2021年黑龙江省大庆市中考物理试题试卷（教师版）

这是一份2021年黑龙江省大庆市中考物理试题试卷（教师版），共18页。试卷主要包含了选择题，作图题，实验探兖题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年黑龙江省大庆市中考物理试卷
一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合要求)
1．手机无线充电技术是通过电磁感应原理来实现充电的，该原理的发现者是(　　)
A．奥斯特 B．欧姆 C．焦耳 D．法拉第
【分析】闭合电路的一部导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象。
【解答】解：手机无线充电技术的原理是电磁感应现象，该原理是法拉第发现的。
故选：D。
【点评】本题考查了电磁感应现象，属于基础题。
2．下列数据中与生活实际情况相符的是(　　)
A．一只鸡蛋所受的重力约为50N
B．人感觉温暖而舒适的室内温度约为35℃
C．中学生步行上学的速度约为1.2m/s
D．初中学生课桌的高度约为0.7dm
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一只鸡蛋所受的重力约为0.5N，故A错误；
B、人感觉温暖而舒适的室内温度约为25℃，故B错误；
C、中学生步行上学的速度约为1.2m/s，符合实际，故C正确；
D、初中学生课桌的高度约为0.7m，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3．关于声现象，下列说法中正确的是(　　)
A．声音在不同物质中传播速度是相同的
B．高架道路两旁建隔音墙、道路旁植树等可以有效地减弱噪声的传播
C．航天员在飞船内或飞船外工作时，只能利用电子通信设备进行交流
D．可以利用超声波预测地震、侦测台风等
【分析】(1)声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，在固体中传播速度最快，但不能在真空中传播。
(2)减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
(3)声音可以传递信息和能量。
【解答】解：A、声音在不同介质中传播速度不同，故C错误；
B、道路旁植树可以有效减弱噪声的传播，属于在传播过程中减弱声音，故B正确；
C、声音不能在真空中传播，航天员在飞船外工作时，只能利用电磁波来传递信息，在飞船内有气体，可以直接通话故C错误；
D、地震、台风发生时会发出次声波，根据发出的次声波可以检测地震和台风，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了声音传播、防治噪声的途径、声音的利用等，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础。
4．关于热现象，下列说法中正确的是(　　)
A．热传递的实质是能量从内能大的物体向内能小的物体转移的过程
B．以目前的科技水平，热机的效率无法达到100%
C．初冬季节，在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
D．晶体和非晶体在熔化过程中随着持续吸收热量，温度会不断升高
【分析】(1)热传递的实质是能量从高温物体传向低温物体，或从一个物体的高温部分传向低温部分的过程；
(2)任何机器的效率都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%；
(3)白气是液化现象；
(4)晶体有固定的熔点，而非晶体没有。
【解答】解：
A、热传递的实质是能量从高温物体传向低温物体，或从一个物体的高温部分传向低温部分的过程，内能大的物体的温度不一定高，故A错误；
B、在使用热机过程中，废气会带走一部分热量、燃料不可能完全燃烧、不可避免的要克服机器部件摩擦做额外功，效率不可能达到100%，故B正确；
C、在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故C错误；
