2023年重庆八中中考物理模拟试题（一）（含答案）

这是一份2023年重庆八中中考物理模拟试题（一）（含答案），共24页。试卷主要包含了选择题，填空作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年重庆八中中考物理模拟试卷（一）
一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）
1．（3分）下列估测正确的是（　　）
A．成年人正常的步行速度约为4km/h
B．家用电冰箱正常工作的功率约为1000W
C．一个中学生的体积约500dm3
D．人双脚站立时对地面的压强约1.5×105Pa
2．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因
B．电流做功越快的用电器，消耗的电能也一定越多
C．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力强
D．电阻是导体本身的特性，与通过导体的电流成反比，与导体两端的电压成正比
3．（3分）第24届冬季奥林匹克运动会在北京市和张家口市联合举办。冰球是比赛项目之一，近年来越来越被大众喜爱。如图为冰球选手备战训练的瞬间。下列说法中正确的是（　　）

A．运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员受到惯性作用
B．运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与手对球杆的力是一对相互作用力
C．冰球运动员在加速滑行过程中，若外力全部消失，运动员将做加速直线运动
D．推出的冰球在水平冰面上滑行，冰球对冰面的压力是由于冰球的弹性形变产生的
4．（3分）如图所示，关于下列四幅图描述正确的是（　　）

A．图甲中，电动机工作时，将机械能转化为电能
B．图乙中，动圈式话筒的工作原理与该图相同
C．图丙中，电话的听筒部分工作原理为“磁场对电流的作用”
D．图丁中，指南针静止时，指向地磁南极的是指南针的N极
5．（3分）如图所示，下列与浮力有关的事例说法正确的是（　　）
A．图甲中，向杯中不断加盐，鸡蛋所受浮力不变
B．图乙中，舰载机起飞后，航母受到的浮力不变
C．图丙中，静止在空中的热气球调大火焰开始上升，它所受到浮力不变
D．图丁中，同一支密度计静止在不同液体中，A的密度小于B的密度
6．（3分）如图所示，是科技小组设计的监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变。闭合开关S，当水流的速度变大时，下列说法正确的是（　　）

A．电流表示数变小、电压表示数变大
B．电压表示数与电流表示数的比值变小
C．电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变大
D．电路消耗的总功率变小，电压表与电流表示数的乘积可能变大
7．（3分）如图所示，水平桌面上三个相同的烧杯中装满甲、乙、丙三种不同液体，将完全相同的三个小球分别放入三个烧杯中，球在甲液体中沉底且对杯底有压力，球在乙液体中漂浮，球在丙液体中悬浮，下列说法正确的是（　　）

A．甲、乙、丙液体的密度大小关系：ρ甲＞ρ丙＞ρ乙
B．三个小球排开液体质量的大小关系：m甲＝m丙＞m乙
C．小球放入后与放入前相比，烧杯对桌面的压强变化量大小关系：Δp甲＞Δp乙＝Δp丙
D．若将三个小球取出（小球带出的液体忽略不计），液面稳定后，液体对容器底部压力变化量的大小关系是：ΔF甲＝ΔF乙＝ΔF丙
二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图题2分，其余每空1分，共12分）
9．（2分）小磁针静止时，指向地理北方的磁极叫 　 　极，电磁感应现象是英国物理学家 　 　发现的。
10．（2分）如图所示电路中，定值电阻R1、R2分别标有“15Ω 6V”和“20Ω 10V”字样，若想要R1与R2串联，则甲应为 　 　（选填“电压表”或“电流表”）；当开关S1闭合，S2断开，甲、乙均为电流表时，甲表示数最大为 　 　A。

11．（2分）如图所示，甲、乙为两个质量均匀的圆柱体，放置在水平地面上，它们的底面积之比是2：3，高度之比也是2：3，它们对水平地面的压强相等；那么甲、乙的密度之比ρ甲：ρ乙＝　 　，如果将甲、乙分别沿水平方向截去相同高度，并将截去部分叠放在对方剩余部分上，最终甲、乙对水平地面的压强之比p甲：p乙＝　 　。

