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    上海市静安区2020届-2022届高考物理三年模拟(二模)试题汇编-填空题
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    上海市静安区2020届-2022届高考物理三年模拟(二模)试题汇编-填空题

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    这是一份上海市静安区2020届-2022届高考物理三年模拟(二模)试题汇编-填空题,共12页。试卷主要包含了实际弹起高度等内容,欢迎下载使用。

    上海市静安区2020届-2022届高考物理三年模拟(二模)试题汇编-填空题

    1.(2022·上海静安·上海市市西中学二模)如图所示,将肥皂膜所附着的金属椭圆线圈竖直放置,观察肥皂膜上产生的干涉条纹,用绿光照射产生的干涉条纹比黄光照射时产生的条纹________(选填),若将金属线圈在竖直平面内缓慢旋转90度,则干涉条纹_____________(选填随同线圈旋转90保持不变)。

    2.(2022·上海静安·上海市市西中学二模)某汽车后备箱内撑起箱盖的装置,主要由气缸和活塞组成。开箱时,密闭于气缸内的压缩气体膨胀,将箱盖顶起,如图所示。在此过程中,若缸内气体与外界无热交换,则缸内气体对外做___________功(选填),气体温度______________(选填升高”“降低不变

    3.(2022·上海静安·上海市市西中学二模)质量为M的凹槽固定在水平地面上,其内壁是半径为R的光滑半圆柱面,截面如图所示,O是半圆的圆心,A为半圆的最低点,OB水平。凹槽内有一质量为m的小滑块,用推力F推动小滑块由A点向B点缓慢移动,力F的方向始终沿圆弧的切线方向,在此过程中推力F的最大值为____________,推力F所做的功为______________

    4.(2022·上海静安·上海市市西中学校考二模)下面图中图线一个表示某电池组的输出电压电流关系,另一图线表示其输出功率电流关系,则该电池组的内阻为_____Ω;当电池组的输出功率为120W时,电池组的输出电压是______V

     

    5.(2022·上海静安·上海市市西中学二模)某同学利用手机研究乒乓球与球台碰撞过程中能量损失的情况。他从一定高度由静止释放乒乓球,同时用手机记录下乒乓球与台面碰撞的声音随时间(单位:s)的变化图像如图所示。他根据图像记录了碰撞次序及相应碰撞时刻,如下表所示。若已知当地重力加速度g=9.80m/s2,根据以上信息可得:第3次碰撞后乒乓球的弹起高度约为___________m(保留2位有效数字),第3次碰撞后的动能是本次碰撞前动能的__________倍(保留2位有效数字)。由于存在空气阻力,前面计算的第3次碰撞后的弹起高度___________(选填高于低于)实际弹起高度。

    碰撞次序

    1

    2

    3

    4

    5

    碰撞时刻(s

    1.12

    1.58

    2.00

    2.40

    2.78

     

    6.(2020·上海静安·二模)将一定质量的0℃的冰溶为0℃的水,此时分子的总动能______,分子的总势能______。(选填减小不变增大

    7.(2020·上海静安·二模)如图所示,一带电粒子射入电场,虚线表示其运动轨迹,可以判断该粒子带的是______电荷;根据电场力做功特点:_______________,可以判断出该粒子沿虚线由P点运动到Q点与沿直线(图中未画出)由P点移动到Q点,电场力做的功相同。

    8.(2020·上海静安·二模)如图所示,将内壁光滑的金属细管制成半径为R的圆环,竖直放置,轻轻扰动静止于圆环最高点A处的小球,小球开始沿细管做圆周运动。已知小球的质量为m。则小球到达最低点时的向心加速度大小为___________;小球回到A点时受到的向心力为_____________

    9.(2020·上海静安·二模)如图所示,竖直放置的U形玻璃管左端封闭,右端开口。初始时,两管水银面等高,左管封闭的空气柱长8cm,大气压强为p0=75cmHg。给左管气体加热,封闭气柱长变为8.5cm,此时封闭气体的压强为________cmHg。保持加热后的温度不变,从右端再注入________cm的水银柱,气柱长可变回8cm