D、晶体有固定的熔点，在熔化时，吸收热量，温度不变，而非晶体没有固定的熔点，在熔化时，吸收热量，温度持续上升，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了热传递、热机的效率、物态变化、晶体和非晶体的熔化特点，属于基础题。
5．下列说法中正确的是(　　)
A．额温枪是利用红外线热效应来工作的
B．手机之间通话是利用光纤传送的
C．核电站是利用核聚变原理来发电的
D．能量是守恒的，不存在能源危机
【分析】(1)红外线在生活中可用于电视遥控器、夜视仪等。
(2)电磁波的传播不需要介质，无线电通信利用电磁波传递信息。
(3)核能的利用包括：裂变和聚变，核电站利用核裂变发电。
(4)随着科技的进步，人类对能源的需求量大大增大，为了防止出现能源危机，要积极开发新能源。
【解答】解：A、额温枪是利用红外线热效应来工作的，故A正确；
B、手机之间通话是利用电磁波传送的，故B错误；
C、核电站是利用核裂变原理来发电的，故C错误；
D、能量是守恒的，但存在能源危机，故D错误。
故选：A。
【点评】知道红外线的应用、电磁波传递信息，明确核电站的工作原理，理解能量守恒和能源危机，可解答此题。
6．关于力和运动，下列说法中正确的是(　　)
A．子弹在空中飞行，是因为子弹受到惯性的作用力大于空气阻力
B．人站在沼泽地上会下陷，是因为人对地面的压力大于地面对人的支持力
C．系安全带是为了减小车内人员的惯性
D．物体运动速度改变的过程中，一定受到力的作用
【分析】(1)惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用；
(2)相互作用力的特点：大小相等、方向相反，在一条直线上，在两个物体上；
(3)惯性的大小只与质量有关；
(4)力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：
A、子弹在空中飞行，是因为子弹具有惯性；惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，大小相同，故B错误；
C、系安全带是为了减小惯性给车内人员带来的危害，故C错误；
D、物体运动速度改变了，则物体一定受到力的作用，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了相互作用力、力与运动的关系、惯性，难度不大，要牢记。
7．关于各图所涉及的物理现象及说明的问题，下列说法中不正确的是(　　)
A．图甲：筷子“断”为两截，说明光线从一种物质斜射入一种物质时发生折射
B．图乙：小球向下摆动过程中速度变大，说明小球位置越低动能越大，机械能越大
C．图丙：红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈
D．图丁：向小船中间的水域冲水时，两小船相互靠近，说明液体流速越大的地方压强越小
【分析】(1)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射；
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能和势能的和；
(3)温度越高，分子的无规则运动越剧烈；
(4)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
【解答】解：
A、插入水中的筷子，由于筷子反射的光线从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到筷子在水中的部分是向上弯折。此时看到的像是筷子的虚像，故A正确；
B、小球向下摆动过程中速度变大，质量不变，动能变大，高度变小，重力势能变小；由于小球在运动的过程中克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，所以机械能减小，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散得快，这说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；
D、向小船中间的水域冲水时，两小船中间水的流速大，压强小，小车外侧水的流速小，压强大，在压强差的作用下两小船相互靠近，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了光的折射现象、机械能的变化、分子热运动、流体压强与流速的关系，考查的知识点多，难度不大。
