠杆顺时针缓慢旋转一个小角度到虚线位置，此时的动力臂变小，阻力臂变大，在阻力不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，拉力将变大。
故答案为：150；变大。
【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用，利用好杠杆的平衡条件是解题的关键。
19．【答案】30；0；1500；24。
【分析】（1）机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F＝f＝0.1G＝0.1mg求出机器人所受牵引力；
（2）做功的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在力的方向上移动距离，二者缺一不可；
（3）根据W＝Fs求出牵引力对机器人做的功，利用P＝＝＝Fv求出牵引力对机器人做功的功率。
【解答】解：（1）因机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，机器人所受牵引力：F＝f＝0.1G＝0.1mg＝0.1×30kg×10N/kg＝30N；
（2）由于机器人沿水平方向运动，在重力的方向上没有移动的距离，所以重力不做功，即重力做功为0J；
（3）牵引力对机器人做的功：W＝Fs＝30N×50m＝1500J，
牵引力对机器人做功的功率：P＝＝＝Fv＝30N×0.8m/s＝24W。
故答案为：30；0；1500；24。
【点评】本题考查了二力平衡条件和重力公式、做功公式、功率公式的应用，难度不大，易于解答。
20．【答案】300；37.5；80。
【分析】（1）已知行李箱的质量、提升的高度（斜坡高），根据公式W＝Gh＝mgh可求克服行李箱重力做的功（有用功）；
（2）已知拉力的大小、斜坡长，根据公式W＝Fs可求拉力做的总功；利用功率公式计算拉力做功的功率；
（3）斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：（1）克服行李箱重力做的功（有用功）：
W有用＝Gh＝mgh＝30kg×10N/kg×1m＝300J；
（2）拉力做的总功：W总＝Fs＝125N×3m＝375J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝37.5W；
（3）斜面的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%。
故答案为：300；37.5；80。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率和机械效率的计算，属于基础题目。
21．【答案】0.5；0.2；2。
【分析】（1）图中有2.5个波长，故可求得波长的大小，根据f＝计算周期的大小；
（2）根据速度公式的变形式t＝可求出需要的时间。
【解答】解：由图可知，1.25m有2.5个波长，此波波长是：λ＝＝0.5m，
周期是：T＝＝0.2s；
根据速度公式得，此波传播需要的时间为：t＝＝＝2s。
故答案为：0.5；0.2；2。
【点评】本题考查了波长和频率的关系、以及波速的计算，读懂波形，根据波的图象能求出波长是关键。
22．【答案】（1）吸收热量；（2）A；（3）不变。
【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫热值，热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类和状态有关。
【解答】解：（1）用相同的装置加热，在相同时间内，加热装置放出的热量是相同的，实验中通过加热时间来反映两种液体吸收热量的多少；
（2）根据图乙可知，加热5min，两种液体吸收的热量是相同的，温度变化慢的，吸热能力越强，由图可知，A液体升温慢，A液体的吸热能力强，A液体的比热容大；
（3）热值是燃料自身的一种特性，与质量无关，所以剩余的酒精热值不变。
故答案为：（1）吸收热量；（2）A；（3）不变。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力和热值，考查转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
23．【答案】
【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从哑铃重心做竖直向下的力，并标明字母G。
（2）力臂是支点到力的作用线的距离，据此画出F的力臂。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从哑铃的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为其所受重力示意图；
图中杠杆O为支点，从O作F作用线的垂线，垂线段为F的力臂，如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图以及力臂的作图，属于一道基础题。
24．【答案】
【分析】通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。
【解答】解：只将导线中电流方向改变，磁场方向不变，则导体受力方向改变，原来通电导体受力水平向右，现在通电导体受力水平向左；如图所示：
。
故答案为：。
【点评】本题考查的是通电导体在磁场中受力作用；知道通电导体受力的方向与电流方向和磁场方向有关。
三、解答探究题（本大题共6小题，共46分）计算型问解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分
25．【答案】（1）左；（2）81；30；（5）将乙烧杯中的酒精倒入甲烧杯直至标记处；（6）0.85；偏大。
【分析】（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，平衡螺母向上翘的一端调节；