12．（2分）如图是薄壁柱形容器，内盛有30cm深的水，现将绳子的一端固定，另一端挂一个底面积为20cm2，高为7.5cm的柱形物体，把物体从接触水面开始向下移动4.5cm，物体的上表面刚好与水面相平（水不溢出，物体与容器壁无接触），此时容器中水对容器底部的压强为　 　Pa，柱形容器对桌面的压强变化了　 　Pa。

13．（2分）如图所示电路，电源两端电压保持不变。当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P移到阻值最大端B点时，灯L的电功率为PL，电流表的示数为I1；当开关S1断开、S2闭合时，灯L的电功率为PL'，电流表的示数为I2。已知PL：PL'＝9：25。通过闭合或断开开关及移动滑动变阻器的滑片P，会形成不同的电路，在这些不同的电路中，电路
消耗的最大功率与电路消耗的最小功率之比为3：1（灯丝电阻不随温度改变），则RB：R1＝　 　；当开关S1，S2都断开，滑动变阻器的滑片P在某点c时，变阻器接入电路的电阻为Rc，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，已知U1：U2＝3：2，Rc的电功率为10W。通过闭合或断开开关及移动滑动变阻器的滑片P使电路消耗的功率最大时，灯正常发光。求灯的额定功率为 　 　W。

14．（2分）如图所示，木块静止在斜面上，请画出木块所受摩擦力的示意图。

15．（2分）如图所示，开关闭合后，请在括号内用字母N或S标出小磁针右侧的磁极方向
三、实验探究题（本题共5小题，15题6分，16题8分，17题8分，共22分）
16．（3分）在探究“影响压力作用效果的因素”时，取三个质量相同的圆柱形容器A、B、C，它们底面积的关系是SA＝SB＜SC。在三个容器中分别倒入适量的水和盐水，其中B、C两容器中液体质量相同。将它们分别放在三块相同的海绵上，如图甲、乙、丙所示。

（1）实验过程中可以通过观察海绵的 　 　来比较压力的作用效果；
（2）通过比较 　 　两次实验，探究压力的作用效果与受力面积大小的关系；
（3）若将丙容器放在木板上，则丙中海绵受到的压强和木板受到的压强大小关系p海绵　 　p木板（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
17．（3分）某同学用U形管压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。

（1）在使用U形管压强计前，U形管两端水面恰好相平；
（2）实验中，是通过U形管压强计U形管两端液面的 　 　来反映被测压强大小的；
（3）图1乙、图1丙和图1丁中，压强计探头处在水中同一深度，橡皮膜朝向不同的方向，经观察可以得到结论：在同种液体的同一深度，　 　；
（4）图2中A杯盛有水，B杯盛有盐水，（ρ水＜ρ盐水），同一个压强计的探头在A、B中受到的浮力的大小关系是FA　 　FB。（选填“＞”、“＜”、“＝”或“无法确定”）。
18．（4分）同学们利用如下器材来探究“浮力的大小”，实验过程如图所示：
（1）你觉得图1中合理的实验顺序是 　 　。
（2）小明同学在图A、B、C、D中，弹簧测力计的示数分别为2.5N、1.4N、1N、2N，发现石块受到的浮力F浮大于排开水的重力G排，造成这种结果不可能的原因是 　 　。
A.弹簧测力计都没有校零
B.步骤B中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部
C.石块吸水
D.在进行B步骤前，溢水杯中的水没有加满
（3）小红同学对该实验进行了改变，如图2所示，将容器放在升降台C上，用升降台调节溢水杯的高度来控制物体排开液体的体积，小红逐渐调高升降台，发现在重物浸没之前，随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A示数的变化量 　 　弹簧测力计B示数的变化量（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而证明了F浮＝G排。在这个过程中容器对升降台C的压力 　 　（选填“变大”、“变小”、“不变”）。

19．（4分）小明想用天平、烧杯及足量的水测量一块鹅卵石的密度，实验步骤如下：

（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往 　 　（选填“左”或“右”）调；
（2）将鹅卵石放在调好的天平上测质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为 　 　g；
（3）如图乙所示，把鹅卵石轻轻放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，测出烧杯、水和鹅卵石的总质量为161.8g；
（4）将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，如图丙所示，用调好的天平测出杯和水的总质量为142g，
（5）根据所测数据，计算出鹅卵石的密度为 　 　kg/m3；
（6）若小明在第（3）步的测量过程中，用镊子添加砝码并向右旋动平衡螺母，直到天平平衡，此错误操作将导致所测密度 　 　（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）。
20．（8分）电流、电压和电阻是电学中最基本的三个物理量。为了探究电流与电压的关系，小聪设计了如图1甲所示的电路。其中电源电压为3V，R是定值电阻，可供选择的滑动变阻器为R1“30Ω”和R2“10Ω”。