8．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，三幅图中均是完全相同的木块和木板，图甲、图乙中木板静止，木块、铁块水平向右做匀速直线运动；图丙中电动装置D带动木板水平向左做匀速直线运动，弹簧测力计水平拴在竖直墙上，木块相对地面处于静止状态。下列说法中正确的是(　　)
A．若图丙中木板做加速运动，则弹簧测力计读数一定不等于木块受到的摩擦力大小
B．利用甲、乙两图，可以探究滑动摩擦力大小跟接触面粗糙程度是否有关
C．图甲与图丙相比，甲中弹簧测力计指针位置更稳定，读数更准确
D．利用甲、乙两图，可以探究滑动摩擦力大小跟压力大小是否有关
【分析】(1)影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度；在压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大；在接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力就越大；
(2)在图丙所示方案中，拉动木板运动时，木块静止，处于平衡状态，此时木块受到的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，由弹簧测力计的示数即可求出木块受到的滑动摩擦力；而原来的实验中不容易控制木块做匀速直线运动。
【解答】解：
A、若图丙中木板做加速运动，木块相对于地面处于静止状态，水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，则弹簧测力计读数一定等于木块受到的摩擦力大小，故A错误；
BD、利用甲、乙两图可知，接触面的粗糙程度相同，压力的大小不同，可以探究滑动摩擦力大小跟压力大小是否有关，故B错误，D正确；
C、当拉动长木板运动的过程中，无论木板是否做匀速直线运动，正方体木块保持静止状态，根据二力平衡的条件知：此时弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，弹簧测力计不动，容易读数，故C错误。
故选：D。
【点评】此题主要考查了二力平衡条件的应用，通过对两个装置的对比，更加体现了丙实验装置的优越性，把握住是否能保持正方体木块匀速直线运动或静止状态，是解答此题的关键所在。
9．一定质量的物体在水平拉力的作用下沿同一水平面做直线运动，其路程(s)﹣时间(t)关系如图所示，下列正确的是(　　)

A．物体20s时的速度大于8s时的速度
B．0～12s物体所受的拉力大于12s～24s物体所受的拉力
C．0～12s拉力做的功大于12s～24s拉力做的功
D．0～12s拉力做功的功率小于12s～24s拉力做功的功率
【分析】(1)从图象上分别读出0～12s和12～24s过程中通过的距离，然后根据比较物体运动快慢的方法分析解答(运动相同的路程比时间，时间越短，速度越快；相同时间比路程，路程越长，速度越快)；
(2)根据处于平衡状态的物体受到的力是平衡力得出0～12s和12s～24s两段中拉力和摩擦力的关系，然后根据摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关得出0～12s和12s～24s两段的摩擦力关系，进而可得两段中的拉力关系；
(3)根据W＝Fs比较拉力做功；
(4)根据P＝比较拉力做功的功率。
【解答】解：
A、从图象上看，0～12s和12s～24s物体以不同的速度做匀速直线运动，而0～12s通过的路程是6m，12～24s通过路程为2m，因为相同时间内通过的路程越多，速度越大，因此0～12s过程中的速度大于12～24s的过程中的速度，即物体20s时的速度小于8s时的速度，故A错误；
B、由图象可知，物体在0～12s和12s～24s均做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，同一物体对水平面压力相等，接触面的粗糙程度不变，故物体受到的摩擦力相等，所以0～12s物体所受的拉力等于12s～24s物体所受的拉力，故B错误；
C、由AB知，0～12s物体所受的拉力等于12s～24s物体所受的拉力，物体0～12s通过的路程大于12～24s通过路程，由W＝Fs可知，0～12s拉力做的功大于12s～24s拉力做的功，故C正确；