    10.(2020·上海静安·二模)电源和电阻R组成闭合电路,它们的UI关系图线如图所示。该电源的内阻为________,电源消耗的总功率为________W

    11.(2021·上海静安·二模)阴极射线和β射线的组成粒子都是________,其中________射线来自于原子核的外部。

    12.(2021·上海静安·二模)用手竖直握着一个圆柱形玻璃瓶使其保持静止,如果用更大的力握住玻璃瓶,则玻璃瓶受到的摩擦力大小将________(选填变大”“不变变小),现改为使玻璃瓶随手一起竖直向上匀速运动,则玻璃瓶受到的摩擦力方向为________

    13.(2021·上海静安·二模)一列波速为2 m/s的简谐横波在均匀介质中沿x轴正方向传播,t=0时刻波形如图所示。则x=0.1 m处的P质点的振动周期为________sx=1.0 m处的Q质点在t=_______s时第二次到达波峰。

    14.(2021·上海静安·二模)如图(a)所示,在一个玻璃瓶中放入一个气球,把气球的开口翻在玻璃瓶的瓶颈上。然后向气球吹气,如图(b)所示,气球不容易被吹大。这是因为当向气球内吹入气体时,_______(选填气球内气球与锥形瓶之间)的气体被密封且质量保持一定,体积________(选填变大”“不变变小),压强_______(选填变大”“不变变小)。

    15.(2021·上海静安·二模)如图所示,电梯由质量为1×103 kg的轿厢、质量为8×102 kg的配重、定滑轮和钢缆组成,轿厢和配重分别系在绕过定滑轮的钢缆两端,定滑轮与钢缆的质量可忽略不计。在与定滑轮同轴的电动机驱动下电梯正常工作,在轿厢由静止开始以2 m/s2的加速度向上运行1s的过程中,钢缆对轿厢的拉力所做的功为________J,电动机对电梯整体共做功________J。(取g=10 m/s2


    参考答案:

    1         保持不变

    【详解】[1]相邻干涉条纹对应的光程差为波长,即干涉条纹与波长正相关,绿光的波长小于黄光的波长,因此,在薄膜厚度变化相同的情况下,用绿光照射产生的干涉条纹比黄光照射时产生的条纹窄;

    [2]将金属线圈在竖直平面内缓慢旋转90度,肥皂膜在重力的作用下厚度的分布不会随着改变,因此,干涉条纹保持不变。

    2         降低

    【详解】[1]密闭于气缸内的压缩气体膨胀,将箱盖顶起,气体体积增大,缸内气体对外做正功;

    [2]缸内气体与外界无热交换,即,由于缸内气体对外做正功,即外界对气体做负功,即,根据热力学第一定律,可知气体的内能减小,气体温度降低。

    3     mg     mgR

    【详解】[1]设小滑块受到内壁的支持力大小为N,由于FN不为零时,方向始终垂直,根据平衡条件以及力的合成有

    当滑块到达B点时,N恰好为零,F具有最大值为mg

    [2]滑块从A缓慢运动至B,动能变化量为零,根据动能定理有

    所以推力F做的功为

    4     5     30

    【详解】[1]根据输出电压电流关系图像可知,当输出电流为0时,输出电压即为电源电动势,可得电源的电动势为50V,当输出电压为40V时,输出电流为2A,所以电源内阻两端电压为10V,由欧姆定律可求得电源的内阻为

    [2] 对于曲线,从图象中可以看出,当输出的功率为120W时,电流的大小为4A,由P=UI可知

     

