初中物理中考复习 物理-（陕西卷）2020年中考考前最后一卷（全解全析）

2020年中考考前最后一卷【陕西卷】

物理·全解全析

1．【答案】B

【解析】声音传播需要介质，因为月球上没有空气，真空不能传声，所以在月球上的宇航员面对面的交谈也要借助无线电通讯设备。故B符合题意。故选B。

2．【答案】B

【解析】医护人员口鼻呼出的水蒸气遇到冷的镜片液化成小水滴，即“雾气”，液化要放热．故选B．

3．【答案】D

【解析】A、透过树丛的光是由于光沿直线传播形成的．不符合题意．

B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，不符合题意．

C、手影光是沿直线传播形成的．不符合题意．

D、水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意．

故选D．

4．【答案】A

【解析】根据碳海绵“内部像海绵一样多孔隙”可知其易被压缩；根据碳海绵是一种由碳元素组成的超轻物质，其内部像海绵一样多孔隙，用它吸收浮在水面上的原油等，可知其密度很小，能浮于海面上；根据碳海绵可用于 处理海上原油泄漏亊件，处理时，先用它吸收浮在水面上的原油，再通过挤压，将碳海绵内的原油进行回收，可知其能吸油但不吸水，综上分析可知，此过程没有应用到“碳海绵”保温性能好的性质，故A符合题意，BCD不合题意。

故选A。

5．【答案】C

【解析】A．冰壶对冰面的压力与受到的重力受力物体不是同一个，方向不相反，所以不是一对平衡力，故A错误；

B．冰壶离开手后继续向前滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性是物体的固有属性，不能说冰壶受到惯性，故B错误；

C．冰壶减速滑行的过程中，速度减小，所以动能减小，故C正确；

D．冰壶滑行过程中，受到滑动摩擦力的方向与滑行方向相反，故D错误。

故选C。

6．【答案】C

【解析】A．为了安全，家庭电路或公共场合中的导线应给选取粗细合适、电阻率较小的铜导线，不是越细越好，故A错误；

B．功率较大的电器必须使用三孔插头，当用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，即便漏电，电流也就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故B错误；

C．家庭电路中一定要安装保险丝，且接在火线上，在电流过大时能自动切断电源，保护电路，同时避免发生触电事故；故C正确；

D．自来水是导体，拿湿毛巾覆盖在着火的位置，有可能导致触电，故D错误。

故选C。

7．【答案】D

【解析】A．由图像可知，物体在6 s内运动的路程为15 m，故A正确，不符合题意；

B．物体在中间2 s内随着时间变化位置没变，所以以地球为参照物，物体是静止的，故B正确，不符合题意；

C．物体在6 s内的平均速度v===2.5m/s，故C正确，不符合题意；

D．物体在前2 s内速度v===2.5m/s，后2s内的速度v===5m/s，故D错误，符合题意。

故选D。

8．【答案】D

【解析】根据图像求出甲、乙两物质的密度之比，两正方体A、B的质量相同，根据得出A、B的体积之比，从而得出边长之比；知道A、B的密度关系、边长的大小关系，正方体对地面的压强，据此求压强大小关系。

由图可知，当甲的体积为1cm3时，质量为8g，所以甲的密度为8g/cm3；当乙的体积为4cm3时，质量为4g，所以乙的密度为1g/cm3，则有

根据可得，质量相等的甲、乙的体积比

则甲、乙两个正方体的棱长比

根据柱体压强公式可知，两正方体A. B对水平地面的压强之比

故选D。

9．【答案】A

【解析】A．是著名的是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故A符合题意；

B．闭合开关，螺旋管中电流向下，由安培定则可知，通电螺线管右端为N极，故B不符合题意；

C．是通电导体在磁场中受力运动的实验，是电动机的原理，故C不符合题意；

D．是电磁感应实验装置，用来研究感应电路的产生，该实验原理与发电机的工作原理相同，故D不符合题意。

故选A。

10．【答案】D

【解析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：，据此可知，因U、R0不变，电流I随R增大而减小，且变阻器接入阻值越来越大时，电路中的电流减小得比较缓慢，故A错误；