D、0～12s拉力做的功大于12s～24s拉力做的功，而两段时间相同，根据P＝可知，0～12s拉力做功的功率大于12s～24s拉力做功的功率，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查速度、功和功率的大小比较，读懂图像，并能从图像中获取相关信息是解答此题关键。
10．如图甲所示，电源电压U恒定不变，R为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器滑片P从a移向b的过程中，电路的总功率、定值电阻R的功率及滑动变阻器的功率与电流的关系图线如图乙所示，下列说法中正确的是(　　)


A．滑动变阻器功率为0.72W滑片位置有2处，此2处电流表示数之和为1A
B．电压表示数与电流表示数比值不变
C．电压表示数的减少量与电流表示数的增加量比值减小
D．当电流表示数为1A时，滑动变阻器的滑片P处于a端
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据P＝I2R滑可知，滑动变阻器的功率与电流图像为二次函数图像，因此图3为滑动变阻器的功率与电流图像，由P＝UI可知，图1为电路总功率与电流图像，则图2为定值电阻的功率与电流关系图像，当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路电流最大，根据图像读出最大电流1A时电路的总功率，利用P＝UI求出电源电压，利用欧姆定律求出定值电阻的阻值；
(1)根据P＝I2R滑＝()2R滑表示滑动变阻器的功率0.72W，并求出两处滑动变阻器接入电路的阻值，再根据欧姆定律分别求出电流，进一步求出此2处电流表示数之和；
(2)将电压表示数和电流表示数的比值转化为电阻的阻值进行分析；
(3)根据串联电路电压规律和电流规律可知定值电阻R＝，进一步得出电压表示数与电流表示数比值变化；
(4)当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路电流最大，根据图像可知电路最大电流。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据P＝I2R滑可知，滑动变阻器的功率与电流图像为二次函数图像，因此图3为滑动变阻器的功率与电流图像，由P＝UI可知，图1为电路总功率与电流图像，则图2为定值电阻的功率与电流关系图像；
由电路图和图1可知，当电路电流为最大1A时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路的总功率最大，即3W，由P＝UI可知，电源电压：U＝＝＝3V，
由I＝可得，定值电阻的阻值：R＝＝＝3Ω；
A、当滑动变阻器功率为0.72W时，由P＝I2R滑＝()2R滑可得：0.72W＝()2R滑
解答：R滑1＝2Ω，R滑2＝4.5Ω
则I1＝＝＝0.6A，I2＝＝＝0.4A，
此2处电流表示数之和：I′＝I1+I2＝0.6A+0.4A＝1A，故A正确；
B、因串联电路各处电流相等，电压表测滑动变阻器两端电压，因此电压表示数和电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，而滑片P从a移向b的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，因此其比值变小，故B错误；
C、由串联电路电压规律和电流规律可知，定值电阻：R＝，因此电压表示数的减少量与电流表示数的增加量比值等于定值电阻的阻值，即比值不变，故C错误；
D、当滑动变阻器的滑片在b端时，接入电路的阻值为0时，电路电流最大为1A，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，能从图象中判断电路中的最大电流以及最大功率是本题的突破口。
二、填空题(本大题共4小题，其中12题(1)两空各1分，其它每空2分，共20分)
11．小明同学设计了如图甲所示的滑轮组装置，当施加图乙所示随时间变化的水平拉力F时，重物的速度v随时间t变化的关系如图丙所示。不计绳与滑轮的重量及滑轮转动时的摩擦，绳对滑轮的拉力方向近似看成水平方向。在0﹣1s内，重物受到地面的摩擦力为 　100　N，在2s﹣3s内，拉力F做功的功率为 　300　W。