（1）用笔画线代替导线，将图1乙中的电路连接完整（要求：滑片P向D端移动时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）；
（2）小聪正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表有明是偏转。电流表无示数，则发生的故障可能是R 　 　（选填“短路”或“断路”）；
（3）电路故障排除后，小聪闭合开关，多次改变了滑动变阻器的滑片位置，记录电压表和电流表的示数，记录数据如表所示，分析可知他选用的滑动变阻器是 　 　（填“R1”或“R2”）。
次数
一
二
三
四
五
U/V
1
1.5
2.0
2.5
3
I/A
0.1
0.15
0.2
0.25
0.3
（4）小聪将实验数据点绘制在了如图1丙所示的I﹣U坐标系中，分析图像可得出：电阻一定时，电流与电压成 　 　。为了使结论更具有普遍性，小聪用一个5Ω的电阻替换原电阻接入电路，重复之前的实验过程。通过这次的实验数据绘制的图像会在图1丙中的 　 　（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）区。
（5）接下来，小聪利用图1甲所示的电路，继续探究“电流与电阻的关系”。电源电压仍为3V，电流表（0﹣0.6A）、电压表（0﹣3V），他还准备了阻值为2Ω、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的五个定值电阻，以及最大阻值为10Ω的滑动变阻器。小聪先将阻值为20Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，电流表的示数为0.12A。接着，他换用其他电阻继续实验，并调节变阻器滑片，使电压表示数均为 　 　V，并记录电流表的示数。
（6）当他最后换上2Ω的电阻后，发现无法完成实验，其原因是：　 　。
（7）小聪用除2Ω外的其他电阻完成了探究“电流与电阻的关系”的实验，如图2所示图像中，能大致反映本实验中各物理量之间关系的是 　 　。（填字母）
四、计算题（第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分）
21．（6分）如图所示是王老师上班骑的电动自行车，整车质量为40kg。
（1）若王老师骑电动自行车以6m/s的速度匀速行驶时，则王老师骑行10min通过的路程为多少m？
（2）若王老师的质量是70kg，他骑电动自行车行驶在水平路面上，行驶过程中每个轮胎与地面的接触面积为50cm2，则电动自行车对地面的压强为多少Pa？

22．（8分）在抗击新冠肺炎疫情期间，中医为诊疗发挥了积极作用，成为世界瞩目的“中国战法”重要组成部分。如图甲所示为小艺同学家的电中药壶，有“猛火”和“文火”两个挡位，工作电路简化为图乙所示，其中S'为挡位开关，R1、R2为定值电阻，A、B为阻值可忽略不计的指示灯。当电中药壶处于猛火挡时，红灯亮；处于文火挡时，绿灯亮。已知电中药壶额定电压为220V，猛火挡的额定功率为2420W，R2＝180Ω。
（1）求电中药壶以猛火挡工作时的额定电流；
（2）求电中药壶文火挡的额定功率；
（3）暑假的一天晚上，小艺用电中药壶帮奶奶熬药，先用猛火挡加热6min至沸腾后，再用文火挡慢熬30min，共消耗电能0.3kW•h，由此计算电中药壶的实际电压。

23．（8分）如图所示，足够高的圆柱形容器A放在水平面上，内放个装满水的圆柱形容器B（B厚度不计，且与A底部未紧密贴合）。容器A底面积为300cm2，容器B质量为800g，底面积为200cm2，高度为20cm。正方体木块边长为10cm，密度为0.5g/cm3（每个木块放入容器B后会立即吸水100g），求：
（1）木块未放入水中时，容器B中的水对容器B底部的压强；
（2）把一个木块缓慢放入容器B中，当木块最终静止时，溢出的水的体积；
（3）把n个木块缓慢放入容器B中，然后全部取出，容器B能够在A中浮起时，n的最小值（不计取出木块时表面沾的水）。


