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    2022-2023学年福建省三明市永安市第九中学高二下学期返校考试物理试题
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    2022-2023学年福建省三明市永安市第九中学高二下学期返校考试物理试题

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    这是一份2022-2023学年福建省三明市永安市第九中学高二下学期返校考试物理试题,共6页。试卷主要包含了5 s时质点所受的回复力为最大,5×104 N/C 12等内容,欢迎下载使用。

    永安九中2022-2023学年下学期返校考试

    物理

    完卷时间:75分钟;满分100分  

    一、  单项选择题:本题共4小题,每小题4分,共16分。)。

    1.最早提出用电场线描述电场的物理学家是(  )

    A.牛顿     B.法拉第    C. 伽利略    D.阿基米德

    2.在某电场中,AB两点间的电势差UAB=60 V,BC两点间的电势差UBC=-50 V,则ABC三点电势高低关系是(  )

    A.φ Aφ Bφ C   B.φ Aφ Cφ B

    C.φ Aφ Cφ B   D.φ Cφ Bφ A

    3.一质点做简谐运动的位移x与时间t的关系如图所示,规定沿x轴正方向为正,由图可知(  )

    A.频率是2 Hz      B.振幅是10 cm

    C.t=1.7 s时的加速度为正,速度为负

    D.t=0.5 s时质点所受的回复力为最大

    4.在如图所示的电路中,R1R2R3皆为定值电阻,R4为可变电阻,电源的电动势为E,内阻为r,设电流表的读数为I,电压表的读数为U,当R4的滑动触头向图中a端移动时(  )

    A.I变大,U变小   B.I变大,U变大

    C.I变小,U变大   D.I变小,U变小

    二 多项选择题:本题共4小题,每小题6分,共24分。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分

    5.超导是当今高科技的热点之一,当一块磁体靠近超导体时,超导体中会产生强大的电流,对磁体有排斥作用,这种排斥力可使磁体悬浮在空中,磁悬浮列车就采用了这项技术,磁体悬浮的原理是(  )

    A.超导体中的电流的磁场方向与磁体的磁场方向相同  

    B.超导体中的电流的磁场方向与磁体的磁场方向相反

    C.超导体使磁体处于失重状态         D.超导体对磁体的作用力与磁体的重力平衡

    6.如图所示,三个质量相等的、分别带正电、负电和不带电的小球,以相同速率在平行放置的带电金属板间的P点沿垂直于电场方向射入电场,落在ABC三点,则(  )

    A.落到A点的小球带正电、落到B点的小球带负电、落到C点的小球不带电

    B.三小球在电场中运动时间相等

    C.三小球到达正极板的动能关系是E k A<E k B<E k C     D.三小球在电场中的加速度关系是a C>a B>a A

    7.如图所示,处在匀强磁场中的线圈怎样运动或变化,线圈中才能产生感应电流(  )

     

    A.把线圈从磁场中拉出                    B.以线圈的任意直径为轴转动

    C.用力拉线圈的四周使其面积发生变化

    D.线圈沿自身所在的平面在磁场区域内做加速运动

    8.在某电场中一条直的电场线上建立x轴,x轴上Ox2间的电场强度的分布如图所示,沿x轴正向为电场强度的正方向,在坐标原点处放一个质量为m、电荷量为q的正点电荷,该电荷仅在静电力的作用下运动,则在电荷从x=0运动到xx2的过程中,下列说法正确的是(  )

    A.电荷先做加速运动后做减速运动      B.电荷运动的加速度先增大后减小

    C.电荷运动到xx1处时,电势能减少了qE0x1

    D.电荷运动到xx1处的速度与运动到xx2处的速度之比为x1x2

    二、非选择题(共60,其中9、10为填空题,11、12为实验题,13-15为计算题):

    9一列沿x轴正方向传播的简谐机械横波,波速为4 m/s.某时刻波形如图所示,则这列波周期为    s,此时x=4 m处质点沿y     方向运动(填正或

    10.如图所示,已知电源电动势为6 V,内阻为1 ,若电阻箱R的最大值为3 Ω,R0=5 Ω,求:当电阻箱R读数为      Ω时,电阻箱R的功率最大值为     W。

    11.6分某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验.某次用刻度尺测得摆线长为67.80 cm.用游标卡尺测得小球直径的读数如图甲所示,则小球直径为________cm;重复实验几次,改变摆线的长度L,用秒表测出相应的周期T,再以L为横坐标,T2为纵坐标作图,对应的图像应为图乙中的直线________(填“1”“2”或“3”).若已知直线的斜率为k,请写出重力加速度g的表达式________.