【分析】(1)从乙图中找出0～1s内对应的拉力F1，由图丙可知，物体在0﹣1s内速度为0，处于静止状态，根据二力平衡条件可知重物受到地面的摩擦力；
(2)由丙图象得出在2～3s内的拉力F2，由v﹣t图象得出物体移动的速度，然后可求求出拉力F的移动的速度，利用P＝＝＝Fv求拉力做功功率。
【解答】解：(1)在0～1s内，拉力F1＝100N，由图丙可知，物体在0﹣1s内速度为0，处于静止状态，
则在0﹣1s内，重物受到地面的摩擦力f＝F1＝100N，
(2)由图丙可知在2～3s内，重物做匀速运动，v＝2.50m/s，
由图甲可知，拉力F＝40N，
从动滑轮上直接引出的绳子股数n＝3，
拉力F的作用点绳子自由端在水平方向运动的速度v′＝3v＝3×2.50m/s＝7.5m/s，
拉力做功功率(总功率)：
P总＝＝＝Fv＝40N×7.5m/s＝300W；
故答案为：100；300。
【点评】本题是一道力学综合题，涉及到滑轮组、功的计算，能从题目提供的图中得出相关信息是本题的关键。
12．(6分)在“探究凸透镜成像规律”实验中，所选凸透镜的焦距为10.0cm。
(1)当点燃的蜡烛、凸透镜和光屏处在图中所示位置时，光屏上呈现了烛焰清晰的像，像的性质是倒立的 　放大　(选填“放大”或“缩小”)的实像，　投影仪　(选填“照相机”或“投影仪”或“放大镜”)就是根据这一原理工作的；
(2)若将蜡烛和光屏对调，光屏上 　能　(选填“能”或“不能”)呈现烛焰清晰的像；
(3)若用不透明纸片将凸透镜的镜面遮挡住一小部分，此时光屏上 　烛焰的像变暗了些　(选填“烛焰的像不完整”或“会有纸片的像”或“烛焰的像变暗了些”)。

【分析】(1)物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距，其应用是投影仪或幻灯机；
(2)光的折射现象中光路可逆；
(3)凸透镜成像属于光的折射现象，物体发出的光线经凸透镜折射后，会聚在凸透镜另一侧的光屏上，形成物体的实像；如果凸透镜的口径大，透过的光多，像就亮；口径小，透过的光少，像就暗。
【解答】解：(1)如图所示，此时物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，应用这一原理可制成投影仪；
(2)若将蜡烛和光屏对调，根据光路可逆可知，光屏上能呈现烛焰清晰的像；
(3)凸透镜被遮住一部分，光屏上仍然会出现完整的像，但是通过凸透镜的光线减少，所成的像会变暗一些。
故答案为：(1)放大；投影仪；(2)能；(3)烛焰的像变暗了些。
【点评】本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
13．如图为即热式电热水龙头，打开水龙头开关，几秒就可以流出热水。已知某品牌电热水龙头的额定功率是4000W，额定电压是220V，则该电热水龙头正常工作时的电阻是 　12.1　Ω；不计热量损失，该水龙头正常工作8.4s，可使0.4kg的水从21℃升高到 　41　℃。[水的比热容为c水＝4.2×103J/(kg•℃)]

【分析】(1)根据R＝计算电阻；
(2)根据W＝Pt计算电能，不计热量损失时，消耗的电能全部转化为水吸收的热量，即W＝Q＝cm△t计算温度。
【解答】解：(1)电热水龙头的电阻为：R＝＝＝12.1Ω；
(2)水龙头8.4s消耗的电能为：W＝Pt＝4000W×8.4s＝33600J；
不计热量损失时，Q＝W＝33600J；
水升高的温度：△t＝＝＝20℃，此时水温为：21℃+20℃＝41℃。
故答案为：12.1；41。
【点评】本题考查电阻的计算和比热容的相关计算，属于常规计算分析，难度不大。
14．(6分)某商场自动感应门俯视图如图所示，以O为圆心半径为2m的虚线圆为感应区，即当有物体进入虚线圆内时，宽度均为2m的两扇感应门立即向两边以v0＝0.1m/s的速度匀速开启。某次，商场工作人员推动宽为D＝40cm的货物在水平地面上匀速通过该门，货物的中央始终在门的中心线s上，该过程中货物受到的地面支持力与货物受到的 　重力　是一对平衡力；推动货物过程中会有摩擦生热，摩擦生热是通过 　做功　(选填“做功”或“热传递”)方式来改变内能的；为能安全通过，工作人员匀速推动货物的速度应不超过 　1　m/s。

【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