电压表的示数：，所以，U一定，且R越增大时，电压表的示数越来越接近电源的电压（即电压表示数应增大得越来越缓慢），故B错误；

 R0消耗的功率：P0＝I2R0，则P0与I是二次函数关系，图象应该是抛物线的一段（即曲线的一段），但图C中P0﹣R的图象是一次函数，故C错误；

R消耗的功率：PR＝I2R＝＝＝＝＝；当R＝R0时，PR有最大值；由上面关系式可知，PR先随R的增大而增大，PR达到最大值后，PR随R的增大而减小，故D正确．

11．【答案】凸    远   

【解析】 通过智能手机的摄像头扫描二维码（如图甲）可快速获取网络信息，手机摄像头相当于一个凸透镜，凸透镜对光有会聚作用。

远视眼镜的镜片是凸透镜，所以手机摄像头的镜片与远视眼的镜片相同。

12．【答案】深度    大气压    小   

【解析】由图甲可知，下面的孔喷出的水柱比上面的孔喷出的水柱射的更远，说明下面的小孔处受到水的压强大，则可知液体压强随深度的增加而增大。图乙中，挤压吸盘，吸盘内空气减少，外界大气压把吸盘紧紧压住，所以吸盘式挂钩是利用了大气压强的作用，说明了大气压的存在；图丙中，往横管中吹气，竖管上方的空气流速变大，压强变小，竖管下方的压强不变，竖管中的水在外界大气压作用下被压上来，所以竖管中的水上升。

13．【答案】0    5    5   

【解析】A、B、C三个物体叠放在一起，以共同的速度在桌面上匀速滑动，A、B之间相对静止，没有相对运动的趋势，因此没有摩擦力，即物体B作用于物体A的摩擦力大小为0。以AB作为整体为研究对象，根据平衡条件可知，C对B的摩擦力大小等于F，方向与F相反，据力作用的相互性，B作用于C的摩擦力为5N。

对A、B、C整体受力分析得，整体受重力、支持力、拉力F及地面对C的摩擦力，因物体处于匀速直线运动状态，故摩擦力与拉力F大小相等、方向相反，故桌面作用于物体C的摩擦力大小为5N。

14．【答案】比热容    3.36×1010    大于   

【解析】因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。

河水吸收的热量Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/（kg•℃）×1.0×107kg×0.8℃=3.36×1010J

河水吸收的热量为3.36×1010J。

由题知，水和沙石的质量m相同，吸收的热量相同，因c水>c沙石，所以，由Q吸=cmΔt的变形式Δt=可知，升高的温度关系为Δt砂石>Δt水

即这些热量被等质量的砂石吸收后，砂石升高的温度大于0.8℃。

15．【答案】不变    2120    424   

【解析】在升降台匀速上升过程中，演员的质量不变，速度不变，故动能不变。

升降台在这次上升过程中对演员所做的功W=Fs，F指的是作用在物体上的力，应等于演员所产生的重力G，演员的重力G=mg=106kg×10N/kg=1060N

所以F=G=1060N，演员在这个力的方向上移动的距离s=2m，所以升降台在这次上升过程中对演员所做的功W=Fs=1060N×2m=2120J

升降台在这次上升过程中对演员所做的功转化为演员的重力势能，故两位演员的重力势能增大2120J。

升降台对两位演员做功的功率P===424W

升降台对两位演员做功的功率为424W。

16．【答案】    电流       

【解析】在甲、乙两处分别接入电压表，当闭合开关S时，电路是串联电路，甲乙两电压表分别测量R1、R2的电压，由分压原理，电压之比等于电阻之比，所以

由电路图可知，断开开关S后，如果两电表是电压表，两电阻被断路，两电阻都不能正常工作，要使R1和R2都能工作，甲乙两表应该是电流表，电路是并联电路，甲电流表测R2的电流，乙电流表测R1的电流，由于并联电路各支路电压相等，根据欧姆定律得，电流和电阻成反比

【答案】       

【解析】（1）潜水员看到的是由折射光线的反向延长线会聚所成的像，所以像在反射光祥所在的直线上，眼睛在折射光线上，所以连接BE即为折射光线，BE和水面的交点O即为入射点，连接AO即为入射光线，如下图：

（2）闭合开关S后小磁针沿逆时针方向偏转，说明螺线管的右端为S极，根据安培定则可以判断，螺线管正面电流方向向上，则电源的右端为正极，左端为负极，在磁体的外部，磁感线从N极到S极，所以A点的磁感线方向向右，如下图：