    甲        乙

    126分1.(实验设计和器材选择)用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V,内电阻约1 Ω)的电动势和内电阻,除待测电池组、开关、导线外,还有下列器材供选用:

    A.电流表:量程0.6 A,内电阻约1 Ω

    B.电流表:量程3 A,内电阻约0.2 Ω

    C.电压表:量程3 V,内电阻约30 k Ω

    D.电压表:量程6 V,内电阻约60 k Ω

    E.滑动变阻器:0~1 000 Ω,额定电流0.5 A

    F.滑动变阻器:0~20 Ω,额定电流2 A

    (1)为了使测量结果尽量准确,电流表应选用________,电压表应选用________,滑动变阻器应选用________(均填仪器的字母代号)。

    (2)实验时发现电流表坏了,于是不再使用电流表,剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器,重新连接电路,仍能完成实验。实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U。用图像法处理采集到的数据,为在直角坐标系中得到的函数图像是一条直线,则可以为纵坐标,以________为横坐标。

    1310分如图所示,一质量为m=1.0×10-2 kg、带电荷量为q=1.0×10-6 C的小球,用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中,假设电场范围足够大,静止时悬线向左与竖直方向成θ=37°角。小球在运动过程中电荷量保持不变,重力加速度g取10 m/s2

    (1)求电场强度E的大小;

    (2)若在某时刻将细线突然剪断,求经过1 s时小球的速度大小v及方向。(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)

     

     

     

    1414分如图所示,在E=103 V/m 的水平向左匀强电场中,有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置,轨道与一水平绝缘轨道MN连接,半圆轨道所在竖直平面与电场线平行,其半径R =0.4 m。一带正电荷q=10-4 C的小滑块,质量为m= 0.04 kg,与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2,g取10 m/s2,求:

    (1)要使小滑块能运动到半圆轨道的最高点Q,滑块应在水平轨道上离N点多远处释放?

    (2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大?(P为半圆轨道中点)

     

     

     

    15.16分)如图甲所示,质量为m1=2.0kg的绝缘木板A静止在水平面上。质量为m2=1.0kg可视为质点的带正电小物块B放在木板A上某一位置,其电荷量q=10-3C。空间存在足够大的水平向右的匀强电场,电场强度的大小E=500V/m。质量为m3=1.0kg的滑块C放在A板左侧的地面上,滑块C与地面间无摩擦,其受到水平向右的变力F作用(力F与t关系如图乙所示)由静止向右运动。在t=1s时撤去变力F,滑块C刚好与木板A发生弹性碰撞,且碰撞时间极短。此后,整个过程物块B都末从木板A上滑落。已知B与A,A与地间的动摩擦因素为0.1,g=10m/s2。求(1)撤去变力F瞬间,滑块C的速度(2)滑块C与木板A发生弹性碰撞后经多长时间,小物块B与木板A第一次刚好共速并求出速度大小。(3)请列式并计算验证碰撞后到第一次共速时,A、B及电场系统的能量守恒。

     

     

     

     

    参考答案:

    题号

    1

    2

    3

    4

    5

    6

    7

    8

    答案

    B

    C

    C

    D

    BD

    CD

    ABC

    BC

    9   2 ,正(各2分)

    10   3 Ω  W各2分

    11    1.640 2 各2分

    12     (1)A D F  各1分(2)   3分

    13(10分)

    解析 (1)由平衡条件得,小球所受电场力Fmg tan θ,所以电场强度

    E N/C=7.5×104 N/C。

    (2)剪断细线后,小球的合力F=1.25mg

    方向沿原细线方向斜向下

    根据牛顿第二定律得小球的加速度a=1.25g=12.5 m/s2

    所以1 s时小球的速度大小vat=12.5 m/s,速度方向沿原细线方向向下,即方向与竖直方向成37°角,斜向左下。

    答案 (1)7.5×104 N/C (2)12.5 m/s 方向与竖直方向成37°角,斜向左下

    14(14分)

    解析 (1)滑块刚能通过轨道最高点的条件是mgmv=2 m/s

    滑块由释放点到最高点过程中,由动能定理得q Exμ m g x-2mgRmv2

    所以x     代入数据得x=20 m。

    (2)滑块从PQ的过程中,由动能定理得-m g Rq ERmv2m v

    所以vv2+2(g)R

    P点由牛顿第二定律得Nq E

    所以N=3(mgq E),代入数据得N=1.5 N。

    由牛顿第三定律知,滑块通过P点时,轨道对小滑块的弹力N与滑块对轨道的压力N′等大、反向,所以N′=N=1.5 N。

    答案 (1)20 m (2)1.5 N

     

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