改变内能的方法有两种：做功和热传递；
由题可知，要使货物安全通过感应门，则货物到感应门处时，感应门打开的宽度至少为40cm，其运动的时间和物体的运动时间相同，由速度公式解题。
【解答】解：货物在水平地面上匀速直线运动，竖直方向上受力平衡，受到竖直向上的地面支持力与货物受到竖直向下的重力是一对平衡力；
推动货物过程中会有摩擦生热，这是通过克服摩擦做功的方式来改变内能的；
由题可知，货物的宽度为D＝40cm，感应门打开的宽度至少为40cm，可知每扇运动的距离为s1＝0.2m，
感应门运动的时间：t1＝＝＝2s
物体的运动时间：t2＝t1＝2s；
货物的运动速度：v2＝＝＝1m/s。
故答案为：重力；做功；1。
【点评】本题考查的是速度的一般运算、改变内能的方法、平衡力的辨别，基础性强，难度不大。
三、作图题(本大题共2小题，每小题3分，共6分)
15．(3分)如图，利用轻杆将小球A固定在小车上，整体静止在水平面上。以球心为作用点，作出小球A所受力的示意图。

【分析】对小球受力分析，然后作出力的示意图。
【解答】解：利用轻杆将小球A固定在小车上，整体静止在水平面上，小球处于静止状态，受力平衡，受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，作用点在球的中心，如图所示：

【点评】本题考查了力的示意图的画法，属于基础题。
16．(3分)如图，已知静止在通电螺线管右端小磁针N极的指向，请用箭头在磁感线上标出磁感线的方向并在括号内用“正”“负”标出电源的正负极。


【分析】已知小磁针N极的指向，根据磁极间的相互作用，可以确定通电螺线管的磁极；在磁体周围的磁感线都是由磁体的N极出来，回到S极；根据安培定则判定电源正负极。
【解答】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针S极靠近的螺线管右端一定是N极，其左端为S极；
在磁体的外部，磁感线方向从N极指向S极，方向向左；根据图示的线圈绕向和螺线管的N极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极；如下图所示：

【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
四、实验探兖题(本大题共2小题，17题前两空各1分，其它每空2分，共20分)
17．(6分)某物理兴趣小组在“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，做了如图甲所示实验，图中底面积为50cm2的圆柱形容器放在水平桌面上，容器内盛有适量的水，底面积为25cm2的实心圆柱形物体A用轻质细线悬挂在弹簧测力计下端。图乙为物体A缓慢下移过程中，弹篑测力计示数F与物体A下表面浸入深度h的关系图象。(实验过程中容器内水足够深且不会溢出，物体A不会接触到容器底部，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg)

(1)图甲中弹簧测力计示数F为 　2.4　N；
(2)物体A位于h＝10cm时，向水里加入适量的食盐并搅拌，稳定后发现弹簧测力计的示数F变小，说明浮力的大小与液体的密度 　有关　(选填“有关”或“无关”)；
(3)利用图乙数据，可求出物体A的密度为 　1.4×103　kg/m3；
(4)h从0增到10cm时，水对容器底部的压强增大了 　1000　Pa。
【分析】(1)图甲中，根据弹簧测力计的分度值读数；
(2)根据称重法，由F浮＝G﹣F示求出浸没时的浮力大小，根据弹簧测力计示数的变化得出浮力的大小与液体密度有关；
(3)根据物体完全浸没时测力计的示数，由F浮＝G﹣F计算出完全浸没时所受的浮力；根据阿基米德原理求出物体的体积，根据密度公式求出物体的密度；
(4)h从0增到10cm时，物体全部浸没，由h＝求得水上升的高度，由p＝ρgh可求得压强增加量。
【解答】解：
(1)图甲中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数F1＝2.4N；
(2)物体A位于h＝10cm时，物体全部浸没，向水里加入适量的食盐并搅拌，弹簧测力计的示数变小，浮力增大，说明浮力的大小与液体密度有关；
(3)由图乙知，物体浸没时测力计的示数为1N，可知此时受到的浮力F浮＝G﹣F＝3.5N﹣1N＝2.5N；