2023年重庆八中中考物理模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）
1．【解答】解：A、成年人正常的步行速度约为1.1m/s≈4km/h，故A正确；
B、家用电冰箱正常工作的功率约为200W，故B错误；
C、一个中学生的体积约50dm3，故C错误；
D、中学生的体重在G＝500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04m2左右，双脚对水平地面的压强在p＝＝＝＝1.25×104Pa左右，故D错误。
故选：A。
2．【解答】解：A、电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因，故A正确；
B、电流做功越快的用电器，消耗的电能不一定越多，还要看时间是否相同，故B错误；
C、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力弱，故C错误；
D、电阻是导体本身的特性，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关，故D错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，但不能说受到惯性作用，故A错误；
B、运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与手对球杆的力不是同时作用在两个物体上的力，且大小不等，所以不是一对相互作用力，故B错误；
C、根据牛顿第一定律知，运动员加速滑行时，若外力全部消失，运动员将以原来的速度做匀速直线运动，故C错误；
D、推出的冰球在水平冰面上滑行，冰球对冰面的压力是由于冰球的弹性形变产生的，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：A、图甲中，是发电机工作原理，将机械能转化为电能，故A错误；
B、图乙是电动机的工作原理，扬声器的工作原理与该图相同，动圈式话筒是利用电磁感应来工作的，故B错误；
C、图丙中，电话的听筒中有一个铁片，当线圈中的电流忽大忽小时，电流的磁场对它的磁力忽大忽小，铁片就会振动起来，它是利用电流的磁效应来工作的，故C错误；
D、图丁中，指南针静止时，指向地磁南极（地理北极）的是指南针的N极，故D正确。
故选：D。
5．【解答】解：A、图中鸡蛋悬浮在水中，则鸡蛋的密度等于水的密度；向图中的杯子中加盐，水的密度变大，大于鸡蛋的密度，鸡蛋将上浮，在鸡蛋上表面没有露出液面之前，鸡蛋排开盐水的体积不变，根据F浮＝ρgV排知，鸡蛋受到的浮力变大；当鸡蛋漂浮在液面上静止后，鸡蛋受到的浮力等于自身的重力，不再变化，所以浮力先变大后不变，故A错误；
B、舰载机起飞后，航母自重减小，因航母仍漂浮，航母受到的浮力变小，故B错误；
C、静止在空中的热气球调大火焰开始上升，热气球的体积受热膨胀，根据F浮＝ρ空气V排g可知它所受到浮力变大，故C错误；
D、同一支密度计放在A、B两种液体中都漂浮，则F浮A＝F浮B＝G，由图知密度计排开液体的体积V排A＞V排B，根据F浮＝ρ液V排g可得ρ甲＜ρB，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：
A、根据电路图可知，两电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流：
流体的压强跟流速有关，流速越大的位置（上表面流速大），压强越小，当水流速度增大时，上表面压强小于下表面压强，R2滑片上移，变阻器连入电路的阻值变小，由电阻串联的规律知，电路的总电阻变小，由欧姆定律I＝可知，电路的电流变大，电流表示数变大；根据U＝IR可知，R1两端的电压变大，由串联电路电压的规律可知，电压表示数变小，故A错误；
B、电压表示数变小，电流表示数变大，所以电压表示数与电流表示数的比值变小，故B正确；
C、根据串联电路的电压规律可知，R1两端的电压变化量等于R2两端的电压变化量，则电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值为定值电阻的阻值，因为定值电阻的阻值不变，所以电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，故C错误；
D、电路的电流变大，根据P＝UI知电路消耗总电功率变大，由于电压表示数变小，电流表示数变大，所以电压表与电流表示数的乘积可能变大，也可能变小，故D错误。
故选：B。
7．【解答】解：
AB、A球沉底部，物体受到的浮力F甲＜GA，液体密度ρ甲＜ρA，
B球漂浮，物体受到的浮力F乙＝GB，液体密度ρ乙＞ρB，
C球悬浮，物体受到的浮力F丙＝GC，液体密度ρ丙＝ρC，
因三个小球完全相同，可得到三容器中液体的密度大小关系是：ρ乙＞ρ丙＞ρ甲；
也可得到三容器中物体受到浮力的大小关系是：F甲＜F乙＝F丙，
F浮＝G排＝m排g，三个小球排开液体质量的大小关系是：m甲＜m乙＝m丙；故AB错误；
C、烧杯底部对桌面的压力等于容器中所有物体的总重力，
放入物体前烧杯对桌面的压力为：F＝G容器+G水﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
放入物体后烧杯对桌面的压力为：F'＝G容器+G水+G球﹣G排﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G水相等，
据此可得：放入物体前后烧杯对桌面的压力变化量：ΔF＝F'﹣F＝G球﹣G排，
由阿基米德原理知：G排＝F浮，所以ΔF＝G球﹣G排＝G球﹣F浮，
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则GA＞F甲，GB＝F乙，GC＝F丙；