18．【答案】（1）3.20    （2）大    小    （3）吸引轻小物体   

【解析】（1）刻度尺的分度值是1mm，纸条的左端对齐刻度尺的零刻度线，右端对齐3.20cm，所以纸条的长度是3.20cm。

（2）伯努利原理：对于流动的液体或气体，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。如图乙，沿两纸中间吹气，吹气区域空气流速大，压强小，纸的外侧空气流速小，压强大，产生一个向内的压强差，所以两纸靠近。

（3）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，能吸起碎纸片，说明带电体可以吸引轻小物体。

19．【答案】（1）使液体受热均匀    （2）加热时间    （3）A    （4）A   

【解析】（1）实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀。

（2）吸收多少热量无法用测量工具直接测量，根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较。

（3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多。

（4）因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力强，比热容大，根据，质量相同的A、B液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。

20．【答案】（1）左    水平    力臂    （2）动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2）    不合理    实验次数过少    （3）杠杠有自重   

【解析】（1）杠杆重心左移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来．

（2）杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或F1L1=F2L2），只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性．

（3）图乙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．

21．【答案】（1）    （2）左    （3）0.5   （4） b        2.5    （5）2~3V   

【解析】（1）如图所示，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中，是错误的，正确的连接方法是电流表与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，如图示数

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，按图中的接法，应该远离右下接线柱，即左端。

（3）由图乙可知，灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流为0.2A，灯泡的额定功率

（4）电压表测灯泡两端电压，当灯泡两端电压为2.5V时，灯泡正常发光；接着保持滑片位置不变，将电压表的b点接线改接到c点，观察并记录电压表示数U，此时电压表测灯泡与R0串联的总电压，根据串联分压的特点可得定值电阻R0两端电压

通过定值电阻的电流

根据串联电路电流规律可知灯泡的额定电流

则灯泡的额定功率

在实验过程中，因为电压表选用的量程是0~3V，既要测灯泡的额定电压，也要测灯泡与R0串联的总电压，故定值电阻R0的最大电压不能超过

由可得R0的最大阻值不能超过

（5）因为电流表的量程是0~0.6A，所以电路中的最大电流是0.6A，当接入最小的电阻5Ω时，电压表的示数即为允许的最大电压

假设电压表的最小示数为UV，根据串联分压的特点可得滑动变阻器两端的电压

根据串联电路中，电压的分配与电阻大小成正比的关系得

解得

所以要完成这四次探究实验，则定值电阻两端电压的取值范围是2~3V。

22．【答案】（1） 600Pa；（2） 750Pa；（3） 0.2N；（4） 0.4N

【解析】（1）金属圆柱体未浸入时，水对容器底的压强为

p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa

（2）容器的质量忽略不计，金属圆柱体未浸入时，容器对桌面的压力为

F=G水=3N

容器对桌面的压强为

（3）金属圆柱体浸没在水中时排开水的体积为

V排=V=2×10-5m3

浸没在水中时受到的浮力为

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-5m3=0.2N

（4） 金属圆柱体浸没在水中静止时受到竖直向上的浮力和绳子拉力、竖直向下自身的重力作用处于平衡状态，可得

F拉+F浮=G

则受到细线的拉力为

F拉=G-F浮=0.6N-0.2N=0.4N

23．【答案】（1）10Ω；（2）0.9W；（3）5Ω～10Ω

【解析】（1）由P=可知，灯泡电阻RL===10

（2）由图示电路图可知，只闭合S、S1时两电阻串联，由P=可知，在电压一定时，电路总电阻R越大，电路总功率越小，只闭合S、S1，滑片移至b端时电路总电阻最大，功率最小，最小功率

P===0.9W

（3）由P=UI可知，灯泡额定电流

IL===0.4A

由图示电路图可知，当只闭合S与S2时灯泡与滑动变阻器串联，电流表的测量范围为00.6A，灯泡额定电流为0.4A，则电路最大电流I=0.4A，由I=可知

R总最小=RL+R滑===15

滑动变阻器接入电路的最小电阻

R滑最小=R总最小-RL=15-10=5

电压表的测量范围为03V，滑动变阻器两端最大电压U滑最大=3V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，最小电流

I最小==0.3A

由I=可知

R滑最大===10

滑动变阻器接入电路的阻值范围是：510。