根据F浮＝ρ水gV排，可知A物体的体积为V＝V排＝＝2.5×10﹣4m3，
物体的密度为ρ＝＝＝＝1.4×103kg/m3；
(4)h从0增到10cm时，物体全部浸没，水上升的高度△h＝＝＝0.1m，
水对容器底部的压强增大△p＝ρg△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa。
故答案为：(1)2.4；(2)有关；(3)1.4×103；(4)1000。
【点评】此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用。
18．(14分)某电学实验小组设计了以下几组实验：
(1)实验一：利用图1电路来探究电流与电阻的关系，实验中控制电压表示数为U0不变。
①开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于图中最 　右　(选填“左”或“右”)端；将电阻箱调至某阻值，闭合开关，调节滑动变阻器时，发现电压表示数始终为零而电流表示数有明显变化，经检查是由于 　电阻箱　被短路而造成的；
②排除故障后，调节电阻箱阻值R，进行多次实验，得到I与关系如图2所示，U0＝　2　V。
(2)实验二：将图1中电阻箱换成标有“2.5V”字样的小灯泡，实验得到图3所示I﹣U图象，则小灯泡的额定功率为 　1.25　W；当通过小灯泡的电流为0.4A时，小灯泡的电阻为 　2.5　Ω。

(3)实验三：利用图4所示电路再次测量实验二所测小灯泡的额定功率，已知电源电压恒为10V，定值电阻R0＝5Ω。调节变阻器滑片，使电流表A2的示数为 　0.5　A时，读出电流表A1的示数，即可算出小灯泡的额定功率。为了确保实验安全，滑动变阻器应选R1“10Ω 1.2A”和R2“50Ω 0.8A”两种规格中的 　R1　(选填“R1”或“R2”)。
【分析】(1)①为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处；
电路故障分析：当电流表有示数，电压表示数为0，故障一定是短路，电压表测谁的电压，则谁被短路；
②根据U0＝IR计算得到；
(2)根据图3知，找出额定电压下的电流，根据P＝UI算出小灯泡的额定功率；
由图像找出当通过小灯泡的电流为0.4A时的电压，根据欧姆定律算出小灯泡的电阻；
(3)分析电路连接及电流表测量的电流，根据并联电路电压的特点和欧姆定律得出灯正常发光时，电流表A2的示数；
选择合适的滑动变阻器，再保证电路安全下，从电压着手，分别计算出对应的电压，再进行选择。
【解答】解：(1)①为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最右端；
电流表示数不为0，说明电路是短路，电压表示数为0，说明与电压表并联的部分短路，即电阻箱短路了；
②由I与关系图线知，当电流为0.1A时，为0.05，则R＝20Ω，则电压U0＝IR＝0.1A×20Ω＝2V；
(2)灯泡的额定电压为2.5V，根据图3可知道对应的电流I＝0.5A，则灯的电阻R＝＝＝5Ω；
灯的额定功率P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；
(3)R0＝5Ω定值电阻与灯并联，A2测通过R0的电流；A1测通过灯的电流，根据并联电路电压的规律，灯正常发光时，定值电阻两端的电压也为2.5V，则通过R0的电流I0＝＝＝0.5A；
为了确保实验安全，已知电压电源为10V，灯和定值电阻两端的电压为2.5V，则滑动变阻器分得的电压为：10V﹣2.5V＝7.5V，分别计算滑动变阻器R1的电压U＝IR1＝1.2A×10Ω＝12V；滑动变阻器R2的电压U＝IR2＝0.8A×50Ω＝40V；故R1更适合。
答案为：(1)①右；电阻箱；②2；(2)1.25；2.5；(3)0.5；R1。
【点评】本题考查了电路的连接、实验的注意事项、故障分析以及图像的分析，其中图像的分析有一定的难度。
五、计算题(本大题共2小题，第19题6分，第20题8分，共14分。解题时要写出必要的文字说明、依据的主要公式或变形公式，运算过程和结果要写明单位，只有结果、没有过程不能得分)
19．(6分)某汽车在水平地面上以25m/s的速度匀速行驶，行驶600s汽车发动机产生的牵引力所做的功为3×107J，消耗汽油1kg(假设汽油在发动机气缸内完全燃烧，汽油热值取q＝5×107J/kg，g＝10N/kg)。针对这一过程，求：