    5     0.20     0.91     高于

    【详解】[1]由表可知第三次碰撞到第四次碰撞用时为0.4s,则碰撞后弹起的时间为0.2s,根据匀变速直线运动位移和时间的关系可得

    [2]第三次碰撞后的速度为

    根据机械能守恒可知,第三次碰撞前的速度等于第二次碰撞后的速度,即

    则第3次碰撞后的动能是本次碰撞前动能比为

    由题意可知,代入解得

    [3]由于存在空气阻力,乒乓球在上升的过程中受到向下的阻力和重力,乒乓球的动能转化为内能和重力势能,能达到的最高点低于理论高度,所以前面计算的第3次碰撞后的弹起高度高于实际弹起的高度。

    6     不变     增大

    【详解】[1][2]温度是分子平均动能的标志,所以0℃的冰和0℃的水的水分子的总动能相等,即不变。

    0℃的冰溶为0℃的水需要吸收热量。所以的冰的内能小于0℃的水的内能,而物体内能是分子的总动能和分子总势能之和。所以0℃的冰分子的总势能小于0℃的水分子的总势能,即分子的总势能增大。

    7         电场力做功与路径无关

    【详解】[1][2]由图可知,粒子受到的电场力的方向向右,与电场线的方向相反,所以粒子是负电荷。

    由公式

    可知,电场力做功的多少只取决于始末两点的电势差,以及通过这两点的电荷。也就是说不论电荷运动的路径如何,只要这两点间的电势差不变,电场力做功的多少也不会变。因此电场力做功与路径无关。

    8     4g     0

    【详解】[1][2]小球从AB的过程中,根据动能定理可得

    再根据向心力公式

    由牛顿第二定律

    联立以上等式可得

    小球从BA的过程中,根据动能定理可得

    再根据向心力公式

    联立以上等式可得

    9     76     5.75

    【详解】[1][2]依题得封闭气柱变长0.5cm,即如图所示

    左边与右边产生液面差为,此时对封闭气柱进行分析可得

    代入数据可得

    设需要加入水银,根据波意耳定律可得

    代入数据解得

    10     0.5     6

    【详解】[1][2]根据闭合电路欧姆定律得

    由图可知电源电动势

    内阻等于图像的斜率的绝对值,因此有

    代入数据可得

    由图可知,此时电流

    因此有

    代入数据可得

    11     电子     阴极

    【详解】[1]阴极射线和射线本质上都是电子流。

    [2]阴极射线来自原子的核外电子,而射线是由原子核中中子转化而来的。

    12     不变     竖直向上

    【详解】[1][2]手竖直握着一个圆柱形玻璃瓶使其保持静止,则重力和手对瓶子的摩擦力平衡,即f=mg,如果用更大的力握住玻璃瓶,则玻璃瓶受到的摩擦力大小不变,仍为mg;现改为使玻璃瓶随手一起竖直向上匀速运动,则玻璃瓶受力仍平衡,则受到的摩擦力方向为竖直向上。

    13     0.2     0.65

    【详解】[1]由波形图知道波长是0.4m,已知条件波速是2m/s,所以周期

    [2]这列波刚传到0.4m处,再传到Q质点需要的时间

    波此时刚传到0.4m处,在0.4m处的质点正在向下振动,所以Q质点起振方向也向下,所以Q质点第一次到波峰需要振动

    再经过一个周期0.2s第二次到波峰。所以Q质点第二次到波峰的时间是

    14     气球与锥形瓶之间     变小     变大

    【详解】[1][2][3]吹气球时,气球内的气体质量变大,压强变大,气球膨胀。由于瓶口被封住,气球内气体和气球与锥形瓶之间气体总体积不变,等于锥形瓶的容积,气球膨胀,体积增大,气球与锥形瓶间气体质量一定,体积减小,压强增大。

    15     1.2×104     5.6×103

    【详解】[1]对轿厢受力分析,受到重力和钢缆的拉力,根据牛顿第二定律可得

    解得

    1s内通过的位移为

    钢缆对轿厢的拉力所做的功为

    [2]对于质量为8×102kg的配重,牵引力做负功,其值为W。根据牛顿第二定律得

    解得

    因此起重机对配重做负功

    所以电动机对电梯共做功为

     

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