（2）冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
（5）（6）算出从乙烧杯倒入甲烧杯酒精的质量和酒精的体积（冰墩墩的体积），由密度公式算出酒精的密度，将冰墩墩从酒精中取出时会带出一部分酒精，会使烧杯乙及剩余酒精的总质量偏小，进而判断出酒精体积的偏差，由密度公式判断出所测出酒精密度的偏差。
【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，此时指针右偏，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
（2）冰墩墩的质量为：m＝50g+20g+10g+1g＝81g；
陶瓷材料的密度为ρ＝2.7×103kg/m3＝2.7g/cm3，
由ρ＝可得冰墩墩的体积为：
V＝＝＝30cm3；
（5）（6）将冰墩墩取出，将乙烧杯中的酒精倒入甲烧杯直至标记处，乙烧杯内减少的酒精的体积就是冰墩墩的体积，即V酒＝30cm3，
乙烧杯减小的酒精的质量为：
m酒＝m1﹣m2＝135.2g﹣109.7g＝25.5g，
酒精的密度为：
ρ酒＝＝＝0.85g/cm3；
将冰墩墩从酒精中取出时会带出一部分酒精，会使烧杯乙及剩余酒精的总质量偏小，根据m酒＝m1﹣m2知测量的酒精质量偏大，由ρ＝知用本方案所测出的酒精密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）81；30；（5）将乙烧杯中的酒精倒入甲烧杯直至标记处；（6）0.85；偏大。
【点评】本题考查了液体密度的测量，考查了天平的使用，密度的计算以及误差的分析，一定要熟练掌握。
26．【答案】（1）水吸收的热量为6.72×105J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量为1.12×106J；
（3）燃气灶烧水时的效率为60%。
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；
（2）知道天然气的体积和热值，利用Q放＝Vq计算煤气完全燃烧放出的热量，
（3）利用效率公式求燃气灶烧水的效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0 ）
＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）
＝6.72×105J；
（2）天然气完全燃烧放热：
Q放＝Vq＝4×107J/m3×0.028m3＝1.12×106J，
（3）燃气灶烧水的效率：
η＝×100%＝×100%＝60%。
答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量为1.12×106J；
（3）燃气灶烧水时的效率为60%。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
27．【答案】（1）拉力的功率为80W；
（2）滑轮组提升该重物时的机械效率为75%；
（3）如果不计绳重和摩擦，将重为400N的钢材匀速提起时，机械效率约为66.7%。
【分析】（1）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求拉力做功的功率；
（2）利用W有＝Gh求有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
（3）不计绳重和摩擦时，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力；不计摩擦及绳重，提升动滑轮做的功为额外功，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，据此求将重为400N的钢材匀速提起时滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh＝2×2m＝4m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝400N×4m＝1600J，
拉力做功的功率：P＝＝＝80W；
（2）拉力做的有用功：W有＝Gh＝600N×2m＝1200J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；
（3）因为不计绳重和摩擦时，拉力F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×400N﹣600N＝200N，
不计摩擦及绳重，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，
则将重为400N的钢材匀速提起时，滑轮组的机械效率：
η′＝×100%＝×100%≈66.7%。
答：（1）拉力的功率为80W；
（2）滑轮组提升该重物时的机械效率为75%；
（3）如果不计绳重和摩擦，将重为400N的钢材匀速提起时，机械效率约为66.7%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用好两个关系式：不计绳重和摩擦时，拉力F＝（G+G动）、滑轮组的机械效率η＝＝＝＝。
28．【答案】（1）3D灯印笔快挡的电功率为80W；
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率为75%；
（3）R1的阻值为1595Ω。
【分析】（1）3000imp/（kW•h），是指每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁了3000次，据此求指示灯闪烁8次打印笔消耗的电能，利用P＝求得3D灯印笔快挡的电功率。
（2）根据Q吸＝cmΔt算出15g的塑料条从20℃加热到260℃吸收的热量，由效率公式η＝算出3D打印笔快挡打印时的热效率。
（3）当开关接1、2时，R1与R2串联，利用P＝求此时电路中的总电阻，由于串联电路中总电阻等于各分电阻之和，可求R1的阻值。