(1)汽车行驶的路程；
(2)汽车受到的阻力；
(3)汽车发动机的效率。
【分析】(1)根据速度公式v＝的变形公式s＝vt求出汽车行驶的路程；
(2)根据汽车匀速行驶受到的阻力和牵引力是平衡力，根据公式W＝Fs的变形公式求出牵引力的大小即可得出汽车受到的阻力；
(3)根据公式Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的热量；根据效率的公式η＝×100%计算发动机的效率。
【解答】解：(1)由v＝得，汽车行驶的路程为：s＝vt＝25m/s×600s＝1.5×104m；
(2)因为汽车匀速直线行驶，所以受到的阻力和牵引力是平衡力，汽车受到的阻力为：
f＝F＝＝＝2×103N；
(3)1kg汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放＝mq＝1kg×5×107J/kg＝5×107J；
汽车发动机的效率为：
η＝×100%＝×100%＝60%。
答：(1)汽车行驶的路程为1.5×104m；
(2)汽车受到的阻力为2×103N；
(3)汽车发动机的效率为60%。
【点评】本题考查了速度公式、做功公式、燃烧放热公式、效率公式的综合应用，关键是公式及其变形时的灵活运用。
20．(8分)如图甲所示电路，小灯泡额定电压为5V，滑动变阻器R1、R2允许通过的最大电流均为1A，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，电源电压U保持不变。断开开关S2，闭合开关S、S1，R1的滑片从最右端逐渐滑向最左端过程中，小灯泡始终正常发光；保持R1的滑片在最左端不动，断开开关S1，闭合开关S、S2，在保证所有元件安全的情况下，将R2的滑片从最右端向左进行最大范围移动。图乙中A﹣B是移动滑动变阻器R1的滑片过程中电流表和电压表的示数关系图象，C﹣B是移动滑动变阻器R2的滑片过程中电流表和电压表的示数关系图象。(本题中小灯泡阻值会随着温度变化而变化)求：

(1)电源电压U；
(2)滑动变阻器R1和R2的最大阻值；
(3)整个过程中小灯泡工作时消耗的最小功率P。
【分析】(1)断开开关S2，闭合开关S、S1，R1和灯L串联，且R1接入的阻值为最大阻值，且不随滑片的移动而改变，电压表的示数会随着滑片的移动而改变，乙图A﹣B段为移动R1电流表和电压表的示数关系图象，电压表的最大示数U1为6V，灯正常发光时的额定电压UL＝5V，根据串联电路电压的特点：电源电压U＝UL+U1＝5V+6V＝11V；
(2)由R1＝可得；
断开开关S1，闭合开关S、S2，由图乙B﹣C可知，B点表示R2接入的电阻为0，C点表示R2接入最大阻值，此时电流为I＝0.3A，对应电压为9V；根据R＝计算电阻；
(3)A﹣B段小灯泡都正常发光，功率不变；B﹣C段，电流从0.3～0.5A，电压表的示数由6～9V；电源电压不变U＝11V，则小灯泡的电压为Umin＝11V﹣9V＝3V时，Imin＝0.3A时，小灯泡消耗功率最小Pmin＝UminI
【解答】解：(1)断开开关S2，闭合开关S、S1，R1和灯L串联，且R1接入的阻值为最大阻值，且不随滑片的移动而改变，电压表的示数会随着滑片的移动而改变，乙图A﹣B段为移动R1电流表和电压表的示数关系图象，电压表的最大示数U1为6V，灯正常发光时的额定电压UL＝5V，电源电压U＝UL+U1＝5V+6V＝11V；
(2)由图乙A﹣B段可得滑动变阻器最大电压为6V，电流I＝0.5A，则滑动变阻器R1的阻值R1＝＝＝12Ω；
断开开关S1，闭合开关S、S2，由图乙B﹣C可知，B点表示R2接入的电阻为0，C点表示R2接入最大阻值，此时电流为I＝0.3A，对应电压为9V；根据R2＝＝＝30Ω；
(3)A﹣B段小灯泡都正常发光，功率不变；B﹣C段，电流从0.3～0.5A，电压表的示数由6～9V；电源电压不变U＝11V，则小灯泡的电压为Umin＝11V﹣9V＝3V时，Imin＝0.3A时，小灯泡消耗功率最小Pmin＝UminI＝3V×0.3A＝0.9W。
答：(1)电源电压U为11V；
(2)滑动变阻器R1的最大阻值为12Ω，R2的最大阻值为30Ω；
(3)整个过程中小灯泡工作时消耗的最小功率为0.9W。
【点评】本题考查动态电路的电流、电压及电功率的分析，难度较大。