由于mA＝mB＝mC，则GA＝GB＝GC，所以ΔF甲＞ΔF乙＝ΔF丙，
又由p＝可知，由于三容器底面积相同，故Δp甲＞Δp乙＝Δp丙，故C正确；
D、柱形容器中，ΔF液压＝ΔF浮，由于容器中物体受到浮力的大小关系是：F甲＜F乙＝F丙，
故取出物体后液体对容器底部压力的变化量的大小关系为：ΔF甲＜ΔF乙＝ΔF丙，故D错误。
故选：C。
二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图题2分，其余每空1分，共12分）
9．【解答】解：（1）由于地球的周围存在地磁场，所以地球周围的小磁针（指南针）都要受到地磁场的作用而指向南北方向，小磁针静止时，指向地理北方的磁极叫北极。
（2）英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，进一步发明了发电机。
故答案为：北；法拉第。
10．【解答】解：若想要R1与R2串联，则甲、乙两表都应为电压表且两开关均闭合；
当开关S1闭合，S2断开，甲、乙均为电流表时，两电阻并联接入电路，电流表甲测量干路电流，电流表乙测量通过R2的电流；
由于并联电路各支路两端电压相等，定值电阻R1、R2分别标有“15Ω 6V”和“20Ω 10V”字样，即R1两端的最大电压为6V，R2两端的最大电压为10V，所以电源电压为6V；
因并联电路各支路两端电压相等，所以通过R1、R2的电流分别为：I1＝＝＝0.4A，I2＝＝＝0.3A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以甲的最大示数：I＝I1+I2＝0.4A+0.3＝0.7A。
故答案为：电压表；0.7。
11．【解答】解：（1）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，均匀圆柱体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，
则甲、乙的密度之比：
＝＝＝；
（2）将甲、乙分别沿水平方向截去相同高度Δh，并将截去部分叠放在对方剩余部分上，
由G＝mg＝ρVg＝ρShg可得，最终甲、乙对水平地面的压力分别为：
F甲＝G甲剩+G乙截＝ρ甲S甲（h甲﹣Δh）g+ρ乙S乙Δhg＝ρ乙×S乙（h乙﹣Δh）g+ρ乙S乙Δhg＝ρ乙S乙h乙g，
F乙＝G乙剩+G甲截＝ρ乙S乙（h乙﹣Δh）g+ρ甲S甲Δhg＝ρ乙S乙（h乙﹣Δh）g+ρ乙×S乙Δhg＝ρ乙S乙h乙g，
则F甲：F乙＝ρ乙S乙h乙g：ρ乙S乙h乙g＝2：3，
最终甲、乙对水平地面的压强之比：
＝＝×＝×＝。
故答案为：3：2；1：1。
12．【解答】解：（1）柱形物体的高度h＝7.5cm，把物体从接触水面开始向下移动4.5cm，物体的上表面刚好与水面相平，
则水面上升的高度：Δh＝h﹣h下＝7.5cm﹣4.5cm＝3cm，
此时容器中水的深度：h水′＝h水+Δh＝30cm+3cm＝33cm＝0.33m，
此时容器中水对容器底部的压强：p＝ρ水gh水′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.33m＝3300Pa；
（2）柱形物体排开水的体积：V排＝Sh＝20cm2×7.5cm＝150cm3，
由V＝Sh可得，容器的底面积：S＝＝＝50cm2，
柱形物体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×150×10﹣6m3＝1.5N，
因柱形物体对水的压力和水对柱形物体浮力是一对相互作用力，
所以，柱形容器对桌面压力的增加量：ΔF＝F浮＝1.5N，
柱形容器对桌面压强的变化量：Δp＝＝＝300Pa。
故答案为：3300；300。
13．【解答】解：当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P移到B端时，灯泡L与滑动变阻器R2串联；
当开关S1断开、S2闭合时，灯泡L与电阻R1串联，
根据P＝I2R可得，电流表的示数I1与I2的比值：
＝＝＝＝；
由I＝得，电源电压：
U＝I1（RL+R2）＝I2（RL+R1），
因为I1：I2＝3：5，
所以，代入数据整理得，2RL＝3R2﹣5R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
因为电源电压不变，
所以根据P＝可得：
当S1、S2都闭合，电路中只有灯L接入电路时，电路消耗的功率最大；
当S1、S2都断开，电路中三电阻串联时，电路消耗的功率最小。
当电源电压一定，电路消耗的最大功率与电路消耗的最小功率之比：
＝＝，
整理得，2RL＝R1+R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
联立①②可解得，R2：R1＝3：1，即RB：R1＝3：1，RL＝2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；
当开关S1，S2都断开时，灯泡L与电阻R1、R2串联，电压表V1测L与R1两端的总电压，电压表V2测R1与R2两端的总电压，
＝＝，
整理得，2RL＝R1+3Rc﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，
联立③④可解得，RL＝Rc，
则电路中的电流为：I＝＝＝
则Pc＝I2Rc＝（）2＝＝10W，则＝62.5W；
由于电路消耗功率最大时，灯L正常发光，
所以P总大＝＝P额，
所以P额＝＝＝62.5W。
故答案为：3：1；62.5。
14．【解答】解：
木块静止在斜面上，由于受重力的作用，所以物体有向下的运动趋势，则物体受到沿斜面向上的摩擦力f，摩擦力的作用点在接触面的中点处，如图所示：