【解答】解：（1）3000imp/（kW•h）是指电路中每消耗1 kW•h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，
指示灯闪烁8次，3D打印笔消耗的电能：
W＝kW•h＝kW•h＝9600J；
3D打印笔快挡打印时的电功率为：
P快＝＝＝80W；
（2）15g的塑胶从20℃加热到260℃吸收的热量为：
Q吸＝cmΔt＝2×103J/（kg•℃）×15×10﹣3kg×（260℃﹣20℃）＝7200J，
3D打印笔快挡打印时的热效率为：
η＝＝×100%＝75%；
（3）根据电路图可知，当开关接1、2时，R1与R2串联，电路中电阻较大；当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，电路中电阻较小，根据P＝可知，总电阻越大，功率越小，故开关接1、2时为低温挡，接2、3时为高温挡；
由P＝知，当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，此时电路中R2的电阻：
R2＝＝605Ω，
当开关接1、2时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻：
R总＝＝2200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R1＝R总﹣R2＝2200Ω﹣605Ω＝1595Ω。
答：（1）3D灯印笔快挡的电功率为80W；
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率为75%；
（3）R1的阻值为1595Ω。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是打印笔不同挡位时电路连接方式的判断。
29．【答案】（1）串；磁场；机械；（2）相反；（3）电磁感应；发电机。
【分析】（1）电流表应串联接入电路中；通电导体在磁场中受力运动；
（2）通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向、磁场方向有关；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象。
【解答】解：（1）电流表在测量电流时，应串联接入电路；电流表通电后线圈转动，带动指针偏转；撤去磁体再次通电，指针不动，这说明电流表指针偏转的原因是通电线圈在磁场中受力转动，这与电动机的工作原理相同；
（2）若让电流从电流表的“﹣”接线柱流入，“+”接线柱流出，磁场方向不变，电流方向改变，指针偏转方向改变，会与（1）中的偏转方向相反，因此使用电流表时不能把接线柱接反；
（3）若在电流表“+”“﹣”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导线中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。
故答案为：（1）串；磁场；机械；（2）相反；（3）电磁感应；发电机。
【点评】本题考查电磁感应现象、电流表的工作原理、电动机和发电机的工作原理，属于基础题。
30．【答案】（1）如图所示；（2）2；0.5；4；（3）3.9；（4）灯丝电阻随温度的变化而变化；B；（5）电路中的电流太小，电流表无法测出。
【分析】（1）伏安法测量电阻的电路中，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和小灯泡并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式；
（2）（3）根据电表的量程读出电表的示数，根据欧姆定律计算电阻；求出三电阻测量值的平均值，以减小误差；
（4）定值电阻的I﹣U图象是正比例图线，阻值变化的I﹣U图象是曲线；知道灯丝的电阻随温度的变化而变化；
图线中a、b相交处的电阻相等，因灯泡的电阻增大，由图线b可知，所以RA＜RC＜R交点，据此分析回答；
（5）根据串联电路中电流和电压的规律进行分析和计算。
【解答】解：（1）分析实验电路，首先从电源正极出发，依次连接到电源负极，电压表和未知电阻Rx并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式，电路中连接错误的导线为滑动变阻器C接线柱与待测电阻右端的连线，正确的电路连接如图所示：
（2）如图乙所示，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2V，如图丙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电压表的示数为0.5A，根据欧姆定律可得此次测得电阻Rx的阻值为：Rx＝＝＝4Ω；
（3）小明又测出了两次Rx的阻值，分别为3.9Ω和3.8Ω，Rx的阻值应为三次电阻测量值的平均值，即为：
Rx＝＝＝3.9Ω；
（4）图a是正比例图线，表示定值电阻的I﹣U图象，图b是曲线，表示灯泡的阻值是变化的；
由图线可知，a、b相交处的电阻相等，即：R＝R交点，
由图线b可知，灯泡两端的电压变大时，电流变大，根据P＝UI灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯泡的电阻增大，
所以RA＜RC＜R交点，即：RA＜RC＜RB；
（5）定值电阻R1的阻值约为300Ω，电源电压不超过3V，由欧姆定律可知通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；
故答案为：（1）如图所示；（2）2；0.5；4；（3）3.9；（4）灯丝电阻随温度的变化而变化；B；（5）电路中的电流太小，电流表无法测出。
【点评】本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接、滑动变阻器的连接方式、电流表的读数方法、串联电路中电压规律和欧姆定律的计算等知识，属中考的热点题。