2022-2023学年湖南省岳阳市高二上学期1月期末考试物理试题（ PDF版）

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即U、I还应满足:U = 3－10I
在小灯泡的U—I图像中作出对应的函数图线，如图所示
则两个图线的交点即为小灯泡在电路中的工作点，所以通过小灯泡的电流I ≈ 0.2A，对应灯泡两端的电压U ≈ 1V，每盏小灯泡的功率P ≈ 0.2W。故选C。
8.解析：AB．振动膜片向右振动时电容器两极板的距离变小，根据
电容器的板间电场强度变大，根据电容增大，根据
在U不变的情况下，Q增大，电容器充电，R中电流方向向下，即从a到b的电流，a点的电势比b点的电势高，A错误B正确；
CD．振动膜片向左振动时电容器两极板的距离变大，根据
电容减小，根据
知，在U不变的情况下，Q减小，电容器放电，R中电流方向向上，即从b到a 的电流， C错误D正确。故选BD。
解析：由水平分运动为匀速运动可知，x=v0t,得ta 由w电=qEy可知，电场力对a和b做功相等，B对；由w电=qEy=-⊿EP电可知，D对；
由动量定理得，qEt=⊿p,y=at2/2可知，C对。故选BCD。
10. 解析：在撤去推力时，A受墙壁的作用力，故墙对A的冲量不为零，A错误，
撤去力后，B向右运动，弹簧弹力逐渐减小，当弹簧恢复原长时，A开始脱离墙面，这一过程机械能守恒，即满足：, 所以B的动量为,B错误
A脱离墙面后速度逐渐增加，B速度逐渐减小，此过程中弹簧逐渐伸长，当A、B速度相同时，弹簧弹性势能最大，这一过程系统动量和机械能均守恒，有：动量守恒：
机械能守恒：，解得 ，当弹簧由拉长状态再次变为原长时，A的速度刚好最大，类似一动碰一静，由二级结论得，CD正确。
11.．【答案】 最低点 偏小
解析：（1）为减小实验误差，应从石块摆到最低点，即从平衡位置开始计时。
（2）由单摆的周期公式得
用ON的长l作为摆长，摆长偏短，则测得的重力加速度偏小；
（3）设石块重心到N点的距离为R，则实际摆长为
可得
可知图像的斜率为 可得重力加速度为
12.（1）【答案】 = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ① 6 = 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②
解析： = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①电流表改装成较大量程的电流表应并联一个小电阻分流。由题可知，定值电阻的阻值为电流表A内阻的一半，则电流表A的量程
即改装的新电流表的量程为。
= 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②根据实验原理
变形得 即
由于图像是一直线，所以纵坐标为，由图像可知，斜率为，
所以，
12.（2）【答案】 ①. 0.700mm ②. ③.
解析：①螺旋测微器读数为0.5mm＋20.0×0.01mm=0.700mm。（0.698-0.702均对）
②因为两电表内阻都不精确已知，不能改表，由两电表量程可知，串联改造电阻，电路图如图所示，为了较测量电阻必须用电流表外接电路，
③.
由 ， ，
联立可求得电阻率的表达式为
13.【答案】（1）10m/s；（2）B = 5T
解：（1）根据动能定理可知（2分）
代入数据可得（2分）
（2）若粒子不能进入x 轴上方，临界状态时，运动轨迹恰好与x轴相切，如图所示，
根据几何关系可知（2分）
由于（2分）
解得B = 5T（2分）
14.【答案】(1)正电； (2)； (3)
解：(1)乙带正电（2分）
(2)速度最大时，合外力为零，设甲在点的电场强度大小为，则有mgsinθ=qE（2分）
解得（2分）
(3)由到由动能定理有（2分）
解得
则（2分）
15.【答案】（1）60N；（2）3J；（3）
解：（1）设小球摆到最低点时速度大小为，绳对小球的拉力为，由动能定理（1分）
解得小球碰前瞬间的速度（1分）
由牛顿第二定律得（1分）
解得（2分）
（2）设碰后小球、滑块的速度大小分别为和，由图像可得
小球与滑块组成的系统碰撞过程动量守恒，得（1分）
且（1分） 解得
碰撞过程损失的机械能（1分）
代入数据得:（2分）
（3）设经时间t滑块和木板达到共同速度，此时木板速度最大，由动量定理：对木板（1分）
对滑块（1分）
联立解得 （1分）
假设共速后物体与木板共减速至0，则有（1分）
共速之前木板的加速度为（1分）
假设合理，所以木板最大位移为:（1分）题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
A
D
B
D
C
BC
BD
BCD
CD