15．【解答】解：由图知，开关闭合后，电流从螺线管右端流入、左端流出，
根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左侧为N极，右侧为S极；
由磁极间的作用规律可知，小磁针的左侧为N极，右侧为S极。如下图所示：

三、实验探究题（本题共5小题，15题6分，16题8分，17题8分，共22分）
16．【解答】解：（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
（2）B、C两容器中液体的质量相同，由G＝mg可知重力相同，B、C对海绵的压力等于重力，比较乙、丙两图所示实验可知，压力的大小相同，受力面积大小不同，海绵的凹陷程度不同，故可以得出压力作用效果与受力面积大小的关系；
（3）根据p＝可知，无论将容器放在海绵上，还是放在木板上，容器对海绵和木板的压力F都相同，容器和海绵、木板间的接触面积S也相同，故丙中海绵受到的压强和木板受到的压强大小相同，即p海绵＝p木板。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）乙、丙；（3）＝。
17．【解答】解：（2）在该实验装置中，将压强计的金属盒放入液体中，如果U形管两边的液面出现液面高度差，表示液体内部存在压强，且液体内部压强越大，液面高度差越大，故微小压强计是利用U形管两边液面的高度差表示液体压强大小的，这是利用了转换法；
（3）图1乙、丙和丁中，压强计探头处在水中同一深度，橡皮膜朝向不同的方向，三图中U形管两端液面的高度差相同，说明在该深度的不同方向压强相同，即在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强都相等；（4）根据F浮＝ρ液gV排可知，排开液体的体积相同，盐水的密度大，故压强计探头在乙中的所受的浮力比较大，即FA＜FB。故答案为：（2）高度差；（3）液体向各个方向的压强都相等；（4）＜。
18．【解答】解：（1）要先测物体的重力或空桶的重力，然后再把物体没入水中，测出物体受到的浮力，最后再测出桶和溢出水的总重力，故图1中合理的实验顺序是CABD；
（2）根据F浮＝G﹣F可知，石块浸没在水中受到的浮力为：
F浮＝FA﹣FB＝2.5N﹣1.4N＝1.1N；
排开水的重力为：
G排＝FD﹣FC＝2N﹣1N＝1N；
所以，F浮＞G排，
A、若弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故A不可能；
B、步骤B中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部，容器对石块有支持力，测的FB偏小，则利用F浮＝FA﹣FB偏大，故B有可能；
C、石块吸水，会使溢水杯溢出水的体积减小，导致排开水的重力减小，故C有可能；
D、若最初溢水杯中的水未装至溢水口，则石块排开水的只有一部分溢出到桶中，排开水的重力G排减小，故D有可能；
故选：A；
（3）重物浸入水中的体积变大时，排开液体的体积变大，
根据F浮＝ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，弹簧测力计A的示数变化即为F浮；
重物浸入水中的体积变大时，排开水的体积变大，则溢出水的质量变大，所以弹簧测力计B的示数变大；
根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A示数的变化量和弹簧测力计B的示数变化量相等；
将烧杯、水和物体看做一个整体，容器对升降台C的压力等于烧杯和烧杯内水的总重与物体的重力之和再减去物体受到的拉力（大小等于测力计的示数），即F压＝G杯+G杯内水+G物﹣F示，而G物﹣F示＝F浮，
所以F压＝G杯+G杯内水+F浮，根据阿基米德原理，F浮＝G排水，
所以F压＝G杯+G杯内水+G排水，由于杯内的水和排出的水的总重等于原来杯子里的水，是个定值，所以，在这个过程中容器对升降台C的压力不变。
故答案为：（1）CABD；（2）A；（3）等于；不变。
19．【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左端的零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往左调；
（2）由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，鹅卵石的质量为：m石＝20g+10g+1.8g＝31.8g；
（5）烧杯、水和鹅卵石的总质量为：m总＝161.8g，
烧杯中原有水和烧杯的总质量为：
m总'＝m总﹣m石＝161.8g﹣31.8g＝130g，
将鹅卵石从水中取出后，加水至标记处，加水的质量为：
m加＝m总''﹣m总'＝142g﹣130.0g＝12g，
又因为加水的体积等于鹅卵石的体积，
所以鹅卵石的体积为：
V石＝V加＝＝＝12cm3，
鹅卵石的密度为：
ρ石＝＝＝2.65g/cm3＝2.65×103kg/m3；
（6）向右旋动平衡螺母相当于向右盘添加砝码，所以导致（3）中测量的烧杯、水和鹅卵石的质量偏小，进而导致得到的鹅卵石的体积偏大，由ρ＝可知，导致所测密度偏小。
故答案为：（1）左；（2）31.8；（5）2.65×103；（6）偏小。
20．【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向D移动，电路中电流变小，即电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图所示：
；
（2）如果电阻R断路，则电路断路，电流表无示数，电压表与电源两端相连，电压表示数接近电源电压，故电路故障是电阻R断路；
（3）根据串联电路的电压特点，结合实验一的数据，可知此时滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣U1＝3V﹣1V＝2V，根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑＝＝＝20Ω＞10Ω，故选用的滑动变阻器是R1；
（4）由图象可知，在电阻一定的情况下，电流与电压的图象为一条直线，则表明：导体的电阻一定时，导体中的电流与该导体两端的电压成正比；
由表格数据知定值电阻为：
R＝＝＝10Ω；
为了使结论更具有普遍性，用一个5Ω的电阻替换原电阻接入电路，定值电阻的阻值变小，根据串联分压特点可知定值电阻两端的电压变小，通过这次的实验数据绘制的图象会在丙图中的Ⅰ区；
（5）探究“电流与电阻的关系”，应控定值电阻两端的电压不变；
将阻值为20Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，电流表的示数为0.12A，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压UV＝IVR＝0.12A×20Ω＝2.4V，换用其他电阻继续实验，并调节变阻器滑片，使电压表示数均为2.4V，并记录电流表的示数；
（6）当他最后换上2Ω的电阻后，根据欧姆定律可知电路中的电流：
I′＝＝＝1.2A，电流表选用0～0.6A的量程，发无法完成实验，其原因是：电流表的量程不够大；
（7）A、因电压表示数不变，即电流与R之积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A错误；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B错误；
C、定值电阻的电压为2.4V，电源电压为3V，由分压原理，变阻器的电压为0.6V，变阻器与R的比值为1：4，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C正确；
D、根据P＝可知，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D错误。
故选：C。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）R1；（4）正比；Ⅰ；（5）2.4；（6）电流表的量程不够大；（7）C。
四、计算题（第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分）
21．【解答】解：（1）骑行时间：t＝10min＝600s，
根据v＝可得骑行10min通过的路程：s＝vt＝6m/s×600s＝3600m；
（2）质量是70kg的人骑电动自行车行驶在水平路面上，
则电动自行车对地面的压力：
F＝G总＝（m车+m人）g＝（40kg+70kg）×10N/kg＝1100N，
受力面积S＝2×50cm2＝100cm2＝0.01m2，
电动自行车对地面的压强：
p＝＝＝1.1×105Pa。
答：（1）王老师骑行10min通过的路程为3600m；
（2）电动自行车对地面的压强为1.1×105Pa。
22．【解答】解：指示灯的阻值忽略，当开关S闭合，S′打至触点M时，电路为两电阻和指示灯B的串联的电路，此时电路中总电阻较大，根据P＝UI＝可知总功率较小，电中药壶处于文火挡；
当开关S闭合，S′打至触点N时，电路为R1和指示灯A的串联电路，此时电路中总电阻较小，根据P＝UI＝可知总功率较大，电中药壶处于猛火挡。
（1）根据P＝UI可知电中药壶以猛火挡工作时的额定电流I＝＝＝11A；
（2）猛火挡的额定功率为2420W，根据P＝UI＝可知R1＝＝＝20Ω；
当开关S闭合，S′打至触点M时，电路为两电阻和指示灯B的串联的电路，电中药壶处于文火挡，故电中药壶文火挡的额定功率P文火＝＝＝242W；
（3）设实际电压为U实，W实＝0.3kW•h＝1.08×106J，
根据W＝UIt＝t可知消耗的总电能W实＝t1+t2＝×6×60s+×30×60s，
即：1.08×106J＝×6×60s+×30×60s，
解出U实＝200V。
答：（1）电中药壶以猛火挡工作时的额定电流为11A；
（2）电中药壶文火挡的额定功率为242W；
（3）电中药壶的实际电压为200V。
23．【解答】解：（1）木块未放入水中时，容器B中水对容器B底部的压强：
pB＝ρ水ghB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20×0.01m＝2000Pa；
（2）木块的体积：V木＝（10cm）3＝1000cm3，
由ρ＝可知，木块的质量：
m木＝ρ木V木＝0.5g/cm3×1000cm3＝500g＝0.5kg，
木块的重力：
G木＝m木g＝0.5kg×10N/kg＝5N，
因为木块的密度小于水的密度，因此木块在水中最终静止，
由物体的漂浮条件可知，此时木块受到的浮力：
F浮＝G木＝5N，
由F浮＝ρ水gV排可知，
溢出的水的体积为：
V排＝＝＝5×10﹣4m3；
（3）容器B中装满水时水的体积：
VB＝SBhB＝200cm2×20cm＝4000cm3，
由ρ＝可知，容器B中装满水时水的质量为：
m水＝ρ水VB＝ρ水SBhB＝1.0g/cm3×200cm2×20cm＝4000g＝4kg；
B容器中水和容器的总质量为：
mB总＝m水+mB＝4000g+800g＝4800g＝4.8kg；
从容器B中溢出质量为m的水至容器A中，则此时容器B的总质量为：
mB总＝4.8kg﹣m；
当容器B刚好漂浮时，此时B所受浮力等于B容器的总重力，即：
F浮B＝mB总g＝（4.8kg﹣m）g；
容器A中水的质量为m，
结合密度公式可知在容器A中水的体积为：
hA（SA﹣SB）＝；
当容器B刚好漂浮时，B容器排开水的体积：
V排′＝hASB；
此时B容器受到的浮力：
F浮B＝ρ水gV排′，
整理后得：（4.8kg﹣m）g＝ρ水gV排′＝×SBg＝×200cm2g＝2mg；
所以有：4.8kg﹣m＝2m，
解得：m＝1.6kg，
由物体的漂浮条件可知，需要木块的总重力：
G总＝F浮＝G排＝mg＝1.6kg×10N/kg＝16N，
所以需要木块的个数：n＝＝＝3.2≈4。
答：（1）木块未放入水中时，容器B中的水对容器B底部的压强为2000Pa；
（2）把一个木块缓慢放入容器B中，当木块最终静止时，溢出的水的体积为5×10﹣4m3；
（3）把n个木块缓慢放入容器B中，然后全部取出，容器B能够在A中浮起时，n的最小值为4。